2013届高考物理二轮复习专题课件：专题四 第2课时 动力学、动量和能量观点的综合应用
热点题型例析
第2课时
设小车从开始运动经历时间 t 与 AB 速度相等,有 v2＋a1t＝a2t ⑥(1 分)
联立得 t＝1 s,此时速度为 v＝2 m/s,1 s 时间内小车的位移为 1 2 s1＝2a2t ＝1 m ⑦(1 分) 本 1 课 滑块的位移为 s2＝v2t＋ a1t2＝1.5 m ⑧(1 分) 2 时 ⑨(1 分) ⑩(2 分)
本 课 时 栏 目 开 关
知识方法聚焦
第2课时
(1)对多个物理过程进行整体思维,即把几个过程合为一个过程 来处理,如用动量守恒定律解决比较复杂的运动. (2)对多个研究对象进行整体思维,即把两个或两个以上的独立
本 物体合为一个整体进行考虑,如应用动量守恒定律时,就是把多 课 时 个物体看成一个整体(或系统). 栏 目 开 关
(2)设滑块滑上长木板后,相对长木板滑动时加速度大小为 a1,此 过程中长木板的加速度大小为 a2,则有： μmg＝ma1,解得 a1＝μg＝2 m/s2 F＋μmg＝Ma2,解得 a2＝2.5 m/s2 (1 分) (1 分)
热点题型例析
4 当两者速度相等时 vC－a1t1＝a2t1,解得 t1＝ s 3 度 v1＝vC－a1t0＝4 m/s
第2课时
(1 分)
因为 t0<t1,所以撤去外力 F 时,m、M 还未相对静止,此时 m 的速 (1 分) (1 分)
本 M 的速度 v2＝a2t0＝2.5 m/s 课 时 该过程 m 相对 M 的位移为 栏 vC＋v1 v2 t － t ＝3.75 m 目 s 相对＝ 2 0 2 0 开 关
(1 分) (1 分) (1 分) (1 分)
(1 分) (2 分) (1 分)
热点题型例析
设车的最短长度为 L,根据能量守恒得 1 1 2 (mA＋mB)v －2(mA＋mB＋mC)vC 2＝fL 2 L＝0.375 m
答案 (1)60 N
第2课时
(2 分) (1 分)
本 课 时 栏 目 开 关
(2)2.5 m/s (3)0.375 m
热点题型例析
解析 (1)由法拉第电磁感应定律,棒 PQ 产生的电动势 E＝Blv0 (2 分) Blv0 则回路产生的电流大小 I＝ 2R (2 分)
本 课 时 栏 目 开 关
热点题型例析
第2课时
(2)棒 PQ 和 MN 在运动过程中始终受到等大反向的安培力,系统 v0 的动量定恒,得 mv0＝mv1＋2m· (2 分) 4 由能量守恒定律,回路中产生的焦耳热为 v0 2 1 1 1 2 2 Q＝2mv0 －2mv1 －2×2m( 4 ) 5 解得 Q＝16mv0 2
本 课 时 栏 目 开 关
图4
热点题型例析
第2课时
(1)求 PQ 棒刚开始运动时,回路产生的电流大小. v0 (2)若棒 MN 脱离导轨时的速度大小为 ,则回路中产生的焦耳热 4 是多少？ (3)若原来回路中靠近 MN 棒一侧的导轨中串联接有一个恒流电 源,该电源使回路中的电流大小始终保持为 I0(沿 PMNQP 方向), 试讨论 MN 棒脱离导轨时速度 v 的大小与 d 的关系.
热点题型例析
第2课时
本 课 时 栏 目 开 关
图3 (1)滑块 A 释放时距离 N 点的高度； (2)车与挡板相碰前摩擦产生的热量； (3)车与挡板碰撞后,A、B 滑块经过的路程.
热点题型例析
第2课时
解析 (1)设滑块 A 到达 N 点时速度为 v1,根据牛顿第二定律得： v1 2 3Mg－Mg＝M R ①(2 分) 从开始释放到运动到 N 点,根据机械能守恒定律得 1 Mgh＝2Mv1 2 联立①②式得,h＝R＝0.2 m
3μMg 侧空间存在水平向右、 大小为 E＝ q 的匀强电场.质量为 M
＝1 kg、不带电的滑块 B 静止在小车的左端,质量也为 M、带 电荷量为 q 的滑块 A(A、B 均可看作质点,图中 A 未画出),从 轨道上的某一点由静止释放,通过轨道末端 N 点时对轨道的 压力为 A 重的 3 倍,与滑块 B 碰撞后粘合在一起,碰撞过程中 无电荷量损失.A、B 滑块与平板车间的动摩擦因数为 μ＝0.2. 车与挡板碰后立即被锁定,A、B 粘合后与挡板碰撞过程中无 能量损失,且不计电荷量损失.(g＝10 m/s2)求：
的滑块 B,滑块 A 与 B 均可看作质点,滑块 A 与 B 碰撞后粘合在 一起共同运动,最终没有从车 C 上滑出,已知滑块 A 和 B 与车 C 的动摩擦因数均为 μ＝0.5,车 C 与水平地面的摩擦忽略不计.取 g＝10 m/s2.求：
热点题型例析
第2课时
图1
本 课 (1)滑块 A 滑到圆弧面末端时对轨道的压力大小； 时 栏 (2)滑块 A 与 B 碰撞后瞬间的共同速度的大小； 目 开 (3)车 C 的最短长度. 关 1 2
第2课时
(16 分)如图 2 所示,一质量 m＝2 kg 的滑块从高 h＝ 1 1.5 m 处无初速度下落,沿切线方向进入固定的4粗糙圆弧 AB,圆 弧半径 R＝1.5 m,再经长 L＝4 m 的粗糙平面 BC 滑上静止于光 滑水平地面上质量为 M＝4 kg 的足够长的长木板,长木板 M 的 上表面与 BC 面齐平,与 C 点的间隙可忽略,滑块滑至 C 点时的速 度 vC＝6 m/s.当滑块 m 滑至长木板 M 上表面的同时施加给 M 一 个大小为 F＝6 N 的水平向右的作用力,经 t0＝1 s 撤去 F.已知滑 块 m 与粗糙圆弧 AB、粗糙平面 BC 及 M 上表面的动摩擦因数 均为 μ＝0.2(g 取 10 m/s2).求：
本 课 时 栏 目 开 关
为零 ,则在该方向上系统动量守恒.
③系统虽受外力,但外力远小于内力且作用时间极短,如碰撞、爆 炸过程.
知识方法聚焦
第2课时
2.解决力学问题的三个基本观点 (1)力的观点：主要应用 牛顿运动 定律和运动学公式相结合,常 涉及受力、加速或匀变速运动的问题. (2)动量的观点：主要应用 动量 定理或动量守恒定律求解,常涉 及物体的受力和 时间 问题,以及相互作用的物体系问题. (3)能量的观点： 在涉及单个物体的受力和位移问题时,常用动能 定理分析； 在涉及`物体系内能量的转化问题时,常用能量的转化 和守恒定律.
产生的热量 Q1＝μmgs 相对＝15 J 此后由于撤去 F,由 m、M 组成的系统满足动量守恒,有 mv1＋Mv2＝(M＋m)v 共 得滑块 m 与长木板 M 的最终速度 v 共＝3 m/s
热点题型例析
第2课时
由能量守恒知此过程产生的热量为 1 2 1 2 1 Q2＝2mv1 ＋2Mv2 －2(M＋m)v共2＝1.5 J 所以滑块 m 在长木板 M 上表面上滑动时时
第 2 课时
动力学、 动量和能量观点的综合应用
1.动量守恒定律 (1)内容：两个物体在碰撞时,如果系统所受到的 合外力 为零, 则系统的总动量保持不变.
知识方法聚焦
(2)表达式：m1v10＋m2v20＝m1v1＋m2v2；
第2课时
或 p＝p′(系统相互作用前的总动量 p 等于系统相互作用后的总 动量 p′)； 或 Δp＝0(系统总动量的变化量为零)； 或 Δp1＝－Δp2(相互作用的两个物体组成的系统,两物体动量的 变化量 大小相等、方向相反 ). (3)动量守恒定律的适用条件 ①系统不受外力或系统虽受外力但所受外力的 合力为零 . ②系统所受合外力不为零,但在某一方向上系统 所受外力的合力
本 课 时 栏 目 开 关
图2
热点题型例析
第2课时
(1)滑块 m 在粗糙圆弧 AB 上运动时克服摩擦力所做的功； (2)滑块 m 与长木板 M 的最终速度的大小及滑块 m 在长木板 M 上表面上滑动时所产生的热量.
解析 (1)由动能定理可得：
本 1 课 mg(h＋R)－μmg· L＋WfAB＝2mvC 2 (3 分) 时 栏 目 所以：WfAB＝－8 J,即在 AB 圆弧上克服摩擦力做功为 8 J.(1 分) 开 关
热点题型例析
第2课时
题型 1 动量和能量观点在力学中的应用
本 【例 1】 (18 分)如图 1 所示,固定在地面上的光滑的 1/4 圆弧面 课 与车 C 的上表面平滑相接,在圆弧面上有一个滑块 A,其质量为 时 栏 mA＝2 kg,在半径为 R＝1.25 m 的 1/4 圆弧面顶端由静止下滑, 目 开 车 C 的质量为 mC＝6 kg,在车 C 的左端有一个质量 mB＝2 kg 关
(2)A 滑块与 B 滑块碰撞,根据动量守恒定律得
第2课时
(1 分) (1 分)
本 mAvA＝(mA＋mB)v 课 mAvA 时 v＝ ＝2.5 m/s mA＋mB 栏 目 开 (3)A、B 在 C 上滑行受到的摩擦力为： 关
(3 分) (1 分)
f＝μ(mA＋mB)g＝20 N A、B 在 C 上滑行满足动量守恒 (mA＋mB)v＝(mA＋mB＋mC)vC vC＝1 m/s
第2课时
⑫ ⑬
滑块从挡板滑至左端需要的最小能量 Emin＝2μMgL＋EqL 解得 Ek<Emin
故滑块不会从左端滑出 (2 分) 1 由能量守恒得 (2M)v2＋Eqs′＝2μMgs 路＋Eq(s 路－s′)⑭(2 分) 2 本 课 (1 分) 时 故 s 路＝1 m.
(1)0.2 m
栏 目 答案 开 关
v2,Mv1＝2Mv2 小车与挡板碰撞前,AB 加速度为 qE－2μMg a1＝ ＝1 m/s2 2M 小车的加速度为 a2＝μg＝2 m/s2
本 课 时 栏 目 开 关
②(2 分) (1 分)
③(2 分)
(2)A、 在 N 点的碰撞过程满足动量守恒定律,设碰后 AB 速度为 B
④(1 分) ⑤(1 分)
(2)2 J
(3)1 m
热点题型例析
第2课时
(18 分)两根足够长的固定的平行金属导轨位于同一水 平面内,两导轨间距为 l.导轨上面横放着两根导体棒 PQ 和 MN, 构成矩形回路,如图 4 所示.导体棒 PQ 的质量为 m、MN 的质量 为 2m,两者的电阻皆为 R,回路中其余部分的电阻可不计.在整个 导轨平面内都有竖直向上的匀强磁场,磁感应强度为 B.设两导体 棒均可沿导轨无摩擦地滑行.开始时,棒 MN 静止于距导轨右端 d 处,PQ 棒以大小为 v0 的初速度从导轨左端开始运动.忽略回路的 电流对磁场产生的影响.
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2013届高考物理二轮复习 第一部分 专题4 第二讲 带电粒子在磁场和复合场中的运动精品课件
轴．不计微粒重力，求：(结果保留两位有效数字)
(1)带电微粒进入电场时的初速度v0多大； (2)带电微粒在磁场中做圆周运动的半径；
(3)画出粒子运动轨迹图并求出最小矩形
磁场区域的长和宽．
【解析】
(1)带电微粒做类平抛运动把速度v分解如图所示．
v0＝vcos 30°＝2.6×104 m/s
(2)洛伦兹力提供向心力，有 v2 qvB＝m R mv R＝ qB ＝0.3 m. (3)画出粒子的运动轨迹如图所示． 设最小矩形磁场区域的长为a、宽为b，由数学知识可知α＝ 60° ， a＝2R＝0.6 m b＝Rcos 30° ＋R b＝0.56 m.
3．受力分析及解题观点 (1)带电粒子在混合场中的运动问题是电磁学知识和力学知识的结 合，分析方法和力学问题的分析方法基本相同，不同之处是多了电 场力、洛伦兹力． (2)带电粒子在混合场中的运动问题，除了利用力学即动力学观点 、能量观点来分析外，还要注意电场和磁场对带电粒子的作用特点
，如电场力做功与路径无关，洛伦兹力方向始终和运动速度方向垂
【答案】
A
3. (2012· 新课标全国高考)如图4－2－8，一半径为R的圆表示一柱形 区域的横截面(纸面)．在柱形区域内加一方向垂直于纸面的匀强磁场， 一质量为m、电荷量为q的粒子沿图中直线在圆上的a点射入柱形区域， 在圆上的b点离开该区域，离开时速度方向与直线垂直．圆心O到直线的 3 距离为5R.现将磁场换为平行于纸面且垂直于直线的匀强电场，同一粒子 以同样速度沿直线在a点射入柱形区域，也在b点离开该区域．若磁感应 强度大小为B，不计重力，求电场强度的大小．
【答案】 A
2. (2012·大连模拟)如图4－2－7所示，回旋 加速器D形盒的半径为R，所加磁场的磁感 应强度为B，被加速的质子从D形盒中央由
高考物理二轮复习第2章动量和能量2动量和能量观点的综合应用课件
设小球运动到最高点 球由半圆形轨道的底端运动到 C 点的过程中机 械能守恒，
则有12mv2C＋2mgR＝12mv2B 解得 vC＝ 5 m/s 对小球 B，在最高点 C 有 mg＋FN＝mvR2C 解得 FN＝4 N 由牛顿第三定律知小球 B 运动到最高点 C 时对轨道的压力 大小为 4 N. 答案：(1)2 m/s (2) 4N
(1)两小球碰前 A 的速度大小 vA； (2)小球 B 运动到最高点 C 时对轨道的压力大小．
解析：(1)碰前对 A 由动量定理有 －μMgt＝MvA－Mv0 解得 vA＝2 m/s. (2)对 A、B 组成的系统：碰撞前后动量守恒，则有 MvA＝ MvA′＋mvB
碰撞前后动能保持不变，则有12Mv2A＝12MvA′2＋12mv2B 由以上两式解得 v′A＝1 m/s，vB＝3 m/s
核心归纳·备考策略 要点整合
1．动量定理及动量守恒定律 (1)动量定理：Ft＝mv2－mv1 (2)动量守恒定律：m1v1＋m2v2＝m1v1′＋m2v2′ (3)
2．三大力学观点
应试策略 1．力学规律的选用原则 (1)单个物体： ①宜选用动量定理、动能定理和牛顿运动定律．若其中涉及 时间的问题，应优先选用动量定理． ②若涉及位移的问题，应优先选用动能定理． ③若涉及加速度的问题，只能选用牛顿第二定律． (2)多个物体组成的系统：优先考虑能量、动量两个守恒定律． (3)碰撞、反冲、爆炸等很短过程中一般遵循动量守恒定律。
(3)设滑块沿圆弧轨道上升到最大高度时，滑块与小车具有共 同的速度 v′，由动量守恒定律可得 mv1＝(m＋M)v′，解得 v′ ＝170m/s.
设圆弧轨道的最大半径为 Rm， 由能量守恒定律有12mv21＝12(m＋M)v′2＋(mg＋qE)Rm，解得 Rm＝0.71 m. [答案] (1)85 J (2)1 m (3)0.71 m
高考物理二轮专题复习课件：动力学和能量观点的综合应用
律解决问题的过程中，引导 观念。
动情景为依托，强调受力
学生体会守恒的思想，领悟 2．科学推理和论 分析、运动过程分析以及
从守恒的角度分析问题的方 证能力，应用牛顿 应用动力学和能量观点进
法，增强分析和解决问题的 第二定律、运动学 行分析和推理。主要题型：
能力。
公式、动能定理以 动力学方法和动能定理的
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专题二 动量与能量
22
(3)当小物块刚好能通过 C 点时，从 A 到 B 过程
f＝μ(mg－Fsin θ)
Fscos θ－fs＝12mv2B
得 F＝21110 N，当小物块在 AB 段即将飞离地面时 Fsin θ＝mg，得 F＝50 N。
综上，拉力的取值范围为21110 N≤F≤50 N。 答案：(1)2 5 m/s (2)36 N (3)21110 N≤F≤50 N
第2讲 动力学和能量观点的综合应用 第2讲 动力学和能量观点的综合应用 第2讲 动力学和能量观点的综合应用
第第22(讲 讲2)动动匀力力学学加和和能能量量速观观点点启的的综综动合合应应用用过程中，机车功率不断增大，最大功率是额定功率。
第2讲 动力学和能量观点的综合应用
第第 第222(讲 讲讲3)动动 动以力力 力学学 学额和和 和能能 能量量 量定观观观点点 点功的的 的综综 综合合 合率应应 应用用 用启动的过程中，牵引力不断_减__小___，机车做加速度减小的加
不计空气阻力，重力加速度为 g。
(1)通过计算说明小球能否重新落回到轨道内侧；
(2)若 DA 之间的高度差为 3R，求小球落地点 P 到 B 点的距离 L。
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专题二 动量与能量
2013届高考物理二轮复习热点难点专题透析专题2：动量和能量课件(170张ppt)
名师诊断 对点集训
专案突破
决胜高考
(1)求物块B与物块A第一次碰撞前的速度大小. (2)通过计算说明物块B与物块A第一次碰撞后能否运动到右边的曲 面上?
(3)如果物块A、B每次碰撞后,物块A再回到平衡位置时都会立即被
锁定,而当它们再次碰撞前锁定被解除,试求出物块B第n次碰撞后的 运动速度大小.
名师诊断 对点集训
方法的最佳体现.
名师诊断 对点集训
专案突破
决胜高考
本专题以两个定理(动能定理、动量定理)、两个定律(机械能守恒 定律、动量守恒定律)为核心,以力对物体做功、力的冲量为重点,从
能量和动量两个角度研究力学问题.
一、掌握动能定理与机械能守恒定律
E E 1.动能定理:合力所做的功等于物体动能的变化,即W= - .
专案突破
决胜高考
1 【解析】对小物体,从A到B由动能定理,W-mgH= 2,则A错误;小 2 mv
v2 物体在加速过程中,由a= 2 x 知,因位移x不同,故加速度不同,根据牛
顿第二定律知,动摩擦因数不同,则C正确;系统产生的热量Q=μmg cos θ ·相=μmgcos s
mv2 v θ· cos sin ) = 2(1 tan ) ,因动摩擦因数不同,Q不 2g(
m,所以不能回到曲面.
(3)设B第x-1次与A碰后,从皮带返回再与A第n-1碰撞,n-x=1 mvx=mvn+Mvan
1 1 1 v x 2 = vn 2 + van 2 2 m 2 M 2m
名师诊断 对点集训 专案突破
决胜高考
1 联立解得:vn=- x 3v
vn=vx(舍去) 由此可知B与A碰撞后每次只能保留碰前速度大小的 3 ,所以碰撞n
2013届高考物理二轮复习专题课件：专题四 第2课时 动力学、动量和能量观点的综合应用
本课时栏目开关
为零,则在该方向上系统动量ቤተ መጻሕፍቲ ባይዱ恒.
③系统虽受外力,但外力远小于内力且作用时间极短,如碰撞、爆炸过程.
知识方法聚焦
第2课时
2.解决力学问题的三个基本观点(1)力的观点：主要应用牛顿运动定律和运动学公式相结合,常涉及受力、加速或匀变速运动的问题.(2)动量的观点：主要应用动量定理或动量守恒定律求解,常涉及物体的受力和时间问题,以及相互作用的物体系问题.(3)能量的观点：在涉及单个物体的受力和位移问题时,常用动能定理分析；在涉及`物体系内能量的转化问题时,常用能量的转化和守恒定律.
第2课时
题型1动量和能量观点在力学中的应用
本【例1】(18分)如图1所示,固定在地面上的光滑的1/4圆弧面课与车C的上表面平滑相接,在圆弧面上有一个滑块A,其质量为时栏mA＝2kg,在半径为R＝1.25m的1/4圆弧面顶端由静止下滑,目开车C的质量为mC＝6kg,在车C的左端有一个
本课时栏目开关
知识方法聚焦
第2课时
(1)对多个物理过程进行整体思维,即把几个过程合为一个过程来处理,如用动量守恒定律解决比较复杂的运动.(2)对多个研究对象进行整体思维,即把两个或两个以上的独立
本物体合为一个整体进行考虑,如应用动量守恒定律时,就是把多课时个物体看成一个整体(或系统).栏目开关
热点题型例析
知识方法聚焦
第2课时
第2课时
动力学、动量和能量观点的综合应用
1.动量守恒定律(1)内容：两个物体在碰撞时,如果系统所受到的合外力为零,则系统的总动量保持不变.
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(2)表达式：m1v10＋m2v20＝m1v1＋m2v2；
第2课时
或p＝p′(系统相互作用前的总动量p等于系统相互作用后的总动量p′)；或Δp＝0(系统总动量的变化量为零)；或Δp1＝－Δp2(相互作用的两个物体组成的系统,两物体动量的变化量大小相等、方向相反).(3)动量守恒定律的适用条件①系统不受外力或系统虽受外力但所受外力的合力为零.②系统所受合外力不为零,但在某一方向上系统所受外力的合力
二轮复习力学三大观点的综合应用 课件
-13-
考点一
考点二
考点三
(1)为使物块越过“壕沟”,求物块在B点最小ቤተ መጻሕፍቲ ባይዱ度v的大小;
(2)若θ=37°,为使物块恰好越过“壕沟”,求拉力F的大小;(sin
37°=0.6,cos 37°=0.8)
(3)若θ大小不确定,为使物块恰好越过“壕沟”,求力F的最小值。 关闭
((1结)由果h可=1保gt留2,得根号t=0) .4 s,v=������=4 m/s。
2
������
(2)v2=2al,解得 a=0.8 m/s2。
对物块受力分析,由牛顿第二定律可得 Fcos θ-μ(mg-Fsin θ)=ma,即 F=co������s���������������+��� +���������s���in������������
代入数据可得 F≈5.27 N。
(3)由数学知识可知 F=co������s���������������+��� +���������s���in������������ = N(1()其4 m中/stan(2φ)=5μ.2)7。N (3)58255 N
-12-
考点一
考点二
考点三
例2如图所示,一质量为m的物块在与水平方向成θ的力F的作用 下从A点由静止开始沿水平直轨道运动,到B点后撤去力F,物体飞出 后越过“壕沟”落在平台EG段。已知物块的质量m=1 kg,物块与水 平直轨道间的动摩擦因数μ=0.5,AB段长L=10 m,B、E两点的高度 差h=0.8 m,B、E两点的水平距离x=1.6 m。若物块可看作质点,空气 阻力不计,g取10 m/s2。
解得水平恒力F应满足的条件为F≥0.625 N。
答案： (1)①10 m/s ②9 N (2)F≥0.625 N
高三物理动量和能量PPT教学课件 (2)
之间的动摩擦因数μ = 0.2。取重加速度g = 10m/s²。
A、B均可视为质点。求
（1）A与B碰撞前瞬间的速度大小vA； （2）碰后瞬间，A、B共同的速度大小v； c
（3）在半圆形轨道的最高点c，轨道对A、B
的作用力N的大小。
A v0
R B
a
s
b
解：（1） A做匀减速运动 amgg
m vA²– v0²= –2as
023.中山市华侨中学第三次模考卷9 9．对一个质量不变的物体，下列说法正确的是 （ACD ） A．物体的动能发生变化，其动量必定变化。 B．物体的动量发生变化，其动能必定变化。 C．物体所受合外力不为零，物体的动量必发生变化，
但物体的动能不一定变化。 D．物体所受的合外力为零时，物体的动量一定不发
剪断细线，求：
⑴滑块P滑上乙车前的瞬时速度的大小；
⑵滑块P滑上乙车后最终未滑离乙 车，滑块P在乙车上滑行的距离． （取g=10m/s2）
P 甲乙
解：⑴设滑块P滑上乙车前的速度为v， 对整体应用动量守恒和能量关系有：
mv－2MV = 0
E01 2m2v1 22M2V 解之得v = 4m/s V=1m/s
2mg N
求出 N = 8N
011.08届启东市第一次调研测试卷15
15．如图所示, 光滑水平面上放置质量均为M=2kg
的甲、乙两辆小车，两车之间通过一感应开关相连
（当滑块滑过感应开关时，两车自动分离），甲车上
表面光滑，乙车上表面与滑块P之间的动摩擦因数 μ=0.5．一根通过细线拴着且被压缩的轻质弹簧固定在 甲车的左端，质量为m=1kg的滑块P(可视为质点)与弹 簧的右端接触但不相连，此时弹簧的弹性势能E0=10J， 弹簧原长小于甲车长度，整个系统处于静止状态．现
高考物理二轮专题复习 第2课 动量和能量课件
2．确定研究对象，进行受力分析、运动分析．
3．思考解题途径，正确选用规律．
K 考点 精辟 解析
(1)涉及求解物体运动的瞬时作用力、加速度以及运 动时间时，一般采用牛顿运动定律和运动学公式解答．
(2)不涉及物体运动过程中的加速度和时间，而涉
及力、位移、速度的问题，无论是恒力还是变力，一般
栏 目
采用动能定理解答；如果符合机械能守恒条件也可用机
端的小木块(可视为质点)以速度v0向右滑动，这时小木块 所受小车的滑动摩擦力向左，使其做匀减速运动；小车所 栏
目
受小木块的滑动摩擦力向右，使其做匀加速运动；如果双 链
接
方相对静止，则双方最后的速度相同．
K 考点 精辟 解析
设共同速度为 v，小木块与小车间的滑动摩擦力为 f，木块相对
小车的位移 d，小车相对于地面的位移为 s.
高考二轮专题复习与测试•物理 随堂讲义•第一部分 专题复习
专题二 功、能量与动量 第2课 动量和能量
栏 目 链 接
J 考点 简析
应用能量守恒定律与动量守恒定律是解决复杂物理
问题的一种重要途径，是近几年高考的压轴题．从过去三
年高考来看，本知识以物体碰撞、小物块与长木板相对运
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动、物体做平抛运动、圆周运动、带电粒子在电磁场中运
K 考题 专项 训练
解析 首先A与B发生碰撞，系统的动能损失一部分；
C在弹簧弹力的作用下加速，A、B在弹力的作用下减速，
但A、B的速度大于C的速度，故弹簧被压缩，直到A、
B和C的速度相等，弹簧的压缩量达到最大，此时弹簧
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的弹性势能最大．此后，C继续加速，A、B减速，当弹 目
链
簧第一次恢复原长时，C的速度达到最大，A、B开始要 接