辽宁省沈阳市东北育才学校2018-2019学年高二上学期期中考试物理试题含答案
高二2018-2019学年度上学期物理期中试卷
总分：100分时间：90分钟
一、单项选择（每题4分，共40分）
1．一段长0.2 m，通过 2.5 A电流的直导线，关于在磁感应强度为B的匀强磁场中所受安培力F的情况，正确的是( )
A．如果B＝2 T，F一定是 1 N
B．如果F＝0，B也一定为零
C．如果B＝4 T，F有可能是 1 N
D．如果F有最大值时，通电导线一定与B平行
2．如图所示，垂直纸面放置的两根平行长直导线分别通有方向相反的电流I1和I2，
且I1>I2，纸面内的一点H到两根导线的距离相等，则该点的磁感应强度方向可能为
图中的( )
A．B4B．B3C．B2D．B1
3．如图所示，一束质量、速度和电荷量不全相等的离子，经过由正
交的匀强电场和匀强磁场组成的速度选择器后，进入另一个匀强磁
场中并分裂为A、B两束，下列说法中正确的是( )
A.组成A束和B束的离子都带负电
B.组成A束和B束的离子质量一定不同
C.A束离子的比荷大于B束离子的比荷
D.速度选择器中的磁场方向垂直于纸面向外
4.如图所示，直线A为电源的图线，直线B和C分别为电阻、的图线。
现用
该电源分别与、组成闭合电路甲和乙。
由图像一定能确定的是( )
A.电阻
B.电源输出功率
C. 电源内阻消耗的功率
D. 电源效率
5.如图所示，电路中每个电阻的额定功率和阻值都相同，当电压U升高时，
先烧坏的电阻应是（）
- 1 -。
辽宁省沈阳市东北育才学校2017-2018学年高二下学期期中考试物理试题
2017—2018学年度下学期期中考试高二年级物理科试卷答题时间：90分钟满分：100 命题校对：高二物理组一．选择题（1-8为单项选择题，9-12为多项选择题；每题4分，共48分）1.下列有关简谐运动说法不正确的是( )A.做简谐运动的物体，受到的回复力的方向总是指向平衡位置B.平衡位置就是加速度为零的位置C.水平弹簧振子振动过程中动能和弹性势能相互转化，系统总机械能守恒D.弹簧振子振动过程中，弹性势能增加时，弹簧的长度可能变短2.如图所示的装置，弹簧振子的固有频率是4 Hz.现匀速转动把手，给弹簧振子以周期性的驱动力，测得弹簧振子振动达到稳定时的频率为1 Hz，则把手转动的频率为( )A．1 Hz B．3 Hz C．4 Hz D．5 Hz3．如图，甲为t＝1 s时某横波的波形图像，乙为该波传播方向上某一质点的振动图像，距该质点Δx＝0.5 m处质点的振动图像可能是( )4.如图4，P为桥墩，A为靠近桥墩浮在水面的叶片，波源S连续振动，形成水波，此时叶片A静止不动.为使水波能带动叶片振动，可用的方法是( )A.提高波源频率B.降低波源频率C.增加波源距桥墩的距离D.减小波源距桥墩的距离5.以下说法中正确的是（）A．横波和纵波都能发生干涉、衍射和偏振现象B、相对论认为空间和时间与物质的运动状态有关C、麦克斯韦预言并用实验证实了电磁波的存在D、在光的双缝干涉实验中，若仅将入射光由绿光变为红光，则条纹间距将变窄6．先后用两种不同的单色光，在相同的条件下用同一双缝干涉装置做实验，在屏幕上相邻的两条亮纹间距不同，其中相邻两条亮纹间距较大的单色光比相邻两条亮纹间距较小的单色光（）A．其光子的能量较大B．在玻璃中传播速度较大C．在真空中的波长较短D．在玻璃中传播时，相邻两条亮纹间距较大的单色光在玻璃中折射率较大7.有关电磁波和声波，下列说法错误的是( )A．电磁波的传播不需要介质，声波的传播需要介质B．由空气进入水中传播时，电磁波的传播速度变小，声波的传播速度变大C．电磁波是横波，声波也是横波D．由空气进入水中传播时，电磁波的波长变短，声波的波长变长8.对相对论的基本认识，下列说法正确的是( )A．相对论认为：真空中的光速在不同惯性参考系中都是相同的B．爱因斯坦通过质能方程阐明了质量就是能量C．在高速运动的飞船中宇航员会发现飞船中的时钟与他观察到地球上的时钟走得同样快D．我们发现竖直向上高速运动的球在水平方向上长度变短了9.光纤通信的主要优点是容量大、衰减小、抗干扰性强等，因此在现代生活中被广泛应用。
辽宁省沈阳市东北育才学校2017-2018学年度高二上学期第一次段考物理试卷 Word版含解析
辽宁省沈阳市东北育才学校2017-2018学年高二上学期第一次段考物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项是正确的，有的小题有多个选项是正确的，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．每时每刻都有大量宇宙射线向地球射来，地磁场可以改变射线中大多数带电粒子的运动方向，使它们不能到达地面，这对地球上的生命有十分重要的意义．假设有一个带正电的宇宙射线粒子正垂直于地面向赤道射来，在地磁场的作用下，它将（）A．向东偏转B．向南偏转C．向西偏转D．向北偏转2．如图所示的电路中，C2=2C1，R2=2R1，下列说法正确的是（）A．开关处于断开状态，电容器C2的电量大于C1的带电量B．开关处于断开状态，电容器C1的电量大于C2的带电量C．开关处于接通状态，电容器C2的电量大于C1的带电量D．开关处于接通状态，电容器C1的电量大于C2的带电量3．如图所示，图中的四个电表均为理想电表，当滑动变阻器滑动触点P向右端移动时，下面说法中正确是（）A．伏特表V1的读数减小，安培表A1的读数减小B．伏特表V1的读数增大，安培表A1的读数增大C．伏特表V2的读数减小，安培表A2的读数增大D．伏特表V2的读数增大，安培表A2的读数减小4．两根通电的长直导线平行放置，电流分别为I1和I2，电流的方向如图所示，在与导线垂直的平面上有a、b、c、d四个点，其中a、b在导线横截面连线的延长线上，c、d在导线横截面连线的垂直平分线上．则导体中的电流在这四点产生的磁场的磁感应强度可能为零的是（）A．a点B．b点C．c点D．d点5．如图所示电路，开关S原断开，现将S合上，则A．B两点电势φA、φB与S断开时相比（）A．φA升高，φB降低B．φA降低，φB升高C．都升高D．都降低6．汽车电动机启动时车灯会瞬时变暗，如图，在打开车灯的情况下，电动机未启动时电流表读数为10A，电动机启动时电流表读数为58A，若电源电动势为12.5V，内阻为0.05Ω，电动机内阻为0.02Ω，电流表内阻不计，则电动机启动时（）A．车灯的电压为9.6V B．通过电动机的电流为48AC．电动机的电功率为50W D．电动机输出的机械功为430W7．如图所示，连接平行金属板P1和P2（板面垂直于纸面）的导线的一部分CD和另一连接电池的回路的一部分GH平行，CD和GH均在纸面内，金属板置于磁场中，磁场方向垂直纸面向里．当一束等离子体射入两金属板之间时，CD段将受到力的作用，则（）A．等离子体从右方射入时，P1板电势较高，CD受力方向背离GHB．等离子体从右方射入时，P2板电势较高，CD受力指向GHC．等离子体当从左方射入时，P2板电势较高CD受力方向背离GHD．等离子体当从左方射入时，P1板电势较高CD受力方向指向GH8．为了测量某化肥厂的污水排放量，技术人员在该厂的排污管末端安装了如图所示的流量计，该装置由绝缘材料制成，长、宽、高分别为a、b、c，左右两端开口，在垂直于上下表面方向加磁感应强度为B的匀强磁场，在前后两个内侧面固定有金属板作为电极，污水充满管口从左向右流经该装置时，电压表将显示两个电极间的电压U．若用Q表示污水流量（单位时间内排出的污水体积），下列说法正确的是（）A．若污水中正离子较多，则前内侧面比后内侧面电势高B．前内侧面的电势一定低于后内侧面的电势，与哪种离子多无关C．污水中离子浓度越高，电压表的示数将越大D．污水流量Q与电压U成正比，与a、b有关9．如图是某离子速度选择器的原理示意图，在一半径为R=10cm的圆形筒内有B=1×10﹣4T的匀强磁场，方向平行于轴线．在圆柱形筒上某一直径两端开有小孔a、b分别作为入射孔和出射孔．现有一束比荷为=2×1011C/kg的正离子，以不同角度α入射，最后有不同速度的离子束射出，其中入射角α=30°，且不经碰撞而直接从出身孔射出的离子的速度v大小是（）A．4×105m/s B．2×105m/s C．4×106m/s D．2×106m/s10．如图为两电源的U﹣I图象，则下列说法正确的是（）A．电源①的电动势比电源②的大，内阻比电源②的内阻小B．当外接同样的电阻时，两电源的输出功率可能相等C．当外接同样的电阻时，两电源的效率可能相等D．不论外接多大的相同电阻，电源①的输出功率总比电源②的输出功率大11．如图所示，电源电动势为E，内阻为r，R0为定值电阻，R为可变电阻，且其总阻值R＞R0+r，则当可变电阻的滑动触头由A向B移动时（）A．电源内部消耗的功率越来越大，电源的供电效率越来越低B．R、R0上功率均越来越大C．R0上功率越来越大，R上功率先变大后变小D．R﹣0上功率越来越大，R上功率先变小后变大12．如图所示，宽d=2cm的有界匀强磁场，纵向范围足够大，磁感应强度的方向垂直纸面向内．现有一群带正电的粒子从O点以相同的速率沿纸面不同方向进入磁场，若粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨道半径均为r=5cm，则（）A．右边界：﹣4cm＜y≤4cm的范围内有粒子射出B．右边界：y＞4cm和y＜﹣4cm的范围内有粒子射出C．左边界：y＞8cm的范围内有粒子射出D．左边界：0＜y≤8cm的范围内有粒子射出二、实验填空题（本题共3小题，其中13题2分14题4分，15每题9分共15分）13．如图所示，电子枪射出的电子束进入示波管，在示波管正下方有竖直放置的通电环形导线，则示波管中的电子束将偏转．（填“向上”“向下”“向里”“向外”）14．已知地磁场的水平分量为B，利用这一值可以测定某一弱磁场的磁感强度，如图所示为测定通电线圈中央一点的磁感强度．实验方法：①先将未通电线圈平面固定于南北方向竖直平面内，中央放一枚小磁针N极指向北方；②给线圈通电，此时小磁针N极指北偏东θ角后静止，由此可以确定线圈中电流方向（由东向西看）与线圈中央的合磁感强度分别为、．15．为测量一个定值电阻的阻值，备用器材：待测电阻R x电流表A1（量程100 μA，内阻约2kΩ）；电流表A2（量程500 μA，内阻约300Ω）电压表V1（量程15V，内阻约150kΩ）；电压表V2（量程50V，内阻约500kΩ）电源E（电动势15V）；滑动变阻器R（最大阻值1kΩ）；多用电表，开关S，导线若干．（1）先用多用电表欧姆挡对R x进行粗测．若选择×100Ω挡用正确的测量方法进行测量，发现指针几乎不偏转，为较准确测量应选用挡（×10，×1k）．重新选挡测量，刻度盘上的指针位置如图所示，测量结果是Ω．现用伏安法测量R x阻值．为了尽量减小实验误差，要求测多组数据．①电流表应选，电压表应选．②画出实验电路图．③根据实验中测得的多组数据作出的UI图线如图所示，根据图线求得待测电阻的阻值为Ω．三、解答题（本题共3小题，共37分，解答应写明必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位）16．如图所示，在倾角为37°的光滑斜面上有一根长为0.4m、质量为6×10﹣2 kg的通电直导线，电流大小I=1A、方向垂直于纸面向外，导线用平行于斜面的轻绳拴住不动，整个装置放在磁感应强度每秒增加0.4T、方向竖直向上的磁场中，设t=0时，B=0，求几秒后斜面对导线的支持力为零？（g取10m/s2）17．如图所示，电灯L标有“4V、1W”．滑动变阻器R总电阻为50Ω，当滑片P滑至某位置时，L恰好正常发光，此时电流表示数为0.45A，由于外电路发生故障，电灯L突然熄灭，此时电流表示数变为0.5A，电压表示数变为10V，若导线完好，电路中各处接触良好，试问：（1）发生故障是短路还是断路？发生在何处？发生故障前，滑动变阻器接入电路的阻值为多少？（3）电源电动势和内电阻分别为多大？18．如图所示，在以坐标原点O为圆心、半径为R的半圆形区域内，有相互垂直的匀强电场和匀强磁场，磁感应强度为B，磁场方向垂直于xOy平面向里．一带正电的粒子（不计重力）从O点沿y轴正方向以某一速度射入，带电粒子恰好做匀速直线运动，经t0时间从P点射出（1）求电场强度的大小和方向．若仅撤去电场，带电粒子仍从O点射入，但速度为原来的4倍，求粒子在磁场中运动的时间．（粒子的比荷满足=）辽宁省沈阳市东北育才学校高二上学期第一次段考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项是正确的，有的小题有多个选项是正确的，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．每时每刻都有大量宇宙射线向地球射来，地磁场可以改变射线中大多数带电粒子的运动方向，使它们不能到达地面，这对地球上的生命有十分重要的意义．假设有一个带正电的宇宙射线粒子正垂直于地面向赤道射来，在地磁场的作用下，它将（）A．向东偏转B．向南偏转C．向西偏转D．向北偏转考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：根据地球磁场的分布，由左手定则可以判断粒子的受力的方向，从而可以判断粒子的运动的方向．解答：解：地球的磁场由南向北，当带正电的宇宙射线粒子垂直于地面向赤道射来时，根据左手定则可以判断粒子的受力的方向为向东，所以粒子将向东偏转，所以A正确．故选A．点评：本题就是考查左手定则的应用，掌握好左手定则即可判断粒子的受力的方向．2．如图所示的电路中，C2=2C1，R2=2R1，下列说法正确的是（）A．开关处于断开状态，电容器C2的电量大于C1的带电量B．开关处于断开状态，电容器C1的电量大于C2的带电量C．开关处于接通状态，电容器C2的电量大于C1的带电量D．开关处于接通状态，电容器C1的电量大于C2的带电量考点：闭合电路的欧姆定律；电容．专题：电容器专题．分析：当开关S闭合时，两个电阻串联，电容器C2与电阻R1并联，电容器C1与电阻R2并联．开关S断开后，电路稳定后，电路中无电流，两电容器的电压都等于电源的电动势．根据Q=UC即可判断带电量之间的关系．解答：解：A、B、当开关S断开后，电路稳定后，电路中无电流，两电容器的电压都等于电源的电动势，根据Q=UC，且C2=2C1，R2=2R1，得：电容器C2的电量大于C1的带电量，故A正确，B错误；C、D、当开关S闭合时，电容器C2的电压等于R1的电压，电容器C1的电压等于电阻R2的电压．而两电阻串联，电压之比等于电阻之比，根据Q=UC，且C2=2C1，U1=2U2，得：电容器C2的电量等于C1的带电量，故CD错误．故选：A．点评：对于含有电容器的电路，在电容不变时，关键是确定电压及其变化．电路稳定时，电容器的电压等于所并联的电路两端的电压．3．如图所示，图中的四个电表均为理想电表，当滑动变阻器滑动触点P向右端移动时，下面说法中正确是（）A．伏特表V1的读数减小，安培表A1的读数减小B．伏特表V1的读数增大，安培表A1的读数增大C．伏特表V2的读数减小，安培表A2的读数增大D．伏特表V2的读数增大，安培表A2的读数减小考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：当滑动变阻器滑动触点P向右端移动时，变阻器接入电路的电阻减小，分析外电路总电阻的变化，由闭合电路欧姆定律判断干路电流的变化，即可知电流表A1读数的变化．根据欧姆定律分析电压表V1读数的变化．根据干路电流的变化，分析路端电压的变化，判断电流表A2读数的变化．由干路电流与通过R3电流的变化，分析通过R2电流的变化，即可判断电压表V2读数的变化．解答：解：当滑动变阻器滑动触点P向右端移动时，变阻器接入电路的电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，路端电压U减小，则电流表A1读数增大；电压表V1读数U1=E﹣I（R1+r），I增大，其他量不变，则U1减小；通过电流表A2的电流I2=，U1减小，则I2减小；通过电阻R2读数I2′=I﹣I2，I增大，I2减小，则I2′增大，则伏特表V2的读数增大．故D正确．故选D点评：本题是简单的电路动态分析问题，按“部分→整体→部分”的思路进行分析．4．两根通电的长直导线平行放置，电流分别为I1和I2，电流的方向如图所示，在与导线垂直的平面上有a、b、c、d四个点，其中a、b在导线横截面连线的延长线上，c、d在导线横截面连线的垂直平分线上．则导体中的电流在这四点产生的磁场的磁感应强度可能为零的是（）A．a点B．b点C．c点D．d点考点：通电直导线和通电线圈周围磁场的方向；磁感应强度．分析：由安培定则确定两电流在图示各点所产生的磁场方向，若方向相反，磁感应强度可能为0，否则不可．解答：解：A、两电流在a 点B的方向相反，若因I1＜I2且离I1近，故I1的磁感应强度可能等于I2的磁感应强度．则a点可能为0．故A正确；B、两电流在d点的B的方向相反，I1＞I2，而I2离b点近，则可以大小相等，故b点磁感应强度可为0．故B正确；C、两电流在c 点d点的B的方向不相反，故b，c两点的磁感应强度不可能为0．故CD错误；故选：AB点评：考查磁场的合成，明确电流的磁感应强度与电流的大小，距离有关．5．如图所示电路，开关S原断开，现将S合上，则A．B两点电势φA、φB与S断开时相比（）A．φA升高，φB降低B．φA降低，φB升高C．都升高D．都降低考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：S闭合后，相当于并联了一个电阻，将导致整个外电阻减小，干路电流将会增大，内电压降会变大，路端电压减小，由欧姆定律判断A、B两点的电势变化解答：解：S闭合后，相当于并联了一个电阻，将导致整个外电阻减小，干路电流将会增大，内电压降会变大，路端电压减小，即U AB减小，设接地点为C，故C点的电势为零，始终不变，而由题意知由于电流变大，故U CB变大，故，φB降低；而U AB=U AC+U CB，即U AB减小，U CB变大，故φA降低．故选：D点评：知道并联整体的电阻小于其中任何一个电阻，电阻两端的电压就是两端的电势差，对于闭合带路来说电势差之和就是电源的电动势．6．汽车电动机启动时车灯会瞬时变暗，如图，在打开车灯的情况下，电动机未启动时电流表读数为10A，电动机启动时电流表读数为58A，若电源电动势为12.5V，内阻为0.05Ω，电动机内阻为0.02Ω，电流表内阻不计，则电动机启动时（）A．车灯的电压为9.6V B．通过电动机的电流为48AC．电动机的电功率为50W D．电动机输出的机械功为430W考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：电机不启动时电源电压直接加在灯泡两端，由闭合电路欧姆定律可求得灯泡的电阻，当电机启动时，电动机与灯泡并连接在电源两端，此时灯泡两端的电压等于路端电压，根据欧姆定律可得通过灯泡的电流，从而求出通过电动机的电流，电动机的电功率P=U L I M，电动机输出的机械功率等于总功率减去内阻消耗的功率．解答：解：A、电动机启动后，路端电压U L=E﹣Ir=12.5﹣0.05×58=9.6V，故A正确；B、电机不启动时电源电压直接加在灯泡两端，由闭合电路欧姆定律得：I′=解得：R L=1.2Ω，电动机启动后，根据欧姆定律得通过灯泡的电流=，则通过电动机的电流I M=I﹣I L=58﹣8=50A，故B错误；C、电动机的电功率P=U L I M=9.6×50=480W，故C错误；D、电动机输出的机械功率W，故D正确．故选：AD点评：灯泡是纯电阻电路，功率公式较多，要根据不同的条件，选择不同的公式形式求解．本题要注意电路的结构，无论电动机是否启动，灯泡两端的电压都为路端电压；同时要注意电动机为非纯电阻用电器，不能适用欧姆定律，路端电压可以由U=E﹣Ir求得．7．如图所示，连接平行金属板P1和P2（板面垂直于纸面）的导线的一部分CD和另一连接电池的回路的一部分GH平行，CD和GH均在纸面内，金属板置于磁场中，磁场方向垂直纸面向里．当一束等离子体射入两金属板之间时，CD段将受到力的作用，则（）A．等离子体从右方射入时，P1板电势较高，CD受力方向背离GHB．等离子体从右方射入时，P2板电势较高，CD受力指向GHC．等离子体当从左方射入时，P2板电势较高CD受力方向背离GHD．等离子体当从左方射入时，P1板电势较高CD受力方向指向GH考点：带电粒子在匀强电场中的运动；匀强电场中电势差和电场强度的关系．分析：根据右侧的电路可知导线GH中的电流的方向为由G到H，在由粒子的进入的方向可以判断电容器中的电流的方向，由同向电流互相吸引，异向电流互相排斥可以得出CD的受力的方向．解答：解：AB、电路中的电流的方向为由G到H，当等离子体从右方射入时，由左手定则可以判断电容器的上极板带负电，下极板带正电，P2板电势较高，电流的方向为由D到C，电流的方向与电路中GH的电流的方向相反，所以CD受到的作用力向左，故AB错误．CD、等离子体从左方射入时，由左手定则可以判断电容器的上极板带正电，下极板带负电，P1板电势较高，电流的方向为由C到D，电流的方向与电路中GH的电流的方向相同，所以CD受到的作用力向右，故C错误，D正确．故选：D．点评：利用同向电流互相吸引，异向电流互相排斥的结论，判断出CD中的电流的方向即可判断CD受到的作用力的方向．8．为了测量某化肥厂的污水排放量，技术人员在该厂的排污管末端安装了如图所示的流量计，该装置由绝缘材料制成，长、宽、高分别为a、b、c，左右两端开口，在垂直于上下表面方向加磁感应强度为B的匀强磁场，在前后两个内侧面固定有金属板作为电极，污水充满管口从左向右流经该装置时，电压表将显示两个电极间的电压U．若用Q表示污水流量（单位时间内排出的污水体积），下列说法正确的是（）A．若污水中正离子较多，则前内侧面比后内侧面电势高B．前内侧面的电势一定低于后内侧面的电势，与哪种离子多无关C．污水中离子浓度越高，电压表的示数将越大D．污水流量Q与电压U成正比，与a、b有关考点：霍尔效应及其应用．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：正负离子流动时，受到洛伦兹力，发生偏转，正离子偏转到哪一个表面，哪一个表面电势就高．两表面上有正负电荷，之间就存在电场，最终正负离子在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡．解答：解：A、正负离子流动时，根据左手定则，正离子洛伦兹力，向后表面偏转，所以后表面上带正电荷，前表面上带负电荷，前表面电势比后表面低．故A错误，B正确．C、最终正负离子在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，有，流量Q=vS=vbc，所以U=．与离子浓度无关．故C错误．D、Q=，知污水流量Q与电压成正比，与a、b无关．故D错误．故选B．点评：解决本题的关键正握左手定则判定洛伦兹力的方向，以及知道最终正负离子在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡，前后表面形成稳定的电势差．9．如图是某离子速度选择器的原理示意图，在一半径为R=10cm的圆形筒内有B=1×10﹣4T的匀强磁场，方向平行于轴线．在圆柱形筒上某一直径两端开有小孔a、b分别作为入射孔和出射孔．现有一束比荷为=2×1011C/kg的正离子，以不同角度α入射，最后有不同速度的离子束射出，其中入射角α=30°，且不经碰撞而直接从出身孔射出的离子的速度v大小是（）A．4×105m/s B．2×105m/s C．4×106m/s D．2×106m/s考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：由题，离子束不经碰撞而直接从出身孔射出，即可根据几何知识画出轨迹，由几何关系求出轨迹的半径，即可由牛顿第二定律求速度v．解答：解：离子从小孔a射入磁场，与ab方向的夹角为α=30°，则离子从小孔b离开磁场时速度与ab的夹角也为α=30°，过入射速度和出射速度方向作垂线，得到轨迹的圆心O′，画出轨迹如图，由几何知识得到轨迹所对应的圆心角θ=2α=60°，则离子的轨迹半径r=2R由牛顿第二定律得：qvB=m得v==2×1011×1×10﹣4×0.2m/s=4×106m/s故选C点评：本题的解题关键是根据几何知识画出离子的运动轨迹，得到半径，即可求解速度v．10．如图为两电源的U﹣I图象，则下列说法正确的是（）A．电源①的电动势比电源②的大，内阻比电源②的内阻小B．当外接同样的电阻时，两电源的输出功率可能相等C．当外接同样的电阻时，两电源的效率可能相等D．不论外接多大的相同电阻，电源①的输出功率总比电源②的输出功率大考点：电功、电功率；路端电压与负载的关系．专题：恒定电流专题．分析：根据闭合电路欧姆定律分析两电源的电动势和内阻大小．过原点O作出一条倾斜的直线，该直线与两图线的交点表示两电源与同样的电阻连接时的工作状态，电源的输出功率P=UI，由交点纵坐标与横坐标乘积比较输出功率的大小．电源的效率η=．解答：解：A、根据闭合电路欧姆定律得，U=E﹣Ir，当I=0时，U=E，即图线与纵轴交点表示断路状态，交点的纵坐标等于电源的电动势大小，图线的斜率大小等于电源的内阻，由图看出，电源①的电动势和内阻均比电源②大．故A错误．B、D过原点O作出一条倾斜的直线③该直线与图线①、②的交点就表示该电阻与两电源连接时的工作状态，由图看出，直线③与图线①交点的两坐标的乘积大于直线③与图线②交点的两坐标的乘积，说明不论外接多大的相同电阻，电源①的输出功率总比电源②的输出功率大．故B错误，D正确．C、电源的效率η=，当外接同样的电阻，由于内阻r不等，电源的效率不可能相等，电源②的效率总大于电源①的效率．故C错误．故选：D点评：本题根据图线的截距、交点、斜率等数学意义来理解图线的物理意义，技巧是作出电阻的伏安特性曲线．11．如图所示，电源电动势为E，内阻为r，R0为定值电阻，R为可变电阻，且其总阻值R＞R0+r，则当可变电阻的滑动触头由A向B移动时（）A．电源内部消耗的功率越来越大，电源的供电效率越来越低B．R、R0上功率均越来越大C．R0上功率越来越大，R上功率先变大后变小D．R﹣0上功率越来越大，R上功率先变小后变大考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：可变电阻的滑动触头由A向B移动时，滑动变阻器的电阻变小，外电路的总电阻也变小，外电路的电压也就越小，电源的效率越小，当电源的内电阻和外电阻相等时，电源的输出功率最大．解答：解：A、滑动变阻器的电阻变小，外电路的总电阻也变小，电路的总电流逐渐的增大，由P=I2r可知，电源内部消耗的功率越来越大，电源的供电效率越来越低，所以A正确；B、滑动变阻器的电阻变小，外电路的总电阻也变小，电路的总电流逐渐的增大，由P=I2R0可知，R0上功率越来越大，当R=R﹣0+r的时候，滑动变阻器的功率最大，由于R＞R﹣0+r，所以当滑动变阻器的电阻不断减小的过程中，R上功率先变大后变小，所以C正确，BD错误．故选：AC．点评：外电阻的电阻越大，外电路的电压也就越大，电源的效率越大，当电源的内电阻和外电阻相等时，电源的输出功率最大．12．如图所示，宽d=2cm的有界匀强磁场，纵向范围足够大，磁感应强度的方向垂直纸面向内．现有一群带正电的粒子从O点以相同的速率沿纸面不同方向进入磁场，若粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨道半径均为r=5cm，则（）A．右边界：﹣4cm＜y≤4cm的范围内有粒子射出。
辽宁省沈阳市东北育才学高二上学期期中考试物理试题含答案解析
【全国百强校】辽宁省沈阳市东北育才学校【最新】高二上学期期中考试物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．一段长0.2m，通过2.5A电流的直导线，关于在磁感应强度为B的匀强磁场中所受安培力F的情况，正确的是（）A．如果B=2T，F一定是1NB．如果F=0，B也一定为零C．如果B=4T，F有可能是1ND．当F有最大值时，通电导线一定与磁场平行2．如图所示，垂直纸面放置的两根平行长直导线分别通有方向相反的电流I1和I2，且I1＞I2，纸面内的一点H到两根导线的距离相等，则该点的磁感应强度方向可能为图中的()A．B1B．B2C．B3D．B43．如图所示，一束质量、速度和电荷量不全相等的离子，经过由正交的匀强电场和匀强磁场组成的速度选择器后，进入另一个匀强磁场中并分裂为A、B两束，下列说法中正确的是（）A．组成A束和B束的离子都带负电B．A束离子的比荷大于B束离子的比荷C．组成A束和B束的离子质量一定不同D．速度选择器中的磁场方向垂直于纸面向外4．如图所示，直线A为电源的图线，直线B和C分别为电阻R1、R2的图线．现用该电源分别与R1、R2组成闭合电路甲和乙．由图像一定能确定的是( )A．1R<2RB．电源与R1组成回路时，电源输出功率较大C．电源与R1组成回路时，电源内阻消耗的功率较小D．两种情况下电源效率相同5．如图所示，电路中每个电阻的额定功率和阻值都相同，当电压U升高时，先烧坏的电阻应是（）A．R1和R2B．R3C．R4D．R56．如图所示，电路中C2＝2C1，R2 ＝2R1，下列说法正确的是A．开关处于断开状态，电容C2的电量大于C1的电量B．开关处于断开状态，电容C1的电量大于C2的电量C．开关处于接通状态，电容C2的电量大于C1的电量D．开关处于接通状态，电容C1的电量大于C2的电量7．空间存在竖直向下的匀强电场和水平方向（垂直纸面向里）的匀强磁场，如图所示，已知一离子在电场力和洛仑兹力共同作用下，从静止开始自A点沿曲线ACB运动，到达B点时速度为零，C为运动的最低点.不计重力，则（）A．该离子带负电B．A、B两点位于同一高度C．C点时离子速度最小D．离子到达B点后，将沿原曲线返回A点8．如图所示，电源电动势恒定不变，电源内阻忽略不计，开关S闭合。
沈阳市东北育才学校2018-2019学年高一物理上学期第二次月考试题(含解析)
2018-2019学年度上学期第三次月考物理试卷一、单选题（共15题，共60分。
1-11单选;12—15多选，每题4分，漏选2分,错选不得分）1。
甲、乙两球质量分别为、,从同一地点（足够高)同时静止释放。
两球下落过程中所受空气阻力大小f仅与球的速率v成正比,与球的质量无关,即f=kv(k为正的常量),两球的v−t图象如图所示,落地前，经过时间两球的速度都已达到各自的稳定值、,则下落判断正确的是（)A。
甲球质量大于乙球B. m1/m2=v2/v1C。
释放瞬间甲球的加速度较大D。
t0时间内，两球下落的高度相等【答案】A【解析】【详解】两球先做加速度减小的加速运动，最后都做匀速运动，稳定时kv=mg，因此最大速度与其质量成正比，即v m∝m,,由图象知v1＞v2，因此m甲＞m乙；故A正确，B错误。
释放瞬间v=0，空气阻力f=0，两球均只受重力,加速度均为重力加速度g。
故C错误；图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移，由图可知，t0时间内两球下落的高度不相等;故D错误；故选A.2.如图所示，A、B两球用细线悬挂于天花板上且静止不动,两球质量m A=2m B，两球间是一个轻质弹簧,如果突然剪断悬线，则在剪断悬线瞬间A。
A球加速度为3g/2，B球加速度为g B. A球加速度为3g/2，B球加速度为0C。
A球加速度为3g/2,B球加速度为0 D。
A球加速度为g，B 球加速度为g【答案】B【解析】【分析】悬线剪断前,以两球为研究对象,求出悬线的拉力和弹簧的弹力．突然剪断悬线瞬间，弹簧的弹力没有来得及变化，分析瞬间两球的受力情况，由牛顿第二定律求解加速度。
【详解】设B球质量为m,则A球质量为2m，悬线剪断前,以B为研究对象可知:弹簧的弹力F=mg，以A、B整体为研究对象可知悬线的拉力为3mg；剪断悬线瞬间，弹簧的弹力不变,F=mg,根据牛顿第二定律得：对A：2mg+F=2ma A,又F=mg,得a A=对B:F—mg=ma B,F=mg，得a B=0故应选:B。
辽宁省沈阳市东北育才学校高二上学期期中考试物理试题
2017—2018学年度上学期期中考试高二年级物理试卷答题时间：90分钟 满分：100 命题校对：高二物理备课组一、选择题(本题共12小题，每小题4分，共48分．1---7单选、8---12多选)1.在研究微型电动机的性能时，应用如图所示的实验电路。
当调节滑动变阻器R 并控制电动机停止转动时，电流表和电压表的示数分别为0.50A 和2.0V 。
重新调节R 并使电动机恢复正常运转，此时电流表和电压表的示数分别为2.0A 和24.0V 。
则这台电动机正常运转时输出功率为A ．32WB ．44WC ．47WD ．48W 2.如图所示电路，电压表V 1、V 2串联接入电路中时，示数分别为6V 和4V ，当只有电压表V 2接入电路中时，其示数为9V ，则电源的电动势为 A. 9.8V B. 10V C.10.8V D.11.2V3.指南针静止时，其N 极指向如图中所示处于南北方向。
若在其上方放置水平方向的导线，并通以直流电，则指南针转向图中偏东位置。
据此可知A.导线南北放置，通有向北的电流B.导线南北放置，通有向南的电流C.导线东西放置，通有向西的电流D.导线东西放置，通有向东的电流4.如图，空间某一区域内存在着相互垂直的匀强电场和匀强磁个带电粒子以某一初速度由A 点进入这个区域沿直线运动，从C 点离开区域；如果这个区域只有电场，则粒子从B 点离开场区；如果这个区域只有磁场，则粒子从D 点离开场区；设粒子在上述三种情况下，从A 到B 点、A 到C 点和A 到D 点所用的时间分别是t 1、t 2和t 3，比较t 1、t 2和t 3的大小，则(粒子重力忽略不计)A. t 1=t 2=t 3B.t 2<t 1<t 3C.t 1=t 2<t 3D.t 1=t 3>t 2、5.一回旋加速器当外加磁场一定时，可把α粒子加速到v ，它能把质子加速到的速度为A ．vB ．2vC ．0.5vD ．4v西东6.如图所示，长方形abcd 长ad ＝0.6 m ，宽ab ＝0.3 m ，O 、e 分别是ad 、bc 的中点，以ad 为直径的半圆内有垂直纸面向里的匀强磁场（边界上无磁场），磁感应强度B ＝0.25 T 。
辽宁沈阳东北育才中学2018-2019学年度上学期高中学段高三联合考试物理答案
2018—2019学年度上学期高中学段高三联合考试高三年级物理科答案一、选择题⒈B ⒉A ⒊C ⒋A ⒌B ⒍D ⒎D ⒏D ⒐ABD ⒑ACD ⒒AC ⒓AD二、实验题⒔⑴B (3分) ⑵m A x 0=m A x 1+m B x 2(3分)⒕⑴AB(3分) ⑵ 222d g s t(3分) ⑶减小挡光片宽度；增大开始时弹簧的压缩量等(3分) 三、计算题⒖(10分)【答案】⑴v m =40 m/s ⑵F =2 500 N ⑶W 2=5×104 J 解：⑴自由落体过程：212m gh v = ……………………………………………………(2分)得v m =40 m/s ……………………………………………………………………(1分)⑵减速下落过程中， 22220m a h v -=- ……………………………………………(1分) 解得a 2=40 m/s 2根据牛顿第二定律 F -mg =ma 2…………………………………………………(1分) 解得F =2 500 N …………………………………………………………………(1分) 根据牛顿第三定律，小明对系统作用力的大小F 为2 500 N …………………(1分) ⑶人：全过程，动能定理W+mg (h 1+h 2)=0………………………………………………………………(2分)解得W=-mg (h 1+h 2)=-5×104J ……………………………………………………(1分) ⒗(12分)【答案】⑴3 m/s ⑵2 150 N ⑶1.25 m解：⑴运动员离开平台后从A 至B 的过程中，在竖直方向有：22y v gh = ①………(1分)在B 点有：0tan 2y v v θ=②………………………………………………………(1分) 由①②得：v 0=3 m/s ③ …………………………………………………………(1分) ⑵运动员在圆弧轨道最低点时，由牛顿第二定律可得2v N mg m R-=④……………(1分) 由动能定理得22011(1cos )222mg h R mv mv θ⎡⎤+-=-⎢⎥⎣⎦⑤………………………………(2分) 取立③④⑤解得N =2 150 N ．………………………………………………………(1分) ⑶运动员从A 至D 过程有201sin cos 0222mgh mgL mgL mv θθμ--=-⑥……………………………………(3分) 由③⑥解得：L =1.25 m ⑦……………………………………………………………(2分)⒘(15分)【答案】⑴ ⑵2l ⑶①174mgl ②()134mg l L +；max C v = 解：⑴设物块到达B 点的速度为v B ，对物块从A 到B 由动能定理得： ()2192B mg l mv μ= ①…………………………………………………(1分)解得B v = ②………………………………………………………(1分)所以物块一直加速，运动到B 点时的速度大小 B v =…………………(1分) ⑵对物块与滑板：物块滑动至与滑板共速过程，设共同速度为v ，由动量守恒有mv B =(M +m )v ③………………………………………………………………(1分) 设物块相对于滑板滑动的距离为s 1，由能量守恒得()2211122B mgs mv M m v μ=-+ ④……………………………………………(1分) 联立解得s 1=6l <6.5l ⑤ …………………………………………………………(1分) 即达到共同速度v 时，物块不会脱离滑板滑下．对滑板由动能定理得 212mgL Mv μ= ⑥………………………………………(1分) 解得L =2l …………………………………………………………………………(1分) ⑶讨论：①当2l ≤L ≤5l 时，滑块与滑板先共速，后一起匀速运动至滑板与C 相碰，碰后滑块在滑板上继续做减速运动到右端，设此时的速度为v C1，对物块由动能定得：2211162222C B l mg l l mv mv μ⎛⎫-++=- ⎪⎝⎭⑨……………………………………(1分)解得1C v ……………………………………………………………………(1分) 所以克服摩擦力所做的功176224f l W mg l l mgl μ⎛⎫=++= ⎪⎝⎭…………………………(1分) ②当l ≤L<2l 时，滑板一直到碰到挡板C 前，两者均没有共速，此后滑块在滑板上继续减速到右端，设此时的速度为v C2，对物块：在滑板上滑动全过，程由动能定理得()222116.522C B mg l L mv mv μ-+=- ⑦ ……………………………(1分)解得20C v ………………………………………………………(1分) 所以克服摩擦力所做的功()()6.5134f mg W mg l L l L μ=+=+ ………………(1分)综上，当L =l 时，v C 最大，max C v = …………………………………………(1分)。
辽宁省沈阳市东北育才学校2018-2019学年高一物理上学期期中试卷(含解析)
12018-2019学年辽宁省沈阳市东北育才学校高一上学期期中考试物理试题注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考据号填写在试题卷和答题卡上，并将准考据号条形码粘贴在答题卡上的指定地点。
2．选择题的作答：每题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、底稿纸和答题卡上的非答题地区均无效。
3．非选择题的作答：用署名笔挺接答在答题卡上对应的答题地区内。
写在试题卷、底稿纸和答题卡上的非答题地区均无效。
4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
第I 卷（选择题)一、单项选择题1．如图，两个小球A 、B 中间用轻弹簧相连后，A 球用细线悬于天花板下，系统处于静止状态。
下边所列出的四组力中，属于一对均衡力的是（ ）A ．细线对A 球的拉力和弹簧对A 球的拉力B ．弹簧对B 球的拉力和B 球所受的重力C ．B 球对弹簧的拉力和弹簧对B 球的拉力D ．弹簧对A 球的拉力和弹簧对B 球的拉力2．对于超重和失重，以下说法正确的选项是（ ）A ．超重指的是物体的重力增添，失重指的是物体的重力减少，完整失重是指物体重力完整消逝的现象B ．站在减速降落的起落机中的人处于失重状态C ．被踢出去的足球在飞翔过程中处于失重状态D ．举重运动员双手举住杠铃不动时处于超重状态 3．以下相关加快度的说法正确的选项是（ ）A ．因为a =Δv /t ,所以a 与Δv 成正比，与t 成反比B ．固然a =Δv /t ,但a 的大小仍不可以由物体速度变化快慢来量度C ．因为a =Δv/t ,所以a 的大小可由物体速度变化大小来量度D ．由牛顿第二定律a =F /m ,物体的加快度a 大小决定于所受合外力与其质量的比值 4．以下各图中三角形的三边各代表一个力，以下说法中正确的选项是（ ）① ② ③ ④A ．图①中三个力的协力为零B ．图②中三个力的协力为2F 3C ．图③中三个力的协力为2F 1D ．图④中三个力的协力为2F 25．以下图，自由落下的小球，从接触竖直搁置的弹簧开始到弹簧的压缩量最大的过程中，小球的速度及所受的合外力的变化状况是( )A ．协力变小，速度变大B ．速度变小，加快度变大C ．协力先变大，后变小；速度先变小，后变大D ．加快度先变小，后变大；速度先变大，后变小6．如图为某一个质点所受的协力F 与时间t 的关系，各段的协力大小同样，作用时间同样，设质点从静止开始运动，由此可判断（ ）A ．质点向前运动一段时间后停止B ．质点一直向前运动C ．质点向前运动，再返回不会停止D ．质点向前运动，再返回停止7．如图，物体A 和B 质量分别为m A =4kg ，m B =6kg ，滑轮、绳索及弹簧秤C 的质量不计，滑轮处摩擦不计，g 取10m/s 2．则弹簧秤示数为（ ）此卷只装订不密封班级 姓名 准考据号 考场号 座位号A．48N B．32N C．62N D．20N8．以下图，底板圆滑的小车上用两个量程为20N、完整同样的弹簧秤甲和乙系住一个质量为1kg的物块，在水平川面上，当小车做匀速直线运动时，两弹簧秤的示数均为10N，当小车作匀加快直线运动时，弹簧秤甲的示数变成8N，这时小车运动的加快度大小是（）A ．B ．C ．D ．9．以下图，两小球从直角三角形斜面的顶端以同样速率向左、向右水平抛出，分别落在两个斜面上，三角形的两底角分别为和，则两小球运动时间之比为（）A ．B ．C ．D ．10．如图，A、B、C三个物体放在旋转圆台上相对静止，它们跟圆台间的最大静摩擦力均等于各自重力的k倍.A的质量为2m，B和C的质量均为m，A、B离轴的距离为R，C离轴的距离为2R，则当圆台旋转时，以下不正确的选项是（）A．B所受的摩擦力最小B．圆台转速增大时，C比B先滑动C．当圆台转速增大时，B比A先滑动D．C的向心加快度最大11．在水平面上，小花猴拉着小滑块做匀速圆周运动，O点为圆心。
辽宁省沈阳市东北育才学校1819学年度高二上学期第二次
辽宁省沈阳市东北育才学校2018—2019学年度上学期第二次月考高二物理试题命题人、校对人：高二物理组总分：100分时间：90分钟一、单项选择题（共8小题每题4分，共32分）1．如图所示，一束电子以大小不同的速率沿图示方向飞入横截面是一正方形的匀强磁场，下列判断正确的是（）A．电子在磁场中运动时间越长，其轨迹线越长B．电子在磁场中运动时间越长，其轨迹线所对应的圆心角越大C．在磁场中运动时间相同的电子，其轨迹一定重合D．电子的速率不同，它们在磁场中运动的时间一定不相同2．如图所示，质量为m的金属导体棒MN被两根轻质柔软的细导线吊在一个绝缘支架上，细导线的另一端与电源和开关相连，构成闭合回路，金属棒可做自由摆动，其接入电路部分的长度为L，在竖直方向上有磁感应强度为B的匀强磁场，初始时刻，开关处于断开状态，导体棒MN静止不动，现把开关闭合后，发现导体棒摆动的最大摆角是60°，则导体棒中通有的电流I为（重力加速度为g）（）A．B．C．D．3．如图所示，下端封闭、上端开口、内壁光滑的细玻璃管竖直放置，管底有一带电的小球。
整个装置水平匀速向右运动，垂直于磁场方向进入方向水平的匀强磁场，由于外力的作用，玻璃管在磁场中的速度保持不变，最终小球从上端口飞出，则从进入磁场到小球飞出端口前的过程中（）A．小球带负电荷B．小球做类平抛运动C．洛仑兹力对小球做正功D．管壁的弹力对小球做负功4.如图所示，垂直纸面向里的匀强磁场的区域宽度为2a，磁感应强度的大小为一边长为a、电阻为4R的正方形均匀导线框CDEF从图示位置开始沿x轴正向以速度v匀速穿过磁场区域，在图中给出的线框E、F 两端的电压与线框移动距离x的关系的图象正确的是A. B. C. D.5.、是两个完全相同的小灯泡，L是一个自感系数很大的线圈，其直流电阻与电阻R相同，如图所示。
在电键K接通或断开时，两灯亮暗的情况为A. K刚接通时，比暗，最后两灯亮度相同B. K刚接通时，、一样亮，最后比亮C. K断开时，灯、灯都过一会儿才熄灭D. K断开时，灯和灯都立即熄灭6.如图所示，光滑金属导轨AC、AD固定在水平面内，并处在方向竖直向下、大小为B的匀强磁场中有一质量为m的导体棒以初速度从某位置开始在导轨上水平向右运动，最终恰好静止在A点在运动过程中，导体棒与导轨始终构成等边三角形回路，且通过A点的总电荷量为已知导体棒与导轨间的接触电阻阻值恒为R，其余电阻不计则A. 该过程中导体棒做匀减速运动B. 该过程中接触电阻产生的热量为C. 开始运动时，导体棒与导轨所构成回路的面积为D. 当导体棒的速度为时，回路中感应电流大小为初始时的一半7．如图所示的电路中，两平行金属板之间的带电液滴处于静止状态，电流表和电压表均为理想电表，由于某种原因灯泡L的灯丝突然烧断，某余用电器均不会损坏，则下列说法正确的是()A．电流表、电压表的读数均变小B．电源内阻消耗的功率变大C．液滴将向上运动D．电源的输出功率变大8．锂电池因能量密度高、绿色环保而广泛使用在手机等电子产品中。
辽宁省沈阳市东北育才学校学高二物理上学期第二次段考试卷(含解析)
辽宁省沈阳市东北育才学校高二上学期第二次段考物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项是正确的，有的小题有多个选项是正确的，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．下列关于物理现象、物理学家以及他们主要贡献的陈述，不正确的有（） A．应用互感现象可以将能量从一个线圈传递到另一个线圈B．自感电动势有阻碍电流变化的作用，此时线圈具有电的“惯性”C．法拉第在电磁感应现象中的主要贡献是发现了法拉第电磁感应定律D．洛伦兹提出了磁场对电流的作用力公式2．一只矩形线圈匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动穿，过线圈的磁通量随时间变化的图象如图中甲所示，则下列说法中正确的是（）A． t=0时刻线圈平面与中性面垂直B． t=0.01s时刻，Φ的变化率达最大C． t=0.02s时刻，交流电动势达到最大D．该线圈相应的交流电动势图象如图乙所示3．如图为甲、乙两灯泡的I﹣U图象，根据图象，计算甲、乙两灯泡并联在电压为220V的电路中，实际发光的功率约为（）A． 15 W、30 W B． 30 W、40 W C． 40 W、60 W D． 60 W、100 W4．在如图所示电路中，电源电动势为ε，内电阻不能忽略．闭合S后，调整R的阻值，使电压表的示数增大△U．在这一过程中（）A．通过R1的电流增大，增量为B． R2两端的电压减小，减小量为△UC．通过R2的电流减小，减小量小于D．路端电压增大，增大量为△U5．如图所示，在竖直向下的匀强磁场中，有两根竖直放置的平行导轨AB、CD，导轨上放有质量为m 的金属棒MN，棒与导轨间的动摩擦因数为u，现从t=0时刻起，给棒通以图示方向的电流，且电流强度与时间成正比，即I=kt，其中k为恒量．若金属棒与导轨始终垂直，则下图所示的表示棒所受的摩擦力随时间变化的四幅图中，正确的是（）A． B． C． D．6．如图在x轴上方存在垂直纸面向里的磁感应强度为B的匀强磁场，x轴下方存在垂直纸面向外的磁感应强度为的匀强磁场．一带负电的粒子从原点0以与x轴成30°角斜向上射入磁场，且在上方运动半径为R则（）A．粒子经偏转一定能回到原点0B．粒子在x轴上方和下方两磁场中运动的半径之比为2：1C．粒子完成一次周期性运动的时间为D．粒子第二次射人x轴上方磁场时，沿x轴前进3R7．如图所示，Q1、Q2带等量正电荷，固定在绝缘平面上在其连线上有一光滑的绝缘杆，杆上套一带正电的小球，杆所在的区域同时存在一个匀强磁场，方向如图所示，小球的重力不计．现将小球从图示位置由静止释放，在小球以后运动过程中，下列说法中正确的是（）A．小球的速度将一直增大B．小球的加速度将一直增大C．小球所受洛伦兹力将一直增大D．小球所受洛伦兹力大小变化，方向也变化8．1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示，这台加速器由两个铜质D形盒D1、D2构成，其间留有空隙，下列说法正确的是（）A．离子每回旋一次的轨道半径变大，在磁场中回旋时间也不断变长B．为使离子能不断加速，两D形盒间所加的电场必须为匀强电场C．增加两个D形盒间所加的电压，则射出D形盒后离子所获得动能将变大D．当增加加速器所在的磁场后，粒子回旋的次数将增加，最后射出加速器后的速度也将变大9．如图所示的电路中，电感线圈L的自感系数足够大，其直流电阻忽略不计，L A、L B是两个相同的灯泡，下列说法正确的是（）A． S闭合后，L A、L B同时发光且亮度不变B． S闭合后，L A立即发光，然后又逐渐熄灭C． S断开的瞬间，L A、L B同时熄灭D． S断开的瞬间，L A再次发光，然后又逐渐熄灭10．如图所示，在光滑水平桌面上有两个金属圆环，在它们圆心连线中点正上方有一个条形磁铁，当条形磁铁自由下落时，将会出现的情况是（）A．两金属环将相互靠拢 B．两金属环将相互排斥C．磁铁的加速度会大于g D．磁铁的加速度会小于g11．如图所示，粗细均匀的电阻丝制成的长方形导线框abcd处在匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，另一种材料的导体棒MN与导线框保持良好接触并在外力作用下从导线框左端匀速滑到右端，在此过程中，导线框上消耗的电功率P的变化情况可能为（）A．逐渐增大 B．先增大后减小C．先减小后增大 D．增大、减小、再增大、再减小12．半径为r带缺口的刚性金属圆环在纸面上固定放置，在圆环的缺口两端引出两根导线，分别与两块垂直于纸面固定放置的平行金属板连接，两板间距为d，如图1所示．有一变化的磁场垂直于纸面，规定向内为正，变化规律如图2所示．在t=0时刻平板之间中心有一重力不计，电荷量为q 的静止微粒．则以下说法正确的是（）A．第2秒内上极板为正极B．第3秒内上极板为负极C．第2秒末微粒回到了原来位置D．第2秒末两极板之间的电场强度大小为二、实验填空题（本题共3小题，其中13题2分14题4分，15每题9分共15分）13．用螺旋测微器测量一矩形小零件的长，其示数如图，则所示读数为mm14．如图甲所示，为某同学测绘额定电压为2.5V的小灯泡的I﹣U特性曲线的实验电路图．①根据电路图甲，用笔画线代替导线，将图乙中的实验电路连接完整．②开关S闭合之前，图甲中滑动变阻器的滑片应该置于端（选填“A”、“B”或“AB 中间”）③实验中测得有关数据如下表：U/V 0.40 0.80 1.20 1.60 2.00 2.40 2.80I/A 0.10 0.16 0.20 0.23 0.25 0.26 0.27根据表中的实验数据，在图丙中画出小灯泡的I﹣U特性曲线．15．在研究电磁感应现象的实验中所用的器材如图所示，它们是：（1）电流计，直流电源，（3）带铁心的线圈A，（4）线圈B，（5）电键，（6）滑动变阻器．（用来控制电流以改变磁场强弱）试按实验的要求在实物图上连线．（图中已连好一根导线）．若连接滑动变阻器的两根导线接在接线柱C和D上，而在电键刚闭合时电流计指针右偏，则电键闭合后滑动变阻器的滑动触头向接线柱C移动时，电流计指针将；若电键闭合后滑动变阻器的滑动触头不动，将线圈A插入线圈B时，电流计指针将．（填“左偏“、“右偏“或“不偏“）三、解答题（本题共3小题，共37分，解答应写明必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位）16．如图所示电路中，电阻R1=8Ω．当电键S断开时，电压表V1的示数为5.7V，电流表的示数为0.75A，电源总功率是9W；当电键S闭合时，电压表V2的示数为4V．若电键断开和闭合时电源内部损耗的电功率之比是9：16，求电源的电动势和电阻R2、R3．17．如图所示，在xOy平面的第一象限有一匀强电场，电场的方向平行于y轴向下；在x轴和第四象限的射线OC之间有一匀强磁场，磁感应强度的大小为B，方向垂直于纸面向外．有一质量为m，带有电荷量+q的质点由电场左侧平行于x轴射入电场．质点到达x轴上A点时，速度方向与x轴的夹角为φ，A点与原点O的距离为d．接着，质点进入磁场，并垂直于OC飞离磁场．不计重力影响．若OC与x轴的夹角φ，求：（1）粒子在磁场中运动速度的大小；匀强电场的场强大小．18．相距L=1.5m的足够长金属导轨竖直放置，质量为m1=1kg的金属棒ab和质量为m2=0.27kg的金属棒cd均通过棒两端的套环水平地套在金属导轨上，如图（a）所示，虚线上方磁场方向垂直纸面向里，虚线下方磁场方向竖直向下，两处磁场磁感应强度大小相同．ab棒光滑，cd棒与导轨间动摩擦因数为μ=0.75，两棒总电阻为1.8Ω，导轨电阻不计．ab棒在方向竖直向上，大小按图（b）所示规律变化的外力F作用下，从静止开始，沿导轨匀加速运动，同时cd棒也由静止释放．（1）指出在运动过程中ab棒中的电流方向和cd棒受到的安培力方向；求出磁感应强度B的大小和ab棒加速度大小；（3）已知在2s内外力F做功40J，求这一过程中两金属棒产生的总焦耳热；（4）cd棒将做怎样的运动？求出cd棒达到最大速度所需的时间t0．辽宁省沈阳市东北育才学校高二上学期第二次段考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项是正确的，有的小题有多个选项是正确的，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．下列关于物理现象、物理学家以及他们主要贡献的陈述，不正确的有（） A．应用互感现象可以将能量从一个线圈传递到另一个线圈B．自感电动势有阻碍电流变化的作用，此时线圈具有电的“惯性”C．法拉第在电磁感应现象中的主要贡献是发现了法拉第电磁感应定律D．洛伦兹提出了磁场对电流的作用力公式考点：物理学史．专题：常规题型．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、应用互感现象可以将能量从一个线圈传递到另一个线圈，故A正确；B、自感电动势有阻碍电流变化的作用，此时线圈具有电的“惯性”，故B正确；C、法拉第发现了电磁感应现象，纽曼、韦伯发现了法拉第电磁感应定律，故C错误；D、安培提出了磁场对电流的作用力公式，故D错误；本题选不正确的，故选：CD．点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．一只矩形线圈匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动穿，过线圈的磁通量随时间变化的图象如图中甲所示，则下列说法中正确的是（）A． t=0时刻线圈平面与中性面垂直B． t=0.01s时刻，Φ的变化率达最大C． t=0.02s时刻，交流电动势达到最大D．该线圈相应的交流电动势图象如图乙所示考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理．专题：交流电专题．分析：线圈在中性面时磁通量最大，电动势最小，与中性面垂直时，通过的磁通量最小，电动势为最大．解答：解：A、由甲图知t=0时刻磁通量最大，线圈平面应在中性面，A错误；B、t=0.01s时刻，磁通量等于零，但Φ的变化率达最大，B正确；C、t=0.02s时刻，磁通量最大，交流电动势为零，C错误；D、由甲图知交流电动势的图象应为正弦图象，D错误；故选B点评：了解交流电产生的原理，特别是两个特殊位置：中性面和垂直中性面时，磁通量和电动势的变化．3．如图为甲、乙两灯泡的I﹣U图象，根据图象，计算甲、乙两灯泡并联在电压为220V的电路中，实际发光的功率约为（）A． 15 W、30 W B． 30 W、40 W C． 40 W、60 W D． 60 W、100 W考点：欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：两电阻并联，则电压均为220V，则由图象可明确工作电流，则可求得实际发光的功率．解答：解：两电阻并联时，电压均为220V时，由图可知，甲灯的电流为18×10﹣2A；乙灯的电流为28×10﹣2A；故由P=UI可知，甲灯的电功率为：P甲=220×18×10﹣2≈40W；乙灯的电功率为：P乙=220×28×10﹣2≈60W；故选：C．点评：本题考查对图象的认识、并联电路的性质及功率公式的应用，要学会正确应用图象进行分析问题．4．在如图所示电路中，电源电动势为ε，内电阻不能忽略．闭合S后，调整R的阻值，使电压表的示数增大△U．在这一过程中（）A．通过R1的电流增大，增量为B． R2两端的电压减小，减小量为△UC．通过R2的电流减小，减小量小于D．路端电压增大，增大量为△U考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析： R1是定值电阻，电压表V的示数增大△U的过程中，通过R1的电流增加，增加量△I=．电压表V的示数增大，变阻器有效电阻增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，R2两端电压减小，根据路端电压的变化分析其电压减小量．电压表示数增加，R2电压减小，路端电压增加量一定小于△U．解答：解：A、R1是定值电阻，电压表V的示数增大△U的过程中，通过R1的电流增加，增加量△I=．故A正确．B、电压表V的示数增大，变阻器有效电阻增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，R2两端电压减小，路端电压增大，则R2两端电压减少量一定小于△U．故B错误．C、由欧姆定律得到：通过R2的电流的减少量一定小于．故C正确．D、电压表示数增加，R2电压减小，路端电压增加量一定小于△U．故D错误．故选AC．点评：本题是电路动态变化分析问题，本题中采用总量法，由电压表示数变化和总电压（路端电压）的变化来分析R2电压的变化，这是常用的方法．5．如图所示，在竖直向下的匀强磁场中，有两根竖直放置的平行导轨AB、CD，导轨上放有质量为m 的金属棒MN，棒与导轨间的动摩擦因数为u，现从t=0时刻起，给棒通以图示方向的电流，且电流强度与时间成正比，即I=kt，其中k为恒量．若金属棒与导轨始终垂直，则下图所示的表示棒所受的摩擦力随时间变化的四幅图中，正确的是（）A． B． C． D．考点：牛顿第二定律；共点力平衡的条件及其应用；安培力．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：导体棒受重力、安培力、导轨对金属棒的弹力、摩擦力，开始金属棒在导轨上滑动，所受滑动摩擦力，当滑动摩擦力大于重力，金属棒做减速运动，最终静止．解答：解：在垂直于纸面方向上金属棒受安培力和导轨对金属棒的弹力，两个力相等，开始金属棒由静止开始运动，所受摩擦力为滑动摩擦力，在运动的过程中，安培力增大，则弹力增大，所以滑动摩擦力增大，f=μF N=μBIL=μBLkt，成线性增大．当摩擦力大于重力，金属棒做减速运动，最终停止，最终摩擦力变为静摩擦力，f=mg．在运动的过程中，最大滑动摩擦力大于mg．故C正确，A、B、D错误．故选C．点评：解决本题的关键知道金属棒的运动情况，知道金属棒开始受滑动摩擦力，最后受静摩擦力．6．如图在x轴上方存在垂直纸面向里的磁感应强度为B的匀强磁场，x轴下方存在垂直纸面向外的磁感应强度为的匀强磁场．一带负电的粒子从原点0以与x轴成30°角斜向上射入磁场，且在上方运动半径为R则（）A．粒子经偏转一定能回到原点0B．粒子在x轴上方和下方两磁场中运动的半径之比为2：1C．粒子完成一次周期性运动的时间为D．粒子第二次射人x轴上方磁场时，沿x轴前进3R考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：粒子在磁场中受到洛伦兹力而做匀速圆周运动，根据左手定则判断粒子所受的洛伦兹力方向，确定粒子能否回到原点O；根据牛顿第二定律求解半径；由T=求解周期；根据几何知识求解粒子第二次射人x轴上方磁场时沿x轴前进的距离．解答：解：A、根据左手定则判断可知，负电荷在第一象限和第四象限所受的洛伦兹力方向不同，粒子在第一象限沿顺时针方向旋转，而在第四象限沿逆时针方向旋转，不可能回到原点0．故A错误．B、由r=，知粒子圆周运动的半径与B成反比，则粒子在x轴上方和下方两磁场中运动的半径之比为1：2．故B错误．C、负电荷在第一象限轨迹所对应的圆心角为60°，在第一象限轨迹所对应的圆心角也为60°，粒子圆周运动的周期为T=，保持不变，在一个周期内，粒子在第一象限运动的时间为t1=T=；同理，在第四象限运动的时间为t2=T′==；完在成一次周期性运动的时间为T′=t1+t2=．故C错误．D、根据几何知识得：粒子第二次射人x轴上方磁场时，沿x轴前进距离为x=R+2R=3R．故D正确．故选D点评：本题的解题关键是根据轨迹的圆心角等于速度的偏向角，找到圆心角，即可由几何知识求出运动时间和前进的距离．7．如图所示，Q1、Q2带等量正电荷，固定在绝缘平面上在其连线上有一光滑的绝缘杆，杆上套一带正电的小球，杆所在的区域同时存在一个匀强磁场，方向如图所示，小球的重力不计．现将小球从图示位置由静止释放，在小球以后运动过程中，下列说法中正确的是（）A．小球的速度将一直增大B．小球的加速度将一直增大C．小球所受洛伦兹力将一直增大D．小球所受洛伦兹力大小变化，方向也变化考点：洛仑兹力；牛顿第二定律．专题：应用题．分析：小球开始受到Q2对它的库仑力大于Q1对它的库仑力，所以先向左运动，运动的过程中受到洛伦兹力，通过受力情况，知小球向左先加速后减速到0．然后又返回．解答：解：小球由静止释放后沿绝缘杆先向左做加速运动，运动到杆的中点时，所受电场力为零，加速度为零，速度达到最大，然后越过中点继续向左做减速运动，水平方向所受电场力不断增大，加速度不断增大，最后速度变为零，然后反向再向右运动，如此反复，小球在运动过程中速度大小与方向不断发生变化，因此所受洛伦兹力大小与方向也不断发生变化，故A、B、C错误，D正确．故选D．点评：解决本题的关键能够根据小球的受力情况分析出小球的运动情况，从而可知洛伦兹力的变化．8．1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示，这台加速器由两个铜质D形盒D1、D2构成，其间留有空隙，下列说法正确的是（）A．离子每回旋一次的轨道半径变大，在磁场中回旋时间也不断变长B．为使离子能不断加速，两D形盒间所加的电场必须为匀强电场C．增加两个D形盒间所加的电压，则射出D形盒后离子所获得动能将变大D．当增加加速器所在的磁场后，粒子回旋的次数将增加，最后射出加速器后的速度也将变大考点：质谱仪和回旋加速器的工作原理．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：离子由加速器的中心附近进入加速器，而从边缘离开加速器；洛伦兹力并不做功，而电场力对离子做正功，可知离子能从电场获得能量．当离子在磁场中圆周运动的半径等于D形盒半径时，速度最大，动能最大，根据洛伦兹力充当向心力，列式得到最大动能的表达式，再进行分析增加最大动能的方法．加速粒子时，交变电场的周期与粒子在磁场中运动的周期相等．解答：解：A、根据洛伦兹力提供向心力有：Bqv=m，r=，每回旋一次的轨道半径变大，周期T==，知周期与轨道半径和速度无关．故A错误．BCD、设D形盒的半径为R，当离子圆周运动的半径等于R时，获得的动能最大，则由Bqv=m，v=，则最大动能E km=mv2=，可见，最大动能与加速电压无关，增加加速器所在的磁场后，粒子回旋的次数将增加，最后射出加速器后的速度也将变大，增大离子从回旋加速器中获得的最大动能．故C错误，D正确．故选：D点评：解决本题的关键知道回旋加速器的工作原理，以及知道回旋加速器中交变电场的周期与粒子在磁场中运动的周期相等．9．如图所示的电路中，电感线圈L的自感系数足够大，其直流电阻忽略不计，L A、L B是两个相同的灯泡，下列说法正确的是（）A． S闭合后，L A、L B同时发光且亮度不变B． S闭合后，L A立即发光，然后又逐渐熄灭C． S断开的瞬间，L A、L B同时熄灭D． S断开的瞬间，L A再次发光，然后又逐渐熄灭考点：自感现象和自感系数．分析：闭合S，A、B同时亮，随着L中电流增大，线圈L直流电阻可忽略不计，分流作用增大，A 逐渐被短路，总电阻减小，再由欧姆定律分析B灯亮度的变化．断开S，B灯立即熄灭，线圈中电流，根据楞次定律判断A灯亮度如何变化．解答：解：A、B闭合S时，电源的电压同时加到两灯上，A、B同时亮，且亮度相同；随着L中电流增大，由于线圈L直流电阻可忽略不计，分流作用增大，A逐渐被短路直到熄灭，外电路总电阻减小，总电流增大，B变亮．故A错误，B正确．C、D断开S，B立即熄灭，线圈中电流减小，产生自感电动势，感应电流流过A灯，A闪亮一下后熄灭．故C错误，D正确．故选BD点评：对于通电与断电的自感现象，它们是特殊的电磁感应现象，可楞次定律分析发生的现象．10．如图所示，在光滑水平桌面上有两个金属圆环，在它们圆心连线中点正上方有一个条形磁铁，当条形磁铁自由下落时，将会出现的情况是（）A．两金属环将相互靠拢 B．两金属环将相互排斥C．磁铁的加速度会大于g D．磁铁的加速度会小于g考点：法拉第电磁感应定律；楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：根据楞次定律：感应电流的磁场总要阻碍磁通量的变化，来判断a、b两线圈的运动情况．根据楞次定律另一种表述：感应电流的磁场总要导体和磁场间的相对运动，分析磁铁的加速度．解答：解：A、B、当条形磁铁自由下落时，穿过两个圆环的磁通量增加，根据楞次定律可知，感应电流的磁场总要阻碍磁通量的变化，所以两个圆环要向磁通量减小的方向运动，则知a、b两线圈相互排斥．故A错误，B正确．C、D当条形磁铁自由下落时，穿过两个圆环的磁通量增加，根据楞次定律另一种表述：感应电流的磁场总要导体和磁场间的相对运动，可知导体对磁体的运动产生斥力作用，所以磁铁下降的加速度会小于g．故C错误，D正确；故选：BD．点评：解决本题的关键理解楞次定律的两种表述，真正理解“阻碍”的作用，并能用来分析实际问题．11．如图所示，粗细均匀的电阻丝制成的长方形导线框abcd处在匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，另一种材料的导体棒MN与导线框保持良好接触并在外力作用下从导线框左端匀速滑到右端，在此过程中，导线框上消耗的电功率P的变化情况可能为（）A．逐渐增大 B．先增大后减小C．先减小后增大 D．增大、减小、再增大、再减小考点：电磁感应中的能量转化；焦耳定律的应用．分析：导体棒MN切割磁感线，产生感应电动势，相当于电源．导体棒MN从导线框左端匀速滑到右端时，线框的总电阻变化，引起电流变化，功率变化．根据欧姆定律、功率等知识分析求解．解答：解：A、导体棒MN从导线框左端匀速滑到右端时，线框左右两部分并联电阻先增大，后减小，MN滑ab中点时，线框并联总电阻最大．根据数学可得到，当外电阻与电源的内阻相等时，电源的输出功率最大．则功率不可能一直增大．故A错误．B、若线框并联的最大电阻小于电源的内阻时，导线框上消耗的电功率可能先增大后减小．故B 正确．C、若线框并联的最大电阻大于电源的内阻时，导线框上消耗的电功率可能先减小后增大．故C 正确．D、若电源的内阻在线框并联的最小和最大电阻之间时，电功率将增大、减小、再增大、再减小．故D正确．故选BCD点评：在分析电源的输出功率变化时，常常用到这个经验结论：当外电阻与电源的内阻相等时，电源的输出功率最大．12．半径为r带缺口的刚性金属圆环在纸面上固定放置，在圆环的缺口两端引出两根导线，分别与两块垂直于纸面固定放置的平行金属板连接，两板间距为d，如图1所示．有一变化的磁场垂直于纸面，规定向内为正，变化规律如图2所示．在t=0时刻平板之间中心有一重力不计，电荷量为q 的静止微粒．则以下说法正确的是（）A．第2秒内上极板为正极B．第3秒内上极板为负极C．第2秒末微粒回到了原来位置D．第2秒末两极板之间的电场强度大小为。
【水印已去除】2018-2019学年辽宁省沈阳市和平区东北育才学校高二(下)期中物理试卷
2018-2019学年辽宁省沈阳市和平区东北育才学校高二（下）期中物理试卷一、选择题（本题共15小题，每小题4分，共60分．在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～15题有多项符合题目要求．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分）1．（4分）一位游客在千岛湖边欲乘坐游船，当日风浪较大，游船上下浮动．可把游船浮动简化成竖直方向的简谐运动，振幅为20cm，周期为3.0s．当船上升到最高点时，甲板刚好与码头地面平齐．地面与甲板的高度差不超过10cm时，游客能舒服的登船．在一个周期内，游客能舒服登船的时间是（）A．0.5s B．0.75s C．1.0s D．1.5s2．（4分）如图所示，甲为t＝1s时某横波的波形图象，乙为该波传播方向上某一质点的振动图象，距该质点△x＝0.5m处质点的振动图象可能是（）A．B．C．D．3．（4分）如图所示，一块两面平行的玻璃砖平放在纸面上，将它的前、后两个边界PQ、MN记录在纸面上．若单色光沿纸面从真空中以入射角i＝60°，从MN表面射入时，光通过玻璃砖的时间为t；若保持入射光的方向不变，现撤去玻璃砖，光通过PQ、MN之间的区域的时间也为t，那么，这块玻璃砖对该入射光的折射率为（）A．2B．C．1.5D．4．（4分）如图所示，一束单色光从空气入射到棱镜的AB面上，经AB和AC两个面折射后从AC面进入空气，当出射角i′和入射角i相等时，出射光线相对于入射光线偏转的角度为θ，已知棱镜顶角为α，则计算棱镜对该色光的折射率表达式为（）A．B．C．D．5．（4分）如图所示为用a、b两种单色光分别通过同一双缝干涉装置获得的干涉图样．现让a、b两种光组成的复色光穿过平行玻璃砖或三棱镜时，光的传播方向中可能正确的是（）A．B．C．D．6．（4分）如图所示，用波长为λ0的单色光照射某金属，调节变阻器，当电压表的示数为某值时，电流表的示数恰好减小为零；再用波长为的单色光重复上述实验，当电压表的示数增加到原来的3倍时，电流表的示数又恰好减小为零。