物理003
贺文明的熟记知识点——003常见公式《物理必修1》

本人贺文明于2003年毕业于哈尔滨师范大学物理系,现就职于哈尔滨第十一中学,经过多年的实践,总结了许多经验,在此与大家分享,希望让没有认真学习物理的学生对物理有一个全新的认识,从而爱上学物理,同时也希望对学习物理处在瓶颈阶段的学生起到抛砖引玉的作用!现已经有《贺文明的熟记知识点系列》,现有01、02、03、04四篇文章,以后还会陆续增加其他内容,希望各位同仁能提出宝贵的意见QQ1403861743 ,与大家分享的同时,也希望能尊重原版的辛苦,不要到其他网站复制粘贴,谢谢!本人总结的常见公式是“经全国中小学教材审定委员会2004年初审通过的《普通高中课程标准实验教科书》”书中的,是人民教育出版社出版的《物理必修1》一、匀变速直线运动:已知字母表示的物理量:0v 为初速度、v 为末速度、a 为加速度、t 为运动时间、x 为位移、v 为平均速度1、平均速度:t xv = (普遍适用)2、速度公式:at v v +=03、位移公式:2021at t v x += 4、推导公式:ax v v 2202=-一共四个公式,其中使用2、3、4这三个公式时,应该注意在对同一研究对象进行分析时,最多只能写出它们当中的两个公式。
二、常见的三种力:1、重力:mg G =2、弹簧的弹力:kx F =弹 (也是胡克定律公式,k 为弹簧的劲度系数、x 为弹簧的压缩量或伸长量即弹簧原长的位置到压缩或伸长的位置的距离,此公式不常用,除非题中已知k 值或求解k 值)3、滑动摩擦力:N F F μ=滑 (μ为动摩擦因数、N F 为压力在题中常用支持力替换)一共三个公式,此部分的其它弹力和静摩擦力都要用二力平衡求解或在直角三角形中用简单的三角函数或勾股定理求解,不是直角三角形的就要找相似了。
下面复习一下物理中用到的三角函数:2130s i n =o 2330cos =o 3330tan =o 2360sin =o 2160cos =o 360tan =o2245cos 45sin ==o o 145tan =o 6.05337s i n ==o 8.05437cos ==o 4337t a n =o 8.05453sin ==o 6.05353cos ==o3453t a n =o 还要记住特殊的平行四边形——菱形三、牛顿运动定律:1、牛顿第二定律:ma =合F (此公式将力和运动结合到一起)一共一个公式。
高考物理 003.牛顿第二定律与运动学公式的联合应用(已修订)新人教版

牛顿定律与运动学公式的应用——’11备考综合热身辅导系列在高中物理中,利用牛顿定律与运动学公式熟练解决“力—动”和“动—力”等两类最基本的力学问题,既是高中物理的基础教学要求,同时也是各种能力测试的重点内容之一。
一、破解依据欲顺利解决此类问题,试归纳以下几条“依据”:㈠牛顿运动定律⑴牛顿第一定律(略)⑵牛顿第二定律 ma F =或y y x x ma F ma F ==,,其中F 、F x 、F y 分别表示物体所受合力及其分力;并且,以上各式中力、加速度的方向均时刻保持一致。
注:若0=a 或0,0==y x a a ,则,0=F 或0,0==y x F F ,牛二律转化为平衡条件。
⑶牛顿第三定律(略)㈡运动学公式(请见前文)㈢弹力 kx F -=;滑动摩擦力 N F f μ=;介质阻力 kv f =或2kv f =;浮力ghS gV F ρρ==等等。
二、精选例题 [例题1](08山东)质量为1500kg 的汽车在平直的公路上运动,v-t 图象如图—1所示。
由此可求A .前25s 内汽车的平均速度B .前l0s 内汽车的加速度C .前l0s 内汽车所受的阻力D .15~25s 内台外力对汽车所做的功[例题2] (09宁夏)如图—2所示,一足够长的木板静止在光滑水平面上,一物块静止在木板上,木板和物块间有摩擦。
现用水平力向右拉木板,当物块相对木板滑动了一段距离但仍有相对运动时,撤掉拉力,此后木板和物块相对于水平面的运动情况为 A.物块先向左运动,再向右运动B.物块向右运动,速度逐渐增大,直到做匀速运动C.木板向右运动,速度逐渐变小,直到做匀速运动D.木板和物块的速度都逐渐变小,直到为零[例题3](08天津)一个静止的质点,在0~4s时间内图—1图—2图—3受到力F 的作用,力的方向始终在同一直线上,力F 随时间的变化如图—3所示,则质点在( )A.第2s 末速度改变方向B.第2s 末位移改变方向C.第4s 末回到原出发点D.第4s 末运动速度为零[例题4] (09全国Ⅱ)以初速度v 0竖直向上抛出一质量为m 的小物体。
专题2-5自由落体运动与竖直上抛运动【讲】-2023-2024学年高一物理同步(003)

专题2.5自由落体运动与竖直上抛运动【讲】一.讲素养目标物理观念:自由落体运动的概念。
1.知道自由落体运动的概念,了解物体做自由落体运动的条件。
2.理解自由落体运动的加速度,知道它的大小和方向。
3.掌握自由落体运动规律,并能解决相关实际问题。
科学思维:伽利略研究自由落体的科学方法和实验构思,领悟自由落体运动的规律。
了解伽利略利用斜面实验冲淡重力和合理的理论外推得出自由落体运动规律的方法和过程,提高学生探究物理问题的思维能力。
科学探究:实验探究测重力加速度g。
科学态度与责任:体会伽利略的探究思想及科学精神。
二.讲考点与题型【考点一】自由落体运动的理解1.自由落体运动的理解(1)条件:①初速度为零;①只受重力。
(2)运动性质:是初速度v0=0、加速度a=g的匀加速直线运动。
(3)vt图像:是一条过原点的倾斜直线(如图所示),斜率k=g。
自由落体运动是一种理想化模型:只有当空气阻力比重力小得多,可以忽略时,物体从静止下落才可以当作自由落体运动。
2.自由落体加速度(重力加速度)的理解(1)方向:总是竖直向下。
(2)大小:①在同一地点,重力加速度都相同。
①大小与在地球上的纬度、距地面的高度有关:在地球表面上,重力加速度随纬度的增加而增大,即赤道处重力加速度最小,1.重力加速度的方向既不能说是“垂直向下”,也不能说是“指向地心”,只有在赤道或两极时重力加速度的方向才指向地心。
2物体在其他星球上也可以做自由落体运动,但不同天体表面的重力加速度不同。
【例1】(多选)下列说法正确的是()A.初速度为零、加速度竖直向下的匀加速直线运动是自由落体运动B.仅在重力作用下的运动叫作自由落体运动C.物体只在重力作用下从静止开始下落的运动叫作自由落体运动D.当空气阻力可以忽略不计时,物体由静止开始自由下落的运动可视为自由落体运动【答案】CD【解析】自由落体运动是物体只在重力作用下由静止开始下落的运动,选项A、B错误,C正确;当空气阻力比较小,可以忽略不计时,物体由静止开始自由下落的运动可视为自由落体运动,选项D正确。
2012级高一物理学案003

高一物理第一章第3节 第 1 页 共 12 页 4/13/2013 高一物理第一章第3节 第 2 页 共 12 页 4/13/2013第一章 运动的描述第3节 运动快慢的描述—速度课型:新授课 使用范围:必修一 日期:20120908【学习目标导航】别与联系一、坐标与坐标的变化量物体沿直线运动,并以这条直线为x 坐标轴,这样,物体的位臵就可以用 来表示,物体的位移就可以通过坐标的变化量Δx= 来表示,Δx 的大小表示位移的 ,Δx 的正负表示位移的 . 二、速度1.定义:质点的位移跟发生这段位移所用时间的 .2.定义式:v= ,单位:米每秒(符号 )、km/h 、cm/s3.意义:速度是表示质点运动 的物理量.4.矢量性:速度有大小也有方向,大小在数值上等于单位时间内物体位移的大小,方向就是物体的 . 三、平均速度、瞬时速度 1.平均速度(1)定义:在某段时间内,由v=txv ∆∆=求得的速度,叫做这段时间t ∆内的 速度.(2)意义:平均速度表示质点相应时间内 程度,只能粗略地描述运动的快慢.2.瞬时速度(1)定义:0t ∆→时,由v=txv ∆∆=求得的速度,叫做物体在t 时刻的 速度.(2)意义:瞬时速度表示质点相应时时刻 程度,能精确地描述运动的快慢.(3)匀速直线运动是 保持不变的运动.3.速率: 的大小叫做速率,是标量,只表示物体运动的快慢.4.平均速率:指物体运动的 与时间的比值,是标量.【课堂互动探究】一、坐标与坐标量的变化 1.坐标—位臵物体沿直线运动,并以这条直线为x 坐标轴,这样物体在不同时刻的位臵可以用坐标表示,如图x 1、x 2分别表示汽车在两个不同时刻的位臵. 2.坐标的变化量—位移如图汽车的位移可以用坐标的变化 ∆x=x 2-x 1来表示,△x 的大小表示物体位移的大小,△x 的正负表示位移的方向.若位移为正值表示位移方向与规定的正方向一致;若为负值表示位移方向与规定的正方向相反.【典例1】如图所示,一辆汽车沿x 轴t 1时刻车头到达地点A ,t 2时刻到达地点B ,则根据坐标轴填写下面的问题.汽车车头在t 1时刻的位臵X A = ,汽车车头在t 2时刻的位臵X B = ,汽车在t 1~t 2时间内的坐标变化量△x= ;汽车沿x 轴 方向运动.【审题指导】理解坐标、坐标变化量的大小和正负的含义 【自主解答】二、平均速度与瞬时速度跑时的速度为6m/s ,到达50m 处时的速度为12m/s,10秒末到达终点是的速度为11m/s,则他在全程的平均速度大小为( )A.6m/sB.10m/sC.11m/sD.12m/s【审题指导】平均速度应根据它的定义去求解,明确平均速度的大小与瞬时速度的大- 2AB高一物理第一章第3节 第 3 页 共 12 页 4/13/2013 高一物理第一章第3节 第 4 页 共 12 页 4/13/2013小是否存在必然关系. 【自主解答】【变式训练】下列关于瞬时速度和平均速度的说法中正确的是( )A .若物体在某段时间内任一时刻的瞬时速度都等于零,则它在这段时间内的平均速度一定等于零B .若物体在某段时间内的平均速度等于零,则它在这段时间内任一时刻的瞬时速度一定等于零C .匀速直线运动中物体任意一段时间内的平均速度都不一定等于它任一时刻的瞬时速度D .变速直线运动中一段时间内的平均速度一定不等于它在某一时刻的瞬时速度【特别提醒】平均速率大于平均速度大小的两种情况(1)物体做直线运动,但方向有改变,路程大于位移的大小,平均速度的大小小于平均速率.(2)物体做曲线运动,路程大于位移的大小,平均速度大小小于平均速率,例如,一个物体沿圆周运动一周时的平均速度为零,而平均速率却为2πR/T .【典例3】一物体以v 1=4m/s 的速度向东运动了5秒后到达A 点,在A 点停了5秒后又以v 2=6m/s 的速度原路返回,又运动了5秒后到达B 点,求物体在全程的平均速度和平均速率?【审题指导】平均速度和平均速率是两个不同的概念,平均速率也不是平均速度的大小,它们的大小应用其定义来求解. 【自主解答】【变式训练】试求例题中:(1)前5秒的平均速度和平均速率.(2)物体在第3秒末、第8秒初和第12秒末时的速率.四、位移-时间图象1.位移-时间(x-t )图像在平面直角坐标系中,用横轴表示时间t ,用纵轴表示位移x ,根据给出的(或测定的)数据,作出几个点的坐标,用平滑的曲线将几个点连接起来,则这条曲线就表示了物体的运动特点.这种图象就叫做位移—时间图象,简称为位移图象.如图所示为汽车自初位臵开始,每小时的位移都是5.0×104m 的x -t 图象. 2.位移-时间(x-t )图象的应用(1)由x -t 图象可以确定物体各个时刻所对应的位臵或物体发生一段位移所需要的时间.(2)若物体做匀速直线运动,则x -t 图象是一条倾斜的直线,直线的斜率表示物体的速度.斜率的大小表示速度的大小,斜率的正、负表示物体的运动方向,如图中的a 、b 所示.(3)若x -t 图象为平行于时间轴的直线,表明物体处于静止状态.如图中的c 所示.(4)纵截距表示运动物体的初始位臵,如图所示a 、b 物体分别是从原点、原点正方向x 2处开始运动.(5)图线的交点表示相遇,如图所示中的交点表示a 、b 、c 三个物体在t 1时刻在距原点正方向x 1处相遇. 【特别提醒】(1)x -t 图象只能用来描述直线运动.(2)x -t 图象表示的是位移x 随时间t 变化的情况,绝不是物体运动的轨迹.高一物理第一章第3节 第 5 页 共 12 页 4/13/2013 高一物理第一章第3节 第 6 页 共 12 页 4/13/2013【典例4】如图所示为甲、乙两物体相对于同一参考系的x -t 图象.下面说法正确的是( )A .甲、乙两物体的出发点相距x 0B .甲、乙两物体都做匀速直线运动C .甲物体比乙物体早出发的时间为t 1D .甲、乙两物体向同方向运动【审题指导】从截距、斜率、交点的含义出发分析本题 【自主解答】【变式训练】下图表示三个物体运动的x -t 图象,其异同点是 ()A .运动的速率相同,3s 内经过的路程相同,起点的位臵相同B .运动的速率相同,3s 内经过的路程相同,起点的位臵不同C .运动的速率不同,3s 内经过的路程不同,但起点的位臵相同D .均无共同点【基础知识达标】1.下列各项中物理量均属于矢量的是( ) A.速度、速率 B.平均速度、平均速率C.平均速度、瞬时速度D.平均速率、瞬时速率2.一汽车在平直的公路上先以72km/h 的速度行驶20km ,又以108km/h 的速度行驶10km ,则汽车在这30km 的全程中的平均速度为( ) A.20m/s B.22.5m/s C.25m/s D.81m/s3. 有关瞬时速度、平均速度,下列说法中正确的是( ) A.瞬时速度是物体在某一位臵或某一时刻的速度B.平均速度等于某段时间内物体运动的位移与所用时间的比值C.做变速运动的物体,平均速度就是速度的平均值D.做变速运动的物体,平均速度是物体通过的路程与所用时间的比值 4. 如图是甲、乙两车在同一条公路上沿同一方向、向同一目的地运动的位移——时间图象,由图象可以看出( )A .甲、乙两车是从同一地点出发的B .甲车比乙车先到达了目的地C .甲、乙两车在行进时的速率是相同的D .甲、乙两车在t 4时间内的平均速度是相同的5.在相距12km 的公路两端,甲.乙两人同时出发相向而行,甲的速率是5km/h ,乙的速率是3km/h ,有一只小狗以6km/h 的速率,在甲乙出发的同时,由甲处跑向乙,在途中与乙相遇,立即返回跑向甲,遇到甲后,又立即跑向乙,如此在甲.乙之间往返跑动,直至甲乙相遇,问小狗跑过的路程是多少?【知能巩固作业】1.关于瞬时速度,下列说法中正确的是()A.瞬时速度是指物体在某一段时间内的速度B.瞬时速度是指物体在某一段位移内的速度C.瞬时速度是指物体在某一段路程内的速度D.瞬时速度是指物体在某一位臵或在某一时刻的速度2.下列所说的速度中,哪些是平均速度()A.百米赛跑的运动员以9.5m/s的速度冲过终点线B.经过提速后,我国列车的最高速度达到410km/hC.由于堵车,在隧道中的车速仅为1.2m/sD.嫦娥二号卫星整流罩以20m/s的速度落入江西境内某田地中3.一个做直线运动的物体,某时刻速度是10m/s,那么这个物体()A.在这一时刻之前0.1s内位移一定是1mB.在这一时刻之后1s内位移一定是10mC.在这一时刻起10s内位移可能是50mD.如果从这一时刻起开始匀速运动,那么它继续通过1000m路程所需时间一定是100s4.某人骑自行车沿一斜坡从坡底到坡顶,再从坡顶到坡底往返一次,已知上坡时的平均速度大小为4 m/s,下坡时的平均速度大小为6 m/s,则此人往返一次的平均速度大小是()A.10 m/sB.5 m/sC.4.8 m/sD.05.三个质点A、B、C的运动轨迹如图所示,三个质点同时从N点出发,同时到达M点,下列说法正确的是( )A.三个质点从N到M的平均速度相同B.B质点从N到M的平均速度方向与任意时刻瞬时速度方向相同C.到达M点的瞬时速度的值一定是A的大D.三个质点到M时的瞬时速度的值相同6.如图所示为甲、乙两物体运动的x-t图像,则下列说法正确的是()A.甲物体做变速直线运动,乙物体做匀速直线运动B.两物体的初速度为零C.在t1时间内两物体的平均速度相等D.相遇时,甲的速度大于乙的速度7.一物体沿直线运动,先以3m/s的速度运动60m,又以2m/s的速度继续向前运动60m,物体在整个运动过程中平均速度是多少?8.一架飞机水平匀速地在某同学头顶上飞过,当他听到飞机的发动机声从头顶正上方传来的时候,发现飞机在他前上方约与地面成60°角的方向上,据此可估算出此飞机的速度约为声速的多少倍?【课后小结提升】1x高一物理第一章第3节第 7 页共 12 页 4/13/2013 高一物理第一章第3节第 8 页共 12 页 4/13/2013高一物理第一章第3节 第 9 页 共 12 页 4/13/2013 高一物理第一章第3节 第 10 页 共 12 页 4/13/2013第3节 运动快慢的描述—速度【课前基础梳理】一、坐标 x 2-x 1 大小 方向 二、比值x t∆∆ m/s 快慢 运动的方向三、平均 平均运动的快慢 瞬时 运动的快慢 瞬时速度 瞬时速度 路程【课堂互动探究】【典例1】物体在不同时刻的位臵可以用坐标轴上的数值表示,t 1时刻和t 2时刻对应的坐标数值分别为2m 和-3m ,所以X A =2m ,X B =-3m ;汽车的坐标变化△x=X B -X A =-3-2=-5m ,坐标的变化表示汽车运动的位移,其数值表示大小,正负表示方向,-5m 表示位移大小为5m ,方向沿x 轴的负方向. 【答案】2m ,-3m ,-5m ,负 【典例2】选B.根据平均速度的定义的=tx ∆∆=10100m/s=10m/s.故B 向正确.【变式训练】选A. 物体在某段时间内任一时刻的瞬时速度都等于零,可以确定物体处于静止状态,则它在这段时间内的平均速度一定等于零,A 对.物体运动一段时间后又回到出发点,此过程的平均速度为零,但瞬时速度不为零,B 错.匀速直线运动中物体任意一段时间内的平均速度一定等于它任一时刻的瞬时速度,C 错.变速直线运动中一段时间内的平均速度可能等于某一时刻的瞬时速度,D 错.【典例3】物体全程的位移大小x=6х5-4х5=10(m),全程用时t=5+5+5=15(s),故平均速度大小v=tx =1510m/s=32m/s,方向水平向西.物体全程的路程s=6х5+4х5=50(m),故平均速率v ′=ts =1550m/s=310m/s.【变式训练】(1)前5秒物体以v 1=4m/s 的速度向东匀速运动,此段时间内平均速度等于运动速度4m/s ,方向水平向东,平均速率和速率均为4m/s.(2)物体在第3秒末时的速率为4m/s ,第8秒初时物体静止,第12秒末时的速率为6m/s.答案:(1)4 m/s 方向水平向东 4 m/s (2)4 m/s 0 6 m/s 【典例4】选A 、B 、C.由x -t 图象知,t =0时,甲的位臵为x =x 0,乙的位臵为x =0,故甲、乙出发点相距x 0;x -t 图线的斜率表示速度,甲、乙两物体的x -t 图线都是倾斜直线,故两物体都做匀速直线运动;甲从t =0时刻开始出发,乙在0~t 1这段时间内保持静止,故甲比乙早出发的时间为t 1;甲的斜率为负值,说明速度方向与规定正方向相反,乙的斜率为正值,说明速度方向与规定正方向相同,故甲、乙两物体的运动方向相反,综上所述,A 、B 、C 三个选项正确.【变式训练】选B.x -t 图象中的斜率表示速度,斜率的大小表示速率,由此可知,三个物体运动的速率相同;由x -t 图象的物理意义知3s 内经过的路程都为3m ,但起点位臵不同:x 1=x 2=3m ,x 3=-3m ,故B 项正确.【基础知识达标】1. 【解析】选C.速度、平均速度、瞬时速度既有大小又有方向,是矢量,速率、平均速率、瞬时速率只有大小没有方向,是标量,故C 正确2.【解析】选B.汽车前20km 用时t 1=7220h=1000s,后10km 用时t 2=10810h=31000s,故总用时t=t 1+t 2=34000s, 全程中的平均速度v=tx x 21+=22.5m/s,B 选项正确.3.【解析】选A 、B.根据定义可知,瞬时速度是物体在某一时刻或某一位臵的速度,平均速度是物体在某段时间内的位移与所用时间的比值,不一定等于速度的平均值,由此可知,A 、B 正确,C 、D 错.4.【解析】选C.在计时时刻,甲车已经在乙车前方x 0处,而且开始运动了,而乙车在t 2时刻才开始运动,由于乙车运动是持续的,t 3时刻就先到达了目的地,而此时高一物理第一章第3节 第 11 页 共 12 页 4/13/2013 高一物理第一章第3节 第 12 页 共 12 页 4/13/2013甲车才重新开始运动,结果在t 4时刻才到达目的地,由于两车在行进部分的图线的斜率是相同的,所以在行进时的瞬时速率是相同的. 5.【解析】人与狗运动的时间相同,t=3512+h=1.5h,故小狗跑过的路程s=6km/hх1.5h=9km. 答案:9km【知能巩固作业】1.【解析】选D.物体在某一段时间或某一段位移内的速度是平均速度,A 、B 错误;物体在某一位臵或某一时刻的速度是瞬时速度,C 错误,D 正确2.【解析】选C.平均速度对应着某段时间或位移,瞬时速度对应着某个时刻或者位臵,故选项C 正确.3.【解析】选C 、D.某时刻速度是10m/s 指的是该时刻的瞬时速度,不能说物体从此时起以后运动的快慢情况,以后做直线运动或匀变速直线运动,或非匀变速直线运动均可能.所以选项A.B 均错.如果从某时刻(速度为10m/s )起质点做非匀变速直线运动,从这一时刻起以后的10s 内位移可能为50m ,所以选项C 正确,如果从这一时刻起物体做匀速直线运动,那么经过1000m 路程所需时间t=100s.正确选项是C 、D.4.【解析】选D.此人沿斜坡往返一次的位移为0,由平均速度的定义式x v t∆=∆ 可知此人往返一次的平均速度大小是0,故D 正确.5.【解析】选A 、B.三个质点运动的初.末位臵相同,故位移相同,又时间一样,故平均速度相同.B 质点沿NM 直线运动平均速度方向与任意时刻的瞬时速度方向相同,B 对,C 项无法判定.到达M 时,三者瞬时速度大小无法确定.6.【解析】选A 、C 、D 在X--t 图像中,一条倾斜的直线表示物体做匀速直线运动,曲线表示变速直线运动,故A 选项正确;斜率表示速度,初始时刻,甲乙运动的斜率都不为零,初速度都不为零,相遇时图像相交,甲的斜率大于乙的斜率,即加的速度大于乙的速度,故B 选项错误D 选项正确;在t 1时间内,两者位移相同,故平均速度相等,C 选项正确.7.【解析】根据平均速度的定义公式 ,s 为总位移,t 为总时间,等于前一段位移与后一段位移所用时间之和. 全过程的位移x=120m物体在前一段位移用的时间为 s s v s t 20360111===后段位移用的时间为 s s v s t 30260222===整个过程的用的总时间为t=t 1+t 2=50s 整个过程的平均速度v=tx =50120m/s=2.4m/s答案:2.4m/s8.【解析】飞机在空中水平匀速运动,速度为v 飞,声音从头顶向下匀速传播,速度为v 声,在发动机声从人头顶向下传播的时间t 内,飞机向前飞行一段距离与地面成60°角的位臵.设飞机距地面的高度为h,则有h=v 声t;当人听到发动机声音时,飞机到达图示位臵,飞机向前飞行了 x=v 飞t ,由几何知识可知tan 60h x=︒, 将x.h 代入得v 飞=v 声,即飞机速度约为声速的0.58倍. 答案:0.58倍。
2016届步步高物理新课标版一轮s5ucom高考]003
![2016届步步高物理新课标版一轮s5ucom高考]003](https://img.taocdn.com/s3/m/dfa9d3d690c69ec3d5bb75e2.png)
考点内容要求 考纲解读磁场、磁感应强度、磁感线 Ⅰ通电直导线和通电线圈周围磁场的方向Ⅰ 1.磁感应强度、磁感线、安培力、洛伦兹力的理解及安培定则和左手定则的运用,一般以选择题的形式出现. 2.安培力的大小计算以及带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的分析与计算,一般以计算题的形式出现.3.带电粒子在独立场、混合场中的运动问题仍是本章考查的重点内容,极易成为试卷的压轴题.安培力、安培力的方向 Ⅰ 匀强磁场中的安培力 Ⅱ 洛伦兹力、洛伦兹力的方向Ⅰ 洛伦兹力的公式 Ⅱ 带电粒子在匀强磁场中的运动Ⅱ 质谱仪和回旋加速器 Ⅰ说明:(1)安培力的计算只限于电流与磁感应强度垂直的情形. (2)洛伦兹力的计算只限于速度与磁场方向垂直的情形.第1课时 磁场的描述 磁场对电流的作用考纲解读 1.知道磁感应强度的概念及定义式,并能理解与应用.2.会用安培定则判断电流周围的磁场方向.3.会用左手定则分析解决通电导体在磁场中的受力及平衡类问题.考点一 磁感应强度和电场强度的比较1.磁场(1)基本特性:磁场对处于其中的磁体、电流和运动电荷有力的作用.(2)方向:小磁针的N 极所受磁场力的方向,或自由小磁针静止时N 极的指向. 2.磁感应强度(1)定义式:B =FIL (通电导线垂直于磁场).(2)方向:小磁针静止时N 极的指向.(3)磁感应强度是反映磁场性质的物理量,由磁场本身决定,是用比值法定义的. 3.磁感应强度B 与电场强度E 的比较对应名称比较项目磁感应强度B 电场强度E物理意义 描述磁场的力的性质的物理量 描述电场的力的性质的物理量定义式 B =F IL ,通电导线与B 垂直 E =F q大小决定由磁场决定,与检验电流无关 由电场决定,与检验电荷无关 方向 矢量磁感线的切线方向,小磁针N 极受力方向矢量电场线的切线方向,放入该点的正电荷受力方向场的叠加合磁感应强度等于各磁场的磁感应强度的矢量和合场强等于各个电场的电场强度的矢量和例1 关于磁感应强度B ,下列说法中正确的是( )A .磁场中某点B 的大小,跟放在该点的试探电流元的情况有关B .磁场中某点B 的方向,跟放在该点的试探电流元受到磁场力的方向一致C .若在磁场中某点的试探电流元不受磁场力作用,该点B 值大小为零D .在磁场中磁感线越密集的地方,磁感应强度越大解析 磁感应强度是磁场本身的属性,在磁场中某处的磁感应强度为一恒量,其大小可由B=FIL 计算,与试探电流元的F 、I 、L 的情况无关,A 错.磁感应强度的方向规定为小磁针N 极所受磁场力的方向,与放在该处的电流元受力方向垂直,B 错.当试探电流元的方向与磁场方向平行时,电流元所受磁场力虽为零,但磁感应强度却不为零,C 错.磁感线的疏密是根据磁场的强弱画出的,磁感线越密集的地方,磁感应强度越大,磁感线越稀疏的地方,磁感应强度越小,故D 正确. 答案 D 递进题组1.[对磁感应强度的理解]下列关于磁感应强度的说法正确的是( )A .一小段通电导体放在磁场A 处,受到的磁场力比B 处的大,说明A 处的磁感应强度比B 处的磁感应强度大B .由B =FIL 可知,某处的磁感应强度的大小与放入该处的通电导线所受磁场力F 成正比,与导线的I 、L 成反比C .一小段通电导体在磁场中某处不受磁场力作用,则该处磁感应强度一定为零D .小磁针N 极所受磁场力的方向就是该处磁感应强度的方向 答案 D解析 磁感应强度是描述磁场强弱和方向的物理量,是磁场本身性质的反映,其大小由磁场以及在磁场中的位置决定,与F 、I 、L 都没有关系,B =FIL只是磁感应强度的定义式,同一通电导体受到的磁场力的大小由所在处的磁感应强度和放置的方式共同决定,所以A 、B 、C 都是错误的.磁感应强度的方向就是该处小磁针N 极所受磁场力的方向,不是通电导线的受力方向,所以D 正确.2.[电场强度和磁感应强度的对比]下列说法中正确的是( ) A .电荷在某处不受电场力的作用,则该处电场强度为零B .一小段通电导线在某处不受磁场力作用,则该处磁感应强度一定为零C .表征电场中某点电场的强弱,是把一个检验电荷放在该点时受到的电场力与检验电荷本身电荷量的比值D .表征磁场中某点磁场的强弱,是把一小段通电导线放在该点时受到的磁场力与该小段导线长度和电流乘积的比值 答案 AC解析 电场和磁场有一个明显的区别是:电场对放入其中的电荷有力的作用,磁场对通电导线有力的作用的条件是磁场方向不能和电流方向平行,因此A 对,B 错.同理根据电场强度的定义式E =Fq可知C 正确.而同样用比值定义法定义的磁感应强度则应有明确的说明,即B=FIL中I 和B 的方向必须垂直,故D 错.电荷在电场和磁场中的对比1.某点电场强度的方向与电荷在该点的受力方向相同或相反;而某点磁感应强度方向与电流元在该点所受磁场力的方向垂直.2.电荷在电场中一定会受到电场力的作用;如果通电导体的电流方向与磁场方向平行,则通电导体在磁场中受到的磁场力为零.考点二 安培定则的应用和磁场的叠加1.电流的磁场直线电流的磁场 通电螺线管的磁场 环形电流的磁场 特点无磁极、非匀强,且距导线越远处磁场越弱与条形磁铁的磁场相似,管内为匀强磁场且磁场最强,管外为非匀强磁场环形电流的两 侧是N极和S 极,且离圆环中心越远,磁场越弱安培 定则立体图横截面图2.磁场的叠加磁感应强度是矢量,计算时与力的计算方法相同,利用平行四边形定则或正交分解法进行合成与分解.例2如图1所示,两根相互平行的长直导线过纸面上的M、N两点,且与纸面垂直,导线中通有大小相等、方向相反的电流.a、O、b在M、N的连线上,O为MN的中点,c、d位于MN的中垂线上,且a、b、c、d到O点的距离均相等.关于以上几点处的磁场,下列说法正确的是()图1A.O点处的磁感应强度为零B.a、b两点处的磁感应强度大小相等,方向相反C.c、d两点处的磁感应强度大小相等,方向相同D.a、c两点处磁感应强度的方向不同解析根据安培定则判断磁场方向,再结合矢量的合成知识求解.根据安培定则判断:两直线电流在O点产生的磁场方向均垂直于MN向下,O点的磁感应强度不为零,故A选项错误;a、b两点的磁感应强度大小相等,方向相同,故B选项错误;根据对称性,c、d两点处的磁感应强度大小相等,方向相同,故C选项正确;a、c两点的磁感应强度方向相同,故D选项错误.答案 C递进题组3.[安培定则的应用]如图2所示,甲、乙是直线电流的磁场,丙、丁是环形电流的磁场,戊、己是通电螺线管的磁场,试在各图中补画出电流方向或磁感线方向.图2答案1.根据安培定则确定通电导线周围磁场的方向.2.磁场中每一点磁感应强度的方向为该点磁感线的切线方向.3.磁感应强度是矢量,多个通电导体产生的磁场叠加时,合磁场的磁感应强度等于各场源单独存在时在该点磁感应强度的矢量和.考点三导体运动趋势的五种判定方法1.通电导体在安培力作用下的运动或运动趋势的判定步骤:首先必须弄清楚导体所在位置的磁场分布情况,然后利用左手定则准确判定导体的受力情况,进而确定导体的运动方向或运动趋势的方向.2.应用左手定则判定安培力方向时应注意:磁感线方向不一定垂直于电流方向,但安培力方向一定与磁场方向和电流方向垂直,即大拇指一定要垂直于磁场方向和电流方向决定的平面.例3一直导线平行于通电螺线管的轴线放置在螺线管的上方,如图3所示,如果直导线可以自由地运动且通以方向为由a到b的电流,则导线ab受到安培力作用后的运动情况为()图3A.从上向下看顺时针转动并靠近螺线管B.从上向下看顺时针转动并远离螺线管C.从上向下看逆时针转动并远离螺线管D.从上向下看逆时针转动并靠近螺线管解析本题考查安培定则以及左手定则,意在考查学生对安培定则以及左手定则应用的理解.先由安培定则判断通电螺线管的南、北两极,找出导线左、右两端磁感应强度的方向,并用左手定则判断这两端受到的安培力的方向,如图a所示.可以判断导线受到安培力作用后从上向下看逆时针方向转动.再分析此时导线位置的磁场方向,再次用左手定则判断导线受到安培力的方向,如图b所示,导线还要靠近螺线管,所以D正确,A、B、C错误.答案 D递进题组4.[导体运动的判断]如图4所示,把轻质导线圈用绝缘细线悬挂在磁铁N极附近,磁铁的轴线穿过线圈的圆心且垂直线圈平面.当线圈内通以图示方向的电流后,线圈的运动情况是()图4A.线圈向左运动B.线圈向右运动C.从上往下看顺时针转动D.从上往下看逆时针转动答案 A解析解法一电流元法首先将线圈分成很多小段,每一小段可看作一直线电流元,取其中上、下两小段分析,其截面图和受到的安培力情况如图所示.根据对称性可知,线圈所受安培力的合力水平向左,故线圈向左运动.只有选项A正确.解法二等效法将环形电流等效成小磁针,如图所示,根据异名磁极相吸引知,线圈将向左运动,选A.也可将左侧条形磁铁等效成环形电流,根据结论“同向电流相吸引,异向电流相排斥”,也可判断出线圈向左运动,选A.5.[转换研究对象法判断]如图5所示,条形磁铁放在光滑斜面上,用平行于斜面的轻弹簧拉住而平衡,A为水平放置的直导线的截面,导线中无电流时磁铁对斜面的压力为F N1;当导线中有垂直纸面向外的电流时,磁铁对斜面的压力为F N2,则下列关于磁铁对斜面的压力和弹簧的伸长量的说法中正确的是()图5A.F N1<F N2,弹簧的伸长量减小B.F N1=F N2,弹簧的伸长量减小C.F N1>F N2,弹簧的伸长量增大D.F N1>F N2,弹簧的伸长量减小答案C解析在题图中,由于条形磁铁的磁感线是从N极出发到S极,所以可画出磁铁在导线A处的一条磁感线,其方向是斜向左下方的,导线A中的电流垂直纸面向外时,由左手定则可判断导线A必受斜向右下方的安培力F,由牛顿第三定律可知磁铁所受作用力F′的方向是斜向左上方,所以磁铁对斜面的压力减小,即F N1>F N2.同时,F′有沿斜面向下的分力,使得弹簧弹力增大,可知弹簧的伸长量增大,所以正确选项为C.判定安培力作用下导体运动情况的常用方法电流元法分割为电流元―――――→左手定则安培力方向―→整段导体所受合力方向―→运动方向特殊位置法在特殊位置―→安培力方向―→运动方向等效法环形电流小磁针条形磁铁通电螺线管多个环形电流结论法同向电流互相吸引,异向电流互相排斥;两不平行的直线电流相互作用时,有转到平行且电流方向相同的趋势转换研究对象法定性分析磁体在电流磁场作用下如何运动或运动趋势的问题,可先分析电流在磁体磁场中所受的安培力,然后由牛顿第三定律,确定磁体所受电流磁场的作用力,从而确定磁体所受合力及运动方向考点四导体的平衡与加速1.导体的平衡问题与力学中的平衡问题分析方法相同,只不过多了安培力,解题的关键是画出受力分析图.2.导体的加速问题关键是做好受力分析,然后根据牛顿第二定律求出加速度.例4(2012·天津·2)如图6所示,金属棒MN两端由等长的轻质细线水平悬挂,处于竖直向上的匀强磁场中,金属棒中通以由M向N的电流,平衡时两悬线与竖直方向夹角均为θ.如果仅改变下列某一个条件,θ角的相应变化情况是()图6A.金属棒中的电流变大,θ角变大B.两悬线等长变短,θ角变小C.金属棒质量变大,θ角变大D.磁感应强度变大,θ角变小解析选金属棒MN为研究对象,其受力情况如图所示.根据平衡条件及三角形知识可得tan θ=BILmg,所以当金属棒中的电流I、磁感应强度B变大时,θ角变大,选项A正确,选项D错误;当金属棒质量m变大时,θ角变小,选项C错误;θ角的大小与悬线长短无关,选项B 错误.答案 A递进题组6.[导体的加速运动]如图7所示,光滑的金属轨道分水平段和圆弧段两部分,O点为圆弧的圆心.两金属轨道之间的宽度为0.5 m,匀强磁场方向如图,大小为0.5 T.质量为0.05 kg、长为0.5 m的金属细杆置于金属轨道上的M点.当在金属细杆内通以电流强度为2 A的恒定电流时,金属细杆可以沿杆向右由静止开始运动.已知N、P为导轨上的两点,ON竖直、OP 水平,且MN=OP=1 m,g取10 m/s2,则()图7A.金属细杆开始运动时的加速度大小为5 m/s2B.金属细杆运动到P点时的速度大小为5 m/sC.金属细杆运动到P点时的向心加速度大小为10 m/s2D.金属细杆运动到P点时对每一条轨道的作用力大小为0.75 N答案 D解析金属细杆在水平方向受到安培力作用,安培力大小F安=BIL=0.5×2×0.5 N=0.5 N,金属细杆开始运动时的加速度大小为a =F 安m =10 m/s 2,选项A 错误;对金属细杆从M 点到P点的运动过程进行分析,安培力做功W 安=F 安·(MN +OP )=1 J ,重力做功W G =-mg ·ON=-0.5 J ,由动能定理得W 安+W G =12m v 2,解得金属细杆运动到P 点时的速度大小为v =20m/s ,选项B 错误;金属细杆运动到P 点时的加速度可分解为水平方向的向心加速度和竖直方向的重力加速度,水平方向的向心加速度大小为a ′=v 2r=20 m/s 2,选项C 错误;在P 点金属细杆受到轨道水平向左的作用力F ,水平向右的安培力F 安,由牛顿第二定律得F -F 安=m v 2r ,解得F =1.5 N ,每一条轨道对金属细杆的作用力大小为0.75 N ,由牛顿第三定律可知金属细杆运动到P 点时对每一条轨道的作用力大小为0.75 N ,选项D 正确.7.[导体的平衡问题]如图8所示,两平行金属导轨间的距离L =0.4 m ,金属导轨所在平面与水平面夹角θ=37°,在导轨所在平面内,分布着磁感应强度B =0.5 T 、方向垂直于导轨所在平面斜向上的匀强磁场.金属导轨的一端接有电动势E =4.5 V 、内阻r =0.5 Ω的直流电源.现把一个质量为m =0.04 kg 的导体棒ab 放在金属导轨上,导体棒恰好静止.导体棒与金属导轨垂直且接触良好,导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R 0=2.5 Ω,金属导轨电阻不计, g 取10 m/s 2.已知sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,求:图8(1)通过导体棒的电流; (2)导体棒受到的安培力大小; (3)导体棒受到的摩擦力.答案 (1)1.5 A (2)0.3 N (3)0.06 N ,方向平行导轨向下解析 (1)根据闭合电路欧姆定律得I =ER 0+r =1.5 A(2)导体棒受到的安培力F 安=BIL =0.3 N(3)对导体棒受力分析如图,将重力正交分解 沿导轨方向F 1=mg sin 37°=0.24 N F 1<F 安,根据平衡条件 mg sin 37°+F f =F 安 解得F f =0.06 N方向平行导轨向下求解通电导体在磁场中的力学问题的方法1.选定研究对象;2.变三维为二维,画出平面受力分析图,判断安培力的方向时切忌跟着感觉走,一定要用左手定则来判断,注意F安⊥B、F安⊥I;3.根据力的平衡条件、牛顿第二定律列方程进行求解.高考模拟明确考向1.(2014·新课标Ⅰ·15)关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力,下列说法正确的是() A.安培力的方向可以不垂直于直导线B.安培力的方向总是垂直于磁场的方向C.安培力的大小与通电直导线和磁场方向的夹角无关D.将直导线从中点折成直角,安培力的大小一定变为原来的一半答案 B解析安培力的方向始终与电流方向和磁场方向垂直,选项A错误,选项B正确;由F=BIL sin θ可知,安培力的大小与通电直导线和磁场方向的夹角有关,选项C错误;将直导线从中点折成直角时,因磁场与导线的夹角未知,则安培力的大小不能确定,选项D错误.2.(2013·海南单科·9)三条在同一平面(纸面)内的长直绝缘导线搭成一等边三角形,导线中通过的电流均为I,电流方向如图9所示.a、b和c三点分别位于三角形的三个顶角的平分线上,且到相应顶点的距离相等.将a、b和c处的磁感应强度大小分别记为B1、B2和B3,下列说法正确的是()图9A.B1=B2<B3B.B1=B2=B3C.a和b处磁场方向垂直于纸面向外,c处磁场方向垂直于纸面向里D.a处磁场方向垂直于纸面向外,b和c处磁场方向垂直于纸面向里答案AC解析由于通过三条导线的电流大小相等,结合安培定则,可判断出三条导线在a、b处产生的合磁感应强度垂直纸面向外,在c处产生的合磁感应强度垂直纸面向里,且B1=B2<B3,故选A、C.3.(2014·浙江·20)如图10甲所示,两根光滑平行导轨水平放置,间距为L ,其间有竖直向下的匀强磁场,磁感应强度为B .垂直于导轨水平对称放置一根均匀金属棒.从t =0时刻起,棒上有如图乙所示的持续交变电流I ,周期为T ,最大值为I m ,图甲中I 所示方向为电流正方向.则金属棒( )图10A .一直向右移动B .速度随时间周期性变化C .受到的安培力随时间周期性变化D .受到的安培力在一个周期内做正功 答案 ABC解析 根据左手定则知金属棒在0~T2内所受安培力向右,大小恒定,故金属棒向右做匀加速运动,在T2~T 内金属棒所受安培力与前半个周期大小相等、方向相反,金属棒向右做匀减速运动,一个周期结束时金属棒速度恰好为零,以后始终向右重复上述运动,选项A 、B 、C 正确;在0~T2时间内,安培力方向与运动方向相同,安培力做正功,在T2~T 时间内,安培力方向与运动方向相反,安培力做负功,在一个周期内,安培力所做的总功为零,选项D 错误.4.如图11所示,两平行导轨ab 、cd 竖直放置在匀强磁场中,匀强磁场方向竖直向上,将一根金属棒PQ 放在导轨上使其水平且始终与导轨保持良好接触.现在金属棒PQ 中通以变化的电流I ,同时释放金属棒PQ 使其运动.已知电流I 随时间t 变化的关系式为I =kt (k 为常数,k >0),金属棒与导轨间存在摩擦.则下面关于棒的速度v 、加速度a 随时间t 变化的关系图象中,可能正确的有( )图11答案 AD解析 根据牛顿第二定律得,金属棒的加速度a =mg -F fm,F f =μF N =μF 安=μBIL =μBLkt ,联立解得加速度a =g -μBLktm ,与时间成线性关系,故A 正确,B 错误;因为开始加速度方向向下,与速度方向相同,做加速运动,加速度逐渐减小,即做加速度逐渐减小的加速运动,然后加速度方向向上且逐渐增大,做加速度逐渐增大的减速运动,故C 错误,D 正确.练出高分一、单项选择题1.如图1,足够长的直线ab 靠近通电螺线管,与螺线管平行.用磁传感器测量ab 上各点的磁感应强度B ,在计算机屏幕上显示的大致图象是 ( )图1答案 C解析 通电螺线管外部中间处的磁感应强度最小,无穷远处磁感应强度为0,所以用磁传感器测量ab 上各点的磁感应强度B ,在计算机屏幕上显示的大致图象是C.2.如图2所示,A 、B 、C 是等边三角形的三个顶点,O 是A 、B 连线的中点.以O 为坐标原点,A 、B 连线为x 轴,O 、C 连线为y 轴,建立坐标系.过A 、B 、C 、O 四个点各有一条长直导线垂直穿过纸面,导线中通有大小相等、方向向里的电流.则过O 点的通电直导线所受安培力的方向为( )图2A .沿y 轴正方向B .沿y 轴负方向C .沿x 轴正方向D .沿x 轴负方向 答案 A解析 由题图可知,过A 点和B 点的通电直导线对过O 点的通电导线的安培力等大反向,过C 点的通电直导线对过O 点的通电直导线的安培力即为其总的安培力,沿OC 连线向上,故A 项正确.3.如图3所示,A 为一水平旋转的橡胶盘,带有大量均匀分布的负电荷,在圆盘正上方水平放置一通电直导线,电流方向如图.当圆盘高速绕中心轴OO ′转动时,通电直导线所受安培力的方向是( )图3A .竖直向上B .竖直向下C .水平向里D .水平向外答案 C解析 从上向下看,带负电的圆盘顺时针方向旋转,形成的等效电流为逆时针方向,所产生的磁场方向竖直向上,由左手定则可判定通电直导线所受安培力的方向水平向里,故C 项正确.4.如图4所示,在竖直向下的恒定匀强磁场中有一光滑绝缘的14圆轨道,一重为G 的金属导体MN 垂直于轨道横截面水平放置,在导体中通入电流I ,使导体在安培力的作用下以恒定的速率v 从A 点运动到C 点,设金属导体所在位置的轨道半径与竖直方向的夹角为θ,安培力的瞬时功率为P ,则从A 到C 的过程中,下列说法正确的是( )图4A .电流方向从N 指向MB .I ∝cot θC .P ∝cos θD .P ∝sin θ 答案 D解析 由于安培力方向始终水平向左,根据左手定则知电流方向从M 指向N ,A 错误;因为金属导体MN 做匀速圆周运动,所以有G sin θ=F 安 cos θ=ILB cos θ,故I =GBL tan θ,即I ∝tanθ,B 错误;又P =F 安 v cos θ=G v sin θ,所以P ∝sin θ,C 错误,D 正确.二、多项选择题5.(2012·海南单科·10)图5中装置可演示磁场对通电导线的作用.电磁铁上、下两磁极之间某一水平面内固定两条平行金属导轨,L是置于导轨上并与导轨垂直的金属杆.当电磁铁线圈两端a、b,导轨两端e、f,分别接到两个不同的直流电源上时,L便在导轨上滑动.下列说法正确的是()图5A.若a接正极,b接负极,e接正极,f接负极,则L向右滑动B.若a接正极,b接负极,e接负极,f接正极,则L向右滑动C.若a接负极,b接正极,e接正极,f接负极,则L向左滑动D.若a接负极,b接正极,e接负极,f接正极,则L向左滑动答案BD解析若a接正极,b接负极,电磁铁磁极间磁场方向向上,e接正极,f接负极,由左手定则判定金属杆所受安培力向左,则L向左滑动,A选项错误,同理判定B、D选项正确,C选项错误.图66.如图6所示为电磁轨道炮的工作原理图.待发射弹体与轨道保持良好接触,并可在两平行轨道之间无摩擦滑动.电流从一条轨道流入,通过弹体后从另一条轨道流回.轨道电流可形成在弹体处垂直于轨道平面的磁场(可视为匀强磁场),磁感应强度的大小与电流I成正比.通电的弹体在安培力的作用下离开轨道,则下列说法正确的是()A.弹体向左高速射出B.I为原来的2倍,弹体射出的速度也为原来的2倍C.弹体的质量为原来的2倍,射出的速度也为原来的2倍D.轨道长度L为原来的4倍,弹体射出的速度为原来的2倍答案BD7.如图7所示,在光滑水平面上一轻质弹簧将挡板和一条形磁铁连接起来,此时磁铁对水平面的压力为F N1,现在磁铁左上方位置固定一导体棒,当导体棒中通以垂直纸面向里的电流后,磁铁对水平面的压力为F N2,则以下说法正确的是()。
003物理总复习名师学案--牛顿运动定律

物理总复习名师学案--牛顿运动定律●复习导航在前面两章对力和运动分别研究的基础上,本章研究力和运动的关系.牛顿运动定律是动力学的基础,也是整个经典物理理论的基础.正确地理解惯性的概念,理解物体间相互作用的规律,熟练地运用牛顿第二定律解决问题,是本章复习的重点.本章中还涉及到许多重要的研究方法,如:在牛顿第一定律的研究中采用的理想实验法;在牛顿第二定律研究中的控制变量法;运用牛顿第二定律处理问题时常用的隔离法和整体法;以及单位的规定方法、单位制的创建等.对这些方法在复习中也需要认真地体会、理解,从而提高认知的境界.高考关于本章知识的命题年年都有,既有对本章知识的单独命题,也有与其他知识的综合命题,既有选择题、填空题,也有计算题;既有考查对牛顿运动定律的理解及应用的传统题,也有与实际生活及现代科技联系的新颖题.新大纲对本章的要求有所降低,对牛顿第二定律只要求会用它解决单一物体(或可视为单一物体的连接体)问题.对于超重和失重,新大纲不再把它作为一个知识点,但仍把它作为牛顿运动定律的一个应用.本章可分成两个单元组织复习:(Ⅰ)牛顿运动定律.(Ⅱ)动力学的两类基本问题.第Ⅰ单元牛顿运动定律●知识聚焦一、牛顿第一定律1.定律内容:一切物体总保持匀速直线运动状态或静止状态,直到有外力迫使它改变这种状态为止.2.关于牛顿第一定律的理解注意以下几点:(1)牛顿第一定律反映了物体不受外力时的运动状态.(2)牛顿第一定律说明一切物体都有惯性.(3)牛顿第一定律说明力是改变物体运动状态的原因,即力是产生加速度的原因.3.惯性:物体保持原来的匀速直线运动状态或静止状态的性质叫做惯性.一切物体都有惯性,惯性是物体的固有性质.质量是惯性大小的惟一量度.惯性与物体是否受力及受力大小无关,与物体是否运动及速度大小无关.惯性的表现形式:(1)物体在不受外力或所受的合外力为零时,惯性表现为使物体保持原来的运动状态不变(静止或匀速直线运动).(2)物体受到外力时,惯性表现为运动状态改变的难易程度.惯性大,物体运动状态难以改变,惯性小,物体运动状态容易改变.4.理想实验方法:也叫假想实验或思想实验.它是在可靠的实验事实基础上采用科学的抽象思维来展开的实验,是人们在思想上塑造的理想过程.牛顿第一定律即是通过理想实验得出的,它不能由实际的实验来验证.二、牛顿第二定律1.定律内容:物体的加速度a跟物体所受的合外力F成正比,跟物体的质量m成反比,加速度的方向跟合外力的方向相同.2.公式:F合=ma3.关于牛顿第二定律的理解,注意以下几点:(1)牛顿第二定律反映的是加速度与力和质量的定量关系:①合外力和质量决定了加速度,加速度不能决定力和质量;②大小决定关系:加速度与合外力成正比与质量成反比;③方向决定关系:加速度的方向总跟合外力的方向相同;④单位决定关系:应用F=ma进行计算时,各量必须使用国际单位制中的单位.(2)牛顿第二定律是力的瞬时规律,它说明力的瞬时作用效果是使物体产生加速度.加速度跟力同时产生、同时变化、同时消失.(3)根据力的独立作用原理,用牛顿第二定律处理物体在一个平面内运动的问题时,可将物体所受各力正交分解,在正交的方向上分别应用牛顿第二定律的分量形式:F x=ma x,F y=ma y列方程.三、牛顿第三定律1.定律内容:两个物体之间的作用力和反作用力总是大小相等,方向相反,作用在一条直线上.2.关于一对作用力、反作用力的关系,除牛顿第三定律反映的“等大、反向、共线”的关系外,还应注意以下几点:(1)同性:一对作用力、反作用力必定是同种性质的力.(2)同时:一对作用力、反作用力必定同时产生,同时变化、同时消失.(3)异物:一对作用力、反作用力分别作用在相互作用的两个物体上,它们的作用效果也分别体现在不同物体上,不可能相互抵消,这是一对作用力、反作用力和一对平衡力最根本的区别.四、牛顿定律的适用范围对于宏观物体低速的运动(运动速度远小于光速的运动),牛顿运动定律是成立的,但对于物体的高速运动(运动速度接近光速)和微观粒子的运动,牛顿运动定律就不适用了,要用相对论观点、量子力学理论处理.●疑难辨析1.惯性是物体的固有属性,与物体的运动情况及受力情况无关.质量是惯性大小的惟一量度.当物体不受外力或所受外力的合力为零时,惯性表现为维持原来的静止或匀速直线运动状态不变.当物体受到外力作用而做变速运动时,物体同样表现具有惯性.这种表现可以从两方面说明:第一,物体表现出具有反抗外力的作用而维持其原来运动状态不变的趋向.具体的说,外力要迫使物体改变原来的运动状态,而物体的惯性要反抗外力的作用而力图维持物体原来的运动状态,这一对矛盾斗争的结果表现为物体运动状态改变的快慢——产生大小不同的加速度,在同样大小的力作用下,惯性大的物体运动状态改变较慢(加速度小),惯性小的物体运动状态改变较快(加速度较大).第二,做变速运动的物体虽然每时每刻速度都在变化,但是每时每刻物体都表现出要维持该时刻速度不变的性质,只是由于外力的存在不断地打破它本身惯性的这种“企求”,致使速度继续变化,如果某一时刻外力突然撤消,物体就立刻“维持住”该时刻的瞬时速度不变而做匀速直线运动,这充分反映了做变速运动的物体仍然具有保持它每时每刻的速度不变的性质——惯性.有的同学总认为“惯性与物体的运动速度有关,速度大,惯性就大;速度小,惯性就小”.理由是物体运动速度大,不容易停下来;速度小,容易停下来.产生这种错误认识的原因是把“惯性大小表示运动状态改变的难易程度”理解成“惯性大小表示把物体从运动变为静止的难易程度”.事实上,在受到了相同阻力的情况下,速度(大小)不同质量相同的物体,在相同的时间内速度的减小量是相同的.这就说明质量相同的物体,它们改变运动状态的难易程度是相同的,所以它们的惯性是相同的,与它们的速度无关.2.牛顿第二定律的适用范围是:低速(相对于光速)、宏观(相对微观粒子).用F=ma列方程时还必须注意其“相对性”和“同一性”.所谓“相对性”是指:在中学阶段利用F=ma求解问题时,式中的a相对的参照系一定是惯性系,一般以大地为参照系.若取的参照系本身有加速度,那么所得的结论也将是错误的.“同一性”是指式中的F、m、a三量必须对应同一个物体.譬如图3—1—1中,在求物体A的加速度时,有些同学总认为B既然在A上,应该有F-μ1(m A+m B)g-μ2m B g=(m A+m B)ɑA.分析此方程,方程的左边是物体A受的合外力,但方程的右边却是A和B的总质量,显然合力F与m不对应,故此方程是错误的.图3—1—1●典例剖析[例1]下列关于惯性的说法正确的是A.物体只有静止或做匀速直线运动时才有惯性B.物体受到外力时惯性消失C.汽车速度越大越难刹车,表明速度越大惯性越大D.在宇宙飞船中的物体处于完全失重状态,所以没有惯性E.乒乓球可以快速抽杀,是因为乒乓球惯性小【解析】惯性是物体的固有属性,质量是惯性大小的惟一量度,惯性与物体所处的运动状态无关,与物体是否受力及受力大小无关.所以A、B、C、D选项均错.正确选项为E.【思考】物体重力越大,惯性一定越大吗?【思考提示】物体的质量是惯性大小的惟一量度,由G=mg知,在地球上不同地方,在离地面不同高度时,在不同星球表面,重力加速度大小不同,这使得同一物体在不同地方所受重力不同,重力大的物体的质量不一定大,所以,不能根据重力大小判断惯性大小.【说明】1.“惯性越大运动状态越难改变”.“汽车速度越大越难刹车”.第一个“难”字与第二个“难”字的含义是不一样的.前者指的是速度变化快慢(加速度)相同时,物体所受的合外力不同,力大时即运动状态难改变;力小时运动状态容易改变.后者指的是刹车过程中力相同时,初速度越大,停下来速度变化量越大,所用时间越长;速度越小,停下来所用时间越短.因此速度越大的汽车越难停下来,不是因为运动状态难改变,而是因为运动状态改变量增大的缘故.2.在分析判断有关惯性的问题时,必须深刻理解惯性的物理意义,抛开表面现象、抓住问题本质.【设计意图】设计本例是为了帮助学生深刻理解惯性的含义,明确惯性与什么因素有关,与什么因素无关.掌握判断惯性大小的依据和方法.[例2]如图3—1—2所示,质量为m的人站在自动扶梯上,扶梯正以加速度a向上减速运动,a与水平方向的夹角为θ.求人受的支持力和摩擦力.图3—1—2【解析】利用牛顿定律解题时,基本思路是相同的,即先确定研究对象,再对其进行受力分析,最后列方程求解.方法1:以人为研究对象,他站在减速上升的电梯上,受到竖直向下的重力m g和竖直向上的支持力F N,还受到水平方向的静摩擦力F f,由于物体斜向下的加速度有一个水平向左的分量,故可判断静摩擦力的方向水平向左.人受力如图3—1—3所示,建立如图所示的坐标系,并将加速度分解为水平加速度a x和竖直加速度a y,如图3—1—4所示,则图3—1—3 图3—1—4a x=a cosθa y=a sinθ由牛顿第二定律得F f=ma xmg-F N=ma y求得F f=ma cosθ,F N=m(g-a sinθ)方法2:以人为研究对象,受力分析如图3—1—5所示.因摩擦力F f为待求,且必沿水平方向,设为水平向右.建立图示坐标,并规定正方向.图3—1—5根据牛顿第二定律得x方向mg sinθ-F N sinθ-F f cosθ=ma①y 方向 mg cos θ+F f sin θ-F N cos θ=0 ②由①、②两式可解得F N =m (g -a sin θ),F f =-ma cos θ.F f 为负值,说明摩擦力的实际方向与假设方向相反,为水平向左.【思考】 (1)扶梯以加速度a 加速上升时如何?(2)请用“失重”和“超重”知识定性分析人对扶梯的压力是大于人的重力还是小于人的重力?【思考提示】 (1)扶梯以加速度a 加速上升时支持力F N 大于重力,大小为F N =m (g +a sin θ)静摩擦力方向水平向右,大小为F f =ma cos θ(2)扶梯减速上升时,加速度斜向下,扶梯上的人处于失重状态,故人对扶梯的压力小于他的重力;扶梯加速上升时,加速度斜向上,扶梯上的人处于超重状态,故人对扶梯的压力大于他的重力.【说明】 1.利用正交分解法解决动力学问题建立坐标系时,常使一个坐标轴沿着加速度方向,使另一个坐标轴与加速度方向垂直,从而使物体的合外力沿其中一个轴的方向,沿另一轴的合力为零.但有时这种方法并不简便,例如本题.所以要根据具体问题进行具行分析,以解题方便为原则,建立合适的坐标系.2.判断静摩擦力的方向、计算静摩擦力的大小是一难点.在物体处于平衡状态时,可根据平衡条件判断静摩擦力的方向,计算静摩擦力的大小;若物体有加速度,则应根据牛顿第二定律判断静摩擦力的方向,计算静摩擦力的大小.【设计意图】 1.强调建立坐标系的方法和灵活性.2.说明利用牛顿第二定律判断静摩擦力方向、计算静摩擦力大小的方法.[例3]如图3—1—6所示,沿水平方向做匀变速直线运动的车厢中,悬挂小球的悬线偏离竖直方向37°角,球和车厢相对静止,球的质量为1 kg.(g =10 m/s 2,sin27°=0.6,cos27°=0.8)图3—1—6(1)求车厢运动的加速度并说明车厢的运动情况.(2)求悬线对球的拉力.【解析】 (1)球和车厢相对静止,它们的运动情况相同,由于对球的受力情况知道的较多,故应以球为研究对象.球受两个力作用:重力mg 和线的拉力F ,由于球随车一起沿水平方向做匀变速直线运动,故其加速度沿水平方向,合外力沿水平方向.做出平行四边形,如图3—1—7所示.球所受的合外力为F 合=mg t a n27°由牛顿第二定律F 合=ma 可求得球的加速度为a =m F 合=gtan27°=7.5 m/s 2加速度方向水平向右.车厢可能水平向右做匀加速直线运动,也可能水平向左做匀减速直线运动.(2)由图3—1—7可得,线对球的拉力大小为图3—1—7F =8.010137cos ⨯=︒mg N =12.5 N 【思考】 (1)若本题不知道悬线偏离竖直方向的角度,而知道车厢的加速度a ,如何求悬线的拉力及偏角?并进一步讨论偏角大小与加速度大小的关系?(2)坐在封闭的车厢中,你设计一种判断车厢运动情况的方法.【思考提示】 (1)同样是先根据球的受力情况及加速度方向判断出合力的方向,再画出平行四边形如图3—1—7所示,由勾股定理可求得悬线的拉力为:F =222222a g m a m g m +=+悬线与竖直方向的夹角α为tan α=ga mg ma = 由此式可知,小车的加速度越大,悬线与竖直方向的偏角越大.(2)可根据本例题的方法,用线悬挂一个小物体,根据悬线偏离竖直方向的角度判断车厢的加速度方向和加速度大小.【说明】 本题的解题关键是根据小球的加速度方向,判断出物体所受合外力的方向,然后画出平行四边形,解其中的三角形就可求得结果.这也是解决“二力”问题的最简便有效的方法,希望读者能切实掌握.【设计意图】 通过本例题向学生说明:①如何根据加速度方向判断合外力方向;②对于“二力”问题如何利用解三角形的方法分析求解.[例4]如图3—1—8所示,一个弹簧台秤的秤盘和弹簧质量都不计,盘内放有一质量m =12 kg 并处于静止的物体P ,弹簧劲度系数k=300 N/m ,现给P 施加一个竖直向上的力F ,使P 从静止开始始终向上做匀加速直线运动,在这过程中,头0.2 s 内F 是变力,在0.2 s 后F 是恒力,则图3—1—8(1)物体P 做匀加速运动的加速度大小为多少?(2)F 的最小值、最大值分别为多少?【解析】 物体P 与托盘分离的条件为相互间弹力为零.物体P 与托 盘分离前F 为变力,分离后F 为恒力.因托盘不计质量,所以分离时必是弹簧原长的时刻.mg =k Δx ①Δx =21a t 2 ②由①②得a =20 m/s 2F 最小值为P 刚开始加速时,P 与托盘整体受力如图3—1—9所示即:F min =ma =12×20 N=240 NF 最大值即为P 刚要离开托盘时和离开托盘后,F max -m g=ma图3—1—9所以F max =m (g +a )=360 N【思考】 你能否写出力F 随时间变化的关系式.【思考提示】 当t ≤0.2 s 时F +kx -mg =maF =m (g +a )-kx=m (g +a )-k (Δx -21at 2) =ma +21kat 2 当t >0.2 s 时F 为恒力,F =m (g +a ).【说明】 有弹簧弹力参与下的物体做匀加速运动,必有其他力也为变力,所以F 的取值有一定范围.若图3—1—9中F 仍为恒力作用,则物体做加速度减小的变加速运动.本题中若托盘也有质量,则0.2 s 末,即物体P 与托盘分离处只有相互作用力为零的结论,而无弹簧处于原长的结论(弹簧有一定的压缩量).详细分析物体运动的各个阶段特征及其受力情况,找出各阶段的转折点临界点,是解答好变力问题或变加速运动问题的基础.【设计意图】 通过本例题使学生学会临界问题的分析方法,知道对于临界问题,关键是根据临界状态的特点判断临界条件,如本例题中物体和秤盘分离的临界条件为它们之间相互作用的弹力为零.‴[例5]如图3—1—10所示,竖直光滑杆上套有一小球和两根弹簧,两弹簧的一端各与小球相连,另一端分别用销钉M 、N 固定于杆上,小球处于静止状态,设拔去销钉M 瞬间,小球加速度大小为12 m/s 2,若不拔去销钉M 而拔去销钉N 的瞬间,小球的加速度可能是(g 取10 m/s 2)A.22 m/s 2 竖直向上B.22 m/s 2 竖直向下C.2 m/s 2 竖直向上D.2 m/s 2 竖直向下【解析】 因为弹簧原来的压缩和伸长状态未知,所以本题有多种情况需讨论.(1)平衡时两弹簧均处于伸长状态,小球受力如图3—1—11所示.F M =mg +F N ①拔去M 后,F N +mg =ma =12m ②拔去N 后,F M -mg =ma ′ ③ 由①②③得a ′=2 m/s 2方向向上,C 正确(2)平衡时两弹簧均处于压缩状态,小球受力如图3—1—12所示F N ′=mg +F M ′ ④拔去M 后,F N ′-mg =ma =12m ⑤拔去N 后,F M ′+mg =ma ″ ⑥由④⑤⑥得:a ″=22 m/s 2,方向竖直向下,B 正确(3)平衡时,M 处于伸长,N 处于压缩状态,则受力图应为图3—1—13所示 F M ″+F N ″=mg ⑦拔去M 后F M ″消失,应用F N ″-mg =ma =12m ⑧由⑦式可知,F N ″<mg 由⑧式可知,F N ″>mg 矛盾,所以(3)假设不成立(4)平衡时,若M 处于压缩,N 处于伸长,则同(3)类似,也发生矛盾,所以(4)不成立,故本题应选BC.图3—1—10 图3—1—11 图3—1—12 图3—1—13【思考】你能否根据拔去销钉M瞬间的加速度大小和加速度可能的方向,判断上、下两弹簧的形变情况?【思考提示】若拔去销钉M瞬间,加速度方向向下,由于a=12 m/s2>g,故下面弹簧必伸长,则拔去销钉M前,由平衡条件知上面弹簧也为伸长状态,若拔去销钉M瞬间,加速度方向向上,则下面弹簧必为压缩状态,则拔去销钉前,由平衡条件知下面弹簧也为压缩状态.由于小球的加速度方向只有向上、向下两种可能性,所以,上、下两弹簧的形变情况也只有上述两种可能性.【说明】判断拔去销钉之前,两弹簧所处状态,是解决该题的关键.还有一些情况:如①M压缩,N 伸长②M、N均处于原长③M伸长,N原长等均不可能,因为弹簧所处的状态不同,因而拔去N出现了多解的可能性.象本题有一定发散性、讨论性的问题,在高考不断向能力考核转化的形势下显得更为重要,应加强该类问题练习.【设计意图】(1)通过本例说明瞬时问题的分析方法.(2)对于多解问题,强调要把各种可能性分析全面.●反馈练习★夯实基础1.伽利略的理想实验证明了①要物体运动必须有力作用,没有力作用物体将静止②要物体静止必须有力作用,没有力作用物体就运动③要使物体由静止变运动,必须受不为零的合外力作用,且力越大速度变化越快④物体不受力时,总保持原来的匀速直线运动状态或静止状态A.①②B.③④C.①③D.②④【解析】力不是维持物体运动的原因,而是改变物体运动状态的原因,故选项①、②均错.物体的运动不需要力来维持,在物体不受力时,惯性使物体保持原来的运动状态不变,④选项正确.由牛顿第二定律得:F合=ma合外力越大,物体的加速度越大(同一物体m一定),速度变化越快.③选项正确.故选B.【答案】B2.下列现象中,体现了“力是改变物体运动状态的原因”思想的是①树欲静而风不止②汽车关闭发动机后逐渐停下来③楚霸王不能自举其身④扫帚不到,灰尘照例不会自己跑掉A.①②③④B.①②C.①②④D.只有②【答案】C3.跳高运动员从地面上跳起,是由于①地面给运动员的支持力大于运动员给地面的压力②运动员给地面的压力大于运动员受的重力③地面给运动员的支持力大于运动员受的重力④运动员给地面的压力等于地面给运动员的支持力以上说法正确的是A.只有①B.只有④C.②③D.②③④【解析】运动员受重力和支持力,其中支持力和对地面的压力是一对作用力和反作用力,故大小相等且大于重力.【答案】 C4.如图3—1—14是做直线运动的物体受力F 与受力后位移s 的关系图,则从图可知图3—1—14①这物体至位移s 2时的速度最小②这物体至位移s 1时的加速度最大③这物体至位移s 1后便开始返回运动④这物体至位移s 2时的速度最大以上说法正确的是A.只有①B.只有③C.①③D.②④【解析】 由图3—1—14知,力的方向始终跟位移方向相同,所以物体始终做加速运动,在位移s 2处,物体的速度最大,在位移s 1处物体受力最大,则在该处物体的加速度最大.选项D 正确.【答案】 D5.质量为m 的木块位于粗糙水平桌面上,若用大小为F 的水平恒力拉木块,其加速度大小为a .当拉力方向不变,大小变为2F 时,木块的加速度大小为a ′,则A.a ′=aB.a ′<2aC.a ′>2aD.a ′=2a【解析】 由牛顿第二定律得F -F f =ma2F -F f =ma ′由于物体所受的摩擦力F f =μF N =μmg即F f 不变,所以a ′=m F a m F F F m F F fff f+=+-=-2)(22 =2a +μg >2a选项C 正确【答案】 C6.如图3—1—15所示,一个劈形物体ABC 置于固定的光滑斜面上,AB 面光滑且水平,在AB 面上放一个小物体,现将ABC 由静止开始释放,则在小物块碰到斜面之前的运动由它的受力情况可知是图3—1—15A.匀速直线运动B.初速度为零的匀加速直线运动C.自由落体运动D.平抛运动【解析】 小物体只在竖直方向上受重力和支持力,水平方向不受力,所以,小物体在碰到斜面之前只能在竖直方向上做匀加速直线运动,故选项B 正确.【答案】 B7.一个小孩在蹦床上做游戏,他从高处落到蹦床上后又被弹起到原高度.小孩从高处开始下落到弹回的整个过程中,他的运动速度随时间变化的图象如图3—1—16所示,图中oa 段和cd 段为直线根据此图象可知,小孩和蹦床相接触的时间为图3—1—16A.t 2~t 4B.t 1~t 4C.t 1~t 5D.t 2~t 5【解析】 小孩从高处下落,在接触蹦床前,他做匀加速直线运动,其速度图象为直线,即oa 段;小孩接触蹦床后,先做加速度逐渐减小的加速运动(t 1~t 2),t 2时刻加速度减小到零时,速度达到最大;然后小孩又做加速度逐渐增大的减速运动(t 2~t 3),到t 3时刻小孩速度减小到零;接着小孩又向上做加速度逐渐减小的加速运动(t 3~t 4),到t 4时刻加速度减小到零,速度增大到最大;然后小孩又做加速度逐渐增大的减速运动(t 4~t 5),到t 5时刻,小孩离开蹦床;之后小孩向上做匀减速运动(t 5~t 6).所以,在t 1~t 5这段时间内,小孩与蹦床接触.选项C 正确.【答案】 C8.设洒水车的牵引力不变,所受阻力跟车重成正比,洒水车在水平直公路上行驶,原来是匀速的,开始洒水后,它的运动情况是A.继续做匀速运动B.变为做匀加速运动C.变为做变加速运动D.变为做匀减速运动【解析】 设牵引力为F ,洒水车的质量为m ,阻力为kmg ,由牛顿第二定律得F -kmg =maa =mF -kg 开始时F =kmg ,a =0,随着m 减小,a 逐渐增大,故酒水车做加速度逐渐增大的加速运动,选项C 正确.【答案】 C9.一只木箱在水平地面上受到水平推力F 作用,在5 s 时间内F 的变化和木箱速度变化如图3—1—17中(a)、(b)所示,则木箱的质量为_______ kg ,木箱与地面间的动摩擦因数为_______.(g =10 m/s 2)图3—1—17【解析】 由v-t 图象知,物体在0~3 s 做匀加速直线运动,加速度大小为 a =36=∆t v m/s 2=2 m/s 2 在3 s~5 s 物体做匀速直线运动,则由牛顿第二定律得 F 1-μmg =ma F 2-μmg =0解得:m =25 kg,μ=0.2 【答案】 25;0.2 ★提升能力10.光滑的水平面上有一质量为m =1 kg 的小球,小球与水平轻弹簧和与水平成θ=30°角的轻绳的一端相连,如图3—1—18所示,此时小球处于静止状态,且水平面对小球的弹力恰好为零.当剪断绳的瞬间,小球的加速度大小及方向如何?此时轻弹簧的弹力与水平面对球的弹力的比值为多少?(g 取10 m/s 2)图3—1—18【解析】 因此时水平面对小球弹力为零,故小球在绳未剪断时受三个力的作用,如图所示,由于小球处于平衡态,依据小球在水平和竖直方向受力平衡求出F T 和F 的大小.剪断绳时,F T =0,小球在竖直方向仍平衡,但在水平方向所受合外力不为零,从而产生加速度绳未断时,由平衡条件得 F T c os 30°=F F T s in30°=mg解得F =3mg =103 N.绳剪断瞬间,小球受弹簧的拉力F 、重力mg 和支持力F N ,则 F =ma F N =mg解得a =103 m/s 2,3=NF F. 【答案】 103 m/s 2,水平向左;311.如图3—1—19所示,自由下落的小球下落一段时间后,与弹簧接触,从它接触弹簧开始到将弹簧。
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们来做实验吧!
实验中… …
_进__行__实__验__,___收__集__证_ 据
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小红:下列我们就对我们在实验中得出 的数据进行一下分析,看看能得到什么样的
结论。分___析__论__证___
小明:实验的结论得出来了,下列我们 再来看一下我们的实验过程及结论是否严紧。
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目
录
课
题
001教科版(初中二年级)八年级物理上册走进实验室:学习科学探究
002教科版(初中二年级)八年级物理上册认识运动
003教科版(初中二年级)八年级物理上册运动的描述
004教科版(初中二年级)八年级物理上册能量
005教科版(初中二年级)八年级物理上册乐音的三个特征
012教科版(初中二年级)八年级物理上册科学探究:凸透镜成像-第二课时
013教科版(初中二年级)八年级物理上册神奇的眼睛
014教科版(初中二年级)八年级物理上册通过透镜看世界
015教科版(初中二年级)八年级物理上册走进彩色世界
016教科版(初中二年级)八年级物理上册物态变化与温度
017教科版(初中二年级)八年级物理上册熔化与凝固
物理学习要求
• 一、准备两个作业本(分A本和B本)和 一个笔记本。作业本轮换交。每次布置 作业后第二天下午上课前交。
• 二、笔记本不定期抽查。 • 三、不做作业和不记笔记的按班规严格
处理 • 四、关于物理奖励问题同学们多提意见
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观察新奇的物理现象
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浩瀚的宇宙, 我们生活的地球只 是其中一颗。
物理中最小
的结构单位--夸
中考物理经典易错题系列003 (串并联电路电流和电压规律)
中考物理经典易错题系列003 (串并联电路电流和电压规律)班级姓名1、有一种节日彩灯,用50只小灯泡串联接在家庭电路中,若插头处的电流为为300mA,则第20只彩灯的电流为________A,第20只彩灯两端电压为______V;通过第50只灯的电流为______A;第50只灯的两端电压为______V。
2、如图L1L2L3三个灯泡是__ ___联。
电流表A1测灯___ _____的电流,A2测灯____ __的电流。
【扭曲法】3、如图L1L2L3是_________联,其中V1测_________电压,V2测____________的电压。
已知总电压为6V,其中V1的示数为4V,V2为3V,则灯L1的电压为_____V,灯L2的电压为_____V,灯L3的电压为______V。
【去表法】由于电流表,电压表接入电路中后,影响了我们对电路连接的判断,因此为了简化电路,便于判断电路的连接,要学会用“去表法”简化电路,“去表法”的原则是将电流表处看成________,将电压表处看成是__________。
4、如图甲,开关闭合后,两个电流表指针偏转均为图乙所示则通过L1的电流为_________,通过L2的电流为________。
5、如图,闭合开关,灯泡________(发光,不发光),电流表_______(有示数,没有示数)电压表_______(有示数,没有示数)6、如图,闭合开关,灯泡________(发光,不发光),电流表_______(有示数,没有示数)电压表_______(有示数,没有示数),会烧坏的电表__________。
7、如图,断开开关,用电压表分别接ab bc cd ad其中接_________________两点时,电压表有示数。
(解题技巧:判断某两点之间是否有电压的方法:看这两点是否连通了电源两极,当电压表被串联时其他用电器也相当于导线)第5题第6题第7题9、如图,电源电压为8V,且保持不变,闭合开关后,发现电压表示数为8V,则可能的原因有:①______________________②______________________10、如图闭合开关,发现L1不发光,L2发光,电压表没有示数可能的原因________ 同样如图闭合开关,发现L1L2都不发光,电流表没有示数,电压表有示数,可能的原因是________________。
高二物理003理想气体状态方程Ⅰ练习
高二物理理想气体状态方程练习一、选择1.一定质量的理想气体,从初态(P 1,V 1,T 1)变化到终态(P 2,V 2,T 2),下列各量关系中不可能实现的应为( )A.P 1>P 2,V 1>V 2,T 1>T 2B.P 1>P 2,V 1>V 2,T 1<T 2C.P 1<P 2,V 1>V 2,T 1<T 2D.P 1<P 2,V 1<V 2,T 1>T 22.对一定质量的理想气体,在下列各种过程中,可能发生的过程是:( ) A.气体膨胀对外做功,温度升高 B.气体吸热,温度降低 C.气体放热,压强增大 D.气体放热,温度不变3.如图13.3-8所示,A 、B 两点表示一定质量的理想气体的两个状态,当气体自状态A 变化到状态B 时( )A.体积必须变大B.有可能经过体积减小的过程C.外界必然对气体做正功D.气体必然从外界吸热 4.回到原来状态的图是( )5.一汽泡以30m 深的海底升到水面,设水底温度是4℃,水面温度是15℃,那么汽泡在水面的体积约是水底时( )A.3倍B.4倍C.5倍D.12倍6.如下图甲所示,P-T 图上的图线abc 表示一定质量的理想气体的状态变化过程,此过程在P-V 图上(下图 (乙)所示)的图线应为( )甲 乙7.一定量气体可经不同的过程以状态(P 1、V 1、T 1)变到状态(P 2、V 2、T 2),已知T 2>T 1.则在这些过程中( )A.气体一定都从外界吸收热量B.气体和外界交换的热量都是相等的C.外界对气体所做的功都是相等的D.气体内能间变化量都是相等的8.如下图所示,密封的圆柱形容器中盛有27℃,压强为1atm 的空气,容器中间用两个绝热但能自由活动的活塞隔成体积相等的三个部分.将A 部分加热到227℃,C 部分加热到327℃,B 部分温度不变.平衡后,A 、B 、C 三部分体积之比为 .【素质优化训练】1.如图所示,水平放置的密封气缸的活塞被很细的弹簧拉住,气缸内密封一定质量的气体.当缸内气体温度为27℃,弹簧的长度为30cm 时,气缸内气体压强为缸外大气压的1.2倍.当缸内气体温度升高到127℃时,弹簧的长度为36cm.求弹簧的原长?(不计活塞与缸壁的摩擦)4.如图的容器内有少量红磷,充满氯气升温至400K ,气体体积为1L.在恒温下充分反应.(1)写出可能发生的化学反应的化学方程式,并说明反应现象.(2)现测量容器内除存在氯气外,还有气态PCl 3和气态PCl 5,请写出这时容器中反应的化学方程式.(3)若容器内气体的体积已变为0.75L ,气态PCl 3和气态PCl 5的物质的量相等,求此时氯气的转化率.(4)若升温至800K ,氯气的转化率为45%,求这时容器中气体总体积. 【生活实际运用】如下图所示,一圆柱形气缸直立在水平地面上,内有质量不计的可上下移动的活塞,在距缸底高为2H 0的缸口处有固定的卡环;使活塞不会从气缸中顶出,气缸壁和活塞都是不导热的,它们之间没有摩擦.活塞下方距缸底高为H 0处还有一固定的可导热的隔板,将容器分为A 、B 两部分,A 、B 中各封闭同种的理想气体,开始时A 、B 中气体的温度均为27℃,压强等于外界大气压强P 0,活塞距气缸底的高度为1.6H 0,现通过B 中的电热丝缓慢加热,试求:(1)当B 中气体的压强为1.5P 0时,活塞距缸底的高度是多少? (2)当A 中气体的压强为1.5P 0时,B 中气体的温度是多少?【知识验证实验】1.内容 实验室内备有米尺、天平、量筒、温度计、气压计等器材,需选取哪几件最必备的器材,测量哪几个数据,即可根据物理常数表和气体定律估算出教室内现有的空气分子数?2.提示 ①选取米尺、温度计、气压计三件器材②用米尺测出教室的长、宽、高,算出体积V ;用温度计测出室温,设为T ;用气压计测出大气压,设为P③对教室内质量为m 的空气变化到标准状态下有TPV=00'T V P (P 0=1atm,T 0=273K)∴V ′=0TP PT V ④教室内空气分子数 N='V V N 0(V 0=22.4×10-3m 3,N 0=6.02×1023) =00V TP PVT N 0【知识探究学习】1.内容 如图所示,内径均匀的U 型细玻璃管一端开口,竖直放置,开口端与一个容积很大的贮气缸B 连通,封闭端由水银封闭一段空气A ,已知-23℃时空气柱A 长62cm ,右管水银面比左管水银面低40cm ,当气温上升到27℃时,水银面高度差变化4cm ,B 贮气缸左侧连接的细管的体积变化不计.(1)试论证当气温上升到27℃时,水银面高度差是增大4cm 还是减小4cn? (2)求-23℃时贮气缸B 中气体的压强. 2.提示 (1)假设水银柱不动,由查理定律得11T P =22T P =T P △△ ∴△P=11T P △T 显然在△T 、T 1相同情况下,初始压强P 1越大,升高相同温度时,压强的增量越大,而初始状态时,P A <P B ,所以△P A <△P B ,则A 中水银上升,水银面高度差增大(2)设-23℃时,B 中气体压强为P B ,对A 中理想气体有A A A T L P ='''A A A T L P ,即25062)40(⨯-B P =30062)40'(⨯-B P ①对B 中气体有250B P =300'B P ② 由①②得P B =140cmHg参考答案:【同步达纲练习】1.BD2.ABCD3.ABD (提示:连接OA 、OB 得到两条等容线,故有V B >V A ,A 项正确.由于没有限制自状态A 变化到状态B 的过程,所以可先减小气体的体积再增大气体的体积到B 状态,故B 项正确.因为气体体积增大,所以是气体对外做功,C 项错误.因为气体对外界做功,而气体的温度升高,内能增大,所以气体一定从外界吸热,D 项正确.)4.A5.B (提示:对气泡内的气体,在水底时有P 1=P 0+766.1310302⨯⨯P 0=4atm,T 1=277K ,在水面时P 2=1atm,T 2=288K,则111T V P =222T V P ,得12V V=4) 6.C (提示:由图 (甲)的P-T 图像可以看出,a →b 为等容升压,b →c 是等温降压,而在图中的四个图中能同时满足这一条件及先后顺序的只有C 图)7.D (提示:在P-V 图中,分别作两条与温度T 1、T 2对应的等温线t 1、t 2,如下图所示,设气体从状态A 经不同的过程AB 、AC 、AD 到达B 、C 、D 状态,(B 、C 、D 在温度为T 2的等温线上,A 在温度为T 1的等温线上)若由A →B ,从图中看出气体压缩,外界对气体做的功若大于气体内能的增加,则气体向外放热,所以A 项错误;若由A →D ,由图可见气体等压膨胀,气体内能增加的同时,还需对外做功,所以吸收的热量肯定比从A →c(A →c ,气体等容升压)多.因为从A →c 气体不对外做功,故B 、C 项也是错误的.理想气体的内能只与温度有关,气体从状态(P 1、V 1、T 1)不管经什么过程到状态(P 2、V 2、T 2)其温度的变化量相等,内能的变化量也相等,故D 项正确.)8.5∶3∶6 (提示:对A 中气体有3001V ⨯=500A V P ⨯,B 中气体3001V ⨯=300BV P ⨯,C 中气体3001V ⨯=600CV P ⨯)9.设l 1、l 2是开始时,A 、B 推杆作用于杠杆的推力的力臂.由力矩平衡得(P A -P 0)l 1=(P B -P 0)l 2,∴l 1=2l 2设V A 为末态气缸A 中气体的体积,由几何关系可知10l V V A -=2l V V B -,解得:V A =1.20升设'B P 为末态气缸B 中的压强,由气态方程得10T V P B =BBB T V P ',解得P B ′=1.45×105Pa设P A ′为末态气缸中压强,由力矩平衡得(P A ′-P 0)l 1=(P B ′-P 0)l 2,解得P A ′=1.23×105Pa 设T A 为末态气缸A 的温度,由气态方程00T V P A =AAA T V P ',得T A =402.5k 【素质优化训练】1.21cm (提示:设弹簧原长为l ,活塞截面积为S ,弹簧劲度系数为k ,由题意得300302.10S P ⨯=40036SP ∙①,1.2P 0S=P 0S+k(0.3-l)②,PS=P 0S+k(0.36-l)③,由①②③得l)2.h ·TT '(提示:设活塞截面积为S ,弹簧劲度系数为k ,由题意得:T Phs ='''T sh P ①,kh=PS ②,kh ′=P ′S ③,由①②③得h ′) 3.540k (提示:设气体最初温度为T 0,则活塞刚离开卡环时温度为T 0+△T ,设气柱高为H 1时温度为T 1,高为H 2时温度为T 2.由等压升温过程得:T T H △+00=11T H①,联系初态和终态的气态方程得:00T H =22T H ②,利用T 1=T 2由①②解得:T 2=)(12121H H H H H -△T ,代入数据得:T 2=540k.)4.(1)2P+3Cl 2点燃2PCl 3;PCl 3+Cl 2=PCl 5 (2)PCl 3+Cl 2PCl 5+Q (3)设生成PCl 3的体积为V ,运用伏加德罗定律和原子守恒定律.求出反应中消耗Cl 2的体积为4V 1(1L-4V)+V+V=0.75L,V=0.125L ;Cl 2的转化率=LL 14125.0⨯×100%=50% (4)据题意,温度升高后,又有1L ×0.05=0.05L.Cl 2生成.PCl 3 + Cl 2 PCl 5升温后(0.125+0.05)L. (0.5+0.05)L (0.125-0.05)LV 总=(0.125+0.05)L+(0.5+0.05)L+(0.125-0.05)L=0.8L(末考虑温度对气体体积的影响) 没400K 时的压强、温度、气体体积为P 1、T 1、V 1、800K 时为P 2、T 2、V 2.根据气体定律知:111T V P =222T V P ,V 2=12111T P T V P ,因为P 1=P 2,12T T = 400800=2,所以V 2=2V 1=0.8L ×2=1.6L. 【生活实际运用】(1)B 中气体做等容变化,由查理定律得'B B P P ='B BT T ,求得压强为1.5P 0时气体的温度T B ′=450KA 中气体做等压变化,由于隔板导热,A 、B 中气体温度相等,A 中气体温度也为450K ,对A 中气体有A A V V '=A A T T ',V A ′=A A T T 'V A =AB T T 'V A =0.9H 0S ,活塞距离缸底的高度为1.9H 0.(2)当A 中气体压强为1.5P 0,活塞将顶在卡环处对A 中气体有A A A T V P =〃〃〃A A A T V P ,得T A ″=AA A A V P V P 〃〃T A =750K ,则B 中气体温度也为750K.。
003-电场强度
静电场
高中物理 选修 3-1
④ 电场线不会相交,也不会相切. ⑤ 电场线客观上不存在,是假想的
练一练
如图为一条电场线,正确的是( A. EA一定大于 EB B. EA 一定等于 EB C. A 点电场方向一定由A 指向 B D. AB 两点的场强方向不能确定 A B
C )
静电场
高中物理 选修 3-1
静电场
高中物理 选修 3-1
电场
电荷周围总存在着电场
产生
电荷
作用
电
场
产生
电荷
A
作用
B
电场的基本性质电场力 电场对放入其中的电荷有力的作用 静电场
静止的电荷产生的电场—— 静电场。
静电场
高中物理 选修 3-1
电场强度
源电荷
如何检验电荷 A 周围有电场?
+
F
F
检验电荷 点电荷 电量小
电场强度的描述
Q
练一练
正检验电荷 q 在电场中 P 点处开始向 Q 点作减速运动,且运动的加速度值越来 越小(重力不计),则可以确定它所处 的电场可能是 ( C )
P A
Q
P Q
B
P Q C
PQ D
静电场
高中物理 选修 3-1
如图所示,竖直向上的匀强电场的场强 E = 1×105N/C,在一倾角为30o的光滑 绝缘板上有一带电小球,电量 q = +1×10 -6C,质量m = 15g,求带电小球 下滑的加速度。(g取10m/s2)
静电场
高中物理 选修 3-1
匀强电场 匀强电场定义
如果电场中各点电场强度的大小相等、 方向相同,这个电场就叫做匀强电场。
匀强电场特点
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E a q0 E dl Wab Epa pb ΔEp b E pa E pb q0 E dl a E p 0 令:E pb 0 则:E pa q0 E dl
b
a
电场中某点的电势能,等于把实验电荷q0从该点移 至势能零点处时,电场力所做的功。
a a a a
a
ra
rb
结论: 静电力做功与路径无关。
保守力
二、静电场的环路定理
1
B
2
E dl 0
l
A
E
静电场中电场强度E 沿任意闭合环路的线积分(E 的 环流)等于零 ——静电场的环路定理。 试用静电场环路定理证明:静电场电场线永不闭合。
E E
9-5 电
势
一、电势能
40 r x
2
2
x
例题2:求均匀带电球体(R、q已知,ρ均匀)的电 势分布。 qr q r E内 解: E外 4 0 R 3 4 0 r 2 B U 外 E外 dl A r o q q dr 2 r 4 0 r 4 0 r R U内 E内 dl E外 dl
0 E j 8 0 R
9-4 静电场力的功
真空中静电场的环路定理
一、 静电场力做功的特点 dW F dl q0 E cos dl dr
q0 q 1 1 q0 q ( ) W dr 2 a 40 ra rb 4 0 r
b
E
q0 dl
qx dU E Ex 4 0 ( R 2 x 2 )3/ 2 dx
2 q3 q2 9.9 109 C 4
o
E3
q3
E1
q2
q1 q2 cos45o E E1 E2 cos45 1.79 104 N/C 4 0a 2
2、
L o x dx
A
x
dE
dx
4 0 ( L x) 2
E
l 2 l 2
dx
二、电场强度与电势梯度 E Exi Ey j Ez k dl dx i dy j dz k
U U U dU dx dy dz x y z
U (U dU ) E dl
dU ( Ex i E y j Ez k ) (dx i dy j dz k ) Ex dx E y dy Ez dz
U U Ey Ex y x U U U E ( i j k) x y z
U Ez z
E U
电场强度等于电势梯度的负值。
说明 (1) 场强只与该点电势梯度有关,与电势的大小无关。 (2) 场强为零,电势梯度为零,电势不一定为零。 (如带电球面内) (3) 场强不为零,电势梯度不为零,电势可以为零。
电势能的大小是相对的,电势能的差是绝对的。 电荷分布为有限时,一般选∞处 为势能零点。
二、电势和电势差
E pa q0
Ua E pa q0
E p 0
a
E dl — 电势能与场点处的电荷q0有关
U p 0 a
E dl
当电荷分布在有限区域时,一般选∞处为电势零点。 静电场中某点的电势在数值上等于单位正电荷在该 点处的电势能,也等于将单位正电荷从该点沿任意路 径移到无限远处(或电势能为零处)电场力所做的功。
1 r
q 0, U 0
q 0, U 0
O
r
注意:沿电场线方向电势 逐渐减低!
2、点电荷系电场中的电势 U P ( E1 E2 E3 ) dl P E1 dl E2 dl
r1 r2
q2
(1) 分析对称性:E沿径向。 (2) 取高斯面:球面。 (3) 计算通量、场强 1 2 Φe E dS E 4 r q 0 S q E外 r R : q q 4 0 r 2
4 3 q r3 r R : q r 3 4 3 R 3 R3 q
E E dS 2 E dS E dS 0
底 侧 S
(3) 计算通量、场强
S
E
ΔS 2 E S q 0 0
1
E
E
E
E 2 0
o
( 0)
E
E
作业(1)
答 案
E2 q1
2a
q2 q3 o sin 45 1、 2 4 0 2a 4 0a 2
电势差 电场中a、b两点间电势的差值定义为 a、b两点间 的电势差,用Uab表示。
U ab U a U b Wab q0
b
a
E dl
静电场中任意两点间的电势差,等于把单位正电荷 从a点经过任意路径移到b点时电场力做的功。 注意
电势差是绝对的,与电势零点的选择无关;
电势大小是相对的,与电势零点的选择有关。
r
dq
四、电势的计算
方法一:用电势叠加法计算 点电荷系
U
i
4 0 ri
qi
连续分布带电体
电荷线分布:dq dl 电荷面分布:dq dS 电荷体分布:dq dV
dq U 4 0 r
方法二:用电势定义法计算 U P E dl
P
1
已知场强分布的前提下用方法二简单。
(如偶极子中垂线上) 求场强的三种方法:
Ⅰ:场强叠加原理 Ⅱ:高斯定理
Ⅲ:电势梯度
例题 均匀带电圆环,带电量为q,半径为R,求轴线 上任意一点的P电势和电场强度。 q dq dl 解: dq dl r 2 R R q dl P dq X 2 dU x O 4 0 r 8 0 Rr q dl 8 2 0 R R 2 x 2 q q U L dl 4 R2 x2 8 2 0 R R 2 x 2 0
4 0 ( L x) 2
2.41103 N/C
3、
y
dl
R
Rd dl dE 2 4 0 R 2 4 0 R
x
dEx dE cos
dE x dE
o
dE y
dEy dE sin
0 Ex 0 sin cos d 0 4 0 R 0 0 2 Ey 0 sin d 8 0 R 4 0 R
r R
q( R 2 r 2 ) q 3 8 0 R 4 0 R q (3R 2 r 2 ) 3 8 0 R
9-6 电场强度和电势的关系 一、等势面 在电场中电势相同的各点连成的曲面称为等势面。 ( P25 图9-20 ) 点电荷的等势面 等势面与电场线有的关系: (1) 等势面与电场线处处 正交,沿等势面移动电荷, 电场力不作功。 (2) 电场线总是由电势值 高的等势面指向电势值低的 等势面。 (3) 若规定电场中任意两个相邻等势面之间的电势 差都相等,则等势面密集处,场强数值大。
底 侧 S
h
r
O
E
(3) 计算通量、场强
0
E 2 rh
0
1
(内) 0 E内
(4) 讨论:
h (外) E外 0 2 0 r
①无限长带电柱体仍可用用高斯定理求场强。
②有限长带电柱体不能用高斯定理求场强。
③非均匀带电柱面不能用高斯定理求场强。
Hale Waihona Puke 3. 求无限大带电平面(均匀带电+ )的场强。 (1) 分析对称性:E垂直带电平面。 (2) 取高斯面:柱面。
Φe E dS
S
q
i
i内
0
电荷的分布具有某种 对称性的情况下利用高 斯定理求解 较为方便 E
(均匀带电)
常见的电量分布的对称性 球对称
球体
球面 球壳
柱对称 (无限 长)
柱体
柱面 带电线
面对称 (无限 大)
平板
平面
点电荷
1. 求电量为q、半径为R的均匀带电球体的场强分布。
三、点电荷的电势 电势的叠加原理 1、点电荷电场中的电势 q 0 E r 令 U 0 2 4 0 r q 沿径向积分 U p E dl
p
E
r r
q
P
Up
U
r
1 q q dr 2 4 0 r 4 0 r
1
P E
1 q U (r) 40 r
q1
r2
P
q3
r1
r3
U1 U 2 Ui
i
i
4 0 ri
qi
电势叠加原理:点电荷系产生的电场中任一点的 电势等于各个点电荷单独存在时在该点产生的电势 的代数和。 P
场源为连续分布带电体时 1 dq 1 dq dU U 4 0 r 4 0 r
r dr r
dr
b
在点电荷的非均匀电场中, q 静电场力做功与路径无关。 对于一般的带电体,可视为点电荷组q1 ,q2 ,…… qn。 b b b b W q0 E dl q0 E1 dl q0 E2 dl q0 En dl
r P
E
4 0 R 3 讨论:均匀带电球面 E内= 0
E内
qr
r
o R
q E外 2 4πε0 r
2. 求无限长均匀带电圆柱面的电场(单位长度带电量 为 )。 (1) 分析对称性:柱对称