2019-2020学年绍兴市名校初三上学期期中教学质量检测物理试题含解析

2019-2020学年绍兴市名校初三上学期期中教学质量检测物理试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。

回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题（本题包括20个小题,每小题只有一个选项符合题意）1．如图所示是一种定时课间音乐播放装置的原理图，通常情况下，开关S处于闭合状态。

课间休息时“播放器”会有电流通过，自动播放音乐。

则下列说法正确的是（）A．课间休息时，“定时开关”处于闭合状态B．音乐播放时，指示灯会熄灭C．音乐播放时，通过播放器的电流比通过指示灯的电流大D．音乐播放时，通过播放器的电流与通过指示灯的电流一样大【答案】D【解析】由图可知当定时开关闭合时播放器被短路，则播放器中没有电流通过；若定时开关断开时，播放器将接在电源两端，由以上原理可知答案。

【详解】由图可知：定时开关与播放器并联，所以开关S处于闭合状态，当“定时开关”处于闭合状态时，指示灯会亮，播放器被短路，则播放器中没有电流通过；播放器不会播放音乐；到达设定时间“定时开关”处于断开，“播放器”有电流通过播放音乐，故选D。

2．如图，是今年国庆70周年阅兵式加油机编队，如果加油机和战斗机水平匀速飞行加油时，下列说法正确的是（）A．加油过程中，加油机的动能不变B．加油过程中，战斗机的动能不变C．加油过程中，加油机的重力势能减小D．加油过程中，战斗机的重力势能减小【答案】C【解析】在加油过程中，加油机与战斗机相对静止，速度不变，高度不变。

加油机质量减小，动能减小，重力势能减小；战斗机的质量增加，动能增加，重力势能增加。

故选C。

3．小萌在更换灯泡时发现灯泡上标有“220V40W”的字样．下列说法中正确的是（）A．该灯泡只能在220V电压下工作B．该灯泡的实际功率是40W不变C．该灯泡每秒消耗的电能是40WD．该灯泡正常发光时的功率是40W【答案】D【解析】试题分析：A、“220V”为灯泡正常工作时的电压，说明其工作时工作电压不能超过220V，可以小于等于220V，故A错误；B、灯的实际功率随实际电压的变化而变化，故B错误；C、若灯正常工作，则由W=Pt可得每秒钟消耗的电能为：W=40W×1s=40J，故C错误；D、灯在220V电压下正常工作，则此时发光功率为40W，故D正确．故选D．【考点定位】实际电压；额定功率4．如图所示（各元件串联），闭合开关后用酒精灯给电阻丝加热，在电阻丝温度不断升高的过程中，灯泡会逐渐变暗，说明电阻丝的电阻在A．增大B．减小C．不变D．不能确定【答案】A【解析】如图所示，用酒精灯给电阻丝加热，在电阻丝温度不断升高的过程中，此时电阻丝的电阻会变大，故据欧姆定律可知，在电源电压不变的情况下，通过灯泡的电流会变小，故灯泡的亮度会逐渐变暗．故选A．【点睛】本题只要知道温度对电阻的影响即可解答．注意：金属导体的电阻随温度的升高而增大．但也有一些导体的电阻是随温度的升高而减小的．5．关于热机的效率，下列说法中正确的是A．热机做的有用功越多，效率一定越高B．热机消耗的燃料越少，效率一定越高C．热机做一定的有用功，消耗的燃料越少，效率一定越高D．热机做功越快，效率一定高【答案】C【解析】热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比．A．当热机消耗的燃料一定时，做的有用功越多，效率一定越高，故A不符合题意；BC．根据热机效率的概念可知：热机做的有用功一定时，热机消耗的燃料越少，效率越高，故B不符合题意，C符合题意；D．热机做功越快，表示热机的功率越大，与效率无关，故D不符合题意．6．从欧姆定律可以导出公式URI，下列说法正确的是（）A．导体的电阻与电压成正比B．导体的电阻与电流成反比C．电阻是导体本身的性质，当电压发生变化时，电阻值不变D．当电压为零时，电阻也为零【答案】C【解析】解：电阻是导体本身的性质，当电压或电流发生变化时，电阻值不变，它的大小只与导体的材料、长度、横截面积以及温度有关；公式R=只说明导体电阻的大小是导体两端的电压与通过导体的电流大小的比值，与它两端的电压和通过的电流无关，当电压为零时，电阻大小不变．故选C．点睛：电阻是导体本身的性质，当电压或电流发生变化时，电阻值不变，它的大小只与导体的材料、长度、横截面积以及温度有关.7．下列生活场景中，通过做功来改变物体内能的是（）A．锯木头锯条发热B．用冰袋给发烧病人降温C．放进冰箱的水果温度降低D．阳光照射使石凳温度升高【答案】A【解析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程．【详解】A、锯木头时，锯条和木头摩擦做功，机械能转化为内能，锯条的内能增加，温度升高，是通过做功改变内能的，故A符合题意；B、用冰袋给发烧病人降温是通过热传递的方式改变物体内能的，故B不符合题意；C、电冰箱中的饮料放出热量、内能减少、温度降低，是利用热传递改变物体的内能，故C不符合题意；D、阳光照射时把太阳能转移到石头上，是通过热传递的方式改变物体内能的，故D不符合题意．故选A．【点睛】此题是考查对做功和热传递改变物体内能的辨别，注意二者的区别：热传递过程属于能的转移，做功属于能的转化．8．A、B两种实心物体的质量与体积的关系如1图所示，把体积相等的A、B物体挂在滑轮组下，若要使它们处于静止状态，则2图的虚线框内悬挂B物体的个数是（不计摩擦和滑轮的自重）（）A ．1个B ．2个C ．3个D ．4个【答案】B【解析】根据图1得物体A 、B 的密度为：3320g2g/cm 10cm A ρ==； 3320g 0.5g/cm 40cmB ρ==； 体积相等时，两物体的重为：2A A G Vg Vg ρ==，0.5B B G Vg Vg ρ==，即4A B G G =；如图1，A 物体上面为一个动滑轮，由两段绳子承担物重， 所以：1'2A B G G =，代入得，'2B B G G =， 即虚线框内悬挂B 物体的个数是1． 故B 正确．9．下列粒子中，带负电的是 A ．中子 B ．电子C ．质子D ．原子【答案】B【解析】原子由原子核和核外带负电的电子组成，整体对外不显电性电子带负电，原子核中质子带正电、中子不带电，故只有B 符合题意．10．如图所示，探究动能大小与哪些因素有关的实验情境中，一些说法正确的是（ ）A ．不同高度滑下的小车与木块碰撞前的速度不同B ．两辆相同小车是探究质量因素与动能大小关系C ．木块运动的距离越近表明碰撞前小车动能越大D ．比较木块运动的距离可确定水平面的粗糙程度 【答案】A【解析】A ．相同质量的小车从不同的高度滑下，高度越高的小车到达底部的速度越大，故A 正确；B．两辆相同的小车说明质量也相同，不满足控制变量法的要求，无法探究质量因素与动能大小的关系，故B错误；C．小车对木块做多少功就能反应小车的动能为多少，而做功的多少，可以通过木块被推开的距离远近来确定，所以木块运动的距离越近，表明碰撞以前小车的动能越小，故C错误；D．木块的运动距离的远近反应的是小车的动能大小，实验探究的是动能大小与哪些因素有关，所以根据控制变量法，应保证水平面的粗糙程度相同，故D错误。

故选A。

11．关于内能，以下说法正确的是A．温度为0℃的物体不具有内能B．一个物体温度升高，其内能增大C．内能相等的物体，其温度也相同D．具有机械能的物体不一定具有内能【答案】B【解析】AD、一切物体都有内能，故AD错误；B、一个物体温度升高，其内能一定增大，故B正确；C、内能的大小与温度、质量和状态有关，内能相等的物体，其温度不一定相同，故C错误；故选B．【点睛】本题主要考查了学生对内能的理解，深入理解概念是解答的关键．12．下列说法中,正确的是( )．A．投出去的铅球落地前,只受重力和推力的作用B．两个力的三要素完全相同,这两个力一定是平衡力C．物体在平衡力的作用下,其运动状态保持不变D．某物体从滑梯上滑下的过程中,其机械能减小,惯性增大【答案】C【解析】A．投出去的铅球落地前，只受重力作用，铅球离开手的瞬间，推力就不存在了，所以A不符合题意；B．作用在物体上的两个力的三要素完全相同，说明力的方向也相同，不符合平衡力的条件，所以B不符合题意；C．物体在平衡力的作用下，总保持静止或匀速直线运动状态，其运动状态一定保持不变，所以C符合题意；D．某物体从滑梯上滑下的过程中，由于克服摩擦力做功，所以机械能将减小，但质量不变，所以惯性不变，故D不符合题意．13．分析复杂电路时，为了将电路简化，通常先把电路中的电流表和电压表进行简化处理．下列处理方法中正确的是A．把电流表看成是断路的B．把电流表看成是一根导线C．把电压表看成是短路的D．把电压表看成是一根导线【答案】B【解析】电流表内阻很小，电阻和导线差不多；电压表内阻很大，如果和灯串联，则会造成电流过小，灯不发光，相当于断路．A. C. D不正确，B正确．14．下列关于科学方法的说法，错误的是（）A．制作变阻器时发现导线太长而采取缠绕方式，运用了缺点利用法B．用“被弹簧连着的小球”模型演示分子间作用力是类比法C．冬天手冷时，烤火或搓手都可以使手暖变暖和，是等效法D．根据串并联电路的电流特点写出公式运用了等价变换法【答案】A【解析】A、制作滑动变阻器时，发现导线太长，采取缠绕的方式，可以缩短导线所占的距离空间，采用的是缺点列举法，故A错误；B、用“被弹簧连着的小球”模型演示分子间作用力是模型法，故B正确；C、做功和热传递改变物体的内能是等效的，冬天手冷时，烤火或搓手都可使手变暖和，是等效法，故C正确；D、根据串并联电路的电流特点写出公式运用了等价变换法，故D正确．故选A．15．如图所示，当开关S闭合后，电流表A1和A2的示数与开关闭合前相比较，下列说法中正确的是（）A．A1不变，A2增大B．A1和A2都增大C．A1和A2都减小D．A1减小，A2增大【答案】B【解析】开关闭合前，电路中只有L1的简单电路，电流表A1测量通过L1中的电流，A2的示数为0；当开关闭合时，两灯并联，电流表A1测量干路电流，A2测量通过支路L2中的电流，根据并联电路各支路互不影响以及干路电流等于支路电流之和得到A1示数变大，A2示数变大．故选B．16．如图所示甲、乙两装置所用滑轮质量均相等，用它们分别将所挂重物竖直向上匀速提升相同高度．已知G1＝G1，绳子自由端移动速度v1＝v1．所用竖直向上的拉力分别为F1和F1，拉力做功的功率分别为P1和P1，两装置的机械效率分别为η1和η1（不计绳重和轮轴摩擦）．则下列选项正确的是A．F1＞F1 η1＝η1 P1＞P1B．F1＞F1 η1＝η1 P1＝P1C．F1＜F1 η1＜η1 P1＜P1D．F1＜F1 η1＝η1 P1＞P1【答案】A【解析】由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n，根据拉力和重力的关系得到拉力的大小关系；把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同，根据功率计算公式可比较拉力做功的功率大小．【详解】不计绳重及摩擦，因为拉力1()F G Gn=+动，n1=1，n1=3，绳子受到的拉力分别为：11() 2F G G =+动，21()3F G G=+动，G1=G1，故F1＞F1；故CD错误；因为动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同，W额=G动h，W有用=G h，所以利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，总功相同；由W=Wη有总得到机械效率相同，η1=η1 ；绳子自由端移动速度v1＝v1，，F1＞F1，由W FsP Fvt t===可知拉力做功的功率P1＞P1，故A正确，B错误．故选A．17．根据如表所提供的几种物质的比热容得出以下四个结论，其中不正确的是A．水比酒精的比热容大B．同种物质在不同状态下的比热容不同C．质量相等的铜块和砂石，吸收相等的热量，砂石的末温比铜块的末温高D．质量相等的铜块和铝块都降低1°C，铝块比铜块放出的热量多【答案】C【解析】A. 由表格可知，水比酒精的比热容大，故A 正确．B. 比热容的大小与物质的状态有关，水和冰的比热容不同，故B 正确．C. 根据吸热公式Q ＝cmt 可知，质量相等的铜块和砂石，吸收相等的热量，砂石的变化温度小于铜块的变化温度，但不清楚它们的初温，故无法判断末温，故C 错误．D. 质量相等的铝块和铜块，降低相同的温度，由于铝的比热容比铜的比热容大，根据吸热公式Q ＝cm t 可判断，铝块放出的热量多，故D 正确．故选C ．18．如图所示是小刚同学在“测量滑轮组的机械效率”实验中使用的实验装置，得到的数据记录在下方表格中。