福州大学大学物理习题解答-第3章刚体
大学物理学课后3第三章答案

题 3.8(a)图 (1) m1 , m2 和柱体的运动方程如下:
题 3.8(b)图
T2 m2 g m2a2
①
m1g T1 m1a1
②
T1R T2r J
③
式中 T1 T1,T2 T2 , a2 r , a1 R
而 由上式求得
J 1 MR 2 1 mr 2
∵
Fr N
N N
∴ 又∵
∴ ①
Fr
N
l1
l2 l1
F
J 1 mR 2 , 2
Fr R 2(l1 l2 ) F
J
mRl1
以 F 100 N 等代入上式,得
2 0.40 (0.50 0.75) 100 40 rad s2
0.20m, r =0.10m, m =4 kg, M =10 kg, m1 = m2 =2 kg,且开始时 m1 , m2 离地均为 h =2m.求: (1)柱体转动时的角加速度; (2)两侧细绳的张力.
解: 设 a1 , a2 和β分别为 m1 , m2 和柱体的加速度及角加速度,方向如图(如图 b).
习题 3
3.1 选择题
(1) 有两个力作用在一个有固定转轴的刚体上:
① 这两个力都平行于轴作用时,它们对轴的合力矩一定是零;
② 这两个力都垂直于轴作用时,它们对轴的合力矩可能是零;
③ 当这两个力的合力为零时,它们对轴的合力矩也一定是零;
④ 当这两个力对轴的合力矩为零时,它们的合力也一定是零.
在
上
述
说
(5) 一圆盘正绕垂直于盘面的水平光滑固定轴 O 转动,如图射来两个质量相同,
大学物理第三章刚体力学基础习题答案

方向竖直向下
3-15 由角动量守恒得
mul J mvl 1 1 2 1 2 2 mu m v J 因弹性碰撞,系统机械能守恒: 2 2 2 1 1 2 2 又: J M 2l Ml 12 3 6mu M 3m u 联立可得: v M 3m l M 3m
2 2 2 1 mv l [m( l ) M l 2 ] 3 3 3
o
2 l 3
6mv (4m 3M ) l
v
m
A
3-9 电风扇在开启电源后,经过t1时间到达了额定 转速,此时相应的角速度为 0。当关闭电源后,经 过t2时间风扇停转。已知风扇转子的转动惯量为 J, 并假定摩擦力矩和电机的电磁力矩均为常量,试根据 已知量推算电机的电磁力矩。 解: 设电机的电磁力矩为M,摩擦力矩为Mf
1
0
t1
3-9 (1)
mg T ma
T mg sin 30 ma
g 2 a m/s 4
方向竖直向下
T2 N 2
mg
(2)
mg T1 ma
T2 mg sin 300 ma
T1r T2r J
a r
T1
1
mg
J k m r2
g 联立求解得: a 22 k
质点运动 m 质 量 力 F 刚体定轴转动 2 J r 转动惯量 m dm 力矩 M Fr sin
dp dL F m a F 第二定律 转动定律 M J M dt dt p mv 动 量 角动量 L J t t2 动量定理 t Fdt mv2 mv1 角动量定理 t Mdt J 2 J1 1 动量守恒 F 0, mv 恒矢量 角动量守恒 M 0, J 恒矢量 力矩的功 W Md 力 的 功 W F dr
福州大学-大学物理规范作业C(上)04刚体

被挖前,小圆盘对转轴的转动惯量 1 R 2 R 2 3 J 小盘 m小盘 ( ) m小盘 ( ) mR 2 2 2 2 32 13 2 圆盘余下部分的转动惯量 J J 0 J 小盘 mR 32
5
2.一质量为m的小球由一绳索系着,以角速度ω0在无摩 擦的水平面上,绕以半径为r的圆周运动,如果在绳的另 一端作用一铅直向下的拉力,小球则以半径为r/2的圆周 40 运动,则此时小球的角速度为______________ ;拉力所 3 2 2 作的功为______________ 。 mr 0 2 分析: 角动量守恒
vC 4gR
10
r 2 mr 0 m( ) 2
2
40
拉力作的功:
1 r 2 2 1 2 2 3 2 2 A EK m( ) mr 0 mr 0 2 2 2 2
6
三、计算题 1.一质量为m的匀质矩形薄板绕其竖直边转动,初始 角速度为ω0 ,转动时受到空气阻力,阻力垂直于板面, 每一小面积上所受阻力的大小正比于该面积和速度平 方的乘积,比例系数为k,求:(1) 薄板受到的阻力矩; (2) 经过多少时间角速度减为原来的一半?已知薄板 的竖直边长为b,水平边长为a。 dx y 解:(1)如图建立坐标系,并在薄板上 取宽度dx平行y轴的面元dS=bdx,则 b 面元dS受到的空气阻力
df kv2dS k 2 x2bdx
对y轴的阻力矩dM f xdf kb x dx
2 3
x
O a 7
总阻力矩
Mf
a
0
1 2 4 kb x dx k a b 4
2 3
(2) 薄板对y轴的转动惯量
m 1 2 J r dm x bdx ma 0 ab 3 d 转动定律 M J J dt 1 2 4 1 2 d k a b ma 4 3 dt
大学物理第3章习题解答

第三章 刚体的定轴转动3-1掷铁饼运动员手持铁饼转动1.25圈后松手,此刻铁饼的速度值达到125-⋅=s m v 。
设转动时铁饼沿半径为R=1.0 m 的圆周运动并且均匀加速。
求: (1)铁饼离手时的角速度; (2)铁饼的角加速度;(3)铁饼在手中加速的时间(把铁饼视为质点)。
解:(1)铁饼离手时的角速度为(rad/s)250125===.//R v ω(2)铁饼的角加速度为)(rad/s 83925122252222..=⨯⨯==πθωα(3)铁饼在手中加速的时间为(s)628025251222..=⨯⨯==πωθt3-2一汽车发动机的转速在7.0s 内由2001min -⋅r 均匀地增加到3001min -⋅r 。
(1)求在这段时间内的初角速度和末角速度以及角加速度; (2)求这段时间内转过的角度和圈数;(3)发动机轴上装有一半径为r=0.2m 的飞轮,求它的边缘上一点在第7.0s 末的切向加速度、法向加速度和总加速度。
解:(1)初角速度为(rad/s)9206020020./=⨯=πω末角速度为(rad/s)3146030002=⨯=/πω角加速度为)(rad/s 9410792031420...=-=-=tωωα(2)转过的角度为)186(rad 1017172314920230圈=⨯=⨯+=+=..t ωωθ(3)切向加速度为)(m/s 388209412t ...=⨯==R a α法向加速度为)(m /s 10971203142422n ⨯=⨯==..R a ω总加速度为)(m/s 10971)10971(378242422n 2t ⨯=⨯+=+=...a a a总加速度与切向的夹角为9589378101.97arctan arctan 4t n '︒=⨯==.a a θ3-3 如图所示,在边长为a 的六边形顶点上分别固定有质量都是m 的6个小球(小球的直径a d <<)。
大学物理五第三章习题答案

第三章 刚体的转动习题答案1、对于定轴转动刚体上不同的点来说:线速度、法向加速度、切向加速度具有不同的值,角位移、角速度、角加速度具有相同的值。
2、由sin M r F Fr θ=⨯=可知,(1)0,0F M ≠=,当0r =或者sin 0θ=,即力通过转轴或者力与转轴平行; (2)0,0F M =≠,这种情况不存在; (3)0,0F M ==,这种情况任何时候都存在。
3、根据均匀圆盘对中心轴的转动惯量:221122I mr vr ρ==可知,对于相同几何形状的铁盘和铝盘,密度大的转动惯量大。
通常我们取铁的密度为37.9/g cm ,铝的密度32.7/g cm ,因此铁盘对中心轴的转动惯量大;根据刚体动能定理:21222111d 22A M I I θθθωω==-⎰,可知对铁盘的外力矩要做更多的功。
4、轮A 的转动惯量212I mr =,轮B 的转动惯量2I mr =,根据刚体的转动定律M I β=,因为两者所受的阻力矩相等,可知轮A 的转动角加速度大于轮B 的转动角加速度,故轮A 先停止。
5、舞蹈演员在旋转过程中,可以近似地认为角动量守恒,当其把双手靠近身体时,转动惯量减小,故角速度增大;当其把双手伸开,转动惯量增大,故角速度减小。
6、解:2334d a bt ct dtθω==+-, 2612d b t c t dtωβ==-。
7、解:11200240/60rad s πωπ⨯==,22700290/60rad s πωπ⨯==, 2215025/126rad s t ωωππβ-===∆, 2117803902t t n θωβπ=+==。
8、解:根据均匀球体对直径轴的转动惯量225I mr =,得到地球对自转轴的转动惯量3729.810I kg m =⨯⋅,地球自转角速度2/246060rad s πω=⨯⨯,转动动能22813102k E I J ω==⨯。
9、解:已知030/rad s ωπ=,切断电源后的角位移752150θππ=⨯=,根据匀减速运动规律2220023/2rad s ωωβθβπθ=⇒==,由于电扇是匀减速,可知阻力矩为常量,因此根据刚体转动动能定理22101144.422M I I J θωω=-=-, 可得到转动惯量2244.420.01I kg m ω⨯==⋅,以及阻力矩44.40.1150M N m π=≈⋅。
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v0为初始速度
8
解法2: dv kv2 dt
分离变量得 d到 v : kd t
v
两边积分
v0
dv v2
v12 v 1 1 t kdt kt
vv0 v v0 0
得到: v v0
再v0为初始速度
得到:
dt v0k t1
x dx x
比,dv kv2 ,式中k为正常数,求快艇在关闭发动机 后行d驶t 速度与行驶距离的关系(快艇的初速度为v0)。
解: 作一个变量代换 ak2 vdvdvdxvdv
dt dxdt dx
得到: kvdv dx
kdx dv
v
积分得到: kx ln v v0
v v0ekx
k2l1 l2l2k1ll1l1
k2l k1 k2
,
l2
k1l k1 k2
,
A 1 2k1 l1 21 2k2 l222 (k k 1 1 k 2 k2)l2
解:在这过程中,受到绳子拉力 作用,动量不守恒
但是小球所受力矩为0,角动量守恒
Lr12m1r2 2m2
16
三、计算题
1.已知一质量为m的质点在x轴上运动,质点只受到指
向原点的引力的作用,引力大小与质点离原点的距离x
的平方成反比,即 f
k x2
(k是大于零的常数),设质
点在x=A时由静止释放,求到达x=A/2时速度大小。
mg ma
agctg
N
mg
12
2.作匀速圆周运动的物体运动一周后回到原处,这一 周期内物体 【 C】 (A)动量守恒,合外力为零; (B)动量守恒,合外力不为零; (C)动量变化为零,合外力不为零,合外力的冲量为零 (D)动量变化为零,合外力为零。
大学物理第三章测试题及答案

第三章答案1.刚体绕一定轴作匀变速转动,刚体上任一点是否有切向加速度?是否有法向加速度?切向和法向加速度的大小是否随时间变化?答:当刚体作匀变速转动时,角加速度β不变。
刚体上任一点都作匀变速圆周运动,因此该点速率在均匀变化,v l ω=,所以一定有切向加速度t a l β=,其大小不变。
又因该点速度的方向变化,所以一定有法向加速度2n a l ω=,由于角速度变化,所以法向加速度的大小也在变化。
2.两个半径相同的轮子,质量相同,但一个轮子的质量聚集在边缘附近,另一个轮子的质量分布比较均匀,试问:(1)如果它们的角动量相同,哪个轮子转得快?(2)如果它们的角速度相同,哪个轮子的角动量大?答:(1)由于L I ω=,而转动惯量与质量分布有关,半径、质量均相同的轮子,质量聚集在边缘附近的轮子的转动惯量大,故角速度小,转得慢,质量分布比较均匀的轮子转得快;(2)如果它们的角速度相同,则质量聚集在边缘附近的轮子角动量大。
3.两个半径相同的轮子,质量相同,但一个轮子的质量聚集在边缘附近,另一个轮子的质量分布比较均匀,试问:(1)如果它们的角动量相同,哪个轮子转得快?(2)如果它们的角速度相同,哪个轮子的角动量大?答:(1)由于L I ω=,而转动惯量与质量分布有关,半径、质量均相同的轮子,质量聚集在边缘附近的轮子的转动惯量大,故角速度小,转得慢,质量分布比较均匀的轮子转得快;(2)如果它们的角速度相同,则质量聚集在边缘附近的轮子角动量大。
3. 如图所示,一半径为r ,质量为m 1的匀质圆盘作为定滑轮,绕有轻绳,绳上挂一质量为m 2的重物,求重物下落的加速度。
解:设绳中张力为T对于重物按牛顿第二定律有22m g T m a -= (1)对于滑轮按转动定律有 212Tr mr β=(2) 由角量线量关系有 a r β= (3)联立以上三式解得.4 有一半径为R 的均匀球体,绕通过其一直径的光滑固定轴匀速转动,转动周期为0T .如它的半径由R 自动收缩为R 21,求球体收缩后的转动周期.(球体对于通过直径的轴的转动惯量为J =2mR2 / 5,式中m 和R 分别为球体的质量和半径).解:(1) 球体收缩过程满足角动量守恒:0022I I ωω=2000202225421()52mR I I m R ωωωω=== 所以0202244T T ππωω=== .6 一质量均匀分布的圆盘,质量为M ,半径为R ,放在一粗糙水平面上(圆盘与水平面之间的摩擦系数为μ),圆盘可绕通过其中心O 的竖直固定光滑轴转动.开始时,圆盘静止,一质量为m 的子弹以水平速度v0垂直于圆盘半径打入圆盘边缘并嵌在盘边上,求(1) 子弹击中圆盘后,盘所获得的角速度.(2) 经过多少时间后,圆盘停止转动.解:(1) 子弹击中圆盘过程满足角动量守恒:2201()2mRv mR MR ω=+ 所以 0022()22mRv mv mR MR m M R ω==++ (2)圆盘受到的摩擦力矩为0223R M rdrgr MRg μσπμ'=-⋅=-⎰由转动定律得 M Iβ'= 2200001()(0)12()()32223mv mR MR m M R I mv t M Mg MRg ωωωωβμμ+-+--===='-。
大学物理第三章练习及答案

大学物理第三章练习及答案(总4页)--本页仅作为文档封面,使用时请直接删除即可----内页可以根据需求调整合适字体及大小--一、判断题1. 刚体是质点与质点之间的相对位置保持不变的质点系。
………………………………[√]2. 刚体中任意质点都遵循质点力学规律。
…………………………………………………[√]3. 定轴转动的刚体上的每一个质点都在作圆周运动,都具有相同的角速度。
…………[√]4. 刚体对轴的转动惯量越大,改变其对轴的运动状态就越困难。
………………………[√]5. 刚体质量一定,其转动惯量也就一定。
…………………………………………………[×]6. 当作用在刚体上的两个力合力矩为零时,则它们的合力也一定为零。
………………[×]7. 当作用在刚体上的两个力合力为零时,则它们的合力矩也一定为零。
………………[×]8. 平行于转轴的力对刚体定轴转动没有贡献。
……………………………………………[√]9. 刚体所受合外力矩为零时,刚体总角动量守恒。
………………………………………[√] 10. 刚体对某一轴的角动量守恒,刚体的所受合外力矩为零。
……………………………[×] 二、填空题11. 质量为m 的质点沿半径为r 的圆周以速率v 运动,质点对过圆心的中心轴转动惯量J =2mr ,角动量L =;质量为m 的质点沿着直线以速率v 运动,它相对于直线外距离为d 的一点的角动量为L =mdv 。
12. 长度为l 的均匀细棒放在Oxy 平面内,其一端固定在坐标原点O 位置,另一端可在平面内自由转动,当其转动到与x 轴正方向重合时,在细棒的自由端受到了一个34F i j =+牛顿的力,则此力对转轴的力矩M =4l 。
13. 在Oxy 平面内有一个由3个质点组成的质点系,其质量分别为1m 、2m 、3m ,坐标分别为()11,x y 、()22,x y 、()33,x y ,则此质点系对z 轴的转动惯量J =()()()222222*********m x y m x y m x y +++++。
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3a 2 ) 3ma 2 2
a 3a J y 1 0 2 m( ) 2 2 ( ) 2 1 m(2a) 2 9ma 2 2 2
J z 1 0 2 ma 2 2 ( 3a) 2 1 m(2a) 2 12ma 2
(2) J y 2 ma 4 m( ) 3ma
2 2
a 2
2
或根据平行轴定理 J y J y 6m a 3ma
2
2
5
福州大学-大学物理习题解答
3-11 匀质圆盘质量为 m 、半径为 R ,放在粗糙的水平桌面上,绕通过 盘心的竖直轴转动,初始角速度为 0 ,已知圆盘与桌面的摩擦系数为 , 问经过多长时间后圆盘静止? 解:可以把圆盘看成由许许多多的小圆环组成,其中半径为 r 、宽度 dr 的质量为
福州大学-大学物理习题解答
第三章 刚体
习题
3-1 一汽车发动机曲轴的转速在 12s 内由每分钟 1200 转匀加速地增加到 每分钟 2700 转,求: (1)角加速度; (2)在此时间内,曲轴转了多少转? 解: (1) 1 40 (rad / s )
2 90 (rad / s)
2 1
习题 3-14 图 习题 3-15 图
解:设作用在飞轮上的压力为 N ,则有
N 0.5 F (0.5 0.75) ,得 N 250( N)
M NR 40 1 ( rad / s ) 2 J 3 2 mR
又 0
2 900 0 0 30 (rad / s) , 所以 t 7.07( s) 60
3-5 一个砂轮直径为 0.4m,质量为 20kg,以每分钟 900 转的转速转动。 撤去动力后, 一个工件以 100N 的正压力作用在砂轮边缘上, 使砂轮在 11.3s 内停止,求砂轮和工件的摩擦系数(忽略砂轮轴的摩擦)。 解: M J 其中 M NR ,得
d M NR dt J J
0
my 2 dy 1 1 ml 2 ,即 J x J 左x J 右x ml 2 l cos 30 4 4
1 2 ml 3
(2) J y J 左y J 右y , 其中 J 右y
l
mx 2 dx x 2 2 m , dJ 左y dmx x , dl l l sin 30 sin 30
( 2) A 3-4
一个半径为 R 1.0m 的圆盘,可以绕过其盘心且垂直于盘面的转
轴转动。一根轻绳绕在圆盘的边缘,其自由端悬挂一物体。若该物体从静止 开始匀加速下降,在 t =2.0s 内下降的距离 h =0.4m。求物体开始下降后 第 3 秒末,盘边缘上任一点的切向加速度与法向加速度。 解:物体下落的加速度 a
3
福州大学-大学物理习题解答
习题 3-7 图 习题 3-8 图
解: J J M J m
1 ML2 mL2 3
3-8 如图所示,从质量为 M ,半径为 R 的匀质薄圆板上挖去一个半径 为 r 的圆孔,圆孔的中心位于半径的中点。求此时圆板对于原板中心且与板 面垂直的轴线的转动惯量。 解:可以把带孔的圆板看成均匀的完整圆板减去一个跟圆孔大小一致的 圆板,即 J J圆板 J 孔板
习题 3-9 图 4
习题 3-10 图
福州大学-大学物理习题解答
解: (1) J x J 左x J 右x , 其中 J 右x 0
l
m my 2 dy y , dJ 左x dmy 2 y 2 dl , cos 30 l l cos 30
l cos 30
J 左x
t
90 40 25 (rad / s 2 ) 13.1(rad / s 2 ) 12 6
匀变速转动
( 2)
2 2 12 780 (rad ) 2
n
390 (圈) 2
3-2 一飞轮的转动惯量为 J , 在 t 0 时角速度为 0 ,此后飞轮经历制动 过程。阻力矩 M 的大小与角速度 的平方成正比,比例系数 K 0 。求: (1)当 0 3 时, 飞轮的角加速度; ( 2)从开始制动到 0 3 所需 要的时间。 解: (1)依题意 M J K 2
l sin 30
J左
0
mx 2 dx 1 5 ml 2 ,所以 J y J 左y J 右y ml 2 l sin 30 12 12
1 2 1 2 2 2 ml ml ml 3 3 3 1 2 5 2 或 J z J x J y ml ml 2 ml 2 4 12 3
解:
m1 g T1 m1a T m g m a k 2 2 2 T r T r J 2 1 1 2 J mr 2 a r
得 a
2(m1 g k m2 g ) 2m1 2m2 m
2(1 k )m1m2 g mm1 g 2m1 2m2 m
2h 0.2(m / s 2 ) 2 t
又 at a R ,得圆盘的角加速度
0.2(rad / s 2 )
第 3 秒末,圆盘的角速度 t 0.6(rad / s ) 所以 at 0.2(m / s ) an R 0.36(m / s )
2 2 2
(3) J z 3-10 如图所示, 在边长为 a 的正六边形的六个顶点上各固定一个质量为
m 的质点,设这正六边形放在 Oxy 平面内,求: (1)对 Ox 轴、Oy 轴、Oz
轴的转动惯量; (2)对过中心 C 且平行于 Oy 的 Oy 轴的转动惯量。 解: (1) J x 2 0 4 m(
B Bt
因为轮和皮带之间没有滑动,所以 A、 B 两轮边缘的线速度相同,即
A RA B RB
又 A
R 2 600 20 (rad / s) 联立得 t A A 10( s ) B RB 60
2 300 A 10 (rad / s) A A (rad / s 2 ) 60 t 6
习题 3-3 图
习题 3-6 图
解:方法一:设过环心且垂直于圆环所在平面的轴线为 z 轴,过环心的 两条互相垂直的直径分别为 x 轴和 y 轴, 根据垂直轴定理 J z J x J y 由对称性可知 J x J y ,又 J z mR2 得
J Jx Jy
1 mR 2 2 m 2R
•
T1 m1 ( g a )
7
福州大学-大学物理习题解答
T2 k m2 g m2 a
2(1 k )m1m2 g k mm2 g 2m1 2m2 m
3-14 如图所示的飞轮制动装置,飞轮质量 m =600kg,半径 R =0.25m, 绕其水平中心轴 O 转动,转速为 900rev/min。闸杆尺寸如图示,闸瓦与飞轮 间的摩擦系数 0.40 ,飞轮的转动惯量可按匀质圆盘计算,现在闸杆的 一端加一竖直方向的制动力 F 100N ,问飞轮将在多长时间内停止转动? 在这段时间内飞轮转了几转?
t
0 0
30 R 4g
3-12 如图所示,斜面倾角为 ,位于斜面顶端的卷扬机鼓轮半径为 r 、 转动惯量为 J 、 受到的驱动力矩 M , 通过绳索牵引斜面上质量为 m 的物体, 物体与斜面间摩擦系数为 ,求重物上滑的加速度。绳与斜面平行,不计 绳质量。
6
福州大学-大学物理习题解答
0 3
0
2 K0 K 2 (rad / s 2 ) J 9J
(2)由
d K 2 得 dt J
dt
0
t
J 如图所示, 发电机的轮 A 由蒸汽机的轮 B 通过皮带带动。两轮半
2 径 R A =30cm, R B 75cm。当蒸汽机开动后,其角加速度 B 0.8π rad/s ,
习题 3-13 图 习题 3-12 图
M Tr J 解: T mg cos mg sin ma a r
得 a
( M umg cos mg sin )r J mr 2
3-13 如图所示,两物体质量分别为 m1 和 m 2 ,定滑轮的质量为 m 、半 径为 r , 可视作均匀圆盘。 已知 m 2 与桌面间的滑动摩擦系数为 k , 求 m1 下 落的加速度和两段绳子中的张力各是多少?设绳子和滑轮间无相对滑动, 滑 轮轴受的摩擦力忽略不计。
方法二: dm dl Rd ,其中
dJ dmR sin R 3 sin 2 d
2
J R 3 sin 2 d R 3
0
2
1 mR 2 2
3-7
如图所示, 长为 2 L 的匀质细棒, 质量为 M , 未端固定一质量为 m
的质点,当它绕过棒中点的水平轴转动时,求转动惯量 J 。
J圆板
r 2 1 1 2 R 2 2 MR , J 孔板 mr m( ) ,其中 m 2 M 2 2 R 2
1 1 r4 1 MR 2 M 2 Mr 2 2 2 R 4
得J
3-9 如图所示,把两根质量均为 m ,长为 l 的匀质细棒一端焊接相连, 其夹角 120 , 取连接处为坐标原点, 两个细棒所在的平面为 Oxy 平面, 求此结构分别对 Ox 轴、 Oy 轴、 Oz 轴的转动惯量。
t
0
dt
0
0
J0 Jd , 即 NRt NR
2
福州大学-大学物理习题解答
又 0
2 900 1 d 30 (rad / s) , J m 0.4(kg m 2 ) 60 2 2