2020年广东省广州市高考数学二模试卷(文科)
2020年广东省广州市高考数学二模试卷（文科）一、单项选择题（本大题共12小题，共60.0分）1.若集合A={x|2−x≥0}，B={x|0≤x≤1}，则A∩B=()A. [0,2]B. [0,1]C. [1,2]D. [−1,2]2.已知i为虚数单位，若z⋅(1+i)=2i，则|z|=()A. 2B. √2C. 1D. √223.已知角α的项点与坐标原点重合，始边与x轴的非负半轴重合，若点P(2,−1)在角α的终边上，则tanα=()A. 2B. 12C. −12D. −24.若实数x，y满足{x+y≥2x+3y−3≤0y≥0，则z=2x−y的最小值是()A. 2B. 52C. 4D. 65.已知函数f(x)=1+x3，若a∈R，则f(a)+f(−a)=()A. 0B. 2+2a3C. 2D. 2−2a36.若函数f(x)=Asin(2x+φ)(A>0,0<φ<π2)的部分图象如图所示，则下列叙述正确的是()A. (−π12,0)是函数f(x)图象的一个对称中心B. 函数f(x)的图象关于直线x=π3对称C. 函数f(x)在区间[−π3,π3]上单调递增D. 函数f(x)的图象可由y=Asin 2x的图象向左平移π6个单位得到7.《周髀算经》中提出了“方属地，圆属天”，也就是人们常说的“天圆地方”.我国古代铜钱的铸造也蕴含了这种“外圆内方”“天地合一”的哲学思想．现将铜钱抽象成如图所示的图形，其中圆的半径为r，正方形的边长为a(0<a<r)，若在圆内随机取点，得到点取自阴影部分的概率是p，则圆周率π的值为()A. a2(1−p)r2B. a2(1+p)r2C. a(1−p)rD. a(1+p)r8. 在三棱柱ABC −A 1B 1C 1中，E 是棱AB 的中点，动点F 是侧面ACC 1A 1(包括边界)上一点，若EF//平面BCC 1B 1，则动点F 的轨迹是( )A. 线段B. 圆弧C. 椭圆的一部分D. 抛物线的一部分9. 已知函数f(x)={log 2x,x >1x 2−1,x ≤1，则f(x)<f(x +1)的解集为( ) A. (−1,+∞) B. (−1,1) C. (−12,+∞) D. (−12,1) 10. △ABC 的内角A ，B ，C 的对边分别为a ，b ，c ，已知bcosC +ccosB =6，c =3，B =2C ，则cos C 的值为( )A. √35B. √34C. √33D. √3211. 若关于x 的不等式2lnx ≤ax 2+(2a −2)x +1恒成立，则a 的最小整数值是( )A. 0B. 1C. 2D. 3 12. 过双曲线C ：x 2a 2−y 2b 2=1(a >0,b >0)右焦点F 2作双曲线一条渐近线的垂线，垂足为P ，与双曲线交于点A ，若F 2P ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =3F 2A ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ，则双曲线C 的渐近线方程为( )A. y =±2xB. y =±xC. y =±12xD. y =±25x 二、填空题（本大题共3小题，共15.0分）13. 已知向量a ⃗ =(k,−1)，b ⃗ =(−4,2)，若a ⃗ 与b ⃗ 共线，则实数k 的值为______．14. 已知等比数列{a n }是单调递增数列，S n 为{a n }的前n 项和，若a 2=4，a 1+a 3=10，则S 4=______．15. 斜率为√33的直线l 过抛物线C ：y 2=2px(p >0)的焦点F ，若l 与圆M ：(x −2)2+y 2=4相切，则p =______．三、多空题（本大题共1小题，共5.0分）16. 正四棱锥P −ABCD 的底面边长为2，侧棱长为2√2，过点A 作一个与侧棱PC 垂直的平面α，则平面α被此正四棱锥所截的截面面积为 (1) ，平面α将此正四棱锥分成的两部分体积的比值为 (2) ．四、解答题（本大题共7小题，共82.0分）17. 已知数列{a n }的前n 项和为S n ，且S n =n(n +2)(n ∈N ∗)．(1)求数列{a n }的通项公式；(2)设b n =an 4n ，求数列{b n }的前n 项和T n ．18.如图，在三棱柱ABC−A1B1C1中，侧面BB1C1C为菱形，AC=AB1，B1C∩BC1=O．(1)求证：B1C⊥AB；(2)若∠CBB1=60°，AC=BC，三棱锥A−BB1C的体积为1，且点A在侧面BB1C1C上的投影为点O，求三棱锥A−BB1C的表面积．19.全民健身旨在全面提高国民体质和健康水平，倡导全民做到每天参加一次以上的健身活动，学会两种以上健身方法，每年进行一次体质测定．为响应全民健身号召，某单位在职工体测后就某项健康指数(百分制)随机抽取了30名职工的体测数据作为样本进行调查，具体数据如茎叶图所示，其中有1名女职工的健康指数的数据模糊不清(用x表示)，已知这30名职工的健康指数的平均数为76.2．(1)根据茎叶图，求样本中男职工健康指数的众数和中位数；(2)根据茎叶图，按男女用分层抽样从这30名职工中随机抽取5人，再从抽取的5人中随机抽取2人，求抽取的2人都是男职工的概率；(3)经计算，样本中男职工健康指数的平均数为81，女职工现有数据(即剔除x)健康指数的平均数为69，方差为190，求样本中所有女职工的健康指数的平均数和方差(结果精确到0.1)．20.已知椭圆C：x2a2+y2b2=1(a>b>0)过点A(2,0)，且离心率为12．(1)求椭圆C的方程；(2)若斜率为k(k≠0)的直线1与椭圆C交于不同的两点M，N，且线段MN的垂直平分线过点(18,0)，求k的取值范围．21.已知函数f(x)=lnx−sinx，记f(x)的导函数为f′(x)．(1)若ℎ(x)=ax+1x−f′(x)是(0,+∞)上的单调递增函数，求实数a的取值范围；(2)若x∈(0,2π)，试判断函数f(x)的极值点个数，并说明理由．22. 在直角坐标系xOy 中，曲线C 1的参数方程为{x =cosαy =2+sinα(α为参数)，以坐标原点O 为极点，x 轴正半轴为极轴建立极坐标系，曲线C 2的极坐标方程为ρ2=41+3sin 2θ．(1)写出曲线C 1和C 2的直角坐标方程；(2)已知P 为曲线C 2上的动点，过点P 作曲线C 1的切线，切点为A ，求|PA|的最大值．23. 已知函数f(x)=|x +1|−|2x −2|的最大值为M ，正实数a ，b 满足a +b =M ．(1)求2a 2+b 2的最小值；(2)求证：a a b b ≥ab ．答案和解析1.【答案】B【解析】解：∵集合A ={x|2−x ≥0}={x|x ≤2}，B ={x|0≤x ≤1}，∴A ∩B ={x|0≤x ≤1}=[0,1]．故选：B ．求出集合A ，利用交集定义能求出A ∩B ．本题考查交集的求法，考查交集定义等基础知识，考查运算求解能力，是基础题．2.【答案】B【解析】解：∵z ⋅(1+i)=2i ，∴z =2i 1+i =2i(1−i)(1+i)(1−i)=2+2i2=1+i ，故|z|=√12+12=√2故选：B ．由已知条件，结合复数的运算可得z =1+i ，由模长公式可得答案．本题考查复数的模的求解，涉及复数的代数形式的乘除运算，属基础题．3.【答案】C【解析】解：∵点P(2,−1)在角α的终边上，∴tanα=−12=−12， 故选：C ．直接利用任意角的三角函数，求解即可．本题考查任意角的三角函数的定义，基本知识的考查．4.【答案】B【解析】解：实数x ，y 满足{x +y ≥2x +3y −3≤0y ≥0，边表示的可行域如图：化简z =2x −y 为y =2x −z ，−z 是直线的截距，故当z =2x −y 过点A 时，截距取得最大值，此时z 有最小值，由{x +y =2x +3y −3=0解得A(32,12) 故目标函数z =2x −y 的最小值为2×32−12=52；故选：B ．作出不等式组对应的平面区域，利用目标函数的几何意义，结合目标函数z =2x −y 的最小值．本题主要考查线性规划的应用，利用目标函数的几何意义，结合数形结合的数学思想是解决此类问题的基本方法． 5.【答案】C【解析】解：根据题意，函数f(x)=1+x 3，则f(a)=1+a 3，f(−a)=1+(−a)3=1−a 3， 则有f(a)+f(−a)=2；故选：C ．根据题意，由函数的解析式求出f(a)与f(−a)的表达式，进而计算可得答案．本题考查函数值的计算，涉及函数奇偶性的性质，属于基础题．6.【答案】A【解析】【分析】本题考查利用图象求三角函数的解析式、正弦函数的图象与性质，考查学生的数形结合能力、推理论证能力和运算能力，属于基础题．先由图象可知A =2，再把点(5π12,0)代入函数解析式，结合0<φ<π2，可求得φ=π6，从而确定函数的解析式为f(x)=2sin(2x +π6).然后根据正弦函数的中心对称、轴对称和单调性以及平移变换法则逐一判断每个选项即可．【解答】解：由图可知，A =2，∵函数f(x)经过点(5π12,0)，∴0=2sin(2×5π12+φ)，∴sin(5π6+φ)=0，∵0<φ<π2，∴φ=π6．∴函数f(x)=2sin(2x+π6)．令2x+π6=kπ,k∈Z，则x=−π12+kπ2,k∈Z，当k=0时，对称中心为(−π12,0)，即A正确；令2x+π6=π2+kπ,k∈Z，则x=π6+kπ2,k∈Z，不存在k使其对称轴为x=π3，即B错误；令2x+π6∈[−π2+2kπ,π2+2kπ],k∈Z，则x∈[−π3+kπ,π6+kπ],k∈Z，当k=0时，单调递增区间为[−π3,π6]，所以函数f(x)在区间[−π3,π3]上不是单调递增的，即C错误；y=2sin2x的图象向左平移π6个单位得到y=2sin2(x+π6)=2sin(2x+π3)≠f(x)，即D错误．故选：A．7.【答案】A【解析】【分析】本题考查了几何概型的概率计算问题，属于基础题．计算圆形钱币的面积和正方形的面积，求出对应面积比得p，则π可求．【解答】解：圆形钱币的半径为rcm，面积为S圆=π⋅r2；正方形边长为acm，面积为S正方形=a2．在圆形内随机取一点，此点取自黑色部分的概率是p=S圆−S正方形S圆=1−a2πr2，则π=a 2(1−p)r2．故选：A．8.【答案】A【解析】【分析】本题考查空间几何体的线、面之间的平行关系的应用，属于中档题．分别取AC ，A 1C 1，A 1B 1的中点N ，F ，M ，连接ME ，MF ，NE ，EF ，可得N ，E ，M ，F 共面，进而可得要使EF//平面BCC 1B 1，则F 在线段FN 上．【解答】解：分别取AC ，A 1C 1，A 1B 1的中点N ，F ，M ，连接ME ，MF ，NE ，EF ，因为E 为AB 的中点，可得NE//BC 且NE =12BC ，FM//B 1C 1，MF =12B 1C 1，所以N ，E ，M ，F 共面，所以可得ME//BB 1，NE//BC ，而NE ∩ME =E ，NE 、ME ⊂面NEMF ，BC 、BB 1⊄面NEMF ，所以BC//面NEMF ，BB 1//面NEMF ，因为BC ∩BB 1=B ，BC 、BB 1⊂平面BCC 1B 1，所以面NEMF//平面BCC 1B 1，而EF ⊂面NEMF ，所以EF//平面BCC 1B 1，所以要使EF//平面BCC 1B 1，则动点F 的轨迹为线段FN ．故选：A ． 9.【答案】C【解析】【分析】本题主要考查分段函数、二次函数、对数函数的单调性应用，属于中档题．由题意分类讨论求得x 的范围即可．【解答】解：∵函数f(x)={log 2x,x >1x 2−1,x ≤1，f(x)<f(x +1)， ∴当x ≤0时，x +1≤1，不等式f(x)<f(x +1)，即x 2−1<(x +1)2−1，所以−12<x ≤0．当0<x≤1时，1<x+1≤2，不等式f(x)<f(x+1)，即x2−1<log2(x+1)，在0<x≤1不等式恒成立，所以0<x≤1；当x>1时，x+1>2，不等式f(x)<f(x+1)，即log2x<log2(x+1)，所以x>1．综上可得，不等式的解集为(−12,+∞)，故选：C．10.【答案】D【解析】【分析】本题主要考查了二倍角的正弦函数公式，正弦定理，两角和的正弦函数公式，余弦定理在解三角形中的综合应用，考查了计算能力和转化思想，属于基础题．由已知利用二倍角的正弦函数公式，正弦定理可得b=6cosC，利用两角和的正弦函数公式，正弦定理化简已知等式可得a=2c=6，进而根据余弦定理即可求解cos C的值．【解答】解：∵c=3，B=2C，∴sinB=sin2C=2sinCcosC，∴由正弦定理bsinB =csinC，可得b2sinCcosC=csinC，可得b=6cosC，∵bcosC+ccosB=6=2c，由正弦定理可得sinBcoC+sinCcosB=2sinC，可得sin(B+C)=sinA=2sinC，可得a=2c=6，∴cosC=a2+b2−c22ab =36+36cos2C−92×6×6cosC，可得cos2C=34，∵c<a，∴C为锐角，∴解得cosC=√32．故选：D．11.【答案】B【解析】解：若关于x 的不等式2lnx ≤ax 2+(2a −2)x +1恒成立， 问题等价于a ≥lnx+x−1212x 2+x 在(0,+∞)恒成立，令g(x)=lnx+x−1212x 2+x ，则g′(x)=(x+1)(32−12x−lnx)(12x 2+x)2，令ℎ(x)=32−12x −lnx ，(x >0)， 则ℎ′(x)=−12−1x <0， 故ℎ(x)在(0,+∞)递减， 不妨设ℎ(x)=0的根是x 0， 则lnx 0=32−12x 0，则x ∈(0,x 0)时，g′(x)>0，g(x)递增， x ∈(x 0,+∞)时，g′(x)<0，g(x)递减， ∴g(x)max =g(x 0)=lnx 0+x 0−1212x 02+x 0=1+12x 0x 0(1+12x 0)=1x 0，∵ℎ(1)=1>0，ℎ(2)=12−ln2<0， ∴1<x 0<2，12<1x 0<1，∴a ≥1，a 的最小整数值是1， 故选：B ． 问题等价于a ≥lnx+x−1212x 2+x 在(0,+∞)恒成立，令g(x)=lnx+x−1212x 2+x ，求出g(x)的最大值，求出a 的范围即可．本题考查了利用导数研究函数的单调性极值最值、方程与不等式的解法、分类讨论方法，考查了推理能力与计算能力，属于常规题．12.【答案】C【解析】解：如图，不妨设一条渐近线方程为y =ba x ，则F 2P 所在直线的斜率为−a b ，直线F 2P ：y =−ab (x −c)． 联立{y =ba xy =−a b (x −c)，解得P(a 2c ,abc).设A(x 0,y 0)，由F 2P ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =3F 2A ⃗⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ，得(a 2c−c,abc)=3(x 0−c,y 0)，解得A(a 2+2c 23c ,ab 3c).代入x 2a 2−y 2b 2=1，得(a 2+2c 2)29a 2c 2−a 2b 29b 2c 2=1，整理得：ba =12．∴双曲线C 的渐近线方程为y ±12x ． 故选：C ．由题意画出图形，不妨设一条渐近线方程为y =ba x ，求得直线F 2P ：y =−ab (x −c).与已知渐近线方程联立求得P 的坐标，再由向量等式求得A 的坐标，代入双曲线方程整理即可求得双曲线C 的渐近线方程． 本题考查双曲线的简单性质，考查向量在解决圆锥曲线问题中的应用，考查计算能力，是中档题．13.【答案】2【解析】解：根据题意，向量a ⃗ =(k,−1)，b ⃗ =(−4,2)， 若a ⃗ 与b ⃗ 共线，则有2k =(−1)×(−4)=4，解可得k =2； 故答案为：2．根据题意，由向量共线的坐标表示公式可得2k =(−1)×(−4)=4，解可得k 的值，即可得答案． 本题考查向量共线的坐标表示，注意向量共线的坐标表示公式，属于基础题．14.【答案】30【解析】解：设等比数列{a n }的公比为q ，∵a 2=4，a 1+a 3=10， ∴4q +4q =10，化为：2q 2−5q +2=0， 解得q =2或12．∵等比数列{a n }是单调递增数列， ∴q =2． ∴a 1=42=2．则S 4=2×(1−24)1−2=30．故答案为：30．设等比数列{a n }的公比为q ，由a 2=4，a 1+a 3=10，可得：4q +4q =10，及其等比数列{a n }是单调递增数列，解得q.再利用求和公式即可得出．本题考查了等比数列的通项公式求和公式及其性质，考查了推理能力与计算能力，属于基础题．15.【答案】12【解析】 【分析】本题考查抛物线的简单性质以及直线与圆的位置关系的综合应用，考查计算能力，是中档题． 求出直线方程，利用圆心到直线的距离等于半径，求解即可． 【解答】解：斜率为√33的直线l 过抛物线C ：y 2=2px(p >0)的焦点F(p2,0)，直线l 的方程：√3y =x −p2， 若l 与圆M ：(x −2)2+y 2=4相切， 可得：|2−p 2|√3+1=2，p >0，解得p =12，故答案为：12．16.【答案】4√3312(或2)【解析】解：如图，在正四棱锥P −ABCD 中，由底面边长为2，侧棱长为2√2， 可得△PAC 为正三角形，取PC 的中点G ，得AG ⊥PC ，且AG =√6． 设过AG 与PC 垂直的平面交PB 于E ，交PD 于F ，连接EF ，则EG ⊥PC ，FG ⊥PC ，可得Rt △PGE≌Rt △PGF ，得GE =GF ，PE =PF ， 在△PAE 与△PAF 中，由PA =PA ，PE =PF ，∠APE =∠APF ，得AE =AF ． ∴AG ⊥EF ．在等腰三角形PBC 中，由PB =PC =2√2，BC =2，得cos∠BPC =2×2√2×2√2=34， 则在Rt △PGE 中，得PE =PGcos∠BPC =√234=4√23．同理PF =4√23，则EF//DB ，得到EF =4√23． ∴S 四边形AEGF =12×AG ×EF =12×√6×4√23=4√33；则V P−AEGF =13×4√33×√2=4√69． 又V P−ABCD =13×2×2×√6=4√63， ∴平面α将此正四棱锥分成的上下两部分体积的比为4√694√63−4√69=12．故答案为：4√33；12(或2)． 由已知得△PAC 为正三角形，取PC 的中点G ，得AG ⊥PC ，且AG =√6.然后证明AG ⊥EF ，且求得AG 与EF 的长度，可得截面四边形的面积；再求出四棱锥P −AEGF 的体积与原正四棱锥的体积，则平面α将此正四棱锥分成的两部分体积的比值可求．本题考查空间中直线与直线、直线与平面位置关系的判定及其应用，考查空间想象能力与思维能力，训练了多面体体积的求法，考查计算能力，是中档题．17.【答案】解：(1)由题知：当n =1时，有S 1=1×3=3=a 1；当n ≥2时，由S n =n(n +2)(n ∈N ∗)①，可得S n−1=(n −1)(n +1)②，由①−②得a n =2n +1，又n =1时也适合，故a n =2n +1；(2)由(1)知b n =a n 4n=2n+14n，∵T n=3×14+5×(14)2+7×(14)3+⋯+(2n+1)⋅(14)n③，∴14T n=3×(14)2+5×(14)3+⋯+(2n+1)⋅(14)n+1④，由③−④可得：34T n=34+2[(14)2+(14)3+⋯+(14)n]−(2n+1)⋅(14)n+1=34+2×(14)2[1−(14)n−1]1−14−(2n+1)⋅(14)n+1=1112−6n+113⋅(14)n+1，所以T n=119−6n+119⋅(14)n．【解析】(1)由n=1时求得a1，当n≥2时，由S n=n(n+2)(n∈N∗)①，可得S n−1=(n−1)(n+1)②，由①−②得a n=2n+1，再检验当n=1时是否适合，求得a n；(2)由(1)求得b n=a n4n =2n+14n，再利用错位相减法求其前n项和T n即可．本题主要考查数列通项公式的求法及错位相减法求数列的和，属于基础题．18.【答案】(1)证明：∵侧面BB1C1C为菱形，∴B1C⊥BO，又AC=AB1，O为B1C的中点，∴B1C⊥AO，∵AO∩BO=O，AO、BO⊂平面ABO，∴B1C⊥平面ABO，∵AB⊂平面ABO，∴B1C⊥AB；(2)解：点A在侧面BB1C1C上的投影为点O，即AO⊥平面BB1C1C，∵在菱形BB 1C 1C 中，∠CBB 1=60°， ∴△B 1BC 为等边三角形， 又AC =BC ，设BC =2a ，则S △BB 1C =12×2a ×2a ×sin60°=√3a 2， AO =√3a ，则V A−BB 1C =13×√3a 2×√3a =a 3=1， 即a =1．在平面BB 1O 中，过O 作OE ⊥BB 1，连接AE ， 可得OE =√3×12=√32， 则AE =√3)(√32)=√152．∴S △ABB 1=12×2×√152=√152， 同理可得S △ABC =√152．则三棱锥A −BB 1C 的表面积为S =2×√152+2×12×2×√3=√15+2√3．【解析】本题考查多面体体积及表面积的求法，考查空间想象能力与思维能力，考查计算能力，是中档题． (1)由侧面BB 1C 1C 为菱形，得B 1C ⊥BO ，再由AC =AB 1，O 为B 1C 的中点，得B 1C ⊥AO ，利用线面垂直的判定可得B 1C ⊥平面ABO ，从而得到B 1C ⊥AB ；(2)点A 在侧面BB 1C 1C 上的投影为点O ，即AO ⊥平面BB 1C 1C ，设BC =2a ，由三棱锥A −BB 1C 的体积为1求解a ，再求解三角形可得三棱锥A −BB 1C 的表面积．19.【答案】解：(1)根据茎叶图，计算样本中男职工健康指数的众数是76，中位数是12×(80+82)=81；(2)根据茎叶图，按男女用分层抽样从这30名职工中随机抽取5人， 男职工抽5×1830=3(人)，记为a 、b 、c ，女职工2人，记为D 、E ，从这5人中随机抽取2人，所有的基本事件是ab 、ac 、aD 、aE 、bc 、bD 、bE 、cD 、cE 、DE 共10种， 抽取的2人都是男职工的事件为ab 、ac 、bc ， 故所求的概率为P =310；(3)由题意知，81×18+11×69+x =30×76.2，解得x =69；所以样本中所有女职工的健康指数平均数为x′−=(11×69+69)÷12=69， 方差为s′2=112×[11×190+(69−69)2]≈174.2．【解析】本题利用茎叶图考查了统计与概率的计算问题，是中档题． (1)根据茎叶图中数据，计算样本中男职工健康指数的众数和中位数；(2)根据分层抽样原理求出抽取的男、女职工人数，用列举法求出基本事件数，计算所求的概率值； (3)根据题意求出x 的值，再计算健康指数的平均数和方差．20.【答案】解：(1)因为椭圆C 过点A(2,0)，且离心率为12．所以{4a 2=1ca=12 c 2=a 2−b 2解得a =2，b =√3，c =1，所以椭圆C 的方程为：x 24+y 23=1．(2)设直线l 的方程：y =kx +m ，M(x 1,y 1)，N(x 2,y 2)联立直线l 与椭圆C 的方程得(3+4k 2)x 2+8kmx +4m 2−12=0， x 1+x 2=−8km3+4k 2，x 1x 2=4m 2−123+4k 2，y 1+y 2=k(x 1+x 2)+2m =k(−8km3+4k 2)+2m =6m3+4k 2，△=(8km)2−4(3+4k 2)(4m 2−12)=−48m 2+144+192k 2>0，即m 2<4k 2+3，① 所以线段MN 中点(−4 km3+4k 2,3m3+4k 2)，所以线段MN 的垂直平分线的方程为y −3m3+4k 2=−1k (x +4km3+4k 2)， 又因为线段MN 的垂直平分线过点(18,0)，所以−3m3+4k =−1k (18+4km3+4k )，即4k 2+8km +3=0， 所以m =−18k (4k 2+3)， 代入①式得，(4k 2+3)264k 2<4k 2+3，解得k >√510或k <−√510，所以k 的取值范围为(−∞,−√510)∪(√510,+∞)．【解析】(1)根据题意得{4a 2=1ca=12 c 2=a 2−b 2解得a ，b ，c ，进而写出椭圆的方程．(2)设直线l 的方程：y =kx +m ，M(x 1,y 1)，N(x 2,y 2)联立直线l 与椭圆C 的方程得关于x 的一元二次方程，由韦达定理可得x 1+x 2，x 1x 2，y 1+y 2，△>0，即m 2<4k 2+3①，得到线段MN 中点(−4 km3+4k 2,3m3+4k 2)，写出线段MN 的垂直平分线的方程为y −3m3+4k 2=−1k (x +4km3+4k 2)，将点(18,0)代入，得m =−18k (4k 2+3)，代入①式得k 的取值范围为．本题考查椭圆的标准方程，直线与椭圆的相交问题，属于中档题．21.【答案】解：(1)∵f(x)=lnx −sinx ，∴f ′(x)=1x −cosx ，∴ℎ(x)=ax +1x −1x +cosx =ax +cosx ， ∵ℎ(x)是(0,+∞)上的单调递增函数， ∴ℎ′(x)=a −sinx ≥0(x >0)恒成立， ∵sinx ∈[−1,1]，故a ≥1时，ℎ′(x)≥0恒成立，且导数为0时不连续． 故a ≥1即为所求．(2)由(1)知，f ′(x)=1x −cosx ，①当x ∈(0,1]时，f′(x)≥1−cosx >0， 此时函数f(x)单调递增，无极值点； ②当x ∈(1,π2]时，则1x ≥2π， ∵cosx <cos1=sin(π2−1)，而由三角函数的性质可知，sin(π2−1)<π2−1<2π<1x ， ∴f ′(x)=1x −cosx >0，此时函数f(x)单调递增，无极值点；③当x ∈(π2,3π2)时，cosx <0，则f ′(x)=1x−cosx >0， 此时函数f(x)单调递增，无极值点；④当x ∈[3π2,2π)时，令g(x)=f′(x)=1x −cosx ， 则g ′(x)=−1x 2+sinx <0， ∴函数g(x)单调递减，又g(3π2)=23π>0,g(2π)=12π−1<0， ∴存在唯一的x 0∈(3π2,2π)，使得g(x 0)=0，且当x ∈(3π2,x 0)时，g(x)=f′(x)>0，f(x)单调递增， 当x ∈(x 0,2π)时，g(x)=f′(x)<0，f(x)单调递减， 故x 0是函数f(x)的极大值点，综上所述，函数f(x)在(0,2π)上有且仅有唯一的极大值点，无极小值点．【解析】本题考查利用导数研究函数的单调性，极值点，考查分类讨论思想及运算求解能力，属于难题． (1)只需ℎ′(x)>0在(0,+∞)恒成立，借助于三角函数的性质，问题可解决． (2)分x ∈(0,1)，x ∈(1,π2],x ∈(π2,3π2),x ∈[3π2,2π)四种情形分别研究f(x)的单调性，进而得出结论．22.【答案】解：(1)由{x =cosαy =2+sinα(α为参数)，消去参数α，可得x 2+(y −2)2=1． ∴曲线C 1的直角坐标方程为x 2+(y −2)2=1； 由ρ2=41+3sin 2θ， 得ρ2+3ρ2sin 2θ=4， 即x 2+y 2+3y 2=4， 即x 24+y 2=1，∴曲线C 2的直角坐标方程为x 24+y 2=1；(2)∵P 为曲线C 2上的动点， ∴设P(2cosα,sinα)，则P 与圆的圆心的距离d =√4cos 2α+(sinα−2)2=√−3sin 2α−4sinα+8． 要使|PA|的最大值，则d 最大，结合二次函数的性质可得：当sinα=−23时，d 有最大值为d max =√283．∴|PA|的最大值为√d max 2−1=√283−1=√253=5√33．【解析】本题考查简单曲线的极坐标方程，考查参数方程化普通方程，考查直线与圆位置关系的应用，考查计算能力，是中档题．(1)由{x =cosαy =2+sinα(α为参数)，消去参数α，可得曲线C 1的直角坐标方程．由ρ2=41+3sin 2θ，得ρ2+3ρ2sin 2θ=4，结合极坐标与直角坐标的互化公式可得曲线C 2的直角坐标方程；(2)由P 为曲线C 2上的动点，设P(2cosα,sinα)，则P 与圆的圆心的距离d =√4cos 2α+(sinα−2)2=√−3sin 2α−4sinα+8.利用二次函数求最值，再由勾股定理求|PA|的最大值．23.【答案】解：(1)函数f(x)=|x +1|−|2x −2|=|x +1|−|x −1|−|x −1|≤|x +1−x +1|−|1−1|=2，当x =1时，f(x)取得最大值2， 即M =2，正实数a ，b 满足a +b =2，由柯西不等式可得(2a 2+b 2)(12+1)≥(√2a ⋅√22+b)2，化为2a 2+b 2≥(a+b)232=83，当b =2a =43时，2a 2+b 2取得最小值83；(2)证明：因为a +b =2，a ，b >0，要证a a b b ≥ab ，即证alna +blnb ≥lna +lnb ， 即证(a −1)lna ≥(1−b)lnb ， 即证(1−a)ln(2a −1)≥0，当0<a <1时，2a −1>1，所以ln(2a −1)>0， 由1−a >0，可得(1−a)ln(2a −1)>0； 当a =1时，(1−a)ln(2a −1)=0；当1<a <2时，0<2a −1<1，所以ln(2a −1)<0， 因为1−a <0，所以(1−a)ln(2a −1)>0，−1)≥0成立，即a a b b≥ab．综上所述，(1−a)ln(2a【解析】(1)由绝对值的性质和绝对值的几何意义，可得f(x)的最大值，即有M的值，再由柯西不等式，即可得到所求最小值；(2)应用分析法证明，考虑两边取自然对数，结合因式分解和不等式的性质、对数的性质，即可得证．本题考查绝对值不等式的性质和应用，考查不等式的证明，注意应用柯西不等式和分析法证明，考查化简运算能力、推理能力，属于中档题．第21页，共21页。
广东省广州市2020届高三二模文科数学试题(原卷版)
2020年广州市高考二模试卷数学（文科）一、选择题（共12小题）．1.若集合A ＝{x |2﹣x ≥0}，B ＝{x |0≤x ≤1}，则A ∩B ＝（ ）A. [0，2]B. [0，1]C. [1，2]D. [﹣1，2]2.已知i 为虚数单位，若(1)2z i i ⋅+=，则z =（）A. 2B. 2C. 1D. 2 3.已知角α的项点与坐标原点重合，始边与x 轴的非负半轴重合，若点()2,1P -在角α的终边上，则tan α=（ ）A. 2B. 12C. 1 2-D. 2-4.若实数x ，y 满足23300x y x y y +≥⎧⎪+-≤⎨⎪≥⎩，则2z x y =-的最小值是（ ）A. 2B. 52C. 4D. 65.已知函数f （x ）＝1+x 3，若a ∈R ，则f （a ）+f （﹣a ）＝（ ）A. 0B. 2+2a 3C. 2D. 2﹣2a 36.若函数()()sin 20,02f x A x A πϕϕ⎛⎫=+><< ⎪⎝⎭的部分图象如图所示，则下列叙述正确的是（ ）A. ,012π⎛⎫- ⎪⎝⎭是函数()f x 图象的一个对称中心B. 函数()f x 的图象关于直线3x π=对称 C. 函数()f x 在区间,33ππ⎡⎤-⎢⎥⎣⎦上单调递增 D. 函数()f x 的图象可由sin 2y A x =的图象向左平移6π个单位得到 7.《周髀算经》中提出了“方属地，圆属天”，也就是人们常说的“天圆地方”．我国古代铜钱的铸造也蕴含了这种“外圆内方”“天地合一”的哲学思想．现将铜钱抽象成如图所示的图形，其中圆的半径为r ，正方形的边长为a （0＜a ＜r ），若在圆内随机取点，得到点取自阴影部分的概率是p ，则圆周率π的值为（ ）A. ()221a p r - B. ()22 1a p r + C. () 1a p r - D. () 1a p r+ 8.在三棱柱ABC ﹣A 1B 1C 1中，E 是棱AB 的中点，动点F 是侧面ACC 1A 1（包括边界）上一点，若EF //平面BCC 1B 1，则动点F 的轨迹是（ ）A. 线段B. 圆弧C. 椭圆的一部分D. 抛物线的一部分 9.已知函数22log ,1()1,1x x f x x x >⎧=⎨-≤⎩，则()(1)f x f x <+的解集为( ) A. (1,)-+∞ B. (1,1)- C. 1,2⎛⎫-+∞ ⎪⎝⎭ D. 1,12⎛⎫- ⎪⎝⎭10.△ABC 的内角A ,B ,C 的对边分别为a ,b ,c ,已知b cos C +c cos B ＝6,c ＝3,B ＝2C ,则cos C 的值为（ ）A. 3B. 3C. 3D. 311.若关于x 的不等式2ln x ≤ax 2+（2a ﹣2）x +1恒成立，则a 的最小整数值是（ ）A. 0B. 1C. 2D. 312.过双曲线C ：2222x y a b-=1（a ＞0，b ＞0）右焦点F 2作双曲线一条渐近线的垂线，垂足为P ，与双曲线交于点A ，若223F P F A →→= ，则双曲线C 的渐近线方程为（ ） A. y ＝±12x B. y ＝±x C. y ＝±2x D. y ＝±25x 二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分．13.已知向量(),1a k =-r ，()4,2b =-r ，若a r 与b r 共线，则实数k 的值为_____．14.已知等比数列{a n }是单调递增数列，S n 为{a n }的前n 项和，若a 2＝4，a 1+a 3＝10，则S 4＝_____． 15.斜率为3的直线l 过抛物线()220y px p =>的焦点，若直线l 与圆()2224x y -+=相切，则p =_____．16.正四棱锥P ﹣ABCD 的底面边长为2,侧棱长为22,过点A 作一个与侧棱PC 垂直的平面α,则平面α被此正四棱锥所截的截面面积为_____,平面α将此正四棱锥分成的两部分体积的比值为_____.三、解答题：共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．第17～21题为必考题，每个试题考生都必须作答．第22、23题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题：共60分．17.已知数列{a n }的前n 项和为S n ,且S n ＝n （n +2）（n ∈N *）.（1）求数列{a n }的通项公式；（2）设b n 4n na =,求数列{b n }的前n 项和T n . 18.如图，在三棱柱111ABC A B C -中，侧面11BB C C 为菱形，1AC AB ＝，11B C BC O ⋂＝．（1）求证：1B C AB ⊥； （2）若160CBB ∠︒＝，AC BC =，三棱锥1A BB C-体积为1，且点A 在侧面11BB C C 上的投影为点O ，求三棱锥1A BB C -的表面积．19.全民健身旨在全面提高国民体质和健康水平，倡导全民做到每天参加一次以上的健身活动，学会两种以上健身方法，每年进行一次体质测定．为响应全民健身号召，某单位在职工体测后就某项健康指数（百分制）随机抽取了30名职工的体测数据作为样本进行调查，具体数据如茎叶图所示，其中有1名女职工的健。
2020年广东高三二模数学试卷(文科)
故选 ．
12. B 解析:
若 若 ∴
，则 ，则
， ．
，
，由
得
，
，与函数 有唯一零点矛盾；
，
，当且仅当
时，两式同时取等，
，当且仅当
时取等，
10
∴函数 有唯一零点；
若
，则
，令
，
，
①当
时，
，∴ 在 上单调递增，
即
在 上单调递增，又
，
∴
时，
， 单调递减；
时，
， 单调递增，
又
，∴函数 有唯一零点；
②当
，则
存在解，设其在
图表数据填写下面列联表（单位：件），并判断是否有 的把握认为“产品质量高与新设备有关”．
非优质品
优质品
合计
新设备产品
旧设备产品
合计
附：
，其中
．
（ 3 ） 已知每件产品的纯利润 （单位：元）与产品质量指标值 的关系式为
，若
每台新设备每天可以生产 收回设备成本．
件产品，买一台新设备需要 万元，请估计至少需要生产多少天方可以
∴ 在 上单调递增．
又∵
，
∴
．
22.（ 1 ）
．
（2） ．
解析:
（ 1 ）由
，
得
，
∴
，
∵
，
．
∴直线 的直角坐标方程为
，
即
．
（ 2 ）依题意可知曲线 的参数方程为：
设
，
则点 到直线 的距离为：
，
（ 为参数），
17
，
∵
，
∴当
时，
，
依题意得
2020年广东省高考数学二模试卷(文科)
2020年广东省高考数学二模试卷（文科）一、单项选择题（本大题共12小题，共60.0分）1. 已知集合A ={x|−5<2x +1<7}，B ={x|−2<x <4}，则A ∩B =( )A. {x|−3<x <4}B. {x|−2<x <4}C. {x|−3<x <3}D. {x|−2<x <3}2. 已知复数z =i(a −i)(i 为虚数单位，a ∈R)，若|z|=√5，则a =( )A. 4B. 2C. ±2D. −23. 小青和她的父母到照相馆排成一排拍照，则小青不站在两边的概率为( )A. 13B. 23C. 16D. 124. 若x ，y 满足约束条件{x +y −3≤0x −y −3≤0x +1≥0，则z =y −2x 的最大值是( )A. 9B. 7C. 3D. 65. 《周髀算经》是我国古老的天文学和数学著作，其书中记载：一年有二十四个节气，每个节气晷长损益相同(晷是按照日影测定时刻的仪器，晷长即为所测影子的长度)，夏至、小暑、大暑、立秋、处暑、白露、秋分、寒露、霜降是连续的九个节气，其晷长依次成等差数列，经记录测算，这九个节气的所有晷长之和为49.5尺，夏至、大暑、处暑三个节气晷长之和为10.5尺，则立秋的晷长为( )A. 1.5尺B. 2.5尺C. 3.5尺D. 4.5尺6. 一个底面半径为2的圆锥，其内部有一个底面半径为1的内接圆柱，若其内接圆柱的体积为√3π，则该圆锥的体积为( )A. 2√3πB. 2√33πC. 8√33πD. 4√33π7. 已知函数f(x)是定义在R 上的偶函数，且在[0,+∞)上单调递减，f(−3)=0，则不等式f(x −1)>0的解集为( )A. (−3,3)B. (−2,4)C. (−∞,−2)∪(2,+∞)D. (−4,2)8. 已知双曲线x 2a −y 2b =1(a >0,b >0)的右焦点为F ，过点F 分别作双曲线的两条渐近线的垂线，垂足分别为A ，B.若FA ⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅FB ⃗⃗⃗⃗⃗ =0，则该双曲线的离心率为( )A. √5B. 2C. √3D. √29. 已知数列{a n }满足a n+1=an1+a n (n ∈N ∗)，且a 1=1，设b n =a n a n+1，记数列{b n }的前n 项和为S n ，则S 2019=( )A. 20182019B. 20192020C. 2019D. 1201910. 把函数f(x)=2sinx 的图象向右平移π3个单位长度，再把所得的函数图象上所有点的横坐标缩短到原来的12(纵坐标不变)得到函数g(x)的图象，关于g(t)的说法有：①函数g(x)的图象关于点(π3,0)对称；②函数g(x)的图象的一条对称轴是x =−π12；③函数g(x)在[π3,π2]上的最上的最小值为√3；④函数g(x)∈[0,π]上单调递增，则以上说法正确的个数是( )A. 4个B. 3个C. 2个D. 1个11. 已知椭圆C 的焦点为F 1(−c,0)，F 2(c,0)，P 是椭圆C 上一点．若椭圆C 的离心率为√22，且PF 1⊥F 1F 2，△PF 1F 2的面积为√22，则椭圆C 的方程为( )A. x 22+y 2=1B. x 23+y 22=1 C. x 24+y 22=1 D. x 24+y 2=112. 已知函数f(x)=12ax 2+cosx −1(a ∈R)，若函数f(x)有唯一零点，则a 的取值范围为( )A. (−∞,0)B. (−∞,0)∪[1，+∞)C. (−∞,0]∪[1,+∞)D. (−∞,−1]∪[1,+∞)二、填空题（本大题共4小题，共20.0分）13. 记等比数列{a n }的前n 项和为S n ，若a 2=14，S 3=78，则公比q =______． 14. 已知向量a ⃗ =(1,√3)，|b ⃗ |=1，且向量a ⃗ 与b ⃗ 的夹角为π3，则|a ⃗ −2b ⃗ |=______．15. 对于任意实数a ，b ，定义min{a,b}={a,a ≤b b,a >b，函数f(x)=−ex +2e ，g(x)=e x ，ℎ(x)=min{f(x),g(x)}，若函数Q(x)=ℎ(x)−k 有两个零点，则k 的取值范围为______． 16. 如图，在矩形ABCD 中，已知AB =2AD =2a ，E 是AB 的中点，将△ADE 沿直线DE 翻折成△A 1DE ，连接A 1C .若当三棱锥A 1−CDE 的体积取得最大值时，三棱锥A 1−CDE 外接球的体积为8√23π，则a =______．三、解答题（本大题共7小题，共82.0分）17. 在△ABC 中，角A ，B ，C 的对边分别是a ，b ，c ，已知a(2√2cos 2A2−√2)=b ⋅cosC +c ⋅cosB ．(1)求角A 的大小；(2)若c =6√2，且AB 边上的高等于13AB ，求sin C 的值．18.如图，四棱锥P−ABCD中，四边形ABCD是边长为4的菱形，PA=PC，BD⊥PA，E是BC上一点，且BE=1，设AC∩BD=O．(1)证明：PO⊥平面ABCD；(2)若∠BAD=60°，PA⊥PE，求三棱锥P−AOE的体积．19.为了提高生产效益，某企业引进了一批新的生产设备，为了解设备生产产品的质量情况，分别从新、旧设备所生产的产品中，各随机抽取100件产品进行质量检测，所有产品质量指标值均在(15,45]以内，规定质量指标值大于30的产品为优质品，质量指标值在(15,30]的产品为合格品．旧设备所生产的产品质量指标值如频率分布直方图所示，新设备所生产的产品质量指标值如频数分布表所示．(1)请分别估计新、旧设备所生产的产品的优质品率．(2)优质品率是衡量一台设备性能高低的重要指标，优质品率越高说明设备的性能越高．根据已知图表数据填写下面列联表(单位：件)，并判断是否有95%的把握认为“产品质量高与新设备有关”．附：K 2=n(ad−bc)2(a+b)(c+d)(a+c)(b+d)，其中n =a +b +c +d ．(3)已知每件产品的纯利润y(单位：元)与产品质量指标值的关系式为y ={2,30<t ≤451,15<t ≤30，若每台新设备每天可以生产100件产品，买一台新设备需要80万元，请估计至少需要生产多少天方可以收回设备成本．20.已知曲线C上每一点到直线l：y=−2的距离比它到点F(0,1)的距离大1．(1)求曲线C的方程；(2)曲线C任意一点处的切线m(不含x轴)与直线y=2相交于点M，与直线l相交于点N，证明：|FM|2−|FN|2为定值，并求此定值．21.已知函数f(x)=ae x−ex−a(a<e)，其中e为自然对数的底数．(1)若a=2，求函数f(x)在点(1,f(1))处的切线方程；(2)若函数f(x)的极小值为−1，求a的值．22.在直角坐标系xOy中，曲线C的方程为x212+y24=1，以原点O为极点，x轴的正半轴为极轴建立极坐标系，直线l的极坐标方程为√2ρcos(θ−π4)=a(a>0)．(1)求直线l的直角坐标方程；(2)已知P是曲线C上的一动点，过点P作直线l1交直线于点A，且直线l1与直线l的夹角为45°，若|PA|的最大值为6，求a的值．23.已知函数f(x)=|x−1|+|x+3|．(1)解不等式：f(x)≤6；(2)若a，b，c均为正数，且a+b+c=f(x)min，证明：(a+1)2+(b+1)2+(c+1)2≥493．答案和解析1.【答案】D【解析】解：∵集合A ={x|−5<2x +1<7}={x|−3<x <3}， B ={x|−2<x <4}， ∴A ∩B ={x|−2<x <3}． 故选：D ．求出集合A ，B ，由此能求出A ∩B ．本题考查交集的求法，考查交集定义等基础知识，考查运算求解能力，是基础题．2.【答案】C【解析】解：因为复数z =i(a −i)=1+ai ，所以|z|=√1+a 2=√5，即1+a 2=5，所以a =±2． 故选：C ．根据复数的基本运算法则进行化简，再由模长公式列方程求解即可． 本题主要考查复数的乘法法则和模的计算，比较基础．3.【答案】A【解析】解：小青和她的父母到照相馆排成一排拍照， 基本事件总数n =A 33=6，小青不站在两边包含的基本事件个数m =A 22=2， ∴小青不站在两边的概率为P =m n=26=13．故选：A ．基本事件总数n =A 33=6，小青不站在两边包含的基本事件个数m =A 22=2，由此能求出小青不站在两边的概率．本题考查概率的求法，考查古典概型、排列组合等基础知识，考查运算求解能力，是基础题．4.【答案】D【解析】解：由x ，y 满足约束条件{x +y −3≤0x −y −3≤0x +1≥0，作出可行域如图，联立{x +y −3=0x +1=0，解得A(−1,4)，化目标函数z=y−2x为直线方程的斜截式：y=2x+Z．由图可知，当直线y=2x+Z过A时，直线在y轴上的截距最大，Z有最大值为4−2×(−1)=6；故选：D．由约束条件作出可行域，化目标函数为直线方程的斜截式，数形结合得到最优解，联立方程组求得最优解的坐标，代入目标函数的答案．本题考查简单的线性规划，考查了数形结合的解题思想方法，是中档题．5.【答案】D【解析】解：∵夏至、小暑、大暑、立秋、处暑、白露、秋分、寒露、霜降是连续的九个节气，其晷长依次成等差数列{a n}，经记录测算，这九个节气的所有晷长之和为49.5尺，夏至、大暑、处暑三个节气晷长之和为10.5尺，9a1+36d=49.5，a1+a3+a5=10.5，即3a1+6d=10.5．解得d=1，a1=1.5．∴立秋的晷长=a4=1.5+3=4.5．故选：D．由夏至、小暑、大暑、立秋、处暑、白露、秋分、寒露、霜降是连续的九个节气，其晷长依次成等差数列{a n}，经记录测算，这九个节气的所有晷长之和为49.5尺，夏至、大暑、处暑三个节气晷长之和为10.5尺，可得：9a1+36d=49.5，a1+a3+a5=10.5，即3a1+6d=10.5.解出利用通项公式即可得出．本题考查了等差数列的通项公式求和公式，考查了推理能力与计算能力，属于基础题．6.【答案】C【解析】解：设内接圆柱的高为h，则圆锥的高d=2ℎ，∵一个底面半径为2的圆锥，其内部有一个底面半径为1的内接圆柱，其内接圆柱的体积为√3π，∴π×12×ℎ=√3π，解得ℎ=√3，∴圆锥的高d=2ℎ=2√3，∴该圆锥的体积为：V=13×π×22×2√3=8√33π．故选：C．设内接圆柱的高为h，则圆锥的高d=2ℎ，由内接圆柱的体积为√3π，求出ℎ=√3，从而圆锥的高d=2ℎ= 2√3，由此能求出该圆锥的体积．本题考查圆锥的体积的求法，考查圆锥、圆柱的体积公式、结构特征等基础知识，考查运算求解能力，是中档题．7.【答案】B【解析】解：根据题意，函数f(x)是定义在R 上的偶函数，且在[0,+∞)上单调递减， 又由f(−3)=0，则f(x −1)>0⇒f(x −1)>f(−3)⇒f(|x −1|)>f(3)⇒|x −1|<3， 解可得：−2<x <4，即不等式的解集为(−2,4)； 故选：B ．根据题意，由函数的奇偶性与单调性的性质以及f(−3)=0分析可得：f(x −1)>0等价于|x −1|<3，解可得x 的取值范围，即可得答案．本题考查函数的奇偶性与单调性的综合应用，涉及绝对值不等式的解法，属于基础题．8.【答案】D【解析】解：如图，由FA ⃗⃗⃗⃗⃗ ⋅FB ⃗⃗⃗⃗⃗ =0，得∠AOB =90°，即∠AOF =45°，∴ba =tan45°=1，即a =b ． 则e =ca=√1+(b a )2=√2． 故选：D ．由题意画出图形，可得渐近线的倾斜角，得到ba =1，则离心率可求．本题考查双曲线的简单性质，考查数形结合的解题思想方法，考查双曲线离心率的求法，是基础题．9.【答案】B【解析】解：数列{a n }满足a n+1=an1+a n (n ∈N ∗)，整理得：a n+1+a n a n+1=a n ，所以：a n −a n+1=a n a n+1，故1an+1−1a n=1(常数)，由于且a 1=1，所以数列{1a n}是以1为首项，1为公差的等差数列．故：1a n=1+(n −1)=n ，所以a n =1n ．设b n =a n a n+1=1n(n+1)=1n −1n+1，所以S n =1−12+12−13+⋯+1n −1n+1=1−1n+1=nn+1． 所以S 2019=20192019+1=20192020． 故选：B ．首先利用数列的递推关系式的应用求出数列的通项公式，进一步利用裂项相消法在数列求和中的应用求出结果．本题考查的知识要点：数列的通项公式的求法及应用，裂项相消法在数列求和中的应用，主要考查学生的运算能力和转换能力及思维能力，属于基础题型．10.【答案】C【解析】解：把函数f(x)=2sinx 的图象向右平移π3个单位长度，得y =2sin(x −π3)， 再把所得的函数图象上所有点的横坐标缩短到原来的12(纵坐标不变)得到函数g(x)的图象， 则g(x)=2sin(2x −π3).①∵g(π3)=2sin(2π3−π3)=√3≠0，∴函数g(x)的图象不关于点(π3,0)对称，故①错误； ②∵g(−π12)=2sin(−π6−π3)=−2，∴函数g(x)的图象的一条对称轴是x =−π12，故②正确； ③当x ∈[π3,π2]时，2x −π3∈[π3,2π3]，则2sin(2x −π3)∈[√3,2]， 即函数g(x)在[π3,π2]上的最上的最小值为√3，故③正确； ④当x ∈[0,π]时，2x −π3∈[−π3,5π3]，可知函数g(x)在[0,π]上不单调，故④错误．∴正确命题的个数为2． 故选：C ．通过平移变换与伸缩变换求得函数g(x)的解析式．由g(π3)≠0判断①错误；由g(−π12)=−2求得最小值判断②正确；由x 的范围求得函数值域判断③正确；由x 的范围可知函数g(x)在[0,π]上不单调判断④错误． 本题考查命题的真假判断与应用，考查y =Asin(ωx +φ)型函数的图象与性质，是中档题．11.【答案】A【解析】【分析】利用椭圆的离心率以及三角形的面积，求出a、b；即可得到椭圆方程．本题考查椭圆的简单性质的应用、椭圆方程的求法，是基本知识的考查，基础题．【解答】解：椭圆C的焦点为F1(−c,0)，F2(c,0)，P是椭圆C上一点．若椭圆C的离心率为√22，且PF1⊥F1F2，△PF1F2的面积为√22，可得：{ca =√221 2×2c×b2a=√22a2=b2+c2，解得a=√2，b=1，所以：椭圆方程为：x22+y2=1．故选：A．12.【答案】B【解析】解：当a=0时，f(x)=cosx−1，显然此时函数f(x)的零点不唯一，不合题意，故可排除选项C；依题意，方程cosx=−12ax2+1有唯一解，即函数g(x)=cosx与函数ℎ(x)=−12ax2+1的图象有唯一交点，当a<0时，如图，函数g(x)=cosx与函数ℎ(x)=−12ax2+1的图象显然只有唯一交点(0,1)，符合题意，故可排除选项D；当a>0时，如图，由二次函数的性质可知，函数ℎ(x)的开口向下，且a越大，函数ℎ(x)=−12ax2+1的开口越小，由图可知，此时函数g(x)=cosx与函数ℎ(x)=−12ax2+1的图象显然只有唯一交点(0,1)，符合题意，故可排除选项A；故选：B．当a=0，由余弦函数的周期性可知，此时函数f(x)的零点不唯一，当a≠0时，问题等价于函数g(x)=cosx与函数ℎ(x)=−12ax2+1的图象有唯一交点，分a>0及a<0三种情况讨论，结合图象即可得出结论．本题主要考查函数零点与方程根的关系，考查数形结合思想及转化思想的运用，该题也可以利用导数分类讨论得解，但作为选择题，采用分类讨论加排除法，可以快速而有效的得出答案，是考试中的必备技巧，属于中档题．13.【答案】12或2【解析】解：由a2=14，S3=78，∴14q+14+14q=78，化为：2q2−5q+2=0．解得q=12或2．故答案为：12或2．由a2=14，S3=78，可得：14q+14+14q=78，化简解出即可得出．本题考查了等比数列的通项公式求和公式及其性质，考查了推理能力与计算能力，属于基础题．14.【答案】2【解析】解：|a ⃗ |=2,|b ⃗ |=1,<a ⃗ ,b ⃗ >=π3， ∴a ⃗ ⋅b ⃗ =1，∴(a ⃗ −2b ⃗ )2=a ⃗ 2−4a ⃗ ⋅b ⃗ +4b ⃗ 2=4−4+4=4，∴|a ⃗ −2b ⃗ |=2． 故答案为：2．根据向量a ⃗ 的坐标即可求出|a ⃗ |=2，进而求出a ⃗ ⋅b ⃗ 的值，进而得出(a ⃗ −2b ⃗ )2的值，从而得出|a ⃗ −2b ⃗ |． 本题考查了根据向量的坐标求向量的长度的方法，向量数量积的计算公式，考查了计算能力，属于基础题．15.【答案】(0,e)【解析】解：因为f(x)=−ex +2e 单调递减，g(x)=e x 单调递增， 且f(1)=e =g(1)， 故ℎ(x)=min{f(x),g(x)}={e x ,x ≤1−ex +2e,x >1，作出函数ℎ(x)的图象如下：函数Q(x)=ℎ(x)−k 有两个零点等价于函数ℎ(x)与直线y =k 图象有2个交点， 由图可知，k ∈(0,e)； 故答案为：(0,e)．根据题意得到ℎ(x)解析式为ℎ(x)={e x ,x ≤1−ex +2e,x >1，作出其图象，数形结合即可本题主要考查函数与方程的应用，将方程转化为函数图象的交点问题是解决本题的关键．要注意使用数形结合的数学思想，属于中档题．16.【答案】√2【解析】解：在矩形ABCD 中，已知AB =2AD =2a ，E 是AB 的中点，所以：△A 1DE 为等腰直角三角形；斜边DE 上的高为：A′K =12DE =12√a 2+a 2=√22a ；要想三棱锥A 1−CDE 的体积最大；需高最大，则当△A 1DE ⊥面BCDE 时体积最大，此时三棱锥A 1−CDE 的高等于：12DE =12√a 2+a 2=√22a ；取DC 的中点H ，过H 作下底面的垂线； 此时三棱锥A 1−CDE 的外接球球心在OH 上； ∵三棱锥A 1−CDE 外接球的体积为8√23π；所以球半径R =√2； 如图：OH 2=OC 2−CH 2；① A′O 2=A′G 2+GO 2；② 即：R 2−a 2=OH 2；③ R 2=(√22a −OH)2+(√22a)2；④ 联立③④可得a =√2； 故答案为：√2．要想体积最大，需高最大，当△A 1DE ⊥面BCDE 时体积最大，根据对应球的体积即可求解结论． 本题考查的知识要点：几何体的体积公式的应用，主要考查学生的运算能力和转换能力及思维能力及空间想象能力的应用，属于中档题型．17.【答案】解：(1)∵a(2√2cos 2A2−√2)=b ⋅cosC +c ⋅cosB ，∴√2acosA =bcosC +ccosB ，由正弦定理可得√2sinAcosA =sinBcosC +sinCcosB ， ∴√2sinAcosA =sin(B +C)=sinA ， ∵A ∈(0,π)，sinA ≠0， ∴解得cosA =√22，A =π4．(2)设AB 边上的高为CD ，在Rt △CDA 中，可得AD =CD =13×6√2=2√2=2√2， 可得BD =4√2，在Rt △CDB 中，根据勾股定理，可得BC =√CD 2+BD 2=2√10，在△ABC中，根据正弦定理ABsinC =BCsinA，可得sinC=AB⋅sinABC=6√2×√222√10=3√1010．【解析】(1)利用二倍角公式，正弦定理，两角和的正弦函数公式化简已知等式可得√2sinAcosA=sinA，结合A∈(0,π)，sinA≠0，可得cos A，进而可求A的值．(2)设AB边上的高为CD，在Rt△CDA中，可得AD=CD=2√2，可得BD=4√2，在Rt△CDB中，根据勾股定理可得BC，在△ABC中，根据正弦定理可得sin C的值．本题主要考查了二倍角公式，正弦定理，两角和的正弦函数公式化以及勾股定理在解三角形中的应用，考查了计算能力和转化思想，属于基础题．18.【答案】解：(1)证明：∵四边形ABCD是菱形，∴BD⊥AC，O是AC的中点，∵BD⊥PA，PA∩AC=A，∴BD⊥平面PAC，∵PO⊂平面PAC，∴BD⊥PO，∵PA=PC，O是AC的中点，∴PO⊥AC，∵AC∩BD=O，∴PO⊥平面ABCD．(2)解：由四边形ABCD是菱形，∠BAD=60°，得△ABD和△BCD都是等边三角形，∴BD=AB=4，∵O是BD的中点，∴BO=2，在Rt△ABO中，AO=√AB2−BO2=2√3，在Rt△PAO中，PA2=AO2+PO2=12+PO2，取BC的中点F，连结DF，则DF⊥BC，∴在Rt△POE中，PE2=OE2+PO2=3+PO2，在△ABE中，由余弦定理得AE2=AB2+BE2−2AB⋅BEcos120°=21，∵PA⊥PE，∴PA2+PE2=AE2，∴12+PO2+3+PO2=21，∴PO=√3，∵S△AOE=S△ABC−S△ABE−S△COE=12×4×4×sin120°−12×4×1×sin120°−12×3×√3=3√32，∴三棱锥P−AOE的体积V P−AOE=13S△AOE⋅PO=13×3√32×√3=32．【解析】(1)推导出BD⊥AC，BD⊥PA，从而BD⊥平面PAC，BD⊥PO，推导出PO⊥AC，由此能证明PO⊥平面ABCD．(2)取BC的中点F，连结DF，则DF⊥BC，由余弦定理得PO=√3，S△AOE=S△ABC−S△ABE−S△COE，三棱锥P−AOE的体积V P−AOE=13S△AOE⋅PO，由此能求出结果．本题考查线面垂直、三棱锥的体积的求法，考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识，考查运算求解能力，是中档题．=0.7=70%，19.【答案】解：(1)估计新设备所生产的产品的优质品率为：30+25+15100估计旧设备所生产的产品的优质品率为：5×(0.06+0.03+0.02)=0.55=55%；(2)根据题目所给数据得到如下2×2的列联表：=4.8>3.841，由列联表可知：K2=200×(30×55−45×70)275×125×100×100∴有95%的把握认为“产品质量高与新设备有关”；(3)∵新设备所生产的产品的优质品率为0.7，∴每台新设备每天所生产的1000件产品中，估计有1000×0.7=700件优质品，有1000−700=300件合格品，∴估计每台新设备一天所生产的产品的纯利润为700×2+300×1=1700(元)，∵800000÷1700≈471(天)，∴估计至少需要生产471天方可以收回设备成本．【解析】(1)根据旧设备所生产的产品质量指标值的频率分布直方图中后3组的频率之和即为旧设备所生产的产品的优质品率，根据新设备所生产的产品质量指标值的频数分布表即可估计新设备所生产的产品的优质品率；(2)根据题目所给的数据填写2×2列联表，计算K的观测值K2，对照题目中的表格，得出统计结论；(3)根据新设备所生产的产品的优质品率，分别计算1000件产品中优质品的件数和合格品的件数，得到每天的纯利润，从而计算出至少需要生产多少天方可以收回设备成本．本题考查了独立性检验的应用问题，考查了频率分布直方图，也考查了计算能力的应用问题，是基础题目．20.【答案】解：(1)由题意可知，曲线C上每一点到直线y=−1的距离等于该点到点F(0,1)的距离，由抛物线的定义可知，曲线C是顶点在原点，y轴为对称轴，F(0,1)为焦点的抛物线，∴曲线C的方程为：x2=4y；(2)依题意，切线m的斜率存在且不等于0，设切线m的方程为：y=ax+b(a≠0)，代入x2=4y得：x2−4ax−4b=0，由△=0得(4a)2+16b =0，整理得：b =−a 2， 故切线m 的方程可写为y =ax −a 2，分别令y =2，y =−2得点M ，N 的坐标为M(2a +a,2)，N(−2a +a,−2)，∴FM ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =(2a+a,1)，FN⃗⃗⃗⃗⃗⃗ =(−2a+a,−3)， ∴|FM|2−|FN|2=(2a +a)2+1−(−2a +a)2−9=0， 即|FM|2−|FN|2为定值0．【解析】(1)利用抛物线的定义可得曲线C 是顶点在原点，y 轴为对称轴，F(0,1)为焦点的抛物线，从而求出曲线C 的方程；(2)依题意，切线m 的斜率存在且不等于0，设切线m 的方程为：y =ax +b(a ≠0)，与抛物线方程联立，利用△=0得到b =−a 2，故切线m 的方程可写为y =ax −a 2，进而求出点M ，N 的坐标，用坐标表达出FM ⃗⃗⃗⃗⃗⃗ 和FN⃗⃗⃗⃗⃗⃗ ，即可证得|FM|2−|FN|2为定值． 本题主要考查了抛物线的定义，以及直线与抛物线的位置关系，是中档题．21.【答案】解：(1)∵a =2，∴f(x)=2e x −ex −2，则f′(x)=2e x −e ， ∴f′(1)=e ，又f(1)=2e −e −2=e −2，∴所求切线方程为y −(e −2)=e(x −1)，即y =ex −2； (2)函数f(x)的定义域为R ，f′(x)=ae x −e ， ①当a ≤0时，f′(x)<0对任意x ∈R 都成立， ∴f(x)在R 上递减，此时无极值；②当0<a <e 时，令f′(x)>0，解得x >ln ea ，∴当x ∈(ln e a ,+∞)时，f′(x)>0，当x ∈(−∞,ln ea )时，f′(x)<0， ∴f(x)在(−∞,ln e a )递减，在(ln ea ,+∞)递增， ∴当x =ln ea 时，f(x)取得极小值−1，∴f(ln ea )=ae ln ea −eln ea −a =−1，即elna −a +1=0， 令m(x)=elnx −x +1(0<x <e)，则m′(x)=ex −1=e−x x，∵0<x <e ，∴m′(x)>0，∴m(x)在(0,e)上递增，又m(1)=0，∴a=1．【解析】本题考查导数的几何意义，以及利用导数研究函数的单调性，极值及最值，考查分类讨论思想，考查运算求解能力，属于较难题．(1)将a=2代入，求导，进而求得切线斜率，再求出切点坐标，利用点斜式方程即得解；(2)分a≤0及0<a<e两种情形讨论，当a≤0时显然不合题意，当0<a<e时，利用导数可求得当x=ln ea 时，f(x)取得极小值−1，进而得解．22.【答案】解：(1)由√2ρcos(θ−π4)=a，得√2ρ(cosθcosπ4+sinθsinπ4)=a，即ρcosθ+ρsinθ=a．∵x=ρcosθ，y=ρsinθ，∴直线l的直角坐标方程为x+y=a，即x+y−a=0；(2)依题意可知曲线C的参数方程为{x=2√3cosαy=2sinα(α为参数)．设P(2√3cosα,2sinα)，则点P到直线l的距离为：d=|2√3cosα+2sinα−a|√2=|4(√32cosα+12sinα)−a|√2=|4sin(α+π3)−a|2．∵a>0，∴当sin(α+π3)=−1时，d max=√2．又过点P作直线l1交直线于点A，且直线l1与直线l的夹角为45°，∴d|PA|=cos45°，即|PA|=√2d．∴|PA|的最大值为√2d max=6，即√2√2=6．∵a>2，∴解得a=2．【解析】(1)把√2ρcos(θ−π4)=a展开两角差的余弦，结合x=ρcosθ，y=ρsinθ可得直线l的直角坐标方程；(2)依题意可知曲线C 的参数方程为{x =2√3cosαy =2sinα(α为参数).设P(2√3cosα,2sinα)，写出点P 到直线l 的距离，利用三角函数求其最大值，可得|PA|的最大值，结合已知列式求解a ．本题考查简单曲线的极坐标方程，考查参数方程化普通方程，训练了利用三角函数求最值，是中档题． 23.【答案】解：(1)函数f(x)=|x −1|+|x +3|={−2x −2(x <−3)4(−3≤x ≤1)2x +2(x >1)． 当x <−3时，−2x −2≤6，解得x ≥−4，故−4≤x <−3． 当−3≤x ≤1时，4≤6，恒成立．当x >1时，2x +2≤6，解得x ≤2，故1<x ≤2， 所以不等式的解集为{x|−4≤x ≤2}．证明：(2)由(1)知：f(x)min =4，所以：a +b +c =4， 所以(a +1)+(b +1)+(c +1)=7， 所以[(a +1)+(b +1)+(c +1)]2=49，所以(a +1)2+(b +1)2+(c +1)2+2(a +1)(b +1)+2(a +1)(c +1)+2(b +1)(c +1)=49≤3[(a +1)2+(b +1)2+(c +1)2].当且仅当a =b =c =43时，等号成立． 故：(a +1)2+(b +1)2+(c +1)2≥493．【解析】(1)直接利用分段函数的解析式和零点讨论法的应用求出结果． (2)直接利用基本不等式的应用求出结果．本题考查的知识要点：分段函数的性质的应用，基本不等式的应用，主要考查学生的运算能力和转换能力及思维能力，属于基础题型．。
2020年广东省广州市天河区高考数学二模试卷(文科)(有解析)
2020年广东省广州市天河区高考数学二模试卷(文科)一、单项选择题（本大题共12小题，共60.0分）1.已知集合A={x|x2<1}，B={x|x2+3x<0}，则A∪B=()A. (−1,0)B. (0,1)C. (−3,1)D. (−∞,1)2.设复数z满足|z−i|=1，z在复平面内对应的点为(x,y)，则x，y满足的关系是()A. (x+1)2+y2=1B. (x−1)2+y2=1C. x2+(y−1)2=1D. x2+(y+1)2=13.若sin(π+α)=23，则cos2α的值为()A. 19B. 29C. 13D. −134.若等比数列{a n}满足2a4=a6−a5，则公比为()A. 1B. 1或−2C. −1或2D. −1或−25.某学校随机抽取100名学生，调查其平均一周使用互联网的时间(单位：小时)，根据调查结果制成了如图所示的频率分布直方图，其中使用时间的范围是[0,16]，样本数据分组区间为[0,4)，[4,8)，[8,12)，[12,16].根据直方图，这100名学生中平均一周使用互联网的时间不少于12小时的人数为()A. 5B. 10C. 20D. 806.设a=log123.b=ln4，c=(13)0.2，则()A. a<b<cB. a<c<bC. c<a<bD. b<c<a7.在我国南北朝时期，数学家祖暅在实践的基础上提出了体积计算的原理：“幂势既同，则积不容异”.其意思是，用一组平行平面截两个几何体，若在任意等高处的截面面积都对应相等，则两个几何体的体积必然相等．根据祖暅原理，“两几何体A、B的体积不相等”是“A、B在等高处的截面面积不恒相等”的()条件A. 充分不必要B. 必要不充分C. 充要D. 既不充分也不必要8. 如图，在平行四边形ABCD 中，点E 、F 满足BE ⃗⃗⃗⃗⃗ =23BC ⃗⃗⃗⃗⃗ ,CF ⃗⃗⃗⃗⃗ =23CD ⃗⃗⃗⃗⃗ ，EF 与AC 交于点G ，设AG ⃗⃗⃗⃗⃗ =λGC⃗⃗⃗⃗⃗ ，则λ=( )A. 97B. 74C. 72D. 929. 已知正三棱柱ABC −A 1B 1C 1的底面边长和侧棱长相等，D 为A 1A 的中点，则直线BD 与B 1C 所成的角为( )A. 30∘B. 45∘C. 60∘D. 90∘10. 已知函数f (x )=2sin x2(cos x2−√3sin x2)+√3，先将y =f (x )图象上所有点的横坐标变为原来的12(纵坐标不变)，再沿x 轴向右平移θ(θ>0)个单位长度，得到函数y =g(x)，若g(x)的图象关于直线x =3π4对称，则θ的最小值为( )A. π6B. π4C. π3D. 2π311. 已知以双曲线C:x 2a 2−y 2b2=1(a >0,b >0)的右焦点F 为圆心，以a 为半径的圆与直线y =ba x 交于A,B 两点，若|AB |=√2a ，则双曲线C 的离心率为( )A. 2B. √3C. √2D. √6212. 已知点A(a,b)在y =−x 2+3lnx 的图象上，点B(m,n)在y =x +2的图象上，则(a −m)2+(b −n)2的最小值为( )A. √2B. 2C. 2√2D. 8二、填空题（本大题共4小题，共20.0分）13. 函数f(x)={2x −5(x ⩾2)f(x +2)(x <2)，则f(−2)=_________________．14. 抛物线y 2=4x 上横坐标为3的点P 到焦点F 的距离为___________．15. △ABC 中，A =120°，AB =4，点M 是边BC 上一点，且CM =4MB ，AM =8√35，则BC 的长为______．16.四棱锥P−ABCD的五个顶点都在一个球面上，且底面ABCD是边长为1的正方形，PA⊥ABCD，PA=√2，则该球的体积为______．三、解答题（本大题共7小题，共82.0分）17.已知等比数列{a n}的各项都是正数，前n项和为S n，且a3=4，S4=S2+12，求：(1)首项a1及公比q的值；(2)若b n=na n，求数列{b n}的前n项和T n．18.在如图所示的多面体ABCDE中，AB//DE，AB⊥AD，△ACD是正三角形，AD=DE=2AB=2，BC=√5，F是CD的中点．(Ⅰ)求证AF//平面BCE；(Ⅱ)求多面体ABCDE的体积．19.某兴趣小组欲研究昼夜温差大小与患感冒人数多少之间的关系，他们分别到气象局与某医院抄录了1至6月份每月10号的昼夜温差情况与因患感冒而就诊的人数，得到如下资料：该兴趣小组确定的研究方案是：先从这六组数据中选取2组，用剩下的4组数据求线性回归方程，再用被选取的2组数据进行检验．(1)求选取的2组数据恰好是相邻两个月的概率；(2)若选取的是1月与6月的两组数据，请根据2至5月份的数据，求出y 关于x 的线性回归方程y =bx +a ；(附：b ̂=ni=1i −x)(y i −y)∑(n x −x)2=∑x i ni=1y i −nxy ∑x i2n i=1−nx2)20. 已知椭圆C ：x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0)的左、右焦点分别为F 1，F 2，离心率为√22，P 是C 上的一个动点．当P 是C 的上顶点时，△F 1PF 2的面积为1． (1)求C 的方程；(2)设斜率存在的直线PF 2与C 的另一个交点为Q.若存在点T(t,0)，使得|TP|=|TQ|，求t 的取值范围．21.已知函数f(x)=xe x−ae x−1，且f′(1)=e．(1)求a的值及f(x)的单调区间；(2)若关于x的方程f(x)=kx2−2(k>2)存在两个不相等的正实数根x1，x2，证明：|x1−x2|>ln4．e22.选修4−4：坐标系与参数方程在直角坐标系xOy中，曲线C的参数方程为为参数)，以坐标原点为极点，)，将直线l1绕极点O x轴正半轴为极轴建立极坐标系，直线l1的极坐标方程为θ=α(0<α<π2个单位得到直线l2．逆时针旋转π3(1)求C和l2的极坐标方程；(2)设直线l1和曲线C交于O,A两点，直线l2和曲线C交于O,B两点，求|OA|+|OB|的最大值．23.已知函数f(x)=|x+1|，(1)解不等式f(x)≥2x+1；(2)∃x∈R，使不等式f(x−2)−f(x+6)<m成立，求m的取值范围．【答案与解析】1.答案：C解析：本题考查并集及其运算，考查一元二次不等式的解法，属于基础题．化简集合A，B，进而利用并集的定义即可求得结果．解：因为A={x|−1<x<1},B={x|−3<x<0},所以A∪B={x|−3<x<1}，故选C．2.答案：C解析：本题主要考查复数的模与四则运算，属于一般题．解析：解：设z=a+bi则|a+(b−1)i|=1，则√a2+(b−1)2=1则x，y满足的关系是.x2+(y−1)2=1故选C．3.答案：A解析：本题主要考查诱导公式，二倍角的余弦公式的应用，属于基础题．利用诱导公式求得sinα，再利用二倍角的余弦公式求得cos2α的值．解：若sin(π+α)=23=−sinα，∴sinα=−23，则cos2α=1−2sin2α=1−2×49=19，故选：A．4.答案：C解析：本题考查等比数列的公比的求法，由已知条件利用等比数列的通项公式推导出q2−q−2=0，由此能求出q=−1或q=2.是基础题．解：∵等比数列{a n}满足2a4=a6−a5，∴2a1q3=a1q5−a1q4，整理，得：q2−q−2=0，解得q=−1或q=2．故选C．5.答案：C解析：本题考查的知识点是频率分布直方图，难度不大，属于基础题目．根据已知中的频率分布直方图，先计算出平均一周使用互联网的时间不少于12小时的频率，进而可得使用互联网的时间不少于12小时的频数．解：一周使用互联网的时间不少于12小时的频率为：0.05×4=0.2，故一周使用互联网的时间不少于12小时的频数为：0.2×100=20．故选C．6.答案：B解析：解：∵a=log123<0，b=ln4>1，c=(13)0.2∈(0,1)．∴a<c<b．故选：B．利用指数与对数函数的单调性即可得出．本题考查了指数与对数函数的单调性，考查了推理能力与计算能力，属于基础题．7.答案：A解析：本题考查了阅读能力、原命题与其逆否命题的真假及充分必要条件，属中档题．先阅读题意，再由原命题与其逆否命题的真假及充分必要条件可得解．解：由已知有”在任意等高处的截面面积都对应相等”是“两个几何体的体积必然相等“的充分不必要条件，结合原命题与其逆否命题的真假可得：“两几何体A 、B 的体积不相等”是“A 、B 在等高处的截面面积不恒相等”的充分不必要条件， 故选：A ．8.答案：C解析：本题考查了平面向量的线性运算，及三点共线的充要条件，属于中档题． 根据向量的加减的几何意义和三点共线即可求出答案．解：∵BE ⃗⃗⃗⃗⃗ =23BC ⃗⃗⃗⃗⃗ ，CF ⃗⃗⃗⃗⃗ =23CD ⃗⃗⃗⃗⃗ ， ∴BC ⃗⃗⃗⃗⃗ =32BE ⃗⃗⃗⃗⃗ ，CD⃗⃗⃗⃗⃗ =32CF ⃗⃗⃗⃗⃗ ，CB ⃗⃗⃗⃗⃗ =−32BE ⃗⃗⃗⃗⃗ ， 由向量加法的平行四边形法则可知，CA ⃗⃗⃗⃗⃗ =CB ⃗⃗⃗⃗⃗ +CD ⃗⃗⃗⃗⃗ =32CF ⃗⃗⃗⃗⃗ −32BE ⃗⃗⃗⃗⃗ ， 由AG ⃗⃗⃗⃗⃗ =λGC ⃗⃗⃗⃗⃗ 得， GC⃗⃗⃗⃗⃗ =11+λAC⃗⃗⃗⃗⃗ =32(1+λ)(BE ⃗⃗⃗⃗⃗ −CF⃗⃗⃗⃗⃗ )， ∴GF ⃗⃗⃗⃗⃗ =GC ⃗⃗⃗⃗⃗ +CF⃗⃗⃗⃗⃗ =32(1+λ)(BE ⃗⃗⃗⃗⃗ −CF ⃗⃗⃗⃗⃗ )+CF⃗⃗⃗⃗⃗ =32(1+λ)BE ⃗⃗⃗⃗⃗ +2λ−12(1+λ)CF⃗⃗⃗⃗⃗ ， GE ⃗⃗⃗⃗⃗ =GC ⃗⃗⃗⃗⃗ +CE⃗⃗⃗⃗⃗ =11+λAC ⃗⃗⃗⃗⃗ −12BE ⃗⃗⃗⃗⃗ =32(1+λ)(BE⃗⃗⃗⃗⃗ −CF ⃗⃗⃗⃗⃗ )−12BE ⃗⃗⃗⃗⃗ =−λ−22(1+λ)BE ⃗⃗⃗⃗⃗ −32(1+λ)CF⃗⃗⃗⃗⃗ ， 由E ，F ，G 三点共线， 可得−λ−22(1+λ)32(1+λ)=−32(1+λ)2λ−12(1+λ)，解得λ=7或−1(舍去)．2故选C．9.答案：D解析：本题主要考查了异面直线所成的角，属于基础题.设各棱长为2，取BB1的中点E，BC的中点F，连结EF，A1E，A1F，则EF//B1C，A1E//DB，则∠A1EF(或其补角)即为异面直线BD与B1C所成的角，计算出对应线段的长，可得结论；解：设各棱长为2，取BB1的中点E，BC的中点F，如图所示：，连结EF，A1E，A1F，则EF//B1C，A1E//DB，则∠A1EF(或其补角)即为异面直线BD与B1C所成的角，B1C=2√2，EF=√2，A1E=√5，AF=√22+(√3)2=√7，1故A1E2+EF2=A1F2，故A1E⊥EF，故异面直线BD与B1C所成的角为90∘．故选D．10.答案：A解析：本题主要考查函数y=Asin(ωx+φ)的图象与性质及函数图象变换，同时考查辅助角公式，属于一般题．将f(x)化简，利用平移法则求出变换以后的函数解析式，然后由正弦函数的性质求解即可．解：因为，所以将y=f(x)的图象上所有点的横坐标缩短到原来的12倍(纵坐标不变)得到函数的图象，再将得到的图象上所有点向右平行移动θ个单位长度，得到函数的图象，又得到的图象关于直线x=3π4对称，所以，即，又θ>0，所以当k=1时，θ的最小值为π6．故选A．11.答案：D解析：本题主要考查双曲线离心率的计算，根据直线和圆相交的弦长公式建立方程关系是解决本题的关键．根据直线和圆相交时的弦长公式结合双曲线离心率的公式进行转化求解即可．解：∵双曲线的一个焦点为F(c,0)，双曲线的一条渐近线为y=bax，即bx−ay=0，∴焦点到渐近线的距离d=√a2+b2=bcc=b，∵|AF|=|BF|=a，∴|AD|=√AF2−DF2=√a2−b2，则|AB|=2|AD|=2√a2−b2=√2a，平方得2(a2−b2)=a2，a2=2b2，即a2=2(c2−a2)则2c2=3a2，所以e2=c2a2=32，所以e=√62．故选D．12.答案：D解析：解：∵点A(a,b)在y=−x2+3lnx 的图象上，点B(m,n)在y=x+2的图象上，又∵(a−m)2+(b−n)2的几何意义是点A(a,b)与点B(m,n)两点间距离的平方；∴(a−m)2+(b−n)2的几何意义是y=−x2+3lnx的图象上的点与y=x+2的图象上的点的距离的平方；∵y=−x2+3lnx，∴y′=−2x+31x =3−2x2x，(x>0)故y max=−32+32ln32<0，故y=−x2+3lnx的图象始终在y=x+2的图象的下方，令y′=−2x+31x=1得，x=1；此时y=−1+0=−1，故切线方程为y=x−2；y=x−2与y=x+2的距离为4√2=2√2；故(a−m)2+(b−n)2的最小值为(2√2)2=8，故选D．(a−m)2+(b−n)2的几何意义是y=−x2+3lnx的图象上的点与y=x+2的图象上的点的距离的平方；从而求导，求出切线，求平行线间的距离即可．本题考查了导数的综合应用及转化的思想应用，属于中档题．13.答案：−1解析：本题主要考查分段函数求值，属于基础题．解：f(−2)=f(0)=f(2)=2×2−5=−1，故答案为−1．14.答案：4解析：本题主要考查抛物线的性质，属于基础题．先求出焦点坐标和对应点的坐标，再求出两点间的距离即可．解：抛物线的焦点坐标为(1,0)，横坐标为3的对应点坐标为(3,±√12)，∴PF=√(3−1)2+(±√12)2=4，故答案为4．15.答案：4√7解析：解：过点B作BD//AC，交AM的延长线于点D，如图所示：则△BDM∽△CAM，可得AM=4MD=8√35，即有AD=2√35+8√35=2√3，由∠ABD=180°−120°=60°，可得AD2=AB2+BD2−2AB⋅BD⋅cos∠ABD=16+BD2−2×4BD×12=12，解得BD=2，由AB2=AD2+BD2，可得∠ADB=90°，∠BAD=30°，在三角形MAB中，可得MB2=AM2+AB2−2AB⋅AM⋅cos∠BAM=19225+16−2×4×8√35×√32=4√75，则BC=5BM=4√7．故答案为：4√7．过点B作BD//AC，交AM的延长线于点D，可得△BDM∽△CAM，求得AD，分别在三角形ABD和三角形ABM中，运用余弦定理可得BM，BC．本题考查三角形的余弦定理的运用，运用三角形的相似和性质是解题的关键，属于中档题．16.答案：4π3解析：本题考查棱锥的外接球，几何体的扩展，确定四棱锥与扩展的长方体的外接球是同一个，以及正方体的体对角线就是球的直径是解好本题的前提．由题意四棱锥P−ABCD，扩展为长方体，长方体的对角线的长就是外接球的直径，求出对角线长，则球的体积可得．解：四棱锥P−ABCD，扩展为长方体，长方体的对角线的长就是外接球的直径，所以R=12√12+12+(√2)2=1，所以球的体积为：4π3×13=4π3．故答案为4π3．17.答案：解：(1)∵a3=4，S4=S2+12，∴a1q2=4，a1q2(q+1)=12，解得a1=1，q=2．(2)由(1)可得：a n=2n−1．∴b n=na n=n⋅2n−1．∴数列{b n}的前n项和T n=1+2×2+3×22+⋯+n⋅2n−1，2T n=2+22+⋯+(n−1)⋅2n−1+n⋅2n，∴−T n=1+2+22+⋯+2n−1−n⋅2n=2n−12−1−n⋅2n，化为：T n=(n−1)⋅2n+1．解析：(1)a3=4，S4=S2+12，可得a1q2=4，a1q2(q+1)=12，解出即可得出．(2)由(1)可得：a n=2n−1.b n=na n=n⋅2n−1.利用错位相减法即可得出．本题考查了等比数列的通项公式与求和公式、错位相减法，考查了推理能力与计算能力，属于中档题．18.答案：(Ⅰ)证明：取CE中点P，连接FP、BP，∵F为CD的中点，∴FP//DE，且FP=12DE．又AB//DE，且AB=12DE．∴AB//FP，且AB=FP，∴ABPF为平行四边形，∴AF//BP．又∵AF⊄平面BCE，BP⊂平面BCE，∴AF//平面BCE；(II)解：∵直角梯形ABED的面积为1+22×2=3，C到平面ABED的距离为√32×2=√3，∴四棱锥C−ABED的体积为V=13×3×√3=√3．即多面体ABCDE的体积为√3．解析：(Ⅰ)取CE中点P，连接FP、BP，证明ABPF为平行四边形，可得AF//BP，利用线面平行的判定，可以证明AF//平面BCE；(Ⅱ)求出直角梯形ABED的面积和C到平面ABED的距离，则多面体ABCDE的体积可求．本题考查线面平行，考查几何体体积的计算，考查学生分析解决问题的能力，属于中档题．19.答案：解：(1)由题意知本题是一个古典概型，设抽到相邻两个月的数据为事件A试验发生包含的事件是从6组数据中选取2组数据共有C62=15种情况，每种情况都是等可能出现的其中，满足条件的事件是抽到相邻两个月的数据的情况有5种∴P(A)=P(A)=515=13(2)由数据求得x=11,y=24，由公式求得b=187，再由a=y−b x求得a=−307∴y关于x的线性回归方程为y^=187x−307解析：(1)本题是一个古典概型，试验发生包含的事件是从6组数据中选取2组数据共有C62种情况，满足条件的事件是抽到相邻两个月的数据的情况有5种，根据古典概型的概率公式得到结果．(2)根据所给的数据，求出x，y的平均数，根据求线性回归方程系数的方法，求出系数b，把b和x，y的平均数，代入求a的公式，做出a的值，写出线性回归方程．本题考查线性回归方程的求法，考查等可能事件的概率，考查线性分析的应用，考查解决实际问题的能力，是一个综合题目，这种题目可以作为解答题出现在高考卷中20.答案：解：(1)∵椭圆的离心率为√22，当P为C的上顶点时，△F1PF2的面积为1．由题意得{ca=√22,12×b×2c=1, b2+c2=a2,∴{a=√2 b=1 c=1,故椭圆C的方程为x22+y2=1．(2)设P(x1,y1)，Q(x2,y2)，线段PQ的中点为N(x0,y0)，设直线PQ的方程为y=k(x−1)，当k=0时，t=0符合题意，当k≠0时，y=k(x−1)代入x22+y2=1，得(1+2k2)x2−4k2x+2k2−2=0．则x1+x2=4k21+2k2，∴x0=x1+x22=2k21+2k2，y0=k(x0−1)=−k1+2k2．即N(2k21+2k2,−k1+2k2).∵|TP|=|TQ|，∴直线TN为线段PQ的垂直平分线，∴TN⊥PQ，则k TN·k PQ=−1．所以−k1+2k22k21+2k2−t×k=−1,t=k21+2k2=12+1k2∈(0,12).综上，t的取值范围为[0,12).解析：本题考查椭圆的方程的求法，直线与椭圆的位置关系的综合应用，考查转化思想以及计算能力．(1)利用椭圆的离心率，三角形的面积的值列出方程，解方程即可求出椭圆方程．(2)设直线PQ的方程为y=k(x−1).联立{x22+y2=1 y=kx−k,得(1+2k2)x2−4k2x+2k2−2=0.设P(x1,y1)，Q(x2,y2)，利用韦达定理求出PQ的中点N(x0,y0)，由|TP|=|TQ|，可得直线TN是线段PQ的垂直平分线，由k TN·k QP=−1，建立关于t的函数即可．21.答案：解：(1)解：f′(x)=(1+x)e x−ae x−1，∴f′(1)=2e−a=e，解得：a=e，故f(x)=xe x−e x，f′(x)=xe x，令f′(x)>0，解得：x>0，令f′(x)<0，解得：x<0，∴f(x)在(−∞,0)递减，在(0,+∞)递增；(2)证明：方程f(x)=kx2−2，即为(x−1)e x−kx2+2=0，设g(x)=(x−1)e x−kx2+2，g′(x)=x(e x−2k)，令g′(x)>0，解得：x>ln(2k)，令g′(x)<0，解得：0<x<ln(2k)，∴g(x)在(0,ln(2k))递减，在(ln(2k),+∞)递增，由k>2，得ln(2k)>ln4>1，∵g(1)=−k+2<0，∴g(ln(2k))<0，不妨设x1<x2，(其中x1，x2为f(x)的两个不相等的正实数根)，∵g(x)在(0,ln(2k))递减，且g(0)=1>0，g(1)=−k+2<0∴0<x1<1，同理根据函数g(x)在(ln(2k),+∞)上递增，且g(ln(2k))<0，得：x2>ln(2k)>ln4，∴|x1−x2|=x2−x1>ln4−1=ln4e，即：|x1−x2|>ln4e．解析：(1)求出函数的导数，根据f′(1)=e，求出a的值，解关于导函数的不等式，求出函数的单调区间即可；(2)问题转化为求函数g(x)=(x−1)e x−kx2+2的单调性，得到x1，x2的范围，从而证出结论．本题考查了函数的单调性、最值问题，考查导数的应用以及函数恒成立问题，是一道综合题．22.答案：解：(1)将C的参数方程化为普通方程得(x−1)2+(y−√3)2=4，将代入，并化简得C的极坐标方程为．l2的极坐标方程为θ=α+π3(ρ∈R)．(2)依题意可得，即，，即，，因为0<α<π2，所以π3<α+π3<5π6，当α+π3=π2，即时，|OA|+|OB|取得最大值4√3.解析：本题考查了参数方程化为普通方程、直角坐标方程化为极坐标方程，考查了推理能力与计算能力，属于中档题．(1)先将参数方程化为普通方程，再化为极坐标方程可得C的极坐标方程，由旋转的性质可得l2的极坐标方程；(2)利用极坐标的几何意义，得出A，B坐标，利用三角函数求出最值．23.答案：解：(1)当x+1≥0即x≥−1时，x+1≥2x+1，∴−1≤x≤0；当x+1<0即x<−1时，−x−1≥2x+1，∴x<−1，∴不等式的解集为{x|x≤0}；(2)∵f(x−2)=|x−1|，f(x+6)=|x+7|，∴|x−1|−|x+7|<m，∵∃x∈R，使不等式|x−1|−|x+7|<m成立，∴m>(|x−1|−|x+7|)min，∵|x−1|−|x+7|≥|x−1−x−7|=−8，∴m>−8．解析：本题考查了解绝对值不等式问题，考查分类讨论思想以及转化思想，是一道基础题．(1)通过讨论x的范围，去掉绝对值，求出不等式的解集即可；(2)得到|x−1|−|x+7|<m，问题转化为求m>(|x−1|−|x+7|)min，求出m的范围即可．。
2020年广东省广州市高考数学二模试卷(文科) (含答案解析)
2020年广东省广州市高考数学二模试卷(文科)一、选择题（本大题共12小题，共60.0分）1. 已知集合A ={x|−1≤x ≤1}，B ={x|x 2−2x ≤0}，则A ∩B =( )A. [0,1]B. [−1,2]C. [−1,0]D. (−∞,1]∪[2,+∞)2. 已知i 为虚数单位，若z ·(1+i)=2i ，则|z|=( )A. 2B. √2C. 1D. √223. 已知角α的顶点为坐标原点，始边与x 轴的非负半轴重合，终边上一点A (2sinα,3)，则cosα=( )A. 12B. −12C. √32 D. −√324. 若x,y 满足约束条件{−3≤x −y ≤1,−9≤3x +y ≤3,则z =x +y 的最小值为( )A. 1B. −3C. −5D. −65. 已知函数f(x)=x 3+x +1(x ∈R)，若f(a)=2，则f(−a)的值为( )A. 3B. 0C. −1D. −26. 设函数f(x)=sin(2x −π4)，则下列结论正确的是( )A. 函数y =f(x)的递减区间为[−π8,3π8]B. 函数y =f(x)的图象可由y =sin2x 的图象向左平移π8得到 C. 函数y =f(x)的图象的一条对称轴方程为x =π8D. 若x ∈[7π24,π2]，则y =f(x)的取值范围是[√22,1]． 7. 《周髀算经》中提出了“方属地，圆属天”，也就是人们常说的“天圆地方”.我国古代铜钱的铸造也蕴含了这种“外圆内方”“天地合一”的哲学思想．现将铜钱抽象成如图所示的图形，其中圆的半径为r ，正方形的边长为a(0<a <r)，若在圆内随机取点，得到点自阴影部分的概率是p ，则圆周率π的值为( )A. a 2(1−p)r 2B. a 2(1+p)r 2C. a(1−p)rD. a(1+p)r8. 在三棱柱ABC −A 1B 1C 1中，E 是棱AB 的中点，动点F 是侧面ACC 1A 1(包括边界)上一点，若EF//平面BCC 1B 1，则动点F 的轨迹是( )A. 线段B. 圆弧C. 椭圆的一部分D. 抛物线的一部分9. 不等式log 2(x −1)<−1的解集是( )A. {x|x >1}B. {x|x <32}C. {x|1<x <32}D. {x|0<x <32}10. 在△ABC 中，内角A ，B ，C 的对边分别为a ，b ，c ，已知c =√3+1,b =2,A =π3，则B =( )A. 3π4B. π6C. π4D. π4或3π411. 函数f(x)=x 2−7x −4lnx 的最小值为( )A. 3ln3−12B. −4ln2−10C. −8ln2−12D. −8ln2−1612. 已知双曲线C ：x 2a2−y 2b 2=1(a >0,b >0)的右焦点为F ，过F 作双曲线C 渐近线的垂线，垂足为A ，且交y 轴于B ，若BA⃗⃗⃗⃗⃗ =3AF ⃗⃗⃗⃗⃗ ，则双曲线的离心率为( ) A. √63B. √32C. 2√33D. √62二、填空题（本大题共4小题，共20.0分）13. 已知向量a ⃗ =(1,1)，b ⃗ =(−1,0)，若向量k a ⃗ +b 与向量c ⃗ =(2,1)共线，则实数k 等于________． 14. 已知等比数列{a n }的前n 项和为S n ，满足a 1=1，S 3=3，则S n =______；15. 斜率为√33的直线l 过抛物线y 2=2px(p >0)的焦点，若直线l 与圆(x −2)2+y 2=4相切，则p =________．16. 正四棱锥P −ABCD 的底面边长为2，侧棱长为2√2，过点A 作一个与侧棱PC 垂直的平面α，则平面α被此正四棱锥所截的截面面积为________，平面α将此正四棱锥分成的两部分体积的比值为________．三、解答题（本大题共7小题，共82.0分）17. 设数列{a n }的前n 项和为S n ，a 1=2，a n+1=2+S n (n ∈N ∗).(Ⅰ)求数列{a n }的通项公式；(Ⅱ)设b n =na n ，求数列{b n }的前n 项和T n ．18.如图，在三棱柱ABC−A1B1C1中，侧面BB1C1C为菱形，AC=AB1，B1C∩BC1=O．(1)求证：B1C⊥AB；(2)若∠CBB1=60°，AC=BC，三棱锥A−BB1C的体积为1，且点A在侧面BB1C1C上的投影为点O，求三棱锥A−BB1C的表面积．19.全民健身旨在全面提高国民体质和健康水平，倡导全民做到每天参加一次以上的健身活动，学会两种以上健身方法，每年进行一次体质测定．为响应全民健身号召，某单位在职工体测后就某项健康指数(百分制)随机抽取了30名职工的体测数据作为样本进行调查，具体数据如茎叶图所示，其中有1名女职工的健康指数的数据模糊不清(用x表示)，已知这30名职工的健康指数的平均数为76.2．(1)根据茎叶图，求样本中男职工健康指数的众数和中位数；(2)根据茎叶图，按男女用分层抽样从这30名职工中随机抽取5人，再从抽取的5人中随机抽取2人，求抽取的2人都是男职工的概率；(3)经计算，样本中男职工健康指数的平均数为81，女职工现有数据(即剔除x)健康指数的平均数为69，方差为190，求样本中所有女职工的健康指数的平均数和方差(结果精确到0.1)．20.已知椭圆C：x2a2+y2b2=1(a>b>0)过点A(2,0)，且离心率为12．(1)求椭圆C的方程；(2)若斜率为k(k≠0)的直线l与椭圆C交于不同的两点M，N，且线段MN的垂直平分线过点(18,0)，求k的取值范围．21.已知函数f(x)=lnx−sinx，记f(x)的导函数为fˈ(x)．−f′(x)是(0,+∞)上的单调递增函数，求实数a的取值范围；(1)若ℎ(x)=ax+1x(2)若x∈(0,2π)，试判断函数f(x)的极值点个数，并说明理由．22.在直角坐标系xOy中，曲线C1的参数方程为{x=cosα,(α为参数).以坐标原点O为极点，y=2+sinαx轴正半轴为极轴建立极坐标系，曲线C2的极坐标方程为ρ2=4．1+3sin2θ(1)写出曲线C1和C2的直角坐标方程；(2)已知P为曲线C2上的动点，过点P作曲线C1的切线，切点为A，求|PA|的最大值．23.已知函数f(x)=x2−x+1，且a，b，c∈R．(Ⅰ)若a+b+c=1，求f(a)+f(b)+f(c)的最小值；(Ⅱ)若|x−a|<1，求证：|f(x)−f(a)|<2(|a|+1)．-------- 答案与解析 --------1.答案：A解析：解：B={x|x2−2x≤0}={x|0≤x≤2}，则A∩B={x|0≤x≤1}=[0,1]，故选：A求出集合B，根据交集定义进行求解．本题主要考查集合的基本运算，比较基础．2.答案：B解析：本题考查复数的模的求法，考查计算能力，是基础题．直接利用复数的模的运算法则化简求解即可．解：i为虚数单位，复数z满足z·(1+i)=2i，∴|z|=|2i||i+1|=√2=√2，故选B．3.答案：A解析：本题考查任意角的三角函数的定义，利用任意角的定义是解题的关键，属于基础题．根据题意任意角三角函数的定义即可求出．解：由三角函数定义得tanα=32sinα，即sinαcosα=32sinα，得3cosα=2sin2α=2(1−cos2α)，解得cosα=12或cosα=−2(舍去)．4.答案：C解析：【试题解析】解：作出x ，y 满足约束条件{−3≤x −y ≤1−9≤3x +y ≤3，表示的平面区域，如图所示的阴影部分：由z =x +y 可得y =−x +z ，则z 表示直线y =−x +z 在y 轴上的截距，截距越小，z 越小，由题意可得，{1=x −y−9=3x +y ，解得A(−2,−3)，当y =−x +z 经过点A 时，z 最小， 由A(−2,−3)，此时z =x +y =−5． 故选：C ．作出不等式组表示的平面区域，由z =x +y 可得y =−x +z ，则z 表示直线y =−x +z 在y 轴上的截距，截距越小，z 越小，结合图象可求z 的最小值．本题主要考查了线性目标函数在线性约束条件下的最值的求解，解题的关键是明确z 的几何意义．5.答案：B解析：解：∵f(a)=2∴f(a)=a 3+a +1=2，a 3+a =1，则f(−a)=(−a)3+(−a)+1=−(a 3+a)+1=−1+1=0． 故选：B ．把α和−α分别代入函数式，可得出答案． 本题主要考查函数奇偶性的运用．属基础题．6.答案：D解析：解：对于函数f(x)=sin(2x −π4)， 令2kπ+π2≤2x −π4≤2kπ+3π2(k ∈Z)，解得kπ+3π8≤x ≤kπ+7π8(k ∈Z)，所以函数y =f(x)的递减区间为[kπ+3π8,kπ+7π8](k ∈Z)，故选项A 错误；由于sin(2x −π4)=sin[2(x −π8)]，所以函数y =f(x)的图象是由y =sin2x 的图象向右平移π8得到的，故选项B 错误；。
广东省2020年高考文科数学模拟试题及答案(二)
③命题“x2＝4”是“x＝－2”的充分不必要条件；
④p：a∈{a，b，c}，q：{a}⊆{a，b，c}，p且q为真命题．其中真命题的序号是________．(填写所有真命题的序号)
三、解答题（共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第17～21题为必考题，每个试题考生都必须作答．第22、23为选考题，考生根据要求作答。）
（2）解：在左图中，∵四边形 是菱形， ， ，
∴ ，且 ，
在右图中，连接 ，则 ，
∵ 为 的中点，
∴ ．
19.（1）由茎叶图知
（2）因为m=81，a=80，所以M=81。
①由茎叶图知，女性试用者评分不小于81的有15个，男性试用者评分不小于81的有5个，
所以在40个样本数据中，评分不小于81的频率为
A.1B.2C.3D.4
二、填空题（本题共4小题，每小题5分，共20分。）
13.等差数列 中， 且 ， ， 成等比数列，数列 前20项的和 ____
14.已知实数 ， 满足约束条件 ，若 的最小值为3，则实数 ____
15．函数 的单调递增区间是________
16．给出下列四个命题：
①命题“若α＝β，则cosα＝cosβ”的逆否命题；
A．8B．4C． D．
3.“ ”是“直线 与圆 相切”的
A.充分不必要条件B.必要不充分条件
C.充要条件D.既不充分也不必要条件
4.若非零向量 满足 ，则 的夹角为
A. B. C. D.
5.已知两条平行直线 ， 之间的距离为1， 与圆 ： 相切， 与 相交于 ， 两点，则
A. B. C.3D.
2020年广东省广州市天河区高考数学二模试卷(文科)
【答案】
C
【考点】
其他不等式的解法
并集及其运算
【解析】
求解指数函数的值域化简 ，求解一元二次不等式化简 ，再由并集运算得答案．
【解答】
解：∵ ，
，
∴ ．
故选 .
2.
【答案】
C
【考点】
复数的模
复数的代数表示法及其几何意义
【解析】
运用复数的运算性质和 轴的定义，解方程即可得到 的值，再由复数求模公式计算得答案．
【解答】
根据题意， ，则 ＝ ＝ ，
则 （ ）＝ ＝ ＝ ；
【答案】
【考点】
抛物线的性质
【解析】
本题考查抛物线的简单性质的应用，考查计算能力．
【解答】
解：抛物线 ＝ 的焦点 ， 是 上一点， 的延长线交 轴于点 ．若 为 的中点，
可知 的横坐标为： ，则 的纵坐标为： ，
＝ ＝ ．
故答案为： ．
【答案】
6.设 ，且 ＝ ， ＝ ， ＝ ，则 、 、 的大小关系是（ ）
A.
B.
C.
D.
7.祖暅原理：“幂势既同，则积不容异”．它是中国古代一个涉及几何体体积的问题，意思是两个同高的几何体，如在等高处的截面积恒相等，则体积相等．设 、 为两个同高的几何体， 、 的体积不相等， 、 在等高处的截面积不恒相等，根据祖暅原理可知， 是 的（ ）
（参考公式 ， ）
已知椭圆 的离心率为 ，右焦点 是抛物线 ＝ 的焦点，点 在抛物线 上．
（1）求椭圆 的方程；
（2）已知斜率为 的直线 交椭圆 于 ， 两点， ，直线 与 的斜率乘积为 ，若在椭圆上存在点 ，使 ＝ ，求 的面积的最小值．
已知函数 ．
2020年广东省普通高等学校招生全国统一考试模拟卷(二)数学(文)试题(解析版)
绝密★启用前2020年广东省普通高等学校招生全国统一考试模拟卷(二)数学(文)试题(解析版)本试卷5页，23小题，满分150分.考试用时120分钟.注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的县（市、区）、学校、姓名、考生号、考生号和座位号填写在答题卡上.将条形码横贴在答题卡“条形码粘贴处”.2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B 铅笔在答题卡上将对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案.答案不能答在试卷上.3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先画掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液.不按以上要求作答无效.4.考生必须保证答题卡的整洁.考试结束后，将试卷和答题卡一并交回.一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.已知集合{}5217A x x =-<+<，{}24B x x =-<<，则A B =（ ） A. {}34x x -<< B. {}24x x -<< C. {}33x x -<< D. {}23x x -<<【答案】D【解析】【分析】求出集合A ,B ,由此能求出A B ． 【详解】解：集合{|5217}{|33}A x x x x =-<+<=-<<,{|24}B x x =-<<,{|23}A B x x ∴⋂=-<<．故选：D ．【点睛】本题考查交集的求法,考查交集定义等基础知识,考查运算求解能力,属于基础题．2.已知复数()z i a i =-（i 为虚数单位,a ∈R ）,若z =则a =（ ）A. 4B. 2C. 2±D. 2-【答案】C【解析】【分析】先利用复数的乘法化简复数为()1z i a i ai =-=+,再由z ==.【详解】因复数()1z i a i ai =-=+,所以z ==,解得2a =±故选：C【点睛】本题主要考查复数的运算和复数的模的应用,还考查了运算求解的能力,属于基础题.3.小青和她的父母到照相馆排成一排拍照,则小青不站在两边的概率为（ ） A. 13B. 23C. 16D. 12【答案】A【解析】【分析】 先求小青不站在两边的站法有多少种,再求三个人全排列的站法,两者之比即可求解.【详解】解：小青只能站中间1种站法,其父母站两边有222A =,所以小青不站在两边的站法有212⨯=种站法,。
广东省2020年高考数学试题 文 (广州二模,无答案)
2020年广州市普通高中毕业班综合测试(二)数 学(文科)本试卷共4页，21小题，满分150分。
考试用时l20分钟。
注意事项：1．答卷前。
考生务必用2B 铅笔在“考生号”处填涂考生号。
用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己所在的市、县／区、学校以及自己的姓名和考生号、试室号、座位号填写在答题卡上。
用2B 铅笔将试卷类型(B)填涂在答题卡相应位置上。
2．选择题每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，答案不能答在试卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内的相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答的答案无效。
4．作答选做题时，请先用2B 铅笔填涂选做题的题号对应的信息点，再作答。
漏涂、错涂、多涂的，答案无效。
5．考生必须保持答题卡的整洁。
考试结束后，将试卷和答题卡一并交回。
参考公式：锥体的体积公式13V Sh =，其中S 是锥体的底面积，h 是锥体的高． 一、选择题：本大题共8小题。
每小题5分．满分40分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．已知集合A 满足A ⊆{1，2}，则集合A 的个数为 A ．4 B ．3 C ．2 D ．12．已知i 为虚数单位，复数1z a i =+，22z i =-，且12|z ||z |=，则实数a 的值为 A ．2 B ．-2 C ．2或-2 D ．±2或03．已知双曲线221y x m-=的虚轴长是实轴长的2倍，则实数m 的值是 A ． 4 B ．14 C ．14- D ．-4 4．某中学高三年级从甲、乙两个班级各选出7名学生参加数学竞赛，他们取得的成绩(满分l00分)的茎叶图如图l ，其中甲班学生的平均分是85，乙班学生成绩的中位数是83．则x y +的值为A ．7B ．8C ．9D ．105．已知向量OA u u u r =(3，-4)，OB uuu r =(6，-3)，OC u u u r=(m ，m +1)，若AB u u u r ∥OC u u ur ，则实数m 的值为A ．32-B ．14-C ．12D ．326已知函数1xxf (x )e e -=-+(e 是自然对数的底数)，若2f (a )=，则f (a )-的值为A ．3B ．2C ．1D ．07．已知两条不同直线m 、l ，两个不同平面α、β，在下列条件中，可得出αβ⊥的是 A ．m l ⊥，l ∥α，l ∥β B ．m l ⊥，αβI ，m α⊂ C ．m ∥l ，l β⊥，m α⊂ D ．m ∥l ，m α⊥，l β⊥ 8．下列说法正确的是 A ．函数1f (x )x=在其定义域上是减函数 B ．两个三角形全等是这两个三角形面积相等的必要条件C ．命题“210x R,x x ∃∈++>”的否定是“210x R,x x ∀∈++<” D ．给定命题P 、q ，若P ∧q 是真命题，则⌝P 是假命题 9．阅读图2的程序框图，该程序运行后输出的k 的值为 A ．9 B ．10 C ．11 D ．1210．已知实数a ，b 满足22430a b a +-+=，函数1f (x )a sin x bcos x =++的最大值记为(a,b )ϕ，则(a,b )ϕ的最小值为A ．1B ．2C ．31+D ．3二、填空题：本大题共5小题。
2020年广东省广州市高考数学二模试卷(文科)
2020年广东省广州市高考数学二模试卷（文科）一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．（5分）若集合{|20}A x x =-…，{|01}B x x =剟，则(A B =I ) A ．[0，2]B ．[0，1]C ．[1，2]D ．[1-，2]2．（5分）已知i 为虚数单位，若(1)2z i i +=g ，则||(z = ) A ．2B ．2C ．1D ．23．（5分）已知角α的项点与坐标原点重合，始边与x 轴的非负半轴重合，若点(2,1)P -在角α的终边上，则tan (α= ) A ．2B ．12C ．12-D ．2-4．（5分）若实数x ，y 满足23300x y x y y +⎧⎪+-⎨⎪⎩…„…，则2z x y =-的最小值是( )A ．2B ．52C ．4D ．65．（5分）已知函数3()1f x x =+，若a R ∈，则f （a ）()(f a +-= ) A ．0B ．322a +C ．2D ．322a -6．（5分）若函数()sin(2)(0f x A x A ϕ=+>，0)2πϕ<<的部分图象如图所示，则下列叙述正确的是( )A ．(12π-，0)是函数()f x 图象的一个对称中心B ．函数()f x 的图象关于直线3x π=对称C ．函数()f x 在区间[3π-，]3π上单调递增D ．函数()f x 的图象可由sin y A = 2x 的图象向左平移6π个单位得到 7．（5分）《周髀算经》中提出了“方属地，圆属天”，也就是人们常说的“天圆地方”．我国古代铜钱的铸造也蕴含了这种“外圆内方”“天地合一”的哲学思想．现将铜钱抽象成如图所示的图形，其中圆的半径为r ，正方形的边长为(0)a a r <<，若在圆内随机取点，得到点取自阴影部分的概率是p ，则圆周率π的值为( )A ．22(1)a p r -B ．22(1)a p r +C ．(1)ap r-D ．(1)ap r+8．（5分）在三棱柱111ABC A B C -中，E 是棱AB 的中点，动点F 是侧面11ACC A （包括边界）上一点，若//EF 平面11BCC B ，则动点F 的轨迹是( ) A ．线段 B ．圆弧C ．椭圆的一部分D ．抛物线的一部分9．（5分）已知函数22log ,1()1,1x x f x x x >⎧=⎨-⎩„，则()(1)f x f x <+的解集为( )A ．(1,)-+∞B ．(1,1)-C ．1(,)2-+∞D ．1(,1)2-10．（5分）ABC ∆的内角A ，B ，C 的对边分别为a ，b ，c ，已知cos cos 6b C c B +=，3c =，2B C =，则cos C 的值为( )A 3B 3C 3D 3 11．（5分）若关于x 的不等式22(22)1lnx ax a x +-+„恒成立，则a 的最小整数值是( ) A ．0B ．1C ．2D ．312．（5分）过双曲线2222:1(0,0)x y C a b a b-=>>右焦点2F 作双曲线一条渐近线的垂线，垂足为P ，与双曲线交于点A ，若223F P F A =u u u u r u u u u r，则双曲线C 的渐近线方程为( ) A ．2y x =±B ．y x =±C ．12y x =±D ．25y x =±二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分。