甘肃省天水一中2014-2015学年高二上学期期末考试物理试题Word版含答案
路测出铜导线的电阻 Rx ，从而确定导线的实际长度。 可供使用的器材有： 电流表：量程 0.6A，内阻约 0.2Ω ； 电压表：量程 3V，内阻约 9kΩ ； 滑动变阻器 R1：最大阻值 5Ω ； 滑动变阻器 R2：最大阻值 20Ω ； 定值电阻：R 0=3Ω ； 电源：电动势 6V，内阻可不计；开关、导线若干。回答下列问题： （1）实验中滑动变阻器应选
b
）
A.Ea＜Eb C.φ a＜φ
D. φ a＞φ
b
11. a、b、c 三个 粒子由同一点垂直场强方向进入偏转电场，其轨迹如图所示，其中 b 恰 好飞出电场，由此可以肯定（ ）
A.在 b 飞离电场的同时，a 刚好打在负极板上 B.b 和 c 同时飞离电场 C.进入电场时，c 的速度最大，a 的 速度最小 D.动能的增量相比，c 的最小，a 和 b 的一样大 12. 两个电荷量分别为+q 和－q 的带电粒子分别以速度 va 和 vb 射入匀强磁场，两粒子的入射 方向与竖直磁场边界的夹角分别为 30°和 60°，磁场宽度为 d，两粒子同时由 A 点出发，同 时到达与 A 等高的 B 点，如图所示，则（ A．a 粒子带正电，b 粒子带负电 B．两粒子的轨道半径之比 Ra∶Rb＝ C．两粒子的质量之比 ma∶mb＝1∶2 D．两粒子的速度之比 va∶vb＝ 3 ∶2
3
）
3 ∶1
二.实验题（每空 3 分，共 18 分） 13. （ 1 ） 用多用电表的电阻“×10”挡进行测量时表盘的示数如下图，待测阻值约为 Ω。 （2）用螺旋测微器测得样品的外径如下图所示，其示数 D= mm．
14. 实验室购买了一捆标称长度为 100m 的铜导线，某同学想通过实验测其实际长度。该同学
A．若磁场方向竖直向上，则 B 6. 如图所示，直线 a 为某电源的路端电压随干路电流强度的变化图线，直线 b 为某一电阻 R 两端的电压随电流变化图线，把该电源和该 电阻组成闭合电路，电源的输出功率和电源的内 电阻分别为： （ ） A．4W ，0.5Ω B．6W，1Ω C．4W，1Ω D．2W，0.5Ω 7. 如图是一火警报警装置的一部分电路示意图， 其中 R2 是半导体热敏传感器， 它的电阻随温 度升高而减小，a、b 接报警器：当传感器 R2 所在处出现火情时，电流表的电流 I 和 a、b 两 端电压 U 与出现火情前相比 ( )
A．I 变大，U 变大 B．I 变小，U 变大 C．I 变大，U 变小 D．I 变小，U 变大
8. 如图是有三个输入端的复合门电路，当 C 端输入 0 时 Y 输出 0，那么 A、B 端输入分别是 （ ）
A.1、1
B.0、1
2
C.1、0
D.0、0
9. 如图所示，R1 和 R2 是同种材料、厚度相同、表面为正方形的导体，但 R1 的尺寸比 R2 的尺 寸大．在两导体上加相同的电压，通过两导体的电流方 向如图，则下列说法中正确的是（ A．R1 中的电流小于 R2 中的电流 B．R1 中的电流等于 R2 中的电流 C．R1 中自由电荷定向移动的速率大于 R2 中自由电荷定向移动的速率 D．R1 中自由电荷定向移动的速率小于 R2 中自由电荷定向移动的速率 10. 现有两个点电荷 A 和 B，它们电量分别为+Q 和﹣Q，a 为 AB 连线的中点，b 与 a 关于 B 对 称，它们都在一条直线上，如图所示，试比较 ab 两点所在处场强 E 的大小和电势 φ 的高低 （ ） B.Ea＞Eb
天水一中 2013 级 2014-2015 学年度第一学期第二学段考试
物
理
试
题
命题：王植 一.选择题（每题 4 分，共 48 分。1—8 题每题所给选项中，只有一个选项符合题意；9—12 题每题所给选项中，有两个或两个以上选项符合题意。请将答题卡上相应的位置涂黑。全选 对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，有选错的得 0 分。 ） 1. 下列各图中，已标出电流 I、磁感应强度 B 的方向，其中符合安培定则的是（ ）
1
5. 如图所示，在倾角为α的光滑斜面上，垂直纸面放置一根长为 L，质量为 m 的直导体棒。 当导体棒中的电流 I 垂直纸面向里时，欲使导体棒静止在斜面上，可加平行纸面的匀强磁场 中，下列有关磁场的描述中正确的是:( )
mg tan IL mg sin B．若磁场方向平行斜面向上，则 B IL mg sin C．若磁场方向垂直斜面向下，则 B IL mg cos D．若磁场方向垂直斜面向上，则 B IL
（填“ R1 ”或“ R2 ” ） ，闭合开关 S 前应
将滑片移至
端（填“ a ”或“ b ” ） 。
（2）调节滑动变阻器，当电流表的读数为 0.50 A 时，电压表示数如图乙所示，读
4
数为
V。 m（保留 2 位有效数字） 。
（3）导线实际长度为
三.计算论述题（本题共 3 小题，必须写出必要的文字叙述和物理推演过程。 ） 15.（10 分）如图所示，在同一水平面的两导轨相互平 相距 1 m 并处于竖直向上的匀强磁场中，一根质量为 2 金属棒放在导轨上，与导轨垂直．当金属棒中的电流为 时，金属棒做匀速直线运动，当金属棒中的电流增加到 时，金属棒将获得 3m/s 的加速度(g 取 10m/s ) 求： （1）磁场的磁感应强度； （2）导轨与金属棒间动摩擦因数.
2. 在地球赤道上空，沿东西方向水平放置一根通以电流由西向东的直导线，则此导线： A．受到竖直向上的安培力； C．受到由南向北的安培力； 3. 根据磁感应强度的定义式 B B．受到竖直向下的安培力； D．受到由西向东的安培力。
F ，下列说法中正确的是（ IL
）
A．在磁场中某确定位置，B 与 F 成正比，与 I、L 的乘积成反比 B．一小段通电直导线在空间某处所受磁场力 F=0，那么该处的 B 一定为零 C．一小段通电直导线放在 B 为零的位置，那么它受到磁场力 F 也一定为零 D．磁场中某处的 B 的方向跟电流在该处所受磁场力 F 的方向相同 4. 从阴极射线管发射出的一束电子，通过图示的磁场，以下四幅图中能正确描绘电子偏转情 况的是（ ）
甘肃省天水市第一中学高二物理下学期期末(高三开学)考
天水市一中2014级2015-2016学年第二学期期末考试试题物理一．选择题：（1-10单选，11-13多选，每题4分，共52分）1. 属于狭义相对论基本假设的是：在不同的惯性系中A．真空中光速不变B．时间间隔具有相对性C．物体的质量不变D．物体的能量与质量成正比2. 下列关于机械波的说法中正确的是A．随着波的传播，介质中各质点都在各自的平衡位置附近做受迫振动B．随着波的传播，介质中的各质点也将由近及远地迁移出去C．传播波的过程中相邻质点间可以没有相互作用力D．某一水平方向的横波在介质中传播，介质中的质点必沿竖直方向上下振动3. 一列简谐横波沿x轴正方向传播，图甲是t=1s时的波形图，图乙是波中某振动质点位移随时间变化的振动图线（两图用同一时间起点），则图乙可能是图甲中哪个质点的振动图线A．x=1处的质点 B．x=2 m处的质点C．x=3 m处的质点 D．x=4m处的质点4. 一列简谐横波，在t=0时波形如图所示，P、Q两点的坐标分别为（-1，0）、（-7，0），波的传播方向由右向左，已知t=0.7s，P点第二次出现波峰，则下列说法中错误的是A．振源起振方向一定向上B．质点Q位于波峰时，质点P位于波谷C．t=0.9s，Q点第一次出现波峰D．t=1.2s，Q点第一次出现波峰5. 如图所示的双缝干涉实验装置中，当使用波长为6×10-7m的橙光做实验时，光屏中心点P点及其上方的P1点形成两条相邻的亮纹；若换用波长为4×10-7m的紫光重复上述实验，在P和P1点形成的亮、暗纹情况是A．P和P1都是亮纹B．P是亮纹，P1是暗纹C．P是暗纹，P1是亮纹D．P和P1都是暗纹6. 如图，半圆形玻璃砖置于光屏PQ的左下方。
一束白光沿半径方向从A 点射入玻璃砖，在O点发生反射和折射，折射光在白光屏上呈现七色光带。
若入射点由A向B缓慢移动，并保持白光沿半径方向入射到O点，观察到各色光在光屏上陆续消失。
甘肃天水一中第二学期高二期末考试物理试题参考答案
2012-2013学年度甘肃天水一中第二学期高二期末考试物理试题参考答案一、选择题 题号 123 4 5 6 7 8 9 10 11 12 答案 ABD ACBABCCDCDBACAB二、填空题（本题共2小题：共18分。
）13．（1）BC （2）A kg 24π= 14．θ1 2/3 3/2（或1．5）三、计算题（本题共3小题，34分。
）15．解：（1）（4分）光路图如图所示，要在纤维中发生全反射，其临界角C 有 sin C ＝1n ………2分折射角θ2＝90°－C所以cos θ2＝1n ，sin θ2＝n 2－1n ………1分由折射定律：sin θ1＝n sin θ2＝n 2－1即sinθ1≤n 2－1 ………1分（2）（6分）光在纤维中传播的速度v ＝cn （c 为光在真空中传播的速度） ……2分光在沿纤维轴线方向上的速度分量：v 1＝v cos θ2＝v n ＝cn 2 ………2分所用时间：t ＝L v 1＝n 2Lc ． ………2分16．解：（1）（6分）波向右传播，且λ=4m ………2分 因为波向右传播，（n+1/4）T =0．5，所以T= 2/（4n+1） ………2分 v=2（4n+1）m/s （n=0，1，2，……） ………2分 （2）（4分）因为波向右传播，T= 2/（4n+1）（n=0，1，2，……） 又因为0＜t 2－t 1＜T ，所以n=0T=2s ，波速v=λ/ T ， ………2分 波速为2m/s ………2分 （3）（2分）t 2时计时，此时x=1m 处的质点位于平衡位置向下振动，周期为2s ，振幅为5cm ，所以由振动知识得位移时间关系式x=0．05sin （πt+π）（m ）或x=0．05sin （πt -π）（m ）17．①如图所示，光线应向屏的左侧移动 ……………2分n =030sin sin α……………2分解得：α=600 ……………2分0030cos )3060tan(R d x-=- ……………2分解得，233Rd x -=……………2分 ②当玻璃砖左移时，入射角增大，折射角增大，所以光点左移，亮度减弱至消失。
甘肃省天水一中高二下学期期末考试物理试题Word版含答案
天水一中2012级2013—2014学年度第二学期期末考试物 理 试 题命题：李虎笙 审核：赵小华第Ⅰ卷（选择题）一、选择题（本题共12道小题，每小题4分，共48分。
第1-8题为单选题，每道小题只有一个正确答案；第9-12题为多选题，每小题有多个正确答案，全选对得4分，选对部分但不全得2分，有选错或不答者得0分。
） 1．下列说法正确的是A ．物体的速度越大，其惯性越大B ．速度很大的物体，其加速度一定很大C ．合力与分力是一种等效的研究思想D ．亚里士多德设想的理想斜面实验开创了实验研究和逻辑推理相结合的探索自然规律的科学方法。
2．F 1和F 2是力F 的两个分力．若F ＝10N ，则下列哪组力不可能．．．是F 的两个分力 A ．F 1＝2N F 2＝6N B ．F 1＝20N F 2＝20N C ．F 1＝10N F 2＝10ND ．F 1＝20N F 2＝30N3．如图所示，斜面体P 放在水平面上，物体Q 放在斜面上，Q 受到一个水平作用力F ，Q 和P 都处于静止状态．设P 对Q 的摩擦力和水平面对P 的摩擦力分别为F 1、F 2.现保持力F 的大小不变，方向变为沿斜面向上，整个系统仍处于静止状态，则A ．F 1、F 2一定都变小B ．F 1不一定变大，F 2一定变小C ．F 1一定变大，F 2一定变小D ．F 1、F 2都一定变大4. 一质量为m 的人站在电梯中，电梯匀减速下降，加速大小为，g 为重力加速度。
则人对电梯底部的压力为A ．B ．C ．mgD ．5．如图，光滑水平地面上有质量相等的两物体A 、B ，中间用劲度系数为k 的轻弹簧相连，在外力F 1、F 2作用下运动，且满足F 1>F 2，当系统运动稳定后，弹簧的伸长量为A.F 1－F 2kB.F 1＋F 22kC.F 1－F 22k D.F 1＋F 2k6．如图所示，光滑半球形容器固定在水平面上，O 为球心，一质量为m 的小滑块，在水平力F 的作用下静止在P 点。
甘肃省天水一中最新高二物理上学期期末考试试题含解析
甘肃省天水一中2019－２0２０学年高二物理上学期期末考试试题（含解析)二、选择题（本题共12小题,每小题４分，共48分。
其中9—1２题是多选题,全部选对的得4分,选对但不全的得2分，有选错的得0分。
其余题目是单选题。
）１。
下列说法正确的是( ）Ａ。
电源是通过非静电力做功把电能转化为其他形式的能的装置B. 库仑提出了库仑定律，并最早用实验测得元电荷ｅ的数值C. 英国物理学家法拉第最早引入了电场的概念，并提出用电场线表示电场Ｄ．牛顿设计了理想斜面实验，得出力不是物体产生运动的原因【答案】C【解析】A：电源是通过非静电力做功把其他形式的能转化为电能的装置.故A项错误．B:库仑提出了库仑定律,密立根最早用实验测得元电荷ｅ的数值。
故B项错误.C：英国物理学家法拉第最早引入了电场的概念，并提出用电场线表示电场．故C项正确.D:伽利略设计了理想斜面实验,得出力不是物体产生运动的原因.故Ｄ项错误。
点睛:要熟悉物理学史以及相应的科学思维方法.2．如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图象，下面结论正确的是（）A． 电源的电动势为6。
0VＢ. 电源的内阻为１２ΩC. 电源的短路电流为０.5AＤ． 外电路接入了一个阻值是１8Ω的电动机，电路中的电流一定为０。
3A.【答案】A【解析】试题分析:Ｕ—I图像的纵截距表示电路电流为零时,即处于断路时路端电压，此时路端电压等于电源电动势,故电源电动势为６.0Ｖ,Ａ正确；图像的斜率表示内阻,故有,B错误；电源短路电流，即外电阻为零，路端电压为零时，所以短路电流632I A==，Ｃ错误；因为电动机是非纯电阻电路,所以不能根据欧姆定律计算,Ｄ错误;考点:考查了U—I图像【名师点睛】关键是理解图像的纵横截距,斜率所表示的含义，知道短路电流是外电路无电压时的电流,知道欧姆定律只适用于纯电阻电路,3．如图所示为一速度选择器，两极板Ｐ、Q之间存在电场强度为E的匀强电场和磁感应强度为B的匀强磁场。
甘肃省天水一中高二上学期期末考试物理理试题
甘肃省天水一中08-09学年高二上学期期末考试物 理（理 科）2009.1一、选择题.（本题共有 12 道小题，每小题 至少有一项是正确的。
选对部分无错者得31Ａ．布朗运动就是液体分子的热运动 Ｂ．布朗运动间接表明液体分子的热运动 Ｃ．液体表面积越大，布朗运动越激烈Ｄ．悬浮的小颗粒越大，撞击它的分子数越多，布朗运动越激烈2．如图10-7所示，是一列简谐横波在某一时刻的波形图，波向左传播，则此时刻有：A ．各质点的位移都是5cmB ．x=2m 处的质点速度沿y 轴正方向C ．x=4m 处的质点加速度为正的最大值D ．若波的频率为5Hz ，则波速为80m/s3．关于分子间的作用力，下列说法正确的是（ｒ0 为分子的平衡位置）：Ａ．两个分子间的距离小于ｒ0 时，分子间只有斥力 Ｂ．两个分子间的距离大于 ｒ0 时，分子间只有引力Ｃ．两个分子间的距离由较远逐渐减小到 r =ｒ0的过程中，分子力一直增大，为引力 Ｄ．两个分子间的距离由极小逐渐增大到 r =ｒ0 的过程中，引力和斥力都同时减小，分子力为斥力4．如图所示，在P 点放置一个正点电荷+q ，在点电荷附近放置一个金属导体，a 、b 表示同一条电场线上的两点，c 、d 表示导体内部的任意两点，则下列说法中正确的是(E 表示场强，φ表示电势）：Ａ．E a ＞E b φa ＜φb Ｂ．E a ＞E b φa ＞φb Ｃ．E c =E d φc =φdＤ．E a ＞E b φa ＞φb 5.如图所示，平行板电容器两极板间电压恒定，带电的油滴在两板间p 点（未画出）静止，若将板间距离增大一些，则油滴将： Ａ．向下运动 Ｂ．向上运动 Ｃ．向左运动 Ｄ．仍然静止6.如图所示，电子在电势差为 U1 的加速电场中由静止开始加速，然后射入电势差为 U2 的两块平行板间的电场中，入射方向跟极板平行，整个装置处在真空中，重力可忽略，在满足电子能射出平行板区的条件下，下列情况中，一定能使电子的偏转角θ变大的是:Ａ．U1 变大，U2 变大；c d 导体Ｂ．U 1 变小，U 2 变大；Ｃ．U 1 变大，U 2 变小； Ｄ．U 1 变小，U 2 变小.7．两个带有等量异种电荷的相同金属小球甲和乙之间的相互作用力为F ，其间的距离远大于小球的直径。
甘肃省天水一中高二物理上学期第一学段试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题
甘肃省天水一中2014-2015学年高二上学期第一学段物理试卷一.选择题〔每题4分，共48分．其中1-8题所给选项中，只有一个选项正确；9-12题有多个选项正确．请将正确答案的序号在答题卡上相应位置涂黑．全选对的4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．〕1．〔4分〕点电荷A的电荷量是点电荷B的倍，如此A对B作用力大小跟B对A作用力大小的比值为〔〕A．2：1 B．1：2 C．1：1 D．不确定2．〔4分〕如下列图，在电场强度E=2000V/m的匀强电场中，有三点A、M和B，AM=4cm，MB=3cm，AB=5cm，且AM边平行于电场线，把一电荷量q=2×10﹣9C的正电荷从B移到M点，再从M点移到A点，电场力做功为〔〕A．0.6×10﹣6J B．0.12×10﹣6J C．﹣0.16×10﹣6J D．﹣0.12×10﹣6J3．〔4分〕如下列图，将悬在细线上的带正电的小球A放在不带电的金属空心球C内〔不与球壁接触〕，另有一个悬挂在细线上的带负电小球B向C靠近，于是〔〕A．A往左偏离竖直方向，B往右偏离竖直方向B．A的位置不变，B往右偏离竖直方向C．A往左偏离竖直方向，B的位置不变D．A和B的位置都不变4．〔4分〕如下列图，左边是一个原先不带电的导体，右边C是后来靠近的带正电的导体球，假设用绝缘工具沿图示某条虚线将导体切开，分导体为A、B两局部，这两局部所带电荷量的数值分别为Q A、Q B，如此如下结论正确的答案是〔〕A．沿虚线d切开，A带负电，B带正电，且Q A＞Q BB．只有沿虚线b切开，才有A带正电，B带负电，且Q A=Q BC．沿虚线a切开，A带正电，B带负电，且Q A＜Q BD．沿任意一条虚线切开，都有A带正电B带负电，且Q A、Q B的值与所切的位置有关5．〔4分〕半径为R的两个较大的金属球固定在绝缘桌面上，当两球带等量同种电荷Q时，相互之间的库仑力为F1；当两球带等量异种电荷Q与﹣Q时，相互之间的库仑力为F2．如此〔〕A．F1＞F2B．F1＜F2C．F1=F2D．无法确定6．〔4分〕如下列图，q1、q2、q3分别表示在一条直线上的三个点电荷，q1与q2之间的距离为l1，q2与q3之间的距离为l2，且每个电荷都处于平衡状态．如此以下结论正确的答案是〔〕A．如果q2为正电荷，如此可能q1、q3都是正电荷B．如果q2为正电荷，如此可能q1为正电荷，q3为负电荷C．假设l1＜l2，如此三个点电荷中q3电量最大D．假设l1＜l2，如此三个点电荷中q1电量可能最大7．〔4分〕如下列图，竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘．两个带有同种电荷的小球A、B 分别处于竖直墙面和水平地面，且处于同一竖直平面内，假设用图示方向的水平推力F作用于小球B，如此两球静止于图示位置．如果将小球向左推动少许，并待两球重新达到平衡时，跟原来相比〔〕A．两小球间距离将增大，推力F将增大B．两小球间距离将增大，推力F将减小C．两小球间距离将减小，推力F将增大D．两小球间距离将减小，推力F将减小8．〔4分〕一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的v﹣t图象如下列图，如此A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是〔〕A．B．C．D．9．〔4分〕关于摩擦起电和感应起电的实质，如下说法正确的答案是〔〕A．摩擦起电现象说明了机械能可以转化为电能，也说明通过做功可以创造电荷B．摩擦起电说明电荷可以从一个物体转移到另一个物体C．感应起电说明电荷可以从物体的一个局部转移到物体另一个局部D．感应起电说明电荷从带电的物体转移到原来不带电的物体上去了10．〔4分〕如下列图，把一带正电的小球a放在光滑绝缘斜面上，欲使球a能静止在斜面上，需在MN间放一带电小球b，如此b应〔〕A．带正电，放在A点B．带正电，放在B点C．带负电，放在C点D．带正电，放在C点11．〔4分〕在电场中的某点A放一试探电荷+q，它所受到的电场力大小为F，方向水平向右，如此A点的场强大小E A=，方向水平向右，如下说法正确的答案是〔〕A．在A点放一个负试探电荷，A点的场强方向变为水平向左B．在A点放一下负试探电荷，所受到的电场力方向变为水平向左C．在A放置一个电荷量为2q的试探电荷，如此A点的场强变为2E AD．在A点放置一个电荷量为2q的试探电荷，如此试探电荷所受的电场力变2F12．〔4分〕如下列图的同心圆是电场中的一簇等势面，一个电子只在电场力作用下沿着直线由A向C运动时的速度越来越小，B为线段AC的中点，如此有〔〕A．电子沿AC运动时受到的电场力越来越小B．电子沿AC运动时它具有的电势能越来越大C．电势φA＞φB＞φCD．电势差U AB=U BC二.填空题〔每空3分，共18分．请将答案写在答题卡上相应位置．〕13．〔6分〕如下列图，用三根长度一样的绝缘细线将三个带电小球连接后悬挂在空中．三个带电小球质量相等，A球带正电．平衡时三根绝缘细线都是直的，但拉力都为零．B球带何种电荷：B球带；假设A球带电荷量为Q，如此B球的带电荷量．14．〔6分〕将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图，金属球外表的电势处处相等，a、b为电场中的两点，如此：a点的电势比b点的；检验电荷﹣q在a点的电势能比在b点的．15．〔6分〕如下列图，光滑绝缘杆竖直放置，它与以正点电荷Q为圆心的某一圆周交于B、C两点，质量为m、带电荷量为﹣q的有孔小球从杆上的A点无初速度下滑，q≪Q，AB=h，小球滑到B点时速度大小为，假设取A点电势为零，C点电势为，B到C电场力做的功为．三.计算论述题〔共34分．必须写出必要的公式、文字表示和推导过程．〕16．〔10分〕如图，在场强为E的匀强电场中有一个质量为m的带正电小球A悬挂在绝缘细线上，当小球静止时，细线与竖直方向成30°角，此电场方向恰使小球受到的电场力最小，如此小球所带的电量应为多大？17．〔12分〕如下列图，光滑斜面倾角为37°，一带有正电的小物块质量为m，电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加如下列图的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变为原来的，求：〔1〕原来的电场强度为多大？〔2〕物块运动的加速度？〔3〕沿斜面下滑距离为l=0.5m时物块的速度大小．〔sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2〕18．〔12分〕如下列图，ABCDF为一绝缘光滑轨道，竖直放置在水平向右的匀强电场中，AB 与电场线平行，BCDF是半径为R的圆形轨道，今有质量为m、带电量为+q的小球在电场力作用下从A点由静止开始沿轨道运动，小球经过最高点D时对轨道的压力恰好为零，如此A 点与最低点B间的电势差为多大？甘肃省天水一中2014-2015学年高二上学期第一学段物理试卷参考答案与试题解析一.选择题〔每题4分，共48分．其中1-8题所给选项中，只有一个选项正确；9-12题有多个选项正确．请将正确答案的序号在答题卡上相应位置涂黑．全选对的4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．〕1．〔4分〕点电荷A的电荷量是点电荷B的倍，如此A对B作用力大小跟B对A作用力大小的比值为〔〕A．2：1 B．1：2 C．1：1 D．不确定考点：库仑定律．分析：距离不变，只是将电量增大到原来的2倍，根据点电荷库仑力的公式F=k可以求得改变之后的库仑力的大小，而根据牛顿第三定律，A对B的作用力大小跟B对A的作用力大小是属于作用力与反作用力，因此大小总是相等．解答：解：由点电荷库仑力的公式F=k，可以得到，距离不变，将点电荷A的电荷量是点电荷B的倍，库仑力将变为原来的倍，而A对B的作用力大小跟B对A的作用力大小是属于作用力与反作用力，因此两者大小相等，即1：1，所以C正确，ABD错误．应当选：C．点评：此题就是对库仑力公式的直接考查，掌握住公式就很容易分析了，同时注意理解牛顿第三定律的内容．2．〔4分〕如下列图，在电场强度E=2000V/m的匀强电场中，有三点A、M和B，AM=4cm，MB=3cm，AB=5cm，且AM边平行于电场线，把一电荷量q=2×10﹣9C的正电荷从B移到M点，再从M点移到A点，电场力做功为〔〕A．0.6×10﹣6J B．0.12×10﹣6J C．﹣0.16×10﹣6J D．﹣0.12×10﹣6J考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势差与电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：匀强电场中，电势差与场强的关系是U=Ed，式中d是两点沿电场强度方向的距离，然后根据d的含义可求解A、B两点间的电势差．电场力做功的公式W=qU．解答：解：根据匀强电场特点可知：A、B两点间的电势差 U AB=U AM=Ed AM所以U AB=2000×4×10﹣2V=80V．正电荷从B点经M点移到A点，电场力做功为 W BA=qU BA=﹣qU AB=﹣2×10﹣9×80J=﹣1.6×10﹣7J应当选：C．点评：公式U=Ed的适用条件为匀强电场，d的含义为两点之间沿电场线方向的距离，并非两点之间的距离，因此对于物理公式要明确适用条件以与各个物理量的含义．3．〔4分〕如下列图，将悬在细线上的带正电的小球A放在不带电的金属空心球C内〔不与球壁接触〕，另有一个悬挂在细线上的带负电小球B向C靠近，于是〔〕A．A往左偏离竖直方向，B往右偏离竖直方向B．A的位置不变，B往右偏离竖直方向C．A往左偏离竖直方向，B的位置不变D．A和B的位置都不变考点：静电场中的导体．专题：电场力与电势的性质专题．分析：因为在C内部由于感应起电，带上与A相反的电荷，它们之间达到静电平衡，所以A的电场对C外部不会产生任何影响．解答：解：A在空心金属球内，由于静电感应，使得C外外表带正电，B C相互吸引，所以B向右偏而金属空腔可以屏蔽外部电场，所以B 的电荷对空腔C 的内部无影响，所以 A 位置不变．B靠近C时，改变的是 C 外表的电荷分布，但对于 C 内部空间的电场可认为没有影响，这也就是平时说的静电屏蔽．故B正确，ACD错误．应当选：B．点评：考查静电感应现象，掌握同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．并理解外部电场对空心球内部没有影响，即为静电屏蔽．4．〔4分〕如下列图，左边是一个原先不带电的导体，右边C是后来靠近的带正电的导体球，假设用绝缘工具沿图示某条虚线将导体切开，分导体为A、B两局部，这两局部所带电荷量的数值分别为Q A、Q B，如此如下结论正确的答案是〔〕A．沿虚线d切开，A带负电，B带正电，且Q A＞Q BB．只有沿虚线b切开，才有A带正电，B带负电，且Q A=Q BC．沿虚线a切开，A带正电，B带负电，且Q A＜Q BD．沿任意一条虚线切开，都有A带正电B带负电，且Q A、Q B的值与所切的位置有关考点：静电场中的导体．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据静电感应现象，在正点电荷的电场作用下，导体AB自由电荷重新分布，不论沿着哪条虚线切开，都有A带正电，B带负电，且电量总是相等．解答：解：由题意可知，静电感应现象使得A带正电，B带负电．导体原来不带电，只是在C的电荷的作用下，导体中的自由电子向B局部移动，使B局部多带了电子而带负电；A 局部少了电子而带正电．根据电荷守恒可知，A局部转移的电子数目和B局部多余的电子数目是一样的，但由于电荷之间的作用力与距离有关，距离越小，作用力越大，因此更多的电子容易转移到最接近C的位置，导致电子在导体上分布不均匀，从B端到A端，电子分布越来越稀疏，所以从不同位置切开时，Q A、Q B的值不同．故只有D正确，ABC错误；应当选：D．点评：考查静电感应的原理，理解带电本质是电子的转移，掌握电荷守恒定律的应用，注意两局部的电量总是相等是解题的突破口．5．〔4分〕半径为R的两个较大的金属球固定在绝缘桌面上，当两球带等量同种电荷Q时，相互之间的库仑力为F1；当两球带等量异种电荷Q与﹣Q时，相互之间的库仑力为F2．如此〔〕A．F1＞F2B．F1＜F2C．F1=F2D．无法确定考点：库仑定律．分析：此题题中由于带电球的大小与它们之间的距离相比，不能忽略，因此不能看作点电荷，不能直接利用库仑定律计算库仑力的大小，只能根据库仑定律定性的比拟库仑力的大小．解答：解：半径为R的两个较大的金属球固定在绝缘桌面上，两球不能看成点电荷，因带同种电荷，导致电量间距大于带异种电荷的间距，根据库仑定律F=k，可知，它们相互作用的库仑力大小有：F1＜F2，故B正确，ACD错误．应当选：B．点评：此题应明确当两球心相距为3R时，两球不能看成点电荷，不能直接运用库仑定律解答，注意库仑定律的成立条件，理解点电荷的含义．6．〔4分〕如下列图，q1、q2、q3分别表示在一条直线上的三个点电荷，q1与q2之间的距离为l1，q2与q3之间的距离为l2，且每个电荷都处于平衡状态．如此以下结论正确的答案是〔〕A．如果q2为正电荷，如此可能q1、q3都是正电荷B．如果q2为正电荷，如此可能q1为正电荷，q3为负电荷C．假设l1＜l2，如此三个点电荷中q3电量最大D．假设l1＜l2，如此三个点电荷中q1电量可能最大考点：库仑定律；共点力平衡的条件与其应用．分析：〔1〕解决此题一定要把握“每个电荷都处于平衡状态〞这一特点进展分析，q2为负电荷，可以利用假设法判断q1和q3的电性，如假设q1带正电，其它电荷是否平衡等，也可以利用“两同夹异，近小远大〞〔三个电荷处于平衡时两边电性一样和中间相反，中间电荷离电量小的近，离电量大的远〕进展判断．〔2〕三个电荷处于同一直线上，每个电荷受两个库仑力作用处于平衡状态，据此列方程即可求解．解答：解：〔1〕假设q1带负电，要使q2平衡，如此q3也应带负电．如果q1带正电，要使q2平衡如此q3也应带正电．但是q1、q3不能平衡，所以q1、q3都带负电荷，故AB错误．〔2〕设l1=l2=l，由于三个电荷均处于平衡状态，由库仑定律建立如下平衡式：对q1：=对q2：=对q3：=解得：q1：q2：q3=4：1：4．因此假设l1＜l2，如此三个点电荷中q3电量最大，故C正确，D错误；应当选：C．点评：此题考察了库仑定律在电荷平衡中的应用，对于三个电荷平衡可以利用“两同夹异，近小远大〞的规律进展电性判断，此题的难点在于计算，学生列出方程容易，但是计算正确难．7．〔4分〕如下列图，竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘．两个带有同种电荷的小球A、B 分别处于竖直墙面和水平地面，且处于同一竖直平面内，假设用图示方向的水平推力F作用于小球B，如此两球静止于图示位置．如果将小球向左推动少许，并待两球重新达到平衡时，跟原来相比〔〕A．两小球间距离将增大，推力F将增大B．两小球间距离将增大，推力F将减小C．两小球间距离将减小，推力F将增大D．两小球间距离将减小，推力F将减小考点：库仑定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件与其应用．专题：电场力与电势的性质专题．分析：对整体分析，受总重力，拉力，地面的支持力，墙壁的弹力．可知地面的支持力等于两球的总重力．隔离对B球分析，B球受重力，墙壁的弹力和库仑力．A小球向右缓慢拉动一小段距离后，库仑力与竖直方向的夹角变小，根据平行四边形定如此，知库仑力即墙壁弹力的变化．解答：解：对A球受力分析，受到三个力，重力、弹力、库伦力，B小球向左缓慢拉动一小段距离后，库仑力与竖直方向的夹角变小，A的重力不变，墙壁的弹力方向不变，根据平行四边形定如此，库仑力变小，墙壁的弹力变小，根据库仑定律得公式可知：电荷量不变，库伦力变小，距离变大，对整体而言，墙壁对球的弹力等于拉力，所以拉力变小，所以两小球间距离将增大，推力F将减小应当选B点评：解决此题的关键先对整体受力分析，再隔离受力分析．整体法和隔离法是物理当中常见的一种方法，要灵活运用．8．〔4分〕一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的v﹣t图象如下列图，如此A、B两点所在区域的电场线分布情况可能是〔〕A．B．C．D．考点：电场线；牛顿第二定律；物体做曲线运动的条件．专题：电场力与电势的性质专题．分析：v﹣t图象中的斜率表示物体的加速度，所以根据电荷运动过程中v﹣t图象可知电荷的加速度越来越大，如此电场力越来越大，电场强度越来越大，根据电场线与电场强度的关系可得出正确结果．解答：解：由v﹣t图象可知，粒子做加速度逐渐增大的加速运动，因此该电荷所受电场力越来越大，电场强度越来越大，电场线密的地方电场强度大，且负电荷受力与电场方向相反，故ABD错误，C正确．应当选C．点评：此题结合v﹣t图象，考查了电场强度与电场线以与电荷受电场力与电场方向之间的关系，考点结合巧妙、新颖，有创新性．9．〔4分〕关于摩擦起电和感应起电的实质，如下说法正确的答案是〔〕A．摩擦起电现象说明了机械能可以转化为电能，也说明通过做功可以创造电荷B．摩擦起电说明电荷可以从一个物体转移到另一个物体C．感应起电说明电荷可以从物体的一个局部转移到物体另一个局部D．感应起电说明电荷从带电的物体转移到原来不带电的物体上去了考点：电荷守恒定律．分析：摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．感应起电的实质是电荷可以从物体的一局部转移到另一个局部．解答：解：A、摩擦起电现象说明机械能可以转化为电能，但并没有创造电荷．电荷只是发生转移．故A错误．B、摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，即说明了电荷可以从一个物体转移到另一个物体．故B确．C、感应起电过程电荷在电场力作用下，从物体的一局部转移到另一个局部．故C正确．D、感应起电是电荷从物体的一局部转移到另一个局部．电荷可以从带电的物体转移到原来不带电的物体是接触带电．故D错误．应当选BC点评：摩擦起电和感应起电的实质都电子发生了转移，只是感应起电是电子从物体的一局部转移到另一个局部．摩擦起电是电子从一个物体转移到另一个物体．10．〔4分〕如下列图，把一带正电的小球a放在光滑绝缘斜面上，欲使球a能静止在斜面上，需在MN间放一带电小球b，如此b应〔〕A．带正电，放在A点B．带正电，放在B点C．带负电，放在C点D．带正电，放在C点考点：共点力平衡的条件与其应用；库仑定律．分析：小球a要平衡，受重力、支持力和静电力，根据共点力平衡条件分析即可．解答：解：小球a处于平衡状态，受力平衡，合力为零．小球受重力，一定向下，支持力一定垂直向上，根据平衡条件，静电引力必然与前两个力的合力等大、反向且在同一条直线上，如此b球可以放在C点，带负电；小球可以放在A点，带正电．故AC正确，BD错误．应当选：AC．点评：此题关键对物体受力分析后，根据三力平衡条件，得到未知力的方向范围．11．〔4分〕在电场中的某点A放一试探电荷+q，它所受到的电场力大小为F，方向水平向右，如此A点的场强大小E A=，方向水平向右，如下说法正确的答案是〔〕A．在A点放一个负试探电荷，A点的场强方向变为水平向左B．在A点放一下负试探电荷，所受到的电场力方向变为水平向左C．在A放置一个电荷量为2q的试探电荷，如此A点的场强变为2E AD．在A点放置一个电荷量为2q的试探电荷，如此试探电荷所受的电场力变2F考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场的电场强度是电场的固有属性，与试探电荷的正负和大小无关；电场力的大小计算遵循F=Eq，与电荷量的大小和正负有关．解答：解：A、电场的电场强度是电场的固有属性，与试探电荷的正负和大小无关，故A 点场强的大小和方向都不变，A错误；B、A点的场强大小和方向不变，正电荷的受力方向和负电荷的受力方向相反，故负电荷所受的电场力方向变为水平向左，B正确；C、电场的电场强度是电场的固有属性，与试探电荷的正负和大小无关，故A点场强的大小和方向都不变，C错误；D、A点的场强大小和方向不变，根据F=Eq可知，电荷量为2q时，F′=E2q=2F，即电场力变为原来的2倍，D正确．应当选：BD．点评：此题考查电场中电场强度和电场力的计算，注意：电场的电场强度是电场的固有属性，与试探电荷的正负和大小无关；电场力的大小计算遵循F=Eq，与电荷量的大小和正负有关．12．〔4分〕如下列图的同心圆是电场中的一簇等势面，一个电子只在电场力作用下沿着直线由A向C运动时的速度越来越小，B为线段AC的中点，如此有〔〕A．电子沿AC运动时受到的电场力越来越小B．电子沿AC运动时它具有的电势能越来越大C．电势φA＞φB＞φCD．电势差U AB=U BC考点：等势面；电势差；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由于等势线是电场中的一簇同心圆，且电子由A向C运动过程速度越来越小，故题中电场是由一个处于圆心的负电荷产生的，然后根据库仑定律、电势、电势差定义式和电场力做功与电势能变化关系列式分析判断．解答：解：A、由于等势线是电场中的一簇同心圆，且电子由A向C运动过程速度越来越小，故题中电场是由一个处于圆心的负电荷产生的，根据库仑定律可以判断，电子沿AC方向运动时受到的电场力越来越大，故A错误；B、电子沿AC方向运动时，电场力做负功，故电势能逐渐变大，故B正确；C、电场线与等势面垂直，且由电势高的等势面指向电势低的等势面，电子由A向C运动过程速度越来越小，故电场力向外，场强向内，故外侧电势较高，故φA＞φB＞φC，故C正确；D、电子沿AC方向运动过程中，电场力逐渐变大，从A到B过程电场力较小，故从A到B过程电场力做功较少，根据电势差与电场力做功关系U AB=，可以得到：U AB＜U BC，故D错误；应当选：BC点评：此题关键根据等势面和电子的运动情况确定场源电荷的电性，然后得到电场线的分布图，最后根据库仑定律、电势、电势差定义式和电场力做功与电势能变化关系分析判断．二.填空题〔每空3分，共18分．请将答案写在答题卡上相应位置．〕13．〔6分〕如下列图，用三根长度一样的绝缘细线将三个带电小球连接后悬挂在空中．三个带电小球质量相等，A球带正电．平衡时三根绝缘细线都是直的，但拉力都为零．B球带何种电荷：B球带负电；假设A球带电荷量为Q，如此B球的带电荷量﹣．考点：共点力平衡的条件与其应用；电场强度．分析：由于细线的拉力为零，故AB间、AC间都是吸引力，故A球与B球是异种电荷；然后对B球受力分析，根据共点力平衡条件求解AB球间的静电力，根据库仑定律列式求解B 的电量．解答：解：由于细线的拉力为零，故AB间、AC间都是吸引力，故A球与B球是异种电荷，A球带正电，故B球带负电；对B球受力分析，受重力、A球的吸引力，C球的排斥力；根据共点力平衡条件，有：F1=2F2根据库仑定律，有：联立解得：Q C=再对B球受力分析，同理可得：Q B=故答案为：负，﹣．点评：此题关键是正确的受力分析，然后结合共点力平衡条件和库仑定律列式求解，不难．14．〔6分〕将一电荷量为+Q的小球放在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图，金属球外表的电势处处相等，a、b为电场中的两点，如此：a点的电势比b点的高；检验电荷﹣q在a点的电势能比在b点的低．。
甘肃省天水一中高二物理上学期第二次段考试卷(含解析)-人教版高二全册物理试题
2013-2014学年甘肃省天水一中高二〔上〕第二次段考物理试卷一、选择题〔全选对得4分，有错或不选得0分，对而不全得2分〕1．〔4分〕如下列图，用导线做成的圆形回路与一直线构成几种位置组合，那些组合中，切断直导线中的电流时，闭合回路中会有电流产生？图A、B、C中直导线都与圆形线圈在同一平面内，O点为线圈的圆心，D图中直导线与圆形线圈垂直，并与中心轴重合〔〕A．B．C．D．考点：感应电流的产生条件．分析：根据电流周围的磁场的特点，判断出线圈内的磁通量，然后根据产生感应电流的条件：穿过闭合电路的磁能量发生变化进展分析判断．解答：解：A、电流与线圈的直径重合，线圈中有相反的磁场，磁通量完全抵消，始终等于0，不会产生感应电流．故A错误；B、导线位于线圈的上部，导线上边的面积比拟小，穿过线圈上边的一局部的磁通量小于穿过线圈下边的一局部的磁通量，总磁通量的方向向里；切断直导线中的电流时，闭合回路中的磁通量减小，会有感应电流产生．故B正确；C、导线位于线圈的右侧，穿过线圈磁场方向向外；切断直导线中的电流时，闭合回路中的磁通量减小，会有感应电流产生．故C正确；D、线圈与导线垂直，穿过线圈的磁通量始终等于0，不会产生感应电流．故D错误；应当选：BC点评：此题关键要熟练应用安培定如此、掌握产生感应电流的条件，当线圈中磁场有两种方向时，磁通量应根据抵消后净磁感线条数来分析．2．〔4分〕如下列图，闭合圆形导体线框半径为R，共有N匝，在圆内有边长为a的正方形区域的磁场，其磁感应强度随时间变化为B1=kt+B0，其中B0为一常数，k是正常数，闭合圆形导体上产生的电动势〔〕A．等于Nka2B．等于NπkR2C．大于Nka2D．大于Nka2，小于NπkR2考点：法拉第电磁感应定律．专题：交流电专题．分析：根据法拉第电磁感应定律E=n=n S，结合磁感应强度随时间变化为B1=kt+B0，即可求得环中感应电动势．解答：解：由磁感应强度随时间变化为B1=kt+B0，可知=k，根据法拉第电磁感应定律E=N=N S=Nka2，即环中感应电动势Nka2，故A正确，BCD错误；应当选：A．点评：考查法拉第电磁感应定律应用，理解磁通量变化率求得，掌握有效面积是解题的关键．3．〔4分〕〔2015春•麻城市校级期中〕如下列图，E为电池，L是电阻可忽略不计、自感系数足够大的线圈，D1、D2是两个规格一样且额定电压足够大的灯泡，S是控制电路的开关．对于这个电路如下说法正确的答案是〔〕A．刚闭合开关S的瞬间，通过D1、D2的电流大小相等B．刚闭合开关S的瞬间，通过D1、D2的电流大小不相等C．闭合开关S待电路达到稳定，D1熄灭，D2比原来更亮D．闭合开关S待电路达到稳定，再将S断开瞬间，D2立即熄灭，D1闪亮一下再熄灭考点：自感现象和自感系数．分析：线圈中的电流增大时，产生自感电流的方向更原电流的方向相反，抑制增大；线圈中的电流减小时，产生自感电流的方向更原电流的方向一样，抑制减小，并与灯泡D1构成电路回路．解答：解：A、S闭合瞬间，由于自感线圈相当于断路，所以两灯是串联，电流相等，故A 正确B错误；C、闭合开关S待电路达到稳定时，D1被短路，D2比开关S刚闭合时更亮，C正确；D、S闭合稳定后再断开开关，D2立即熄灭，但由于线圈的自感作用，L相当于电源，与D1组成回路，D1要过一会在熄灭，故D正确；应当选：ACD点评：线圈中电流变化时，线圈中产生感应电动势；线圈电流增加，相当于一个瞬间电源接入电路，线圈上端是电源正极．当电流减小时，相当于一个瞬间电源，线圈下端是电源正极．4．〔4分〕〔2010•济南二模〕两块水平放置的金属板间的距离为d，用导线与一个n匝线圈相连，线圈电阻为r，线圈中有竖直方向的磁场，电阻R与金属板连接，如下列图，两板间有一个质量为m、电荷量+q的油滴恰好处于静止．如此线圈中的磁感应强度B的变化情况和磁通量的变化率分别是〔〕A．磁感应强度B竖直向上且正增强，=B．磁感应强度B竖直向下且正增强，=C．磁感应强度B竖直向上且正减弱，=D．磁感应强度B竖直向下且正减弱，=考点：法拉第电磁感应定律；电场强度；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：电荷量+q的油滴恰好静止金属板间，受到的电场力与重力平衡，由平衡条件可求出金属板间的电压．此电压等于R两端的电压．根据法拉第电磁感应定律和欧姆定律结合求出磁通量的变化率，由楞次定律确定磁感应强度B的变化情况．解答：解：由题，电荷量+q的油滴恰好静止金属板间，受到的电场力与重力平衡，由平衡条件得知，油滴受到的电场力竖直向上，如此金属板上板带负电，下板带正电．A、C假设磁感应强度B竖直向上，B正在增强时，根据楞次定律得知，线圈中产生的感应电动势是下负上正，金属板下板带负电，上板带正电，油滴不能平衡，如此磁感应强度B竖直向上且B正在减弱时，油滴能保持平衡．根据法拉第电磁感应定律得：E=n①金属板间的电压为 U=E，②要使油滴平衡，如此有q=mg ③联立①②③得：=．故A错误，C正确．B、D同理可知，磁感应强度B竖直向下且正增强时，=，油滴能保持静止．故BD均错误．应当选C点评：此题是电磁感应与电路、电场、力学等知识的综合应用．对于电磁感应问题，要楞次定律判断感应电动势、法拉第定律研究感应电动势大小是常用的思路．5．〔4分〕〔2014秋•赤坎区校级期末〕交流发电机在工作时的电动势为E=E0sinωt，假设将其电枢的转速提高1倍，其他条件不变，如此其电动势变为〔〕A．E0sin2ωt B．2E0sin2ωt C．E0sinD．2E0sin考点：交流发电机与其产生正弦式电流的原理．专题：交流电专题．分析：感应电动势的瞬时值表达式为e=E0sinωt，其中E0=nBSω，当将其电枢的转速提高一倍时，E0和ω都增加一倍，再进展选择．解答：解：感应电动势的瞬时值表达式为e=E0sinωt，当将其电枢的转速提高一倍时，E0和ω都增加一倍，其表达式变为：e′=2E0sin2ωt．应当选：B．点评：此题考查考虑问题要全面，e=E0sinωt式中E0和ω都与转速成正比，不能简单认为表达式是E0sin2ωt．6．〔4分〕如下关于电磁波的表示中正确的答案是〔〕A．电磁场由发生区域向远处传播形成电磁波B．电磁波在任何介质中的传播速度均为3×108m/sC．电磁波由真空进入介质传播时，波长变短D．电磁波不产生干预、衍射现象考点：电磁波的产生．分析：电磁波具有一切波的特性，可以发生干预、衍射、反射、折多普勒效应等现象．解答：解：A、电磁波可以发生反射，可以有回波，即可以由远处返回发生区域，故A错误；B、电磁波在真空中的传播速度为3×108m/s；而在其他介质中要小于光速；故B错误；C、电磁波由真空进入介质传播时，频率不变，波速减小，根据v=λf，波长变短，故C正确；D、电磁波具有一切波的特性，可以产生干预、衍射现象，故D错误；应当选：C点评：此题关键熟悉电磁波的一些特性，知道电磁波在真空中的传播速度等于光速．7．〔4分〕〔2008•潍坊模拟〕2008年1月10日开始的低温雨雪冰冻造成我国局部地区严重灾害，其中高压输电线因结冰而损毁严重．此次灾害牵动亿万人的心．为消除高压输电线上的凌冰，有人设计了这样的融冰思路：利用电流的热效应除冰．假设在正常供电时，高压线上送电电压为U，电流为I，热耗功率为△P；除冰时，输电线上的热耗功率需变为9△P，如此除冰时〔认为输电功率和输电线电阻不变〕〔〕A．输电电流为3I B．输电电流为9IC．输电电压为D．输电电压为3U考点：远距离输电．专题：交流电专题．分析：根据P=可以求出输电线上的电流；根据P=I2R可以求出输电线上损失的电功率．解答：解：高压线上的热耗功率P=I2R线①假设热耗功率变为9P，如此9P=I′2R线②由①②得I′=3I，所以A正确，B错误．又输送功率不变，由P=UI=U′I′得U′=U，所以C正确，D错误．应当选：A C点评：此题考查远距离输电中的能量损失与功率公式的应用，要注意功率公式中P=UI中的电压U应为输电电压8．〔4分〕〔2011•浙江模拟〕生活中处处用电，而我们需要的电都是通过变压器进展转换的，为了测一个额定电压为100V的灯泡的额定功率，如图，理想变压器的原、副线圈分别接有理想电流表A和灯泡L，滑动变阻器的电阻值范围时0﹣100Ω不考虑温度对灯泡电阻的影响，原、副线圈的匝数比为2：1，交流电源的电压为U0=440V，适当调节滑动变阻器的触片位置，当灯泡在额定电压下正常工作时，测得电流表A的示数为1.2A，如此〔〕A．灯泡的额定功率为40WB．灯泡的额定电流为2.4AC．滑动变阻器上局部接入的电阻值为50ΩD．滑动变阻器消耗的电功率为240W考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：根据变压器电压和电流与匝数的关系求出副线圈电压和电流，而灯泡正常发光，所以灯泡两端的电压为100V，根据串并联电路的特点与根据功率公式即可求解．解答：解：A、根据原副线圈电压之比等于匝数比可知，副线圈电压为=220V，根据原副线圈电流之比等于匝数的倒数比可知，副线圈电流=2.4A，灯泡的额定电压为100V，所以与灯泡串联的电阻值为，所以与灯泡并联局部的阻值也为50Ω，所以通过并联局部滑动变阻器的电流为，所以通过灯泡的电流为2.4﹣2A=0.4A，所以灯泡的功率PL=U L I L=100×0.4=40W，故AC正确，B错误；D、滑动变阻器消耗的功率为100×2+120×2.4W=488W，故D错误．应当选AC点评：此题考查了变压器的特点，而难点在于如何求滑动变阻器消耗的功率．9．〔4分〕〔2013春•宝应县期末〕如下列图，有一理想变压器，原线圈接在电压一定的正弦交流电源上，副线圈电路中接入三个电阻R1、R2、R3，各交流电表的内阻对电路的影响不计，当开关S闭合时，各电表的示数变化情况是〔〕A．电流表A1示数变大B．电流表A2示数变大C．电压表V1示数变小D．电压表V2示数变大考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：和闭合电路中的动态分析类似，可以根据R2的变化，确定出总电路的电阻的变化，进而可以确定总电路的电流的变化的情况，再根据电压不变，来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况．解答：解：AB、因开关s闭合时，总的电阻减小，所以电路的总电流要变大，因此A1、A2的示数都要变大，故A正确，B也正确；CD、因开关s闭合时，电路的总的电阻减小，由于变压器的匝数比和输入的电压都不变，所以输出的电压也不变，即V1示数不变，但因总电阻减小，如此电流增大，因此电阻R1分压增大，所以V2示数变小，故C错误，D错误；应当选：AB．点评：电路的动态变化的分析，总的原如此就是由局部电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先局部后整体再局部的方法．10．〔4分〕如下列图，S为一在xy平面内的点光源．一平面镜垂直于xy平面放置，它与xy平面的交线为MN，MN与x轴的夹角θ=30°．现保持S不动，令平面镜以速率v沿x轴正方向运动，如此S经平面镜所成的像〔〕A．以速率v沿x轴正方向运动B．以速率v沿y轴正方向运动C．以速率沿像与S连线方向向S运动D．以速率v沿像与S连线方向向S运动考点：平面镜成像．专题：压轴题；图析法．分析：物体与物体的像关于平面镜对称，作出光路图，根据几何关系可出出像的运动情况．解答：解：设平面镜以速率v沿x轴正方向由MN运动到位置M2N2，其位移为x，经平面镜所成的像由S1移动到S2，如下列图，如此像在垂直于镜面方向移动的距离为a=vt=xsin30°=0.5vt，由几何关系知像移动的距离为2a，设像移动的速度为v′，如此2a=v′t，所以v′=v，应当选D．点评：解答光学问题在于作出光路图，根据几何关系进展分析判断．11．〔4分〕图中虚线表示两种介质的界面与其法线，实线表示一条细光束斜射到界面时发生反射与折射的光线〔〕A．bO是入射光线B．aO是入射光线C．cO是入射光线D．Ob是反射光线考点：光的折射定律．专题：光的折射专题．分析：在光的反射中，入射角等于反射角；在光的折射中，折射角与入射角不相等，且分居法线两侧，根据该规律判断哪一条是入射光线，哪一条是反射光线，哪一条是折射光线．解答：解：在光的反射中，入射角等于反射角，入射光线和反射光线分居法线两侧；在光的折射中，折射角与入射角不相等，且分居法线两侧．可知，aO是入射光线，Ob是反射光线，Oc是折射光线．故BD正确，AC错误．应当选：BD．点评：解决此题的关键知道光的反射定律和折射定律，知道入射光线与反射光线与折射光线的关系，以与知道入射角与反射角、折射角之间的关系．12．〔4分〕〔2008•四川〕如图，一束单色光射入一玻璃球体，入射角为60°．己知光线在玻璃球内经一次反射后，再次折射回到空气中时与入射光线平行．此玻璃的折射率为〔〕A．B． 1.5 C．D．2考点：光的折射定律．专题：压轴题；光的折射专题．分析：作出光线在玻璃球体内光路图．由于折射回到空气中时与入射光线平行，出射的光路与入射的光路具有对称性，根据几何知识求出光线在A点的折射角，再求解折射率．解答：解：作出光线在玻璃球体内光路图，A、C是折射点，B反射点，OD平行于入射光线，由几何知识得，∠AOD=∠COD=60°，如此∠OAB=30°即折射角r=30°，入射角i=60°所以折射率为n==应当选C点评：此题解答的关键是作出光路图，要根据反射光路的对称性，由几何知识作出光路，求出折射角．二．实验题〔13题每空3分，14题4分，共13分〕13．〔9分〕假设示波器所显示的输入波形如下列图，要将波形上移，应调节示波器面板上的竖直位移旋钮，要使此波形横向展宽，应调节x增益旋钮，要使屏上显示3个完整的波形应调节扫描范围旋钮和扫描微调旋钮．考点：示波器的使用．专题：实验题．分析：由示波器的各旋钮的功能进展选择，要明确示波器的使用方法，熟记各旋钮的作用，即可分析答题．解答：解：要将图中的波形曲线上移，应调节竖直位移旋钮，假设要使此波形横向展宽，应调节x增益旋；要使屏上能够显示3个完整的波形，应调节扫描范围旋钮和扫描微调旋钮；故答案为：竖直位移；x增益；扫描范围旋钮和扫描微调．点评：此题考查了调整示波器波形与位置的方法，知道示波器的结构、熟悉各旋钮的功能与使用方法即可解题．14．〔4分〕某同学做“测定玻璃砖的折射率的实验〞中他用测得的多组入射角θ1与折射角θ2作出sinθ1﹣sinθ2图象如下列图，如下判断正确的答案是〔〕A．他做实验时，光线由玻璃进入空气B．玻璃的折射率为0.67C．玻璃的折射率为1.5D．玻璃临界角的正弦植为0.67考点：测定玻璃的折射率．专题：实验题．分析：由图可知入射角与折射角的大小关系，即可知道光线射入的方向．由光的折射定律可求得玻璃的折射率与临界角．解答：解：A、由图象可知：sinθ1＞sinθ2，如此入射角θ1＞折射角θ2，所以光线从空气射入玻璃，故A错误．B、C、图象的斜率k即是玻璃折射率，由图易得：k=n==1.5，故B错误，C正确；D、玻璃临界角的正弦值sinC==0.67，故D正确．应当选：CD．点评：此题考查光的折射定律，图象是高中物理中常用工具，应掌握图象的意义，并能结合公式去理解图象．三．计算题15．〔12分〕〔2013春•船营区校级期末〕某村在距村庄较远的地方修建了一座小型水电站，发电机输出功率为9kW，输出电压为500V，输电线的总电阻为10Ω，允许线路损耗的功率为输出功率的4%．求：〔1〕村民和村办小企业需要220V电压时，所用升压变压器和降压变压器的原、副线圈的匝数比各为多少？〔不计变压器的损耗〕〔2〕假设不用变压器而由发电机直接输送，村民和村办小企业得到的电压和功率是多少？考点：远距离输电．专题：交流电专题．分析：〔1〕根据输电线上损失的功率求出输电线上的电流，从而得出升压变压器的输出电压，结合输入电压和输出电压得出升压变压器的原副线圈匝数之比．根据输电线上的电压损失得出降压变压器的输入的电压，结合降压变压器的输入电压和输出电压得出原副线圈的匝数之比．〔2〕根据输电电压和输送功率求出输送的电流，根据电压损失和功率损失求出用户得出的电压和功率．解答：解：建立如图甲所示的远距离输电模型，要求变压器原、副线圈的匝数比，先要知道原、副线圈两端的电压之比．此题可以线路上损耗的功率为突破口，先求出输电线上的电流I线，再根据输出功率求出U2，然后再求出U3．〔1〕由线路损耗的功率P线=I线2R线可得又因为P输出=U2I线，所以U3=U2﹣I线R线=〔1 500﹣6×10〕V=1 440 V根据理想变压器规律.所以升压变压器和降压变压器原、副线圈的匝数比分别是1：3和72：11．〔2〕假设不用变压器而由发电机直接输送〔模型如图乙所示〕，由P输出=UI线′可得所以线路损耗的功率P线=I线′2R线=182×10 W=3 240 W用户得到的电压U用户=U﹣I线′R线=〔500﹣18×10〕V=320 V用户得到的功率P用户=P输出﹣P线=〔9 000﹣3 240〕W=5760 W．答：〔1〕升压变压器和降压变压器的原、副线圈的匝数比各为1：3和72：11．〔2〕村民和村办小企业得到的电压为320V，功率为5760W．点评：解决此题的关键知道输送功率、输送电压、电流的关系，以与知道变压器原副线圈的电压之比等于匝数之比．升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压和电压损失之和．16．〔12分〕〔2013秋•翠屏区校级期末〕如图〔a〕所示，一个电阻值为R，匝数为n的圆形金属线与阻值为2R的电阻R1连结成闭合回路．线圈的半径为r1．在线圈中半径为r2的圆形区域存在垂直于线圈平面向里的匀强磁场，磁感应强度B随时间t变化的关系图线如图〔b〕所示．图线与横、纵轴的截距分别为t0和B0．导线的电阻不计．求0至t1时间内〔1〕通过电阻R1上的电流大小和方向；〔2〕通过电阻R1上的电量q与电阻R1上产生的热量．考点：法拉第电磁感应定律；电磁感应中的能量转化．专题：电磁感应——功能问题．分析：〔1〕由B﹣t图象的斜率读出磁感应强度的变化率，由法拉第电磁感应定律求出线圈中产生的感应电动势，由欧姆定律求出感应电流的大小，由楞次定律判断出感应电流的方向．〔2〕由公式q=It求出通过电阻R1上的电量q，由焦耳定律求出电阻R1上产生的热量．解答：解：〔1〕由图象分析可知，0至t1时间内=由法拉第电磁感应定律有E=n=n s而s=π由闭合电路欧姆定m律有 I=联立以上各式解得通过电阻R1上的电流大小为I由楞次定律可判断通过电阻R1上的电流方向为从b到a〔2〕通过电阻R1上的电量q=I1t1=通过电阻R1上产生的热量Q==答：〔1〕通过电阻R1上的电流大小和方向从b到a；〔2〕通过电阻R1上的电量与电阻R1上产生的热量．点评：此题是法拉第电磁感应定律、欧姆定律、焦耳定律的综合应用，应用法拉第定律时要注意s是有效面积，并不等于线圈的面积．17．〔15分〕单位是时间内流过管道横截面的液体体积叫做液体的体积流量〔以下简称流量〕．由一种利用电磁原理测量非磁性导电液体〔如自来水、啤酒等〕流量的装置，称为电磁流量计．它主要由将流量转换为电压信号的传感器和显示仪表两局部组成．传感器的结构如下列图，圆筒形测量管内壁绝缘，其上装有一对电极a和c，a、c间的距离等于测量管内径D，测量管的轴线与a、c的连接放像以与通过电线圈产生的磁场方向三者相互垂直．当导电液体流过测量管时，在电极a、c的间出现感应电东势E，并通过与电极连接的仪表显示出液体流量Q．设磁场均匀恒定，磁感应强度为B．〔1〕D=0.40m，B=2.5×10﹣3T，Q=0.123/s，设液体在测量管内各处流速一样，试求E的大小〔π取3.0〕〔2〕一新建供水站安装了电磁流量计，在向外供水时流量本应显示为正值．但实际显示却为负值．经检查，原因是误将测量管接反了，既液体由测量管出水口流入，从如水口流出．因为已加压充满管道．不便再将测量管拆下重装，请你提出使显示仪表的流量指示变为正直的简便方法；〔3〕显示仪表相当于传感器的负载电阻，其阻值记为R．a、c间导电液体的电阻r随液体电阻率色变化而变化，从而会影响显示仪表的示数．试以E、R．r为参量，给出电极a、c 间输出电压U的表达式，并说明怎样可以降低液体电阻率变化对显示仪表示数的影响．考点：霍尔效应与其应用．分析：〔1〕导电液体通过测量管时，相当于长为D的导线做切割磁感线的运动，产生感应电动势．〔2〕在速度方向不变时，改变磁场方向可改变感应电动势的方向或改变显示仪的两极．〔3〕根据欧姆定律推导电极a、c间输出电压U的表达式，并分析如何液体降低电阻率对U 的影响．解答：解：〔1〕导电液体通过测量管时，相当于导线做切割磁感线的运动，在电极a、c 间切割感应线的液柱长度为D，设液体的流速为v，如此产生的感应电动势为：E=BDv…①由流量的定义，有：Q=Sv=v…②以上两式联立解得：E=BD=代入数据得：E=V=1.0×10﹣3 V〔2〕能使仪表显示的流量变为正值的方法简便，合理即可，如：改变通电线圈中电流的方向，是将磁场B反向，或将传感器输出端对调接入显示仪表．〔3〕传感器的显示仪表构成闭合电路，由闭合电路欧姆定律有：I=U=IR==…③输入显示仪表测量的是a、c间的电压U，流量示数和U一一对应，E 与液体电阻率无关，而r随电阻率的变化而变化，由③式可看出，r变化相应的U也随之变化．在实际流量不变的情况下，仪表显示的流量示数会随a、c间的电压U的变化而变化，增大R，使R＞＞r，如此U≈E，这样就可以降低液体电阻率的变化对显示仪表流量示数的影响．答：〔1〕E的大小为1.0×10﹣3V．〔2〕使显示仪表的流量指示变为正直的简便方法将磁场B反向，或将传感器输出端对调接入显示仪表．〔3〕电极a、c间输出电压U的表达式为U=．增大R，使R＞＞r，U≈E，可以降低液体电阻率的变化对显示仪表流量示数的影响．点评：此题是理论联系实际的问题，关键是建立模型：液体流过磁场相当于导体切割磁感线，产生感应电动势，测量管相当于电源，显示仪相当于外电路．。
甘肃省天水市一中2013-2014学年高二上学期期末考试物理试题Word版含答案[来源：学优高考网1015296]
天水市一中2012级2013—2014学年度第一学期期末考试试题物理命题：李俊祥审核：孙维忠一、选择题（每小题4分，共48分。
其中第2、5、9、11题至少有两个选项正确，其它各题只有一个选项正确，全对得4分，选对但不全得2分，选错得0分）1．在物理学发展史上，最先发现电流周围有磁场的科学家是A．安培B．法拉第C．奥斯特D．楞次2．如图所示，a、b、c为同一条电场线上的三点，c为ab连线的中点，a、b两点的电势分别为φa=5V，φb=3V.下列说法正确的是A．c点的电势一定为4VB．a点的场强一定比b点场强大C．电场线的方向一定向右D．正点电荷从c点运动到b点电势能一定减少3．如图所示，一平行板电容器两极板水平放置，充电后断开电源，极板间一带电微粒恰好静止。
现保持两板正对面积不变，用绝缘手柄使两极板距离先变大后变小（未碰到粒子），则微粒将A．一直向上运动B．一直向下运动C．先向上后向下D．静止4．如图所示，在x轴上有两A、B两个点电荷，带电荷量分别为+Q1与-Q2，且Q1＞Q2，用E1和E2分别表示两个点电荷所产生的场强的大小，则在x轴上应有A．E1=E2的点只有一处，该处合场强为零B．E1=E2的点共有两处，一处合场强为零，另一处合场强为2E2C．E1=E2的点共有三处，其中两处合场强为零，另一处合场强为2E2D．E1=E2的点共有三处，其中一处合场强为零，另两处合场强为2E25．如图所示，有三个质量相等、分别带正电、负电和不带电的小球，从上、下带电平行金属板间的P点以相同速率垂直电场方向射入电场，它们分别落到A、B、C三点，则A．落点为A的小球带正电B．落点为B的小球带正电C．落点为C的小球带负电D．落点为B的小球不带电6．对于安培力和洛仑兹力，以下说法正确的是A．通电导线在磁场中一定受安培力B．只有通电导线与磁场垂直时才受安培力C．不管带电粒子做什么运动，洛仑兹力总不做功D．只有带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动时，洛仑兹力才不做功7．如图，两根互相平行的长直导线过纸面上的M、N两点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流。
天水一中高二物理上学期第一学段段中试题 理
天水一中2012级2013～2014学年第一学期第一学段中考试题物 理（理科）一、选择题：（共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）00。
1．下述说法正确的是A ．根据E = F/q ，可知电场中某点的场强与电场力成正比。
B ．根据E = KQ/r 2，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q 成正比。
C ．根据场强叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强。
D ．电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹2．在真空中有两个完全相同的金属的小球甲和乙，给甲球带上大小为q 1的正电荷，乙球带上大小q 2的负电荷（带电小球视为点电荷），把两球放在距离为r 的两点，小球可视为点电荷，两球间的库仑力大小为F 。
现使两球接触，然后分开放回原处，两球间的库仑力大小变为F/8，则两球原来带电量大小的关系可能是A ．q 1=2q 2B ．q 2=3q 1C ．q 1=4q 2D ．q 2=8q 1 3．在真空中的A 点固定一个带电量大小为Q 的正点电荷，有一个质量为m 的带电油滴恰好是在A 点正下方距离为r 的B 点处保持静止，油滴带电量大小q ，则A ．油滴一定带正电B ．油滴一定带负电C ．B 点处的电场强度大小等于mg/qD ．B 点处的电场强度大小等于KQ/r 24．如图所示，在A 、B 两点上放置两个点电荷，它们的电荷量分别为q 1、q 2，MN 是过a 、b 的直线，P 是直线上的一点。
若P 点的场强为零，则 A ． q 1、q 2都是正电荷，且q 1＞q 2B ． q 1是正电荷，q 2是负电荷，且q 1＜|q 2|C ． q 1是负电荷，q 2是正电荷，且|q 1|＞q 2D ． q 1、q 2都是负电荷，且|q 1|＜|q 2|5．如图所示，P 、Q 是两个电荷量相等的正点电荷，它们连线的中点为O ， A 、B 是中垂线上的两点， OA < OB ，用E A 、E B 、φA 、φB 分别表示A 、B 两点的场强和电势，则A ．E A 一定大于EB ，φA 一定大于φB B ．E A 不一定大于E B ，φA 一定大于φBC ．将正电荷q 由A 移到B 电场力一定做正功，电势能减小D ．将负电荷q 由A 移到B 电场力做正功，电势能减小6．如图所示是点电荷电场中的一条电场线，Ａ、Ｂ是这电场线上的两点，若将一负电荷从A 点自由释放，负电荷沿电场线由A 到B 运动过程中，加速度逐渐减小，比较A 、B 两点电势的高低和场强的大小，可得：A ．φA ＜φB B ．φA ＞φBC ．E A ＜E BD ．E A ＞E B 7．一个带正电的质点，电量q=2.0×10-9C ，在静电场中由a 点移到b 点，在这过程中，除电场力外，其它力做的功为6.0×10-5J ，质点的动能增加了8.0×10-5J ，则a 、b 两点间的电势差U ab 为A ．1×104VB ．3×104VC ．4×104VD ．7×104VPN· · AB8．如图所示，A 、B 两点各放有电量为+Q 和+2Q 的点电荷，A 、B 、C 、D 四点在同一直线上，且AC=CD=DB 。
天水市第一中学2014-2015学年高一上学期期末考试卷物理试题及答案
2014-2015学年甘肃省天水市第一中学高一上学期期末考试物理卷一.选择题(1～8每题只有一个选项是正确的，9～10每题有两个选项是正确的，全部选对得5分，选不全得3分，选错或不选得0分，共50分）1．关于力学单位制，下列说法中正确的是（）A．kg、m、N是基本单位B．kg、N、m/s都是导出单位C．在国际单位制中，牛顿第二定律的表达式才是F=maD．在国际单位制中，质量的基本单位是kg，也可以是g【答案】C【解析】N不是基本单位，A错误；kg是基本单位不是导出单位，B错误；在国际单位制中，牛顿第二定律的表达式才是F=ma，否则k不等于1，C正确；在国际单位制中，质量的单位是kg,D错误。
2．“蛟龙”号载人潜水器2011年7月30号凌晨4时26分开始进行第四次下潜实验，并在深度5182米的位置成功安放了中国大洋协会的标志和一个木雕的中国龙，如图所示。
下潜全程历时8小时57分，于13时2分完成下潜任务后顺利返回到“向阳红09”母船。
关于此次潜实验说法正确的是（）A．“5182米”是指位移B．“5182米”是指路程C．“4时26分”、“8小时57分”、“13时2分”是指时间D．“4时26分”、“13时2分”指时刻，“8小时57分”指时间【答案】D【解析】5182m指深度，一定不是位移，因为不可能做单向直线运动，AB错误；4时26分是时刻、8小时57分是时间、13时2分是时刻，C错误，D正确。
3．滑块以某一初速度从斜面底端冲上斜面做匀减速直线运动，到达斜面顶端时的速度为零。
已知滑块通过斜面中点时的速度为v ，则滑块的初速度为（ ）111) D.22v v v 【答案】C【解析】运动用逆向思维，设斜面的长度为2x ,由2202v v ax -=得：22v ax = 2202v v ax -=,，C 正确。
4．在一次交通事故中，一辆载有30吨“工”字形钢材的载重汽车由于避让横穿马路的摩托车而紧急制动，结果车厢上的钢材向前冲出，压扁驾驶室。