福建省福州三中2017-2018学年高一下学期第一次段考物理试卷 Word版含解析
福建省仙游县第一中学2017-2018学年高一下学期第一次月考物理试题 Word版含解析
仙游一中2017-2018学年度下学期第一次月考高一年物理试卷一、单选题：（本题共8小题，共32分。
在每小题给出的四个选项中，每题只有一项符合题目要求，每小题4分。
）1. 关于功和能的关系,下列说法中正确的是( )A. 物体做功越多，物体的能就越大B. 功是能量转化的量度C. 功是状态量,能是物体的过程量D. 功和能具有相同的单位,它们的意义完全相同【答案】B【解析】功是能量转化的量度，故物体做功越大，能量转化或转移的越多，但物体的能不一定大，故A错误，B正确；功对应能量转化的过程，是过程量，而能量对应的是物体的状态，故为状态量，故C错误；由以上分析可知，功和能具有相同的单位，但它们的意义并不相同，故D错误。
所以B正确，ACD错误。
2. 把一个物体竖直向上抛出去，该物体上升的最大高度是h，若物体的质量为m，所受的空气阻力大小恒为f，则在从物体被抛出到落回地面的全过程中( )A. 重力所做的功为mghB. 重力所做的功为2mghC. 空气阻力做的功为零D. 空气阻力做的功为－2fh【答案】D【解析】试题分析：在从物体被抛出到落回地面的全过程中因为位移等于零，故重力做功为零，选项A正确，B错误；上升过程空气阻力做功为-fh，下降过程空气阻力做功也为-fh，则整个过程中空气阻力做的功为-2fh，故选AD.考点：功的求解.3. 在下列实例中运动的物体，不计空气阻力，机械能不守恒．．．的是：（）A. 沿着光滑斜面滑下的物体B. 将物体竖直向上抛出C. 起重机吊起物体匀速上升D. 一个轻质弹簧上端固定，下端系一重物，重物在竖直方向上做上下振动（以物体和弹簧为研究对象）【答案】C【解析】沿着光滑斜面滑下的物体，只有重力做功，所以机械能守恒，故A不符合题意；将物体竖直向上抛出时，物体只受重力作用，只有重力做功，所以机械能守恒，故B不符合题意；起重起吊起重物匀速上升时，动能不变，而重力势能减小，所以机械能不守恒，故C符合题意；以物体和弹簧为研究对象，只有重力和弹力做功，系统的机械能守恒，故D不符合题意。
福建省三明市第一中学2017-2018学年高一下学期开学考试物理---精校解析Word版
是初位置指向末位置的有向线段，两段运动互相垂直，所以初位置到末位置的长度为对。
B. C. D.【答案】末的瞬时速度，故末的瞬时速度，故，故加速度为，D正确考点：考查了匀变速直线运动规律的应用走过的位移差是一个定值，即，则根据题意可知，解得，它们的合力F合跟两力之间的夹角A. 8NB. 9NC. 10ND. 11N，，当=90°时，，此时A. 球拍对球的作用力等于C. 运动员的加速度为=表示位移，可知两车另一次并排行驶的时刻是=60m点睛：本题是追及和相遇问题．解答此题的关键是根据速度图象分析物体运动情况，要注意两车的位置关视频由平衡条件可得：，由此可得：正确；，由于视频视频设甲、乙用的木块质量分别为、，甲、乙用的木块与木板间的动摩擦因数分别, ______，______.(选填“大于”、“小于”或“等于”)。
(3).）调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，否则拉力不会等于合力，）当图像是直线时，更能直观的显示二者之间的关系，根据牛顿第二定律，变形可得外力恒定时，故应作）当没有平衡摩擦力时有：，故，知图线的斜率表示质量的倒数，可知甲的纵轴截距大于乙的纵轴截距，可知．，过程中有：，解得：，解得．的砝码甲悬挂在绳（1）绳OA上的拉力的大小（2）木块所受摩擦力的大小。
【答案】（1）10N （2）6N（2）对乙：，而；同一根绳子两端张力相等，则，乙不动，故摩擦力大小为x=）由图象可得=1m/sx==1m/s=2m/s4m/s (2),）根据牛顿第二定律：；故，代入数据解得，代入数据解得）根据，解得【点睛】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合，关键能够正确地受力分析，结合牛顿第二定律和。
2017-2018学年福建省泉州市惠安中学高一(上)第一次段考物理试卷 Word版含解析
2017-2018学年福建省泉州市惠安中学高一（上）第一次段考物理试卷一、单项选择题：本大题共10小题，每小题3分，共30分．1．在研究物体的运动时，下列物体中可以当作质点处理的是（）A．只要物体运动得不是很快，就一定可以把物体看为质点B．正在进行艺术体操比赛的运动员C．确定轮船在大海中的位置时，可以把它当作质点来处理D．研究火车通过路旁一根电线杆的时间时，火车可以当作质点来处理2．关于速度、速度变化、加速度，下列说法正确的是（）A．速度变化越大，加速度越大B．速度变化越快，加速度越大C．加速度方向保持不变，速度方向可以发生变化D．加速度不断减小，速度也一定不断减小3．短跑运动员在100m短跑比赛中，测得前7s内的平均速度是9m/s，10s末到达终点的速度为10.2m/s，则运动员在全程内平均速度是（）A．9m/s B．9.6m/s C．10m/s D．10.2m/s4．关于匀变速直线运动，下列说法正确的是（）A．加速度的方向就是速度的方向B．加速度的方向就是位移的方向C．匀加速直线运动中，物体的加速度与速度方向相同D．匀减速直线运动中，位移和速度都随时间的增加而减小5．在平直公路上，甲乘汽车以10m/s大小的速度运动，乙骑自行车以5m/s大小的速度运动，则下列说法正确的是（）A．从同一点同时出发且同向运动时，甲观察到乙以15m/s的速度远离B．从同一点同时出发且同向运动时，乙观察到甲以5 m/s的速度靠近C．从同一点同时出发且反向运动时，甲观察到乙以15 m/s的速度远离D．从同一点同时出发且反向运动时，乙观察到甲以15 m/s的速度靠近6．火车的速度为8m/s，关闭发动机后前进70m时速度减为6m/s．若再经过50s，火车又前进的距离为（）A．50m B．90m C．120m D．160m7．某辆小车沿笔直公路做初速度为零的匀加速直线运动，加速度大小为3m/s2，则以下说法中正确的是（）A．末速度比前1秒初速度大3m/sB．末速度比初速度大3 m/s，方向与初速度方向相反C．末速度比初速度大3 m/s，其方向与初速度方向相同D．第1s内、第2s内、第3s内的位移之比为1：3：58．图中所示是甲、乙两质点在同一直线上运动的s﹣t图象，以甲的出发点为原点，以甲出发时刻为计时起点，有下列说法：①甲开始运动时，乙在它前面；②甲、乙是从同地点开始运动的；③甲在途中虽停止运动，但最后甲还是追上了乙；④甲追上乙时甲运动时间比乙少．以上说法正确的是（）A．只有①④B．①③④C．只有①③D．②④9．一枚小火箭由地面竖直向上发射的速度﹣时间图象如图所示，则火箭上升到最高点的位置对应图中的（）A．点O B．点a C．点b D．点c10．有一质点，从t=0开始从原点以初速度为零出发，沿x轴运动，其v﹣t图如图所示，则该质点（）A．t=0.5s时离原点最远B．t=ls时离原点最远C．t=ls时回到原点D．物体在第2 s内和第3 s内的速度方向相反二、多项选择题：本大题共5小题，每小题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，可能有多个选项正确，选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分．11．试判断下面的几个速度中是瞬时速度是（）A．物体在第1秒内的速度是4m/sB．物体在第2秒末的速度是4m/sC．物体在通过其路径上某一点的速度是4m/sD．物体在通过某一段位移时的速度是4m/s12．关于位移和路程的关系，下列说法中正确的是（）A．物体沿直线向某一方向运动时，通过的路程就是位移B．物体沿直线向某一方向运动时，通过的路程等于位移的大小C．物体通过的两段路程不等，但位移可能相等D．物体通过的路程不为零，但位移可能为零13．一质点沿某一条直线运动时的速度﹣时间图象如图所示，则以下说法中正确的是（）A．第1s末质点的位移和速度都改变方向B．第2s末质点的位移改变方向C．前4s内质点的位移为零D．第3s末和第5s末质点的位置相同14．下列描述的运动中，可能的有（）A．速度变化很大，加速度可能很小B．速度变化越来越快，加速度越来越小C．速度变化方向为正，加速度方向为负D．速度越来越大，加速度不可能越来越小15．如图所示，为甲、乙两个物体沿同一直线运动的s﹣t图象．由图象可知（）A．甲、乙的出发点相距160mB．甲比乙早出发10sC．甲、乙相向做匀速直线运动，甲的速度为﹣2m/s，乙的速度为12m/sD．甲运动20s时，甲、乙相遇，相遇点距甲的出发点120m三、填空题、实验题1012秋•南郑县校级期中）在用打点计时器记录物体运动情况时，接通电源与释放纸带（或物体）这两个操作步骤的先后关系是：（）A．应先接通电源，再使纸带运动B．应先使纸带运动，再接通电源C．应先使纸带运动，再接通电源D．先使纸带运动或先接通电源都可以1014秋•泉州校级月考）某一兴趣小组的同学们在做“用打点计时器测速度”的实验中，让重锤自由下落，打出的一条纸带如图所示，图中直尺的单位为cm，点O为纸带上记录到的第一点，点A、B、C、D、…依次表示点O以后连续的各点．已知打点计时器每隔T=0.02s打一个点．（1）打点计时器打下点G时重锤的速度可用表达式v G=进行计算，式中所设物理量的意义是．（2）用上式计算出打下点G时重锤的速度为v G=m/s．（保留两位有效数字）1014秋•泉州校级月考）如图示所示为某物在于24s内运动的v﹣t图象，它在这24s内的平均速度是．平均速率是．1014秋•泉州校级月考）由如图可知，此物体在2s内位移是；5s内位移是；第4s末到第5s末的加速度是；在3.5s时速度为．四、计算题（按题目要求作答，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.）2014秋•泉州校级月考）一子弹击中木板时的速度是800m/s，子弹穿过木板时的加速度大小为2500m/s2，历时0.2s穿出木板，求子弹穿出时子弹的速度为多少？2014秋•泉州校级月考）一个物体以6m/s的速度垂直于墙壁的方向与墙壁相撞后，以3m/s 的速度反弹回来，若物体与墙壁相互作用的时间为0.3s，且相互作用力的大小不变，取碰撞前的初速度方向为正方向，那么物体在与墙作用的过程中，它的加速度是多少？2014秋•泉州校级月考）一物体以20m/s的初速开始沿地面匀减速滑行，ls末速度减为16m/s，则该物体3s末的位移是多少？速度是多少？7s末的位移是多少？速度是多少？2017-2018学年福建省泉州市惠安中学高一（上）第一次段考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：本大题共10小题，每小题3分，共30分．1．在研究物体的运动时，下列物体中可以当作质点处理的是（）A．只要物体运动得不是很快，就一定可以把物体看为质点B．正在进行艺术体操比赛的运动员C．确定轮船在大海中的位置时，可以把它当作质点来处理D．研究火车通过路旁一根电线杆的时间时，火车可以当作质点来处理考点：质点的认识．专题：直线运动规律专题．分析：研究物体的运动时，当物体的大小和形状对所研究的问题没有影响或影响可忽略不计时，可以把物体当作质点．根据这个条件进行判断．解答：解：A、物体能不能作为质点来处理，与物体运动的快慢无关．故A错误．B、正在进行艺术体操比赛的运动员，要研究、观察运动员的动作，所以不能当做质点．故B错误．C、船的大小和形状相对于茫茫大海很小，要确定它在大海的位置时，可以把它当作质点来处理，故C正确；D、火车通过路旁一根电线杆的时间等于火车长度除以速度，故长度不能忽略，故D错误；故选：C．点评：当研究物体本身的转动时，物体不能当作质点处理．对于通过运动员的动作、造型、姿势等观看、评分的运动项目，运动员不能看作质点．2．关于速度、速度变化、加速度，下列说法正确的是（）A．速度变化越大，加速度越大B．速度变化越快，加速度越大C．加速度方向保持不变，速度方向可以发生变化D．加速度不断减小，速度也一定不断减小考点：加速度；速度．专题：直线运动规律专题．分析：加速度是反映速度变化快慢的物理量，当加速度方向与速度方向相同，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反，做减速运动．解答：解：A、根据a=知，速度变化越大，加速度不一定大．故A错误．B、速度变化越快，加速度越大．故B正确．C、加速度方向不变，速度方向可以发生变化，比如平抛运动．故C正确．D、当加速度方向与速度方向相同，加速度减小，速度仍然增大．故D错误．故选：BC．点评：解决本题的关键知道加速度的物理意义，掌握判断物体做加速运动还是减速运动的方法，关键看加速度的方向与速度方向的关系．3．短跑运动员在100m短跑比赛中，测得前7s内的平均速度是9m/s，10s末到达终点的速度为10.2m/s，则运动员在全程内平均速度是（）A．9m/s B．9.6m/s C．10m/s D．10.2m/s考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：正确理解平均速度的定义，平均速度等于质点发生的位移除以发生这一段位移所用的时间．百米竞赛的位移就是100m，10s到达终点，时间就为10s．解答：解：根据平均速度的定义v===10m/s；ABD均错误，C正确．故选：C点评：理解平均速度的定义是解此题的关键，不要被题目的一些数据迷惑，此题属于基础题，也是易错题．4．关于匀变速直线运动，下列说法正确的是（）A．加速度的方向就是速度的方向B．加速度的方向就是位移的方向C．匀加速直线运动中，物体的加速度与速度方向相同D．匀减速直线运动中，位移和速度都随时间的增加而减小考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：正确解答本题的关键是：理解匀变速直线运动的特点是加速度不变，轨迹为直线，当加速度与速度方向相同时为匀加速直线运动，相反时为匀减速直线运动．解答：解：A、加速度的方向与速度变化的方向一致，与速度方向关系不确定，可能相同也可能相反，故A错误；B、在匀减速直线运动中，加速度的方向与位移方向相反，故B错误；C、加速度与速度方向相同的匀变速直线运动为匀加速直线运动，故C正确；D、匀减速直线运动中，只要运动方向不变，位移会增加，故D错误．故选C．点评：解决本题的关键知道匀变速直线运动是加速度不变的直线运动，正确理解加速度、速度、位移之间的关系．5．在平直公路上，甲乘汽车以10m/s大小的速度运动，乙骑自行车以5m/s大小的速度运动，则下列说法正确的是（）A．从同一点同时出发且同向运动时，甲观察到乙以15m/s的速度远离B．从同一点同时出发且同向运动时，乙观察到甲以5 m/s的速度靠近C．从同一点同时出发且反向运动时，甲观察到乙以15 m/s的速度远离D．从同一点同时出发且反向运动时，乙观察到甲以15 m/s的速度靠近考点：参考系和坐标系．分析：研究物体的运动情况时，首先要选取一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫做参照物．研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的位置是否变化．由此来突破此题．解答：解：A、同向运动时，甲观察到乙是以甲为参考系，此时乙以5m/s的速度远离，故A错误；B、同向运动时，乙观察到甲时是以乙为参考系，此时甲以5m/s的速度远离，故B错误；C、反向运动时，甲观察到乙时是以甲为参考系，此时乙以15m/s的速度远离，故C正确；D、反向运动时，乙观察到甲时是以乙为参考系，此时甲以15m/s的速度远离，故D错误；故选C点评：运动和静止是相对的，只要物体相对于参照物的位置改变了就是运动．6．火车的速度为8m/s，关闭发动机后前进70m时速度减为6m/s．若再经过50s，火车又前进的距离为（）A．50m B．90m C．120m D．160m考点：匀变速直线运动规律的综合运用．分析：要求再经过50s火车通过的距离，必需知道火车的加速度，而刹车问题必需求出刹车的时间，从而确定火车实际运动的时间，然后根据运动学公式求火车前进的距离．解答：解：设火车的加速度为a，根据可得a===﹣m/s2故从速度为6m/s到停止所需要的时间t===30s．故再经过50s火车前进的距离实际为火车前进30s前进的距离s===90m故选B．点评：刹车问题是我们常见的问题，求刹车位移一定要先求出刹车时间从而确定实际刹车时间．7．某辆小车沿笔直公路做初速度为零的匀加速直线运动，加速度大小为3m/s2，则以下说法中正确的是（）A．末速度比前1秒初速度大3m/sB．末速度比初速度大3 m/s，方向与初速度方向相反C．末速度比初速度大3 m/s，其方向与初速度方向相同D．第1s内、第2s内、第3s内的位移之比为1：3：5考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动公式v=v0+at可明确速度之间的关系；再根据匀加速直线运动位移时间公式即可求解位移之比．解答：解：A、末速度与前1s的初速度相差2s；故速度相差6m/s；故A错误；B、因不明确初末位置的时间差；故无法确定速度的差值；故BC错误；D、第1s内的位移为：=第2s内的位移为：第3s内的位移为：故第1s内、第2s内、第3s内的位移之比为1：3：5；故D正确；故选：D．点评：本题主要考查了匀变速直线运动位移时间公式的直接应用，注意D项可以作为结论牢记．8．图中所示是甲、乙两质点在同一直线上运动的s﹣t图象，以甲的出发点为原点，以甲出发时刻为计时起点，有下列说法：①甲开始运动时，乙在它前面；②甲、乙是从同地点开始运动的；③甲在途中虽停止运动，但最后甲还是追上了乙；④甲追上乙时甲运动时间比乙少．以上说法正确的是（）A．只有①④B．①③④C．只有①③D．②④考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：位移时间图线反映的是位移随时间的变化规律，不是物体运动的轨迹，根据甲乙的运动规律进行分析．解答：解：①初始时刻，乙的位置坐标大于甲的位置坐标，知甲开始运动时，乙在它的前面．故①正确，②错误．③当甲乙纵轴坐标相同时，知甲追上乙．甲在运动过程中停止了一段时间，所以甲追上乙时，甲的运动时间比乙短．故③④正确．故B正确，A、C、D错误．故选B．点评：解决本题的关键知道位移时间图线的物理意义，会通过位移时间图线分析物体的运动规律．9．一枚小火箭由地面竖直向上发射的速度﹣时间图象如图所示，则火箭上升到最高点的位置对应图中的（）A．点O B．点a C．点b D．点c考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：根据速度图象，分析火箭的运动情况，确定火箭上升到最高点的时刻．解答：解：由图速度都为正值，说明火箭一直在竖直向上运动，所以c点是火箭上升到最高点的位置对应的点．故选D点评：本题只要抓住速度的正负，表示物体的运动方向就能确定最高对应的时刻．10．有一质点，从t=0开始从原点以初速度为零出发，沿x轴运动，其v﹣t图如图所示，则该质点（）A．t=0.5s时离原点最远B．t=ls时离原点最远C．t=ls时回到原点D．物体在第2 s内和第3 s内的速度方向相反考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：由图象可知物体在各时刻的速度，根据速度变化可知物体的运动性质，由图象和时间轴围成的面积可知物体通过的位移．由图象的斜率可分析加速度．解答：解：由图可知，物体在0﹣0.5s沿负向做匀加速直线运动，0.5﹣1.0s时沿负向做匀减速运动，1﹣2s内沿正向做匀加速运动，1.5﹣2.0s内沿正向做匀减速运动；AB、质点在0﹣1s内一直沿负向运动，故离原点的距离一直增大，t=1s时物体距原点最远，故A错误，B正确；C、根据图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移，可知t=2s内质点的位移为0，回到原点，故C错误．D、速度的符号表示方向，则物体在第2 s内和第3 s内的速度方向相反．故D正确；故选：BD．点评：在v﹣t图象中，要知道图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移，图象在第四象限表示物体的位移为负，在第一象限表示物体的位移为正．二、多项选择题：本大题共5小题，每小题4分，共20分．在每小题给出的四个选项中，可能有多个选项正确，选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分．11．试判断下面的几个速度中是瞬时速度是（）A．物体在第1秒内的速度是4m/sB．物体在第2秒末的速度是4m/sC．物体在通过其路径上某一点的速度是4m/sD．物体在通过某一段位移时的速度是4m/s考点：瞬时速度；平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：瞬时速度对应的是某一时刻或者某一位置的速度，平均速度对应时间或位移解答：解：A、1s内的速度对应一个过程，故为平均速度；故A错误；B、2s末的速度是一个瞬间的速度；故为瞬时速度；故B正确；C、物体在某一点的速度为瞬时速度；故C正确；D、物体在某一段位移内的速度为平均速度；故D错误故选：BC．点评：本题考查的是瞬时速度和平均速度的区别，明确瞬时速度对应一个瞬间，而平均速度对应一个过程．12．关于位移和路程的关系，下列说法中正确的是（）A．物体沿直线向某一方向运动时，通过的路程就是位移B．物体沿直线向某一方向运动时，通过的路程等于位移的大小C．物体通过的两段路程不等，但位移可能相等D．物体通过的路程不为零，但位移可能为零考点：位移与路程．专题：直线运动规律专题．分析：位移是矢量，位移的方向由初位置指向末位置．位移的大小不大于路程．路程是标量，是运动路径的长度．当质点做单向直线运动时，位移的大小一定等于路程．解答：解：A、物体沿直线向某一方向运动，通过的路程等于位移的大小，但是路程不是位移．故A错误．B、物体沿直线向某一方向运动时，通过的路程等于位移的大小．故B正确．C、物体通过的路程不等，则首末位置可能相同，即位移可能相等．故C正确．D、物体通过的路程不为零，但是首末位置可能相同，即位移可能为零．故D正确．故选BCD．点评：解决本题的关键知道位移和路程的区别，知道它们之间大小关系是位移大小≤路程．13．一质点沿某一条直线运动时的速度﹣时间图象如图所示，则以下说法中正确的是（）A．第1s末质点的位移和速度都改变方向B．第2s末质点的位移改变方向C．前4s内质点的位移为零D．第3s末和第5s末质点的位置相同考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：速度图象与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内通过的位移，速度的正负表示速度的方向，只要图象在时间轴同一侧物体运动的方向就没有改变；只要总面积仍大于0，位移方向就仍沿正方向．解答：解：A、第1s末前后质点的速度均为正，故速度方向没有改变，故A错误；B、根据“面积”可知，前2s内位移为正，方向没有改变，质点一直前进，2s末速度方向改变，但位移还是正值，位移方向没有改变，故B错误；C、0﹣2s内的位移为x1=×2×1m=1m，2﹣4s内的位移为x2=﹣×2×1m=﹣1m，故4s内质点的位移为x=x1+x2=0；故C正确；D、根据图线的面积表示位移，图线在时间轴上方表示的位移为正，在时间轴下方表示的位移为负，可知3﹣5s内质点的位移为0，则第3秒末和第5秒末位移相等，故质点的位置相同，故D正确；故选：CD点评：深刻理解某一段时间内的位移就等于在该段时间内速度图象与时间轴围成的面积是解决此类题目的突破口．14．下列描述的运动中，可能的有（）A．速度变化很大，加速度可能很小B．速度变化越来越快，加速度越来越小C．速度变化方向为正，加速度方向为负D．速度越来越大，加速度不可能越来越小考点：加速度；速度．专题：直线运动规律专题．分析：根据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．加速度是描述速度变化快慢的物理量．解答：解：A、根据a=可知加速度a由速度的变化量△v和速度发生改变所需要的时间△t共同决定，虽然△v大，但△t更大时，a可以很小．故A正确；B、加速度是描述速度变化快慢的物理量，速度变化越来越快，加速度越来越大，故B错误；C、加速度的方向就是物体速度变化量的方向，速度变化方向为正，加速度方向为正，故C 错误；D、如果物体加速度方向与速度方向相同，那么速度就会增大，如果加速度变小，速度增加得越来越慢，故D错误；故选：A．点评：把握加速度的定义式a=中各个物理量的含义以及各个物理量之间的关系是解决此类问题的关键，是正确理解加速度的定义的基础．15．如图所示，为甲、乙两个物体沿同一直线运动的s﹣t图象．由图象可知（）A．甲、乙的出发点相距160mB．甲比乙早出发10sC．甲、乙相向做匀速直线运动，甲的速度为﹣2m/s，乙的速度为12m/sD．甲运动20s时，甲、乙相遇，相遇点距甲的出发点120m考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：由题：两物体都做直线运动，根据位移﹣时间图象纵坐标的变化量读出物体的位移，甲乙开始运动的位置不同，出发时刻也不同，但20s末甲乙相遇．根据图线的斜率求出速度．解答：解：A、根据图象可知，甲的出发点为x=160m处，乙从原点出发，所以出发点相距160m，故A正确；B、根据图象可知，甲从t﹣0时刻出发，乙在t=10s末出发，所以甲比乙早出发10s，故B 正确；C、图象的斜率表示速度，则甲的速度为=﹣2m/s，乙的速度为=12m/s，故C正确；D、根据图象可知，甲运动20s时，甲、乙相遇，相遇点距甲的出发点x=160﹣120m=40m，故D错误．故选：ABC点评：本题是位移﹣时间图象问题，考查对物理图象的理解能力，知道斜率表示速度，难度不大，属于基础题．三、填空题、实验题1012秋•南郑县校级期中）在用打点计时器记录物体运动情况时，接通电源与释放纸带（或物体）这两个操作步骤的先后关系是：（）A．应先接通电源，再使纸带运动B．应先使纸带运动，再接通电源C．应先使纸带运动，再接通电源D．先使纸带运动或先接通电源都可以考点：电火花计时器、电磁打点计时器．专题：实验题．分析：本题考查了打点计时器的具体应用，熟悉打点计时器的使用细节即可正确解答本题．解答：解：开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后释放纸带让纸带（随物体）开始运动，如果先放开纸带开始运动，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差；同时先打点再释放纸带，可以使打点稳定，提高纸带利用率，可以使纸带上打满点，A正确，BCD错误．故选：A．点评：对于一些实验操作细节，要通过亲自动手实验，才能体会具体操作细节的含义．1014秋•泉州校级月考）某一兴趣小组的同学们在做“用打点计时器测速度”的实验中，让重锤自由下落，打出的一条纸带如图所示，图中直尺的单位为cm，点O为纸带上记录到的第一点，点A、B、C、D、…依次表示点O以后连续的各点．已知打点计时器每隔T=0.02s打一个点．（1）打点计时器打下点G时重锤的速度可用表达式v G=进行计算，式中所设物理量的意义是FH表示F、H两点间的距离．（2）用上式计算出打下点G时重锤的速度为v G= 1.3m/s．（保留两位有效数字）考点：探究小车速度随时间变化的规律．专题：实验题．分析：纸带实验中，可以用平均速度代替中点时刻的瞬时速度，测得纸带上的点间距，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度．解答：解：（1）纸带实验中，可以用平均速度代替中点时刻的瞬时速度，则：v G=，其中FH表示F、H两点间的距离，T表示周期；（2）v G==m/s=1.3m/s故答案为：，FH表示F、H两点间的距离，1.3．点评：解答本题要知道在纸带实验中，可以用平均速度代替中点时刻的瞬时速度，难度不大，属于基础题．1014秋•泉州校级月考）如图示所示为某物在于24s内运动的v﹣t图象，它在这24s内的平均速度是3m/s．平均速率是3m/s．考点：匀变速直线运动的图像．。
福州市2018年中考物理真题试题(WORD版,含解析)
2016年福建省福州市中考物理试卷一、选择题（本大题有16小题，每小题2分，共32分．每小题只有一个选项正确）1．骑行是一种时尚的健身运动，如图，图中骑行者影子的形成是由于（）A．光的反射 B．光的色散 C．光的折射 D．光的直线传播2．有金属外壳的家用电器，其外壳必须接地，目的是（）A．防触电B．防短路C．节能 D．稳固3．福州许多路口安装有盲人过街提示器，盲人可以根据提示器发声音的高低辨别方向．其中声音的高低是指声音的（）A．音色 B．音调 C．振幅 D．响度4．初春的清晨常常有雾，雾的形成是（）A．凝固 B．升华 C．液化 D．熔化5．下列主要利用大气压原理工作的是（）A．船闸 B．密度计C．轮船 D．气压计6．如图是小亮用漫画的方式描绘了“迷糊教授”的实验操作，其中正确的是（）A．B．C． D．7．第一个通过理想实现发现“力不是维持物体运动的原因”的科学家是（）A．伽利略B．亚里士多德C．牛顿 D．帕斯卡8．下列估测中最接近真实值的是（）A．人感觉舒适的室温是42℃B．课桌的高度约为1.8mC．我国1元硬币的质量大约是6gD．人正常呼吸一次的时间约1min9．下列措施中能增强通电螺线管磁性的是（）A．减小螺线管的电流 B．减少螺线管的匝数C．在螺线管内插入铁芯D．改变螺线管的电流方向10．下列实例中，通过做功方式改变物体内能的是（）A．阳光晒热棉被 B．锯木头时锯条变热C．用热水袋取暖 D．冷气使房间温度降低11．如图是“混合动力汽车”原理结构的示意图，该车行使过程中把电能转化为机械能的部件是（）A．汽油发动机B．电池 C．发电机D．电动机12．如图，图中能正确表示像与物关系的是（）A．B．C．D．13．如图所示电路，闭合开关，以下判断正确的是（）A．灯L1、L2串联 B．电流表测灯L1电流C．电流表测灯L2电流D．电流表测总电流14．将一个重为G的鸡蛋放进盛有浓盐水的杯中，鸡蛋漂浮，然后逐渐向杯中加入清水，当鸡蛋下沉至杯底静止时停止加水，如图所示，图中的图象能粗略描述这个过程中浮力随时间变化关系的是（）A．B．C．D．15．如图所示，灯L1、L2完全相同，闭合开关S，只有一盏灯亮，且只有一个电表有示数，其故障可能是（）A．灯L1开路B．灯L1短路C．灯L2开路D．灯L2短路16．如图所示，木块漂浮水面上，不可伸长的细线处于松弛状态，装有足够多水的容器底有一阀门K．打开阀门使水缓缓流出，当细线断裂的瞬间关闭阀门，则（）A．细线断裂的瞬间，木块受到的拉力大于重力B．细线断后，容器底受到水的压强比断线的瞬间大C．细线断裂前，木块受到的拉力的变化量大于浮力变化量D．细线断后，木块再次漂浮时受到的浮力比断线的瞬间小二、填空、作图题（本大题有5小题，每空1分，其中21小题3分，共17分）17．2016年5月8日，福州地铁1号线南段（一期）开通试运营，标志福州正式进入地铁时代．（1）列车流线型车身可以减小行使过程的；车轮加装阻尼环降低噪声，使噪声在处减弱车体采用轻量化铝合金制造，是利用了铝合金密度的特性．（2）车厢内的电视通过无线网络播放节目，无线网络是利用（选填“电磁波”或“声波”）传递信号；车内LED显示屏的核心元件是二极管，制作二极管的材料属于（选填“导体”或“半导体”）．（3）列车采用再生制动方式，将刹车时损失的能量，转化为车站内照明等用电设备使用的能．18．某电加热噐额定功率是2×103W，正常工作210s，消耗的电能是J；若不计热损失，这些能量可使质量是kg的水温度升高50℃．[c水=4.2×103J/（kg•℃）]．19．生活中我们经常使用简单机械．（1）图1是家用手摇晾衣架，A、B两滑轮中属于动滑轮的是；若衣服和晾衣架的总重为120N，不计动滑轮重、绳重及摩擦，静止时绳的拉力F= N．请你提出一种使用时提高手摇晾衣架机械效率的方法：．（2）如图2所示，已知撬棒AD=1m，CD=BC=0.15m，石头垂直作用在棒上的力是420N，若要撬动石头，则施加在撬棒A点的力至少是N．20．如图所示，电源电压不变，先闭合开关S，待电路稳定后再闭合开关S1，电流表A的示数，电压表V示数与电流表A1示数的乘积．（选填“变大”、“变小”或“不变”）21．请按下列要求作图．（1）在图1中画出足球受到重力的示意图．（2）在图2中画出入射光线经凸透镜后的折射光线．（3）在图3中标出电源的“+”极．三、解答题（本题3分）22．自行车车胎表面有凸凹不平的花纹，请解释这样设计的目的．四、计算题（本大题有2小题，每小题9分，共18分）23．为提高车辆通行质量，福州交警在市区一些道路某些时段推出“绿波通行”，即车辆在绿波路段以如图所示的50km/h～55km/h范围内行驶，一路绿灯．在绿波时段，质量是1.2×103kg的汽车，经过绿波路段上相距2.7×103m的两个路口，用时180s，问：（1）汽车行驶的平均速度是多少？是否“绿波通行”？（2）若汽车在这段距离内行驶的牵引力保持3000N不变，则汽车的输出功率是多少？（3）若轮胎与地面接触的总面积是0.6m2，汽车静止时对水平地面的压强是多少？（g取10N/kg）24．图甲是智能怀旧灯，与灯串联的调光旋钮实质是滑动变阻器，图乙是简化的电路原理图．灯L标有“6V 1.2W”字样，当滑动变阻器的滑片P在a点时，灯正常发光，AB两端电压不变，不考虑温度对灯丝电阻的影响．问：（1）灯丝的电阻和AB两端电压U是多少？（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻是10Ω时，灯消耗的实际功率是多少？（3）当滑片P位于中点b和右端c时，灯两端电压之比是5：4，则滑动变阻器的最大阻值是多少？五、实验、探究题（本大题有7小题，共30分）25．小亮在“长度的测量”实验中：（1）图1中圆的直径是cm．（2）一条纸带厚薄均匀，他把纸带紧密地环绕在圆柱形铅笔上，直至恰好能套进一个圆环中，如图2所示，纸带环绕了n圈，则纸带厚度是（选填“A”或“B”）．A. B.．26．小亮在探究“水沸腾时温度随时间变化的规律”实验中：（1）如图所示，是某时刻温度计的示数，是℃．）根据实验数据可知水的沸点是℃，水沸腾过程中温度（选填“升高”、“不变”或“降低”）．（4）实验中水加热时间过长，其原因可能是．（写出一种即可）27．小亮用如图装置探究“光的反射规律”：（1）图中反射角是度．（2）将纸板B向后折转一定角度，在B板上（选填“能”或“不能”）看到反射光．（3）让入射光线EO靠近法线ON，则反射角会（选填“变大”或“变小”）．28．小亮测试某种液体的密度：（1）将托盘天平放在桌面上，将移至标尺左端零刻度处，并调节天平平衡．（2）图甲是他测量空瓶质量时的情景，错误的是．纠正错误后，测得空瓶质量是20g．（3）用瓶子装满液体，用天平测得瓶和液体的总质量如图乙所示，是g，已知瓶子的容积是40ml，则该液体的密度是g/cm3．29．小亮用“伏安法”测小灯泡的电阻，小灯泡额定电压是2.5V，电源电压4.5V．（1）请用笔画线代替导线，将图甲所示的实物电路连接完整．（2）在连接电路时，开关应，滑动变阻器滑片P应位于（选填“A”或“B”）端．（3）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，当电压表的示数为2.5V时，电流表示数如图乙所示，此时小灯泡的电阻约为Ω（保留一位小数）；他把多次测量的电流值和电压绘制成I﹣U图象，发现I﹣U图线是一条曲线，原因是．（4）如果还想测量额定电压为3.8V的小灯泡正常发光时的电阻，但是电压表的15V量程已经损坏，在不改变原器材的情况下，你的办法是．30．如图1示，钢梁向下弯曲偏离水平位置的距离h叫下垂量．小亮猜想：一根钢梁的下垂量h可能与重物对钢梁的拉力F、两个支撑柱的距离这两个因素有关，并进行如下实验：（1）要探究“一根钢梁的下垂量与两个支撑柱间距离s的关系”，他必须控制一定，改变．（2）要探究“一根钢梁的下垂量h与所受拉力F的关系”，必须控制两支撑柱间距离一定，与所受拉力F关系的图线．②根据图象可知，当拉力为5000N时，下垂量是cm．③根据图象可得出结论：当两支撑柱间距离等因素相同时，．31．我们知道，滑动变阻器连入电路中的电阻线越长，电阻越大．小亮想设计一个实验，探究通过滑动变阻器的电流I与连入电路中的线圈长度L是否成反比例的关系．可选择的器材：研究对象滑动变阻器R1、学生电源、定值电阻R0、滑动变阻器R2、电阻箱R3（符号）、两个电流表、开关、若干导线及刻度尺．（1）请选择适当器材，在虚线框内画出合理的电路图，并标出选择的电阻．（2）针对你设计的电路，你认为闭合开关后，操作中应注意的问题是．2016年福建省福州市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题有16小题，每小题2分，共32分．每小题只有一个选项正确）1．骑行是一种时尚的健身运动，如图，图中骑行者影子的形成是由于（）A．光的反射 B．光的色散 C．光的折射 D．光的直线传播【考点】光直线传播的应用．【分析】子是光在沿直线传播过程中遇到不透明的物体，在物体的后面形成的光照不到的暗区．【解答】解：根据影子的形成过程可以得到结论：图中骑行者影子的形成是由于光的直线传播．故选D．2．有金属外壳的家用电器，其外壳必须接地，目的是（）A．防触电B．防短路C．节能 D．稳固【考点】安全用电原则．【分析】由安全用电的常识和家用电器的金属外壳一定要接地线来进行解答．【解答】解：如果家用电器内部火线绝缘皮破损或失去绝缘性能，致使火线与外壳接通，外壳就带电，人体接触外壳等于接触火线，就会发生触电事故；如果把外壳用导线接地，即使外壳带了电，电流也会从接地导线流走，人体接触外壳就没有危险．故选A．3．福州许多路口安装有盲人过街提示器，盲人可以根据提示器发声音的高低辨别方向．其中声音的高低是指声音的（）A．音色 B．音调 C．振幅 D．响度【考点】频率及音调的关系．【分析】掌握声音的三要素，物理学中把人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，把声音的高低称为音调．知道音色反应了声音的品质与特色，人们能够区别不同的发声体，是根据发声体的音色来区分的【解答】解：音调是指声音的高低．故选B．4．初春的清晨常常有雾，雾的形成是（）A．凝固 B．升华 C．液化 D．熔化【考点】液化及液化现象．【分析】要解答本题需掌握：雾的形成，以及生活中常见的液化现象．【解答】解：雾是由空气中的水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴悬浮在空气中的现象．故选C．5．下列主要利用大气压原理工作的是（）A．船闸 B．密度计C．轮船 D．气压计【考点】大气压的综合应用．【分析】分别从船闸、密度计、轮船、气压计的原理分析，判断是否利用大气压工作．（1）船闸是利用连通器原理．（2）轮船、密度计利用的都是浮力原理；（3）气压计是利用大气压强的原理工作的；【解答】解：A、船闸的原理先打开一端，船闸里的水位逐渐与外面相等，外面的船就可以开进船闸；然后把这一端船闸关闭，打开另一端的船闸，船闸里的水位逐渐与外面相等，船就可以开到另一端去，应用了两次连通器，故A不符合题意．B、密度计的设计利用了物体的浮沉条件，即让密度计在液体中漂浮，则可知密度计在任何液体中所受浮力都等于密度计的重力．故B不合题意；C、轮船漂浮在水面上，受到的浮力等于自重，是利用浮力工作，故C不合题意；D、气压计是测气压的工具，利用大气压所能支持的水银柱高度来表示大气压的大小．是利用大气压原理工作的，故D符合题意．故选D．6．如图是小亮用漫画的方式描绘了“迷糊教授”的实验操作，其中正确的是（）A．B．C． D．【考点】温度计的使用及其读数；量筒的使用；长度的测量．【分析】（1）用温度计测量液体的温度的时候，温度计的液泡不能碰到容器底和容器壁，且读数时液泡不能离开被测液体，视线应与液柱凹面底部相平；（2）使用量筒测量液体体积时，要把量筒放在水平台上，读数时视线与液面相平；（3）使用刻度尺测量物体长度时，在放置刻度尺时，要用刻度尺有刻度的一侧贴近被测物体．【解答】解：A、根据温度计的正确使用规则可知，温度计在读数时，不能离开被测液体，故A错误；B、用量筒测量液体体积时，量筒的放置以及读数时的视线都是正确的，故B正确；C、图中刻度尺有刻度的一侧没有紧贴被测物体，故C错误；D、用量筒测量液体体积读数时，量筒没有放置在水平面上，视线没与凹液面的底部相平，故D错误．故选B．7．第一个通过理想实现发现“力不是维持物体运动的原因”的科学家是（）A．伽利略B．亚里士多德C．牛顿 D．帕斯卡【考点】力与运动的关系．【分析】亚里士多德认为力是维持物体运动状态的原因，伽利略通过理想斜面实验第一次提出了力不是维持物体运动的原因．【解答】解：A、伽利略通过理想斜面实验提出了力不是维持物体运动的原因，故A正确；B、亚里士多德认为力是维持物体运动状态的原因，故B错误；C、牛顿在伽利略等前人研究的基础上提出了牛顿第一定律，认为力是改变物体运动状态的原因，但不是第一个根据实验提出力不是维持物体运动原因的科学家，故C错误；D、帕斯卡发现了帕斯卡原理，在液体压强的研究中做出了贡献，故D错误．故选A．8．下列估测中最接近真实值的是（）A．人感觉舒适的室温是42℃B．课桌的高度约为1.8mC．我国1元硬币的质量大约是6gD．人正常呼吸一次的时间约1min【考点】温度；质量的估测；时间的估测；长度的估测．【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．【解答】解：A、人感觉舒适的室温是24℃左右，此选项不符合实际；B、中学生的身高在1.65m左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在0.8m左右，此选项不符合实际；C、我国1元硬币的质量大约是6g左右，此选项符合实际；D、人1min呼吸18次左右，正常呼吸一次的时间约为3s，此选项不符合实际．故选C．9．下列措施中能增强通电螺线管磁性的是（）A．减小螺线管的电流 B．减少螺线管的匝数C．在螺线管内插入铁芯D．改变螺线管的电流方向【考点】通电螺线管的磁场．【分析】影响螺线管磁性强弱的因素有：线圈中电流的大小；线圈的匝数；线圈中有无铁芯．并且，电流越大，匝数越多，磁性越强；在电流与匝数相同的情况下，加入铁芯的磁性要比不加入铁芯时的磁性要强．因此要增强螺线管的磁性，就要从以上三个因素入手考虑．【解答】解：A、在相同条件下，减小螺线管的电流，磁性减弱，不符合题意；B、在相同条件下，减少螺线管的匝数，磁性减弱，不符合题意；C、在相同条件下，插入铁芯，磁性增强，符合题意；D、改变电流的方向，只能改变通电螺线管的磁极，不符合题意．故选C．10．下列实例中，通过做功方式改变物体内能的是（）A．阳光晒热棉被 B．锯木头时锯条变热C．用热水袋取暖 D．冷气使房间温度降低【考点】做功改变物体内能．【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递，做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化；热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分．【解答】解：A、阳光晒热棉，属于热传递改变物体的内能，不符合题意；B、锯木头时锯条变热，是因摩擦（克服摩擦力做功）而发热，属于做功改变物体的内能，符合题意；C、用热水袋取暖，属于热传递改变物体的内能，不符合题意；D、冷气使房间温度降低，属于热传递改变物体的内能，不符合题意．故选B．11．如图是“混合动力汽车”原理结构的示意图，该车行使过程中把电能转化为机械能的部件是（）A．汽油发动机B．电池 C．发电机D．电动机【考点】直流电动机的原理．【分析】“混合动力电动汽车”是消耗了电能得到机械能，据此来判断各选项中的描述是否相符．【解答】解：“混合动力电动汽车”在工作过程中消耗电能获得机械能，是依靠电动机实现这一能量的转化，故D正确．故选D．12．如图，图中能正确表示像与物关系的是（）A．B．C．D．【考点】凸透镜成像的应用．【分析】凸透镜应用：U＞2f，成倒立、缩小的实像．2f＞U＞f，成倒立、放大的实像．U＜f，成倒正立、放大的虚像．平面镜成正立、等大的虚像，像与物关于平面镜对称．【解答】解：A、根据图示可知，U＞2f，2f＞v＞f，成倒立、缩小的实像，故A正确；B、2f＞U＞f，v＞2f，成倒立、放大的实像，故B错误；CD、平面镜成正立、等大的虚像，像与物关于平面镜对称，故CD错误．故选A．13．如图所示电路，闭合开关，以下判断正确的是（）A．灯L1、L2串联 B．电流表测灯L1电流C．电流表测灯L2电流D．电流表测总电流【考点】电路的基本连接方式．【分析】根据电流的流向法，找出电流的路径，再根据串并联电路的特点做出判断．并确定电流表的测量范围．【解答】解：A、读图可知，电流从电源的正极出发，经开关后分别流经两只灯泡，所以电路为并联，故A错误；BC、图中电流表与灯L1串联在同一支路中，所以电流表测灯L1的电流，故B正确、C错误；D、电流表测灯L1的电流，不是测总电流，故D错误．故选B．14．将一个重为G的鸡蛋放进盛有浓盐水的杯中，鸡蛋漂浮，然后逐渐向杯中加入清水，当鸡蛋下沉至杯底静止时停止加水，如图所示，图中的图象能粗略描述这个过程中浮力随时间变化关系的是（）A．B．C．D．【考点】阿基米德原理．【分析】当ρ液＞ρ物时，物体漂浮，浮力等于重力；当ρ液=ρ物时，物体悬浮，浮力等于重力；当ρ液＜ρ物时，物体下沉，浮力小于重力．根据物体的浮沉条件和阿基米德原理判断鸡蛋所受浮力的变化．【解答】解：当鸡蛋在浓盐水中漂浮时，此时鸡蛋所受浮力等于鸡蛋的重力；当给浓盐水中缓慢加入水时，混合液的密度开始减小，当此时混合液的密度仍大于鸡蛋的密度，虽然鸡蛋开始缓慢下沉，不过鸡蛋仍处于漂浮状态，只是浸入液体中的体积在增大，而露出的体积在减小，所以此时鸡蛋受到的浮力仍等于鸡蛋的重力；当混合液的密度逐渐减小到等于鸡蛋的密度时，此时鸡蛋在液体中处于悬浮状态，鸡蛋受到的浮力仍等于鸡蛋的重力；当浓盐水中的水越来越多而引起混合液的密度比鸡蛋密度小的时候，此时鸡蛋受到的浮力就会小于重力，鸡蛋出现下沉直至沉到杯子的底部．由此可知，鸡蛋受到的浮力是先不变，然后减小，所以选项C符合．故选C．15．如图所示，灯L1、L2完全相同，闭合开关S，只有一盏灯亮，且只有一个电表有示数，其故障可能是（）A．灯L1开路B．灯L1短路C．灯L2开路D．灯L2短路【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【分析】根据电路图可知，两灯泡并联，电流表A测量L2电流，电压表测量L2两端电压；（1）根据电流表和电压表测量的对象确定有示数的仪表，从而判断电路故障；（2）先确定电路故障，然后逐一分析．【解答】解：A、若L1开路，只有L2发光，电流表、电压表都有示数，故A不符合题意；B、若灯L1短路，L2也同时被短路，两灯都不发光，两电表也都无示数，故B不符合题意；C、若L2开路，灯L1发光，电流表无示数，电压表有示数，故C符合题意；D、若L2短路，灯L1也同时被短路，两灯都不发光，两电表也都无示数，故D不符合题意．故选C．16．如图所示，木块漂浮水面上，不可伸长的细线处于松弛状态，装有足够多水的容器底有一阀门K．打开阀门使水缓缓流出，当细线断裂的瞬间关闭阀门，则（）A．细线断裂的瞬间，木块受到的拉力大于重力B．细线断后，容器底受到水的压强比断线的瞬间大C．细线断裂前，木块受到的拉力的变化量大于浮力变化量D．细线断后，木块再次漂浮时受到的浮力比断线的瞬间小【考点】平衡状态的判断；压强大小比较；浮力的利用．【分析】（1）细线断裂的瞬间，木块受到的重力等于拉力加上浮力，据此可判断拉力和重力的大小关系；（2）细线断后，受到的拉力不存在，物体将将下沉一些，容器内水的深度变大，利用液体压强公式p=ρgh判断容器底受到水的压强变化；（3）细线断裂前，木块受到重力、浮力和拉力的作用，重力等于拉力加上浮力，水流出后，木块排开水的体积减小、浮力减小，受到的拉力增大，拉力的变化量等于浮力变化量；（4）细线断后，受到的拉力不存在，物体将将下沉一些，木块再次漂浮时，排开水的体积变大，利用阿基米德原理得出受到的浮力变化．【解答】解：A、细线断裂的瞬间，木块受到重力、浮力和拉力的作用，而重力等于拉力加上浮力，所以拉力小于重力，故A错；B、细线断后，受到的拉力不存在，物体将下沉一些，容器内水的深度变大，由p=ρgh可知容器底受到水的压强变大，比断线的瞬间大，故B正确；C、细线断裂前，木块受到重力、浮力和拉力的作用，重力等于拉力加上浮力，木块受到的拉力的变化量等于浮力变化量，故C错；D、细线断后，受到的拉力不存在，物体将将下沉一些，木块再次漂浮时，排开水的体积变大，受到的浮力变大，比断线的瞬间大，故D错．故选B．二、填空、作图题（本大题有5小题，每空1分，其中21小题3分，共17分）17．2016年5月8日，福州地铁1号线南段（一期）开通试运营，标志福州正式进入地铁时代．（1）列车流线型车身可以减小行使过程的阻力；车轮加装阻尼环降低噪声，使噪声在声源处减弱车体采用轻量化铝合金制造，是利用了铝合金密度小的特性．（2）车厢内的电视通过无线网络播放节目，无线网络是利用电磁波（选填“电磁波”或“声波”）传递信号；车内LED显示屏的核心元件是二极管，制作二极管的材料属于半导体（选填“导体”或“半导体”）．（3）列车采用再生制动方式，将刹车时损失的能量，转化为车站内照明等用电设备使用的电能．【考点】防治噪声的途径；与密度有关的物理现象；半导体的特点；电磁波的传播；能量的相互转化．【分析】（1）流线型物体运动过程中，可以减小阻力，提高速度；物体质量越小，对支持面的压力越小，摩擦力越小；减弱噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱；铝合金车体比目前碳钢材料火车的质量减轻了百分之五十多，而体积不变，根据密度公式ρ=分析回答；（2）无线网络是利用电磁波传递信号的；导电能力介于导体和绝缘体之间的材料叫半导体，半导体是制作二极管、三极管的材料，常用在电子元件上；（3）明确电机反向旋转的含义，列车速度减小，当然机械能减小．【解答】解：（1）动车的车头采用流线型设计可以减少行驶过程中空气的阻力，有利于提高速度或节约能源；车轮加装阻尼环降低噪声是在声源处减弱噪声；车体采用强度高、密度小的铝合金等材料制造，使整车质量减小，有利于列车高速运行；动车的车体采用铝合金材料与目前碳钢材料相比，质量减小、体积不变，是利用了其密度小的特点；（2）无线网络是利用电磁波传递数字信号的；车内LED灯中的发光二极管由半导体材料制成；（3）电机消耗电能转动，将电能转化为机械能；电机反向旋转时，将机械能转化为车站内照明等用电设备使用的电能．故答案为：（1）阻力；声源；小；（2）电磁波；半导体；（3）电．18．某电加热噐额定功率是2×103W，正常工作210s，消耗的电能是 4.2×105J；若不计热损失，这些能量可使质量是 2 kg的水温度升高50℃．[c水=4.2×103J/（kg•℃）]．【考点】电功与热量的综合计算．【分析】先根据W=Pt求出加热器消耗的电能；然后根据W=Q=cm△t求出水的质量．【解答】解：消耗的电能：W=Pt=2×103W×210s=4.2×105J；由Q=cm△t可知，水的质量：m====2kg．故答案为：4.2×105；2．19．生活中我们经常使用简单机械．（1）图1是家用手摇晾衣架，A、B两滑轮中属于动滑轮的是 B ；若衣服和晾衣架的总重为120N，不计动滑轮重、绳重及摩擦，静止时绳的拉力F= 30 N．请你提出一种使用时提高手摇晾衣架机械效率的方法：增大提升的物重或减小晾衣架重．（2）如图2所示，已知撬棒AD=1m，CD=BC=0.15m，石头垂直作用在棒上的力是420N，若要撬动石头，则施加在撬棒A点的力至少是63 N．。
2018届福州三中高三第一学期阶段(1)考试物理试题及答案 精品
福州三中2013—2017学年第一学期阶段(1)考试高三物理试题（考试范围：3-5物理、匀变速直线运动、相互作用） 注意事项：全卷共8页，1—6页为试题部分，7—8页为答题卷；全卷3大题，23小题；满分100分一.选择题（共39分.每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求）1.下列说法中符合物理史实的是( ) A.玛丽居里首先提出原子的核式结构学说B.汤姆生通过对阴极射线的研究发现了电子，从而证明了原子核可再分C.牛顿把量子引入物理学，正确地破除了“能量连续变化”的传统观念D.爱因斯坦为解释光电效应的实验规律提出了光子说 2.关于核衰变和核反应的类型，下列表述正确( )A ．238234492902U Th He →+是β衰变B ．1441717281N He O H +→+是α衰变 C ．23411120H H He n +→+是轻核聚变 D ．82820343612Se Kr e -→+是重核裂变3.卢瑟福通过α粒子散射实验，判断出原子的中心有一个很小的核。
如图所示的平面示意图中，①、②两条实线表示α粒子运动的轨迹，则沿③所示方向射向原子核的α粒子可能的运动轨迹为虚线中的( )A ．轨迹aB ．轨迹bC ．轨迹cD ．d 轨迹4.某激光器能发射波长为λ的激光，发射功率为P ，c 表示光速，h 表示普朗克常量，则激光器每秒发射的光子数为( )hcp.A λ c hp .B λ h cp .C λphc.D5.图中画出了氢原子的4个能级，处在n=4的能级的一群氢原子向低能级跃迁时，能够发出若干种不同频率的光波。
已知金属钾的逸出功为2.22eV.在这些光波中，能够从金属钾的表面打出光电子的总共有（）A.二种B.三种C.四种D.五种6.质量为m的钢球自高处落下，以速率v1碰地，竖直向上弹回，碰撞时间极短，离地的速率为v2．在碰撞过程中，钢球受到合力的冲量的方向和大小为（A．向下，m（v1－v2） B．向上，m（v1－v2）v2 D．向上，m（v1＋v2C．向下，m（v7.如图所示，重6N的木块静止在倾角为θ=300的斜面上，若用平行于斜面沿水平方向大小等于4 N的力推木块，木块能保持静止，则木块所受的静摩擦力大小等于（A.4 NB.5 NC.6 ND.13N28.t＝0时刻，甲乙两汽车从相距70 km的两地开始相向行驶，它们的v－t图象如图所示．忽略汽车掉头所需时间．下列对汽车运动状况的描述正确的是（A．在第1小时末，乙车改变运动方向B．在第2小时末，甲乙两车相距10 kmC．在前4小时内，乙车运动加速度的大小总比甲车的小D．在第4小时末，甲乙两车相遇9.一物体以初速度v由地面竖直向上抛出，如果物体运动时受到空气阻力大小不变，图中能基本反映出它的速度和时间关系的是( )10.如图所示，光滑斜面AE被分成四个相等的部分，一物体由A点从静止释放，下列结论中不正确的是( )A．物体到达各点的速率v B∶v C∶v D∶v E＝1∶2∶3∶2B．物体到达各点所经历的时间：t E＝2t B＝2t C＝23 t DC．物体通过每一部分时，其速度增量v B－v A＝v C－v B＝v D－v C＝v E－v D D．物体从A到E的平均速度v＝v B11.如图所示，重80 N的物体A放在倾角为30°的粗糙斜面上，有一根原长为10 cm，劲度系数为1000N/m的弹簧，其一端固定在斜面底端，另一端放置物体A后，弹簧长度缩短为8 cm，现用一测力计沿斜面向上拉物体，若滑块与斜面间最大静摩擦力为5 N，当弹簧的长度仍为8 cm时，测力计读数可能为( )A．8 N B．18 N C．40 N D．50 N12.质量为m、速度为v的A球与质量为4m的静止B球发生正碰．碰撞可能是弹性的，也可能是非弹性的，因此，碰撞后B球的速度可能有不同的值．碰撞后B球的速度大小可能是( )A．0.6v B．0.5v C．0.3v D．0.1v13.如图，将一根不能伸长的柔软的轻绳的两端，分别系在a，b两点，用一个小动滑轮悬挂一重物G后挂在绳子上，此时绳中张力为T，现将b点缓慢移至右下方的b’点处，绳中张力变为T’，则（）A.T’> TB.T’< TC.T’= TD.无法确定二．实验题（共24分）14.(6分)如图所示为“碰撞中的动量守恒”实验装置示意图（1）本实验中，实验必须要求的条件是( )A.斜槽轨道必须是光滑的B.斜槽轨道末端点的切线是水平的C.入射小球每次都从斜槽上的同一位置无初速释放D.入射球与被碰球的m A＞m B，r A=r B（2）如图所示，其中M、P、N分别为入射球与被碰球对应的落点的平均位置，则实验中要验证的关系是（）A．m A·ON=m A·OP+m B·OM B．m A·OP=m A·ON+m B·OMC．m A·OP=m A·OM+m B·ON D．m A·OM=m A·OP+m B·ON15.(6分)一个小球沿斜面向下运动，用每隔110s曝光一次的频闪相机拍摄不同时刻小球位置的照片，如图所示，即照片上出现的相邻两个小球的像之间的时间间隔为t=110s，测得小球在几个连续相等时间内位移数据见下表．(1)判断小球做_______ _ 运动，第3个小球像的速度为 m/s （保留3位有效数字）(2)小球运动的加速度计算表达式为____________，加速度值为______ m/s2（保留3位有效数字）．16.(3分)某同学用传感器来探究摩擦力，他的实验步骤如下：①将力传感器接入数据采集器，再连接到计算机上；②将一质量m＝3.75 kg的木块置于水平桌面上，用细绳将木块和传感器连接起来；③打开计算机，使数据采集器工作，沿水平方向缓慢拉动细绳，木块运动一段时间后停止拉动；④将实验得到的数据经计算机处理后在屏幕上显示出如图所示的图象．下列有关这个实验的几个说法，其中正确的是( )A．0～6 s内木块一直受到静摩擦力的作用B．最大静摩擦力比滑动摩擦力小C．木块与桌面间的动摩擦因数为0.08D．木块与桌面间的动摩擦因数为0.1117.(6分)在“探究力的平行四边形定则”的实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，细绳的另一端都有绳套．实验中需用两个弹簧测力计分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置O.(1)某同学在做该实验时A.拉橡皮条的绳细一些且长一些，实验效果较好B.拉橡皮条时，弹簧测力计、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行C.橡皮条弹性要好，拉结点到达某一位置O时，拉力要适当大些D.拉力F1和F2的夹角越大越好认为其中正确的是_______ (填入相应的字母)(2)若两个弹簧测力计的读数均为4 N，且两弹簧测力计拉力的方向相互垂直，则________(选填“能”或“不能”)用一个量程为5 N的弹簧测力计测量出它们的合力，理由是。
福建省福州市高一物理下学期月考试卷(1)(含解析)-人教版高一全册物理试题
2016-2017学年福建省福州市福清市高一〔下〕月考物理试卷〔1〕一、选择题1．某运动员推铅球的过程简化如图：1为铅球刚出手的位置，2为铅球在空中的最高点位置，为铅球落地的位置．铅球运动过程中，〔〕A．铅球由位置1到位置2的过程，推力做正功B．铅球由位置2到位置3的过程，重力做负功C．球由位置1到位置3的过程，机械能减少D．铅球由位置1到位置3的过程，动能先减少后增加2．质量为m的小球，从离桌面H高处由静止下落，桌面离地高度为h，如下列图，假设以桌面为参考平面，那么小球落地时的重力势能与整个过程中小球重力势能的变化分别为〔〕A．﹣mgh，减少mg〔H+h〕B．mgh，增加mg〔H+h〕C．﹣mgh，增加mg〔H﹣h〕D．mgh，减少mg〔H﹣h〕3．竖直平面内光滑圆轨道外侧，一小球以某一水平速度v0从最高点A出发沿圆轨道运动，至B点时脱离轨道，最终落在水平面上的C点，不计空气阻力．如下说法中正确的答案是〔〕A．在A点时，小球对圆轨道压力等于其重力B．在B点时，小球的加速度方向指向圆心C．A到B过程中，小球水平方向的加速度先增大后减小D．A到C过程中，小球的机械能不守恒4．如下列图，物块以60J的初动能从斜面底端沿斜面向上滑动，当它的动能减少为零时，重力势能增加了45J，如此物块回到斜面底端时的动能为〔〕A．15J B．20J C．30J D．45J5．河水的流速与离河岸的关系如图甲所示，船在静水中速度与时间的关系如图乙所示．假设要使船以最短时间渡河，如此〔〕A．船在行驶过程中，船头始终与河岸垂直B．船行驶的加速度大小始终为0.08m/s2C．船在河水中航行的轨迹是一条直线D．船在河水中的最大速度是5 m/s6．从地面以一定的速度竖直向上抛出一小球，小球从抛出点上升到最高点所用时间为t1，从最高点下落到抛出点所用时间为t2．假设空气阻力的作用不能忽略，如此对于t1与t2大小的关系，如下判断中正确的答案是〔〕A．t1=t2 B．t1＜t2C．t1＞t2D．无法断定t1、t2哪个较大9．如下列图，倒置的光滑圆锥面内侧，有质量一样的两个小玻璃球A、B，沿锥面在水平面内作匀速圆周运动，关于A、B两球的角速度、线速度和向心加速度正确的说法是〔〕A．它们的角速度相等ωA=ωBB．它们的线速度υA＜υBC．它们的向心加速度相等D．A球的向心加速度大于B球的向心加速度10．如下列图的皮带传动装置中，皮带与轮之间不打滑，两轮半径分别为R和r，且R=3r，A、B分别为两轮边缘上的点，如此皮带运动过程中，关于A、B两点如下说法正确的答案是〔〕A．向心加速度之比a A：a B=1：3B．角速度之比ωA：ωB=3：1C．速率之比v A：v B=1：3D．在一样的时间内通过的路程之比s A：s B=3：111．关于向心力和向心加速度的说法中，错误的答案是〔〕A．做匀速圆周运动的物体其向心力是变化的B．向心力是一定是物体所受的合力C．因向心加速度指向圆心，且与线速度方向垂直，所以它不能改变线速度的大小D．向心加速度是描述线速度方向变化快慢的物理量12．如图竖直环A半径为r，固定在木板B上，木板B放在水平地面上，B的左右两侧各有一档板固定在地上，B不能左右运动，在环的最低点静放有一小球C，A． B．C的质量均为m．给小球一水平向右的瞬时速度V，小球会在环内侧做圆周运动，为保证小球能通过环的最高点，且不会使环在竖直方向上跳起，〔不计小球与环的摩擦阻力〕，瞬时速度必须满足〔〕A．最小值B．最大值C．最小值D．最大值二、计算题13．某人站在高楼的平台边缘，以20m/s的初速度竖直向上抛出一石子，不考虑空气阻力，〔g取10m/s2〕求：〔1〕物体上升的最大高度是多少？〔2〕回到抛出点的时间是多少？14．如下列图，竖直平面内的半圆形轨道下端与水平面相切，B、C分别为半圆形轨道的最低点和最高点．小滑块〔可视为质点〕沿水平面向左滑动，经过A点时的速度v A，恰好通过最高点C．半圆形轨道光滑，半径R=0.40m，滑块与水平面间的动摩擦因数μ=0.50，A、B 两点间的距离L=1.30m．取重力加速度g=10m/s2．求：〔1〕滑块运动到A点时速度的大小v A〔2〕滑块从C点水平飞出后，落地点与B点间的距离x．15．小亮观赏跳雪比赛，看到运动员先后从坡顶水平跃出后落到斜坡上．斜坡长80m，如下列图，某运动员的落地点B与坡顶A的距离L=75m，斜面倾角为37°，忽略运动员所受空气阻力．重力加速度取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．〔1〕求运动员在空中的飞行时间；〔2〕小亮认为，无论运动员以多大速度从A点水平跃出，他们落到斜坡时的速度方向都一样．你是否同意这一观点？请通过计算说明理由．2016-2017学年福建省福州市福清市私立三华学校高一〔下〕月考物理试卷〔1〕参考答案与试题解析一、选择题1．某运动员推铅球的过程简化如图：1为铅球刚出手的位置，2为铅球在空中的最高点位置，为铅球落地的位置．铅球运动过程中，〔〕A．铅球由位置1到位置2的过程，推力做正功B．铅球由位置2到位置3的过程，重力做负功C．球由位置1到位置3的过程，机械能减少D．铅球由位置1到位置3的过程，动能先减少后增加【考点】6B：功能关系；6C：机械能守恒定律．【分析】此题可根据做功的两个要素：力和物体要在力的方向发生位移来分析做功情况．从1到2，不受推力．重力做功可根据高度变化分析．根据机械能守恒分析动能的变化．【解答】解：A、铅球由位置1到位置2的过程，铅球不再受推力，所以推力不做功，故A 错误．B、铅球由位置2到位置3的过程，高度下降，重力做正功，故B错误．C、铅球由位置1到位置3的过程，只有重力做功，机械能不变，故C错误．D、铅球由位置1到位置3的过程，只有重力做功，且重力先做负功后做正功，如此由动能定理可知动能先减小后增大，故D正确．应当选：D．2．质量为m的小球，从离桌面H高处由静止下落，桌面离地高度为h，如下列图，假设以桌面为参考平面，那么小球落地时的重力势能与整个过程中小球重力势能的变化分别为〔〕A．﹣mgh，减少mg〔H+h〕B．mgh，增加mg〔H+h〕C．﹣mgh，增加mg〔H﹣h〕D．mgh，减少mg〔H﹣h〕【考点】6C：机械能守恒定律；6A：动能和势能的相互转化．【分析】物体由于被举高而具有的能叫做重力势能．对于重力势能，其大小由地球和地面上物体的相对位置决定．物体质量越大、位置越高、做功本领越大，物体具有的重力势能就越大，其表达式为：E p=mgh．【解答】解：以桌面为零势能参考平面，那么小球落地时的重力势能为：E p1=﹣mgh；整个过程中小球高度降低，重力势能减少，重力势能的减少量为：△E p=mg•△h=mg〔H+h〕；应当选：A．3．竖直平面内光滑圆轨道外侧，一小球以某一水平速度v0从最高点A出发沿圆轨道运动，至B点时脱离轨道，最终落在水平面上的C点，不计空气阻力．如下说法中正确的答案是〔〕A．在A点时，小球对圆轨道压力等于其重力B．在B点时，小球的加速度方向指向圆心C．A到B过程中，小球水平方向的加速度先增大后减小D．A到C过程中，小球的机械能不守恒【考点】6C：机械能守恒定律．【分析】在A点受力分析，由牛顿第二定律与向心力公式可知，小球受到的支持力与重力的关系；由于A到B小球速度增加，如此由，可知向心加速度的大小变化，从A到C 过程中，小球只有重力做功，小球的机械能守恒．【解答】解：A、小球在A点时，根据牛顿第二定律得：，可得：小球受到的支持力小于其重力，即小球对圆轨道压力小于其重力，故A错误．B、小球在B点刚离开轨道，如此小球对圆轨道的压力为零，只受重力作用，加速度竖直向下，故B错误．C、小球在A点时合力沿竖直方向，在B点时合力也沿竖直方向，但在中间过程某点支持力却有水平向右的分力，所以小球水平方向的加速度必定先增加后减小，故C正确．D、从A到C过程中，小球只有重力做功，小球的机械能守恒．故D错误．应当选：C4．如下列图，物块以60J的初动能从斜面底端沿斜面向上滑动，当它的动能减少为零时，重力势能增加了45J，如此物块回到斜面底端时的动能为〔〕A．15J B．20J C．30J D．45J【考点】66：动能定理的应用．【分析】运用能量守恒对上升过程列出方程，求出上升过程中抑制阻力所做的功；对全过程运用动能定理列出动能的变化和总功的等式，两者结合去解决问题．【解答】解：运用功能关系，上升过程中物体损失的动能等于抑制阻力做的功和抑制重力做的功．抑制重力做的功等于重力势能的增加量，有：其中得：对全过程运用动能定理有：代入数据得：所以物块回到斜面底端时的动能30J应当选：C5．河水的流速与离河岸的关系如图甲所示，船在静水中速度与时间的关系如图乙所示．假设要使船以最短时间渡河，如此〔〕A．船在行驶过程中，船头始终与河岸垂直B．船行驶的加速度大小始终为0.08m/s2C．船在河水中航行的轨迹是一条直线D．船在河水中的最大速度是5 m/s【考点】44：运动的合成和分解．【分析】将船的运动分解为垂直于河岸方向和沿河岸方向，当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短．当水流速最大时，船在河水中的速度最大．【解答】解：只有船头垂直河岸时，船才是最短时间渡河，A、当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短，t==s=100s．故A正确．B、由题意可知，结合图象可知，船的加速度大小始终为0.08m/s2，故B正确；C、船在沿河岸方向上做变速运动，在垂直于河岸方向上做匀速直线运动，两运动的合运动是曲线．故C错误．D、当水流速最大时，船的速度最大，v m=m/s=5m/s．故D正确．应当选：ABD．6．从地面以一定的速度竖直向上抛出一小球，小球从抛出点上升到最高点所用时间为t1，从最高点下落到抛出点所用时间为t2．假设空气阻力的作用不能忽略，如此对于t1与t2大小的关系，如下判断中正确的答案是〔〕A．t1=t2 B．t1＜t2C．t1＞t2D．无法断定t1、t2哪个较大【考点】37：牛顿第二定律；1N：竖直上抛运动．【分析】在物体上升和下降过程中根据牛顿第二定律比拟加速度大小，然后根据位移大小相等，利用运动学公式比拟上升和下降时间的大小．【解答】解：上升过程有：mg+f=ma1，下降过程有：mg﹣f=ma2，由此可知a1＞a2，根据功能关系可知落回地面的速度v＜v0，因此上升过程的平均速度大于下降过程的平均速度，由于上升过程和下降过程位移大小相等，因此t1＜t2，故ACD错误，B正确．应当选B．9．如下列图，倒置的光滑圆锥面内侧，有质量一样的两个小玻璃球A、B，沿锥面在水平面内作匀速圆周运动，关于A、B两球的角速度、线速度和向心加速度正确的说法是〔〕A．它们的角速度相等ωA=ωBB．它们的线速度υA＜υBC．它们的向心加速度相等D．A球的向心加速度大于B球的向心加速度【考点】4A：向心力．【分析】对两小球分别受力分析，求出合力，根据向心力公式和牛顿第二定律列式求解，可得向心加速度、线速度和角速度．【解答】解：对A、B两球分别受力分析，如图由图可知F合=F合′=mgtanθ根据向心力公式有mgtanθ=ma=mω2R=m解得a=gtanθv=ω=由于A球转动半径较大，故向心加速度一样大，A球的线速度较大，角速度较小；应当选C．10．如下列图的皮带传动装置中，皮带与轮之间不打滑，两轮半径分别为R和r，且R=3r，A、B分别为两轮边缘上的点，如此皮带运动过程中，关于A、B两点如下说法正确的答案是〔〕A．向心加速度之比a A：a B=1：3B．角速度之比ωA：ωB=3：1C．速率之比v A：v B=1：3D．在一样的时间内通过的路程之比s A：s B=3：1【考点】48：线速度、角速度和周期、转速．【分析】两轮通过皮带传动，皮带与轮之间不打滑，说明它们边缘的线速度相等；再由角速度、向心加速度的公式逐个分析即可．【解答】解：A、由a n=可知，a n与r成反比，由R=3r，所以向心加速度之比a A：a B=1：3．故A正确；B、由于AB的线速度大小相等，由v=ωr知，ω=，所以ω于r成反比，所以角速度之比为1：3，故B错误．C、两轮通过皮带传动，皮带与轮之间不打滑，说明它们边缘的线速度相等，故C错误．D、由于AB的线速度大小相等，在一样的时间内通过的路程之比应该是s A：s B=1：1，故D 错误．应当选：A11．关于向心力和向心加速度的说法中，错误的答案是〔〕A．做匀速圆周运动的物体其向心力是变化的B．向心力是一定是物体所受的合力C．因向心加速度指向圆心，且与线速度方向垂直，所以它不能改变线速度的大小D．向心加速度是描述线速度方向变化快慢的物理量【考点】4A：向心力；49：向心加速度．【分析】做匀速圆周运动的物体要受到指向圆心的向心力的作用，从而产生指向圆心的向心加速度，向心加速度只改变物体的速度的方向不改变速度的大小．而非匀速圆周运动，合外力指向圆心的分量提供向心力．【解答】解：A、做匀速圆周运动的物体向心力指向圆心，大小不变，方向时刻改变，故A 正确；B、只有做匀速圆周运动的物体，向心力才是物体所受的合力，故B错误；C、因向心加速度指向圆心，且与线速度方向垂直，所以它不能改变线速度的大小，只改变线速度的方向，故C正确；D、向心加速度首先是加速度，加速度是描述速度变化快慢的物理量；向心加速度不改变线速度的大小，所以向心加速度描述线速度方向改变快慢不同，故D正确；此题选错误的，应当选：B12．如图竖直环A半径为r，固定在木板B上，木板B放在水平地面上，B的左右两侧各有一档板固定在地上，B不能左右运动，在环的最低点静放有一小球C，A． B．C的质量均为m．给小球一水平向右的瞬时速度V，小球会在环内侧做圆周运动，为保证小球能通过环的最高点，且不会使环在竖直方向上跳起，〔不计小球与环的摩擦阻力〕，瞬时速度必须满足〔〕A．最小值B．最大值C．最小值D．最大值【考点】4A：向心力；2G：力的合成与分解的运用；2H：共点力平衡的条件与其应用；37：牛顿第二定律；6C：机械能守恒定律．【分析】小球在环内侧做圆周运动，通过最高点速度最小时，轨道对球的最小弹力为零，根据牛顿第二定律求出小球在最高点的最小速度；为了不会使环在竖直方向上跳起，小球在最高点对轨道的弹力不能大于2mg，根据牛顿第二定律求出最高点的最大速度，再根据机械能守恒定律求出小球在最低点的速度范围．【解答】解：在最高点，速度最小时有：mg=m，解得：v1=．根据机械能守恒定律，有：2mgr+mv12=mv1′2，解得：v1′=．在最高点，速度最大时有：mg+2mg=m，解得：v2=．根据机械能守恒定律有：2mgr+mv22=mv2′2，解得：v2′=．所以保证小球能通过环的最高点，且不会使环在竖直方向上跳起，在最低点的速度范围为：≤v≤．故D正确，A、B、C错误．应当选D．二、计算题13．某人站在高楼的平台边缘，以20m/s的初速度竖直向上抛出一石子，不考虑空气阻力，〔g取10m/s2〕求：〔1〕物体上升的最大高度是多少？〔2〕回到抛出点的时间是多少？【考点】1N：竖直上抛运动．【分析】竖直上抛运动的上升过程和下降过程对称，结合速度时间公式和位移时间关系公式求出最大高度和抛出至回到抛出点的时间．【解答】解：〔1〕某人站在高楼的平台边缘，以20m/s的初速度竖直向上抛出一石子，做竖直上抛运动，根据速度时间关系公式，有：t1===2s故上升的高度为：H==20m〔2〕竖直上抛运动的上升过程和下降过程对称，上升时间2s，故下降时间也是2s，故总时间为：t=2+2=4s答：〔1〕物体上升的最大高度是20m；〔2〕回到抛出点的时间是4s．14．如下列图，竖直平面内的半圆形轨道下端与水平面相切，B、C分别为半圆形轨道的最低点和最高点．小滑块〔可视为质点〕沿水平面向左滑动，经过A点时的速度v A，恰好通过最高点C．半圆形轨道光滑，半径R=0.40m，滑块与水平面间的动摩擦因数μ=0.50，A、B 两点间的距离L=1.30m．取重力加速度g=10m/s2．求：〔1〕滑块运动到A点时速度的大小v A〔2〕滑块从C点水平飞出后，落地点与B点间的距离x．【考点】66：动能定理的应用；4A：向心力．【分析】〔1〕由向心力公式可求得C点的动能，再由动能定理可求得A点的速度；〔2〕小滑块飞出后做平抛运动，由运动的合成与分解可求得水平位移．【解答】解：〔1〕小球恰好通过C点，有：mg=m代入数据解得：v c=2m/s；由A 到 C过程，由动能定理得：﹣μmgL﹣mg×2R=mv c2﹣mv A2代入数据得：v A=m/s；〔2〕小滑块从C飞出后，做平抛运动水平方向x=v c t竖直方向2R=gt2；解得：x=0.8m答：〔1〕滑块运动到A点时速度的大小v A为m/s；〔2〕滑块从C点水平飞出后，落地点与B点间的距离x为0.8m15．小亮观赏跳雪比赛，看到运动员先后从坡顶水平跃出后落到斜坡上．斜坡长80m，如下列图，某运动员的落地点B与坡顶A的距离L=75m，斜面倾角为37°，忽略运动员所受空气阻力．重力加速度取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．〔1〕求运动员在空中的飞行时间；〔2〕小亮认为，无论运动员以多大速度从A点水平跃出，他们落到斜坡时的速度方向都一样．你是否同意这一观点？请通过计算说明理由．【考点】43：平抛运动．【分析】〔1〕运动员离开A点后做平抛运动，在竖直方向上做自由落体运动，由几何知识可以求出A、B两点间的高度，由可解时间；〔2〕根据平抛运动规律求出实际速度与水平方向夹角的正切值的表达式，然后再说明理由；【解答】解：〔1〕运动员在竖直方向上做自由落体运动，有：h=Lsin37°，代入数据解得：t=3s；〔2〕设在斜坡上落地点到坡顶长为L，斜坡与水平面夹角为α，如此运动员运动过程中的竖直方向位移h=Lsinα，水平方向位移x=Lcosα，运动时间由解得：，由此得运动员落到斜坡时，速度的水平方向分量，速度的竖直方向分量，实际速度与水平方向夹角为，由此可说明，速度方向与初速度无关，只跟斜坡与水平面的夹角α有关，所以同意这个观点；答：〔1〕求运动员在空中的飞行时间为3s；〔2〕同意这一观点．理由：设实际速度与水平方向夹角为β，由平抛规律解得：，由此可说明，速度方向与初速度无关，只跟斜坡与水平面的夹角α有关；。
福建省三明市大田一中高一下学期第一次段考物理试卷 W
2015-2016学年福建省三明市大田一中高一（下）第一次段考物理试卷一、选择题（本题共14小题，每小题4分，共56分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确．）1．如图所示，小朋友在弹性较好的蹦床上跳跃翻腾，尽情嬉耍．在小朋友接触床面向下运动的过程中，床面对小朋友的弹力做功情况是（）A．先做负功，再做正功B．先做正功，再做负功C．一直做负功D．一直做正功2．如图所示，是我校2015﹣2016学年高一的某同学完成体育测试“引体向上”项目的情景，该同学在这次测试中一分钟完成了20个“引体向上”，若该同学质量约为50kg，每次“引体向上”重心上升约0.5m，则吴亮同学在本次测试中做功的平均功率接近（）A．8000W B．800W C．80W D．8W3．两个物体质量比为1：4，速度大小之比为4：1，则这两个物体的动能之比为（）A．1：1 B．1：4 C．4：1 D．2：14．关于功率公式P=和P=Fv的说法正确的是（）A．由P=知，只要知道W和t就可求出任意时刻的功率B．由P=Fv只能求某一时刻的瞬时功率C．从P=Fv知，汽车的功率与它的速度成正比D．从P=Fv知，当汽车发动机功率一定时，牵引力与速度成反比5．关于机械能是否守恒的叙述，正确的是（）A．做匀速直线运动的物体机械能一定守恒B．做变速运动的物体机械能不可能守恒C．外力对物体做功为零时，机械能一定守恒D．若只有重力对物体做功，做体的机械能一定守恒6．如图甲、乙、丙三种情形表示同一物体在相同的粗糙水平面上分别受恒力F1、F2、F3作用下匀速向右发生一段相同的位移，力F1、F2、F3对物体做功分别为W甲、W乙、W丙．则W甲、W乙、W丙大小关系为是（）A．W甲＞W乙＞W丙B．W甲＞W丙＞W乙C．W乙＞W甲＞W丙D．W丙＞W乙＞W甲7．质量为m的汽车，其发动机额定功率为P．当它开上一个倾角为θ的斜坡时，受到的阻力为车重力的k倍，则车的最大速度为（）A． B．C．D．8．如图所示，在水平桌面上的A点，有一个质量为m的物体，以初速度v0被抛出，不计空气阻力，当它到达B点时，其动能为（）A．mv+mgH B．mv+mghC．mgH+mgh D．mv+mg（H﹣h）9．一个质量为m的物体以a=2g的加速度竖直向下运动，则在此物体下降h高度的过程中，物体的（）A．重力势能减少了2mgh B．动能增加了2mghC．机械能保持不变D．机械能增加了2mgh10．如图M1＞M2，滑轮光滑轻质，阻力不计，M1离地高度为H，在M1下降过程中（）A．M1的机械能减少B．M2的机械能守恒C．M1和M2的总机械能增加D．M1和M2的总机械能减少11．竖直上抛一小球，小球又落回原处，已知空气阻力的大小正比于小球的速度．下列说法正确的是（）A．上升过程中克服重力做的功大于下降过程中重力做的功B．上升过程中克服重力做的功小于下降过程中重力做的功C．上升过程中克服重力做功的平均功率大于下降过程中重力的平均功率D．上升过程中克服重力做功的平均功率等于下降过程中重力的平均功率12．如图所示，用同种材料制成的一个轨道ABC，AB段为四分之一圆弧，半径为R，水平放置的BC段长为R．一个物块质量为m，与轨道的动摩擦因数为μ，它由轨道顶端A从静止开始下滑，恰好运动到C端停止，物块在AB段克服摩擦力做功为（）A．μmgR B．（1﹣μ）mgR C． D．mgR13．如图所示，物体以100J的初动能从斜面底端沿斜面向上运动，当它向上通过斜面上某一点M时，其动能减少了60J，克服摩擦力做功18J，则物体返回到斜面底端时的动能为（）A．20J B．40J C．60J D．80J14．如图所示，一根轻弹簧下端固定，竖立在水平面上．其正上方A位置有一只小球．小球从静止开始下落，在B位置接触弹簧的上端，在C位置小球所受弹力大小等于重力，在D位置小球速度减小到零．小球下降阶段下列说法中正确的是（）A．在B位置小球动能最大B．在C位置小球动能最大C．从A→C位置小球重力势能的减少等于小球动能的增加D．从A→D位置小球重力势能的减少大于弹簧弹性势能的增加二、实验题（每空2分，共16分）15．某探究学习小组的同学欲验证“动能定理”，他们在实验室组装了一套如图所示的装置，另外他们还找到了打点计时器所用的学生电源、导线、复写纸、纸带、小木块、细沙．当滑块连接上纸带，用细线通过滑轮挂上空的小沙桶时，释放小桶，滑块处于静止状态．若你是小组中的一位成员，要完成该项实验，则：（1）你认为还需要的实验器材有、．（2）实验时为了保证滑块受到的合力与沙和沙桶的总重力大小基本相等，沙和沙桶的总质量应满足的实验条件是，实验时对木板放置要求是．（3）在（2）的基础上，某同学用天平称量滑块的质量M．往沙桶中装入适量的细沙，用天平称出此时沙和沙桶的总质量m．让沙桶带动滑块加速运动，用打点计时器记录其运动情况，在打点计时器打出的纸带上取两点，测出这两点的间距L和这两点的速度大小v1与v2（v1＜v2）．则本实验最终要验证的数学表达式为（用题中的字母表示实验中测量得到的物理量）．16．在《验证机械能守恒定律》的实验中，打点计时器所接交流电频率为50Hz，当地重力加速度g=9.80m/s2．实验选用重锤质量为m（kg），从所打纸带中选择一条合适的纸带，此纸带第1、2点间的距离应接近．纸带上连续的点A、B、C、D至第1点O的距离如图所示，则重锤从O运动到C，重力势能减少J，重锤经过C时的速度为m/s，其动能增加J．重力势能减少与动能增加不相等，可能原因是．（计算结果保留3位有效数字）三、计算题（共3小题，7+9+12=28分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）17．如图所示，轻质弹簧K一端与墙相连处于自然状态，质量为4kg木块沿光滑的水平面以5m/s的速度运动并开始挤压弹簧，求：（1）弹簧的最大弹性势能是多少（2）木块被弹回速度增大到3m/s时的弹性势能．18．如图，质量m=1kg的小球从A点由静止开始沿着光滑曲面轨道运动，已知A、B两点离水平面的高度h1=0.60米，h2=0.15米，g取10m/s2，问：（1）小球从A点运动到B点的过程中重力做的功；（2）小球经过B点的速度大小为多少？（3）若小球经过C点时具有的动能是经过B点时动能的，则C点离水平面的高度h3为多少．19．某兴趣小组对一辆自制遥空小车的性能进行研究．他们让这辆小车在水平的直轨道上由静止开始运动，并将小车运动的全过程记录下来，通过处理转化为v﹣t图象，如图1所示（除2s～10s时间段图象为曲线外，其余时间段图象均为直线）．已知在小车运动的过程中，2s～14s时间段内小车的功率保持不变，在14s末停止遥空而让小车自由滑行，小车的质量为1.0㎏，可以认为在整个运动过程中小车所受到的阻力大小不变．求：（1）小车在减速行驶阶段的阻力及小车的额定功率；（2）小车以额定功率行驶时位移的大小；（3）在图2中作出行驶过程中牵引力F与车速的倒数的关系图象．2015-2016学年福建省三明市大田一中高一（下）第一次段考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共14小题，每小题4分，共56分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确．）1．如图所示，小朋友在弹性较好的蹦床上跳跃翻腾，尽情嬉耍．在小朋友接触床面向下运动的过程中，床面对小朋友的弹力做功情况是（）A．先做负功，再做正功B．先做正功，再做负功C．一直做负功D．一直做正功【考点】功的计算．【分析】运动员在下降的过程中，受到的弹力逐渐增大，一直向上，而位移向下，故可判断．【解答】解；在下降过程中，弹力向上，位移向下，所以床面对小朋友的弹力做负功，故C 正确；故选：C．【点评】本题考查了力与运动关系，关键是会分析下降过程中弹力的方向及为位移．2．如图所示，是我校2015﹣2016学年高一的某同学完成体育测试“引体向上”项目的情景，该同学在这次测试中一分钟完成了20个“引体向上”，若该同学质量约为50kg，每次“引体向上”重心上升约0.5m，则吴亮同学在本次测试中做功的平均功率接近（）A．8000W B．800W C．80W D．8W【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】引体向上中人要克服人自身的重力做功，根据公式W=mgh求出一次做的功，再求出总功；再根据公式P=求出平均功率．【解答】解：将身体向上拉起一次所做的功：W=mgh=50×10×0.5J=250J；他1min内做的总功：=nW=20×250J=5000J，W总则吴亮同学在本次测试中做功的平均功率：===83W；最接近80W；故C正确，ABD 错误．故选：C【点评】此题主要考查的是学生对功和功率计算公式的理解和掌握，弄清楚引体向上是克服人的体重做功是解决此题的关键．3．两个物体质量比为1：4，速度大小之比为4：1，则这两个物体的动能之比为（）A．1：1 B．1：4 C．4：1 D．2：1【考点】动能．【分析】根据动能的公式求出两个物体的动能之比．【解答】解：根据得，质量比为1：4，速度大小比为4：1，则动能之比为4：1．故C正确，A、B、D错误．故选：C．【点评】解决本题的关键掌握动能的公式．4．关于功率公式P=和P=Fv的说法正确的是（）A．由P=知，只要知道W和t就可求出任意时刻的功率B．由P=Fv只能求某一时刻的瞬时功率C．从P=Fv知，汽车的功率与它的速度成正比D．从P=Fv知，当汽车发动机功率一定时，牵引力与速度成反比【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】功率的计算公式由两个P=，和P=Fv，P=只能计算平均功率的大小，而P=Fv 可以计算平均功率也可以是瞬时功率，取决于速度是平均速度还是瞬时速度．【解答】解：A、P=只能计算平均功率的大小，不能用来计算瞬时功率，所以A错误；B、P=Fv可以计算平均功率也可以是瞬时功率，取决于速度是平均速度还是瞬时速度，所以B错误；C、从P=Fv知，当F不变的时候，汽车的功率和它的速度是成正比的，当F变化时就不对了，所以C错误；D、从P=Fv知，当汽车发动机功率一定时，牵引力与速度成反比，所以D正确．故选：D．【点评】在计算平均功率和瞬时功率时一定要注意公式的选择，公式P=一般用来计算平均功率，公式P=Fv既可以计算瞬时功率，又可以计算平均功率．5．关于机械能是否守恒的叙述，正确的是（）A．做匀速直线运动的物体机械能一定守恒B．做变速运动的物体机械能不可能守恒C．外力对物体做功为零时，机械能一定守恒D．若只有重力对物体做功，做体的机械能一定守恒【考点】机械能守恒定律．【分析】根据机械能守恒的定义和条件分析答题，只有重力或弹力做功，物体的机械能守恒．【解答】解：A 、做匀速直线运动的物体机械能不一定守恒，如匀速下降的降落伞机械能减少，机械能不守恒，故A 错误；B 、做变速运动的物体机械能可能守恒，如自由落体运动，故B 错误；C 、外力做功为零，机械能不一定守恒，如在空中匀速下落的物体，外力对物体做功为零，机械能不守恒，故C 错误；D 、若只有重力对物体做功，物体的机械能一定守恒，故D 正确；故选：D ．【点评】机械能守恒条件是：只有重力或弹力做功．判断机械能是否守恒，应根据机械能守恒条件进行判断；在某一物理过程中，除重力与弹力外还有其它力做功，如果其它力的功为零，则机械能守恒．6．如图甲、乙、丙三种情形表示同一物体在相同的粗糙水平面上分别受恒力F 1、F 2、F 3作用下匀速向右发生一段相同的位移，力F 1、F 2、F 3对物体做功分别为W 甲、W 乙、W 丙．则W 甲、W 乙、W 丙大小关系为是（ ）A ．W 甲＞W 乙＞W 丙B ．W 甲＞W 丙＞W 乙C ．W 乙＞W 甲＞W 丙D ．W 丙＞W 乙＞W 甲【考点】功的计算．【分析】根据受力分析明确水平拉力的大小；恒力做功表达式为：W=FScos α，功的正负表示对应的力是动力还是阻力，功的大小看绝对值．【解答】解：这三种情形下位移x 的大小都是一样的，将力沿着水平和竖直方向正交分解，因物体做匀速运动，则水平方向的拉力等于摩擦力；根据f=μF N 可知，甲中水平分力最大，其次为丙，最小的为乙；则说明甲做功最多，乙做功最小；故W 甲＞W 丙＞W 乙故选：B ．【点评】本题应明确三力大小未知，只能根据共点力的平衡条件进行分析，明确拉力的大小，才能由功的公式求解．7．质量为m 的汽车，其发动机额定功率为P ．当它开上一个倾角为θ的斜坡时，受到的阻力为车重力的k 倍，则车的最大速度为（ ）A ．B ．C ．D ．【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【分析】当牵引力等于阻力时，汽车达到最大速度，汽车匀速向上运动时，对汽车受力分析，汽车处于受力平衡状态，由此可以求得汽车在上坡情况下的牵引力的大小，由P=Fv 分析可得出结论．【解答】解：当牵引力等于阻力时，汽车达到最大速度，汽车匀速运动时，受力平衡，由于汽车是沿倾斜的路面向上行驶的，对汽车受力分析可知，汽车的牵引力F=f+mgsin θ=kmg+mgsin θ=mg （k+sin θ），由功率P=Fv，所以上坡时的速度：，故D正确故选：D【点评】汽车的功率不变，但是在向上运动和向下运动的时候，汽车的受力不一样，牵引力减小了，P=Fv可知，汽车的速度就会变大，分析清楚汽车的受力的变化情况是解决本题的关键．8．如图所示，在水平桌面上的A点，有一个质量为m的物体，以初速度v0被抛出，不计空气阻力，当它到达B点时，其动能为（）A．mv+mgH B．mv+mghC．mgH+mgh D．mv+mg（H﹣h）【考点】平抛运动．【分析】小球做平抛运动，只受重力，机械能守恒，根据机械能守恒定律列式求解即可．【解答】解：小球做平抛运动，只受重力，机械能守恒，其减小的重力势能等于增加的动能，即mgh=E KB﹣解得：E KB=mgh+故选：B．【点评】本题关键是根据机械能守恒定律列式求解，也可以用动能定理列式求解．9．一个质量为m的物体以a=2g的加速度竖直向下运动，则在此物体下降h高度的过程中，物体的（）A．重力势能减少了2mgh B．动能增加了2mghC．机械能保持不变D．机械能增加了2mgh【考点】动能和势能的相互转化；动能；功能关系．【分析】根据重力做功判断重力势能的变化，根据合力做功判断动能的变化，根据动能和重力势能的变化判断机械能的变化．【解答】解：A、物体下降h高度的过程中，重力做功mgh，则重力势能减小mgh．故A错误．B、根据牛顿第二定律知，合力为2mg，根据动能定理知，合力做功为2mgh，则动能增加2mgh．故B正确．C、重力势能减小mgh，动能增加2mgh，则机械能增加了mgh．故C错误，D错误．故选B．【点评】解决本题的关键掌握功能关系，知道重力做功与重力势能的关系，合力做功与动能的关系．10．如图M1＞M2，滑轮光滑轻质，阻力不计，M1离地高度为H，在M1下降过程中（）A．M1的机械能减少B．M2的机械能守恒C．M1和M2的总机械能增加D．M1和M2的总机械能减少【考点】机械能守恒定律．【分析】本题中单个物体系统机械能不守恒，但两个物体系统中只有动能和势能相互转化，机械能守恒．【解答】解：A、根据除了重力之外的力对物体做功量度物体机械能的变化，M1下降过程中，M1受绳子拉力做负功，所以M1的机械能减小，故A正确．B、M2重力势能和动能都增加，所以M2的机械能增加，故B错误．CD、两个物体组成的系统中只有动能和重力势能相互转化，所以系统机械能总量守恒，故CD错误．故选：A．【点评】本题关键是两个物体构成的系统中只有动能和重力势能相互转化，机械能总量保持不变．11．竖直上抛一小球，小球又落回原处，已知空气阻力的大小正比于小球的速度．下列说法正确的是（）A．上升过程中克服重力做的功大于下降过程中重力做的功B．上升过程中克服重力做的功小于下降过程中重力做的功C．上升过程中克服重力做功的平均功率大于下降过程中重力的平均功率D．上升过程中克服重力做功的平均功率等于下降过程中重力的平均功率【考点】功率、平均功率和瞬时功率；功的计算．【分析】重力做功只与物体的初末的位置有关，与物体的运动的过程和是否受其它的力无关；由于空气阻力的作用，物体在上升和下降的过程中用的时间不同，根据P=可以判断平均功率的大小．【解答】解：A、B、重力做功的大小只与物体的初末的位置有关，与物体的路径等无关，所以在上升和下降的过程中，重力做功的大小是相等的，故A错误，B错误；C、D、物体在上升的过程中，受到的阻力向下，在下降的过程中受到的阻力向上，所以在上升时物体受到的合力大，加速度大，此时物体运动的时间短，在上升和下降的过程中物体重力做功的大小是相同的，由P=可知，上升的过程中的重力的平均功率较大，故C正确，D错误；故选C．【点评】本题关键明确上升过程重力和阻力同向，合力大，加速度大，速度减小快；下降过程阻力与重力反向，合力小，加速度小，速度增加慢；然后结合平均功率定义公式分析．12．如图所示，用同种材料制成的一个轨道ABC，AB段为四分之一圆弧，半径为R，水平放置的BC段长为R．一个物块质量为m，与轨道的动摩擦因数为μ，它由轨道顶端A从静止开始下滑，恰好运动到C端停止，物块在AB段克服摩擦力做功为（）A．μmgR B．（1﹣μ）mgR C． D．mgR【考点】功的计算．【分析】BC段摩擦力可以求出，由做的公式可求得BC段克服摩擦力所做的功；对全程由动能定理可求得AB段克服摩擦力所做的功．【解答】解：BC段物体受摩擦力f=μmg，位移为R，故BC段摩擦力对物体做功W=﹣fR=﹣μmgR；即物体克服摩擦力做功为μmgR；对全程由动能定理可知，mgR+W1+W=0解得W1=μmgR﹣mgR；故AB段克服摩擦力做功为mgR﹣μmgR．故选B．【点评】AB段的摩擦力为变力，故可以由动能定理求解；而BC段为恒力，可以直接由功的公式求解；同时本题需要注意阻力做功与克服阻力做功的关系．13．如图所示，物体以100J的初动能从斜面底端沿斜面向上运动，当它向上通过斜面上某一点M时，其动能减少了60J，克服摩擦力做功18J，则物体返回到斜面底端时的动能为（）A．20J B．40J C．60J D．80J【考点】动能定理的应用．【分析】运用动能定理列出动能的变化和总功的等式，运用除了重力之外的力所做的功量度机械能的变化关系列出等式，两者结合去解决问题．【解答】解：运用动能定理得：物体损失的动能等于物体克服合外力做的功（包括克服重力做功和克服摩擦阻力做功），损失的动能为：△E k=mgLsinθ+fL=（mgsinθ+f）L…①损失的机械能等于克服摩擦阻力做功，△E=fL…②由①：②得：==常数，与L无关，由题意知此常数为=．则物体上升到最高点时，动能为0，即动能减少了100J，那么损失的机械能为△E k=30J，那么物体返回到底端，物体又要损失的机械能为30J，故物体从开始到返回原处总共机械能损失60J，因而它返回A点的动能为40J．故选：B．【点评】解题的关键在于能够熟悉各种形式的能量转化通过什么力做功来量度，并能加以运用列出等式关系．14．如图所示，一根轻弹簧下端固定，竖立在水平面上．其正上方A位置有一只小球．小球从静止开始下落，在B位置接触弹簧的上端，在C位置小球所受弹力大小等于重力，在D位置小球速度减小到零．小球下降阶段下列说法中正确的是（）A．在B位置小球动能最大B．在C位置小球动能最大C．从A→C位置小球重力势能的减少等于小球动能的增加D．从A→D位置小球重力势能的减少大于弹簧弹性势能的增加【考点】机械能守恒定律；牛顿第二定律．【分析】小球下降过程中，重力和弹簧弹力做功，小球和弹簧系统机械能守恒，在平衡位置C动能最大．【解答】解：A、小球从B至C过程，重力大于弹力，合力向下，小球加速，C到D，重力小于弹力，合力向上，小球减速，故在C点动能最大，故A错误，B正确；C、小球下降过程中，重力和弹簧弹力做功，小球和弹簧系统机械能守恒；从A→C位置小球重力势能的减少等于动能增加量和弹性势能增加量之和．故C错误．D、小球下降过程中，重力和弹簧弹力做功，小球和弹簧系统机械能守恒；从A→D位置，动能变化量为零，故小球重力势能的减小等于弹性势能的增加，故D错误．故选：B．【点评】本题关键是要明确能量的转化情况，同时要知道在平衡位置动能最大．二、实验题（每空2分，共16分）15．某探究学习小组的同学欲验证“动能定理”，他们在实验室组装了一套如图所示的装置，另外他们还找到了打点计时器所用的学生电源、导线、复写纸、纸带、小木块、细沙．当滑块连接上纸带，用细线通过滑轮挂上空的小沙桶时，释放小桶，滑块处于静止状态．若你是小组中的一位成员，要完成该项实验，则：（1）你认为还需要的实验器材有刻度尺、天平．（2）实验时为了保证滑块受到的合力与沙和沙桶的总重力大小基本相等，沙和沙桶的总质量应满足的实验条件是沙和沙桶的总质量远小于滑块的质量，实验时对木板放置要求是平衡摩擦力．（3）在（2）的基础上，某同学用天平称量滑块的质量M．往沙桶中装入适量的细沙，用天平称出此时沙和沙桶的总质量m．让沙桶带动滑块加速运动，用打点计时器记录其运动情况，在打点计时器打出的纸带上取两点，测出这两点的间距L和这两点的速度大小v1与v2（v1＜v2）．则本实验最终要验证的数学表达式为mgL=M﹣M（用题中的字母表示实验中测量得到的物理量）．【考点】探究功与速度变化的关系．【分析】（1）根据实验原理，得到需要验证的表达式，从而确定需要的器材；（2）实验要测量滑块动能的增加量和合力做的功，用沙和沙桶的总质量表示滑块受到的拉力，对滑块受力分析，受到重力、拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，必须使重力的下滑分量等于摩擦力；同时重物加速下降，处于失重状态，故拉力小于重力，可以根据牛顿第二定律列式求出拉力表达式分析讨论；（3）实验要测量滑块动能的增加量和合力做的功，求出合力的功和动能的增加量即可．【解答】解：（1）实验要验证动能增加量和总功是否相等，故需要求出总功和动能，故还要天平和刻度尺；（2）沙和沙桶加速下滑，处于失重状态，其对细线的拉力小于重力，设拉力为T，根据牛顿第二定律，有对沙和沙桶，有mg﹣T=ma对滑块，有T=Ma解得T=mg故当M＞＞m时，有T≈mg滑块下滑时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，则应该用重力的下滑分量来平衡摩擦力，故可以将长木板的一段垫高；（3）总功为：mgL动能增加量为：M﹣M根据动能定理，则有：mgL=M﹣M故答案为：（1）刻度尺、天平；（2）沙和沙桶的总质量远小于滑块的质量，平衡摩擦力；（3）mgL=M﹣M．【点评】本题关键是根据实验原理并结合牛顿第二定律和动能定理来确定要测量的量、实验的具体操作方法和实验误差的减小方法．16．在《验证机械能守恒定律》的实验中，打点计时器所接交流电频率为50Hz，当地重力加速度g=9.80m/s2．实验选用重锤质量为m（kg），从所打纸带中选择一条合适的纸带，此纸带第1、2点间的距离应接近2mm．纸带上连续的点A、B、C、D至第1点O的距离如图所示，则重锤从O运动到C，重力势能减少 5.50m J，重锤经过C时的速度为3.3m/s m/s，其动能增加 5.45m J．重力势能减少与动能增加不相等，可能原因是纸带与打点计时器存在阻力或空气阻力．（计算结果保留3位有效数字）。
福建省泉州市德化第一中学2017-2018学年高一下学期第一次质检物理试题(普通班) Word版含答案
德化一中2015-2016学期下学期高一（普通班）第一次质检物 理（必修2）第一、二章一、单项选择题（每小题2分，共52分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题意，选对得2分，有选错或不答的得0分。
）1．下列选项所示的四幅图是小明提包回家的情景，其中小明提包的力不做功的是2. 如图甲为一女士站立在台阶式自动扶梯上匀速上楼，如图乙为一男士乘履带式自动扶梯匀速上楼。
下列关于两人受到的力做功判断正确的是 A ．甲图中支持力对人做正功B ．乙图中支持力对人做正功 C ．甲图中摩擦力对人做负功D ．乙图中摩擦力对人做负功 3．下列关于能量变化和做功的说法正确的是 A ．同一个物体的动能一定随速度的改变而改变 B ．处于平衡状态的物体机械能一定保持不变 C ．如果合外力对物体做正功，物体的机械能一定增加 D ．如果物体的动能没有变化，一定没有合外力对物体做功 4. 关于势能，下列说法正确的是A ．质量为m 的物体在离地h 高时具有的重力势能为mghB ．质量为m 的物体水平向右移动h ，重力势能减少mghC ．弹簧压缩时储存弹性势能，弹簧伸长时释放弹性势能D ．弹簧弹力做负功时储存弹性势能，做正功时释放弹性势能 5．关于一对滑动摩擦力对相互摩擦的系统所做的总功，说法正确的是 A ．一定是正功 B ．一定是负功C ．一定为零D ．可能是正功，可能是负功，也可能为零6．静止的列车在平直的轨道上以恒定功率启动，设阻力不变，在开始的一小段时间内，列车 A ．受到的牵引力逐渐增大 B ．加速度逐渐增大 C ．合外力的瞬时功率逐渐增大 D ．克服阻力做功的功率逐渐增大 7．在下列运动中，物体机械能守恒的是A ．雨滴在空中匀速下落B ．人随电梯向上匀速运动甲乙C ．滑块沿斜面匀速下滑D ．滑板运动员在水平冰面上匀速滑动 8．一跳伞运动员从空中以6m/s 2的匀加速度下降，关于运动员的重力势能E p 、动能E k 、机械能E 的变化情况，下列说法中正确的是A ．E p 减小，E k 不变，E 减小B ．E p 减小，E k 增加，E 减小C ．E p 增加，E k 减小，E 增加D ．E p 增加，E k 减小，E 不变9．一小孩从公园中的滑梯上匀速滑下，下列关于小孩的机械能变化说法中正确的是 A ．重力势能减小，机械能减小 B ．重力势能减小，机械能不变 C ．重力势能不变，机械能减小 D ．重力势能不变，机械能增加10．如图虚线是一跳水运动员在入水前其重心运动的轨迹，用E P 表示运动员的重力势能，E k表示运动员的动能，E 表示运动员的机械能，不计空气阻力，则下列说法正确的是 A ．E P 先增大后减小，E k 先减小后增大，E 一直减小 B ．E P 先减小后增大，E k 先增大后减小，E 先增大后减小 C ．E P 先增大后减小，E k 先减小后增大，E 保持不变 D ．E P 先减小后增大，E k 先增大后减小，E 保持不变11．如图所示，固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m 的圆环，圆环与一橡皮绳相连，橡皮绳的另一端固定在地面上的A 点，橡皮绳竖直时处于原长h ．让圆环沿杆滑下，滑到杆的底端时速度为零．则在圆环下滑过程中 A ．圆环机械能守恒B ．橡皮绳的弹性势能一直增大C ．橡皮绳的弹性势能增加了mghD ．橡皮绳再次达到原长时圆环动能最大12．如图所示，静止于水平地面的斜面下端有一固定挡板．轻质弹簧下端固定在挡板处，处于原长时，上端位于A 点，滑块P 由斜面顶端自由下滑，将弹簧压缩到B 点时又被弹簧向上弹开，不计一切阻力，下列判断正确的是 A ．P 下滑到A 点时动能最大B ．P 在出发点的机械能大于在A 点的机械能C ．P 从A 点运动到B 点， P 的机械能守恒D ．P 从出发点运动到B 点， P 与弹簧组成的系统机械能守恒13．一个人从深6m 的水井中匀速提起50N 重的水桶至地面，在水平道路上行走了12m ，再匀速走下4m 深的地下室，则此人用来提水桶的力所做的功为 A ．500J B ．1100J C ．100J D ．-100J14．一人用力踢质量为0.4kg 的皮球，使静止的皮球以10m/s 的速度水平飞出，在水平地面上运动了20m 停下。
福建省福州一中2017-2018学年高一上学期期中物理试卷 Word版含解析
2017-2018学年福建省福州一中高一（上）期中物理试卷一、单项选择题1．某质点向东运动12m，又向西运动20m，又向北运动6m，则它运动的路程和位移大小分别是（）A．14m，10m B．38m，10m C．14m，6m D．38m，6m2．甲、乙两车某时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻为计时起点，得到两车的位移﹣时间图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．t1时刻甲车从后面追上乙车B．t1时刻两车相距最远C．t1时刻两车的速度刚好相等D．0至t1时间内，乙车的平均速度小于甲车的平均速度3．一辆汽车停在水平地面上，下列关于汽车和地面受力的说法正确的是（）A．地面受向下的弹力，是因为地面发生了弹性形变；汽车未发生弹性形变，所以汽车不受弹力B．地面受向下的弹力，是因为地面发生了弹性形变；汽车受向上的弹力，是因为汽车发生了弹性形变C．汽车受向上的弹力，是因为地面发生了弹性形变；地面受向下的弹力，是因为汽车发生了弹性形变D．以上说法均不正确4．一辆汽车沿直线运动，先以15m/s的速度驶完全程的四分之三，余下的路程以20m/s的速度行驶，则汽车从开始到驶完全程的平均速度大小为（）A．16m/s B．16.3m/s C．17.5m/s D．18.8m/s5．某同学在实验室做了如图所示的实验，铁质小球被电磁铁吸附，断开电磁铁的电源，小球自由下落，已知小球的直径为0.5cm，该同学从计时器上读出小球通过光电门的时间为1.00×10﹣3 s，则小球开始下落的位置距光电门的距离为（）A．1 m B．1.3m C．0.4 m D．1.6m6．a、b两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是（）A．a、b加速时，物体a的加速度大于物体b的加速度B．20秒时，a、b两物体相距最远C．60秒时，物体a在物体b的前方D．40秒时，a、b两物体速度相等，相距200m7．某弹簧在挂10N的重物时，长度为5cm；若挂上15N的重物时，长度为6cm，则该弹簧的劲度系数为（）A．227N/m B．500N/m C．2N/m D．250N/m8．如图所示，A、B两物体的重力都为10N，各接触面间的动摩擦因数都等于0.3，同时有F=1N的两个水平力分别作用在A和B上，A和B均静止，则地面对B和B对A的摩擦力分别为（）A．6N，3N B．1N，1N C．0N，1N D．0N，2N9．某人用手表估测火车的加速度，先观测3分钟，发现火车前进540米，隔3分钟后，又观测1分钟，发现火车前进360米，若火车在这7分钟内做匀加速直线运动，则火车的加速度为（）A．0.03m/s2B．0.01m/s2C．0.5m/s2D．0.6m/s210．一物体沿一直线从静止开始运动且同时开始计时，其加速度随时间变化关系如图所示．则关于它在前4s内的运动情况，下列说法中正确的是（）A．前3s内先加速后减速，3s末回到出发点B．第3s末速度为零，第4s内反向加速C．第1s和第4s末，物体的速度均为8m/sD．前4s内位移为12m二、多项选择题11．物体从离地面45m高处做自由落体运动（g取10m/s2），则下列选项中正确的是（）A．物体运动3s后落地B．物体落地时的速度大小为20m/sC．物体在落地前最后1s内的位移为25mD．物体在整个下落过程中的平均速度为20m/s12．人如果握住旗杆匀速上爬，则下列说法正确的是（）A．人受的摩擦力的方向是向下的B．人受的摩擦力的方向是向上的C．手握旗杆的力越大，人受的摩擦力也越大D．手握旗杆的力增加，人受的摩擦力保持不变13．木块A、B重力分别为50N和70N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.2，与A、B相连接的轻弹簧被压缩了5cm，弹簧的劲度系数为100N/m，系统置于水平地面上静止不动．现用F=7N的水平推力作用在木块A上，如图所示，力F作用后（）A．木块A所受摩擦力大小为10N B．木块A所受摩擦力大小为2NC．弹簧的弹力大小为5N D．木块B所受摩擦力大小为12N14．历史上有些科学家曾把在相等位移内速度变化相等的单向直线运动称为“匀变速直线运动”（现称“另类匀变速直线运动”），“另类加速度”的定义式为A=，其中v0和v s分别表示某段位移s内的初速度和末速度．A＞0表示物体做加速运动，A＜0表示物体做减速运动．而现在物理学中加速度的定义式为a=，下列说法正确的是（）A．若A不变，则a也不变B．若A＞0且保持不变，则a逐渐变大C．若A不变，则物体在中间位置处的速度为D．若A不变，则物体在中间位置处的速度为三、作图题15．画出图中光滑小球A所受的弹力的示意图．四、填空与实验16．在探究自由落体运动的过程中，我们利用电火花打点计时器记录重物的下落过程，以下是某组同学在该实验中得到的一条纸带，如图所示，已知每两个计数点间的时间间隔是T=0.02秒，用直尺测得S1=1.9mm，S2=5.8mm，S3=9.7mm，S4=13.6mm，S5=17.5mm，S6=21.4mm．（1）实验时，下列说法正确的是．A、打点计时器的安装放置要求两限位孔在同一竖直线上B、开始打点计时的时候应先放纸带再接通电源C、打点计时器应接在220V的交流电源上D、打点计时器应接在4～6V的交流电源上E、影响实验精确度的主要因素是重物和纸带受到的空气阻力的摩擦力（2）计算出打下点5时重物的瞬时速度是v5=m/s（结果保留两位有效数字）（3）根据逐差法求出重力加速度大小g=m/s2（结果保留三位有效数字）（4）如果当时电网中交变电流的频率是f=51Hz，而做实验的同学并不知道，那么加速度的测量值与实际值相比（选填：偏大、偏小或不变）．17．某实验小组做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验．实验时，先把弹簧平放在桌面上，用刻度尺测出弹簧的原长L0=15.50cm，再把弹簧竖直悬挂起来，在下端挂50g的钩码，每x（2）由此图线可得，该弹簧劲度系数k=N/m（结果保留两位有效数字）：（3）图线与x轴的交点表示，其数值L0（填：大于、小于或等于），原因是．五、计算题18．国歌从响起到结束的时间是48s，国旗上升的高度是17.6m．国歌响起同时国旗开始向上做匀加速运动4s，然后匀速运动，最后匀减速运动4s到达旗杆顶端，速度恰好为零，此时国歌结束．求：（1）国旗匀加速运动的加速度大小；（2）国旗匀速运动时的速度大小．19．如图所示，有一根长为l=0.5m的木棍AB，悬挂在某房顶上，它自由下落时经过一高为d=1.5m的窗口，通过窗口所用的时间为0.2s，求（1）木棍B端下落到窗口上沿所用的时间t（2）木棍B端离窗口上沿的距离h？（不计空气阻力，取g=10m/s2）20．“10米折返跑”的成绩反应了人体的灵敏素质．测定时，在平直跑道上，受试者以站立式起跑姿势站在起点终点线前，当听到“跑”的口令后，全力跑向正前方10米处的折返线，测试员同时开始计时，受试者到达折返线处时，用手触摸折返线的物体（如木箱），再转身跑向起点终点线，当胸部到达终点线的竖直面时，测试员停表，所用时间即为“10米折返跑”的成绩．设受试者起跑的加速度为4m/s2，运动过程中的最大速度为4m/s，快到达折返线处时需减速到零，减速的加速度为8m/s2，返回时达到最大速度后不需减速，保持最大速度冲线．求该受试“10米折返跑”的成绩为多少秒？六.附加题21．如图，一木块通过长度忽略不计的绳固定在小车的前壁上，小车上表面光滑．某时刻小车由静止开始向右匀加速运动，经过2s，细绳断裂．细绳断裂后，小车的加速度不变，又经过一段时间，滑块从小车左端刚好掉下，在这段时间内，已知滑块相对小车前3s内滑行了4.5m；后3s内滑行了10.5m．（1）小车的加速度多大？（2）从绳断到滑块离开车尾所用时间是多少？（3）小车的长度是多少？2016-2017学年福建省福州一中高一（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题1．某质点向东运动12m，又向西运动20m，又向北运动6m，则它运动的路程和位移大小分别是（）A．14m，10m B．38m，10m C．14m，6m D．38m，6m【考点】位移与路程．【分析】画出运动轨迹图，根据路程和位移定义进行解答．【解答】解：如图所示可以知道路程为12m+20m+6m=38m，位移大小为虚线长度为：x==10m．故选：B．2．甲、乙两车某时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻为计时起点，得到两车的位移﹣时间图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．t1时刻甲车从后面追上乙车B．t1时刻两车相距最远C．t1时刻两车的速度刚好相等D．0至t1时间内，乙车的平均速度小于甲车的平均速度【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】在位移﹣时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度；图象的交点表示位移相等，平均速度等于位移除以时间．【解答】解：A、甲乙两车在同一时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，由图知，在t1时刻前，甲车在乙车的后面，经过时间t1位移又相等，故在t1时刻乙车刚好从后面追上甲车，故A正确；B、由A的分析可知：在t1时刻乙车刚好从后面追上甲车，两车相遇，相距最近，故B错误；C、在t1时刻，乙图象切线的斜率大于甲的位移，所以乙的速度大于甲的速度，故C错误；D、0到t1时间内，甲乙两车位移相等，根据平均速度等于位移除以时间可知，0到t1时间内，乙车的平均速度等于甲车的平均速度，故D错误．故选：A3．一辆汽车停在水平地面上，下列关于汽车和地面受力的说法正确的是（）A．地面受向下的弹力，是因为地面发生了弹性形变；汽车未发生弹性形变，所以汽车不受弹力B．地面受向下的弹力，是因为地面发生了弹性形变；汽车受向上的弹力，是因为汽车发生了弹性形变C．汽车受向上的弹力，是因为地面发生了弹性形变；地面受向下的弹力，是因为汽车发生了弹性形变D．以上说法均不正确【考点】力的概念及其矢量性．【分析】物体发生形变后，要恢复原状，对与它接触的物体有力的作用，这就是弹力．是施力物体发生弹性形变对受力物体的力．【解答】解：A、地面受向下的弹力，是因为汽车发生了形变，从而对地面产生了向下的压力；故A错误；B、地面受到的弹力是因为汽车的形变；而汽车受到的弹力是因为地面的形变，故B错误，C正确；D、因C正确，故D错误；故选：C．4．一辆汽车沿直线运动，先以15m/s的速度驶完全程的四分之三，余下的路程以20m/s的速度行驶，则汽车从开始到驶完全程的平均速度大小为（）A．16m/s B．16.3m/s C．17.5m/s D．18.8m/s【考点】平均速度．【分析】设全程的位移大小为4x，根据t=分别求出前后两段运动的时间表达式，再得到全程平均速度的表达式，求出v．【解答】解：设全程的位移大小为4x，由题得到全程的平均速度，又t1=，t2=得到带入数据得：=16m/s故选A．5．某同学在实验室做了如图所示的实验，铁质小球被电磁铁吸附，断开电磁铁的电源，小球自由下落，已知小球的直径为0.5cm，该同学从计时器上读出小球通过光电门的时间为1.00×10﹣3 s，则小球开始下落的位置距光电门的距离为（）A．1 m B．1.3m C．0.4 m D．1.6m【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】小球通过光电门时间极短，用平均速度代替瞬时速度；然后根据速度位移关系公式v2=2gh列式求解．【解答】解：小球通过光电门的时间很短，这段时间内的平均速度可看成瞬时速度，为：v= ==5 m/s，由自由落体运动规律可知：h==1.25 m，故B正确，ACD错误．故选：B6．a、b两物体从同一位置沿同一直线运动，它们的速度图象如图所示，下列说法正确的是（）A．a、b加速时，物体a的加速度大于物体b的加速度B．20秒时，a、b两物体相距最远C．60秒时，物体a在物体b的前方D．40秒时，a、b两物体速度相等，相距200m【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】v﹣t 图象中，图象的斜率表示加速度；图线和时间轴所夹图形的面积表示物体位移；当两物体的速度相等时，其距离最大．【解答】解：A、由图象可以看出，物体a在加速时，速度图象的斜率小于物体b加速时的图象斜率，故加速时，物体b的加速度要大，选项A错误；B、在40秒时，a、b两物体的速度相等，此时两物体的相距最远，故选项B错误；C：在60秒时，经计算，物体a的位移是：S a=2100m，物体b的位移是：S b=1600m，S a＞S b，所以物体a在物体b的方，故选项C正确；D：在40秒时，经计算，物体a的位移是：S a=1300m，物体b的位移是：S b=400m，S a﹣S b=900m，故选项D错误．故选：C．7．某弹簧在挂10N的重物时，长度为5cm；若挂上15N的重物时，长度为6cm，则该弹簧的劲度系数为（）A．227N/m B．500N/m C．2N/m D．250N/m【考点】胡克定律．【分析】根据长度可表示形变量；再由胡克定律可列出对应的表达式，则可以求出弹簧的劲度系数．【解答】解：设劲度系数为k，原来为l，挂10N的物休时，长度为l1=5cm=0.05m；当挂上15N的重物时，长度为l2=6cm=0.06m；由胡克定律可知，F=kx可得：10=k（0.05﹣l）15=k（0.06﹣l）联立解得：k=500N/m．故B正确，ACD错误．故选：B．8．如图所示，A、B两物体的重力都为10N，各接触面间的动摩擦因数都等于0.3，同时有F=1N的两个水平力分别作用在A和B上，A和B均静止，则地面对B和B对A的摩擦力分别为（）A．6N，3N B．1N，1N C．0N，1N D．0N，2N【考点】摩擦力的判断与计算．【分析】当水平拉力小于最大静摩擦力时，物体处于静止，摩擦力等于拉力；当水平拉力大于最大静摩擦力时，物体开始滑动，则受到的滑动摩擦力等于动摩擦力因数与正压力的乘积．【解答】解：对物体A，因为F作用，从而受到物体B给A物体的静摩擦力．大小等于F 的大小，即为1N．方向与F方向相反．对物体AB，同时有F=1N的两个水平力分别作用在A和B上，所以地面对B的摩擦力为零，故C正确，ABD错误；故选：C．9．某人用手表估测火车的加速度，先观测3分钟，发现火车前进540米，隔3分钟后，又观测1分钟，发现火车前进360米，若火车在这7分钟内做匀加速直线运动，则火车的加速度为（）A．0.03m/s2B．0.01m/s2C．0.5m/s2D．0.6m/s2【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，可以求出第一个3分钟内中间时刻的瞬时速度，再求出1分钟内中间时刻的瞬时速度，根据a=，求出加速度．【解答】解：第一个3分钟内中间时刻的瞬时速度，1分钟内中间时刻的瞬时速度，两个时刻之间的时间间隔为300s，所以a==．故B正确，A、C、D错误．故选：B．10．一物体沿一直线从静止开始运动且同时开始计时，其加速度随时间变化关系如图所示．则关于它在前4s内的运动情况，下列说法中正确的是（）A．前3s内先加速后减速，3s末回到出发点B．第3s末速度为零，第4s内反向加速C．第1s和第4s末，物体的速度均为8m/sD．前4s内位移为12m【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】根据物体加速度方向和运动方向的关系，判断物体的运动，注意加速度方向，速度不立即反向．【解答】解：AB、根据图象可知，在0～1s内，物体从静止开始做匀加速直线运动，在1～3s内，物体做匀减速直线运动，3s末速度为零，运动方向未改变，以后又重复之前的运动．知物体一直向前运动，没有回到出发点，故A、B错误；C、根据“面积”表示速度的变化量，则知1﹣4s内速度变化量为0，则第1s末和第4s末，物体的速度相等：v=at=8m/s，故C正确；D、前4秒内的位移为：x=+=16m．故D错误．故选：C二、多项选择题11．物体从离地面45m高处做自由落体运动（g取10m/s2），则下列选项中正确的是（）A．物体运动3s后落地B．物体落地时的速度大小为20m/sC．物体在落地前最后1s内的位移为25mD．物体在整个下落过程中的平均速度为20m/s【考点】自由落体运动．【分析】根据自由落体的位移公式、速度与位移的关系公式和平均速度公式求解．要理解第几秒的位移的含义：第n秒的位移等于前n秒的位移减去前n﹣1秒的位移．【解答】解：A、根据位移公式h=gt2，则：t===3s，故A正确．B、根据速度与位移的关系公式v2=2gh，得：v===30m/s，故B错误．C、最后1s下落的位移为前3s的位移减去前2s的位移，前2s的位移为==20m，所以最后1s的位移为：△h=h﹣h2=45﹣20=25m．故C正确．D、由平均速度定义可得，物体在整个下落过程中的平均速度v===15m/s，故D错误．故选：AC．12．人如果握住旗杆匀速上爬，则下列说法正确的是（）A．人受的摩擦力的方向是向下的B．人受的摩擦力的方向是向上的C．手握旗杆的力越大，人受的摩擦力也越大D．手握旗杆的力增加，人受的摩擦力保持不变【考点】摩擦力的判断与计算．【分析】根据摩擦力的方向与相对运动或相对运动趋势的方向相反逐项分析即可．【解答】解：A、人握住旗杆匀速上爬时，受到向下的重力和向上的摩擦力而平衡，选项A 错误B正确．CD、手与旗杆间不发生相对滑动，所以人受的是静摩擦力．手握旗杆的力越大，只是人受到的最大静摩擦力也越大，但实际静摩擦力的大小始终等于重力大小，选项C错误，D正确．故选：BD．13．木块A、B重力分别为50N和70N，它们与水平地面之间的动摩擦因数均为0.2，与A、B相连接的轻弹簧被压缩了5cm，弹簧的劲度系数为100N/m，系统置于水平地面上静止不动．现用F=7N的水平推力作用在木块A上，如图所示，力F作用后（）A．木块A所受摩擦力大小为10N B．木块A所受摩擦力大小为2NC．弹簧的弹力大小为5N D．木块B所受摩擦力大小为12N【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】对木块A和B分别受力分析，然后结合共点力平衡条件进行分析处理即可【解答】解：A、B、没有推力F时，弹簧压缩了5cm，根据胡克定律，弹簧弹力为：F弹=kx=100N/m×0.05m=5N；对木块A受力分析，受到重力、支持力、弹簧弹力和地面的静摩擦力，根据二力平衡条件，=5N有：f A=F弹对木块施加向右的推力F后，推力F和弹簧弹力F的合力为2N，向右，故地面对A有向弹左的2N的静摩擦力，故A错误，BC正确；D、对木块B受力分析，受到重力、支持力、弹簧向右的弹力和地面向左的静摩擦力，根据二力平衡，地面的静摩擦力等于5N，向左，故D错误；故选：BC．14．历史上有些科学家曾把在相等位移内速度变化相等的单向直线运动称为“匀变速直线运动”（现称“另类匀变速直线运动”），“另类加速度”的定义式为A=，其中v0和v s分别表示某段位移s内的初速度和末速度．A＞0表示物体做加速运动，A＜0表示物体做减速运动．而现在物理学中加速度的定义式为a=，下列说法正确的是（）A．若A不变，则a也不变B．若A＞0且保持不变，则a逐渐变大C．若A不变，则物体在中间位置处的速度为D．若A不变，则物体在中间位置处的速度为【考点】加速度．【分析】正确解答本题的关键是：充分理解题目所提供信息的物理意义，将A=和a=类比学习，即可正确解答该题．【解答】解：若A＞0，在这种情况下，相等位移内速度增加量相等，所以平均速度来越大，所以相等位移内用的时间越来越少，由，可知，a越来越大，故A错误，B正确．C、因为相等位移内速度变化相等，所以中间位置处位移为，速度变化量为，所以此位置的速度为v0+=，故C正确，D错误．故选：BC．三、作图题15．画出图中光滑小球A所受的弹力的示意图．【考点】物体的弹性和弹力．【分析】弹力产生在接触面上，常见的支持力或压力是弹力，它们的方向是垂直接触面指向受力物体，常见的方向分3种情况：（1）点和平面接触垂直于平面，（2）点和曲面接触垂直于曲面的切面，（3）曲面和曲面接触垂直于曲面的公切面．【解答】解：（1）根据平衡条件得：A受重力和地面对A竖直向上的弹力；A上面的斜面对A没有弹力，否则A不能平衡；如图；（2）图物体A与箱子的底面、侧面以及上面的小球接触，A受箱子底面的弹力、水平向左的弹力与上面球对A的弹力，其方向是两球心的连线指向右上方；如图；答：A受到的弹力如图．四、填空与实验16．在探究自由落体运动的过程中，我们利用电火花打点计时器记录重物的下落过程，以下是某组同学在该实验中得到的一条纸带，如图所示，已知每两个计数点间的时间间隔是T=0.02秒，用直尺测得S1=1.9mm，S2=5.8mm，S3=9.7mm，S4=13.6mm，S5=17.5mm，S6=21.4mm．（1）实验时，下列说法正确的是AC．A、打点计时器的安装放置要求两限位孔在同一竖直线上B、开始打点计时的时候应先放纸带再接通电源C、打点计时器应接在220V的交流电源上D、打点计时器应接在4～6V的交流电源上E、影响实验精确度的主要因素是重物和纸带受到的空气阻力的摩擦力（2）计算出打下点5时重物的瞬时速度是v5=0.98m/s（结果保留两位有效数字）（3）根据逐差法求出重力加速度大小g=0.975m/s2（结果保留三位有效数字）（4）如果当时电网中交变电流的频率是f=51Hz，而做实验的同学并不知道，那么加速度的测量值与实际值相比偏小（选填：偏大、偏小或不变）．【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【分析】从工作原理和减小实验误差的角度分析；根据匀变速直线运动的推论求出瞬时速度：做匀变速直线运动的物体在某段时间内的平均速度等于该段时间中间时刻的瞬时速度根据△x=aT2求解加速度．明确周期和频率之间的关系，了解真实值和测量值之间的关系，即可分析误差情况，正确解答该题．【解答】解：（1）A、为了减小阻力的影响，打点计时器的安装放置要求两限位孔在同一竖直线上，故A正确；B、开始打点计时的时候应先接通电源后放纸带，故B错误；CD、电火花计时器应接在220V交流电源上，故C正确，D错误；故选：AC（2）打下点5的瞬时速度=0.98m/s（3）根据逐差法求重力加速度=0.975（4）如果在某次实验中，交流电的频率51Hz，f＞50Hz，那么实际打点周期变小，根据运动学公式△x=at2得：真实位移差偏小，所以测量的加速度值与真实的加速度值相比是偏小．故答案为：（1）AC （2）0.98 （3）0.975 （3）偏小17．某实验小组做“探究弹力和弹簧伸长量的关系”的实验．实验时，先把弹簧平放在桌面上，用刻度尺测出弹簧的原长L0=15.50cm，再把弹簧竖直悬挂起来，在下端挂50g的钩码，每x（）根据表中数据在图中作出弹簧弹力与弹簧的长度图象；（2）由此图线可得，该弹簧劲度系数k=28N/m（结果保留两位有效数字）：（3）图线与x轴的交点表示弹簧不挂钩码时的长度，其数值大于L0（填：大于、小于或等于），原因是弹簧自身重力的影响．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【分析】（1）根据表格中的数据描点作图．（2）根据胡克定律，结合图线的斜率求出弹簧的劲度系数．（3）弹簧自身有重力会导致弹簧竖直放置时长度变长．【解答】解：（1）描点作图，如图所示．（2）根据胡克定律得，k=，则劲度系数k=≈28N/m．（3）图线与x轴的交点坐标表示弹簧不挂钩码时的长度，其数值大于弹簧原长，因为弹簧自身重力的影响．故答案为：（1）如图所示，（2）28，（3）弹簧不挂钩码时的长度，大于，弹簧自身重力的影响．五、计算题18．国歌从响起到结束的时间是48s，国旗上升的高度是17.6m．国歌响起同时国旗开始向上做匀加速运动4s，然后匀速运动，最后匀减速运动4s到达旗杆顶端，速度恰好为零，此时国歌结束．求：（1）国旗匀加速运动的加速度大小；（2）国旗匀速运动时的速度大小．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】由于红旗匀加速运动和匀减速运动的加速度大小相等，根据对称性得知这两个过程的时间相等，确定出匀速运动的时间，用位移公式分别得出三个运动过程的位移表达式，求出匀速运动的速度，再求解匀加速运动的加速度大小．【解答】解：对于红旗加速上升阶段：①对于红旗匀速上升阶段：v2=a1t1②x2=v2t2③对于红旗减速上升阶段：④对于全过程：a1=a3⑤x1+x2+x3=17.6 m ⑥由以上各式可得：a1=0.1m/s2 ⑦v2=0.4 m/s．⑧答：（1）国旗匀加速运动的加速度大小为0.1m/s2；（2）国旗匀速运动时的速度大小为0.4m/s．19．如图所示，有一根长为l=0.5m的木棍AB，悬挂在某房顶上，它自由下落时经过一高为d=1.5m的窗口，通过窗口所用的时间为0.2s，求（1）木棍B端下落到窗口上沿所用的时间t（2）木棍B端离窗口上沿的距离h？（不计空气阻力，取g=10m/s2）【考点】自由落体运动．【分析】自由落体运动是初速度为零的加速度为g的匀加速直线运动．木棍下端到达窗口上沿的位移为h，根据位移公式列出h与所用时间的关系式．木棍上端到达窗口下沿的位移为h+d+l，再列出其与所用时间的表达式，再联立求解h．【解答】解：设木棍B端自由下落到窗口上沿所用的时间为t，木棍B端离窗口上沿的距离h，则：①h+d+l=②联立①②式代入数据可得t=0.9s；h=4.05m答：（1）木棍B端下落到窗口上沿所用的时间是0.9s；（2）木棍B端离窗口上沿的距离h为4.05m20．“10米折返跑”的成绩反应了人体的灵敏素质．测定时，在平直跑道上，受试者以站立式起跑姿势站在起点终点线前，当听到“跑”的口令后，全力跑向正前方10米处的折返线，测试员同时开始计时，受试者到达折返线处时，用手触摸折返线的物体（如木箱），再转身跑向起点终点线，当胸部到达终点线的竖直面时，测试员停表，所用时间即为“10米折返跑”的成绩．设受试者起跑的加速度为4m/s2，运动过程中的最大速度为4m/s，快到达折返线处时需减速到零，减速的加速度为8m/s2，返回时达到最大速度后不需减速，保持最大速度冲线．求该受试“10米折返跑”的成绩为多少秒？。
福建省福州市第十中学2017_2018学年高一物理下学期第一次月考试题(pdf)
启⽤前绝密福建省福州市福州⼗中2017-2018学年下学期⾼⼀物理第⼀次⽉考注意事项：1．你现在拿到的这份试卷是满分100分，作答时间为90分钟 2．答题前请在答题卷上填写好⾃⼰的姓名、班级、考号等信息3．请将答案正确填写在答题卡上第I 卷（选择题 48分）⼀、选择题(本⼤题共12个⼩题，每⼩题4分，共48分。
)1. 如图所⽰，⽓垫导轨上滑块经过光电门时，其上的遮光条将光遮住，电⼦计时器可⾃动记录遮光时间，测得遮光条的宽度为，⽤近似代表滑块通过光电门时的瞬时速度，为使更接近瞬时速度，正确的措施是A. 换⽤宽度更窄的遮光条B. 换⽤宽度更宽的遮光条C. 提⾼测量遮光条宽度的精确度D.使滑块的释放点更靠近光电门2、关于位移与路程,下列说法中正确的是A.在某⼀段时间内物体运动的位移为零,则该物体⼀定是静⽌的B.在某⼀段时间内物体运动的路程为零,则该物体⼀定是静⽌的C.在直线运动中,物体的位移⼤⼩⼀定等于其路程D.在曲线运动中,物体的位移⼤⼩可能⼤于其路程3. 以下物理量中是⽮量的有a.位移b.路程c.瞬时速度d.平均速度e.时间f.加速度g.速率A.只有acdf B.只有adf C.只有afg D.只有af 4、关于参考系，以下说法正确的有5. 甲、⼄两车某时刻由同⼀地点沿同⼀⽅向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的图象如图所⽰，则下列说法正确的是 t Δx Δx t ΔΔxt ΔΔA ．⼀定要选固定不动的物体为参考系。
B ．由于运动是绝对的，描述运动时，⽆需选定参考系。
C ．研究和描述⼀个物体的运动时，必须选定参考系。
D ．研究地⾯上物体的运动时，必须选地球为参考系。
x t −A.t 1时刻两车相距最远B.时刻两车的速度刚好相等C.时刻甲车从后⾯追上⼄车D.0到时间内，⼄车的平均速度等于甲车的平均速度6.如图所⽰，倾⾓为θ的斜⾯体C 置于⽔平地⾯上，⼩物块B 置于斜⾯上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与物体A 相连接，连接B 的⼀段细绳与斜⾯平⾏，已知A 、B 、C 都处于静⽌状态，则（ ）A. B 受C 的摩擦⼒⼀定不为零B. C 受地⾯的摩擦⼒⼀定为零C. C 有沿地⾯向右滑的趋势，⼀定受到地⾯向左的摩擦⼒D. 将细绳剪断，若B 依然静⽌在斜⾯上，此时地⾯对C 的摩擦⼒⽔平向左7.蹦床运动要求运动员在⼀张绷紧的弹性⽹上蹦起、腾空并做空中运动．为了测量运动员跃起的⾼度，训练时可在弹性⽹上安装压⼒传感器，利⽤传感器记录弹性⽹所受的压⼒，并在计算机上作出压⼒-时间图象，假如作出的图象如图所⽰．设运动员在空中运动时可视为质点，则运动员跃起的最⼤⾼度约为（g 取10m/s 2）（ ）A. 1.8mB. 3.6mC. 5.0mD. 7.2m8.竖直上抛的物体，又落回抛出点，关于物体运动的下列说法中正确的有（ ）A ．上升过程和下落过程，时间相等、位移相同B ．物体到达最⾼点时，速度和加速度均为零C ．整个过程中，任意相等时间内物体的速度变化量均相同D ．不管竖直上抛的初速度有多⼤（v 0＞10 m/s ），物体上升过程的最后1 s 时间内的位移总是不变的9.如图所⽰，某⼀缆车沿着坡度为30°的⼭坡以加速度a 上⾏，在缆车中放⼀个与⼭坡表⾯平⾏的斜⾯，斜⾯上放⼀个质量为m 的⼩物块，⼩物块相对斜⾯静⽌(设缆车保持竖直状态运⾏)，则( )1t 1t 1tA. ⼩物块受到的摩擦⼒⽅向平⾏斜⾯向下B. ⼩物块受到的滑动摩擦⼒⼤⼩为maC. ⼩物块受到的静摩擦⼒⼤⼩为mg ＋maD.⼩物块受到斜⾯的弹⼒⼤⼩为10.如图所⽰，⼩车上有⼀直⽴⽊板，⽊板上⽅有⼀槽，槽内固定⼀定滑轮，跨过定滑轮的轻绳⼀端系⼀重球，另⼀端系在轻质弹簧测⼒计上，弹簧测⼒计固定在⼩车上，开始时⼩车处于静⽌状态，轻绳竖直且重球恰好紧挨直⽴⽊板，假设重球和⼩车始终保持相对静⽌，则下列说法正确的是( )A. 若⼩车匀加速向右运动，弹簧测⼒计读数及⼩车对地⾯压⼒均不变B. 若⼩车匀加速向左运动，弹簧测⼒计读数及⼩车对地⾯压⼒均不变C. 若⼩车匀加速向右运动，弹簧测⼒计读数变⼤，⼩车对地⾯压⼒不变D. 若⼩车匀加速向左运动，弹簧测⼒计读数变⼤，⼩车对地⾯压⼒变⼤11.如图所⽰，a 、b 为两根相连的轻质弹簧，原长分别为l a =6 cm 、l b =4 cm ，劲度系数分别为k a =1×103 N/m 、k b =2×103 N/m ，在下端挂⼀重10 N 的物体G ，平衡时( )A. 弹簧a 下端受的拉⼒为4 N ，b 下端受的拉⼒为6 NB. 弹簧a 下端受的拉⼒为10 N ，b 下端受的拉⼒为10 NC. 弹簧a 的长度变为6.4 cm ，b 的长度变为4.3 cm123mg2D. 弹簧a 的长度变为7 cm ，b 的长度变为4.5 cm12.粗糙⽔平⾯上放置质量分别为和的四个⽊块，其中两个质量为的⽊块间⽤⼀不可伸长的轻绳相连。
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福建省福州三中2017-2018学年高一下学期第一次段考物理试卷
一.选择题（共39分.每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求） 1．关于运动的合成和分解，下述说法中正确的是( ) A．合运动的速度大小等于分运动的速度大小之和 B．物体的两个分运动若是直线运动，则它的合运动一定是直线运动 C．合运动和分运动具有同时性 D．若合运动是曲线运动，则分运动中至少有一个是曲线运动
考点：运动的合成和分解． 专题：运动的合成和分解专题． 分析：合运动与分运动具有等时性，速度是矢量，合成分解遵循平行四边形定则． 解答： 解：A、合运动速度等于分运动速度的矢量和．故A错误； B、两分运动是直线运动，合运动不一定是直线运动，比如：平抛运动．故B错误； C、合运动与分运动具有等时性．故C正确； D、曲线运动的分运动可以是两直线运动，比如：平抛运动．故D错误． 故选：C． 点评：解决本题的关键知道速度、加速度、位移是矢量，合成分解遵循平行四边形定则，以及知道合运动与分运动具有等时性．
2．在下面列举的各个实例中，机械能不守恒的是( )
A．汽车在水平面上匀速运动 B．抛出的手榴弹或标枪在空中的运动（不计空气阻力） C．拉着物体沿光滑斜面匀速上升 D．如图所示，在光滑水平面上运动的小球碰到一个弹簧，把弹簧压缩后，又被弹回来
考点：机械能守恒定律． 专题：机械能守恒定律应用专题． 分析：只有重力或弹力（保守力）做功时，物体的动能和势能相互转化，物体机械能才守恒．对照这个条件进行判断． 解答： 解：A、汽车在水平面上匀速运动时，动能和重力势能都不变，机械能不变； B、抛出的手榴弹或标枪在空中只有重力做功，机械能守恒． C、拉着物体沿光滑斜面匀速上升时，动能不变，重力势能变大，故机械能变大，机械能不守恒． D、小球碰到弹簧被弹回的过程中只有弹簧弹力做功，机械能守恒， 本题选机械能不守恒的，故选：C． 点评：解答此题需掌握机械能守恒的条件，即只有重力或弹簧的弹力做功时机械能守恒．
3．如图所示，是2017-2018学年高一的某同学完成体育测试“引体向上”项目的情景，该同学在这次测试中一分钟完成了20个“引体向上”，若该同学质量约为50kg，每次“引体向上”重心上升约0.5m，则王亮同学在本次测试中做功的平均功率接近( )
A．800W B．80W C．8W D．0.8W 考点：功率、平均功率和瞬时功率． 专题：功率的计算专题． 分析：引体向上是克服人体重力做功，根据公式W=Gh求出一次做的功，再求出总功；再
根据公式P=求出功率． 解答： 解：将身体向上拉起一次所做的功： W=Gh=500N×0.5m=250J； 他1min内做的总功： W总=nW=20×250J=5000J，
平均功率：P===83W；故B最接近； 故选：B 点评：此题主要考查的是学生对功和功率计算公式的理解和掌握，弄清楚引体向上是克服人的体重做功是解决此题的关键．
4．质量为m的物体从地面上方H高处无初速释放，落到地面后出现一个深为h的坑，如图所示，在此过程中( )
A．重力对物体做功mgH B．地面对物体的平均阻力为 C．外力对物体做的总功为零 D．物体重力势能减少mgH
考点：机械能守恒定律． 专题：机械能守恒定律应用专题． 分析：根据重力做功由公式WG=mg△h即可求解；重力做功多少，重力势能就减少多少；合力做功可以对整个过程运用动能定理求解．外力对物体做功即为总功，等于动能变化，根据动能定理求解 解答： 解：A、根据重力做功的公式可知：WG=mg△h=mg（H+h）．故A错误．
B、由动能定理得：mg（H+h）﹣fh=0，解得：f=，故B错误； C、对全程由动能定理可知，初末动能为零，则合外力做功为零；故C正确； D、重力做的功为mg（H+h），且为正功，则物体重力势能减少mg（H+h）．故D错误 故选：C 点评：本题考查动能定理及重力做功与重力势能变化间的关系，要注意明确重力势能的改变量只与重力做功有关系
5．在离地面高h处，分别把A、B、C三个质量不同的物体以相同的速率抛出．A平抛，B竖直上抛，C竖直下抛，三个球的质量关系是mA＞mB＞mC．不计空气阻力，则以下说法正确的是( ) A．在运动过程中，A、B、C的加速度相同 B．A、B、C落地时的位移相同 C．A、B、C落地时的速度相同 D．A、B、C空中运动的时间相同
考点：抛体运动． 分析：根据动能定理判断落地时的速度大小．根据匀变速直线运动的规律比较三种运动的时间长短．三种运动都仅受重力，加速度为g． 解答： 解：A、竖直上抛运动、竖直下抛运动、平抛运动仅受重力，加速度都为g．故A正确； B、平抛运动和竖直上抛运动的初始点相同，末位置不同，则位移不同，故B错误； C、小球运动过程中，只有重力做功，机械能守恒，故末速度相等，但方向不同，所以落地速度不同．故C错误； D、竖直上抛运动，先上升后下降，平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，竖直下抛运动在竖直方向上有向下的初速度，知竖直下抛运动的时间最短，竖直上抛运动的时间最长，故D错误． 故选：A． 点评：本题关键在于沿不同方向抛出的小球都只有重力做功，机械能守恒；同时速度是矢量，大小相等、方向相同速度才是相同，要有矢量意识．
6．质量为m的小球从桌面抛出（不计空气阻力），桌面离地高度为h，小球抛出时速度为v．，则小球落地时所具有的机械能为( )（取地面为零势能面）
A． B．﹣mgh C．mgh+ D．mgh
考点：机械能守恒定律． 专题：机械能守恒定律应用专题． 分析：小球运动过程中，只受重力，机械能守恒，根据机械能守恒定律列式求解． 解答： 解：小球运动过程中，只受重力，机械能守恒，则小球落地时所具有的机械能等于刚抛出时的机械能，为：
E=mgh+ 故选：C 点评：本题关键根据机械能守恒定律，小球的机械能总量不变，小球任意位置的机械能都等于初位置的机械能．
7．如图所示，质量相同的两物体处于同一高度，A沿固定在地面上的光滑曲面下滑，B自由下落，最后到达同一水平面，则( )
A．到达底端时两物体的速度相同 B．重力对两物体做的功相同 C．到达底端时重力的瞬时功率PA＞PB D．重力的平均功率相同
考点：功率、平均功率和瞬时功率． 专题：功率的计算专题． 分析：质量相同的两物体处于同一高度，A沿固定在地面上的光滑曲面下滑，而B自由下落，到达同一水平面．重力势能全转变为动能，重力的平均功率是由重力作功与时间的比值，而重力的瞬时功率则是重力与重力方向的速率乘积． 解答： 解：A、由于质量相等，高度变化相同，所以到达底端时两物体的动能相同，所以到达底端速度大小相等，但方向不同，所以速度不同，故A错误； B、两物体质量m相同，初末位置的高度差h相同，重力做的功W=mgh相同，但由于时间的不一样，所以重力的平均功率不同．故B正确，D错误； C、到达底端时两物体的速率相同，重力也相同，但A物体重力方向与速度有夹角，所以到达底端时重力的瞬时功率不相同，PA＜PB，故C错误； 故选：B 点评：重力做功决定重力势能的变化与否，若做正功，则重力势能减少；若做负功，则重力势能增加．而重力的平均功率与瞬时功率的区别是：平均功率是做功与时间的比值，瞬时功率是力与速度在力的方向上的速度乘积．
8．质量为1kg的物体在水平面内做曲线运动，已知互相垂直方向上的速度图象分别如图所示．下列说法正确的是( ) A．质点的初速度为5m/s B．质点所受的合外力为3N C．2s末质点速度大小为7m/s D．质点初速度的方向与合外力方向垂直
考点：匀变速直线运动的图像． 专题：运动学中的图像专题． 分析：根据运动的合成可知：质点的初速度大小为4m/s．质点在y轴方向加速度为零，只有x轴方向有加速度，由vx﹣t图象的斜率求出加速度．根据速度的合成求解2s末质点速度大小．由牛顿第二定律求出合外力． 解答： 解：A、由图x轴方向初速度为零，则质点的初速度大小为4m/s．故A错误． B、质点在y轴方向加速度为零，只有x轴方向有加速度，由vx﹣t图象的斜率读出质
点的加速度a==1.5m/s2．所以F=ma=1.5N，故B错误． C、2s末vx=3m/s，vy=4m/s，则质点的速度为v=5m/s，故C错误； D、质点初速度方向沿y轴沿y轴方向，合外力沿x轴方向，垂直，故D正确． 故选D 点评：本题应用运动的合成法分析物体的合运动速度和加速度，研究方法类似于平抛运动，没有新意．
9．如图所示，轰炸机沿水平方向匀速飞行，到达山坡底端正上方时释放一颗炸弹，并垂直击中山坡上的目标A．已知A点高度为h，山坡倾角为θ，由此不能算出( )
A．轰炸机的飞行速度 B．炸弹的飞行时间 C．轰炸机的飞行高度 D．炸弹投出时的动能
考点：平抛运动． 专题：平抛运动专题． 分析：根据位移与水平方向夹角，得到水平位移和竖直位移，运用平抛运动的规律求解时间和炸弹的飞行时间和炸弹的初速度，再求解飞行高度． 解答： 解：画出示意图如图所示．设A到斜面底端的距离为L，飞机距离地面的距离为H， 根据Lcosθ=v0t…①，
H﹣Lsinθ=…② 炸弹垂直击中山坡，速度与竖直方向的夹角为θ，则得： tanθ==…③ 由①、②、③可求出初速度v0，即得到轰炸机的飞行速度．由②可求出炸弹的飞行时间t和轰炸机的飞行高度H．