人教版物理必修1检测：章末质量评估(四) 含答案
第二章 匀变速直线运动的研究-同步章末检测练习(含解析)—人教版高中物理必修第一册
第二章-匀变速直线运动的研究-同步章末检测练习一、单选题1.《北京晚报》曾报道了这样一则动人的事迹：5月9日下午，一位4岁小男孩从高层塔楼的15层坠下，被同楼的一位青年在楼下接住，幸免于难．设每层楼高度是2.8m，这位青年从他所在地方冲到楼下需要的时间是1.3s，则该青年要接住孩子，至多允许他反应的时间是（g取9.8m/s2）（）A. 2.8sB. 1.5sC. 1.3sD. 0.7s2.一物体以初速度v0=20m/s沿光滑斜面匀减速向上滑动，当上滑距离x0=30m时，速度减为10m/s，物体恰滑到斜面顶部停下，则斜面长度为（）A. 40 mB. 50 mC. 32 mD. 60 m3.如图，小球A、B从同一高度同时由静止释放，A球做自由落体运动，B球沿光滑斜面下滑．则能正确表示两球运动到地面的速率-时间图像是（）A. B. C. D.4.在一条宽马路上某一处有甲、乙两车，它们同时开始运动，取开始运动时刻为计时零点，它们的v ﹣t图像如图所示，在0～t4这段时间内的情景是（）A. 甲在0～t1时间内做匀加速直线运动，在t1时刻改变运动方向B. 在t2时刻甲车速度为零，然后反向运动，此时两车相距最远C. 在t3时刻甲车追上乙车D. 在t4时刻，两车相距最远5.一物体以初速度大小为6m/s滑上光滑斜面（先向上做减速运动，速度为零后向下做匀加速运动），加速度大小均为2m/s2，则（）A. 物体第2s末的速度为10m/sB. 物体运动前2s内位移为16mC. 物体在第2s内的位移为3mD. 物体在第4s末速度为06.水滴自高处由静止开始下落，至落地前的过程中遇到水平方向吹来的风，则（）A. 风速越大，水滴下落的时间越长B. 风速越大，水滴落地时的瞬时速度越小C. 水滴着地时的瞬时速度与风速无关D. 水滴下落的时间与风速无关7.如图所示，一平直公路上有三个路标o、m、n，且om =3 m、mn =5m。
一辆汽车在该路段做匀加速直线运动依次通过o、m、n三个路标，已知汽车在相邻两路标间的速度增加量相同，均为△v =2 m/s，则下列说法中正确的是( )A.汽车在om段的平均速度大小为4m/sB.汽车从m处运动到n处的时间为2 sC. 汽车经过o处时的速度大小为1 m/sD. 汽车在该路段行驶的加速度大小为2 m/s28.两个质点A、B放在同一水平面上，从同一位置沿相同方向做直线运动，其运动的v-t图象如图所示.对A、B运动情况的分析，下列结论正确的是A. 在6s末，质点A的加速度大于质点B的加速度B. 在0-12s时间内，质点A的平均速度为msC. 质点A在0－9s时间内的位移大小等于质点B在0－3s时间内的位移大小D. 在12s末，A，B两质点相遇9.不计空气阻力，同时将一重一轻两石块从同一高度自由下落，下列说法不正确的是（）A. 在任一时刻具有相同的加速度、位移和速度B. 在下落这段时间内平均速度相等C. 重的石块落得快，轻的石块落得慢D. 在1 s内、2 s内、3 s内位移之比为1：4：910.一枚小火箭由地面竖直向上发射的速度—时间图象如图所示，则火箭上升到最高点的位置对应图中的（）A. 点OB. 点aC. 点bD. 点c二、多选题11.同学们利用下图所示方法估测反应时间。
人教版高一物理必修一第三章相互作用章末测试题含答案
C．必定是oc
D．可能是ob，也可能是oc
2．如图所示，有一薄板状物体，先在A点将其悬挂起来，静止时通过A点画一条竖直线AB；再选另一处D点将其悬挂起来，静止时过D点画一条竖直线DE，AB和DE的交点为C。下列说法正确的是（ ）
A．薄板所受重力就是悬绳的拉力
B．薄板上只有C点受到重力作用
A．物体A对地面的压力增大
B．物体A对地面的摩擦力增大
C．物体B只受重力和支持力两个力
D．物体B受到水平向右的静摩擦力
二、实验题
13．在“探究求合力的方法”的实验中，某同学的做实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉，OB和OC为细绳。
(1)下列实验操作正确的是__________。
A．实验前对弹簧测力计不需要进行调零
B．人受到重力、竖直向上的弹力以及水平向左的摩擦力
C．人受到重力、竖直向上的弹力
D．人受到重力、竖直向上的弹力、电梯对人斜向上与速度方向一致的推力
7．两个弹簧的质量不计，劲度系数分别为k1、k2，它们的一端固定在质量为m的物体上，另一端分别固定在P、Q上，当物体平衡时弹簧k2处于原长，若把物体的质量换为3m，物体大小不变，两弹簧均在弹性限度内，当物体再次平衡时，物体与第一次平衡时相比下降的距离x为（ ）
A． B．
C． D．
8．如图所示，用完全相同的轻弹簧A、B、C将两个相同的小球连接并悬挂，小球处于静止状态，弹簧A与竖直方向的夹角为30°，弹簧C水平，则弹簧A、B、C的伸长量之比为（ ）
A．3：4：4B．4：3：2
C．2： ：1D．4： ：2
9．如图所示，把光滑斜面上物体的重力mg分解为F1、F2两个力，下列说法正确的是（ ）
甲图中物体在力F作用下处于静止状态；乙图中物体静止在斜面上；丙图中小球挂在光滑竖直墙壁上。
高中物理人教版必修一：模块综合检测(二)+Word版含答案 (1).doc
模块综合检测(二)(时间：90分钟分值：100分)一、单项选择题(本题共10小题，每题3分，共30分．每小题中只有一个选项是正确的，选对得3分，错选、不选或多选均不得分．) 1．北京时间10月17日7时30分28秒，“神舟十一号”发射成功，中国载人航天再度成为世人瞩目的焦点．下列说法正确的是()A．7时30分28秒表示时间间隔B．研究“神舟十一号”飞行姿态时，可把“神舟十一号”看作质点C．“神舟十一号”绕地球飞行一圈位移不为零D．“神舟十一号”绕地球飞行一圈平均速度为零解析：时刻与时间轴上的点对应，时间间隔与时间轴上的线段相对应，是两个时刻间的间隔，所以7时30分28秒表示“时刻”，故A错误；研究“神舟十一号”飞行姿态时，如果将“神舟十一号”看成一个质点，对点而言无所谓姿态的，故不能将“神舟十一号”看成质点，故B错误；“神舟十一号”绕地球飞行一圈，初末位置相同，则位移为零，故C错误；平均速度等于位移和时间的比值，因为飞行一圈的过程中位移为0，所以平均速度为0，故D正确．故选D.答案：D2．一质点在x轴上运动，每秒末的位置坐标如下表所示，则：A.质点在这5 s内做的是匀速运动B．质点在这5 s内做的是匀加速运动C．质点在第5 s内的位移比任何一秒内的位移都大D．质点在第4 s内的平均速度比任何一秒内的平均速度都大解析：质点在x轴上往复运动，质点的位移等于初末坐标之差，即Δx＝x2－x1，确定出前5 s每1秒内的位移，再判断哪一秒内位移最大，位移大小是位移的绝对值，平均速度等于位移与时间的比值，根据题表数据可知质点在这5 s内做非匀变速运动，在第5 s内的位移比任何一秒内的位移都大且平均速度最大，本题选C.答案：C3．同时作用在某物体上的两个方向相反的力，大小分别为6 N 和8 N，当8 N的力逐渐减小到零的过程中，两力合力的大小() A．先减小，后增大B．先增大，后减小C．逐渐增大D．逐渐减小解析：当8 N的力减小到6 N时，两个力的合力最小，为0，若再减小，两力的合力又将逐渐增大，两力的合力最大为6 N，故A正确．答案：A4．(2014·北京高考)应用物理知识分析生活中的常见现象，可以使物理学习更加有趣和深入．例如，平伸手掌托起物体，由静止开始竖直向上运动，直至将物体抛出．对此现象分析正确的是() A．手托物体向上运动的过程中，物体始终处于超重状态B．手托物体向上运动的过程中，物体始终处于失重状态C．在物体离开手的瞬间，物体的加速度大于重力加速度D．在物体离开手的瞬间，手的加速度大于重力加速度解析：本题考查牛顿第二定律的应用，重在物理过程的分析，根据加速度方向判断超重和失重现象．手托物体抛出的过程，必有一段加速过程，其后可以减速，可以匀速，当手和物体匀速运动时，物体既不超重也不失重；当手和物体减速运动时，物体处于失重状态，选项A错误；物体从静止到运动，必有一段加速过程，此过程物体处于超重状态，选项B错误；当物体离开手的瞬间，物体只受重力，此时物体的加速度等于重力加速度，选项C错误；手和物体分离之前速度相同，分离之后手速度的变化量比物体速度的变化量大，物体离开手的瞬间，手的加速度大于重力加速度，所以选项D正确．答案：D5.如图所示，质量均为m的A、B两物体叠放在竖直弹簧上并保持静止，用大小等于mg的恒力F向上拉B，运动距离h时，B与A 分离．下列说法正确的是()A．B和A刚分离时，弹簧长度等于原长B．B和A刚分离时，它们的加速度为gC．弹簧的劲度系数等于mg hD．在B与A分离之前，它们做匀加速直线运动解析：A、B分离前，A、B共同做加速运动，由于F是恒力，而弹力是变力，故A、B做变加速直线运动，当两物体要分离时，F AB ＝0，对B：F－mg＝ma，对A：kx－mg＝ma.即F＝kx时，A、B分离，此时弹簧仍处于压缩状态，由F＝mg，设用恒力F拉B前弹簧压缩量为x0，则2mg＝kx0，h＝x0－x，解以上各式得k＝mgh，综上所述，只有C项正确．答案：C6.如图所示，质量为m的物体放在水平桌面上，在与水平方向成θ的拉力F作用下加速往前运动，已知物体与桌面间的动摩擦因数为μ，则下列判断正确的是()A．物体受到的摩擦力为F cos θB．物体受到摩擦力为μmgC．物体对地面的压力为mgD．物体受到地面的支持力为mg－F sin θ解析：对物体受力分析，如图所示，则有物体受到的摩擦力为f＝μN＝μ(mg－F sin θ)，故A、B错误．物体对地面的压力与地面对物体的支持力是作用力与反作用力，而支持力等于mg－F sin θ，故C错误．物体受到地面的支持力为mg－F sin θ，故D正确．答案：D7．质点做直线运动的位移x和时间t2的关系图象如图所示，则该质点()A ．质点的加速度大小恒为1 m/s 2B ．0～2 s 内的位移是为1 mC ．2末的速度是 4 m/sD ．物体第3 s 内的平均速度大小为3 m/s解析：根据x ＝12at 2得，可知图线的斜率表示12a ，则12a ＝22，a ＝2m/s 2.故A 错误.0－2 s 内的位移x ＝12at 2＝12×2×4 m ＝4 m ．故B 错误.2 s 末的速度v ＝at ＝2×2 m/s ＝4 m/s.故C 正确．物体在第3 s 内的位移x ＝12at 22－12at 21＝12×2×(9－4) m ＝5 m ，则平均速度v ＝x t ＝5 m/s.故D 错误.答案：C8．星级快车出站时能在150 s 内匀加速到180 km/h ，然后正常行驶．某次因意外列车以加速时的加速度大小将车速减至108 km/h.以初速度方向为正方向，则下列说法不正确的是( )A ．列车加速时的加速度大小为13m/s 2 B ．列车减速时，若运用v ＝v 0＋at 计算瞬时速度，其中a ＝－13m/s 2C ．若用v -t 图象描述列车的运动，减速时的图线在时间轴(t 轴)的下方D ．列车由静止加速，1 min 内速度可达20 m/s解析：列车的加速度大小a ＝Δv Δt ＝50150m/s 2＝13 m/s 2，减速时，加速度方向与速度方向相反，a′＝－13m/s2，故A、B两项都正确．列车减速时，v t图象中图线依然在时间轴(t轴)的上方，C项错．由v＝at可得v＝13×60 m/s＝20 m/s，D项对．答案：C9.用一轻绳将小球P系于光滑墙壁上的O点，在墙壁和球P之间夹有一长方体物块Q，如图所示．P、Q均处于静止状态，则下列相关说法正确的是()A．Q物体受3个力B．P物体受3个力C．若绳子变短，Q受到的静摩擦力将增大D．若绳子变长，绳子的拉力将变小解析：墙壁光滑，Q处于静止状态，则P、Q间必有摩擦力，Q 应受4个力作用，P受4个力作用，故A，B错．对Q，P物体受力分析如图所示，对P由平衡条件：T sin θ＝N1，T cos θ＝m P g＋f，对Q由平衡条件：f′＝m Q g，故f′不变，C错．根据牛顿第三定律，f ＝f′，N1＝N1′，当绳子变长时，θ减小，故T减小，D对．答案：D10.如图所示，在光滑水平面上有一质量为m1的足够长的木板，其上叠放一质量为m 2的木块．假定木块和木板之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等．现给木块施加一随时间t 增大的水平力F ＝kt (t 是常数)，木板和木块加速度的大小分别为a 1和a 2.下图中反映a 1和a 2变化的图线中正确的是( )解析：当拉力F 很小时，木块和木板一起加速运动，由牛顿第二定律，对木块和木板：F ＝(m 1＋m 2)a ，故a 1＝a 2＝a ＝F m 1＋m 2＝k m 1＋m 2t ；当拉力很大时，木块和木板将发生相对运动，对木板：μm 2g ＝m 1a 1，得a 1＝μm 2gm 1，对木块：F －μm 2g ＝m 2a 2，得a 2＝F －μm 2g m 2＝k m 2t －μg ，A 正确．故正确答案为A. 答案：A二、多项选择题(本题共4小题，每题6分，共24分．每小题有多个选项是正确的，全选对得6分，少选得3分，选错、多选或不选得0分．)11.如图所示，粗糙水平面上叠放着P 、Q 两木块，用水平向右的力F 推Q 使它们保持相对静止一起向右运动，P 、Q 受力的个数可能是( )A ．P 受2个力，Q 受5个力B ．P 受3个力，Q 受5个力C．P受3个力，Q受6个力D．P受4个力，Q受6个力解析：题目没有说明它们的运动状态，可能有两种情况：(1)匀速运动：对P进行受力分析，处于平衡状态，只受到重力和支持力；对Q，则受到重力、地面的支持力、P的压力以及地面的摩擦力和推力F的作用，共5个力．所以选项A正确；(2)在水平推力的作用下，物体P、Q一起匀加速滑动，则对P 受力分析：重力与支持力，及向右的静摩擦力共3个力．对Q受力分析：重力、地面支持力、P对Q的压力、水平推力、地面给Q的滑动摩擦力，及P对Q的静摩擦力共6个力．所以选项C正确．故选AC.答案：AC12.a、b两车在平直公路上行驶，其v－t图象如图所示，在t＝0时，两车间距为s0，在t＝t1时间内，a车的位移大小为s，下列说法不正确的是()A．0～t1时间内a、b两车相向而行B．0～t1时间内a车平均速度大小是b车平均速度大小的2倍C．若a、b在t1时刻相遇，则s0＝23sD．若a、b在t12时刻相遇，则下次相遇时刻为2t1解析：由图可知0～t1时间内a、b两车同向行驶，故选项A错；由v＝v t＋v02可得：v a＝2v0＋v02＝3v02、v b＝v02，由此计算，故选项B错误；由相遇根据图象：可推出要在t 1时刻s 0＝23s ，故选项C 正确；由图线中的斜率和运动规律可知若a 、b 在t 12时刻相遇，则下次相遇时刻不是2t 1，故选项D 错误．答案：ABD13.如图所示，传送带的水平部分长为L ，向右传动速率为v ，在其左端无初速释放一木块．若木块与传送带间的动摩擦因数为μ，则木块从左端运动到右端的时间可能是( )A.L v ＋v 2μgB.L vC.2L μgD.2L v解析：若木块一直匀加速至传送带右端，则由L ＝12μgt 2可得，木块从左端运动到右端的时间为t ＝2L μg，若木块加速至传送带右端时恰与带同速，则由L ＝v 2t 可得：t ＝2L v ，若木块加速至v 后又匀速一段至带的右端，则有： t ＝v μg ＋L －v 22μg v ＝L v ＋v 2μg ，故A 、C 、D 均正确．答案：ACD14．如图所示，质量分别为m A 和m B 的物体A 、B 用细绳连接后跨过滑轮，A 静止在倾角为45°的斜面上．已知m A ＝2m B ，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45°增大到50°，系统保持静止．下列说法正确的是( )A．细绳对A的拉力将增大B．A对斜面的压力将减小C．A受到的静摩擦力不变D．A受到的合力不变解析：设m A＝2m B＝2m，对物体B受力分析，受重力和支持力，由二力平衡得到：T＝mg再对物体A受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，如图，根据平衡条件得到：f＋T－2mg sinθ＝0，N－2mg cosθ＝0，解得：f＝2mg sinθ－T ＝2mg sinθ－mg，N＝2mg cosθ；当θ不断变大时，f不断变大，N不断变小，故选项B正确，A、C错误；系统保持静止，合力始终为零不变，故选项D正确；答案：BD三、非选择题(共4小题，共46分)15．(8分)某同学用如图所示的实验装置研究小车在斜面上的运动．实验步骤如下：a．安装好实验器材．b．接通电源后，让拖着纸带的小车沿平板斜面向下运动，重复几次．下图为一次实验得到的一条纸带，纸带上每相邻的两计数点间都有四个点未画出，按时间顺序取0、1、2、3、4、5、6七个计数点，用米尺量出1、2、3、4、5、6点到0点的距离如图所示(单位：cm)．c．测量1、2、3、…6计数点到0计数点的距离，分别记做s1、s2、s3…、s6记录在以下表格中，其中第2点的读数如图，请填入下方表格中．动．e．分别计算出打计数点时的速度v1、v2、v3、v4、v5，并记录在以下表格中，请计算出v1并填入下方表格.f.以v-t 图线．由图求得a＝______m/s2.(保留两位有效数字)解析：c.刻度尺的读数需要估读一位，故为：12.80 cm.e ．在匀变速运动中，中间时刻的瞬时速度等于该段位移的平均速度：v 1＝s 22T ＝12.80×10－22×0.1m/s ＝0.64 m/s. f ．描点后如图所示．在v t 中图线的斜率表示加速度：a ＝Δv Δt ＝0.81－0.640.5－0.1m/s 2＝0.43 m/s 2. 答案：12.80 0.64 图略 0.4316．(8分)一光滑圆环固定在竖直平面内，环上套着两个小球A 和B (中央有孔)，A 、B 间由细绳连接着，它们处于如图所示位置时恰好都能保持静止状态．此情况下，B 球与环中心O 处于同一水平面上，A 、B 间的细绳呈伸直状态，与水平线成30°夹角，已知B 球的质量为3 kg ，求细绳对B 球的拉力和A 球的质量m A (取g ＝10 m/s 2)．解析：对A 球受力分析如图所示，可知：水平方向：T cos 30°＝N A sin 30°，竖直方向：N A cos 30°＝m A g ＋T sin 30°，同理对B 球进行受力分析及正交分解得：竖直方向：T sin 30°＝m B g ，联立以上三式可得：T ＝60 N ，m A ＝2m B ＝6 kg.答案：60 N 6 kg17．(12分)如图所示，水平地面O 点的正上方的装置M 每隔相等的时间由静止释放一小球，当某小球离开M 的同时，O 点右侧一长为L ＝1.2 m 的平板车开始以a ＝6.0 m/s 2的恒定加速度从静止开始向左运动，该小球恰好落在平板车的左端，已知平板车上表面距离M 的竖直高度为h ＝0.45 m ，忽略空气的阻力，重力加速度g 取10 m/s 2.(1)求小球左端离O 点的水平距离；(2)若至少有2个小球落在平板车上，则释放小球的时间间隔Δt 应满足什么条件？解析：(1)设小球自由下落至平板车上表面处历时t 0，在该时间段内由运动学方程对小球有：h ＝12gt 20① 对平板车有：x ＝12at 20② 由①②式并代入数据可得：x ＝0.27 m.(2)从释放第一个小球至第2个小球下落到平板车上表面高度处历时Δt＋t0，设平板车在该时间段内的位移为x1，由运动学方程有：x1＝12a(Δt＋t0)2③至少有2个小球落在平板车上须满足：x1≤x＋L④由①～④式并代入数据可得：Δt≤0.4 s.答案：(1)0.27 m(2)Δt≤0.4 s18．(18分)如图甲所示，质量为M＝4 kg足够长的木板静止在光滑的水平面上，在木板的中点放一个质量m＝4 kg大小可以忽略的铁块，铁块与木板之间的动摩擦因数为μ＝0.2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．两物块开始均静止，从t＝0时刻起铁块m受到水平向右、大小如图乙所示的拉力F的作用，F共作用时间为6 s，(取g ＝10 m/s2)则：图甲图乙(1)铁块和木板在前2 s的加速度大小分别为多少？(2)铁块和木板相对静止前，运动的位移大小各为多少？(3)拉力F作用的最后2 s内，铁块和木板的位移大小分别是多少？解析：(1)前2 s，由牛顿第二定律得对铁块：F－μmg＝ma1，解得a1＝3 m/s2对木板：μmg＝Ma2，解得a2＝2 m/s2.(2)2 s内，铁块的位移x1＝12a1t2＝6 m木板的位移x2＝12a2t2＝4 m2 s末，铁块的速度v1＝a1t＝6 m/s 木板的速度v2＝a2t＝4 m/s2 s后，对铁块：F′－μmg＝ma1，解得a1′＝1 m/s2对木板：μmg＝Ma2，解得a2′＝2 m/s2设再经过t0时间铁块和木板的共同速度为v，则v＝v1＋a1′t0＝v2＋a2′t0，解得t0＝2 s，v＝8 m/s在t0内，铁块的位移x1′＝v1＋v2t0＝6＋82×2 m＝14 m木板的位移x2′＝v2＋v2t0＝4＋82×2 m＝12 m所以铁块和木板相对静止前铁块运动的位移为x铁块＝x1＋x1′＝20 m铁块和木板相对静止前木板运动的位移为x木板＝x2＋x2′＝16 m.(3)拉力F作用的最后2 s，铁块和木板相对静止，一起以初速度v＝8 m/s 做匀加速直线运动，对铁块和木板整体：F＝(M＋m)a解得a＝FM＋m＝124＋4m/s2＝1.5 m/s2所以铁块和木板运动的位移均为x3＝vΔt＋12a·(Δt)2＝19 m.答案：(1)3 m/s2 2 m/s2(2)20 m16 m (3)19 m19 m经典语录1、最疼的疼是原谅，最黑的黑是背叛。
教科物理必修1：第一章章末综合检测
(时间：90分钟，满分：100分)一、选择题(本题共10小题，每小题5分，共50分，每小题至少有一个选项正确，选不全得3分) 1.图1－4(原创题)2012年2月27日上午10时，我国海军第十一批护航编队从青岛胶州湾某军港解缆起航，奔赴亚丁湾、索马里海域执行护航任务，经过5000多海里的航行，于3月15日晨抵达目的地．关于此次航行，下列说法不．正确的是( ) A ．当研究护航舰艇的运行轨迹时，可将其看做质点B ．“5000多海里”指的是护航舰艇的航行位移C ．“5000多海里”指的是护航舰艇的航行路程D ．题中数据“2月27日上午10时”和“3月15日晨”指的是时刻解析：选B.将护航舰艇看做质点可较方便地研究其运行轨迹，故A 对；由题意可知，“5000多海里”指的是护航舰艇的航行路程，而不是位移，故B 错，C 对；题中数据“2月27日上午10时”和“3月15日晨”指的是护航编队出发和抵达的时刻，故D 对．2．唐代大诗人李白的“飞流直下三千尺，疑是银河落九天”，描述了庐山瀑布的美景，如果三尺为1 m ，则水落到地面的速度约为(设初速度为零，忽略空气阻力，g 取10 m/s 2)( )A ．100 m/sB ．140 m/sC ．200 m/sD ．2000 m/s解析：选B.h ＝12gt 2，v ＝gt 得v ＝g 2h g ＝2gh ＝2×10×1000m/s ≈140 m/s. 3．一个以初速度v 0沿直线运动的物体，t 秒末速度为v t ，如图1－5所示，则关于t 0秒内物体运动的平均速度v 和加速度a 的说法中正确的是( )图1－5A.v ＝v 0＋v t 2B.v <v 0＋v t 2C ．a 保持不变D ．a 随时间逐渐减小解析：选D.在速度图像中，图线下方包围的面积值表示位移的大小，图线的切线斜率表示物体的加速度．从图像中可知，实际图线下方包围的面积大于梯形下方包围的面积，所以有t 0秒内物体运动的平均速度v >v 0＋v t 2.因曲线的切线斜率逐渐减小，所以加速度a 随时间逐渐减小．4．我国的汽车工业正在飞速发展，一辆轿车，从动力到小小的天线都与物理学有关，某国产新型轿车行驶在平直公路上，当车速为36 km/h 时，制动后滑行距离为10.0 m ．若轿车在同一平直路面上行驶，当车速为144 km/h 时，司机突然发现前方200 m 处有障碍物，若司机的反应时间为0.3 s(从发现障碍物到采取制动措施所需的时间)，紧急制动后安全停下，则司机从发现障碍物到停下经过的距离是( )A ．52 mB ．160 mC ．172 mD ．182 m解析：选C.当车速是36 km/h(即10 m/s)时，制动后滑行距离为 10 m ，可根据位移—速度关系公式求出车制动时的加速度a ＝v 22x ＝1022×10m/s 2＝5 m/s 2.当车速为144 km/h(即40 m/s)时，从发现障碍物到安全停下的总位移x ＝v t ＋v 22a ＝40×0.3 m ＋4022×5m ＝172 m. 5.图1－6如图1－6为某质点的v －t 图像，有位同学根据图像得出了下述结论，其中错误的是( )A ．在t 2时刻，质点离出发点最远B ．在t 4时刻，质点回到出发点C ．在0～t 2与t 2～t 4这两段时间内，质点的运动方向相反D ．在t 1～t 2与t 2～t 3这两段时间内，质点运动的加速度大小和方向都相同解析：选B.由v －t 图像知，物体在0～t 2时间内沿正方向运动，在t 2～t 4时间内沿负方向运动，所以在t 2时刻，物体离出发点最远，由图像知在0～t 2时间内速度图线和时间轴所围面积大于在t 2～t 4时间内速度图线和时间轴所围面积，说明物体沿正方向的位移大于沿负方向的位移，则物体在t 4时刻还没有返回出发点．在t 1～t 2时间内，物体沿正方向做匀减速直线运动，在t 2～t 3时间内物体沿负方向做匀加速直线运动，两段时间的速度图像为同一直线，倾斜程度一定，加速度大小相等，A 、C 、D 选项都正确，B 选项错．6．一个物体从静止开始做匀加速直线运动．它在第1 s 内与第2 s 内的位移之比为x 1∶x 2，在走完第1 m 时与走完第2 m 时的速度之比为v 1∶v 2，以下说法正确的是 ( )A ．x 1∶x 2＝1∶3，v 1∶v 2＝1∶2B ．x 1∶x 2＝1∶3，v 1∶v 2＝1∶ 2C ．x 1∶x 2＝1∶4，v 1∶v 2＝1∶2D ．x 1∶x 2＝1∶4，v 1∶v 2＝1∶ 2解析：选B.由x Ⅰ∶x Ⅱ∶x Ⅲ∶…∶x n ＝1∶3∶5∶…∶(2n －1)知，x 1∶x 2＝1∶3，由x ＝12at 2知t 1∶t 2＝1∶2，又v ＝at 可得v 1∶v 2＝1∶2，故B 正确．7．有一长为L 的列车，正以恒定的加速度过铁路桥，桥长也为L ，现已知列车车头过桥头的速度为v 1，车头过桥尾时的速度为v 2，那么，车尾过桥尾时的速度为( )A ．2v 1－v 2B ．2v 2－v 1C.2v 21－v 22D.2v 22－v 21解析：选D.从列车车头过桥头开始，车头过桥尾时，列车位移大小为L ，车尾过桥尾时，列车位移为2 L ，若列车车尾过桥尾时速度为v 3，由v 22－v 21＝2aLv 23－v 21＝4aL 知v 23－v 21＝2(v 22－v 21)可得v 3＝2v 22－v 21，选项D 正确．8．(创新题)2012年7月27日，第30届伦敦奥运会开幕，某运动员身高1.8 m ，在运动会上他参加跳高比赛，起跳后身体横着越过了1.8 m 高度的横杆．据此可估算出他起跳时竖直向上的速度大约为(g 取10 m/s 2)( )A ．2 m/sB ．4 m/sC ．6 m/sD ．8 m/s解析：选 B.本题也是联系实际的竖直上抛问题，要考虑到人的重心高度．因为是估算，所以可大体认为人的重心在身体的中点．身体横着越过1.8 m 的横杆，此时重心高度为1.8 m ，起跳时重心高度为0.9 m ，所以竖直上抛的最大高度为h ＝1.8 m －0.9 m ＝0.9 m ．所以跳起时竖直分速度v ＝2gh ＝3 2 m/s.最接近的是4 m/s ，所以应选B.9．(2011·高考天津卷)质点做直线运动的位移x 与时间t 的关系为x ＝5t ＋t 2(各物理量均采用国际单位制单位)，则该质点( )A ．第1 s 内的位移是5 mB ．前2 s 内的平均速度是6 m/sC ．任意相邻的1 s 内位移差都是1 mD ．任意1 s 内的速度增量都是2 m/s解析：选D.由匀变速直线运动的位移公式x ＝v 0t ＋12at 2，对比题给关系式可得v 0＝5 m/s ，a ＝2 m/s 2.则第1 s 内的位移是6 m ，A 错；前2 s 内的平均速度是v ＝x 2t ＝5×2＋222m/s ＝7 m/s ，B 错；Δx ＝aT 2＝2 m ，C 错；任意1 s 内速度增量Δv ＝at ＝2 m/s ，D 对． 10.图1－7甲、乙两车从同一地点同时出发，两车运动的v －t 图像如图1－7所示，下列说法中正确的是( )A ．甲、乙两车在第2 s 末速度相等B ．甲、乙两车在第4 s 末相遇C ．在甲、乙两车相遇前，第2 s 末两车相距最远D ．甲车沿着正方向运动，乙车沿着负方向运动解析：选ABC.v －t 图像的交点表示某时刻两物体的速度相等，A 正确．图像与时间轴围成的面积等于物体的位移，据此可以求出甲、乙两车在4秒内的位移相同，即两车在4 s 末相遇，B 正确．开始运动后，乙车在前减速，甲车在后加速，2 s 之前甲车速度小于乙车，两车距离逐渐变大，2 s 后甲车速度大于乙车．两车距离逐渐变小，故2 s 末两车距离最大，C 正确．甲、乙两车都向正方向运动，D 错误．二、实验题(本题共2小题，共13分．按题目要求解答)11．(6分)如图1－8所示为某同学在做“研究匀变速直线运动”的实验时由打点计时器得到的表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点的时间间隔为T ＝0.10 s ，其中x 1＝7.05 cm 、x 2＝7.68 cm 、x 3＝8.33 cm 、x 4＝8.95 cm 、x 5＝9.61 cm 、x 6＝10.26 cm ，则A 点处瞬时速度的大小是________ m/s ，小车运动的加速度计算表达式为a ＝________，加速度的大小是________ m/s 2(计算结果保留两位有效数字)．图1－8解析：A 点为x 3～x 4过程中的时间中点，据做匀变速直线运动的物体，中间时刻的速度为整个过程的平均速度可得v A ＝x 3＋x 42T ＝(8.33＋8.95)×10－22×0.10m/s ≈0.86 m/s ，由于x 4－x 1＝3a 1T 2，x 5－x 2＝3a 2T 2，x 6－x 3＝3a 3T 2，所以a ＝a 1＋a 2＋a 33＝(x 4＋x 5＋x 6)－(x 1＋x 2＋x 3)9T 2a ＝0.64 m/s 2. 答案：0.86 (x 4＋x 5＋x 6)－(x 1＋x 2＋x 3)9T 2 0.64 12．(7分)某同学用如图1－9甲所示的装置研究重物的自由落体运动．在符合操作规程的前提下，得到图乙所示的一段纸带．若他测得AB 之间的距离为x 1，BC 之间的距离为x 2，已知打点周期为T .则利用上述条件得到重物下落的加速度计算式为a ＝________；打B 点时重物的瞬时速度计算式为v B ＝________.利用该装置测出的加速度总比当地重力加速度值略小，其主要原因是________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________.图1－9解析：重物下落过程中，重物做匀加速直线运动．则有：Δx ＝aT 2，所以a ＝Δx T 2＝x 2－x 1T 2. 由于做匀变速直线运动的重物在一段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，而B 为A 、C 的中间时刻，所以AC 段的平均速度即为B 点的瞬时速度．则有v B ＝v AC ＝x 1＋x 22T. 测出的加速度比当地重力加速度值略小的原因是：存在空气阻力和打点计时器对纸带的阻力作用．答案：x 2－x 1T 2 x 1＋x 22T存在空气阻力和打点计时器对纸带的阻力三、计算题(本题共4小题，共37分．解答时应写出必要的文字说明，方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位)13．(8分)公路上行驶的汽车之间应保持必要的距离．某汽车刹车时能产生的最大加速度为8 m/s 2.若前方车辆突然停止，司机发现前方有危险时0.7 s 后才能作出反应进行制动，这个时间称为反应时间．若汽车以20 m/s 的速度行驶，汽车之间的距离至少应为多少？ 解析：汽车在0.7 s 前做匀速直线运动x 1＝v t ＝20×0.7 m ＝14 m ，汽车在0.7 s 后做匀减速运动，到停下来的位移x 2＝v 22a ＝2022×8m ＝25 m 所以汽车间的距离至少应为x ＝x 1＋x 2＝39 m.答案：39 m14．(8分)在足够高处，先后让两个铁球自由下落，两个球用14.7 m 的轻绳连接．第1个球下落1 s 后，第2个球开始下落．不计空气阻力，试求第2个球开始下落后多少时间，连接两个球的轻绳恰好被拉直？解析：设第2个球开始下落时间t 后，连接两个球的轻绳恰好被拉直，则此时第2个球下落高度为h 2，第1个球下落时间为(t ＋1) s ，第1个球下落高度为h 1.根据题目有：h 2＝12gt 2① h 1＝12g (t ＋1)2② h 1－h 2＝14.7 m ③由①②③可求得：t ＝1 s ，第2个球开始下落后1 s ，连接两个球的轻绳恰好被拉直． 答案：1 s15．(10分)一辆值勤的警车停在公路边，当警员发现从他旁边以v ＝8 m/s 的速度匀速行驶的货车有违章行为时，决定前去追赶，经2.5 s ，警车发动起来，以加速度a ＝2 m/s 2做匀加速运动，试问：(1)警车要经多长时间才能追上违章的货车？(2)在警车追上货车之前，两车间的最大距离是多少？解析：(1)设警车经过t 时间追上货车，此时货车已行驶的位移x 1＝v (t ＋2.5)①警车的位移x 2＝12at 2② 追上的条件是x 1＝x 2③解①②③式得t ＝10 s t ＝－2 s(舍去)．(2)当两者速度相等时，两车距离最大由v ＝at ′得t ′＝v a ＝4 s 两车间最大距离为Δx ＝v (t ′＋2.5)－12at ′2＝36 m. 答案：(1)10 s (2)36 m16．(11分)(2011·高考新课标全国卷)甲乙两辆汽车都从静止出发做加速直线运动，加速度方向一直不变．在第一段时间间隔内，两辆汽车的加速度大小不变，汽车乙的加速度大小是甲的两倍；在接下来的相同时间间隔内，汽车甲的加速度大小增加为原来的两倍，汽车乙的加速度大小减小为原来的一半．求甲乙两车各自在这两段时间间隔内走过的总路程之比． 解析：设汽车甲在第一段时间间隔末(时刻t 0)的速度为v ，第一段时间间隔内行驶的路程为s 1，加速度为a ；在第二段时间间隔内行驶的路程为s 2.由运动学公式得v ＝at 0①x 1＝12at 20② x 2＝v t 0＋12(2a )t 20③ 设汽车乙在时刻t 0的速度为v ′，在第一、二段时间间隔内行驶的路程分别为s ′1、x ′2.同样有v ′＝(2a )t 0④x ′1＝12(2a )t 20⑤ x ′2＝v ′t 0＋12at 20⑥ 设甲、乙两车行驶的总路程分别为s 、s ′，则有x ＝x 1＋x 2⑦x ′＝x ′1＋x ′2⑧联立以上各式解得，甲、乙两车各自行驶的总路程之比为x x ′＝57. 答案：5∶7。
人教版物理必修一章末质量评估卷(一)
章末质量评估卷(一)(时间：90分钟满分：100分)一、选择题(共15小题，每小题3分，共45分.1～8小题只有一个选项正确，9～15小题有多个选项正确，全选对得3分，选对但不全得2分，错选或不选得0分)1．下列各组物理量中，都是矢量的是()A．位移、时间、速度B．速度、速率、加速度C．加速度、速度的变化、速度D．路程、时间、位移2．观察题图中的烟和小旗，关于小车相对于房子的运动，下列说法正确的是()A．小车的运动情况无法确定B．小车一定向左运动C．小车一定向右运动D．小车一定静止3．2018年11月2日，中国第35次南极科学考察队从上海出发，正式开启为期162天的科考征程，预计2019年4月中旬返回上海港．下列说法正确的是()A．在研究科学考察船从上海出发到南极大陆的行进路线问题上，科学考察船可以看成质点B．以祖国大陆为参考系，我国在南极建立的昆仑站是在不断的运动C．要对南极大陆的冰川学、天文学、地质学、地球物理学、大气科学、空间物理学等领域进行科学研究，可以建立平面坐标系D．题述中的“2018年11月2日”和“162天”都表示时间4．为了使公路交通安全、有序，路旁立了许多交通标志．如图所示，甲图是限速标志，表示允许行驶的最大速度是80 km/h；乙图是路线指示标志，表示到杭州还有100 km.上述两个数据的物理意义是()A．80 km/h是平均速度，100 km是位移B．80 km/h是平均速度，100 km是路程C．80 km/h是瞬时速度，100 km是位移D．80 km/h是瞬时速度，100 km是路程5．下图是用曝光时间相同的照相机拍摄编号为①、②、③、④的四颗石子下落时的径迹，在曝光时间内石子平均速度最小的径迹图是()6．一名短跑运动员在100 m竞赛中，测得他5 s末的速度为10.4 m/s,10 s 末到达终点的速度是10.2 m/s，则运动员在100 m竞赛中的平均速度为() A．10.4 m/s B．10.3 m/sC．10.2 m/s D．10 m/s7．雨滴从高空由静止下落，由于空气阻力作用，其加速度逐渐减小，直到变为零，在此过程中雨滴的运动情况是()A．速度不断减小，加速度为零时，速度最小B．速度不断增大，加速度为零时，速度最大C．位移越来越小D．速度变化率越来越大8．甲、乙两个物体在同一直线上沿正方向运动，a甲＝4 m/s2，a乙＝－4 m/s2，那么对甲、乙两物体判断正确的是()A．甲的加速度大于乙的加速度B．甲做加速直线运动，乙做减速直线运动C．甲的速度比乙的速度变化快D．甲、乙在相等时间内速度变化相等9．速度达到350 km/h的郑州到西安的高速客运专线开始运营，方便了人们出行．已知郑州到西安线路全长505 km，列车总长200 m，动车组运行时间约2 h．根据上述信息可知()A．由于动车组列车总长200 m，动车组列车在郑州到西安正常运行时不能视为质点B．动车组列车在郑州到西安正常运行时的平均速率约为250 km/hC．动车组列车在郑州到西安正常运行时的平均速度约为350 km/hD．由题目信息不能求出动车组列车在郑州到西安正常运行时的平均速度10．如图所示是汽车中的速度计，某同学在汽车中观察速度计指针位置的变化，开始时指针指示在如图甲所示的位置，经过7 s后指针指示在如图乙所示的位置，若汽车做变速直线运动，有关上述过程，下列说法正确的是()A．由图直接读出的是汽车运动的平均速度B．乙图速度计直接读出的是汽车7 s时的瞬时速度C．汽车运动的平均加速度约为1.6 m/s2D．汽车运动的平均加速度约为5.7 m/s211．如图甲所示，火箭发射时，速度能在10 s内由0增加到100 m/s；如图乙所示，汽车以108 km/h的速度行驶，急刹车时能在2.5 s内停下来．下列说法中正确的是()A．10 s内火箭的速度改变量为10 m/sB．2.5 s内汽车的速度改变量为－30 m/sC．火箭的速度变化比汽车快D．火箭的加速度比汽车的加速度小12．一辆农用“小四轮”漏油，假如每隔1 s漏下一滴，车在平直公路上行驶，一位同学根据漏在路面上的油滴分析“小四轮”的运动情况(已知车的运动方向不变)．下列说法中正确的是()A．当沿运动方向油滴间距变小时，车一定在做减速直线运动B．当沿运动方向油滴间距变大时，车一定在做加速直线运动C．当沿运动方向油滴间距变大时，加速度一定在增大D．当沿运动方向油滴间距变大时，车的加速度可能在减小13．甲、乙两位同学多次进行百米赛跑(如图所示)，每次甲都比乙提前10 m 到达终点，现让甲远离(后退)起跑点10 m，乙仍在起跑点起跑，则关于甲、乙两同学的平均速度之比和谁先到达终点，下列说法中正确的是()A．v甲∶v乙＝11∶10 B．v甲∶v乙＝10∶9C．甲先到达终点D．两人同时到达终点14．一身高为H的田径运动员正在参加百米国际比赛，在终点处，有一站在跑道终点旁的摄影记者用照相机给他拍摄冲线过程，摄影记者使用的照相机的光圈(控制进光量的多少)是16，快门(曝光时间)160s，得到照片后测得照片中运动员的高度为h，胸前号码布上模糊部分宽度是Δl.由以上数据可以知道运动员的()A．百米成绩B．冲线速度C．百米内的平均速度D．冲线时1 60s内的位移15.2018年8月4日下午，中国海军第29批护航编队徐州舰在亚丁湾东部某海域，依托第1 157批被护航的“康耀”号商船开展特战队员索降、小艇摆渡攀爬、心理疏导等针对性训练，检验和提升了该舰反海盗能力．假如其中一艘海盗快艇在海面上运动的v-t图象如图所示．则下列说法正确的是()A．海盗快艇在0～66 s内从静止出发做加速度增大的加速直线运动B．海盗快艇在96 s末开始调头逃离C．海盗快艇在66 s末离商船最近D．海盗快艇在96～116 s内的加速度为a＝－0.75 m/s2二、非选择题(共5小题，55分)16．(6分)用接在50 Hz交流电源上的打点计时器测定小车的运动情况．某次实验中得到一条纸带，如图所示，从比较清晰的点起，每五个点取一个计数点，分别标明0、1、2、3…，量得0与1两点间距离x1＝30 mm,2与3两点间的距离x2＝48 mm，则小车在0、1两点间的平均速度为v1＝______m/s，在2、3两点间的平均速度v2＝________m/s.据此可判定小车做__________．17．(9分)光电计时器是一种常用的计时仪器，其结构如图甲所示，a、b分别是光电门的激光发射和接收装置，当有物体从a、b间通过时，光电计时器就可以显示出物体的挡光时间．现在某滑块在斜面上滑行，先后通过光电门1和2，计时器显示的挡光时间分别为t1＝5×10－2 s，t2＝3×10－2 s，从光电门1到光电门2所经历的总时间Δt＝0.15 s，用分度值为1 mm的刻度尺测量小滑块的长度为d，示数如图乙所示．实验中测得滑块的长度d为________cm，滑块通过光电门1的速度v1为______m/s，滑块通过光电门2的速度v2为______m/s，滑块的加速度大小为______m/s2.(结果保留两位小数)18．(12分)如图所示，M99是一款性能先进的大口径半自动狙击步枪．步枪枪管中的子弹从初速度为0开始，经过0.002 s 的时间离开枪管被射出．已知子弹在枪管内的平均速度是600 m/s，射出枪口瞬间的速度是1 200 m/s，射出过程中枪没有移动．求：。
粤教版高中物理必修一：章末质量评估(一)+Word版含答案
章末质量评估(一)(测试时间：60分钟分值：100分)一、单项选择题(本题共5小题，每小题5分，共25分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求)1．2016年1月16日0时57分，我国在西昌卫星发射中心成功发射白俄罗斯通信卫星一号，卫星经过8分钟准确进入预定转移轨道，使中国航天迎来“开门红”．“2016年1月16日0时57分”和“8分钟”分别是指( )A．时刻，时间B．时间，时间C．时刻，时刻D．时间，时刻解析：“2016年1月16日0时57分”是发射卫星的时刻，“8分钟”是从发射到定轨所用的时间，所以A正确．答案：A2．下列各组物理量中，都是矢量的是( )A．位移、时间、速度B．路程、速率、位移C．加速度、速度的变化量、速度D．速度、时间、加速度解析：位移、速度、加速度和速度的变化量既有大小又有方向，是矢量；而时间、路程和速率只有大小没有方向，是标量，故选C.答案：C3.如图所示为甲、乙两物体运动的s-t图象，下列关于甲、乙两物体运动的描述，正确的是( )A．甲、乙两物体同时出发B．甲、乙两物体在同一位置出发C．甲的速度比乙的速度小D．t2时刻两个物体速度相同解析：由题图可知甲物体从0时刻开始运动，而乙物体从t1时刻开始运动，故A错误；由题图可知甲物体从坐标s1开始运动，而乙物体从坐标为0的位置开始运动，故B错误；s-t图象的斜率等于物体运动的速度，由题图可知乙运动的速度大于甲运动的速度，故C正确；t2时刻两物体的位移相同即两物体相遇，故D 错误．答案：C4．攀岩运动是一种考验人的意志与心理素质的运动形式，户外攀岩运动更加刺激与惊险．如图所示为某户外攀岩运动的场景与运动线路图，该攀岩爱好者从起点A 经过B 点，最终到达C 点，据此图判断下列说法中正确的是( )A ．图中的线路ABC 表示的是攀岩爱好者所走的位移B ．线路总长度与攀岩爱好者所走时间的比等于登山者的平均速度C ．由起点到终点，攀岩爱好者所走线路的总长度等于位移D ．攀岩爱好者所走路程要比由起点到终点的位移大解析：攀岩爱好者所走路径沿ABC 为曲线，所以所走路程即线路ABC 的长度大于位移，选项A 、C 错误，选项D 正确．根据平均速度的定义，平均速度等于自起点到终点的位移与所走时间的比，选项B 错误．答案： D5．如图为一质点做直线运动的速度—时间图象，则下列图中给出的该质点在前3 s 内的加速度a 随时间t 变化关系的图象中正确的是( )解析：0～1 s ：a 1＝Δv Δt ＝41 m/s 2＝4 m/s 2；1～3 s ：a 2＝Δv Δt ＝0－42m/s 2＝－2 m/s 2，故A 正确．答案：A二、多项选择题(本题共4小题，每小题6分，共24分．在每小题给出的四个选项中有多项符合题目要求，全部选对得6分，漏选得3分，错选或不选得0分)6．你认为以下比赛项目中的研究对象可看作质点的是( )A．在撑竿跳高比赛中，研究运动员手中的支撑竿在支撑地面过程中的转动情况B．帆船比赛中确定帆船在大海中的位置C．跆拳道比赛中研究运动员的动作时D．铅球比赛中研究铅球被掷出后在空中飞行的时间解析：物体可被看作质点的条件是：物体的大小和形状忽略后对所研究的问题没有影响，如果把支撑竿看作质点后就无法研究其转动的情况了，选项A错误；由于帆船的大小和形状对其在大海中的位置没有影响，选项B正确；把跆拳道运动员看作质点后就无法研究其动作了，选项C 错误；把铅球看作质点后并不影响铅球的运动轨迹，也就不影响其在空中飞行的时间，选项D正确．答案：BD7．甲、乙两辆汽车均以相同的速度行驶，下列有关参考系的说法正确的是( )A．如果两辆汽车均向东行驶，若以甲车为参考系，乙车是静止的B．如果观察的结果是两辆车均静止，参考系可以是第三辆车C．如果以在甲车中一走动的人为参考系，乙车仍是静止的D．如甲车突然刹车停下，乙车仍向东行驶，以乙车为参考系，甲车往西行驶解析：两车的速度相同时，其相对位置不变，以其中任意一辆车为参考系，另一辆车一定静止，故A正确；若有第三辆车丙与甲、乙两车同向同速行驶，以丙车为参考系时，甲、乙两车均静止，故B正确；若一人在甲车中走动时，他与乙车的相对位置是变化的，则乙车是运动的，故C错；甲车刹车停下，乙车向东行驶，甲车与乙车间的距离增大，甲车相对乙车向西运动，故D 正确．答案：ABD8．如图甲所示，火箭发射时，速度能在10 s内由0增加到100 m/s；如图乙所示，汽车以108 km/h的速度行驶，急刹车时能在2.5 s内停下来．下列说法中正确的是( )图甲图乙A．10 s内火箭的速度改变量为10 m/sB．2.5 s内汽车的速度改变量为－30 m/sC．火箭的速度变化比汽车快D．火箭的加速度比汽车的加速度小解析：规定初速度的方向为正方向．火箭的速度改变量Δv＝v2－v1＝100 m/s－0＝100 m/s，选项A 错误；108 km/h ＝30 m/s ，汽车的速度改变量Δv ′＝v 2′－v 1′＝0－30 m/s ＝－30 m/s ，选项B 正确；根据a ＝Δv Δt 得，火箭的加速度a 1＝Δv Δt ＝100 m/s 10 s ＝10 m/s 2，汽车的加速度a 2＝Δv ′Δt ′＝－30 m/s 2.5 s＝－12 m/s 2，所以火箭的加速度比汽车的加速度小，火箭的速度变化比汽车慢，选项C 错误，D 正确．答案：BD9．甲、乙、丙是三个在同一直线上运动的物体，它们运动的vt 图象如图所示，下列说法正确的是( )A ．丙与甲的运动方向相反B ．丙与乙的运动方向相同C ．乙的加速度大于甲的加速度D ．丙的加速度大小小于乙的加速度大小解析：由题图看出，甲、乙、丙的速度均为正值，说明甲、乙、丙都沿正方向运动，A 错误，B 正确；乙的斜率比甲大，所以乙的加速度大于甲的加速度，C 正确；乙的斜率比丙的斜率的绝对值小，所以乙的加速度大小小于丙的加速度大小，D 错误．答案：BC三、非选择题(本大题4小题，共51分．按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)10．(12分)(1)打点计时器是利用________(选填“直流”或“交流”)电源进行的计时仪器，若电源频率为50 Hz ，则它们每隔________秒打一个点，其中电火花打点计时器所用电压为________伏．(2)在“研究匀变速直线运动”的实验中，某同学由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上每两个计数点间还有四个点未画出．其中s 1＝3.01 cm ，s 2＝6.51 cm ，s 3＝10.50 cm ，s 4＝14.99 cm ，s 5＝20.01 cm ，s 6＝25.50 cm.①接通电源与让纸带随物体开始运动，这两个操作的时间关系应当是( )A ．先接通电源，再释放纸带B ．先释放纸带，再接通电源C ．释放纸带的同时接通电源D ．不同的实验要求不同②纸带上每两个计数点间的时间间隔是________s.③利用以上数据可求得A 点的瞬时速度大小为( )A ．0.476 m/sB ．0.525 m/sC ．0.851 m/sD ．0.048 m/s答案：(1)交流 0.02 220 (2)①A ②0.1 ③A11．(12分)某学校教室、寝室、食堂的位置关系如图所示，放学后甲同学直接去食堂吃饭，用了2 min 到食堂，乙同学先去寝室拿东西然后立即赶到食堂，结果用了4 min.求甲、乙各自运动的平均速度．(计算结果保留三位有效数字)解析：甲、乙从教室到食堂的位移相同，其大小为Δs ＝3002＋4002 m ＝500 m.由平均速度的定义，可知：甲的平均速度v 1＝Δs Δt 1＝500 m 2×60 s≈4.17 m/s ， 乙的平均速度v 2＝Δs Δt 2＝500 m 4×60 s≈2.08 m/s. 方向均为从教室指向食堂．答案：见解析12．(13分)沪杭高铁是连接上海和杭州的现代化高速铁路，最大速度达到了413.7 km/h ，再次刷新世界纪录．沪杭高速列车在一次运行中由A 站开往B 站，A 、B 车站间的铁路为直线．技术人员乘此列车从A 车站出发，列车从启动至匀加速到100 m/s ，用了250 s ，在匀速运动了10 min 后，列车匀减速运动，经过300 s 后刚好停在B 车站．求此高速列车启动、减速时的加速度大小．解析：加速过程的初、末速度v 0＝0，v 1＝100 m/s ，用时t 1＝250 s ，该过程的加速度a 1＝v 1－v 0t 1＝100250 m/s 2＝0.4 m/s 2，方向与运动方向相同．减速过程的初、末速度v 1＝100 m/s ，v 2＝0，用时t 2＝300 s ，该过程的加速度a 2＝v 2－v 1t 2＝0－100300m/s 2＝－0.33 m/s 2， 负号表示加速度方向与速度方向相反．答案：0.4 m/s 2 0.33 m/s 213．(14分)让小球从斜面的顶端滚下，如图所示是用频闪照相机拍摄的小球在斜面上运动的一段，已知闪频为10 Hz ，且O 点是0.4 s 时小球所处的位置，试根据此图估算：(1)小球从O 点到B 点的平均速度；(2)小球在A 点和B 点的瞬时速度；(3)小球运动的加速度．解析：依题意知，相邻两次闪光的时间间隔Δt ＝110s ＝0.1 s. (1)v OB ＝s OB t OB ＝16×10－20.2m/s ＝0.8 m/s. (2)小球在A 点时的瞬时速度v A ＝s OB t OB＝0.8 m/s ； 小球在B 点时的瞬时速度 v B ＝s AC t AC ＝（27－7）×10－22×0.1m/s ＝1.0 m/s. (3)由加速度的定义得小球的加速度a ＝v B －v A t AB ＝1.0－0.80.1m/s 2＝2.0 m/s 2. 答案：(1)0.8 m/s (2)0.8 m/s 1.0 m/s(3)2.0 m/s 2情感语录1.爱情合适就好，不要委屈将就，只要随意，彼此之间不要太大压力2.时间会把最正确的人带到你身边，在此之前，你要做的，是好好的照顾自己3.女人的眼泪是最无用的液体，但你让女人流泪说明你很无用4.总有一天，你会遇上那个人，陪你看日出，直到你的人生落幕5.最美的感动是我以为人去楼空的时候你依然在6.我莫名其妙的地笑了，原来只因为想到了你7.会离开的都是废品，能抢走的都是垃圾8.其实你不知道，如果可以，我愿意把整颗心都刻满你的名字9.女人谁不愿意青春永驻，但我愿意用来换一个疼我的你10.我们和好吧，我想和你拌嘴吵架，想闹小脾气，想为了你哭鼻子，我想你了11.如此情深，却难以启齿。
人教版高中物理必修第一册模块综合检测(二)含答案
模块综合评价（二）(时间：75分钟 满分：100分)一、单项选择题(本题共7小题，每小题4分，共28分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)1.如图所示，鱼儿摆尾击水跃出水面，吞食荷花花瓣的过程中，下列说法正确的是( )A ．鱼儿吞食花瓣时鱼儿受力平衡B ．鱼儿摆尾出水时浮力大于重力C ．鱼儿摆尾击水时受到水的作用力D ．研究鱼儿摆尾击水跃出水面的动作可把鱼儿视为质点解析：选C 鱼儿吞食花瓣时处于失重状态，A 错误；鱼儿摆尾出水时浮力很小，鱼儿能够出水的主要原因是鱼儿摆尾击水时水对鱼向上的作用力大于重力，B 错误，C 正确；研究鱼儿摆尾击水跃出水面的动作不可以把鱼儿视为质点，否则就无动作可言，D 错误。
2．中国自主研发的“暗剑”无人机，速度可超过2马赫。
在某次试飞测试中，一“暗剑”无人机起飞前沿地面做匀加速直线运动，加速过程中连续经过两段均为120 m 的测试距离，用时分别为2 s 和1 s ，则它的加速度大小是( )A ．20 m/s 2B ．40 m/s 2C ．60 m/s 2D ．80 m/s 2答案：B3．叠放在水平地面上的四个完全相同的排球如图所示，质量均为m ，相互接触。
球与地面间的动摩擦因数均为μ，则( )A ．上方球与下方三个球间均没有弹力B ．下方三个球与水平地面间均没有摩擦力C ．水平地面对下方三个球的支持力均为43mgD ．水平地面对下方三个球的摩擦力均为43μmg 答案：C4．甲、乙两质点运动的位移—时间图像如图中a 、b 所示，不考虑甲、乙碰撞，则下列说法中正确的是( )A ．甲质点做曲线运动，乙质点做直线运动B ．乙质点在t 2～t 3时间内做匀速直线运动C ．t 1～t 4时间内甲、乙两质点的位移相同D ．t 3～t 4时间内乙质点比甲质点运动得快解析：选C 位移—时间图像只能描述直线运动的规律，因此甲、乙两质点都做直线运动，A 错误；由图像知，t 2～t 3时间内乙质点的位置没变，即静止，B 错误；t 1和t 4时刻，甲、乙两质点均处于同一位置，所以t 1～t 4时间内甲、乙两质点的位移相同，C 正确；根据位移—时间图像的斜率表示运动的快慢，可知t 3～t 4时间内甲质点的斜率比乙质点的大，即t 3～t 4时间内甲质点比乙质点运动得快，D 错误。
高中物理人教版必修一：章末质量评估(二)
高中物理人教版必修一：章末质量评估(二)(时间：90分钟 分值：100分)一、单项选择题(此题共10小题，每题3分，共30分．每题中只要一个选项是正确的，选对得3分，错选、不选或多项选择均不得分．)1．物体在做匀减速直线运动(运动方向不变)，下面结论正确的选项是( )A ．减速度越来越小B ．减速度方向总与运动方向相反C ．位移随时间平均减小D ．速率随时间有能够增大解析：匀减速直线运动减速度不变，A 错；减速度方向与运动方向同向时减速，反向时减速，B 对；双方向减速的进程中位移越来越大，C 错；匀减速到零之前速率越来越小，D 错．答案：B2．在平直公路上，汽车以15 m/s 的速度做匀速直线运动，从某时辰末尾刹车，在阻力作用下，汽车以2 m/s 2的减速度做匀减速直线运动，那么刹车后10 s 内汽车的位移大小为( )A ．50 mB ．56.25 mC ．75 mD ．150 m解析：先判别汽车刹车后经过多长时间中止，由v ＝v 0＋at 知：t ＝7.5s ．因此汽车刹车后10 s 内的位移大小等于7.5 s 内的位移大小，x ＝12×2×7.52 m ＝56.25 m ．B 正确．答案：B3．某人欲预算飞机着陆时的速度，他假定飞机中止运动前在平直跑道上做匀减速运动，飞机在跑道上滑行的距离为s ，从着陆到停上去所用的时间为t ，那么飞机着陆时的速度为( )A.s tB.2s tC.s 2tD.s t 到2s t之间的某个值 解析：飞机做匀减速运动，那么s ＝v －t ＝v 2t ，初速度v ＝2s t ，B 正确． 答案：B4．甲物体从高处自在下落时间t 0后，乙物体从同一位置自在下落，以甲为参照物，乙物体的运动形状是(甲、乙均未着地，不思索空气阻力的影响)( )A ．相对运动B ．向上作匀速直线运动C ．向下作匀速直线运动D ．向上作匀变速直线运动解析：设乙物体的下落时间为t ，那么v 乙＝gt .而物体甲，v 甲＝g (t ＋t 0)，以甲为参照物，乙对甲的速度v ＝v 乙－v 甲＝－gt 0＝常数．所以以甲为参照物，乙向上作匀速直线运动，B 正确．答案：B5．一个物体从某一高度做自在落体运动，它第一秒内的位移恰为它最后一秒内位移的一半，g 取10 m/s 2，那么它末尾下落时距空中的高度为( )A ．5 mB ．11.25 mC ．20 mD ．31.25 m解析：由h＝gt2，可得第1秒内的位移h1＝12×10 m/s2×(1 s)2＝5 m；那么最后一秒内的位移h2＝2h1＝10 m；那么设下落总时间为t，最后1 s内的位移h＝12gt2－12g(t－1)2＝10 m，解得t＝1.5 s；那么物体下落的总高度h＝12gt2＝11.25 m．应选B.答案：B6.小球从接近竖直砖墙的某位置由运动释放，用频闪方法拍摄的小球位置如图中1、2、3和4所示．延续两次闪光的时间距离均为T，每块砖的厚度为d.由此可知小球()A．下落进程中的减速度大小约为d 2T2B．经过位置3时的瞬时速度大小约为2gTC．经过位置4时的瞬时速度大小约为9d 2TD．从位置1到4进程中的平均速度大小约为9d 4T解析：依据Δx＝d＝aT2，得下落进程的减速度a＝dT2，A错误；位置3时的瞬时速度等于2、4段平均速度，那么v3＝7d2T，B错误；位置4瞬时速度v4＝v3＋at＝9d2T，故C正确，位置1到4进程的平均速度大小＝9d3T＝3dT，D错误．答案：C7．甲物体运动的速度—时间图象如图甲所示，乙物体运动的位移—时间图象如图乙所示，那么关于这两个物体的运动状况，以下说法正确的选项是()图甲图乙A．甲在整个t＝4 s时间内有往复运动，它经过的总路程为12 mB．甲在整个t＝4 s时间内运动方向不时不变，经过的总位移大小为6 mC．乙在整个t＝4 s时间内有往复运动，它经过的总路程为12 mD．乙在整个t＝4 s时间内运动方向不时不变，经过的总位移大小为6 m解析：甲在整个t＝4 s时间内有往复运动，它经过的总路程为12×3×2×2 m＝6 m，经过的总位移大小为0，选项A、B错误；乙在整个t＝4 s 时间内运动方向不时不变，经过的总路程和总位移大小均为6 m，选项D 正确，C错误．答案：D8.2009年3月29日，中国女子冰壶队初次夺得世界冠军，如下图，一冰壶以速度v垂直进入两个矩形区域做匀减速运动，且刚要分开第二个矩形区域时速度恰恰为零，那么冰壶依次进入每个矩形区域时的速度之比和穿过每个矩形区域所用的时间之比区分是(设冰壶可看成质点)() A．v1∶v2＝2∶1 B．v1∶v2＝1∶2C．t1∶t2＝1∶ 2 D．t1∶t2＝(2－1)∶1解析：冰壶的运动为匀减速直线运动，逆着运动进程看即为初速度为0的匀减速直线运动。
教科物理必修1：第三章章末综合检测
一、选择题(本题共10小题，每小题5分，共50分．每小题至少有一个选项正确，选不全得3分)1．如图3－5所示的情形中，涉及到牛顿第三定律的有()图3－5A．气垫船靠旋转的螺旋桨获得动力B．战斗机在行进途中抛弃副油箱C．喷水龙头自动旋转使喷水均匀D．玩具火箭靠喷出火药飞上天空解析：选ACD.气垫船旋转的螺旋桨推动水的作用力与水推动螺旋桨的作用力(动力)是一对作用力和反作用力，A正确；战斗机在行进途中抛弃副油箱是为了减小惯性，提高灵活性，B错误；喷水龙头向外喷水的力与对水龙头的力是一对作用力和反作用力，C正确；玩具火箭喷出火药的力与火药对玩具火箭的力是一对作用力与反作用力，D正确．2．质量为1 kg的物体A和质量为3 kg的物体B，它们分别在F1和F2的作用下，产生相同的加速度，则()A．F2＝F1B．F2＝3F1C．F2＝F13D．F2＝3F12解析：选B.由牛顿第二定律得：F1＝m1a，F2＝m2a，解得：F1F2＝m1m2＝13，即F2＝3F1，故选B.图3－63．如图3－6，在热气球下方开口处燃烧液化气，使热气球内部气体温度升高，热气球开始离地，徐徐升空．分析这一过程，下列表述正确的是()①气球内的气体密度变小，所受重力也变小②气球内的气体密度不变，所受重力也不变③气球所受浮力变大④气球所受浮力不变A．①③B．①④C．②③D．②④解析：选 B.气球内部温度升高，气体的密度减小，故气球内气体的重力减小；气球本身大小不变，排开外部空气的体积不变，由F浮＝ρ空gV排可知浮力不变，所以选项B正确．4．(2012·北京人大附中高一检测)质量为2 kg的物体，在光滑水平面上受到两个水平共点力的作用，以8 m/s2的加速度做匀加速直线运动，其中F1与加速度方向的夹角为30°，某时刻撤去F1，此后该物体()A．加速度可能为3.5 m/s2B．速度变化率可能为 6 m/s2C．1 s内速度变化大小可能为3 m/sD．加速度至少为4 m/s2解析：选BD.开始时物体受到的合力大小为F＝ma＝2×8 N＝16 N．物体受到的另一个力F2的最小值为F min＝F sin30°＝16×12N＝8 N．去掉F1，只有F2时，物体加速度的最小值为a min＝F2m＝82m/s2＝4 m/s2，故选项D正确，选项A错误；速度变化率亦即加速度，选项B正确；物体在1 s内速度改变量的最小值为Δv min＝a minΔt＝4×1 m/s＝4 m/s，故选项C错误．图3－75．如图3－7所示绘出了汽车轮胎与地面间的动摩擦因数分别为μ1和μ2时，紧急刹车时的刹车痕(即刹车距离x)与刹车前车速v的关系曲线，则μ1和μ2的大小关系为()A．μ1<μ2B．μ1＝μ2C．μ1>μ2D．条件不足，不能比较解析：选C.由题意知v2＝2ax＝2μgx，速度相同的情况下，μ1所在曲线的刹车痕小，所以μ1大，故选项C正确．图3－86．直升机悬停在空中向地面投放装有救灾物资的箱子，如图3－8所示，设投放初速度为零，箱子所受的空气阻力与箱子下落速度的平方成正比，且运动过程中箱子始终保持图示状态．在箱子下落过程中，下列说法正确的是()A．箱内物体对箱子底部始终没有压力B．箱子刚从飞机上投下时，箱内物体受到的支持力最大C．箱子接近地面时，箱内物体受到的支持力比刚投下时大D．若下落距离足够长，箱内物体有可能不受底部支持力而“飘起来”解析：选C.因为受到阻力，不是完全失重状态，所以对支持面有压力，选项A错误；由于箱子阻力和下落速度的平方成正比，所以最终将匀速运动，受到的压力等于重力，选项B、D错误，选项C正确．图3－97．如图3－9所示，有一箱装得很满的土豆，以一定的初速度在动摩擦因数为μ的水平地面上做匀减速运动，不计其他外力及空气阻力，则其中一个质量为m的土豆A受其他土豆对它的总作用力大小应是()A．mg B．μmgC．mgμ2＋1 D．mg1－μ2解析：选C.土豆A受周围土豆的力的作用无法一一分析．对整体由牛顿第二定律得：μMg＝Ma，解得：a ＝μg .(方向水平向左) 对土豆A 受力分析如图所示，所以F 其他＝(mg )2＋(ma )2＝mg μ2＋1，C 选项正确．图3－108．(2012·吉林师大附中高一检测)如图3－10所示，一固定斜面上两个质量均为m 的小物块A 和B 紧挨着匀速下滑，A 与B 的接触面光滑．已知A 与斜面之间的动摩擦因数是B 与斜面之间动摩擦因数的2倍，斜面倾角为α，B 与斜面之间的动摩擦因数是( )A.23tan αB.23cot α C ．tan α D ．cot α解析：选A.因为A 和B 紧挨着匀速下滑，所以把A 、B 作为一个整体，由平衡方程得：2mg sin α＝μmg cos α＋2μmg cos α解得：μ＝23tan α，故A 正确．图3－119．在平直公路上，汽车由静止开始做匀变速直线运动，当速度达到v ＝10 m/s 时立即关闭发动机滑行，直到停止，运动过程的v －t 图像如图3－11所示，设汽车牵引力大小为F ，阻力大小为f ，则 ( )A ．F ∶f ＝1∶3B ．F ∶f ＝3∶1C ．F ∶f ＝4∶1D ．F ∶f ＝1∶4解析：选B.由v －t 图像可知，匀加速运动时，加速度a 1＝1 m/s 2，匀减速运动时加速度a 2＝－0.5 m/s 2，由牛顿第二定律可得F －f ＝ma 1，－f ＝ma 2，所以F ∶f ＝(a 1－a 2)∶(－a 2)＝3∶1，B 正确．图3－1210．如图3－12所示，质量为M 的框架放在水平地面上，一轻弹簧上端固定在框架上，下端固定一个质量为m 的小球，小球上下振动时，框架始终没有跳起，当框架对地面压力为零的瞬间，小球的加速度大小为( )A ．g B.M －m mg C ．0 D.M ＋m mg 解析：选D.以整体为研究对象，所受合外力为(M ＋m )g ，根据牛顿第二定律：(M ＋m )g ＝Ma ′＋ma .因M 始终没有运动，所以a ′＝0，故a ＝M ＋m m，所以D 对． 二、实验题(本题共2小题，共13分．按题目要求解答)11．(4分)做“探究加速度与力、质量的关系”的实验，主要的步骤有：A ．将一端附有定滑轮的长木板放在水平桌面上，取两个质量相等的小车，放在光滑的水平长木板上．B ．打开夹子，让两个小车同时从静止开始运动，小车运动一段距离后，夹上夹子，让它们同时停下来，用刻度尺分别测出两个小车在这一段相同时间内通过的位移大小．C ．分析所得到的两个小车在相同时间内通过的位移大小与小车所受水平拉力大小的关系，从而得到质量相等的物体运动的加速度与物体所受作用力大小的关系．D ．在小车的后端也分别系上细绳，用一只夹子夹住这两根细绳．E ．在小车的前端分别系上细绳，绳的另一端跨过定滑轮各挂一个小盘，盘内分别放着数目不等的砝码，使砝码盘和盘内砝码的总质量远小于小车的质量，分别用天平测出两个砝码盘和盘内砝码的总质量．上述实验步骤，正确的排列顺序是__________．答案：AEDBC12．(9分)在探究加速度与力、图3－13质量的关系实验中，由于存在摩擦力的影响使实验有较大的误差，有人设计了如下实验： 如图3－13所示，质量为M 的滑块A 放在气垫导轨B 上，C 为位移传感器，它能将滑块A 到传感器C 的距离数据实时传送到计算机上，经计算机处理后在屏幕上显示滑块A 的位移－时间(x －t )图像和速率－时间(v －t )图像．整个装置置于高度可调节的斜面上，斜面的长度为l 、高度为h .(1)本实验中摩擦力对滑块A 的影响__________(填“明显，不可忽略”或“不明显，可忽略”)(2)本实验中滑块A 的合外力表达式为__________．实验中可以通过改变__________来验证质量一定时，加速度与力成正比的关系；通过保持__________不变，可验证力一定时，加速度与质量成反比的关系．解析：(1)本实验仪器用的是气垫导轨，滑块A 在运动中几乎不受摩擦力的作用．(2)本实验中滑块A 的合外力F ＝Mg sin θ＝Mg h l如验证质量一定时，加速度与合外力的关系只需要调节h 即可；如验证合外力一定时，应使F ＝Mg h l 不变，即保持Mh 之积不变即可． 答案：(1)不明显，可忽略 (2)F ＝Mg h lh Mh 三、计算题(本题共4小题，共37分．解答时应写必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位)13．(8分)水平桌面上质量为1 kg 的物体受到2 N 的水平拉力，产生1.5 m/s 2的加速度，若水平拉力增至4 N ，则物体将获得多大的加速度？(g 取10 m/s 2)解析：物体受力如图所示，当拉力为2 N 时：2－f ＝ma 1①当拉力为4 N 时：4－f ＝ma 2②联立①②代入数据解得a 2＝3.5 m/s 2.答案：3.5 m/s 214．(8分)一辆总质量为1.2×104 kg 的载货汽车，沿平直路面以20 m/s 的速度匀速运动．遇到紧急情况刹车后，汽车不再受牵引力作用，受到的阻力大小为4.8×104 N ．求刹车后：(1)汽车运动的加速度大小．(2)汽车在8 s 内前进的距离．解析：(1)根据牛顿第二定律得f ＝ma ，解得汽车运动的加速度大小为a ＝4 m/s 2.(2)汽车从刹车到静止经历的时间为t 0＝v 0a ＝5 s<8 s ，所以汽车在8 s 内前进的距离为x ＝v 0t 0－12at 20＝50 m(或x ＝12v 0t 0＝50 m)． 答案：(1)4 m/s 2 (2)50 m图3－1415．(10分)如图3－14所示，小木块在沿斜面向上的恒定外力F 作用下，从A 点由静止开始做匀加速运动，前进了0.45 m 抵达B 点时，立即撤去外力．此后小木块又前进0.15 m 到达C 点，速度为零．已知木块与斜面间的动摩擦因数μ＝3/6，木块质量m ＝1 kg.求：(1)木块向上经过B 点时速度为多大？(2)木块在AB 段所受的外力F 为多大？(取g ＝10 m/s 2)解析：(1)撤去外力后，小木块做匀减速运动从B 运动到C ，加速度大小为a 2＝g sin30°＋μg cos30°＝7.5 m/s 2对这段匀减速运动有v 2C －v 2B ＝－2a 2x 2代入数值可解得v B ＝2a 2x 2＝2×7.5×0.15 m/s＝1.5 m/s.(2)设外加恒力为F ，则刚开始从A 运动到B 的加速度为a 1＝F m－(g sin θ＋μg cos θ) 刚开始是做匀加速直线运动，故有v 2B ＝2a 1x 1代入数据可求得F ＝10 N.答案：(1)1.5 m/s (2)10 N图3－1516．(11分)(2012·成都四中高一检测)用力F 提拉用细绳连在一起的A 、B 两物体，以5 m/s 2的加速度匀加速竖直上升，如图3－15所示，已知A 、B 的质量分别为1 kg 和2 kg ，绳子所能承受的最大拉力是35 N ，(g ＝10 m/s 2)求：(1)力F 的大小是多少？(2)为使绳不被拉断，加速上升的最大加速度为多少？解析：(1)整体法求F由牛顿第二定律得：F －(m A ＋m B )g ＝(m A ＋m B )a所以F ＝(m A ＋m B )(g ＋a )＝(1＋2)×(10＋5) N ＝45 N.(2)绳恰好不被拉断时，绳对B 的拉力为F ′＝35 N ，此时加速度最大对B 由牛顿第二定律得：F ′－m B g ＝m B a m所以a m＝F′－m B gm B＝35－2×102m/s2＝7.5 m/s2.答案：(1)45 N(2)7.5 m/s2。
高一物理分层辅导精选：6.单元归纳提升课 单元评估检测
单元评估检测(45分钟100分)一、选择题(本题共10小题,每小题5分,共50分。
1～5题为单选,6～10题为多选)1.下述说法中正确的有 ( C )A.一天24 h,太阳以地球为中心转动一周是公认的事实B.由开普勒定律可知,各行星都分别在以太阳为圆心的各圆周上做匀速圆周运动C.太阳系的八颗行星中,水星离太阳最近,由开普勒第三定律可知其运动周期最小D.月球也是行星,它绕太阳一周需一个月的时间2.假设地球是一半径为R、质量分布均匀的球体。
一矿井深度为d。
已知质量分布均匀的球壳对壳内物体的引力为零。
矿井底部和地面处的重力加速度大小之比为( A )A.1-B.1+C.D.3.由于地球的自转,使得静止在地面的物体绕地轴做匀速圆周运动。
对于这些做匀速圆周运动的物体,以下说法正确的是( D )A.向心力都指向地心B.速度等于第一宇宙速度C.加速度等于重力加速度D.周期与地球自转的周期相等4.(·江苏高考)我国高分系列卫星的高分辨对地观察能力不断提高。
今年5月9日发射的“高分五号”轨道高度约为705 km,之前已运行的“高分四号”轨道高度约为36 000 km,它们都绕地球做圆周运动。
与“高分四号”相比,下列物理量中“高分五号”较小的是( A )A.周期B.角速度C.线速度D.向心加速度5.经典力学不能适用于下列哪些运动 ( D )A.火箭的发射B.宇宙飞船绕地球的运动C.“勇气号”宇宙探测器的运动D.以99%倍光速运行的电子束6.如图所示,“神舟十号”与“天宫一号”交会对接飞行过程分为远距离导引段、自主控制段、对接段、组合体飞行段和分离撤离段。
则下列说法正确的是( B、C )A.在远距离导引段,“神舟十号”应在距“天宫一号”目标飞行器前下方某处B.在远距离导引段,“神舟十号”应在距“天宫一号”目标飞行器后下方某处C.在组合体飞行段,“神舟十号”与“天宫一号”绕地球做匀速圆周运动的速度小于7.9 km/sD.分离后,“天宫一号”变轨升高至较高飞行轨道运行时,其速度比在交会对接轨道时大7.如图所示,三颗质量均为m的地球同步卫星等间隔分布在半径为r 的圆轨道上,设地球质量为M,半径为R。
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页码 / 总页数 ——教学资料参考参考范本—— 人教版物理必修1检测：章末质量评估（四） 含答案 ______年______月______日 ____________________部门 页码 / 总页数
(时间：90分钟 分值：100分) 一、单项选择题(本题共10小题，每题3分，共30分．每小题中只有一个选项是正确的，选对得3分，错选、不选或多选均不得分．) 1．科学家关于物体运动的研究对树立正确的自然观具有重要作用．下列说法不符合历史事实的是( ) A．亚里士多德认为，必须有力作用在物体上，物体的运动状态才会改变 B．伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去 C．笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向 D．牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质 解析：亚里士多德的观点是力是维持物体运动的原因，即物体有力就运动，没有力就静止，故A错误； 伽利略通过“理想实验”得出结论：运动必具有一定速度，如果它不受力，它将以这一速度永远运动下去，选项B正确； 笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向，选项C正确； 牛顿认为，物体具有保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质，选项D正确；故选项A不符合历史事实． 答案：A 2．下面关于惯性的说法中，正确的是( ) A．运动速度大的物体比速度小的物体难以停下来，所以运动速度大的物体具有较大的惯性 页码 / 总页数
B．物体受的力越大，要它停下来就越困难，所以物体受的推力越大，则惯性越大 C．物体的重力越大，惯性越大 D．物体所含的物质越多，惯性越大 解析：惯性是物体的固有属性，惯性的大小与物体的运动状态及受力情况均无关，它仅取决于物体的质量大小，因此A、B、C错误，D正确． 答案：D 3．一雪橇放在冰面上，现让一只狗拉着雪橇在冰面上匀速前进，则( ) A．狗对雪橇的拉力与冰面对雪橇的摩擦力是一对作用力与反作用力 B．雪橇对冰面的压力与冰面对雪橇的支持力是一对平衡力 C．雪橇对冰面的压力与冰面对雪橇的支持力是一对作用力与反作用力 D．雪橇对冰面的压力与雪橇受到的重力是一对平衡力 解析：雪橇匀速前进，则雪橇受力平衡，狗对雪橇的拉力与冰面对雪橇的摩擦力是一对平衡力，冰面对雪橇的支持力与雪橇受到的重力是一对平衡力，选项A、D错误；雪橇对冰面的压力与冰面对雪橇的支持力是一对作用力与反作用力，选项B错误，选项C正确． 答案：C 4.在升降电梯内的地板上放一体重计，电梯静止时，晓敏同学站在体重计上，体重计示数为50 kg，电梯运动过程中，某一段时间内 页码 / 总页数
晓敏同学发现体重计示数如图所示，重力加速度的大小为g.在这段时间内下列说法中正确的是( )
A．晓敏同学所受的重力变小了 B．晓敏对体重计的压力小于体重计对晓敏的支持力 C．电梯一定在竖直向下运动 D．电梯的加速度大小为，方向一定竖直向下 解析：体重计示数小于体重说明晓敏对体重计的压力小于重力，并不是体重变小，故A错误；晓敏对体重计的压力与体重计对晓敏的支持力是一对作用与反作用力，故两者大小相等，B错误；电梯做向上的减速运动也会是失重状态，示数小于其重力，故C错误；以人为研究对象，mg－FN＝ma，求得a＝＝＝ ，故D正确． 答案：D 5．竖直上抛物体受到的空气阻力f大小恒定，物体上升到最高点时间为t1，从最高点落回抛出点用时t2，上升时加速度大小为a1，下降时加速度大小为a2，则下列说法正确的是( ) A．a1a2，t1>t2 C．a1t2 D．a1>a2，t1解析：上升时，mg＋f＝ma1，下降时，mg－f＝ma2，得a1>a2.上升和下降的位移相等，h＝a1t＝a2t，因为a1>a2，所以t1确． 答案：D 页码 / 总页数
6.用轻弹簧竖直悬挂质量为m的物体，静止时弹簧伸长量为L，现用该弹簧沿斜面方向拉住质量为2m的物体，系统静止时弹簧伸长量也为L，斜面倾角为30°，如图所示，则物体所受摩擦力( )
A．等于零 B．大小为mg，方向沿斜面向下 C．大小为mg，方向沿斜面向上 D．大小为mg，方向沿斜面向上 解析：设弹簧的劲度系数为k，竖直悬挂时有kL＝mg.设物体放在斜面上时所受摩擦力为f，根据物体的平衡条件有kL＋f＝2mgsin 30°＝mg；由上述两式联立可得f＝0，A正确． 答案：A 7.如图所示，小球A和B的质量均为m，长度相同的四根细线分别连接在两球间、球与水平天花板上P点以及与竖直墙上的Q点之间，它们均被拉直，且P、B间细线恰好处于竖直方向，两小球均处于静止状态，则Q、A间水平细线对球的拉力大小为( )
A.mg B．mg C.mg D.mg 解析：由题，P、B间细线恰好处于竖直方向，两小球均处于静止状态，则知A、B间细线的拉力为零． 页码 / 总页数
对A球受力分析，由平衡条件，得TQA＝mgtan 60°＝mg，选项A、B、D错误，C正确．故选C. 答案：C 8.如图所示，质量为M的斜面A置于粗糙水平地面上，动摩擦因数为μ，物体B与斜面间无摩擦．在水平向左的推力F作用下，A与B一起做匀加速直线运动，两者无相对滑动．已知斜面的倾角为θ，物体B的质量为m，则它们的加速度a及推力F的大小为( )
A．a＝gsin θ，F＝(M＋m)g(μ＋sin θ) B．a＝gcos θ，F＝(M＋m)gcos θ C．a＝gtan θ，F＝(M＋m)g(μ＋tan θ) D．a＝gcot θ，F＝μ(M＋m)g 解析：B物体受到重力、支持力作用，其合力向左，根据牛顿第二定律得mgtan θ＝ma，解得a＝gtan θ；研究A、B整体同理有F－μ(M＋m)g＝(M＋m)a，解得F＝(M＋m)g(μ＋tan θ)，C正确． 答案：C 9．细绳拴一个质量为m的小球，小球用固定在墙上的水平弹簧支撑，小球与弹簧不粘连，平衡时细绳与竖直方向的夹角为53°，如图所示(已知cos 53°＝0.6，sin 53°＝0.8)，以下说法正确的是( ) 页码 / 总页数
A．小球静止时弹簧的弹力大小为mg B．小球静止时细绳的拉力大小为mg C．细线烧断瞬间小球的加速度立即为g D．细线烧断瞬间小球的加速度立即为g 解析：小球静止时，分析受力情况，如图，由平衡条件得： 弹簧的弹力大小为：
F＝mgtan 53°＝mg， 细绳的拉力大小为：T＝＝ 53mg，故A错误，B错误．
细绳烧断瞬间弹簧的弹力不变，则小球所受的合力与烧断前细绳拉力的大小相等、方向相反，则此瞬间小球的加速度大小为：a＝，a＝g.故C错误，D正确．故选D. 答案：D 10．放在水平面上的物块，受水平推力F的作用，力F的大小与时间t的关系如图甲所示，物块速度v与时间t的关系如图乙所示，6 s前后的路面不同，重力加速度g＝10 m/s2，则以下判断正确的是( ) 页码 / 总页数
A．物块的质量为2 kg，动摩擦因数为0.2 B．物块的质量为2 kg，动摩擦因数为0.4 C．物块的质量为1 kg，动摩擦因数为0.5 D．物块的质量为1 kg，动摩擦因数前后不一样，6 s前为0.4，6 s后为0.5 解析：根据0～3 s内的vt、F-t图象可知，物块在该时间内做匀速直线运动，水平推力等于摩擦力，即滑动摩擦力μmg＝4 N；根据3～6 s内的vt图象可得加速度的大小为2 m/s2，由牛顿第二定律得：μmg－2＝m×2，解得：μ＝0.4，m＝1 kg；由6 s后的vt图象可得物块的加速度大小为1 m/s2，由牛顿第二定律得：6－μ′mg＝m×1，解得：μ′＝0.5，故D正确． 答案：D 二、多项选择题(本题共4小题，每题6分，共24分．每小题有多个选项是正确的，全选对得6分，少选得3分，选错、多选或不选得0分．) 11.a、b、c为三个物块，M、N为两根轻弹簧，R为跨过定滑轮的轻绳，它们的连接如图所示，并处于平衡状态．则( ) 页码 / 总页数
A．有可能N处于拉伸状态而M处于压缩状态 B．有可能N处于压缩状态而M处于拉伸状态 C．有可能N处于自然状态而M处于拉伸状态 D．有可能N处于拉伸状态而M处于自然状态 解析：对于物体a而言受力平衡而其一直受到竖直向下的重力，故A和D选项正确．还有可能M处于压缩状态，N处于自然状态，而N不可能处于压缩状态．A、D正确． 答案：AD 12．如图甲所示，竖直电梯中质量为m的物体置于压力传感器P上，电脑可描绘出物体对P的压力F随时间的变化图线；图乙中K、L、M、N四条图线是电梯在四种运动状态下由电脑获得的Ft图线，由图线分析电梯的运动情况，下列结论中正确的是( )
A．由图线K可知，此时电梯一定处于匀加速上升状态 B．由图线L可知，此时电梯的加速度大小一定等于g C．由图线M可知，此时电梯一定处于静止状态 D．由图线N可知，此时电梯加速度的方向一定先向上后向下 解析：物体对P的压力等于支持力的大小，根据牛顿第二定律判断加速度的大小和方向，从而确定电梯的运动情况． 由图线K可知，物体对P的压力大于物体的重力，且逐渐增大，则支持力大于重力，且逐渐增大，根据牛顿第二定律知，加速度方向