初中物理电与磁技巧(很有用)及练习题
初中物理电与磁技巧(很有用)及练习题一、电与磁选择题1．关于电磁现象，下列说法正确的是（）A. 铜制品很容易被磁化B. 电磁继电器中的铁芯，可以用永磁体代替C. 发电机正常工作时，是将电能转化为机械能D. 直流电动机的转向器，由两个彼此绝缘的金属半圆环组成【答案】D【解析】【解答】解：A、铜制品不是磁性材料，不容易被磁化，而铁、钴、镍等制品很容易被磁化，故A错误；B、电磁继电器中的磁体，必须用铁芯，通过电流的通断控制磁性的有无，不能用永磁体，故B错误；C、发电机正常工作时，是将机械能转化为电能，故C错误；D、直流电动机的换向器是由两个彼此绝缘的金属半圆环组成的，故D正确．故选：D．【分析】（1）铁钴镍等磁性材料容易被磁化；（2）电磁铁是利用电流的磁效应制成的，电流的通断可以控制磁性的有无；电磁铁有电流有磁性，无电流时无磁性．铁芯需用软磁性材料制成，因为软磁性材料的磁性不能保留下来；（3）发电机是根据电磁感应现象工作的，工作过程中将机械能转化为电能；（4）换向器是由两个彼此绝缘的铜制半环组成的．2．图为某品牌共享电单车，其涉及到的物理知识正确的是（）A. 没有网络传递信息，是无法实现手机扫二维码开锁的B. 车座成马鞍型，增大了人与车座的受力面积，压强增大C. 车胎上有凹凸不平的花纹，可以减小与地面的摩擦力D. 后轮上的电动机，利用电磁感应原理将电能转化为机械能【答案】 A【解析】【解答】A. 手机扫二维码开锁时，通过电磁波及网络传递信息，当服务器接收到付费后，才会开解，所以没有网络传递信息，是无法实现手机扫二维码开锁的，A符合题意；B. 车座成马鞍型，增大了人与车座的受力面积，减小压强，B不符合题意；C. 车胎上有凹凸不平的花纹，是用增大接触面粗糙程度的方法增大摩擦力，C不符合题意；D. 后轮上的电动机，利用通电导线在磁场受力的原理将电能转化为机械能，D不符合题意；故答案为：A。
【分析】共享单车传递信息利用了电磁波，增大受力面积可以减小压强，增加粗糙程度可以增大摩擦力，电磁感应是将机械能转化为电能.3．某同学学习磁现象后，画出了以下四幅图，其中正确的是（）A.B.C.D.【解析】【解答】解：A、已知磁铁右端为N极，左端为S极，在磁体外部，磁感线的方向从N极指向S极，而图中是从S极指向N极，A不符合题意；B、已知两磁铁都为N极，磁感线的方向从N极指向S极，B不符合题意；C、右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向左端为N极，C符合题意；D、右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向右端为N极，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】在磁体外部，磁感线的方向从N极指向S极.利用安培定则判断螺线管的磁极.4．如图所示的四个装置，关于它们的说法正确的是（）A. 图a可用来演示电流的磁效应B. 图b可用来演示电磁感应现象C. 图c可用来演示磁场对电流的作用D. 图d可用来演示电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系【答案】 C【解析】【解答】A、该图中没有电源，即电磁感应现象，此实验说明闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就产生电流，是发电机的工作原理，A不符合题意；B、该图为奥斯特实验，说明通电导线周围存在着磁场，可用来演示电流的磁效应，B不符合题意；C、该图中有电源，即闭合开关后，磁场中的金属棒就会在磁场中运动，即说明通电直导线在磁场中受到力，C符合题意；D、该图说明电磁铁的磁性强弱与线圈的匝数的多少有关，D不符合题意；故答案为：C。
【分析】探究通电导体在磁场中受力的作用的装置中，有电源，磁体、导线等，当导线中电流相等时，可以探究电磁铁的磁性和线圈匝数的关系.5．如图所示，电磁铁上方附近有一点A，小磁针置于电磁铁的右方附近。
闭合开关S，下列判断正确的是（）A. 电磁铁的左端为N极B. 电磁铁上方A点的磁场方向向右C. 小磁针静止后，其N极的指向向右D. 向左移动滑片P，电磁铁的磁性减弱【解析】【解答】A、由安培定则可知，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向右端，则通电螺线管的右端为N极，A不符合题意；B、在磁体的外部，磁感线从N极指向S极，所以通电螺线管外A点的磁场方向向左，B 不符合题意；C、通电螺线管的右端是N极，根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的S极应靠近螺线管的右端，则小磁计的S极向左转动，小磁针会逆时针旋转，故小磁针静止时，其N极的指向向右，C符合题意；D、向左移动滑片P，连入电路的电阻减小，电流增大，电磁铁的磁性增强，D不符合题意；故答案为：C。
【分析】电磁铁的特点：①磁性的有无可由电流的通断来控制；②磁性的强弱可由改变电流大小和线圈的匝数来调节；③磁极可由电流方向来改变.6．下列说法中不正确的是（）A. 甲图中，当接通电源时金属杆由静止开始向左运动，若磁场方向保持不变，改变电流方向，金属杆依然由静止开始向左运动B. 乙图是电动机的工作原理图，此装置使电能转化为机械能C. 丙图中，当磁体不动、导体棒向右运动，与导体棒不动、磁体向右运动产生的感应电流方向相反D. 丁图是发电机的工作原理图，此装置使机械能转化为电能【答案】A【解析】【解答】解：AB、图AB有电源，是电动机的工作原理图，是根据通电导体在磁场中受到力的作用，受力的方向与磁场方向和电流方向有关，若磁场方向保持不变，改变电流方向，金属杆由静止开始向右运动，此装置使电能转化为机械能，故A错误，B正确；C、感应电流的方向与导体运动方向和磁感方向有关，如果只改变一个因素，则感应电流的方向改变，当导体棒不动、磁体向右运动，相当于磁体不动，导体棒向左运动，故当磁体不动、导体棒向右运动，与导体棒不动、磁体向右运动产生的感应电流方向相反，故C正确；D、丁图没有电源，是发电机的工作原理图，此装置使机械能转化为电能，故D正确．故选A．【分析】（1）通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与两个因素有关：一个是磁场方向，另一个是电流方向．如果只改变一个因素，则导体受力方向改变，如果同时改变两个因素，则导体受力方向不变．（2）电动机是利用通电导体在磁场中受到力的作用，此装置使电能转化为机械能；（3）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这叫电磁感应现象，感应电流的方向与导体运动方向、磁感线方向有关．发电机就是根据电磁感应原理制成的，此装置将机械能转化为电能．7．手机无线充电方便了人们的生活，其中电磁感应无线充电是应用最多的无线充电方案。
如图所示，它的原理是送电线圈通过一定频率的交流电，线圈的周围形成交变的磁场，通过电磁感应在受电线圈中产生一定的感应电流，从而将能量从发射端转移到接收端。
下列选项中和受电线圈工作原理相同的是（）A. 扬声器B. 电磁继电器C. 动圈式话筒D. 电动机【答案】C【解析】【解答】A、扬声器是利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的，A不符合题意；B、电磁继电器利用的是电流的磁效应，B不符合题意；C、动圈式话筒是利用电磁感应原理将声音信号转化为电信号的装置，C符合题意；D、电动机利用通电导体在磁场中受力运动的原理工作的，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】根据题中解释，电磁感应无线充电利用了电磁感应发电的原理，动圈式话筒也利用了电磁感应原理工作.8．下列作图中，错误的是（）A. 凹透镜对光的作用B. 平面镜成像 C. 动力F1的力臂 D. 通电螺线管的磁场【答案】 C【解析】【解答】解：A、平行于主光轴的入射光线经凹透镜后，折射光线的反向延长线经过焦点，故A正确；B、此图描述了平面镜成像的规律，物像对称，故B正确；C、力臂应该是支点到力作用线的垂线段，如图，故C错误；D、通电螺线管的外部磁场，磁感线从N极到S极，D正确．故选C．【分析】A、平行于主光轴的入射光线经凹透镜后，折射光线的反向延长线经过焦点．B、根据平面镜成像的特点（物像对称）判断．C、根据力臂的画法进行分析，力臂是支点到力作用线的垂线段．D、根据右手螺旋定则先判断出螺线管的N、S极．9．下图中是探究电磁铁磁性强弱与电流大小关系的是（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【解答】解：A、图中是奥斯特实验的装置，说明了电流周围存在磁场，故A不符合题意；B、图中没有电源，但有灵敏电流计，是探究电磁感应现象的装置，故B不符合题意；C、图中有电源，是研究磁场对电流作用的装置，故C不符合题意；D、图中电磁铁和滑动变阻器串联，通过调节滑片改变电路中的电流，即研究电磁铁的磁性强弱与电流大小的关系，故D符合题意．故选D．【分析】（1）通电导线周围存在磁场，称为电流的磁效应；（2）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生感应电流，这种现象叫做电磁感应，发电机就是利用这个原理制成的；（3）通电线圈在磁场中受力转动，电动机就是利用这个原理制成的；（4）电磁铁磁性强弱跟电磁铁电流的大小、线圈匝数多少、有关铁芯有关．10．如图所示，小磁针静止在螺线管附近，闭合开关S后，下列判断正确的是（）A. 通电螺线管的左端为N极B. 小磁针一直保持静止C. 小磁计的S极向右转动D. 通电螺线管外A点的磁场方向向左【答案】D【解析】【解答】解：A、由安培定则可知，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向右端，则通电螺线管的右端为N极，故A错误；BC、通电螺线管的右端是N极，根据异名磁极相互吸引可知，小磁针的S极应靠近螺线管的右端，则小磁计的S极向左转动，小磁针会逆时针旋转，故小磁针不会静止，故BC错误；D、在磁体的外部，磁感线从N极指向S极，所以通电螺线管外A点的磁场方向向左，故D正确；故选D．【分析】（1）根据线圈的绕法和电流的方向，可以确定螺线管的NS极；（2）据磁感线的方向分析判断即可解决；（3）据磁体间的相互作用分析小磁针的运动方向．11．科学家发明了一种给手机充电的摇椅，这种摇椅将摇晃产生的电量供给手机. 下列实验与给手机充电的摇椅工作原理相同的是（）A. B. C. D.【答案】 D【解析】【解答】AB、这两幅图分别是奥斯特实验和电铃，说明电流周围存在磁场；C、图中的实验说明了通电导体在磁场中受力的作用，是电动机的原理；D、图中是探究电磁感应现象的实验，是发电机的原理，与给手机充电的摇椅工作原理相同 .故答案为：D.【分析】摇椅能给手机充电，即整个过程的能量转化是机械能转化为电能，说明给手机充电的摇椅与发电机的原理相同，即是电磁感应现象 .12．指南针是我国四大发明之一，关于指南针，下列说法正确的是（）A. 指南针可以仅具有一个磁极B. 指南针的指向不会受附近磁铁块的干扰C. 指南针能够指南北，说明地球具有磁场D. 指南针所指的南北方向与地理的两极是重合的【答案】 C【解析】【解答】A、指南针是一个磁体，磁体都有两个磁极，故A错误；B、指南针的周围有其他磁体时，两个磁场相互作用会产生磁力，而使指南针不一定指向南北方向，故B错误；C、指南针能够指南北，说明地球具有磁场，故C正确；D、磁偏角说明地理南北极与地磁南北极并不重合，故D错误．故选：C【分析】地球是一个大磁体，地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，由于受到地磁场的作用，放入地磁场的磁体都受到地磁场的作用．13．下列有关电和磁的说法正确的是（）A. 奥斯持发现了电流的磁效应B. 磁体周围的磁场既看不见也摸不着，所以是不存在的C. 电动机是根据电磁感应原理制成的D. 电磁铁磁性的强弱只与线圈中电流的大小有关【答案】A【解析】【解答】解：A、奥斯特发现了电流的磁效应，故A正确；B、磁体周围的磁场虽然看不见也摸不着，但的确存在，故B错误；C、电磁感应现象是发电机的制作原理，而电动机的制作原理是通电线圈在磁场中受力转动，故C错误；D、电磁铁的磁性强弱与电流的强弱和线圈的匝数有关，故D错误．故选A．【分析】（1）奥斯特发现了电流的磁效应；（2）磁场看不见、摸不着但的确存在；（3）电动机工作原理是通电线圈在磁场中受力转动；（4）电磁铁的磁性强弱与电流的强弱和线圈的匝数有关．14．甲、乙为两个条形磁铁的两个磁极，根据下图所示的小磁针静止时的指向，可以判断（）A. 甲是N极，乙是S极B. 甲、乙都是N极C. 甲、乙都是S极D. 甲是S 极，乙是N极【答案】 B【解析】【解答】解：由磁感线可知两磁极相互排斥，且磁感线均指由磁铁向外，故两磁极均为N极，小磁针所在处磁场向上，故小磁针S极在上、N极在下。
初中物理电与磁解题技巧和训练方法及练习题(含答案)
初中物理电与磁解题技巧和训练方法及练习题(含答案)一、电与磁选择题1．小磁针静止时的指向如图所示，由此可知（）A. a端是通电螺线管的N极，c端是电源正极B. a端是通电螺线管的N极，c端是电源负极C. b端是通电螺线管的N极，d端是电源正极D. b端是通电螺线管的N极，d端是电源负极【答案】B【解析】【解答】据题目可知，小磁针左端是N极，右端是S极，所以电磁铁的左端，即a端为N即，右端为S极，据安培定则可知，电流从d端流出后进入电磁铁，D端是电源的正极，c端是负极，B符合题意。
故答案为：B。
【分析】根据磁极间的相互作用判断螺线管的磁极位置，再利用安培定则判断电流方向和电源的正负极.2．我国航母舰机起飞将采用自行研制的电磁弹射器，电磁弹射器的弹射车与舰载机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车的导体有强电流通过时，就可以受到强大的推力，下列各图中与弹射车工作原理一致的是（）A. 电风扇B. 手播发电机C. 电热水壶D. 电磁起重机【答案】 A【解析】【解答】由题意知弹射车的工作原理：磁场对电流有力的作用。
A、电风扇的原理：磁场对电流有力的作用，A符合题意；B、手播发电机的原理：电磁感应现象，B不符合题意；C、电热水壶的原理：电流的热效应，C不符合题意；D、电磁起重机的原理：电流的磁效应D，不符合题意。
故答案为：A。
【分析】先判断弹射车的工作原理，再逐项分析各个选项中的工作原理进行分析判断。
3．以下关于电与磁四幅图片的描述正确的是（）A. 甲图：它是探究电磁感应现象的装置图B. 乙图：向左调节滑动变阻器的滑片，电磁铁吸引大头针的数目变少C. 丙图：将开关闭合，小磁针的N极向右转动D. 丁图：电磁继电器是利用电流的热效应来工作的【答案】C【解析】【解答】解：A、此题中有电源，是探究磁场对通电导体是否有力的作用的实验．故A错误．B、电磁铁中磁性强弱与电流的强弱、线圈匝数有关，即向左调节滑动变阻器的滑片，电阻变小，电流变大，故电磁铁吸引大头针的数目变多，故B错误；C、将开关闭合，据安培定则可知，螺线管右侧为N极，左侧为S极，根据同名磁极相互排斥，故小磁针的N极向右转动，故C正确；D、电磁继电器是利用电流的磁效应来工作的，故D错误；故选C．【分析】（1）闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动，导体中有感应电流产生．（2）电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈的匝数有关．（3）据安培定则分析判断即可解决．（4）电磁继电器是利用电流的磁效应工作的．4．在昼夜明灯的地下停车场，驾驶员根据车位入口上方的红绿灯入停．如图是小吴设计的自动控制电路图，将光控开关（遮光时开关闭合）装在每个车位地面中央，红绿灯装在车位入口上方．当车位未停车时绿灯亮，当车位已停车时红灯亮，则图中L1、L2（）A. 都是红灯B. 都是绿灯C. 分别是红灯、绿灯D. 分别是绿灯、红灯【答案】 D【解析】【解答】解：由题当车位已停车时，光控开关被遮光而闭合，由图可知，此时左侧控制电路连通，电磁继电器中的电磁铁产生磁性，吸下衔铁，L2灯泡电路被接通，所以L2为红灯；当车位未停车时，光控开关有光照而断开，电磁铁中无磁性，弹簧将衔铁拉起，L1电路接通而发光，所以L1为绿灯．故ABC错误，D正确．故选D【分析】根据光控开关的作用，分析左侧控制电路的通断，再分析两灯的工作状态即可解题．5．如图所示是“探究电磁铁磁性强弱与哪些因素有关”的实验，想让电磁铁吸引更多的大头针，可行的做法是（）A. 将滑片P向a端移动B. 将滑片P向b端移动C. 用铜芯替代铁芯D. 减少线圈匝数【答案】 A【解析】【解答】A、将滑片P向a端移动，电阻减小，由欧姆定律可知，电路中电流增大，则电磁铁吸引更多的大头针，故A正确；B、将滑片P向b端移动，电阻增大，由欧姆定律可知，电路中电流减小，则电磁铁吸引的大头针较少，故B错误；C、电磁铁的铁芯需用软磁性材料制成，铜不是磁性材料，故不可以用铜棒代替，故C错误D、电磁铁磁性的强弱与线圈的匝数和电流的大小有关，线圈匝数越少，磁性越弱，因此减少线圈匝数，电磁铁吸引的大头针较少，故D错误．故选A【分析】电磁铁磁性的强弱与线圈的匝数和电流的大小有关，电磁铁吸引的大头针数码越多，电磁铁的磁性越强．6．如图所示电路中，闭合开关，向某一方向移动滑动变阻器的滑片时，弹簧测力计的示数增大，则（）A. 螺线管上端是S极，滑片P向左移动B. 螺线管上端是S极，滑片P向右移动C. 螺线管上端是N极，滑片P向左移动D. 螺线管上端是N极，滑片P向右移动【答案】C【解析】【解答】解：（1）由图可知，开关闭合后，由安培定则可知，螺线管上端是N 极，滑动变阻器的滑片向左移动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变小，则电路中的电流变大，通电螺线管的磁性变强．（2）通电螺线管的磁性变强，对铁块的吸引力变大，弹簧测力计的示数就变大．故选项ABD错误，C正确．故选C．【分析】（1）影响通电螺线管磁性强弱的因素有：电流的大小、线圈的匝数，线圈的匝数一定，电流越大，磁性越强；（2）电磁铁对铁块的吸引力变大时，弹簧测力计的示数变大，吸引了变小时，弹簧测力计的示数变小．7．下列关于磁现象说法中正确的是（）A. 磁感线越密集的地方磁场越弱B. 发电机是利用电磁感应原理工作的C. 地磁场的N极在地球的北极附近D. 电磁铁磁性的强弱不能通过调节电流的大小来控制【答案】B【解析】【解答】解：A、磁场中的磁感线密集的地方说明该处磁场强，磁感线稀疏的地方磁场弱，故A错误；B、发电机即通过线圈在磁场中做切割磁感线的运动，此时电路中会产生电流，是电磁感应现象，故B正确；C、地磁N极在地理南极附近，地磁S极在地理北极附近．故C错误；D、电磁铁的磁性与线圈匝数和电流大小有关，所以电磁铁的磁性强弱可以通过改变电流大小来控制，故D错误．故选B．【分析】（1）在磁场中磁感线的疏密来表示磁场的强弱．（2）闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这叫电磁感应现象，其前提条件是施加运动，结果是产生电流．（3）地球本身是一个巨大的磁体，地磁两极和地理两极不重合．（4）电磁铁的磁性强弱与电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯有关．8．如图所示的环保型手电筒，筒内没有电池，使用时只要来回摇晃手电筒，使永磁体在线圈中来回运动，灯泡就能发光，下列几个实验与其原理相同的是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【解答】解：永磁体在线圈中来回运动，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光，所以手摇电筒的工作原理为电磁感应现象；A、图中为奥斯特实验，说明了通电导体周围存在磁场，与手摇电筒的工作原理无关，故A 错误．B、此图的装置是通电螺线管，是用来研究通电螺线管周围的磁场，与手摇电筒的工作原理无关，故B错误．C、图中闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中产生了感应电流（可以从电流表指针发生偏转来体现），这是电磁感应现象，与手摇电筒的工作原理相符合，故C 正确．C、此图反映了通电导体在磁场中受到力的作用，与手摇电筒的工作原理无关，故D错误．故选C．【分析】（1）手摇电筒是利用电磁感应现象制成的，磁铁在线圈中来回运动，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光．（2）逐个分析下面四个选择项中各个设备的制成原理，将两者对应即可得到答案．9．如图所示四个实验中，能说明电动机工作原理的是（）A.B.C.D.【答案】 D【解析】【解答】解：电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用；A、该装置是奥斯特实验，表明通电导线周围有磁场，A不符合题意；B、该装置没有电源，是发电机原理图，其原理是电磁感应现象，B不符合题意；C、该装置是研究电磁铁磁性强弱的实验装置，是电流的磁效应，C不符合题意；D、该装置有电源，是电动机原理图，表明通电的导体在磁场中受力的作用，D符合题意。
中考物理初中物理电与磁技巧和方法完整版及练习题
中考物理初中物理电与磁技巧和方法完整版及练习题一、电与磁选择题1．一矩形线圈放在蹄形磁铁的两极之间，刚通电时在磁场作用下扭转方向如图甲所示．现将该线圈放在图乙所示的蹄形螺线管间，a、b为螺线管与电源的接口．某同学进行了如下四次操作：①a接正极b接负极，线圈中通与图甲电流方向相同的电流②b接正极a接负极，线圈中通与图甲电流方向相同的电流③a接正极b接负极，线圈中通与图甲电流方向相反的电流④b接正极a接负极，线圈中通与图甲电流方向相反的电流线圈刚通电时扭转方向与图甲所示的扭转方向相同的是（）A. ①和③B. ②和④C. ①和④D. ②和③【答案】D【解析】【解答】解：①若乙图中a接正极b接负极，根据安培定则知蹄形螺线管左端为S极，与甲图的磁场方向相反，线圈中通与图甲电流方向相同的电流，故线圈刚通电时扭转方向与图甲所示的扭转方向相反；②若乙b接正极a接负极，根据安培定则知蹄形螺线管左端为N极，与甲图的磁场方向相同，线圈中通与图甲电流方向相同的电流，故线圈刚通电时扭转方向与图甲所示的扭转方向相同；③若乙a接正极b接负极，根据安培定则知蹄形螺线管左端为S极，与甲图的磁场方向相反，线圈中通与图甲电流方向相反的电流，故线圈刚通电时扭转方向与图甲所示的扭转方向相同；④若乙b接正极a接负极，根据安培定则知蹄形螺线管左端为N极，与甲图的磁场方向相同，线圈中通与图甲电流方向相反的电流，故线圈刚通电时扭转方向与图甲所示的扭转方向相反；综合分析②③，故D正确．故选D．【分析】（1）根据安培定则判断通电螺线管的磁极；（2）磁场对电流（通电导体）有力的作用，据此制成了电动机；（3）通电导体受力的方向与电流的方向和磁感线的方向有关．2．如图所示，GMR是一个巨磁电阻，其特性是电阻在磁场中会急剧减小，且磁场越强电阻越小，闭合开关S2后，下列四种情况相比较，指示灯最亮的是（）A. S1断开，滑片P在图示位置B. S1闭合，滑片P在图示位置C. S1闭合，滑片P在滑动变阻器最右端D. S1闭合，滑片P在滑动变阻器最左端【答案】D【解析】【解答】解：A、S1断开时，电磁铁无磁性，由题意可知GMR的电阻最大，由I= 可知，右侧电路中电流最小，由P=I2R可知，指示灯的实际功率最小，指示灯最暗，故A错误；BCD、闭合S1时，GMR所处的位置由无磁场变为有磁场，GMR的阻值减小；当滑片P在滑动变阻器最左端时，左侧电路的电阻最小，由I= 可知，左侧电路中的电流最大，电磁铁磁性最强，则GMR的电阻最小，右侧电路中电流最大，由P=I2R可知，指示灯的实际功率最大，指示灯最亮，故BC错误，D正确．故选D．【分析】闭合S2时，指示灯与GMR串联，电压表测GMR两端的电压，闭合S1时，电磁铁有磁性，根据GMR与磁性之间的关系判断其阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，利用P=I2R可知指示灯功率的变化，进一步判断亮暗的变化．3．刷卡机已经普遍应用于银行、商场等，当银行卡有磁条的一侧经过刷卡机的卡槽时，刷卡机的检测感应器（相当于线圈）就会产生感应电流。
九年级物理电与磁解题技巧讲解及练习题(含答案)
九年级物理电与磁解题技巧解说及练习题(含答案 )一、电与磁选择题1．如图 1 是我国拥有世界先进水平的反潜巡逻机，机尾的“棍子”叫做磁异探测器，它能将潜艇经过的海疆惹起的磁场强弱变化转变为强弱变化的电流，进而发现潜艇的存在，以下四幅图中，所波及的物理原理与磁异探测器同样的是（）A. 甲图可研究磁场对通电导体产生力的作用 C. 丙图可研究磁能生电B. 乙图可研究电流四周存在磁场D丁.牟利用超声波的反射制成声呐可确立潜艇的地点【答案】C【分析】【解答】解：由题可知，磁异探测器将潜艇经过海疆惹起的磁场强弱变化转变为强弱变化的电流，说明有感觉电流产生，即磁异探测器所波及的物理原理为电磁感觉现象；A、图甲可研究磁场对通电导体产生力的作用，是电动机的原理，故 A 不合题意；B、图乙的实验是研究通电螺线管四周存在磁场，运用了电流的磁效应，故 B 不合题意；C、图丙中，开封闭合后，在外力作用下使导体左右挪动，切割磁感觉线，电流表指针发生偏转，说明此时有感觉电流产生，这是电磁感觉现象，是发电机的工作原理，表示磁能生电．故 C 切合题意；D、图丁是利用回声定位确立物体的地点，故 D 不合题意．应选 C．【剖析】磁异探测器最后将信号变换为变化的电流，所以是一个发电机，剖析下边四幅图，找出发电机的原理即可．2．以下作图中，错误的选项是（）A.动力 F1的力臂B.静止物体的受力剖析C.平面镜成像D.磁体的磁场【答案】A【分析】【解答】解：A、反向延伸得卖力F1的作用线，从支点作作用线的垂线，得垂足，支点到垂足的距离为动力臂 L1，如下图，故 A 错．B、静止在斜面上的物体遇到重力（竖直向下）、支持力（垂直斜面向上）和摩擦力（沿斜面向上）的作用，三力的作用点画在物体的重心，故 B 正确；C、物体成的像为虚像，用虚线画出，物像对于平面镜对称，故 C 正确；D、在磁体外面，磁感线从N 极出，回到 S 极，故 D 正确．应选 A．【剖析】（ 1 ）依据力臂的画法进行剖析，力臂是支点到力作用线的垂线段；（2）静止在斜面上的物体遇到重力、支持力和摩擦力的作用；（3）平面镜成像的特色：物体成的像为虚像，物像对于平面镜对称；（4）在磁体外面，磁感线从N 极出，回到S 极．此题考察了力臂的画法、力的表示图的画法、平面镜成像的画法以及磁感线的方向，属于基础题目．3．我国航母舰机腾飞将采纳自行研制的电磁弹射器，电磁弹射器的弹射车与舰载机前轮连结，并处于强磁场中，当弹射车的导体有强电流经过时，就能够遇到强盛的推力，以下各图中与弹射车工作原理一致的是（）A.电电扇B.手播发电机C.电热水壶D.电磁起重机【答案】A【分析】【解答】由题意知弹射车的工作原理：磁场对电流有力的作用。
(物理)中考物理电与磁解题技巧及经典题型及练习题(含答案)
物理）中考物理电与磁解题技巧及经典题型及练习题 （含答案 ）一、电与磁选择题1．发电机和电动机的发明使人类步入电气化时代，制造电动机所依据的原理是（ ）A. 电磁感应现象B. 电流的周围存在着磁场C. 磁场间的相互作用D. 通电导体在磁场中受到力的作用【答案】 D【解析】 【解答】解：电动机是根据通电导体在磁场中受到力的作用的原理来工作的． 故选 D ．【分析】电动机的工作原理：通电导体在磁场中受到力的作用．发电机的工作原理：电磁 感应现象．2．如图所示是发电机线圈在磁场中转动一圈的过程中经过的四个位置，电路中有感应电流 答案】 D解析】 【解答】甲图和丙图中，线圈与磁感线垂直时，不切割磁感线，不能产生感应电 流， ABC 不符合题意；乙图中 a 导线向下切割磁感线，而丁图 a 导线向上切割磁感线，两图中 a 导线切割磁感线 的方向相反，所以感应电流的方向相反， D 符合题意 .故答案为： D. 【分析】本题考查的是感应电流产生的条件、影响感应电流方向的因素。
解答这类题目的 思路是先明确产生感应电路的条件： ① 闭合电路的一部分导体； ② 导体切割磁感线运动 这两个条件。
3．如图所示是 “探究电磁铁磁性强弱与哪些因素有关 ”的实验，想让电磁铁吸引更多的大头 针，可行的做法是（ ）A. 甲和乙B. 丙和丁C. 甲和丙D. 乙和丁A. 将滑片 P 向 a 端移动 线圈匝数【答案】 A B.将 滑片 P 向 b 端移动 C.用 铜芯替代铁芯 D.减 少 的是（ ）【解析】【解答】A、将滑片P 向 a 端移动，电阻减小，由欧姆定律可知，电路中电流增大，则电磁铁吸引更多的大头针，故 A 正确；B、将滑片P 向 b 端移动，电阻增大，由欧姆定律可知，电路中电流减小，则电磁铁吸引的大头针较少，故 B 错误；C、电磁铁的铁芯需用软磁性材料制成，铜不是磁性材料，故不可以用铜棒代替，故 C 错误D、电磁铁磁性的强弱与线圈的匝数和电流的大小有关，线圈匝数越少，磁性越弱，因此减少线圈匝数，电磁铁吸引的大头针较少，故 D 错误．故选 A 【分析】电磁铁磁性的强弱与线圈的匝数和电流的大小有关，电磁铁吸引的大头针数码越多，电磁铁的磁性越强．4．如图为通电螺线管磁场强弱演示仪的示意图（导线电阻不计），由图可知：A. 当开关S接a点时，仪表指针向右偏转B. 当开关S接 a 点接滑片P向下移动时，仪表示数变小C. 保持滑片P的位置不变，开关S由 a 点换到 b 点，仪表示数变大D. 若将电源正负极对调，仪表指针偏转方向不变【答案】C【解析】【解答】解：A、由安培定则可知，通电螺线管的右端为N 极，根据同名磁极相互排斥可知，仪表指针向左偏转，故 A 错误；B、当开关S接a点接滑片P向下移动时，变阻器接入电路的电阻减小，电流增大，磁性增强，排斥力增大，指针偏转变大，仪表示数变大，故 B 错误；C、保持滑片P的位置不变，开关S由a点换到 b 点，线圈匝数增加，磁性增强，排斥力增大，指针偏转变大，仪表示数变大，故 C 正确；D、若将电源正负极对调，电流方向改变，磁场方向改变，仪表指针偏转方向改变，故D 错误．故选C．【分析】（1）由安培定则判断通电螺线管的南北极和磁极间的相互作用判断仪表指针向的偏转；、（2）根据滑动变阻器的移动方向判断通电螺线管的磁性变化，判断仪表示数变化；（3）通电螺线管磁性的强弱与电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯；（4）通电导体在磁场受力的方向与电流的方向、磁场方向有关．5．如图所示的用电器中，利用电动机工作的是（）B. 电灯【答案】A【解析】【解答】解：A、电风扇核心部件是电动机，工作时主要把电能转化为机械能，是利用通电导体在磁场中受力运动制成的，故 A 正确；B、电灯工作时，主要把电能转化为内能，使灯丝温度升高达到白炽状态而发光，是利用电流的热效应工作的，故 B 错误；CD、电热水壶、电饭锅工作时，都把电能转化为内能，是利用电流的热效应工作的，故CD 错误．故选A．【分析】电动机是利用通电导体在磁场中受力运动制成的，在选项中找出反映这个原理的即可．6．下列有关电和磁的说法正确的是（）A. 奥斯持发现了电流的磁效应B磁. 体周围的磁场既看不见也摸不着，所以是不存在的C. 电动机是根据电磁感应原理制成的D. 电磁铁磁性的强弱只与线圈中电流的大小有关【答案】A【解析】【解答】解：A、奥斯特发现了电流的磁效应，故A 正确；B、磁体周围的磁场虽然看不见也摸不着，但的确存在，故 B 错误；C、电磁感应现象是发电机的制作原理，而电动机的制作原理是通电线圈在磁场中受力转动，故C 错误；D、电磁铁的磁性强弱与电流的强弱和线圈的匝数有关，故 D 错误．故选A．【分析】（1）奥斯特发现了电流的磁效应；（2）磁场看不见、摸不着但的确存在；（3）电动机工作原理是通电线圈在磁场中受力转动；（4）电磁铁的磁性强弱与电流的强弱和线圈的匝数有关．7．下列教材中的探究实验，不需要控制电流一定的是（ ）A. 探究导体电阻与长度的关系B. 探究通电导体产生的热量与电阻的关系C. 探究电功与电压的关系D. 探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系【答案】 A【解析】 【解答】解： A 、电阻与导体的长度、材料、横截面积和温度有关，与电流大小 无关，探究与长度的关系，不用控制电流一定， A 正确；B 、由 Q=I 2Rt 可知，通电导体产生的热量与电路中的电流、导体的电阻和通电时间有关， 要探究热量与电阻的关系，需控制电流和通电时间一定， B 错误；C 、由 W=UIt 可知，要探究电功与电压的关系，需使电流和通电时间一定， C 错误；D 、电磁铁磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关，要探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关 系，需控制电路中的电流相同， D 错误．故选 A ． 【分析】若所探究的物理量与电流及其他因素有关，探究过程中需控制电流一定，根据各 项分析即可得出结论．8．甲、乙为两个条形磁铁的两个磁极，根据下图所示的小磁针静止时的指向，可以判断【解析】 【解答】解：由磁感线可知两磁极相互排斥，且磁感线均指由磁铁向外，故两磁 极均为 N 极，小磁针所在处磁场向上，故小磁针 S 极在上、 N 极在下。
(物理)初三物理电与磁技巧和方法完整版及练习题含解析
（物理）初三物理电与磁技巧和方法完整版及练习题含解析一、电与磁选择题1．下列教材中的探究实验，不需要控制电流一定的是（）A. 探究导体电阻与长度的关系B. 探究通电导体产生的热量与电阻的关系C. 探究电功与电压的关系D. 探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系【答案】A【解析】【解答】解：A、电阻与导体的长度、材料、横截面积和温度有关，与电流大小无关，探究与长度的关系，不用控制电流一定，A正确；B、由Q=I2Rt可知，通电导体产生的热量与电路中的电流、导体的电阻和通电时间有关，要探究热量与电阻的关系，需控制电流和通电时间一定，B错误；C、由W=UIt可知，要探究电功与电压的关系，需使电流和通电时间一定，C错误；D、电磁铁磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关，要探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系，需控制电路中的电流相同，D错误．故选A．【分析】若所探究的物理量与电流及其他因素有关，探究过程中需控制电流一定，根据各项分析即可得出结论．2．如图所示，GMR是一个巨磁电阻，其特性是电阻在磁场中会急剧减小，且磁场越强电阻越小，闭合开关S2后，下列四种情况相比较，指示灯最亮的是（）A. S1断开，滑片P在图示位置B. S1闭合，滑片P在图示位置C. S1闭合，滑片P在滑动变阻器最右端D. S1闭合，滑片P在滑动变阻器最左端【答案】D【解析】【解答】解：A、S1断开时，电磁铁无磁性，由题意可知GMR的电阻最大，由I= 可知，右侧电路中电流最小，由P=I2R可知，指示灯的实际功率最小，指示灯最暗，故A错误；BCD、闭合S1时，GMR所处的位置由无磁场变为有磁场，GMR的阻值减小；当滑片P在滑动变阻器最左端时，左侧电路的电阻最小，由I= 可知，左侧电路中的电流最大，电磁铁磁性最强，则GMR的电阻最小，右侧电路中电流最大，由P=I2R可知，指示灯的实际功率最大，指示灯最亮，故BC错误，D正确．故选D．【分析】闭合S2时，指示灯与GMR串联，电压表测GMR两端的电压，闭合S1时，电磁铁有磁性，根据GMR与磁性之间的关系判断其阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，利用P=I2R可知指示灯功率的变化，进一步判断亮暗的变化．3．以下探究实验装置中，不能完成探究内容的是（）A. 磁极间相互作用规律B. 通电直导线周围存在磁场C. 磁性强弱与电流大小的关系D. 产生感应电流的条件【答案】C【解析】【解答】解：A、如图，据小磁针偏转的情况可以判断磁极间的作用规律，A选项能探究，故不符合题意；B、如图，该实验装置是奥斯特实验装置图，可探究通电导线周围存在着磁场，B选项能探究，但不符合题意；C、如图，该实验电路中电流大小不能改变，所以不能研究电磁铁磁性的强弱与电流大小的关系．故符合题意；D、如图，此时电路是闭合，导体在磁场中做切割磁感线运动时，能产生感应电流，D能探究，故不符合题意．故选C．【分析】（1）磁极间的作用规律是：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；（2）据奥斯特实验可知，通电导线周围存在着磁场；（3）电磁铁磁性的强弱与电流的大小和线圈的匝数有关；（4）闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就会产生感应电流，该现象叫电磁感应现象．4．刷卡机已经普遍应用于银行、商场等，当银行卡有磁条的一侧经过刷卡机的卡槽时，刷卡机的检测感应器（相当于线圈）就会产生感应电流。
初中物理电与磁技巧和方法完整版及练习题及解析
初中物理电与磁技巧和方法完整版及练习题及解析一、电与磁选择题1．在下面四幅图中，图文相符的是（）A. 电动机利用图示原理制成的B. 电铃是电流的磁效应工作的C. 发电机是利用图示原理制成的D. 扬声器是把声信号转换成电信号【答案】 B【解析】【解答】A. 图中导体切割磁感线运动时，产生电流，是电磁感应现象，发电机利用图示原理制成的，A不符合题意；B. 图中的电铃主要工作部分是电磁铁，利用电流的磁效应工作，B符合题意；C. 图演示的是磁场对电流的作用力，电动机是利用图示原理制成的，C不符合题意；D. 如图的扬声器工作时，将电信号转换成声音，D不符合题意；故答案为：B。
【分析】磁场对电流的作用：通电导线在磁场中要受到磁力的作用.是由电能转化为机械能.应用是制成电动机.电磁铁的特点：①磁性的有无可由电流的通断来控制；②磁性的强弱可由改变电流大小和线圈的匝数来调节；③磁极可由电流方向来改变.发电机的原理是根据电磁感应现象（电磁感应：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就产生电流，这种现象叫电磁感应，产生的电流叫感应电流）制成的.2．图展示了我国古代劳动人民的智慧成果，对其中涉及的物理知识，说法错误的是（）A. 孔明灯在上升过程中，只受浮力B. 紫砂壶属于连通器C. 司南能够指南北是利用了磁体受地磁场的作用D. 正在发声的编钟在振动【答案】 A【解析】【解答】解：A、孔明灯在上升过程中，不但受到浮力而且受到重力的作用，A不符合题意；B、紫砂壶的壶嘴和壶身上端开口，底部相互连通，是利用连通器的原理，B符合题意；C、司南指示南北方向是因为受到了地磁场的作用，C符合题意；D、一切发声的物体都在振动，所以正在发声的编钟在振动，D符合题意。
故答案为：A。
【分析】物体在上升过程中，不但受到浮力而且受到重力的作用.连通器的定义是上端开口、底部相连通的容器，认清连通器的结构特点，生活中应用连通器的还有：乳牛自动喂水器、自来水的水塔和水龙头、过桥涵洞、洗手盆的回水弯等等.地磁的北极在地理位置的南极附近；而地磁的南极则在地理位置的北极附近.（地磁的南北极与地理的南北极并不重合，它们的交角称磁偏角，这是我国学者：沈括最早记述这一现象.）一切发声的物体都在振动.3．如图所示是发电机线圈在磁场中转动一圈的过程中经过的四个位置，电路中有感应电流的是（）A. 甲和乙B. 丙和丁C. 甲和丙D. 乙和丁【答案】 D【解析】【解答】甲图和丙图中，线圈与磁感线垂直时，不切割磁感线，不能产生感应电流，ABC不符合题意；乙图中a导线向下切割磁感线，而丁图a导线向上切割磁感线，两图中a导线切割磁感线的方向相反，所以感应电流的方向相反，D符合题意.故答案为：D.【分析】本题考查的是感应电流产生的条件、影响感应电流方向的因素。
中考物理电与磁解题技巧及练习题(含答案)
中考物理电与磁解题技巧及练习题(含答案)一、电与磁选择题1．如图所示电路中，闭合开关，向某一方向移动滑动变阻器的滑片时，弹簧测力计的示数增大，则（）A. 螺线管上端是S极，滑片P向左移动B. 螺线管上端是S极，滑片P向右移动C. 螺线管上端是N极，滑片P向左移动D. 螺线管上端是N极，滑片P向右移动【答案】C【解析】【解答】解：（1）由图可知，开关闭合后，由安培定则可知，螺线管上端是N 极，滑动变阻器的滑片向左移动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变小，则电路中的电流变大，通电螺线管的磁性变强．（2）通电螺线管的磁性变强，对铁块的吸引力变大，弹簧测力计的示数就变大．故选项ABD错误，C正确．故选C．【分析】（1）影响通电螺线管磁性强弱的因素有：电流的大小、线圈的匝数，线圈的匝数一定，电流越大，磁性越强；（2）电磁铁对铁块的吸引力变大时，弹簧测力计的示数变大，吸引了变小时，弹簧测力计的示数变小．2．如图所示四个实验中，能说明电动机工作原理的是（）A.B.C.D.【答案】 D【解析】【解答】解：电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用；A、该装置是奥斯特实验，表明通电导线周围有磁场，A不符合题意；B、该装置没有电源，是发电机原理图，其原理是电磁感应现象，B不符合题意；C、该装置是研究电磁铁磁性强弱的实验装置，是电流的磁效应，C不符合题意；D、该装置有电源，是电动机原理图，表明通电的导体在磁场中受力的作用，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】磁场对电流的作用：通电导线在磁场中要受到磁力的作用.是由电能转化为机械能.应用是制成电动机.3．下面所做探究活动与得出结论相匹配的是（）A. 活动：用铁屑探究磁体周围的磁场→结论：磁感线是真实存在的B. 活动：观察惯性现象→结论：一切物体都受到惯性力的作用C. 活动：马德堡半球实验→结论：大气压真实存在且很大D. 活动：探究带电体间的相互作用→结论：同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥【答案】C【解析】【解答】解：A、磁感线是理想化的物理模型，磁感线实际上并不存在，A不符合题意；B、惯性是物体的一种固有属性，它不是力，不能说受到惯性力的作用，B不符合题意；C、马德堡半球实验有力地证明了大气压的存在。
初三物理电与磁技巧(很有用)及练习题及解析
初三物理电与磁技巧(很有用)及练习题及解析一、电与磁选择题1．如图所示，A是悬挂在弹簧测力计下的条形磁铁，B是螺线管．闭合开关，待弹簧测力计示数稳定后，将滑动变阻器的滑片缓慢向右移动的过程中，下列说法正确的是（）A. 电压表示数变大，电流表示数也变大B. 电压表示数变小，电流表示数也变小C. 螺线管上端是N极，弹簧测力计示数变小D. 螺线管上端是S极，弹簧测力计示数变大【答案】 C【解析】【解答】解：（1）由图可知电流由螺线管的下方流入，则由右手螺旋定则可知螺线管上端为N极，下端为S极；则螺线管与磁铁为同名磁极，相互排斥；当滑片向右移动时，滑动变阻器接入电阻变小，则由欧姆定律可知电路中电流增大，即电流表的示数变大；因为串联电路中，电阻越大，分得的电压越大，因此滑动变阻器两端电压减小，即电压表示数减小；故AB错误；（2）由于通过电路的电流变大，则螺线管的磁性增大，螺线管与磁铁之间的斥力增大，因此弹簧测力计示数变小．故C正确，D错误．故选C．【分析】解答此题从以下知识点入手：（1）影响电磁铁磁性强弱的因素有：电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯．线圈的匝数一定，电流越大磁性越强；（2）运用安培定则判断通电螺线管的极性；（3）磁极间的相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引．（4）当变阻器R的滑片缓慢向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律和串联电路电压的特点可知电路电流表和电压表示数的变化．2．有一小磁针静止在通电螺线管上方，如图所示，则通电螺线管（）A. 左侧为N极，a端为正极B. 左侧为S极，a端为正极C. 左侧为N极，b端为正极D. 左侧为S极，b端为正极【答案】 C【解析】【解答】解：由于小磁针静止时，其左端为S极，右端为N极，根据磁极间的作用规律可知，螺线管的右端为S极，左端为N极。
根据螺线管的N、S极和螺线管的线圈绕向。
利用安培定则可以确定电流是从螺线管的右端流入左端流出。
由于电流是从电源的正极流出，经过外电路回到电源负极。
(物理)九年级物理电与磁技巧和方法完整版及练习题及解析
（物理）九年级物理电与磁技巧和方法完整版及练习题及解析一、电与磁选择题1．巨磁电阻效应是指某些材料的电阻在磁场中急剧减小的现象，且磁场越强电阻越小，图中是说明巨磁电阻特性原理的示意图，图中GMR是巨磁电阻，如果闭合S1、S2，滑片P 向左移动时，电表的变化情况是（）A. 表和表示数均变小B. 表和表示数均变大C. 表示数变小，表示数变大D. 表示数变大，表示数变小【答案】D【解析】【解答】闭合S1、S2，滑片P向左移动时，电路中的电阻变小，电流变大，通电螺线管的磁性变强，所以巨磁电阻的阻值变小，根据串联电路的电压规律可知，其两端的电压变小即电压表的示数变小，根据欧姆定律可知电路中电流变大，即电流表的示数变大，D符合题意，ABC不符合题意.故答案为：D.【分析】根据滑动变阻器的在的变化分析电路中电流的变化，电流的变化影响磁性强弱变化，从而电路中的电流和电压和变化.2．如图所示，导体棒ab向右运动，下列操作能使导体棒向左运动的是（）A. 调换磁极B. 取走一节干电池C. 将导体棒a、b端对调D. 向左移动滑动变阻器滑片【答案】A【解析】【解答】解：通电导体在磁场中受力的方向与磁场方向和电流方向两个因素有关；A、将磁体的磁极对调，磁场方向与原来相反，则导体棒的受力方向与原来相反，能使导体棒向左运动，故A正确；B、取走一节干电池，减小电源电压，减小电路中的电流，会改变受力大小，但不会改变运动方向，故B错误；C、将导体棒a、b端对调，不能改变导体中的电流方向，不能改变受力方向，故C错误；D、将滑动变阻器的滑片P向左移动，电路的电阻减小，电路中的电流增大，会改变受力大小，但不会改变运动方向，故D错误．故选A．【分析】通电导体在磁场中受到力的作用，受力方向与磁场方向和电流方向两个因素有关：一个是磁场方向，另一个是电流方向．如果只改变一个因素，则导体受力方向改变，如果同时改变两个因素，则导体受力方向不变．改变电流大小，只能改变受力大小，不能改变受力方向．3．下列设备，利用电磁继电器工作的是（）A. 水位自动报警器B. 动圈式话筒C. 电磁起重器D. 直流电铃【答案】 A【解析】【解答】解：A、如图，由容器、左侧电源和电磁铁组成的是控制电路，由有灯和右侧电源组成的是工作电路，这是一个电磁继电器用控制电路来控制工作电路的。
【物理】初中物理电与磁的技巧及练习题及练习题(含答案)含解析
【物理】初中物理电与磁的技巧及练习题及练习题(含答案)含解析一、电与磁选择题1．如图所示的环保型手电筒，筒内没有电池，使用时只要来回摇晃手电筒，使永磁体在线圈中来回运动，灯泡就能发光，下列几个实验与其原理相同的是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【解答】解：永磁体在线圈中来回运动，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光，所以手摇电筒的工作原理为电磁感应现象；A、图中为奥斯特实验，说明了通电导体周围存在磁场，与手摇电筒的工作原理无关，故A 错误．B、此图的装置是通电螺线管，是用来研究通电螺线管周围的磁场，与手摇电筒的工作原理无关，故B错误．C、图中闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中产生了感应电流（可以从电流表指针发生偏转来体现），这是电磁感应现象，与手摇电筒的工作原理相符合，故C 正确．C、此图反映了通电导体在磁场中受到力的作用，与手摇电筒的工作原理无关，故D错误．故选C．【分析】（1）手摇电筒是利用电磁感应现象制成的，磁铁在线圈中来回运动，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光．（2）逐个分析下面四个选择项中各个设备的制成原理，将两者对应即可得到答案．2．如图所示四个实验中，能说明电动机工作原理的是（）A.B.C.D.【答案】 D【解析】【解答】解：电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用；A、该装置是奥斯特实验，表明通电导线周围有磁场，A不符合题意；B、该装置没有电源，是发电机原理图，其原理是电磁感应现象，B不符合题意；C、该装置是研究电磁铁磁性强弱的实验装置，是电流的磁效应，C不符合题意；D、该装置有电源，是电动机原理图，表明通电的导体在磁场中受力的作用，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】磁场对电流的作用：通电导线在磁场中要受到磁力的作用.是由电能转化为机械能.应用是制成电动机.3．下面所做探究活动与得出结论相匹配的是（）A. 活动：用铁屑探究磁体周围的磁场→结论：磁感线是真实存在的B. 活动：观察惯性现象→结论：一切物体都受到惯性力的作用C. 活动：马德堡半球实验→结论：大气压真实存在且很大D. 活动：探究带电体间的相互作用→结论：同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥【答案】C【解析】【解答】解：A、磁感线是理想化的物理模型，磁感线实际上并不存在，A不符合题意；B、惯性是物体的一种固有属性，它不是力，不能说受到惯性力的作用，B不符合题意；C、马德堡半球实验有力地证明了大气压的存在。