辽宁省大连市2021届新高考物理第二次调研试卷含解析
辽宁省大连市2021届新高考物理第二次调研试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，轻质弹簧一端固定，另一端与一质量为m 、套在粗糙竖直固定杆A 处的圆环相连，弹簧水平且处于原长。
圆环从A 处由静止开始下滑，经过B 处的速度最大，到达C 处的速度为零，AC h =，此为过程Ⅰ；若圆环在C 处获得一竖直向上的速度v ，则恰好能回到A 处，此为过程Ⅱ．已知弹簧始终在弹性范围内，重力加速度为g ，则圆环（ ）A ．过程Ⅰ中，加速度一直减小B ．Ⅱ过程中，克服摩擦力做的功为212mv C ．在C 处，弹簧的弹性势能为214mv mgh - D ．过程Ⅰ、过程Ⅱ中克服摩擦力做功相同【答案】D【解析】【分析】【详解】A ．圆环从A 处由静止开始下滑，经过B 处的速度最大，则经过B 处的加速度为零，到达C 处的速度为零，所以圆环先做加速运动，再做减速运动，所以加速度先减小，后增大，故A 错误；BCD ．在过程Ⅰ、过程Ⅱ中，圆环经过同一位置所受的摩擦力大小相等，则知在两个过程中，克服摩擦力做功相同，设为f W ，研究过程Ⅰ，运用动能定理列式得0f mgh W W --=弹研究过程Ⅱ，运用动能定理列式得2102f mgh W W mv --+=-弹 联立解得克服摩擦力做的功为214f W mv = 弹簧弹力做功214W mgh mv =-弹 所以在C 处，弹簧的弹性势能为214P E W mgh mv ==-弹 故B 、C 错误，D 正确；故选D 。
2．如图所示，一个钢球放在倾角为30︒的固定斜面上，用一竖直的挡板挡住，处于静止状态。
各个接触面均光滑。
关于球的重力大小G 、球对斜面的压力大小F N1、球对挡板的压力大小F N2间的关系，正确的是（ ）A ．F N1>GB ．F N2>GC ．F N2=GD ．F N1<F N2【答案】A【解析】【分析】【详解】以球为研究对象，球受重力、斜面和挡板对球体的支持力F 1和F 2，由平衡条件知，F 1和F N2的合力与G 等大、反向、共线，作出力图如图所示，根据平衡条件，有123cos30G G F ︒== 23tan 30F G ︒==根据牛顿第三定律可知，球对斜面的压力大小N113cos303G G F F G ︒===> 球对挡板的压力大小N223tan 303F FG G G ︒===< 则N1N2F F >故A 正确，BCD 错误。
故选A 。
3．两辆汽车A B 、在同一时刻开始运动，运动方向相同。
如图所示为运动的v t -图像。
A 车的图像在00~t 段和00~2t t 段的形状对称相同。
0t 时刻两车并排行驶。
下列表述中正确的是（ ）A ．00~t 内A 车先加速运动后减速运动B ．00~2t 内两车的加速度有一个时刻相同C ．02t 时刻A 车在B 车之前D ．开始时刻两车的距离与02t 时刻两车的距离相等【答案】D【解析】【详解】A ．根据v t -图像可知，在00~t 内A 车速度一直在增大，故A 错误；B ．图像斜率表示加速度。
如图所示：00~2t 内A 车图像斜率有两个时刻与B 车图像斜率相等，故B 错误；C ．0t 时刻A B 、两车并排行驶，在同一位置。
v t -图像与t 轴所围面积为位移，00~2t t 内A 车正方向运动的位移小于B 车正方向运动的位移，则02t 时刻A 车在B 车之后，故C 错误；D ．因为对称，图象围成的面积相等，所以00~t 内与00~2t t 内两车单向运动的位移相等，则开始时刻两车的距离与02t 时刻两车的距离相等，故D 正确。
故选D 。
4．如图所示，足够长的平行玻璃砖厚度为d ，底面镀有反光膜CD ，反光膜厚度不计，一束光线以45°的入射角由A 点入射，经底面反光膜反射后，从顶面B 点射出（B 点图中未画出）。
已知该光线在玻璃砖中的传播速度为22c ，c 为光在真空中的传播速度，则下列说法错误的是（ ）A ．平行玻璃砖的折射率为2B ．入射点A 与出射点B 之间的距离为233d C ．平行玻璃砖的全反射临界角为30°D ．为了使从A 点以各种角度入射的光线都能从顶面射出，则底面反光膜CD 长度至少2d【答案】C【解析】【详解】A.玻璃砖的折射率为： 222c c n v c === 选项A 正确；B.作出光的传播路径如图所示：由折射定律有：452sin sin n sin sin αββ︒=== 解得：β=30°因此入射点A 与出射点B 之间的距离为：2323AB d x dtan β==选项B 正确； C.设临界角为C ，则有：12 2sinC n == 解得：C=45° 选项C 错误；D.为了使从A 点以各种角度入射的光线都能从顶面射出，则底面反光膜CD 至少为：22CD L dtanC d ==选项D 正确。
本题选错误的，故选C 。
5．在一边长为L 的正方形的四个顶点处各放置一个电荷量为q 的点电荷，其中ABC 处为正点电荷，D 处为负点电荷，P 、Q 、M 、N 分别是AB 、BC 、CD 、DA 的中点，则（ ）A ．M 、N 两点电场强度相同B ．P 、Q 两点电势相同C ．将一个带负电的粒子由Q 沿直线移动到M ，电势能先增大后减小D ．在O 点静止释放一个带正电的粒子（不计重力），粒子可沿着OD 做匀变速直线运动【答案】B【解析】【详解】A ．场强叠加遵循平行四边形定则，M 、N 两点电场强度大小相等，方向不同，A 错误；B ．P 、Q 两点即关于A 、C 两正电荷对称，又关于B 、D 两异种电荷对称，根据对称性可知四个点电荷在P 、Q 两点产生的电势相同，B 正确；C ．M 、N 、P 、Q 关于A 、C 两正电荷对称，所以对于A 、C 两正电荷而言，这四个点的电势是相等的，对B 、D 两异种电荷而言，P 、Q 两点的电势高于M 、N 两点的电势，所以负电的粒子由Q 沿直线移动到M ，根据：p E q ϕ=可知负电荷电势能一直增大，C 错误；D ．这四个点电荷形成的电场中，电场力大小改变，加速度改变，所以从O 点静止释放的粒子不可能做匀变速运动，D 错误。
故选B 。
6．如图所示，电灯悬挂于两壁之间，更换水平绳OA 使连接点A 向上移动而保持O 点的位置不变，则A 点向上移动时（ ）A ．绳OA 的拉力逐渐增大B ．绳OA 的拉力逐渐减小C ．绳OA 的拉力先增大后减小D ．绳OA 的拉力先减小后增大【答案】D【解析】【详解】以O 点为研究对象，根据受力平衡，有：由图可知，绳子OB 上的拉力逐渐减小，OA 上的拉力先减小后增大。
A ．绳OA 的拉力逐渐增大，与分析不符，故A 项错误；B ．绳OA 的拉力逐渐减小，与分析不符，故B 项错误；C ．绳OA 的拉力先增大后减小，与分析不符，故C 项错误；D ．绳OA 的拉力先减小后增大，与分析相符，故D 项正确。
二、多项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分7．甲、乙两物体在同一条直线上运动，其运动的位置一时间图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．在3～5s时间内，甲的速度大小等于乙的速度大小B．甲的出发位置在乙的前面C．甲、乙在20m处相遇D．在3～7s的时间内，甲的平均速度大小小于乙的平均速度大小【答案】CD【解析】【详解】A．因为x-t图像的斜率等于速度，可知在3～5s时间内，甲的速度大小小于乙的速度大小，选项A错误；B．甲和乙出发的位置都在x=0位置，选项B错误；C．由图像可知，甲、乙在20m处相遇，选项C正确；D．在3～7s的时间内，甲的位移小于乙的位移，根据xvt可知，甲的平均速度大小小于乙的平均速度大小，选项D正确；故选CD。
8．如图所示，圆形区域内以直线AB为分界线，上半圆内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B。
下半圆内有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小未知，圆的半径为R。
在磁场左侧有一粒子水平加速器，质量为m，电量大小为q的粒子在极板M右侧附近，由静止释放，在电场力的作用下加速，以一定的速度沿直线CD射入磁场，直线CD与直径AB距离为0.6R。
粒子在AB上方磁场中偏转后，恰能垂直直径AB进入下面的磁场，之后在AB下方磁场中偏转后恰好从O点进入AB上方的磁场。
带电粒子的重力不计。
则A．带电粒子带负电B．加速电场的电压为22 925 qB RmC．粒子进入AB下方磁场时的运动半径为0.1R D．AB下方磁场的磁感应强度为上方磁场的3倍【答案】AC【解析】【详解】A ．从C 点入射的粒子向下做匀速圆周运动，即受到洛仑兹力向下，由左手定则知道粒子带负电，所以选项A 正确；B ．由题意知，粒子在AB 上方磁场中做匀速圆周运动的半径r 1＝0.6R ，在电场中加速有：212Uq mv = 在AB 上方磁场中：21mv qvB r = 联立得：22950qB R U m= 所以选项B 错误；C ．粒子在AB 下方磁场中做匀速圆周运动，由几何关系：22122(0.6)r r R R +=-解得r 2＝0.1R所以选项C 正确；D ．由洛仑兹力提供向心力得到半径：mv r qB= 由于r 1＝6r 2，所以B 2＝6B 1所以选项D 错误。
故选AC 。
9．如图所示.轻质弹簧的一端与固定的竖直板P 拴接，另一端与物体A 相连，物体A 静止于光滑水平桌面上，右端接一细线，细线绕过光滑的定滑轮与物体B 相连。
开始时用手托住B ，让细线恰好伸直然后由静止释放B ，直至B 获得最大速度。
下列有关该过程的分析正确的是（ ）A ．B 物体的动能增加量小于B 物体重力势能的减少量B ．B 物体机械能的减少量等于弹簧的弹性势能的増加量C ．细线拉力对A 做的功等于A 物体与弹簧所组成的系统机械能的增加量D ．合力对A 先做正功后做负功【答案】AC【解析】【详解】A ．由于A 、B 和弹簧系统机械能守恒，所以B 物体重力势能的减少量等于A 、B 增加的动能以及弹性势能，故A 正确；B ．整个系统机械能守恒，所以B 物体杋楲能减少量等于A 物体与弹簧机械能的增加，故B 错误；C ．根据功能关系除重力和弹簧弹力以外的力即绳子的拉力等于A 物体与弹簧所组成的系统机械能的增加量，故C 正确；D ．由题意由静止释放B ，直至B 获得最大速度，该过程中A 物体的速度一直在增大，所以动能一直在增大。
合力一直对A 做正功，故D 错误。
故选AC 。
10．两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A 、B 、C 三点，如图甲所示。
辽宁省大连市2021届新高考物理二月模拟试卷含解析
辽宁省大连市2021届新高考物理二月模拟试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．在光滑水平面上静止着物体A，物体B与一质量不计的弹簧相连并以一定速度与A相碰，如图所示，则弹簧被压缩的过程中①当弹簧处于最大压缩状态时，两物体速度相等②只有A、B速度相等时，系统的动量才守恒③作用过程中，系统的动量总是守恒的④A、B速度相等时，系统动能最小下列选项组，完整、正确的一组是（）A．①②B．①③④C．①②④D．③④【答案】B【解析】【详解】当弹簧接触A后，A做加速运动，B做减速运动，当两物体速度相等时弹簧处于最大压缩状态，则①正确；当AB相互作用过程中，系统受合外力为零，则系统的动量守恒，则②错误，③正确；A、B速度相等时，弹簧弹性势能最大，此时系统动能最小，则④正确；A．①②，与结论不相符，选项A错误；B．①③④，与结论相符，选项B正确；C．①②④，与结论不相符，选项C错误；D．③④，与结论不相符，选项D错误；故选B。
2．若已知引力常量G，则利用下列四组数据可以算出地球质量的是（）A．一颗绕地球做匀速圆周运动的人造卫星的运行速率和周期B．一颗绕地球做匀速圆周运动的人造卫星的质量和地球的第一宇宙速度C．月球绕地球公转的轨道半径和地球自转的周期D．地球绕太阳公转的周期和轨道半径【答案】A【解析】【分析】【详解】22Mm v G m r r= 和22r vTv r T ππ=⇒= 联立可以求出地球质量M ，选项BC 错误，A 正确；D ．已知地球绕太阳公转的周期和轨道半径可以求出太阳质量，选项D 错误。
故选A 。
3．如图，梯形小车a 处于光滑水平面上，一弹性绳将小车a 与竖直墙壁连接（松弛），a 倾斜的上表面放有物块b ，现给a 和b 向左的相同速度v 0，在之后的运动过程中，a 与b 始终保持相对静止。
则在弹性绳从伸直到长度最大的过程中（ ）A ．b 对a 的压力一直增大B ．b 对a 的摩檫力一直减小C ．b 对a 的作用力一直减小D ．b 对a 的作用力方向水平向左 【答案】A 【解析】 【详解】AB ．整体受到的弹性绳的拉力越来越大，则加速度越来越大，即整体做加速度越来越大的减速运动，则b 也做加速度越来越大的减速运动，对b 受力分析，由牛顿第二定律可知，cos cos N mg ma θθ-=则随着加速度a 的增加，a 对b 的支持力N 一直增大；sin sin mg f ma θθ-=即sin sin f mg ma θθ=-则随着加速度a 的增加，a 对b 的摩擦力f 可能先减小后增大，根据牛顿第三定律，b 对a 的压力一直增大，b 对a 的摩擦力可能先减小后增大，A 正确，B 错误；CD ．b 受到a 的作用力和重力，由于b 的加速度水平线向右越来越大，根据牛顿第二定律，a 对b 的作用力一直增大，a 对b 的作用力方向斜向右上方，根据牛顿第三定律，b 对a 的作用力一直增大，方向斜向左下方，CD 错误。
辽宁省大连市2021届第二次新高考模拟考试物理试卷含解析
辽宁省大连市2021届第二次新高考模拟考试物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．2020年全国第十四届冬季运动会在呼伦贝尔市举行。
为此全市都在开展丰富多彩的冰上运动。
如图所示，在游乐场的滑冰道上有甲、乙两同学坐在冰车上进行游戏。
当甲从倾角为θ的光滑冰道顶端A 由静止开始自由下滑时，在斜面底部B 处的乙通过冰钎作用于冰面，从静止开始沿光滑的水平冰道向右做匀加速直线运动。
已知甲、乙和冰车均可视为质点，甲通过斜面与水平面的交接处（B 处）时，速度的方向改变、大小不变，且最终甲刚好能追上乙，则（ ）A ．到甲刚好追上乙时，甲在水平面上和斜面上的滑行时间一定不相等B ．到甲刚好追上乙时，甲在水平面上和斜面上的滑行时间一定相等C ．甲在斜面上的加速度一定小于乙的加速度D ．无法求出甲从过B 点至追上乙行进的距离与AB 距离之比【答案】B【解析】【分析】【详解】AB ．设甲到达B 的时间为t 1，追上B 的时间为t 2，水平面都是光滑的，A 到达水平面后做匀速直线运动，设甲的速度为v ，则甲在水平面上的位移221()x v t t =- ①乙做匀加速直线运动，被甲追上时的速度也是v ，乙的位移222v x t = ② 联立①②可得212122()t t t t ==-可知到甲刚好追上乙时，甲在水平面上和斜面上的滑行时间一定相等，故A 错误，B 正确； C ．由以上的分析可知，甲的速度达到v 用的时间少，所以甲在斜面上的加速度一定大于乙的加速度，故C 错误；D ．AB 之间的距离22112222t x v v x t =⋅=⋅= 所以甲从过B 点至追上乙行进的距离与AB 距离之比为2，故D 错误。
故选B 。
2．如图所示，轻质不可伸长的晾衣绳两端分别固定在竖直杆M N 、上的a b 、两点，a 点比b 点低，晾衣绳粗糙，悬挂衣服的衣架钩在晾衣绳中点和在杆M N 、中间位置时都不滑动。
辽宁省大连市2021届新高考物理二模考试卷含解析
辽宁省大连市2021届新高考物理二模考试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．2019年2月15日，一群中国学生拍摄的地月同框照，被外媒评价为迄今为止最好的地月合影之一。
如图所示，把地球和月球看做绕同一圆心做匀速圆周运动的双星系统，质量分别为M 、m ，相距为L ，周期为T ，若有间距也为L 的双星P 、Q ，P 、Q 的质量分别为2M 、2m ，则（ ）A ．地、月运动的轨道半径之比为M mB ．地、月运动的加速度之比为M mC ．P 运动的速率与地球的相等D ．P 、Q 2 【答案】D【解析】【分析】 双星靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度和周期，对两颗星分别运用牛顿第二定律和万有引力定律列式，进行求解即可。
【详解】A ．对于地、月系统，两者具有相同的角速度和周期，万有引力提供向心力2222244M m GMm M r m r L T Tππ== 则地、月系统，两者运动的轨道半径之比为:m:M M m r r =故A 错误；B ．对于地、月系统，根据牛顿第二定律，得2M m GMm Ma ma L== :m:M M m a a =故B 错误；D ．同理，P 、Q 系统，万有引力提供向心力22222224422P Q M m G M r m r L T T ππ⨯==''P 、Q 系统的轨道半径P Q L r r =+运行周期2T π'=同理，对于地、月系统，运行周期2T = 联立解得T '= 故D 正确；C ．根据M m L r r =+:m:M M m r r =得：M mL r M m=+ 地球的运动速率22()M r mL v T T M m ππ==+ 同理可得P 运动速率22()P r mL v T T M m ππ'==''+ 联立解得v '=故C 错误。
辽宁省大连市2021届新高考第二次模拟物理试题含解析
辽宁省大连市2021届新高考第二次模拟物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，n 匝矩形闭合导线框ABCD 处于磁感应强度大小为B 的水平匀强磁场中，线框面积为S ，电阻不计．线框绕垂直于磁场的轴OO′以角速度ω匀速转动，并与理想变压器原线圈相连，变压器副线圈接入一只额定电压为U 的灯泡，灯泡正常发光．从线圈通过中性面开始计时，下列说法正确的是 （ ）A ．图示位置穿过线框的磁通量变化率最大B ．灯泡中的电流方向每秒改变2ωπ次C ．线框中产生感应电动势的表达式为e ＝nBSωsinωtD ．变压器原、副线圈匝数之比为nBS U ω 【答案】C【解析】图示位置穿过线框的磁通量最大，但是磁通量的变化率为零，选项A 错误；交流电的周期为2T πω=，一个周期内电流方向改变两次，则灯泡中的电流方向每秒改变ωπ次，选项B 错误；交流电的电动势最大值：E m =nBS ω，则线框中产生感应电动势的表达式为e ＝nBSωsinωt,选项C 正确；交流电的有效值为12U = ,则11222n U n U U == ,选项D 错误；故选C. 点睛：此题关键是掌握交流电的瞬时值、最大值及有效值的意义，知道它们之间的关系；掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，本题即可得到解决．2．如图，水平导体棒PQ 用一根劲度系数均为k=80 N/m 的竖直绝缘轻弹簧悬挂起来，置于水平向里的匀强磁场中，PQ 长度为L=0.5 m ，质量为m=0.1 kg 。
当导体棒中通以大小为I=2 A 的电流，并处于静止时，弹簧恰好恢复到原长状态。
欲使导体棒下移2 cm 后能重新处于静止状态，（重力加速度g 取10 m/s 2）则（ ）A ．通入的电流方向为P→Q ，大小为1.2 AB ．通入的电流方向为P→Q ，大小为2.4 AC ．通入的电流方向为Q→P ，大小为1.2 AD ．通入的电流方向为Q→P ，大小为2.4 A【答案】C【解析】【详解】由题意知通电后弹簧恢复到原长，说明安培力方向向上，由平衡条件可得ILB=mg ，代入数据解得磁感应强度大小B=mg IL=1 T 。
辽宁省铁岭市2021届新高考物理第二次调研试卷含解析
辽宁省铁岭市2021届新高考物理第二次调研试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，竖直放置的轻弹簧的一端固定在水平地面上，另一端拴接着质量为M 的木块A ，开始时木块A 静止，现让一质量为m 的木块B 从木块A 正上方高为h 处自由下落，与木块A 碰撞后一起向下压缩弹簧，经过时间t 木块A 下降到最低点。
已知弹簧始终处于弹性限度内，不计空气阻力，木块A 与木块B 碰撞时间极短，重力加速度为g ，下列关于从两木块发生碰撞到木块A 第一次回到初始位置时的过程中弹簧对木块A 的冲量I 的大小正确的是（ ）A ．2()2I M m gh =+B ．2()gt I M m =+C ．2()2I M m gh =-D ．222()I m gh M m gt =+【答案】D 【解析】 【分析】 【详解】B 下落h 时的速度为2B v gh =物块B 与A 碰撞过程动量守恒，则()B mv M m v =+以向下为正方向，则两物块从开始运动到到达最低点过程中由动量定理 1()0()M m gt I M m v +-=-+从两木块发生碰撞到木块A 第一次回到初始位置时的过程中弹簧对木块A 的冲量I 的大小为 I=2I 1 联立解得222()I m gh M m gt =+故选D 。
2．如图，一列沿x 轴正方向传播的简谐横波，振幅为10cm ，在波的传播方向上两质点a 、b 的平衡位置相距0.7m （小于一个波长）。
当质点a 在波峰位置时，质点b 在x 轴上方与x 轴相距5cm 的位置。
则该波波长（ ）A ．λ＝0.8m 或λ＝5.6mB ．0.8m ＜λ＜5.6mC ．λ＜0.8m 或λ＞5.6mD ．无法确定【答案】B 【解析】 【详解】 如图有两种情况：ab 为6λ，波长： =60.7m 4.2m λ⨯=；ab 为56λ ，波长： 60.7m 0.84m 5λ⨯==。
2021年全国新高考Ⅱ卷(含解析)
2021年普通高等学校招生全国统一考试 全国新高考Ⅱ 卷数学试卷注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号和座位号填写在答题卡上。
用2B 铅笔将试卷类型填涂在答题卡相应位置上。
将条形码横贴在答题卡右上角“条形码粘贴处”。
2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B 铅笔在答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。
答案不能答在试卷上。
3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答无效。
4.考生必须保持答题卡的整洁。
考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。
一、选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1.在复平面内，复数2i13i--对应的点位于( ) A.第一象限B.第二象限C.第三象限D.第四象限2.若全集1,2,3,4,6{}5,U =，集合1,{}3,6A =，2,{}3,4B =，则()U A B =C ( )A.{}3B.{1,6}C.{5,6}D.{1,3}3.若抛物线22(0)y px p =>的焦点到直线1y x =+p =( )A.1B.2C. D.44.卫星导航系统中，地球静止同步轨道卫星的轨道位于地球赤道所在平面，轨道高度为36000km （轨道高度指卫星到地球表面的最短距离）.把地球看成一个球心为O ，半径为6400km 的球，其上点A 的纬度是指OA 与赤道所在平面所成角的度数，地球表面能直接观测到的一颗地球静止同步轨道卫星的点的纬度的最大值记为α.该卫星信号覆盖的地球表面面积22π(1cos )S r α=-（单位：2km ），则S 占地球表面积的百分比为( ) A.26%B.34%C.42%D.50%5.正四棱台的上、下底面的边长分别为2，4，侧棱长为2，则四棱台的体积为( )A.5623B.562C.282D.28236.某物理量的测量结果服从正态分布()210,N σ，则下列结论中不正确的是( ) A.σ越小，该物理量一次测量结果落在(9.9,10.1)内的概率越大 B.σ越小，该物理量一次测量结果大于10的概率为0.5C.σ越小，该物理量一次测量结果大于10.01与小于9.99的概率相等D.σ越小，该物理量一次测量结果落在(9.9,10.2)内的概率与落在(10,10.3)内的概率相等 7.若5log 2a =，8log 3b =，12c =，则( ) A.a b c >>B.b a c >>C.b c a >>D.c b a >>8.设函数()f x 的定义域为R ，且()2f x +为偶函数，()21f x +为奇函数，则( ) A.102f ⎛⎫-= ⎪⎝⎭B.()10f -=C.()20f =D.()40f =二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
2021年辽宁省大连市高考物理二模试卷
2021年辽宁省大连市高考物理二模试卷一、单选题（本大题共7小题，共28.0分）1.如图所示是一种延时继电器的示意图。
铁芯上有两个线圈A和B。
当开关S断开后，电磁铁还会继续吸住衔铁D一小段时间，之后弹簧才把衔铁D拉起，能做到延时的主要原因是()A. 线圈A中的电流逐渐减小B. 线圈B中产生了感应电流C. 铁芯中有剩磁起主要作用D. 衔铁D有剩磁起主要作用2.如图所示，一束复色光经三棱镜后分成光束1和光束2，两束光的波长分别为λ1和λ2。
将同一光电管分别放在区域Ⅰ和区域Ⅱ，都能发生光电效应，飞出光电子的最大初动能分别为E k1和E k2，则()A. λ1>λ2，E k1>E k2B. λ1<λ2，E k1<E k2C. λ1>λ2，E k1<E k2D. λ1<λ2，E k1>E k23.一辆汽车在平直公路上做匀变速直线运动，其x−t图像如图所示为一条抛物线，则汽车在t=0时刻的速度大小等于()A. 10m/sB. 20m/sC. 30m/sD. 40m/s4.飞机油箱内的油量是估计其续航时间和确保飞行安全的重要参数。
一种电容式测量飞机油箱内油量的装置如图，油箱内置圆筒形电容器，电容的变化反映了油面高度的变化。
下列说法正确的是()A. 给飞机供油时油量增加，相当于改变了电容器中的电介质，电容会增大B. 给飞机供油时油量增加，相当于改变了电容器中的电介质，电容会减小C. 飞行过程中油量减少，相当于改变了两极板间的正对面积，电容会减小D. 飞行过程中油量减少，相当于改变了两极板间的正对面积，电容会增加5.如图所示，在匀强电场中有一边长为1m的等边三角形ABC，电场线与三角形所在平面平行。
已知A、B两点的电势分别为3V、4V，电子以2eV的初动能从A点射出，仅在电场力作用下经过C点时动能为4eV，该匀强电场的场强大小为()A. 1V/mB. 2V/mC. 3V/mD. 4V/m6.如图所示，完全相同的三本书a、b、c叠放在一起放在水平桌面上，书与桌面间摩擦忽略不计，在相同水平外力F作用下三本书保持相对静止向右运动。
2021-2022学年辽宁省大连海湾高级中学高一(下)第二次质检物理试卷(含答案解析)
2021-2022学年辽宁省大连海湾高级中学高一（下）第二次质检物理试卷1. 功率是描述做功快慢的物理量，下列说法正确的是( )A. 力做功时间越短，力的功率越小B. 力做功时间越长，力的功率越小C. 力对物体做功越多，力的功率越大D. 力F越大，同向速度v越大，瞬时功率就越大2. 2021年5月28日，第八届全国静电纺丝技术与纳米纤维学术会议在天津工业大学召开。
摩擦可以产生静电，原来甲、乙、丙三物体都不带电，今使甲、乙两物体相互摩擦后，乙物体再与丙物体接触，最后知甲物体带正电2.8×10−15C，丙物体带电6×10−16C。
则关于最后乙、丙两物体的带电情况，下列说法正确的是( )A. 乙物体一定带有负电荷3.4×10−15CB. 乙物体可能带有负电荷2.4×10−15CC. 丙物体一定带有正电荷6×10−16CD. 丙物体一定带有负电荷6×10−16C3. 如图所示，质量分别为m1和m2的两个物体，m1<m2，在大小相等、方向相同的两个力F1和F2作用下沿水平方向移动了相同距离。
若F1做的功为W1，F2做的功为W2，则( )A. W1>W2B. W1<W2C. W1=W2D. 无法确定4. 某一区域的电场线分布如图所示，A、B是电场中的两个点。
下列说法正确的是( )A. 该电场是匀强电场B. A点的电场强度比B点的小C. A点的电场强度比B点的大D. B点的电势比A点的高5. 如图所示，正方形ABCD处在一个匀强电场中，电场线与正方形所在平面平行。
已知A、B、C三点的电势依次为φA=6.0V，φB=4.0V，φC=2.0V。
则下列说法中正确的是( )A. D点的电势φD=0VB. D点的电势φD=2VC. 电场线的方向与AC的连线垂直D. 电场线的方向与BD的连线垂直6. 如图所示，当被测物体在左、右方向发生位移时，电介质板随之在电容器两极板之间移动。
解析辽宁省大连市2021年高三第二次模拟考试理综物理试题
202１年辽宁省大连市高考物理二模试卷一、选择题:本题共8小题,每小题6分,共48分．其中1～5小题在给出的四个选项中，只有一个选项正确，６～8小题在给出的四个选项中，有多个选项正确,全部选对的得6分,选对但不全的得３分,选错或不答的得０分．1．(6分)如图所示，固定斜面c上放有两个完全相同的物体a、b，两物体间用一根细线连接,在细线的中点加一与斜面垂直的拉力F,使两物体均处于静止状态.下列说法正确的是( )A. c受到地面的摩擦力向左B．a、b两物体的受力个数一定相同C．ａ、b两物体对斜面的压力相同D. 当逐渐增大拉力F时,物体b受到斜面的摩擦力一定逐渐增大【考点】：共点力平衡的条件及其应用．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】:对a、b、c整体分析考虑地面对物体c的静摩擦力方向；再对ａ、b分别进行受力分析,a、ｂ两个物体都处于静止状态,受力平衡，把绳子和力T和重力mg都分解到沿斜面方向和垂直于斜面方向,根据共点力平衡列式分析即可．【解析】：解：Ａ、对a、ｂ、c整体分析，受重力、拉力、支持力和静摩擦力,根据平衡条件，地面对整体的静摩擦力一定是向右，故A错误;B、对aｂ进行受力分析，如图所示:b物体处于静止状态,当绳子沿斜面向上的分量与重力沿斜面向下的分量相等时，摩擦力为零,所以b可能只受3个力作用，而ａ物体必定受到摩擦力作用，肯定受４个力作用,故B错误；C、ａb两个物体,垂直于斜面方向受力都平衡,则有:Ｎ+Tsinθ＝mgcosθ解得：N=mgcosθ﹣Tsinθ,则ａ、b两物体对斜面的压力相同,故C正确；Ｄ、当逐渐增大拉力F时,如果Ｔcosθ＞ｍｇｓinθ，则物体ｂ受到的摩擦力可能先减小后反向增加;故Ｄ错误;故选：C【点评】:本题解题的关键是正确对物体进行受力分析,要能结合整体法和隔离法灵活地选择研究对象,能根据平衡条件列式求解,难度不大.2.(6分)如图所示,A、Ｂ两物块质量均为ｍ，用一轻弹簧相连，将A用长度适当的轻绳悬挂于天花板上，系统处于静止状态,B物块恰好与水平桌面接触而没有挤压，此时轻弹簧的伸长量为x，现将悬绳剪断，则下列说法正确的是（)A．悬绳剪断瞬间,A物块的加速度大小为3gＢ．悬绳剪断瞬间，A物块的加速度大小为gC．悬绳剪断后,Ａ物块向下运动距离x时速度最大D. 悬绳剪断后,A物块向下运动距离2x时速度最大【考点】:牛顿第二定律；胡克定律.【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】:先求出悬绳剪断前弹簧的拉力，再根据牛顿第二定律求出悬绳剪断瞬间A的瞬时加速度.当A物块向下运动到重力和弹力相等时,速度最大.【解析】:解:AB、剪断悬绳前,对Ｂ受力分析,B受到重力和弹簧的弹力，可知弹簧的弹力F ＝mｇ．剪断瞬间，对A分析，Ａ的合力为F合=mg＋F=２mｇ,根据牛顿第二定律，得a=2g.故A、B错误.CD、弹簧开始处于伸长状态，弹力F＝mg=kx．当向下压缩，mｇ=F′=kx′时，速度最大,ｘ′=x，所以下降的距离为２x．故Ｃ错误，D正确．故选:D.【点评】：解决本题关键知道剪断悬绳的瞬间，弹簧的拉力不变，根据牛顿第二定律可以求出瞬时加速度.当弹力和重力相等时,速度最大．３．（6分）某住宅区的应急供电系统，由交流发电机和理想降压变压器组成.发电机中矩形线圈所围的面积为S,匝数为Ｎ,电阻不计．它可绕水平轴ＯＯ′在磁感应强度为B的水平匀强磁场中以角速度ω匀速转动.矩形线圈通过滑环连接变压器．Ｒ0表示输电线的电阻,其它部分电阻忽略不计．以线圈平面与磁场平行时为计时起点，下列判断正确的是( ）Ａ．若发电机线圈某时刻处于图示位置,变压器原线圈的电流瞬时值最小B．经过半个周期,电压表读数为0Ｃ. 发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为e=NBSωｓｉｎωｔD．当用户数目增多时,电压表的读数不变，电流表读数变大【考点】:变压器的构造和原理；交流发电机及其产生正弦式电流的原理．【专题】：交流电专题.【分析】:当线圈与磁场平行时，感应电流最大,当两者垂直时，感应电流最小;确定瞬时表达式时,注意线圈开始计时的位置,从而得出正弦还是余弦；根据闭合电路欧姆定律来确定电流随着电阻变化而变化，但不会改变原线圈的电压，从而即可求解.【解析】:解：Ａ、当线圈与磁场平行时,感应电流最大,故A错误;Ｂ、电压表的示数是有效值,不随时间发生变化，故B错误;Ｃ、以线圈平面与磁场平行时为计时起点，感应电动势的瞬时值表达式为e=NＢSωcosωｔ，故C错误;Ｄ、当用户数目增多时，消耗的电功率增大,电流表读数变大，只会改变副线圈的电流，不会改变原线圈的电压，故Ｄ正确．故选：D【点评】：考查瞬时表达式的书写时，关注线圈的开始计时位置，得出最大值，区别与有效值，理解电阻的变化,只会改变电流与功率,不会影响电压的变化．4．（6分)静止在光滑水平面上质量为ｍ的小物块，在直线MN的左边只受到水平力F1作用(小物块可视为质点),在ＭＮ的右边除受F1外还受到与F１在同一条直线上的恒力F2作用，现使小物块由A点从静止开始运动，如图（a）所示,小物块运动的ｖ﹣t图象如图（b）所示，下列说法中正确的是（)Ａ．在B点的右边加速度大小为Ｂ. 小物块在经过B点后向右运动的时间为t3﹣t1C．F2的大小为D. 小物块在B点右边运动的最大距离为【考点】：牛顿第二定律;匀变速直线运动的图像．【专题】：牛顿运动定律综合专题.【分析】：由图可知,前０﹣t1内，物体做匀加速直线运动，其加速度a1＝;而t1至t３物体先减速后反向加速，t3后减速;则可判断出物体在t1时刻恰好经过MN,ｔ３又回到MＮ.ｓ根据牛顿第二定律和运动学公式结合分析.【解析】:解:A、图中ｔ1﹣ｔ３时间内物块在ＭN的右方运动,根据图线的斜率等于加速度得:物块在MN的右方加速度大小为：ａ2＝，故A正确;Ｂ、在0﹣t1时间内,物块在MN的左方向右做匀加速运动;在t1﹣t２时间内在MN的右方向右做匀减速直线运动，在ｔ2﹣t3时间内在MN的右方向左做匀加速直线运动,根据运动过程的对称性得知，小物块在经过B点后向右运动的时间为t2﹣t1.故B错误.Ｃ、在0﹣t1时间内，加速度大小为ａ1＝，由牛顿第二定律得：F1=ｍa1,F2﹣Ｆ１＝m ａ2.解得：F2=+,故C错误.D、小物块在B点右边运动的最大距离等于t1﹣t2时间内的位移为:s=，故D错误.故选：A.【点评】:本题结合图象与牛顿运动定律，应通过图象得出物体的运动情况，再由牛顿第二定律即可求得受力情况.５.（６分)宇宙空间有一些星系距离其它星体的距离非常遥远，可以忽略其它星系对它们的作用．今有四颗星体组成一稳定星系,在万有引力作用下运行,其中三颗星体A、B、C位于边长为ａ的正三角形的三个顶点上，沿外接圆轨道做匀速圆周运动,第四颗星体Ｄ位于三角形外接圆圆心，四颗星体的质量均为m，万有引力常量为G,则下列说法正确的是( )A．星体A受到的向心力为(3+）B. 星体A受到的向心力为（3+2）C. 星体B运行的周期为2πａD．星体B运行的周期为２πa【考点】:万有引力定律及其应用.【专题】：万有引力定律的应用专题.【分析】:每颗星做匀速圆周运动，靠另外三颗星万有引力的合力提供向心力,具有相同的角速度，根据合力等于向心力求出周期.【解析】:解:AB、每颗星做匀速圆周运动，靠另外三颗星万有引力的合力提供向心力，故：F n=F AB cos30°+ＦAD＋F AC cos30°=+＋=（3+）①故A正确，Ｂ错误;CD、万有引力提供向心力，故:Ｆｎ=m②联立①②解得:T=2πa故C错误,Ｄ错误；故选:A【点评】：解决该题首先要理解模型所提供的情景，然后能够列出合力提供向心力的公式,才能正确解答题目．6.（6分）如图所示,一小物块在粗糙程度相同的两个固定斜面上从A经B滑动到C，如不考虑在Ｂ点机械能的损失,则（)A．从A到Ｂ和从Ｂ到C，减少的机械能相等B．从A到B和从B到C,增加的动能相等C．从A到Ｂ和从Ｂ到C，摩擦产生的热量相等D. 小物块在B点的动能一定最大【考点】:功能关系;机械能守恒定律．【分析】:对物体受力分析,根据摩擦力的大小的计算方法比较摩擦力的大小;同时由功的计算公式分析摩擦力做功情况;再由动能定理及功能关系分析B点的速度及损失的机械能等．【解析】：解:设斜面与水平面的夹角为θ,则斜面的长度:物体受到的摩擦力：f＝μｍgcosθ，物体下滑的过程中摩擦力做的功:①由上式可知,物体下滑的过程中,摩擦力做功的大小与斜面的倾角无关，与水平位移的大小成正比．A、物体从Ａ到B和从B到C,水平方向的位移大小相等,所以物体克服摩擦力做的功相等,物体减少的机械能相等.故A正确；Ｂ、由图可知,物体从A到B和从Ｂ到C，AB段的高度比较大,所以在ＡB段重力对物体做的功比较大，由动能定理:△Eｋ=W总=W G﹣W f②由①②可知，从A到Ｂ和从Ｂ到Ｃ，AＢ段增加的动能比较大．故B错误;Ｃ、物体从A到B和从Ｂ到C，物体减小的机械能转化为内能，物体减少的机械能相等,所以摩擦产生的热量相等.故C正确;D、物体从Ｂ到Ｃ的过程中,重力对物体做正功，摩擦力对物体做负功，由于不知道二者的大小关系,所以C点的动能也有可能大于物体在Ｂ点的动能．故Ｄ错误.故选：AC【点评】：该题考查摩擦力做功的特点，要求同学们能根据题目正确求出各个阶段摩擦力所做的功，只有明确了摩擦力的做功情况才能正确分析功能关系.7．(6分）如图所示,虚线右侧存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里,等边三角形金属框电阻为R，边长是L,自线框从左边界进入磁场时开始计时，在外力作用下以垂直于磁场边界的恒定速度v进入磁场区域，ｔ1时刻线框全部进入磁场．规定逆时针方向为感应电流i的正方向．外力大小为Ｆ，线框中电功率的瞬时值为P,在这段时间内通过导体某横截面的电荷量为q，其中C、D图象为抛物线．则这些物理量随时间变化的关系可能正确的是( )A．Ｂ．C． D.【考点】:导体切割磁感线时的感应电动势．【专题】：电磁感应与电路结合.【分析】：由线框进入磁场中切割磁感线,根据运动学公式可知速度与时间关系;再由法拉第电磁感应定律,可得出产生感应电动势与速度关系；由闭合电路欧姆定律来确定感应电流的大小，并由安培力公式可确定其大小与时间的关系；由牛顿第二定律来确定合力与时间的关系；最后电量、功率的表达式来分别得出各自与时间的关系.【解析】:解：线框切割磁感线，设有效长度为L,则:A、线框切割磁感线，产生感应电动势E＝BLv,所以产生感应电流i=＝，线框进入磁场过程，L增大，i变大，ｉ与时间ｔ成正比．故Ａ错误;B、线框做匀速运动,由平衡条件得:F=Ｆ安培=BIL==，ｔ增大,F增大，Ｆ与时间的二次方成正比,故Ｂ错误;C、由功率表达式，P＝I2R＝Ｒ==,故C正确;D、流过导体截面的电量:q=Ｉｔ=＝,故Ｄ正确；故选：CD．【点评】：解决本题的关键掌握运动学公式,并由各自表达式来进行推导，从而得出结论是否正确，以及掌握切割产生的感应电动势Ｅ=BLv.知道L为有效长度.8．（6分）如图所示，在一半径为r的圆形区域内有垂直向里的匀强磁场，磁感应强度为B,aｂ为一直径,在磁场的边界上b点处放置一个粒子源，可以向磁场内的各个方向发射质量均为m和电量均为ｑ(q＞０）的粒子,粒子进入磁场的速度大小均相同,发现圆形磁场边界上有六分之一的区域有粒子射出.则下列说法正确的是（)A. 进入到磁场中的粒子的速度大小为B．进入到磁场中的粒子的速度大小为Ｃ. 若将离子源发射的粒子速度变为原来的二倍，则磁场边界上有一半区域有粒子射出Ｄ. 若将离子源发射的粒子速度变为原来的二倍，则磁场边界上所有区域均有粒子射出【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】:带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】：离子在磁场中做匀速圆周运动,洛伦兹力提供向心力，根据题意求出离子转过的最大圆心角,然后应用几何知识求出离子的轨道半径，再应用牛顿第二定律求出离子的速度,然后答题．【解析】：解:Ａ、从ｂ点射入的粒子与磁场边界的最远交点为c，最远的点是轨迹上直径与磁场边界圆的交点,相应的弧长变为圆周长的,所以∠bOc＝60°;由几何关系可知，粒子的轨道半径:R=r…①,粒子在磁场中做匀速圆周运动,仑兹力提供向心力,由牛顿第二定律得:ｑvB=m…②联立①②解得：v＝，故A错误,B正确;Ｃ、若将离子源发射的粒子速度变为原来的二倍,则粒子在磁场中做圆周运动的轨道半径:R′==＝２×r=r,则粒子转过的最大圆心角∠bOc=９0°，离子射出的圆弧为圆形磁场区域的一半，即磁场边界上有一半区域有粒子射出，即C正确，Ｄ错误;故选：BＣ．【点评】:带电粒子在电磁场中的运动一般有直线运动、圆周运动和一般的曲线运动；直线运动一般由动力学公式求解，圆周运动由洛仑兹力充当向心力，一般的曲线运动一般由动能定理求解；本题关键画出临界轨迹．二、非选择题：包括必考题和选考题两部分.第9题~第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第1３题～第18题为选考题,考生根据要求作答．9.(7分）某同学测量一个圆柱体的电阻率,需要测量圆柱体的直径和电阻．试回答下列问题:（1）用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，测量结果如图１所示，则该圆柱体的直径为d= 5．3０8 mm；（2）某同学利用多用电表粗测出该金属圆柱体的电阻为15Ω,为了更精确地测量其电阻，他设计了如图２所示的电路图，实验步骤如下，请将下列内容填写完整：①闭合开关S1，将开关S2接a处,调整滑动变阻器的触头到适当位置,待电流表示数稳定后读出电流表的示数.某次实验中电流表的示数如图３所示，则此次电流表的示数Ｉ= ０.30 A;(电流表选用0．６量程)②然后又将开关S2接b处,保持滑动变阻器的触头位置不变,调节电阻箱,使电流表示数与①相同，电阻箱此时的示数如图４所示，则电阻箱此时的阻值为R1= 16.0 Ω;③被测电阻Ｒ2的阻值R２= １６.0 Ω.【考点】:测定金属的电阻率．【专题】:实验题．【分析】:本题（1)要分成整数部分和小数部分两部分来读;题(2）①应根据每小格读数是0.0２A确定应估读到0.0１A;题②电阻箱旋钮所指数字乘以倍率，然后相加即可;题③根据欧姆定律解出被测电阻即可．【解析】:解:（1）螺旋测微器的读数为:d＝5ｍm+30.8×0.01ｍm＝5.308mm(或５.3０９);(2)①电流表的量程是0.６A，由于每小格的读数为0.０2A,应进行估读,即应估读到0．01A，所以读数为I=0．3０A;②电阻箱的读数为R=0×100+1×10+６×1＋0×0．1=１6.０Ω；③根据欧姆定律可知,当电流表示数不变时，说明待测电阻与电阻箱的阻值相等，所以=R=16．０Ω故答案为:(1）５.３08;(2）①0．30,②１6．０;③16.0【点评】：应明确：①螺旋测微器读数时要分成整数部分和小数部分两部分来读；②判定电表的估读方法是:若每小格的读数中出现“1”,则进行估读,出现“２”，则应进行估读，出现“5”,则应进行“”估读.10.(８分）“探究加速度与质量、力的关系”的实验装置如图甲所示．（ｇ＝9.8m／s2，计算结果保留两位小数)(1)某同学实验过程中,打出了一条纸带如图乙所示.打点计时器使用50Hz交流电源，图中A、B、Ｃ、D、E为计数点，相邻两个计数点间有四个点未画出,根据纸带可计算Ｂ点的瞬时速度v B= 0.88 m/ｓ,并计算纸带所对应小车的加速度a= ３.53 m/ｓ２;(2）平衡摩擦力后,用细线跨过定滑轮，将砝码盘与小车连接,再将5个相同的砝码都放在小车上,然后每次从小车上取一个砝码添加到砝码盘中，测量小车的加速度，此过程是通过控制整体的质量不变，探究加速度与物体所受合力的关系；（3)根据小车的加速度a与砝码盘中砝码总重力F的实验数据作出a﹣F的关系图象如图丙所示,并据此图象确定砝码盘的质量为8.1６g.【考点】:探究加速度与物体质量、物体受力的关系.【专题】:实验题.【分析】：Ｂ点的速度可由A到C点的平均速度求出,根据作差法求解加速度．实验要探究三个变量之间的关系,应采用控制变量法研究．【解析】：解：（1)根据平均速度等于瞬时速度得:根据：根据作差法得:a＝＝３．53m/s２(2）实验要探究三个变量之间的关系,应采用控制变量法研究,所以应控制物体质量不变，探究加速度与物体所受合力的关系．（３）根据图象可知:k=＝2.５m=kg当F＝0时，a=0.2ｍ/s2所以ｍ′g=ma解得：m′=0.00８16kg=8．1６g故答案为：(1）0.88;３.５3；(2)整体的质量；物体所受合力；（3）８．16【点评】:用匀变速直线运动的公式处理纸带的问题是力学实验里常见的问题,纸带法实验中,若纸带匀变速直线运动，利用匀变速直线运动的推论可求加速度.由于相邻的时间间隔位移之差不等,我们可以采用逐差法求解．11．（1４分)如图所示，两平行导轨间距L=０.１m,足够长光滑的倾斜部分和粗糙的水平部分圆滑连接(连接处能量损失不计），倾斜部分与水平面间的夹角θ=30°,导轨的倾斜部分处于方向垂直斜面向上、磁感应强度B=０.5T的匀强磁场中,水平部分没有磁场．金属棒ａb 质量ｍ=0．0０5kg、电阻r=0.0２Ω,运动中与导轨始终接触良好，并且与导轨垂直，电阻R=0.0８Ω,其余电阻不计，当金属棒从斜面上距地面高ｈ＝1．０m以上（含1．0m)任何地方由静止释放后,在水平面上滑行的最大距离x都是１.２５m，取g=10m／s2.求: (1）金属棒在斜面上运动的最大速度;(2）金属棒与水平面间的动摩擦因数;(3）金属棒从高度h=1.0m处由静止滑至倾斜轨道底端过程中电阻Ｒ上产生的热量．【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势;焦耳定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】: (1)到达水平面之前已经开始匀速运动mgsｉnθ＝F，F＝BIL,根据闭合电路的欧姆定律，由欧姆定律求出电流,然后求出最大速度v．(2）金属棒在水平面做匀减速运动，有v２=２ax,解出加速度a.金属棒在摩擦力作用下做匀减速运动f=ma,可解得摩擦力f.摩擦力f＝μmg,可解得动摩擦因数．(3)下滑的过程中,由动能定理可求出安培力做的功，安培力所做的功等于电路中产生的焦耳热W=Q，然后求出电阻Ｒ上产生的热量【解析】:解:(1)金属棒在斜面上有最大运动速度,说明到达水平面之前已经开始匀速运动,设最大速度为v,感应电动势为:E=BLｖ,感应电流为：I＝，安培力为：Ｆ=BIL匀速运动时，沿斜面方向上受力有：ｍgsinθ＝F 联立并代入数据解得:v＝１.0m／ｓ(２）在水平面上滑动时，滑动摩擦力为：f＝μmg金属棒在摩擦力作用下做匀减速运动，由牛顿第二定律有:f=ma 金属棒在水平面做匀减速运动,由运动学公式有：v2=2ax联立并代入数据解得:μ=0.04（3)下滑的过程中，由动能定理可得：mｇh﹣W=mｖ２，安培力所做的功等于电路中产生的焦耳热,即为:W＝Q 电阻R上产生的热量:Q R＝Q,代入数据解得：QR=0．3８J.答:（1)棒在斜面上的最大速度为１m/s.（２）水平面的滑动摩擦因数为０.０4．(３)从高度ｈ=1.0ｍ处滑下后电阻R上产生的热量为0.38Ｊ.【点评】：本题要注意用平衡条件解决磁场中导体的平衡问题,关键在于安培力的分析和计算，并不难．在匀强磁场中，当通电导体与磁场垂直时,安培力大小F＝ＢIL，方向由左手定则判断.１２.（18分)如图甲所示，地面上有一长为ｌ＝1ｍ,高为h＝0．8m，质量Ｍ=2kg的木板,木板的右侧放置一个质量为m=1kg的木块(可视为质点)，已知木板与木块之间的动摩擦因数为μ1＝0.4,木板与地面之间的动摩擦因数为μ2＝０.6，初始时两者均静止．现对木板施加一水平向右的拉力F,拉力Ｆ随时间的变化如图乙所示，求木块落地时距离木板左侧的水平距离△s．（取g=1０m/s2）【考点】:牛顿运动定律的综合应用;匀变速直线运动的速度与时间的关系；平抛运动．【专题】：牛顿运动定律综合专题.【分析】：根据牛顿第二定律求出木块的最大加速度,通过整体法求出发生相对滑动时的恒力大小，从而判断出木块和木板不发生相对滑动,一起做加速运动,对整体分析求出加速度，根据速度时间公式求出木板和木块的速度.恒力改为F2=３4N作用在木板上，大于临界情况下的恒力，发生相对滑动，根据牛顿第二定律求出m和Ｍ的加速度，结合位移之差等于L，结合运动学公式求出抽出的时间;木板抽出后木板继续做加速运动，为木块将做平抛运动,由即可求出平抛运动的时间，然后分别求出木板与木块的位移,它们的差即为所求.【解析】:解:因为木块的最大加速度为:所以前2s二者一起做匀加速运动的加速度为:2s末二者的速度为:v=at1=4m/s２s后木块和木板发生相对滑动木块加速度为：木板加速度为:经时间t2二者分离：得ｔ2=１s，此时v块=8m/s，v板=１0m／ｓ木板抽出后木板继续做加速运动,为木块将做平抛运动,再经时间:木块落地,在0.４s内Ｓ块＝v块t3=3.2m木板的加速度:木板的位移:所以，木块落地时距离木板左侧△s＝s板﹣s块=1.６8m答:木块落地时距离木板左侧的水平距离是1．６8m．【点评】:本题综合考查了牛顿第二定律、运动学公式和平抛运动，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．本题的关键得出发生相对滑动时的最小拉力,从而判断是否发生相对滑动. [物理－-选修3-３](15分）１3.（５分）下列说法正确的是( ）Ａ．只要知道气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数，就可以算出气体分子的体积B．在一定温度下,悬浮在液体中的固体微粒越小，布朗运动就越明显C．一定质量的理想气体压强不变时，气体分子单位时间内对器壁单位面积的平均碰撞次数随着温度升高而减少D. 一定温度下,水的饱和汽的压强是一定的Ｅ. 由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离,液面分子间只有引力，没有斥力,所以液体表面具有收缩的趋势【考点】: * 液体的表面张力现象和毛细现象；布朗运动.【分析】:阿伏伽德罗常数是指1摩尔气体含有分子个数;布朗运动是指微粒在分子撞击下的运动,微粒越大运动越不明显;永动机不违反能量守恒定律,但不可制成；理想气体的分子势能不变；分子间既有引力又有斥力,当间距小于平衡位置时，斥力较显著【解析】:解：A、摩尔体积除以阿伏伽德罗常数算出的是气体分子占据的空间，气体分子间的空隙很大，所以气体分子占据的空间不等于气体分子的体积.故A错误；B、悬浮在液体中的固体微粒越小，来自各方向的撞击抵消的越少，则布朗运动就越明显．故B正确;Ｃ、一定质量的理想气体压强不变时,温度升高,则体积一定减小;故气体分子单位时间内对器壁单位面积的平均碰撞次数随着温度升高而减少;故Ｃ正确;Ｄ、水的饱和汽压和温度有关，一定温度下,水的饱和汽的压强是一定的;故D正确；Ｅ、分子间同时存在引力和斥力，液体分子存在表面张力的原因是引力大于斥力；对外表现为引力;从而使且面收缩；故Ｅ错误；故选:BCＤ．【点评】:知道固体、液体、气体分子的模型及运动特点;知道布朗运动其实是分子撞击布朗颗粒而产生的运动；知道温度是分子平均动能的标志，注意平时加强识记１4．(１0分)如图所示,U形管右管横截面积为左管横截面积的２倍,在左管内用水银封闭一段长为30cm、温度为27℃的空气柱,左右两管水银面高度差为21ｃm,外界大气压为76cmHｇ．若给左管的封闭气体加热,使两管内水银柱等高，求:①此时左管内气体的温度为6０8 ｋ;②左管内气体吸收(填“吸收”或“放出”) 的热量大于(填“大于”、“等于”或“小于”）气体增加的内能．【考点】:理想气体的状态方程．【专题】：理想气体状态方程专题．。
辽宁省大连市2021届新高考第二次适应性考试物理试题含解析
辽宁省大连市2021届新高考第二次适应性考试物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，实线表示某电场中的电场线，但方向未知，虚线是某一带负电的粒子通过该电场区域的运动轨迹，A 、B 是运动轨迹上的两点。
若带电粒子在运动中只受电场力作用，在A 、B 两点的电势分别为A ϕ、B ϕ，加速度大小分别为A a 、B a ，速度大小分别为A v 、B v ，电势能大小分别为P A E 、P B E ，则下列说法正确的是（ ）A ．B <A v v ， A a >B aB ．A v >B v ， A ϕ <B ϕC ．A a > B a ， P A E < P B ED ．A ϕ < B ϕ， P AE > P B E【答案】C【解析】【详解】 虚线是某一带负电的粒子通过该电场区域的运动轨迹，带电粒子在运动中只受电场力作用，粒子的受力方向和场强方向如图：若粒子由A 运动到B ，电场力方向和运动方向成钝角，电场力做负功，粒子的电势能增大，即P P A B E E <；粒子在运动中只受电场力作用，电场力做负功，粒子动能减小，A B v v >；P P A B E E <，粒子带负电，A B ϕϕ>。
A 处电场线比B 处密集，粒子在A 处受到的电场力比B 处大，则粒子在A 处的加速度大于B 处，即A B a a >。
故C 项正确，ABD 三项错误。
2．在人类太空征服史中，让人类遗憾的是“太空加油站”的缺乏。
当通信卫星轨道校正能源耗尽的时候，它的生命就走到了尽头，有很多成了太空垃圾。
如今“轨道康复者”是救助此类卫星的新型太空航天器，图甲是“轨道康复者”航天器在给太空中“垃圾”卫星补充能源，可简化为图乙所示的模型，让“轨道康复者”N 对已偏离原来正常工作轨道的卫星M 进行校正，则（ ）A ．“轨道康复者”N 从图乙所示轨道上加速，与卫星M 对接补充能源后开动M 上的小发动机向前喷气，能校正卫星M 到较低的轨道运行B ．让M 降低到N 所在轨道上，补充能源后再开启卫星M 上的小发动机校正C ．在图乙中M 的动能一定小于N 的动能D ．在图乙中，M 、N 和地球球心三者不可能处在同一直线上【答案】A【解析】【分析】【详解】A ．开动M 上的小发动机向前喷气，可使卫星M 减速，速度减小，所需的向心力减小，卫星M 做向心运动，则能校正卫星M 到较低的轨道运行，故A 正确；B ．让M 降低到N 所在轨道上，补充能源后再开启卫星M 上的小发动机，可使卫星M 减速，速度减小，所需的向心力减小，卫星M 做向心力运动，则卫星M 会在更低的轨道运动，故B 错误；C ．由于不知道M 、N 的质量，所以无法比较两者的动能，故C 错误；D ．由22Mm G m r rω= 可得3GM rω=可知 N 的角速度比M 的大，所以M 、N 和地球球心三者可能处在同一直线上，故D 错误。