吉林省长春外国语学校2017-2018学年高二上学期期中物理试题 Word版含解析
2017-2018学年吉林省长春外国语学校高二（上）期中物理试卷一、：本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1-9题为单项选题；10-12题为多项选择题，在每个小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．下列叙述正确的是（）A．导体中电荷运动就形成电流B．电流是矢量C．导体中有电流通过时，导体内部场强不为零D．只有自由电子的定向移动才能形成电流2．关于电源的电动势，下列说法正确的是（）A．电源的电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压B．同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化C．电源的电动势是表示电源把其他形式的能转化成电能的本领大小的物理量D．在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压增大，电源的电动势也增大3．有甲、乙两导体，甲的电阻是乙的一半，而单位时间内通过导体乙横截面的电荷量是甲的两倍，则以下说法中正确的是（）A．甲、乙两导体中的电流相同B．乙导体中的电流是甲导体的2倍C．甲、乙两导体两端的电压相同D．乙导体两端的电压是甲的2倍4．一台额定电压为U的电动机，它的线圈电阻为R，正常工作时通过的电流为I，则（）A．电动机t秒内产生的热量Q=IUtB．电动机t秒内产生的热量Q=I2RtC．电动机的输入功率为P=I2RD．电动机的机械功率为P=5．额定电压都是110V，额定功率P A=100W、P B=40W的电灯两盏，若接在外电压是220V的电路上，使每盏电灯均能正常发光，且电路中消耗的功率最小的电路是下列图所示的（）A．B．C．D．6．某同学做三种导电元件的导电性能实验，他根据所测量数据分别绘制了三种元件的I﹣U图象，如图所示，则下述判断正确的是（）A．只有乙图正确B．甲、丙图的曲线肯定是偶然误差太大C．甲、丙不遵从欧姆定律，肯定不可能正确D．甲、乙、丙三个图都可能正确，并不一定有较大误差7．如图所示是一实验电路图．在滑动触头由a端滑向b端的过程中，下列表述正确的是（）A．路端电压变小 B．电流表的示数变大C．电源内阻消耗的功率变小D．电路的总电阻变大8．如图所示的电路中，灯泡A、灯泡B原来都是正常发光的．现在突然灯泡A比原来变暗了些，灯泡B比原来变亮了些，则电路中出现的故障可能是（）A．R1短路B．R2断路C．R3断路D．R1、R2同时短路9．在图所示的电路中，电源内阻忽略不计，电动势为E，电阻R1、R2阻值相等，保持R1的阻值不变，改变R2的阻值，则关于R2消耗的功率P的说法正确的是（）A．R2增大，P增大；R2减小，P减小B．R2增大，P减小；R2减小，P增大C．无论R2是增大还是减小，P均减小D．无论R2是增大还是减小，P均增大10．一根粗细均匀的金属导线，两端加上恒定电压U时，通过金属导线的电流强度为I，金属导线中自由电子定向移动的平均速率为v，若将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，仍给它两端加上恒定电压U，则此时（）A．通过金属导线的电流为B．通过金属导线的电流为C．自由电子定向移动的平均速率为D．自由电子定向移动的平均速率为11．如图所示为闭合电路中两个不同电源的U﹣I图象，则下列说法中正确的是（）A．电动势E1=E2，短路电流I1＜I2B．电动势E1=E2，内阻r1＞r2C．电动势E1＞E2，内阻r1＞r2D．当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化较大12．如图所示的电路中，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω，电阻R1=6Ω、R2=5Ω、R3=3Ω，电容器的电容C=2×10﹣5F，若将开关S闭合，电路稳定时通过R2的电流为I；断开开关S后，通过R1的电量为q．则（）A．I=0.75A B．I=0.5A C．q=2×10﹣5C D．q=1×10﹣5C二、实验题（每空2分，共计20分．）13．有一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的U﹣I图线．有下列器材供选用：A．电压表（0～5V，内阻10kΩ）B．电压表（0～10V，内阻20kΩ）C．电流表（0～0.3A，内阻1Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻0.4Ω）E．滑动变阻器（5Ω，1A）F．滑动变阻器（500Ω，0.2A）（1）实验中电压表应选用，电流表应选用．为使实验误差尽量减小，要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用（用序号字母表示）．（2）请在图1方框内画出满足实验要求的电路图，并把实验器材（图2）用实线连接成相应的实物电路图．14．（12分）（2018•临潼区校级模拟）使用多用电表测量电阻时，多用电表内部的电路可以等效为一个直流电源（一般为电池）、一个电阻和一表头相串联，两个表笔分别位于此串联电路的两端．现需要测量多用电表内电池的电动势，给定的器材有：待测多用电表，量程为60mA 的电流表，电阻箱，导线若干．实验时，将多用电表调至×1Ω挡，调好零点；电阻箱置于适当数值．完成下列填空：（1）仪器连线如图1所示（a和b是多用电表的两个表笔）．若两电表均正常工作，则表笔a 为（填“红”或“黑”）色；（2）若适当调节电阻箱后，图1中多用电表、电流表与电阻箱的示数分别如图2（a），（b），（c）所示，则多用电表的读数为Ω．电流表的读数为mA，电阻箱的读数为Ω：（3）将图l中多用电表的两表笔短接，此时流过多用电表的电流为mA；（保留3位有效数字）（4）计算得到多用电表内电池的电动势为V．（保留3位有效数字）三、计算题（本大题共3小题，共32分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中须明确写出数值和单位．）15．如图所示的电路中，电源电动势E=6.0V，内阻r=0.6Ω，电阻R2=0.5Ω，当开关S断开时，电流表的示数为1.5A，电压表的示数为3.0V，试求：（1）电阻R1和R3的阻值；（2）当S闭合后，电压表的示数、以及R2上消耗的电功率．16．（12分）（2018春•遵义校级期末）如图所示电路中，当开关S接a点时，标有“5V 2.5W”的小灯炮L正常发光，当开关S接b点时，通过电阻R的电流为1A，这时电阻R两端的电压为4V．求：（1）电阻R的值；（2）电源的电动势和内阻．17．（12分）（2018秋•长春校级期中）如图所示电路中，电源的电动势E=10V，内电阻r=0.50Ω，电动机电阻R0=1.0Ω，电阻R1=1.5Ω．电动机正常工作时，电压表示数U1为3.0V．求：（1）电源的总电功率．（2）电动机消耗的电功率和将电能转化为机械能的功率．（3）电源的输出功率．2017-2018学年吉林省长春外国语学校高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、：本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1-9题为单项选题；10-12题为多项选择题，在每个小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．下列叙述正确的是（）A．导体中电荷运动就形成电流B．电流是矢量C．导体中有电流通过时，导体内部场强不为零D．只有自由电子的定向移动才能形成电流考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：导体中有电荷运动不一定能形成电流．电流的方向就是正电荷定向运动的方向，但电流是标量，自由电荷在电场力作用下才发生定向移动形成电流，导体内部的场强不能为零．解答：解：A、导体中只有产生电荷的定向移动才能形成电流，故A错误；B、电流有方向，但其计算不能应用矢量法则，故电流是标量，故B错误；C、自由电荷在电场力作用下才发生定向移动形成电流，导体内部的场强不能为零，故C正确；D、自由电子带负电，它的定向移动可以形成电流，但正电荷的定向移动也能形成电流，故D 错误；故选：C点评：本题考查对电流产生条件、方向、单位等知识的掌握情况．电流的方向与矢量的方向，它表示电荷的流向，运算时按照代数法则，不是平行四边形定则．2．关于电源的电动势，下列说法正确的是（）A．电源的电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压B．同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化C．电源的电动势是表示电源把其他形式的能转化成电能的本领大小的物理量D．在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压增大，电源的电动势也增大考点：电源的电动势和内阻．专题：恒定电流专题．分析：电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势．电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关．电源的电动势在数值上等于内、外电压之和．解答：解：A、电压表是由内阻的，跟电源连接后构成一个通路，测量的是电压表内阻的电压，所以电压表测得的电源两极间电压值略小于电动势．故A错误．B、电动势反映本身的特性，与外电路的结构无关．故BD错误．C、电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势越大，本领越大．故C正确．故选：C．点评：本题考查对于电源的电动势的理解能力．电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关．3．有甲、乙两导体，甲的电阻是乙的一半，而单位时间内通过导体乙横截面的电荷量是甲的两倍，则以下说法中正确的是（）A．甲、乙两导体中的电流相同B．乙导体中的电流是甲导体的2倍C．甲、乙两导体两端的电压相同D．乙导体两端的电压是甲的2倍考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：电流就表示单位时间内通过导体横截面的电荷量的多少，根据U=IR分析电压关系．解答：解：A、单位时间内通过横截面的电荷量，乙是甲的2倍，所以乙的电流是甲电流的两倍，故A错误，B正确；C、根据U=IR，甲的电阻是乙的一半，可知，乙导体两端的电压是甲的4倍，故CD错误．故选：B点评：知道单位时间内通过横截面的电荷量表示电流，能根据欧姆定律求解，难度不大，属于基础题．4．一台额定电压为U的电动机，它的线圈电阻为R，正常工作时通过的电流为I，则（）A．电动机t秒内产生的热量Q=IUtB．电动机t秒内产生的热量Q=I2RtC．电动机的输入功率为P=I2RD．电动机的机械功率为P=考点：电功、电功率；焦耳定律．专题：恒定电流专题．分析：电动机是非纯电阻电路，电动机消耗的总电能等于电动机输出的机械能与电动机线圈产生的焦耳热之和．解答：解：根据焦耳定律，电动机t秒内产生的热量为：Q=I2Rt；根据公式W=UIt，电动机t秒内消耗的电能为：W=UIt；根据能量守恒定律，电动机t秒内输出的机械能为：E=W﹣Q=UIt﹣I2Rt；故电动机的机械功率为：P==UI﹣I2R故ACD错误，B正确；故选：B．点评：本题考查了电动机消耗的电能与电动机输出的机械能、线圈产生的热量间的关系，答题时要注意电功公式的适用条件．5．额定电压都是110V，额定功率P A=100W、P B=40W的电灯两盏，若接在外电压是220V的电路上，使每盏电灯均能正常发光，且电路中消耗的功率最小的电路是下列图所示的（）A．B．C．D．考点：电功、电功率；串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：由题可知，灯泡的电压相等，但是灯泡的功率不同，由此可以知道两种灯泡的电阻的大小不同，在由电路的串并联的知识先逐个分析灯泡能否正常的发光，再判断消耗的功率最小的电路．解答：解：A、由于AB两个灯泡的电阻大小不同，所以直接把AB串连接入电路的话，AB的电压不会平分，AB不会同时正常发光，所以A错误；B、由于额定电压都是110V，额定功率P A=100W、P B=40W，由此可知R B＞R A，把灯泡A与电阻并联的话，会使并联的部分的电阻更小，所以AB的电压不会平分，AB不会同时正常发光，所以B错误；C、由于额定电压都是110V，额定功率P A=100W、P B=40W，由此可知R B＞R A，把灯泡B与电阻并联的话，可以使并联部分的电阻减小，可能使A与并联部分的电阻相同，所以AB能同时正常发光，并且电路消耗的功率与A灯泡的功率相同，所以总功率的大小为200W；D、把AB并联之后与电阻串连接入电路的话，当电阻的阻值与AB并联的总的电阻相等时，AB 就可以正常发光，此时电阻消耗的功率为AB灯泡功率的和，所以电路消耗的总的功率的大小为280W；由CD的分析可知，正常发光并且消耗的功率最小的为C，所以C正确．故选C．点评：解答本题是一定要注意题目要同时满足两个条件即灯泡能够正常发光并且消耗的功率还要最小．6．某同学做三种导电元件的导电性能实验，他根据所测量数据分别绘制了三种元件的I﹣U 图象，如图所示，则下述判断正确的是（）A．只有乙图正确B．甲、丙图的曲线肯定是偶然误差太大C．甲、丙不遵从欧姆定律，肯定不可能正确D．甲、乙、丙三个图都可能正确，并不一定有较大误差考点：欧姆定律．专题：电学图像专题．分析：导体有线性元件和非线性元件，只有线性元件的I﹣U图象是直线．解答：解：图乙是线性元件的I﹣U图象，图甲和图丙是不同的非线性元件的I﹣U图象．三个图象都可能正确．故选D．点评：导体不一定就是线性的元件的导体，比如一般的金属导体的电阻，就随着温度的升高而增大，也不是线性的元件．7．如图所示是一实验电路图．在滑动触头由a端滑向b端的过程中，下列表述正确的是（）A．路端电压变小 B．电流表的示数变大C．电源内阻消耗的功率变小D．电路的总电阻变大考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：在滑动触头由a端滑向b端的过程中，分析变阻器接入电路的电阻如何变化，分析外电路总电阻的变化，根据欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，以及电源内阻消耗的功率如何变化，再判断电流表的示数的变化．解答：解：当滑片向b端滑动时，其接入电路中的电阻减小，使得外电路总电阻减小，故D 错误．根据I=，可知总电流在增加，根据闭合电路中的欧姆定律有E=Ir+U外，可知路端电压U外在减小，故A正确．流过电流表的示数为I=，可知电流在减小，故B错误．根据P=I2r，可知内阻消耗的功率在增大，故C错误．故选A点评：本题是电路的动态变化分析问题，首先分析变阻器接入电路的电阻如何变化，接着分析总电阻、总电流和路端电压的变化，再分析局部电流、电压的变化，即按“局部到整体再到局部”的思路进行分析．8．如图所示的电路中，灯泡A、灯泡B原来都是正常发光的．现在突然灯泡A比原来变暗了些，灯泡B比原来变亮了些，则电路中出现的故障可能是（）A．R1短路B．R2断路C．R3断路D．R1、R2同时短路考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：首先明确电路中各用电器的连接关系：R3与灯泡B关联，与R2、A串联，再与R1并联．灯泡A变暗了，说明实际功率减小了，灯泡B变亮，说明实际功率增大了．具体故障可将每个选项逐一代入题目检查是否符合题意，从而确定正确选项．解答：解：A、若R1短路，则两个灯泡都被短路，都不亮，故A错误；B、若R2断路，则两个灯泡都被断路，都不亮，故B错误；C、若R3断路，外电阻增大，外电阻增大，路端电压U增大，干路电流I减小，R1电流I1增大，则通过A的电流I A=I﹣I1减小，A灯变暗．B灯电压U B=U﹣I A（R A+R2）增大，B灯变亮，符合题意．故C正确．D、R1、R2同时短路，AB灯都不亮，不符合题意．故D错误．故选：C点评：此题是电路故障分析问题．解决的关键是在明确电路连接关系的前提下采用“排除法”将每一选项逐一代入题干，检查是否符合题意，最终确定正确选项．9．在图所示的电路中，电源内阻忽略不计，电动势为E，电阻R1、R2阻值相等，保持R1的阻值不变，改变R2的阻值，则关于R2消耗的功率P的说法正确的是（）A．R2增大，P增大；R2减小，P减小B．R2增大，P减小；R2减小，P增大C．无论R2是增大还是减小，P均减小D．无论R2是增大还是减小，P均增大考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：对于电源，当内外电路的电阻相等时，电源的输出功率最大；本题可以将电阻R1和电源整体等效成一个电源处理．解答：解：对于电源，当内外电路的电阻相等时，电源的输出功率最大；将电阻R1和电源整体等效成一个电源，则等效电源的内外电阻相等，输出功率最大；故此后无论是增大还是减小R2，其功率P均减小；故选：C．点评：本题关键是记住“对于电源，当内外电路的电阻相等时，电源的输出功率最大”的结论，采用等效法处理是物理的常用方法．10．一根粗细均匀的金属导线，两端加上恒定电压U时，通过金属导线的电流强度为I，金属导线中自由电子定向移动的平均速率为v，若将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，仍给它两端加上恒定电压U，则此时（）A．通过金属导线的电流为B．通过金属导线的电流为C．自由电子定向移动的平均速率为D．自由电子定向移动的平均速率为考点：闭合电路的欧姆定律；电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，横截面积变为原来的倍，根据电阻定律R=分析电阻的变化，由欧姆定律分析电流的变化．由电流的微观表达式I=nevS分析平均速率v的变化．解答：解：A、B将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，横截面积变为原来的倍，根据电阻定律R=分析得到，电阻变为原来的4倍，电压U恒定不变，根据欧姆定律I=可知，电流I变为原来的，即为．故A错误，B正确．C、D电流的微观表达式I=nevS，其中n、e不变，电流I为原来的，横截面积S变为原来的倍，则自由电子定向移动的平均速率为．故C正确，D错误．故选BC点评：本题关键要抓住物理量之间的关系，要在理解的基础上记住电流的微观表达式．11．如图所示为闭合电路中两个不同电源的U﹣I图象，则下列说法中正确的是（）A．电动势E1=E2，短路电流I1＜I2B．电动势E1=E2，内阻r1＞r2C．电动势E1＞E2，内阻r1＞r2D．当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化较大考点：路端电压与负载的关系．专题：恒定电流专题．分析：根据闭合电路欧姆定律，路端电压为：U=E﹣Ir；U﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，斜率表示内阻．解答：解：A、B、C、U﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，斜率表示内阻，则知电动势E1=E2，内阻r1＜r2，U﹣I图象与I轴的交点表示短路电流，故发生短路时的电流I1＞I2，故ABC错误；D、根据U=E﹣Ir可知，△U=r•△I，内阻r1＜r2，故当电源的工作电流变化相同时，电源2的路端电压变化较大，故D正确；故选：D．点评：本题考查了闭合电路电源的U﹣I图象的相关知识，要求同学们理解U﹣I图象中与U 轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，斜率表示内阻．12．如图所示的电路中，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω，电阻R1=6Ω、R2=5Ω、R3=3Ω，电容器的电容C=2×10﹣5F，若将开关S闭合，电路稳定时通过R2的电流为I；断开开关S后，通过R1的电量为q．则（）A．I=0.75A B．I=0.5A C．q=2×10﹣5C D．q=1×10﹣5C考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：开关S闭合电路稳定时，电容器相当于开关断开，根据闭合电路欧姆定律求出电路中电流I，再求电容器的电压，由Q=CU求其电量．断开电源，电容器会放电，因R1、R3并联，流过两个电阻的电流与电阻成反比，通过的电荷量也与电阻成反比．解答：解：开关S闭合电路稳定时，外电路中总电阻为R=R2+=5+=7Ω根据闭合电路欧姆定律得：I==A=0.75A电容器两端的电压为U=I•=0.75×2V=1.5V电量Q=CU=1.5×2×10﹣5C=3×10﹣5C断开开关S后：电容器通过R1与R3放电，设通过R1与R3的放电电流分别为I1和I3，则=由电量公式q=It可知，通过R1与R3的电量之比为又q1+q3=Q联立得：通过R1的电量为q1==3×10﹣5C=1×10﹣5C故选AD点评：本题是含容电路，确定电容器的电压是关键，要抓住电路稳定时，电容器断开，电容器还有放电特性．二、实验题（每空2分，共计20分．）13．有一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的U﹣I图线．有下列器材供选用：A．电压表（0～5V，内阻10kΩ）B．电压表（0～10V，内阻20kΩ）C．电流表（0～0.3A，内阻1Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻0.4Ω）E．滑动变阻器（5Ω，1A）F．滑动变阻器（500Ω，0.2A）（1）实验中电压表应选用 A ，电流表应选用 D ．为使实验误差尽量减小，要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用 E （用序号字母表示）．（2）请在图1方框内画出满足实验要求的电路图，并把实验器材（图2）用实线连接成相应的实物电路图．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题．分析：（1）根据灯泡额定电压选择电压表，根据灯泡额定电流选择电流表，为方便实验操作应选最大阻值较小的滑动变阻器．（2）根据实验原理与灯泡电阻与电表内阻的关系确定电流表的接法，然后作出实验电路图．（3）根据电路图连接实物电路图解答：解：（1）灯泡额定电压为4V，电压表应选A，灯泡额定电流为0.5A，电流表应选D，为方便实验操作，滑动变阻器应选择E．（2）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应选择分压接法，灯泡电阻：R===8Ω，电压表内阻约为10kΩ，电流表内阻约为0.4Ω，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实验电路图如图所示，根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：故答案为：（1）A；D；E；（2）电路图如图所示；实物电路图如图所示（两种均可）．点评：本题考查了实验器材的选择、设计实验电路图、连接实物电路图，根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法是正确解题的关键．14．（12分）（2018•临潼区校级模拟）使用多用电表测量电阻时，多用电表内部的电路可以等效为一个直流电源（一般为电池）、一个电阻和一表头相串联，两个表笔分别位于此串联电路的两端．现需要测量多用电表内电池的电动势，给定的器材有：待测多用电表，量程为60mA 的电流表，电阻箱，导线若干．实验时，将多用电表调至×1Ω挡，调好零点；电阻箱置于适当数值．完成下列填空：（1）仪器连线如图1所示（a和b是多用电表的两个表笔）．若两电表均正常工作，则表笔a 为黑（填“红”或“黑”）色；（2）若适当调节电阻箱后，图1中多用电表、电流表与电阻箱的示数分别如图2（a），（b），（c）所示，则多用电表的读数为14.0 Ω．电流表的读数为53.0 mA，电阻箱的读数为4.6 Ω：（3）将图l中多用电表的两表笔短接，此时流过多用电表的电流为102 mA；（保留3位有效数字）（4）计算得到多用电表内电池的电动势为 1.54 V．（保留3位有效数字）考点：多用电表的原理及其使用．专题：压轴题．分析：当用多用电表测电阻时，电源在表内，要使电流从图中电流表正极流进，从负极流出，因此表笔a连接电源的正极，所以表笔a为黑色的．多用电表测电阻时读数是表盘示数与倍率的乘积；电流表的读数要注意量程．解答：解：（1）多用电表在使用时必须使电流从红表笔（正接线柱）流进，黑表笔（负接线柱）流出，串联的电流表也必须使电流从正接线柱流进，负接线柱流出，所以可以判断电流是从a表笔流出的为黑表笔．（2）多用电表用×1倍率测量，读数为：14.0×1=14.0Ω电流表的量程是60m A，所以不能在表盘上直接读数，需要改装为10，20，30，40，50，60的表盘，然后读数为：53.0 m A电阻箱的读数为：0×100+0×10+4×1+6×0.1=4.6Ω（3）（4）多用电表测量电阻的原理是闭合电路的欧姆定律，多用电表内部的电路等效的直流电源（一般为电池）、电阻、表头与待测电阻串联，当表头短接时电路电流最大为表头的满偏电流I g=，将R g取为r+r g+R为多用电表的内阻，当待测电阻等于R g时，这时表头半偏，。
吉林省长春市外国语学校2017-2018学年高二上学期期中考试物理(理科)---精校Word解析版答案全
B.
D.
据：
C正确，
使滑动变阻器滑片向右移动，两极板间距离不变，电场强度不变，即夹角不变，
正确；断开电键，则两极板所带电荷量恒定不变，根据，则
，即两板间的电场强度和两极板的距离无关，故电场强度不变，所以夹角不变，
错误．
需要根据然后结合，
等公式分析，需要注意的是，如果电容器和电源相连则电容器两极板间的电压恒定，如果电容器充电后与
可知，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度，此比值与磁场力及电流元均无关，故
当两球带同种电荷时，两球接触后平分电量，则两球的电量：
两球接触后的库仑力；当两球带异种电荷时，两球接触后平分电量，则两球的电量；两球接触后的库仑力
点睛：两相同小球相互接触再分开，则电量先中和然后再平分总电荷量；
②
t=
y=
y=
y=减小为原来的．故y=
倍．故
．故
灯泡额定电流约为：
，电压表内阻约为4×102Ω，电压表内阻远大于灯泡电阻，为减小实验误差，电流表
............
15. 在“伏安法测电阻”的实验中电压表的量程为3V，电流表的量程为0.6A，则图中电压表的读数为
…②
解得：，
，故；
定义公式
在电场强度为
根据动能定理得：，带入数据解得：
点睛：本题主要考查了匀强电场中电场力做功公式和电势差公式
．电源电动势
都闭合时电炉功率为，电炉中电流为
流过电源的电流为
流过电槽的电流为
）电解槽消耗的电功率
电解槽内热损耗功率
电解槽转化成化学能的功率为。
2017-2018学年吉林省长春外国语学校高二(下)期中物理试卷和答案(理科)
2017-2018学年吉林省长春外国语学校高二（下）期中物理试卷（理科）一、选择题：本大题12小题，每小题4分，共48分．在第1题--第8题中，每小题有一个选项符合题目要求；在第9题--第12题中，有多个选项符合题目要求，选对得4分，选对但不全的得2分，选错或不选均得0分．1．（4分）如图所示为一简谐横波在某一时刻的图象，设波沿x轴正方向传播，下列说法中正确的是（）A．此时刻质点C振幅为负值B．此时刻质点B、E的速度相同C．此时刻质点C、F的加速度和速度都为零D．此时刻质点D正沿y轴负方向运动2．（4分）下列说法中不正确的是（）A．将单摆从地球赤道移到南（北）极，振动频率将变大B．将单摆从地面移至距地面高度为地球半径的高度时，则其振动周期将变到原来的2倍CD．在摆角很小的情况下，将单摆的振幅增大或减小，单摆的振动周期保持不变3．（4分）两个做简谐运动的单摆的摆长分别为l1和l2，它们的位移﹣时间图象如图中1和2所示，由此可知l1：l2等于（）A．1：3B．1：9C．3：1D．9：14．（4分）如图所示，光滑槽半径远大于小球运动的弧长，今有两个小球同时由图示位置从静止释放，则它们第一次相遇的地点是（）A．O点B．O点左侧C．O点右侧D．无法确定5．（4分）一个做简谐运动的质点，它的振幅是5cm，频率是2.5Hz，该质点从平衡位置开始经过2.5s后，位移的大小和经过的路程为（）A．5 cm、12.5cm B．5 cm、125cmC．0、30cm D．0、125cm6．（4分）声波是我们常见的一种机械波，下列关于声波的说法，正确的是（）A．声波的频率越高，它在空气中的传播速度越快B．同一列声波在各种介质中的波长是相同的C．声波可以绕过障碍物传播，即它可以发生衍射D．人能辨别出不同人说话的声音，说明声波不会干涉7．（4分）如图所示，红光和紫光以不同的角度，沿半径方向射向半圆形玻璃砖的圆心O，它们的出射光线沿OP方向，则下列说法中正确的是（）A．AO是红光，穿过玻璃砖所需时间短B．AO是紫光，穿过玻璃砖所需时间短C．AO是红光，穿过玻璃砖所需时间长D．AO是紫光，穿过玻璃砖所需时间长8．（4分）一个质点在平衡位置O点附近做简谐运动，若从O点开始计时，经过3s质点第一次经过M点，如图所示；再继续运动，又经过4s第二次经过M点；则再经过多长时间第三次经过M点（）A．7s B．14 s C．16 s D．s9．（4分）甲、乙两个单摆，做简谐振动图象如图所示，则可知（）A．两个单摆完全相同B．两个单摆所受回复力最大值之比E甲：E乙＝2：1C．单摆甲速度为零时，单摆乙速度最大D．两个单摆的振动频率之比f甲：f乙＝1：210．（4分）如图表示两列同频率相干水波在t＝0时刻的叠加情况，图中实线表示波峰，虚线表示波谷，已知两列波的振幅均为2cm，波速均为2m/s，波长均为0.4m，E点是BD 连线和AC连线的交点，下列说法正确的是（）A．A、C两点是振动减弱点B．E点是振动加强点C．B、D两点在该时刻的竖直高度差为4cmD．t＝0.05 s时，E点离开平衡位置2cm11．（4分）位于坐标原点处的波源A沿y轴做简谐运动。
【解析】吉林省长春外国语学校2015-2016学年高二上学期期中物理试题 Word版含解析[ 高考]
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2015-2016学年吉林省长春外国语学校高二（上）期中物理试卷一、：本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1-9题为单项选题；10-12题为多项选择题，在每个小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．下列叙述正确的是（）A．导体中电荷运动就形成电流B．电流是矢量C．导体中有电流通过时，导体内部场强不为零D．只有自由电子的定向移动才能形成电流2．关于电源的电动势，下列说法正确的是（）A．电源的电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压B．同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化C．电源的电动势是表示电源把其他形式的能转化成电能的本领大小的物理量D．在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压增大，电源的电动势也增大3．有甲、乙两导体，甲的电阻是乙的一半，而单位时间内通过导体乙横截面的电荷量是甲的两倍，则以下说法中正确的是（）A．甲、乙两导体中的电流相同B．乙导体中的电流是甲导体的2倍C．甲、乙两导体两端的电压相同D．乙导体两端的电压是甲的2倍4．一台额定电压为U的电动机，它的线圈电阻为R，正常工作时通过的电流为I，则（）A．电动机t秒内产生的热量Q=IUtB．电动机t秒内产生的热量Q=I2RtC．电动机的输入功率为P=I2RD．电动机的机械功率为P=5．额定电压都是110V，额定功率P A=100W、P B=40W的电灯两盏，若接在外电压是220V的电路上，使每盏电灯均能正常发光，且电路中消耗的功率最小的电路是下列图所示的（）A．B．C．D．6．某同学做三种导电元件的导电性能实验，他根据所测量数据分别绘制了三种元件的I﹣U图象，如图所示，则下述判断正确的是（）A．只有乙图正确B．甲、丙图的曲线肯定是偶然误差太大C．甲、丙不遵从欧姆定律，肯定不可能正确D．甲、乙、丙三个图都可能正确，并不一定有较大误差7．如图所示是一实验电路图．在滑动触头由a端滑向b端的过程中，下列表述正确的是（）A．路端电压变小 B．电流表的示数变大C．电源内阻消耗的功率变小D．电路的总电阻变大8．如图所示的电路中，灯泡A、灯泡B原来都是正常发光的．现在突然灯泡A比原来变暗了些，灯泡B比原来变亮了些，则电路中出现的故障可能是（）A．R1短路B．R2断路C．R3断路D．R1、R2同时短路9．在图所示的电路中，电源内阻忽略不计，电动势为E，电阻R1、R2阻值相等，保持R1的阻值不变，改变R2的阻值，则关于R2消耗的功率P的说法正确的是（）A．R2增大，P增大；R2减小，P减小B．R2增大，P减小；R2减小，P增大C．无论R2是增大还是减小，P均减小D．无论R2是增大还是减小，P均增大10．一根粗细均匀的金属导线，两端加上恒定电压U时，通过金属导线的电流强度为I，金属导线中自由电子定向移动的平均速率为v，若将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，仍给它两端加上恒定电压U，则此时（）A．通过金属导线的电流为B．通过金属导线的电流为C．自由电子定向移动的平均速率为D．自由电子定向移动的平均速率为11．如图所示为闭合电路中两个不同电源的U﹣I图象，则下列说法中正确的是（）A．电动势E1=E2，短路电流I1＜I2B．电动势E1=E2，内阻r1＞r2C．电动势E1＞E2，内阻r1＞r2D．当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化较大12．如图所示的电路中，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω，电阻R1=6Ω、R2=5Ω、R3=3Ω，电容器的电容C=2×10﹣5F，若将开关S闭合，电路稳定时通过R2的电流为I；断开开关S后，通过R1的电量为q．则（）A．I=0.75A B．I=0.5A C．q=2×10﹣5C D．q=1×10﹣5C二、实验题（每空2分，共计20分．）13．有一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的U﹣I图线．有下列器材供选用：A．电压表（0～5V，内阻10kΩ）B．电压表（0～10V，内阻20kΩ）C．电流表（0～0.3A，内阻1Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻0.4Ω）E．滑动变阻器（5Ω，1A）F．滑动变阻器（500Ω，0.2A）（1）实验中电压表应选用，电流表应选用．为使实验误差尽量减小，要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用（用序号字母表示）．（2）请在图1方框内画出满足实验要求的电路图，并把实验器材（图2）用实线连接成相应的实物电路图．14．（12分）（2015•临潼区校级模拟）使用多用电表测量电阻时，多用电表内部的电路可以等效为一个直流电源（一般为电池）、一个电阻和一表头相串联，两个表笔分别位于此串联电路的两端．现需要测量多用电表内电池的电动势，给定的器材有：待测多用电表，量程为60mA 的电流表，电阻箱，导线若干．实验时，将多用电表调至×1Ω挡，调好零点；电阻箱置于适当数值．完成下列填空：（1）仪器连线如图1所示（a和b是多用电表的两个表笔）．若两电表均正常工作，则表笔a 为（填“红”或“黑”）色；（2）若适当调节电阻箱后，图1中多用电表、电流表与电阻箱的示数分别如图2（a），（b），（c）所示，则多用电表的读数为Ω．电流表的读数为mA，电阻箱的读数为Ω：（3）将图l中多用电表的两表笔短接，此时流过多用电表的电流为mA；（保留3位有效数字）（4）计算得到多用电表内电池的电动势为V．（保留3位有效数字）三、计算题（本大题共3小题，共32分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中须明确写出数值和单位．）15．如图所示的电路中，电源电动势E=6.0V，内阻r=0.6Ω，电阻R2=0.5Ω，当开关S断开时，电流表的示数为1.5A，电压表的示数为3.0V，试求：（1）电阻R1和R3的阻值；（2）当S闭合后，电压表的示数、以及R2上消耗的电功率．16．（12分）（2015春•遵义校级期末）如图所示电路中，当开关S接a点时，标有“5V 2.5W”的小灯炮L正常发光，当开关S接b点时，通过电阻R的电流为1A，这时电阻R两端的电压为4V．求：（1）电阻R的值；（2）电源的电动势和内阻．17．（12分）（2015秋•长春校级期中）如图所示电路中，电源的电动势E=10V，内电阻r=0.50Ω，电动机电阻R0=1.0Ω，电阻R1=1.5Ω．电动机正常工作时，电压表示数U1为3.0V．求：（1）电源的总电功率．（2）电动机消耗的电功率和将电能转化为机械能的功率．（3）电源的输出功率．2015-2016学年吉林省长春外国语学校高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、：本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1-9题为单项选题；10-12题为多项选择题，在每个小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．1．下列叙述正确的是（）A．导体中电荷运动就形成电流B．电流是矢量C．导体中有电流通过时，导体内部场强不为零D．只有自由电子的定向移动才能形成电流考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：导体中有电荷运动不一定能形成电流．电流的方向就是正电荷定向运动的方向，但电流是标量，自由电荷在电场力作用下才发生定向移动形成电流，导体内部的场强不能为零．解答：解：A、导体中只有产生电荷的定向移动才能形成电流，故A错误；B、电流有方向，但其计算不能应用矢量法则，故电流是标量，故B错误；C、自由电荷在电场力作用下才发生定向移动形成电流，导体内部的场强不能为零，故C正确；D、自由电子带负电，它的定向移动可以形成电流，但正电荷的定向移动也能形成电流，故D 错误；故选：C点评：本题考查对电流产生条件、方向、单位等知识的掌握情况．电流的方向与矢量的方向，它表示电荷的流向，运算时按照代数法则，不是平行四边形定则．2．关于电源的电动势，下列说法正确的是（）A．电源的电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压B．同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化C．电源的电动势是表示电源把其他形式的能转化成电能的本领大小的物理量D．在闭合电路中，当外电阻变大时，路端电压增大，电源的电动势也增大考点：电源的电动势和内阻．专题：恒定电流专题．分析：电源没有接入电路时两极间的电压在数值上等于电源的电动势．电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关．电源的电动势在数值上等于内、外电压之和．解答：解：A、电压表是由内阻的，跟电源连接后构成一个通路，测量的是电压表内阻的电压，所以电压表测得的电源两极间电压值略小于电动势．故A错误．B、电动势反映本身的特性，与外电路的结构无关．故BD错误．C、电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势越大，本领越大．故C正确．故选：C．点评：本题考查对于电源的电动势的理解能力．电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本领大小，与外电路无关．3．有甲、乙两导体，甲的电阻是乙的一半，而单位时间内通过导体乙横截面的电荷量是甲的两倍，则以下说法中正确的是（）A．甲、乙两导体中的电流相同B．乙导体中的电流是甲导体的2倍C．甲、乙两导体两端的电压相同D．乙导体两端的电压是甲的2倍考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：电流就表示单位时间内通过导体横截面的电荷量的多少，根据U=IR分析电压关系．解答：解：A、单位时间内通过横截面的电荷量，乙是甲的2倍，所以乙的电流是甲电流的两倍，故A错误，B正确；C、根据U=IR，甲的电阻是乙的一半，可知，乙导体两端的电压是甲的4倍，故CD错误．故选：B点评：知道单位时间内通过横截面的电荷量表示电流，能根据欧姆定律求解，难度不大，属于基础题．4．一台额定电压为U的电动机，它的线圈电阻为R，正常工作时通过的电流为I，则（）A．电动机t秒内产生的热量Q=IUtB．电动机t秒内产生的热量Q=I2RtC．电动机的输入功率为P=I2RD．电动机的机械功率为P=考点：电功、电功率；焦耳定律．专题：恒定电流专题．分析：电动机是非纯电阻电路，电动机消耗的总电能等于电动机输出的机械能与电动机线圈产生的焦耳热之和．解答：解：根据焦耳定律，电动机t秒内产生的热量为：Q=I2Rt；根据公式W=UIt，电动机t秒内消耗的电能为：W=UIt；根据能量守恒定律，电动机t秒内输出的机械能为：E=W﹣Q=UIt﹣I2Rt；故电动机的机械功率为：P==UI﹣I2R故ACD错误，B正确；故选：B．点评：本题考查了电动机消耗的电能与电动机输出的机械能、线圈产生的热量间的关系，答题时要注意电功公式的适用条件．5．额定电压都是110V，额定功率P A=100W、P B=40W的电灯两盏，若接在外电压是220V的电路上，使每盏电灯均能正常发光，且电路中消耗的功率最小的电路是下列图所示的（）A．B．C．D．考点：电功、电功率；串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：由题可知，灯泡的电压相等，但是灯泡的功率不同，由此可以知道两种灯泡的电阻的大小不同，在由电路的串并联的知识先逐个分析灯泡能否正常的发光，再判断消耗的功率最小的电路．解答：解：A、由于AB两个灯泡的电阻大小不同，所以直接把AB串连接入电路的话，AB的电压不会平分，AB不会同时正常发光，所以A错误；B、由于额定电压都是110V，额定功率P A=100W、P B=40W，由此可知R B＞R A，把灯泡A与电阻并联的话，会使并联的部分的电阻更小，所以AB的电压不会平分，AB不会同时正常发光，所以B错误；C、由于额定电压都是110V，额定功率P A=100W、P B=40W，由此可知R B＞R A，把灯泡B与电阻并联的话，可以使并联部分的电阻减小，可能使A与并联部分的电阻相同，所以AB能同时正常发光，并且电路消耗的功率与A灯泡的功率相同，所以总功率的大小为200W；D、把AB并联之后与电阻串连接入电路的话，当电阻的阻值与AB并联的总的电阻相等时，AB 就可以正常发光，此时电阻消耗的功率为AB灯泡功率的和，所以电路消耗的总的功率的大小为280W；由CD的分析可知，正常发光并且消耗的功率最小的为C，所以C正确．故选C．点评：解答本题是一定要注意题目要同时满足两个条件即灯泡能够正常发光并且消耗的功率还要最小．6．某同学做三种导电元件的导电性能实验，他根据所测量数据分别绘制了三种元件的I﹣U 图象，如图所示，则下述判断正确的是（）A．只有乙图正确B．甲、丙图的曲线肯定是偶然误差太大C．甲、丙不遵从欧姆定律，肯定不可能正确D．甲、乙、丙三个图都可能正确，并不一定有较大误差考点：欧姆定律．专题：电学图像专题．分析：导体有线性元件和非线性元件，只有线性元件的I﹣U图象是直线．解答：解：图乙是线性元件的I﹣U图象，图甲和图丙是不同的非线性元件的I﹣U图象．三个图象都可能正确．故选D．点评：导体不一定就是线性的元件的导体，比如一般的金属导体的电阻，就随着温度的升高而增大，也不是线性的元件．7．如图所示是一实验电路图．在滑动触头由a端滑向b端的过程中，下列表述正确的是（）A．路端电压变小 B．电流表的示数变大C．电源内阻消耗的功率变小D．电路的总电阻变大考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：在滑动触头由a端滑向b端的过程中，分析变阻器接入电路的电阻如何变化，分析外电路总电阻的变化，根据欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，以及电源内阻消耗的功率如何变化，再判断电流表的示数的变化．解答：解：当滑片向b端滑动时，其接入电路中的电阻减小，使得外电路总电阻减小，故D 错误．根据I=，可知总电流在增加，根据闭合电路中的欧姆定律有E=Ir+U外，可知路端电压U外在减小，故A正确．流过电流表的示数为I=，可知电流在减小，故B错误．根据P=I2r，可知内阻消耗的功率在增大，故C错误．故选A点评：本题是电路的动态变化分析问题，首先分析变阻器接入电路的电阻如何变化，接着分析总电阻、总电流和路端电压的变化，再分析局部电流、电压的变化，即按“局部到整体再到局部”的思路进行分析．8．如图所示的电路中，灯泡A、灯泡B原来都是正常发光的．现在突然灯泡A比原来变暗了些，灯泡B比原来变亮了些，则电路中出现的故障可能是（）A．R1短路B．R2断路C．R3断路D．R1、R2同时短路考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：首先明确电路中各用电器的连接关系：R3与灯泡B关联，与R2、A串联，再与R1并联．灯泡A变暗了，说明实际功率减小了，灯泡B变亮，说明实际功率增大了．具体故障可将每个选项逐一代入题目检查是否符合题意，从而确定正确选项．解答：解：A、若R1短路，则两个灯泡都被短路，都不亮，故A错误；B、若R2断路，则两个灯泡都被断路，都不亮，故B错误；C、若R3断路，外电阻增大，外电阻增大，路端电压U增大，干路电流I减小，R1电流I1增大，则通过A的电流I A=I﹣I1减小，A灯变暗．B灯电压U B=U﹣I A（R A+R2）增大，B灯变亮，符合题意．故C正确．D、R1、R2同时短路，AB灯都不亮，不符合题意．故D错误．故选：C点评：此题是电路故障分析问题．解决的关键是在明确电路连接关系的前提下采用“排除法”将每一选项逐一代入题干，检查是否符合题意，最终确定正确选项．9．在图所示的电路中，电源内阻忽略不计，电动势为E，电阻R1、R2阻值相等，保持R1的阻值不变，改变R2的阻值，则关于R2消耗的功率P的说法正确的是（）A．R2增大，P增大；R2减小，P减小B．R2增大，P减小；R2减小，P增大C．无论R2是增大还是减小，P均减小D．无论R2是增大还是减小，P均增大考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：对于电源，当内外电路的电阻相等时，电源的输出功率最大；本题可以将电阻R1和电源整体等效成一个电源处理．解答：解：对于电源，当内外电路的电阻相等时，电源的输出功率最大；将电阻R1和电源整体等效成一个电源，则等效电源的内外电阻相等，输出功率最大；故此后无论是增大还是减小R2，其功率P均减小；故选：C．点评：本题关键是记住“对于电源，当内外电路的电阻相等时，电源的输出功率最大”的结论，采用等效法处理是物理的常用方法．10．一根粗细均匀的金属导线，两端加上恒定电压U时，通过金属导线的电流强度为I，金属导线中自由电子定向移动的平均速率为v，若将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，仍给它两端加上恒定电压U，则此时（）A．通过金属导线的电流为B．通过金属导线的电流为C．自由电子定向移动的平均速率为D．自由电子定向移动的平均速率为考点：闭合电路的欧姆定律；电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，横截面积变为原来的倍，根据电阻定律R=分析电阻的变化，由欧姆定律分析电流的变化．由电流的微观表达式I=nevS分析平均速率v的变化．解答：解：A、B将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，横截面积变为原来的倍，根据电阻定律R=分析得到，电阻变为原来的4倍，电压U恒定不变，根据欧姆定律I=可知，电流I变为原来的，即为．故A错误，B正确．C、D电流的微观表达式I=nevS，其中n、e不变，电流I为原来的，横截面积S变为原来的倍，则自由电子定向移动的平均速率为．故C正确，D错误．故选BC点评：本题关键要抓住物理量之间的关系，要在理解的基础上记住电流的微观表达式．11．如图所示为闭合电路中两个不同电源的U﹣I图象，则下列说法中正确的是（）A．电动势E1=E2，短路电流I1＜I2B．电动势E1=E2，内阻r1＞r2C．电动势E1＞E2，内阻r1＞r2D．当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化较大考点：路端电压与负载的关系．专题：恒定电流专题．分析：根据闭合电路欧姆定律，路端电压为：U=E﹣Ir；U﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，斜率表示内阻．解答：解：A、B、C、U﹣I图象中与U轴的交点表示电源的电动势，斜率表示内阻，则知电动势E1=E2，内阻r1＜r2，U﹣I图象与I轴的交点表示短路电流，故发生短路时的电流I1＞I2，故ABC错误；D、根据U=E﹣Ir可知，△U=r•△I，内阻r1＜r2，故当电源的工作电流变化相同时，电源2的路端电压变化较大，故D正确；故选：D．点评：本题考查了闭合电路电源的U﹣I图象的相关知识，要求同学们理解U﹣I图象中与U 轴的交点表示电源的电动势，与I轴的交点表示短路电流，斜率表示内阻．12．如图所示的电路中，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω，电阻R1=6Ω、R2=5Ω、R3=3Ω，电容器的电容C=2×10﹣5F，若将开关S闭合，电路稳定时通过R2的电流为I；断开开关S后，通过R1的电量为q．则（）A．I=0.75A B．I=0.5A C．q=2×10﹣5C D．q=1×10﹣5C考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：开关S闭合电路稳定时，电容器相当于开关断开，根据闭合电路欧姆定律求出电路中电流I，再求电容器的电压，由Q=CU求其电量．断开电源，电容器会放电，因R1、R3并联，流过两个电阻的电流与电阻成反比，通过的电荷量也与电阻成反比．解答：解：开关S闭合电路稳定时，外电路中总电阻为R=R2+=5+=7Ω根据闭合电路欧姆定律得：I==A=0.75A电容器两端的电压为U=I•=0.75×2V=1.5V电量Q=CU=1.5×2×10﹣5C=3×10﹣5C断开开关S后：电容器通过R1与R3放电，设通过R1与R3的放电电流分别为I1和I3，则=由电量公式q=It可知，通过R1与R3的电量之比为又q1+q3=Q联立得：通过R1的电量为q1==3×10﹣5C=1×10﹣5C故选AD点评：本题是含容电路，确定电容器的电压是关键，要抓住电路稳定时，电容器断开，电容器还有放电特性．二、实验题（每空2分，共计20分．）13．有一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的U﹣I图线．有下列器材供选用：A．电压表（0～5V，内阻10kΩ）B．电压表（0～10V，内阻20kΩ）C．电流表（0～0.3A，内阻1Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻0.4Ω）E．滑动变阻器（5Ω，1A）F．滑动变阻器（500Ω，0.2A）（1）实验中电压表应选用 A ，电流表应选用 D ．为使实验误差尽量减小，要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用 E （用序号字母表示）．（2）请在图1方框内画出满足实验要求的电路图，并把实验器材（图2）用实线连接成相应的实物电路图．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题．分析：（1）根据灯泡额定电压选择电压表，根据灯泡额定电流选择电流表，为方便实验操作应选最大阻值较小的滑动变阻器．（2）根据实验原理与灯泡电阻与电表内阻的关系确定电流表的接法，然后作出实验电路图．（3）根据电路图连接实物电路图解答：解：（1）灯泡额定电压为4V，电压表应选A，灯泡额定电流为0.5A，电流表应选D，为方便实验操作，滑动变阻器应选择E．（2）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应选择分压接法，灯泡电阻：R===8Ω，电压表内阻约为10kΩ，电流表内阻约为0.4Ω，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，实验电路图如图所示，根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：故答案为：（1）A；D；E；（2）电路图如图所示；实物电路图如图所示（两种均可）．点评：本题考查了实验器材的选择、设计实验电路图、连接实物电路图，根据题意确定滑动变阻器与电流表的接法是正确解题的关键．14．（12分）（2015•临潼区校级模拟）使用多用电表测量电阻时，多用电表内部的电路可以等效为一个直流电源（一般为电池）、一个电阻和一表头相串联，两个表笔分别位于此串联电路的两端．现需要测量多用电表内电池的电动势，给定的器材有：待测多用电表，量程为60mA 的电流表，电阻箱，导线若干．实验时，将多用电表调至×1Ω挡，调好零点；电阻箱置于适当数值．完成下列填空：（1）仪器连线如图1所示（a和b是多用电表的两个表笔）．若两电表均正常工作，则表笔a 为黑（填“红”或“黑”）色；（2）若适当调节电阻箱后，图1中多用电表、电流表与电阻箱的示数分别如图2（a），（b），（c）所示，则多用电表的读数为14.0 Ω．电流表的读数为53.0 mA，电阻箱的读数为4.6 Ω：（3）将图l中多用电表的两表笔短接，此时流过多用电表的电流为102 mA；（保留3位有效数字）（4）计算得到多用电表内电池的电动势为 1.54 V．（保留3位有效数字）考点：多用电表的原理及其使用．专题：压轴题．分析：当用多用电表测电阻时，电源在表内，要使电流从图中电流表正极流进，从负极流出，因此表笔a连接电源的正极，所以表笔a为黑色的．多用电表测电阻时读数是表盘示数与倍率的乘积；电流表的读数要注意量程．解答：解：（1）多用电表在使用时必须使电流从红表笔（正接线柱）流进，黑表笔（负接线柱）流出，串联的电流表也必须使电流从正接线柱流进，负接线柱流出，所以可以判断电流是从a表笔流出的为黑表笔．（2）多用电表用×1倍率测量，读数为：14.0×1=14.0Ω电流表的量程是60m A，所以不能在表盘上直接读数，需要改装为10，20，30，40，50，60的表盘，然后读数为：53.0 m A电阻箱的读数为：0×100+0×10+4×1+6×0.1=4.6Ω（3）（4）多用电表测量电阻的原理是闭合电路的欧姆定律，多用电表内部的电路等效的直流电源（一般为电池）、电阻、表头与待测电阻串联，当表头短接时电路电流最大为表头的满偏电流I g=，将R g取为r+r g+R为多用电表的内阻，当待测电阻等于R g时，这时表头半偏，。
吉林省长春市长春外校高二上学期期中考试物理试题(文科)Word版含答案
长春外国语学校2021-2021学年高二年级上学期期中考试物理试卷〔文科〕出题人：刘宝香审题人：李南本试卷分第一卷〔选择题〕和第二卷〔非选择题〕两局部，共4页。
考试结束后，将答题卡交回。
考前须知：1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5. 保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
第一卷一、选择题：此题共15小题，每题3分，共45分。
每道题只有一个选项正确，多项选择和错选均不得分。
1、以下的计时数据指时刻的是( )A．前5s B．最后5s C．第5秒末 D．第5秒内2、关于速度，以下说法正确的选项是〔〕A．汽车速度计上显示70km/h，指的是平均速度B．高速公路上的限速为120km/h，指的是平均速度C．子弹以900m/s的速度从枪口射出，指的是瞬时速度D．火车从上海到北京的速度约为120km/h，指的是瞬时速度3、在一次交通事故中，交通警察测量出肇事车辆的刹车痕迹是30m，该车辆最大刹车加速度是15 m/s2，该路段的限速72 km/h。
那么该车是否超速〔〕。
4、以下图中表示匀速直线运动的图为〔〕5、放在水平地面上的木块受到一个水平拉力作用仍保持静止状态的条件下，以下说法正确的选项是( )A．拉力越大，摩擦力越大B．拉力越大，摩擦力越小C．无论拉力大小如何，摩擦力都不变D．由于木块静止不动，所以木块不受摩擦力的作用6、环绕地球做匀速圆周运动的人造卫星，距离地面越高，环绕的( )A．速度越大 B．周期越大C．向心加速度越大 D．角速度越7、乘客乘坐电梯过程中，电梯做以下哪种运动，乘客会出于超重状态8、竖直悬挂一轻质弹簧，不挂钩码时弹簧下端指针所指刻度为8 cm，挂上5 N的钩码，指针所指刻度为10 cm，此弹簧的劲度系数是( )A．250 N/m B．2.5 N/mC．50 N/m D．300 N/m9、在水平桌面上放置一台电脑，以下说法正确的选项是〔〕A．电脑所受重力与电脑对桌面的压力是一对平衡力B．电脑对桌面的压力与桌面对电脑的支持力是一对平衡力C．电脑所受重力与桌面对电脑的支持力是一对作用力与反作用力D．电脑对桌面的压力与桌面对电脑的支持力是一对作用力与反作用力10、真空中有两个静止的点电荷，它们之间的库仑力大小为F。
吉林省长春市2017-2018学年高二物理上学期期中试题 理
吉林省长春市2017-2018学年高二物理上学期期中试题本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共4页。
考试结束后，将答题卡交回。
注意事项：1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5. 保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
第Ⅰ卷一、选择题：本大题12小题，每小题4分，共48分。
在第1题——第8题中，每小题有一个选项符合题目要求；在第9题——第12题中，有多个选项符合题目要求，选对得4分，选对但不全的得2分，选错或不选均得0分。
1．A、B在某个点电荷电场中的一根电场线上，在线上A点处放入一个静止的自由负电荷，它将沿电场线由静止向B点运动，下列判断哪些是正确的（）A．电场线由B指向A，该电荷做加速运动，加速度越来越小B．电场线由B指向A，该电荷做加速运动，其加速度大小的变化由题设条件不能确定C．电场线由A指向B，电荷做匀加速运动D．电场线由B指向A，电荷做加速运动，加速度越来越大2．若带正电荷的小球在电场中运动，它在任意一段时间内（）A．一定沿电场线由高电势处向低电势处运动B．一定沿电场线由低电势处向高电势处运动C．不一定沿电场线运动，但一定由高电势处向低电势处运动D．不一定沿电场线运动，也不一定由高电势处向低电势处运动3．关于电场，下列叙述正确的是（）A．以点电荷为圆心，r为半径的球面上，各点的场强都相同B．正电荷周围的电场一定比负电荷周围的电场强C．在电场中某点放入检验电荷q，该点的场强为E=F/q，取走q后，该点场强不变D．电荷所受电场力大，该点电场强度一定很大4. 在测定小灯泡灯丝的I－U特性曲线实验中，下列哪个图象与实际相符合？（）5．电动势为E、内阻为r的电源与定值电阻R1、R2及滑动变阻器R连接成如图所示的电路，当滑动变阻器的触头由中点滑向b端时，下列说法正确的是( )A．电压表和电流表读数都增大B．电压表和电流表读数都减小C．电压表读数增大，电流表读数减小D．电压表读数减小，电流表读数增大6. 一带电小球悬挂在平行板电容器内部，闭合电键S，电容器充电后，悬线与竖直方向夹角为φ，如图所示．下列方法中能使夹角φ减小的是()A．保持电键S闭合，使两极板靠近一些B．保持电键S闭合，使滑动变阻器滑片向右移动C．保持电键S闭合，使两极板远离一些D．断开电键S，使两极板靠近一些7.关于磁感应强度B，下列说法中正确的是( )A．磁场中某点B的大小，跟放在该点的试探电流元的情况有关B．磁场中某点B的方向，跟该点处试探电流元所受磁场力的方向一致C．在磁场中某点试探电流元不受磁场力作用时，该点B值大小为零D．在磁场中磁感线越密集的地方，B值越大8. 如图所示，用两根相同的细绳水平悬挂一段均匀载流直导线MN，电流I方向从M到N，绳子的拉力均为F.为使F＝0，可能达到要求的方法是()A．加水平向右的磁场 B．加水平向左的磁场C．加垂直纸面向里的磁场D．加垂直纸面向外的磁场9. 带箭头的线表示某一电场的电场线。
吉林省长春外国语学校2018学年高二上学期期中考试物理
一、选择题（本题共10小题，每小题6分，共60分。
第1-6小题每题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对得6分；第7-10小题每题多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1、如图所示，点电荷A 和B ，分别带正电和负电，电量分别为4Q 和Q ，在AB 连线上，电场强度为零的地方在（ ）A.A 和B 之间B.A 右侧C.B 左侧D. A 的右侧及B 的左侧 【答案】C 【解析】所以合场强可能为零，故C 对；由上分析知D 错误。
考点: 电场强度、电场的叠加。
【名师点睛】电场强度三个表达式的比较 表达式比较 E ＝F qE ＝k Q r2E ＝U d公式意义 电场强度定义式 真空中点电荷电场强度的决定式匀强电场中E 与U 的关系式 适用条件一切电场①真空； ②点电荷匀强电场决定因素由电场本身决定，与q无关由场源电荷Q和场源电荷到该点的距离r共同决定由电场本身决定，d为沿电场方向的距离相同点矢量，遵守平行四边形定则，单位：1 N/C＝1 V/m2、如图所示，平行板电容器的一个极板与滑动变阻器的滑片C相连接.电子以速度v0垂直于电场线方向射入并穿过平行板间的电场.在保证电子还能穿出平行板间电场的情况下，若使滑动变阻器的滑片C上移，则关于电容器极板上所带电荷量Q和电子穿过平行板所需的时间t 的说法中，正确的是（）A.电荷量Q增大，时间t也增大B.电荷量Q不变，时间t增大C.电荷量Q增大，时间t不变D.电荷量Q不变，时间t也不变【答案】C【解析】【名师点睛】带电粒子在匀强电场中的偏转（1）研究条件：带电粒子垂直于电场方向进入匀强电场．（2）处理方法：类似于平抛运动，应用运动的合成与分解的方法．①沿初速度方向做匀速直线运动，运动时间t＝lv0.②沿电场力方向，做匀加速直线运动．3、空间存在甲、乙两相邻的金属球，甲球带正电，乙球原来不带电，由于静电感应，两球在空间形成了如图所示稳定的静电场.实线为其电场线，虚线为其等势线，A、B两点与两球球心连线位于同一直线上，C、D两点关于直线AB对称，则（）A.A点和B点的电势相同B.C点和D点的电场强度相同C.正电荷从A点移至B点，电场力做正功D.负电荷从C点沿直线CD移至D点，电势能先增大后减小【答案】C【解析】考点: 电场线、功能关系、电场的叠加、电势能。
吉林省长春外国语学校2017_2018学年高二物理下学期期中试题理
吉林省长春外国语学校2017-2018学年高二物理下学期期中试题理本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共4页。
考试结束后，将答题卡交回。
注意事项：1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5. 保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
第Ⅰ卷一、选择题：本大题12小题，每小题4分，共48分。
在第1题——第8题中，每小题有一个选项符合题目要求；在第9题——第12题中，有多个选项符合题目要求，选对得4分，选对但不全的得2分，选错或不选均得0分。
1. 如图所示为一简谐横波在某一时刻的图象,设波沿x轴正方向传播,下列说法中正确的是( )A.此时刻质点C振幅为负值B.此时刻质点B 、E的速度相同C.此时刻质点C 、F的加速度和速度都为零D.此时刻质点D正沿y轴负方向运动2.下列说法中不正确的是( )A.将单摆从地球赤道移到南(北)极,振动频率将变大B.将单摆从地面移至距地面高度为地球半径的高度时,则其振动周期将变到原来的2倍C.将单摆移至绕地球运转的人造卫星中,其振动频率将不变D.在摆角很小的情况下,将单摆的振幅增大或减小,单摆的振动周期保持不变3.两个做简谐运动的单摆的摆长分别为1l 和2l 它们的位移—时间图象如图中1和2所示,由此可知1l ∶2l 等于… ( )A. 1∶3B. 4∶1C. 1∶4D.9∶14.如图所示,光滑槽半径远大于小球运动的弧长,O 为光滑槽的最低点,今有两个小球同时由图示位置从静止释放,则它们第一次相遇的地点是( )A.O 点B.O 点左侧C.O 点右D.无法确定5.一个做简谐运动的质点,它的振幅是5 cm,频率是2.5 Hz,该质点从平衡位置开始经过2.5 s 后,位移的大小和经过的路程为( )A.5 cm 、12.5 cmB.5 cm 、125cmC.0、30cmD.0、125 cm6.声波是我们常见的一种机械波，下列关于声波的说法，正确的是（ ）A. 声波的频率越高，它在空气中的传播速度越快B. 同一列声波在各种介质中的波长是相同的C. 声波可以绕过障碍物传播，即它可以发生衍射D. 人能辨别出不同人说话的声音，说明声波不会干涉7. 如图所示，黄光和紫光以不同的角度，沿半径方向射向半圆形透明的圆心O ，它们的出射光线沿OP 方向，则下列说法中正确的是（ ）A ．AO 是黄光，穿过玻璃砖所需时间短B ．AO 是紫光，穿过玻璃砖所需时间短C ．AO 是黄光，穿过玻璃砖所需时间长D ．AO 是紫光，穿过玻璃砖所需时间长8. 一个质点在平衡位置O 点附近做简谐运动,若从O 点开始计时,经过3 s 质点第一次经过M 点,如图所示;再继续运动,又经过4 s 第二次经过M 点;则再经过多长时间第三次经过M 点( )A.7sB.14 sC.16 sD.103 s9. （多选）甲、乙两个单摆,做简谐振动图象如图所示,则可知( )A. 两个单摆完全相同B. 两个单摆所受回复力最大值之比F 甲∶2F =乙∶1C. 单摆甲速度为零时, 单摆乙速度最大D. 两个单摆的振动频率之比f 甲∶1f =乙∶210. （多选）如图所示为两列频率相同的水波在t ＝0时刻的叠加情况，图中实线表示波峰，虚线表示波谷，已知两列波的振幅均为2 cm （且在图示范围内振幅不变），波速为2 m/s ，波长为0.4 m ，E 点是BD 连线和AC 连线的交点，下列说法正确的是 （ ）A ．A 、C 两点是振动减弱点，B ．E 点是振动加强点，C ．B 、D 两点在该时刻的竖直高度差为4 cm ，D．t＝0.05 s时，E点离平衡位置的位移大小为2 cm。
吉林省长春外国语学校2017-2018学年高二上学期第二次月考物理---精校Word解析版答案全
大，由加速度公式，时间可能大，也可能小，则加速度不一定大．故知速度的变化率越大，即为加速度越大，则【点睛】本题考查加速度的定义式，只要理解了加速度的概念就能顺利解决．；根据平均速度公式，有：,【点睛】很多同学在解决本题时容易出错，主要原因找不到运动员通过的位移和时间，其主要原因是审题得：【解析】平抛运动的物体竖直方向上做自由落体运动，由，可知运动时间只由下落高度【答案】B热量之比【点睛】根据焦耳定律公式Q=I。
若两个点电荷的电荷量都减少为原来的B. FC. FD. F，变化之后有：【点睛】对于库仑定律公式涉及物理量较多，要明确公式中各个物理量的含义，可以和万有引力公式对比，角速度位B. m rC. mD. m【答案】．又【点睛】解决本题的关键知道向心力大小公式，以及知道向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解．.....................【点睛】本题是含有弹簧的问题，关键要抓住弹簧弹力的可变性，不能想当然，认为小球一碰弹簧就开始减速．小球的机械能不守恒，只有系统的机械能守恒．可得：【点睛】明确场强取决于电场本身，场强公式定义式是采用比值法下的定义．得，运动的时间【点睛】解决本题的关键知道自由落体运动的运动规律，结合运动学公式灵活求解，基础题．.【点睛】解决本题的关键是抓住共轴转动，角速度相等．就是这个量的变化率。
举出一个用变化率定义的运动学物理量；表示某质点的位移，则表示加速度。
【点睛】解决本题的关键知道变化率的含义，知道变化大与变化快的区别，变化大不一定变化快．【解析】根据位移公式，得：=12+0.2×20m/s=16m/s．30. 如图所示，粗糙的水平面AB（水平面足够长）与竖直平面内的光滑弯曲轨道BC在B点相切，一小物块从水平面上的D点以v0=8m/s的速度向B点滑行，DB长x=6.5m，物块与水平面间的动摩擦μ=0.3。
（g，则有：解得：(1) (2)(1)由洛伦兹力提供向心力，设运动半径为，得：由图知：设在磁场中运动周期为，则有：有题意知，粒子在磁场中的运动时间为半个周期，故本题的解题关键是根据圆周运动半径公式结合，得到半径关系，Pt=400W×30×60s=720000J外的传来需要时间可知【点睛】考查光有真空的速度大小，及掌握公式的应用，注意建立正确的物理模型．。
《解析》吉林省长春外国语学校2017-2018学年高二上学期第一次月考物理试题Word版含解析
长春外国语学校2017-2018学年第一学期第一月考高二年级物理试卷（理科）一、单选题：本题共8小题，每小题5分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. 在如图所示的四种电场中，分别标记有a、b两点。
其中a、b两点的电势相等，电场强度大小相等、方向也相同的是（）A. 甲图：与点电荷等距的a、b两点B. 乙图：两等量异种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点C. 丙图：点电荷与带电平板形成的电场中平板上表面的a、b两点D. 丁图：匀强电场中的a、b两点【答案】B【解析】试题分析：A、甲图中两点电场线方向不同，故电场强度的方向不同，故A错误；B、ab两点方向均向水平向左，且两电荷中垂线为等势面，故电势相等，因两点关于连线对称，故电场强度相等，故B正确；C、a、b两点电势相等，但两点的场强大小不等，故C错误；D、a、b两点不在同一等势面上，故电势不相等，故D错误；故选B．2. 在如图所示电路中，当变阻器R3的滑动头P向b端移动时（）A. 电压表示数变大，电流表示数变小B. 电压表示数变小，电流表示数变大C. 电压表示数变大，电流表示数变大D. 电压表示数变小，电流表示数变小【答案】B【解析】当变阻器R3的滑动触头P向b端移动时，滑动变阻器接入电阻增大，电路中总电阻增大，由闭合电路欧姆定律可得，电路中总电流减小，内电压减小，因此路端电压增大，故电压表示数变大；将R1等效为内阻，则可知并联部分电压一定增大，故流过R2的电流增大，因总电流减小，故电流表示数变小；故A正确，B、C、D错误；故选A.【点睛】闭合电路的欧姆定律一般按先分析外电路，再分析内电路，最后再分析外电路的思路进行；若电阻与电源串联，可以等效为内阻处理．3. 某电场的分布如图所示，带箭头的实线为电场线，虚线为等势面。
A、B、C三点的电场强度分别为E A、E B、E C，电势分别为φA、φB、φC，关于这三点的电场强度和电势的关系，下列判断中正确的是（）A. E A< E B, φB=φCB. E A> E B, φA>φBC. E A> E B, φA<φBD. E A= E C, φB=φC【答案】B【解析】试题分析：因为电场线密集的地方场强大，所以E A>E B；同一等势线上的各点电势相等，所以φB=φC，选项B正确。
吉林省长市高二上学期期中考试物理文试题
吉林省长春市2017-2018学年高二物理上学期期中试题文本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共4页。
考试结束后，将答题卡交回。
注意事项：1. 答题前，考生先将自己的姓名.准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整.笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸.试题卷上答题无效。
4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。
5. 保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破.弄皱，不准使用涂改液.修正带.刮纸刀。
第Ⅰ卷一、单项选择题：本题共16小题，每小题3分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的。
1.如图所示，A，B是两个带有绝缘支架的金属球，它们原来均不带电，并彼此接触，现使带负电的橡胶棒C靠近A（C与A不接触），然后先将A，B分开，再将C移走。
关于A，B的带电情况，下列判断正确的是（）A．A带正电，B带负电B．A带负电，B带正电C．A，B均不带电D．A，B均带正电2.真空中两个点电荷之间的库仑力大小为F，若两者距离增加到原来的3倍，则其库仑力大小为( )A.F2B.F9C．3F D．9F3.如图所示是某电场中的电场线，在该电场中有A、B两点，下列结论正确的是A．A点的场强比B点的场强小B．A点的场强方向与B点的场强方向相同C．将同一点电荷分别放在A、B两点，在A点受到的电场力大于B点D．因为A、B两点没有电场线通过，所以电荷放在这两点不会受电场力作用4.如图是一种测量压力的电容式传感器，当待测压力F作用于可动膜片电极上时,可使膜片产生压力，发生形变，引起电容的变化 ( )①当F向上压膜片电极时，电容减小②当F向上压膜片电极时，电容增大③若电流计有示数，则压力F发生变化④若电流计有示数，则压力F不发生变化A．①③B．②③C．①④ D．②④5.关于电流，下列叙述正确的是( )A．只要将导体置于电场中，导体内就有持续电流B. 电源的作用可以使电路中有持续电流C. 导体内没有电流时，就说明导体内部的电荷没有移动D. 只要将电源连接到物体两端，物体中就会有电流6.通过电阻R的电流强度为I时，在t时间内产生的热量为Q，若电阻为2R，电流强度为I/2，则在时间t内产生的热量为 ( )A．4Q B．2Q Ｃ．Q/2 Ｄ．Q/47.假设一个小磁针放在赤道上，那么小磁针的N极将指向（）A.北B.南C.竖直向上D.竖直向下8.下图中小磁针的指向正确的是（）9.某同学画的表示磁场B、电流I和安培力F的相互关系如图，其中正确的是（）10. 一个带负电的粒子（不计重力）进入磁场中，图中的磁场方向、速度方向及带电粒子所受的洛伦兹力方向正确的是11.关于电磁感应，下列说法中正确的是( )A．穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大B．穿过线圈的磁通量为零，感应电动势一定为零C．穿过线圈的磁通量的变化越大，感应电动势越大D．穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大12.有两个点电荷，带电荷量分别为Q和q，相距为d，相互作用力为F，为了使它们之间的作用力加倍，下列做法可行的是（）A、仅使Q加倍B、仅使q减小为原来的一半C、使Q和q都加倍D、仅使d减为原来的一半第Ⅱ卷二、填空题：(每空3分，共30分）13.如图所示在两个等量异号的点电荷产生的电场中，有A、B两点 A、B在两个电荷的连线上则E A_____E B14.在电场中A点放入一个电荷量为2×10-6 C的试探电荷，它受到的电场力为1×10-3N，则A点的电场强度为N/C，若将试探电荷的电荷量减为1×10-6C，则A点的电场强度为N/C。