广东省茂名市2014届高三一模物理题Word版(含答案)
广东省茂名市高考物理一模试卷Word版含解析
二、选择题：本题共有8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．如图（甲）所示，导线MN和矩形线圈abcd共面且固定．在MN中通以图（乙）所示的电流（NM方向为电流的正方向），则在0～T时间内（）A．线框感应电流方向始终沿adcba方向B．线框感应电流方向先沿abcda后沿adcbaC．ab边始终不受力的作用D．bc边受安培力先向右后向左2．如图所示，平行水平放置的光滑导轨AB、CD相距0.2m，电阻不计，导轨的左右两端分别接有阻值为1Ω的电阻R1和R2，金属圆环的直径为0.2m，电阻为2Ω，整个装置放在大小为1T、方向竖直向下的匀强磁场中，M、N为圆环与导轨接触的两点．当圆环以速度为10m/s向右匀速运动时，下列说法正确的是（）A．导轨中没有电流B．M、N两点的电压为2VC．M、N两点的电压为1.57V D．R1的功率为1W3．如图所示，在匀速转动的水平圆盘上，沿半径方向放着用细线相连的质量相等的两个物体A和B，它们与盘间的摩擦因数相同，当圆盘转动到两个物体刚好还未发生滑动时，烧断细线，两个物体的运动情况是（）A．两物体沿切向方向滑动B．两物体均沿半径方向滑动，离圆盘圆心越来越远C．两物体仍随圆盘一起做圆周运动，不发生滑动D．物体B仍随圆盘一起做匀速圆周运动，物体A发生滑动，离圆盘圆心越来越远4．如图所示为一只理想变压器，原、副线圈匝数比是10：1，原线圈接入电压为220V的正弦交流电，一个理想二极管与一个最大阻值为10Ω的滑动变阻器串联后接在副线圈上，滑片P在变阻器的最下端，则下列说法正确的是（）A．1分钟内电阻R上产生的热量为1452JB．电压表的示数为22VC．二极管两端的最大电压为22VD．滑片P向上移动时，电流表A的示数减小5．如图所示，两根等长且不可伸长的细线结于O点，A端固定在水平杆上，B端系在轻质圆环（不计重力）上，圆环套在竖直光滑杆上，C端挂一重物，重物质量为m．开始时用手握住轻圆环，使其紧靠D端，且AD=OA，当重物静止时如图所示．现释放圆环，圆环在竖直光滑杆上自由滑动，当重物再次静止时OA绳拉力为F A，OB绳拉力为F B，则（）A．F A＜mg；F B＜mg B．F A=mg；F B=0 C．F A=mg；F B=mg D．F A＞mg； F B=mg6．质量为m的物体在水平恒力F作用下沿水平面运动，在t0时刻撤去F，其V﹣t图象如图所示．已知物体与水平面间的动摩擦因数为μ，在这过程中力F做的功为W，则下列关系式正确的是（）A．F=2μmg B．F=3μmg C．W=μmgV0t0D．W=3μmgV0t07．如图所示，带有正电荷量Q的细铜圆环竖直固定放置，一带量为q的正点电荷从很远处沿水平轴线飞来并到达圆心，不计粒子的重力．关于粒子的上述过程，下列说法正确的是（）A．粒子先做加速运动后做减速运动B．粒子的电势能先增大后减小C．粒子的加速度先增大后减小D．粒子的动能与电势能之和不变8．如图所示是牛顿研究抛体运动时绘制的一幅草图，以不同的速度抛出的物体分别沿a、b、c、d轨迹运动，其中a是一段曲线，b 是贴近地球表面的圆，C是椭圆，d是双曲线的一部分．已知引力常数为G，地球质量为M，半径为R，地球附近的重力加速度为g．以下说法正确的是（）A．沿a运动物体的初速度一定小于B．沿b运动物体的初速度一定等于C．沿c运动物体的初速度与P点时速度大小相等D．沿d运动物体的初速度一定大于第一宇宙速度三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33题～第40题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）9．在“利用打点计时器测定匀变速直线运动加速度”的实验中，某同学在打出的纸带上按打点的先后顺序每5点取一个计数点，共取了A、B、C、D、E、，六个计数点在一次课外实践活动中，某课题研究小组收集到电子产品中的一些旧电池及从废旧收音机上折下来的电容、电阻、电感线圈等电子元件．现从这些材料中选取两待测元件，一是电阻R0（约为2kΩ），一是手机中常用的锂电池（电动势E标称值为3.7V，允许最大放电电流500mA）．在操作台上还准备了如下实验器材：A．电压表（量程为0﹣3﹣15V，电阻R V约为0﹣15﹣75kΩ）B．电流表A1（量程为100mA，内阻不计）C．电流表A2（量程为2mA，内阻不计）D．滑动变阻器R1（0～2kΩ，额定电流0.01A）E．滑动变阻器R2（0～10Ω，额定电流0.6A）F．电阻箱R（0～999.9Ω）G．开关一只，导线若干（1）为了测定电阻R0的阻值，小组成员设计了如图（甲）所示的电路，所选器材均标在图上，其器材选取中有不妥之处，你认为应该怎样调整？答：．（2）当滑片移到某一位置时，电压表示数如图（乙）所示，此时R0的电压测量值为V．（3）如果在实际过程中，发现滑动变阻器、电压表已损坏，请你用余下的器材测量电池的电动势E和内阻r．①请你在图（丙）所示的方框内画出实验电路图（标明所用器材符号）②该项实验小组的同学在实验中取得多组数据，然后作出图（丁）所示的图象，则电源的电动势E=V，内电阻r= Ω．11．质量为4kg的物体系在气球的下端，绳子伸直且物体刚好接触地面．释放气球，使物体由静止开始竖直上升，8s后绳子断开，再经6s物体落回地面，g取10m/s2．求：（1）绳子对物体的拉力？（2）从释放到绳子断开前，绳子拉力的平均功率？12．在真空中有大小为B=1.0T、方向垂直纸面向里的环形匀强磁场，内环半径R1=m，外环半径R2=1.0m．在圆心O与内环间加上电压U后，内圆内形成一个辐射性的电场．荷质比为=4.0×103C/kg 的带正电的粒子由圆心O处静止释放后经电场加速后进入磁场，不计带电粒子的重力．求（1）带电粒子不能穿越磁场外边界的最大电压U m；（2）当电压为U m时，带电粒子从圆心静止释放后第一次在磁场中的运动时间．三、[物理-选修3-3]（共2小题，满分15分）13．下列说法中正确的是（）A．单晶体的各向异性是由晶体微观结构决定的B．布朗运动就是液体分子的运动C．能量转化和守恒定律是普遍规律，但是能量耗散违反能量转化和守恒定律D．小昆虫水黾可以站在水面上是由于液体表面张力的缘故E．物体可从单一热源吸收热量并全部用于做功14．如图所示，一直立的气缸用一质量为m的活塞封闭一定量的理想气体，活塞横截面积为S，汽缸内壁光滑且缸壁是导热的，开始活塞被固定在A点，打开固定螺栓K，活塞下落，经过足够长时间后，活塞停在B点，已知AB=h，大气压强为p0，重力加速度为g．①求活塞停在B点时缸内封闭气体的压强；②设周围环境温度保持不变，求整个过程中通过缸壁传递的热量Q（一定量理想气体的内能仅由温度决定）．四、[物理-选修3-4]（共2小题，满分0分）15．简谐运动的振动图线可用下述方法画出：如图（甲）所示，在弹簧振子的小球上安装一支绘图笔P，让一条纸带在与小球振动方向垂直的方向上匀速运动，笔P在纸带上画出的就是小球的振动图象．取振子水平向右的方向为振子离开平衡位置的位移正方向，纸带运动的距离代表时间，得到的振动图线如图乙所示．则下列说法中正确的是（）A．弹簧振子的周期为4sB．弹簧振子的振幅为10cmC．t=17s时振子相对平衡位置的位移是10cmD．若纸带运动的速度为2cm/s，振动图线上1、3两点间的距离是4cmE．2.5s时振子正在向x轴正方向运动16．如图所示，一个半径为R的四分之一透明圆柱体放置在水平桌面上，一束蓝光沿水平方向垂直入射到OA上，经过圆柱体后在水平面形成一个光斑．已知圆柱体对蓝光的折射率为2．求：①蓝光在圆柱体中的传播速度；②圆柱体右侧水平桌面上黑暗部分的长度．五、[物理-选修3-5]（共2小题，满分0分）17．以下说法中，正确的是（）A．衰变成要经过6次β衰变和8次α衰变B．一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，是因为这束光的光强太小C．原子核发生一次β衰变时，其内部的一个中子转变为一个质子和一个电子D．β射线与γ射线一样是电磁波，穿透本领远比γ射线强E．在原子核中，平均结合能越大表示原子核中的核子结合得越牢固18．如图所示，甲车的质量为m1=3kg，质量为m=1kg的小球用长为0.5m轻绳悬挂在L形支架一上，它们静止在水平面．质量为m2=2kg 的乙车以V0=5m/s的速度向甲车运动，甲、乙两车碰撞后一起运动．g=10m/s2．求：①乙车碰撞甲后瞬时速度；②绳子偏离竖直方向的最大偏角（可用反三角函数表示）．2016年广东省茂名市高考物理一模试卷参考答案与试题解析二、选择题：本题共有8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．如图（甲）所示，导线MN和矩形线圈abcd共面且固定．在MN中通以图（乙）所示的电流（NM方向为电流的正方向），则在0～T时间内（）A．线框感应电流方向始终沿adcba方向B．线框感应电流方向先沿abcda后沿adcbaC．ab边始终不受力的作用D．bc边受安培力先向右后向左【考点】楞次定律．【专题】定性思想；推理法；电磁感应与电路结合．【分析】根据右手螺旋定则可判定线圈所处磁场的方向，再由电流与时间的关系来确定磁场大小变化，由楞次定律可确定线圈产生的感应电流方向，从而根据左手定则可确定安培力的方向得出结果．【解答】解：A、由题意可知，NM方向为电流正方向，根据右手螺旋定则可知，在0到T时间内，穿过线框abcd磁场方向垂直纸面向里，大小在减小，则线框产生的感应电流方向，由楞次定律可得，感应电流方向顺时针，即为abcda；当在到T时间内，穿过线框abcd 磁场方向垂直纸面向外，大小在增大，则线框产生的感应电流方向，由楞次定律可得，感应电流方向仍为顺时针，即为abcda；故AB错误；C、当NM电流大小变化时，周围产生磁场，导致线框中产生感应电流，从而使线框ab受到安培力作用；当通以正向电流时，线框bc 受到向右的安培力；当通以反向电流时，线框bc受到向左的安培力，故C错误，D正确；故选：D【点评】考查右手螺旋定则、楞次定则、左手定则，及法拉第电磁感应定律，得出电流方向同向的相互吸引，电流方向反向的相互排斥．且磁场与时间的图象斜率表示磁场的变化．2．如图所示，平行水平放置的光滑导轨AB、CD相距0.2m，电阻不计，导轨的左右两端分别接有阻值为1Ω的电阻R1和R2，金属圆环的直径为0.2m，电阻为2Ω，整个装置放在大小为1T、方向竖直向下的匀强磁场中，M、N为圆环与导轨接触的两点．当圆环以速度为10m/s向右匀速运动时，下列说法正确的是（）A．导轨中没有电流B．M、N两点的电压为2VC．M、N两点的电压为1.57V D．R1的功率为1W【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】参照思想；等效替代法；电磁感应与电路结合．【分析】当圆环以速度为10m/s向右匀速运动时切割磁感线产生感应电动势，相当于一个并联电池组，有效的切割长度等于其直径，由E=BLv求出感应电动势，再由电路规律解答．【解答】解：A、当圆环以速度为10m/s向右匀速运动时切割磁感线产生感应电动势，导轨中有感应电流．故A错误．BC、圆环产生的感应电动势为E=BLv=1×0.2×10V=2V，通过导轨的电流 I===A=2AM、N两点的电压是路端电压，为 U=E﹣I•=2﹣2××1=1V．故BC错误．D、R1的功率为 P==W=1W，故D正确．故选：D【点评】本题要用等效的思维方法来理解电路，要知道圆环相当于一个并联电池组，有效的切割长度等于其直径，在分析电路结构的基础上，应用E=BLv、欧姆定律、功率公式即可正确解题．3．如图所示，在匀速转动的水平圆盘上，沿半径方向放着用细线相连的质量相等的两个物体A和B，它们与盘间的摩擦因数相同，当圆盘转动到两个物体刚好还未发生滑动时，烧断细线，两个物体的运动情况是（）A．两物体沿切向方向滑动B．两物体均沿半径方向滑动，离圆盘圆心越来越远C．两物体仍随圆盘一起做圆周运动，不发生滑动D．物体B仍随圆盘一起做匀速圆周运动，物体A发生滑动，离圆盘圆心越来越远【考点】向心力；牛顿第二定律．【专题】牛顿第二定律在圆周运动中的应用．【分析】对AB两个物体进行受力分析，找出向心力的来源，即可判断烧断细线后AB的运动情况．【解答】解：当圆盘转速加快到两物体刚要发生滑动时，A物体靠细线的拉力与圆盘的最大静摩擦力的合力提供向心力做匀速圆周运动，所以烧断细线后，A所受最大静摩擦力不足以提供其做圆周运动所需要的向心力，A要发生相对滑动，离圆盘圆心越来越远，但是B所需要的向心力小于B的最大静摩擦力，所以B仍保持相对圆盘静止状态，故A、B、C选项错误，D选项正确．故选D【点评】解决本题的关键是找出向心力的来源，知道AB两物体是由摩擦力和绳子的拉力提供向心力，难度不大，属于基础题．4．如图所示为一只理想变压器，原、副线圈匝数比是10：1，原线圈接入电压为220V的正弦交流电，一个理想二极管与一个最大阻值为10Ω的滑动变阻器串联后接在副线圈上，滑片P在变阻器的最下端，则下列说法正确的是（）A．1分钟内电阻R上产生的热量为1452JB．电压表的示数为22VC．二极管两端的最大电压为22VD．滑片P向上移动时，电流表A的示数减小【考点】变压器的构造和原理．【专题】定量思想；推理法；交流电专题．【分析】根据图象可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，二极管的作用是只允许正向的电流通过，再根据电压与匝数成正比即可求得结论．【解答】解：A、B、C、原、副线圈的电压与匝数成正比，所以副线圈两端电压为22V，最大值为V，则C错误；由于副线圈接着二极管，它具有单向导电性，根据电流的热效应知解得U=11V，故B错误；则1 min内产生的热量为Q==1452J，故A 正确．D、P向上移动时，电阻变小，副线圈电流变大，则原线圈电流也变大．则D错误故选：A【点评】本题需要掌握变压器的电压之比和匝数比之间的关系，同时对于二极管的作用要了解．5．如图所示，两根等长且不可伸长的细线结于O点，A端固定在水平杆上，B端系在轻质圆环（不计重力）上，圆环套在竖直光滑杆上，C端挂一重物，重物质量为m．开始时用手握住轻圆环，使其紧靠D端，且AD=OA，当重物静止时如图所示．现释放圆环，圆环在竖直光滑杆上自由滑动，当重物再次静止时OA绳拉力为F A，OB绳拉力为F B，则（）A．F A＜mg；F B＜mg B．F A=mg；F B=0 C．F A=mg；F B=mg D．F A＞mg； F B=mg【考点】共点力平衡的条件及其应用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】题中圆环质量很轻，重力不计，受到竖直杆的支持力和绳OB的拉力两个力作用，当让圆环在竖直光滑杆上自由滑动，重物再次静止时，OB必须与竖直杆垂直才能平衡．根据几何知识得到此时OA绳与水平杆的夹角，分析结点O的受力情况，作出力图，根据平衡条件进行分析．【解答】解：据题分析可知，圆环的重力不计，受到竖直杆的支持力和绳OB的拉力两个力作用，竖直杆对圆环的支持力与杆垂直向左，二力平衡时，这两个力必定在同一直线上，则当让圆环在竖直光滑杆上自由滑动，重物再次静止时，OB绳也与竖直杆垂直．设此时OA与水平杆的夹角为α，三个细线的长度均为L，则几何知识得 cosα═0.6，得α=53°以结点O为研究对象，分析受力情况如图，由平衡条件得知：F B 与mg的合力与F A大小相等，方向相反，由于α=53°＞45°，则根据几何知识分析得到：F A=mg，F B=0故选：B．【点评】本题中分析出轻环处于二力平衡状态是解题的关键，再以结点为研究对象，根据平衡条件进行分析．6．质量为m的物体在水平恒力F作用下沿水平面运动，在t0时刻撤去F，其V﹣t图象如图所示．已知物体与水平面间的动摩擦因数为μ，在这过程中力F做的功为W，则下列关系式正确的是（）A．F=2μmg B．F=3μmg C．W=μmgV0t0D．W=3μmgV0t0【考点】动能定理的应用；匀变速直线运动的图像．【专题】整体思想；图析法；运动学中的图像专题；动能定理的应用专题．【分析】对全过程，运用动量定理求F的大小．在v﹣t图象中，面积表示位移大小，据此求解各个时间段的位移大小，从而全过程摩擦力做功，对全程根据动能定理列式求解拉力F做的功．【解答】解：取初速度方向为正方向，根据动量定理，对全过程：Ft0﹣μmg•3t0=0，解得：F=3μmg；0～t0时间内，全过程的位移为：x=v0•3t0=对全过程，运用动能定理得：W﹣μmgx=0，得W=μmgv0t0．故BC正确，AD错误．故选：BC【点评】本题涉及力在时间上的累积效应，可优先考虑运用动量定理研究F的大小，当然也可以根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解．7．如图所示，带有正电荷量Q的细铜圆环竖直固定放置，一带量为q的正点电荷从很远处沿水平轴线飞来并到达圆心，不计粒子的重力．关于粒子的上述过程，下列说法正确的是（）A．粒子先做加速运动后做减速运动B．粒子的电势能先增大后减小C．粒子的加速度先增大后减小D．粒子的动能与电势能之和不变【考点】电场的叠加；牛顿第二定律；电势能．【专题】比较思想；合成分解法；电场力与电势的性质专题．【分析】带有正电荷圆环的电场电场线从圆环出发到无穷远终止，分析粒子q所受的电场力方向，即可判断其运动情况．根据电场力做功正负，判断电势能的变化．无穷远场强为零，O点场强也为零，即可从无穷远到O点，场强先增大后减小，粒子的加速度先增大，后减小．根据能量守恒分析动能与电势能之和如何变化．【解答】解：A、圆环带正电，根据电场的叠加原理可知，水平轴线上电场线从圆环中心出发到无穷远终止，带正电的粒子q所受的电场力方向与其运动方向相反，所以粒子一直做减速运动．故A错误．B、电场力对粒子q一直做负功，其电势能一直增大．故B错误．C、无穷远场强为零，O点场强也为零，即可从无穷远到O点，场强先增大后减小，粒子所受的电场力先增大后减小，所以其加速度先增大，后减小．故C正确．D、根据能量守恒得知：粒子的动能与电势能之和保持不变．故D正确．故选：CD【点评】本题要掌握电场的叠加原理来分析电场的分布情况，采用极限法分析场强的变化，来分析加速度的变化是关键．8．如图所示是牛顿研究抛体运动时绘制的一幅草图，以不同的速度抛出的物体分别沿a、b、c、d轨迹运动，其中a是一段曲线，b 是贴近地球表面的圆，C是椭圆，d是双曲线的一部分．已知引力常数为G，地球质量为M，半径为R，地球附近的重力加速度为g．以下说法正确的是（）A．沿a运动物体的初速度一定小于B．沿b运动物体的初速度一定等于C．沿c运动物体的初速度与P点时速度大小相等D．沿d运动物体的初速度一定大于第一宇宙速度【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【专题】比较思想；模型法；人造卫星问题．【分析】沿b运动的物体做匀速圆周运动，由重力提供向心力，列式可求出其速度，分析其他物体的速度与沿b运动的物体速度的关系．第一宇宙速度是物体绕地球做匀速圆周运动的最大速度．【解答】解：A、沿b运动的物体做匀速圆周运动，由重力提供向心力，得 mg=m，则 v b=沿a运动的物体做近心运动，初速度一定比b的速度小，则沿a运动的物体初速度一定小于．故A正确．B、沿b运动的物体做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，则有 G=m，得 v b=．故B正确．C、沿c运动的物体做椭圆运动，根据开普勒第二定律知，沿c 运动物体的初速度大于P点时的速度大小．故C错误．D、沿b运动的物体的速度等于第一宇宙速度，沿d运动的物体做离心运动，其运动速度一定大于b的速度，即大于第一宇宙速度．故D正确．故选：ABD【点评】解决本题的关键要抓住做匀速圆周运动的卫星，才能根据万有引力或重力等于向心力列式，求解其运行速度．其他物体的速度，要根据其运动情况，结合变轨原理分析．三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22题～第32题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33题～第40题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）9．在“利用打点计时器测定匀变速直线运动加速度”的实验中，某同学在打出的纸带上按打点的先后顺序每5点取一个计数点，共取了A、B、C、D、E、，六个计数点在一次课外实践活动中，某课题研究小组收集到电子产品中的一些旧电池及从废旧收音机上折下来的电容、电阻、电感线圈等电子元件．现从这些材料中选取两待测元件，一是电阻R0（约为2kΩ），一是手机中常用的锂电池（电动势E标称值为3.7V，允许最大放电电流500mA）．在操作台上还准备了如下实验器材：A．电压表（量程为0﹣3﹣15V，电阻R V约为0﹣15﹣75kΩ）B．电流表A1（量程为100mA，内阻不计）C．电流表A2（量程为2mA，内阻不计）D．滑动变阻器R1（0～2kΩ，额定电流0.01A）E．滑动变阻器R2（0～10Ω，额定电流0.6A）F．电阻箱R（0～999.9Ω）G．开关一只，导线若干（1）为了测定电阻R0的阻值，小组成员设计了如图（甲）所示的电路，所选器材均标在图上，其器材选取中有不妥之处，你认为应该怎样调整？答：用A2替换A1．（2）当滑片移到某一位置时，电压表示数如图（乙）所示，此时R0的电压测量值为 2.40 V．（3）如果在实际过程中，发现滑动变阻器、电压表已损坏，请你用余下的器材测量电池的电动势E和内阻r．①请你在图（丙）所示的方框内画出实验电路图（标明所用器材符号）②该项实验小组的同学在实验中取得多组数据，然后作出图（丁）所示的图象，则电源的电动势E= 3.5 V，内电阻r= 7 Ω．【考点】伏安法测电阻．【专题】实验题；定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】（1）根据闭合电路欧姆定律，估算出电路中电流的范围，从而得到电流表量程偏大；（2）根据图乙直接读出电压表示数；（3）①滑动变阻器可以用电阻箱替换，由于电阻箱的电阻可以直接读出，因而可以不用电压表；②先推导出电阻R与电流关系的一般表达式，然后结合图象得到数据．【解答】解：（1）根据闭合电路欧姆定律，当滑动变阻器短路时，电流为：I=，故用电流表A1 量程太大，读数不准确，用A2替换A1 ．（2）根据图乙可知，电压测量值为：U=2.40V，（3）①发现滑动变阻器、电压表已损坏，则用电阻箱和A1 串联接入电源，测量电池的电动势E和内阻r，如图所示：②根据闭合电路欧姆定律，电流的表达式为：I=，则：，结合图象可以得到：r=7Ω，E=3.5V故答案为：（1）用A2替换A1；（2）2.40；（3）①如图所示；②3.5，7．【点评】本题关键要从实验要求中的安全、准确、操作方便的角度进行分析，第三问要注意先推导出电阻R与电流关系的一般表达式，根据图象的斜率和截距求解，难度适中．11．质量为4kg的物体系在气球的下端，绳子伸直且物体刚好接触地面．释放气球，使物体由静止开始竖直上升，8s后绳子断开，再经6s物体落回地面，g取10m/s2．求：（1）绳子对物体的拉力？（2）从释放到绳子断开前，绳子拉力的平均功率？【考点】牛顿第二定律；平均速度；物体的弹性和弹力．【专题】计算题；定量思想；推理法；牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）根据运动学公式，抓住物体先匀加速，然后做竖直上抛运动，求出匀加速运动的加速度，结合牛顿第二定律求出拉力的大小．（2）根据位移时间公式求出匀加速运动的位移，结合平均功率的公式求出拉力的平均功率．【解答】解：（1）设物体匀加速直线运动的加速度为a，则8s 末的速度为：v1=at1=8a，8s内的位移为：，绳子断后，物体做竖直上抛运动，根据代入数据解得：a=2.25m/s2．。
2014年广东卷物理答案
2014年普通高等学校招生全国统一考试(广东卷) 13.B【解析】由v−t图象可知第1s内和第3s内速度为正，所以运动方向相同，故A错误；第3s内和第4s内图线是一条倾斜直线，斜率不变，故加速度相同，故B正确；第1s内的位移和第4s内的位移大小相等方向相反，故C错误；0~2s内的位移与0~4s内的位移相同，所以平均速度不同，故D错误.14.A【解析】弹力的方向总是垂直于接触面，指向被压或被支持的物体，所以M处所受的支持力垂直于水平面竖直向上，N处的支持力垂直于MN向上；静摩擦力与接触面相切，与相对运动趋势的方向相反，所以M处的静摩擦力沿水平面方向，N处的静摩擦力沿MN方向，故A正确.15.C【解析】在铜管中下落的小磁块由于电磁感应现象，由楞次定律知小磁块下落将受到向上的安培力作用，在P中下落的加速度小于重力加速度，机械能减少；而在塑料管Q内下降时不发生电磁感应现象，小磁块在Q中下落时只受重力作用，故小磁块在Q中下落时做自由落体运动、下落时间较短、落地速度较大、机械能守恒，故C正确.16.B【解析】在弹簧压缩的过程中由于楔块克服摩擦力做功和克服弹簧弹力做功，因此缓冲器机械能不守恒，故A错误；摩擦力做负功使机械能转化为内能，故B正确；垫板的动能转化为弹簧的弹性势能和内能，故CD错误.17.AC【解析】充气袋四周被挤压时，气体体积减小，由于气体与外界没有热交换，因此外界对气体做功，气体内能增大，压强增大，故AC正确BD错误.18.AD【解析】发生光电效应时，入射光的强度增大，单位时间照射到金属表面的光子数增加，产生的光电子数增加，因此光电流增大，故A正确；因为光电效应产生的条件是由光的频率决定的，所以减小光强，光电效应依然发生，故B错误；减小入射光的频率，若入射光频率仍大于极限频率，光电效应还能发生，故C错误；由光电效应方程ℎν=W0+E km可知，故D正确.19.BD【解析】由U1n1=U2n2，若输入电压U1不变，则输出电压U2不变，当滑片P向下滑动时，灯泡两端的电压不变，灯泡亮暗不变化，故A错误B正确；当滑片P向上滑动时，R0支路电阻减小，输出端的总电阻减小，由P=U22R，输出的功率增大，因输入功率等于输出功率，所以输入功率变大，输入电流变大，故C错误D正确.20.BD【解析】由于MN间的库仑力和细杆对小球的作用力沿杆方向，因此当M、N静止时三个电荷一定在同一条直线上，故B正确；将M、N及细杆看作一个系统，则+Q对系统的作用力的合力为零，则有k QqL2=k Q⋅2q(L+r MN)2，解得r MN=(√2−1)L，故A错误D正确；在P点的点电荷产生电场，因电荷是正电荷，沿电场线方向电势逐渐降低，所以M点的电势大于N点的电势，故C错误.21.AC【解析】设轨道半径为r，由万有引力提供向心力得G Mmr2=m(2πT)2r=m v2r，得T=2π√r3GM，v=√GMr故A正确B错误；由G Mmr2=m(2πT)2r，得M= 4π2r3GT2,设星球半径为R，由M=ρ⋅43πR3，所以ρ= 3π2r3GT2R3,又rsinθ2=R，故有ρ=3πGT2sin3θ2，故C正确D 错误.34.(1)①1.30；②A；③B；④断路；【解析】(1)①电压表选择0~3V的量程，最小刻度为0.1V，读数时应估读到下一位，因此电压表读数为1.30V.②接通电路前，应该使滑片置于A端，使用电器两端的电压为0，这样才能保证外电路的安全；③要增大外电路电压，需要使滑片滑向B端；④如果电路中不接入保护电阻，电流过大会烧断电路出现断路的风险.(2)①49.5或50.5；②相等；③动能；④正比压缩量的平方.【解析】(2)①由F1=mg=k(x0−x1),F2=2mg=k(x0−x2)，所以F2−F1=k(x1−x2),得k=0.490.0099N/m=49.5N/m;若取第二组、第三组数据，则k′=0.490.0097N/m=50.5N/m.②使滑块自由滑动时，通过两个光电门的速度相等，则可以认为滑块离开弹簧后做匀速直线运动.③释放滑块的过程中，弹簧的形变量减少，弹性势能转化为滑块的动能.④v与x的关系图象是过原点的倾斜直线，所以v与x成正比；由机械能守恒定律，则E弹=12mv2所以弹性势能与压缩量x的平方成正比.35.(1)9J；(2)10m/s≤v1≤14m/s,17J.【解析】(1)P1、P2发生碰撞时，由动量守恒得mv1=2mv，解得v=3m/s。
2014年全国15套高考物理试题(含答案)
2014年全国15套高考物理试题(含答案)2014年普通高等学校招生全国统一考试（广东卷）理科综合（物理部分）参考答案一、选择题选择题题号 13 14 15 16 17 18 19 2021 答案 B A C B AC AD BD BD AC 非选择题 34、（18分）（1）①1.30②A ③B ④短路（2）①50 ②相等③滑块的动能④正比压缩量 35、（18分）解：(1)P1、P2碰撞过程，动量守恒mv1=2mv ① 解得v= v12=3m/s ② 碰撞损失的动能ΔE＝12mv21－12(2m)v2 ③ 解得ΔE ＝9J ④ (2) 由于P与挡板的碰撞为弹性碰撞.故P在AC间等效为匀减速运动，设P在AC段加速度大小为a，由运动学规律，得μ(2m)g ＝2ma⑤ 3L=vt-12at2⑥ v2＝v-at⑦ 由①⑤⑥⑦解得v1=t2+24tv2=24-t22t ⑧ 由于2s≤t≤4s 所以解得v1的取值范围10m/s≤v1≤14m/s ⑨ v2的取值范围1m/s≤v2≤7m/s 所以当v2=7m/s时，P向左经过A 点时有最大动能 E=12(2m)v22=49J ⑩ 36、（18分）解：（1）粒子在电场中，由动能定理有 qEd=12mv2 -0 ① 粒子在Ⅰ区洛伦兹力提供向心力 qvB0＝mv2r ② 当k=1时，由几何关系得r=L ③ 由①②③解得E=qB02L22md ④ （2）由于2<k<3时，由题意可知粒子在Ⅱ区只能发生一次偏转，由几何关系可知(r-L)2+(kL)2=r2 ⑤ 解得r=(k2+1)2L ⑥ 由②⑥解得v=(k2+1)qB0L2m ⑦ 粒子在Ⅱ区洛伦兹力提供向心力 qvB＝mv2r1 ⑧ 由对称性及几何关系可知 k(3-k)=rr1 ⑨ 解得r1=(3-k) (k2+1)2kL ⑩ 由⑧⑩解得 B＝k(3-k) B0 2014高考物理海南卷 1．如图，在一水平、固定的闭合导体圆环上方。
广东省茂名市高州大坡第一中学高三物理模拟试卷含解析
广东省茂名市高州大坡第一中学高三物理模拟试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. （多选题）甲、乙两车的位移一时间图像如图所示，其中甲车图像为过坐标原点的倾斜直线，乙车图像为顶点在坐标原点的抛物线。
若两车均从同一地点沿同一方向做直线运动，下列说法正确的是（）A．乙车做匀加速直线运动B．甲车做匀加速直线运动C．时甲乙两车速度相等D．0～t0时间内，两车距离先增大再减小参考答案：ACD2. 按照玻尔理论，大量氢原子从n=3的激发态向低能级跃迁时，最多能向外辐射A．2种不同频率的光子B．3种不同频率的光子C．4种不同频率的光子D．5种不同频率的光子参考答案：B最多能向外辐射种不同频率的光子。
3. 在水平的足够长的固定木板上，一小物块以某一初速度开始滑动，经一段时间t 后停止．现将该木板改置成倾角为45°的斜面，让小物块以相同的初速度沿木板上滑．若小物块与木板之间的动摩擦因数为．则小物块上滑到最高位置所需时间与t之比为A． B． C． D．参考答案：A4. 一定质量的某种气体（忽略气体分子间的作用力），在保持温度不变的情况下，压强由p变为p/2。
在这个过程中下列说法中正确的是A. 气体一定吸收热量，内能减小B. 气体一定吸收热量，内能不变C. 气体可能放出热量，内能增加D. 气体一定放出热量，内能不变参考答案：B5. 两电阻R1和R2的电流I电压U的关系图线如图所示,可知两电阻的大小之比R1∶R2等于（）A．1∶3 B．3∶1C．1∶ D．1∶4参考答案：A二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 某同学设计了一个测定列车加速度的仪器，如图所示。
AB是一段圆弧形的电阻，O点为其圆心，圆弧半径为r。
O点下用一电阻不计的金属线悬挂着金属球，球的下部与AB接触良好且无摩擦。
AB之间接有内阻不计、电动势为9V的电池，OB间接有一个伏特表。
整个装置的竖直面沿列车前进的方向放置。
2014高考理综-物理-新课标全国卷1(高清word)
2014年普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试(物理)注意事项：1.本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。
写在本试卷上无效。
3.回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 F 19 Al 27 P 31 S 32Ca 40 Fe 56 Cu 64 Br 80 Ag 108第Ⅰ卷一、选择题：本题共13小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1-6题：生物题(略)7-13题：化学题(略)二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14.在法拉第时代，下列验证“由磁产生电”设想的实验中，能观察到感应电流的是A.将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，然后观察电流表的变化B.在一通电线圈旁放置一连有电流表的线圈，然后观察电流表的变化C.将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表相连。
往线圈中插入条形磁铁后，再到相邻房间去观察电流表的变化D.绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，观察电流表的变化15.关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是A.安培力的方向可以不垂直于直导线B.安培力的方向总是垂直于磁场的方向C.安培力的大小与通电直导线和磁场方向的夹角无关D.将直导线从中点折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半16.如图，MN为铝质薄平板，铝板上方和下方分别有垂直于图平面的匀强磁场(未画出)。
2014年高考理综模拟试题和试题解析答案DOC
2014年理综模拟试题解析物理部分一，选择题（本题包括7小题，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）16．了解物理规律的发现过程，学会像科学家那样观察和思考，往往比掌握知识本身更重要。
以下符合事实的是A．焦耳发现了电流热效应的规律B．库仑总结出了点电荷间相互作用的规律C．楞次发现了电流的磁效应，拉开了研究电与磁相互关系的序幕D．牛顿将斜面实验的结论合理外推，间接证明了自由落体运动是匀变速直线运动答案：AB解析：奥斯特发现了电流的磁效应，C项错误。
伽利略将斜面实验结论合理外推，间接证明自由落体运动是匀速直线运动，D项错误。
点评：考查了物理学史上一些典型思想和科学研究方法，物理学史中所包含的艰辛探索、研究方法、创造性思想，及其对物理学发展的影响、对社会的推动等无不深深地影响着考生的情感态度价值观。
所涉及的物理学史内容都是教材中所提及的，比较简单。
17．甲、乙为两颗地球卫星，其中甲为地球同步卫星，乙的运行高度低于甲的运行高度，两卫星轨道均可视为圆轨道。
以下判断正确的是A．甲的周期大于乙的周期B．乙的速度大于第一宇宙速度C．甲的加速度小于乙的加速度D．甲在运行时能经过北极的正上方答案：AC解析：此题通过分析卫星的定轨运行，考查万有引力定律和圆周运动知识。
卫星绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力，有解得，所以B项错误。
，。
因为，所以，，A C 选项正确。
地球同步卫星只能定点于赤道正上方与赤道平面共面上，D项错误。
点评：万有引力试题起到引导考生要关注航天技术研究及在应用方面我国所取得的骄人成绩。
对这类物理问题的解答将会提高考生的民族自豪感，体现了新课标的理念。
18．如图所示，将小球从地面以初速度竖直上抛的同时，将另一相同质量的小球从距地面处由静止释放，两球恰在处相遇（不计空气阻力）。
则A．两球同时落地B．相遇时两球速度大小相等C．从开始运动到相遇，球动能的减少量等于球动能的增加量D．相遇后的任意时刻，重力对球做功功率和对球做功功率相等答案：C解析：以自由落体和竖直上抛运动为情境，考查v-t图象和动能定理。
2014年普通高等学校招生全国统一考试(广东卷)理科综合(物理部分)答案详细解析试卷类型AB通用
绝密★启用前 试卷类型：A (物理试题试卷类型B 与A 题目及顺序完全相同）2014年普通高等学校招生全国统一考试（广东卷）理科综合（物理部分）一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共16分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项最符合题目要求。
选对的得4分，错选或不答的得0分。
13.图6是物体做直线运动的v-t 图象，由图可知，该物体 A ．第1 s 内和第3 s 内的运动方向相反 B. 第3 s 内和第4 s 内的加速度相同 C. 第1 s 内和第4s 内的位移大小不等D ．0~2s 内和0~4s 内的平均速度大小相等14．如图7所示，水平地面上堆放着原木，关于原木P 在支撑点M 、N 处受力的方向，下列说法正确的是 A ．M 处受到的支持力竖直向上 B. N 处受到的支持力竖直向上 C. M 处受到的摩擦力沿MN 方向D ．N 处受到的摩擦力沿水平方向15．如图8所示，上下开口、内壁光滑的铜管P 和塑料管Q 竖直放置，小磁块先后在两管中从相同高度处由静止释放，并落至底部，则小磁块 A ．在P 和Q 中都做自由落体运动 B. 在两个下落过程中的机械能都守恒 C. 在P 中的下落时间比在Q 中的长 D ．落至底部时在P 中的速度比在Q 中的长16．图9是安装在列车车厢之间的摩擦缓冲器结构图，图中①和②为楔块，③和④为垫块，楔块与弹簧盒、垫块间均有摩擦，在车厢相互撞击时弹簧压缩过程中A ．缓冲器的机械能守恒 B. 摩擦力做功消耗机械能 C. 垫块的动能全部转化成内能 D ．弹簧的弹性势能全部转化为动能二、双项选择题：本大题共9个小题，每小题6分，共54分。
每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对者的得6分，只选1个且正确的得3分；有错选或不答的得0分。
17．用密封性好、充满气体的塑料袋包裹易碎品，如图10外界无热交换，则袋内气体A ．体积减小，内能增大 B. 体积减小，压强减小 C. 对外界做负功，内能增大 D ．对外界做正功，压强减小18. 在光电效应实验中，用频率为ν的光照射光电管阴极，发生了光电效应，下列说法正确的是 A ．增大入射光的强度，光电流增大图9B. 减小入射光的强度，光电效应现象消失C. 改变频率小于ν的光照射，一定不发生光电效应 D ．改变频率大于ν的光照射，光电子的最大初动能变大19. 如图11所示的电路中，P 为滑动变阻器的滑片，保持理想变压器的输入电压U 1不变，闭合电键S ，下列说法正确的是A ．P 向下滑动时，灯L 变亮B. P 向下滑动时，变压器的输出电压不变C. P 向上滑动时，变压器的输入电流变小D ．P 向上滑动时，变压器的输出功率变大20．如图12所示，光滑绝缘的水平桌面上，固定着一个带电量为+Q 的小球P ，带电量分别为-q 和+2q 的小球M 和N ，由绝缘细杆相连，静止在桌面上，P 与M 相距L ，P 、M 和N 视为点电荷，下列说法正确的是 A ．M 与N 的距离大于L B. P 、M 和N 在同一直线上 C. 在P 产生的电场中，M 、N 处的电势相同 D ．M 、N 及细杆组成的系统所受合外力为零21．如图13所示，飞行器P 绕某星球做匀速圆周运动，星球相对飞 行器的角度为θ，下列说法正确的是 A ．轨道半径越大，周期越长 B. 轨道半径越大，速度越长C. 若测得周期和张角，可得到星球的平均密度 D ．若测得周期和轨道半径，可得到星球的平均密度 34.(1)(8分)某同学设计的可调电源电路如图22(a)所示，R 0为保护电阻，P 为滑动变阻器的滑片，闭合电键S .①用电压表测量A 、B 两端的电压；将电压表调零，选择0-3V 档，示数如图22(b)，电压值为 V . ②在接通外电路之前，为了保证外电路的安全，滑片P 应先置于 端.③要使输出电压U 变大，滑片P 应向 端（滑动，高考题漏了2个字）.④若电源电路中不接入R 0，则在使用过程中，存在 的风险(填“断路”或“短路”).(2)(10分)某同学根据机械能守恒定律，设计实验探究弹簧的弹性势能与压缩量的关系.①如图23(a)，将轻质弹簧下端固定于铁架台，在上端的托盘中依次增加砝码，测得相应的弹簧长度，部分数据如下表，有数据算得劲度系数k = N/m ，（g 取9.8m/s 2）②取下弹簧，将其一端固定于气垫导轨左侧，如图23(b)所示；调整导轨，是滑块自由滑动时，通过两图12图130 1 2 3 V 0 5 10 15 (b)图22 图11个光电门的速度大小 .③用滑块压缩弹簧，记录弹簧的压缩量x ；释放滑块，记录滑块脱离弹簧后的速度v ，释放滑块过程中，弹簧的弹性势能转化为 .④重复③中的操作，得到v 与x 的关系如图23（c ）。
广东省茂名市广东省一级中学高三物理期末试题带解析
广东省茂名市广东省一级中学高三物理期末试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. (单选)如图5－5所示，两轮用皮带传动，皮带不打滑．图中有A、B、C三点，这三点所在处半径关系为rA>rB＝rC，则这三点的向心加速度aA、aB、aC的关系是()A．aA＝aB＝aC B．aC>aA>aBC．aC<aA<aB D．aC＝aB>aA参考答案：C2. （单选）如图，通过细绳栓在一重物上的氢气球，在水平向右的恒定风力作用下处于静止状态，细绳与竖直方向的夹角为θ。
已知风力大小正比于风速，则当风速改变时，始终保持不变的是（A）细绳与竖直方向的夹角（B）细绳对重物的拉力（C）地面对重物的支持力（D）地面对重物的摩擦力参考答案：C3. 叠罗汉是一种二人以上层层叠成各种造型的游戏娱乐形式，也是一种高难度的杂技。
图示为六人叠成的三层静态造塑，假设每个人的重量均为G，下面五人的背部均呈水平状态，则最底层正中间的人的一只脚对水平地面的压力约为A． B．C． D．参考答案：C4. 一个做匀加速直线运动的物体，初速度v0=2.0m/s，它在第3秒内通过的位移是4.5m，则它的加速度为（）A 0.5m/s2B 1.0 m/s2C 1.5 m/s2D 2.0 m/s2参考答案：B5. 如图所示,a、b、c是在地球大气层外圆形轨道上运行的三颗人造地球卫星,下列说法中正确的是A.b、c的线速度大小相等,且大于a的线速度B.b、c的向心加速度大小相等,且小于a的向心加速度C.b、c运行周期相同,且小于a的运行周期D.若由于某种原因,a的轨道半径缓慢减小,则a的线速度将变小参考答案：B二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 一小球在桌面上做匀加速直线运动，现用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下小球运动过程中在每次曝光时的位置，并将小球的位置编号，得到的照片如图所示．由于底片保管不当，其中位置4处被污损．若已知摄影机连续两次曝光的时间间隔均为1 s，则利用该照片可求出：小球运动的加速度约为________m/s2.位置4对应的速度为________ m/s，能求出4的具体位置吗？________.求解方法是：____________________(不要求计算，但要说明过程)．参考答案：3.0×10－2(2.8×10－2～3.1×10－2均可)9×10－2能利用(x５－x4)－(x4－x３)＝aT2可以求出位置4的具体位置(其他方法合理均可)7. 如图所示，质量为m、边长为L的正方形线圈ABCD由n匝导线绕成，导线中通有顺时针方向大小为I的电流，在AB边的中点用细线竖直悬挂于轻杆右端，轻杆左端通过竖直的弹簧与地面相连，轻杆可绕杆中央的固定转轴O在竖直平面内转动．在图中虚线的下方，有与线圈平面垂直的匀强磁场，磁感强度为B，平衡时，CD边水平且线圈有一半面积在磁场中，忽略电流I产生的磁场，穿过线圈的磁通量为；弹簧受到的拉力为mg+nBIL ．参考答案：解：穿过线圈的磁通量为：=；根据左手定则可知，CD边所受安培力为nBIL，而方向竖直向下；由杠杆平衡条件得：mg+nBIL=F拉，解得：F拉=mg+nBIL故答案为：，mg+nBIL8. 科技馆里有一个展品，该展品放在暗处，顶部有一个不断均匀向下喷射水滴的装置，在频闪光源的照射下，可以看到水滴好像静止在空中固定的位置不动，如图所示．某同学为计算该装置喷射水滴的时间间隔，用最小刻度为毫米的刻度尺测量了空中几滴水间的距离，由此可计算出该装置喷射水滴的时间间隔为（g取10 m/s2）s，图中第2点速度为m/s.参考答案：第1滴水滴与第2滴水滴的间距为，第2滴与第3滴的间距为，所以相邻水滴间距之差为根据公式可知，该装置喷射水滴的时间间隔为，第二点速度。
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34．(1)①某同学在实验室用精度是 0.l mm 游标卡尺测量一物件的长度，测量情况如下左图所示,由图中 读出的该物件的长度为 cm。
②打点计时器电源频率为 50 Hz，则纸带上打印相邻两点的时间间隔为________s。如上右图所示是某同 学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带，A、B、C、D、E 是纸带上五个计数点，每两个相邻计数点间 有四个点没有画出，C 点对应的速度是________m/s(计算结果保留三位有效数字)． (2)某同学要测定一电源的电动势 E 和内电阻 r ， 实验器材有： 一只电阻箱(阻值用 R 表示)， 一个电流表(读 数用 I 表示)，一只开关和导线若干。 ①用笔画线代替导线将图示器材连接成完整的实验电路。 ②实验的原理表达式是 E (用 r 、 I 、 R 表示)。 1 ③该同学根据实验采集到的数据作出如图所示的 I —R 图像，则由图像可求得，该电源的电动势 E V，内阻 r Ω (结果均保留两位有效数字) 。考虑电流表内阻的影响，则电池电动势及内阻真实值 与测量值的大小比较，E 真________E 测, r 真________r 测。(填“大于”， “小于”， “等于”)
35．(18 分)如图(BE 左边为侧视图，右边府视图)所示，电阻不计的光滑导轨 ABC、DEF 平行放置，间距 为 L，BC、EF 水平，AB、DE 与水平面成 θ 角。PQ、P′Q′是相同的两金属杆，它们与导轨垂直，质量均为 m、 电阻均为 R。平行板电容器的两金属板 M、N 的板面沿竖直放置，相距为 d，并通过导线与导轨 ABC、DEF 连 接。整个装置处于磁感应强度大小为 B、方向竖直向下的匀强磁场中。要使杆 P′Q′静止不动，求： (1)杆 PQ 应沿什么方向运动？速度多大？ (2)从 O 点入射的离子恰好沿图中虚线通过平行板电容器，则入射粒子的速度 v0 多大？
15 ○ 16 ○
c.当 B 速度减为零，A、B 还未相碰，BC 一起向右加速，A 追上 B 相碰且在黏一起，车与 AB 共同体分离， 车加速，AB 共同体减速直至相对静止。这种情况，车的位移在 s 与 s 之间。 由 a、b、c 三种情况可得车位移的可能范围为：0.0625m≤s 车≤0.25m 评分标准：每式 1 分。 18 ○ 17 ○
5
2
1 36．(18 分)如图所示，一个带4圆弧轨道的平台固定在水平地面上，光滑圆弧 MN 的半径为 R=3.2m，水 平部分 NP 长 L=3.5m，物体 B 随足够长的平板小车 C 一起以 v=3m/s 的速度沿光滑地面向左运动。从 M 点由 静止释放的物体 A 滑至轨道最右端 P 点时，小车左端恰好与平台相碰并立即停止运动，但两者不黏连，物体 A 滑上小车后若与物体 B 相碰必黏在一起。A、B 均视为质点，它们与平台水平轨道和小车上表面的动摩擦因 数都为 0.4，且最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，物体 A、B 和小车 C 的质量均为 1kg，取 g=10m/s2。求： (1)物体 A 进入 N 点前瞬间对轨道的压力大小？ (2)物体 A 在 NP 上运动的时间？ (3)从物体 A 滑上小车到相对小车静止过程中，小车的位移是多少？
由①、②得 FN=3mAg=30N ③ 由牛顿第三定律得，物体 A 进入轨道前瞬间对轨道压力大小为：FN′=3mAg=30N④ (2)物体 A 在平台上运动过程中 μmAg=mAa ⑤ 1 L=vN-2at2 ⑥
由①、⑤、⑥式得 t=0.5s t=3.5s(不合题意，舍去) ⑦ (3)物体 A 刚滑上小车时速度 vP= vN -at =6m/s ⑧ 从物体 A 滑上小车到相对小车静止过程中，小车、物体 A、B 组成系统动量守恒 (m A+mB+mC)v′= mAvP- mBv ⑨ 小车最终速度 v′=1m/s ⑩ a.当物体 A、B 末碰撞，B 停止时，A 继续运动。 假设 BC 一起加速运动，则：μmAg=( mB+mC)a1 11 ○
2mgRtanθ 由①、②、③得：v= B2L2
④ ……………………(2 分 )
根据左手定则与右手定则， PQ 应向右运动 ………………………(2 分 ) 两平行板间的电压： U=IR ⑤ ………………………………(2 分 ) qU 粒子在电场中运动，电场力： F=qE= d qU d = qBv 0 联立解得： v0= ⑥ ……………(2 分 )
2014 届茂名一模物理题
一、 单项选择题：本大题共 4 小题，每小题 4 分，满分 16 分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是 符合题目要求的.选对的得 4 分，选错或不答的得 0 分。 13.伽利略用两个对接的斜面，一个斜面固定，让小球从固定斜面上滚下，又滚上另一个倾角可以改变的 斜面，斜面倾角逐渐改变至零，如图所示．伽利略设计这个实验的目的是为了说明 A．如果没有摩擦，小球将运动到与释放时相同的高度 B．如果没有摩擦，物体运动时机械能守恒 C．维持物体做匀速直线运动并不需要力 D．如果物体不受到力，就不会运动 14.关于物体的动量和动能，下列说法中正确的是 A．一物体的动量不变，其动能一定不变 B．一物体的动能不变，其动量一定不变 C．两物体的动量相等，其动能一定相等 D．两物体的动能相等，其动量一定相等 15．如图所示是质谱仪的一部分，离子 a、b 以相同的速度从孔 S 沿着与磁场垂直的方向进入匀强磁场， 最终打到照相底片上。已知离子 a、b 的质量和电量分别为 ma、mb 和 qa、qb，它们 在磁场中运动时间分别为 ta、tb，则下列说法正确的是 A．ma＞mb B．qa＜qb C．ta=tb D．ta＞tb 16． “嫦娥”三号探测器发射到月球上要经过多次变轨， 最终降落到月球表面上， 其中轨道Ⅱ为圆形。下列说法正确的是 A．探测器在轨道Ⅱ上运动时不需要火箭提供动力 B．探测器在轨道Ⅲ经过 P 点时的加速度小于在轨道Ⅱ经过 P 时的加速度 月球 Ⅱ C．探测器在 P 点由轨道Ⅱ进入轨道Ⅲ必须加速 Ⅲ D．轨道Ⅱ是月球卫星绕月球做匀速圆周运动的唯一轨道 Ⅰ 二、双项选择题：本大题共 5 小题，每小题 6 分，满分 30 分.在每小题 P 给出的四个选项中，有两项是符合题目要求的.选对的得 6 分，选错或不答的 i/A 得 0 分,选单项对的得 3 分。 10 2 17．一交变电流的图象如图所示，由图可知 0.01 A．用电流表测该电流其示数为 10A B．该交流电流的频率为 100Hz 0 C．该交流电流的频率为 50Hz D．该交流电流有效值为 10 2A t/s 10 2 18．下列说法正确的是 A．晶体都具有确定的熔点 B．布朗运动就是物质分子的无规则热运动 C．一定质量的理想气体压强增大，其分子的平均动能可能减小 D．气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子间斥力大于引力的缘故 19．下列说法正确的是 A．温度越高，放射性元素的半衰期越长 B．天然放射现象说明原子核内部具有复杂结构 C．卢瑟福首先发现中子 D．重核的裂变和轻核的聚变过程都有质量亏损，都向外界放出核能 20. 在粗糙水平地面上放着一个截面为半圆的柱状物体 A， A 与竖直墙之间放一 光滑半圆球 B，整个装置处于静止状态。已知 A、B 两物体的质量分别为 mA 和 mB， 则下列说法正确的是 A.A 物体对地面的压力大小为 mAg B.A 物体对地面的压力大小为(mA+mB)g C.B 物体对 A 物体的压力大于 mBg D.地面对 A 物体没有摩擦力 21．如图所示，光滑斜面固定在水平面上，顶端 O 有一小球，从静止 释放，沿斜面运动到底端 B 的时间是 t1，若给小球不同的水平初速度，落 到斜面上的 A 点，经过的时间是 t2,落到斜面底端 B 点，经过的时间是 t3， 落到水平面上的 C 点，经过的时间是 t4，则 A．t2>t1 B．t4>t3 t4 t3 C．t3>t2 D．t1>t4
v
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2014 年一模物理参考答案
题号： 答案： 13 C 14 A 15 D 16 A 17 AB 18 AC 19 BD 20 BC 21 CD
34． (1) ①1.06；②0.02，0.102(或 0.103) ；(2)①连线如图示；② E I(R+r)； ③6.3(6.1~6.4)， 2.5(2.4~2.6),等于，小于。 35、解： 设杠 PQ 运动速度为 v，杆 MN 切割磁感线产生的感应电动势 : E=BLv ① ………………………………… (2 分 ) E 回路电流： I= R+R P′Q′杆静止，对杆 P′Q′: ② ………………… (2 分 ) mgtanθ=BIL ③…………………… (2 分 )
离子沿直线通过平行板电容器，这时离子所受的电场力和洛伦兹力相互平衡： ⑦ ………………………………………………(2 分 ) ⑧ …………………………… (2 分 ) ①
mgRtanθ B2L2d
1 36、解：(1)物体 A 由 M 到 N 过程中，由动能定理得：mAgR=2mAvN2 在 N 点，由牛顿定律得 vN2 FN-mAg=mA R ②
因为：μmBg= mBa1，所以假设成立，BC 一起加速运动。 ○ 12 对小车 C 和物体 B 应用动能定理 v′2 s=μg=0.25m 14 ○ 1 μmAgs=2( mB+mC)v′2 13 ○
Hale Waihona Puke b.当物体 B 与 A 相向相碰时，碰后小车开始加速，最终达到共同速度，对小车应用动能定理
4
1 μ(m A+mB)s′=2mCv′2 v′2 s′=4μg=0.0625m