2017年天津市高考物理试卷
2017年天津市新华中学高考物理模拟试卷-普通用卷
2017年天津市新华中学高考物理模拟试卷副标题一、单选题（本大题共5小题，共30.0分）1.如图所示，究光电效应的实验中，用某种频率的单色光a照射光电管阴极K，电流计G的指针发生偏转．而用另一频率的单色光b照射光电管阴极K时，电流计G的指针不发生偏转，那么（）A. a光的波长一定小于b光的波长B. a、b光从水中以相同的入射角射向空气，随着入射角的增大b光先消失C. 用a光照射光电管阴极K时通过电流计G的电流是由d到cD. 如果b光可以使基态的氢原子发生跃进，则a光也一定可以2.某小型水电站的电能输送示意图如图甲所示，发电机输出的电压恒定，通过升压变压器T1和降压变压器T2向用户供电，已知输电线的总电阻为R，降压变压器T2的原、副线圈匝数之比为4：l，它的副线圈两端的交变电压如图乙所示，R0为负载电阻．若将变压器视为理想变压器，则下列说法中正确的是（）A. 降压变压器原线圈的输入电压为55VB. 降压变压器的输入功率与输出功率之比为4：lC. 当增大时，升压变压器的输出电压不变D. 升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压3.“嫦娥四号”被专家称为“四号星”，计划在2017年发射升空，它是嫦娥探月工程计划中嫦娥系列的第四颗人造绕月卫星，主要任务是更深层次、更加全面地科学探测月球地貌、资源等方面的信息，完善月球档案资料．已知月球的半径为R，月球表面的重力加速度为g，月球的平均密度为ρ．嫦娥四号离月球中心的距离为r，绕月周期为T．根据以上信息可以判断下列说法正确的是（）A. 月球的第一宇宙速度为B. “嫦娥四号”绕月运行的速度为C. 引力常量可表示为D. 假设地球上没有空气阻力，若从地球上发射“嫦娥四号”，必须达到第二宇宙速度才有可能发射成功4.如图所示，开关S闭合后，带电质点在平行金属板中P点位置处于静止状态．图中电表均视为理想电表，则（）A. 滑片向a端移动时，两只电表的示数均增大B. 滑片向a端移动时，质点将向上板运动C. 若将开关S断开，质点将向下板运动D. 若将开关S断开，P点处电势将降低5.如图所示是质量为2.0kg的物体在水平面上运动的v-t图象，以水平向右的方向为正方向．以下判断正确的是（）A. 在～内，质点的平均速度为B. 在～时间内，物体一直向右运动C. 在～时间内，合外力做正功D. 第2s末，合外力的功率为8W二、多选题（本大题共3小题，共18.0分）6.下列说法中正确的是（）A. 交警利用超声波的多普勒效应测量行驶中车辆的速度B. 利用光谱分析可以鉴别和确定物质的组成成分C. 机械波和电磁波在介质中的传播速度仅由介质决定D. 利用回旋加速器可以把带电粒子加速到接近光速7.图（a）为一列简谐横波在t=0.10s时刻的波形图，P是平衡位置在x=3.0m处的质点，Q是平衡位置在x=4.0m处的质点；图（b）为质点Q的振动图象，下列说法正确的是（）A. 质点Q简谐运动的表达式为B. 从到，质点P通过的路程为30cmC. 从到，该波沿x轴正方向传播了6mD. 在时，质点P的加速度方向与y轴负方向相同8.如图甲所示，两个点电荷Q1、Q2固定在x轴上距离为L的两点，其中Q1带正电荷位于原点O，a、b是它们的连线延长线上的两点．其中b点与0点相距3L．现有一带正电的粒子q以一定的初速度沿x轴从a点开始经b点向远处运动（粒子只受电场力作用），设粒子经过a，b两点时的速度分别为v a、v b，其速度随坐标x变化的图象如图乙所示，则以下判断正确的是（）A. 带正电且电荷量小于B. b点的场强一定为零C. a点的电势比b点的电势低D. 粒子在a点的电势能比b点的电势能大三、实验题探究题（本大题共2小题，共18.0分）9.某实验小组采用如图1所示的装置探究功与速度变化的关系，小车在橡皮筋的作用下弹出后，沿木板滑行．打点计时器的工作频率为50Hz．（1）实验中木板略微倾斜，这样做______．A．是为了使释放小车后，小车能匀加速下滑B．是为了增大小车下滑的加速度C．可使得橡皮筋做的功等于合力对小车做的功D．可使得橡皮筋松弛后小车做匀速运动（2）实验中先后用同样的橡皮筋1条、2条、3条…合并起来挂在小车的前端进行多次实验，每次都要把小车拉到同一位置再释放．把第1次只挂1条橡皮筋时橡皮筋对小车做的功记为W1，第二次挂2条橡皮筋时橡皮筋对小车做的功为2W2…橡皮筋对小车做功后而使小车获得的速度可由打点计时器打出的纸带测出．根据第四次的纸带（如图2所示）求得小车获得的速度为______m/s．（保留三位有效数字）（3）若根据多次测量数据画出的W-v图象如图3所示，根据图线形状，可知对W 与v的关系符合实际的是图______．10.欲测量灵敏电流计G的内阻r g和一个电源的电动势E内阻r．要求：测量尽量准确、能测多组数据且滑动变阻器调节方便，电表最大读数不得小于量程的．待测元件及提供的其他实验器材有：A、待测电源E：电动势约1.5V，内阻在0.4-0.7Ω间B、待测灵敏电流计G：量程500μA，内阻在150～250Ω间C、电流表A：量程2A，内阻约0.1ΩD、电压表V：量程300mV，内阻约500ΩE、定值电阻R0：R0=300Ω；F、滑动变阻器R1：最大阻值10Ω，额定电流1AG、电阻箱R2：0～9999ΩH、开关S一个，导线若干（1）小亮先利用伏安法测量灵敏电流计G的内阻r g．①图甲是小亮设计的实验电路图，其中虚线框中的元件是______；（填元件序号字母）②说明实验所要测量的物理量______；③写出灵敏电流计G内阻的计算表达式r g=______．（2）测出r g=200Ω后，小聪把灵敏电流计G和电阻箱R2串联、并将R2接入电路的阻值调到2800Ω，使其等效为一只电压表，接着利用伏安法测量电源的电动势E 及内阻r．电路如图乙所示．若利用测量的数据，作出的灵敏电流计示数I G与通过滑动变阻器R1的电流I的关系图象如图丙所示，则可得到电源的电动势E=______V，内阻r=______Ω．四、计算题（本大题共4小题，共64.0分）11.如图所示，竖直平面内的光滑水平轨道的左边与有一墙壁，右边与一个足够高的光滑圆弧轨道平滑相连，木块A、B静置于光滑水平轨道上，A、B的质量分别为1.5kg和0.5kg．现让A以6m/s的速度水平向左运动，之后与墙壁碰撞，碰后的速度大小变为4m/s．若A与B碰撞后会立即粘在一起运动，g取10m/s2，求：（1）在A与墙壁碰撞的过程中，墙壁对A冲量的大小______N•s；（2）A、B滑上圆弧轨道的最大高度______m．12.如图所示，半径R=0.4m的光滑半圆环轨道处于竖直平面内，半圆环与粗糙的水平地面相切于圆环的端点A．一质量m=0.1kg的小球，以初速度v0=7.0m/s在水平地面上向左作加速度a=3.0m/s2的匀减速直线运动，运动L=4m后，冲上竖直半圆环，最后小球落在C点．（重力加速度g=10m/s2）求：（1）物体运动到A点时的速度大小v A；（2）小球经过B点时对轨道的压力大小F B；（3）A、C两点间的距离d．13.如图所示，空间内有方向垂直纸面（竖直面）向里的匀强有界磁场区域Ⅰ和Ⅱ，磁感应强度分别为B1、B2，大小未知．区域Ⅰ的两侧边界分别为MN、PQ，宽度为L0=2m，区域Ⅰ内有竖直向上的匀强电场，区域Ⅱ内有水平向右的匀强电场，两区域内的电场强度大小相等，现有一带正电滑块，带电荷量q=0.01C，质量m=0.01kg．从MN左侧L=2m处的A点，以v0=5m/s的初速度向右运动，进入区域Ⅰ后，滑块立即在竖直平面内做匀速圆周运动，轨迹恰好与PQ相切．已知水平面粗糙且绝缘，滑块与水平面间的动摩擦因数μ=0.225，重力加速度g=10m/s2．（1）求匀强电场的电场强度E和区域Ⅰ中磁场的磁感应强度大小B1；（2）增大滑块在A点初速度使滑块进入区域Ⅱ后恰好做匀速直线运动，求滑块进入区域Ⅰ时的速度v1及区域Ⅱ内磁感应强度大小B2．14.一根足够长的空心铜管竖直放置，使一枚直径略小于铜管内径、质量为m0的圆柱形强磁铁从管内某处由静止开始下落，如图所示，它不会做自由落体运动，而是非常缓慢地穿过铜管，在铜管内下落时的最大速度为v0．强磁铁在管内运动时，不与铜管内壁发生摩擦，空气阻力也可以忽略．产生该现象的原因是变化的磁场在铜管内激发出了涡流，涡流反过来又对强磁铁产生了很大的阻力．虽然该情景中涡流的定量计算非常复杂，我们可以认为强磁铁下落过程中，铜管中的感应电动势大小与强磁铁下落的速度成正比且强磁铁周围铜管的有效电阻是恒定的．已知重力加速度为g，对下述问题进行分析．（1）求图中的强磁铁达到最大速度后铜管的热功率P0；（2）如果在图中强磁铁的上面粘一个质量为m1的绝缘橡胶块，则强磁铁下落的最大速度v1是多大？（3）若在图中，质量为m0的强磁铁从静止下落，经过时间t后达到最大速度v0，求此过程强磁铁的下落高度h．答案和解析1.【答案】A【解析】解：A、用某种频率的单色光a照射光电管阴极K，电流计G的指针发生偏转，可知a光照射发生光电效应，用另一频率的单色光b照射光电管阴极K时，电流计G的指针不发生偏转，可知b光照射不发生光电效应，可知a光的频率大于b光的频率，则a光的波长小于b光的波长，故A正确．B、a光的频率大，折射率大，根据sinC=知，a光的临界角小，a、b光从水中以相同的入射角射向空气，随着入射角的增大a光先消失，故B错误．C、用a光照射光电管阴极K时通过电流计G的电流是由c到d，故C错误．D、b光的频率小于a光的频率，由于能级间跃迁时吸收的光子能量等于两能级间的能级差，所以b光能使基态的氢原子发生跃迁，a光不一定能，故D错误．故选：A．根据a、b两光能否发生光电效应判断a、b两光的频率大小，从而得出波长的大小．根据频率的大小得出折射率的大小，结合sinC=比较临界角，从而分析判断哪种光先消失．氢原子从低能级向高能级跃迁，吸收的光子能量等于能级间的能级差．解决本题的关键知道频率、折射率、临界角之间的关系，通过能否发生光电效应得出a、b两光的频率大小是关键．2.【答案】C【解析】解：A、降压变压器的输出电压，根据得，降压变压器T2原线圈的输入电压U3=880V，故A错误．B、变压器是理想变压器，变压器的输入功率和输出功率相等，故B错误．C、当R0增大时，由于发电机输出的电压恒定，则升压变压器T1的输出电压不变，故C正确．D、升压变压器T1的输出电压等于降压变压器T2的输入电压和输电线上的电压损失之和，故D错误．故选：C．根据交变电压的图线得出降压变压器的输出电压，结合电压之比等于匝数之比求出降压变压器的输入电压．原副线圈的输入功率和输出功率相等．升压变压器的输出电压等于降压变压器输入电压和输电线上的电压损失之和．解决本题的关键知道原副线圈的电压之比等于匝数之比，输入功率和输出功率相等，知道远距离输电图中升压变压器和降压变压器之间的电压关系．3.【答案】C【解析】解：A、月球的第一宇宙速度为近月卫星的运行速度，所以重力提供向心力，得．故A错误．B、根据万有引力提供向心力，得，又因为月球表面的物体受到的重力等于万有引力，得GM=R2g．所以=，故B错误．C、根据万有引力提供向心力，得月球的质量，所以月球的密度，所以万有引力常量为．故C正确．D、第二宇宙速度是飞行器脱离地球的吸引力需要的速度，所以从地球上发射“嫦娥四号”，不能达到第二宇宙速度就可能发射成功．故D错误．故选：C1、根据重力提供向心力，得月球的第一宇宙速度为．2、根据万有引力提供向心力，得，月球表面的物体受到的重力等于万有引力，得GM=R2g．二式化简可得卫星速度．3、根据万有引力提供向心力，得月球的质量，解得月球的密度，变形可得万有引力常量．4、第二宇宙速度是飞行器脱离地球的吸引力需要的速度．解决本题的关键掌握万有引力提供向心力，会根据该规律计算线速度和中心天体的质量．4.【答案】B【解析】解：A、滑片向a段移动时，滑动变阻器的电阻增大，总电阻增大，总电流减小，内电压减小，则电源的外电压增大，R1两端的电压减小，可知3、4两并联电阻的电压增大，通过R3的电流增大，则通过R4的电流减小，可知电压表示数增大，电流表示数减小，故A错误．B、因为3、4两并联电阻的电压增大，则电容器两端的电压增大，带电质点所受的电场力增大，质点P向上运动，故B正确．C、S断开，电容器两端的电压等于电动势，则质点所受的电场力增大，质点向上运动，故C错误．D、S断开时，由于电容器两端的电势差增大，则电场强度增大，P与下极板的电势差增大，可知P点的电势增大，故D错误．故选：B．根据滑动变阻器的电阻变化得出总电阻的变化，从而得出总电流的变化，结合总电流的变化得出内电压和外电压以及R1上电压的变化，得出并联部分电压的变化，根据欧姆定律和串并联电路的特点分析电流表和电压表示数的变化．当开关S断开时，结合电容器两端的电势差增大分析判断．本题考查闭合电路的欧姆定律，一般可以先将分析电路结构，电容器看作开路；再按部分-整体-部分的分析思路进行分析．5.【答案】D【解析】解：A、在0～1 s内，物体的加速度不变，故物体的平均速度为，故A错误；B、在0～1 s内，物体的速度小于0，故物体向左运动，在1～3 s内，物体的速度大于0，物体向右运动，故B错误；C、在1～3 s内，物体的加速度大于0，合外力与速度方向一致，合外力做正功；在3～5s内，物体的加速度等于0，合外力等于0，合外力不做功；在5～6 s内，物体的加速度小于0，合外力与速度方向相反，合外力做负功；故C错误；D、由图可知，物体在0～3s内加速度，所以，合外力F=ma=4N，又有第2 s末，物体速度为v2=2m/s，所以，第2 s末，合外力的功率P=Fv2=8W，故D正确；故选：D．由匀变速规律求得平均速度；由速度的正负判断在该时刻物体运动方向；再由加速度和速度的方向判断合外力做正功还是负功；求出2s末的速度，加速度，进而得到合外力及合外力的功率．由v-t图可通过图象面积得到s-t图，进而得到位移，物体运动位移就是v-t图象围成的面积；在v-t图象中，斜率和速度符号一致，则物体加速运动；斜率和速度符号相反，物体做减速运动．6.【答案】AB【解析】解：A、多普勒是波源与观察者之间发生相对位移时，观察者感到波的频率改变的现象，据此可以求测定波的传播速度，选项A正确．B、由于不同的原子有不同的吸收光谱和发射光谱，所以根据光谱分析能够鉴别物质的成分，选项B正确．C、机械波的速度由介质本身决定，但电磁波在真空中播速度为c，不变，虽没有介质，但电磁波仍以c传播，所以选项C错误．D、根据相对论，当粒子的速度加速到接近光速时，粒子的质量将发生变化，此时若不改变交变电场的周期，则回旋加速器的工作条件将破坏，粒子将不再被加速甚至被减速，所以选项D错误．故选：AB本题是电磁感应、磁场、电磁波、机械波、光电效应的综合题，但是每一选项涉及一个知识点，要认真分析，注意表达，才不致于出错．值得注意的是回旋加速器的原理，靠电场加速，靠磁场束缚在小范围内，但有一个工作条件：即T电场=T．，一旦不满足上述条件，将不再被加速．粒子7.【答案】AD【解析】解：A、由图b读出质点Q的振动周期T=0.2s，振幅A=10cm=0.1m，则质点Q 简谐运动的表达式为y=Asin t=0.1sin t=0.10sin10πt（cm），故A正确．B、从t=0.10s到t=0.25s经历的时间为△t=0.15s=T，由于t=0.10s时质点P不在波峰、波谷和平衡位置，所以从t=0.10s到0.25s内，所以质点P通过的路程不是3A=30cm，故B错误．C、在t=0.10s时，质点Q正沿y轴负方向运动，根据波形平移法可知该波沿x 轴负方向传播，由甲图知波长λ=8m，则波速为：v==m/s=40m/s，从t=0.10s到=0.25s经过的时间为△t=0.15s，该波沿x轴负方向传播的距离为：△x=v△t=40×0.15m=6m，故C错误．D、在t=0.10s时P点正向下运动．从t=0.10s到t=0.25s经过的时间为T，则在t=0.25s时，质点P位于x轴上方，加速度方向与y轴负方向相同，故D正确．故选：AD根据图象b读出振幅A和周期T，结合数学知识写出Q点的振动方程．根据时间与周期的关系，分析质点P的位置和加速度，求出通过的路程．t=0.10s时Q点在平衡位置上，由乙图确定Q的运动方向，从而确定了该波向左传播．根据甲、乙两图可以读出该波的波长和周期，从而求出波速，根据x=vt求解波传播的距离．本题的关键是会根据振动情况来判断波的传播方向，抓住振动图象和波动图象之间的内在联系．要知道质点做简谐运动时，在一个周期通过的路程是4A，半个周期内通过的路程是2A，但时间内通过的路程不能类推，要根据起点位置分析．8.【答案】BC【解析】解：AB、在b点前做减速运动，b点后做加速运动，可见b点的加速度为0，则在b点受到两点电荷的电场力平衡，b点的场强为零，可知Q2带负电，且有=，所以Q2＜Q1．故A错误，B正确；C、该电荷从a点到b点，做减速运动，且该电荷为正电荷，电场力做负功，所以电势能增大，电势升高，所以b点电势较高．故C正确；D、粒子从a到b，速度减小，电场力做负功，故电势能增大，粒子在a点的电势能比b点的电势能小，故D错误；故选：BC．在b点前做减速运动，b点后做加速运动，可见b点的加速度为0，则在b点受到两点电荷的电场力平衡，从而可得出Q2的电性．可通过电场力做功判断电势能的变化．解决本题的关键以b点的加速度为突破口，根据库仑定律得到Q1和Q2的电量关系．以及知道电场力做功和电势能的关系．9.【答案】CD；2.00；C【解析】解：（1）使木板倾斜，小车受到的摩擦力与小车所受重力的分量大小相等，在不施加拉力时，小车在斜面上受到的合力为零，小车可以在斜面上静止或做匀速直线运动；小车与橡皮筋连接后，小车所受到的合力等于橡皮筋的拉力，橡皮筋对小车做的功等于合外力对小车做的功，故AB错误，CD正确；故选CD．（2）各点之间的距离相等的时候小车做直线运动，由图可知，两个相邻的点之间的距离是4.00cm时做匀速直线运动，打点时间间隔t===0.02s，小车速度v===2.00m/s．（3）由动能定理得：W=mv2，W与v是二次函数关系，由图示图象可知，C正确，故选C．故答案为：（1）CD；（2）2.00 C．（1）小车下滑时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力，要使拉力等于合力，则应该用重力的下滑分量来平衡摩擦力，使得橡皮筋做的功等于合外力对小车做的功；纸带在橡皮条的作用下做加速运动，橡皮条做功完毕，则速度达到最大，此后做匀速运动．（2）明确实验原理以及实验目的即可知了解具体的实验操作；纸带上点距均匀时，表示小车已经做匀速直线运动，据此可求出小车做匀速运动时的速度大小，即为最终小车获得的速度大小；（3）根据图象特点，利用数学知识可正确得出结论．本题关键要明确该实验的实验原理、实验目的，即可了解具体操作的含义，以及如何进行数据处理；数据处理时注意数学知识的应用，本题是考查应用数学知识解决物理问题的好题．10.【答案】E；电压表读数U和电流表读数I；-R0；1.5；0.6【解析】解：（1）①G表本身可以测量通过的电流，但由题意可知，G表内阻较小，无法直接用电压表进行测量，故应与定值电阻串联后再与电压表并联；故虚线框中的元件是定值电阻E；②③用I表示G表示数，U表示V表示数；由欧姆定律可知，I=，解得：R=-R0；因此需要测量的物理量为电压表示数U和电流表示数I；（2）将G表与电阻箱串联后，可以充当电压表使用，则其应并联在电源两端，滑动变阻器与电流表串联后即可进行测电源电动势和内电阻的实验；电源的路端电压U=I G（200+2800）=3000I G；故图象与纵坐标的交点为I=500μA=500×10-6A=5×10-4A，则电源的电动势为：E=5×10-4×3000=1.5V；内阻r==0.6Ω；故答案为；（1）①E；②电压表读数U和电流表读数I；③-R0；（2）1.5，0.6 （1）根据伏安法测电阻的实验方法可测出G表内阻，注意电表的量程，从而选择合适的电路图；并得出内阻的表达式；（2）通过计算得出电源的路端电压，由闭合电路欧姆定律可得出电源的电动势和内电阻．本题考查伏安法测电阻以及测量电源的电动势和内电阻，在解题时要注意分析实验中给出的仪器是否符合实验要求，然后才能根据我们所学内容进行分析得出合理的实验电路，并能进行数据处理．11.【答案】15；0.45【解析】解：（1）设水平向右为正方向，A与墙壁碰撞的过程，对A，由动量定理得：墙壁对A冲量 I=m A v′1-m A•（-v1）=1.5×4-1.5×（-6）=15N•s（2）设碰撞后A、B的共同速度为v，以向右为正方向，由动量守恒定律得：m A v′1=（m A+m B）v得：v==m/s=3m/sA、B整体在光滑圆形轨道上滑动时，只有重力做功，其机械能守恒，由机械能守恒定律得：（m A+m B）v2=（m A+m B）gh，代入数据解得：h=0.45m．故答案为：（1）15．（2）0.45．（1）A对碰撞墙壁的过程，应用动量定理可以求出墙壁对A冲量的大小．（2）A、B碰撞过程，根据系统动量守恒求出碰后两者的共同速度，之后AB一起沿圆弧轨道上升，由机械能守恒定律可以求出上滑的最大高度．分析清楚物体的运动过程，把握每个过程所遵守的物理规律是关键．要知道对于碰撞的过程，往往根据动量定理求冲量或作用力．12.【答案】解：（1）小球向左做匀减速直线运动，根据速度位移公式有：，解得m/s=5m/s．（2）根据动能定理得，，代入数据解得v B=3m/s，根据牛顿第二定律得，mg+F B=m，代入数据解得F B=1.25N，根据牛顿第三定律知，小球经过B点时对轨道的压力大小为1.25N．（3）根据2R=得，平抛运动的时间t=，则A、C两点间的距离d=v B t=3×0.4m=1.2m．答：（1）物体运动到A点时的速度大小为5m/s；（2）小球经过B点时对轨道的压力大小为1.25N；（3）A、C两点间的距离为1.2m．【解析】（1）根据匀变速直线运动的速度位移公式求出物体运动到A点的速度大小．（2）根据动能定理求出小球到达B点的速度，结合牛顿第二定律求出在B点轨道对小球的弹力．（3）根据高度求出平抛运动的时间，结合B点的速度求出A、C两点间的距离d．本题考查了平抛运动、圆周运动和动能定理、牛顿定律的综合运用，知道圆周运动向心力的来源以及平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律是解决本题的关键．13.【答案】解：（1）小球进入复合场区域后，小球立即在竖直平面内做匀速圆周运动，说明重力与电场力的大小相等，方向相反，即：qE=mg所以：E==N/C=10N/CA到N的过程中摩擦力做功，由动能定理得：-μmgL=mv N2-mv02根据洛伦兹力充当向心力可知：B1qv N=m联立解得：B1=2T；（2）在区域II中重力和电场力大小相等，方向相互垂直，所以重力和电场力的合力为：F合=mg方向与水平成45°角斜向右下方；因为在区域II中做匀速直线运动，所以洛伦兹力垂直于重力和电场力的合力，大小为：F洛=B2qv1=mg根据几何关系，在区域I中半径R2=l0根据B1qv1=m联立解得：v1=4m/sB2=2.5T．答：（1）求匀强电场的电场强度E为10N/C；区域Ⅰ中磁场的磁感应强度大小B1为2T；（2）增大滑块在A点初速度使滑块进入区域Ⅱ后恰好做匀速直线运动，滑块进入区域Ⅰ时的速度v1为4m/s；区域Ⅱ内磁感应强度大小B2为2.5T．【解析】（1）小球进入复合场区域后，小球立即在竖直平面内做匀速圆周运动，说明重力与电场力的大小相等，方向相反；A到N的过程中摩擦力做功，根据动能定理可求得速度；然后结合几何关系由于洛伦兹力提供向心力的公式即可求出磁感应强度；（2）根据力的合成可明确重力与电场力的合力，而小球进入区域Ⅱ后恰好能沿直线运动，说明小球受到的合外力为0；从而求出洛伦兹力，再根据洛伦兹力充当向心力即可明确速度大小．本题考查带电粒子在复合场中的运动，要注意当粒子在复合场中做匀速圆周运动时，粒子受到的电场力与重力平衡，而做匀速直线运动时，合力为零．14.【答案】解：（1）强磁铁只受安培力和重力作用，那么，强磁铁达到最大速度后，必有安培力等于重力，所以，这时，任一极短时间，克服安培力做的功等于重力做的功；那么，铜管的热功率等于重力做功的功率，所以，P0=mgv0；（2）铜管中的感应电动势大小与强磁铁下落的速度成正比且强磁铁周围铜管的有效电。
(完整word版)2017高考题物理真题汇编精华版(含详细解答)
专题1质点的直线运动(2017·高考全国卷甲)为提高冰球运动员的加速能力，教练员在冰面上与起跑线距离s0和s1(s1<s0)处分别放置一个挡板和一面小旗，如图所示．训练时，让运动员和冰球都位于起跑线上，教练员将冰球以初速度v0击出，使冰球在冰面上沿垂直于起跑线的方向滑向挡板；冰球被击出的同时，运动员垂直于起跑线从静止出发滑向小旗．训练要求当冰球到达挡板时，运动员至少到达小旗处．假定运动员在滑行过程中做匀加速运动，冰球到达挡板时的速度为v1，重力加速度大小为g.求(1)冰球与冰面之间的动摩擦因数；(2)满足训练要求的运动员的最小加速度．专题2相互作用1．(2017·高考全国卷甲)如图，一物块在水平拉力F的作用下沿水平桌面做匀速直线运动．若保持F的大小不变，而方向与水平面成60°角，物块也恰好做匀速直线运动．物块与桌面间的动摩擦因数为()A．2－3B．3 6C.33D．322. (多选)(2017·高考全国卷乙)如图，柔软轻绳ON的一端O固定，其中间某点M拴一重物，用手拉住绳的另一端N .初始时，OM 竖直且MN 被拉直，OM 与MN 之间的夹角为α⎝⎛⎭⎫α＞π2 .现将重物向右上方缓慢拉起，并保持夹角α不变．在OM 由竖直被拉到水平的过程中( )A ．MN 上的张力逐渐增大B ．MN 上的张力先增大后减小C ．OM 上的张力逐渐增大D ．OM 上的张力先增大后减小3．(2017·高考全国卷丙)一根轻质弹性绳的两端分别固定在水平天花板上相距80 cm 的两点上，弹性绳的原长也为80 cm.将一钩码挂在弹性绳的中点，平衡时弹性绳的总长度为100 cm ；再将弹性绳的两端缓慢移至天花板上的同一点，则弹性绳的总长度变为(弹性绳的伸长始终处于弹性限度内)( )A ．86 cmB ．92 cmC ．98 cmD ．104 cm4．(多选)(2017·高考天津卷)如图所示，轻质不可伸长的晾衣绳两端分别固定在竖直杆M 、N 上的a 、b 两点，悬挂衣服的衣架挂钩是光滑的，挂于绳上处于静止状态．如果只人为改变一个条件，当衣架静止时，下列说法正确的是( )A ．绳的右端上移到b ′，绳子拉力不变B ．将杆N 向右移一些，绳子拉力变大C ．绳的两端高度差越小，绳子拉力越小D ．若换挂质量更大的衣服，则衣架悬挂点右移专题3 牛顿运动定律1．(2017·高考全国卷丙)如图，两个滑块A 和B 的质量分别为m A ＝1 kg 和m B ＝5 kg ，放在静止于水平地面上的木板的两端，两者与木板间的动摩擦因数均为μ1＝0.5；木板的质量为m ＝4 kg ，与地面间的动摩擦因数为μ2＝0.1.某时刻A 、B 两滑块开始相向滑动，初速度大小均为v 0＝3 m/s.A 、B 相遇时，A 与木板恰好相对静止．设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取重力加速度大小g ＝10 m/s 2.求(1)B与木板相对静止时，木板的速度；(2)A、B开始运动时，两者之间的距离．2．(2017·高考江苏卷)如图所示，两条相距d的平行金属导轨位于同一水平面内，其右端接一阻值为R的电阻．质量为m的金属杆静置在导轨上，其左侧的矩形匀强磁场区域MNPQ 的磁感应强度大小为B、方向竖直向下．当该磁场区域以速度v0匀速地向右扫过金属杆后，金属杆的速度变为v.导轨和金属杆的电阻不计，导轨光滑且足够长，杆在运动过程中始终与导轨垂直且两端与导轨保持良好接触．求：(1)MN刚扫过金属杆时，杆中感应电流的大小I；(2)MN刚扫过金属杆时，杆的加速度大小a；(3)PQ刚要离开金属杆时，感应电流的功率P.专题4曲线运动1．(2017·高考全国卷甲)如图，一光滑大圆环固定在桌面上，环面位于竖直平面内，在大圆环上套着一个小环．小环由大圆环的最高点从静止开始下滑，在小环下滑的过程中，大圆环对它的作用力()A．一直不做功B．一直做正功C．始终指向大圆环圆心D．始终背离大圆环圆心2．(2017·高考全国卷乙)发球机从同一高度向正前方依次水平射出两个速度不同的乒乓球(忽略空气的影响)．速度较大的球越过球网，速度较小的球没有越过球网；其原因是() A．速度较小的球下降相同距离所用的时间较多B．速度较小的球在下降相同距离时在竖直方向上的速度较大C．速度较大的球通过同一水平距离所用的时间较少D．速度较大的球在相同时间间隔内下降的距离较大3. (2017·高考江苏卷)如图所示，A、B两小球从相同高度同时水平抛出，经过时间t在空中相遇．若两球的抛出速度都变为原来的2倍，则两球从抛出到相遇经过的时间为()A．t B．2 2tC．t2D．t4专题5万有引力与航天1．(多选)(2017·高考全国卷甲)如图，海王星绕太阳沿椭圆轨道运动，P为近日点，Q为远日点，M、N为轨道短轴的两个端点，运行的周期为T0.若只考虑海王星和太阳之间的相互作用，则海王星在从P经M、Q到N的运动过程中()A．从P到M所用的时间等于T0/4B．从Q到N阶段，机械能逐渐变大C．从P到Q阶段，速率逐渐变小D．从M到N阶段，万有引力对它先做负功后做正功2．(2017·高考全国卷丙)2017年4月，我国成功发射的天舟一号货运飞船与天宫二号空间实验室完成了首次交会对接，对接形成的组合体仍沿天宫二号原来的轨道(可视为圆轨道)运行．与天宫二号单独运行时相比，组合体运行的( )A ．周期变大B ．速率变大C ．动能变大D ．向心加速度变大3．(2017·高考北京卷)利用引力常量G 和下列某一组数据，不能计算出地球质量的是( )A ．地球的半径及重力加速度(不考虑地球自转)B ．人造卫星在地面附近绕地球做圆周运动的速度及周期C ．月球绕地球做圆周运动的周期及月球与地球间的距离D ．地球绕太阳做圆周运动的周期及地球与太阳间的距离4．(多选)(2017·高考江苏卷)“天舟一号”货运飞船于2017年4月20日在文昌航天发射中心成功发射升空．与“天宫二号”空间实验室对接前，“天舟一号”在距地面约380 km 的圆轨道上飞行，则其( )A ．角速度小于地球自转角速度B ．线速度小于第一宇宙速度C ．周期小于地球自转周期D ．向心加速度小于地面的重力加速度5．(2017·高考天津卷)我国自主研制的首艘货运飞船“天舟一号”发射升空后，与已经在轨运行的“天宫二号”成功对接形成组合体．假设组合体在距地面高为h 的圆形轨道上绕地球做匀速圆周运动，已知地球的半径为R ，地球表面处重力加速度为g ，且不考虑地球自转的影响．则组合体运动的线速度大小为________，向心加速度大小为________．专题6 机械能及其守恒定律1．(2017·高考全国卷丙)如图，一质量为m ，长度为l 的均匀柔软细绳PQ 竖直悬挂．用外力将绳的下端Q 缓慢地竖直向上拉起至M 点，M 点与绳的上端P 相距13l .重力加速度大小为g .在此过程中，外力做的功为( )A.19mgl B ．16mglC.13mgl D ．12mgl2．(2017·高考天津卷)“天津之眼”是一座跨河建设、桥轮合一的摩天轮，是天津市的地标之一．摩天轮悬挂透明座舱，乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动．下列叙述正确的是( )A ．摩天轮转动过程中，乘客的机械能保持不变B ．在最高点时，乘客重力大于座椅对他的支持力C ．摩天轮转动一周的过程中，乘客重力的冲量为零D ．摩天轮转动过程中，乘客重力的瞬时功率保持不变3. (2017·高考江苏卷)如图所示，一小物块被夹子夹紧，夹子通过轻绳悬挂在小环上，小环套在水平光滑细杆上．物块质量为M ，到小环的距离为L ，其两侧面与夹子间的最大静摩擦力均为F .小环和物块以速度v 向右匀速运动，小环碰到杆上的钉子P 后立刻停止，物块向上摆动．整个过程中，物块在夹子中没有滑动．小环和夹子的质量均不计，重力加速度为g .下列说法正确的是( )A ．物块向右匀速运动时，绳中的张力等于2FB ．小环碰到钉子P 时，绳中的张力大于2FC ．物块上升的最大高度为2v 2gD ．速度v 不能超过（2F －Mg ）LM4．(多选)(2017·高考江苏卷)如图所示，三个小球A 、B 、C 的质量均为m ，A 与B 、C 间通过铰链用轻杆连接，杆长为L .B 、C 置于水平地面上，用一轻质弹簧连接，弹簧处于原长．现A 由静止释放下降到最低点，两轻杆间夹角α由60°变为120°.A 、B 、C 在同一竖直平面内运动，弹簧在弹性限度内，忽略一切摩擦，重力加速度为g .则此下降过程中( )A ．A 的动能达到最大前，B 受到地面的支持力小于32mgB ．A 的动能最大时，B 受到地面的支持力等于32mgC ．弹簧的弹性势能最大时，A 的加速度方向竖直向下D ．弹簧的弹性势能最大值为32mgL 5．(2017·高考江苏卷)如图所示，两个半圆柱A 、B 紧靠着静置于水平地面上，其上有一光滑圆柱C ，三者半径均为R .C 的质量为m ，A 、B 的质量都为m2，与地面间的动摩擦因数均为μ.现用水平向右的力拉A ，使A 缓慢移动，直至C 恰好降到地面．整个过程中B 保持静止．设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g .求：(1)未拉A 时，C 受到B 作用力的大小F ； (2)动摩擦因数的最小值μmin ；(3)A 移动的整个过程中，拉力做的功W .专题7 碰撞与动量守恒1．(2017·高考全国卷乙)将质量为1.00 kg 的模型火箭点火升空，50 g 燃烧的燃气以大小为600 m/s 的速度从火箭喷口在很短时间内喷出．在燃气喷出后的瞬间，火箭的动量大小为(喷出过程中重力和空气阻力可忽略)( )A．30 kg·m/s B．5.7×102 kg·m/sC．6.0×102 kg·m/s D．6.3×102 kg·m/s2．(多选)(2017·高考全国卷丙)一质量为2 kg的物块在合外力F的作用下从静止开始沿直线运动．F随时间t变化的图线如图所示，则()A．t＝1 s时物块的速率为1 m/sB．t＝2 s时物块的动量大小为4 kg·m/sC．t＝3 s时物块的动量大小为5 kg·m/sD．t＝4 s时物块的速度为零3．(2017·高考北京卷)在磁感应强度为B的匀强磁场中，一个静止的放射性原子核发生了一次α衰变．放射出的α粒子(42He)在与磁场垂直的平面内做圆周运动，其轨道半径为R.以m、q分别表示α粒子的质量和电荷量．(1)放射性原子核用A Z X表示，新核的元素符号用Y表示，写出该α衰变的核反应方程．(2)α粒子的圆周运动可以等效成一个环形电流，求圆周运动的周期和环形电流大小．(3)设该衰变过程释放的核能都转化为α粒子和新核的动能，新核的质量为M，求衰变过程的质量亏损Δm.4．(2017·高考天津卷)如图所示，物块A和B通过一根轻质不可伸长的细绳相连，跨放在质量不计的光滑定滑轮两侧，质量分别为m A＝2 kg、m B＝1 kg.初始时A静止于水平地面上，B悬于空中．现将B竖直向上再举高h＝1.8 m(未触及滑轮)，然后由静止释放．一段时间后细绳绷直，A、B以大小相等的速度一起运动，之后B恰好可以和地面接触．取g＝10 m/s2，空气阻力不计．求：(1)B从释放到细绳刚绷直时的运动时间t；(2)A的最大速度v的大小；(3)初始时B离地面的高度H.专题8静电场1．(多选)(2017·高考全国卷乙)在一静止点电荷的电场中，任一点的电势φ与该点到点电荷的距离r的关系如图所示．电场中四个点a、b、c和d的电场强度大小分别为E a、E b、E c 和E d.点a到点电荷的距离r a与点a的电势φa已在图中用坐标(r a，φa)标出，其余类推．现将一带正电的试探电荷由a点依次经b、c点移动到d点，在相邻两点间移动的过程中，电场力所做的功分别为W ab、W bc和W cd.下列选项正确的是()A．E a∶E b＝4∶1 B．E c∶E d＝2∶1C．W ab∶W bc＝3∶1 D．W bc∶W cd＝1∶32. (多选)(2017·高考全国卷丙)一匀强电场的方向平行于xOy平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示，三点的电势分别为10 V、17 V、26 V．下列说法正确的是()A．电场强度的大小为2.5 V/cmB．坐标原点处的电势为1 VC．电子在a点的电势能比在b点的低7 eVD．电子从b点运动到c点，电场力做功为9 eV3. (多选)(2017·高考天津卷)如图所示，在点电荷Q产生的电场中，实线MN是一条方向未标出的电场线，虚线AB是一个电子只在静电力作用下的运动轨迹．设电子在A、B两点的加速度大小分别为a A、a B，电势能分别为E p A、E p B.下列说法正确的是()A．电子一定从A向B运动B．若a A>a B，则Q靠近M端且为正电荷C．无论Q为正电荷还是负电荷一定有E p A<E p BD．B点电势可能高于A点电势4．(2017·高考江苏卷)如图所示，三块平行放置的带电金属薄板A、B、C中央各有一小孔，小孔分别位于O、M、P点．由O点静止释放的电子恰好能运动到P点．现将C板向右平移到P′点，则由O点静止释放的电子()A．运动到P点返回B．运动到P和P′点之间返回C．运动到P′点返回D．穿过P′点5．(多选)(2017·高考江苏卷)在x轴上有两个点电荷q1、q2，其静电场的电势φ在x轴上分布如图所示．下列说法正确有()A．q1和q2带有异种电荷B．x1处的电场强度为零C．负电荷从x1移到x2，电势能减小D．负电荷从x1移到x2，受到的电场力增大6．(2017·高考全国卷甲)如图，两水平面(虚线)之间的距离为H，其间的区域存在方向水平向右的匀强电场．自该区域上方的A点将质量均为m、电荷量分别为q和－q(q>0)的带电小球M、N先后以相同的初速度沿平行于电场的方向射出．小球在重力作用下进入电场区域，并从该区域的下边界离开．已知N离开电场时的速度方向竖直向下；M在电场中做直线运动，刚离开电场时的动能为N刚离开电场时动能的1.5倍．不计空气阻力，重力加速度大小为g.求(1)M与N在电场中沿水平方向的位移之比；(2)A点距电场上边界的高度；(3)该电场的电场强度大小．7．(2017·高考全国卷乙)真空中存在电场强度大小为E1的匀强电场，一带电油滴在该电场中竖直向上做匀速直线运动，速度大小为v0.在油滴处于位置A时，将电场强度的大小突然增大到某值，但保持其方向不变．持续一段时间t1后，又突然将电场反向，但保持其大小不变；再持续同样一段时间后，油滴运动到B点．重力加速度大小为g.(1)求油滴运动到B点时的速度；(2)求增大后的电场强度的大小；为保证后来的电场强度比原来的大，试给出相应的t1和v0应满足的条件．已知不存在电场时，油滴以初速度v0做竖直上抛运动的最大高度恰好等于B、A两点间距离的两倍．8．(2017·高考北京卷)如图所示，长l＝1 m的轻质细绳上端固定，下端连接一个可视为质点的带电小球，小球静止在水平向右的匀强电场中，绳与竖直方向的夹角θ＝37°.已知小球所带电荷量q＝1.0×10－6 C，匀强电场的场强E＝3.0×103 N/C，取重力加速度g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8.求：(1)小球所受电场力F的大小．(2)小球的质量m.(3)将电场撤去，小球回到最低点时速度v的大小．专题9磁场1. (2017·高考全国卷甲)如图，虚线所示的圆形区域内存在一垂直于纸面的匀强磁场，P 为磁场边界上的一点，大量相同的带电粒子以相同的速率经过P点，在纸面内沿不同方向射入磁场．若粒子射入速率为v1，这些粒子在磁场边界的出射点分布在六分之一圆周上；若粒子射入速率为v2，相应的出射点分布在三分之一圆周上．不计重力及带电粒子之间的相互作用．则v2∶v1为()A ．3∶2B ．2∶1 C.3∶1D ．3∶ 22．(2017·高考全国卷乙)如图，空间某区域存在匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向上(与纸面平行)，磁场方向垂直于纸面向里．三个带正电的微粒a 、b 、c 电荷量相等，质量分别为m a 、m b 、m c .已知在该区域内，a 在纸面内做匀速圆周运动，b 在纸面内向右做匀速直线运动，c 在纸面内向左做匀速直线运动．下列选项正确的是( )A ．m a ＞m b ＞m cB ．m b ＞m a ＞m cC ．m c ＞m a ＞m bD ．m c ＞m b ＞m a3. (多选)(2017·高考全国卷乙)如图，三根相互平行的固定长直导线L 1、L 2和L 3两两等距，均通有电流I ，L 1中电流方向与L 2中的相同，与L 3中的相反．下列说法正确的是( )A ．L 1所受磁场作用力的方向与L 2、L 3所在平面垂直B ．L 3所受磁场作用力的方向与L 1、L 2所在平面垂直C ．L 1、L 2和L 3单位长度所受的磁场作用力大小之比为1∶1∶ 3D ．L 1、L 2和L 3单位长度所受的磁场作用力大小之比为3∶3∶14. (2017·高考全国卷丙)如图，在磁感应强度大小为B 0的匀强磁场中，两长直导线P 和Q 垂直于纸面固定放置，两者之间的距离为l .在两导线中均通有方向垂直于纸面向里的电流I 时，纸面内与两导线距离均为l 的a 点处的磁感应强度为零．如果让P 中的电流反向、其他条件不变，则a 点处磁感应强度的大小为( )A ．0B ．33B 0C.233B 0D ．2B 05．(2017·高考全国卷丙)如图，空间存在方向垂直于纸面(xOy 平面)向里的磁场．在x ≥0区域，磁感应强度的大小为B 0；x ＜0区域，磁感应强度的大小为λB 0(常数λ＞1)．一质量为m、电荷量为q(q＞0)的带电粒子以速度v0从坐标原点O沿x轴正向射入磁场，此时开始计时，当粒子的速度方向再次沿x轴正向时，求(不计重力)(1)粒子运动的时间；(2)粒子与O点间的距离．6．(2017·高考天津卷)平面直角坐标系xOy中，第Ⅰ象限存在垂直于平面向里的匀强磁场，第Ⅲ象限存在沿y轴负方向的匀强电场，如图所示．一带负电的粒子从电场中的Q点以速度v0沿x轴正方向开始运动，Q点到y轴的距离为到x轴距离的2倍．粒子从坐标原点O 离开电场进入磁场，最终从x轴上的P点射出磁场，P点到y轴距离与Q点到y轴距离相等．不计粒子重力，问：(1)粒子到达O点时速度的大小和方向；(2)电场强度和磁感应强度的大小之比．7．(2017·高考江苏卷)一台质谱仪的工作原理如图所示．大量的甲、乙两种离子飘入电压为U0的加速电场，其初速度几乎为0，经加速后，通过宽为L的狭缝MN沿着与磁场垂直的方向进入磁感应强度为B的匀强磁场中，最后打到照相底片上．已知甲、乙两种离子的电荷量均为＋q，质量分别为2m和m，图中虚线为经过狭缝左、右边界M、N的甲种离子的运动轨迹．不考虑离子间的相互作用．(1)求甲种离子打在底片上的位置到N点的最小距离x；(2)在图中用斜线标出磁场中甲种离子经过的区域，并求该区域最窄处的宽度d；(3)若考虑加速电压有波动，在(U0－ΔU )到(U0＋ΔU )之间变化，要使甲、乙两种离子在底片上没有重叠，求狭缝宽度L满足的条件．专题10电磁感应1．(多选)(2017·高考全国卷甲)两条平行虚线间存在一匀强磁场，磁感应强度方向与纸面垂直．边长为0.1 m、总电阻为0.005 Ω的正方形导线框abcd位于纸面内，cd边与磁场边界平行，如图(a)所示．已知导线框一直向右做匀速直线运动，cd边于t＝0时刻进入磁场．线框中感应电动势随时间变化的图线如图(b)所示(感应电流的方向为顺时针时，感应电动势取正)．下列说法正确的是()A．磁感应强度的大小为0.5 TB．导线框运动速度的大小为0.5 m/sC．磁感应强度的方向垂直于纸面向外D．在t＝0.4 s至t＝0.6 s这段时间内，导线框所受的安培力大小为0.1 N2．(多选)(2017·高考全国卷甲)某同学自制的简易电动机示意图如图所示．矩形线圈由一根漆包线绕制而成，漆包线的两端分别从线圈的一组对边的中间位置引出，并作为线圈的转轴．将线圈架在两个金属支架之间，线圈平面位于竖直面内，永磁铁置于线圈下方．为了使电池与两金属支架连接后线圈能连续转动起来，该同学应将()A．左、右转轴下侧的绝缘漆都刮掉B．左、右转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉C．左转轴上侧的绝缘漆刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉D．左转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉3．(2017·高考全国卷乙)扫描隧道显微镜(STM)可用来探测样品表面原子尺度上的形貌．为了有效隔离外界振动对STM的扰动，在圆底盘周边沿其径向对称地安装若干对紫铜薄板，并施加磁场来快速衰减其微小振动，如图所示．无扰动时，按下列四种方案对紫铜薄板施加恒磁场；出现扰动后，对于紫铜薄板上下及左右振动的衰减最有效的方案是()4．(2017·高考全国卷丙)如图，在方向垂直于纸面向里的匀强磁场中有一U形金属导轨，导轨平面与磁场垂直．金属杆PQ置于导轨上并与导轨形成闭合回路PQRS，一圆环形金属线框T位于回路围成的区域内，线框与导轨共面．现让金属杆PQ突然向右运动，在运动开始的瞬间，关于感应电流的方向，下列说法正确的是()A．PQRS中沿顺时针方向，T中沿逆时针方向B．PQRS中沿顺时针方向，T中沿顺时针方向C．PQRS中沿逆时针方向，T中沿逆时针方向D．PQRS中沿逆时针方向，T中沿顺时针方向5．(2017·高考北京卷)图1和图2是教材中演示自感现象的两个电路图，L1和L2为电感线圈．实验时，断开开关S1瞬间，灯A1突然闪亮，随后逐渐变暗；闭合开关S2，灯A2逐渐变亮，而另一个相同的灯A3立即变亮，最终A2与A3的亮度相同．下列说法正确的是()A．图1中，A1与L1的电阻值相同B．图1中，闭合S1，电路稳定后，A1中电流大于L1中电流C．图2中，变阻器R与L2的电阻值相同D．图2中，闭合S2瞬间，L2中电流与变阻器R中电流相等6．(2017·高考天津卷)如图所示，两根平行金属导轨置于水平面内，导轨之间接有电阻R.金属棒ab与两导轨垂直并保持良好接触，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向下．现使磁感应强度随时间均匀减小，ab始终保持静止，下列说法正确的是()A．ab中的感应电流方向由b到aB．ab中的感应电流逐渐减小C．ab所受的安培力保持不变D．ab所受的静摩擦力逐渐减小7．(2017·高考江苏卷)如图所示，两个单匝线圈a、b的半径分别为r和2r.圆形匀强磁场B的边缘恰好与a线圈重合，则穿过a、b两线圈的磁通量之比为()A．1∶1B．1∶2C．1∶4 D．4∶18．(2017·高考北京卷)发电机和电动机具有装置上的类似性，源于它们机理上的类似性．直流发电机和直流电动机的工作原理可以简化为如图1、图2所示的情景．在竖直向下的磁感应强度为B的匀强磁场中，两根光滑平行金属轨道MN、PQ固定在水平面内，相距为L，电阻不计．电阻为R的金属导体棒ab垂直于MN、PQ放在轨道上，与轨道接触良好，以速度v(v平行于MN)向右做匀速运动．图1轨道端点MP间接有阻值为r的电阻，导体棒ab受到水平向右的外力作用．图2轨道端点MP间接有直流电源，导体棒ab通过滑轮匀速提升重物，电路中的电流为I.(1)求在Δt时间内，图1“发电机”产生的电能和图2“电动机”输出的机械能．(2)从微观角度看，导体棒ab中的自由电荷所受洛伦兹力在上述能量转化中起着重要作用．为了方便，可认为导体棒中的自由电荷为正电荷．a．请在图3(图1的导体棒ab)、图4(图2的导体棒ab)中，分别画出自由电荷所受洛伦兹力的示意图．b．我们知道，洛伦兹力对运动电荷不做功．那么，导体棒ab中的自由电荷所受洛伦兹力是如何在能量转化过程中起到作用的呢？请以图2“电动机”为例，通过计算分析说明．9．(2017·高考天津卷)电磁轨道炮利用电流和磁场的作用使炮弹获得超高速度，其原理可用来研制新武器和航天运载器．电磁轨道炮示意如图，图中直流电源电动势为E，电容器的电容为C.两根固定于水平面内的光滑平行金属导轨间距为l，电阻不计．炮弹可视为一质量为m、电阻为R的金属棒MN，垂直放在两导轨间处于静止状态，并与导轨良好接触．首先开关S接1，使电容器完全充电．然后将S接至2，导轨间存在垂直于导轨平面、磁感应强度大小为B的匀强磁场(图中未画出)，MN开始向右加速运动．当MN上的感应电动势与电容器两极板间的电压相等时，回路中电流为零，MN达到最大速度，之后离开导轨．问：(1)磁场的方向；(2)MN刚开始运动时加速度a的大小；(3)MN离开导轨后电容器上剩余的电荷量Q是多少．。
物理_2017年天津市某校高考物理二模试卷_复习
2017年天津市某校高考物理二模试卷一、单项选择题（每小题只有一个正确选项，每小题6分，共30分）1. 下列说法中正确的是（ ）A 对于相同质量的核燃料，重核裂变比轻核聚变产生的核能多B 汤姆逊通过对阴极射线的研究提出了原子核具有复杂的结构C 在电磁波谱中，红外线、紫外线、x 射线是按照波长由长到短排列的D 卢瑟福的α粒子散射揭示了原子只能处于一系列不连续的能量状态中2. 如图所示，将一劲度系数为k 的轻弹簧一端固定在内壁光滑的半球形容器最底部O ′处（O 为球心），弹簧另一端与质量为m 的小球相连，小球静止于P 点．已知容器半径为R ，与水平地面之间的动摩擦因数为μ，OP 与水平方向的夹角为θ=30∘．下列说法正确的是（ ）A 弹簧原长为R +mg k B 容器受到水平向左的摩擦力 C 容器对小球的作用力大小为12mg D 轻弹簧对小球的作用力大小为√32mg 3. 我国成功发射“天宫一号”飞行器，入轨后绕地球的运动可视为匀速圆周运动，运动周期为T ，已知地球同步卫星的周期为 T 0，则以下判断正确的是（ ）A “天宫一号”的向心加速度与地球同步卫星的向心加速度之比为T 02T 2 B “天宫一号”的角速度与地球同步卫星的角速度之比为T T 0 C “天宫一号”的线速度与地球同步卫星的线速度之比为(T T 0)12 D “天宫一号”的轨道半径与地球同步卫星的轨道半径之比为(T 2T 02)134. 如图所示，在两个电量分别为+Q 和−Q 的点电荷A 、B 的连线上有a 、c 两点，在连线的中垂线上有b 、d 两点，a 、b 、c 、d 都与连线的中点O 等距．可知（ ）A a 点场强与b 点场强相同B b 点电势小于c 点电势C 负电荷q 在O 点电势能大于在a 点的电势能D 正电荷q 从c 点移动到d 点电场力做正功5. 如图所示，一个质量为m 的物体（可视为质点）以某一速度从A 点冲上倾角为30∘的固定斜面，其运动的加速度为3g 4，这物体在斜面上上升的最大高度为ℎ，则在这个过程中物体的（ ）A 机械能损失了mgℎ4 B 动能损失了3mgℎ2 C 重力势能增加了3mgℎ4 D 整个过程中物体机械能守恒二、不定项选择题（每小题有多个正确选项，每小题6分，共18分）6. 氢原子从n=4的能级跃迁到n=2的能级辐射出a光，从n=5的能级跃迁到n=2的能级辐射出b光，关于这两种光的下列说法正确的是（）A a光的光子能量比b光的光子的能量大B 两束光以相同的入射角由水中斜射入空气，a光的折射角小C 分别通过同一单缝衍射装置，b光形成的中央亮条纹窄D 若a光不能使某金属发生光电效应，则b光一定不能使该金属发生光电效应7. 如图所示，在匀强磁场中匀速转动的单匝矩形线圈的周期为T，转轴O1O2垂直于磁场方向，线圈电阻为2Ω．从线圈平面与磁场方向平行时开始计时，线圈转过60∘时的感应电流为1A 线圈消耗的电功率为4WB 线圈中感应电流的有效值为2AC 任意时刻线圈中的感应电动势为e＝4cos2πT t D 任意时刻穿过线圈的磁通量为Φ=Tπsin2πTt8. 一列简谐横波沿x轴正方向传播，已知x轴上x1＝0处质点的振动图线如图甲所示，x2＝3m处的另一质点的振动图线如图乙所示，则此列波的传播速度可能是（）A 6m/sB 2m/sC 1.2m/sD 0.4m/s三、解答题（共3小题，满分0分）9. 在斜面顶端先后水平抛出同一小球，第一次小球落到斜面中点，第二次小球落到斜面底端．则两次小球运动时间之比t1:t2=_________；两次小球落到斜面上时动能之比E k1:E k2=________．10. 某同学利用如图丙所示的装置来验证力的平行四边形定则．在竖直木板上铺有白纸，在A、B两点固定两个光滑定滑轮，用一个轻绳跨过两滑轮悬挂钩码组N1、N2，用另一轻绳C 在O点打一结，悬挂钩码组N3，每个钩码的质量相等．当系统达到平衡时，记录各组钩码个数．回答下列问题：（1）改变钩码个数，可以完成实验的是________．A、钩码的个数N1＝2，N2＝2，N3＝4B、钩码的个数N1＝3，N2＝3，N3＝4C、钩码的个数N1＝4，N2＝4，N3＝4D、钩码的个数N1＝3，N2＝4，N3＝6（2）在拆下钩码和绳子前，必须的一个步骤是________．A、记录OA、OB、OC三段绳子的方向B、用刻度尺测出OA、OB、OC三段绳子的长度C、用天平测出钩码的质量（3）在操作正确的前提下，你认为甲、乙两图比较合理的是________图．（填“甲”或“乙”）11. 在测定电源电动势和内阻的实验中，实验室仅提供下列实验器材：A．干电池两节，每节电动势约为1.5V，内阻约几欧姆B．直流电压表V1、V2，量程均为0∼3V，内阻约为3kΩC．电流表，量程0.6A，内阻小于1ΩD．定值电阻R0，阻值为5ΩE．滑动变阻器R，最大阻值50ΩF．导线和开关若干①如图a所示的电路是实验室测定电源的电动势和内阻的电路图，按该电路图组装实验器材进行实验，测得多组U、I数据，并画出U−I图像，求出电动势和内电阻．电动势和内阻的测量值均偏小，产生该误差的原因是________，这种误差属于________．（填“系统误差”或“偶然误差”）②实验过程中，电流表发生了故障，某同学设计如图甲所示的电路，测定电源电动势和内阻，连接的部分实物图如图乙所示，其中还有一根导线没有连接，请补上这根导线．③实验中移动滑动变阻器触头，读出电压表V1和V2的多组数据U1、U2，描绘出U1−U2图像如图丙所示，图线斜率为k，与横轴的截距为a，则电源的电动势E=________，内阻r=________ （用k、a、R0表示）．四、解答题（共3小题，满分20分）12. 如图所示，内壁粗糙、半径R=0.4m的四分之一圆弧轨道AB在最低点B与足够长光滑水平轨道BC相切，质量m2=0.2kg的小球b左端连接一轻质弹簧，静止在光滑水平轨道上，另一质量m1=0.2kg的小球a自圆弧轨道顶端由静止释放，运动到圆弧轨道最低点B时对轨道的压力为小球a重力的2倍，忽略空气阻力，重力加速度g=10m/s2．求：(1)小球a由A点运动到B点的过程中，摩擦力做功W f；(2)小球a通过弹簧与小球b相互作用的过程中，弹簧的最大弹性势能E p；(3)小球a通过弹簧与小球b相互作用的整个过程中，弹簧对小球b的冲量I的大小．13. 如图所示的坐标系x轴沿水平方向，y轴沿竖直方向．在x轴上方空间的第一、第二象限内，既无电场也无磁场，在第三象限，存在沿y轴正方向的匀强电场和垂直xOy平面的匀强磁场（图中未画出）．一质量为m、电量为q的带电质点，从y轴上y=ℎ处的P1点以一定的水平初速度沿x轴负方向进入第二象限．然后经过x轴上x=−2ℎ处的P2点进入第三象限，带电质点恰好能做匀速圆周运动．之后经过y轴上y=−2ℎ处的P3点进入第四象限．已知重力加速度为g．求：（1）粒子到达P2点时速度的大小和方向；（2）第三象限空间中电场强度E的大小及带电质点电性；（3）磁感应强度B的大小和方向．14. 电磁阻尼制动是磁悬浮列车在高速运行时进行制动的一种方式，如图所示制成的车和轨道模型模拟磁悬浮列车的制动过程．车厢下端安装有电磁铁系统，能在长为L1=0.6m，宽L2=0.2m的矩形区域内产生竖直方向的匀强磁场，磁感应强度可随车速的减小而自动增大，但最大不超过B m=0.2T，轨道车下端扯铺设有很多长度大于L1，宽为L2的单匝矩形线圈，间隔铺设在轨道正中央，其间隔也为L2，每个线圈的电阻为R= 0.1Ω，导线粗细忽略不计．在某次实验中，模型车速度为v0=20m/s时，启动电磁铁系统开始制动，车立即以加速度a=2m/s2做匀减速直线运动，当磁感应强度增加到B m时就保持不变，直到模型车停止运动．已知模型车的总质量为m=36kg，空气阻力不计．（1）电磁铁的磁感应强度达到最大时，模型车的速度v1为多大？（2）模型车的制动距离？（3）提出一个减小制动距离的合理方法．2017年天津市某校高考物理二模试卷答案1. C2. A3. D4. C5. B6. B,C7. A,C8. B,D9. 1:√2,1:210. BCDA甲11. 电压表的分流作用,系统误差,akk−1,R 0k−112. (1)小球a 由A 点运动到B 点的过程中，摩擦力做功为−0.4J ；(2)小球a 通过弹簧与小球b 相互作用的过程中，弹簧的最大弹性势能为0.2J ；(3)小球a 通过弹簧与小球b 相互作用的整个过程中，弹簧对小球b 的冲量I 的大小0.4N ⋅S ．13. （1）粒子到达P 2点时速度的大小为2√gℎ，方向与x 轴负方向成45∘．（2）第三象限空间中电场强度E 的大小为mg q ，带电质点带正电． （3）磁感应强度B 的大小为m q √2g ℎ和方向垂直于纸面向里．14. （1）电磁铁的磁感应强度达到最大时，模型车的速度v 1为5m/s ；（2）模型车的制动距离为106.25m ；（3）将电磁铁换成多个并在一起的永磁铁组，两个相邻的磁铁磁极的极性相反，且将线圈改为连续铺放，相邻线圈接触紧密但彼此绝缘．。
2017高考题物理真题汇编精华版(含详细解答)(2)(最新整理)
A．MN 上的张力逐渐增大
B．MN 上的张力先增大后减小
C．OM 上的张力逐渐增大
D．OM 上的张力先增大后减小
3．(2017·高考全国卷丙)一根轻质弹性绳的两端分别固定在水平天花板上相距 80 cm 的
两点上，弹性绳的原长也为 80 cm.将一钩码挂在弹性绳的中点，平衡时弹性绳的总长度为 100
cm；再将弹性绳的两端缓慢移至天花板上的同一点，则弹性绳的总长度变为(弹性绳的伸长
专题 1 质点的直线运动 (2017·高考全国卷甲)为提高冰球运动员的加速能力，教练员在冰面上与起跑线距离 s0 和 s1(s1<s0)处分别放置一个挡板和一面小旗，如图所示．训练时，让运动员和冰球都位于起跑线 上，教练员将冰球以初速度 v0 击出，使冰球在冰面上沿垂直于起跑线的方向滑向挡板；冰球 被击出的同时，运动员垂直于起跑线从静止出发滑向小旗．训练要求当冰球到达挡板时，运 动员至少到达小旗处．假定运动员在滑行过程中做匀加速运动，冰球到达挡板时的速度为 v1， 重力加速度大小为 g.求
专题 7 碰撞与动量守恒 1．(2017·高考全国卷乙)将质量为 1.00 kg 的模型火箭点火升空，50 g 燃烧的燃气以大小 为 600 m/s 的速度从火箭喷口在很短时间内喷出．在燃气喷出后的瞬间，火箭的动量大小为 (喷出过程中重力和空气阻力可忽略)( )
A．30 kg·m/s
运行．与天宫二号单独运行时相比，组合体运行的( )
A．周期变大
B．速率变大
C．动能变大
D．向心加速度变大
3．(2017·高考北京卷)利用引力常量 G 和下列某一组数据，不能计算出地球质量的是( )
A．地球的半径及重力加速度(不考虑地球自转)
B．人造卫星在地面附近绕地球做圆周运动的速度及周期
2017年普通高等学校招生全国统一考试(天津卷)理科综合试题及答案物理化学生物
2017年普通高等学校招生全国统一考试（天津卷）理科综合生物部分第I卷本卷共6题，每题6分。
1、下图表示生态系统、群落、种群和个体的从属关系。
据图分析，下列叙述正确的是（）A、甲是生物进化的基本单位B、乙数量达到环境容纳量最后不再发生波动C、丙是由生产者和消费者构成的D、丁多样性的形成受无机环境影响2、鸡霍乱病原易菌易致鸡死亡。
1880年，巴斯德用久置的鸡霍乱病原菌对鸡群进行注射，意外发现全部鸡存活。
再次培养新鲜病原菌，并扩大鸡的注射范围，结果仅有部分鸡存活。
进一步调查发现，存活鸡均接受过第一次注射。
下列分析正确的是（）A、第一次注射时，所用的鸡霍乱病原菌相当于抗体B、第一次注射后，鸡霍乱病原菌诱导存活鸡产生的抗性变异C、第二次注射后，存活鸡体内相应记忆细胞参与了免疫反应D、第二次注射后，死亡鸡体内没有发生特异性免疫反应3、小鼠胚胎干细胞可诱导成能分泌胰岛素的胰岛样细胞。
将胰岛样细胞移植给患糖尿病小鼠，可使患病小鼠血糖恢复正常水平。
下列叙述错误．．的是（）A、小鼠胚胎干细胞可来自对囊胚内细胞团的分离培养B、移植前，患病小鼠体内靶细胞缺失胰岛素受体C、移植后，小鼠体内靶细胞加强了对葡萄糖的摄取、利用和储存D、小鼠体内血糖浓度对胰高血糖素的分泌存在反馈调节4、低温诱导可使二倍体草鱼卵原细胞在减数第一次分裂时不形成纺锤体，从而产生染色体数目加倍的卵细胞，此卵细胞与精子结合发育成三倍体草鱼胚胎。
上述过程中产生下列四种细胞，下图所示四种细胞的染色体行为（以二倍体草鱼体细胞含两对同源染色体为例）可出现的是（）5、为达到实验目的，必须．．在碱性条件下进行的实验是（）A、利用双缩脲试剂检测生物组织中的蛋白质B、测定胃蛋白酶分解蛋白质的最适温度C、利用重铬酸钾检测酵母菌磁疗液中的酒精D、观察植物细胞的质壁分离和复原6、2017年2月3日，英国议会下院通过一项历史性法案，允许以医学手段培育“三亲婴儿”。
三亲婴儿的培育过程可选用如下技术路线。
2017年天津市和平区高考物理模拟试卷
2017年天津市和平区高考物理模拟试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共20小题，共60.0分)1.物理学中引入“质点”概念，从科学方法说，是属于（）A.观察、实验的方法B.逻辑推理的方法C.类比的方法D.建立理想模型的方法【答案】D【解析】解：“质点”、“点电荷”、“电场线”等都是为了研究问题简单而引入的理想化的物理模型，所以它们从科学方法上来说属于理想物理模型，故D正确，ABC错误．故选：D．物理学中引入了“质点”、“点电荷”、“电场线”等概念，都是在物理学中引入的理想化的模型，是众多的科学方法中的一种．理想化的模型是实际物体的简化处理．物理上研究的方法很多，我们在学习物理知识的同时，更要学习科学研究的方法．2.同学们到中国科技馆参观，看到了一个有趣的科学实验，如图所示，一辆小火车在平直轨道上匀速行驶，当火车将要从“∩”形框架的下方通过时，突然从火车顶部的小孔中向上弹出一小球，该小球越过框架后，又与通过框架的火车相遇，并恰好落回原来的孔中．下列说法中正确的是（）A.相对于地面，小球运动的轨迹是直线B.相对于火车，小球运动的轨迹是曲线C.小球能落回小孔是因为小球在水平方向保持与火车相同的速度D.小球能落回小孔是因为小球在空中运动的过程中受到水平向前的力【答案】C【解析】解：A、相对于地面，小球竖直方向做竖直上抛运动，水平方向做匀速运动，轨迹是曲线，故A错误；B、相对于火车，小球始终在火车的正上方，做直线运动．故B错误；CD、能落回小孔是因为小球具有惯性，在水平方向保持与火车相同的速度，故C正确，D错误．故选：C相对于地面，小球做的是竖直方向做竖直上抛运动，水平方向做匀速运动，能落回小孔是因为小球具有惯性，在水平方向保持与火车相同的速度．掌握惯性的物理意义：惯性是物体的固有属性，惯性的大小由质量决定．3.如图所示．脚盘在水平面内匀速转动，放在盘面上的一小物块随圆盘一起运动，关于小物块的受力情况，下列说法中正确的是（）A.只受重力和支持力B.受重力、支持力和压力C.受重力、支持力和摩擦力D.受重力、支持力，摩擦力和向心力【答案】C【解析】解：小木块做匀速圆周运动，合力指向圆心，对木块受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，如图所示，重力和支持力平衡，静摩擦力提供向心力．选项C正确，选项ABD错误．故选：C．对小物块进行受力分析，分析时按照重力弹力摩擦力的顺序，并且找一下各力的施力物体，再根据圆周运动的特点知道是哪些力提供了向心力，即可得知各选项的正误．向心力是由物体实际受力的一个力或几个力的合力提供的，也可理解为是沿半径方向上的所有力的合力提供．分析和解决匀速圆周运动的问题，关键是要把向心力的来源搞清楚．向心力是按效果命名的力，并不是一种新性质的力，受力分析时决不能额外加上一个向心力．4.下列运动的物体中，机械能守恒的是（）A.加速上升的运载火箭B.被匀速吊起的集装箱C.光滑曲面上自由运动的物体D.在粗糙水平面上运动的物体【答案】C【解析】解：A、加速向上运动的运载火箭，动能和重力势能都增加，两者之和即机械能必定增加，故A错误．B、被匀速吊起的集装箱动能不变，而重力势能增加，两者总和即机械能必定增加，故B错误．C、光滑曲面上自由运动的物体，曲面对物体的支持力不做功，只有重力对物体做功，其机械能守恒，故C正确．D、在粗糙水平面上运动的物体做减速运动，重力势能不变，而动能减少，两者总和即机械能必定减小，故D错误．故选：C．物体机械能守恒的条件是只有重力或者是弹簧的弹力做功，机械能等于势能与动能之和，根据机械能守恒条件和机械能的概念进行判断．判断机械能守恒常用两种方法：一是条件法：根据机械能守恒的条件分析；二是总量法：根据动能与势能总量为机械能，进行分析．5.下列关于惯性的说法正确的是（）A.汽车速度越大越难刹车，表明速度越大惯性越大B.两个物体只要质量相同，那么惯性一定相同C.乒乓球可快速改变运动状态，是因为乒乓球速度大D.宇宙飞船中的物体处于完全失重状态，所以没有惯性【答案】B【解析】解：A、惯性的大小只与物体的质量有关，与其他因素无关，汽车的质量没有改变，所以惯性不变，A错误；B、质量是惯性大小的量度，两个物体只要质量相同，那么惯性一定相同．故B正确；C、乒乓球可快速抽杀，是因为乒乓球质量小，惯性小，故C错误；D、宇宙飞船中的物体处于完全失重状态，但仍然有惯性，故D错误．故选：B一切物体都具有惯性，惯性是物体本身的一种基本属性，其大小只与质量有关，质量越大、惯性越大；惯性的大小和物体是否运动、是否受力以及运动的快慢是没有任何关系的．该题考查对惯性的理解，需要注意的是：一切物体都有惯性，惯性的大小只与质量有关，与其他都无关．6.下列各组共点力分别作用在一个物体上，有可能使物体达到平衡状态的是（）A.7N、5N、1NB.4N、8N、8NC.4N、10N、5ND.3N、4N、8N【答案】B【解析】解：A、7N和5N的合力范围为[2N，12N]，1N不在两个力的合力范围之内，则三个力的合力不可能为零，不能使物体处于平衡状态．故A错误．B、4N、8N的合力范围为[4N，12N]，8N在两个力的合力范围之内，则三个力的合力可能为零，能处于平衡状态．故B正确．C、4N、10N的合力范围为[6N，14N]，5N不在两个力的合力范围之内，则三个力的合力不可能为零，不能处于平衡状态．故C错误．D、3N、4N的合力范围为[1N，7N]，8N不在两个力的合力范围之内，则三个力的合力不能为零，不能使物体处于平衡状态．故D错误．故选：B．要使三力的合力为零，应保证任意两力之和可以大于等于第三力，任意两力之差小于等于第三力．判断三力能否平衡可以利用数学中三边组成平行三角形的方法，只要三边能组成三角形，则合力一定能为零．7.一个木箱放置在加速上升的电梯地板上，则（）A.木箱受到的重力就是木箱对电梯地板的压力B.木箱受到的支持力大于木箱对电梯地板的压力C.木箱受到的支持力与木箱受到的重力是一对平衡力D.木箱受到的支持力与木箱对电梯地板的压力是一对作用力与反作用力【答案】D【解析】解：A、加速上升的电梯地板上放置着一个木箱，木箱受到重力和支持力，木箱对地板有压力，压力和重力的施力物体不同，故不是同一个力，故A错误；B、电梯地板对木箱的支持力与木箱对电梯地板的压力是一对相互作用力，等值、反向、共线，故B错误；C、物体随着电梯加速上升，故合力向上，故支持力大于重力，不是一对平衡力，故C错误；D、电梯地板对木箱的支持力与木箱对电梯地板的压力是一对相互作用力，故D正确；故选：D．根据牛顿第三定律，作用力与反作用力等大、反向、共线，根据平衡条件，二力平衡的一对力，同体、等值、反向、共线．本题关键是对物体受力分析，然后根据牛顿第二定律并结合牛顿第三定律分析讨论．8.如图，在研究摩擦力的实验中，用弹簧测力计拉一个放在水平板上的木块，部分实验记录见表．则实验中木块受到的（）A.静摩擦力恒为0.60NB.静摩擦力可能大于0.60NC.滑动摩擦力为0.90ND.滑动摩擦力一定小于静摩擦力【答案】B【解析】解：A、当物块保持静止时，静摩擦力的大小随着拉力的变化而变化．故A错误．B、当拉力为0.60N时，物块处于静止，静摩擦力大小为0.60N，可知静摩擦力可能大于0.60N．故B正确．C、当弹簧拉力为0.50N时，物块做匀速直线运动，知滑动摩擦力等于0.50N．故C错误．D、滑动摩擦力不一定小于静摩擦力，比如用0.1N力拉物体，物体不动，静摩擦力为0.1N，则滑动摩擦力大于静摩擦力．故D错误．故选：B．当物块处于静止时，物块受静摩擦力，当物块运动时，受滑动摩擦力，根据匀速运动得出滑动摩擦力的大小，静摩擦力介于0和最大静摩擦力之间．解决本题的关键知道静摩擦力和滑动摩擦力的区别，根据共点力平衡求解静摩擦力的大小，知道匀速滑动时和加速滑动时滑动摩擦力大小相等．9.一物体运动的速度随时间变化的图象如图所示，下列判断正确的是（）A.0-6s内．物体离出发点最远为30mB.0-2s内的加速度小于5-6s内的加速度C.0-6s内，物体的平均速度为7.5m/sD.5-6s内，物体所受的合外力做负功【答案】B【解析】解：A、0～5s，物体沿正向运动，5～6s沿负向运动，故5s末离出发点最远，故A错误；B、在v-t图象中斜率代表加速度，则0-2s内的加速度，5-6s 内的加速度为，故0-2s内的加速度小于5-6s内的加速度，故B正确在0～6s内，物体经过的位移为x=×10m/s×2s+10m/s×2s+×10m/s×1s-×10m/s×1s=30m，平均速度，故C错误．D、在5～6s内，物体的速度为负值，加速度也为负值，做匀加速直线运动，合外力做正功，故D错误；故选：Bv-t图象中，与时间轴平行的直线表示做匀速直线运动，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大，图象与坐标轴围成的面积表示位移，在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负；平均速率等于路程除以时间．结合这些知识进行分析解答．本题考查了速度--时间图象的应用及做功正负的判断，要明确斜率的含义，知道在速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，要注意路程和位移的区别，属于基础题．10.风能是一种绿色能源．如图所示，叶片在风力推动下转动，带动发电机发电，M、N为同一个叶片上的两点，下列判断正确的是（）A.M点的线速度小于N点的线速度B.M点的角速度小于N点的角速度C.M点的加速度大于N点的加速度D.M点的周期大于N点的周期【答案】A【解析】解：A、M、N两点的转动的角速度相等，则周期相等，根据v=rω知，M点转动的半径小，则M点的线速度小于N点的线速度．故A正确，B错误，D错误．C、根据a=rω2知，M、N的角速度相等，M点的转动半径小，则M点的加速度小于N 点的加速度．故C错误．故选：A．同一个叶片上的点转动的角速度大小相等，根据v=rω、a=rω2比较线速度和加速度的大小．解决本题的关键知道共轴转动的点角速度相等，考查传送带传到轮子边缘上的点线速度大小相等，知道线速度、角速度、向心加速度的关系．11.中国首架空客A380大型客机在最大载重量的状态下起飞需要滑跑距离约3000m，着陆距离大约为2000m．设起飞滑跑和着陆时都是做匀变速直线运动，起飞时速度是着陆时速度的1.5倍，则起飞滑跑时间和着陆滑跑时间之比为（）A.3：2B.1：1C.1：2D.2：1【答案】B【解析】解：设着陆的速度为v，则起飞的速度为1.5v，根据平均速度的推论知，起飞滑跑的时间，着陆滑跑的时间，代入数据解得：t1：t2=1：1．故选：B．根据位移关系，结合平均速度的推论，求出起飞滑跑时间和着陆滑跑时间之比．解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．12.如图所示，用细绳将一小球悬挂在光滑墙壁上，若增加细线的长度，小球仍处于静止状态，以下说法中正确的是（）A.细线的拉力变大B.墙的支持力变小C.墙的支持力与细线拉力的合力变小D.重力与细线拉力的合力变大【答案】B【解析】解：A、B、小球的受力如图所示．根据平衡条件得：T cosθ=GT sinθ=N则得：N=G tanθT=若增加细线的长度，θ减小，tanθ减小，cosθ增大，则得T和N均变小，即细线的拉力变小，墙壁对球的支持力变小．故A错误B正确；C、由图可知，墙的支持力与细线拉力的合力始终与重力大小相等方向相反，所以保持不变．故C错误；D、由图可知，重力与细线拉力的合力始终与墙对小球的支持力大小相等方向相反，所以是逐渐减小．故D错误．故选：B对球受力分析，根据共点力平衡得到绳子拉力和墙壁对球的弹力的表达式，再进行分析．本题根据平衡条件得到力的表达式，再分析其变化情况，是一种函数法，也可以采用图解法分析．13.一条轻绳跨过光滑的轻质定滑轮，绳的一端系一质量m=15kg的重物，重物静置于地面上，有一质量m ﹦l0kg的猴子，从绳子的另一端沿绳向上爬，如图所示，在重物不离开地面的条件下，猴子向上爬的最大加速度为（g=10m/s2）（）A.5m/s2B.l0m/s2C.15m/s2D.25m/s2【答案】A【解析】解：因为重物不离开地面，知绳子的最大拉力为：T=mg=150N，对猴子分析，根据牛顿第二定律得，猴子的最大加速度为：．故A正确，B、C、D错误．故选：A．根据重物不离开地面得出最大拉力的大小，对猴子分析，根据牛顿第二定律求出最大的加速度．解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行分析，求出绳子的最大拉力是解决本题的关键．14.如图所示，取稍长的细杆，其一端固定一枚铁钉，另一端用羽毛做一个尾翼，做成A、B两只“飞镖”，将一软木板挂在竖直墙壁上，作为镖靶．某位同学在离墙壁一定距离的同一位置处，分别将它们水平掷出，两只“飞镖”插在靶上的状态如图所示（侧视图），不计空气阻力．则下列说法中正确的是（）A.A镖掷出时的初速度比B镖掷出时的初速度小B.A镖的质量比B镖的质量大C.B镖的运动时间比A镖的运动时间长D.B镖插入靶时的末速度一定比A镖插入靶时的末速度大【答案】C【解析】解：A、根据t=知，B下落的高度大，则B运动的时间长，两镖的水平位移相等，根据知，B镖的初速度小，A镖的初速度大，故A错误，C正确．B、平抛运动的时间、速度与质量无关，根据题意无法比较两飞镖的质量，故B错误．D、B镖运动到木板上时，竖直分速度大，但是水平分速度小，根据平行四边形定则知，B镖的末速度不一定大，故D错误．故选：C．根据高度比较飞镖运动的时间，结合水平位移和时间比较初速度．根据竖直分速度的大小，结合平行四边形定则比较末速度的大小．解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移．15.假设发射两颗探月卫星A和B，如图所示，其环月飞行距月球表面的高度分别为200km和100km．若环月运行均可视为匀速圆周运动，则（）A.B环月运行时向心加速度比A小B.B环月运行的速度比A小C.B环月运行的周期比A小D.B环月运行的角速度比A小【答案】C【解析】解：A、设卫星的质量为m、轨道半径为r、月球质量为M，嫦娥卫星绕月球做匀速圆周运动，万有引力提供向心力得：=m=ma=m=mω2rA、向心加速度a=，卫星A的轨道半径大于B的轨道半径，所以B环月运行时向心加速度比A大，故A错误；B、v=，卫星A的轨道半径大于B的轨道半径，所以B环月运行的速度比A大，故B错误；C、周期T=2π，卫星A的轨道半径大于B的轨道半径，所以B环月运行的周期比A小，故C正确；D、角速度ω=，卫星A的轨道半径大于B的轨道半径，所以B环月运行的角速度比A大，故D错误；故选：C．卫星绕月球做圆周运动时，万有引力提供向心力，由牛顿第二定律列方程，求出向心加速度、线速度、周期表达式，然后分析答题．本题关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出加速度、线速度、周期的表达式，再进行讨论．16.起重机沿竖直方向以大小不同的速度两次匀速吊起货物，所吊货物的质量相等．那么，关于起重机对货物的拉力和起重机的功率，下列说法正确的是（）A.拉力不等，功率相等B.拉力不等，功率不等C.拉力相等，功率相等D.拉力相等，功率不等【答案】D【解析】解：两次都做匀速匀速直线运动，故竖直方向上合力为零，即拉力等于重力，故两次拉力相等，功率P=F v=mgv，因速度不同，故功率不同，故D正确．故选：D．匀速直线运动的物体受到平衡力的作用，功率P=mgv即可判断．当货物静止在空中、匀速竖直上升、匀速竖直下降时，起重机对货物的拉力都等于货物的重力．17.如图所示是某中学科技小组制作的利用太阳能驱动小车的装置．当太阳光照射到小车上方的光电板时，光电板中产生的电流经电动机带动小车前进．若电动机的额定输出功率为80W，在平直路面上行驶的最大速度为4m/s，则汽车在以最大速度匀速行驶时所受的阻力是（）A.16NB.40NC.80ND.20N【答案】D【解析】解：当牵引力等于阻力时，加速度为零，汽车速度最大，根据P=F v=fv得：f=故选：D当牵引力等于阻力时，速度最大，根据P=F v=fv即可求解．本题解题的关键是知道当牵引力等于阻力时，速度最大，难度不大，属于基础题．18.某个行星的半径是地球半径的一半，质量也是地球的一半，则它表面的重力加速度是地球表面的重力加速度的（）A.倍B.倍C.4倍D.2倍【答案】D【解析】解：解：根据万有引力等于重力得：g=行星质量是地球质量的一半，半径也是地球的一半，所以此行星上的重力加速度是地球上的2倍，故D正确、ABC错误．故选：D．根据万有引力等于重力结合万有引力定律表示出重力加速度，根据行星和地球的质量、半径关系求解．求一个物理量之比，我们应该把这个物理量先用已知的物理量表示出来，再进行之比．19.在前人研究的基础上，有一位物理学家利用图所示的扭秤装置进行研究，提出真空中两个静止点电荷之间相互作用的规律，这位物理学家是（）A.牛顿B.伽利略C.库仑D.焦耳【答案】C【解析】解：库仑发现了电荷间作用力的规律故选：C本题是物理学史问题，根据牛顿、伽利略、库仑、焦耳等科学家的成就进行答题本题考查物理学史，是常识性，只要加强记忆，就能得分．可结合物理学家的成就、年代等进行记忆20.如图所示，磁场B方向、通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受磁场力F 的方向，其中正确的是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】解：A、如图所示，由安培定则可知，安培力方向垂直于电流方向向上，故A错误；B、如图所示，由安培定则可知，电流方向与磁场方向平行，因此不受安培力作用，故B错误；C、如图所示，由安培定则可知，安培力方向竖直向下，故C正确；D、如图所示，由安培定则可知，安培力垂直于导线向外，故D错误．故选C．熟练应用左手定则是解决本题的关键，在应用时可以先确定一个方向，然后逐步进行，如可先让磁感线穿过手心，然后通过旋转手，让四指和电流方向一致或让大拇指和力方向一致，从而判断出另一个物理量的方向，用这种程序法，防止弄错方向．左手定则中涉及物理量及方向较多，在应用过程中容易出现错误，要加强练习，增加熟练程度．判断通电导线的安培力方向，既要会用左手定则，又要符合安培力方向的特点：安培力方向既与电流方向垂直，又与磁场方向垂直．二、实验题探究题(本大题共2小题，共14.0分)21.某实验小组利用如图所示的实验装置来验证机械能守恒定律（1）要验证重物下落过程中符合机械能守恒，除了图示器材，以下实验器材必须要选取的有______ （填写字母代号）A．秒表B．刻度尺C．天平D．交流电源（2）为减少实验误差，下落物体应选用______ （选填“50g木块”或“200g重锤”）（3）在实际测量中，重物减少的重力势能通常会______ （选填“大于”、“等于”或“小于”）增加的动能．【答案】BD；200g重锤；大于【解析】解：（1）在该实验中，需测量物体下降的高度和物体的速度，所以纸带处理时需要刻度尺；还需要交流电源，供计时器工作；而比较重力功和动能变化的关系，两边都有质量，可以约去，不需要天平；同时不需要秒表，因打点计时器．故B、D正确，A、C错误．故选：BD．（2）为了减小阻力的影响，重锤选择质量大，体积小的，即密度大的，所以选择质量为200g的重锤．（3）在实际的测量中，由于有摩擦作用，可知从O点到C的过程中重物减少的重力势能通常会大于增加的动能．故答案为：（1）BD；（2）200g的重锤；（3）大于．（1）明确实验原理和方法，知道因有打点计时器不需要秒表，因等式两边质量相互约去所以天平不需要，需要刻度尺测量长度，求得速度；需要交流电源，提供打点计时器工作；（2）探究外力做功与动能的关系时，需测量下降的高度，以及速度的大小．为了减小实验的误差，重锤选择质量大，体积小的．（3）分析实验原理，从而明确实验误差产生的原因．本题考查验证机械能守恒定律的实验，解决本题的关键知道实验的原理，以及掌握数据处理的方法，实验原理是数据处理方法和误差分析的基础．22.某实验小组利用图1的装置探究加速度与力、质量的关系，（1）下列做法正确的是______A、调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行B、在调节木板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有砝码的砝码盘通过定滑轮拴在木块上C、实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源D、增减木块上的砝码改变木块的质量时，不需要重新调节木板倾斜度（2）为使砝码盘及盘内砝码的总重力在数值上近似等于木块运动时受到的拉力，应满足的条件是砝码盘及盘内砝码的总质量______ 木块和木块上砝码的总质量．（填“远大于”，“远小于”，或“近似等于”）（3）某次实验，保持木块所受的合外力相同，测量不同质量的木块在相同的力作用下的加速度，根据实验数据描绘出a-m图象如图甲所示，由于这条曲线是不是双曲线并不容易确定，因此不能确定a与m成反比，紧接着该同学作了a-图象如图乙所示①根据a-图象是过坐标原点的直线，因此可判断出a与成______ 比，即a与m成反比；②根据图象可以得到物体受到的外力为______ N．【答案】AD；远小于；正；0.115【解析】解：（1）A、调节滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平行，否则拉力不会等于合力，故A正确；B、在调节模板倾斜度平衡木块受到的滑动摩擦力时，不应悬挂“重物”，故B错误；C、打点计时器要“早来晚走”即实验开始时先接通打点计时器的电源待其平稳工作后再释放木块，而当实验结束时应先控制木块停下再停止打点计时器，故C错误；D、平衡摩擦力后，有：mgsinθ=μmgcosθ，即μ=tanθ，与质量无关，故通过增减木块上的砝码改变质量时，不需要重新调节木板倾斜度，故D正确；故选：AD；（2）由牛顿第二定律得，对系统：a=，对小车：T=M a==，只有当m＜＜M时，T≈mg，因此实验要控制：砝码盘及盘内砝码的总质量远小于木块和木块上砝码的总质量．（3）①由图示图象可知，a-图象是过坐标原点的直线，由此可知，a与成正比，即a与m成反比；②由牛顿第二定律得：a=F，则a-图象的斜率：k=F=≈0.115N，即物体受到的外力为0.115N；故答案为：（1）AD；（2）远小于；（3）①正；②0.115．（1）实验要保证拉力等于小车受力的合力，要平衡摩擦力，细线与长木板平行；（2）砝码桶及桶内砝码加速下降，失重，拉力小于重力，加速度越大相差越大，故需减小加速度，即减小砝码桶及桶内砝码的总质量；（3）分析图示图象得出结论，应用牛顿第二定律求出图象的函数表达式，然后根据图示图象求出物体受到的外力．本题主要考察“验证牛顿第二定律”的实验，考查了实验注意事项、实验数据处理，要明确实验原理，特别是要明确系统误差的来源，知道减小系统误差的方法．三、计算题(本大题共2小题，共26.0分)23.如图所示，一质量为m=60kg的探险者在丛林探险，为了从一绝壁到达水平地面，探险者将一根长为l=10m粗绳缠绕在粗壮树干上，拉住绳子的另一端，从绝壁边缘的A点由静止开始荡向低处，到达最低点B时脚恰好触到地面，此时探险者的重心离地面的高度为h B=0.5m．已知探险者在A点时重心离地面的高度为h A=8.5m．以地面为零势能面，不计空气阻力．（探险者可视为位于其重心处的一个质点，g=10m/s2）求：（1）探险者在A点时的重力势能；（2）探险者运动到B点时的速度大小；。
2017年天津市南开中学高考物理模拟试卷含参考答案(5月份)
2017年天津市南开中学高考物理模拟试卷（5月份）一、选择题（共8小题，每小题3分，满分24分）1．（3分）物理学家通过艰辛的实验和理论研究探究自然规律，为人类的科学做出了巨大贡献，值得我们敬仰．下列描述中符合物理学史实的是（）A．牛顿发现了万有引力定律但并未测定出引力常量GB．开普勒发现了行星运动三定律，从而提出了日心学说C．奥斯特发现了电流的磁效应并提出了分子电流假说D．法拉第发现了电磁感应现象并总结出了判断感应电流方向的规律2．（3分）一列简谐横波沿x轴传播，x=0与x=1m处两质点的振动图线分别如图中实线与虚线所示，由此可以得出（）A．波长一定是4mB．周期一定是4sC．最大波速无法确定D．波的传播速度可能是0.125m/s3．（3分）在远距离输电时，输送的电功率为P，输电电压为U，所用导线电阻率为ρ，横截面积为S，输电导线的长度之和为L，若导线上消耗的电功率为P 1，用户得到的电功率为P2，则下列关系式中正确的是（）A．P1= B．P1=C．P2=P﹣D．P2=P（1﹣）4．（3分）2011年4月10日，我国在西昌卫星发射中心用长征三号甲运载火箭成功地将第八颗北斗导航卫星送入太空轨道．北斗卫星导航定位系统将由五颗静止轨道卫星和三十颗非静止轨道卫星组成，三十颗非静止轨道卫星中有二十七颗是中轨道卫星，中轨道卫星平均分布在倾角为55°的三个平面上，轨道高度约为21500km，静止轨道卫星的高度约为36000km，地球半径约为6400km．已知≈0.53，下列关于北斗导航卫星的说法正确的是（）A．静止轨道卫星的向心加速度比中轨道卫星的大B．静止轨道卫星和中轨道卫星的线速度均大于地球的第一宇宙速度C．中轨道卫星的周期约为12.7hD．地球赤道上随地球自转的物体的向心加速度比静止轨道卫星的大5．（3分）甲、乙两单色光分别通过同一双缝干涉装置得到各自的干涉图样，设相邻两个亮条纹的中心距离为△X，若△X甲＞△X乙，则下列说法正确的是（）A．甲光能发生偏振现象，则乙光不能B．真空中甲光的波长一定小于乙光的波长C．甲光的光子能量一定大于乙光的光子能量D．在同一种均匀介质中甲光的传播速度大于乙光6．（3分）如图所示，质量为m、顶角为α的直角劈和质量为M的正方体放在两竖直墙和水平面间，处于静止状态．若不计一切摩擦，则（）A．水平面对正方体的弹力大小为（M+m）gB．墙面对正方体的弹力大小C．正方体对直角劈的弹力大小为mgcosαD．直角劈对墙面的弹力大小mgsinα7．（3分）如图所示，在O点处放置一个正电荷．在过O点的竖直平面内的A 点，自由释放一个带正电的小球，小球的质量为m、电荷量为q．小球落下的轨迹如图中虚线所示，它与以O为圆心、R为半径的圆（实线表示）相交于B、C 两点，O、C在同一水平线上，∠BOC=30°，A距离OC的竖直高度为h．若小球通过B点的速度为v，则下列说法中正确的是（）A．小球通过C点的速度大小是B．小球通过C点的速度大小是C．小球由A到C电场力做功是mv2﹣mghD．小球由A到C机械能的损失是mg（h﹣）﹣mv28．（3分）如图所示，某物体自空间O点以水平初速度v0抛出，落在地面上的A 点，其轨迹为一抛物线．现仿此抛物线制作一个光滑滑道并固定在与OA完全重合的位置上，然后将此物体从O点由静止释放，受微小扰动而沿此滑道滑下，在下滑过程中物体未脱离滑道．P为滑道上一点，OP连线与竖直方向成45°角，则下列选项不正确的是（）A．由O运动到P点的时间为B．物体经过P点时，速度的水平分量为v0C．物体经过P点时，速度的竖直分量为v0D．物体经过P点时的速度大小为v0二、解答题（共4小题，满分0分）9．历史上，为了说明光的性质，牛顿提出了光的微粒说，惠更斯提出了光的波动说，如今人们对光的性质有了更进一步的认识．下面四幅示意图中所表示的实验中能说明光的性质的是（）A． B．C．D．10．如图，用游标卡尺观察光的干涉现象时，某条亮条纹位置读数如图所示，此位置读数是cm．11．验证机械能守恒定律实验所用的电源为学生电源，输出的电压为6V的交流电和直流电两种．重锤从高处由静止开始落下，重锤上拖着的纸带通过打点计时器打出一系列的点，对纸带上的点进行测量和计算，即可验证机械能守恒定律．（1）下列实验步骤中没有必要进行或者操作不恰当的步骤（填字母代号）A．将打点计时器接到电源的直流输出端上B．用天平测量出重锤的质量C．释放悬挂纸带的夹子，同时接通电源开关打出一条纸带D．测量打出的纸带上所选定的计数点之间的距离E．根据测量的结果计算出重锤下落过程中减少的重力势能是否等于增加的动能（2）利用这个装置也可以测量垂锤下落的加速度a的数值．如图所示，根据打出的纸带，选取纸带上连续的五个点A、B、C、D、E，测出A点距离起点O的距离为s0，点A、C间的距离为s1，点C、E间的距离为s2，交流电的频率为f，根据这些条件计算重锤下落的加速度a的表达方式为a=．12．如图，一热敏电阻R T放在控温容器M内；A为毫安表，量程6mA，内阻为数十欧姆；E为直流电源，电动势约为3V，内阻很小；R为电阻箱，最大阻值为999.9Ω；S为开关．已知R T在95℃时的阻值为150Ω，在20℃时的阻值约为550Ω．现要求在降温过程中测量在95℃～20℃之间的多个温度下R T的阻值．（1）在图中画出连线，完成实验原理电路图．（2）完成下列步骤中的填空：①、依照实验原理电路图连线．②、调节控温容器M内的温度，使得R T温度为95℃．③、将电阻箱调到适当的初值，以保证仪器安全．④、闭合开关．调节电阻箱，记录电流表的示数I0，并记录．⑤、将R T的温度降为T1（20℃＜T1＜95℃）；调节电阻箱，使得电流表的读数，记录．⑥、温度为T1时热敏电阻的电阻值R T1=．⑦、逐步降低T1的数值，直至20℃为止；在每一温度下重复步骤⑤⑥．三、解答题（共3小题，满分30分）13．（12分）如图，在水平地面上有两物块甲和乙，它们的质量分别为2m、m，甲与地面间无摩擦，乙与地面间动摩擦因数为μ．现让甲物体以速度v0向着静止的乙运动并发生正碰，试求：（1）若甲与乙第一次碰撞过程中系统的动能最小，求出此动能最小值；（2）若甲在乙刚停下来时恰好与乙发生第二次碰撞，①第一次碰撞后乙物块的速度；②第一次碰撞中系统损失了多少机械能？14．（18分）如图甲所示，空间存在B=0.5T，方向竖直向下的匀强磁场，MN、PQ是处于同一水平面内相互平行的粗糙长直导轨，间距L=0.2m，R是连在导轨一端的电阻，ab是跨接在导轨上质量m=0.1kg的导体棒．从零时刻开始，通过一小型电动机对ab棒施加一个牵引力F，方向水平向左，使其从静止开始沿导轨做加速运动，此过程中棒始终保持与导轨垂直且接触良好．图线是棒的v﹣t 图象，其中OA段是直线，AC是曲线，DE是曲线图象的渐近线，小型电动机在12s末达到额定功率，P额=4.5W，此后功率保持不变．除R以外，其余部分的电阻均不计，g=10m/s2．（1）求导体棒在0﹣12s内的加速度大小；（2）求导体棒与导轨间的动摩擦因数及电阻R的阻值；（3）若t=17s时，导体棒ab达最大速度，从0﹣17s内共发生位移100m，试求12﹣17s内，R上产生的热量是多少？15．为了进一步提高回旋加速器的能量，科学家建造了“扇形聚焦回旋加速器”．在扇形聚焦过程中，离子能以不变的速率在闭合平衡轨道上周期性旋转．扇形聚焦磁场分布的简化图如图所示，圆心为O的圆形区域等分成六个扇形区域，其中三个为峰区，三个为谷区，峰区和谷区相间分布．峰区内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，谷区内没有磁场．质量为m，电荷量为q的正离子，以不变的速率v旋转，其闭合平衡轨道如图中虚线所示．（1）求闭合平衡轨道在峰区内圆弧的半径r，并判断离子旋转的方向是顺时针还是逆时针；（2）求轨道在一个峰区内圆弧的圆心角θ，及离子绕闭合平衡轨道旋转的周期T；（3）在谷区也施加垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B′，新的闭合平衡轨道在一个峰区内的圆心角θ变为90°，求B′和B的关系．已知：sin（α±β ）=sinαcosβ±cosαsinβ，cosα=1﹣2sin2．2017年天津市南开中学高考物理模拟试卷（5月份）参考答案与试题解析一、选择题（共8小题，每小题3分，满分24分）1．（3分）物理学家通过艰辛的实验和理论研究探究自然规律，为人类的科学做出了巨大贡献，值得我们敬仰．下列描述中符合物理学史实的是（）A．牛顿发现了万有引力定律但并未测定出引力常量GB．开普勒发现了行星运动三定律，从而提出了日心学说C．奥斯特发现了电流的磁效应并提出了分子电流假说D．法拉第发现了电磁感应现象并总结出了判断感应电流方向的规律【解答】解：A、牛顿发现了万有引力定律，但未测定出引力常量G，是卡文迪许测定了引力常量G．故A正确．B、哥白尼指出了日心学说后，开普勒发现了行星运动三定律；故B错误．C、奥斯特发现了电流的磁效应，安培提出了分子电流假说；故C错误．D、法拉第发现了电磁感应现象，楞次总结出了判断感应电流方向的规律．故D 错误．故选：A2．（3分）一列简谐横波沿x轴传播，x=0与x=1m处两质点的振动图线分别如图中实线与虚线所示，由此可以得出（）A．波长一定是4mB．周期一定是4sC．最大波速无法确定D．波的传播速度可能是0.125m/s【解答】解：A、若波向左传播时，t=0时刻，x=0处质点位于波峰，x=1m处的质点处于平衡位置向上振动，结合波形，则有：△x=（n+）λ得到波长：λ=（其中：n=1，2，3，…）同理得到，若波向右传播时，△x=（n+）λ，波长λ=；故波长有多个可能的值，不一定为4m，故A错误；B、从图中看出质点的振动周期为4s，故波的周期为4s，故B正确；C、根据v=，波长最大时波速最大，由选项A的分析可得最大波长为4m，故最大波速：v==1m/s；故C错误；D、若波向左传播时，波长：λ=（其中：n=1，2，3，…）（其中：n=1，2，3，…）；故波速v==m/s；若波向右传播时，波长λ=（其中：n=1，2，3，…）；故波速v==m/s；如果波速为0.125m/s=m/s，则n不可能为整数，故D错误；故选：B．3．（3分）在远距离输电时，输送的电功率为P，输电电压为U，所用导线电阻率为ρ，横截面积为S，输电导线的长度之和为L，若导线上消耗的电功率为P1，用户得到的电功率为P2，则下列关系式中正确的是（）A．P1= B．P1=C．P2=P﹣D．P2=P（1﹣）【解答】解：输电线电阻R=ρ，输出电流I=，故输电线上损失的电功率为P1=I2R=；用户得到的电功率为：P2=P﹣P1=P﹣，故B正确、ACD错误．故选：B．4．（3分）2011年4月10日，我国在西昌卫星发射中心用长征三号甲运载火箭成功地将第八颗北斗导航卫星送入太空轨道．北斗卫星导航定位系统将由五颗静止轨道卫星和三十颗非静止轨道卫星组成，三十颗非静止轨道卫星中有二十七颗是中轨道卫星，中轨道卫星平均分布在倾角为55°的三个平面上，轨道高度约为21500km，静止轨道卫星的高度约为36000km，地球半径约为6400km．已知≈0.53，下列关于北斗导航卫星的说法正确的是（）A．静止轨道卫星的向心加速度比中轨道卫星的大B．静止轨道卫星和中轨道卫星的线速度均大于地球的第一宇宙速度C．中轨道卫星的周期约为12.7hD．地球赤道上随地球自转的物体的向心加速度比静止轨道卫星的大【解答】解：A、根据，a=G，轨道半径越大，向心加速度越小，中轨道卫星的轨道半径小，向心加速度大．故A错误；B、根据，知道轨道半径越大，线速度越小，第一宇宙速度的轨道半径为地球的半径，所以第一宇宙速度是绕地球做匀速圆周运动最大的环绕速度，所以静止轨道卫星和中轨卫星的线速度均小于地球的第一宇宙速度．故B错误；C、根据G，得，所以中轨道卫星和静止轨道卫星的周期比=≈0.53．则中轨道卫星的周期T1=0.53×24h=12.7h．故C正确；D、地球赤道上随地球自转物体和静止轨道卫星具有相同的角速度，根据a=rω2，知静止轨道卫星的向心加速度大．故D错误．故选：C．5．（3分）甲、乙两单色光分别通过同一双缝干涉装置得到各自的干涉图样，设相邻两个亮条纹的中心距离为△X，若△X甲＞△X乙，则下列说法正确的是（）A．甲光能发生偏振现象，则乙光不能B．真空中甲光的波长一定小于乙光的波长C．甲光的光子能量一定大于乙光的光子能量D．在同一种均匀介质中甲光的传播速度大于乙光【解答】解：A、偏振现象是横波特有的现象，由于光是横波，故甲乙都可以发生偏振现象．故A错误；B、根据双缝干涉的条纹间距△x=λ可知对于同一个实验装置，波长越大，条纹间距越大，由△x甲＞△x乙可知甲光的波长一定大于乙光的波长，故B错误；C、根据C=λγ可知甲光的频率小于乙光的频率，而光子的能量E=hγ，故甲光的光子能量一定小于乙光的光子能量，故C错误；D、由于不同的单色光频率小，折射率小，即甲光折射率小，根据n=可知，甲光的传播速度大，故D正确．故选：D．6．（3分）如图所示，质量为m、顶角为α的直角劈和质量为M的正方体放在两竖直墙和水平面间，处于静止状态．若不计一切摩擦，则（）A．水平面对正方体的弹力大小为（M+m）gB．墙面对正方体的弹力大小C．正方体对直角劈的弹力大小为mgcosαD．直角劈对墙面的弹力大小mgsinα【解答】解：A、以直角劈和质量为M正方体整体为研究对象，分析受力情况，如图1所示，则由平衡条件得：水平面对正方体的弹力大小N3=（M+m）g．故A正确．B、C对直角劈研究，分析受力情况，如图2所示，根据平衡条件得知：重力mg 和墙壁的弹力N1的合力F与M的支持力N4大小相等，方向相反，由图得：墙面对m的弹力N1=，正方体对直角劈的弹力大小为N4=．对整体可知，墙面对正方体的弹力N2=N1=．故B正确，C错误．D、根据牛顿第三定律得知，直角劈对墙面的弹力大小N1′=N1=，故D错误．故选AB7．（3分）如图所示，在O点处放置一个正电荷．在过O点的竖直平面内的A 点，自由释放一个带正电的小球，小球的质量为m、电荷量为q．小球落下的轨迹如图中虚线所示，它与以O为圆心、R为半径的圆（实线表示）相交于B、C 两点，O、C在同一水平线上，∠BOC=30°，A距离OC的竖直高度为h．若小球通过B点的速度为v，则下列说法中正确的是（）A．小球通过C点的速度大小是B．小球通过C点的速度大小是C．小球由A到C电场力做功是mv2﹣mghD．小球由A到C机械能的损失是mg（h﹣）﹣mv2【解答】解：A、B、小球从A点到C点的过程中，电场力总体上做的是负功，重力做正功，由动能定理可以知道电荷在C点的大小是，因此C点的速度小于，故A错误；故B正确；C、D、小球由A点到C点机械能的损失就是除了重力以外的其他力做的功，即电场力做的功．由动能定理得mgh+W电=则：W电=﹣mgh=即电势能增加了mg（h﹣）﹣mv2，机械能减少了mg（h﹣）﹣mv2故C错误，D正确；故选：BD．8．（3分）如图所示，某物体自空间O点以水平初速度v0抛出，落在地面上的A 点，其轨迹为一抛物线．现仿此抛物线制作一个光滑滑道并固定在与OA完全重合的位置上，然后将此物体从O点由静止释放，受微小扰动而沿此滑道滑下，在下滑过程中物体未脱离滑道．P为滑道上一点，OP连线与竖直方向成45°角，则下列选项不正确的是（）A．由O运动到P点的时间为B．物体经过P点时，速度的水平分量为v0C．物体经过P点时，速度的竖直分量为v0D．物体经过P点时的速度大小为v0【解答】解：A、平抛运动时，竖直分位移与水平分位移大小相等，有，t=，而物体由静止释放，下滑的运动不是平抛运动，则运动的时间不等于，故A错误．B、若做平抛运动，有：，x=h=，当物体由静止释放，根据动能定理得，，解得v=，速度沿切线方向，由于平抛运动速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，则有：，v=，解得物体经过P点时水平分速度v x=，竖直分速度，经过P点的速度v=2v0，故B正确，C、D错误．本题选不正确的，故选：ACD．二、解答题（共4小题，满分0分）9．历史上，为了说明光的性质，牛顿提出了光的微粒说，惠更斯提出了光的波动说，如今人们对光的性质有了更进一步的认识．下面四幅示意图中所表示的实验中能说明光的性质的是（）A． B．C．D．【解答】解：A、该实验是α粒子散射实验，依据此实验卢瑟福提出了原子核式结构学说，与光的性质无关．故A错误．B、干涉是波的特有性质，因此双孔干涉实验说明光具有波动性．故B正确．C、此实验是光电效应的实验，说明光具有粒子性．故C正确．D、三种射线在磁场偏转的实验，能判定射线的电性，不能说明光的性质．故D 错误．故选BC10．如图，用游标卡尺观察光的干涉现象时，某条亮条纹位置读数如图所示，此位置读数是7.110cm．【解答】解：20分度的游标卡尺，精确度是0.05mm，游标卡尺的主尺读数为71mm，游标尺上第2个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为2×0.05mm=0.10mm，所以最终读数为：71mm+0.10mm=71.10mm=7.110cm．故答案为：7.11011．验证机械能守恒定律实验所用的电源为学生电源，输出的电压为6V的交流电和直流电两种．重锤从高处由静止开始落下，重锤上拖着的纸带通过打点计时器打出一系列的点，对纸带上的点进行测量和计算，即可验证机械能守恒定律．（1）下列实验步骤中没有必要进行或者操作不恰当的步骤ABC（填字母代号）A．将打点计时器接到电源的直流输出端上B．用天平测量出重锤的质量C．释放悬挂纸带的夹子，同时接通电源开关打出一条纸带D．测量打出的纸带上所选定的计数点之间的距离E．根据测量的结果计算出重锤下落过程中减少的重力势能是否等于增加的动能（2）利用这个装置也可以测量垂锤下落的加速度a的数值．如图所示，根据打出的纸带，选取纸带上连续的五个点A、B、C、D、E，测出A点距离起点O的距离为s0，点A、C间的距离为s1，点C、E间的距离为s2，交流电的频率为f，根据这些条件计算重锤下落的加速度a的表达方式为a=．【解答】解：（1）A、将打点计时器应接到电源的“交流输出”上，故A错误．B、因为我们是比较mgh、mv2的大小关系，故m可约去比较，不需要用天平，故B错误．C、开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，如果先放开纸带让重物下落，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差，故C错误．故选：ABC．（2）利用匀变速直线运动的推论△x=at2a==故答案为：（1）ABC（2）12．如图，一热敏电阻R T放在控温容器M内；A为毫安表，量程6mA，内阻为数十欧姆；E为直流电源，电动势约为3V，内阻很小；R为电阻箱，最大阻值为999.9Ω；S为开关．已知R T在95℃时的阻值为150Ω，在20℃时的阻值约为550Ω．现要求在降温过程中测量在95℃～20℃之间的多个温度下R T的阻值．（1）在图中画出连线，完成实验原理电路图．（2）完成下列步骤中的填空：①、依照实验原理电路图连线．②、调节控温容器M内的温度，使得R T温度为95℃．③、将电阻箱调到适当的初值，以保证仪器安全．④、闭合开关．调节电阻箱，记录电流表的示数I0，并记录R0．⑤、将R T的温度降为T1（20℃＜T1＜95℃）；调节电阻箱，使得电流表的读数为I0，记录R1．⑥、温度为T1时热敏电阻的电阻值R T1=R0+150﹣R1．⑦、逐步降低T1的数值，直至20℃为止；在每一温度下重复步骤⑤⑥．【解答】解：（1）该实验中没有电压表，可以应用等效替代法测热敏电阻阻值，改变电阻箱接入电路的阻值，保持电路电流不变，则电路总电阻不变，因此应把电源、电流表、热敏电阻、电阻箱、开关串联接入电路，实物电路图如图所示．（2）闭合开关．调节电阻箱，记录电流表的示数I0，并记录电阻箱的读数R0．⑤将R T的温度降为T1（20℃＜T1＜95℃）；调节电阻箱，使得电流表的读数I0，记录电阻箱电阻R1．⑥由闭合电路欧姆定律可得：温度为95℃时：E=I0（r+R A+R T+R0），即：E=I0（r+R A+150Ω+R0）…①，当R T的温度降为T1时，有：E=I0（r+R A+R T1+R1）…②，由①②解得：R T1=R0+150﹣R1．故答案为：（1）电路图如图所示；（2）④R0；⑤为I0；R1⑥R0+150﹣R1．三、解答题（共3小题，满分30分）13．（12分）如图，在水平地面上有两物块甲和乙，它们的质量分别为2m、m，甲与地面间无摩擦，乙与地面间动摩擦因数为μ．现让甲物体以速度v0向着静止的乙运动并发生正碰，试求：（1）若甲与乙第一次碰撞过程中系统的动能最小，求出此动能最小值；（2）若甲在乙刚停下来时恰好与乙发生第二次碰撞，①第一次碰撞后乙物块的速度；②第一次碰撞中系统损失了多少机械能？【解答】解：（1）碰撞过程中系统动能最小时两物体速度相等，设碰后两物体的速度为v，取向右为正方向，由系统动量守恒有：2mv0=3mv，得：v=此时系统动能最小值为：E k=•3m•v2=；（2）设第一次碰撞刚结束时甲、乙的速度分别为v1、v2，之后甲做匀速直线运动，乙以v2初速度做匀减速直线运动，在乙刚停下时甲追上乙碰撞，因此两物体在这段时间平均速度相等，有：v1=而第一次碰撞中系统动量守恒有：2mv0=2mv1+mv2，由以上两式可得：v1=，v2=v0，所以第一次碰撞中的机械能损失为：△E=•2m•v02﹣•2m•v12﹣m•v22=mv02答：（1）甲与乙第一次碰撞过程中系统的最小动能为mv02；（2）①第一次碰撞后乙物块的速度为v0；②第一次碰撞中系统损失的机械能为mv02．14．（18分）如图甲所示，空间存在B=0.5T，方向竖直向下的匀强磁场，MN、PQ是处于同一水平面内相互平行的粗糙长直导轨，间距L=0.2m，R是连在导轨一端的电阻，ab是跨接在导轨上质量m=0.1kg的导体棒．从零时刻开始，通过一小型电动机对ab棒施加一个牵引力F，方向水平向左，使其从静止开始沿导轨做加速运动，此过程中棒始终保持与导轨垂直且接触良好．图线是棒的v﹣t 图象，其中OA段是直线，AC是曲线，DE是曲线图象的渐近线，小型电动机在12s末达到额定功率，P额=4.5W，此后功率保持不变．除R以外，其余部分的电阻均不计，g=10m/s2．（1）求导体棒在0﹣12s内的加速度大小；（2）求导体棒与导轨间的动摩擦因数及电阻R的阻值；（3）若t=17s时，导体棒ab达最大速度，从0﹣17s内共发生位移100m，试求12﹣17s内，R上产生的热量是多少？【解答】解：（1）由图中可得：12s末的速度为v1=9m/s，t1=12s导体棒在0.12s内的加速度大小为a==0.75m/s2．（2）设金属棒与导轨间的动摩擦因数为μ．当金属棒的速度为v时，安培力大小为F，则有F=BIL，I=得F=A点：由牛顿第二定律得F1﹣μmg﹣=ma1又P=F1v1．额C点：棒达到最大速度，F2﹣μmg﹣=0P额=F2v m．联立解得，μ=0.2，R=0.4Ω（2）0﹣12s内导体棒发生的位移为s1=m=54m，AC段过程棒发生的位移为s2=100﹣s1=46m由能量守恒得P额t=Q R+μmgs2+（﹣）代入解得Q R=12.35J答：（1）求导体棒在0﹣12s内的加速度大小是0.75m/s2；（2）导体棒与导轨间的动摩擦因数是0.2，电阻R的阻值是0.4Ω；（3）12﹣17s内，R上产生的热量是12.35J．15．为了进一步提高回旋加速器的能量，科学家建造了“扇形聚焦回旋加速器”．在扇形聚焦过程中，离子能以不变的速率在闭合平衡轨道上周期性旋转．扇形聚焦磁场分布的简化图如图所示，圆心为O的圆形区域等分成六个扇形区域，其中三个为峰区，三个为谷区，峰区和谷区相间分布．峰区内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B，谷区内没有磁场．质量为m，电荷量为q的正离子，以不变的速率v旋转，其闭合平衡轨道如图中虚线所示．（1）求闭合平衡轨道在峰区内圆弧的半径r，并判断离子旋转的方向是顺时针还是逆时针；（2）求轨道在一个峰区内圆弧的圆心角θ，及离子绕闭合平衡轨道旋转的周期T；（3）在谷区也施加垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B′，新的闭合平衡轨道在一个峰区内的圆心角θ变为90°，求B′和B的关系．已知：sin（α±β ）=sinαcosβ±cosαsinβ，cosα=1﹣2sin2．【解答】解：（1）峰区内圆弧半径①旋转方向为逆时针方向②（2）由对称性，峰区内圆弧的圆心角③每个圆弧的长度④每段直线长度⑤周期⑥。
物理_2017年天津市南开区高考物理一模试卷_复习
2017年天津市南开区高考物理一模试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1. 有关原子结构和原子核的认识，下列说法正确的是（ ）A 卢瑟福通过对α粒子散射实验结果的分析提出原子核是可再分的B 核反应方程90234Tℎ→91234Pa +X 中的X 表示中子C 原子核的比结合能越大，原子核越稳定D 放射性元素衰变的快慢跟原子所处的化学状态和外部条件有关2. 如图所示，两列间谐横波分别沿x 轴正方向和负方向传播，两波源分别位于x ＝−0.2m 和x ＝1.2m 处，两列波的速度均为v ＝0.4m/s ，两列波的振幅均为2cm ，如图所示为t ＝0时刻两列波的图像（传播方向如图所示），此刻平衡位置处于x ＝0.2m 和x ＝0.8m 的P 、Q 两质点刚开始振动，质点M 的平衡位置处于x ＝0.5m 处，下列说法正确的是（ ）A 在t ＝0.75s 时刻，质点P 、Q 都运动到M 点B 质点M 的起振方向沿y 轴正方向C 在t ＝2s 时刻，质点M 的纵坐标为−2cmD 在0−2s 这段时间内质点M 通过的路程为20cm3. 如图所示，横截面积为直角三角形的斜劈P ，靠在粗糙的竖直墙面上，力F 通过球心水平作用在光滑球Q 上，系统处于静止状态，当力F 增大时，系统仍保持静止，下列说法正确的是（ ）A 斜劈P 所受合外力增大B 斜劈P 对竖直墙壁的压力不变C 球Q 对地面的压力不变D 墙面对斜劈P 的摩擦力可能增大4. 如图甲所示，在匀强磁场中有一个n =10匝的闭合矩形线圈绕轴匀速转动，转轴O 1O 2垂直于磁场方向，线圈电阻为5Ω，从图甲所示位置开始计时，通过线圈平面的磁通量随时间变化的图像如图乙所示，则（ ）A 线圈转动过程中消耗的电功率为10π2WB 在t =0.2s 时，线圈中的感应电动势为零，且电流改变一次方向C 交变电流所产生的感应电动势的瞬时表达式为e =10πsin (5πt )V D 线圈从图示位置转过90∘时穿过线圈的磁通量变化最快5. 如图所示是“嫦娥三号着陆器携“玉兔号”奔月过程中某阶段的运动示意图，关闭动力的“嫦娥三号”着陆器在月球引力作用下向月球靠近，并将沿椭圆轨道在P 处变轨进入圆轨道，已知着陆器绕月做圆周运动的轨道半径为r ，周期为T ，引力常量为G ，下列说法中正确的是（ ）A “嫦娥三号”经椭圆轨道到P处时的线速度大于经圆形轨道到P处时的线速度B “嫦娥三号”经椭圆轨道到P处时的加速度和经圆形轨道到P处时的加速度不等C “嫦娥三号”携“玉兔号”绕月球做圆周运动的过程中，“玉兔号”所受重力为零D 图中“嫦娥三号”着陆器在P处由椭圆轨道进入圆轨道前后机械能守恒6. 如图所示，真空中有一正方形ABCD，M、N分别是AB和CD的中点，现在A、B两点分别固定电荷量为+Q、−Q的等量异种点电荷，下列说法中正确的是（）A 将试探电荷−q从C点移到D点，电场力做正功，试探电荷−q的电势能减少B 将试探电荷+q从M点移到N点，电场力不做功，试探电荷+q的电势能不变C N点的电场强度方向平行于AB且跟MN垂直D C、D两点的电场强度相同7. 甲、乙两车在平直公路上同向行驶，其v−t图像如图所示．已知两车在t=3s时并排行驶，则（）A 在t=1s时，甲车在乙车后B 在t=0时，甲车在乙车前7.5 mC 两车另一次并排行驶的时刻是t=2 sD 甲、乙车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为40 m 8. 如图所示，“旋转秋千”中的两个座椅A、B质量相等，通过相同长度的缆绳悬挂在旋转圆盘上的不同位置，不考虑空气阻力的影响，当旋转圆盘绕竖直的中心轴匀速转动时，下列说法正确的是（）A 悬挂A、B的缆绳与竖直方向的夹角不等B A的线速度比B的小C A的向心加速度比B的大D 悬挂A的缆绳所受的拉力比悬挂B的小二、解答题（共6小题，满分72分）9. 在测量单色光的波长的实验中，已知双缝到光屏之间的距离L＝600mm，双缝之间的距离d＝0.60mm，单缝到双缝之间的距离s＝100mm，照射得到的8条亮条纹的中心之间的距离为5.18mm，则相邻条纹间距△x＝________mm；入射光的波长λ＝________m．10. 在“用DIS研究小车加速度与力的关系，加速度与质量的关系”实验中，（1）甲、乙两组分别用如图甲、乙所示的实验装置做实验，钩码通过细线跨过滑轮拉相同质量小车，位移传感器(B)随小车一起沿水平轨道运动，位移传感器(A)固定在轨道一端．甲组实验中把钩码的重力作为拉力F，乙组直接用力传感器测得拉力F．改变钩码的重力重复实验多次，记录多组数据，并画出a−F图像，如图丙所示．甲组实验把钩码的重力作为拉力F的条件是________，图丙中符合甲组同学做出的实验图像的是________，符合乙组同学做出的实验图像的是________．（2）在研究“加速度与质量的关系”时，某同学用图乙实验装置做了实验，并作出如图丁的图像，横坐标m为小车上配重片的质量．若力传感器测出小车受到的拉力为F，已知小车的质量为M，则图中直线的斜率为________，纵轴上的截距为________．11. 在“测定金属丝的电阻率”的实验中，待测电阻丝阻值约为6Ω。
2017年高考真题——天津卷理科标准答案
2017年普通高等学校招生全国统一考试（天津卷）理科数学1.解析因为{1,2,6},{2,4}A B ==，所以{1,2,6}{2,4}{1,2,4,6}A B ==U U ， 所以(){1,2,4,6}[1,5]{1,2,4}A B C =-=U I I .故选B ．2.解析变量,x y 满足约束条件2022003x y x y x y +⎧⎪+-⎪⎨⎪⎪⎩……„„的可行域如图，目标函数z x y =+经过可行域的A 点时，目标函数取得最大值，由03x y =⎧⎨=⎩可得(0,3)A ，目标函数z x y =+的最大值为3.故选D.3.解析第一次24N =，24能被3整除，执行24833N ==„不成立； 第二次8N =，8不能被3整除，执行8173N =-=„不成立； 第三次7N =，7不能被3整除，执行716N =-=，6233N ==„成立，输出2N =，故选C ． 4.解析ππ10sin 121262θθθπ-<⇔<<⇒<，但0θ=，1sin 2θ<，不满足ππ1212θ-<，所以“ππ1212θ-<”是“1sin 2θ<”的充分不必要条件.故选A. 5.解析由题意得a b =，41c=--，所以4c =，又因为22216c a b =+=，所以28a =，28b =，则双曲线方程为22188x y -=.故选B. 36.解析因为奇函数()f x 在R 上增函数，所以当0x >时，()0f x >，从而()()g x xf x =是R 上的偶函数，且在(0,)+∞上是增函数，()()22log 5.1log 5.1a g g =-=，0.822<，又4 5.18<<，则22log 5.13<<，所以0.8202log 5.13<<<，所以()()()0.822log 5.13g g g <<，所以b a c <<.故选C.7.解析由题意125π282118k k ωϕωϕπ⎧+=π+⎪⎪⎨π⎪+=π⎪⎩，其中12,k k ∈Z ，所以()2142233k k ω=--，又22T ωπ=>π，所以01ω<<，所以23ω=，11212k ϕ=π+π，由ϕ<π得π12ϕ=. 故选A ．8.解析由不等式()2x f x a +…得()()2x f x a f x -+剟， ()()22x xf x a f x ---剟，只需要计算()()2x g x f x =--在R 上的最大值和()()2xh x f x =-在R 上的最小值即可， 当1x „时，又()g x =22147473241616x x x ⎛⎫-+-=---- ⎪⎝⎭„（当1=4x 时取等号），()h x =223339393241616x x x ⎛⎫-+=-+ ⎪⎝⎭…（当34x =时取等号）， 所以47391616a-剟， 当1>x 时，又()g x=323222x x x x ⎛⎫--=-+- ⎪⎝⎭„（当x =，()h x=222x x +=…（当=2x 时取等号），所以2a -， 综上47216a -剟．故选A ． 9.解析()()()()()()i 2i 212i i 212i 2i 2i 2i 555a a a a a a ---+--+===-++-为实数，则205a +=，2a =-. 10.解析设正方体边长为a ，则226183a a =⇒=，外接球直径为23==R ，344279πππ3382==⨯=V R . 11.解析直线14sin 102ρθθ⎫++=⎪⎪⎝⎭化直角坐标方程为210y +=，由圆22sin 2sin ρθρρθ=⇒=，得其直角坐标方程为222x y y +=，即()2211x y +-=，则圆心()0,1到直线的距离314d r ==<<，知直线与圆相交，得它们的公共点的个数为2.12.解析由于0ab >，则442241221144a b a b ab ab ab ab ++⋅+=+=厖， 当且仅当222a b =且14ab ab =，即a =b =时，44min414a b ab ⎛⎫++= ⎪⎝⎭.13.解析解法一：如图所示，以向量AB u u u r ，AC u u ur 为平面向量的基底，则依题意可得1cos603232AB AC AB AC ⋅==⨯⨯=ou u u r u u u r u u u r u u u r .又因为2BD DC =u u u r u u u r ，则()22213333AD AB BD AB BC AB AC AB AC AB =+=+=+-=+u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u ur u u u r ， 则22212114533333AD AE AC AB AC AB λλλ⎛⎫-=⋅=-+-⋅=- ⎪⎝⎭u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r ，即得311λ=.解法二：以点A 为坐标原点，以AB 所在直线为x 轴建立直角坐标系(如图所示).依题意易得()0,0A ，()3,0B，(C ，则可得25,333AD AB BD AB BC ⎛=+=+= ⎝⎭u u u r u u u r u u u r u u u r u u u r ， DCA()AE AC AB λλ=-=-u u u r u u u r u u u r ；于是有()511432533AD AE λλλ-=⋅=-+=-u u u r u u u r ，解得311λ=.14.解析依题意按分类计数原理操作：(1)当没有一个数字是偶数时，从1，3，5，7，9这五个数字中任取四个得无重复数字的四位数有45A 120=个(或4454C A 120=个)；(2)当仅有一个数字是偶数时，先从2，4，6，8中任取一个，再从1，3，5，7，9中任取三个，然后进行全排列得到无重复数字的四位数有134454C C A 960=；故由分类计数原理得这样的四位数共有1209601080N =+=个.15.解析（1）在ABC △中，因为a b >，故由3sin 5B =，可得4cos 5B =.由已知及余弦定理，有2222cos 13b a c ac B =+-=，所以b =.由正弦定理sin sin a bA B=，得sin sin 13a B A b ==. 所以，bsin A（2）由（Ⅰ）及a c <，得cos A =，所以12sin 22sin cos 13A A A ==， 25cos 212sin 13A A =-=-.故πππsin 2sin 2cos cos 2sin 44426A A A ⎛⎫+=+= ⎪⎝⎭. 16.解析（1）随机变量X 的所有可能取值为0，1，2，3.()111101112344P X ⎛⎫⎛⎫⎛⎫==-⨯-⨯-= ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭，()11111111111111111123423423424P X ⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫⎛⎫==⨯-⨯-+-⨯⨯-+-⨯-⨯= ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭，()111111111121112342342344P X ⎛⎫⎛⎫⎛⎫==-⨯⨯+⨯-⨯+⨯⨯-= ⎪ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭，()1111323424P X ==⨯⨯=. 所以，随机变量X 的分布列为随机变量X 的数学期望()012342442412E X =⨯+⨯+⨯+⨯=.（2）设Y 表示第一辆车遇到红灯的个数，Z 表示第二辆车遇到红灯的个数，则所求事件的概率为(1)(0,1)(1,0)P Y Z P Y Z P Y Z +====+===(0)(1)(1)(0)P Y P Z P Y P Z ==+==1111111142424448=⨯+⨯=. 所以，这2辆车共遇到1个红灯的概率为1148.17.解析 如图所示，以A 为原点，{},,AB AC AP u u u r u u u r u u u r为基底，建立图示空间直角坐标系，依题意可得(000)A ，，，(200)B ，，，(040)C ，，，(004)P ，，，(002)D ，，，(022)E ，，，(001)M ，，，(120)N ，，．（1）证明：()0,2,0DE =u u u r ，()2,0,2DB =-u u u r.设(,,)x y z =n ，为平面BDE 的法向量，则00DE DB ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩u u u ru u u r n n ，即20220y x z =⎧⎨-=⎩.不妨设1z =，可得(1,0,1)=n .又()1,2,1MN =-u u u u r ， 可得0MN ⋅=u u u u rn .因为MN ⊄平面BDE ，所以//MN 平面BDE ．（2）易知1(1,0,0)=n 为平面CEM 的一个法向量.设2(,,)x y z =n 为平面EMN 的法向量， 则2200EM MN ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩u u u u ru u u u r n n ，因为(0,2,1)EM =--u u u u r ，(1,2,1)MN =-u u u u r ，所以2020y z x y z --=⎧⎨+-=⎩. 不妨设1y =，可得2(4,1,2)=--n .因此有121212cos ,|||⋅==n n n n |n n，于是12sin ,=n n 所以，二面角C EM N --（3）依题意，设()04AH h h =剟，则H （0，0，h ），进而可得(1,2,)NH h =--u u u u r ，(2,2,2)BE =-u u u r.由已知，得||cos ,||||NH BE NH BE NH BE ⋅===u u u u r u u u ru u u u r u u u r u u u u r u u u r 2102180h h -+=，解得85h =，或12h =.所以线段AH 的长为85或12.18.解析（1）设等差数列{}n a 的公差为d ，等比数列{}n b 的公比为q .由已知2312b b +=，得21()12b q q +=，而12b =，所以260q q +-=. 又因为0q >，解得2q =.所以，2nn b =.由3412b a a =-，可得138d a -=①. 由114=11S b ，可得1516a d +=②，联立①②，解得11a =，3d =，由此可得32n a n =-.所以，数列{}n a 的通项公式为32n a n =-，数列{}n b 的通项公式为2nn b =.(2)设数列221{}n n a b -的前n 项和为T n ，由262n a n =-，12124n n b --=⨯，有221(31)4nn n a b n -=-⨯，故23245484(31)4nn T n =⨯+⨯+⨯++-⨯L ，23414245484(34)4(31)4n n n T n n +=⨯+⨯+⨯++-⨯+-⨯L ，上述两式相减，得231324343434(31)4n n n T n +-=⨯+⨯+⨯++⨯--⨯=LP NM ED CBA1112(14)4(31)4(32)4814n n n n n ++⨯----⨯--⨯--.得1328433n n n T +-=⨯+. 所以，数列{}221n n a b -的前项和为1328433n n +-⨯+. 19.解析(1)依题意设点F (,0)c -，因21==a c e ，且2pa =，由对称性知抛物线的准线l 方程为a x -=，则12a c -=；解得1a =，12c =，2p =，于是22234b ac =-=.从而得椭圆的方程为22413y x +=；抛物线的方程为24y x =. (2)由于准线l 方程为1x =-，依题意设),1(t P -(0≠t )，则),1(t Q --.因)0,1(A ， 则2t k AP -=，得直线AP 方程为()12t y x =--①，将①式代入方程34322=+y x 中化简，得032)3(2222=-+-+t x t x t ；设),(00y x B ，由韦达定理得332200+-==t t x x x A ，则()0023123t t y x t =--=+，即22233,33t t B t t ⎛⎫- ⎪++⎝⎭，则t t k BQ 262+=， 于是得直线BQ 方程为)1(262++=+t tt t y ， 令0=y ，解得6622+-=t t x ，即226,06t D t ⎛⎫- ⎪+⎝⎭.则612661||222+=+--=t t t AD ，于是2112226APD S t t ==⋅⋅+△，化简得(2||0t =，即得6±=t .代入①式化简，得直线AP 方程为330x +-=，或330x --=. 20.解析（1）由a x x x x x f +--+=6332)(234，可得6698)()(23--+='=x x x x f x g ，61824)(2-+='x x x g ， 令()01g x x '=⇒=-或14x =. 当x 变化时，()g x '，()g x 变化情况如下表：所以)(x g 的单调增区间是(),1-∞-，1,4⎛⎫+∞ ⎪⎝⎭；单调减区间是11,4⎛⎫- ⎪⎝⎭.（2）证明：由)())(()(0m f x m x g x h --=，0()()()()h m g m m x f m =--，000()()()()h x g x m x f x =--，令10()()()()H x g x x x f x =--，10()()()H x g x x x ''=-， 由（1）得，当]2,1[∈x 时，0)(>'x g当0[1,)x x ∈，1()0H x '<，1()H x 单调递减；当0(,2]x x ∈，1()0H x '>，1()H x 单调增； 所以当]2,(),1[00x x x Y ∈时，0)()()(0011=-=>x f x H x H ， 可得0)(1>m H 即0)(>m h .令200()()()()H x g x x x f x =--，20()()()H x g x g x '=-. 由（1）可知，)(x g 在]2,1[上单调递增， 故当),1[0x x ∈时，0)(2>'x H ，)(2x H 单调递增； 故当]2,(0x x ∈时，0)(2<'x H ，)(2x H 单调递减. 当]2,(),1[00x x x Y ∈时，0)(0)(0)()(02022<⇒<⇒=<x h m H x H x H ， 故0)()(0<x h m h .(3)对于任意的正整数q p ,，且]2,(),1[00x x qpY ∈， 令qpm =，函数)())(()(0m f x m x g x h --=， 由（2）知，当),1[0x m ∈时，)(x h 在区间内有零点),(0x m ； 当]2,(0x m ∈时，)(x h 在区间内有零点),(0m x ，故)(x h 在)2,1(上至少有一个零点，不妨设为1x ，则110()()0q p h x g x x f p q ⎛⎫⎛⎫=--= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭， 由（1）得)(x g 在]2,1[上单调递增，故)2()()1(01g x g g <<<. 于是4322340412336()(2)2p p f f p p q p q pq aq q q p x q g x g g q ⎛⎫⎛⎫⎪ ⎪+--+⎝⎭⎝⎭-==….因为当]2,1[∈x 时0)(>x g ，故)(x f 在]2,1[单调递增， 所以)(x f 在区间]2,1[上除0x 外没有其他的零点， 而,0x qp≠故0p f q ⎛⎫≠ ⎪⎝⎭，而a q p ,,是正整数， 所以|6332|432234aq pq q p q p p +--+是正整数，从而43223423361p p q p q pq aq +--+….所以041(2)p x q g q -…，所以只要取)2(g A =，就有041p x q Aq -….。
物理_2017年天津市某校高考物理一模试卷_复习
2017年天津市某校高考物理一模试卷一、单项选择题（每小题只有一个正确选项，每小题6分，共30分）1. 下列关于原子和原子核的说法正确的是（）A β衰变现象说明电子是原子核的组成部分B 变化的电场，能产生变化的磁场C 无线电波比太阳光更容易发生衍射D 氢原子核外电子轨道半径越小，其能量越高2. 物块A放置在与水平地面成30∘角倾斜的木板上时，刚好可以沿斜面匀速下滑；若该木板与水平面成60∘角倾斜，取g=10m/s2，则物块A沿此斜面下滑的加速度大小为（）A 5√3m/s2B 3√3m/s2C (5−√3)m/s2D 10√33m/s23. 图中B为理想变压器，接在交变电压有效值保持不变的电源上．指示灯L1和L2完全相同（其阻值均恒定不变），R是一个定值电阻，电压表、电流表都为理想电表．开始时开关S是闭合的，当S断开后，下列说法正确的是（）A 电流表A2的示数变大B 电流表A1的示数变小C 电压表的示数变大D 灯泡L1的亮度变暗4. 如图甲是某电场中的一条电场线，a、b是这条电场线上的两点，一负电荷只受电场力作用，沿电场线由a运动到b的过程中，电荷的v−t图像如图乙所示，关于a、b两点的电势φa、φb和电场强度E a、E b的关系，下列判断正确的是（）A E a<E bB E a>E bC φa<φbD φa>φb5. 质量为m的探月航天器在接近月球表面的轨道上飞行，其运动视为匀速圆周运动．已知月球质量为M，月球半径为R，月球表面重力加速度为g，引力常量为G，不考虑月球自转的影响，则下列关于该航天器的说法中错误的是（）A 线速度v=√GMR B 角速度ω=√gR C 运行周期T=2π√RgD 向心加速度a=GMR2二、不定项选择题（每小题中有多个正确选项，每小题6分，共18分）6. 在水下同一深度有两个不同颜色的点光源P、Q，在水面上P照亮的区域大于Q照亮的区域，以下说法正确的是（）A P点的频率大于Q光的频率B P光在水中的传播速度大于Q光在水中的传播速度 C P光恰能使某金属发生光电效应，则Q光也一定能使该金属发生光电效应 D 同一双缝干涉装置，P光条纹间距离小于Q光条纹间距7. 如图所示，实线是沿x轴传播的一列简谱横波在t=0时刻的波形图，虚线是这列波在t= 0.1s时刻的波形图．已知该波的波速是v=1.0m/s，则下列说法正确的是（）A 这列波的振幅为20cmB 这列波沿x轴正方向传播的C 在t=0.1s时，x=2cm处的质点P速度沿y轴负方向 D 经过0.18s，x=2cm处的质点P通过的路程为0.6m8. 如图甲所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平地面上，t=0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹簧弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复．通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力F随时间t变化的图像如图乙所示，则（）A t1时刻小球动能最大B t2时刻小球动能最大C t2∼t3这段时间内，小球的动能先增加后减少D t2∼t3这段时间内，小球增加的动能小于弹簧减少的弹性势能三、填空题和实验题（（2）的②2分，电路图4分，其余每空2分，共18分）9. 一个质量为m的木块静止在粗糙的水平面上，木块与水平面间的滑动摩擦力大小为2F0，某时刻开始受到如图所示的水平拉力的作用，则0到t0时间内，水平拉力做功为________，2t0时刻拉力的瞬时功率为________．10. 在追寻科学家研究足迹的过程中，某同学为探究恒力做功和物体动能变化间的关系，采用了如图(l)所示的“探究物体加速度与物体质量、受力之间关系”的实验装置．①实验时，该同学想用钩码的重力表示滑块受到的合力，为了减小这种做法带来的实验误差，你认为在实验中应该采取的两项措施是________和________；②如图(2)所示是实验中得到的一条纸带，其中A、B、C、D、E、F是连续的六个计数点，相邻计数点间的时间间隔为T，相邻计数点间距离已在图中标出，测出小车的质量为M，钩码的总质量为m．从打B点到打E点的过程中，为达到实验目的，该同学应该寻找________ 和________之间的数值关系（用题中和图中的物理量符号表示）．11. 有一段粗细均匀的导体，现要用实验的方法测定这种导体材料的电阻率，若已测得其长度和横截面积，还需要测出它的电阻值R x．（1）若已知这段导体的电阻约为30Ω，要尽量精确的测量其电阻值，除了需要导线、开关以外，在以下备选器材中应选用的是________．（只填写字母代号）A．电池（电动势14V、内阻可忽略不计）B．电流表（量程0∼0.6A，内阻约0.12Ω）C．电流表（量程0∼100m A，内阻约12Ω）D．电压表（量程0∼3V，内阻约3kΩ）E．电压表（量程0∼15V，内阻约15kΩ）F．滑动变阻器(0∼10Ω，允许最大电流2.0A)G．滑动变阻器(0∼500Ω，允许最大电流0.5A)（2）在图1方框中画出测这段导体电阻的实验电路图（要求直接测量的变化范围尽可能大一些）．（3）根据测量数据画出该导体的伏安特性曲线（U−I线）如图2所示，发现MN段明显向上弯曲．若实验的操作、读数、记录、描点和绘图等过程均正确无误，则出现这一弯曲现象的主要原因是________．四、计算题（共54分）12. 一质量为M B＝6kg的木板B静止于光滑水平面上，物块A质量M A＝6kg，停在B的左端，一质量为m＝1kg的小球用长为L＝0.8m的轻绳悬挂在固定点O上，将轻绳拉直至水平位置后，由静止释放小球，小球在最低点与A发生碰撞后反弹，A在B上滑动，恰好未从B右端滑出，在此过程中，木板获得的最大速度为0.5m/s，不计空气阻力，物块与小球可视为质点，g取10m/s2，求：（1）小球与物块A碰撞前瞬间轻绳上的拉力F的大小（2）A在B上滑动过程中，A、B组成的系统产生的内能Q（3）小球被反弹后上升的最大高度ℎ13. 如图所示，电阻可忽略的光滑平行金属导轨长S=1.15m，两导轨间距L=0.75m，导轨倾角为30∘，导轨上端ab接一阻值R=1.5Ω的电阻，磁感应强度B=0.8T的匀强磁场垂直轨道平面向上．阻值r=0.5Ω，质量m=0.2kg的金属棒与轨道垂直且接触良好，从轨道上端ab处由静止开始下滑至底端，在此过程中金属棒产生的焦耳热Q r=0.1J．（取g=10m/s2）求：（1）金属棒在此过程中克服安培力的功W安；（2）金属棒下滑速度v=2m/s时的加速度a；（3）为求金属棒下滑的最大速度v m，有同学解答如下：由动能定理，W−W安=12mv m2，⋯．由此所得结果是否正确？若正确，说明理由并完成本小题；若不正确，给出正确解答．14. 如图所示，在平面内，有一电子源持续不断地沿x正方向每秒发射出N个速率均为v的电子，形成宽为2b，在y轴方向均匀分布且关于x轴对称的电子流．电子流沿x方向射入一个半径为R，中心位于原点O的圆形匀强磁场区域，磁场方向垂直xoy平面向里，电子经过磁场偏转后均从P点射出．在磁场区域的正下方有一对平行于x轴的金属平行板K和A，K板接地，A与K两板间加有正负、大小均可调的电压U AK，穿过K板小孔达到A板的电子被收集且导出，从而形成电流，已知b=√32R，电子质量为m，电荷量为e，忽略电子间相互作用．（1）磁感应强度B的大小；（2）电子流从P点射出时与y轴负方向的夹角θ的范围；（3）电子被收集形成最大电流I m；（4）调节A与K两级板间的电压刚好不能形成电流，此时可调的电压U AK大小．2017年天津市某校高考物理一模试卷答案1. C2. D3. B4. C5. B6. B,C7. B,D8. C,D9. 4F02t02m ,F02t0 m10. 保证钩码的总质量远小于滑块的质量,平衡摩擦力,mg(△x2+△x3+△x4),12M(△x4+△x52T)2−12M(△x1+△x22T)211. （1）ABEF；（2）电路图如图所示；（3）伴随导体中的电流增大，温度升高，电阻率增大，电阻增大．12. 小球与物块A碰撞前瞬间轻绳上的拉力F的大小为30N；A在B上滑动过程中，A、B组成的系统产生的内能Q为1.5J；小球被反弹后上升的最大高度ℎ为0.2m。
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2017年天津市高考物理试卷 一、选择题（每小题6分，共30分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的） 1．（6分）我国自主研发制造的国际热核聚变核心部件在国际上率先通过权威机构认证，这是我国对国际热核聚变项目的重大贡献．下列核反应方程中属于聚变反应的是（ ）
A．→ B．→ C．→+ D．→++3 2．（6分）明代学者方以智在《阳燧倒影》中记载：“凡宝石面凸，则光成一条，有数棱则必有一面五色”，表明白光通过多棱晶体折射会发生色散现象．如图所示，一束复色光通过三棱镜后分解成两束单色光a、b，下列说法正确的是（ ）
A．若增大入射角i，则b光先消失 B．在该三棱镜中a光波长小于b光 C．a光能发生偏振现象，b光不能发生 D．若a、b光分别照射同一光电管都能发生光电效应，则a光的遏止电压低 3．（6分）如图所示，两根平行金属导轨置于水平面内，导轨之间接有电阻R．金属棒ab与两导轨垂直并保持良好接触，整个装置放在匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面向下．现使磁感应强度随时间均匀减小，ab始终保持静止，下列说法正确的是（ ）
A．ab中的感应电流方向由b到a B．ab中的感应电流逐渐减小 C．ab所受的安培力保持不变 D．ab所受的静摩擦力逐渐减小 4．（6分）“天津之眼”是一座跨河建设、桥轮合一的摩天轮，是天津市的地标之一．摩天轮悬挂透明座舱，乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动．下列叙述正确的是（ ）
A．摩天轮转动过程中，乘客的机械能保持不变 B．在最高点，乘客重力大于座椅对他的支持力 C．摩天轮转动一周的过程中，乘客重力的冲量为零 D．摩天轮转动过程中，乘客重力的瞬时功率保持不变 5．（6分）手持较长软绳端点O以周期T在竖直方向上做简谐运动，带动绳上的其他质点振动形成简谐波沿绳水平传播，示意如图．绳上有另一质点P，且O、P的平衡位置间距为L．t=0时，O位于最高点，P的位移恰好为零，速度方向竖直向上，下列判断正确的是（ ） A．该简谐波是纵波 B．该简谐波的最大波长为2L C．t=时，P在平衡位置上方
D．t=时，P的速度方向竖直向上
二、不定项选择题（每小题6分，共18分．每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确的．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，选错或不答的得0分） 6．（6分）在匀强磁场中，一个100匝的闭合矩形金属线圈，绕与磁感线垂直的固定轴匀速转动，穿过该线圈的磁通量随时间按图示正弦规律变化．设线圈总电阻为2Ω，则（ ）
A．t=0时，线圈平面平行于磁感线 B．t=1s时，线圈中的电流改变方向 C．t=1.5 s时，线圈中的感应电动势最大 D．一个周期内，线圈产生的热量为8π2J 7．（6分）如图所示，在点电荷Q产生的电场中，实线MN是一条方向未标出的电场线，虚线AB是一个电子只在静电力作用下的运动轨迹．设电子在A、B两点的加速度大小分别为aA、aB，电势能分别为EpA、EpB．下列说法正确的是（ ） A．电子一定从A向B运动 B．若aA＞aB，则Q靠近M端且为正电荷 C．无论Q为正电荷还是负电荷一定有EpA＜EpB
D．B点电势可能高于A点电势
8．（6分）如图所示，轻质不可伸长的晾衣绳两端分别固定在竖直杆M、N上的a、b两点，悬挂衣服的衣架钩是光滑的，挂于绳上处于静止状态．如果只人为改变一个条件，当衣架静止时，下列说法正确的是（ ）
A．绳的右端上移到b′，绳子拉力不变 B．将杆N向右移一些，绳子拉力变大 C．绳的两端高度差越小，绳子拉力越小 D．若换挂质量更大的衣服，则衣服架悬挂点右移
三、解答题（共6小题，满分72分） 9．（4分）我国自主研制的首艘货运飞船“天舟一号”发射升空后，与已经在轨运行的“天宫二号”成功对接形成组合体．假设组合体在距地面高度为h的圆形轨道上绕地球做匀速圆周运动，已知地球半径为R，地球表面重力加速度为g，且不考虑地球自转的影响．则组合体运动的线速度大小为 ，向心加速度大小为 ． 10．（4分）如图所示，打点计时器固定在铁架台上，使重物带动纸带从静止开始自由下落，利用此装置验证机械能守恒定律。 ①对于该实验，下列操作中对减小实验误差有利的是 。 A．重物选用质量和密度较大的金属锤 B．两限位孔在同一竖直面内上下对正 C．精确测量出重物的质量 D．用手托稳重物，接通电源后，撒手释放重物 ②某实验小组利用上述装置将打点计时器接到50Hz的交流电源上，按正确操作得到了一条完整的纸带，由于纸带较长，图中有部分未画出，如图所示。纸带上各点是打点计时器打出的计时点，其中O点为纸带上打出的第一个点。重物下落高度应从纸带上计时点间的距离直接测出，利用下列测量值能完成验证机械能守恒定律的选项有 。 A．OA、AD和EG的长度 B．OC、BC和CD的长度 C．BD、CF和EG的长度 D．AC、BD和EG的长度 11．（10分）某探究性学习小组利用如图1所示的电路测量电池的电动势和内阻．其中电流表A1的内阻r1=1.0kΩ，电阻R1=9.0kΩ，为了方便读数和作图，给电池串联一个R0=3.0Ω的电阻．
①按图示电路进行连接后，发现aa′、bb′和cc′三条导线中，混进了一条内部断开的导线．为了确定哪一条导线内部是断开的，将电键S闭合，用多用电表的电压挡先测量a、b′间电压，读数不为零，再测量a、a′间电压，若读数不为零，则一定是 导线断开；若读数为零，则一定是 导线断开． ②排除故障后，该小组顺利完成实验．通过多次改变滑动变阻器触头位置，得到电流表A1和A2的多组I1、I2数据，作出图象如图2．由I1﹣I2图象得到的电池的电动势E= V，内阻r= Ω． 12．（16分）如图所示，物块A和B通过一根轻质不可伸长的细绳连接，跨放在质量不计的光滑定滑轮两侧，质量分别为mA=2kg、mB=1kg。初始时A静止与水平地面上，B悬于空中。先将B竖直向上再举高h=1.8m（未触及滑轮）然后由静止释放。一段时间后细绳绷直，A、B以大小相等的速度一起运动，之后B恰好可以和地面接触。取g=10m/s2。 （1）B从释放到细绳绷直时的运动时间t； （2）A的最大速度v的大小； （3）初始时B离地面的高度H。
13．（18分）平面直角坐标系xOy中，第Ⅰ象限存在垂直于平面向里的匀强磁场，第Ⅲ象限存在沿y轴负方向的匀强电场，如图所示。一带负电的粒子从电场中的Q点以速度v0沿x轴正方向开始运动，Q点到y轴的距离为到x轴距离的2倍。粒子从坐标原点O离开电场进入磁场，最终从x轴上的P点射出磁场，P点到y轴距离与Q点到y轴距离相等。不计粒子重力，求： （1）粒子到达O点时速度的大小和方向； （2）电场强度和磁感应强度的大小之比。
14．（20分）电磁轨道炮利用电流和磁场的作用使炮弹获得超高速度，其原理可用来研制新武器和航天运载器．电磁轨道炮示意如图，图中直流电源电动势为E，电容器的电容为C．两根固定于水平面内的光滑平行金属导轨间距为l，电阻不计．炮弹可视为一质量为m、电阻为R的金属棒MN，垂直放在两导轨间处于静止状态，并与导轨良好接触．首先开关S接1，使电容器完全充电．然后将S接至2，导轨间存在垂直于导轨平面、磁感应强度大小为B的匀强磁场（图中未画出），MN开始向右加速运动．当MN上的感应电动势与电容器两极板间的电压相等时，回路中电流为零，MN达到最大速度，之后离开导轨．问： （1）磁场的方向； （2）MN刚开始运动时加速度a的大小； （3）MN离开导轨后电容器上剩余的电荷量Q是多少． 2017年天津市高考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（每小题6分，共30分．每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的） 1．（6分）我国自主研发制造的国际热核聚变核心部件在国际上率先通过权威机构认证，这是我国对国际热核聚变项目的重大贡献．下列核反应方程中属于聚变反应的是（ ）
A．→ B．→ C．→+ D．→++3 【分析】正确解答本题需要掌握：裂变、聚变的反应的特点，即可分析核反应的性质． 【解答】解：核聚变是指由质量小的原子，主要是指氘或氚，在一定条件下（如超高温和高压），发生原子核互相聚合作用，生成新的质量更重的原子核，并伴随着巨大的能量释放的一种核反应形式， 用快速粒子（天然射线或人工加速的粒子）穿入原子核的内部使原子核转变为另一种原子核的过程，这就是原子核的人工转变 由此可知：核反应方程→是原子核的聚变反应；B与C属于原子核的人工核转变；D属于裂变反应； 故只有A正确；BCD错误； 故选：A。 【点评】本题考查核反应的分类，要正确理解核裂变、聚变及其他相关核反应的性质，并掌握质量数守恒电荷数守恒分析核反应方程．
2．（6分）明代学者方以智在《阳燧倒影》中记载：“凡宝石面凸，则光成一条，有数棱则必有一面五色”，表明白光通过多棱晶体折射会发生色散现象．如图所示，一束复色光通过三棱镜后分解成两束单色光a、b，下列说法正确的是（ ）
A．若增大入射角i，则b光先消失 B．在该三棱镜中a光波长小于b光 C．a光能发生偏振现象，b光不能发生 D．若a、b光分别照射同一光电管都能发生光电效应，则a光的遏止电压低 【分析】依据光的折射定律，判定两光的折射率大小，再根据sinC=，即可判定各自临界角大小，进而可求解； 根据折射率的定义公式求解折射率，由折射定律得出折射率关系，就知道波长关系； 只要是横波，均能发生偏振现象； 根据qUc=，结合光电效应方程=hγ﹣W，从而即可求解．
【解答】解：A、根据折射率定义公式n=，从空气斜射向玻璃时，入射角相同，光线a对应的折射角较大，故光线a的折射率较小，即na＜nb，若增大入射角i，在第二折射面上，则两光的入射角减小，依据光从光密介质进入光疏介质，且入射角大于或等于临界角时，才能发生光的全反射，因此它们不会发生光的全反射，故A错误；