2020年全国统一高考物理试卷(新课标Ⅱ)
2020年全国统一高考物理试卷（新课标Ⅱ）一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1. 管道高频焊机可以对由钢板卷成的圆管的接缝实施焊接。
焊机的原理如图所示，圆管通过一个接有高频交流电源的线圈，线圈所产生的交变磁场使圆管中产生交变电流，电流产生的热量使接缝处的材料熔化将其焊接。
焊接过程中所利用的电磁学规律的发现者为（）A.库仑B.霍尔C.洛伦兹D.法拉第【答案】D【考点】物理学史法拉第电磁感应定律【解析】由题意可知，圆管为金属导体，导体内部自成闭合回路，且有电阻，当周围的线圈中产生出交变磁场时，就会在导体内部感应出涡电流，电流通过电阻要发热。
该过程利用的原理是电磁感应现象，其发现者为法拉第。
【解答】根据题意，焊接过程所利用的是变化的磁场在线圈中产生变化的电流，再利用电流产生的热量使接缝处的材料熔化将其焊接，属于电磁感应现象，是由法拉第发现的，故ABC错误，D正确；2. 若一均匀球形星体的密度为ρ，引力常量为G，则在该星体表面附近沿圆轨道绕其运动的卫星的周期是（）A.√3πGρB.√GρC.√13πGρD.√14πGρ【答案】A【考点】万有引力定律及其应用【解析】根据万有引力等于向心力G MmR2=m4π2T2R及球体的密度公式ρ=M43πR3联立求解T。
【解答】设星球的质量为M，半径为R，卫星的质量为m，运行周期为T，在该星体表面附近沿圆轨道绕其运动的卫星所需的向心力由星球对其的万有引力提供，则根据牛顿第二定律得：GMm R 2=m4π2T 2R ① 星球的密度：ρ=M 43πR 3②联立①②解得T =√3πGρ，故A 正确，BCD 错误；3. 如图，在摩托车越野赛途中的水平路段前方有一个坑，该坑沿摩托车前进方向的水平宽度为3ℎ，其左边缘a 点比右边缘b 点高0.5ℎ。
若摩托车经过a 点时的动能为E 1，它会落到坑内c 点，c 与a 的水平距离和高度差均为ℎ；若经过a 点时的动能为E 2，该摩托车恰能越过坑到达b 点。
E2E 1等于（ ）A.20B.18C.9.0D.3.0【答案】 B【考点】动能定理的应用 【解析】根据竖直方向的运动规律求出落到坑内c 点时和到达b 点时竖直方向的速度，再根据根据平抛运动的规律求解水平方向的速度，由此求解动能之比。
【解答】设落到坑内c 点时竖直方向的速度为v y1，则有： v y12=2gℎ v y1=√2gℎ；根据平抛运动的规律可得： v 01t ＝ℎ v y12t =ℎ 解得：v 01=v y12则有：E 1=12mv 012=14mgℎ同理，设摩托车恰能越过坑到达b 点时竖直方向的速度为v y2，则有： v y22=2g ×0.5ℎ=gℎ v y2=√gℎ；根据平抛运动的规律可得： v 02t′＝3ℎv y22t′＝0.5ℎ解得：v 02＝3v y2则有：E 2=12mv 022=92mgℎ所以E2E1=18，故B正确、ACD错误。
4. CT扫描是计算机X射线断层扫描技术的简称，CT扫描机可用于对多种病情的探测。
图(a)是某种CT机主要部分的剖面图，其中X射线产生部分的示意图如图(b)所示。
图(b)中M、N之间有一电子束的加速电场，虚线框内有匀强偏转磁场；经调节后电子束从静止开始沿带箭头的实线所示的方向前进，打到靶上，产生X射线（如图中带箭头的虚线所示）；将电子束打到靶上的点记作P点。
则（）A.M处的电势高于N处的电势B.增大M、N之间的加速电压可以使P点左移C.偏转磁场的方向垂直于纸面向外D.增大偏转磁场磁感应强度的大小可使P点左移【答案】D【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动规律【解析】电子受到向右的电场力，所以电场线水平向左，以此分析电势的高低；根据左手定则分析偏转磁场的方向；根据洛伦兹力提供向心力以及动能定理求解电子做圆周运动的半径表达式，从而判断改变磁感应强度以及增大M、N之间的加速电压后P点的变化情况。
【解答】A、根据题意可知，电子在MN之间加速，受到向右的电场力，所以MN之间的电场线水平向左，则M点的电势比N点电势低，故A错误；C、根据题意可知，电子进入磁场时受到竖直向上的洛伦兹力，根据左手定则可知偏转磁场的方向垂直于纸面向里，故C错误；BD、电子在加速电场中运动，根据动能定理有eU=12mv2在磁场中运动时，根据洛伦兹力提供向心力有evB=m v 2R，则电子在磁场在的半径为R=1B √2mUe，如增大M、N之间的加速电压，电子在磁场中做圆周运动的半径增大，所以电子出磁场时的偏角减小，P点向右移动，增大偏转磁场磁感应强度的大小，则电子在磁场中做圆周运动的半径减小，电子出磁场时的速度偏角增大，P点左移，故B错误，D正确。
5. 氘核12H可通过一系列聚变反应释放能量，其总效果可用反应式612H→224He+211H+201n+43.15MeV表示。
海水中富含氘，已知1kg海水中含有的氘核约为1.0×1022个，若全都发生聚变反应，其释放的能量与质量为M的标准煤燃烧时释放的热量相等；已知1kg标准煤燃烧释放的热量约为2.9×107J，1MeV＝1.6×10−13J，则M约为（）A.40kgB.100kgC.400kgD.1000kg【答案】C【考点】裂变反应和聚变反应原子核的人工转变【解析】首先根据聚变反应式求出每个氘核发生聚变放出的能量，再求出1kg海水中含有的1.0×1022个氘核发生聚变反应释放的能量，则M就等于总热量除以1kg标准煤燃烧释放的热量；【解答】根据反应式612H→224He+211H+201n+43.15MeV可知，6个氘核发生聚变反应可放出43.15MeV的能量，则平均每个氘核可放出7.19MeV的能量，若1kg海水中含有的1.0×1022个氘核全都发生聚变反应，其释放的能量为7.19×1022MeV；则质量为M的标准煤燃绕时释放的热量Q＝7.19×1022×1.6×10−13J＝11.5×109J，而1kg标准煤燃烧释放的热量约为2.9×107J，则M=11.5×1092.9×107kg≈400kg；故ABD错误，C正确；6. 特高压输电可使输送中的电能损耗和电压损失大幅降低。
我国已成功掌握并实际应用了特高压输电技术。
假设从A处采用550kV的超高压向B处输电，输电线上损耗的的电功率为△P，到达B处时电压下降了△U．在保持A处输送的电功率和输电线电阻都不变的条件下，改用1100kV特高压输电，输电线上损耗的电功率变为△P′，到达B处时电压下降了△U′．不考虑其他因素的影响，则（）A.△P′=14△P B.△P′=12△P C.△U′=14△U D.△U′=12△U【答案】A,D【考点】电功率电功远距离输电【解析】远距离输电时，在线路上损失的功率为△P=P 2RU2，与电压的平方成反比；电压降△U=PUR与电压成反比；【解答】AB 、远距离输电时，线路上的电流I =PU ；则在线路上损失的功率为△P ＝I 2R =P 2R U 2；根据损失的功率公式可知，损失的功率与电压的平方成反比；假设从A 处采用550kV 的超高压向B 处输电，若改用1100kV 特高压输电，电压变成原来的2倍，则输电线上损耗的电功率变为原来的14，即△P′=14△P ；故A 正确，B 错误；CD 、线路上的电流I =P U ，到达B 处时电压下降了△U ＝IR =PU R ，电压降与电压成反比，则若电压变成原来的2倍，△U 变为原来的12，故△U′=12△U ，故C 错误，D 正确；7. 如图，竖直面内一绝缘圆环的上、下半圆分别均匀分布着等量异种电荷。
a 、b 为圆环水平直径上的两个点，c 、d 为竖直直径上的两个点，它们与圆心的距离均相等。
则（ ）A.a 、b 两点的场强相等B.a 、b 两点的电势相等C.c 、d 两点的场强相等D.c 、d 两点的电势相等【答案】 A,B,C【考点】电势差与电场强度的关系 【解析】根据微元法，将带电圆环看成若干个点电荷，依据点电荷的电场强度方向与大小，结合矢量的叠加法则，即可判定场强大小关系，再根据沿着电场线方向电势降低，及电场线方向与等势面垂直，即可一一判定。
【解答】AB 、将带电圆环看成若干个点电荷，取关于水平直径对称的两个点电荷，依据点电荷的电场强度大小与方向，结合矢量的合成法则，如下图所示，那么此两个点电荷在a 、b 两点产生电场强度大小相等，方向相同，同理，任意两个关于水平直径对称的两个点电荷在a 、b 两点产生的合电场强度大小相等，方向都相同，那么带异种电荷的上、下半圆在a 、b 两点的场强相等，方向相同，再依据电场线与等势线垂直，可知，ab 连线即为等势线，因此a 、b 两点的电势也相等，故AB 正确；CD、将带电圆环看成若干个点电荷，取上半圆关于竖直直径对称的两个点电荷，依据点电荷的电场强度大小与方向，结合矢量的合成法则，如上图所示，那么此两个点电荷在c点产生电场强度的方向竖直向下，同理，取下半圆关于竖直直径对称的两个点电荷，依据点电荷的电场强度大小与方向，结合矢量的合成法则，如上图所示，那么此两个点电荷在d点产生电场强度的方向也竖直向下，由于c、d两点关于水平直径对称，那么c、d两点的场强相等，因此任意两个关于竖直直径对称的两个点电荷在c、d两点产生的合电场强度大小相等，方向都相同，那么带异种电荷的上、下半圆在c、d两点的场强相等，方向相同，再依据沿着电场线方向电势降低，可知，c点的电势高于d，故C正确，D错误；8. 水平冰面上有一固定的竖直挡板。
一滑冰运动员面对挡板静止在冰面上，他把一质量为4.0kg的静止物块以大小为5.0m/s的速度沿与挡板垂直的方向推向挡板，运动员获得退行速度；物块与挡板弹性碰撞，速度反向，追上运动员时，运动员又把物块推向挡板，使其再一次以大小为5.0m/s的速度与挡板弹性碰撞。
总共经过8次这样推物块后，运动员退行速度的大小大于5.0m/s，反弹的物块不能再追上运动员。
不计冰面的摩擦力，该运动员的质量可能为（）A.48kgB.53kgC.58kgD.63kg【答案】B,C【考点】弹性碰撞和非弹性碰撞动量守恒定律的综合应用【解析】根据动量守恒定律得到第n次推出物块后运动员的速度表达式，根据第7次推出后还能再推，第8次推出后不能再推求出运动员质量范围即可。
【解答】设该运动员的质量为M，物块的质量为m＝4.0kg，推物块的速度大小为v＝5.0m/s，取人运动的方向为正方向，根据动量守恒定律可得：第一次推物块的过程中：0＝Mv1−mv第二次推物块的过程中：Mv1+mv＝Mv2−mv第三次推物块的过程中：Mv2+mv＝Mv3−mv…第n次推物块的过程中：Mv n−1+mv＝Mv n−mv以上各式相加可得：Mv n＝(2n−1)mv当n＝7时，v7<v，解得M>52kg当n＝8时，v8>v，解得M<60kg，故52kg<M≤60kg，故AD错误、BC正确。
2020年普通高等学校招生全国统一考试物理(全国Ⅱ卷)
绝密★启用前2020年普通高等学校招生全国统一考试物理(全国卷Ⅱ)本试卷共4页,共14小题,满分110分。
考试用时90分钟。
二、选择题:本题共8小题,每小题6分,共48分。
在每小题给出的四个选项中,第14~18题只有一项符合题目要求,第19~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。
14.管道高频焊机可以对由钢板卷成的圆管的接缝实施焊接。
焊机的原理如图所示,圆管通过一个接有高频交流电源的线圈,线圈所产生的交变磁场使圆管中产生交变电流,电流产生的热量使接缝处的材料熔化将其焊接。
焊接过程中所利用的电磁学规律的发现者为()A.库仑B.霍尔C.洛伦兹D.法拉第15.若一均匀球形星体的密度为ρ,引力常量为G,则在该星体表面附近沿圆轨道绕其运动的卫星的周期是()A.√3πGρB.√4πGρC.√13πGρD.√14πGρ16.如图所示,在摩托车越野赛途中的水平路段前方有一个坑,该坑沿摩托车前进方向的水平宽度为3h,其左边缘a点比右边缘b点高0.5h。
若摩托车经过a点时的动能为E1,它会落到坑内c点,c与a的水平距离和高度差均为h;若经过a点时的动能为E2,该摩托车恰能越过坑到达b点。
E2E1等于()A.20B.18C.9.0D.3.017.CT扫描是计算机X射线断层扫描技术的简称,CT扫描机可用于对多种病情的探测。
图甲是某种CT机主要部分的剖面图,其中X射线产生部分的示意图如图乙所示。
图乙中M、N之间有一电子束的加速电场,虚线框内有匀强偏转磁场;经调节后电子束从静止开始沿带箭头的实线所示的方向前进,打到靶上,产生X射线(如图中带箭头的虚线所示);将电子束打到靶上的点记为P点。
则()甲乙A .M 处的电势高于N 处的电势B 增大M 、N 之间的加速电压可使P 点左移C .偏转磁场的方向垂直于纸面向外D .增大偏转磁场磁感应强度的大小可使P 点左移18.氘核 12H 可通过一系列聚变反应释放能量,其总效果可用反应式612H →224He+211H+201n+43.15 MeV表示。
2020高考全国II卷物理试题(答案解析)
2020高考全国II卷物理试题1、管道高频焊机可以对由钢板卷成的圆管的接缝实施焊接。
焊机的原理如图所示，圆管通过一个接有高频交流电源的线圈，线圈所产生的交变磁场使圆管中产生交变电流，电流产生的热量使接缝处的材料熔化将其焊接。
焊接过程中所利用的电磁学规律的发现者为（）A. 库仑B. 霍尔C. 洛伦兹D. 法拉第2、水平冰面上有一固定的竖直挡板，一滑冰运动员面对挡板静止在冰面上，他把一质量为4.0 kg 的静止物块以大小为5.0 m/s的速度沿与挡板垂直的方向推向挡板，运动员获得退行速度；物块与挡板弹性碰撞，速度反向，追上运动员时，运动员又把物块推向挡板，使其再一次以大小为5.0 m/s的速度与挡板弹性碰撞。
总共经过8次这样推物块后，运动员退行速度的大小大于5.0 m/s，反弹的物块不能再追上运动员。
不计冰面的摩擦力，该运动员的质量可能为A. 48 kgB. 53 kgC. 58 kgD. 63 kg3、用一个摆长为80.0 cm的单摆做实验，要求摆动的最大角度小于5°，则开始时将摆球拉离平衡位置的距离应不超过_______cm（保留1位小数）。
（提示：单摆被拉开小角度的情况下，所求的距离约等于摆球沿圆弧移动的路程。
）某同学想设计一个新单摆，要求新单摆摆动10个周期的时间与原单摆摆动11个周期的时间相等。
新单摆的摆长应该取为_______cm。
4、若一均匀球形星体的密度为ρ，引力常量为G，则在该星体表面附近沿圆轨道绕其运动的卫星的周期是（）A. B. C. D.5、如图，在摩托车越野赛途中的水平路段前方有一个坑，该坑沿摩托车前进方向的水平宽度为3h，其左边缘a点比右边缘b点高0.5h。
若摩托车经过a点时的动能为E1，它会落到坑内c点。
c与a的水平距离和高度差均为h；若经过a点时的动能为E2，该摩托车恰能越过坑到达b点。
等于（）A. 20B. 18C. 9.0D. 3.06、CT扫描是计算机X射线断层扫描技术的简称，CT扫描机可用于对多种病情的探测。
2020年普通高等学校招生全国统一考试理综(物理部分)试题(全国卷2,含解析)
2020年新课标Ⅱ卷理综物理高考试题二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14.如图，一光滑大圆环固定在桌面上，环面位于竖直平面内，在大圆环上套着一个小环，小环由大圆环的最高点从静止开始下滑，在小环下滑的过程中，大圆环对它的作用力A.一直不做功B.一直做正功C.始终指向大圆环圆心D.始终背离大圆环圆心【答案】A【考点定位】圆周运动；功【名师点睛】此题关键是知道小圆环在大圆环上运动过程中，小圆环受到的弹力方向始终沿大圆环的半径方向，先是沿半径向外，后沿半径向里.15.一静止的铀核放出一个α粒子衰变成钍核，衰变方程为238234492902U Th He →+，下列说法正确的是A. 衰变后钍核的动能等于α粒子的动能B. 衰变后钍核的动量大小等于α粒子的动量大小C. 铀核的半衰期等于其放出一个α粒子所经历的时间D. 衰变后α粒子与钍核的质量之和等于衰变前铀核的质量【答案】B【解析】根据动量守恒可知，生成的钍核的动量与α粒子的动量等大反向，选项B正确；根据22kPEm=可知，衰变后钍核的动能小于α粒子的动能，选项A错误；铀核的半衰期等于一半数量的铀核衰变需要的时间，而放出一个α粒子所经历的时间是一个原子核衰变的时间，故两者不等，选项C错误；由于该反应放出能量，由质能方程可知，衰变后α粒子与钍核的质量之和小于衰变前铀核的质量，选项D错误；故选B.【考点定位】半衰期；动量守恒定律；质能方程【名师点睛】此题考查了原子核的反冲问题以及对半衰期的理解；对于有能量放出的核反应，质量数守恒，但是质量不守恒；知道动量和动能的关系22kPEm=.16.如图，一物块在水平拉力F的作用下沿水平桌面做匀速直线运动。
若保持F的大小不变，而方向与水平面成60°角，物块也恰好做匀速直线运动。
2020年全国卷Ⅱ理综《物理》高考试卷(含答案)
A ．20B ．18C ．9.0D ．3.017．CT 扫描是计算机X 射线断层扫描技术的简称，CT 扫描机可用于对多种病情的探测。
图（a ）是某种CT 机主要部分的剖面图，其中X 射线产生部分的示意图如图（b ）所示。
图（b ）中M 、N 之间有一电子束的加速电场，虚线框内有匀强偏转磁场；经调节后电子束从静止开始沿带箭头的实线所示的方向前进，打到靶上，产生X 射线（如图中带箭头的虚线所示）；将电子束打到靶上的点记为P 点。
则A ．M 处的电势高于N 处的电势B ．增大M 、N 之间的加速电压可使P 点左移C ．偏转磁场的方向垂直于纸面向外D ．增大偏转磁场磁感应强度的大小可使P 点左移18．氘核21H 可通过一系列聚变反应释放能量，其总效果可用反应式241112106H 2He 2H+2n+43.15MeV →+表示。
海水中富含氘，已知1kg 海水中含有的氘核约为1.0×1022个，若全都发生聚变反应，其释放的能量与质量为M 的标准煤燃烧时释放的热量相等；已知1 kg 标准煤燃烧释放的热量约为2.9×107 J ，1 MeV= 1.6×10–13 J ，则M 约为 A ．40 kgB ．100 kgC ．400 kgD ．1 000 kg19．特高压输电可使输送中的电能损耗和电压损失大幅降低。
我国已成功掌握并实际应用了特高压输电技术。
假设从A处采用550 kV的超高压向B处输电，输电线上损耗的电功率为∆P，到达B处时电压下降了∆U。
在保持A处输送的电功率和输电线电阻都不变的条件下，改用1 100 kV特高压输电，输电线上损耗的电功率变为∆P′，到达B处时电压下降了∆U′。
不考虑其他因素的影响，则A．∆P′=14∆P B．∆P′=12∆P C．∆U′=14∆U B．∆U′=12∆U20．如图，竖直面内一绝缘细圆环的上、下半圆分别均匀分布着等量异种电荷。
a、b为圆环水平直径上的两个点，c、d为竖直直径上的两个点，它们与圆心的距离均相等。
2020年全国二卷高考物理
2020年全国二卷高考物理二、选择题：14.管道高频焊机利用电磁学规律实现对钢管接缝的焊接，发现者为XXX。
A。
库仑 B。
霍尔 C。
洛伦兹 D。
法拉第15.均匀球形星体表面附近沿圆轨道绕其运动的卫星的周期为4π√(R³/ G M)，其中R为星体半径，M为星体质量，G为引力常量，ρ为星体密度。
A。
3πGρ B。
4πGρ C。
11 D。
3πGρ/4πGρ16.摩托车越野赛中，若摩托车经过a点时的动能为E1，它会落到坑内c点。
若经过a点时的动能为E2，该摩托车恰能越过坑到达b点。
E2 = E1 × (1 - 1/4) = 3/4 E1.A。
20 B。
18 C。
9.0 D。
3.017.CT扫描机可用于对多种病情的探测，其原理是计算机X射线断层扫描技术。
在CT机的X射线产生部分，经调节后电子束从静止开始沿带箭头的实线所示的方向前进，打到靶上，产生X射线。
偏转磁场的方向垂直于纸面向外，增大M、N之间的加速电压可使P点左移。
A。
M处的电势高于N处的电势 B。
增大M、N之间的加速电压可使P点左移 C。
偏转磁场的方向垂直于纸面向外 D。
增大偏转磁场磁感应强度的大小可使P点左移18.氘核可通过聚变反应释放能量，其总效果可用反应式表示。
海水中富含氘，已知1kg海水中含有的氘核约为1.0×1022个。
1kg标准煤燃烧释放的能量为107J，1MeV=1.6×10–13J，则1kg海水中的氘核聚变释放的能量约为2.9×1013J，相当于燃烧约400kg标准煤所释放的能量。
A。
40kg B。
100kg C。
400kg D。
1000kg19.特高压输电技术可以显著降低输电中的电能损耗和电压下降。
我国已经成功掌握并应用了这项技术。
假设从A点采用550kV的超高压输电到B点，输电线上的电功率损失为∆P，电压下降为∆U。
在保持A点输送的电功率和输电线电阻不变的情况下，如果改用1100kV的特高压输电，输电线上的电功率损失变为∆P′，电压下降为∆U′。
2020年全国二卷-----高考物理卷(有答案)
2020年全国二卷----高考物理一、单选题1．如图，水平放置的圆柱形光滑玻璃棒左边绕有一线圈，右边套有一金属圆环。
圆环初始时静止。
将图中开关S由断开状态拨至连接状态，电路接通的瞬间，可观察到（）A．拨至M端或N端，圆环都向左运动B．拨至M端或N端，圆环都向右运动C．拨至M端时圆环向左运动，拨至N端时向右运动D．拨至M端时圆环向右运动，拨至N端时向左运动2．甲、乙两个物块在光滑水平桌面上沿同一直线运动，甲追上乙，并与乙发生碰撞，碰撞前后甲、乙的速度随时间的变化如图中实线所示。
已知甲的质量为1kg，则碰撞过程两物块损失的机械能为（）A．3 J B．4 J C．5 J D．6 J3．“嫦娥四号”探测器于2019年1月在月球背面成功着陆，着陆前曾绕月球飞行，某段时间可认为绕月做匀速圆周运动，圆周半径为月球半径的K倍。
已知地球半径R是月球半径的P 倍，地球质量是月球质量的Q倍，地球表面重力加速度大小为g。
则“嫦娥四号”绕月球做圆周运动的速率为（）A B C D4．如图，悬挂甲物体的细线拴牢在一不可伸长的轻质细绳上O点处；绳的一端固定在墙上，另一端通过光滑定滑轮与物体乙相连。
甲、乙两物体质量相等。
系统平衡时，O 点两侧绳与竖直方向的夹角分别为α和β。
若α=70°，则β等于（ ）A ．45°B ．55°C ．60°D ．70°5．真空中有一匀强磁场，磁场边界为两个半径分别为a 和3a 的同轴圆柱面，磁场的方向与圆柱轴线平行，其横截面如图所示。
一速率为v 的电子从圆心沿半径方向进入磁场。
已知电子质量为m ，电荷量为e ，忽略重力。
为使该电子的运动被限制在图中实线圆围成的区域内，磁场的磁感应强度最小为（ ）A ．32mv aeB ．mv aeC ．34mv aeD ．35mvae二、多选题6．1934年，约里奥—居里夫妇用α粒子轰击铝箔，首次产生了人工放射性同位素X ，反应方程为：42712130He+Al X+n →。
(精校版)2020年新高考全国卷Ⅱ物理高考真题文档版(海南)(答案)精选全文
最新精选全文完整版（可编辑修改）海南省2020年普通高中学业水平选择性考试物理参考答案─、单项选择题1. A2.B3.D4.D5.A6.B7.B8.C二、多项选择题精选全文，可以编辑修改文字！9.AC 10.AD 11.BD 12.BC 13.BD三、实验题14. (1). tn(2).2224gtnπ(3). 15.40(4). 竖直(5). 9.7415. (1). 分压(2).(3). (4). 31.8310⨯(5).四、计算题16.(1) 设气缸横截面积为S ；D 刚好被触发时，到缸底的距离为L ，根据玻意耳定律得00p SL pSL =带入数据解得50051100.6m 0.4m 1.510p L L p ⨯==⨯=⨯ (2)此过程为等容变化，根据查理定律得00p pT T= 带入数据解得5050 1.510(27273)K 450K 110p T T p ⨯==⨯+=⨯17.（1）设小物块a 下到圆弧最低点未与小物块b 相碰时的速度为a v ，根据机械能守恒定律有212a a a m gR m v =代入数据解得4m /s a v =小物块a 在最低点，根据牛顿第二定律有2N aa a v F m g m R-= 代入数据解得N 30F N =根据牛顿第三定律，可知小物块a 对圆弧轨道的压力大小为30N 。
（2）小物块a 与小物块b 发生弹性碰撞，根据动量守恒有a a a ab b m v m v m v '=+ 根据能量守恒有222111222a a a ab b m v m v m v '=+联立解得2m /s a v =-，2m /s b v = 小物块a 反弹，根据机械能守恒有212a a am gh m v '=解得0.2m h =（3）小物块b 滑上传送带，因2m /s 1m /s b v v =>=，故小物块b 先做匀减速运动，根据牛顿第二定律有b b m g m a μ=解得22m /s a =则小物块b 由2m/s 减至1m/s ，所走过的位移为2212b v v x a-=代入数据解得10.75m x = 运动的时间为1b v vt a-=代入数据解得10.5s t =因10.75m 1.25m x L =<=，故小物块b 之后将做匀速运动至右端，则匀速运动的时间为12 1.250.75s 0.5s 1L x t v --=== 故小物块b 从传送带的左端运动到右端所需要的时间121s t t t =+=18.(1)画出粒子运动轨迹如图粒子在三角形ABC 中运动时，有200v qBv m r = 02rT v π=又粒子出三角形磁场时偏转60︒，由几何关系可知2d r =联立解得2mv B qd=1066T d t v π== (2)粒子从D 运动到P ，由几何关系可知sin 60CP dDP CP ==︒运动时间2002DP t v v ==粒子在MN 右侧运动的半径为2r d '=则有200v qB v m r'=' 02r T v π''=运动时间3051063d t T v π'==故粒子从O 点射入到返回O 点所需要的时间1230(112()3dt t t t v π+=++=(3)若三角形ABC 区域磁场方向向里，则粒子运动轨迹如图中①所示，有cos60cos602dR R d +︒=+︒ 解得56R d =此时根据2020v qB v m R=有265mv B qd=若三角形ABC 区域磁场方向向外，则粒子运动轨迹如图中②所示，有cos60-cos602dR R d ''+︒=︒解得12R d '=此时根据230vqB v mR='有32mvBqd=总之，在这一学年中，我不仅在业务能力上，还是在教育教学上都有了一定的提高。
2020年全国统一高考物理试卷(新课标ⅱ)(含解析版)
2020年全国统一高考物理试卷（新课标Ⅱ）一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1.管道高频焊机可以对由钢板卷成的圆管的接缝实施焊接。
焊机的原理如图所示，圆管通过一个接有高频交流电源的线圈，线圈所产生的交变磁场使圆管中产生交变电流，电流产生的热量使接缝处的材料熔化将其焊接。
焊接过程中所利用的电磁学规律的发现者为（ ）A. 库仑B. 霍尔C. 洛伦兹D. 法拉第【答案】D 【解析】【详解】由题意可知，圆管为金属导体，导体内部自成闭合回路，且有电阻，当周围的线圈中产生出交变磁场时，就会在导体内部感应出涡电流，电流通过电阻要发热。
该过程利用原理的是电磁感应现象，其发现者为法拉第。
故选D 。
2.若一均匀球形星体的密度为ρ，引力常量为G ，则在该星体表面附近沿圆轨道绕其运动的卫星的周期是（ ）【答案】A 【解析】【详解】卫星在星体表面附近绕其做圆周运动，则2224GMm m R R T， 343V R π= ，MV ρ=知卫星该星体表面附近沿圆轨道绕其运动的卫星的周期T =3.如图，在摩托车越野赛途中的水平路段前方有一个坑，该坑沿摩托车前进方向的水平宽度为3h ，其左边缘a 点比右边缘b 点高0.5h 。
若摩托车经过a 点时的动能为E 1，它会落到坑内c 点。
c 与a 的水平距离和高度差均为h ；若经过a 点时的动能为E 2，该摩托车恰能越过坑到达b 点。
21E E 等于（ ）A. 20B. 18C. 9.0D. 3.0【答案】B 【解析】【详解】有题意可知当在a 点动能为E 1时，有21112E mv 根据平抛运动规律有2112h gt =11h v t =当在a 点时动能为E 2时，有22212E mv 根据平抛运动规律有221122h gt 223hvt联立以上各式可解得2118E E故选B 。
(精校版)2020年高考全国卷Ⅱ理综物理高考试题文档版(含答案)
二、选择题：本题共 8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得 3分，有选错的得0分。
14. 管道高频焊机可以对由钢板卷成的圆管的接缝实施焊接。
焊机的原理如图所示，圆管通过一个接有高频交流电源的线圈，线圈所产生的交变磁场使圆管中产生交变电流，电流产生的热量使接缝处的材料 熔化将其焊接。
焊接过程中所利用的电磁学规律的发现者为A. 库仑B.霍尔C.洛伦兹D.法拉第15.若一均匀球形星体的密度为 .引力常量为G,则在该星体表面附近沿圆轨道绕其运动的卫星的周期是主 f4T1I 1如 B -后C•底救 D -屈16.如图，在摩托车越野赛途中的水平路段前方有一个坑，该坑沿摩托车前进方向的水平宽度为3h,其左边缘a 点比右边缘b 点高0.5h 。
若摩托车经过a 点时的动能为E 〔，它会落到坑内c 点。
c 与a 的水平距E2…离和局度差均为h;若经过a 点时的动能为E2,该摩托车恰能越过坑到达 b 点。
三等于E 1A. 20B. 18C. 9.0 D . 3.017. CT 扫描是计算机X 射线断层扫描技术的简称， CT 扫描机可用于对多种病情的探测。
图（ a ）是某种CT 机主要部分的剖面图，其中 X 射线产生部分的示意图如图（b ）所示。
图（b ）中M 、N 之间有一电 子束的加速电场，虚线框内有匀强偏转磁场；经调节后电子束从静止开始沿带箭头的实线所示的方向前进，打到靶上，产生X射线（如图中带箭头的虚线所示）；将电子束打到靶上的点记为P点。
贝U目标靶环 图(a)图(b)A. M 处的电势高于 N 处的电势B. 增大M 、N 之间的加速电压可使 P 点左移C. 偏转磁场的方向垂直于纸面向外D.增大偏转磁场磁感应强度的大小可使 P 点左移, …2一18 .觉核i H 可通过一系列聚变反应释放能量，其总效果可用反应式6；H2：He 2l H+2 0n+43.15MeV表示。
2020年全国统一高考物理试卷(新课标Ⅱ)-纯答案用卷
2020年全国统一高考物理试卷（新课标Ⅱ）答案和解析【答案】1. D2. A3. B4. D5. C6. AD7. ABC8. BC9. B；C10. 6.9;96.811. 1.84 1.96滑轮的轴不光滑或滑轮有质量12. (1)如图所示(2)I1(R g1+R0)，I2−I1，180 ;(3)11.6;(4)8.013. 解：(1)根据题意可知，粒子进入磁场时受到竖直向上的洛伦兹力，因此根据左手定则可知，磁场的方向垂直于纸面向里；设粒子进入磁场中做圆周运动的半径为R，根据洛伦兹力公式和圆周运动的规律有：qv0B=m v02R由此可得：R=mv0qB粒子穿过y轴正半轴离开磁场，其在磁场中做圆周运动的圆心在y轴的正半轴，半径应满足R≤ℎ，由题意，当磁感应强度最大时，粒子的半径最大，由此可得：B m=mv0qℎ；(2)若磁感应强度大小为B m，粒子做圆周运动的圆心仍然在y轴的正半轴，且此时的半2径为：R′=2ℎ粒子会穿过图中P点离开磁场，运动轨迹如图所示：，设粒子在P 点的运动方向与x 轴的夹角为α，根据几何知识有：sinα=ℎ2ℎ=12则有：α=π6=30°根据几何关系可得，P 点与x 轴的距离为：y =2ℎ(1−cosα)=(2−√3)ℎ答：(1)若粒子经磁场偏转后穿过y 轴正半轴离开磁场，磁场的方向垂直于纸面向里，在这种情况下磁感应强度的最小值为mv 0qℎ；(2)如果磁感应强度大小为B m2，粒子将通过虚线所示边界上的一点离开磁场。
粒子在该点的运动方向与x 轴正方向的夹角为30°，该点到x 轴的距离为(2−√3)ℎ。
14. 解：(1)管第一次落地弹起的瞬间，小球仍然向下运动，设此时管的加速度大小为a 1，方向向下；球的加速度大小为a 2，方向向上；球与管之间的摩擦力大小为f ，由牛顿运动定律有：Ma 1=Mg +fma 2=f −mgf =4mg联立并代入题给数据，得：a 1=2ga 2=3g ；(2)管第一次碰地前与球的速度大小相同，由运动学公式可得碰地前瞬间它们的速度大小均为：v 0=√2gH ，方向均向下管弹起的瞬间，管的速度反向，球的速度方向依然向下设自弹起时经过时间t 1，管与小球的速度刚好相同，取向上为正方向，由运动学公式可得：v0−a1t1=−v0+a2t1解得：t1=25√2Hg设此时管下端距地面的高度为ℎ1，速度为v，由运动学公式可得ℎ1=v0t1−12a1t12=1225Hv=v0−a1t1=√2gH5由此可知此时v>0，此后管与小球将以加速度g减速上升ℎ2到达最高点，由运动学公式有：ℎ2=v22g =H25管第一次落地弹起后上升的最大高度H1=ℎ1+ℎ2=1325H；(3)设第一次弹起过程中球相对管的位移为x1，在管开始下落到上升H1这一过程中，由动能定理有：Mg(H−H1)+mg(H−H1+x1)−4mgx1=0解得：x1=45H同理可推得，管与球从再次下落到第二次弹起至最高点的过程中，球与管的相对位移x2为：x2=45H1设圆管长度为L.管第二次落地弹起后的上升过程中，球不会滑出管外的条件是x1+x2≤L联立解得L应满足条件为：L≥152125H。