【含5套模拟卷】四川省广元市2021届新高考物理第二次调研试卷含解析
四川省广元市2021届新高考物理第二次调研试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，在水平地面上O 点正上方的A 、B 两点水平抛出两个相同小球，两小球同时落在水平面上的C 点，不计空气阻力。
则两球A ．可能同时抛出B ．落在C 点的速度方向可能相同C ．落在C 点的速度大小一定不同D ．落在C 点时重力的瞬时功率一定不同【答案】D【解析】【详解】A ．平抛运动的时间由竖直高度决定，根据：212h gt = 可知两小球抛出高度不同，落地时间不同，不可能同时抛出，A 错误；B ．平抛运动的末速度方向的反向延长线必过水平位移的中点，两小球平抛的水平位移相同，竖直位移不同，所以在C 点的末速度方向不同，B 错误；C ．平抛运动的末速度：222220y ()()22x x g v v v gt gh t h=+=++若A B v v =，则代入上述公式解得：2A B4x h h =，有解，说明速度可以相等，C 错误； D ．落地C 点重力的瞬时功率：2y P mgv mg t ==两小球落地时间不同，落地时重力的瞬时功率不同，D 正确。
故选D 。
2．物体在恒定的合外力作用下做直线运动，在时间△t 1内动能由0增大到E 0，在时间∆t 2内动能由E 0增大到2E 0.设合外力在△t 1内做的功是W 1、冲量是I 1，在∆t 2内做的功是W 2、冲量是I 2，那么( )A．I1<I2W1=W2B．I1>I2W1=W2C．I1<I2W1<W2D．I1=I2W1<W2【答案】B【解析】【详解】根据动能定理得：W1=E0-0=E0，W1=1E0-E0=E0则W 1=W1．动量与动能的关系式为, 则由动量定理得：，则I1＞I1．A. I1<I1W1=W1与上述分析结论I1>I1W1=W1不相符，故A不符合题意；B. I1>I1W1=W1与上述分析结论I1>I1W1=W1相符，故B符合题意；C. I1<I1W1<W1与上述分析结论I1>I1W1=W1不相符，故C不符合题意；D. I1=I1W1<W1与上述分析结论I1>I1W1=W1不相符，故D不符合题意。
3．如图所示，在竖直平面内一根不可伸长的柔软轻绳通过光滑的轻质滑轮悬挂一重物。
轻绳一端固定在墙壁上的A点，另一端从墙壁上的B点先沿着墙壁缓慢移到C点，后由C点缓慢移到D点，不计一切摩擦，且墙壁BC段竖直，CD段水平，在此过程中关于轻绳的拉力F的变化情况，下列说法正确的是（）A．F一直减小B．F一直增小C．F先增大后减小D．F先不变后增大【答案】D【解析】【详解】当轻绳另一端在C点时，设轻绳左右两侧间的夹角为2θ以滑轮为研究对象，分析受力情况，受力分析图如图所示∶根据平衡条件得2Fcosθ=mg得到轻绳的拉力F=2cosθmg轻绳另一端从B点沿墙壁缓慢移到D点，由几何知识可知，θ先不变后增大，cosθ先不变后减小，轻绳的拉力F先不变后增大，D项正确，ABC错误；故选D。
4．图甲中的变压器为理想变压器，原线圈的匝数n1与副线圈的匝数n2之比为5∶1。
变压器的原线圈接如图乙所示的正弦式电流，两个20Ω的定值电阻串联接在副线圈两端。
电流表、均为理想电表。
则（）A．电流表示数为0.2A B．电流表示数为5AC．电压表示数为4V D．通过电阻R的交流电的周期为2×10-2s【答案】A【解析】【分析】【详解】AB．根据图象可得原线圈的电压的最大值为2002V，所以电压的有效值为12002V=200V2U=原线圈的匝数n1与副线圈的匝数n2之比为5∶1，则有112251U nU n==解得副线圈电压12=40V5UU=则副线圈中的电流22=1A2UIR=根据变压器电流与匝数的关系有1221I nI n=所以原线圈中的电流即电流表的读数21210.2A n I I n == 故A 正确，B 错误；C ．电压表示数为电阻R 上的电压，根据欧姆定律有120V R U I R ==故C 错误；D ．由乙图可知通过电阻R 的交流电的周期为4×10-2s ，故D 错误。
故选A 。
5．如图所示，一充电后的平行板电容器的两极板相距l ，在正极板附近有一质量为m ，电荷量为()110q q >的粒子A ；在负极板附近有一质量也为m 、电荷量为()220q q ->的粒子B 。
仅在电场力的作用下两粒子同时从静止开始运动。
已知两粒子同时经过一平行于正极板且与其相距37l 的平面Q ，两粒子间相互作用力可忽略，不计重力，则以下说法正确的是（ ）A ．电荷量1q 与2q 的比值为3:7B ．电荷量1q 与2q 的比值为3:4C ．粒子A 、B 通过平面Q 时的速度之比为9:16D ．粒子A 、B 通过平面Q 时的速度之比为3:7【答案】B【解析】【分析】【详解】AB ．设电场强度大小为E ，两粒子的运动时间相同，对正电荷A 有11q E a m= 213172q E l t m=⋅⋅ 对负电荷B 有22q E a m =224172q E l t m=⋅⋅ 联立解得1234q q = A 错误，B 正确。
CD ．由动能定理得2120qEx mv =- 求得1234v v = 选项CD 错误。
故选B 。
6．如图所示，质量为m 、长度为L 的导体棒MN 的电阻为R ，初始时，导体棒静止于水平轨道上，电源的电动势为E 、内阻为r 。
匀强磁场的磁感应强度大小为B ，其方向斜向上与轨道平面成θ角且垂直于导体棒MN 开关闭合后，导体棒仍静止，则导体棒MN 所受摩擦力的大小和方向分别为（ ）A ．sin BEL R rθ+，方向向左 B ．sin BEL R r θ+，方向向右 C ．cos BEL R r θ+，方向向左 D ．cos BEL R r θ+，方向向右 【答案】A【解析】【详解】磁场方向与导体棒垂直，导体棒所受安培力大小BEL F BIL R r==+方向垂直于磁场方向与电流方向所确定的平面斜向下。
其水平向右的分量大小为sin x F F θ=由力的平衡可知摩擦力大小为 sin x BEL f F R rθ==+ 方向向左。
选项A 项正确，BCD 错误。
故选A 。
二、多项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求．全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分7．如图（a ），物块和木板叠放在实验台上，物块用一不可伸长的细绳与固定在实验台上的力传感器相连，细绳水平．t=0时，木板开始受到水平外力F 的作用，在t=4s 时撤去外力．细绳对物块的拉力f 随时间t 变化的关系如图（b ）所示，木板的速度v 与时间t 的关系如图（c ）所示．木板与实验台之间的摩擦可以忽略．重力加速度取g=10m/s 1．由题给数据可以得出A ．木板的质量为1kgB ．1s~4s 内，力F 的大小为0.4NC ．0~1s 内，力F 的大小保持不变D ．物块与木板之间的动摩擦因数为0.1【答案】AB【解析】【详解】结合两图像可判断出0-1s 物块和木板还未发生相对滑动，它们之间的摩擦力为静摩擦力，此过程力F 等于f ，故F 在此过程中是变力，即C 错误；1-5s 内木板与物块发生相对滑动，摩擦力转变为滑动摩擦力，由牛顿运动定律，对1-4s 和4-5s 列运动学方程，可解出质量m 为1kg ，1-4s 内的力F 为0.4N ，故A 、B 正确；由于不知道物块的质量，所以无法计算它们之间的动摩擦因数μ,故D 错误.8．如图，方向竖直向上的匀强磁场中固定着两根位于同一水平面内的足够长平行金属导轨，导轨上静止着与导轨接触良好的两根相同金属杆1和2，两杆与导轨间的动摩擦因数相同且不为零，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。
现用平行于导轨的恒力F 拉金属杆2使其开始运动，在足够长时间里，下列描述两金属杆的速度v 随时间t 变化关系的图像中，可能正确的是（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】BD【解析】【分析】【详解】AB ．当力F 作用到杆2上时，杆2立刻做加速运动，随着速度的增加产生感应电流，从而产生向左的安培力，此时的加速度22BL v F mg F F mg R a m mμμ----==安总 则随速度增加，杆2做加速度减小的加速运动，当加速度减为零时做匀速运动；此时对杆1所受的安培力若小于最大静摩擦力，则此过程中杆1始终不动，则图像A 错误，B 正确；CD ．由上述分析可知，若安培力增加到一定值时杆2开始运动，则随着安培力的增加，棒2做加速度逐渐增加的加速运动，杆1做加速度减小的加速运动，当两杆的加速度相等时，两杆的速度差恒定，此时两杆所受的安培力恒定，加速度恒定，则选项C 错误，D 正确。
故选BD 。
9．在x 轴上固定有两个点电荷Q 1、Q 2，其静电场的电势φ在x 轴上分布如图所示。
下列说法中正确的有（ ）A ．Q 1 和Q 2带同种电荷B ．x 1 处的电场强度为零C ．负电荷从x 1沿x 轴移到x 2。
电势能逐渐减小D ．负电荷从x 1沿x 轴移到x 2，受到的电场力逐渐减小，【答案】CD【解析】【分析】【详解】A ．由图知1x 处的电势等于零，所以1Q 和2Q 带有异种电荷，A 错误；B ．图象的斜率描述该处的电场强度，故1x 处场强不为零，B 错误；C ．负电荷从1x 移到2x ，由低电势向高电势移动，电场力做正功，电势能减小，故C 正确；D ．由图知，负电荷从1x 移到2x ，电场强度越来越小，故电荷受到的电场力减小，所以D 正确． 故选CD 。
10．如图所示，一定质量的理想气体从状态A 依次经过状态B 、C 和D 后再回到状态A 。
其中，状态A B →和状态C D →为等温过程，状态B C →和状态D A →为绝热过程。
在该循环过程中，下列说法正确的是__________。
A ．AB →的过程中，气体对外界做功，气体放热B ．BC →的过程中，气体分子的平均动能减少C ．CD →的过程中，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增加D ．D A →的过程中，外界对气体做功，气体内能增加E.在该循环过程中，气体内能增加【答案】BCD【解析】【分析】【详解】A ．A→B 过程中，体积增大，气体对外界做功，温度不变，内能不变，气体吸热，故A 错误； B ．B→C 过程中，绝热膨胀，气体对外做功，内能减小，温度降低，气体分子的平均动能减小，故B 正确；C ．C→D 过程中，等温压缩，体积变小，分子数密度变大，单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多，故C 正确；D ．D→A 过程中，绝热压缩，外界对气体做功，内能增加，故D 正确；E ．循环过程的特点是经一个循环后系统的内能不变。
四川省广元市2021届新高考物理模拟试题(1)含解析
四川省广元市2021届新高考物理模拟试题（1）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，由Oa Ob Oc 、、三个铝制薄板互成120°角均匀分开的Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个匀强磁场区域，其磁感应强度分别用123B B B 、、表示．现有带电粒子自a 点垂直Oa 板沿逆时针方向射入磁场中，带电粒子完成一周运动，在三个磁场区域中的运动时间之比为1∶2∶3，轨迹恰好是一个以O 为圆心的圆，则其在b 、c 处穿越铝板所损失的动能之比为A ．1∶1B ．5∶3C ．3∶2D ．27∶5【答案】D 【解析】带电粒子在磁场运动的时间为2t T θπ=，在各个区域的角度都为1203πθ==o，对应的周期为2m T Bq π=，则有3mt Bqπ=，故 3mB tqπ=，则三个区域的磁感应强度之比为123123111::::6:3:2B B B t t t ==，三个区域的磁场半径相同为mv r Bq =，又动能212k E mv =，联立得2222k B q rE m =，故三个区域的动能之比为：222123123::::36:9:4k k k E E E B B B ==，故在b 处穿越铝板所损失的动能为1236927k k k E E E ∆=-=-=，故在c 处穿越铝板所损失的动能为23945k k k E E E ∆=-=-='，故损失动能之比为:27:5k kE E ∆='∆，D 正确，选D. 2．重元素的放射性衰变共有四个系列，分别是U238系列(从23892U 开始到稳定的20882Pa 为止)、Th232系列、U235系列及Np237系列(从23793Np 开始到稳定的20983Bi 为止)，其中，前三个系列都已在自然界找到，而第四个系列在自然界一直没有被发现，只是在人工制造出Np237后才发现的，下面的说法正确的是 A ．23892U 的中子数比20983Bi 中子数少20个B ．从23793Np 到20983Bi ，共发生7次α衰变和4次β衰变C ．Np237系列中所有放射性元素的半衰期随温度的变化而变化D ．23892U 与23592U 是不同的元素【答案】B 【解析】 【分析】 【详解】23892U 的中子数为238-92=146个，20983Bi 的中子数为209-83=126个，则23892U 的子数比20983Bi 的中子数多20个，A 错误；根据质量数守恒有：237-209=4×7，知发生了7次α衰变，根据电荷数守恒有：93-83=2×7-4，知发生了4次β衰变，B 正确；放射性物质的半衰期不受外界因素的影响，C 错误；23892U 与23592U 的质子数相同，中子数不同，它们是相同的元素，D 错误．3．甲、乙两球质量分别为1m 、2m ,从同一地点(足够高)同时静止释放．两球下落过程中所受空气阻力大小f 仅与球的速率v 成正比,与球的质量无关,即f=kv(k 为正的常量),两球的v −t 图象如图所示,落地前,经过时间0t 两球的速度都已达到各自的稳定值1v 、2v ,则下落判断正确的是( )A ．甲球质量大于乙球B ．m 1/m 2=v 2/v 1C ．释放瞬间甲球的加速度较大D ．t 0时间内，两球下落的高度相等 【答案】A 【解析】 【详解】两球先做加速度减小的加速运动，最后都做匀速运动，稳定时kv=mg ，因此最大速度与其质量成正比，即v m ∝m ，1122m v m v =，由图象知v 1＞v 2，因此m 甲＞m 乙；故A 正确，B 错误．释放瞬间v=0，空气阻力f=0，两球均只受重力，加速度均为重力加速度g ．故C 错误；图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移，由图可知，t 0时间内两球下落的高度不相等；故D 错误；故选A ．4．如图所示，两根不可伸长的轻绳一端与一个质量为m 的小球相连于O 点，另一端分别固定在小车天花板上的A 、B 两点，OA 绳与天花板的夹角为30°，OB 绳与天花板的夹角为60°，重力加速度为g ．当小车以速度ν向右做匀速直线运动，小球与车保持相对静止时，下列说法正确的是A ．OA 绳对小球的拉力大小为3B ．OB 绳对小球的拉力大小为12mg C ．OA 3D ．重力对小球做功的功率为mgv 【答案】C 【解析】 【分析】根据共点力的平衡，根据平行四边形法则求解两边绳的拉力大小；根据P=Fv 求解功率. 【详解】小车以速度ν向右做匀速直线运动，则小球处于平衡状态，由平衡条件可知，01sin 302OA T mg mg ==， 03cos302OB T mg mg ==，选项AB 错误；OA 绳对小球拉力做功的功率为03cos304OA OA P T v mgv ==，选项C 正确； 重力对小球做功的功率为0cos900G P Gv ==，选项D 错误；故选C.5．如图所示为一种质谱仪的示意图，该质谱仪由速度选择器、静电分析器和磁分析器组成。
四川省广元市2021届新高考物理第二次押题试卷含解析
四川省广元市2021届新高考物理第二次押题试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图甲所示的理想变压器，原线圈接一定值电阻R0，副线圈与一额定电流较大的滑动变阻器R相连接，现在M、N间加如图乙所示的交变电压。
已知变压器原、副线圈的匝数比为12101nn=，定值电阻的额定电流为2.0A，阻值为R=10Ω。
为了保证电路安全，滑动变阻器接入电路的电阻值至少为（）A．1ΩB2ΩC．10ΩD．102Ω【答案】A【解析】【详解】由题意可知，定值电阻R0在额定电流情况下分得的电压为：2.010V20VRU IR==⨯=则原线圈输入电压：U1=220V－20V=200V由变压器的工作原理：1122U nU n=可知：22111200V20V10nU Un==⨯=允许电流最大时原线圈的输入功率为：P1=U1I=200×2W=400W由变压器输出功率等于输入功率可得：P2=P1=400W又由公式可知222U P R= 可得：2222201400U R P ==Ω=Ω 故A 正确，BCD 错误。
2．假设某宇航员在地球上可以举起m 1=50kg 的物体，他在某星球表面上可以举起m 2=100kg 的物体，若该星球半径为地球半径的4倍，则（ ）A ．地球和该星球质量之比为8M M =地星B．地球和该星球第一宇宙速度之比为v v =地星C．地球和该星球瓦解的角速度之比为ωω=地星D．地球和该星球近地卫星的向心加速度之比为a a =地星【答案】C【解析】【详解】AD ．人的作用力是固定的，则由：F=m 1g 地=m 2g 星 212g m g m ==地星 而近地卫星的向心加速度和重力加速度近似相等；根据：2Mm G mg R= 则：2218M g R M g R ==地地地星星星 AD 错误；B ．第一宇宙速度22Mm v G m R R= 解得：v gR = 则：2v g R v g R ==地地地星星星 B 错误；C ．星球的自转角速度足够快，地表的重力为0时星球瓦解，根据：22Mm G m R Rω= 得：3322M R M R ωω==星地地星星地C 正确。
四川省广元市2021届新高考物理模拟试题含解析
四川省广元市2021届新高考物理模拟试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图，△OMN为玻璃等腰三棱镜的横截面。
a、b两束可见单色光从空气垂直射入棱镜底面MN，在棱镜侧面OM、ON上反射和折射的情况如图所示，由此可知（）A．从玻璃射向空气，a光的临界角小于b光的临界角B．玻璃对a光的折射率小于玻璃对b光的折射率C．在玻璃中，a光的速度小于b光的速度D．在双缝干涉实验中，a光干涉条纹宽度小于b光干涉条纹宽度【答案】B【解析】【分析】【详解】AB．由光路图看出，光线b在NO面上发生了全反射，而光线a在MO面上没有发生全反射，而入射角相同，则知b光的临界角小于a光的临界角，由1sin Cn=可知，玻璃对a光的折射率小于b的折射率小，故A错误，B正确；C．玻璃对a光的折射率小于b的折射率小，由cvn=可知，在玻璃中，a光的速度大于b光的速度，故C错误；D．由于玻璃对a光的折射率小于b的折射率小，则a光的频率比b光的低，a光的波长比b光的长，由公式Lxdλ∆=可知，a光的双缝干涉条纹宽度比b光的大，故D错误。
故选B。
2．若“神舟”五号飞船在一段时间内保持绕地心做匀速圆周运动，则（）A．它的速度大小不变，动量也不变B．它不断克服地球对它的万有引力做功C．它的速度大小不变，加速度等于零D．它的动能不变，引力势能也不变【答案】D【解析】【详解】A ．根据GM v r=可知，轨道半径不变，则它的速度大小不变，但是动量的方向不断变化，即动量不断变化，选项A 错误；B ．飞船绕地球做匀速圆周运动时，万有引力与速度方向垂直，则万有引力对飞船不做功，选项B 错误；C ．它的速度大小不变，因为万有引力产生向心加速度，则加速度不等于零，选项C 错误；D ．它的速度大小不变，则它的动能不变，高度不变，则引力势能也不变，选项D 正确；故选D 。
3．一物体沿竖直方向运动，以竖直向上为正方向，其运动的v t -图象如图所示.下列说法正确的是()n nA ．10t ～时间内物体处于失重状态B ．12t t ～时间内物体机械能守恒C ．23t t ～时间内物体向下运动D ．20t ～时间内物体机械能一直增大【答案】D【解析】A 、以竖直向上为正方向，在v t -图象中，斜率代表加速度，可知10t ～时间内物体向上做加速运动，加速度的方向向上，处于超重状态.故A 错误；B 、由图可知， 12t t ～时间内物体向上做匀速直线运动，动能不变，重力势能增大，所以机械能增大.故B 错误；C 、由图可知， 23t t ～时间内物体向上做减速运动.故C 错误；D 、10t ～时间内物体向上做加速运动，动能增大，重力势能也增大； 12t t ～时间内物体向上做匀速直线运动，动能不变，重力势能增大，所以20t ～时间内物体机械能一直增大.故D 正确．故选：D4．如图所示为某住宅区的应急供电系统，由交流发电机和副线圈匝数可调的理想降压变压器组成。
四川省广元市2021届新高考第二次适应性考试物理试题含解析
四川省广元市2021届新高考第二次适应性考试物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，M N 、两点分别放置两个等量异种点电荷，P 为MN 连线的中点，T 为连线上靠近N 的一点，S 为连线的垂直平分线上处于P 点上方的一点。
把一个负检验电荷分别放在P S T 、、三点进行比较，则（ ）A ．电场中P S T 、、三点，T 点电势最高B ．检验电荷在T 点电势能最大C ．检验电荷在P 点受力最小D ．检验电荷在S 点受力最大【答案】B【解析】【详解】A ．根据等量异种点电荷电场的特点，可知S P 、两点处在同一等势面上，S P 、两点电势相等，T 点电势最低，故A 错误；B ．结合电势能公式p E q ϕ=，可知负检验电荷q 在T 点电势能最大，故B 正确；CD ．在两等量异种点电荷连线上，连线中点P 的电场强度最小，在两等量异种点电荷连线的垂直平分线上，P 点的电场强度最大，所以负检验电荷在S 点受力最小，在T 点受力最大，故CD 错误。
故选B 。
2．中国北斗卫星导航系统（BeiDouNavigationSatelliteSystem ，BDS ）是继美国全球定位系统（GPS ）、俄罗斯格洛纳斯卫星导航系统（GLONASS ）之后第三个成熟的卫星导航系统。
北斗导航系统中有几颗卫星是地球同步卫星，GPS 导航系统是由周期约为12h 的卫星群组成。
则北斗导航系统的同步卫星与GPS 导航卫星相比（ ）A ．北斗导航系统的同步卫星的角速度大B ．北斗导航系统的同步卫星的轨道半径小C ．GPS 导航卫星的线速度大D ．GPS 导航卫星的向心加速度小【答案】C【解析】【分析】A ．地球同步卫星的周期为24h ，GPS 导航系统周期约为12h ，根据周期与角速度的关系 2T πω= 可知北斗导航系统的同步卫星的周期大，则其角速度小，故A 错误；B ．由万有引力提供向心力有2224Mm G mr r Tπ= 得卫星绕地球做圆周运动的周期32r T GMπ= 北斗导航系统的同步卫星的周期大，则其轨道半径大，故B 错误；C ．由万有引力提供向心力有22Mm v G m r r= 得卫星绕地球做圆周运动的线速度GM v r= 北斗导航系统的轨道半径大，则其线速度小，GPS 导航卫星的线速度大，故C 正确；D ．根据a v ω=可知北斗导航系统的角速度小、线速度小，则其加速度小，GPS 导航卫星的向心加速度大，故D 错误。
【原创】(新高考)2021届高三第二次模拟考试卷 物理(三)教师版
（新高考）2021届高三第二次模拟考试卷物 理（三）注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1．2020年11月27日0时41分，华龙一号核电5号机组首次并网成功，标志着我国正式进入核电技术先进国家行列。
华龙一号发电机利用的是铀核裂变释放的核能，其裂变方程为：235 92U ＋10n→X ＋9538Sr ＋210n 。
则下列叙述正确的是()A ．裂变后粒子的总核子数减少B ．X 原子核中含有85个中子C ．裂变过程中释放核能是因为新核的结合能小D ．裂变过程中释放核能是因为新核的比结合能小 【答案】B【解析】核反应过程质量数守恒，所以裂变后粒子的总核子数不变，A 错误；设X 原子核中有x 个质子，质量数为y ，则有92＝x ＋38，235＋1＝y ＋95＋2，解得x ＝54，y ＝139，则X 原子核中含有中子数为y －x ＝85，B 正确；裂变释放核能是因为新核的比结合能大于原来重核的比结核能，CD 错误。
2．2020年11月10日8时12分，“奋斗者”号深潜器在马里亚纳海沟成功坐底，创造了10909米的中国载人深潜新纪录，标志着我国在大深度载人深潜领域达到世界领先水平。
某兴趣小组用一个模型模拟了深潜器从水底由静止向上返回的运动过程，记录了其加速度a 随位移x 变化关系的图像如图所示，则( )A ．在0～x 0阶段深潜器内的物体处于失重状态B ．在2x 0～3x 0阶段深潜器内的物体处于超重状态C ．在2x 0处深潜器运动的速度大小为00a xD ．在3x 0处深潜器运动的速度最大【答案】C【解析】在0～x 0阶段深潜器加速上升，因此深潜器内的物体处于超重状态，A 错误；在2x 0～3x 0段，加速度为负值，深潜器做减速运动，潜器内的物体处于失重状态，B 错误；根据v 2＝2ax 可得深潜器到达x 0处时的速度00va x ，在x 0～2x 0段加速度为零，做匀速运动，因此在2x 0处深潜器速度大小为00a x ，C 正确；由于2x 0～3x 0段减速，因此在深潜器在2x 0处运动速度最大，D 错误。
四川省广元市2021届新高考模拟物理试题(市模拟卷)含解析
四川省广元市2021届新高考模拟物理试题（市模拟卷）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，一质量为m 的重物，在塔吊电动机的拉力下，由静止开始向上以加速度1a 做匀加速直线运动，当重物上升到高度h 、重物速度为1v 时塔吊电动机功率达到额定功率0P ，此时立刻控制电动机使重物做加速度大小为2a 的匀减速直线运动直到速度减到零，重力加速度为g ，不计一切摩擦，关于此过程的说法正确的是（ ）A ．重物匀减速阶段电动机提供的牵引力大小为()2m g a +B ．重物匀加速阶段电动机提供的牵引力大小为01P v C ．计算重物匀加速阶段所用时间的方程为20112P t mgh mv -= D ．假设竖直方向足够长，若塔吊电动机以额定功率0P 启动，速度1v 就是其能达到的最大速度【答案】B【解析】【分析】【详解】A ．根据牛顿第二定律，重物匀减速阶段22mg F ma -=()22F m g a =-A 错误；B ．重物在匀加速阶段011P F v =011P F v = B 正确；C ．匀加速阶段1P F v =，电动机功率逐渐增大，不满足20112P t mgh mv -=，选项C 错误；D ．假设竖直方向足够长，若塔吊电动机以额定功率0P 启动，能达到的最大速度0m P v mg= m 1v v >选项D 错误。
故选B 。
2．一平直公路上有甲、乙两辆车，从t ＝0时刻开始运动，在0～6 s 内速度随时间变化的情况如图所示．已知两车在t ＝3 s 时刻相遇，下列说法正确的是( )A ．两车的出发点相同B ．t ＝2 s 时刻，两车相距最远C ．两车在3～6 s 之间的某时刻再次相遇D ．t ＝0时刻两车之间的距离大于t ＝6 s 时刻两车之间的距离【答案】D【解析】由图可得，0~3s 内，乙的位移1(20.5)3 3.75m 2⨯+⨯=，甲的位移11(24)2(43)19.5m 22⨯+⨯+⨯+⨯=，二者t=0时刻相距9.5m-3.75m=5.75m ，选项A 错误；3~6s 内，乙的位移1(10.5)1m 0.75m 2-⨯+⨯=-，甲的位移133m 4.5m 2⨯⨯=，二者相距4.5m+0.75m=5.25m.所以t=0时刻两质点之间的距离大于t=6s 时刻两质点之间的距离，选项D 正确；0~2s 内，两质点间距逐渐减小，t=2s 时刻不是相距最远，选项B 错误；两质点在3~6s 之间距离越来越大，不可能再次相遇，选项C 错误；故选D ．点睛：本题考查v-t 图象的性质，本题的关键在于v-t 图象中图象的面积表示位移的应用，要求能从图中得出两车各自位移的变化情况，从而两车距离的变化情况．3．下列说法正确的是A ．加速度为正值，物体一定做加速直线运动B ．百米比赛时，运动员的冲刺速度越大成绩越好C ．做直线运动的物体，加速度为零时，速度不一定为零，速度为零时，加速度一定为零D ．相对于某参考系静止的物体，对地速度不一定为零【答案】D【解析】【详解】A.加速度为正向，速度不一定是正向，不一定做加速直线运动，故A错误；B.百米比赛时，运动员的冲刺速度大成绩不一定好，但平均速度越大，成绩- -定越好，选项B错误；C.做直线运动的物体，加速度为零时，速度不-一定为零，速度为零时，加速度也不一一定A为零，选项C错误D.相对于参考系静止的物体，其相对地面的速度不一-定为零，选项D正确。
四川省广元市2021届第二次新高考模拟考试物理试卷含解析
四川省广元市2021届第二次新高考模拟考试物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．某物体以一定的初速度沿足够长的斜面从底端向上滑去，此后该物体的运动图像不可能．．．的是（图中x 是位移、v 是速度、t 是时间）A ．AB ．BC ．CD ．D【答案】C【解析】 试题分析：物体上滑过程中，由于受力恒定，做匀减速直线运动，故位移2012x v t at =+，如果上滑到最高点能下滑，则为抛物线，若物体上滑上最高点，不能下落，则之后位移恒定，AB 正确；速度时间图像的斜率表示加速度，上滑过程中加速度为()1sin cos a g g θμθ=+，下滑过程中加速度()2sin cos a g g θμθ=-，故上滑过程中加速度大于下滑过程中的加速度，C 错误；如果物体上滑做匀减速直线运动，速度减小到零后，重力沿斜面向下的分力小于最大静摩擦力，则物体不会继续下滑，故处于静止状态，故D 正确；考点：考查了运动图像【名师点睛】物体以一定的初速度沿足够长的斜面，可能先向上做匀减速直线运动，后向下做匀加速直线运动，匀加速运动的加速度小于匀减速运动的加速度，物体返回时速度减小；可能先向上做匀减速直线运动，后停在最高点2．如图甲所示，一根直导线和一个矩形导线框固定在同一竖直平面内，直导线在导线框上方，甲图中箭头方向为电流的正方向。
直导线中通以图乙所示的电流，则在0－1t 时间内，导线框中电流的方向（ ）A ．始终沿顺时针B ．始终沿逆时针C ．先顺时针后逆时针D ．先逆时针后顺时针【答案】A【解析】【详解】电流先沿正方向减小，产生的磁场将减小，此时由右手螺旋定则可知，穿过线框的磁场垂直于线框向里且减小，故电流顺时针，当电流减小到零再反向增大时，此时由右手螺旋定则可知，穿过线框的磁场垂直于线框向外且增大，故电流顺时针，则在0－1t 时间内，导线框中电流的方向始终为顺时针，故A 正确。
四川省广元市2021届新高考第二次模拟物理试题含解析
四川省广元市2021届新高考第二次模拟物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图，小球甲从A 点水平抛出，同时将小球乙从B 点自由释放，两小球先后经过C 点时速度大小相等，方向夹角为30°，已知B 、C 高度差为h ，两小球质量相等，不计空气阻力，由以上条件可知（ ）A ．小球甲做平抛运动的初速度大小为23gh B ．甲、乙两小球到达C 点所用时间之比为3C ．A ，B 两点高度差为4h D ．两小球在C 点时重力的瞬时功率大小相等【答案】C【解析】A 项，小球乙到C 的速度为2v gh =，此时小球甲的速度大小也为2v gh =直方向成30°2gh 故A 错；B 、小球运动到C 时所用的时间为212h gt = 得2h t g = 而小球甲到达C 6gh ，所以运动时间为6gh t '= 所以甲、乙两小球到达C 32 故B 错C 、由甲乙各自运动的时间得：2211224h h gt gt '∆=-= ，故C 对； D 、由于两球在竖直方向上的速度不相等，所以两小球在C 点时重力的瞬时功率也不相等故D 错； 故选C2．二氧化锡传感器的电阻随着一氧化碳的浓度增大而减小，将其接入如图所示的电路中，可以测量汽车尾气一氧化碳的浓度是否超标。
当一氧化碳浓度增大时，电压表V 和电流表A 示数的变化情况可能为A ．V 示数变小，A 示数变大B ．V 示数变大，A 示数变小C ．V 示数变小，A 示数变小D ．V 示数变大，A 示数变大【答案】D【解析】【详解】当一氧化碳浓度增大时，二氧化锡传感器的电阻减小，由闭合电路欧姆定律知，电路中电流变大，则A 示数变大；由欧姆定律知R 的电压变大，则电压表V 变大；AC ．综上分析，电压表示数变大，AC 错误；BD ．综上分析，电流表示数变小，B 错误D 正确。
四川省广元市2021届新高考第二次大联考物理试卷含解析
四川省广元市2021届新高考第二次大联考物理试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，在某一水平地面上的同一直线上，固定一个半径为R 的四分之一圆形轨道AB ，轨道右侧固定一个倾角为30°的斜面，斜面顶端固定一大小可忽略的轻滑轮，轻滑轮与OB 在同一水平高度。
一轻绳跨过定滑轮，左端与圆形轨道上质量为m 的小圆环相连，右端与斜面上质量为M 的物块相连。
在圆形轨道底端A 点静止释放小圆环，小圆环运动到图中P 点时，轻绳与轨道相切，OP 与OB 夹角为60°；小圆环运动到B 点时速度恰好为零。
忽略一切摩擦力阻力，小圆环和物块均可视为质点，物块离斜面底端足够远，重力加速度为g ，则下列说法正确的是（ ）A ．小圆环到达B 点时的加速度为g 2B ．小圆环到达B 点后还能再次回到A 点C ．小圆环到达P 点时，小圆环和物块的速度之比为23D 51- 【答案】B【解析】【分析】【详解】A ．小圆环到达B 点时受到细线水平向右的拉力和圆弧轨道对圆环的水平向左的支持力，竖直方向受到向下的重力，可知此时小圆环的加速度为g 竖直向下，选项A 错误；B ．小圆环从A 点由静止开始运动，运动到B 点时速度恰好为零，且一切摩擦不计，可知小圆环到达B 点后还能再次回到A 点，选项B 正确；C ．小圆环到达P 点时，因为轻绳与轨道相切，则此时小圆环和物块的速度相等，选项C 错误；D ．当小圆环运动到B 点速度恰好为0时，物块M 的速度也为0，设圆弧半径为R ，从A 到B 的过程中小圆环上升的高度h=R ；物块M 沿斜面下滑距离为()(33)sin 30tan 30R R L R R =--=o o由机械能守恒定律可得sin30mgh MgL =︒解得 33 2m M -= 选项D 错误。
故选B 。
2．空间某区域存在一方向垂直于纸面向外、大小随时间均匀变化的匀强磁场，磁场边界ef 如图所示，现有一根粗细均匀金属丝围成的边长为L 的正方形线框固定在纸面内，t=0时刻磁场方向如图甲所示，磁感应强度B 随时间t 变化关系如图乙所示，则（ ）A ．0~t 1：e 点电势高于f 点电势B ．0~t 1：2014ef B L U t =- C ．t 1~t 2：金属框中电流方向顺时针D ．0~t 2：ab 所受安培力方向始终不变【答案】B【解析】【详解】A ．0~t 1时间内垂直于纸面向外的磁场减弱，根据楞次定律可知感应电流产生的磁场垂直于纸面向外，根据安培定则可知感应电流为逆时针方向，在电源内部，电流从负极流向正极，故f 电势高于e 的电势，A 错误；B ．根据法拉第电磁感应定律，感应电动势：2012B L E t = 20124ef B L E U t =-=- B 正确；C ．根据楞次定律，0~t 2金属框中电流方向为逆时针，C 错误；D ．根据左手定则，0~t 1安培力水平向左，t 1~t 2安培力水平向右，D 错误。
四川省广元市2021届新高考物理仿真第二次备考试题含解析
四川省广元市2021届新高考物理仿真第二次备考试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．国务院批复，自2016年起将4月24日设立为“中国航天日”。
1970年4月24日我国首次成功发射的人造卫星东方红一号，目前仍然在椭圆轨道上运行，如图所示，其轨道近地点高度约为440km ，远地点高度约为2060km ；1984年4月8日成功发射的东方红二号卫星运行在赤道上空35786km 的地球同步轨道上。
设东方红一号在近地点的加速度为a 1，线速度为v 1，环绕周期为T 1，东方红二号的加速度为a 2，线速度为v 2，环绕周期为T 2，固定在地球赤道上的物体随地球自转的加速度为a 3，自转线速度为v 3，自转周期为T 3，则a 1、a 2、a 3，v 1、v 2、v 3，T 1、T 2、T 3的大小关系为（ ）A ．T 1>T 2=T 3B ．a 1>a 2>a 3C ．a 3>a 1>a 2D ．v 1>v 3>v 2【答案】B【解析】【详解】 A ．根据开普勒第三定律32a k T=可知轨道半径越大的卫星，周期越大，由于东方红二号卫星的轨道半径比东方红一号卫星的轨道半径大，所以东方红二号卫星的周期比东方红一号卫星的周期大；东方红二号卫星为同步卫星，与赤道上的物体具有相同的周期，即有312T T T <=故A 错误；BC ．根据万有引力提供向心力，则有2 GMm ma r= 解得2GM a r= 轨道半径越大的卫星，加速度越小，所以东方红二号卫星的加速度比东方红一号卫星的加速度小；东方红二号卫星为同步卫星，与赤道上的物体具有相同的周期，根据224a r Tπ=可知东方红二号卫星的加速度比固定在地球赤道上的物体随地球自转的加速度大，即有123a a a >>故B 正确，C 错误；D ．根据万有引力提供向心力，则有22GMm v m r r= 解得GM v r= 轨道半径越大的卫星，线速度越小，所以东方红二号卫星的线速度比东方红一号卫星的线速度小；根据2r v Tπ=可知东方红二号卫星的线速度比固定在地球赤道上的物体随地球自转的线速度大，即有 123v v v >>故D 错误；故选B 。