2018版高考物理二轮复习实验专攻练2201802284128
2018年高考物理全国用二轮复习精练：二 计算题32分标准练(三) Word版含答案
计算题32分标准练(三)24.(12分)如图1所示，水平光滑的平行金属导轨，左端与电阻R 相连接，匀强磁场B 竖直向下分布在导轨所在的空间内，质量一定的金属棒在垂直导轨的方向上搁在导轨上。
今使棒以一定的初速度向右运动，当其通过位置a 时速率为v a ，通过位置b 时速率为v b ，到位置c 时棒刚好静止。
设导轨与棒的电阻均不计，a 、b 与b 、c 的间距相等，则金属棒在由a ―→b 和由b ―→c 的两个过程中，回路中产生的电能E ab 与E bc 之比为多大？图1解析 金属棒向右运动时，切割磁感线，回路中产生感应电流。
根据左手定则可知，金属棒所受安培力阻碍其运动。
假设金属棒由a 到b 过程中，所受平均安培力为F 1，时间为t 1；由b 到c 过程中，所受平均安培力为F 2，时间为t 2；导轨之间距离为d 。
则F 1＝BI 1d ＝B BL ab d Rt 1d ＝B 2d 2L ab Rt 1(2分) 同理F 2＝B 2d 2L bc Rt 2(1分) 根据动量定理得－F 1t 1＝mv b －mv a ，即B 2d 2L ab R＝mv a －mv b ①(2分) －F 2t 2＝0－mv b ，即B 2d 2L bc R＝mv b ②(2分) 又因为L ab ＝L bc ③据①②③式得 mv a －mv b ＝mv b (1分)所以v a ＝2v b (1分)根据能量守恒有E ab ＝12mv 2a －12mv 2b ＝32mv 2b (1分) E bc ＝12mv 2b (1分)则E ab E bc ＝32mv 2b 12mv 2b ＝3∶1(1分) 答案 3∶125.(20分)在某项娱乐活动中，要求参与者通过一光滑的斜面将质量为m 的物块送上高处的水平传送带后运送到网兜内。
斜面长度为l ，倾角θ＝30°，传送带距地面高度为l ，传送带的长度为3l ，传送带表面的动摩擦因数μ＝0.5，传送带一直以速度v ＝3gl 2顺时针运动。
2018版高考物理二轮复习单科标准练2
单科标准练(二)(时间：60分钟分值：110分)第Ⅰ卷二、选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分．在每个小题给出的四个选项中，第14～18题只有一个选项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)14．下列叙述符合物理学史实的是( )A．安培通过实验发现了电流周围存在磁场，并总结出判定磁场方向的方法—安培定则B．法拉第发现了电磁感应现象后，领悟到：“磁生电”是一种在变化、运动的过程中才能出现的效应C．楞次在分析了许多实验事实后提出：感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻止引起感应电流的磁通量的变化D．麦克斯韦认为：电磁相互作用是通过场来传递的．他创造性地用“力线”形象地描述“场”的物理图景B[奥斯特通过实验发现了电流周围存在磁场，安培总结出判定磁场方向的方法—安培定则，故A错误；法拉第发现了电磁感应现象后，领悟到：“磁生电”是一种在变化、运动的过程中才能出现的效应，符合物理学史实，故B正确；楞次发现了感应电流方向遵守的规律：感应电流应具有这样的方向，即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化，而不是阻止，故C错误；法拉第认为：电磁相互作用是通过场来传递的．他创造性地用“力线”形象地描述“场”的物理图景，故D错误．] 15．如图1所示，甲、乙两物块用轻弹簧相连，竖直放置，处于静止，现将甲物块缓慢下压到A位置由静止释放，当乙刚好离开地面时，甲的加速度为a1，速度为v1，再将甲物块缓慢下压到B的位置，仍由静止释放，则当乙刚好要离开地面时，甲的加速度为a2，速度为v2，则下列关系正确的是( )图1A．a1＝a2，v1＝v2B．a1＝a2，v1＜v2C．a1＜a2，v1＜v2D．a1＜a2，v1＝v2B [对于乙，当乙刚好离开地面时有：kx ＝m 乙g ，两次情况下，弹簧的弹力是一样的，对于甲，根据牛顿第二定律得，kx ＋m 甲g ＝m 甲a ，可知两次加速度相等，即a 1＝a 2，当弹簧压到B 时比弹簧压到A 时弹性势能大，两次末状态弹簧的形变量相同，弹性势能相同，根据能量守恒得，弹簧的弹性势能转化为甲物体的动能和重力势能，压缩到B 时，弹簧弹性势能减小量多，甲获得的动能大，速度大，即v 1＜v 2，故B 正确，A 、C 、D 错误．]16.2013年6月20日，女航天员王亚平在“天宫一号”目标飞行器里成功进行了我国首次太空授课．授课中的一个实验展示了失重状态下液滴的表面张力引起的效应．在视频中可观察到漂浮的液滴处于周期性的“脉动”中．假设液滴处于完全失重状态，液滴的上述“脉动”可视为液滴形状的周期性的微小变化(振动)，如图2所示．已知液滴振动的频率表达式为f ＝k σρr3，其中k 为一个无单位的比例系数，r 为液滴半径，ρ为液体密度，σ(其单位为N/m)为液体表面张力系数，它与液体表面自由能的增加量ΔE (其单位为J)和液体表面面积的增加量ΔS 有关，则在下列关于σ、ΔE 和ΔS 关系的表达式中，可能正确的是( )【导学号：19624290】图2A ．σ＝ΔE ×ΔSB ．σ＝1ΔE ×ΔSC ．σ＝ΔE ΔSD ．σ＝ΔS ΔEC [σ(其单位为N/m)为液体表面张力系数，它与液体表面自由能的增加量ΔE (其单位为J)和液体表面面积的增加量ΔS (其单位是m 2)有关，根据物理量单位之间的关系得出：1 N/m ＝1 J 1 m 2，所以σ＝ΔE ΔS，故选C.] 17．( 2017·揭阳市揭东一中检测)如图3所示，长方体ABCD A 1B 1C 1D 1中|AB |＝2|AD |＝2|AA 1|，将可视为质点的小球从顶点A 在∠BAD 所在范围内(包括边界)分别沿不同方向水平抛出，落点都在A 1B 1C 1D 1范围内(包括边界)．不计空气阻力，以A 1B 1C 1D 1所在水平面为重力势能参考平面，则小球( )图3A ．抛出速度最大时落在B 1点B ．抛出速度最小时落在D 1点C ．从抛出到落在B 1D 1线段上任何一点所需的时间都相等D ．落在B 1D 1中点时的机械能与落在D 1点时的机械能相等C [由于小球抛出时离地高度相等，故各小球在空中运动的时间相等，则可知水平位移越大，抛出时的速度越大，故落在C 1点的小球抛出速度最大，落点靠近A 1的粒子速度最小，故A 、B 错误，C 正确；由图可知，落在B 1D 1点和落在D 1点的水平位移不同，所以两种情况中对应的水平速度不同，则可知它们在最高点时的机械能不相同，因下落过程机械能守恒，故落地时的机械能也不相同，故D 错误．]18．如图4所示，矩形线圈abcd 与理想变压器原线圈组成闭合电路．线圈在有界匀强磁场中绕垂直于磁场的bc 边匀速转动，磁场只分布在bc 边的左侧，磁感应强度大小为B ，线圈面积为S ，转动角速度为ω，匝数为N ，线圈电阻不计．下列说法不正确的是( )图4A ．将原线圈抽头P 向下滑动时，灯泡变暗B ．将电容器的上极板向上移动一小段距离，灯泡变暗C ．图示位置时，矩形线圈中瞬时感应电动势为零D ．若线圈abcd 转动的角速度变为原来的2倍，则变压器原线圈电压的有效值也变为原来的2倍A [矩形线圈abcd 中产生交变电流；将原线圈抽头P 向下滑动时，原线圈匝数变小，根据公式U 1U 2＝n 1n 2，知输出电压增大，故灯泡会变亮，故A 错误；将电容器的上极板向上移动一小段距离，电容器的电容C 变小，容抗增大，故电流减小，灯泡变暗，故B 正确；线圈所处位置是中性面位置，感应电动势的瞬时值为零，故C 正确；若线圈转动的角速度变为2ω，最大值增加为原来的2倍，有效值也变为原来的2倍，故D 正确．题目要求选择不正确的选项，故选A.]19．下列说法正确的是( )A．为了解释光电效应现象，爱因斯坦建立了光子说，指出在光电效应现象中，光电子的最大初动能与入射光的频率成线性关系B．汤姆孙根据阴极射线在电场和在磁场中的偏转情况判定，阴极射线的本质是带负电的粒子流，并测出了这种粒子的比荷C．按照玻尔理论，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电子的动能减小，原子的能量也减小了D．已知中子、质子和氘核的质量分别为m n、m p、m D，则氘核的比结合能为m n＋m p－m D c22(c表示真空中的光速)ABD[根据光电效应方程知E km＝hν－W0，光电子的最大初动能与入射光的频率有关，故A正确；汤姆孙通过阴极射线在电场和在磁场中的偏转实验，发现了阴极射线是由带负电的粒子组成，并测出该粒子的比荷，故B正确；按库仑力对电子做负功进行分析，氢原子核外电子从半径较小的轨道跃迁到半径较大的轨道时，电场力对电子做负功，故电子的动能变小，电势能变大(动能转为电势能)；由于发生跃迁时要吸收光子，故原子的总能量增加，C错误；已知中子、质子和氘核的质量分别为m n、m p、m D，则氘核的结合能为ΔE＝(m n＋m p－m D)c2，核子数是2，则氘核的比结合能为m n＋m p－m D c22，故D正确．]20．(2017·虎林市摸底考试)在竖直平面内有一方向斜向上且与水平方向成α＝30°的匀强电场，电场中有一质量为m，电量为q的带电小球，用长为L的不可伸长的绝缘细线悬挂于O点，如图5所示．开始小球静止于M点，这时细线恰好为水平，现用外力将小球拉到最低点P，然后由静止释放，下列判断正确的是( )【导学号：19624291】图5A．小球到达M点时速度为零B．小球达到M点时速度最大C．小球运动到M点时绳的拉力大小为33mgD．如果小球运动到M点时，细线突然断裂，小球将做匀变速曲线运动BCD[当小球静止于M点时，细线恰好水平，说明重力和电场力的合力方向水平向右，小球从P到M过程中，只有电场力和小球重力做功，它们的合力做功最大，速度最大，A 错误，B 正确；电场力和重力的合力F 合＝mg tan 30°＝3mg ，由F 合·L ＝12mv 2M ，T M －F 合＝m v 2M L可解得：T M ＝33mg ，选项C 正确；若小球运动到M 点时，细线突然断裂，速度竖直向上，合力水平向右，故小球做匀变速曲线运动，D 正确．]21．如图6所示，阻值为R 、质量为m 、边长为l 的正方形金属框位于光滑的水平面上．金属框的ab 边与磁场边缘平行，并以一定的初速度进入矩形磁场区域，运动方向与磁场边缘垂直．磁场方向垂直水平面向下，在金属框运动方向上的长度为L (L >l )．已知金属框的ab 边进入磁场后，金属框在进入磁场过程中运动速度与ab 边在磁场中的运动位移之间的关系和金属框在穿出磁场过程中运动速度与cd 边在磁场中的运动位移之间的关系分别为v ＝v 0－cx ，v ＝v 0－c (l ＋x )(v 0未知)，式中c 为某正值常量．若金属框完全通过磁场后恰好静止，则有( )图6A ．金属框bd 边进入一半时金属框加速度大小为a ＝3cl 3B 24mRB ．金属框进入和穿出过程中做加速度逐渐减小的减速运动C ．金属框在穿出磁场这个过程中克服安培力做功为mc 2l 2D ．磁感应强度大小为B ＝mcR lBD [当金属框bd 边进入一半时，金属框速度v ＝v 0－c l 2，此时受到的安培力为：F ＝BIl ＝B 2l 2v 0－c l 2R ，当金属框出磁场且速度为零时有：0＝v 0－c (l ＋l )，得v 0＝2cl ，所以金属框加速度大小为a ＝F m ＝3cl 3B 22mR，选项A 错误；金属框进入磁场时，有：a ＝F m ＝B 2l 2cl －cx mR，可得金属框做加速度逐渐减小的减速运动，同理，当穿出时有：a ＝F m ＝B 2l 2cl －cx mR，可得金属框做加速度逐渐减小的减速运动，选项B 正确；金属框在穿出磁场这个过程中克服安培力做功为W F ＝12m (v 0－cl )2＝12mc 2l 2，选项C 错误；根据题意，金属框出磁场时速度与位移成线性关系，故安培力也与位移成线性关系，故有：W F ＝12F 0l ＝12B 2l 2·cl R l ＝B 2l 4c 2R ＝12mc 2l 2，解得：B ＝mcR l，选项D 正确．]第Ⅱ卷三、非选择题：共62分．第22题～第25题为必考题，每个考题考生都必须作答，第33～34为选考题，考生根据要求作答．(一)必考题(共47分)22．(6分)(2017·虎林市摸底考试)如图7所示，在验证动量守恒定律实验时，小车A 的前端粘有橡皮泥，推动小车A 使之做匀速运动．然后与原来静止在前方的小车B 相碰并粘合成一体，继续匀速运动，在小车A 后连着纸带，电磁打点计时器电源频率为50 Hz ，长木板右端下面垫放小木片用以平衡摩擦力．图7(1)若获得纸带如图8所示，并测得各计数点间距(已标在图上)．A 为运动起始的第一点，则应选________段来计算A 的碰前速度，应选________段来计算A 和B 碰后的共同速度(填“AB ”或“BC ”或“CD ”或“DE ”)．图8(2)已测得小车A 的质量m 1＝0.30 kg ，小车B 的质量为m 1＝0.20 kg ，由以上测量结果可得碰前系统总动量为________k g·m/s，碰后系统总动量为______kg·m/s.(结果保留四位有效数字)(3)实验结论：_________________________________________________.【导学号：19624292】【解析】 (1)推动小车由静止开始运动，故小车有个加速过程，在碰撞前做匀速直线运动，即在相同的时间内通过的位移相同，故BC 段为匀速运动的阶段，所以选BC 段计算A 的碰前速度，碰撞过程是一个变速运动的过程，而A 和B 碰后的共同运动应是匀速直线运动，故应选DE 段计算碰后的共同速度．(2)碰前系统的动量即A 的动量，则p 1＝m A v 0＝m A BC5T ＝1.035 kg·m/s.碰后的总动量：p 2＝m A v A ＋m B v B ＝(m A ＋m B )v 2＝(m A ＋m B )DE 5T＝1.030 kg·m/s. (3)由实验数据可知，在误差允许的范围内，小车A 、B 组成的系统碰撞前后总动量守恒．【答案】 (1)BC DE(2)1.035 1.030 在实验误差允许范围内，碰前和碰后的总动量相等，系统的动量守恒23．(9分)[2017·高三第二次全国大联考(新课标卷Ⅲ)]某同学通过实验测定金属丝电阻率：(1)用螺旋测微器测出金属丝的直径d，读数如图9所示，则直径d＝________mm；图9(2)为了精确地测出金属丝的电阻，需用欧姆表对额定电流约0.5 A的金属丝的电阻R x粗测，下图是分别用欧姆挡的“×1挡”(图10甲)和“×10挡”(图乙)测量时表针所指的位置，则测该段金属丝应选择______挡(填“×1”或“×10”)，该段金属丝的阻值约为______Ω.甲乙图10(3)除待测金属丝R x、螺旋测微器外，实验室还提供如下器材，若滑动变阻器采用限流接法，为使测量尽量精确，电流表应选________(选填“A1”或“A2”)、电源应选______(选填“E1”或“E2”)．电压表V(量程3 V，内阻约3 kΩ)滑动变阻器R(最大阻值约10 Ω)电流表A1(量程3 A，内阻约0.05 Ω)电流表A2(量程0.6 A，内阻约0.2 Ω)电源E1(电动势9 V，内阻不计)电源E2(电动势4.5 V，内阻不计)毫米刻度尺、开关S、导线(4)若滑动变阻器采用限流接法，在下面方框内完成电路原理图(图中务必标出选用的电流表和电源的符号)．【解析】(1)螺旋测微器固定刻度示数是0.5 mm，可动刻度示数是49.9×0.01 mm ＝0.499 mm，则螺旋测微器示数为0.5 mm＋0.499 mm＝0.999 mm(0.998～1.000均正确)；(2)由题图甲、乙所示可知，题图乙所示欧姆表指针偏转角度太大，应选用题图甲所示测量电阻阻值，题图甲所示欧姆挡为“×1挡”，所测电阻阻值为7×1 Ω＝7Ω.(3)电阻丝的额定电流约为0.5 A，电流表应选A2；电阻丝的额定电压约为U＝IR ＝0.5×7 V＝3.5 V，电源应选E2；(4)待测金属丝电阻约为7 Ω，电压表内阻约为3 kΩ，电流表内阻约为0.2 Ω，相对来说电压表内阻远大于待测金属丝的电阻，电流表应采用外接法，由题意可知，滑动变阻器采用限流接法，实验电路图如图所示．【答案】(1)0.999(0.998～1.000均正确) (2)×17 (3)A2E2(4)实验电路图见解析24．(12分)(2017·温州中学模拟)目前，我国的高铁技术已处于世界领先水平，它是由几节自带动力的车厢(动车)加几节不带动力的车厢(拖车)组成一个编组，称为动车组．若每节动车的额定功率均为1.35×104kW，每节动车与拖车的质量均为5×104kg，动车组运行过程中每节车厢受到的阻力恒为其重力的0.075倍．若已知1节动车加2节拖车编成的动车组运行时的最大速度v0为466.7 km/h.我国的沪昆高铁是由2节动车和6节拖车编成动车组来工作的，其中头、尾为动车，中间为拖车．当列车高速行驶时会使列车的“抓地力”减小不易制动，解决的办法是制动时，常用“机械制动”与“风阻制动”配合使用，所谓“风阻制动”就是当检测到车轮压力非正常下降时，通过升起风翼(减速板)调节其风阻，先用高速时的风阻来增大“抓地力”将列车进行初制动，当速度较小时才采用机械制动．(所有结果保留两位有效数字)求：图11(1)沪昆高铁的最大时速v为多少km/h?(2)当动车组以加速度1.5 m/s2加速行驶时，第3节车厢对第4节车厢的作用力为多大？(3)沪昆高铁以题(1)中的最大速度运行时，测得此时风相对于运行车厢的速度为100m/s，已知横截面积为1 m2的风翼上可产生1.29×104 N的阻力，此阻力转化为车厢与地面阻力的效率为90%.沪昆高铁每节车厢顶安装有2片风翼，每片风翼的横截面积为1.3 m2，求此情况下“风阻制动”的最大功率为多大？【导学号：19624293】【解析】(1)由P＝3kmgv0(2分)2P＝8kmgv(2分)解之得：v＝0.75v0＝3.5×102 km/h. (1分)(2)设各动车的牵引力为F 牵，第3节车对第4节车的作用力大小为F ，以第1、2、3节车厢为研究对象由牛顿第二定律得：F 牵－3kmg －F ＝3ma(2分) 以动车组整体为研究对象，由牛顿第二定律得：2F 牵－8kmg ＝8ma(2分) 由上述两式得：F ＝kmg ＋ma ＝P 3v 0＋ma ＝1.1×105 N ． (2分)(3)由风阻带来的列车与地面的阻力为：F m ＝1.29×104×1.3×2×8×0.9 N＝2.4×105N (1分)“风阻制动”的最大功率为P ＝F m v m ＝2.4×105×350 0003 600W ＝2.3×107 W ．(2分) 【答案】 (1)3.5×102 km/h (2)1.1×105 N (3)2.3×107 W25. (20分)(2017·临川一中模拟)如图12所示，虚线OL 与y 轴的夹角θ＝45°，在OL 上侧有平行于OL 向下的匀强电场，在OL 下侧有垂直纸面向外的匀强磁场，一质量为m 、电荷量q (q >0)的粒子以速率v 0从y 轴上的M (OM ＝d )点垂直于y 轴射入匀强电场，该粒子恰好能够垂直于OL 进入匀强磁场，不计粒子重力．图12(1)求此电场的场强大小E ；(2)若粒子能在OL 与x 轴所围区间内返回到虚线OL 上，求粒子从M 点出发到第二次经过OL 所需要的最长时间．【解析】 (1)粒子在电场中运动，只受电场力作用，F 电＝qE ，a ＝qE m ； (2分) 沿垂直电场线方向X 和电场线方向Y 建立坐标系，则在X 方向位移关系有：d sin θ＝v 0cos θ·t ，所以t ＝d v 0； (2分)该粒子恰好能够垂直于OL 进入匀强磁场，所以在Y 方向上，速度关系有：v 0sin θ＝at ＝qE m t ，(2分) 所以，v 0sin θ＝qEd mv 0 (1分)则有E ＝mv 20sin θqd ＝mv 20sin 45°qd ＝2mv 202qd. (2分)(2)根据(1)可知粒子在电场中运动的时间t ＝d v 0；粒子在磁场中只受洛伦兹力的作用，在洛伦兹力作用下做圆周运动，设圆周运动的周期为T粒子能在OL 与x 轴所围区间内返回到虚线OL 上，则粒子从M 点出发到第二次经过OL 在磁场中运动了半个圆周，所以，在磁场中运动时间为12T ； 粒子在磁场运动，洛伦兹力作为向心力，所以有，Bvq ＝m v 2R ； (2分) 根据(1)可知，粒子恰好能够垂直于OL 进入匀强磁场，速度v 就是初速度v 0在X 方向上的分量，即v ＝v 0cos θ＝v 0cos 45°＝22v 0； (1分) 粒子在电场中运动，在Y 方向上的位移Y ＝12v 0sin θ·t ＝24v 0t ＝24d ，(1分) 所以，粒子进入磁场的位置在OL 上距离O 点l ＝d cos θ＋Y ＝324d ；(2分) 可得：l ≥R ＋R cos θ，即R ≤l 1＋1cos θ＝324d 1＋2 ＝－24d ；(2分) 所以，T ＝2πR v ≤2π×－24d 22v 0＝2－πd v 0； (1分)所以，粒子从M 点出发到第二次经过OL 所需要的最长时间t最长＝t ＋12T max ＝d v 0＋122－πdv0＝dv0[1＋2－π2]．(2分)【答案】(1)2mv202qd(2)dv0[1＋2－π2](二)选考题(共15分，请考生从给出的2道题中任选一题作答．如果多做，则按所做的第一题计分)33．[物理—选修3－3](15分)[2017·高三第一次全国大联考(新课标卷Ⅱ)](1)(5分)下列说法中正确的是________．(填正确答案标号．选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错1个扣3分，最低得分为0分)A．气体温度每升高1 K所吸收的热量与气体经历的过程有关B．悬浮在液体中的微粒越小，受到液体分子的撞击就越容易平衡C．当分子间作用力表现为引力时，分子间的距离越大，分子势能越小D．PM 2.5的运动轨迹由大量空气分子对PM 2.5无规则碰撞的不平衡和气流的运动决定的E．热量能够自发地从高温物体传递到低温物体，但不能自发地从低温物体传递到高温物体(2)(10分)内壁光滑的汽缸通过活塞封闭有压强为1.0×105Pa、温度为27 ℃的气体，初始活塞到汽缸底部距离50 cm，现对汽缸加热，气体膨胀而活塞右移．已知汽缸横截面积为200 cm2，总长为100 cm，大气压强为1.0×105 Pa.①计算当温度升高到927 ℃时，缸内封闭气体的压强；②若在此过程中封闭气体共吸收了800 J的热量，试计算气体增加的内能.【导学号：19624294】图13【解析】(1)选ADE.气体温度升高过程吸收的热量要根据气体升温过程是否伴随有做功来决定，选项A对；悬浮在液体中的微粒越小，受到液体分子的撞击就越少，就越不容易平衡，选项B错；当分子间作用力表现为引力时，分子间距离增大，分子力做负功，分子势能增大，选项C错；PM2.5是悬浮在空气中的固体小颗粒，受到气体分子无规则撞击和气流影响而运动，选项D对；热传递具有方向性，能够自发地从高温物体传递到低温物体，但不能自发地从低温物体传递到高温物体，选项E对．(2)①由题意可知，在活塞移动到汽缸口的过程中，气体发生的是等压变化．设活塞的横截面积为S ，活塞未移动时封闭气体的温度为T 1，当活塞恰好移动到汽缸口时，封闭气体的温度为T 2，则由盖－吕萨克定律可知：0.5×S T 1＝1×S T 2，又T 1＝300 K (3分)解得：T 2＝600 K ，即327 ℃，因为327 ℃<927 ℃，所以气体接着发生等容变化，设当气体温度达到927 ℃时，封闭气体的压强为p ，由查理定律可以得到：1.0×105Pa T 2＝p ＋，代入数据整理可以得到：p ＝2×105Pa.(3分) ②由题意可知，气体膨胀过程中活塞移动的距离Δx ＝1 m －0.5 m ＝0.5 m ，故大气压力对封闭气体所做的功为W ＝－p 0S Δx ，代入数据解得：W ＝－1 000 J ，由热力学第一定律ΔU ＝W ＋Q (2分)得到：ΔU ＝－1 000 J ＋800 J ＝－200 J ．(2分) 【答案】 (1)ADE (2)①2×105Pa ②－200 J34．[物理—选修3－4](15分) (1)(5分)下列说法正确的是________(填入正确选项前的字母，选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分，每选错1个扣3分，最低得分为0分)．A ．除了从光源直接发出的光以外，我们通常看到的绝大部分光都是偏振光B ．全息照相利用了激光相干性好的特性C ．光导纤维传播光信号利用了光的全反射原理D ．光的双缝干涉实验中，若仅将入射光由红光改为紫光，则相邻亮条纹间距一定变大E ．当我们看到太阳从地平线上刚刚升起时，太阳的实际位置已经在地平线上的上方(2)(10分)如图14所示是一列沿x 轴正向传播的简谐横波在t ＝0.25 s 时刻的波形图，已知波的传播速度v ＝4 m/s.图14①画出x ＝2.0 m 处质点的振动图象(至少画出一个周期)；②求x ＝2.5 m 处质点在0～4.5 s 内通过的路程及t ＝4.5 s 时的位移；③此时A 点的纵坐标为2 cm ，试求从图示时刻开始经过多少时间A 点第三次出现波峰？【解析】 (1)除了从光源直接发出的光以外，我们通常看到的绝大部分光都是偏振光，故A 正确；全息照相利用了激光相干性好的特性，是光的干涉现象，故B 正确；光导纤维传播光信号利用了光的全反射原理，故C 正确；在双缝干涉实验中，光的双缝干涉条纹间距Δx ＝L d λ，若仅将入射光由红光改为紫光，由于红光波长大于紫光，则相邻亮条纹间距变小，故D 错误；早晨看太阳从地平线刚刚升起时，实际上它还处在地平线的下方，但通过光在不均匀的大气层中发生折射，可以射入我们的眼睛，我们就可以看见太阳，故E 错误．故选A 、B 、C.(2)①根据图中信息可得λ＝2 m ，T ＝λv＝0.5 s ，图象如图所示．②4.5 s＝9T ，一个周期内质点通过的路程是4A ，所以s ＝9×4A ＝1.44 m t ＝4.5 s 时，距离现在图示时刻172T ，与现在所处位置关于x 轴对称，y ＝－4 cm.③若从图示时刻开始计时则质点A 的振动方程为y ＝A cos ⎝⎛⎭⎪⎫ωt ＋π3 则质点A 第一次达波峰的时间为t 1＝56T 第三次达波峰的时间应为 t ＝t 1＋2T ＝56×0.5 s＋2×0.5 s＝1.42 s.【答案】 (1)ABC(2)①见解析②1.44 m －4 cm ③1.42 s。
高2021届高2018级高三物理二轮复习资料实验题高分练2
实验题高分练(2)22.(6分)某高一同学寒假时,在教材中查到木质材料与金属材料间的动摩擦因数为0.2,为了准确验证这个数据,他设计了一个实验方案,如图甲所示,图中长铝合金板水平固定.(1)下列哪些操作是必要的_____.A.调整定滑轮高度,使细绳与水平铝合金板平行B.将铝合金板垫起一个角度C.选尽量光滑的滑轮D.砝码的质量远小于木块的质量(2)如图乙所示为木块在水平铝合金板上带动纸带运动时打出的一条纸带,测量数据如图乙所示,则木块加速度大小a ＝_____m/s 2(电火花计时器接频率为50 Hz 的交流电源,结果保留2位有效数字).(3)该同学在实验报告中,将测量原理写为：根据mg －μMg ＝Ma ,得μ＝mg －Ma Mg.其中M 为木块的质量,m 为砝码盘和砝码的总质量,a 为木块的加速度,重力加速度为g .判断该同学的做法是否正确,如不正确,请写出μ的正确表达式：______________________.(4)若m ＝70 g,M ＝100 g,则可测得μ＝_____(g 取9.8 m/s 2,保留2位有效数字).解析 (1)实验过程中,电火花计时器应接在频率为50 Hz 的交流电源上,调整定滑轮高度,使细线与铝合金板平行,同时选尽量光滑的滑轮,这样摩擦阻力只有木块与铝合金板之间的摩擦力,故A 、C 必要；本实验测动摩擦因数,不需要平衡摩擦力,B 项不必要；本实验没要求砝码的重力大小为木块受到的拉力大小,D 项不必要.选AC.(2)由纸带可知,两个计数点的时间T ＝2×0.02 s ＝0.04 s,根据推论公式Δx ＝aT 2,得 a ＝x 6＋x 5＋x 4－x 3－x 2－x 19T 2＝()6.66＋6.18＋5.69－5.22－4.73－4.25×10－29×0.042m/s 2≈3.0 m/s 2.(3)对M 、m 组成的系统,由牛顿第二定律得：mg －μMg ＝()M ＋m a ,解得μ＝mg －()M ＋m a Mg. (4)将m ＝70 g ＝0.070 kg,M ＝100 g ＝0.1 kg,a ＝3.0 m/s 2代入μ＝mg －()M ＋m a Mg ,解得：μ＝0.18.[试题参考答案](1)AC (2)3.0 (3)mg －(M ＋m )a Mg(4)0.18 23.(9分)小王和小李两名同学分别测量电压表V 1的内阻.丙 丁(1)先用调好的欧姆表“×1 k ”挡粗测电压表V 1的内阻,测量时欧姆表的黑表笔与电压表的__________(填“＋”或“－”)接线柱接触,测量结果如图甲所示,则粗测电压表V 1的内阻为__________ kΩ.(2)为了精确测量电压表V 1的内阻,小王同学用如图乙所示的电路,闭合开关S 1前将滑动变阻器的滑片移到最__________(填“左”或“右”)端,电阻箱接入电路的电阻调到最__________(填“大”或“小”),闭合开关S 1,调节滑动变阻器和电阻箱,使两电压表指针的偏转角度都较大,读出电压表V 1、V 2的示数分别为U 1、U 2,电阻箱的示数为R 0,则被测电压表V 1的内阻R V1＝__________.(3)小李同学用如图丙所示的电路,闭合开关S 1,并将单刀双掷开关S 2打到1,调节滑动变阻器的滑片,使电压表V 2的指针偏转角度较大,并记录电压表V 2的示数为U ,再将单刀双掷开关S 2打到2,调节电阻箱,使电压表V 2的示数仍然为U ,此时电阻箱接入电阻的示数如图丁所示,则被测电压表V 1的内阻R V1＝__________Ω.解析 (1)欧姆表的电流从黑表笔流出,因此黑表笔应与电压表的“＋”接线柱相连接,欧姆表的读数为9.0 kΩ.(2)为保护电路,闭合开关S 1前应将滑动变阻器的滑片移到最左端,使输出电压为零,电阻箱接入电路的电阻最大,被测电压表的内阻R V1＝U 1U 2－U 1R 0＝U 1R 0U 2－U 1. (3)被测电压表的内阻等于电阻箱接入电路的阻值,即为8 455 Ω.[试题参考答案](1)＋ 9.0 (2)左 大U 1R 0U 2－U 1 (3)8 455。
精品2018最新版本高考物理二轮复习电学实验试题-Word版
电学实验(附参考答案)命题分析分析近几年的高考，考查的方向基本不变，主要体现在基本仪器的使用、实验原理的理解、实验数据的分析以及实验的设计方面命题趋势基本仪器的使用仍是今后高考中考查的热点，同时注重对实验操作过程的考查和创新设计实验的考查考点一电学测量仪器的使用与读数1．电流表、电压表、欧姆表的比较：2.多用电表使用“四注意”．(1)极性：从电表外部看，电流应从红表笔(“＋”极)流入电表，从黑表笔(“－”极)流出电表．(2)功能：利用多用电表测电压和电流时，选择开关对应的是电表的量程；而测电阻时，选择开关对应的是倍率．(3)调零：测量电阻时，要进行两次调零：机械调零和欧姆调零．“机械零点”在表盘刻度左侧“0”位置．调整的是表盘下边中间的定位螺丝；“欧姆零点”在表盘刻度的右侧电阻刻度“0”位置，调整的是欧姆调零旋钮．(4)保护：测电阻时，应把被测电阻从电路中拆下测量；多用电表长期不用时，必须取出表内的电池．3．电学仪器的选择．(1)电源的选择：一般可以根据待测电路的额定电流或额定电压选择符合需要的直流电源．(2)电表的选择：一般根据电源的电动势或待测用电器的额定电压选择电压表；根据待测电流的最大电流选择电流表；选择的电表的量程应使电表的指针偏转的幅度较大，一般应使指针能达到半偏以上，以减小读数的偶然误差，提高精确度．考点二电流表内外接法的比较与选择考点三控制电路(滑动变阻器的接法)的比较与选择1．控制电路的比较：2.控制电路的选择．优先选用限流式．以下情况考虑分压式：(1)要求待测电路的U、I从0变化．(2)R滑远小于R x.(3)选用限流式时，U x、I x过大(指超过电表量程，烧坏电表、电源或用电器等)或U x、I x过小(最大值不超过电表满量程的13，读数误差大)．课时过关(A卷)1．用多用电表进行了几次测量，指针分别处于a、b位置，如图所示．(1)若多用电表的选择开关处于下面表格中所指的挡位，a和b的相应读数各是多少？请填在表格中．。
2018版高考物理二轮训练(江苏专版)：实验题18分强化练 Word版含解析
实验题18分强化练(一)(对应学生用书第160页)(建议用时：10分钟)1．(8分)如图1所示是三个涉及纸带和打点计时器的实验装置图．图1(1)如图1三个实验装置中，摩擦力对实验结果没有影响的是________(选“A”或“B”或“C”)．A．甲B．乙C．丙(2)若某同学实验时所用的电源如图2甲所示，则打点计时器应选图2乙中的________(选“A”或“B”)．甲乙图2(3)如果操作都正确，则通过装置________(选填“甲”、“乙”或者“丙”)可打出图3中的纸带________(选填“①”或者“②”)图3【解析】(1)在匀变速直线运动的实验中，受到的拉力恒定，摩擦力也恒定，那么物体受到的合力恒定，对实验没有影响，在研究功和速度的关系的实验中，每次实验时受到的拉力加倍，但是摩擦力不加倍，对实验会产生影响，在研究加速度与力、质量的关系的实验中，改变车的拉力时，摩擦力不变，对实验的计算会产生影响，所以没有影响的是A．(2)由于电源是学生电源，电磁打点计时器的电压为4～6 V，所以要选择电磁打点计时器，故选B；(3)分析纸带可以得到，纸带①中两点间的距离逐渐增大，说明是加速运动，可能是甲图、也可能是丙图的实验结果．纸带②中后面两点间的距离相等，说明是匀速运动，实验纸带②应该是研究功和速度的关系的实验中得到的，即乙．所以通过装置乙可以得到纸带②．【答案】(1)A(2)B(3)乙②2．(10分)(1)某同学用多用电表的欧姆挡来测量电压表的内阻，如图4甲所示．先将选择开关旋至倍率“×100”挡，红、黑表笔短接调零后进行测量，红表笔应接电压表的________接线柱(选填“＋”或“－”)，测量结果如图乙所示，电压表的电阻为________Ω．甲乙图4(2)该同学要测量一节干电池的电动势和内阻，有以下器材可供选择：A．电流表(0～0．6 A～3 A)B．电压表(0～3 V)C．滑动变阻器R(0～15 Ω，5 A)D．滑动变阻器R′(0～50 Ω，1 A)E．定值电阻R0为1 ΩF．开关S及导线若干丙丁图5本次实验的原理图如图5丙，则滑动变阻器应选______(填器材前的字母序号)．按照原理图连接好线路后进行测量，测得数据如下表所示．________．现将上述器材的连线略加改动就可使电压表的示数变化更明显，请在图5丁中按改动后的原理图完成连线．【解析】(1)用多用电表的欧姆挡时内部电源被接通，且黑表笔接内部电源的正极，即电流从欧姆表的黑表笔流出，从电压表的正极流入，则红表笔接电压表的负极．欧姆表表盘示数为40，选择开关旋到“×100”挡，即倍率为100，则最后读数为：100×40 Ω＝4 000 Ω(2)待测电阻的电阻值比较大，为了能有效控制电路，并且能方便实验操作，滑动变阻器应选小电阻C；路端电压随电路电流的增大而减小，由表中实验数据可知，实验时电压表示数变化太小，这是由于电源内阻太小造成的；为使电压表示数变化明显，可以把定值电阻与电源串联组成等效电源，这样可以增大电源内阻，使电压表示数变化明显，电路图如图所示：【答案】(1)－ 4 000(2)C电源的内阻太小电路图如解析图所示实验题18分强化练(二)(对应学生用书第160页)(建议用时：10分钟)1．(8分)如图1所示，某同学在做“探究功与速度变化的关系”的实验．当小车在1条橡皮筋的作用下沿木板滑行时，橡皮筋对小车做的功记为W．当用2条、3条…橡皮筋重复实验时，设法使每次实验中橡皮筋所做的功分别为2W、3W…．图1(1)图中电火花计时器的工作电压是________V的交流电．(2)实验室提供的器材如下：长木板、小车、橡皮筋、打点计时器、纸带、电源等，还缺少的测量工具是________．(3)图中小车上有一固定小立柱，如图1给出了4种橡皮筋与小立柱的套接方式，为减小实验误差，你认为最合理的套接方式是______________________．(4)在正确操作的情况下，某次所打的纸带如图2所示．打在纸带上的点并不都是均匀的，为了测量橡皮筋做功后小车获得的速度，应选用纸带的________部分进行测量(根据纸带中字母回答)，小车获得的速度是________ m/s．(结果保留两位有效数字)图2【解析】(1)电火花计时器的工作电压是220 V的交流电．(2)处理实验数据时需要测量两计数点间的距离，因此还需要的器材是：刻度尺．(3)由图示可知，橡皮筋最合理的套接方式是A，以A的方式套接释放小车后，橡皮筋不会影响小车的运动．(4)由图示纸带可知，GJ部分两点间的距离相等，小车做匀速直线运动，应选用的纸带是GJ部分；小车获得的速度v＝xt＝0．013 00．02m/s＝0．65 m/s．【答案】(1)220(2)刻度尺(3)A(4)GJ0．652．(10分)小王和小李两同学分别用电阻箱、电压表测量不同电源的电动势和内阻．(1)小王所测电源的内电阻r1较小，因此他在电路中接入了一个阻值为2．0 Ω的定值电阻R0，所用电路如图3所示．图3①请用笔画线代替导线将图4所示器材连接成完整的实验电路图4②闭合开关S，调整电阻箱的阻值R，读出电压表相应的示数U，得到了一组U、R数据．为了比较准确地得出实验结论，小王同学准备用直线图象来处理实验数据，图象的纵坐标表示电压表读数U，则图象的横坐标表示的物理量应该是________．(2)小李同学所测电源的电动势E2约为9 V，内阻r2为35～55 Ω，允许通过的最大电流为50 mA．小李同学所用电路如图5所示，图中电阻箱R的阻值范围为0～9 999 Ω．图5①电路中R 0为保护电阻．实验室中备有以下几种规格的定值电阻，本实验中应选用________．A ．20 Ω，125 mAB ．50 Ω，20 mAC ．150 Ω，60 mAD ．1 500 Ω，5 mA②实验中通过调节电阻箱的阻值，记录电阻箱的阻值R 及相应的电压表的示数U ，根据测得的多组数据，作出1U -1R ＋R 0图线，图线的纵轴截距为a ，图线的斜率为b ，则电源的电动势E 2＝________，内阻r 2＝________．【解析】 (1)①根据电路图，实物图连接如图所示：②根据欧姆定律可知：E 1＝U ＋U R (R 0＋r 1)，可得U ＝E 1－U R (R 0＋r 1)，故横坐标为U R ．(2)①电路最小总电阻约为R min ＝90．05Ω＝180 Ω，为保护电路安全，保护电阻应选C ；②在闭合电路中，电源电动势为E 2＝U ＋Ir 2＝U ＋U R 0＋Rr 2，则1U ＝r 2E 2 ·1R ＋R 0＋1E 2，则1U -1R ＋R 0图象是直线，截距a ＝1E 2，得E 2＝1a ，斜率b ＝r 2E 2，得r 2＝b a ．【答案】 (1) ①见解析 ②U R (2) ① C ②1a b a实验题18分强化练(三)(对应学生用书第161页)(建议用时：10分钟)1．(8分)在“测定电源电动势和内阻”的实验中，实验室仅提供下列实验器材：A．两节旧干电池，每节电动势约1．5 VB．直流电压表V l、V2，量程均为0～3 V，内阻约3 kΩC．电流表，量程0～0．6 A，内阻小于1 ΩD．定值电阻R0，阻值2 ΩE．滑动变阻器R，最大阻值15 ΩF．导线和开关若干甲乙丙丁图1(1)请根据连接的实物图1甲，在图乙虚线框中画出对应的电路图；(2)根据图甲电路进行实验，测得多组U、I数据，作出U-I图象，求出电动势和内阻的值均小于真实值，其产生误差的原因是____________________．(3)实验过程中，由于电流表发生了故障，某同学又设计了图丙所示的电路测定电源的电动势和内阻，实验中移动滑动变阻器触头，记录V1和V2的值如表所示，用测出的数据在图丁中绘出U1-U2图线．(4)．(结果保留两位有效数字)【导学号：17214266】【解析】(1)根据实物图可得出对应的原理图如图所示；甲(2)由图可知，电流表不是测干路电流，原因是电压表的分流造成的；(3)根据表中数据采用描点法可得出对应的图象如图所示；丁(4)由闭合电路欧姆定律可知，E ＝U 2＋U 2－U 1R 0r ，整理得：U 1＝R 0＋r r U 2－E R 0r ，当U 2＝1．60 V 时，U 1＝0．80 V ；当U 2＝2．24 V 时，U 1＝1．87 V ；代入解得：E ＝3．0 V ，r ＝3．0 Ω．【答案】 (1)见解析 (2)电压表分流 (3)见解析(4)3．0 3．02．(10分)某高一同学寒假时，在教材中查到木质材料与金属材料间的动摩擦因数为0．2，为了验证这个数据，他设计了一个实验方案，如图2所示，图中长铝合金板水平固定．【导学号：17214266】图2(1)下列哪些操作是必要的________．A ．调整定滑轮高度，使细绳与水平铝合金板平行B．将铝合金板垫起一个角度C．选尽量光滑的滑轮D．砝码的质量远小于木块的质量(2)图3为木块在水平铝合金板上带动纸带运动时打出的一条纸带，测量数据如图所示，则木块加速度大小a＝________m/s2(电火花计时器接在频率为50 Hz的交流电源，结果保留2位有效数字)．图3(3)该同学在实验报告中，将测量原理写为：根据mg－μMg＝Ma，所以μ＝mg－MaMg．其中M为木块的质量，m为砝码盘和砝码的总质量，a为木块的加速度，重力加速度为g．判断该同学的做法是否正确，如不正确，请说明原因：________________________．(4)若m＝70 g，M＝100 g，则可测得μ＝________(g取9．8 m/s2，保留2位有效数字)．【解析】(1)实验过程中，电火花计时器应接在频率为50 Hz的交流电源上，调整定滑轮高度，使细线与铝合金板平行，同时选尽量光滑的滑轮，这样摩擦阻力只有木块与铝合金板之间的摩擦力，故选项A、C正确．(2)据推论公式Δx＝aT2，得：a＝x6＋x5＋x4－(x3＋x2＋x1)9T2＝0．066 6＋0．061 8＋0．056 9－0．052 2－0．047 3－0．042 59×0．042m/s2＝3．0 m/s2．(3)不正确．因加速过程中细绳对木块的拉力小于mg．正确的做法应是：对M、m组成的系统，由牛顿第二定律得：mg－μMg＝(M＋m)a，解得：μ＝mg－(m＋M)aMg．(4)将m＝70 g＝0．070 kg，M＝100 g＝0．1 kg，a＝3．0 m/s2带入μ＝mg－(m＋M)aMg，整理可以得到：μ＝0．18．【答案】(1)AC(2)3．0(3)见解析(4)0．18实验题18分强化练(四)(对应学生用书第162页)(建议用时：10分钟)1．(8分)为了探究加速度与力的关系，使用如图1所示的气垫导轨装置进行实验．其中G1、G2为两个光电门，当滑块通过G1、G2光电门时，光束被遮挡的时间t1、t2都可以被测量并记录，滑块连同上面固定的条形挡光片的总质量为M，挡光片宽度为D，光电门间距离为x，牵引砝码的质量为m．实验开始应先调节气垫导轨下面的螺钉，使气垫导轨水平．回答下列问题：(1)若取细绳牵引滑块的拉力T＝mg，测得滑块质量M＝0．2 kg，改变m的值，进行多次实验，以下m的取值不合适的一个是________．A．m1＝5 g B．m2＝15 gC．m3＝20 g D．m4＝200 g(2)在此实验中，需要测得每一个牵引力对应的加速度，其中求得的加速度的表达式为a＝________(用t1、t2、D、x表示)．(3)以小车和牵引砝码为研究对象，小车质量M一定，改变牵引砝码的质量m，根据实验数据描绘的小车加速度a与牵引砝码的质量m之间的实验关系图象．能正确反映1a-1m关系的是图中的________．图1A B C D【解析】(1)在实验中，认为m的重力等于滑块所受的合力，所以m的质量应远小于M 的质量，故D 不合适．本题选不合适的，故选 D ．(2)滑块经过光电门的速度v 2＝D t 2，v 1＝D t 1， 则根据据v 22－v 21＝2ax ，得a ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫D t 22－⎝ ⎛⎭⎪⎫D t 122x． (3)根据牛顿第二定律，则有a ＝mg M ＋m，则1a ＝M ＋m mg ＝M g ·1m ＋1g ，所以1a -1m 图象是一条倾斜的直线，且在纵轴上有截距，故C 正确．【答案】 (1)D (2)⎝ ⎛⎭⎪⎫D t 22－⎝ ⎛⎭⎪⎫D t 122x(3)C 2．(10分)为了测量阻值范围在200～300 Ω之间的电阻R x 的阻值，实验室提供了如下器材：A ．电阻箱R (阻值范围0～999．9 Ω)B ．毫安表(量程0～3 mA ，内阻约100 Ω)C ．直流电源(电动势约3V ，内阻不计)D ．两个单刀单掷开关，导线足量(1)甲同学根据实验目的和提供的实验器材设计出如图2甲所示的实验电路，设计的操作步骤如下．甲 乙图2①按电路图连好电路，闭合开关S 1，记下毫安表的读数．②断开S 1，闭合开关S 2，调节电阻箱R 的阻值，使毫安表的读数和①中相同，记下此时电阻箱的示数R 1．假设该同学的设计合理，则待测电阻R x ＝________．(2)乙同学根据实验目的和提供的实验器材设计出如图乙所示的实验电路，设计的操作步骤如下．①按电路图连好电路，将R调到最大，然后闭合S1、S2，调节R，使毫安表达到满偏，记下此时电阻箱的示数R2．②断开S2，调节R，仍使毫安表满偏，记下此时电阻箱的示数R3．假设该同学的设计合理，则待测电阻R x＝________．(3)上述两位同学的设计中有一位是不合理的，不合理的是________，理由________________________．【解析】(1)根据甲同学的实验电路，该同学采用了等效替代法，故待测电阻R x＝R1；(2)根据乙同学的实验步骤可知：R2＝R3＋R x，则R x＝R2－R3；(3)甲电路中，开关接通后，电流表的读数最小为I＝ER x＝3300A＝10 mA，已超过了电流表的量程，故此设计不合理．【答案】(1)R1(2)R2－R3(3)甲电流表超程。
2018版高考物理全国专用大二轮总复习与增分策略课件 专题十力学实验 二
例1 (2015·浙江9月选考科目试题)在“探究作用力与反作用力的关系” 实验中，某同学用两个力传感器进行实验. (1)将两个传感器按图3甲方式对拉，在计算机屏上显示如图乙所示， 横坐标代表的物理量是_时__间__(_t)__，纵坐标代表的物理量是_力__(_F_)___.
图3
答案
(2)(多选)由图乙可得到的实验结论是( )
刻度尺 等. 3.实验步骤 (1)垫高木板不带滑轮的一端，平衡摩擦力 . (2)在小车中放入砝码，把纸带穿过打点计时器，连在小车后端，用细 线绕过滑轮连接小车和钩码.
答案
(3)将小车停在打点计时器附近，先接通电源，再释放小车，关闭打点 计时器电源. (4)改变钩码的数量，更换纸带重复进行操作. 4.注意事项 (1)实验前必须首先平衡摩擦力. (2)必须保证所悬挂钩码的重力远小于小车的重力，这时钩码重力才近 似等于小车所受的合外力.
答案
5.实验探究的技巧与方法 (1)不直接计算W和v的数值，而只是看第2次、第3次……实验中的W和 v是第1次的多少倍，简化数据的测量和处理. (2)做W－v图象，或W－v2、W－v3图象，直到作出的图象是一条倾斜 的直线. 6.实验结论 物体速度v与外力做功W间的关系：W与v2成正比.
例3 如图11所示是某研究性学习小组做探究做功与物体速度变化的关系 的实验，图中是小车在一条橡皮筋作用下弹出，沿木板滑行的情形.这时， 橡皮筋对小车做的功记为W.当我们把2条、3条……完全相同的橡皮筋并 在一起进行第2次、第3次……实验时，每次橡皮筋都拉伸到同一位置释 放.小车在每次实验中获得的速度由打点计时器所打点的纸带测出. (1)除了图中的已给出的实验器材外， 还需要的器材有___刻__度__尺___；
实验方案二 1.实验原理(如图10所示)
2018届高三物理二轮复习练习：磁场提能增分练(二)含解析(2021年整理)
2018届高三物理二轮复习练习：磁场提能增分练(二)含解析(word版可编辑修改)编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（2018届高三物理二轮复习练习：磁场提能增分练(二)含解析(word版可编辑修改)）的内容能够给您的工作和学习带来便利。
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提能增分练（二)带电粒子在有界匀强磁场中的临界极值问题［A级错误!夺高分］1．（2016·四川高考)如图所示，正六边形abcdef区域内有垂直于纸面的匀强磁场。
一带正电的粒子从f点沿fd方向射入磁场区域,当速度大小为v b时,从b点离开磁场，在磁场中运动的时间为t b，当速度大小为v c时，从c点离开磁场，在磁场中运动的时间为t c,不计粒子重力。
则（)A．v b∶v c＝1∶2,t b∶t c＝2∶1B．v b∶v c＝2∶1，t b∶t c＝1∶2C．v b∶v c＝2∶1，t b∶t c＝2∶1D．v b∶v c＝1∶2，t b∶t c＝1∶2解析：选A 如图所示,设正六边形的边长为l，当带电粒子的速度大小为v b时，其圆心在a点，轨道半径r1＝l，转过的圆心角θ1＝错误!π，当带电粒子的速度大小为v c时，其圆心在O点(即fa、cb延长线的交点),故轨道半径r2＝2l,转过的圆心角θ2＝π3，根据qvB＝m错误!，得v＝错误!,故错误!＝错误!＝错误!。
由于T＝错误!得T＝错误!，所以两粒子在磁场中做圆周运动的周期相等,又t＝错误!T,所以错误!＝错误!＝错误!。
最新-2018年下学期高三第二轮专题复习物理：电学实验(附答案) 精品
1-7-19图1-7-20图1-7-21图1-7-237.2 电学实验例1电源的输出功率P跟外电路的电阻R有关．图池，给蓄电池串联了一个定值电阻R0，中虚线框内部分）．值电阻R0之和，用r表示．电源的电动势用E表示．⑴写出电源的输出功率P跟E、r、R的关系式：__________．（安培表、伏特表看作理想电表）⑵在实物图1-7-20中画出连线，组成实验电路．⑶下表中给出了6组实验数据，根据这些数据，在图1-7-21的方格纸中画出P-R关系图线．根据图线可知，电源输出功率的最大值是______W，当时对应的外电阻是______Ω．由表中所给出的数据，若已知跟电源串联的定值电阻的阻值为R0=4.5Ω，还可以求得该电源的电动势E=______V，内电阻r0=______Ω．例2如图1-7-22的电路中R1=R2=100Ω，是阻值不随温度而变的定值电阻．白炽灯泡L的伏安特性曲线如图1-7-23所示．电源电动势E=100V，内阻不计．求：⑴当电键K断开时灯泡两端的电压和通过灯泡的电流以及灯泡的实际电功率．⑵当电键闭合时，灯泡两端的电压和通过灯泡的电流以及灯泡的实际电功率．0.60P/WR/Ω0 2 4 6 8 10 12 14 160.550.650.700.850.800.75VA图1-7-22图1-7-24图1-7-25图1-7-26图1-7-27图1-7-287.2 电学实验1．按照有效数字规则读出下列电表的测量值．⑴ ⑵接0~3V 量程时读数为_______V ． 接0~3A 量程时读数为_______A ． 接0~15V 量程时读数为______V ． 接0~0.6A 量程时读数 A ． 2．在有些电学实验时,要用到零刻度在中央的灵敏电流表G 而且在使用前往往要求先判定通过该电流表的电流方向跟指针偏转方向的关系．这种电流表的量程一般都很小,一不小心就可能烧毁电表.如图,现在有一只这样的灵敏电流表G ,一只干电池,一个阻值很大的电阻R 1和一只阻值很小的电阻R 2．⑴用笔画线作为导线,把以上元器件都连接在测试电路中． ⑵简述测试方法．3．.用恒定电流的电场来模拟静电场描绘等势线时,下列哪些情况是能够实现的 ⑴ ⑵ ⑶ ⑷A ．如图⑴圆柱形电极M 、N 都接电源的正极，用来模拟等量正点电荷周围的静电场B ．如图⑵圆柱形电极M 接电源正极，圆环形电极N 接电源负极，用来模拟正点电荷周围的静电场C ．如图⑶两个平行的长条形电极M 、N 分别接电源正、负极，用来模拟平行板电容器间的静电场D ．如图⑷圆柱形电极M 接电源负极，用来模拟负点电荷周围的静电场 4．黑箱有A 、B 、C 三个接线柱，两个接线柱间最多只能接一个元件．黑箱内的元件是一只电阻和一只二极管．某同学用正确的操作方法利用多用电表进行了6次测量，各次红、黑表笔的位置和测得的阻值如下表所示．可以判定：⑴电阻接在_______两点间，阻值为________Ω．⑵二极管接在_____两点间，正极接在____点．其正向阻值为_____Ω,反向阻值为_____Ω．5．在测定电源电动势和内阻的实验中某同学所用电路图和测得的数据如下：0 1 2 30 51015V0.20.40.6123AR 1 R 2图1-7-30图1-7-31 ⑴实验误差分系统误差和偶然误差两种．该实验的系统误差主要是由___________引起的．用画U -I 图线求电动势和内阻的优点在于可以尽量减小实验的_______误差．⑵在右面给出的U -I 坐标系中用给出的数据画出U-I 图线（横、纵坐标的起点已经规定好），从图象中可以发现该同学记录的第____组数据有误．⑶求得电动势E =____V ，内阻r =___Ω．（均保留2位有效数字）．6． 如图所示，甲为示波器面板，乙为一信号源．(1)若要观测此信号源发出的正弦交流信号的波形，应将信号源的a 端与示波器面板上的 接线柱相连，b 端与 接线柱相连．(2)若示波器所显示的输入波形如图丙所示，要将波形上移，应调节面板上的 旋钮；要使此波形横向展宽，应调节 旋钮；要使屏上能够显示3个完整的波形，应调节 旋钮．7． 欲将量程为100μA 内阻为500Ω的灵敏电流表改装为量程为1mA 的毫安表． ⑴需要给它_____联一只R =_____Ω的电阻．⑵需要用一只标准毫安表对改装毫安表进行校对。
2018高考物理二轮复习课件：2-2-2 实验题拿下实验题 压住上线分
大二轮
第二编 考前冲刺攻略
第二步 注重方法与技巧 抢取高分有策略
——高考必考的题型及突破技法
二、实验题——拿下实验题 压住上线分
1 实验题中的高频考点
(1)基本仪器的使用(如多用电表、游标卡尺和螺旋测微器等)； (2)力学实验(测量动摩擦因数、验证牛顿第二定律实验，探究动能定理，验证机械能守恒等)； (3)电阻的测量设计性实验； (4)伏安特性曲线的描绘； (5)测量电源电动势和内阻的设计性实验； (6)利用图象处理实验数据； (7)创新型实验。
【典例佐证】
4．[2015·唐山三模]用如图所示的电路测定一节干电池的电动势和内阻，理想电压表量程为 3 V，R1、 R2 为两个电阻箱。实验过程如下：
(1)调整电阻箱 R1，使电阻值保持 3.5 Ω 不变。 (2)调整电阻箱 R2 至图甲位置后闭合电键，电压表刻度盘如图乙所示，则电阻箱 R2＝__1_5_._0___ Ω，电 压表示数 U＝__1_._1_0___V。
[答案] (4)图线不应画为直线；横坐标的标度不恰当。
[解析] (1)探究小灯泡的电功率 P 和电压 U 的关系，测量小灯泡的电压 U 和电流 I 应从零开始，采用 分压电路。
2018年高考物理全国用二轮复习精练：三 小卷冲刺练(8+2实验)(三) Word版含答案
小卷冲刺练(8＋2计算)(三)一、选择题(共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
)14.放射性元素A经过2次α衰变和1次β衰变后生成一新元素B，则元素B在元素周期表中的位置较元素A的位置向前移动了( )A.1位B.2位C.3位D.4位－1e，因此发生一次α衰变电荷数减少2，发生一次β衰变电解析α粒子是42He，β粒子是0荷数增加1，据题意，电荷数变化为：－2×2＋1＝－3，所以新元素在元素周期表中的位置向前移动了3位。
答案 C15.如图1所示，滑板运动员以速度v0从离地高度为h的平台末端水平飞出，落在水平地面上。
忽略空气阻力，运动员和滑板可视为质点，下列表述正确的是( )图1A.v0越大，运动员在空中运动时间越长B.v0越大，运动员落地瞬间速度越大C.运动员落地瞬间速度与高度h无关D.运动员落地位置与v0大小无关答案 B16.如图2所示，C、D两点分别固定两个点电荷，E点是CD连线外的一个点，已知E点是DE所在射线上的电势的最低点，则下列判断正确的是( )图2A.C位置点电荷带正电，D位置点电荷带负电B.C 位置点电荷的电荷量小于D 位置点电荷的电荷量C.将正试探电荷从D 点向右运动过程中，电场力先做正功，后做负功D.将正试探电荷从D 点向右运动过程中，电势能先增大后减小解析 根据E 点是DE 所在射线上电势的最低点，结合电场强度与电势高低关系可知，E 点左右两侧电场线方向都是指向E 点，根据电场叠加特点可知，C 位置点电荷应带负电，D 位置点电荷应带正电；且C 位置点电荷的电荷量大于D 位置点电荷的电荷量，故A 、B 错误；根据电场力做功与电场线关系可知，正试探电荷从D 点向右运动过程中，电场力先做正功，后做负功，电势能先减小后增大，故C 正确，D 错误。
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实验专攻练(二)
(时间：15分钟 分值：15分)
22．(6分)( 2017·武汉华中师大一附中模拟)某同学用如图1甲所示的装置验证机械能守
恒定律．一根细线系住钢球，悬挂在铁架台上，钢球静止于A点，光电门固定在A的正
下方．在钢球底部竖直地粘住一片宽带为d的遮光条．将钢球拉至不同位置由静止释放，
遮光条经过光电门的挡光时间t由计时器测出，取v＝dt作为钢球经过A点时的速度．记
录钢球每次下落的高度h和计时器示数t，计算并比较钢球在释放点和A点之间的势能
变化大小ΔEp与动能变化大小ΔEk，就能验证机械能是否守恒．
图1
(1)用ΔEp＝mgh计算钢球重力势能变化的大小，式中钢球下落高度h应测量释放时
的钢球球心到________之间的竖直距离．
(A)钢球在A点时的顶端
(B)钢球在A点时的球心
(C)钢球在A点时的底端
(2)用ΔEk＝12mv2计算钢球动能变化的大小，用刻度尺测量遮光条宽度，示数如图2
所示，其读数为______cm.某次测量中，计时器的示数为0.010 0 s，则钢球的速度
为v＝________ m/s.
(3)下表为该同学的实验结果：
ΔEp(×10－2J) 4.892 9.786 14.69 19.59 29.38
ΔEk(×10－2J) 5.04 10.1 15.1 20.0 29.8
他发现表中的ΔEp与ΔEk之间存在差异，认为这是由于空气阻力造成的．你是否同
意他的观点？请说明理由．
【解析】 (1)小球下落的高度h是初末位置球心之间的高度差，所以要选B.
(2)刻度尺读数的方法，需估读一位，所以读数为1.50 cm；某次测量中，计时器的
示数为0.010 0 s，则钢球的速度为：
v
＝dt＝1.50×10－20.010 0 m/s＝1.50 m/s.
2
(3)不同意．
从表中的数据可知，小球动能的增加量大于小球的重力势能的减小量；若是空气的阻
力造成的，则ΔEk要小于ΔEp，所以误差不是空气的阻力造成的．
【答案】 (1)B (2)1.50 1.50 (3)不同意，若是空气阻力造成的，则ΔEk要小
于ΔEp，所以误差不是空气的阻力造成的；
23．(9分)(2017·沈阳三模)在测定电源电动势和内电阻的实验中，实验室提供了合适的实
验器材．
(1)甲同学按电路图2甲进行测量实验，其中R2为保护电阻，则
图2
①请用笔画线代替导线在图乙中完成电路的连接；
②由电压表的读数U和电流表的读数I，画出UI图线如图丙所示，可得电源的电动
势E＝________V, 内电阻r＝________Ω.(结果保留两位有效数
字)
(2)乙同学误将测量电路连接成如图3甲所示，其他操作正确，由电压表的读数U和
电流表的读数I，画出UI图线如图乙所示，可得电源的电动势E＝________V，内电
阻r＝________Ω.(结果保留两位有效数字)
图3
【解析】 (1)①根据原理图可得出对应的实物图如图所示．
②由图丙可得电动势E＝2.8 V，内阻r＝ΔUΔI＝0.60 Ω.
(2)当电压为U1＝2.5 V时，电压表示数最大，说明此时滑动触头左右电阻值相等，
此时干路电流I1＝2×0.5 A＝1 A，对应图线乙可知，当电压U2＝2.4 V时，对应电
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流分别为0.33 A和0.87 A，由电路连接特点可知，干路电流I2＝0.33 A＋0.87 A＝
1.2 A，根据闭合电路欧姆定律得，
2．5 V＝E－1·r
2．4 V＝E－1.2 r
可得出E＝3.0 V，r＝0.50 Ω.
【答案】 (1)①见解析
②2.80 0.60
(2)3.0 0.50