2015年重庆市高考化学试卷
2015年重庆市高考化学试卷一、选择题1．（6分）（2015•重庆）中华民族有着光辉灿烂的发明史，下列发明创造不涉及化学反应的是（）A．用胆矾炼铜B．用铁矿石炼铁C．烧结粘土制陶瓷D．打磨磁石制指南针2．（6分）（2015•重庆）下列说法正确的是（）A．I的原子半径大于Br，HI比HBr的热稳定性强B．P的非金属性强于Si，H3PO4比H2SiO3的酸性强C．Al2O3和MgO均可与NaOH溶液反应D．SO2和SO3混合气体通入Ba（NO3）2溶液可得到BaSO3和BaSO43．（6分）（2015•重庆）下列说法正确的是（）A．稀醋酸中加入少量醋酸钠能增大醋酸的电离程度B．25℃时，等体积等浓度的硝酸与氨水混合后，溶液pH=7C．25℃时，0.1mol•L﹣1的硫化氢溶液比等浓度的硫化钠溶液的导电能力弱D．0.1mol AgCl和0.1molAgI混合后加入1L水中，所得溶液中c（Cl﹣）=c（I﹣）4．（6分）（2015•重庆）下列实验中，所使用的装置（夹持装置略）、试剂和操作方法都正确的是（）A．观察Fe（OH）2的生成B．配制一定物质的量浓度的NaNO3溶液C．实验室制取氨D．验证乙烯的生成5．（6分）（2015•重庆）某化妆品的组分Z具有美白功效，原从杨树中提取，现可用如图反应制备，下列叙述错误的是（）A．X、Y和Z均能使溴水褪色B．X和Z均能与NaHCO3溶液反应放出CO2C．Y既能发生取代反应，也能发生加成反应D．Y可作加聚反应单体，X可作缩聚反应单体6．（6分）（2015•重庆）黑火药是中国古代的四大发明之一，其爆炸的热化学方程式为：S（s）+2KNO3（s）+3C（s）═K2S（s）+N2（g）+3CO2（g）△H=x kJ•mol﹣1已知：碳的燃烧热△H1=a kJ•mol﹣1S（s）+2K（s）═K2S（s）△H2=b kJ•mol﹣12K（s）+N2（g）+3O2（g）═2KNO3（s）△H3=c kJ•mol﹣1则x为（）A．3a+b﹣c B．c﹣3a﹣b C．a+b﹣c D．c﹣a﹣b7．（6分）（2015•重庆）羰基硫（COS）可作为一种粮食熏蒸剂，能防止某些昆虫、线虫和真菌的危害．在恒容密闭容器中，将CO和H2S混合加热并达到下列平衡：CO（g）+H2S（g）⇌COS（g）+H2（g）K=0.1反应前CO的物质的量为10mol，平衡后CO物质的量为8mol，下列说法正确的是（）A．升高温度，H2S浓度增加，表明该反应是吸热反应B．通入CO后，正反应速率逐渐增大C．反应前H2S物质的量为7molD．CO的平衡转化率为80%二、综合题（本大题共4小题，共58分）8．（15分）（2015•重庆）某汽车安全气囊的产气药剂主要含有NaN3、Fe2O3、KClO4、NaHCO3等物质．当汽车发生碰撞时，产气药剂产生大量气体使气囊迅速膨胀，从而起到保护作用．（1）NaN3是气体发生剂，受热分解产生N2和Na，N2的电子式为．（2）Fe2O3是主氧化剂，与Na反应生成的还原产物为（已知该反应为置换反应）．（3）KClO4是助氧化剂，反应过程中与Na作用生成KCl和Na2O，KClO4含有化学键的类型为，K的原子结构示意图为．（4）NaHCO3是冷却剂，吸收产气过程中释放的热量而发生分解，其化学方程式为．（5）100g上述产气药剂产生的气体通过碱石灰后得到N233.6L（标准状况）．①用碱石灰除去的物质为；②该产气药剂中NaN3的质量分数为．9．（15分）（2015•重庆）ClO2与Cl2的氧化性相近．在自来水消毒和果蔬保鲜等方面应用广泛．某兴趣小组通过图1装置（夹持装置略）对其制备、吸收、释放和应用进行了研究．（1）仪器D的名称是．安装F中导管时，应选用图2中的．（2）打开B的活塞，A中发生反应：2NaClO3+4HCl═2ClO2↑+Cl2↑+2NaCl+2H2O．为使ClO2在D中被稳定剂充分吸收，滴加稀盐酸的速度宜（填“快”或“慢”）．（3）关闭B的活塞，ClO2在D中被稳定剂完全吸收生成NaClO2，此时F中溶液的颜色不变，则装置C的作用是．（4）已知在酸性条件下NaClO2可发生反应生成NaCl并释放出ClO2，该反应的离子方程式为，在ClO2释放实验中，打开E的活塞，D中发生反应，则装置F的作用是．（5）已吸收ClO2气体的稳定剂Ⅰ和稳定剂Ⅱ，加酸后释放ClO2的浓度随时间的变化如图3所示，若将其用于水果保鲜，你认为效果较好的稳定剂是，原因是．10．（14分）（2015•重庆）某“化学鸡尾酒”通过模拟臭虫散发的聚集信息素可高效诱捕臭虫，其中一种组分T可通过下列反应路线合成（部分反应条件略）．（1）A的化学名称是，A→B新生成的官能团是；（2）D的核磁共振氢谱显示峰的组数为．（3）D→E的化学方程式为．（4）G与新制的Cu（OH）2发生反应，所得有机物的结构简式为．（5）L可由B与H2发生加成反应而得，已知R1CH2Br+NaC≡CR2→R1CH2C≡CR2+NaBr，则M的结构简式为．（6）已R3C≡CR4，则T的结构简式为．11．（14分）（2015•重庆）我国古代青铜器工艺精湛，有很高的艺术价值和历史价值，但出土的青铜器大多受到环境腐蚀，故对其进行修复和防护具有重要意义．（1）原子序数为29的铜元素位于元素周期表中第周期．（2）某青铜器中Sn、Pb的质量分别为119g、20.7g，则该青铜器中Sn和Pb原子数目之比为．（3）研究发现，腐蚀严重的青铜器表面大都存在CuCl．关于CuCl在青铜器腐蚀过程中的催化作用，下列叙述正确的是．A．降低了反应的活化能B．增大了反应的速率C．降低了反应的焓变D．增大了反应的平衡常数（4）采用“局部封闭法”可以防止青铜器进一步被腐蚀．如将糊状Ag2O涂在被腐蚀部位，Ag2O与有害组分CuCl发生复分解反应，该化学方程式为．（5）如图为青铜器在潮湿环境中发生的电化学腐蚀的原理示意图．①腐蚀过程中，负极是（填图中字母“a”或“b”或“c”）；②环境中的Cl﹣扩散到孔口，并与正极反应产物和负极反应产物作用生成多孔粉状锈Cu2（OH）3Cl，其离子方程式为；③若生成4.29gCu2（OH）3Cl，则理论上耗氧体积为L（标准状况）．2015年重庆市高考化学试卷参考答案与试题解析一、选择题1．（6分）（2015•重庆）中华民族有着光辉灿烂的发明史，下列发明创造不涉及化学反应的是（）A．用胆矾炼铜B．用铁矿石炼铁2．（6分）（2015•重庆）下列说法正确的是（）A．I的原子半径大于Br，HI比HBr的热稳定性强B．P的非金属性强于Si，H3PO4比H2SiO3的酸性强C．Al2O3和MgO均可与NaOH溶液反应3．（6分）（2015•重庆）下列说法正确的是（）A．稀醋酸中加入少量醋酸钠能增大醋酸的电离程度B．25℃时，等体积等浓度的硝酸与氨水混合后，溶液pH=7C．25℃时，0.1mol•L﹣1的硫化氢溶液比等浓度的硫化钠溶液的导电能力弱﹣﹣4．（6分）（2015•重庆）下列实验中，所使用的装置（夹持装置略）、试剂和操作方法都正确的是（）A．观察Fe（OH）2的生成B．配制一定物质的量浓度的NaNO3溶液C．实验室制取氨5．（6分）（2015•重庆）某化妆品的组分Z具有美白功效，原从杨树中提取，现可用如图反应制备，下列叙述错误的是（）A．X、Y和Z均能使溴水褪色B．X和Z均能与NaHCO3溶液反应放出CO2C．Y既能发生取代反应，也能发生加成反应6．（6分）（2015•重庆）黑火药是中国古代的四大发明之一，其爆炸的热化学方程式为：S（s）+2KNO3（s）+3C（s）═K2S（s）+N2（g）+3CO2（g）△H=x kJ•mol﹣1已知：碳的燃烧热△H1=a kJ•mol﹣1S（s）+2K（s）═K2S（s）△H2=b kJ•mol﹣12K（s）+N2（g）+3O2（g）═2KNO3（s）△H3=c kJ•mol﹣1则x为（）7．（6分）（2015•重庆）羰基硫（COS）可作为一种粮食熏蒸剂，能防止某些昆虫、线虫和真菌的危害．在恒容密闭容器中，将CO和H2S混合加热并达到下列平衡：CO（g）+H2S（g）⇌COS（g）+H2（g）K=0.1反应前CO的物质的量为10mol，平衡后CO物质的量为8mol，下列说法正确的是（）A．升高温度，H2S浓度增加，表明该反应是吸热反应B．通入CO后，正反应速率逐渐增大C．反应前H2S物质的量为7mol=的平衡转化率为二、综合题（本大题共4小题，共58分）8．（15分）（2015•重庆）某汽车安全气囊的产气药剂主要含有NaN3、Fe2O3、KClO4、NaHCO3等物质．当汽车发生碰撞时，产气药剂产生大量气体使气囊迅速膨胀，从而起到保护作用．（1）NaN3是气体发生剂，受热分解产生N2和Na，N2的电子式为．（2）Fe2O3是主氧化剂，与Na反应生成的还原产物为Fe（已知该反应为置换反应）．（3）KClO4是助氧化剂，反应过程中与Na作用生成KCl和Na2O，KClO4含有化学键的类型为离子键、共价键，K的原子结构示意图为．（4）NaHCO3是冷却剂，吸收产气过程中释放的热量而发生分解，其化学方程式为2NaHCO3Na2CO3+CO2↑+H2O．（5）100g上述产气药剂产生的气体通过碱石灰后得到N233.6L（标准状况）．①用碱石灰除去的物质为CO2、H2O；②该产气药剂中NaN3的质量分数为65%．n=，故答案为：；示意图为故答案为：离子键、共价键；33=1.5mol=1mol×9．（15分）（2015•重庆）ClO2与Cl2的氧化性相近．在自来水消毒和果蔬保鲜等方面应用广泛．某兴趣小组通过图1装置（夹持装置略）对其制备、吸收、释放和应用进行了研究．（1）仪器D的名称是锥形瓶．安装F中导管时，应选用图2中的b．（2）打开B的活塞，A中发生反应：2NaClO3+4HCl═2ClO2↑+Cl2↑+2NaCl+2H2O．为使ClO2在D中被稳定剂充分吸收，滴加稀盐酸的速度宜慢（填“快”或“慢”）．（3）关闭B的活塞，ClO2在D中被稳定剂完全吸收生成NaClO2，此时F中溶液的颜色不变，则装置C的作用是吸收Cl2．（4）已知在酸性条件下NaClO2可发生反应生成NaCl并释放出ClO2，该反应的离子方程式为4H++5ClO2﹣=Cl﹣+4ClO2↑+2H2O，在ClO2释放实验中，打开E的活塞，D中发生反应，则装置F的作用是验证是否有ClO2生成．（5）已吸收ClO2气体的稳定剂Ⅰ和稳定剂Ⅱ，加酸后释放ClO2的浓度随时间的变化如图3所示，若将其用于水果保鲜，你认为效果较好的稳定剂是稳定剂Ⅱ，原因是稳定剂Ⅱ可以缓慢释放ClO2，能较长时间维持保鲜所需的浓度．10．（14分）（2015•重庆）某“化学鸡尾酒”通过模拟臭虫散发的聚集信息素可高效诱捕臭虫，其中一种组分T可通过下列反应路线合成（部分反应条件略）．（1）A的化学名称是丙烯，A→B新生成的官能团是﹣Br；（2）D的核磁共振氢谱显示峰的组数为2．（3）D→E的化学方程式为CH2BrCHBrCH2Br+2NaOH HC≡CCH2Br+2NaBr+2H2O．（4）G与新制的Cu（OH）2发生反应，所得有机物的结构简式为HC≡CCOOH．（5）L可由B与H2发生加成反应而得，已知R1CH2Br+NaC≡CR2→R1CH2C≡CR2+NaBr，则M的结构简式为CH3CH2CH2 C≡CCHO．（6）已R3C≡CR4，则T的结构简式为．4知，4知，Br+2NaOH结构简式为故答案为：11．（14分）（2015•重庆）我国古代青铜器工艺精湛，有很高的艺术价值和历史价值，但出土的青铜器大多受到环境腐蚀，故对其进行修复和防护具有重要意义．（1）原子序数为29的铜元素位于元素周期表中第四周期．（2）某青铜器中Sn、Pb的质量分别为119g、20.7g，则该青铜器中Sn和Pb原子数目之比为10：1．（3）研究发现，腐蚀严重的青铜器表面大都存在CuCl．关于CuCl在青铜器腐蚀过程中的催化作用，下列叙述正确的是AB．A．降低了反应的活化能B．增大了反应的速率C．降低了反应的焓变D．增大了反应的平衡常数（4）采用“局部封闭法”可以防止青铜器进一步被腐蚀．如将糊状Ag2O涂在被腐蚀部位，Ag2O与有害组分CuCl发生复分解反应，该化学方程式为Ag2O+2CuCl=2AgCl+Cu2O．（5）如图为青铜器在潮湿环境中发生的电化学腐蚀的原理示意图．①腐蚀过程中，负极是c（填图中字母“a”或“b”或“c”）；②环境中的Cl﹣扩散到孔口，并与正极反应产物和负极反应产物作用生成多孔粉状锈Cu2（OH）3Cl，其离子方程式为2Cu2++3OH﹣+Cl﹣=Cu2（OH）3Cl↓；③若生成4.29gCu2（OH）3Cl，则理论上耗氧体积为0.448L（标准状况）．：=1mol=：=1mol =。
2015高考重庆化学试卷分析
2015高考化学试卷分析
今年理综化学卷遵循《课标》和《考试大纲》的要求，试题选材独具匠心，背景材料亲切自然，既关注生产生活实际，又涉及我国光辉灿烂的古代科技文明，考查化学知识和能力的同时，提升考生的化学素养，引导考生传承民族精神，树立民族自信心和自豪感。
整卷结构合理，难度适中，区分度好，既利于高校人才选拔，又利于普通高中化学学科的教学改革，对高中化学教学具有良好的导向性和示范性。
在难度上与2014年试题基本相当，更加切合当前中学教育教学。
试题突出了对主干知识的考查，如2题、3题考查基本概念以及元素化合物主要知识。
试题重视基础，考点覆盖面广，相互渗透自然，突出能力考核，引导学生跳出题海、回归教材、全面掌握基础知识和基础技能。
今年考查的角度稳中有新，如第6题今年侧重考查学生对燃烧热和盖斯定律应用，第9题(5)考查从浓度时间图分析原因，第11题电化学更是常考常新，新增了活化能的考查，具有很强的新颖性。
试题关注社会热点，联系生产生活实际，重视化学与科学、技术、社会生活的联系，体现了化学源于社会实践又服务于社会生产生活的理念。
如第5题中化妆品的成分功效、7题中的粮食熏蒸剂和8题中的汽车安全气囊的反应原理、9题中的二氧化氯在水果保鲜中的应用、10题中使用“化学鸡尾酒”诱捕臭虫等，不仅考查学生在特定情境中应用所学知识分析问题、解决问题的能力，同时对提高学生的化学科学素养有着非常积极的作用。
2015年全国各地高考化学试卷汇总
目录（按住ctrl并单击相应目录，可快速到达试卷）2015年新课标I高考化学试卷…………………………2页2015年新课标II高考化学试卷…………………………7页2015年北京市高考化学试卷……………………………13页2015年安徽省高考化学试卷……………………………18页2015年福建省高考化学试卷……………………………22页2015年广东省高考化学试卷……………………………28页2015年海南省高考化学试卷……………………………32页2015年江苏省高考化学试卷……………………………38页2015年山东省高考化学试卷……………………………45页2015年上海省高考化学试卷……………………………50页2015年四川省高考化学试卷……………………………58页2015年天津市高考化学试卷……………………………62页2015年浙江省高考化学试卷……………………………67页2015年重庆市高考化学试卷……………………………74页2015年新课标I高考化学试卷一、选择题（共7小题，每小题6分，满分42分）7．（6分）我国清代《本草纲目拾遗》中记叙无机药物335种，其中“强水”条目下写道：“性9．（6分）（2015春•绍兴校级期末）乌洛托品在合成、医药、染料等工业中有广泛用途，其结构式如图所示．将甲醛水溶液与氨水混合蒸发可制得乌洛托品．若原料完全反应生成乌洛托品，则甲醛与氨的物质的量之比为（）11．（6分）微生物电池是指在微生物的作用下将化学能转化为电能的装置，其工作原理如图所示．下列有关微生物电池的说法错误的是（）12．（6分）（2015春•娄底期末）W、X、Y、Z均为的短周期主族元素，原子序数依次增加，且原子核外L电子层的电子数分别为0、5、8、8，它们的最外层电子数之和为18．下列说V，pH随lg的变化如图所示，下列叙述错误的是（）lg26．（14分）草酸（乙二酸）存在于自然界的植物中，其K1=5.4×10﹣2，K2=5.4×10﹣5．草酸的钠盐和钾盐易溶于水，而其钙盐难溶于水．草酸晶体（H2C2O4•2H2O）无色，熔点为101℃，易溶于水，受热脱水、升华，170℃以上分解．回答下列问题：（1）甲组同学按照如图所示的装置，通过实验检验草酸晶体的分解产物，装置C中可观察到的现象是，由此可知草酸晶体分解的产物中有．装置B的主要作用是．（2）乙组同学认为草酸晶体分解的产物中含有CO，为进行验证，选用甲组实验中的装置A、B和如图所示的部分装置（可以重复选用）进行实验．①乙组同学的实验装置中，依次连接的合理顺序为A、B、．装置H反应管中盛有的物质是．②能证明草酸晶体分解产物中有CO的现象是．（3）①设计实验证明：①草酸的酸性比碳酸的强．②草酸为二元酸．27．（14分）硼及其化合物在工业上有许多用途．以铁硼矿（主要成分为Mg2B2O5•H2O和Fe3O4，还有少量Fe2O3、FeO、CaO、Al2O3和SiO2等）为原料制备硼酸（H3BO3）的工艺流程如图所示：回答下列问题：（1）写出Mg2B2O5•H2O与硫酸反应的化学方程式．为提高浸出速率，除适当增加硫酸浓度外，还可采取的措施有（写出两条）．（2）利用的磁性，可将其从“浸渣”中分离．“浸渣”中还剩余的物质是（化学式）．（3）“净化除杂”需先加H2O2溶液，作用是．然后在调节溶液的pH约为5，目的是．（4）“粗硼酸”中的主要杂质是（填名称）．（5）以硼酸为原料可制得硼氢化钠（NaBH4），它是有机合成中的重要还原剂，其电子式为．（6）单质硼可用于生成具有优良抗冲击性能硼钢．以硼酸和金属镁为原料可制备单质硼，用化学方程式表示制备过程．28．（15分）碘及其化合物在合成杀菌剂、药物等方面具有广泛用途．回答下列问题：（1）大量的碘富集在海藻中，用水浸取后浓缩，再向浓缩液中加MnO2和H2SO4，即可得到I2，该反应的还原产物为．（2）上述浓缩液中含有I﹣、Cl﹣等离子，取一定量的浓缩液，向其中滴加AgNO3溶液，当AgCl开始沉淀时，溶液中为：，已知K sp（AgCl）=1.8×10﹣10，K sp（AgI）=8.5×10﹣17．（3）已知反应2HI（g）═H2（g）+I2（g）的△H=+11kJ•mol﹣1，1molH2（g）、1molI2（g）分子中化学键断裂时分别需要吸收436KJ、151KJ的能量，则1molHI（g）分子中化学键断裂时需吸收的能量为kJ．（4）Bodensteins研究了下列反应：2HI（g）⇌H2（g）+I2（g）②上述反应中，正反应速率为v正=k正x2（HI），逆反应速率为v逆=k逆x（H2）x（I2），其中k正、k逆为速率常数，则k逆为（以K和k正表示）．若k正=0.0027min﹣1，在t=40min 时，v正=min﹣1．③由上述实验数据计算得到v正～x（HI）和v逆～x（H2）的关系可用如图表示．当升高到某一温度时，反应重新达到平衡，相应的点分别为（填字母）．[化学--选修2：化学与技术]36．（15分）氯化亚铜（CuCl）广泛应用于化工、印染、电镀等行业．CuCl难溶于醇和水，可溶于氯离子浓度较大的体系，在潮湿空气中易水解氧化．以海绵铜（主要成分是Cu和少量CuO）为原料，采用硝酸铵氧化分解技术生产CuCl的工艺过程如下：回答下列问题：（1）步骤①中得到的氧化产物是，溶解温度应控制在60﹣70℃，原因是．（2）写出步骤③中主要反应的离子方程式．（3）步骤⑤包括用pH=2的酸洗、水洗两步操作，酸洗采用的酸是（写名称）．（4）上述工艺中，步骤⑥不能省略，理由是．（5）步骤②、④、⑤、⑧都要进行固液分离．工业上常用的固液分离设备有（填字母）A、分馏塔B、离心机C、反应釜D、框式压滤机（6）准确称取所制备的氯化亚铜样品mg，将其置于过量的FeCl3溶液中，待样品完全溶解后，加入适量稀硫酸，用amol/L﹣1的K2Cr2O7溶液滴定到终点，消耗K2Cr2O7溶液bmL，反应中Cr2O72﹣被还原为Cr3+，样品中CuCl的质量分数为．[化学--选修3：物质结构与性质]37．碳及其化合物广泛存在于自然界中，回答下列问题：（1）处于一定空间运动状态的电子在原子核外出现的概率密度分布可用形象化描述．在基态14C原子中，核外存在对自旋相反的电子．（2）碳在形成化合物时，其键型以共价键为主，原因是．（3）CS2分子中，共价键的类型有，C原子的杂化轨道类型是，写出两个与CS2具有相同空间构型和键合形式的分子或离子．（4）CO能与金属Fe形成Fe（CO）5，该化合物熔点为253K，沸点为376K，其固体属于晶体．（5）碳有多种同素异形体，其中石墨烯与金刚石的晶体结构如图所示：①在石墨烯晶体中，每个C原子连接个六元环，每个六元环占有个C原子．②在金刚石晶体中，C原子所连接的最小环也为六元环，每个C原子连接个六元环，六元环中最多有个C原子在同一平面．[化学--选修5：有机化学基础]38．A（C2H2）是基本有机化工原料．由A制备聚乙烯醇缩丁醛和顺式聚异戊二烯的合成路线（部分反应条件略去）如图所示：回答下列问题：（1）A的名称是，B含有的官能团是．（2）①的反应类型是，⑦的反应类型是．（3）C和D的结构简式分别为、．（4）异戊二烯分子中最多有个原子共平面，顺式聚异戊二烯的结构简式为．（5）写出与A具有相同官能团的异戊二烯的所有同分异构体（写结构简式）．（6）参照异戊二烯的上述合成路线，设计一条由A和乙醛为起始原料制备1，3﹣丁二烯的合成路线．2015年新课标II高考化学试卷一、选择题（共7小题，每小题6分，满分42分）2．（6分）某羧酸酯的分子式为C18H26O5，1mol该酯完全水解可得到1mol羧酸和2mol乙3．（6分）原子序数依次增大的元素a、b、c、d，它们的最外层电子数分别为1、6、7、1．a ﹣的电子层结构与氦相同，b和c的次外层有8个电子，c﹣和d+的电子层结构相同．下列叙n5．（6分）分子式为C5H10O2并能与饱和NaHCO3溶液反应放出气体的有机物有（不含量6．（6分）海水开发利用的部分过程如图所示．下列说法错误的是（）7．（6分）（2015春•北仑区校级期末）用图所示装置进行下列实验：将①中溶液滴入②中，二、解答题8．（14分）酸性锌锰干电池是一种一次电池，外壳为金属锌，中间是碳棒，其周围是有碳粉，二氧化锰，氯化锌和氯化铵等组成的填充物，该电池在放电过程产生MnOOH，回收处理该废电池可以得到多种化工原料，有关数据下表所示：（1）该电池的正极反应式为，电池反应的离子方程式为：．（2）维持电流强度为0.5A，电池工作五分钟，理论消耗锌g．（已经F=96500C/mol）（3）废电池糊状填充物加水处理后，过滤，滤液中主要有ZnCl2和NH4Cl，两者可以通过加热浓缩分离回收，滤渣的主要成分是MnO2、和，欲从中得到较纯的MnO2，最简便的方法是，其原理是．（4）用废电池的锌皮制作ZnSO4•7H2O的过程中，需除去铁皮中的少量杂质铁，其方法是：加入稀H2SO4和H2O2，溶解，铁变为加碱调节pH为时，铁刚好沉淀完全（离子浓度小于1×10﹣5mol•L﹣1时，即可认为该离子沉淀完全）．继续加碱调节pH为时，锌开始沉淀（假定Zn2+浓度为0.1mol•L﹣1）．若上述过程不加H2O2的后果是，原因是．9．（14分）甲醇既是重要的化工原料，又可作为燃料．利用合成气（主要成分为CO、CO2和H2）在催化剂的作用下合成甲醇，发生的主要反应如下：①CO（g）+2H2（g）⇌CH3OH（g）△H1②CO2（g）+3H2（g）⇌CH3OH（g）+H2O（g）△H2③CO2（g）+H2（g）⇌CO（g）+H2O（g）△H3由此计算△H1=kJ．mol﹣1，已知△H2=﹣58kJ．mol﹣1，则△H3=kJ．mol﹣1（2）反应①的化学平衡常数K的表达式为；图1中能正确反映平衡常数K 随温度变化关系的曲线为（填曲线标记字母），其判断理由是．（3）合成气的组成n（H2）/n（CO+CO2）=2.60时体系中的CO平衡转化率（a）与温度和压强的关系如图2所示．a（CO）值随温度升高而（填“增大”或“减小”），其原因是．图2中的压强由大到小为，其判断理由是10．（15分）二氧化氯（ClO2，黄绿色易溶于水的气体）是高效、低毒的消毒剂，回答下列问題：（1 ）工业上可用KClO3与Na2SO3在H2SO4存在下制得ClO2，该反应氧化剂与还原剂物质的量之比为2：1．（2）实验室用NH4Cl、盐酸、NaClO2（亚氯酸钠）为原料，通过以下过程制备ClO2：① 电解时发生反应的化学方程式为．②溶液X中大量存在的阴离子有．③除去ClO2中的NH3可选用的试剂是（填标号）a．水b．碱石灰C．浓硫酸d．饱和食盐水（3）用如图装置可以测定混合气中ClO2的含量：Ⅰ．在锥形瓶中加入足量的碘化钾，用50mL水溶解后，再加入3mL稀硫酸：Ⅱ．在玻璃液封装置中加入水．使液面没过玻璃液封管的管口；Ⅲ．将一定量的混合气体通入锥形瓶中吸收；Ⅳ．将玻璃液封装置中的水倒入锥形瓶中：Ⅴ．用0.1000mol•L﹣1硫代硫酸钠标准溶液滴定锥形瓶中的溶液（I2+2S2O32﹣═2I﹣+S4O62﹣），指示剂显示终点时共用去20.00mL硫代硫酸钠溶液．在此过程中：① 锥形瓶内ClO2与碘化钾反应的离子方程式为②玻璃液封装置的作用是③V中加入的指示剂通常为，滴定至终点的现象是④测得混合气中ClO2的质量为g．（4）用ClO2处理过的饮用水会含有一定最的亚氯酸盐．若要除去超标的亚氯酸盐，下列物质最适宜的是（填标号）a．明矾b．碘化钾c．盐酸d．硫酸亚铁．三、化学——选修2：化学与技术。
2015年重庆市高考化学试卷附详细解析
2015年重庆市高考化学试卷参考答案与试题解析一、选择题1．（6分）（2015•重庆）中华民族有着光辉灿烂的发明史，下列发明创造不涉及化学反应的是（）A ．用胆矾炼铜B．用铁矿石炼铁C ．烧结粘土制陶瓷D．打磨磁石制指南针考点：真题集萃；物理变化与化学变化的区别与联系．专题：基本概念与基本理论．分析：A．胆矾的化学式为CuSO4•5H2O，整个过程中Cu元素由化合态转化为单质，一定发生化学变化；B．铁矿石主要成份为Fe2O3，炼铁得到Fe单质，有新物质生成，属于化学反应；C．制陶瓷的原料是粘土，发生化学变化生成硅酸盐产品；D．打磨磁石制指南针，只是改变物质的外形，没有新物质生成．解答：解：A．胆矾的化学式为CuSO4•5H2O，由CuSO4•5H2O→Cu，有新物质生成，属于化学反应，故A不选；B．铁矿石主要成份为Fe2O3，由Fe2O3→Fe，有新物质生成，属于化学反应，故B不选；C．制陶瓷的原料是粘土，发生化学变化生成硅酸盐产品，故C不选；D．打磨磁石制指南针，只是改变物质的外形，没有新物质生成，不涉及化学反应，故选D；故选D．点评：本题考查化学反应的判断，比较基础，明确原理是解题关键，A、B选项可以借助化合价变价，利用氧化还原反应知识判断．2．（6分）（2015•重庆）下列说法正确的是（）A．I的原子半径大于Br，HI比HBr的热稳定性强B．P的非金属性强于Si，H3PO4比H2SiO3的酸性强C．Al2O3和MgO均可与NaOH溶液反应D．SO2和SO3混合气体通入Ba（NO3）2溶液可得到BaSO3和BaSO4考点：真题集萃；元素周期律的作用；元素周期律和元素周期表的综合应用．分析：A．同主族自上而下原子半径增大，元素金属性减弱、氢化物稳定性减弱；B．同周期随原子序数增大，元素非金属性增强，最高价含氧酸的酸性增强；C．MgO不能与氢氧化钠溶液反应；D．二氧化硫通入硝酸钡溶液中，酸性条件下，硝酸根具有强氧化性，将亚硫酸氧化为硫酸，进一步反应得到硫酸钡．解答：解：A．I、Br同主族，自上而下原子半径增大，元素金属性减弱、氢化物稳定性减弱，故I的原子半径大于Br，HI比HBr的热稳定性弱，故A错误；B．Si、P同周期，随原子序数增大，元素非金属性增强，最高价含氧酸的酸性增强，故P的非金属性强于Si，H3PO4比H2SiO3的酸性强，故B正确；C．氧化铝属于两性氧化物，能与氢氧化钠反应，而MgO属于碱性氧化物，不与酸反应，不能与氢氧化钠溶液反应，故C错误；D．二氧化硫通入硝酸钡溶液中，酸性条件下，硝酸根具有强氧化性，将亚硫酸氧化为硫酸，进一步反应得到硫酸钡，故SO2和SO3混合气体通入Ba（NO3）2溶液可得到BaSO4，故D错误，故选B．点评：本题考查元素周期律、金属氧化物性质、硝酸的性质等，难度不大，D 选项注意硝酸条件下，硝酸根具有强氧化性．3．（6分）（2015•重庆）下列说法正确的是（）A稀醋酸中加入少量醋酸钠能增大醋酸的电离程度．B25℃时，等体积等浓度的硝酸与氨水混合后，溶液pH=7．C25℃时，0.1mol•L﹣1的硫化氢溶液比等浓度的硫化钠溶液的导电能力弱．D0.1mol AgCl和0.1molAgI混合后加入1L水中，所得溶液中c（Cl﹣）=c（I﹣）．考点：真题集萃；弱电解质在水溶液中的电离平衡．专题：电离平衡与溶液的pH专题．分析：A．加入醋酸钠，溶液中醋酸根离子浓度增大，抑制醋酸的电离；B.25℃时，等体积等浓度的硝酸与氨水混合后为NH4NO3溶液，溶液中铵根离子水解，溶液呈酸性；C．硫化氢为弱电解质，而硫化钠为强电解质，等浓度溶液中硫化氢溶液中离子浓度远远小于硫化钠溶液中离子浓度；D．AgCl与AgI的溶度积不同，所得溶液中c（Cl﹣）≠c（I﹣）．解答：解：A．稀醋酸溶液中存在平衡：CH3COOH⇌CH3COO﹣+H+，加入醋酸钠，溶液中CH3COO﹣离子浓度增大，抑制醋酸的电离，故A错误；B.25℃时，等体积等浓度的硝酸与氨水混合后为NH4NO3溶液，溶液中铵根离子水解，溶液呈酸性，故溶液pH＜7，故B错误；C．硫化氢为弱电解质，部分电离，而硫化钠为强电解质，等浓度溶液中硫化氢溶液中离子浓度远远小于硫化钠溶液中离子浓度，硫化氢溶液比等浓度的硫化钠溶液的导电能力弱，故C正确；D．均存在溶解平衡，溶液中Ag+浓度相同，AgCl与AgI的溶度积不同，所得溶液中c（Cl﹣）≠c（I﹣），故D错误，故选：C．点评：本题考查弱电解质的电离平衡，难度不大，A为易错点，学生容易认为醋酸根与氢离子结合，平衡右移，促进电离．4．（6分）（2015•重庆）下列实验中，所使用的装置（夹持装置略）、试剂和操作方法都正确的是（）A．观察Fe（OH）2的生成B．配制一定物质的量浓度的NaNO3溶液C．实验室制取氨D．验证乙烯的生成考点：真题集萃；实验装置综合．分析：A．氢氧化亚铁不稳定，易被空气中氧气氧化生成氢氧化铁，所以制备氢氧化亚铁要隔绝空气；B．容量瓶只能配制溶液，不能作稀释或溶解药品的仪器；C．氨气极易溶于水，不能采用排水法收集；D．制取乙烯需要170℃，温度计测定混合溶液温度，且乙醇能被酸性高锰酸钾溶液氧化．解答：解：A．氢氧化亚铁不稳定，易被空气中氧气氧化生成氢氧化铁，所以制备氢氧化亚铁要隔绝空气，植物油和水不互溶，且密度小于水，所以用植物油能隔绝空气，所以能实现实验目的，故A正确；B．容量瓶只能配制溶液，不能作稀释或溶解药品的仪器，应该用烧杯溶解硝酸钠，然后等溶液冷却到室温，再将硝酸钠溶液转移到容量瓶中，故B错误；C．实验室用氯化铵和氢氧化钙加热制取氨气，氨气极易溶于水，不能采用排水法收集，常温下，氨气和氧气不反应，且氨气密度小于空气，所以应该采用向下排空气法收集氨气，故C错误；D．制取乙烯需要170℃，温度计测定混合溶液温度，所以温度计水银球应该插入溶液中，且乙醇能被酸性高锰酸钾溶液氧化，乙醇易挥发，导致得到的乙烯中含有乙醇，影响乙烯的检验，故D错误；故选A．点评：本题考查化学实验方案评价，为高频考点，涉及物质制备、物质检验、气体收集、溶液配制等知识点，明确实验原理及操作规范、物质性质是解本题关键，易错选项是D，知道常见气体的制备及收集方法，题目难度不大．5．（6分）（2015•重庆）某化妆品的组分Z具有美白功效，原从杨树中提取，现可用如图反应制备，下列叙述错误的是（）A．X、Y和Z均能使溴水褪色B．X和Z均能与NaHCO3溶液反应放出CO2C．Y既能发生取代反应，也能发生加成反应D．Y可作加聚反应单体，X可作缩聚反应单体考点：真题集萃；有机物的结构和性质．分析：A．X和Z中含有酚羟基、Y中含有碳碳双键，苯环上酚羟基邻对位含有氢原子的酚、烯烃都能和溴水反应而使溴水褪色；B．酚羟基和碳酸氢钠不反应，羧基和碳酸氢钠反应；C．Y含有碳碳双键和苯环，具有烯烃和苯的性质；D．Y中含有碳碳双键，能发生加聚反应，X中含有酚羟基，能发生缩聚反应．解答：解：A．X和Z中含有酚羟基、Y中含有碳碳双键，苯环上酚羟基邻对位含有氢原子的酚、烯烃都能和溴水反应而使溴水褪色，所以X和Z都能和溴水发生取代反应、Y能和溴水发生加成反应，所以三种物质都能使溴水褪色，故A正确；B．酚羟基和碳酸氢钠不反应，羧基和碳酸氢钠反应，Z和X中都只含酚羟基不含羧基，所以都不能和碳酸氢钠反应，故B错误；C．Y含有碳碳双键和苯环，具有烯烃和苯的性质，一定条件下能发生加成反应、还原反应、加聚反应、氧化反应、取代反应，故C正确；D．Y中含有碳碳双键，能发生加聚反应，X中含有酚羟基，能和醛发生缩聚反应，故D正确；故选B．点评：本题考查有机物的结构和性质，为高频考点，明确官能团及其性质关系是解本题关键，侧重考查酚、烯烃的性质，注意只有苯环上酚羟基邻对位有氢原子的酚才能和溴水发生取代反应，为易错点．6．（6分）（2015•重庆）黑火药是中国古代的四大发明之一，其爆炸的热化学方程式为：S（s）+2KNO3（s）+3C（s）═K2S（s）+N2（g）+3CO2（g）△H=x kJ•mol﹣1已知：碳的燃烧热△H1=a kJ•mol﹣1S（s）+2K（s）═K2S（s）△H2=b kJ•mol﹣12K（s）+N2（g）+3O2（g）═2KNO3（s）△H3=c kJ•mol﹣1则x为（）A ．3a+b﹣c B．c﹣3a﹣b C．a+b﹣c D．c﹣a﹣b考点：真题集萃；热化学方程式；用盖斯定律进行有关反应热的计算．分析：碳的燃烧热△H1=a kJ•mol﹣1，其热化学方程式为C（s）+O2（g）=CO2（g）△H1=a kJ•mol﹣1①S（s）+2K（s）═K2S（s）△H2=b kJ•mol﹣1②2K（s）+N2（g）+3O2（g）═2KNO3（s）△H3=c kJ•mol﹣1③将方程式3①+②﹣③得S（s）+2KNO3（s）+3C（s）═K2S（s）+N2（g）+3CO2（g），其反应热进行相应的改变，据此计算反应热．解答：解：碳的燃烧热△H1=a kJ•mol﹣1，其热化学方程式为C（s）+O2（g）=CO2（g）△H1=a kJ•mol﹣1①S（s）+2K（s）═K2S（s）△H2=b kJ•mol﹣1②2K（s）+N2（g）+3O2（g）═2KNO3（s）△H3=c kJ•mol﹣1③将方程式3①+②﹣③得S（s）+2KNO3（s）+3C（s）═K2S（s）+N2（g）+3CO2（g），则△H=x kJ•mol﹣1=（3a+b﹣c）kJ•mol﹣1，所以x=3a+b﹣c，故选A．点评：本题考查盖斯定律的应用，侧重考查学生分析计算能力，明确目标方程式与已知方程式的关系是解本题关键，注意方程式可以进行加减，题目难度不大．7．（6分）（2015•重庆）羰基硫（COS）可作为一种粮食熏蒸剂，能防止某些昆虫、线虫和真菌的危害．在恒容密闭容器中，将CO和H2S混合加热并达到下列平衡：CO（g）+H2S（g）⇌COS（g）+H2（g）K=0.1反应前CO的物质的量为10mol，平衡后CO物质的量为8mol，下列说法正确的是（）A升高温度，H2S浓度增加，表明该反应是吸热反应．B通入CO后，正反应速率逐渐增大．C反应前H2S物质的量为7mol．DCO的平衡转化率为80%．考点：真题集萃；反应热和焓变；化学平衡的计算．分析：A．升高温度，H2S浓度增加，说明平衡逆向移动，升高温度，平衡向吸热反应方向移动；B．通入CO后，正反应速率瞬间增大，又逐渐减小；C．反应前CO的物质的量为10mol，平衡后CO物质的量为8mol，设反应前H2S物质的量为n，则：CO（g）+H2S（g）⇌COS（g）+H2（g）起始（mol）：10 n 0 0变化（mol）：2 2 2 2平衡（mol）：8 n﹣2 2 2反应恰好气体分子数目不变，利用物质的量代替浓度代入平衡常数表达式K=列方程计算；D．根据C中的计算数据计算CO的平衡转化率．解答：解：A．升高温度，H2S浓度增加，说明平衡逆向移动，升高温度，平衡向吸热反应方向移动，则该反应是放热反应，故A错误；B．通入CO后，正反应速率瞬间增大，又逐渐减小，故B错误；C．反应前CO的物质的量为10mol，平衡后CO物质的量为8mol，设反应前H2S物质的量为n，则：CO（g）+H2S（g）⇌COS（g）+H2（g）起始（mol）：10 n 0 0变化（mol）：2 2 2 2平衡（mol）：8 n﹣2 2 2反应恰好气体分子数目不变，可以利用物质的量代替浓度计算平衡常数，则K===0.1，解得n=7，故C正确；D．根据上述数据，可知CO的平衡转化率为×100%=20%，故D错误；故选C．点评：本题考查影响化学反应速率的因素、化学平衡常数应用、化学平衡的有关计算，比较基础，注意理解掌握三段式均解题法在化学平衡计算中的应用．二、综合题（本大题共4小题，共58分）8．（15分）（2015•重庆）某汽车安全气囊的产气药剂主要含有NaN3、Fe2O3、KClO4、NaHCO3等物质．当汽车发生碰撞时，产气药剂产生大量气体使气囊迅速膨胀，从而起到保护作用．（1）NaN3是气体发生剂，受热分解产生N2和Na，N2的电子式为．（2）Fe2O3是主氧化剂，与Na反应生成的还原产物为Fe（已知该反应为置换反应）．（3）KClO4是助氧化剂，反应过程中与Na作用生成KCl和Na2O，KClO4含有化学键的类型为离子键、共价键，K的原子结构示意图为．（4）NaHCO3是冷却剂，吸收产气过程中释放的热量而发生分解，其化学方程式为2NaHCO3Na2CO3+CO2↑+H2O．（5）100g上述产气药剂产生的气体通过碱石灰后得到N233.6L（标准状况）．①用碱石灰除去的物质为CO2、H2O；②该产气药剂中NaN3的质量分数为65%．考点：真题集萃；化学方程式的有关计算；化学键；氧化还原反应．分析：（1）由8电子结构可知，N2分子中N原子之间形成3对共用电子对；（2）Fe2O3是主氧化剂，与Na发生置换反应，则还原产物为Fe；（3）KClO4由钾离子与高氯酸根离子构成，高氯酸根离子中Cl原子与O原子之间形成共价键；K原子质子数为19，原子核外有4个电子层，各层电子数为2、8、8、1；（4）碳酸氢钠分解生成碳酸钠、二氧化碳与水；（5）①碱石灰可以吸收二氧化碳、水蒸汽；②根据n=计算氮气的物质的量，根据氮元素守恒计算n（NaN3），在根据m=nM计算m（NaN3），进而计算NaN3的质量分数．解答：解：（1）由8电子结构可知，N2分子中N原子之间形成3对共用电子对，其电子式为，故答案为：；（2）Fe2O3是主氧化剂，与Na发生置换反应，Fe元素发生还原反应，则还原产物为Fe，故答案为：Fe；（3）KClO4由钾离子与高氯酸根离子构成，高氯酸根离子中Cl原子与O原子之间形成共价键，含有离子键、共价键；K原子质子数为19，原子核外有4个电子层，各层电子数为2、8、8、1，原子结构示意图为，故答案为：离子键、共价键；；（4）碳酸氢钠分解生成碳酸钠、二氧化碳与水，反应方程式为：2NaHCO3Na2CO3+CO2↑+H2O，故答案为：2NaHCO3Na2CO3+CO2↑+H2O；（5）①碱石灰可以吸收二氧化碳、水蒸汽，用碱石灰除去的物质为CO2、H2O，故答案为：CO2、H2O；②氮气的物质的量=1.5mol，根据氮元素守恒n（NaN3）==1mol，则m（NaN3）=1mol×65g/mol=65g，故NaN3的质量分数为×100%=65%，故答案为：65%．点评：本题以汽车安全气囊的产气药剂为载体，考查电子式、化学键类型、化学反应方程式的书写、化学计算等知识，属于拼合型题目，侧重对基础知识的考查．9．（15分）（2015•重庆）ClO2与Cl2的氧化性相近．在自来水消毒和果蔬保鲜等方面应用广泛．某兴趣小组通过图1装置（夹持装置略）对其制备、吸收、释放和应用进行了研究．（1）仪器D的名称是锥形瓶．安装F中导管时，应选用图2中的b．（2）打开B的活塞，A中发生反应：2NaClO3+4HCl═2ClO2↑+Cl2↑+2NaCl+2H2O．为使ClO2在D中被稳定剂充分吸收，滴加稀盐酸的速度宜慢（填“快”或“慢”）．（3）关闭B的活塞，ClO2在D中被稳定剂完全吸收生成NaClO2，此时F中溶液的颜色不变，则装置C的作用是吸收Cl2．（4）已知在酸性条件下NaClO2可发生反应生成NaCl并释放出ClO2，该反应的离子方程式为4H++5ClO2﹣=Cl﹣+4ClO2↑+2H2O，在ClO2释放实验中，打开E的活塞，D中发生反应，则装置F的作用是验证是否有ClO2生成．（5）已吸收ClO2气体的稳定剂Ⅰ和稳定剂Ⅱ，加酸后释放ClO2的浓度随时间的变化如图3所示，若将其用于水果保鲜，你认为效果较好的稳定剂是稳定剂Ⅱ，原因是稳定剂Ⅱ可以缓慢释放ClO2，能较长时间维持保鲜所需的浓度．考点：真题集萃；性质实验方案的设计；制备实验方案的设计．分析：（1）根据仪器特征，可知仪器D是锥形瓶；F装置应是Cl2和KI反应，还需要连接尾气处理装置，所以应长管进气，短管出气；（2）为使ClO2在D中被稳定剂充分吸收，产生ClO2的速率要慢；（3）F装置中发生Cl2+2KI=2KCl+I2时，碘遇淀粉变蓝，而F中溶液的颜色不变，说明Cl2被吸收；（4）在酸性条件下NaClO2可发生反应生成NaCl并释放出ClO2，根据元素守恒可知应还有水生成，该反应的离子方程式为4H++5ClO2﹣=Cl﹣+4ClO2↑+2H2O；在ClO2释放实验中，打开E的活塞，D中发生反应，则装置F的作用是验证是否有ClO2生成；（5）由图可知，稳定剂Ⅱ可以缓慢释放ClO2，能较长时间维持保鲜所需的浓度．解答：解：（1）根据仪器特征，可知仪器D是锥形瓶；F装置应是Cl2和KI反应，还需要连接尾气处理装置，所以应长管进气，短管出气，故选b，故答案为：锥形瓶；b；（2）为使ClO2在D中被稳定剂充分吸收，产生ClO2的速率要慢，故滴加稀盐酸的速度要慢，故答案为：慢；（3）F装置中发生Cl2+2KI=2KCl+I2时，碘遇淀粉变蓝，而F中溶液的颜色不变，则装置C的作用是吸收Cl2，故答案为：吸收Cl2；（4）在酸性条件下NaClO2可发生反应生成NaCl并释放出ClO2，根据元素守恒可知应还有水生成，该反应的离子方程式为：4H++5ClO2﹣=Cl﹣+4ClO2↑+2H2O；在ClO2释放实验中，打开E的活塞，D中发生反应，则装置F的作用是验证是否有ClO2生成，故答案为：4H++5ClO2﹣=Cl﹣+4ClO2↑+2H2O；验证是否有ClO2生成；（5）由图可知，稳定剂Ⅱ可以缓慢释放ClO2，能较长时间维持保鲜所需的浓度，所以稳定剂Ⅱ好，故答案为：稳定剂Ⅱ；稳定剂Ⅱ可以缓慢释放ClO2，能较长时间维持保鲜所需的浓度．点评：本题以ClO2的制备、吸收、释放为载体，考查实验制备方案设计、基本操作、对装置及操作的分析评价等，注意根据问题进行制备流程分析，难度中等．10．（14分）（2015•重庆）某“化学鸡尾酒”通过模拟臭虫散发的聚集信息素可高效诱捕臭虫，其中一种组分T可通过下列反应路线合成（部分反应条件略）．（1）A的化学名称是丙烯，A→B新生成的官能团是﹣Br；（2）D的核磁共振氢谱显示峰的组数为2．（3）D→E的化学方程式为CH2BrCHBrCH2Br+2NaOH HC≡CCH2Br+2NaBr+2H2O．（4）G与新制的Cu（OH）2发生反应，所得有机物的结构简式为HC≡CCOONa．（5）L可由B与H2发生加成反应而得，已知R1CH2Br+NaC≡CR2→R1CH2C≡CR2+NaBr，则M的结构简式为CH3CH2CH2 C≡CCHO．（6）已R3C≡CR4，则T的结构简式为．考点：真题集萃；有机物的推断．专题：有机物的化学性质及推断．分析：根据A、B结构简式知，A发生取代反应生成B，B和溴发生加成反应生成D，D在氢氧化钠的醇溶液中加热发生消去反应生成E，E发生水解反应然后发生氧化反应生成G，G结构简式为HC≡CCHO，G和NaNH2反应生成J，根据G和J结构简式知，该反应为取代反应；L可由B与H2发生加成反应而得，则L为CH3CH2CH2Br，根据R1CH2Br+NaC≡CR2→R1CH2 C≡CR2+NaBr知，M结构简式为CH3CH2CH2 C≡CCHO，根据R3C≡CR4知，T结构简式为，据此分析解答．解答：解：根据A、B结构简式知，A发生取代反应生成B，B和溴发生加成反应生成D，D在氢氧化钠的醇溶液中加热发生消去反应生成E，E发生水解反应然后发生氧化反应生成G，G结构简式为HC≡CCHO，G和NaNH2反应生成J，根据G和J结构简式知，该反应为取代反应；L可由B与H2发生加成反应而得，则L为CH3CH2CH2Br，根据R1CH2Br+NaC≡CR2→R1CH2 C≡CR2+NaBr知，M结构简式为CH3CH2CH2 C≡CCHO，根据R3C≡CR4知，T结构简式为，（1）A的化学名称是丙烯，A→B新生成的官能团是﹣Br，故答案为：丙烯；﹣Br；（2）D中两种氢原子，所以D的核磁共振氢谱显示峰的组数为2，故答案为：2；（3）D在氢氧化钠的醇溶液中加热发生消去反应生成E，D→E的化学方程式为CH2BrCHBrCH2Br+2NaOH HC≡CCH2Br+2NaBr+2H2O，故答案为：CH2BrCHBrCH2Br+2NaOH HC≡CCH2Br+2NaBr+2H2O；（4）G与新制的Cu（OH）2发生反应，G中醛基被氧化生成羧基，羧基和NaOH反应生成﹣COONa，所得有机物的结构简式为HC≡CCOONa，故答案为：HC≡CCOONa；（5）通过以上分析知，M的结构简式为CH3CH2CH2 C≡CCHO，故答案为：CH3CH2CH2 C≡CCHO；（6）通过以上分析知，T结构简式为，故答案为：．点评：本题考查有机物推断，为高频考点，侧重考查学生分析推断及知识迁移能力，根据反应条件、物质结构简式结合（5）（6）题中信息进行推断，知道常见有机反应类型及反应条件，题目难度中等．11．（14分）（2015•重庆）我国古代青铜器工艺精湛，有很高的艺术价值和历史价值，但出土的青铜器大多受到环境腐蚀，故对其进行修复和防护具有重要意义．（1）原子序数为29的铜元素位于元素周期表中第四周期．（2）某青铜器中Sn、Pb的质量分别为119g、20.7g，则该青铜器中Sn和Pb原子数目之比为10：1．（3）研究发现，腐蚀严重的青铜器表面大都存在CuCl．关于CuCl在青铜器腐蚀过程中的催化作用，下列叙述正确的是AB．A．降低了反应的活化能B．增大了反应的速率C．降低了反应的焓变D．增大了反应的平衡常数（4）采用“局部封闭法”可以防止青铜器进一步被腐蚀．如将糊状Ag2O涂在被腐蚀部位，Ag2O与有害组分CuCl发生复分解反应，该化学方程式为Ag2O+2CuCl=2AgCl+Cu2O．（5）如图为青铜器在潮湿环境中发生的电化学腐蚀的原理示意图．①腐蚀过程中，负极是c（填图中字母“a”或“b”或“c”）；②环境中的Cl﹣扩散到孔口，并与正极反应产物和负极反应产物作用生成多孔粉状锈Cu2（OH）3Cl，其离子方程式为2Cu2++3OH﹣+Cl﹣=Cu2（OH）3Cl↓；③若生成4.29gCu2（OH）3Cl，则理论上耗氧体积为0.448L（标准状况）．考点：真题集萃；位置结构性质的相互关系应用；反应热和焓变；原电池和电解池的工作原理；铜金属及其重要化合物的主要性质．分析：（1）原子核外电子层数与其周期数相等，Cu原子核外有4个电子层；（2）Sn、Pb的物质的量之比=：=1mol：0.1mol=10：1，根据N=nN A知，物质的量之比等于其个数之比；（3）A．催化剂降低了反应的活化能，增大活化分子百分数；B．催化剂降低了反应的活化能，增大活化分子百分数，增大活化分子之间的碰撞机会；C．催化剂改变反应路径，但焓变不变；D．平衡常数只与温度有关；（4）Ag2O与有害组分CuCl发生复分解反应，则二者相互交换成分生成另外的两种化合物；（5）①根据图知，氧气得电子生成氢氧根离子、Cu失电子生成铜离子，发生吸氧腐蚀，则Cu作负极；②Cl﹣扩散到孔口，并与正极反应产物和负极反应产物作用生成多孔粉状锈Cu2（OH）3Cl，负极上生成铜离子、正极上生成氢氧根离子，所以该离子反应为氯离子、铜离子和氢氧根离子反应生成Cu2（OH）3Cl沉淀；③n[Cu2（OH）3Cl]==0.05mol，根据转移电子计算氧气物质的量，再根据V=nV m计算体积．解答：解：（1）原子核外电子层数与其周期数相等，Cu原子核外有4个电子层，所以Cu元素位于第四周期，故答案为：四；（2）Sn、Pb的物质的量之比=：=1mol：0.1mol=10：1，根据N=nN A知，物质的量之比等于其个数之比，所以Sn、Pb原子个数之比为10：1，故答案为：10：1；（3）A．催化剂降低了反应的活化能，增大活化分子百分数，故A正确；B．催化剂降低了反应的活化能，增大活化分子百分数，增大活化分子之间的碰撞机会，所以反应速率增大，故B正确；C．催化剂改变反应路径，但焓变不变，故C错误；D．平衡常数只与温度有关，温度不变，平衡常数不变，与催化剂无关，故D错误；故选AB；（4）Ag2O与有害组分CuCl发生复分解反应，则二者相互交换成分生成另外的两种化合物，反应方程式为Ag2O+2CuCl=2AgCl+Cu2O，故答案为：Ag2O+2CuCl=2AgCl+Cu2O；（5）①根据图知，氧气得电子生成氢氧根离子、Cu失电子生成铜离子，发生吸氧腐蚀，则Cu作负极，即c是负极，故答案为：c；②Cl﹣扩散到孔口，并与正极反应产物和负极反应产物作用生成多孔粉状锈Cu2（OH）3Cl，负极上生成铜离子、正极上生成氢氧根离子，所以该离子反应为氯离子、铜离子和氢氧根离子反应生成Cu2（OH）3Cl沉淀，离子方程式为2Cu2++3OH﹣+Cl﹣=Cu2（OH）3Cl↓，故答案为：2Cu2++3OH﹣+Cl﹣=Cu2（OH）3Cl↓；③n[Cu2（OH）3Cl]==0.02mol，根据转移电子得n（O2）==0.02mol，V（O2）=90.02mol×22.4L/mol=0.448L，故答案为：0.448．点评：本题考查较综合，侧重考查学生自身综合应用及计算能力，涉及氧化还原反应计算、离子方程式及复分解反应方程式的书写、原电池原理、催化剂的作用等知识点，利用原电池原理、物质性质及转移电子守恒进行解答，易错点是（3）题，题目难度中等．。
重庆市部分学校2015届高考化学模拟试卷(含解析)
重庆市部分学校2015届高考化学模拟试卷一、选择题（本大题共7小题，每小题6分，共42分．每小题只有一个选项符合题意．）1．（6分）下列有关说法中，正确的是（）A．光导纤维、聚酯纤维、棉花都属于有机高分子化合物B．在大米酿酒的过程中，淀粉最后变成了单糖C．“地沟油”经过加工处理后可以用来制肥皂D．明矾和漂白粉处理自来水，二者的作用原理相同2．（6分）下列离子反应方程式错误的是（）A．向Na2SiO3溶液中逐滴加入少量稀盐酸：SiO32﹣+2H+═H2SiO3（胶体）B．稀Fe（NO3）2溶液中加入稀盐酸：Fe2++4H++NO3﹣═Fe3++NO↑+2H2OC．将Cu片加入稀硝酸中：3Cu+8H++2NO3﹣═3Cu2++2NO↑+4H2OD．向NH4Al（SO4）2溶液中加入过量的Ba（OH）2稀溶液：NH4++Al3++2SO42﹣+2Ba2++5OH﹣═2BaSO4↓+NH3•H2O+AlO2﹣+2H2O3．（6分）设N A为阿伏加德罗常数的值．下列说法正确的是（）A．12g金刚石晶体中含有的C﹣C的数目为2N AB．1L 1 mo l•L﹣1AlCl3溶液中含有的Al3+数目为N AC．在标况下，11.2L氯气通入足量的NaOH溶液中转移电子数为N AD．18g重水（D2O）含有的中子数为10 N A4．（6分）下列实验操作、现象和结论均为正确的是（）选项操作现象结论A ①将湿润的红色石蕊试纸靠近试管口试纸不变色NH4Cl受热不分解B ②中振荡后静置下层液体颜色变浅 NaOH溶液可除去溶在溴苯中的Br2C ③加热洗气瓶中溶液褪色生成了乙烯D ④通电A极上有红色固体析出锌的金属性比铜强A．A B．B C．C D．D5．（6分）已知A、B、C、D、E是短周期中原子序数依次增大的5种主族元素，其中元素A、E的单质在常温下呈气态，元素B的原子最外层电子数是其电子层数的2倍，元素C在同周期的主族元素中原子半径最大，元素D的合金是日常生活中常用的金属材料．下列说法正确的是（）A．元素A、B组成的化合物常温下一定呈气态B．元素C、D的最高价氧化物对应的水化物之间不能发生反应C．工业上常用电解法制备元素C、D、E的单质D．化合物AE与CE有相同类型的化学键6．（6分）亚硝酸钠（NaNO2）是一种具有咸味、有毒，且价格比食盐（NaCl）便宜的工业用盐，常被误作食盐使用，导致多起中毒事故发生．它的部分性质如图，下列说法错误的是（）A．可用淀粉碘化钾试纸和食醋鉴别食盐（NaCl）与亚硝酸钠（NaNO2）B．N2H4极易溶于水，因为它是极性分子且与水分子之间易形成氢键C．NaNO2与N2H4生成NaN3的反应方程式为：NaNO2+N2H4═NaN3+2H2OD．如图所涉及到的化学反应都是氧化还原反应7．（6分）下列溶液或浊液中，关于离子浓度的说法正确的是（）A．一定浓度的氨水加水稀释的过程中，c（NH4+）/c（NH3•H2O）的比值减小B．浓度均为0.1 mol•L﹣1的Na2CO3、NaHCO3混合溶液中：c（CO32﹣）＞c（HCO3﹣），且2c（Na+）=3[c（CO32﹣）+c（HCO3﹣）]C．0.2 mol•L﹣1的醋酸（CH3COOH）溶液与0.1 mol•L﹣1NaOH溶液等体积混合后：c（CH3COO﹣）+2c（OH﹣）=c（CH3COOH）+2c（H+）D．常温下，已知：K sp（AgCl）=1.8×10﹣10，K sp（Ag2Cr2O4）=2.0×10﹣12，则Ag2CrO4悬浊液中的c（Ag+）一定小于AgCl悬浊液中的c（Ag+）二、非选择题（本大题共4小题，共58分）8．（14分）已知三氯化铁的熔点为306℃，沸点为315℃，易溶于水并且有强烈的吸水性，能吸收空气里的水分而潮解．某学习小组的同学对氯气与铁的反应及产物做了如下探究实验：（1）装置的连接顺序为．（2）饱和食盐水的作用是．（3）反应一段时间后熄灭酒精灯，冷却后将硬质玻璃管及收集器中的物质一并快速转移至锥形瓶中，加入过量的稀盐酸和少许植物油（反应过程中不振荡），充分反应后，进行如下实验：①淡黄色溶液中加入试剂X生成淡红色溶液的离子反应方程式为．②淡红色溶液中加入过量H2O2后溶液红色加深的原因是．（4）已知红色褪去的同时有气体生成，经检验为O2．该小组同学对红色褪去的原因进行探究．①取褪色后溶液三份，第一份滴加FeCl3溶液无明显变化；第二份滴加试剂X，溶液出现红色；第三份滴加稀HCl和BaCl2溶液，产生白色沉淀．②另取同浓度的 FeCl3溶液滴加2滴试剂X，溶液变红，再通入O2，无明显变化．实验①说明；实验②的目的是；得出结论：溶液褪色的原因是．9．（14分）制作软质隐形眼镜高分子材料（M）和聚酯PET的合成路线如下：已知酯与醇可发生如下酯交换反应：RCOOR′+R″OH RCO OR″+R′OH（R、R′、R″代表有机基团）（1）A的相对分子质量是28，A、B分子中含有的官能团分别是．（2）B的名称是．（3）反应I的反应类型是（选填字母）．a．加聚反应 b．缩聚反应（4）有关B、C、D的说法正确的是．a.1mol B最多可以和1mol C反应b．C、D都能使Br2的CCl4溶液褪色c．D与NaOH溶液共热后可以得到B和C（5）B→D的化学方程式是．（6）C有多种同分异构体，其中一种是合成纤维维尼纶的单体，该分子在酸性环境下水解得到两种产物，它们的相对分子质量相差16，该同分异构体的结构简式是．（7）反应Ⅱ的化学方程式是．10．（14分）工业上回收利用某合金废料（主要含Fe、Cu、Co、Li等，已知Co、Fe都是中等活泼金属）的工艺流程如下：（1）金属M为，操作1为．（2）加入H2O2的作用是（用离子方程式表示），加入氨水的作用是．（3）充分焙烧的化学方程式为．（4）已知Li2CO3微溶于水，其饱和溶液的浓度与温度关系见下表．操作2中，蒸发浓缩后必须趁热过滤，其原因是，90℃时Ksp（Li2CO3）的值为．温度/℃10 30 60 90浓度/mol・L﹣10.21 0.17 0.14 0.10（5）用惰性电极电解熔融Li2CO3制取锂，阳极生成两种气体，则阳极的电极反应式为．11．（16分）甲醇又称“木醇”或“木精”，沸点64.7℃，是无色有酒精气味易挥发的液体．甲醇有毒，误饮5～10mL能双目失明，大量饮用会导致死亡．甲醇是重要的化学工业基础原料和液体燃料，可用于制造甲醛和农药，并常用作有机物的萃取剂和酒精的变性剂等．（1）工业上可利用CO2和H2生产甲醇，方程式如下：CO2（g）+3H2（g）⇌CH3OH（l）+H2O （g）△H=Q1kJ•mol﹣1又查资料得知：①CH3OH（l）+1/2O2（g）⇌CO2（g）+2H2（g）△H=Q2kJ•mol﹣1②H2O（g）=H2O（l）△H=Q3kJ•mol﹣1，则表示甲醇的燃烧热的热化学方程式为．（2）工业上可用CO和H2O（g）来合成CO2和H2，再利用（1）中反应原理合成甲醇．某温度下，将1molCO和1.5molH2O充入10L固定密闭容器中进行化学反应：CO（g）+H2O（g）⇌CO2（g）+H2（g）△H＞0，当反应进行到10min时达到平衡，此时测得H2为0.6mol．回答下列问题：①0～10min内H2O（g）的平均反应速率为．②若想加快正反应速率的同时提高CO的转化率，可以采用的方法是．a．升高温度b．缩小容器的体积c．增大H2O （g）的浓度d．加入适当的催化剂③若保持温度容积不变再向其中充入1molCO和0.5molH2O（g），重新达到化学平衡状态时，此时平衡混合气体中H2的体积分数为．（3）甲醇燃料电池是符合绿色化学理念的新型燃料电池，下图是以甲醇燃料电池（甲池）为电源的电解装置．已知：A、B、C、D、E、F都是惰性电极，丙中为0.1mol/L CuSO4溶液（假设反应前后溶液体积不变），当向甲池通入气体a和b时，D极附近呈红色．回答下列问题：①a物质是，A电极的电极反应式为．②乙装置中的总化学反应方程式为．③当乙装置中C电极收集到224mL（标况下）气体时，丙中溶液的pH=．重庆市部分学校2015届高考化学模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共7小题，每小题6分，共42分．每小题只有一个选项符合题意．）1．（6分）下列有关说法中，正确的是（）A．光导纤维、聚酯纤维、棉花都属于有机高分子化合物B．在大米酿酒的过程中，淀粉最后变成了单糖C．“地沟油”经过加工处理后可以用来制肥皂D．明矾和漂白粉处理自来水，二者的作用原理相同考点：有机高分子化合物的结构和性质；胶体的重要性质；氯、溴、碘及其化合物的综合应用；油脂的性质、组成与结构；淀粉的性质和用途．分析：A．相对分子质量在10000以上的有机化合物为高分子化合物；B．淀粉水解生成葡萄糖，葡萄糖分解生成酒精；C．油脂在碱性条件下水解生成肥皂；D．明矾水解生成具有吸附性的氢氧化铝胶体．解答：解：A．光导纤维的成分是二氧化硅，相对分子质量较小，不是高分子化合物，故A 错误；B．淀粉水解生成葡萄糖，葡萄糖分解生成酒精，故B错误；C．油脂在碱性条件下水解生成肥皂和甘油，所以可以用“地沟油”经过加工处理后可以用来制肥皂，故C正确；D．明矾水解生成具有吸附性的氢氧化铝胶体，不具有强氧化性，只能用于除去水的悬浮物，而漂白粉可用于杀菌消毒，故D错误．故选C．点评：本题考查较为综合，侧重于化学与生活、环境的考查，为高频考点和常见题型，有利于培养学生良好的科学素养，提高学习的积极性，难度不大，注意相关基础知识的积累．2．（6分）下列离子反应方程式错误的是（）A．向Na2SiO3溶液中逐滴加入少量稀盐酸：SiO32﹣+2H+═H2SiO3（胶体）B．稀Fe（NO3）2溶液中加入稀盐酸：Fe2++4H++NO3﹣═Fe3++NO↑+2H2OC．将Cu片加入稀硝酸中：3Cu+8H++2NO3﹣═3Cu2++2NO↑+4H2OD．向NH4Al（SO4）2溶液中加入过量的Ba（OH）2稀溶液：NH4++Al3++2SO42﹣+2Ba2++5OH﹣═2BaSO4↓+NH3•H2O+AlO2﹣+2H2O考点：离子方程式的书写．分析：A．硅酸钠与盐酸反应生成硅酸胶体和氯化钠；B．电荷不守恒；C．铜与稀硝酸反应生成硝酸铜和一氧化氮和水；D．氢氧化钡过量反应生成硫酸钡、一水合氨和偏铝酸钡和水．解答：解：A．硅酸钠与盐酸反应离子方程式：SiO32﹣+2H+═H2SiO3（胶体），故A正确；B．稀Fe（NO3）2溶液中加入稀盐酸，离子方程式：3Fe2++4H++NO3﹣═3Fe3++NO↑+2H2O，故B错误；C．将Cu片加入稀硝酸中反应生成硝酸铜和一氧化氮和水：3Cu+8H++2NO3﹣═3Cu2++2NO↑+4H2O，故C正确；D．向NH4Al（SO4）2溶液中加入过量的Ba（OH）2稀溶液，离子方程式：NH4++Al3++2SO42﹣+2Ba2++5OH﹣═2BaSO4↓+NH3•H2O+AlO2﹣+2H2O，故D正确；故选：B．点评：本题考查了离子方程式书写，明确反应实质是解题关键，注意反应物用量对反应的影响，选项D为易错选项．3．（6分）设N A为阿伏加德罗常数的值．下列说法正确的是（）A．12g金刚石晶体中含有的C﹣C的数目为2N AB．1L 1 mol•L﹣1AlCl3溶液中含有的Al3+数目为N AC．在标况下，11.2L氯气通入足量的NaOH溶液中转移电子数为N AD．18g重水（D2O）含有的中子数为10 N A考点：阿伏加德罗常数．分析：A、求出金刚石的物质的量，然后根据1mol金刚石中含2molC﹣C键来分析；B、Al3+是弱碱阳离子，在溶液中会水解；C、氯气与碱的反应为歧化反应；D、重水的摩尔质量为20g/mol．解答：解：A、12g金刚石的物质的量为1mol，而1mol金刚石中含2molC﹣C键，故A正确；B、Al3+是弱碱阳离子，在溶液中会水解，故溶液中Al3+的个数小于N A，故B错误；C、标况下，11.2L氯气的物质的量为0.5mol，氯气与碱的反应为歧化反应，1mol氯气转移1mol电子，故0.5mol氯气转移0.5mol电子，故C错误；D、重水的摩尔质量为20g/mol，故18g重水的物质的量为0.9mol，而1mol重水中含10mol中子，故0.9mol重水中含9mol中子，故D错误．故选A．点评：本题考查了阿伏伽德罗常数的有关计算，熟练掌握公式的使用和物质的结构是解题关键，难度不大．4．（6分）下列实验操作、现象和结论均为正确的是（）选项操作现象结论A ①将湿润的红色石蕊试纸靠近试管口试纸不变色NH4Cl受热不分解B ②中振荡后静置下层液体颜色变浅 NaOH溶液可除去溶在溴苯中的Br2C ③加热洗气瓶中溶液褪色生成了乙烯D ④通电A极上有红色固体析出锌的金属性比铜强A．A B．B C．C D．D考点：化学实验方案的评价．分析：A．分解得到的氨气与HCl又结合为氯化铵；B．氢氧化钠与溴反应，溴苯不与水互溶，且密度大于水；C．挥发出的乙醇也可以使酸性高锰酸钾溶液褪色；D．A连接电源负极，为阴极，铜离子氧化性比锌离子氧化性强，通电时A极有Cu析出．解答：解：A．氯化铵受热分解为氨气与HCl，受冷后氨气与HCl又结合为氯化铵，故湿润的红色石蕊试纸靠近试管口试纸不变色，故A错误；B．氢氧化钠与溴反应，溴苯不与水互溶，且密度大于水，静置后，溶液分层，下层液体颜色变浅，可以用NaOH溶液可除去溶在溴苯中的Br2，故B正确；C．挥发出的乙醇被酸性高锰酸钾氧化为乙酸，也可以使酸性高锰酸钾溶液褪色，故C错误；D．A连接电源负极，为阴极，通电时，A电极发生还原反应，有Cu析出，铜离子氧化性比锌离子氧化性强，说明Zn的金属性比Cu强，故D正确，故选BD．点评：本题考查实验方案设计与评价，C选项为易错点，学生容易考虑乙烯，而忽略挥发出的乙醇，是对学生综合能力的考查，难度中等．5．（6分）已知A、B、C、D、E是短周期中原子序数依次增大的5种主族元素，其中元素A、E的单质在常温下呈气态，元素B的原子最外层电子数是其电子层数的2倍，元素C在同周期的主族元素中原子半径最大，元素D的合金是日常生活中常用的金属材料．下列说法正确的是（）A．元素A、B组成的化合物常温下一定呈气态B．元素C、D的最高价氧化物对应的水化物之间不能发生反应C．工业上常用电解法制备元素C、D、E的单质D．化合物AE与CE有相同类型的化学键考点：原子结构与元素的性质．分析：元素B的原子最外层电子数是其电子层数的2倍，B为2个电子层时，B为C，为3个电子层时为S，A、E的单质在常温下呈气态，元素C在同周期的主族元素中原子半径最大，则C为Na元素，元素D的合金是日常生活中常用的金属材料，则D为Al，结合原子序数依次增大，则E为Cl，B只能为C，A为H，然后结合元素及其化合物的性质来解答．解答：解：元素B的原子最外层电子数是其电子层数的2倍，B为2个电子层时，B为C，为3个电子层时为S，A、E的单质在常温下呈气态，元素C在同周期的主族元素中原子半径最大，则C为Na元素，元素D的合金是日常生活中常用的金属材料，则D为Al，结合原子序数依次增大，则E为Cl，B只能为C，A为H，A．元素A、B组成的化合物常温下可能为气态、液体、固体，如烷烃中C原子数少于4个为气体，随碳原子个数增多，为液体、固体，故A错误；B．元素C、D的最高价氧化物对应的水化物分别为NaOH、氢氧化铝，能发生反应，故B错误；C．C、D、E的单质为Na、Al、Cl2，工业上常用电解熔融的NaCl制备Na，电解熔融的氧化铝制备铝，电解氯化钠溶液制备氯气，故C正确；D．化合物AE为HCl，含共价键，CE为NaCl，含离子键，化学键类型不同，故D错误；故选C．点评：本题考查位置、结构、性质的关系及应用，元素的推断是解答的关键，注意把握元素的性质及单质、化合物的性质即可解答，题目难度中等．6．（6分）亚硝酸钠（NaNO2）是一种具有咸味、有毒，且价格比食盐（NaCl）便宜的工业用盐，常被误作食盐使用，导致多起中毒事故发生．它的部分性质如图，下列说法错误的是（）A．可用淀粉碘化钾试纸和食醋鉴别食盐（NaCl）与亚硝酸钠（NaNO2）B．N2H4极易溶于水，因为它是极性分子且与水分子之间易形成氢键C．NaNO2与N2H4生成NaN3的反应方程式为：NaNO2+N2H4═NaN3+2H2OD．如图所涉及到的化学反应都是氧化还原反应考点：亚硝酸盐；氢键的存在对物质性质的影响；氧化还原反应．分析：A．亚硝酸钠具有强的氧化性，酸性环境下能够与碘化钾发生氧化还原反应生成碘单质；B．含N、O、F的氢化物可形成氢键，氢键影响水溶性；C．依据图中转化关系可知：NaNO2与N2H4生成NaN3和水，反应中N元素化合价由+3价、﹣2价变为﹣价；D．氧化还原反应必须有化合价的变化．解答：解：A．依据图中转化关系可知，亚硝酸钠在酸性环境下能够氧化碘化钾生成单质碘，碘与到淀粉变蓝，氯化钠和KI不反应，可以用来鉴别氯化钠和亚硝酸钠，故A正确；B．肼和水分子都是极性分子，且二者之间能形成氢键，所以促进肼溶解，故B正确；C．NaNO2与N2H4生成NaN3和水，反应中N元素化合价由+3价、﹣2价变为﹣价，依据得失电子守恒，反应方程式为：NaNO2+N2H4═NaN3+2H2O，故C正确；D．从图中转化关系可知亚硝酸钠与氯化铵溶液反应生成亚硝酸氨和氯化钠，属于复分解反应，不存在元素化合价变化，不属于氧化还原反应，故D错误；故选：D．点评：本题主要考查了亚硝酸钠的性质和氧化还原的知识，解题关键在于准确把握图中转化关系，熟悉发生的化学反应，题目难度中等．7．（6分）下列溶液或浊液中，关于离子浓度的说法正确的是（）A．一定浓度的氨水加水稀释的过程中，c（NH4+）/c（NH3•H2O）的比值减小B．浓度均为0.1 mol•L﹣1的Na2CO3、NaHCO3混合溶液中：c（CO32﹣）＞c（HCO3﹣），且2c（Na+）=3[c（CO32﹣）+c（HCO3﹣）]C．0.2 mol•L﹣1的醋酸（CH3COOH）溶液与0.1 mol•L﹣1NaOH溶液等体积混合后：c（CH3COO﹣）+2c（OH﹣）=c（CH3COOH）+2c（H+）D．常温下，已知：K sp（AgCl）=1.8×10﹣10，K sp（Ag2Cr2O4）=2.0×10﹣12，则Ag2CrO4悬浊液中的c（Ag+）一定小于AgCl悬浊液中的c（Ag+）考点：离子浓度大小的比较．分析：A．加水稀释促进一水合氨电离；B．混合溶液中，CO32﹣的水解程度远远大于HCO3﹣，溶液中存在物料守恒，根据物料守恒判断；C．二者混合后，溶液中的溶质为等物质的量浓度的CH3COOH、CH3COONa，溶液中存在电荷守恒、物料守恒；D．未告知溶液是否是饱和溶液，所以无法确定银离子浓度大小．解答：解：A．加水稀释促进一水合氨电离，所以n（NH4+）增大、n（NH3•H2O）减小，则c （NH4+）/c（NH3•H2O）增大，故A错误；B．混合溶液中，CO32﹣的水解程度远远大于HCO3﹣，所以c（CO32﹣）＜c（HCO3﹣），溶液中存在物料守恒，根据物料守恒得2c（Na+）=3[c（CO32﹣）+c（HCO3﹣）]，故B错误；C．二者混合后，溶液中的溶质为等物质的量浓度的CH3COOH、CH3COONa，溶液中存在电荷守恒c（CH3COO﹣）+c（OH﹣）=c（Na+）+c（H+）、物料守恒2c（Na+）=C（CH3COOH）+C（CH3COO﹣），所以得c（CH3COO﹣）+2c（OH﹣）=c（CH3COOH）+2c（H+），故C正确；D．未告知溶液是否是饱和溶液，所以无法确定银离子浓度大小，故D错误；故选C．点评：本题考查离子浓度大小比较，侧重考查学生分析、判断能力，明确溶液中的溶质及其性质是解本题关键，注意守恒思想的灵活运用，易错选项是A，如果单纯考虑c（NH4+）、c （NH3•H2O），二者浓度都减小，不容易判断，考虑物质的量就很容易判断，为易错点．二、非选择题（本大题共4小题，共58分）8．（14分）已知三氯化铁的熔点为306℃，沸点为315℃，易溶于水并且有强烈的吸水性，能吸收空气里的水分而潮解．某学习小组的同学对氯气与铁的反应及产物做了如下探究实验：（1）装置的连接顺序为a、g、h、d、e、b、c、f．（2）饱和食盐水的作用是除去氯气中的氯化氢气体．（3）反应一段时间后熄灭酒精灯，冷却后将硬质玻璃管及收集器中的物质一并快速转移至锥形瓶中，加入过量的稀盐酸和少许植物油（反应过程中不振荡），充分反应后，进行如下实验：①淡黄色溶液中加入试剂X生成淡红色溶液的离子反应方程式为Fe3++3SCN﹣⇌Fe（SCN）3．②淡红色溶液中加入过量H2O2后溶液红色加深的原因是Fe2+被H2O2氧化生成Fe3+，从而增大Fe3+浓度，Fe3+、SCN﹣反应生成Fe（SCN）3，从而增大络合物浓度．（4）已知红色褪去的同时有气体生成，经检验为O2．该小组同学对红色褪去的原因进行探究．①取褪色后溶液三份，第一份滴加FeCl3溶液无明显变化；第二份滴加试剂X，溶液出现红色；第三份滴加稀HCl和BaCl2溶液，产生白色沉淀．②另取同浓度的 FeCl3溶液滴加2滴试剂X，溶液变红，再通入O2，无明显变化．实验①说明SCN﹣发生了反应而不是Fe3+发生反应；实验②的目的是排除H2O2分解产生的O2氧化SCN﹣的可能；得出结论：溶液褪色的原因是H2O2将SCN﹣氧化成SO42﹣．考点：探究物质的组成或测量物质的含量．分析：（1）排列顺序为气体的制取→洗气→干燥→氯气和铁的反应→尾气处理；（2）饱和食盐水吸收氯化氢而抑制氯气溶解；（3）①根据Fe3+和KSCN反应生成络合物硫氰化铁而使溶液呈血红色；②Fe2+被H2O2氧化生成Fe3+，从而增大Fe3+浓度；（4）根据①滴加FeCl3溶液无明显变化，说明SCN﹣发生了反应而不是Fe3+发生反应，滴加稀HCl和BaCl2溶液，产生白色沉淀，说明生成了硫酸根；根据②另取同浓度的 FeCl3溶液滴加2滴试剂X，溶液变红，再通入O2，无明显变化，说明O2不能氧化SCN﹣．解答：解：（1）浓硫酸具有吸水性能作氯气干燥剂、碱石灰具有碱性而吸收氯气、饱和食盐水吸收氯化氢而抑制氯气溶解，装置排列顺序为气体的制取→洗气→干燥→氯气和铁的反应→尾气处理，所以装置连接顺序为a→g→h→d→e→b→c→f，故答案为：a、g、h、d、e、b、c、f；（2）饱和食盐水吸收氯化氢而抑制氯气溶解，故答案为：除去氯气中的氯化氢气体；（3）①Fe3+和KSCN反应生成络合物硫氰化铁而使溶液呈血红色，反应方程式为Fe3++3SCN﹣⇌Fe （SCN）3；故答案为：Fe3++3SCN﹣⇌Fe（SCN）3；②Fe2+被H2O2氧化生成Fe3+，从而增大Fe3+浓度，Fe3+、SCN﹣反应生成Fe（SCN）3，从而增大络合物浓度，溶液颜色加深，故答案为：Fe2+被H2O2氧化生成Fe3+，从而增大Fe3+浓度，Fe3+、SCN ﹣反应生成Fe（SCN）3，从而增大络合物浓度；（4）根据①滴加FeCl3溶液无明显变化，说明SCN﹣发生了反应而不是Fe3+发生反应，滴加稀HCl和BaCl2溶液，产生白色沉淀，说明生成了硫酸根；根据②另取同浓度的 FeCl3溶液滴加2滴试剂X，溶液变红，再通入O2，无明显变化，说明O2不能氧化SCN﹣，所以氧化SCN﹣的为双氧水；故答案为：SCN﹣发生了反应而不是Fe3+发生反应；排除H2O2分解产生的O2氧化SCN﹣的可能；H2O2将SCN﹣氧化成SO42﹣．点评：本题通过探究氯气与铁反应，考查了物质性质实验方案的设计方法，题目难度稍大，注意掌握氯气与铁反应的现象、反应原理，明确物质性质实验方案的设计原则，试题充分考查了学生的分析、理解能力及化学实验能力．9．（14分）制作软质隐形眼镜高分子材料（M）和聚酯PET的合成路线如下：已知酯与醇可发生如下酯交换反应：RCOOR′+R″OH RCO OR″+R′OH（R、R′、R″代表有机基团）（1）A的相对分子质量是28，A、B分子中含有的官能团分别是碳碳双键、羟基．（2）B的名称是乙二醇．（3）反应I的反应类型是a（选填字母）．a．加聚反应 b．缩聚反应（4）有关B、C、D的说法正确的是b．a.1mol B最多可以和1mol C反应b．C、D都能使Br2的CCl4溶液褪色c．D与NaOH溶液共热后可以得到B和C（5）B→D的化学方程式是．（6）C有多种同分异构体，其中一种是合成纤维维尼纶的单体，该分子在酸性环境下水解得到两种产物，它们的相对分子质量相差16，该同分异构体的结构简式是CH3COOCH=CH2．（7）反应Ⅱ的化学方程式是．考点：有机物的推断．专题：有机物的化学性质及推断．分析：根据M的结构简式可知D为CH2=C（CH3）COOCH2CH2OH，D发生加聚反应得M，A的相对分子质量是28，A与溴单质加成、再碱性水解得B，B与C在浓硫酸加热条件下得D，根据D的结构可知B为HOCH2CH2OH，C为CH2=C（CH3）COOH，进一步推得A为CH2=CH2，HOCH2CH2OH与发生信息中的反应得E，结合E的分子式可知E为，E发生信息中的反应可以得聚酯PET和B，据此答题．解答：解：根据M的结构简式可知D为CH2=C（CH3）COOCH2CH2OH，D发生加聚反应得M，A 的相对分子质量是28，A与溴单质加成、再碱性水解得B，B与C在浓硫酸加热条件下得D，根据D的结构可知B为HOCH2CH2OH，C为CH2=C（CH3）COOH，进一步推得A为CH2=CH2，HOCH2CH2OH与发生信息中的反应得E，结合E的分子式可知E为，E发生信息中的反应可以得聚酯PET和B，（1）A为CH2=CH2，B为HOCH2CH2OH，它们含有的官能团分别是碳碳双键、羟基，故答案为：碳碳双键、羟基；（2）B为HOCH2CH2OH，B的名称是乙二醇，故答案为：乙二醇；（3）根据上面的分析可知，反应I的反应类型是加聚反应，故选a，故答案为：a；（4）有关B、C、D的说法中，a．B中有两个羟基，所以1mol B最多可以和2mol C反应，故a错误；b．C、D中都有碳碳双键，都能使Br2的CCl4溶液褪色，故b正确；c．D与NaOH溶液共热后可以得到B和C的钠盐，故c错误，故选b；（5）B→D的化学方程式是，故答案为：；（6）C有多种同分异构体，其中一种是合成纤维维尼纶的单体，该分子在酸性环境下水解得到两种产物，它们的相对分子质量相差16，在分子组成上应该相差一个氧原子，该同分异构体的结构简式是CH3COOCH=CH2，故答案为：CH3COOCH=CH2；（7）反应Ⅱ的化学方程式是，故答案为：；点评：本题考查有机物的推断与合成，注意根据充分利用题中信息和有机物的结构进行推断，明确有机物的官能团及其性质是解本题关键，难度中等．10．（14分）工业上回收利用某合金废料（主要含Fe、Cu、Co、Li等，已知Co、Fe都是中等活泼金属）的工艺流程如下：（1）金属M为Cu，操作1为过滤．（2）加入H2O2的作用是（用离子方程式表示）2Fe2++H2O2+2H+=2Fe3++2H2O，加入氨水的作用是调节溶液的pH使Fe3+转化为Fe（OH）3沉淀．（3）充分焙烧的化学方程式为4CoC2O4・2H2O+3O22Co2O3+8H2O+8CO2．（4）已知Li2CO3微溶于水，其饱和溶液的浓度与温度关系见下表．操作2中，蒸发浓缩后必须趁热过滤，其原因是减少Li2CO3的溶解损失，90℃时Ksp（Li2CO3）的值为4.0×10﹣3．温度/℃10 30 60 90浓度/mol・L﹣10.21 0.17 0.14 0.10（5）用惰性电极电解熔融Li2CO3制取锂，阳极生成两种气体，则阳极的电极反应式为2CO32﹣﹣4e﹣=O2↑+CO2↑．考点：物质分离和提纯的方法和基本操作综合应用．专题：实验设计题．分析：合金废料（主要含Fe、Cu、Co、Li等，已知Co、Fe都是中等活泼金属）加入盐酸过滤得到金属M为不与盐酸反应的铜，浸出液中加入过氧化氢氧化亚铁离子为铁离子，加入氨水调节溶液PH使铁离子转化为氢氧化铁沉淀，通过操作Ⅰ过滤得到溶液A中加入草酸铵溶液沉淀钴离子过滤得到溶液B主要是锂离子的溶液，加入碳酸钠沉淀锂离子，过滤得到碳酸锂；结晶析出CoC2O4•2H2O足量空气煅烧得到氧化钴，以此解答该题．解答：解：合金废料（主要含Fe、Cu、Co、Li等，已知Co、Fe都是中等活泼金属）加入盐酸过滤得到金属M为不与盐酸反应的铜，浸出液中加入过氧化氢氧化亚铁离子为铁离子，加入氨水调节溶液PH使铁离子转化为氢氧化铁沉淀，通过操作Ⅰ过滤得到溶液A中加入草酸铵溶液沉淀钴离子过滤得到溶液B主要是锂离子的溶液，加入碳酸钠沉淀锂离子，过滤得到碳酸锂；结晶析出CoC2O4•2H2O足量空气煅烧得到氧化钴，（1）上述分析判断金属M为Cu，操作Ⅰ为过滤操作故答案为：Cu；过滤；（2）加入H2O2的作用是氧化亚铁离子为铁离子，反应的离子方程式为：2Fe2++H2O2+2H+=2Fe3++2H2O；加入氨水的作用是调节溶液PH使Fe3+转化为Fe（OH）3沉淀，故答案为：2Fe2++H2O2+2H+=2Fe3++2H2O；调节溶液的pH使Fe3+转化为Fe（OH）3沉淀；（3）CoC2O4焙烧生成Co2O3、CO2和水，反应的化学方程式为4CoC2O4・2H2O+3O22Co2O3+8 H2O+8CO2，故答案为：4CoC2O4・2H2O+3O22Co2O3+8 H2O+8CO2；（4）Li2CO3微溶于水，溶解度随温度升高而降低，为减少Li2CO3的溶解损失，蒸发浓缩后必须趁热过滤，90℃时c（Li2CO3）的浓度为0.10mol/L，则c（Li+）=0.20mol/L，c（CO32﹣）=0.10mol/L，则Ksp（Li2CO3）=0.20×0.20×0.10=4.0×10﹣3，故答案为：减少Li2CO3的溶解损失；4.0×10﹣3；。
重庆市2015年高考化学二轮复习滚动加练：常见无机物及其综合应用 Word版含解析
滚动加练3 常见无机物及其综合应用1．(2014·重庆调研)汽车安全气囊是行车安全的重要保障。
当车辆发生碰撞的瞬间，安全装置通电点火使其中的固体粉末分解释放出大量的氮气形成气囊，从而保护司机及乘客免受伤害。
为研究安全气囊工作的化学原理，取安全装置中的固体粉末进行实验。
经组成分析，确定该粉末仅含Na、Fe、N、O四种元素。
水溶性实验表明，固体粉末部分溶解。
经检测，可溶物为化合物甲；不溶物为红棕色固体，可溶于盐酸。
取13.0 g化合物甲，加热使其完全分解，生成氮气和单质乙，生成的氮气折合成标准状况下的体积为6.72 L。
单质乙在高温隔绝空气的条件下与不溶物红棕色粉末反应生成化合物丙和另一种单质。
化合物丙与空气接触可转化为可溶性盐。
请回答下列问题：(1)甲的化学式为________，丙的电子式为________。
(2)若丙在空气中转化为碳酸氢盐，则反应的化学方程式为_________________。
(3)单质乙与红棕色粉末发生反应的化学方程式为________，安全气囊中红棕色粉末的作用是_________。
(4)以下物质中，有可能作为安全气囊中红棕色粉末替代品的是________。
A．KCl B．KNO3C．Na2S D．CuO(5)设计一个实验方案，探究化合物丙与空气接触后生成可溶性盐的成分(不考虑结晶水合物)______________ _。
解析本题以汽车安全气囊为载体，主要考查常见单质及其化合物的相互转化关系。
题目体现了能力立意，侧重考查考生的推理能力和运用所学知识综合解决实际问题的能力。
(1)粉末由两种物质混合而成，且仅含Na、Fe、N、O四种元素，所以难溶性红棕色物质应是Fe2O3。
甲分解得到氮气和单质乙，则甲中只有两种元素，必定为N和Na。
n(N2)＝6.72 L22.4 L·mol－1＝0.3 mol，m(N2)＝0.3 mol×28 g·mol－1＝8.4 g，则n(Na)＝13.0 g－8.4 g23 g·mol－1＝0.2 mol，因此Na与N元素的物质的量之比：0.2mol ∶0.6 mol ＝1∶3，因此化合物甲为NaN 3。
2015年重庆市五区联考高考化学二模试卷
2015年重庆市五区联考高考化学二模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共7小题，共42.0分)1.下列有关生活、社会中的化学，说法不正确的是（）A.向煤中加入适量C a SO4，可大大减少烟气中的SO2B.为保证加酶洗衣粉的洗涤效果，应用温水溶解洗衣粉C.明矾水解形成的胶体能吸附水中悬浮物，可用于水的净化D.光导纤维在信息领域应用越来越广泛，光纤的主要成分是S i O2【答案】A【解析】解：A．为减少燃烧产物中SO2的量，一般是向煤中加入适量生石灰C a O，故A错误；B．酶在适宜的温度下，催化效果更好，所以为保证加酶洗衣粉的洗涤效果，应用温水溶解洗衣粉，故B正确；C．明矾电离出的铝离子部分水解生成氢氧化铝胶体，氢氧化铝胶体能吸附水中悬浮物，可用于水的净化，故C正确；D．光导纤维是一种新型无机材料，广泛应用于通信、信息处理等领域，其主要成分是S i O2，故D正确；故选A．A．向煤中进入适量C a O除去煤中二氧化硫，而不是加入硫酸钙；B．酶的主要成分为蛋白质，温水中可以提高酶的催化效果，增强洗涤效果；C．明矾电离出的铝离子水解生成氢氧化铝胶体，氢氧化铝胶体具有较大吸附面积，可以净化水；D．光导纤维的主要成分为二氧化硅，光导纤维广泛应用于信息领域．本题考查了二氧化硫的治理、酶的性质、二氧化硅的性质、水的净化等知识，难度难度知识，试题综合性较强、知识点较多，充分考查了学生的分析、理解能力及灵活应用基础知识的能力，试题将化学性质与实际生活向联系，增强了学生学习化学的兴趣．2.下列有关物质的应用与性质相一致的是（）A.SO2可用作漂白剂，原因是具有还原性B.F e C l3溶液可用于制印刷电路板，原因是能氧化C uC.C l2可制漂白粉，原因是能与N a OH反应D.A l（OH）3可用于治疗胃酸过多，原因是碱性强【答案】B【解析】解：A．SO2可用作漂白剂，原因是二氧化硫与有色物质化合生成无色物质，与其还原性无关，故A错误；B．C u与氯化铁反应生成氯化铜、氯化亚铁，则F e C l3溶液可用于制印刷电路板，故B 正确；C．漂白粉的成分为氯化钙、次氯酸钙，则C l2可制漂白粉，原因是能与石灰乳反应，故C错误；D．氢氧化铝与盐酸反应，可中和胃酸，原因是氢氧化铝为不溶性的弱碱，故D错误；故选B．A．二氧化硫可与有色物质化合生成无色物质；B．C u与氯化铁反应生成氯化铜、氯化亚铁；C．漂白粉的成分为氯化钙、次氯酸钙；D．氢氧化铝与盐酸反应，可中和胃酸．本题考查物质的性质，为高频考点，综合考查元素化合物知识，把握物质的性质、发生的反应及性质与用途的关系为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，题目难度不大．3.含有下列各组离子的溶液中，通入NH3后仍能大量共存的是（）A.H+、C u2+、F e3+、SO42-B.N a+、B a2+、A l3+、C l-C.K+、A g+、NH4+、NO3-D.N a+、K+、B r-、OH-【答案】D【解析】解：A．H+、C u2+、F e3+都与一水合氨反应，在溶液中不能大量共存，故A错误；B．F e3+与一水合氨反应生成氢氧化铝沉淀，在溶液中不能大量共存，故B错误；C．A g+与一水合氨反应，在溶液中不能大量共存，故C错误；D．N a+、K+、B r-、OH-之间不发生反应，且通入氨气后也不反应，在溶液中能够大量共存，故D正确；故选D．A．通入氨气后，铜离子、铁离子和氢离子都与氨气反应；B．通入氨气后，铝离子与一水合氨反应；C．通入氨气后，银离子与一水合氨反应；D．四种离子之间不发生反应，通入氨气后也不反应．本题考查离子共存的判断，为高考中的高频题，属于中等难度的试题，注意明确离子不能大量共存的一般情况：能发生复分解反应的离子之间，能发生氧化还原反应的离子之间等；还应该注意题目所隐含的条件：通入氨气后，溶液中存在大量氢氧根离子，能够与氢氧根离子反应的离子不能大量共存．4.下列有关氯化钠的实验中，选用的实验用品都能用到的是（）A.除去粗盐中的不溶性杂质，选用④⑦⑧⑨B.检验A的滤液中是否含SO42-，选用②③⑩C.利用提纯后的N a C l固体配制0.1mol/L的溶液，选用④⑥⑦⑩D.用N a C l固体与浓H2SO4共热制备HC l气体，选用①⑤⑧⑨【答案】C【解析】解：A．除去粗盐中的不溶性杂质用过滤，使用漏斗、烧杯、玻璃棒，不能用分液漏斗，故A错误；B．亚硫酸银是白色沉淀，不能选用硝酸银，应首先在试液中加入盐酸酸化，再加入B a C l2溶液，若有B a SO4白色沉淀产生，则证明有SO42-，故B错误；C．用氯化钠配制0.1mol/L的氯化钠溶液，涉及的步骤有：溶解氯化钠，用到烧杯和玻璃棒；转移溶液，用到玻璃棒和容量瓶；洗涤烧杯和玻璃棒；定容溶液，用到胶头滴管，所以使用的仪器有：烧杯、玻璃棒、容量瓶、胶头滴管，故C正确；D．用N a C l固体与浓H2SO4共热制备HC l气体需要加热，使用酒精灯、圆底烧瓶、分液漏斗、带双孔塞的导管，用不到⑤，故D错误．故选C．A．除去粗盐中的不溶性杂质用过滤；B．检验SO42-时要避免SO32-的影响；C．用氯化钠固体配制0.1mol/L的氯化钠溶液的步骤有：溶解、转移、洗涤、定容、摇匀等，根据以上配制步骤用到的仪器进行判断；D．用N a C l固体与浓H2SO4共热制备HC l气体需要加热．本题考查常见仪器的使用和化学基本操作的方法，侧重实验装置、仪器的作用的考查，题目难度不大，注意在学习中加强基础知识的积累．5.有机物M的结构简式为：，下列说法正确的是（）A.M的分子式为：C9H8O4B.M与乙酸苯乙酯互为同系物C.M可发生水解反应、加成反应、氧化反应D.1mol M可与3mol N a OH和2mol B r2发生反应【答案】C【解析】解：A．由结构可知环上有5个H，共10个H，则M的分子式为：C9H10O4，故A错误；B．该物质不含苯环，与乙酸苯乙酯结构不相似，不是同系物，故B错误；C．含-COOC-可发生水解反应，含双键、-CHO可发生加成反应和氧化反应，含-OH可发生氧化反应，故C正确；D．只有-COOC-与N a OH反应，则1mol M可与1mol N a OH，双键、酚-OH的邻对位与溴水发生反应，则1mol M与3mol B r2发生反应，故D错误；故选C．由结构可知分子式，分子中含碳碳双键、-OH、-CHO、-COOC-，结合烯烃、醇、醛、酯的性质来解答．本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，把握官能团与性质的关系为解答的关键，侧重烯烃、醇、酯性质的考查，题目难度不大．6.已知金刚石的燃烧热为395k J/mol，下表是部分化学键的键能数据．下列选项中正确的是（）A.x=794.5B.x=1142.5C.1mol金刚石的能量一定比1mol CO2能量高D.金刚石燃烧的热化学方程式为2C（s）+O2（g）=2CO（g）△H=-790k J/mol【答案】A【解析】解：A、B．金刚石燃烧的方程式为C+O2=CO2，因为在金刚石结构中平均1mol碳形成2mol碳碳单键，所以1mol金刚石完全燃烧需拆开2mol C-C、1mol O=O，形成2mol C=O，所以2molx-2mol×348k J/mol-1mol×498k J/mol=395k J，解得x=794.5KJ，故A正确，B错误；C．因为金刚石的燃烧热为395k J/mol，则根据能量守恒，则1mol金刚石的能量和1mol 氧气的能量之和比1mol CO2能量高395k J，但不能确定1mol金刚石的能量一定比1mol CO2能量高，故C错误；D．因为金刚石的燃烧热为395k J/mol，所以金刚石燃烧的热化学方程式为C（s）+O2（g）=CO2（g）△H=-395k J/mol，故D错误；故选：A．A、B．金刚石燃烧的方程式为C+O2=CO2，根据化学键的断裂和形成的数目进行计算x；C．因为金刚石的燃烧热为395k J/mol，则根据能量守恒，则1mol金刚石的能量和1mol 氧气的能量之和比1mol CO2能量高395k J判断；D．根据金刚石的燃烧热为395k J/mol书写热化学方程式为C（s）+O2（g）=CO2（g）△H=-395k J/mol．本题考查热化学方程式的书写方法和计算应用，注意焓变和键能之间的关系，特别是注意分析金刚石的结构，正确判断共价键的数目是计算难点，学习中要准确把握．7.将一定质量的固体NH4I置于密闭容器中，在某温度下发生下列反应：①NH4I（s）⇌NH3（g）+HI（g）②2HI（g）⇌H2（g）+I2（g）5min后达平衡时，c（H2）=0.5mol/L，c（HI）=4mol/L，则下列说法不正确的是（）A.用NH3表示反应①的速率为1mol/（L•min）B.体系中颜色不再变化时，可判断反应均已达平衡C.该温度下反应①的平衡常数为20mol2/L2D.加压时反应②的平衡不会移动【答案】D【解析】解：平衡时c（HI）=4mol•L-1，HI分解生成的H2的浓度为0.5mol•L-1，NH4I分解生成的HI的浓度为：4mol•L-1+2×0.5mol•L-1=5mol•L-1，所以NH4I分解生成的NH3的浓度为5mol•L-1，A.5min后达平衡时，用氨气表示的反应速率为：v==1mol/（L•min），故A正确；B．体系中只有碘单质有色，则体系中颜色不再变化时，说明该反应的正逆反应速率相等，各组分浓度不再变化，可判断反应均已达平衡，故B正确；C．所以反应①的平衡常数K=c（NH3）•c（HI）=5mol•L-1×4mol•L-1=20mol2•L-2，故C正确；D．加压后，反应①向着逆向移动，则体系中HI的浓度减小，反应②向着逆向移动，故D错误；故选D．反应①的平衡常数k=c（NH3）•c（HI），NH4I分解生成的HI为平衡时HI与分解的HI 之和，即为NH4I分解生成的NH3，由反应②可知分解的c（HI）为平衡时c（H2）的2倍，求出为NH4I分解生成的NH3，A．根据v=计算出用氨气表示的反应速率；B．达到平衡状态时，正逆反应速率相等，各组分的浓度不再变化，据此进行判断；C．代入反应①的平衡常数K=c（NH3）•c（HI）计算；D．加压时，由于反应①中平衡向着逆向移动，导致体系中HI的浓度减小，则反应②的平衡向着逆向移动．本题考查了化学平衡的影响及计算，题目难度中等，根据反应计算出平衡时氨气的浓度为解答关键，注意掌握化学平衡及其影响因素，明确化学平衡常数、化学反应速率的概念及计算方法．二、简答题(本大题共4小题，共58.0分)8.短周期元素N、N a、A l形成的物质在工农业生产、生活中应用广泛．（1）A l在元素周期表中的位置为______ ；其原子半径比N a ______ （填“大”或“小”）．（2）A l单质在空气中不易腐蚀，原因是其表面形成了一种致密的且熔点高的化合物．该化合物的晶体类型为______ ；该化合物遇酸碱易被腐蚀，请写出它与N a OH溶液反应的离子方程式______ ．（3）NH3的电子式为______ ；NH3在同族元素形成的氢化物中具有较高的沸点，其原因是______ ．（4）标准状况下22.4L NH3与0.5L1mol/L氮元素的最高价氧化物的水化物反应，所得溶液中离子浓度由大到小的顺序是______ ．（5）NF3是一种新型电子材料，常温下为稳定气体，它在潮湿的空气中与水蒸气能发生氧化还原反应，其反应的产物有：HF、NO和某种物质．请写出反应的化学方程式______ ．【答案】第三周期IIIA族；小；离子晶体；A l2O3+2OH-=2A l O2-+H2O；；NH3分子间有氢键；c（NH4+）＞c（NO3-）＞c（OH-）＞c（H+）；3NF3+5H2O=9HF+2NO+HNO3【解析】解：（1）铝的核电荷数为13，位于周期表中第三周期IIIA族；铝的原子序数大于N a，二者处于同一周期，则A l的原子半径小于钠，故答案为：第三周期IIIA族；小；（2）A l单质在空气中不易腐蚀，原因是其表面形成了一种致密的且熔点高的化合物氧化铝，氧化铝属于离子晶体；氧化铝具有两性，能够与氢氧化钠溶液反应生成偏铝酸钠和水，反应的离子方程式为：A l2O3+2OH-=2A l O2-+H2O，故答案为：离子晶体；A l2O3+2OH-=2A l O2-+H2O；（3）氨气属于共价化合物，其电子式为：；氨气中N的电负性较强，容易形成氢键，大大增强了分子间作用力，所以其沸点较高，故答案为：；NH3分子间有氢键；（4）标况下22.4L氨气的物质的量为：=1mol，氮元素的最高价氧化物的水化物为硝酸，0.5L 1mol/L的硝酸溶液中含有硝酸的物质的量为：1mol/L×0.5L=0.5mol1mol氨气与0.5mol硝酸反应生成0.5mol硝酸铵，还剩余0.5mol一水合氨，即：反应后得到等物质的量的NH3•H2O和NH4NO3的混合溶液，一水合氨的电离程度大于铵根离子的水解程度，则溶液显碱性：c（OH-）＞c（H+），结合电荷守恒可得：c （NH4+）＞c（NO3-），所以溶液中离子浓度大小顺序为：c（NH4+）＞c（NO3-）＞c（OH-）＞c（H+），故答案为：c（NH4+）＞c（NO3-）＞c（OH-）＞c（H+）；（5）NF3是一种新型电子材料，常温下为稳定气体，它在潮湿的空气中与水蒸气能发生氧化还原反应，其反应的产物有：HF、NO和某种物质，NF3→NO，化合价降低1价，而F元素化合价不变，NF3中N元素的化合价为+3价，根据质量守恒定律可知另一种物质中含有化合价大于+3的N元素，还应该含有H元素，故另一种物质为硝酸，反应的化学方程式为：3NF3+5H2O=9HF+2NO+HNO3，故答案为：3NF3+5H2O=9HF+2NO+HNO3．（1）A l的原子序数为13，含有两个电子层、最外层含有3个电子，据此判断在周期表中的位置；同一周期中原子序数越大、原子半径越小；（2）该氧化物为氧化铝，氧化铝晶体为离子晶体；氧化铝为两性氧化物，能够与氢氧化钠反应生成偏铝酸钠和水；（3）氨气为共价化合物，其分子中含有3个氮氢键，据此写出其电子式；氨气分子中存在氢键，导致其沸点较高；（4）标况下22.4L氨气的物质的量为1mol，氮元素的最高价氧化物的水化物为硝酸，0.5L1mol/L的硝酸溶液中含有硝酸的物质的量为：1mol/L×0.5L=0.5mol；1mol氨气与0.5mol硝酸反应，反应后得到等物质的量的NH3•H2O和NH4NO3的混合溶液，溶液显碱性，结合电荷守恒判断离子浓度大小顺序；（5）根据化合价变化判断，F元素化合价不变，N元素变成NO化合价降低，则另一种物质中的元素化合价只能升高，结合元素组成可知另一种物质为硝酸，据此写出反应的化学方程式．本题考查较综合，涉及离子浓度大小比较、物质的量浓度的计算、常见化学用语的书写等知识，题目难度中等，注意掌握原子结构与元素周期律的关系，明确离子浓度大小比较的方法．9.某化学兴趣小组同学以T i O2和CC l4为原料在实验室制取液态T i C l4，装置如图所示．有关信息如下：①反应原理：T i O2（s）+CC l4（g）T i C l4（g）+CO2（g）②反应条件：无水无氧且加热③有关物质性质如下表：请回答下列问题：（1）仪器A的名称是______ ，其中装的试剂不可能是（填序号）______ ．A．碱石灰B．无水硫酸铜C．氧化钙D．烧碱（2）整个实验过程中通N2的目的是______ ．（3）装置E中的试剂是______ ；兴趣小组的甲同学认为实验中E装置不能换成A装置，理由是______ ．（4）实验开始前的操作包括：组装仪器、______ 、加装药品、通N2一段时间后点燃酒精灯．（5）欲分离D中的液态混合物，所采用操作的名称是______ ．（6）T i C l4还可由T i O2和焦炭、氯气在加热下反应制得，同时有CO产生，反应的化学方程式为______ ；反应所需氯气可通过电解饱和食盐水制得，现电解1L饱和食盐水，当转移的电子数为0.1N A时，该溶液的p H值为______ ．【答案】球形干燥管；B；排除装置中的空气，保证反应在无水无氧环境下进行；浓硫酸；A装置不能吸收空气中的氧气，不能保证反应在无氧环境下进；检查装置的气密性；蒸馏；T i O2+2C l2+2C T i C l4+2CO；13【解析】解：（1）仪器A为球形干燥管；碱石灰、氧化钙、烧碱具有很强的吸水性，可以用于干燥氮气，而无水硫酸铜吸水效率太低，一般不用作干燥剂，故答案为：球形干燥管；B；（2）实验的反应条件为：无水无氧且加热，应保证实验在无水无氧环境下进行，而装置中有空气，通入氮气的目的是：排除装置中的空气，保证反应在无水无氧环境下进行，故答案为：排除装置中的空气，保证反应在无水无氧环境下进行；（3）由于T i C l4遇潮湿空气产生白雾，发生水解反应，且反应在无氧条件下进行，故E 装置作用是防止空气中水蒸气、氧气进入，E中盛放的试剂为浓硫酸；A装置可以吸收水，但不能不能吸收空气中的氧气，不能保证反应在无氧环境下进，故E装置不能换成A装置，故答案为：浓硫酸；A装置不能吸收空气中的氧气，不能保证反应在无氧环境下进；（4）反应得到气体T i C l4与二氧化碳，装置气密性要好，在加装药品之前应检验装置的气密性，故答案为：检查装置的气密性；（5）D中的液态混合物为T i C l4与未反应的CC l4，二者互溶，采取蒸馏方法进行分离，故答案为：蒸馏；（6）T i O2和焦炭、氯气在加热下反应制得T i C l4，同时有CO产生，反应方程式为：T i O2+2C l2+2C T i C l4+2CO；电解发生反应：2N a C l+2H2O2N a OH+H2↑+C l2↑，当转移的电子数为0.1N A时，即转移电子为0.1mol，由方程式可知生成N a OH为0.1mol，反应中c（N a OH）==0.1mol/L，故溶液中c（H+）=mol/L=10-13mol/L，则溶液p H=-lgc（H+）=-lg10-13=13，故答案为：T i O2+2C l2+2C T i C l4+2CO；13．（1）仪器A为球形干燥管；无水硫酸铜吸水效率太低，一般不用作干燥剂；（2）实验的反应条件为：无水无氧且加热，应保证实验在无水无氧环境下进行；（3）由于T i C l4遇潮湿空气产生白雾，发生水解反应，且反应在无氧条件下进行，故E 装置作用是防止空气中水蒸气、氧气进入；A装置不能吸收空气中的氧气；（4）反应得到气体T i C l4与二氧化碳，装置气密性要好，在加装药品之前应检验装置的气密性；（5）D中的液态混合物为T i C l4与未反应的CC l4，二者互溶，分离互溶的液体采取蒸馏方法；（6）T i O2和焦炭、氯气在加热下反应制得T i C l4，同时有CO产生；电解发生反应：2N a C l+2H2O2N a OH+H2↑+C l2↑，由转移电子根据方程式计算N a OH物质的量，再计算c（N a OH），根据c（H+）=计算溶液中氢离子浓度，再根据p H=-lgc（H+）．本题考查实验制备方案，明确原理是解题关键，侧重考查学生装置的分析评价，注意对题目信息的提取与应用，是对学生综合能力的考查，难度中等．10.有机物丙是一种香料，其合成路线如下图所示．有关信息如下：①A是一种烃，其相对分子质量通过质谱法测得为56，核磁共振氢谱显示只有2组峰；②已知：R-CH=CH2R-CH2CH2OH（1）A的名称为______ ；D中所含官能团的结构简式为______ ．（2）A→B的反应类型为______ ．（3）C与新制C u（OH）2悬浊液反应的化学方程式为______ ．（4）甲与乙反应生成丙的化学方程式为______ ．（5）D有多种同分异构体，其中与其所含官能团相同的同分异构体有______ 种（不考虑立体异构）．（6）写出其中一种满足下列条件的有机物的结构简式______ ．①与乙互为同分异构体；②遇F e C l3溶液显紫色；③其苯环上只有两个取代基，且环上的一溴代物只有两种．【答案】2-甲基-1-丙烯（或2-甲基丙烯）；；加成反应；（CH3）2CHCHO+2C u （OH）2+N a OH（CH3）2CHCOON a+C u2O↓+3H2O；；4；【解析】解：A是一种烃，其相对分子质量通过质谱法测得为56，核磁共振氢谱显示只有2组峰，则A为（CH3）2C=CH2，根据A生成B的反应条件和题中信息以及B能经过两步氧化得甲，可知B为（CH3）2CHCH2OH，C为（CH3）2CHCHO，甲为（CH3）2CHCOOH，根据丙的分子式及E的结构简式，可推知乙为，D为，根据甲和乙可推知，丙为，（1）根据上面的分析可知，A为（CH3）2C=CH2，A的名称为2-甲基-1-丙烯（或2-甲基丙烯），D为，D中所含官能团的结构简式为，故答案为：2-甲基-1-丙烯（或2-甲基丙烯）；；（2）比较A和B的结构简式可知，A→B的反应类型为加成反应，故答案为：加成反应；（3）C为（CH3）2CHCHO，C与新制C u（OH）2悬浊液反应的化学方程式为（CH3）CHCHO+2C u（OH）2+N a OH（CH3）2CHCOON a+C u2O↓+3H2O，2故答案为：（CH3）2CHCHO+2C u（OH）2+N a OH（CH3）2CHCOON a+C u2O↓+3H2O；（4）甲与乙反应生成丙的化学方程式为，故答案为：；（5）D为，D有多种同分异构体，其中与其所含官能团相同的同分异构体为苯环上连有两个基团-CHO、-CH=CH2，有邻间对三种，苯环上连一个基团为-C （=CH2）CHO，所以共有4种故答案为：4；（6）满足下列条件：①与乙互为同分异构体，②遇F e C l3溶液显紫色，说明有酚羟基，③其苯环上只有两个取代基，且环上的一溴代物只有两种，说明两个取代基处于对位，这样的有机物的结构简式为，故答案为：．A是一种烃，其相对分子质量通过质谱法测得为56，核磁共振氢谱显示只有2组峰，则A为（CH3）2C=CH2，根据A生成B的反应条件和题中信息以及B能经过两步氧化得甲，可知B为（CH3）2CHCH2OH，C为（CH3）2CHCHO，甲为（CH3）2CHCOOH，根据丙的分子式及E的结构简式，可推知乙为，D为，根据甲和乙可推知，丙为，据此答题本题考查有机物的推断，充分利用有机物的结构与分子式进行推断，需要熟练掌握官能团的性质与转化，A的结构的确定是关键，题目难度中等．11.空气中CO2含量偏高会产生温室效应，也会对人体健康造成影响；CO2的用途广泛，合理使用则可缓解由CO2累积所产生的温室效应，实现CO2的良性循环．（1）一定条件下CO2可制得N a2CO3、N a HCO3等．①等物质的量浓度的N a2CO3、N a HCO3溶液，碱性前者______ 后者（填“＞”“＜”或“=”）．②有下列五种物质的量浓度均为0.1mol/L的电解质溶液，将其稀释相同倍数时，p H变化最大的是______ （填字母编号）．A．N a2CO3B．N a HCO3 C．N a A l O2 D．CH3COON a E．N a OH（2）已知反应F e（s）+CO2（g）⇌F e O（s）+CO（g）△H=a k J/mol，测得在不同温度下，该反应的平衡常数K随温度的变化如下：上述反应中 ______ 0（填“＞”、“＜”或“=”）；在2L密闭容器中300℃下进行反应，若F e和CO2的起始量均为4mol，当达到平衡时CO2的转化率为______ ．（3）目前工业上可以用CO2和H2在230℃、催化剂条件下反应生成甲醇蒸汽和水蒸气．图1为恒压容器中0.5mol CO2和1.5mol H2反应转化率达80%时的能量变化示意图．则该反应的热化学方程式为：______ ．（4）人工光合作用能够借助太阳能，用CO2和H2O制备化学原料．图2是制备HCOOH 的示意图，根据要求回答问题：①催化剂b表面的电极反应式为______ ．②经测定，若每分钟通过质子交换膜的H+的物质的量为40mol，则每小时可产生O2 ______ K g．【答案】＞；E；＞；75%；CO2（g）+3H2（g）=CH3OH（g）+H2O（g）△H=-49k J/mol；CO2+2e-+2H+=HCOOH；19.2【解析】解：（1）①碳酸根的水解程度大于碳酸氢根的水解程度，故等物质的量浓度的N a2CO3、N a HCO3溶液，N a2CO3溶液碱性较强，故答案为：＞；②N a OH为强碱，而N a2CO3、N a HCO3、N a A l O2、CH3COON a溶液中酸根离子水解，导致溶液呈碱性，溶液稀释时，水解程度增大，稀释相同倍数，它们的p H变化比N a OH 的p H变化小，故选：E；（2）由表中数据可知，升高温度，平衡常数增大，说明平衡向正反应反应移动，升高温度平衡向吸热反应移动，即正反应为吸热反应，即△H＞0，故a＞0；设平衡时参加反应二氧化碳为nmol，则：F e（s）+CO2（g）⇌F e O（s）+CO（g）开始（mol）：40转化（mol）：n n平衡（mol）：4-n n由于反应气体气体的化学计量相等，用物质的量代替浓度计算平衡常数，故K===3，解得n=3，故二氧化碳的转化率为×100%=75%，故答案为：＞；75%；（3）根据图1可知0.5mol CO2和1.5mol H2转化率达80%时放热23k J-3.4k J=19.6KJ，则CO2（g）+3H2（g）⇌CH3OH（g）+H2O（g）的△H=-（19.6k J×）=-49k J/mol，故该反应的热化学方程式为：CO2（g）+3H2（g）=CH3OH（g）+H2O（g）△H=-49k J/mol，故答案为：CO2（g）+3H2（g）=CH3OH（g）+H2O（g）△H=-49k J/mol；（4）①由图可知，电子由a流出，通过导线流向b，故a为负极、b为正极，正极发生还原反应，二氧化碳获得电子，氢离子参与反应得到HCOOH，电极反应式为：CO2+2e-+2H+=HCOOH，故答案为：CO2+2e-+2H+=HCOOH；②负极上是水失去电子得到氧气与氢离子，电极反应式为：2H2O+4e-=O2↑+4H+，每分钟通过质子交换膜的H+的物质的量为40mol，则每小时生成氧气为40mol×60×=600mol，故生成氧气的质量为600mol×32g/mol=19200g=19.2K g，故答案为：19.2．（1）①碳酸根的水解程度大于碳酸氢根的水解程度；②盐类水解呈酸碱性时，溶液稀释时，水解程度增大，稀释相同倍数，p H变化比强酸、强碱的p H变化小；（2）由表中数据可知，升高温度，平衡常数增大，说明平衡向正反应反应移动，升高温度平衡向吸热反应移动；设平衡时参加反应二氧化碳为nmol，用三段式表示出平衡时二氧化碳、CO的物质的量，由于反应气体气体的化学计量相等，用物质的量代替浓度代入平衡常数K=计算，进而计算二氧化碳的转化率；（3）根据图1可知0.5mol CO2和1.5mol H2转化率达80%时放热23k J-3.4k J=19.6KJ，然后按比例计算：CO2（g）+3H2（g）⇌CH3OH（g）+H2O（g）的△H，进而书写该反应的热化学方程式；（4）①由图可知，电子由a流出，通过导线流向b，故a为负极、b为正极，正极发生还原反应，二氧化碳获得电子，氢离子参与反应得到HCOOH；②负极上是水失去电子得到氧气与氢离子，电极反应式为：2H2O+4e-=O2↑+4H+，产生的氢离子通过质子交换膜移向b端，根据电极反应式计算生成氧气物质的量，再根据m=n M计算氧气质量．题目综合性较强，涉及盐类水解、平衡常数影响因素及有关计算、热化学方程式书写、原电池原理及计算等，是对学生综合能力的考查，需要学生具备扎实的基础与灵活运用能力，难度中等．高中化学试卷第11页，共11页。
2015年重庆市高考化学试卷最新修正版
2015年重庆市高考化学试卷一、选择题1．（6分）中华民族有着光辉灿烂的发明史，下列发明创造不涉及化学反应的是（）A．用胆矾炼铜B．用铁矿石炼铁C．烧结粘土制陶瓷 D．打磨磁石制指南针2．（6分）下列说法正确的是（）A．I的原子半径大于Br，HI比HBr的热稳定性强B．P的非金属性强于Si，H3PO4比H2SiO3的酸性强C．Al2O3和MgO均可与NaOH溶液反应D．SO2和SO3混合气体通入Ba（NO3）2溶液可得到BaSO3和BaSO43．（6分）下列说法正确的是（）A．稀醋酸中加入少量醋酸钠能增大醋酸的电离程度B．25℃时，等体积等浓度的硝酸与氨水混合后，溶液pH=7C．25℃时，0.1mol•L﹣1的硫化氢溶液比等浓度的硫化钠溶液的导电能力弱D．0.1mol AgCl和0.1molAgI混合后加入1L水中，所得溶液中c（Cl﹣）=c（I﹣）4．（6分）下列实验中，所使用的装置（夹持装置略）、试剂和操作方法都正确的是（）A．观察Fe（OH）2的生成B．配制一定物质的量浓度的NaNO3溶液C．实验室制取氨D．验证乙烯的生成5．（6分）某化妆品的组分Z具有美白功效，原从杨树中提取，现可用如图反应制备，下列叙述错误的是（）A．X、Y和Z均能使溴水褪色B．X和Z均能与NaHCO3溶液反应放出CO2C．Y既能发生取代反应，也能发生加成反应D．Y可作加聚反应单体，X可作缩聚反应单体6．（6分）黑火药是中国古代的四大发明之一，其爆炸的热化学方程式为：S（s）+2KNO3（s）+3C（s）═K2S（s）+N2（g）+3CO2（g）△H=x kJ•mol﹣1已知：碳的燃烧热△H1=a kJ•mol﹣1S（s）+2K（s）═K2S（s）△H2=b kJ•mol﹣12K（s）+N2（g）+3O2（g）═2KNO3（s）△H3=c kJ•mol﹣1则x为（）A．3a+b﹣c B．c﹣3a﹣b C．a+b﹣c D．c﹣a﹣b7．（6分）羰基硫（COS）可作为一种粮食熏蒸剂，能防止某些昆虫、线虫和真菌的危害。
2015年高考化学重庆卷(高清+答案)
2015年普通高等学校招生全国统一考试重庆市高考理综试题(化学部分相对原子质量(原子量:H —1 N —14 O —16 Na —23 Cl —35.5 Cu —64 Sn —119 Pb —207一、选择题(本大题共7小题,每小题6分,共42分。
在每小题给出的四个备选项中,只有一项符合题目要求1.中华民族有着光辉灿烂的发明史,下列发明创造不涉及...化学反应的是( A.用胆矾炼铜 B.用铁矿石炼铁 C.烧结粘土制陶瓷 D.打磨磁石制指南针 2.下列说法正确的是(A.I 的原子半径大于Br ,HI 比HBr 的热稳定性强B.P 的非金属性强于Si ,H 3PO 4比H 2SiO 3的酸性强C.Al 2O 3和MgO 均可与NaOH 溶液反应D.SO 2和SO 3混合气体通入Ba(NO 32溶液可得到BaSO 3和BaSO 4 3.下列叙述正确的是(A.稀醋酸中加入少量醋酸钠能增大醋酸的电离程度B.25℃时,等体积等浓度的硝酸与氨水混合后,溶液pH=7C.25℃时,0.1mol •L ‾1的硫化氢溶液比等浓度的硫化钠溶液的导电能力弱D.0.1 molAgCl 和0.1molAgI 混合后加入1L 水中,所得溶液中c (Cl -=c (I -4.下列实验中,所使用的装置(夹持装置略、试剂和操作方法都正确的是(溶液4溶液3A.观察Fe(OH2的生成B.配制一定物质的量浓度的NaNO 3溶液2OC.实验室制取氨4D.验证乙烯的生成5.某化妆品的组分Z 具有美白功效,原从杨树中提取,现可用如下反应制备: 下列叙述错误..的是( A.X 、Y 和Z 均能使溴水褪色B.X 和Z 均能与NaHCO 3溶液反应放出CO 2C.Y 既能发生取代反应,也能发生加成反应D.Y 可作加聚反应单体,X 可作缩聚反应单体6.黑火药是中国古代的四大发明之一,其爆炸的热化学方程式为:OHHO+H 2C=CHOHHOX YZS(s+2KNO3(s+3C(s==K2S(s+N2(g+3CO2(g ΔH= x kJ·mol-1已知碳的燃烧热ΔH1= a kJ·mol-1S(s+2K(s==K2S(s ΔH2= b kJ·mol‾12K(s+N2(g+3O2(g==2KNO3(s ΔH3= c kJ·mol‾1则x为(A.3a+b-cB.c +3a-bC.a+b-cD.c+a-b7.羰基硫(COS可作为一种粮食熏蒸剂,能防止某些昆虫、线虫和真菌的危害。
2015年高考理综重庆卷(含详细答案)
绝密★启用前2015年普通高等学校招生全国统一考试（重庆卷）理科综合能力测试试题卷理科综合能力测试试题卷分为物理、化学、生物三个部分。
物理部分1至5页，化学部分6至9页，生物部分10至12页，共12页。
满分300分。
考试时间150分钟。
注意事项：1. 答题前，务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡规定的位置上。
2. 答选择题时，必须使用2B铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其它答案标号。
3. 答非选择题和选做题时，必须使用0. 5毫米黑色签字笔，将答案书写在答题卡规定的位置上。
4. 所有题目必须在答题卡上作答，在试题卷上答题无效。
5. 考试结束后，将试题卷和答题卡一并交回。
物理 (共110分)一、选择题（本大题共5小题，每小题6分，共30分。
在每小题给出的四个备选项中，只有一项符合题目要求）1. 如图中曲线a、b、c、d为气泡室中某放射物发生衰变放出的部分粒子的径迹，气泡室中磁感应强度方向垂直于纸面向里。
以下判断可能正确的是（）A. a、b为β粒子的径迹B. a、b为γ粒子的径迹C. c、d为α粒子的径迹D. c、d为β粒子的径迹2. 宇航员王亚平在“天宫一号”飞船内进行了我国首次太空授课，演示了一些完全失重状态下的物理现象。
若飞船质量为m，距地面高度为h，地球质量为M，半径为R，引力常量为G，则飞船所在处的重力加速度大小为（）A. 0B.2()GMR h+C.2()GMmR h+D.2GMh3. 高空作业须系安全带。
如果质量为m的高空作业人员不慎跌落，从开始跌落到安全带对人刚产生作用力前人下落的距离为h（可视为自由落体运动）。
此后经历时间t安全带达到最大伸长，若在此过程中该作用力始终竖直向上，则该段时间安全带对人的平均作用力大小为（）A. mgB. mgC. mg+D. mg-4. 如图为无线充电技术中使用的受电线圈示意图，线圈匝数为n，面积为S。
若在1t到2t时间内，匀强磁场平行于线圈轴线向右穿过线圈，其磁感应强度大小由1B均匀增加到2B，则该段时间线圈两端a和b之间的电势差a bϕϕ-（）A. 恒为2121()nS B Bt t--B. 从0均匀变化到2121()nS B Bt t--C. 恒为2121()nS B Bt t---D. 从0均匀变化到2121()nS B Bt t---5. 若货物随升降机运动的v t-图象如图所示（竖直向上为正），则货物受到升降机的支持力F与时间t关系的图象可能是（）A B C D二、非选择题（本大题共4小题，共68分）6.（19分）（1）同学们利用如图（a）所示方法估测反应时间。
2015年全国高考理综试题及答案-重庆卷
B. 从0均匀变化到 D.从0均匀变化到
nS ( B2 B1 ) t2 t1 nS ( B2 B1 ) t2 t1
C.恒为
5.若货物随升降机运动的 v t 图像如题5图所示（竖直向上为正）。则货物受到升降机 的支持力 F 与时间 t 关系的图像可能是
GM ( R h) 2
C.
GMm ( R h) 2
D.
GM h2
3.高空作业须系安全带.如果质量为 m 的高空作业人员不慎跌落，从开始跌落到安全带 对人刚产生作用力前人下落的距离为 h （可视为自由落体运动）.此后经历时间 t 安全 带达到最大伸长，若在此过程中该作用力始终竖直向上。则该段时间安全带对人的平 均作用力大小为 A. C.
7.(15分)音圈电机是一种应用于硬盘、光驱等系统的特殊电动机。题7图是某音圈电机 的原理示意图，它由一对正对的磁极和一个正方形刚性线圈构成，线圈边长为 L ，匝 数为 n ，磁极正对区域内的磁感应强度方向垂直于线圈 平面竖直向下，大小为 B ，区域外的磁场忽略不计。线 圈左边始终在磁场外，右边始终在磁场内，前后两边在 磁场内的长度始终相等。某时刻线圈中电流从P流向Ｑ ，大小为 I ． （１）求此时线圈所受安培力的大小和方向。 （２）若此时线圈水平向右运动的速度大小为 v ，求安培力的功率． 8.（16分）同学们参照伽利略时期演示平抛运 动的方法制作了如题8图所示的实验装置.图中 水平放置的底板上竖直地固定有M板和N板.M 板上部有一半径为 R 的
则x为 A． 3a b c C． a b c
B． c 3a b D． c a b
7．羰基硫( COS )可作为一种××熏蒸剂，能防止某些昆虫、线虫和××的危害。在 恒容密闭容器中，将 CO 和 H 2S 混合加热并达到下列平衡：