福建省莆田第二十五中学2020届高三上学期期中考试物理试题 Word版含解析

莆田第二十五中学2019-2020学年上学期期中考试卷 高三物理 一、选择题 1.2016年国际滑联世界青年速度滑锦标赛中，中国选手杨涛夺得500米季军，如图为杨涛在冰面上的运动轨迹，图中关于他的速度方向、合力方向正确的是

A. B. C. D.

【答案】D 【解析】 【详解】根据曲线运动的轨迹夹在合力与速度方向之间，合力大致指向轨迹凹的一向。速度与轨迹相切 A．A图与分析不符，故A错误； B．B图与分析不符，故B错误； C．C图与分析不符，故C错误； D．D图与分析相符，故D正确。 2.关于惯性, 下面说法中正确的是: ( ) A. 物体静止时不容易推动, 说明物体静止时比运动时惯性大； B. 物体在速度大时不容易停下来, 说明物体在速度大时比速度小时惯性大； C. 物体受力越大, 运动状态改变越快, 说明物体受力大时比受力小时的惯性大； D. 惯性是物体特有性质, 一切物体无论处于什么状态都有惯性。 【答案】D 【解析】 【详解】惯性是物体本身的一种基本属性，其大小只与质量有关，质量越大、惯性越大；惯性的大小和物体是否运动、是否受力以及运动的快慢是没有任何关系的。 A．物体静止时不容易推动, 说明物体静止时比运动时惯性大。故A错误。 B．物体在速度大时不容易停下来, 说明物体在速度大时比速度小时惯性大。故B错误。 C．物体受力越大, 运动状态改变越快, 说明物体受力大时比受力小时的惯性大。故C错误。 D．惯性是物体的特有性质, 一切物体无论处于什么状态都有惯性。故D正确。 3.一个物体受绳的拉力作用由静止开始前进，先做加速运动，然后改做匀速运动，再改做减速运动，则下列说法中正确的是( ) A. 加速前进时，绳拉物体的力大于物体拉绳的力 B. 减速前进时，绳拉物体的力小于物体拉绳的力 C. 只有匀速前进时，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小才相等 D. 不管物体如何前进，绳拉物体的力与物体拉绳的力大小总相等 【答案】D 【解析】 “绳”与“物”是一对相互作用的物体，绳与物之间的作用力与反作用力遵守牛顿第三定律，与相互作用的性质、物体的运动状态均无关系，总是等大、反向、作用在不同物体上且在同一条直线上．故D选项正确． 4.质量为60 kg的人，站在升降机内的台秤上（g=10 m/s2），测得体重（即支持力）为480N，则关于升降机的说法正确的是( ) A. 人处于超重状态 B. 升降机一定在下降 C. 人的加速度大小为2 m/s2 D. 人的加速度是40 m/s2 【答案】C 【解析】 【详解】ACD．对人受力分析，受重力和支持力，支持力小于重力，人处于失重状态，合力向下，加速度向下，故升降机的加速度也向下；由牛顿第二定律可知：mg-F=ma。 解得： a=2m/s2

故AD错误，C正确。 B．升降机的加速度向下，即升降机可能加速下降，也可能减速上升。故B错误。 5.一物体以初速度v由地面竖直向上抛出。如果物体运动时受到空气阻力大小不变，图中能基本反映出它的速度变化和时间关系的是（ ） A. B. C. D. 【答案】B 【解析】 设物体运动时受到空气阻力大小为f，物体的质量为m，根据牛顿第二定律得：上升过程：mg+f=ma1，得到加速度大小为a1=g+fm；下落过程：mg-f=ma2，得到加速度大小为a2=g-fm；则有a1＞a2．可见，上升过程速度图象的斜率大于下落过程图象的斜率，而上升与下落过程速度方向相反，速度的正负相反。故B图象正确。故选B。 点睛：本题是有空气阻力的竖直上抛，上升与下落过程不具有对称性．若是没有空气阻力，则选A． 6.如图所示，做匀速直线运动的汽车A通过一根绕过定滑轮的长绳吊起一重物B，设重物和汽车的速度的大小分别为Bv、Av，则

A. ABvv B. ABvv C. ABvv D. 重物B的速度逐渐减小 【答案】C 【解析】 小车的运动可分解为沿绳方向和垂直于绳的方向两个运动，设斜拉绳子与水平面的夹角为，由几何关系可得cosBAvv，所以ABvv，C正确． 7.一质量为2kg的物体在如图甲所示的xOy平面上运动，在x轴方向上的v-t图象和在y轴方向上的S-t图象分别如图乙、丙所示，下列说法正确的是( ) A. 前2s内物体做匀变速曲线运动 B. 物体的初速度为8m/s C. 2s末物体的速度大小为8m/s D. 前2s内物体所受的合外力为16N 【答案】A 【解析】 试题分析：据题意，该物体在x方向做加速度为24/vamst初速度为8m/s的匀减速直线运动，在y方向向原点做速度为4/xvmst的匀速直线运动，故在前2s内物体做匀变速曲线运动，A选项正确；物体的初速度为082/vms，故B选项错误；第2s末物体速度为水平分速度，即4m/s，故C选项错误；前2s内物体合外力为：248FmaNN，故D选项错误。 考点：本题考查对v-t图像和s-t图像的理解。 8.如图所示，AC是上端带定滑轮的固定坚直杆，质量不计的轻杆AB一端通过铰链固定在A点，另一端B悬挂一重为G的物体，且B端系有一根轻绳并绕过定滑轮C，用力F拉绳，开始时90BAC，现使BAC缓慢变小，直到杆AB接近竖直杆AC。此过程中

A. 力F逐渐增大 B. 力F先逐渐减小后逐渐增大 C. 轻杆AB对B端的弹力大小不变 D. 轻杆AB对B端的弹力先减小后增大 【答案】C 【解析】 以B点为研究对象，分析受力情况：重物的拉力T（等于重物的重力G）、轻杆的支持力N和绳子的拉力F，作出力的示意图如图

由平衡条件得知，N和F的合力与T大小相等，方向相反，根据三角形相似可得：NTFABCACB，又T=G

解得：CBABFGNGCACA，，使BAC缓慢变小时，CA、AB保持不变，CB变小，则F减小，N不变，故ABD错误，C正确。故选C。 【点睛】以B点为研究对象，分析其受力情况，作出受力图，利用三角形相似法，得出各力与三角形ABC三边边长的关系，再分析F和N的变化。 9.如图所示，在光滑的水平面上放着紧靠在一起的A、B两物体，B的质量是A的2倍，B受到向右的恒力FB=2N，A受到的水平力FA=（7-2t）N（t的单位是s）．从t=0开始计时，则（ ）

A. 物体在2s末时刻的加速度是初始时刻的59倍 B. B物体一直匀加速直线运动 C. t=3.5s时，A物体的速度为零 D. t=3.5s时，A开始沿与B速度相反的方向运动 【答案】A 【解析】 【详解】设A的质量为m， B的质量为2m，在两物体没有分离时，把AB看成一个整体，根据牛顿第二定律得：2ABFFmma，代入数据解得： 923tam 隔离B，设A对B的作用力大小为N，则有：N+FB=2ma 联立解得： 11243Nt

AB．由上得，在开始的一段时间内AB两物体做加速度减小的加速度运动。当t=3s时，N=0，此后A、B分离，B物体做匀加速直线运动。当t=0时，加速度：

093am

t=2s时，

253am

则物体在2s末时刻的加速度是初始时刻的59倍。故A正确，B错误。 CD．t=3.5s时，A的加速度为： 723.50am

说明t=3.5s之前A在做加速运动，此时A的速度不为零，而且速度方向与B相同。故CD错误。 10.如图所示，质量为m1的木块和质量为m2的长木板叠放在水平地面上。已知木块与长木板间的动摩擦因数为µ1，长木板与地面间的动摩擦因数为µ2，且最大静摩擦力与滑动摩擦力相等。现对木块施加一水平向右的拉力F，则（ ）

A. 当11212mgmmg时，212Fmmg木块与长木板一起运动 B. 当11212mgmmg时，11Fmg只能拉动木块，而长木板始终不会被拉动 C. 当11212mgmmg时，11Fmg木块与长木板都不动 D. 当11212mgmmg时，212Fmmg木块与长木板一定以相同加速度一起加速运动 【答案】B 【解析】 【详解】A．物块与长木板之间的最大静摩擦力为：f1m=μ1m1g；地面与长木板的最大静摩擦力为：f2m=μ2（m1+m2）g，当μ1m1g状态。故A不符合题意。 B．由上分析可知，当11212mgmmg时，无论外力F多大，长木板都始终处于静止状态，所以当11Fmg只能拉动木块，而长木板始终不会被拉动。故B符合题意。 C．当21211mmgFmg时，拉力会拉动长木板运动。故C不符合题意。 D．对长木板有： f1m-f2m=m2a0，

对整体有：

2120mFfmma（），

解得： 2

1212112

mgFmgm

当21212112mgFmgm时，木块和长木板将相对滑动，因为不知道F与F的关系，所以不能确定木块与长木板是否以相同加速度一起加速运动。故D不符合题意。 11.如图甲所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t=0时刻，将一金属小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧到最低点，然后又被弹起离开弹簧，上升到一定高度后再下落，如此反复，通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出这一过程弹簧弹力F随时间t的变化图象如图乙所示，则（ ）

A. t1时刻小球速度最大 B. t2至t3时间内，小球速度一直增大 C. t3时刻小球处于超重状态 D. t2至t3时间内，小球速度先增大后减小 【答案】D 【解析】 【详解】A、t1时刻小球刚与弹簧接触；当弹簧弹力与重力平衡时速度最大，故A错误； B、D、t2时刻小球受到的弹力最大，处于最低点，合力向上，速度为零，故先加速向上运动，