2016-2017学年安徽省淮北市濉溪中学高一下学期第三次月考物理试题
安徽省六安市舒城中学2016-2017学年高一物理上学期第三次检测试题 (含解析)
安徽省六安市舒城中学2016-2017学年高一（上）第三次检测物理试卷一、选择题（每小题4分，共48分．1-8题为单选题，只有一个选项正确，9-12为多选题，全部选对得4分，选对但不全得2分，不选或有选错的得0分．）1. 如图所示，某“闯关游戏”的笔直通道上每隔10m设有一个关卡，各关卡同步放行和关闭，放行和关闭的时间分别为8s和3s．关卡刚放行时，一同学立即在关卡1处以加速度2m/s2由静止加速到2m/s，然后匀速向前，则最先挡住他前进的关卡是（）A. 关卡2B. 关卡3C. 关卡4D. 关卡5【答案】B【解析】解：根据v=at可得：2=2×t1，所以加速的时间为：t1=1s加速的位移为：x1=at2==1m，到达关卡2的时间为：t2=s=3.5s，所以可以通过关卡2继续运动，到达关卡3的时间为：t3=s=4s，此时关卡3也是放行的，可以通过，到达关卡4的总时间为：1+3.5+4+4=12.5s，关卡放行和关闭的时间分别为5s和2s，此时关卡4是关闭的，所以最先挡住他前进的是关卡4，所以C正确；故选：C2. 为了安全，汽车在行驶途中，车与车之间必须保持一定的距离，这是因为从驾驶员看见某一情况到采取制动动作的反应时间里，汽车仍然要通过一段距离，这个距离称为反应距离，而从采取制动动作到汽车停止运动通过的距离称为制动距离．表中是在不同速度下的反应距离和制动距离的部分数据，根据分析计算，表中未给出的数据X、Y应是（）A. X=40，Y=24B. X=45，Y=24C. X=50，Y=22D. X=60，Y=22【答案】B【解析】由表格得，驾驶员的反应时间t=，y=v3t=20 1.2=24m，CD错；由得汽车的制动加速度a=，再由得x=，B对，C错。
3. 一汽车从静止开始做匀加速直线运动，然后刹车做匀减速直线运动，直到停止．下列速度v和位移x的关系图象中，能描述该过程的是（）A. B. C. D.【答案】A【解析】试题分析：物体做初速度为零的匀加速直线运动，设加速度为，则，，所以图象是单调递增凸函数，刹车后做匀减速直线运动，可以反过来看成初速度为零的匀加速直线运动，设加速度大小为，则，解得：，则图象是单调递增的凸函数，再反过来即为单调递减的凸函数，故A正确．考点：考查了运动图像【名师点睛】本题主要考查了匀变速直线运动位移速度公式的直接应用，知道车后做匀减速直线运动，可以反过来看成初速度为零的匀加速直线运动，难度适中．4. 如图所示，有一内壁光滑的闭合椭圆形管道，置于竖直平面内，MN是通过椭圆中心O点的水平线．已知一小球从M点出发，初速率为v0，沿管道MPN运动，到N点的速率为v1，所需时间为t1；若该小球仍由M点以初速率v0出发，而沿管道MQN运动，到N点的速率为v2，所需时间为t2，则（）A. v1=v2，t1＞t2B. v1＜v2，t1＞t2C. v1=v2，t1＜t2D. v1＜v2，t1＜t2【答案】A【解析】试题分析：根据机械能守恒定律分析小球到达N点时速率关系，结合小球的运动情况，分析平均速率关系，即可得到结论．解：由于小球在运动过程中只有重力做功，机械能守恒，到达N点时速率相等，即有v1=v2．小球沿管道MPN运动时，根据机械能守恒定律可知在运动过程中小球的速率小于初速率v0，而小球沿管道MQN运动，小球的速率大于初速率v0，所以小球沿管道MPN运动的平均速率小于沿管道MQN运动的平均速率，而两个过程的路程相等，所以有t1＞t2．故A正确．故选：A【点评】解决本题关键要掌握机械能守恒定律，并能用来分析小球速率的大小，知道平均速率等于路程与时间之比．5. 一个小石子从离地某一高度处由静止自由落下．某摄影爱好者恰好拍到了它下落的一段轨迹AB（照片中轨迹长度与实际长度相等）．该爱好者用直尺量出轨迹的长度，如图所示．已知拍摄时用的曝光时间为s，则小石子出发点离A点约为（）A. 20 mB. 10 mC. 6.5 cmD. 45 m【答案】A【解析】试题分析：据题意，由于照相机曝光时间极短，仅为t=0．001s，据在极短时间内的平均速度等于瞬时速度，即，而据上图可知物体在0．001s时间内的位移为0．02m，则石子在A点的瞬时速度为：，据匀变速直线运动速度位移时间关系：v2=2gh 可得物体下落位置到A点的高度为20m，故A选项正确。
(解析版)安徽省淮北十二中、濉溪二中2017-2018学年高一下学期期中联考物理试题
淮北市第十二中学2017-2018学年度高一第二学期期中考试物理试题一、选择题（共12题，每题4分，共48分，1-8题为单选题；9-12题为多选题，漏选得2分，多选、错选都不得分）1. 一质点做曲线运动，在运动中某一位置上，它的速度方向、加速度方向、合外力方向的关系是（）A. 速度、加速度、合外力的方向有可能都相同B. 加速度方向与合外力方向一定相同C. 加速度方向与速度方向不一定相同D. 速度方向与合外力方向可能相同，也可能不同【答案】B【解析】A项：物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，所以A错误；B项：物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，由牛顿第二定律可知，加速度方向与合外力方向一致，故B正确；C项：物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，加速度的方向是和合力的方向相同故加速度与速度方向一定不同，故C错误；D项：物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，即速度方向与合外力方向一定不同，故D错误。
点晴：物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，速度的方向与该点曲线的切线方向相同；由牛顿第二定律可以判断加速度的方向。
2. 如图所示，重物M沿竖直杆下滑，并通过绳带动小车沿斜面升高。
则当滑轮右侧的绳与竖直方向成角，且重物下滑的速率为v时，小车的速度为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】将M物体的速度按图示两个方向分解，如图所示，得绳子速率为：v绳=vcosθ故应选A。
3. 如图所示的传动装置中，B、C两轮固定在一起绕同一轴转动，A、B两轮用皮带传动，三轮半径关系是r A＝r C＝2r B，若皮带不打滑，则A、B、C轮边缘的a、b、c三点的角速度之比和线速度之比为（）A. 1：2：2，1：1：2B. 1：2：2，2：1：2C. 1：2：1，1：1：2D. 1：1：2，1：1：2【答案】A..................由角速度和线速度的关系式v=ωR可得ωa：ωb=1：2由于B轮和C轮共轴，故两轮角速度相同，即ωb=ωc，所以ωa：ωb：ωc=1：2：2由v=ωR可得：故A正确。
安徽省濉溪县第二中学2017-2018学年高一上学期第三次月考物理试题 Word版含答案
2017-2018学年高一年级上学期第三次考试物理试卷【考试时间：100分钟总分：100分】第Ⅰ卷（选择题共40分）一、选择题(本题共10小题，每小题4分，共40分。
1-8题只有一个选项正确，9-10小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答者得0分)1.有下列几种情景，请根据所学知识选择对情景的分析和判断正确的说法( )A.点火后即将升空的火箭，因火箭还没运动，所以加速度一定为零B.高速公路上沿直线高速行驶的轿车为避免事故紧急刹车.因轿车紧急刹车，速度变化快，所以加速度很大C.高速行驶的磁悬浮列车，因速度很大，所以加速度也一定很大D.太空中的“天宫一号”绕地球匀速转动，一定能看成质点2．下列说法，正确的是( )A．两个物体只要接触就会产生弹力B．滑动摩擦力的方向总是和物体的运动方向相反C．放在桌面上的物体受到的支持力是由于桌面发生形变而产生的D．形状规则的物体的重心必与其几何中心重合3. 如图所示，重为100N的物体在水平向左的力F=20N作用下，以初速度V0沿水平面向右滑行．已知物体与水平面的动摩擦因数为0.2，则此时物体所受的合力为（）A． 0 B．40N，水平向左C．20N，水平向右D．20N，水平向左4．某同学骑自行车上学时，地面对前轮的摩擦力为F1，对后轮的摩擦力为；推自行车前进时，地面对前轮的摩擦力为F2，对后轮的摩擦力为则（）A. F1与车前进方向相同B. 与车前进方向相同C. F2与车前进方向相同D. 与车前进方向相同5.一根弹簧原长10cm ，挂上重2N 的砝码时，伸长1cm ，这根弹簧挂上重8N 的物体时，它的长度为（弹簧的形变是弹性形变）（ ） A ．4cm B ．44cm C ．15cm D ．14cm6．如图所示，质量为m 的木块在质量为M 的木板上滑行，木板与地面间动摩擦因数为μ1，木块与木板间的动摩擦因数为μ2，木板一直静止，那么木板受地面的摩擦力大小为( )A ．2mg μB ．1u MgC ．1()m M g μ+D ．12Mg mg μμ+7.一辆汽车，以速度为v 0＝12 m/s 的速度前进，突然发现前面有石块，便以大小为6 m/s 2的加速度刹车，则刹车后3 s 内的位移为 ( )． A ．9 m B ．12 m C ．21 m D ．8 m8．L 型木板P(上表面光滑)放在固定斜面上，轻质弹簧一端固定在木板上，另一端与置于木板上表面的滑块Q 相连，如图所示．若P 、Q 一起沿斜面匀速下滑，不计空气阻力．则木板P 的受力个数为( )A ．3B ．4C ．5D ．69. 将一个大小为10N 的力分解为两个分力，如果已知其中的一个分力的大小为15N ，则另 一个分力的大小可能是（ ）A ． 10NB ． 15NC ． 30ND ． 40N10.半圆柱体P 放在粗糙的水平地面上，其右端有一竖直放置的光滑档板MN ．在半圆柱体P 和MN 之间放有一个光滑均匀的小圆柱体Q ，整个装置处于静止，如图所示是这个装置的截面图．现使MN 保持竖直并且缓慢地向右平移，在Q 滑落到地面之前，发现P 始终保持静止．则在此过程中，下列说法正确的是（ ）A ． MN 对Q 的弹力逐渐增大B ． 地面对P 的支持力逐渐增大C ． Q 所受的合力逐渐增大D ． 地面对P 的摩擦力逐渐增大第Ⅱ卷（非选择题共60分）二、实验题（共16分）11．（12分）某同学做“验证力的平行四边形定则”实验的情况如下图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图．（1）关于此实验的下列说法中正确的是．A．同一次实验中，O点位置不允许变动B．实验中，只需记录弹簧测力计的读数和O点的位置C．实验中，把橡皮筋的另一端拉到O点时，两个弹簧测力计之间的夹角必须取90°D．实验中，要始终将其中一个弹簧测力计沿某一方向拉到最大量程，然后调节另一弹簧测力计拉力的大小和方向，把橡皮筋另一端拉到O点（2）图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是．（3）本实验采用的科学方法是．12．（4分）如图所示，是某同学在“研究物体做匀变速直线运动规律”的实验中，在小车的牵引下用打点计时器打出的一条纸带，图中A、B、C、D、E是按打点先后顺序依次选取的计数点，相邻计数点间的时间间隔T=0.1s。
安徽省濉溪县第二中学20212021学年高一物理下学期第三次月考试题
安徽省濉溪县第二中学2021-2021学年高一物理下学期第三次月考试题〔扫描版〕濉溪二中第三次月考试 答 题 卷一、不定项选择题 (每题4分，共48分) 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 选项ACBDBAAAACBCACAD二. 实验题〔每空3分，共12分〕 13. (1) ___A_____．(2) 不正确 此时小车仍处于加速阶段 ． (3) 不能三、计算题(此题共4小题, 共40分).14.(8分)解: (1)第1秒内滑块的位移为x 1＝0.5 m ， 第2秒内滑块的位移为x 2＝－0.5 m 。
由W ＝Fx cos α可得，W 1＝0.5 J W 2＝－1.5 J 。
(2)前2秒内力F 的总功W F ＝W 1＋W 2＝－1.0 J 。
(3)由动能定理可求合力的功W ＝12mv 22－12mv 21＝0。
15、(12分)) 设a 球抵达最高点时的速度为a v ，那么： mg-0.75mg=m Rv a2得gR v a 21=同理，设ｂ球抵达最高点时的速度为b v ，mg=m Rv b2得gR v b =A 、B 两球离开轨道的最高点后均做平抛运动，设平抛运动得时间为t 那么2212gt R =得gR t 4= 故A 的水平位移为R t v x a a == B 的水平位移为R t v x b b 2==故a 、b 两球落地址间的距离R x x x a b =-=∆16、〔10分〕解：设地球质量为M，飞船质量为m，飞船运行时万有引力提供向心力，按照万有引力定律和牛顿第二定律有飞船运行周期为质量为m的物体在地面有解得飞船距地面高度17、〔10分〕解：〔1〕滑块在圆弧轨道受重力、支持力和摩擦力作用，由动能定理mgR－W f=mv2W f〔2〕F N－mg=m∴F N〔3〕小球离开圆弧后做平抛运动H=gt2解得t=0.5s落地时竖直分速度v y=gt=5m落地时速度大小v=5m/s，方向与水平方向夹角为45°。
安徽省濉溪县2017-2018学年高一物理下学期期末考试试题(扫描版)
安徽省濉溪县2017-2018学年高一物理下学期期末考试试题（扫描版）濉溪县2017-2018学年度第二学期期末考试高一物理答案一、选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分；其中第1~7小题每题只有一个选项正确，第7~10小题每题有多个选项正确，二、探究与实验题：本题共2小题，期中11题8分，12题7分，共15分。
11.（1）保证小球的初速度水平………………（2分）（2）保证小球平抛运动的初速度相等…………（2分）（3）…………（3分）；1.0………………（1分）12 (1)左……（1分）；(2)B …………（2分）(3)1.89 …………（2分）， 1.70 …………（2分）三、计算题（共5道题，共55分。
解答应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写出最后的不能得分。
有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
）13:（本题满分值10分）。
设手榴弹飞行时间为t(1)手榴弹的水平位移x=v0t ………………（2分）手榴弹的竖直位移h=（1/2）gt2 ………………（2分）且h=x tan 30°………………（1分）解得t=3 s ,h=45 m …………………………（2分）战士从拉动弹弦到投出所用的时间t 0=5 s -t=2 s 。
…………………………（1分）(2)点A 、B 的间距s=h/sin30°=90 m 。
………………（2分） 14：（本题满分值10分）(1)汽车在最高点时重力与支持力的合力提供向心力．mg －N ＝m v 2R ……………………（4分）N ＝mg －m v 2R＝9500 N ………………（1分）由牛顿第三定律可知，汽车对桥的压力N ′＝9500 N(竖直向下)．（1分） (2)当汽车对桥面压力恰好为0时，有：mg ＝m v 2R……………………（3分）v ＝gR ＝10 5 m/s. …………（1分）15．（本题满分值10分）（1）绕行星运动的宇宙飞船：r v m rMm G 22= …………（3分）解得：rGMv =…………（1分） （2）绕行星运动的宇宙飞船：vrπT 2=…………（2分） 解得：GMr T 32π= …………（1分）（3）在行星表面：2MmGmg R =………………（2分） 解得：2RGMg = ………………（1分）16：（本题满分值12分）(1)设汽车所受阻力为f ，当汽车达到最大速度时有P ＝Fv ＝fv m …… (2分)所以f ＝P v m ＝80×10320N ＝4×103N ． ………………(1分)(2)由牛顿第二定律得F －f ＝ma ……………………（2分）求得汽车达到匀加速运动的最大速度为v ＝PF=10m/s ………………(2分) 又据运动学公式v ＝at ………… (1分) 匀加速运动的时间为t ＝5 s ．………………(1分) 所以3 s 末汽车的瞬时功率P ＝Fv 3＝(f ＋ma )at 3＝(4×103＋2 000×2)×2×3 W ＝4.8×104W ．…… (3分)17．（本题满分值13分）（1）选手由静止摆到最低点的过程中：221)cos 1(mv mgL =-θ …………（3分） 解得：v = 4 m/s ………………（1分） （2）选手从最高点落至水中深为d 处的过程中：mg (H -L cos θ+d )-f 1d -f 2d =0 ………………（4分）解得：d = 1.2 m ………………（1分） （3）选手由静止摆到最低点的过程中：221)cos 1(mv mgL =-θ 选手从最低点落至浮台的过程中：水平方向：x =vt ……………………（1分） 竖直方向：221t g L H =- ……………………（1分） 解得：⎥⎦⎤⎢⎣⎡--=22)23(496.1L x ………………（2分）因此当L =1.5m 时，落点距离岸边最远， …………（1分）。
安徽省淮北市濉溪县高一物理下学期期末考试试题(扫描版)
濉溪县2016—2017学年度第二学期期末考试高一物理答案一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分；题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 ACDBDDBBAADBCD二、实验题:本题共3小题，共14分11. （1）实验示意图如图所示 ……（1分）（2） 弹射器必须保持水平 ……(1分)(3) 弹丸下降高度y 和水平射程x ……（2分） （4) 在不改变高度y 的条件下进行多次实验（1分)测量水平射程x ，得出平均水平射程 （1分）（5) 0= ……(1分)12. AC ……（4分）13. 低压交流电源，纸带，刻度尺（每空1分）三、计算题：本题共5大题，共46分，解答时要写出必要的文字说明和重要的解题步骤,只写出最后答案的不得分.14、 以飞行员为研究对象，设其受坐椅支持力为F则2v F mg mR-= ……………… （4分）21950v F mg m NR=+= ……………… （1分）由牛顿第三定律知飞行员对坐椅的压力1950F F N '==向下…………（1分)15。
(1)车沿平直路面做匀速运动时,小球处于平衡状态，传感器的示数为F 0＝mg ＝4 N得到m ＝0。
4 kg …………（2分）该货车在此圆弧形弯道上做匀速圆周运动时，地面对其摩擦力提供向心力，为了防止侧滑,向心力不能超过最大静摩擦力，即Rv m mg m2≥μ ……（2分)代入数据得：s m Rg v m /8=≤μ ……（1分） (2）小球受一个重力mg ＝4 N,方向竖直向下，一个拉力F ＝5 N ，二者的合力沿水平方向提供向心力，根据几何关系得到 Rv m mg F 222)(=- …………（4分）代入数据得s m v /152= ……(1分）16、(1)因为天宫一号的运行轨道看做圆轨道，万有引力充当向心力，所以：222()()()Mm Gm R h T R h π=++………………………(5分）2324()R h M GT π+=………………………………（2分)（2）地球的平均密度32333()43πρπ+==MR h GT R R …………………………（3分)17、（1）当汽车在路面上行驶达到最大速度时a=0，故满足牵引力F=f ．……（2分） 由P=FV 得:………………(2分）（2）汽车匀加速时，有牛顿第二定律得： F ﹣f=ma即牵引力： F=ma+f=4000×2+4000×10×0.1=12000N,…………(2分） 根据P=Fv 得功率刚刚达到额定功率时得速度为:…………（2分）由v=at 得匀加速运动得最长时间为：……（2分）18．（1）球从A 到B 受重力和线的拉力，只有重力做功，球从B 到D 做平抛运动，也只有重力对球做功，故球从A 到D 运动的全过程中机械能守恒,取地面为参考面，则mg (H －l cos60°）＝21mv D 2 得 v D ＝10。
安徽省淮北市第一中学2017届高三最后一卷理科综合物理试题 含答案 精品
二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14.下列说法正确的是（）A. 在光电效应实验中，用同种频率的光照射不同的金属表面，从金属表面逸出的光电子最大初动能E k越大，则这种金属的逸出功W0越小B. 由玻尔理论可知，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要辐射一定频率的光子，同时电子的动能减小，电势能增大C. 氡原子核的半衰期为3. 8天，4个氡原子核经过7. 6天一定只剩下1个未发生衰变D. 是聚变反应16.如图所示，空间有一正三棱锥OABC，点A＇、B＇、C＇分别是三条棱的中点。
现在顶点O处固定一正点电荷，下列说法中正确的是（）A. A＇、B＇、C＇三点的电场强度相同B．△ABC所在平面为等势面C．将一正试探电荷从A＇点沿直线移到B＇，静电力对该试探电荷先做正功后做负功D．若A＇点的电势为A＇，A点的电势为A，则AA＇连线中点D处的电势D一定小于2BA ϕϕ+17.如图所示，电压U保持不变，理想变压器的原线圈电路中连接者可变电阻R和灯泡a，副线圈电路中接着灯泡b。
若将可变电阻R的阻值增大，则下列说法正确的是( )A.灯泡a变亮，灯泡b变暗B.灯泡a变暗，灯泡b变亮C.灯泡a、灯泡b都变亮D.灯泡a、灯泡b都变暗18.如图所示，竖直平面内有一半径为R的固定四分之一圆弧轨道与水平轨道相切与最低点B。
一质量为m的小物块P（可视为质点）从A处由静止滑下，经最低点B后沿水平轨道运动，B、C两点间的距离为R，物块P与圆轨道、水平轨道之间的动摩擦因数均为μ。
若将物块P从A处正上方高度为R处静止释放，从A处进入轨道，最终停在水平轨道上D点，B、D两点间的距离为s，下列关系正确的是（）19.利用探测器探测某行星，探测器在距行星表面高度为h1的轨道上做匀速圆周运动时，测得周期为T1；探测器在距行星表面高度为h2的轨道上做匀速圆周运动时，测得周期为T2，万有引力常量为G，根据以上信息可求出（）A．该行星的质量B．该行星的密度C．该行星的第一宇宙速度D．探测器贴近行星表面飞行时行星对它的引力三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。
安徽省淮北一中高一下学期期中物理试题试卷参考答案
安徽省淮北一中高一下学期期中物理试题试卷含答案考试时间：100分钟，满分：100分一、单项选择题（共8题，32分），下面说法中正确的是（）1. 对于万有引力定律的表达式F=G m1m2r2A. 公式中G为引力常量，它不是由实验测得的，而是人为规定的B. 当两物体表面距离r趋近于零时，万有引力趋近于无穷大C. m1与m2受到彼此的引力总是大小相等的，而与m1、m2是否相等无关D. m1与m2受到彼此的引力总是大小相等、方向相反的，是一对平衡力【答案】C2.关于环绕地球运转的人造地球卫星，有如下几种说法，其中正确的是（ )A. 轨道半径越大，线速度越小，角速度越小B. 轨道半径越大，线速度越大，角速度越大C. 轨道半径越大，线速度越大，周期越长D. 轨道半径越小，线速度越小，周期越长【答案】A3. 在越野赛车时，一辆赛车在水平公路上减速转弯，从俯视图中可以看到，赛车沿圆周由P向Q行驶，下列图中画出了赛车转弯时所受合力的四种方式，你认为正确的是（）A. B. C. D.【答案】D4. 雨伞半径R，高出地面ℎ，雨伞以角速度ω旋转时，雨滴从伞边缘飞出，忽略空气阻力，则以下说法中正确的是：（）A. 雨滴沿飞出的点的半径方向飞出，做平抛运动B. 雨滴沿飞出的点的切线方向飞出，做平抛运动C. 雨滴落地后在地面形成一个和伞半径相同的圆D. 雨滴落地后在地面形成一个比伞半径小的圆【答案】B5. 下列关于向心加速度的说法中，正确的是（）A. 向心加速度的方向始终与速度的方向垂直B. 向心加速度的方向可能与速度方向不垂直C. 向心加速度的方向保持不变D. 向心加速度的方向与速度平行【答案】A6. 宇宙中两颗相距较近的天体称为“双星”,它们以二者连线上的某一点为圆心做匀速圆周运动,而不至因为万有引力的作用而吸引到一起.如图所示,某双星系统中A、B两颗天体绕O点做匀速圆周运动,它们的轨道半径之比rA :rB=1:2,则两颗天体的( )A.质量之比 mA :mB=2:1B.角速度之比ωA :ωB=1:2C.线速度大小之比 vA :vB=2:1D.向心力大小之比FA :FB=2:1答案 A7.设地球的半径为R0，质量为m的卫星在距地面R高处做匀速圆周运动，地面的重力加速度为g，则以下说法错误的是A. 卫星的线速度为B. 卫星的角速度为C. 卫星的加速度为D. 卫星的周期【答案】C8. 两颗人造卫星A、B绕地球做圆周运动，周期之比为T A:T B=1:8，则轨道半径之比和运动速率之比分别为（）A. R A:R B=4:1V A:A B=1:2B. R A:R B=4:1V A:A B=2:1C. R A:R B=1:4V A:A B=1:2D. R A:R B=1:4V A:A B=2:1【答案】D二、双项选择题（4题，共16分）9. 如图所示，在高H处有小球A，速度v1水平抛出，与此同时，地面上有个小球B以速度v2竖直上抛，两球在空中相遇，则（）A. 从它们抛出的到相遇所需的时间是Hv1B. 从它们抛出的到相遇所需的时间是Hv2C. 两球抛出的时的水平距离为v2Hv1D. 两球抛出的时的水平距离为v1Hv2【答案】BD10. 质量为m的物块，沿着半径为R的半径形金属壳内壁滑下，半球形金属壳竖直固定放置，开口向上，滑到最低点时速度大小为v，若物体与球壳之间的摩擦因数为μ，则物体在最低点时，下列说法正确的是（）A. 受到向心力为mg+m v2R B. 受到有摩擦力为μm v2RC. 受到有摩擦力为μ(mg+m v 2R) D. 受到的合力方向斜向左上方【答案】CD11. 如图所示，a、b、c是地球大气层外圆形轨道上运动的三颗卫星，a和b质量相等且小于c的质量，则说法正确的是（）A. a所需向心力最小B. b、c的周期相同且大于a的周期C. b、c向心力加速度大小相等，且大于a的向心加速度D. b、c的线速度大小相等，且小于a的线速度【答案】BD12. 已知引力常量G，月球中心到地球中心的距离R，月球绕地球运行的周期T，仅利用这三个数据，可以估算出的物理量有（）A. 地球的质量B. 月球的质量C. 地球的半径D. 月球绕地球运行速度的大小【答案】AD三、填空与实验题(第13小题6分，第14小题8分，共14分)13．某研究性学习小组进行了如下实验：如图13所示，在一端封闭的光滑细玻璃管中注满清水，水中放一个红蜡做成的小圆柱体R(R视为质点)，将玻璃管的开口端用胶塞塞紧后竖直倒置且与y轴重合，在R从坐标原点以速度v0＝3 cm/s 匀速上浮的同时，玻璃管沿x轴正方向做初速度为零的匀加速直线运动．图13(1)同学们测出某时刻R的坐标为(4 cm，6 cm)，此时R的速度大小为________cm/s，R的加速度大小为________cm/s2.(2)R在上升过程中运动轨迹的示意图是图14中的________(填选项字号)．图1413．(1)5 , 2 (2)D[解析] (1)小圆柱体R沿y轴正方向做匀速运动，有y＝v0t，则t＝yv＝63s＝2 s，R沿x轴正方向做初速度为0的匀加速运动，有x＝12at2，解得a＝2xt2＝2×422cm/s2＝2 cm/s2，此时R的速度大小v＝v20＋（at）2＝32＋42 cm/s＝5 cm/s.(2)因合外力方向沿x轴正方向，由合外力指向曲线弯曲的内侧可判断出轨迹示意图是D.14．某物理实验小组采用如图15所示的装置研究平抛运动．图15(1)安装实验装置的过程中，斜槽末端的切线必须是水平的，这样做的目的是________(填选项前的字母)．A．保证小球飞出时的速度既不太大也不太小B．保证小球飞出时的初速度水平C．保证小球在空中运动的时间每次都相等D．保证小球运动的轨迹是一条抛物线(2)某同学每次都将小球从斜槽的同一位置由静止释放，并从斜槽末端水平飞出．改变水平挡板的高度，就改变了小球在板上落点的位置，从而可描绘出小球的运动轨迹．该同学设想小球先后三次做平抛运动，将水平板依次放在图16中1、2、3的位置，且1与2的间距等于2与3的间距．若三次实验中小球从抛出点到落点的水平位移依次为x1、x2、x3，忽略空气阻力的影响，则下面分析正确的是________(填选项前的字母)．图16A．x2－x1＝x3－x2B．x2－x1＜x3－x2C．x2－x1＞x3－x2D．无法判断(x2－x1)与(x3－x2)的大小关系(3)另一同学通过正确的实验步骤及操作，在坐标纸上描出了小球水平抛出后的运动轨迹．部分运动轨迹如图17所示，图中小格在水平方向与竖直方向上的长度均为L，P1、P2和P3是轨迹图线上的3个点，P1和P2之间、P2和P3之间的水平距离相等，重力加速度为g，可求出小球从P1运动到P2所用的时间为________，小球抛出时的水平速度为________．图1714．(1)B (2)C (3)2Lg3gL2[解析] (1)实验中要保证抛出的小球的初速度沿水平方向，斜槽末端的切线必须是水平的，选项B正确．(2)由于小球在竖直方向上做自由落体运动，竖直方向的速度越来越大，则从1到2的时间大于从2到3的时间，在水平方向上做匀速运动，由x＝v0t，得x2－x1>x3－x2，选项C正确．(3)由图中P1和P2之间、P2和P3之间的水平距离相等，可得从P1到P2、从P 2到P3的时间相等，设相等的时间间隔为T，则5L－3L＝gT2，解得T＝2Lg，由3L＝v0T，解得v0＝3gL 2.四、计算题：（4题，共38分）15. （8分）在冬天，高为ℎ=1.25m的平台上，覆盖一层薄冰，一乘雪橇的滑雪爱好者，从距平台边缘x=24m处以一定的初速度向平台边缘滑动，如图所示，当他滑离平台即将着地的瞬间，其速度方向与水平地面夹角为θ=45°，取重力加速度g=10m/s2，求（1）滑雪者着地点到平台边缘的水平距离是多大．（4分）（2）若平台上的薄冰面与雪橇间的动摩擦因数为μ=0.05，则滑雪者的初速度是多大．（4分）【答案】（1）2.5m；（2）7m/s．【解析】（1）把滑雪爱好者着地时的速度v t分解为如右图所示的v0、v⊥两个分量．由ℎ=12gt2．得：t=2ℎg =2×1.2510s=0.5s则v⊥=gt=5m/s，v0=v⊥tan45°=5m/s．着地点到平台边缘的水平距离：x=v0t=2.5m．（2）滑雪者在平台上滑动时，受到滑动摩擦力作用而减速，由运动学公式：−2μgs＝v2−v02得：v=7m/s，即滑雪者的初速度为7m/s．点睛：滑雪爱好者滑离平台后做平抛运动，根据平抛运动的特点及基本公式即可求解；滑雪者在平台上滑动时，受到滑动摩擦力作用而减速，对滑动过程运用动能定理即可求解．16.（9分）如图所示，一杂技运动员骑摩托车沿一竖直圆轨道特技表演，竖直圆的半径R=40m；若摩托车运动的速率恒为v=20m/s，人和车的总质量m= 200kg（摩托车车身的长不计，取g=10m/s2求：（1）摩托车通过最高点A时对轨道压力．（3分）（2）摩托车通过最低点B时对轨道压力．（3分）（3）当摩托车的速度恰好竖直上时对轨道压力．（3分）【答案】（1）0N．（2）4000N．（3）2000N．【解析】（1）摩托车通过最高点A对轨道压力：mg+N=mv2R，代入数据：2000+N=200×20240．∴N=0N．，（2）摩托车通过最低点B对轨道压力：N−mg=mv2R+mg=4000N．N=mv2R=2000N．（3）摩托车速度恰好竖直向上时对轨道压力N=mv2R17. （10分）已知地球与火星的质量之比M球:M火=10:1，半径之比R球:R火= 2:1, 现用一段绳子水平拖动放在火星表面固定木板上的箱子，设箱子与木板间摩擦因数为0.5，水平拉力F=10N，箱子的质量为m=1kg，地球表面重力加速度g取10m/s2．求：（1）火星表面的重力加速度g是多少．（5分）（2）箱子获得的加速度是多少．（5分）【答案】（1）GM．（2）8m/s2．R2【解析】（1）∵星球表面的万有引力等于重力．=mg．∴GMmR2．∴g=GMR（2）∵地球与火星的质量之比为M球:M火=10:1，半径之比R球:R火=2:1．∴火星表面重力加速度g火=0.4g地=4m/s2．箱子和木板间的动摩擦因素为0.5，根据牛顿第二定律：地面上有：F−μmg地=ma地．火星上有：F−μmg火=ma火．=8m/s2．∴a火点睛：根据星球表面的万有引力等于重力列出等式表示出重力加速度；通过火星的质量和半径与地球的关系找出重力加速度的关系；根据牛顿第二定律表示出木箱能获得的加速度，进行分析比较．18、（11分）科学家认为在太阳系中除地球外最有可能出现生命的是土卫六——泰坦。
安徽省淮北市濉溪县高一物理下学期期末考试试题(扫描
濉溪县2016-2017学年度第二学期期末考试高一物理答案一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分；题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10答案ACD BD D B B A AD B C D二、实验题：本题共3小题，共14分11. (1)实验示意图如图所示……（1分）(2) 弹射器必须保持水平……（1分）(3) 弹丸下降高度y和水平射程x ……（2分）(4) 在不改变高度y的条件下进行多次实验（1分）测量水平射程x，得出平均水平射程（1分）(5) 0=……（1分）12. AC……（4分）13. 低压交流电源，纸带，刻度尺（每空1分）三、计算题：本题共5大题，共46分，解答时要写出必要的文字说明和重要的解题步骤，只写出最后答案的不得分。
14、以飞行员为研究对象，设其受坐椅支持力为F则错误!未找到引用源。
………………（4分）错误!未找到引用源。
………………（1分）由牛顿第三定律知飞行员对坐椅的压力错误!未找到引用源。
向下…………（1分）15.(1)车沿平直路面做匀速运动时，小球处于平衡状态，传感器的示数为F0＝mg＝4 N得到m＝0.4 kg …………（2分）该货车在此圆弧形弯道上做匀速圆周运动时，地面对其摩擦力提供向心力，为了防止侧滑，向心力不能超过最大静摩擦力，即错误!未找到引用源。
……（2分）代入数据得：错误!未找到引用源。
……（1分）(2)小球受一个重力mg＝4 N，方向竖直向下，一个拉力F＝5 N，二者的合力沿水平方向提供向心力，根据几何关系得到错误!未找到引用源。
…………（4分）代入数据得错误!未找到引用源。
……（1分）16、（1）因为天宫一号的运行轨道看做圆轨道，万有引力充当向心力，所以：错误!未找到引用源。
………………………（5分）错误!未找到引用源。
………………………………（2分）（2）地球的平均密度错误!未找到引用源。
…………………………（3分）17、（1）当汽车在路面上行驶达到最大速度时a=0，故满足牵引力F=f．……（2分）由P=FV得：………………（2分）（2）汽车匀加速时，有牛顿第二定律得：F﹣f=ma即牵引力：F=ma+f=4000×2+4000×10×0.1=12000N，…………（2分）根据P=Fv得功率刚刚达到额定功率时得速度为：…………（2分）由v=at得匀加速运动得最长时间为：……（2分）18．（1）球从A到B受重力和线的拉力，只有重力做功，球从B到D做平抛运动，也只有重力对球做功，故球从A到D运动的全过程中机械能守恒，取地面为参考面，则mg（H－l cos60°）＝错误!未找到引用源。
安徽省淮北市第一中学必修3物理 全册全单元精选试卷检测题
安徽省淮北市第一中学必修3物理 全册全单元精选试卷检测题一、必修第3册 静电场及其应用解答题易错题培优（难）1．如图所示，把一个倾角为θ的绝缘斜面固定在匀强电场中，电场方向水平向右，电场强度大小为E ，有一质量为m 、带电荷量为＋q 的物体，以初速度v 0从A 端滑上斜面恰好能沿斜面匀速运动，求物体与斜面间的动摩擦因数．【答案】cos sin cos sin qE mg mg qE θθθθ-+【解析】 【分析】 【详解】物体做匀速直线运动，由平衡条件得：在垂直于斜面方向上：N=mgcosθ+qEsinθ…① 在平行与斜面方向上：f+mgsinθ=qEcosθ…② 滑动摩擦力：f=μN…③ 由①②③可得：f qEcos mgsin N mgcos qEsin θθμθθ-=+＝ ． 【点睛】本题考查了学生受力分析及力的合成以及摩擦定律的相关知识，正确的受力分析是正确解题的关键，学会用正交分解法处理多力合成问题．2．如图，ABD 为竖直平面内的绝缘轨道，其中AB 段是长为 1.25L m =的粗糙水平面，其动摩擦因数为0.1μ=，BD 段为半径R =0.2 m 的半圆，两段轨道相切于B 点,整个轨道处在竖直向下的匀强电场中，电场强度大小3510/E V m =⨯。
一带负电小球，以速度v 0从A 点沿水平轨道向右运动，接着进入半圆轨道后，恰能通过最高点D 点。
已知小球的质量为22.010m kg -=⨯，所带电荷量52.010q C -=⨯，g 取10 m/s 2(水平轨道足够长，小球可视为质点，整个运动过程无电荷转移)，求：（1）带电小球在从D 点飞出后，首次在水平轨道上的落点与B 点的距离； （2）小球的初速度v 0。
【答案】（1）0.4m ；（2）2.5m /s 【解析】 【详解】（1）对小球，在D 点，有：2Dv mg qE m R-=得：1m/s D v =从D 点飞出后，做平抛运动，有：mg qE ma -=得：25.0m/s a =2122R at =得：0.4t s =0.4m D x v t ==（2）对小球，从A 点到D 点，有：22011()2222D mg qE L mg R qE R mv mv μ---⋅+⋅=- 解得：0 2.5m/s v =3．（1）科学家发现，除了类似太阳系的恒星-行星系统，还存在许多双星系统，通过对它们的研究，使我们对宇宙有了较深刻的认识．双星系统是由两个星体构成，其中每个星体的线度（直径）都远小于两星体间的距离，一般双星系统距离其它星体很远，可以当做孤立系统处理．已知某双星系统中每个星体的质量都是M 0，两者相距L ，它们正围绕两者连线的中点做匀速圆周运动，引力常量为G ．①求该双星系统中每个星体的线速度大小v ；②如果质量分别为m 1和m 2的质点相距为r 时，它们之间的引力势能的表达式为12p m m E Gr=-，求该双星系统的机械能． （2）微观世界与宏观世界往往存在奇妙的相似性．对于氢原子模型，因为原子核的质量远大于电子质量，可以忽略原子核的运动，形成类似天文学中的恒星-行星系统，记为模型Ⅰ．另一种模型认为氢原子的核外电子并非绕核旋转，而是类似天文学中的双星系统，核外电子和原子核依靠库仑力作用使它们同时绕彼此连线上某一点做匀速圆周运动，记为模型Ⅱ．假设核外电子的质量为m ，氢原子核的质量为M ，二者相距为r ，静电力常量为k ，电子和氢原子核的电荷量均为e ．已知电荷量分别为+q 1和-q 2的点电荷相距为r 时，它们之间的电势能的表达式为12p q q E kr=-． ①模型Ⅰ、Ⅱ中系统的能量分别用E Ⅰ、 E Ⅱ表示，请推理分析，比较E Ⅰ、 E Ⅱ的大小关系； ②模型Ⅰ、Ⅱ中电子做匀速圆周运动的线速度分别用v Ⅰ、v Ⅱ表示，通常情况下氢原子的研究采用模型Ⅰ的方案，请从线速度的角度分析这样做的合理性．【答案】（1）①v =②202M G L -（2）①2-2ke r②模型Ⅰ的简化是合理的【解析】（1）① 22002/2M M v G L L =，解得v =②双星系统的动能2200k 0012222GM GM E M v M L L =⨯==，双星系统的引力势能20P GM E L =-，该双星系统的机械能E=E k +E p =202M G L - （2）①对于模型Ⅰ：22I 2mv ke r r =，此时电子的动能E k Ⅰ=22ke r又因电势能2pI e E k r =-，所以E Ⅰ= E k Ⅰ+E p Ⅰ=2-2ke r对于模型Ⅱ：对电子有：22121mv ke r r =， 解得 22112mv r r ke= 对于原子核有：22222Mv ke r r =， 解得 22222Mv rr ke = 因为r 1+r 2=r ，所以有22221222+mv r Mv rr ke ke =解得E k Ⅱ=2221211222ke mv Mv r+=又因电势能2pe E k r =-Ⅱ，所以E Ⅱ= E k Ⅱ+E p Ⅱ=2-2ke r即模型Ⅰ、Ⅱ中系统的能量相等，均为2-2ke r②解法一：模型Ⅰ中：对于电子绕原子核的运动有22I I 2=mv ke m v r r ω=，解得2I 2=ke v m r ω 模型Ⅱ中：对电子有：22II 1II 21=mv ke m v r r ω=， 解得2II 21=ke v m r ω对于原子核有：22222=ke Mv M v r r ω=， 因ω1=ω2，所以mv Ⅱ=Mv又因原子核的质量M 远大于电子的质量m ，所以v Ⅱ>>v ，所以可视为M 静止不动，因此ω1=ω2=ω，即可视为v Ⅰ=v Ⅱ．故从线速度的角度分析模型Ⅰ的简化是合理的． ②解法二：模型Ⅰ中：对于电子绕原子核的运动有22I 2mv ke r r =，解得I v模型Ⅱ中：库仑力提供向心力：222122=ke mr Mr r ωω== (1)解得12=r M r m；又因为r 1+r 2=r 所以1=M r m M + 2=mr m M+带入（1）式：ω=所以：1v r ω=Ⅱ2v r ω=又因原子核的质量M 远大于电子的质量m ，所以v Ⅱ>>v ，所以可视为M 静止不动；故从线速度的角度分析模型Ⅰ的简化是合理的．4．如图所示，长l ＝1m 的轻质细绳上端固定，下端连接一个可视为质点的带电小球，小球静止在水平向右的匀强电场中，绳与竖直方向的夹角θ＝37°.已知小球所带电荷量q ＝1.0×10－6C ，匀强电场的场强E ＝3.0×103N/C ，取重力加速度g ＝10m/s 2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8.求：(1)小球所受电场力F 的大小； (2)小球的质量m ；(3)将电场撤去，小球回到最低点时速度v 的大小． 【答案】(1)F =3.0×10－3N (2)m =4.0×10－4kg (3)v =2.0m/s 【解析】 【分析】 【详解】(1)根据电场力的计算公式可得电场力6331.010 3.010N 3.010N F qE --==⨯⨯⨯=⨯； (2)小球受力情况如图所示：根据几何关系可得tan qEmg θ=，所以34310kg 410kg tan 10tan 37qE m g θ--⨯===⨯⨯︒； (3)电场撤去后小球运动过程中机械能守恒，则21(1cos37)2mgl mv -︒=，解得v =2m/s ．5．如图所示，在O 点处放置一个正电荷．在过O 点的竖直平面内的A 点，由静止释放一个带正电的小球，小球的质量为m 、电荷量为q ．小球落下的轨迹如图所示，轨迹与以O 为圆心、R 为半径的圆相交于B 、C 两点，O 、C 在同一水平线上，∠BOC=30°，A 距离OC 的竖直高度为h ，已知小球通过B 点的速度为v ，重力加速度为g ，求： (1)小球通过C 点的速度大小；(2)小球由A 运动到C 的过程中电场力做的功．【答案】(1) 2c gR =+v v (2) 21()2W m gR mgh =+-v 【解析】试题分析：（1）小球下落过程中，受到重力和电场力，由于B 、C 两点处于同一等势面上，故从B 到C 过程电场力做功为零，只有重重力做功，根据动能这定理求解到达C 点的速度；（2）小球从A 至C 的过程中只有重力和电场力做功，根据动能定理即可求解电场力做功．（1）小球从B 点到C 点的过程中，电场力不做功，而重力做正功 由动能定理得：2211222C R mg mv mv ⨯=- 解得：2C v v gR =+（2）小球从A 至C 的过程中只有重力和电场力做功 由动能定理得：212C mgh W mv +=电 解得：()212W m v gR mgh 电=+- 【试题分析】本题关键是明确几种功能关系的具体形式：总功是动能变化的量度；电场力做功是电势能变化的量度；除重力外其余力做的功是机械能变化的量度．6．如图所示，小球的质量为0.1kg m =，带电量为51.010C q -=⨯，悬挂小球的绝缘丝线与竖直方向成30θ=︒时，小球恰好在水平向右的匀强电场中静止不动．问：（1）小球的带电性质； （2）电场强度E 的大小；（3）若剪断丝线，求小球的加速度大小．【答案】（1）小球带正电 （2）45.7710N /C E =⨯ （3）211.54m /s a =【详解】（1）对小球进行受力分析，如图；由电场力的方向可确定小球带正电；（2）根据共点力平衡条件，有qE=mgtan300解得：04531303=/ 5.7710/10mgtanE N C N Cq-⨯≈⨯＝（3）当线断丝线后，小球的合力为30mgFcos＝由牛顿第二定律，则有：22/11.54/cos3032F ga m s m sm==＝＝小球将做初速度为零，加速度的方向沿着线的反向，大小为11.54m/s2，匀加速直线运动．【点睛】本题关键是对小球受力分析，明确带电小球受电场力、细线的拉力和重力，根据共点力平衡条件及牛顿第二定律列示求解．二、必修第3册静电场中的能量解答题易错题培优（难）7．如图甲所示，倾角为θ＝30°绝缘斜面被垂直斜面直线MN分为左右两部分，左侧部分光滑，范围足够大，上方存在大小为E＝1 000 N/C，方向沿斜面向上的匀强电场，右侧部分粗糙，范围足够大，一质量为m＝1 kg，长为L＝0.8 m的绝缘体制成的均匀带正电直棒AB置于斜面上，A端距MN的距离为d，现给棒一个沿斜面向下的初速度v0，并以此时作为计时的起点，棒在最初0.8 s的运动图像如图乙所示，已知0.8 s末棒的B端刚好进入电场，取重力加速度g＝10 m/s2，求：(1)直棒AB开始运动时A端距MN的距离为d；(2)直棒AB的带电量q；(3)直棒AB最终停止时，直棒B端到MN的距离．【答案】(1)20 m (2)7.5×10－3 C (3)125 m【解析】根据v-t 图像确定出直棒AB 匀减速直线运动的位移，结合棒的长度，得出直棒AB 开始运动时A 端距MN 的距离为d ；根据图线得出直棒AB 匀减速直线运动的加速度大小，根据加速度，结合牛顿第二定律求出带电量的大小；根据动能定理得出，物体在电场中运动的距离． 【详解】（1）由v-t 图像可知直棒AB 匀减速直线运动．0～0.8s 内棒运动的位移为：0120.8m 2tv v x t +== ．A 端距离MN 的距离为：120.80.820m d x L m =-=-=． （2）棒的加速度为：2Δva==2.5m/s Δt．对直棒AB 进行受力分析，越过MN 后受到重力、斜面支持力和电场力，合力为sin F Eq mg θ=-．根据牛顿第二定律，：sin Eq mg ma θ-= ，代入数据解得：37.510C q -=⨯ ．（3）根据动能定律，物体从B 端到达MN 至最终停止的过程，满足：2221sin 02mgx Eqx mv θ-=-．带入数据解得，x 2 =125 m故B 端在MN 右边且距MN 为125 m ． 【点睛】本题考查了牛顿第二定律、动能定理和运动学公式的综合运用，通过v-t 图像，确定出物体运动的加速度不变，得出物体做匀变速直线运动是解决本题的关键．8．如图甲所示，真空中的电极被连续不断均匀地发出电子（设电子的初速度为零），经加速电场加速，由小孔穿出，沿两个彼此绝缘且靠近的水平金属板A 、B 间的中线射入偏转电场，A 、B 两板距离为d 、A 、B 板长为L ，AB 两板间加周期性变化的电场，ABU 如图乙所示，周期为T ，加速电压为2122mL U eT=，其中m 为电子质量、e 为电子电量，L 为A 、B 板长，T 为偏转电场的周期，不计电子的重力，不计电子间的相互作用力，且所有电子都能离开偏转电场，求：(1)电子从加速电场1U 飞出后的水平速度0v 大小？(2)0t =时刻射入偏转电场的电子离开偏转电场时距A 、B 间中线的距离y ；(3)在足够长的时间内从中线上方离开偏转电场的电子占离开偏转电场电子总数的百分比。
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濉溪中学高一物理测试
一、选择题（本题包括12小题．每小题4分，共48分．1~~9题给出的四个选项中，只
有一个是符合题目要求，10~~12多选）
1．许多科学家在物理学发展过程中作出了重要贡献，下列叙述中符合物理学史实的是
（ ）
A．哥白尼提出了日心说并发现了行星沿椭圆轨道运行的规律
B．开普勒在前人研究的基础上，提出万有引力定律
C．牛顿提出了万有引力定律，并通过实验测出了万有引力常量
D．库仑在前人研究的基础上通过扭秤实验研究得出了库仑定律
2．某河流中水流的速度是2 m/s，小船相对于静水的速度为1 m/s，让小船船头正对河
岸渡河，恰好行驶到河对岸的B点．现使小船船头指向上游某方向渡河，则小船
A．到达河对岸的位置一定在B点的右侧
B．到达河对岸的位置一定在B点的左侧
C．仍可能到达B点，但渡河的时间比先前长
D．仍可能到达B点，但渡河的时间比先前短
3．洗衣机的脱水筒采用带动衣物旋转的方式脱水，下列说法中不正确的是
A．脱水过程中，衣物是紧贴筒壁的
B．水会从桶中甩出是因为水滴受到向心力很大的缘故
C．加快脱水筒转动角速度，脱水效果会更好
D．靠近中心的衣物脱水效果不如四周的衣物脱水效果好
4．如图，可视为质点的小球A、B用不可伸长的细软轻线连接，跨过固定在
地面上半径为R有光滑圆柱，A的质量为B的两倍．当B位于地面时，A恰
与圆柱轴心等高．将A由静止释放，B上升的最大高度是（ ）
A．2R B． C． D．
5. 若飞艇在平流层水平匀速飞行时，所受空气阻力与飞行速度成 正 比．当速度为
v
1
时，动力系统的输出功率为P；当速度为2v1时，动力系统的输出功率为（ ）
A．4P B．2P C．P2 D．P4
6．据《每日邮报》报道，科学家最新研究发现，在我们太阳系的早期可能存在过另外一
颗行星，后来与海王星碰撞后离开了太阳系．海王星也由于受到撞击改变了轨道，假设
海王星变轨前后的稳定轨道都可看作是圆周，碰撞后轨道半径变小，则海王星在新轨道
上稳定运行与原轨道相比（ ）
A．角速度变大 B．线速度变小
C．周期变大 D．加速度变小
7．据报道我国数据中继卫星“天链一号01星”于某年4月25日在西昌卫星发射中心发
射升空，经过4次变轨控制后，于5月1日成功定点在东经77°赤道上空同步轨道.关
于定点后的“天链一号01星”，说法正确的是
A．它始终处于静止平衡状态
B．“天链一号01星”周期与其它同步卫星质量不一定相等
C．向心加速度与静止在赤道上物体的向心加速度大小相等
D．离地面高度一定，相对地面静止
8．如图，一块长木板B放在光滑的水平面上，在B上放一物体A，现以恒定的外力拉B，
由于A、B间摩擦力的作用，A将在B上滑动，以地面为参照物，
A、B都向前移动一段距离，在此过程中（ ）
A．外力F做的功等于A和B动能的增量
B．B对A的摩擦力所做的功不等于A的动能增量
C．A对B的摩擦力所做的功等于B对A的摩擦力所做的功
D．其他条件不变的情况下，A的质量越小，B从底部抽出需要的时间越短
9．如图所示，一个小球在竖直环内至少能做（n+1）次完整的圆周运动，当它第（n﹣1）
次经过环的最低点时速度大小为7m/s，第n次经过环的最低点时的速
度大小为5m/s，则小球第（n+1）次经过环的最低点时的速度v的大小
一定满足（ ）
1
2
A
B
C
A．等于3m/s B．小于1m/s C．等于1m/s D．大于1m/s
10．雨滴由静止开始下落（不计空气阻力），遇到水平方向吹来的风，设风对雨滴持续作
用，下列说法中正确的是
A．雨滴质量越大，下落时间将越短
B．雨滴下落时间与雨滴质量大小无关
C．同一雨滴风速越大，着地时动能越小
D．同一雨滴风速越大，着地时动能越大
11．物块先沿轨道1从A点由静止下滑至底端B点，后沿轨道2从A点由静止下滑经
C
点至底端C点，CBAC，如图所示．物块与两轨道的动摩擦因数相同，不考虑物块
在C点处撞击的因素，则在物块整个下滑过程中
A.物块受到的摩擦力相同
B.沿轨道1下滑时的位移较小
C.物块滑至B点时速度大小相同
D.两种情况下损失的机械能相同
12．如图所示，一倾角为a的固定斜面下端固定一挡板，一劲度系数为k的轻弹簧下端
固定在挡板上．现将一质量为m的小物块从斜面上离弹簧上端距离为s处，由静止释放，
已知物块与斜面间的动摩擦因数为μ，物块下滑过程中的最大动能为Ekm，则小物块从
释放到运动至最低点的过程中，下列说法中正确的是（ ）
A．μ＜tana
B．物块刚与弹簧接触的瞬间达到最大动能
C．弹簧的最大弹性势能等于整个过程中物块减少的重力势能
与摩擦力对物块做功之和
D．若将物块从离弹簧上端2s的斜面处静止释放，则下滑过程中物块的最大动能小于2Ekm
二、课题研究与实验（本题有2小题，每空2分，共10分）
13．某实验小组采用如图（甲）所示的装
置探究功与速度变化的关系，小车在橡皮筋的作用下弹出后，沿木板滑行，打点计时器
工作频率为50Hz．
（1）实验中木板略微倾斜，这样做 （填答案前的字母）．
A．是为了释放小车后，小车能匀加速下滑
B．是为了增大橡皮筋对小车的弹力
C．是为了使橡皮筋对小车做的功等于合外力对小车做的功
D．是为了使橡皮筋松弛后小车做匀加速运动
（2）若根据多次测量数据画出的W﹣v草图如图（乙）所示，根据图线形状可知，对W
与v的关系作出的以下猜想肯定不正确的是 ．
A．W∝ B．W∝ C．W∝v2 D．W∝v3．
14．如图1所示是用重锤做自由落体运动来“验证机械能守恒定律”的实验装置．
（1）为了减小实验误差，下列措施可行的是 （填写代号）
A．重锤选用体积较大且质量较小的
B．重锤选用体积较小且质量较大的
C．打点计时器应固定在竖直平面内
D．应先放手让重锤拖着纸带运动，再通电让打点计时器工作
（2）某同学选取了一条纸带进行测量研究，他舍去了这条纸带上前面比较密集的点，
对后面间距较大的且相邻的六个点进行了如图2所示的测量，已知当地的重力加速度为
g，使用的交变电源周期为T，则要验证机械能守恒的表达式为 （用x1、
x2、x3、T、g表示）；
（3）某同学实验计算结果时发现重物重力势能的减少量△Ep略大于动能的增加量△Ek，
本实验中引起误差的主要原因是_______________
三、计算题（本题有4小题，15题、16题、17题各10分，18题12分，共42分．解答应
写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分）
15.(10分)将一个质量为1kg的小球从地面以初速度 020/vms竖直上抛，若已知物
体所受空气阻力与速率成正比，物体上升的最大高度为15m，落回地面时速度大小为16m/s，
求小球上升和下落过程中克服空气阻力做功各为多少？（210/gms）
16.（10分）如图所示，消防员训练时，抓住一端固定在同一水平高度的伸直的绳索，
从平台边缘由静止开始下摆，当到达竖直状态时放开绳索，消防员水平抛出后落地．已
知消防员质量m＝60 kg，平台到地面的高度H＝5 m，绳长l＝1.8 m，不计绳索质量和
空气阻力，消防员视为质点，g取10 m/s2.求：
(1) 消防员开始下摆时具有的重力势能Ep(以地面为零势能面)；
(2) 消防员放开绳索前瞬间绳索的拉力大小F；
17．（10分）已知地球的半径为R，地球卫星A的圆轨道半径为2R，在地球赤道的正上
方运行。已知万有引力常量为G，地球表面的重力加速度大小为g，求：
（1）地球的平均密度
(2) 卫星做圆周运动的周期TA
18．（12分）在长为L1宽为d的水平放置的两金属板间有可视为质点的小球以平行于金
属板的速度vo沿左边缘从两板中央射入。距离两板右侧L2处
有一竖直墙壁，在墙壁与两板之间有竖直向上风区，风力恰
与小球重力平衡；
（1）能够穿过两板的小球在板中运动时间
（2）若vo大小可变，求小球能够砸到墙壁上的区域长度