2019-2020学年天津市部分区高一上学期期末考试物理试题 Word版含解析
天津市部分区2019～2020学年度第一学期期末考试高一物理一、单项选择题1.通过理想斜面实验得出“力不是维持物体运动的原因”的科学家是A. 亚里士多德B. 伽利略C. 笛卡尔D. 牛顿【答案】B【解析】【详解】A．亚里士多德认为力是维持物体运动状态的原因，故A项不符合题意；B．伽利略通过理想斜面实验提出了力不是维持物体运动的原因，故B项符合题意；C．笛卡尔在伽利略研究的基础上，强调了惯性运动的直线性，故C项不符合题意；D．牛顿在伽利略等前人研究的基础上提出了牛顿第一定律，认为力是改变物体运动状态的原因，但不是第一个根据实验提出力不是维持物体运动原因的科学家，也不是第一个提出惯性的科学家，故D项不符合题意．2.下列位移一时间、速度一时间图像中表示物体静止的是A. B.C. D.【答案】B【解析】【详解】A．位移-时间的图象的斜率等于速度，斜率不变，说明物体的速度不变，做匀速直线运动。
故A错误；B．位移-时间的图象的斜率等于速度，斜率为零，表示物体静止，故B正确；C．速度时间图像的斜率等于加速度，则该图表示物体做匀变速直线运动，选项C错误；D．速度时间图像的斜率等于加速度，则该图中斜率为零，表示物体做匀速直线运动，选项D 错误；故选B。
3.作用在同一物体上相互垂直的两个共点力，大小分别为3N 和4N ，则两个力的合力大小为 A. 1N B. 2N C. 5N D. 7N【答案】C 【解析】【详解】两个分力垂直，则合力为5N F ==.A ．1N ，与结论不相符，选项A 错误；B ．2N ，与结论不相符，选项B 错误；C ．5N ，与结论相符，选项C 正确；D ．7N ，与结论不相符，选项D 错误； 故选C.4.一轻质弹簧竖直悬挂，弹簧的原长为10cm ，当弹簧的下端挂2.4N 的重物静止时，弹簧的长度为12cm （在弹性限度内），则弹簧的劲度系数为 A. 120N/m B. 24N/m C. 20N/m D. l.2N/m【答案】A 【解析】【详解】弹簧伸长量为∆L =12-10=2cm ，由胡克定律F =k ∆L ，解得2.4N/m=120N/m 0.02F k L ==∆ A ．120N/m ，与结论相符，选项A 正确； B ．24N/m ，与结论不相符，选项B 错误； C ．20N/m ，与结论不相符，选项C 错误； D ．l.2N/m ，与结论不相符，选项D 错误； 故选A.5.体育课上一学生将足球踢向斜台，如图所示。
足球与斜台作用时斜台给足球的弹力方向是A. 沿v1的反方向B. 沿v2的方向C. 先沿v1的反方向后沿v2的方向D. 沿垂直于斜台斜向左上方的方向【答案】D【解析】【详解】支持力是弹力，方向总是垂直于接触面，并指向被支持物。
所以斜台给篮球的弹力的方向为垂直斜台向左上方方向。
A．沿v1的反方向，与结论不相符，选项A错误；B．沿v2的方向，与结论不相符，选项B错误；C．先沿v1的反方向后沿v2的方向，与结论不相符，选项C错误；D．沿垂直于斜台斜向左上方的方向，与结论相符，选项D正确；故选D。
6.排球运动员用手打击飞过来的排球，则手打击排球的力A. 比球撞击手的力晚些产生B. 与球撞击手的力同时产生C. 大于球撞击手的力D. 小于球撞击手的力【答案】B【解析】【详解】运动员的手打击排球的力与球撞击手的力是一对作用和反作用力，总是大小相等，方向相反，且是同在同失的关系。
A．比球撞击手的力晚些产生，与结论不相符，选项A错误；B．与球撞击手的力同时产生，与结论相符，选项B正确；C．大于球撞击手的力，与结论不相符，选项C错误；D．小于球撞击手力，与结论不相符，选项D错误；故选B.7.如图所示，冰壶在冰面运动时可以在较长时间内保持运动速度的大小和方向不变，这种抵抗运动状态变化的“本领”，我们称之为“惯性”，则冰壶惯性的大小取决于A. 冰壶受到的推力B. 冰壶的速度C. 冰壶的质量D. 冰壶受到的阻力【答案】C 【解析】【详解】质量是惯性大小的量度，冰壶的惯性是由冰壶的质量决定的。
A. 冰壶受到的推力，与结论不相符，选项A错误；B. 冰壶的速度，与结论不相符，选项B错误；C. 冰壶的质量，与结论相符，选项C正确；D. 冰壶受到的阻力，与结论不相符，选项D错误；故选C.8.我国选手陈一冰多次勇夺吊环冠军，是世锦赛四冠王。
在一次比赛中他先双手撑住吊环，此时两绳索处于坚直状态如图甲所示，然后他双臂缓慢张开到图乙位置。
在这一过程中每条绳索的张力（）A. 保持不变B. 逐渐变小C. 逐渐变大D. 先变大后变小【答案】C【解析】【详解】对人受力分析可知，两绳的拉力的合力与人的重力的大小是相等的，人的重力的大小是不变的，所以它们的合力的不变，当双臂缓慢张开时绳之间的夹角变大，两个分力的大小都要变大。
A．保持不变，与结论不相符，选项A错误；B．逐渐变小，与结论不相符，选项B错误；C．逐渐变大，与结论相符，选项C正确；D．先变大后变小，与结论不相符，选项D错误；故选C.9.体重600N的人站在电梯内的体重计上，体重计的示数为575N，可能的原因是A. 电梯匀速上升B. 电梯匀加速上升C. 电梯匀速下降D. 电梯匀加速下降【答案】D【解析】【详解】AC．电梯匀速上升或匀速下降时处于平衡状态，重力等于支持力，N=mg，体重计示数不会增大，故AC错误；BD．体重计示数减小，则体重计对人的支持力小于人的重力，人受到的合力向下，处于失重状态，电梯可能加速下降或减速上升，故D正确，B错误；故选D。
10.如图为上、下两部分半径不同的圆筒轴截面示意图，质量相等的，A、B两物体紧贴在匀速转动的圆筒的竖直内壁上，随圆筒一起（无相对运动）做匀速圆周运动。
则下列关系中正确的是A. 线速度v A<v BB. 线速度v A>v BC. 角速度ωA<ωBD. 角速度ωA >ωB 【答案】A 【解析】【详解】CD ．物体A 、B 共轴转动，角速度相等，ωA =ωB ，选项CD 错误；AB ．由v=rω知，A 转动的半径较小，则A 的线速度较小，即v A <v B ，故A 正确，B 错误。
故选A.11.如图所示，质量为0.1kg 的小球在半径为0.1m 的竖直光滑圆形轨道内侧做圆周运动，已知小球经过轨道最高点时对轨道的压力为1N ，g 取10m/s 2时，则小球经过最高点时速度的大小为A. 0B. lm/sC.2m/sD. 2m/s 【答案】C 【解析】【详解】在最高点时，由牛顿第二定律：2N v mg F m r+=解得2m/s v =A ．0，与结论不相符，选项A 错误；B ．lm/s ，与结论不相符，选项B 错误；C 2m/s ，与结论相符，选项C 正确；D ．2m/s ，与结论不相符，选项D 错误； 故选C.12.如图所示，A、B两物块叠放在一起，在粗糙的水平面上保持相对静止地向右做匀减速直线运动，运动过程中B受到的摩擦力A. 方向向左，大小不变B. 方向向左，逐渐减小C. 方向向右，大小不变D. 方向向右，逐渐减小【答案】A【解析】试题分析: A、B两物块叠放在一起共同向右做匀减速直线运动，对A和B整体根据牛顿第二定律有()A BA Bm m ga gm mμμ+==+，然后隔离B，根据牛顿第二定律有：AB B Bf m a m gμ==，大小不变；物体B做速度方向向右的匀减速运动，故而加速度方向向左，摩擦力向左；故选A．考点：本题考查牛顿第二定律、整体法与隔离法．【名师点睛】1、整体法：整体法是指对物理问题中的整个系统或整个过程进行分析、研究的方法．在力学中，就是把几个物体视为一个整体，作为研究对象，受力分析时，只分析这一整体对象之外的物体对整体的作用力（外力），不考虑整体内部之间的相互作用力（内力）．整体法的优点：通过整体法分析物理问题，可以弄清系统的整体受力情况和全过程的受力情况，从整体上揭示事物的本质和变体规律，从而避开了中间环节的繁琐推算，能够灵活地解决问题．通常在分析外力对系统的作用时，用整体法．2、隔离法：隔离法是指对物理问题中的单个物体或单个过程进行分析、研究的方法．在力学中，就是把要分析的物体从相关的物体体系中隔离出来，作为研究对象，只分析该研究对象以外的物体对该对象的作用力，不考虑研究对象对其他物体的作用力．隔离法的优点：容易看清单个物体的受力情况或单个过程的运动情形，问题处理起来比较方便、简单，便于初学者使用．在分析系统内各物体（或一个物体的各个部分）间的相互作用时用隔离法．二、填空题13.“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置如图甲所示。
所用交变电流的频率为50Hz 。
（1）补偿打点计时器对小车的阻力及其他阻力的操作：取下槽码，把木板不带滑轮的一端垫高；接通打点计时器电源，轻推小车，让小车拖着纸带运动。
如果打出的纸带如图乙所示，则应___________（选填“减小”或“增大”）木板的倾角，反复调节，直到纸带上打出的点迹___________为止。
（2）图丙是某次实验得到的纸带，两计数点间均有四个点未画出，部分实验数据如图所示，则小车的加速度为___________m/s 2.【答案】 (1). 减小 (2). 均匀 (3). 0.51 【解析】【详解】（1）[1][2]．如果打出的纸带如图乙所示，则小车做加速运动，说明木板的倾角过大了，则应减小木板的倾角，反复调节，直到小车做匀速运动，即纸带上打出的点迹均匀为止。
（2）[3]．由运动学公式求加速度为：22222()7.707.19 6.68 6.1710()m/s 0.51m/s 20.1x a T -+--⨯=⨯V ＝＝ 14.用如图所示装置研究平抛运动。
将白纸和复写纸对齐重叠并固定在竖直的硬板上。
钢球沿斜槽轨道PQ 滑下后从Q 点飞出，落在水平挡板MN 上。
由于挡板倾斜，钢球落在挡板上时（如侧视图），钢球侧面会在白纸上挤压出一个痕迹点。
移动挡板，重新释放钢球，如此重复，白纸上将留下一系列痕迹点。
（1）下列实验条件必须满足的是__________。
A.斜槽轨道光滑B斜槽轨道末端水平C.挡板高度等间距变化（2）在选择坐标原点和建立坐标系时，取平抛运动的起始点为坐标原点，将钢球静置于Q点，钢球的_____（选填“最上端”、“最下端”或者“球心”）对应白纸上的位置即为原点；在确定y轴时______（选填“需要”或者“不需要”）y轴与重锤线平行。
【答案】(1). B(2). 球心(3). 需要【解析】【详解】（1）[1]．AB．为了能画出平抛运动轨迹，首先保证小球做的是平抛运动，所以斜槽轨道不一定要光滑，但必须是水平的。
A错误，B正确；C.档板只要能记录下小球下落在不同高度时的不同的位置即可，不需要等间距变化；故C错误；故选B.（2）[2][3]．在选择坐标原点和建立坐标系时，取平抛运动的起始点为坐标原点，将钢球静置于Q点，钢球的球心对应白纸上的位置即为原点；在确定y轴时需要y轴与重锤线平行。
天津市部分区2019-2020学年高一上学期期末考试物理试题(解析版)
天津市部分区2019～2020学年度第一学期期末考试高一物理一、单项选择题1.通过理想斜面实验得出“力不是维持物体运动的原因”的科学家是A. 亚里士多德B. 伽利略C. 笛卡尔D. 牛顿【答案】B【解析】【详解】A．亚里士多德认为力是维持物体运动状态的原因，故A项不符合题意；B．伽利略通过理想斜面实验提出了力不是维持物体运动的原因，故B项符合题意；C．笛卡尔在伽利略研究的基础上，强调了惯性运动的直线性，故C项不符合题意；D．牛顿在伽利略等前人研究的基础上提出了牛顿第一定律，认为力是改变物体运动状态的原因，但不是第一个根据实验提出力不是维持物体运动原因的科学家，也不是第一个提出惯性的科学家，故D项不符合题意．2.下列位移一时间、速度一时间图像中表示物体静止的是A. B.C. D.【答案】B【解析】【详解】A．位移-时间的图象的斜率等于速度，斜率不变，说明物体的速度不变，做匀速直线运动。
故A 错误；B．位移-时间的图象的斜率等于速度，斜率为零，表示物体静止，故B正确；C．速度时间图像的斜率等于加速度，则该图表示物体做匀变速直线运动，选项C错误；D ．速度时间图像的斜率等于加速度，则该图中斜率为零，表示物体做匀速直线运动，选项D 错误；故选B 。
3.作用在同一物体上相互垂直的两个共点力，大小分别为3N 和4N ，则两个力的合力大小为A. 1N B. 2NC. 5ND. 7N【答案】C【解析】【详解】两个分力垂直，则合力为2234N 5N F .A ．1N ，与与与与与与，与与Ａ错误；B ．2N ，与结论不相符，选项B 错误；C ．5N ，与结论相符，选项C 正确；D ．7N ，与结论不相符，选项D 错误；与与C.4.一轻质弹簧竖直悬挂，弹簧的原长为10cm ，当弹簧的下端挂 2.4N 的重物静止时，弹簧的长度为12cm （在弹性限度内），则弹簧的劲度系数为A. 120N/mB. 24N/mC. 20N/mD. l.2N/m【答案】A【解析】【详解】弹簧伸长量为?L=12-10=2cm ，由胡克定律F =k?L ，解得2.4N/m=120N/m0.02F k L A ．120N/m ，与结论相符，选项A 正确；B ．24N/m ，与结论不相符，选项B 错误；C ．20N/m ，与结论不相符，选项C 错误；D ．l.2N/m ，与结论不相符，选项D 错误；故选A.。
2021届天津市部分区高三(上)期末物理试题(解析版)
天津市部分区2020～2021学年度第一学期期末练习高三物理本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共100分，考试用时60分钟。
答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号和座位号填写在答题卡上，并在规定位置粘贴考试用条形码。
答卷时，考生务必将答案涂写在答题卡上，答在试卷上的无效。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
祝各位考生考试顺利！第Ⅰ卷注意事项：1．每题选出答案后，用铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
2．本卷共8题，每题5分，共40分。
一、单项选择题（每小题5分，共25分。
每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1. 下列说法正确的是（）A. 亚里士多德提出了力不是维持物体运动的原因B. 牛顿通过实验研究测出了万有引力常量C. 密立根通过实验研究提出了库仑定律D. 奥斯特通过实验研究发现了电流的磁效应【答案】D 【解析】【分析】【详解】A．伽利略提出了力不是维持物体运动的原因。
A错误；B．卡文迪许通过实验研究测出了万有引力常量。
B错误；C．库仑通过实验研究提出了库仑定律。
C错误；D．奥斯特通过实验，通电导线能让小磁针发生偏转，从而发现了电流的磁效应。
D正确。
故选D。
2. “50TFSI”为某品牌汽车的尾部标识，如图所示。
其中“50”称为G值，G值越大，加速越快，G值的大小为车辆从静止加速到速度为100km/h（百公里加速）的平均加速度的10倍。
若某车百公里加速时间为6.9s，由此推算，该车的尾标应该是（）A. 30TFSIB. 35TFSIC. 40TFSID. 45TFSI 【答案】C【解析】【分析】【详解】该车百公里加速的平均加速度为22 1000003600m/s4m/s6.9a=≈该车的G值为1040G a==故选C。
3. 某同学用如图所示实验来认识超重和失重现象，先保持手指和钩码静止，感受橡皮筋对手指的压力。
天津市2023-2024学年高一上学期期末考试物理试题(含答案)4
始终未相对杆 移动， 、რ 与小车保持相对静止，已知 ： ： ： ➐ 小依次为 ， ， ， ➐，则以下结论正确的是（ ）
2
： ：➐： ， 受到的摩擦力大
A． ：
：
B． ：
：
C． ： ➐ ：
D． რ
რ
8．如图所示，在可绕 点转动的粗糙轻杆上穿有小球 ，并在另一端固定有小球 ，小球 、 质量相同，轻
杆初始保持水平状态。现使轻杆缓慢向下转动，并保证 、 间距保持不变，则转动过程中（ ）
A．小球将向右运动，且
폿რ/
B．小球将向左运动，且
რ/
C．小球受力个数减少
D．若剪断的是弹簧，则剪断瞬间小球加速度的大小
폿რ/
二、多选题：本大题共 5 小题，共 23 分。
7．如图所示，一辆小车静止在水平地面上， 是固定在小车上的水平横杆，物块
穿在杆上， 通过线悬吊
着小物体 რ，რ 在小车的水平底板上，小车未动时，细线恰好在竖直方向上，现使车向右运动，全过程中
（1）若取 폿.➐⠰რ，以下 რ 的取值最合适的一个是____ ；
A．რ რ
B．რ რ
C．რ ➐폿რ
D．რ ➐폿폿რ
（2）在此实验中，需要测得每一个牵引力对应的加速度，其中求得的加速度 的表达式
为
； 用 、 、 、 表示
（3）为了减小实验误差，可以采取的措施是____ 。
A．适当增大挡光片宽度
B．适当减小挡光片宽度
A． 向左运动
B． 向右运动
C．弹簧测力计的读数将变化
D． 对桌面的摩擦力变小
5．如图所示，质量为 რ 的小球，与三根相同的轻弹簧相连。静止时，弹簧 沿竖直方向，相邻两弹簧轴线间
的夹角均为 폿 。已知弹簧 、 对小球的作用力大小均为 ，则弹簧 对小球的作用力大小（ ）
天津市部分区2019-2020学年高一下学期期末考试物理试题+Word版含答案
天津市部分区2019 ~ 2020学年度第二学期期末考试高一物理温馨提示：本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分，满分：100分，考试时间：60分钟。
第卷（选择题，共40分）一、单项选择题：（本题共5小题，每小题5分，共25分。
每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，有选错或不答的得0分。
）1.关于万有引力定律，下列说法正确的是A万有引力定律是卡文迪许提出的B万有引力定律是第谷提出的C万有引力定律是开普勒提出的D万有引力定律是牛顿提出的2.关于“点电荷”，所体现的物理思想方法是A等效替代B控制变量C建立模型D微元求和3.一航模兴趣小组设计出一架遥控飞行器，在一次试飞过程中，飞行器从地面由静止开始竖直加速上升高度为h，已知飞行器的动力系统所提供的升力恒为F，飞行器的质量为m，重力加速度为g。
则在这一过程中飞行器A所受恒定升力做功为FhB所受的重力做功为mghC恒定升力做功等于重力做功D动力系统的输出功率保持不变4.密立根油滴实验原理如图所示。
两块水平放置的金属板分别与电源的正负极相接，板间存在电压，形成竖直向下场强为E的匀强电场。
用喷雾器从上板中间的小孔注入大小、质量和电荷量各不相同的油滴。
通过显微镜可找到悬浮不动的油滴，若此悬浮油滴的质量为m，重力加速度为g。
下列说法正确的是A ．悬浮油滴带正电B ．悬浮油滴的电荷量为mgEC ．增大场强，悬浮油滴将向下运动D ．油滴的电荷量不一定是电子电量的整数倍5.2018年12月8日，肩负着亿万中华儿女探月飞天梦想的嫦娥四号探测器成功发射，“实现人类航天器首次在月球背面巡视探测，率先在月背刻上了中国足迹”。
已知月球的质量为M 、半径为R ，探测器的质量为m ，引力常量为G ，探测器围绕月球做半径为r 的匀速圆周运动时，探测器的AB C ．向心加速度为2GMr D ．向心加速度为2GMR二、不定项选择题：（本题共3小题，每小题5分，共15分。
在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题意。
2019-2020学年天津市滨海新区高一上学期期末物理试卷解析版
故选：A。
8．（4 分）在一次女子跳高比赛中，某选手以 2.01m 的成绩获得冠军。该运动员身高约为 1.93m， 忽略空气阻力，g 取 10m/s2，则下列说法正确的是（ ）
A．该运动员下降过程处于超重状态 B．该运动员起跳以后在上升过程处于失重状态 C．该运动员起跳时地面对她的支持力大于她对地面的压力 D．该运动员起跳离开地面时的初速度大约为 3m/s 【解答】解：AB、运动员在整个跳高过程中，只受重力作用，处于失重状态，故 A 错误， B 正确。
C、估算地铁运行的时间，车的大小可以忽略不计，可以把地铁看成质点，故 C 正确。
D、根据上述条件可以估算地铁的平均速度，故 D 错误。
故选：C。
4．（4 分）秋日，树叶纷纷落下枝头，其中有一片梧桐叶从高为 5m 的枝头自静止落至地面，
所用时间可能是（ ）
A．0.1s
B．0.5s
C．1s
D．3s
【解答】解：从高为 5m 的枝头落下的树叶的运动不是自由落体运动，时间大于自由落
）
A．开始时行李的加速度大小为 2 m/s2 B．行李经过 2s 到达 B 处 C．行李在传送带上留下的摩擦痕迹长度为 0.08m D．若传送带速度足够大，行李最快也要 s 才能到达 B 处 【解答】解：A、开始时，对行李，由牛顿第二定律，得 μmg＝ma，得 a＝2m/s2，故 A 正确。 B、设行李做匀加速运动的时间为 t，行李加速运动的末速度为 v＝0.4m/s。
速度为零，加速度最大且大小为 g，但此题中小球是从弹簧上端一定距离处开始释放，小
球降至最低位置时，弹簧的压缩量增大，加速度大于 g，故 D 错误。
故选：C。
二、不定项选择题（本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分．每小题给出的四个选项中，都
2019-2020学年天津市第一中学高一上学期期末考试物理试题
C. 塞子喷出瞬间，小车对水平面的压力大于小车整体的重力
D. 若增大试管内水的质量，则小车整体惯性不变
【答案】C
【解析】
【详解】AB.根据牛顿第三定律可知，喷出时塞子受到的冲击力和小车受到的冲击力大小相等，方向相反，故AB错误；
A. 摩擦力的方向水平向右B. 摩擦力的方向水平向左
C. 摩擦力的方向不能确定D. 以上结论都不对
【答案】D
【解析】
【详解】将三个物体看作整体，三角形木块保持静止状态，而另外的两个物体都做匀速运动，所以三个物体都处于平衡状态，则整体只受重力和支持力作用，水平方向没有外力，故三角形木块不受地面的摩擦力，故ABC错误，D正确。
D．物体做曲线运动的条件是受到的合力与速度的方向不在同一条故选：A。
2.如图所示，光滑水平面上静止着一辆小车，酒精灯及试管固定在小车支架上构成小车整体，在酒精灯燃烧一段时间后塞子喷出．下列说法正确的是()
A. 由于塞子的质量小于小车的质量，喷出时塞子受到的冲击力将大于小车受到的冲击力
3、主观题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域的答案一律无效。如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。
4、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
5、保持卡面清洁，不折叠，不破损，不得使用涂改液、胶带纸、修正带等。
6、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
2019-2020学年天津部分区高一上学期期末考试物理试卷 扫描版含答案
高一物理参考答案一、单项选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分。
）二、填空题（本大题共2小题，共18分。
）13．（1）减小，均匀（2）0.51 14．（1）B （2）球心，需要评分说明：每空3分。
三、计算题（本大题共3小题，共34分。
）15．（10分）解：（1）根据水平方向平衡得：f F =αcos ⋅F （3分）解得：f F =80N （1分）（2）根据竖直方向平衡得：F N =mg -F sin α（3分）N fF F =μ （2分）解得：=μ0.5（1分）16．（10分）解：（1）根据牛顿第二定律得：ma F Lh mg f =-（3分） 2/1s m a = （1分）（2）根据匀变速直线运动的位移与时间的关系：221at L =（2分） s aL t 322==（1分） （3）根据匀变速直线运动的速度与时间的关系：at v =（2分）s m v /32=（1分）17．（14分）解：（1）根据牛顿第三定律可知，轨道对小球的支持力N F N 6.3= 由牛顿第二定律得：Rv m mg F N 2=-（3分） 解得：s m v /4=（2分）（2）根据平抛运动规律： 竖直方向221gt h =（2分） 水平方向vt x =（1分）解得m x 2.3=（2分）（3）由运动的分解可知小球距离轨道BC 最远时速度沿BC 方向，与水平成θ，xh =θtan 。
（1分） 将此时小球的速度分解得v v y=θtan （1分） 且gt v y =（1分）从而求得时间s t 4.0=（1分）。
天津市部分区2024-2025学年高一上学期11月期中考试数学试卷(含解析)
天津市部分区2024-2025学年高一上学期期中练习数学试卷本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共120分，练习用时100分钟．使用答题卡的地区，将答案写在答题卡上；不使用答题卡的地区，将答案写在练习卷上．第Ⅰ卷（共36分）一、选择题：本大题共9小题，每小题4分，共36分.1．已知集合，则（）A ．B ．C ．D ．2．命题“”的否定为（ ）A ．B ．C ．D ．3．已知，则“”是“”的（ ）A ．充分不必要条件B ．必要不充分条件C ．充要条件D ．既不充分也不必要条件4．函数的图象大致为（ ）A ．B ．C ．D ．5．已知，则a ，b ，c 的大小关系为（ ）A ．B ．{1,2,3,4,5,6,7},{2,3,6,7},{2,3,4,5}U A B ===()U A B = ð{1,7}{6,7}{2,6}{2,6,7}20,20x x x ∃>-+≤20,20x x x ∀>-+>20,20x x x ∀≤-+>20,20x x x ∃>-+>20,20x x x ∀≤-+≤0,R a b >∈a b >a b >21xy x =+0.30.30.3211,,544a b c -⎛⎫⎛⎫⎛⎫=== ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭a c b <<a b c <<C ．D ．6．下列四组函数中，表示同一函数的是（ ）A ．B ．和C ．和D ．和7．函数）A ．B ．C ．D ．8．设函数，则不等式的解集是（ ）A ．B ．C ．D ．9．已知是奇函数，且在上是增函数，又，则的解集为（ ）A ．B ．C ．D ．第Ⅱ卷注意事项：1.用黑色墨水的钢笔或签字笔作答．2.本卷共11小题，共84分．二、填空题：本大题共6小题，每小题4分，共24分.10．已知幂函数的图象过点，则 .11．已知函数，则 .12．已知在R 上是周期为3的奇函数，当时，，则 .13．已知集合，或，且，则实数的取值范围是 .14．若不等式恒成立，则实数的取值范围为 .15．若函数满足对任意的，都有成立，则实数的取值范b c a <<b a c<<()f x =2()g x =21()1x f x x -=+()1g x x =-()||f x x =()g x =()1f x x =-2()1x g x x =-()f x =3,2⎛⎤-∞- ⎥⎝⎦(,1)∞--[1,)+∞1,4⎡⎫-+∞⎪⎢⎣⎭246,0()6,0x x x f x x x ⎧-+≥=⎨+<⎩()(3)f x f >-(3,1)(2,)-+∞ (3,1)(3,)-+∞ (1,1)(3,)-+∞ (,3)(1,3)-∞- ()f x (0,)+∞(2)0f =(1)0f x x-<(1,0)(1,3)- (,1)(1,3)-∞-⋃(1,0)(3,)-+∞ (,1)(3,)-∞-⋃+∞()y f x =1,42⎛⎫ ⎪⎝⎭f =2()2f x x x =-(1)f x +=()f x 30,2x ⎛⎫∈ ⎪⎝⎭2()2f x x =(2024)f ={},{1A xx a B x x =≤=<-∣∣3}x >A B ⋃=R a 2340()kx kx x ++>∈R k 2,2,()1, 2.x ax a x f x ax x ⎧-+->=⎨-≤⎩12x x ≠()()12120f x f x x x -<-a围是 .三、解答题：本大题共5小题，共60分.解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤．16．已知全集，集合，，且为非空集合.(1)求；(2)若是的充分不必要条件，求实数的取值范围.17．已知函数(1)求的值；(2)请在给定的坐标系中画出的图象；(3)根据图象写出的单调区间和值域（无需写出理由）．18．某公园为了美化游园环境，计划修建一个如图所示的总面积为的矩形花园.图中阴影部分是宽度为1m 的小路，中间A ，B ，C ，D 四个矩形区域将种植鲜花（其中A ，B ，C ，D 大小完全相同）.如图所示，设矩形花园的一条边长为x m ，矩形A 的一条边长为a m.(1)用含有的代数式表示，并写出的取值范围；(2)当的值为多少时，才能使鲜花种植的总面积最大，并求出总面积的最大值．19．已知函数是定义在上的奇函数，且.U =R {}{}2560,25A xx x B x x =--<=-≤≤∣∣{}121C x a x a =+≤≤+∣C ()U A B A B ⋂⋃,ðx C ∈x B ∈a 21,10,()2,03,29,3 4.x x f x x x x x x ⎧-≤<⎪⎪=-≤≤⎨⎪-+<≤⎪⎩(2),(3),(4)f f f ()f x ()f x 2900m x a x x 2()1ax b f x x +=+R 1225f ⎛⎫= ⎪⎝⎭(1)求的解析式；(2)根据函数单调性定义证明在区间上单调递减；(3)解不等式.20．已知函数，其中.(1)若不等式的解集为，求不等式的解集；(2)当时，解关于的不等式.()f x ()f x (1,)+∞()223(6)f x x f ++<2()(3)3f x ax b x =-++,a b ∈R ()0f x <31,2⎛⎫ ⎪⎝⎭240x ax b -->b a =x ()0f x <答案1．B解析：已知集合，则.故选：B.2．A解析：命题“”是存在量词命题，其否定是全称量词命题，所以命题“”的否定是.故选：A3．B解析：当时，满足，但，故充分性不成立，若，当时，必有成立，当时，必有，故必要性成立，故“”是“”的必要不充分条件，故B 正确.故选：B4．D解析：当时，，当时，，故排除ABC ，且D 符合题意.故选：D.5．D解析：,幂函数在上单调递增，因为,所以,即,所以,{1,2,3,4,5,6,7},{2,3,6,7},{2,3,4,5}U A B ==={}(){}1,6,7,6,7U U B A B == ðð20,20x x x ∃>-+≤20,20x x x ∃>-+≤20,20x x x ∀>-+>2,3a b ==-a b >a b <a b >0b ≥a b >0b <0a b >>a b >a b >0x >201x y x =>+0x <201x y x =<+0.30.3144c -⎛⎫== ⎪⎝⎭()0.3f x x =()0,+∞12445<<()12445f f f ⎛⎫⎛⎫<< ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭0.30.30.312445⎛⎫⎛⎫<< ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭b a c <<故选：D.6．C解析：对于A ，的定义域分别为，即定义域不同，故A 错误；对于B ，和的定义域分别为，即定义域不同，故B 错误；对于C ，显然和，且对应法则C 正确；对于D ，和的定义域分别为，即定义域不同，故D 错误.故选：C.7．C解析：由，解得或，所以函数，设，则，函数的对称轴为，所以函数在区间上单调递增，且，函数在上单调递增，所以函数f (x )在上单调递增，函数在区间上单调递减，且，函数在上单调递增，所以函数f (x )在上单调递减，所以函数f (x )的单调递增区间为，故选：C8．B解析：函数，则，不等式，当时，，解得，因此；当时，，即，解得或，因此或，()f x=2()g x =[),0,∞+R 21()1x f x x -=+()1g x x =-()(),11,,∞∞--⋃-+R ()||f x x =()g x R ()||()f x x g x ===()1f x x =-2()1x g x x=-()(),,00,∞∞-⋃+R 2230x x +-≥1x ≥32x ≤-()f x ][3,1,2⎛⎫-∞-⋃+∞ ⎪⎝⎭223t x x =+-y 223t x x =+-14=-x 223t x x =+-[1,)+∞0t ≥y [)0,+∞[)1,∞+223t x x =+-3,2⎛⎤-∞- ⎥⎝⎦0t ≥y [)0,+∞3,2⎛⎤-∞- ⎥⎝⎦[1,)+∞246,0()6,0x x x f x x x ⎧-+≥=⎨+<⎩(3)3f -=()(3)f x f >-0x <63x +>3x >-30x -<<0x ≥2463x x -+>2430x x -+>1x <3x >01x ≤<3x >所以不等式的解集是.故选：B9．A解析：因为定义在R 上的奇函数在上单调递增，且，所以在上也是单调递增，且，所以当时， ，当时，，所以由可得或, 即 或， 解得 或 ，即的解集为，故选：A.10．解析：设，由，得，又∵，∴，故答案为：．11．解析：,故答案为：12．―2解析：因为的周期为3，且为奇函数，所以.故答案为：―213．解析：因为或,且,()(3)f x f >-(3,1)(3,)-+∞ ()f x (0,)+∞(2)0f =()f x (,0)-∞(2)0f -=2()02()x ∈-∞-⋃，，()0f x <()2(2)0x ∈-⋃+∞，，()0f x >(1)0f x x -<0(1)0x f x <⎧⎨->⎩0(1)0x f x >⎧⎨-<⎩0210x x <⎧⎨-<-<⎩0012x x >⎧⎨<-<⎩10x -<<13x <<(1)0f x x -<(1,0)(1,3)- 12()f x x α=11422f α⎛⎫⎛⎫== ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭2α=-2()f x x -=12f =1221x -()()()2211211f x x x x +=+-+=-21x -()f x ()()()()202467531112f f f f =⨯-=-=-=-[3,)+∞{|},{|1,A x x a B x x =≤=<-3}x >R A B ⋃=所以,故答案为：.14．解析：若，则不等式即恒成立，故满足题意；若，不等式恒成立，则当且仅当，解得，综上所述，所求的范围为.故答案为：.15．解析：对任意，都有成立，则函数为减函数，则当时，函数为减函数，则，即，当时，函数为减函数，则，即，同时恒成立，解得综上，得，即实数的取值范围是.故答案为：．16．(1)或(2)解析：（1）又所以或故或3a ≥3a ≥160,9⎡⎫⎪⎢⎣⎭0k =2340()kx kx x ++>∈R 40>0k =0k ≠2340()kx kx x ++>∈R 20Δ9160k k k >⎧⎨=-<⎩1609k <<160,9⎡⎫⎪⎢⎣⎭160,9⎡⎫⎪⎢⎣⎭50,3⎛⎤ ⎥⎝⎦12x x ≠1212()()0f x f x x x -<-()f x 2x ≤0a -<0a >2x >22a ≤4a ≤22212a a a -+-≤-53a ≤0453a a a >⎧⎪≤⎪⎨⎪≤⎪⎩503a <≤a 50,3⎛⎤ ⎥⎝⎦50,3⎛⎤ ⎥⎝⎦{15},A B x x ⋂=-<≤∣(){2U A B xx ⋃=<-∣ð1};x >-{02}aa ≤≤∣{}2560{16},A x x x x x =--<=-<<∣∣{}25,B x x =-≤≤∣{2U B xx =<-∣ð5},x >{15},A B xx ⋂=-<≤∣(){2U A B xx ⋃=<-∣ð1};x >-（2）因为是的充分不必要条件，故是的真子集，又，所以，所以；综上所述：17．(1)(2)作图见解析(3)单调区间见解析，值域解析：（1）函数，（2）如图所示：（3）由图象可知，函数的单调增区间为，单调减区间为；值域为x C ∈x B ∈C B {}25,B xx C =-≤≤≠∅∣12112215a a a a +≤+⎧⎪+≥-⎨⎪+≤⎩02a ≤≤{02}aa ≤≤∣(2)0,(3)3,f f ==(4)1f =(,3]-∞ 21,10()2,0329,34x x f x x x x x x ⎧-≤<⎪⎪=-≤≤⎨⎪-+<≤⎪⎩2(2)2220,(3)3,f f ∴=-⨯==(4)2491f =-⨯+=()f x (1,3)(1,0),(0,1),(3,4)-(,3]-∞18．(1)(2)时，才能使鲜花种植的总面积最大，最大面积为.解析：（1）阴影部分是宽度为1m 的小路，可得，即，即关于的关系式为.（2）由（1）知，，则当且仅当时，即时，等号成立，当时，才能使鲜花种植的总面积最大，最大面积为.19．(1)(2)证明见解析(3)解析：（1）由题意得：函数是定义在R 上的奇函数，即， ，又 ，，，显然的定义域是全体实数，它关于原点对称，且f (―x )=―f (x )，故满足题意；（2）设，则，则，4503,33002a x x =-<<30m x =2729m 90023a x +=45032a x =-a x 4503,33002a x x =-<<45032a x =-(3)(3)S x a x a =-+-(26)x a =-4503(26)2x x⎛⎫=-⨯- ⎪⎝⎭27009093x x ⎛⎫=-+ ⎪⎝⎭909729,≤-=27003x x=30x =∴30m x =2729m 2()1x f x x =+(,3)(1,)-∞-+∞ ()f x (0)0f ∴=20010a b ⨯+=+0b ∴=2112225112a f ⎛⎫== ⎪⎝⎭⎛⎫+ ⎪⎝⎭1a ∴=2()1x f x x ∴=+2()1x f x x =+2()1x f x x =+121x x <<()()12122212,11x x f x f x x x -=-++()()()()()()()()221221121222221212111,1111x x x x x x x x x x x x +-+--==++++1212121,0,1x x x x x x <<∴-<> 1210x x -<则，则，即在区间上单调递减．（3），在区间上单调递减，不等式等价为即，解得或，即不等式的解集为．20．(1)，或(2)答案见解析解析：（1）由题意若不等式的解集为，则当且仅当，即，解得，此时不等式变为了，即，解得或所以不等式的解集为或（2）当时，不等式变为了，当时，不等式变为了，解不等式得，此时不等式的解集为；当时，令，解得，若时，不等式解集为：；若时，不等式解集为：；若时，不等式解集为：；若时，不等式解集为：；综上所述：当时，不等式解集为：；当时，不等式的解集为：；()()120f x f x ->()()12f x f x >()y f x =(1,)+∞2223(1)21x x x ++=++>()y f x = (1,)+∞∴()223(6)f x x f ++<2236x x ++>，2230x x +->3x <-1x >(,3)(1,)-∞-+∞ {2xx <-∣4}x >()0f x <31,2⎛⎫ ⎪⎝⎭3(1)02f f ⎛⎫== ⎪⎝⎭09330422a b a b -=⎧⎪⎨--=⎪⎩2a b ==240x ax b -->2280x x -->(4)(2)0x x -+>2x <-4x >240x ax b -->{2xx <-∣4}x >b a =()0f x <2(3)30ax a x -++<0a =330x -+<1x >(1,)+∞0a ≠2(3)30ax a x -++=1231,x x a==0a <3,(1,)a ⎛⎫-∞⋃+∞ ⎪⎝⎭0<<3a 31,a ⎛⎫ ⎪⎝⎭3a =∅3a >3,1a ⎛⎫ ⎪⎝⎭0a <3,(1,)a ⎛⎫-∞⋃+∞ ⎪⎝⎭0a =(1,)+∞当时，不等式解集为：；当时，不等式解集为：；当时，不等式解集为：.0<<3a 31,a ⎛⎫ ⎪⎝⎭3a =φ3a >3,1a ⎛⎫ ⎪⎝⎭。
天津市河北区2022-2023学年高一上学期物理期末试卷
1 / 5天津市河北区2022-2023学年高一上学期物理期末试卷姓名：__________ 班级：__________考号：__________1．（2分）关于机械运动的描述，下列说法正确的是（ ）A ．研究地球绕太阳公转时，不能将地球看成质点B ．“火车8时42分到站”指的是时刻；“停车8分”指的是时间间隔C ．出租汽车收费标准是2.0元/千米，这是按照发生的位移大小来计费D ．位移用来描述直线运动，路程用来描述曲线运动2．（2分）下列说法正确的是（ ）A ．速度越大，加速度也一定越大B ．速度变化量越大，加速度也一定越大C ．速度变化越快，加速度一定越大D ．加速度方向与速度方向一定相同3．（2分）下列说法正确的是（ ）A ．伽利略的理想斜面实验说明了力不是维持物体运动的原因B ．宇航员从地球到达太空，惯性减小C ．马拉车加速前进时，马对车的力大于车对马的力D ．作用力和反作用力可以作用在同一个物体上4．（2分）现在的航空母舰上都有帮助飞机起飞的弹射系统，已知“F －A15”型战斗机在跑道上加速时产生的加速度为4.5m/s 2，起飞速度为50m/s 。
若该飞机滑行100m 时起飞，则弹射系统必须使飞机具有的初速度为（ ） A ．30 m/sB ．40 m/sC ．20 m/sD ．10 m/s5．（2分）甲、乙两辆车同时沿同一平直公路做直线运动，它们运动的位移x 随时间t 变化的图像如图所示，下列说法正确的是（）A ．第2s 末甲、乙相遇B ．4s 内甲、乙位移相同C ．第2s 末甲的速度比乙大D ．第4s 末甲、乙速度相同6．（2分）如图所示，将一个质量为3kg 的铅球放在倾角为45°的斜面上，并用竖直挡板挡住，铅球处于静止状态。
不考虑铅球受到的摩擦力，重力加速度g 取10m/s 2，则铅球（ ）A ．对挡板的压力是3NB ．对斜面的压力是15√2NC ．对挡板的压力是30ND ．对斜面的压力是3√2N7．（2分）如图，从地面上方某点，将一小球以5m/s 的初速度沿水平方向抛出，小球经过1s 落地，不计空气阻力，g 取10m/s 2，则可求出（ ）A ．小球抛出时离地面的高度是10mB ．小球落地时的速度方向与水平地面成30°角C ．小球落地时的速度大小是15m/sD ．小球从抛出点到落地点的水平位移大小是5m8．（2分）木楔的截面为等腰三角形，其顶角为θ，现在木楔背上加一力F ，方向如图所示，木楔两侧产生推力F N ，则下列正确的是（ ）2 / 5…装…………○……○…………线…………○…不※※要※※在※※装※※订※※…装…………○……○…………线…………○…A ．θ一定时，F N 的大小与F 无关B ．θ一定时，F 越小，F N 越大C ．F 一定时，θ越大，F N 越大D ．F 一定时，θ越小，F N 越大9．（2分）质点做直线运动的速度—时间图像如图所示，该质点（ ）A ．在第1s 末速度方向发生了改变B ．在第2s 末加速度方向发生了改变C ．在前4s 内发生的位移为零D ．第2s 末时的加速度为2m/s 210．（2分）如图所示，一质量为m 的小球从弹簧的正上方H 高处自由下落，接触弹簧后将弹簧压缩，在压缩的全过程中（在弹性限度内且忽略空气阻力）以下说法正确的是（ ）A ．小球的速度一直减小到零B ．小球的速度先增大后减小C ．小球的加速度一直增大D ．速度为零时，弹簧弹力等于重力11．（2分）某同学想研究地铁的运动情况，他用细线将一支质量为m 的笔悬挂在地铁的扶手上，图中显示某段时间内，细线相对竖直扶手偏东保持倾角为θ。
天津市滨海新区五所重点学校2014-2021学年高一上学期期末物理试卷 Word版含解析
天津市滨海新区五所重点学校2022-2021学年高一上学期期末物理试卷一、单项选择题（本题共10小题，每题3分，共计30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得3分，选不对得0分．）1．（3分）下列说法中，正确的是（）A．争辩运动员做花样滑冰时，可以把运动员看成质点B．争辩人造地球卫星绕地球运动时，可以把卫星看成质点C．“12月6日17时47分”和“361秒钟”，前者表示“时间”，后者表示“时刻”D．嫦娥三号探测器绕月球飞行一圈，它的位移和路程都为零2．（3分）下列关于牛顿第肯定律和惯性的说法中，正确的是（）A．物体质量越大，运动状态越不简洁转变，惯性越大B．物体仅在静止和匀速运动时才具有惯性C．伽利略的斜面试验时牛顿第肯定律的试验基础，牛顿第肯定律是试验定律D．在月球上举重在地球上简洁，所以同一个物体在月球上比在地球上惯性小3．（3分）下列关于速度和加速度的说法中，正确的是（）A．物体的速度越大，加速度也越大B．物体的速度为零时，加速度也为零C．物体的速度变化越大，加速度越大D．物体的速度变化越快，加速度越大4．（3分）下列关于曲线运动性质的说法，正确的是（）A．变速运动肯定是曲线运动B．曲线运动肯定是变速运动C．曲线运动肯定是变加速运动D．曲线运动肯定是加速度不变的匀变速运动5．（3分）如图所示，一个小物块沿光滑斜面对下滑动，小物块在下滑的过程中（）A．只受重力B．受重力和支持力C．受重力和下滑力D．受重力、下滑力和支持力6．（3分）汽车由甲地开出，沿平直大路开到乙地刚好停止运动，其速度图象如图．在0﹣T和T﹣4T两段时间内，汽车的（）A．位移大小之比为1：4 B．加速度大小之比为1：3C．平均速度大小之比为3：1 D．平均速度大小之比为1：17．（3分）如图所示，A、B两物体用细绳相连跨过光滑轻小滑轮悬挂起来，B物体放在水平地面上，A、B两物体均静止．现将B物体稍向左移一点，A、B两物体仍静止，则此时与原来相比（）A．绳子拉力变大B．地面对物体B的支持力变小C．地面对物体B的摩擦力变大D．物体B受到的合力变大8．（3分）如图所示，重物G用OA和OB两段等长的绳子悬挂在半圆弧的架子上，B点固定不动，A端由顶点C沿圆弧缓慢向D移动，在此过程中，绳子OA上的张力将（）A．变小B．变大C．先变大后变小D．先变小后变大9．（3分）某物体从足够高处开头做自由落体运动，则下列说法中正确的是（取g=10m/s2）（）A．第2s内的平均速度为20m/sB．任意1s的末速度总比其初速度大5 m/sC．第5s内的位移为45mD．后1s的位移总比前1s的位移多5m10．（3分）放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t的关系如图所示．取重力加速度g=10m/s2．由此两图线可以求得物块的质量m和物块与地面之间的动摩擦因数μ分别为（）A．m=0.5kg，μ=0.4 B．m=1.5kg，μ=C．m=0.5kg，μ=0.2 D．m=1kg，μ=0.2二、多项选择题（本题共4小题，每题4分，共计16分．选对但不全的得2分，全部选对的得4分，有选错的得0分．）11．（4分）用计算机帮助试验系统做验证牛顿第三定律的试验，观看分析两个力传感器的相互作用力随时间变化的曲线．把两个力传感器的挂钩钩在一起，向相反方向拉动，观看显示器屏幕上消灭的试验结果如图．由图可以得到的试验结论是（）A．作用力与反作用力同时变化B．作用力与反作用力方向相反C．作用力与反作用力大小相等D．作用力与反作用力作用在同一物体上12．（4分）电梯的顶部拴一弹簧秤，弹簧秤下端挂一重物，电梯静止时，电梯中的人观看到弹簧秤的示数为10N．某时刻电梯中的人观看到弹簧秤的示数为12N，取g=10m/s2，则此时（）A．电梯可能向上加速运动，加速度大小为2 m/s2B．电梯可能向上减速运动，加速度大小为2 m/s2C．电梯中的人肯定处于超重状态D．电梯中的人肯定处于平衡状态13．（4分）如图在光滑地面上，水平外力F拉动小车和木块一起作无相对滑动的加速运动．小车质量是M，木块质量是m，力大小是F，加速度大小是a，木块和小车之间动摩擦因数是μ，则在这个过程中，木块受到的摩擦力大小是（）A．μma B．m a C．D．F﹣Ma 14．（4分）如图所示，水平传送带以恒定速度v向右运动．将质量为m的物体Q轻轻放在水平传送带的左端A处，经过t时间后，Q的速度也变为v，再经t时间物体Q到达传送带的右端B处，在（）A．前t时间内物体做匀加速运动，后t时间内物体做匀减速运动B．后t时间内Q与传送带之间无摩擦力C．前t时间内Q的位移与后t时间内Q的位移大小之比为1：2D．Q 由传送带左端运动到右端相对传送带的位移为三、试验填空题（每空2分，共计22分，把答案填在题后的答题卷上．）15．（2分）在平直大路上以72km/h的速度行驶的汽车，遇紧急状况刹车，刹车的加速度大小为5m/s2，则该汽车在6s内的刹车距离为m．16．（4分）船在静水中的速度v恒定，船用最短时间渡过一条河流，若船航行至河中心时，由于上游爆发山洪，水流速度增大，则渡河时间会（填“变大”“变小”或“不变”）到达河对岸地点的位置会（填“转变”或“不变”）17．（6分）某同学在做“验证力的平行四边形定则”的试验中，主要试验步骤如下A．在桌面上放一块木板，在木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在木板上B．用图钉把橡皮条的一端固定在木板上的A点，在橡皮条的另一端栓上两条细绳，细绳的另一端打成绳套C．用两个弹簧秤分别勾住绳套，平行于木板且互成角度地拉橡皮条，把橡皮条的结点拉到某一位置O，记录下O点的位置和两条细绳的方向，读出两个弹簧秤的示数D．按选好的比例，用铅笔和刻度尺作出两个弹簧秤的拉力F1和F2的图示，并用平行四边形求出合力F E．只用一个弹簧秤，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧秤的示数，登记细绳的方向，按同一比例作出这个力F′的图示F．比较力F′和F的大小和方向，看它们是否相同，得出结论（1）有重要遗漏的步骤序号是（2）遗漏的内容是（3）本试验接受的科学方法是（填字母代号）A．抱负试验法B．等效替代法C．把握变量法D．建立物理模型法．18．（8分）（1）某同学设计了一个探究无轮子小车的加速度a与小车所受拉力F关系的试验，图甲为试验装置简图．他想用钩码的重力表示小车受到的合外力，为了减小这种做法带来的试验误差，你认为下列说法正确的是A ．试验时要平衡摩擦力B．试验时不需要平衡摩擦力C．钩码的重力要远小于小车的总重力D．试验进行时应先释放小车再接通电源（2）如图乙所示是某次试验中得到的一条纸带，期中A、B、C、D、E是计数点，相邻计数点间的时间间隔为T，距离如图所示．纸带的加速度的表达式为a=．（3）若相邻计数点间的时间间隔T=0.1s，则打计数点1时的速度大小v1=．（结果保留三位有效数字）（4）保持试验小车质量不变，转变钩码质量，得到图丙种的图象不通过原点的缘由是．四、计算题（本题共3小题，共32分．解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最终答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必需明确写出数值和单位）19．（10分）如图所示，水平台面AB距地面CD高h=0.8m，有一滑块从A点以6.0m/s的初速度在平台上沿AB方向运动，并从平台边缘的B点水平飞出，最终落在地面上的D点，已知AB=2.2m，落地点到平台的水平距离为2.0m．（不计空气阻力，取g=10m/s2）求（1）滑块从B到D所用的时间（2）滑块与平台间的动摩擦因数．20．（12分）民用航空客机的机舱，除了有正常的舱门和舷梯连接，供旅客上下飞机，一般还设有紧急出口．发生意外状况的飞机在着陆后，打开紧急出口的舱门，会自动生成一个由气囊构成的斜面，机舱中的人可沿该斜面滑行道地面上来，该过程的示意图如图所示．某机舱离气囊底端的竖直高度AB=3.0m，气囊构成的斜面长AC=5.0m，CD段为与斜面平滑连接的水平地面．一个质量m=60kg的人从气囊上由静止开头滑下，人与气囊、地面间的动摩擦因数均为μ=0.5．不计空气阻力，取g=10m/s2．求：（1）人从斜面上滑下时的加速度大小和滑到斜坡底端C处所需时间（2）人离开C点后还要在地面上滑行多远才能停下．21．（12分）如图所示，可看成质点的物体A放在长L=1m的木板B的右端，木板B静止于水平面上，已知A的质量m A和B的质量m B均为2.0kg，A、B之间的动摩擦因数μ1=0.2，B与水平面之间的动摩擦因数μ2=0.1，最大静摩擦力与滑动摩擦力大小视为相等，重力加速度取g=10m/s2．若从t=0开头，木板B受F=16N的水平恒力作用，求：（1）木板B受F=16N的水平恒力作用时，A、B的加速度a A、a B（2）物体A经多长时间从木板B上滑下（3）当t=2s时，木板B的速度D．天津市滨海新区五所重点学校2022-2021学年高一上学期期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共10小题，每题3分，共计30分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得3分，选不对得0分．）1．（3分）下列说法中，正确的是（）A．争辩运动员做花样滑冰时，可以把运动员看成质点B．争辩人造地球卫星绕地球运动时，可以把卫星看成质点C．“12月6日17时47分”和“361秒钟”，前者表示“时间”，后者表示“时刻”D．嫦娥三号探测器绕月球飞行一圈，它的位移和路程都为零考点：质点的生疏．专题：常规题型．分析：物体可以看做质点的条件是物体的大小与争辩的范围相比，可以忽视不计．时间是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点，在难以区分是时间还是时刻时，可以通过时间轴来进行区分．位移是指从初位置到末位置的有向线段，位移的大小只与初末的位置有关，与经过的路径无关；路程是指物体所经过的路径的长度．解答：解：A、争辩花样滑冰的运动员时，要看运动员的动作，不能看成质点，故A错误；B、争辩人造地球卫星绕地球运动时，卫星大小相当于其轨道半径可以忽视，故可以把卫星看成质点，故B正确；C、12月6日17时47分，是发出指令的时刻；“361秒钟”是时间．故C错误；D、嫦娥三号探测器绕月球飞行一圈，它的位移为0，路程是2πR．故D错误；故选：B．点评：解决本题的关键知道路程位移的区分，以及知道位移大小和路程的关系，明确可以看成质点的条件，难度不大，属于基础题．2．（3分）下列关于牛顿第肯定律和惯性的说法中，正确的是（）A．物体质量越大，运动状态越不简洁转变，惯性越大B．物体仅在静止和匀速运动时才具有惯性C．伽利略的斜面试验时牛顿第肯定律的试验基础，牛顿第肯定律是试验定律D．在月球上举重在地球上简洁，所以同一个物体在月球上比在地球上惯性小考点：牛顿第肯定律；惯性．分析：牛顿第肯定律是试验定律，它说明白物体只有不受外力或者所受合外力为零时，才能处于静止状态或匀速直线运动状态即力是转变物体运动状态的缘由；物体保持原有运动状态的缘由﹣﹣惯性；运动状态转变的缘由﹣﹣力；惯性是物体本身固有的属性，与物体的运动状态无关，与物体受力状况无关．解答：解：A、质量是物体惯性大小的唯一量度，故质量越大，惯性越大，故A正确；B、一切物体在任何状态下均有惯性，故B错误；C、牛顿第肯定律是在试验的基础上进一步的推理概括出来的科学理论，而不能直接通过试验得出，故不是试验定律，故C错误；D、在月球上举重比在地球上简洁，是由于月球表面的重力加速度小，但质量不变，故惯性不变，故D错误；故选：A．点评：牛顿第肯定律是在试验的基础上进一步的推理概括出来的科学理论，而不是直接通过试验得出的；一切物体在任何状态下均有惯性，质量是物体惯性大小的唯一量度．3．（3分）下列关于速度和加速度的说法中，正确的是（）A．物体的速度越大，加速度也越大B．物体的速度为零时，加速度也为零C．物体的速度变化越大，加速度越大D．物体的速度变化越快，加速度越大考点：加速度；速度．分析：加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量．解答：解：A、物体的速度越大，速度变化不肯定快，加速度不肯定大，故A错误．B、物体的速度为零，加速度不肯定为零，比如自由落体运动的初始时刻，速度为零，加速度不为零，故B错误．C、物体的速度变化量大，速度变化不肯定快，加速度不肯定大，故C错误．D、加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度越大，故D正确．故选：D．点评：解决本题的关键知道加速度的物理意义，知道加速度的大小与速度大小、速度变化量的大小无关．4．（3分）下列关于曲线运动性质的说法，正确的是（）A．变速运动肯定是曲线运动B．曲线运动肯定是变速运动C．曲线运动肯定是变加速运动D．曲线运动肯定是加速度不变的匀变速运动考点：物体做曲线运动的条件；曲线运动．专题：物体做曲线运动条件专题．分析：物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，速度的方向与该点曲线的切线方向相同，是一种变速运动．解答：解：A、匀变速直线运动就不是曲线运动，故A错误；B、曲线运动的速度方向是切线方向，时刻转变，肯定是变速运动，故B正确；C、匀速圆周运动是速度大小不变的曲线运动，加速度方向时刻转变，故CD错误；故选B．点评：本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动，对于它们的特点要把握住．5．（3分）如图所示，一个小物块沿光滑斜面对下滑动，小物块在下滑的过程中（）A．只受重力B．受重力和支持力C．受重力和下滑力D．受重力、下滑力和支持力考点：力的合成与分解的运用．分析：对物体受力分析依据先重力、再弹力，后摩擦力的挨次进行分析．解答：解：小物块沿光滑斜面下滑的过程中，受重力和支持力两个力作用，下滑力是重力的一个分力．故B 正确，A、C、D错误．故选：B．点评：对物体受力分析时肯定要做到每个力都能找到施力物体和受力物体，防止添力和漏力，有时也需要依据物体的状态来推断一些力是否存在．6．（3分）汽车由甲地开出，沿平直大路开到乙地刚好停止运动，其速度图象如图．在0﹣T和T﹣4T两段时间内，汽车的（）A．位移大小之比为1：4 B．加速度大小之比为1：3C．平均速度大小之比为3：1 D ．平均速度大小之比为1：1考点：匀变速直线运动的图像；平均速度．专题：运动学中的图像专题．分析：依据速度图象的斜率等于加速度求解加速度之比．速度图象与坐标轴所围“面积”等于位移大小，由几何学问求解位移大小之比．依据匀变速直线运动的平均速度公式=求解平均速度之比．解答：解：A、依据“面积”等于位移大小，则有位移之比为x1：x2=vT ：v•3T=1：3．故A错误；B、依据速度图象的斜率等于加速度大小，设汽车的最大速度为v，则有在0～T和t0～4T两段时间内加速度大小之比为：a1：a2=：=3：1．故B错误．C、D 平均速度大小之比为：=1：1．故C错误，D正确；故选：D．点评：本题关键抓住速度图象的两个物理意义：斜率等于加速度、面积等于位移及平均速度公式=进行求解．7．（3分）如图所示，A、B两物体用细绳相连跨过光滑轻小滑轮悬挂起来，B物体放在水平地面上，A、B两物体均静止．现将B物体稍向左移一点，A、B两物体仍静止，则此时与原来相比（）A．绳子拉力变大B．地面对物体B的支持力变小C．地面对物体B的摩擦力变大D．物体B受到的合力变大考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：移动前后，两物体均处于静止状态，所以可以分别受力分析依据平衡条件求解．解答：解：分别对AB受力分析并分解如图：A：由于两次A物体均静止，所以A物体受力平衡，T始终等于A物体受到的重力．故A错误．B：由于两次B物体均静止，所以B物体受力平衡，y方向有：N+Tsinθ=G B，当B物体稍向左移一点，θ变小，N=G B﹣Tsinθ就会变大．故B错误．C：由于两次B物体均静止，所以B物体受力平衡，x方向有：f=Tcosθ，当B物体稍向左移一点，θ变小，cosθ变大，T不变，所以f变大．故C正确．D：由于两次B物体均静止，所以B物体始终受力平衡，合外力始终为零．故D错误．故选：C点评：受力平衡类问题只需要做好受力分析，依据平衡条件求解即可．8．（3分）如图所示，重物G用OA和OB两段等长的绳子悬挂在半圆弧的架子上，B点固定不动，A端由顶点C沿圆弧缓慢向D移动，在此过程中，绳子OA上的张力将（）A．变小B．变大C．先变大后变小D．先变小后变大考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析： B点固定不动，悬点A由位置C向位置D移动，在这个过程中，物体始终处于平衡状态，找出不变的物理量，画出平行四边形进行分析．解答：解：对O点受力分析，抓住两根绳的合力等于物体的重力，大小和方向都不变，OB绳拉力方向不变，依据平行四边形定则得，如图，知OA绳上拉力大小先减小后增大．故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：此题为物体平衡条件的一个应用：动态分析，处理这个类型的题需要找出不变的物理量，然后作图或找变化的物理量与不变的物理量之间的关系再加以分析，就是以不变应万变．9．（3分）某物体从足够高处开头做自由落体运动，则下列说法中正确的是（取g=10m/s2）（）A．第2s内的平均速度为20m/sB．任意1s的末速度总比其初速度大5 m/sC．第5s内的位移为45mD．后1s的位移总比前1s的位移多5m考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：自由落体运动是初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动，结合运动学公式分析推断．解答：解：A、第2s 内的位移=15m，则第2s内的平均速度为15m/s．故A错误．B、依据v=v0+gt可知，任意1s的末速度总比其初速度大10m/s．故B错误．C、第5s 内的位移为=45m，故C正确；D、依据△x=gT2得，后1s内的位移比前1s内的位移多△x=10×1m=10m，故D错误．故选：C．点评：解决本题的关键知道自由落体运动的运动规律，把握匀变速直线运动的位移时间公式和速度时间公式，并能机敏运用．10．（3分）放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物块速度v与时间t的关系如图所示．取重力加速度g=10m/s2．由此两图线可以求得物块的质量m和物块与地面之间的动摩擦因数μ分别为（）A．m=0.5kg，μ=0.4 B．m=1.5kg，μ=C．m=0.5kg，μ=0.2 D．m=1kg，μ=0.2考点：牛顿其次定律；匀变速直线运动的图像；滑动摩擦力．专题：压轴题．分析：依据v﹣t图和F﹣t图象可知，在4﹣6s，物块匀速运动，处于受力平衡状态，所以拉力和摩擦力相等，由此可以求得物体受到的摩擦力的大小，在依据在2﹣4s内物块做匀加速运动，由牛顿其次定律可以求得物体的质量的大小．解答：解：由v﹣t图可知4﹣6s，物块匀速运动，有F f=F=2N．在2﹣4s 内物块做匀加速运动，加速度a=2m/s2，由牛顿其次定律得ma=F﹣F f，将F=3N、F f=2N及a代入解得m=0.5kg．由动摩擦力公式得，所以A正确．故选A．点评：本题考查同学对于图象的解读力量，依据两个图象对比可以确定物体的运动的状态，再由牛顿其次定律来求解．二、多项选择题（本题共4小题，每题4分，共计16分．选对但不全的得2分，全部选对的得4分，有选错的得0分．）11．（4分）用计算机帮助试验系统做验证牛顿第三定律的试验，观看分析两个力传感器的相互作用力随时间变化的曲线．把两个力传感器的挂钩钩在一起，向相反方向拉动，观看显示器屏幕上消灭的试验结果如图．由图可以得到的试验结论是（）A．作用力与反作用力同时变化B．作用力与反作用力方向相反C．作用力与反作用力大小相等D．作用力与反作用力作用在同一物体上考点：作用力和反作用力．分析：作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，且同时产生、同时变化、同时消逝，作用在不同的物体上．解答：解：A、作用力与反作用力总是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上；假如不同时变化，则作用力与反作用力就不会总是相等，故A正确；B、C、作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，故B正确，C正确；D、作用力与反作用力作用在两个不同的物体上，故D错误；故选：ABC．点评：解决本题的关键知道作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，且同时产生、同时变化、同时消逝，作用在不同的物体上．12．（4分）电梯的顶部拴一弹簧秤，弹簧秤下端挂一重物，电梯静止时，电梯中的人观看到弹簧秤的示数为10N．某时刻电梯中的人观看到弹簧秤的示数为12N，取g=10m/s2，则此时（）A．电梯可能向上加速运动，加速度大小为2 m/s2B．电梯可能向上减速运动，加速度大小为2 m/s2C．电梯中的人肯定处于超重状态D．电梯中的人肯定处于平衡状态考点：牛顿其次定律；力的合成．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数等于重物的重力．弹簧秤的示数变为8N，产生了失重现象，以重物为争辩对象，依据牛顿其次定律分析加速度方向，再确定电梯的运动状况．解答：解：电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数等于重物的重力，即G=10N．当弹簧秤的示数变为12N时，弹簧的拉力大小等于12N．以重物为争辩对象，F﹣mg=maa=2m/s2依据牛顿其次定律分析得出其加速度方向竖直向上，处于超重，电梯的运动状况可能是：向上加速运动或向下减速运动．故选：AC．点评：本题关键运用牛顿其次定律分析加速度方向，而电梯的运动方向可能有两种：竖直向上或竖直向下．可理解的基础上记住结论．13．（4分）如图在光滑地面上，水平外力F拉动小车和木块一起作无相对滑动的加速运动．小车质量是M，木块质量是m，力大小是F，加速度大小是a，木块和小车之间动摩擦因数是μ，则在这个过程中，木块受到的摩擦力大小是（）A．μma B．m a C．D．F﹣Ma考点：静摩擦力和最大静摩擦力；牛顿运动定律的应用-连接体．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：由于小车和木块一起作无相对滑动的加速运动，所以小车和木块的加速度大小相同，对小车和木块受力分析，依据牛顿其次定律可以求得摩擦力的大小．解答：解：A、物体受到的摩擦力为静摩擦力，静摩擦力是依据二力平衡来计算的，不能依据f=μF N来计算的，所以A错误．B、对小物体受力分析可知，物体受重力、支持力和静摩擦力的作用，由于物体在水平方向做加速运动，摩擦力作为合力，所以由牛顿其次定律可得，f=ma，所以B正确．C、对整体由牛顿其次定律可得F=（M+m）a，所以加速度a=，所以物体受到的摩擦力的大小f=ma=，所以C正确．D、对小车受力分析可得，F﹣f=Ma，所以车和物体之间的摩擦力的大小为f=F﹣Ma，所以D正确．故选BCD．点评：当分析多个物体的受力、运动状况时，通常可以接受整体法和隔离法，用整体法可以求得系统的加速度的大小，再用隔离法可以求物体之间的作用的大小．14．（4分）如图所示，水平传送带以恒定速度v向右运动．将质量为m的物体Q轻轻放在水平传送带的左端A处，经过t时间后，Q的速度也变为v，再经t时间物体Q到达传送带的右端B处，在（）A．前t时间内物体做匀加速运动，后t时间内物体做匀减速运动B．后t时间内Q与传送带之间无摩擦力C．前t时间内Q的位移与后t时间内Q的位移大小之比为1：2D．Q 由传送带左端运动到右端相对传送带的位移为考点：牛顿其次定律；摩擦力的推断与计算．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：在前t秒内物体做加速运动，后t秒内物体做匀速运动．由运动学公式求出总位移，再求解平均速度，并求出位移之比．后ts内Q与传送带之间无摩擦力．解答：解：A、B、在前t秒内物体受到向右的滑动摩擦力而做匀加速直线运动，后t秒内物体的速度与传送带相同，不受摩擦力而做匀速运动．故A错误，B正确．C、前t秒内Q的位移与后t秒内Q 的位移大小之比为：：vt=1：2，故C正确；D、Q由传送带左端运动到右端的总位移为：x=，传送带的总位移：x1=v•2t=2vt ，则相对位移：，故D正确；故选：BCD．点评：本题可通过分析物体的受力状况来确定其运动状况，也可以通过作速度图象争辩位移和平均速度．三、试验填空题（每空2分，共计22分，把答案填在题后的答题卷上．）15．（2分）在平直大路上以72km/h的速度行驶的汽车，遇紧急状况刹车，刹车的加速度大小为5m/s2，则该汽车在6s 内的刹车距离为40m ．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：依据匀变速直线运动的速度时间公式求出汽车速度减为零的时间，推断汽车是否停止，再结合位移公式求出刹车的距离．解答：解：72km/h=20m/s，则汽车速度减为零的时间，则6s内的位移等于4s内的位移，x=．故答案为：40．点评：本题考查了运动学中的刹车问题，是道易错题，留意汽车速度减为零后不再运动．16．（4分）船在静水中的速度v恒定，船用最短时间渡过一条河流，若船航行至河中心时，由于上游爆发山洪，水流速度增大，则渡河时间会不变（填“变大”“变小”或“不变”）到达河对岸地点的位置会转变（填“转变”或“不变”）考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：当静水速的方向与河岸垂直时，渡河时间最短，抓住分运动与合运动具有等时性分析渡河时间的变化．结合沿河岸方向水流速度的变化推断到达对岸位置的变化．解答：解：由于静水速不变，静水速与河岸垂直，可知水流速度增大时，渡河时间t=，不变．水流速度增大，则沿河岸方向的位移增大，到达对岸的位置会转变．故答案为：不变，转变．点评：解决本题的关键知道当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短．知道分运动和合运动具有等时性，基础题．17．（6分）某同学在做“验证力的平行四边形定则”的试验中，主要试验步骤如下A．在桌面上放一块木板，在木板上铺一张白纸，用图钉把白纸钉在木板上B．用图钉把橡皮条的一端固定在木板上的A点，在橡皮条的另一端栓上两条细绳，细绳的另一端打成绳套C．用两个弹簧秤分别勾住绳套，平行于木板且互成角度地拉橡皮条，把橡皮条的结点拉到某一位置O，记录下O点的位置和两条细绳的方向，读出两个弹簧秤的示数D．按选好的比例，用铅笔和刻度尺作出两个弹簧秤的拉力F1和F2的图示，并用平行四边形求出合力F E．只用一个弹簧秤，通过细绳套拉橡皮条使其伸长，读出弹簧秤的示数，登记细绳的方向，按同一比例作出这个力F′的图示F．比较力F′和F的大小和方向，看它们是否相同，得出结论（1）有重要遗漏的步骤序号是E（2）遗漏的内容是未说明是否把橡皮条的结点拉到了O点（3）本试验接受的科学方法是B（填字母代号）。