浙江省金华市东阳中学2015届高三上学期期末考试物理试题及答案
2015年浙江省金华市十校高一上学期物理期末试卷与解析
2014-2015学年浙江省金华市十校高一（上）期末物理试卷一、单项选择题（本题共14小题，每小题3分，满分42分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1．（3分）下列说法正确的是（）A．牛顿、米、秒是国际单位制中力学的三个基本单位B．位移、速度、加速度这三个物理量都是矢量C．物体的速度在某一时刻等于零，该时刻物体一定处于平衡状态D．完全失重就是物体不受重力了，物体超重就是重力增加了2．（3分）观察下列的四幅图，对图中各运动物体的描述正确的是（）A．图①中研究投出的篮球运动轨迹时可将篮球看成质点B．图②中观众欣赏体操表演时可将运动员看成质点C．图③中研究地球绕太阳公转时不能将地球看成质点D．图④中研究子弹射穿苹果的时间时可将子弹看成质点3．（3分）小胡从家门口打车到车站接上同学即回到家门口，出租车票如图所示，则此过程中出租车行驶的时间和位移分别是（）A．24s，0 B．24s，12.3km C．1440s，12.3km D．1440s，04．（3分）在无风的晴天，小欢同学将一片梧桐叶从离地面5m高处静止释放，落至地面所用时间在下列四个选项中最有可能是（）A．0.1s B．0.8s C．1.0s D．2.1s5．（3分）杂技演员有高超的技术，如图所示，能轻松地顶住坛，关于他顶坛时，头顶受到的压力产生的直接原因是（）A．坛受到的重力B．人受到的重力C．坛的形变D．头的形变6．（3分）春天，河边上的湿地很松软，人在湿地上行走时容易下陷，则在人加速下陷时（）A．人对湿地的压力等于他受到的重力B．人对湿地的压力大于湿地对他的支持力C．人对湿地的压力小于他受到的重力D．人对湿地的压力小于湿地对他的支持力7．（3分）人站在匀速运动的自动扶梯上，如图所示．关于人受力情况的说法中，正确的是（）A．受到三个力的作用，即重力、弹力、摩擦力B．人所受的弹力大于重力C．人所受的摩擦力为零D．人所受的合力沿扶梯向上8．（3分）如图为一物体做直线运动的速度﹣时间图象，根据此图作如下分析，分别用v1、a1表示物体在0～t1时间内的平均速度与加速度；v2、a2表示物体在t1～t2时间内的平均速度与加速度．下列分析正确的是（）A．v1与v2大小相同，方向相反B．v1与v2的大小、方向均相同C．a1与a2大小相同，方向相反D．a1与a2的大小不同，方向相同9．（3分）如图甲所示，静止在光滑桌面上的弹簧秤两端同时受到大小都为4N 的水平拉力F1、F2的作用；如图乙所示，静止在光滑桌面上的弹簧秤一端与竖直的墙壁相连，另一端用4N的水平拉力F3拉弹簧秤，则甲、乙两弹簧秤的读数和合力为（）A．甲、乙两弹簧秤的读数分别为4N和0B．甲、乙两弹簧秤的读数均为4NC．甲、乙两弹簧秤的合力分别为8N和4ND．甲、乙两弹簧秤的合力均为4N10．（3分）做匀减速直线运动的物体经4s后停止，若在第1s内的位移是14m，则最后1s内的位移是（）A．1m B．2m C．3m D．4m11．（3分）质量为m的物块恰好能在倾角为θ的粗糙斜面上匀速下滑，现对物块施加一个竖直向下的恒力F，则物块将（）A．匀速下滑B．匀加速下滑C．匀减速下滑D．运动情况无法确定12．（3分）千斤顶在生活中发挥了很大作用，如图为剪式千斤顶的实物图，当摇动把手时，螺纹轴迫使千斤顶的两臂靠拢，从而将汽车顶起，若当车轮被顶起时，已知汽车对千斤顶的压力为4.0×104N，且千斤顶上面两臂间的夹角恰为120°（两臂重力不计），则（）A．此时上面两臂受到的压力大小均为4.0×104NB．此时千斤顶对汽车的支持力为2.0×104NC．若摇动把手把车继续缓慢往上顶，上面两臂受到的压力将增大D．若摇动把手把车继续缓慢往上顶，上面两臂受到的压力将不变13．（3分）如图所示，弹簧的一端固定在小车上，另一端拴在质量为1kg的物体A上，车厢底面水平．当它们都处于静止时，弹簧对物体A的水平向左拉力为0.3N，若小车以a=0.5m/s2的加速度水平向左匀加速运动时，下列说法正确的是（）A．物块A相对于小车仍然静止B．物块A受到的摩擦力方向不变C．物块A受到的摩擦力大小不变D．物块A受到弹簧的拉力将增大14．（3分）已知某物体从静止释放，下落时受到的空气阻力与速度成正比，即f=kv，达到匀速的速度为10m/s，取g=10m/s2，则下列说法中正确的是（）A．物体下落过程做匀加速直线运动B．物体下落过程，加速度越来越大C．当速度为2m/s时加速度为8m/s2D．从静止释放到速度为10m/s的过程中平均速度等于5m/s二、填空题（共3小题，满分22分）15．（10分）物理兴趣小组利用如图1所示的装置研究小车的运动情况，打出如图2所示的纸带，其中纸带A端与小车相连接，打点计时器接在频率为50Hz的交流电源上．请回答下列问题：（1）纸带中AB段运动的时间为s，从纸带可以测出AB两点间的距离为cm．B点的速度为m/s（最后一空格保留两位有效数字）；（2）如图用这个实验装置探究“小车速度随时间变化的规律”，在实验过程中要不要平衡摩擦力；（填“要”或“不需要”）（3）如果用这个实验装置探究“加速度与力、质量的关系”时，小车质量为M=0.4kg，改变悬挂物m的值进行多次实验，以下m的取值最不合适的一个是．A．m=5g B．m=10g C．m=15g D．m=400g．16．（6分）某同学在做“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，设计了如图1所示的实验装置．他先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将钩码逐个挂在弹簧的下端，每次都测出相应的弹簧总长度，将数据填在下面的表格中（弹簧始终在弹性限度内）．（1）根据实验数据在如图2的坐标纸上已描出了前四次测量的弹簧所受弹力大小F跟弹簧总长x之间的函数关系点，请把第5、6次测量的数据对应的点描出来，并作出F﹣x图线；（2）该弹簧的劲度系数k=（保留两位有效数字）．17．（6分）小张同学想在家里做实验“验证力的平行四边形定则”，他从学校的实验室里借来两个弹簧秤，按如下步骤进行实验．A．在墙上贴一张白纸用来记录弹簧秤弹力的大小和方向；B．在一个弹簧秤的下端悬挂一装满水的水杯，记下静止时弹簧秤的读数F；C．将一根大约30cm长的细线从杯带中穿过，再将细线两端分别栓在两个弹簧秤的挂钩上，在靠近白纸处用手对称地拉开细线，使两个弹簧秤的示数相等，在白纸上记下细线的方向，弹簧秤的示数如图甲所示；D．在白纸上按一定标度作出两个弹簧秤的弹力的图示，如图乙所示，根据力的平行四边形定则可求出这两个力的合力F′．（1）在步骤C中，弹簧秤的读数为N；（2）在步骤D中，请在图乙方框中画出合力F′；（3）若，就可以验证力的平行四边形定则．三、计算题（本大题共4小题，18题6分，19题8分，20题10分，21题12分，共36分。
浙江省东阳中学高二物理上学期期末考试检测试题
浙江省东阳中学2014-2015学年高二上学期期末考试检测卷考生注意：1、本试卷时量：90分钟，满分：100分；2、答题前，请考生先将自己的学校、班次、姓名、考号在答题卷上填写清楚；3、必须在答题卷上答题，在草稿纸、试题卷上答题无效。
交卷只交答题卷。
第Ⅰ卷( 选择题共40分 )一、单项选择题（每小题3分，计24分。
每个小题只有一个正确选项）1．英国物理学家法拉第引入了“电场”和“磁场”的概念，并用画电场线和磁感线的方法来描述电场和磁场，为经典电磁学理论的建立奠定了基础．下列相关说法正确的是A．电荷和电荷、通电导体和通电导体之间的相互作用是通过电场发生的B．磁极和磁极、磁极和通电导体之间的相互作用是通过磁场发生的C．电场线和电场线不可能相交，磁感线和磁感线可能相交D．通过实验可发现电场线和磁感线的存在2．关于以下4幅图的说法中，正确的是A．甲图所示为可变电容器，动片旋出时可以使其与定片的距离增大，从而改变电容B．乙图所示装置可以用来储存电荷C．丙图中电容器只要与电源相连，电流表的示数始终不为零。
D．丁图所示是电解电容器，标示“80V”是电容器的击穿电压O'以角速度ω匀速旋转，在环左侧轴线上的小 3．如图所示，一带负电的金属环绕轴O磁针最后平衡的位置是A．N极竖直向上 B．N极竖直向下C．N极沿轴线向左 D．N极沿轴线向右4. 如图所示，R1和R2是同种材料、厚度相同、表面为正方形的导体，但R1的尺寸比R2的尺寸大．在两导体上加相同的电压，通过两导体的电流方向如图，则下列说法中正确的是A. R1中的电流小于R2中的电流B. R1中的电流大于R2中的电流C. R1中自由电荷定向移动的速率大于R2中自由电荷定向移动的速率D. R 1中自由电荷定向移动的速率小于R 2中自由电荷定向移动的速率5. 在某控制电路中，需要连成如图所示的电路，主要由电动势为E 、内阻为r 的电源与定值电阻R 1、R 2及电位器(滑动变阻器)R 连接而成，L 1、L 2是红、绿两个指示灯，当电位器的触头由弧形碳膜的中点逆时针滑向a 端时，下列说法中正确的是A. L 1、L 2两个指示灯都变亮B. L 1、L 2两个指示灯都变暗C. L 1变亮，L 2变暗D. L 1变暗，L 2变亮6.如图，一半径为R 的圆盘上均匀分布着电荷量为Q 的电荷，在垂直于圆盘且过圆心c 的轴线上有a 、 b 、d 三个点，a 和b 、b 和c 、 c 和d 间的距离均为R ，在a 点处有一电荷量为q (q>O)的固定点电荷.已知b 点处的场强为零，则d 点处场强的大小为(k 为静电力常量) A.k 错误!未找到引用源。
2015东城高三(上)期末物理
2015东城高三（上）期末物理一．单项选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．每小题只有一个选项正确．）1．（4分）物理学上经常用物理学家的名字命名物理量的单位，以纪念他们做出的突出贡献．下列说法正确的是（）A．用牛顿的名字命名力的单位B．用安培的名字命名功率的单位C．用伏特的名字命名磁感应强度的单位D．用焦耳的名字命名电场强度的单位2．（4分）如图所示为某质点做直线运动的v﹣t图象，由此可知（）A．前1秒物体的位移大小为1mB．第2秒末物体的瞬时速度大小2m/sC．第3秒内物体的加速度大小为3m/s2D．前3秒物体做匀变速直线运动3．（4分）在水平地面上方同一位置将物体沿水平方向抛出，不计空气阻力的影响，物体在同一地方下落过程中，下列说法正确的是（）A．物体的加速度逐渐减小B．物体运动的时间只由高度决定C．物体落地的位置与初速度无关D．物体落地时的速度方向竖直向下4．（4分）如图所示为一列简谐横波在某时刻的波形图，由图可知（）A．此列简谐横波的频率是4HzB．介质中各质点的振幅都是4cmC．x=1m处质点此时刻所受合外力最大，方向沿y轴负方向D．x=2m处质点此时刻速度最大，方向沿y轴正方向5．（4分）清洁工人在清洁城市道路时驾驶洒水车沿平直粗糙路面匀速行驶．当洒水车行驶到某一路口时开始洒水，若洒水车的速度保持不变，且所受阻力与车重成正比，则开始洒水后（）A．洒水车受到的牵引力保持不变B．洒水车受到的牵引力逐渐增大C．洒水车发动机的输出功率保持不变D．洒水车发动机的输出功率不断减小6．（4分）“蹦极”是一种很有挑战性的运动．将一根有弹性的绳子系在蹦极者身上，另一端固定在跳台上，人从几十米高处跳下．将蹦极过程简化为人沿竖直方向的运动．从蹦极者离开跳台到第一次下降至最低点的过程中，下列说法正确的是（）A．蹦极者受到的合力始终增大B．蹦极者始终处于失重状态C．弹性绳刚好被拉直时，蹦极者的速度最大D．蹦极者下降至最低点时，蹦极者的机械能最小7．（4分）科学研究中经常利用磁场来改变带电粒子的运动状态．现有两个速率相同的质子分别在磁感应强度大小为B1、B2的匀强磁场中做匀速圆周运动．已知B1=2B2，下列说法正确的是（）A．两质子所受洛仑兹力大小之比f1：f2=1：2B．两质子加速度的大小之比a1：a2=2：1C．两质子运动的轨道半径之比r1：r2=1：1D．两质子运动的角速度之比ω1：ω2=1：18．（4分）如图所示，匀强电场中有M、N、P、Q四个点，它们分别位于矩形的四个顶点上，各点的电势分别为φM、φN、φP、φQ．在电子分别由M点运动到N点和P点的过程中，电场力所做的正功相同，则（）A．φM＜φN，若电子由M点运动到Q点电场力不做功B．φM＞φN，若电子由M点运动到Q点电场力不做功C．φP＜φN，若电子由M点运动到Q点电场力做正功D．φP＞φN，若电子由M点运动到Q点电场力做负功9．（4分）两块相互靠近的平行金属板M、N组成电容器，充电后与电源断开，M板带正电，N板带负电，且电荷量保持不变．如图所示，板间有一个用绝缘细线悬挂的带电小球（可视为质点），小球静止时与竖直方向的夹角为θ，忽略带电小球所带电荷量对极板间匀强电场的影响，则（）A．小球带负电；若将细线烧断，小球将做匀加速直线运动B．小球带正电；若将细线烧断，小球将做自由落体运动C．若只将N板水平向右平移稍许，电容器的电容将变小，夹角θ将变大D．若只将N板竖直向上平移稍许，电容器的电容将变小，夹角θ将变大10．（4分）如图1所示，矩形线圈abcd位于匀强磁场中，磁场方向垂直线圈所在平面，磁感应强度B随时间t变化的规律如图2所示．以图1中箭头所示方向为线圈中感应电流i的正方向，以垂直于线圈所在平面向里为磁感应强度B的正方向，则选项图中能正确表示线圈中感应电流i随时间t变化规律的是（）A．B．C．D．11．（4分）如图所示，理想变压器的原线圈通过保险丝接在一个交变电源上，交变电压瞬时值随时间变化的规律为u=311sin100πt（V），副线圈所在电路中接有电热丝、电动机、理想交流电压表和理想交流电流表．已知理想变压器原、副线圈匝数比为10：1，电热丝额定功率为44W，电动机内电阻为1Ω，电流表示数为3A，各用电器均正常工作．则（）A．电压表示数为31.1V B．电动机的输出功率为21 WC．变压器的输入功率为44 W D．通过保险丝的电流为0.3 A12．（4分）水平绝缘地面上固定一带电体P，另一个质量为m的带电小球Q在其正上方做往复直线运动．已知P、Q 之间的最大距离为H，最小距离为．带电小球Q所受电场力F=k，取无穷远处电势为零，带电小球Q所具有的电势能E=k，其中h为P、Q之间距离，k为大于零的未知常量，重力加速度为g．则在带电小球Q运动过程中（）A．P、Q不可能带有同种电荷B．带电小球Q一定做简谐运动C．带电小球Q具有的最大速度为D．P、Q之间距离为时，带电小球Q的速度最大二．填空作图题（本题共3小题，共18分）13．（4分）为了探究电磁感应现象的产生条件，图中给出了必备的实验仪器．（1）请你用笔画线代替导线，将实验电路连接完整．（2）正确连接实验电路后，在闭合开关时灵敏电流计的指针发生了偏转．开关闭合后，迅速移动滑动变阻器的滑片，灵敏电流计的指针偏转（选填“发生”或“不发生”）．断开开关时灵敏电流计的指针偏转（选填“发生”或“不发生”）．14．（6分）兴趣小组的同学们利用如图1所示的装置“研究匀变速直线运动的规律”．他们将质量为m1的物体1与质量为m2的物体2（m1＜m2）通过轻绳悬挂在定滑轮上，打点计时器固定在竖直方向上，物体1通过铁夹与纸带相连接．开始时物体1与物体2均处于静止状态，之后将它们同时释放．图2所示为实验中打点计时器打出的一条点迹清晰的纸带，O是打点计时器打下的第一个点，A、B、C、D…是按打点先后顺序依次选取的计数点，在相邻两个计数点之间还有四个点没有画出．打点计时器使用的交流电频率为50Hz．（1）相邻两计数点之间的时间间隔为；（2）实验时要在接通打点计时器之释放物体（选填“前”或“后”）；（3）将各计数点至O点的距离依次记为s1、s2、s3、s4…，测得s2=1.60cm，s4=6.40cm，请你计算打点计时器打下C 点时物体的速度大小是 m/s；（4）同学们根据测出的物体1上升高度s与相应的时间t，描绘出如图3所示的s﹣t2图线，由此可以求出物体的加速度大小为m/s2．15．（8分）实验小组要测量一节干电池的电动势和内电阻．实验室有如下器材可供选择：A．待测干电池（电动势约为1.5V，内阻约为1.0Ω）B．电压表（量程3V）C．电压表（量程15V）D．电流表（量程0.6A）E．定值电阻（阻值为50Ω）F．滑动变阻器（阻值范围0～50Ω）G．开关、导线若干（1）为了尽量减小实验误差，在如图1所示的四个实验电路中应选用．（2）实验中电压表应选用．（选填器材前的字母）（3）实验中测出几组电流表和电压表的读数并记录在下表中．序号 1 2 3 4 5 6电压U（V） 1.45 1.40 1.30 1.25 1.20 1.10电流I（A）0.060 0.120 0.240 0.260 0.360 0.480请你将第5组数据描绘在图2中给出的U﹣I坐标系中并完成U﹣I 图线；（4）由此可以得到，此干电池的电动势E= V，内电阻r= Ω．（结果均保留两位有效数字）（5）有位同学从实验室找来了一个电阻箱，用如图3所示的电路测量电池的电动势和内电阻．闭合开关后，改变电阻箱阻值．当电阻箱阻值为R1时，电流表示数为I1；当电阻箱阻值为R2时，电流表示数为I2．已知电流表的内阻为R A．请你用R A、R1、R2、I1、I2表示出电池的内电阻r= ．三．计算题（本题共5小题，共54分．解答应有必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的，答案中必须写出数值和单位．16．（9分）如图1所示，山区高速公路上，一般会在较长的下坡路段的坡底设置紧急避险车道．如图2所示，将紧急避险车道视为一个倾角为θ的固定斜面．一辆质量为m的汽车在刹车失灵的情况下，以速度v冲上紧急避险车道匀减速至零．汽车在紧急避险车道上受到除重力之外的阻力，大小是自身重力的k倍．（1）画出汽车的受力示意图；（2）求出汽车行驶时的加速度；（3）求出汽车行驶的距离．17．（9分）我国自1970年4月24日发射第一颗人造地球卫星﹣﹣﹣﹣“东方红”1号以来，为了满足通讯、导航、气象预报和其它领域科学研究的不同需要，又发射了许多距离地面不同高度的人造地球卫星．卫星A为近地卫星，卫星B为地球同步卫星，它们都绕地球做匀速圆周运动．已知地球半径为R，卫星A距地面高度可忽略不计，卫星B距地面高度为h，不计卫星间的相互作用力．求：（1）卫星A与卫星B运行速度大小之比；（2）卫星A与卫星B运行周期之比；（3）卫星A与卫星B运行的加速度大小之比．18．（9分）据统计人在运动过程中，脚底在接触地面瞬间受到的冲击力是人体自身重力的数倍．为探究这个问题，实验小组同学利用落锤冲击的方式进行了实验，即通过一定质量的重物从某一高度自由下落冲击地面来模拟人体落地时的情况．重物与地面的形变很小，可忽略不计．g取10m/s2．如表为一次实验过程中的相关数据．重物（包括传感器）的质量m/kg 8.5重物下落高度H/cm 45重物反弹高度h/cm 20最大冲击力F m/N 850重物与地面接触时间t/s 0.1（1）请你选择所需数据，通过计算回答下列问题：a．重物受到地面的最大冲击力时的加速度大小；b．在重物与地面接触过程中，重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的多少倍．（2）如果人从某一确定高度由静止竖直跳下，为减小脚底在与地面接触过程中受到的冲击力，可采取什么具体措施，请你提供一种可行的方法并说明理由．19．（13分）如图所示，两根足够长平行金属导轨MN、PQ固定在倾角θ=37°的绝缘斜面上，顶部接有一阻值R=3Ω的定值电阻，下端开口，轨道间距L=1m．整个装置处于磁感应强度B=2T的匀强磁场中，磁场方向垂直斜面向上．质量m=1kg的金棒ab置于导轨上，ab在导轨之间的电阻r=1Ω，电路中其余电阻不计．金属棒ab由静止释放后沿导轨运动时始终垂直于导轨，且与导轨接触良好．不计空气阻力影响．已知金属棒ab与导轨间动摩擦因数μ=0.5，sin37°=0.6，cos37°=0.8，取g=10m/s2．（1）求金属棒ab沿导轨向下运动的最大速度v m；（2）求金棒ab沿导轨向下运动过程中，电阻R上的最大电功率P R；（3）若从金属棒ab开始运动至达到最大速度过程中，电阻R上产生的焦耳热总共为1.5J，求流过电阻R的总电荷量q．20．（14分）如图所示，两块平行极板AB、CD正对放置，极板CD的正中央有一小孔，两极板间距离AD为d，板长AB为2d，两极板间电势差为U，在ABCD构成的矩形区域内存在匀强电场，电场方向水平向右．在ABCD矩形区域以外有垂直于纸面向里的范围足够大的匀强磁场．极板厚度不计，电场、磁场的交界处为理想边界．将一个质量为m、电荷量为+q的带电粒子在极板AB的正中央O点，由静止释放．不计带电粒子所受重力．（1）求带电粒子经过电场加速后，从极板CD正中央小孔射出时的速度大小；（2）为了使带电粒子能够再次进入匀强电场，且进入电场时的速度方向与电场方向垂直，求磁场的磁感应强度的大小，并画出粒子运动轨迹的示意图．（3）通过分析说明带电粒子第二次离开电场时的位置，并求出带电粒子从O点开始运动到第二次离开电场区域所经历的总时间．参考答案与试题解析一．单项选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．每小题只有一个选项正确．）1．【解答】A、用牛顿的名字命名力的单位．故A正确；B、用安培的名字命名电流的单位．故B错误；C、用伏特的名字命名的是电压的单位．故C错误；D、用焦耳的名字命名的是能量的单位．故D错误．故选：A2．【解答】A、图象与坐标轴围成的面积表示位移，则前1秒物体的位移大小x=，故A正确；B、1﹣3s内做匀减速直线运动，加速度，则第2秒末物体的瞬时速度大小v=v1+at=2﹣1×1=1m/s，故B错误；C、第3秒内物体的加速度大小为1m/s2，故C错误；D、0﹣1s内质点做匀加速运动，1﹣3s内做匀减速直线运动，故D错误．故选：A3．【解答】A、物体运动时都只受重力，根据牛顿第二定律知，加速度始终为g，大小不变．故A错误．B、平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，落地的时间是t，则：h=；则：t=，物体运动的时间只由高度决定．故B正确；C、物体沿水平方向的位移：x=vt=，物体落地的位置与初速度有关，与高度有关．故C错误；D、平抛运动的物体在竖直下抛运动是初速度的匀加速直线运动，水平方向做匀速直线运动，所以落地时的速度始终有水平方向的分速度，所以物体落地时的速度方向不可能竖直向下．故D错误．故选：B4．【解答】A、由图知，该波的波长为λ=4m，由于波速未知，所以不能求出频率，故A错误．B、介质中各质点的振幅相同，都是2cm，故B错误．C、x=1m处质点此时刻位移为正向最大，由F=﹣kx知，该质点所受合外力最大，方向沿y轴负方向，故C正确．D、x=2m处质点此时刻正通过平衡位置，速度最大，方向沿y轴负方向．故D错误．故选：C5．【解答】AB、洒水车所受阻力与车重成正比，即阻力f=kG，而开始洒水后，车重G减小，故阻力f减小，洒水车匀速行驶，则牵引力F的大小等于阻力f，开始洒水后阻力减小，因此洒水车受到的牵引力逐渐减小，故A错误，B 错误；CD、洒水车发动机的输出功率P=Fv，开始洒水后F逐渐减小，速度v不变，则洒水车的洒水车发动机的输出功率不断减小，C错误，D正确；故选：D．6．【解答】A、蹦极者从最高点到绳子拉直时，只受重力，合力不变，从绳子拉直点到最低点的过程中，刚开始重力大于弹力，合力向下，则加速度向下，处于失重状态，随着弹力增大，合力逐渐减小，当弹力等于重力时，合力为零，速度最大，继续向下运动，弹性绳的拉力大于重力，合力向上，加速度向上，处于超重状态，随着弹力的增大，合力增大，故ABC错误；D、整个运动过程中，只有重力和绳子的弹力做功，蹦极者和弹性绳的机械能守恒，蹦极者下降至最低点时，弹性绳的弹性势能增大，所以蹦极者的机械能最小，故D正确．故选：D．7．【解答】A、洛仑兹力f=qvB，因为两质子带电量q和速率v都相同，则f1：f2=B1：B2=2：1，A错误；B、向心加速度a=，f1：f2=2：1，两质子质量m相同，则a1：a2=f1：f2=2：1，B正确；C、做匀速圆周运动的轨迹半径，因为两质子带电量q、速率v和质量m都相同，则，C错误；D、做匀速圆周运动的角速度，因为两质子的速率v相同，则，D错；故选：B．8．【解答】AB、电子分别由M点运动到N点和P点的过程中，电场力所做的正功相同，说明NP 为等势面，电场力向下，故电场强度向上；故φM＜φN；MQ与电场强度垂直，故MQ为等势面，故电子由M点运动到Q点电场力不做功，故A正确，B错误；CD、NP 为等势面，故φP=φN，故电子由M点运动到Q点电场力不做功，故C错误，D错误；故选：A9．【解答】A、根据小球受力分析，结合小球在图示位置，可知，小球不可能带负电，故A错误；B、小球带正电，受到水平向右的电场力，拉力，及重力处于平衡，当轻轻将细线剪断，小球将沿重力与电场力的合力方向做匀加速直线运动，故B错误．C、若将N极板向右平移稍许，根据E=、C=，C=，可得板间场强E=，知板间场强E不变，小球所受的电场力不变，θ不变．故C错误．D、同理，若将N极板向右上移少许，电容C会减小，因电量Q不变，根据U=，板间电势差U增大，由E=得知，则E增大，小球所受的电场力增大，θ将变大．故D正确．故选：D．10．【解答】由感应定律和欧姆定律得：I===×，所以线圈中的感应电流决定于磁感应强度B随t 的变化率，由图2可知，在2～3s感应电流的值是0～1s的2倍．再由图2可知，0～1时间内，B增大，Φ增大，感应磁场与原磁场方向相反（感应磁场的磁感应强度的方向向外），由楞次定律，则感应电流是逆时针的，因而是负值．所以可判断0～1s为负的恒值；1～2s为零；2～3s为正的恒值，故C正确，ABD错误．故选：C．11．【解答】A、已知交变电压瞬时值随时间变化的规律为u=311sin100πt（V），则原线圈电压的有效值为U1==220V，，解得U2=22V，故电压表示数为22V，A错误；B、通过电热丝的电流I1==2A，故通过电动机的电流I M=I﹣I1=1A，则电动机的输入功率P=I M U2=22W，电动机的发热功率P热=I M2r=1W，故电动机的输出功率为P﹣P热=21W，B正确；C、副线圈的输出功率P2=44W+22W=66W，变压器输入功率等于输出功率，也是66W，C错误；D、得原线圈的电流为0.3A，不过这是电流的有效值，而通过保险丝的电流i=0.3sin100πt（A），D 错误；故选：B．12．【解答】A、由题可知，小球Q的电势能为正，则向无穷远运动的过程中，电场力一定做正功，所以两个小球之间的作用力为斥力，所以电性一定相同．故A错误；B、带电小球受到的电场力：F=k，重力为mg，所以合力不可能为：F=﹣kx的形式，所以小球的运动一定不是简谐运动．故B错误；C、以小球P处为重力势能的零点，带电小球Q所具有的电势能E=k，而重力势能为：E P=mgh，小球从最高点到最低点的过程中：mg（H﹣）=整理得：①系统的总能量：②当小球的速度最大时，③联立①③，结合二项式定理可知，当有最小值时，速度最大，即当：时速度最大，则：时速度最大，为：．故C正确，D错误；故选：C二．填空作图题（本题共3小题，共18分）13．【解答】（1）把电流计与大线圈组成串联电路，电源、开关、滑动变阻器、小线圈组成串联电路，电路图如图所示．（2）开关闭合后，迅速移动滑动变阻器的滑片时，小线圈中的电流发生变化，磁通量在变化，则穿过大线圈的磁通量也变化，电流表指针发生偏转；（3）断开开关时，小线圈中电流减小，则穿过大线圈的磁通量减小，则会产生感应电动势，形成感应电流，电流表指针会发生偏转；故答案为：（1）见上图；（2）发生，发生．14．【解答】（1）相邻两计数点之间的时间间隔为：T=0.02×5=0.1s；（2）实验时要在接通打点计时器之后释放物体；（3）C点的瞬时的速度为BD点的平均速度为：v C===0.24m/s（4）根据运动学公式s=，因此s﹣t2图线的斜率k=，那么a=2k=2×=0.8m/s2；故答案为：（1）0.1s；（2）后；（3）0.24；（4）0.8．15．【解答】（1）测干电池的电动势和内阻，采用的方法是作出U﹣I图象，然后求出电源电动势与内阻，故甲、乙电路不行，误差太大；根据U=E﹣Ir测量干电池电动势和内阻时，需要测出多组对应的路端电压U和干路电流I，电压表和电流表内阻影响会造成实验误差．干电池内阻较小，所以丁电路中的电流表分压影响较大，因此应选择丙电路．（2）由于待测干电池电动势约为1.5V，故选择量程为3V的电压表即可，故选B；（3）将第5组数据描绘在图2中给出的U﹣I坐标系中作出U﹣I 图线如右图所示；（4）由作出的U﹣I 图线，可得干电池的电动势E=1.50V内电阻r等于图线的斜率，则r=（5）当电阻箱阻值为R1时，电流表示数为I1，由闭合电路的欧姆定律有：当电阻箱阻值为R2时，电流表示数为I2，由闭合电路的欧姆定律有：联立解得电池的内电阻为：r=．故答案为：（1）丙；（2）B；（3）如图所示；（4）1.50；0.83；（5）．三．计算题（本题共5小题，共54分．解答应有必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的，答案中必须写出数值和单位．16．【解答】解：（1）以汽车为研究对象，受到竖直向下的重力、沿斜面向下的阻力及垂直于斜面向上的支持力，受力示意图如图所示．（2）汽车在紧急避险车道做匀减速直线运动，其加速度大小a，由题意知，阻力f=kmg…①根据牛顿第二定律可知，f+mgsinθ=ma…②联立①②可解得：a==（k+sinθ）g；方向：沿斜面（避险车道）向下．（3）汽车做匀减速直线运动，根据速度位移关系式可知，汽车行驶的距离：x==．答：（1）见上图；（2）汽车行驶时的加速度大小为（k+sinθ）g；方向沿斜面（避险车道）向下；（3）汽车行驶的距离为．17．【解答】解：（1）卫星绕地球做匀速圆周运动，设地球质量为M，卫星质量为m，轨道半径为r，运行速度大小为v，由万有引力定律和牛顿运动定律，有：…①解得：卫星A与卫星B运行速度大小之比为：（2）由万有引力定律和牛顿运动定律，有：…②可知卫星运行周期：卫星A与卫星B运行周期之比：（3）由万有引力定律和牛顿运动定律，卫星运行的加速度大小为：…③卫星A与卫星B运行的加速度大小之比为：答：（1）卫星A与卫星B运行速度大小之比为；（2）卫星A与卫星B运行周期之比为；（3）卫星A与卫星B运行的加速度大小之比为．18．【解答】解：（1）a．重物受到最大冲击力时加速度的大小为a，由牛顿第二定律：解得：a=90m/s2…①b．重物在空中运动过程中，由动能定理有：…②重物与地面接触前瞬时的速度大小为：重物离开地面瞬时的速度大小为：重物与地面接触过程，重物受到的平均作用力大小为F，设竖直向上为正方向，由动量定理有：（F﹣mg）t=mv2﹣mv1…③解得：F=510N重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的倍数为：因此重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的6倍．（2）人接触地面后要同时下蹲以通过延长与地面接触的时间来减小人受到地面的冲击力．19．【解答】解：（1）金属棒由静止释放后，在重力、轨道支持力、摩擦力和安培力作用下沿斜面做变加速运动，加速度不断减小，当加速度为零时达到最大速度v m后保持匀速运动．有：mgsinθ﹣μmgcosθ﹣F安=0…①又安培力大小为：F安=BI L…②感应电流为：I=…③感应电动势为：E=BLv m …④联解①②③④得：v m=2m/s…⑤（2）金属棒以最大速度v m匀速运动时，电阻R上的电功率最大，根据功率公式有：P R=I2R…⑥联解③④⑤⑥得：P R=3W…⑦（3）设金属棒从开始运动至达到最大速度过程中沿导轨下滑距离为x，由能量守恒定律：（mgsinθ﹣μmgcosθ）•x=+Q R+Q r…⑧根据焦耳定律Q=I2Rt得：=…⑨流过电阻R的总电荷量 q=△t=△t=…⑩联解⑧⑨⑩得：q=1C…⑬答：（1）金属棒ab沿导轨向下运动的最大速度为2m/s．（2）金属棒ab沿导轨向下运动过程中，电阻R上的最大电功率为3W．（3）流过电阻R的总电荷量为1C．20．【解答】解：（1）设带电粒子经过电场加速后，从极板CD正中央小孔射出时的速度大小为v，由动能定理有：qU=mv2…①解得：v=（2）带电粒子第一次从电场中射出后，在磁场中做匀速圆周运动，若能够再次进入匀强电场，且进入电场时的速度方向与电场方向垂直，运动方向改变270°，由此可知在磁场中的运动轨迹为四分之三圆，圆心位于D点，半径为d，由A点垂直射入电场．带电粒子在磁场中运动时，洛仑兹力充当向心力，由牛顿运动定律 Bq=m…②解得：B==（3）带电粒子由A点垂直于电场方向射入电场之后做类平抛运动若能够射出电场，运动时间为：t1==d…③沿电场方向的侧移为：s=at12…④由牛顿第二定律可知：a==…⑤解得：s=d因此带电粒子恰能从C点射出．轨迹如图所示．设带电粒子第一次在电场中加速，运动时间为t1带电粒子在磁场中偏转，运动时间为t2．粒子转动中洛仑兹力充当向心力．由牛顿第二定律有：Bqv=m…⑥周期为：T==πd则有：t2=T=πd带电粒子第二次在电场中偏转，运动时间也为t1，因此带电粒子运动从O点到C点的总时间为：t总=2t1+t2=（2+π）d答：（1）带电粒子经过电场加速后，从极板CD正中央小孔射出时的速度大小为（2）为了使带电粒子能够再次进入匀强电场，且进入电场时的速度方向与电场方向垂直，磁场的磁感应强度的大小，画出粒子运动轨迹的示意图如图所示．（3）通过分析说明带电粒子第二次离开电场时的位置，带电粒子从O点开始运动到第二次离开电场区域所经历的总时间为（2+π）d．。
2015-2016年浙江省金华市十校联考高一上学期物理期末试卷和解析(b卷)
2015-2016学年浙江省金华市十校联考高一（上）期末物理试卷（B卷）一、选择题（本题共14小题，每小题3分，满分42分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是正确的）1．（3.00分）他是第一个把实验引进物理学的科学家，他利用实验和数学逻辑推理相结合的方法确定了力不是维持物体运动的原因，这位科学家是（）A．亚里士多德B．伽利略C．牛顿D．胡克2．（3.00分）下列说法正确的是（）A．“牛顿”是力学单位之中的基本单位B．惯性就是物体保持静止状态的性质C．鸡蛋与石头间的作用力和反作用力的大小一定相等D．坐在火车中的乘客看到铁路边的树向后运动是以地面作为参考系3．（3.00分）在如图所示情景中，关于各物体运动的描述正确的是（）A．一列动车在8：00由宝鸡开往西安，8：00是指动车的运动时间间隔B．a点是电风扇扇叶边缘上的一点，它在运动一周的过程中，其平均速度为零C．炮弹发射过程中，初速度为零，加速度也为零D．观看芭蕾舞演员的精彩表演时，观众把芭蕾舞演员看做质点4．（3.00分）一个质点做直线运动，它的位移公式为x=8t+2t2（式中各量均采用国际单位），则该质点的初速度、加速度分别为（）A．4m/s，4m/s2B．8m/s，4m/s2C．8m/s，2m/s2D．4m/s，2m/s2 5．（3.00分）如图甲所示，手提电脑散热底座一般设置有四个卡位用来调节角度，某同学将电脑放在散热底座上，为了获得更好的舒适度，由原卡位4调至卡位1（如图乙），电脑始终静止在底座上，则（）A．电脑受到的支持力变大B．电脑受到的摩擦力变小C．散热底座对电脑的作用力不变D．散热底座对电脑的作用力变大6．（3.00分）跳伞表演是人们普遍喜欢的观赏性体育项目，如图所示，当运动员从直升机上由静止跳下后，在下落过程中将会受到水平风力的影响，下列说法中正确的是（）A．水平风力越大，运动员下落时间越长B．水平风力越小，运动员下落时间越短C．水平风力越大，运动员着地时速度越大D．运动员着地速度与水平风力无关7．（3.00分）人站在地面上，先将两腿弯曲下蹲，然后起身，最后跳离地面，对于上述过程的分析可能正确的是（）A．两腿弯曲下蹲的整个过程，身体的重心始终向下加速B．两腿弯曲下蹲的整个过程，身体的重心先向下加速再向下减速C．起身的整个过程，人对地面的压力始终等于人的重力D．跳离地面后，人在空中处于超重状态8．（3.00分）如图所示，山体的公路转弯处，有两辆相同的汽车以相同的速度分别行驶在公路的内侧和外侧（可近似看作圆周运动），则（）A．行驶在内侧的汽车运动半径较小，所需要的向心力较大B．行驶在内侧的汽车运动半径较小，所需要的向心力较小C．行驶在内侧的汽车运动半径较大，所需要的向心力较大D．行驶在内侧的汽车运动半径较大，所需要的向心力较小9．（3.00分）如图所示，过山车的轨道可视为竖直平面内半径为R的圆轨道。
浙江省金华市东阳二中2015-2016学年高一下学期期中物理试卷 Word版含解析
2015-2016学年浙江省金华市东阳二中高一（下）期中物理试卷一、单项选择题（本题共15小题，每小题只有一个选项正确．共45分）1．将实验和逻辑推理（包括数学演算）和谐地结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法的科学家是（）A．笛卡尔B．牛顿C．伽利略D．亚里士多德2．质点是一个理想化模型，下列说法中正确的是（）A．研究刘翔110m栏比赛的跨栏技术时，其身体可看作质点B．研究月球绕地球的运动轨迹时，月球可看作质点C．研究火车通过隧道所需的时间时，火车可看作质点D．研究“嫦娥一号”在轨道上的飞行姿态时，“嫦娥一号”可看作质点3．关于弹力的方向，下列说法正确的是（）A．物体静止在水平桌面上，桌面对物体的支持力方向是竖直向下的B．物体沿斜面下滑时，斜面对物体的支持力方向是沿斜面向上的C．用绳悬挂物体时，绳对物体的拉力方向是沿绳收缩的方向D．用水平直杆固定路灯时，直杆对路灯的弹力方向一定在直杆所在直线上4．某同学在汽车中观察汽车仪表盘上速度计指针位置的变化．开始时指针指示在如图（1）所示位置，经过6s后指针指示在如图（2）所示位置．若汽车做匀加速直线运动，那么它的加速度约为（）A．3m/s2B．5m/s2C．10m/s2D．20m/s25．如图为a、b两物体做匀变直线运动的v﹣t图象，则下列说法中正确的是（）A．a、b两物体的运动方向相反B．t=4s时，a、b两物体速度相同C．最初4s内，a、b两物体的位移相同D．a物体的加速度比b物体的加速度大6．人从发现情况到采取相应行动经过的时间叫反应时间．如图，同学甲两个手指捏住木尺一端，同学乙在木尺另一端零刻度处做握尺准备，且手的任何部位都与尺不接触．当乙看到甲放手时，他立即握住木尺，发现所握处刻度值为20cm，则同学乙的反应时间为（）（g取10m/s2）．A．0.2S B．0.1S C．0.02S D．0.5S7．如图所示，物体在水平拉力F作用下沿水平地面做匀速直线运动，速度大小为v．若拉力F逐渐减小，物体的速度和加速度将（）A．速度和加速度均逐渐变小B．速度和加速度均逐渐变大C．速度逐渐变大，加速度逐渐变小D．速度逐渐变小，加速度逐渐变大8．如图所示，小船被绳索牵引着匀速靠岸，若水的阻力不变，则（）A．绳子张力不变B．绳子张力不断减小C．船所受浮力不变D．船所受浮力不断减小9．以下四个运动中，位移大小最大的是（）A．物体先向东运动8m，接着向西运动4mB．物体先向东运动2m，接着向西运动8mC．物体先向东运动6m，接着向南运动8mD．物体先向东运动3m，接着向北运动8m10．物体的初速度为v0，以不变的加速度a做直线运动，如果要使速度增大到初速度的n倍，则在这个过程中物体通过的位移是（）A．（n2﹣1）B．（n﹣1）C．n2D．（n﹣1）211．从地面弹起后正在空中向上运动的篮球（）A．受到向上的弹力和空气阻力的作用B．受到重力、地球引力和空气阻力的作用C．受到重力和空气阻力的作用D．受到重力、向上的弹力和空气阻力的作用12．如图所示，某人坐在列车车厢内，观察悬挂在车厢顶上的摆球来判断列车的运动情况，得出下面一些结论，其中正确的是（）A．摆球向前偏离竖直位置时，列车加速前进B．摆球向后偏离竖直位置时，列车加速前进C．摆球向后偏离竖直位置时，列车减速前进D．摆球竖直下垂时，列车一定匀速前进13．下面四个图象分别表示四个做直线运动物体的位移、速度、加速度随时间变化的规律．其中反映物体受力平衡的是（）A．B．C．D．14．图示为三种形式的吊车的示意图，OA为杆，重力不计，AB为缆绳，当它们吊起相同重物时，杆OA受力的关系是（）A．a＞b＞c B．a＞c=b C．a=b＞c D．a=b=c15．在水平面上用水平力F拉物体从静止开始做匀加速直线运动，当速度达到4m/s时撤掉F，物体在水平面上滑行直到停止，物体的速度图象如图所示，物体在水平面上的摩擦力为F f，则F：F f的大小为（）A．2：1 B．3：1 C．1：4 D．4：1二、填空题（每空2分，共18分．）16．在“研究匀变速直线运动”的实验中，电磁打点计时器使用（选填“直流”或“交流”）电源，它每隔0.02s打一次点．图示是实验得到的一条点迹清晰的纸带，A、B、C、D为四个计数点，相邻两个计数点之间还有4个点未画出，则相邻两个计数点间的时间间隔是s．经测量知道AB=2.20cm，BC=3.80cm，根据以上数据，可知打点计时器打下B点时物体的速度等于m/s，物体的加速度等于m/s2．17．（1）在《探究求合力的方法》的实验中，其中的二个步骤是：①在水平放置的木板上垫一张白纸并固定好，把橡皮条的一端固定在木板上，另一端拴两根细线，通过细线同时用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，使它与细线的结点达到某一位置O点，在白纸上记下O点和两个弹簧秤的读数F1和F2．②只用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条，使它的伸长量与用两个弹簧秤拉时伸长量一样，记下此时弹簧秤的读数F和细线的方向．以上两步骤均有疏漏，请指出疏漏：在①中是在②中是（2）某同学在研究“探究求合力的方法”的实验中，得出合力F的大小随夹角θ变化的规律如图所示，由图象及力的合成知识可求得两分力大小分别为N、N；它们的合力若是作用在一质量为2kg的物体上（不计其他力）可使该物体获得的加速度范围为：．三．计算题（本题共4小题，第18题8分，第19题9分，第20题10分，第21题10分共37分．）18．一辆汽车从O点静止开始做匀加速直线运动，已知在2s内经过相距27m 的A、B两点，汽车经过B点时的速度为15m/s．如图所示，求：（1）汽车经过A点的速度；（2）A点与出发点间的距离．19．如图所示，质量为m1的物体甲通过三段轻绳悬挂，三段轻绳的结点为O．轻绳OB水平且B端与放置在水平面上的质量为m2的物体乙相连，轻绳OA与竖直方向的夹角θ=37°，物体甲、乙均处于静止状态．（取sin37°=0.6，cos37°=0.8，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）求：（1）轻绳OA、OB受到的拉力是多大．（2）若物体乙的质量m2=4kg，物体乙与水平面之间的动摩擦因数为μ=0.3，则欲使物体乙在水平面上不滑动，物体甲的质量m1最大不能超过多少？20．如图所示，水平恒力F=20N，把质量m=0.6kg的木块压在竖直墙上，木块离地面的高度H=6m．木块从静止开始向下作匀加速运动，经过2s到达地面．求：（1）木块下滑的加速度a的大小；（2）画出木块的受力示意图（画在图右的木块上）；（3）木块与墙壁之间的动摩擦因数μ（g取10m/s2）．21．如图所示，一儿童玩具静止在水平地面上，一个幼儿沿与水平面成53°角的恒力拉着它沿水平面运动，已知拉力F=4.0N，玩具的质量m=0.5kg，经过时间t=2.0s，玩具移动了距离x=4.8m，这时幼儿松开手，玩具又滑行了一段距离后停下．（1）全过程玩具的最大速度是多大？（2）松开手后玩具还能运动多远？（取g=10m/s2．sin53°=0.8，cos53°=0.6）2015-2016学年浙江省金华市东阳二中高一（下）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共15小题，每小题只有一个选项正确．共45分）1．将实验和逻辑推理（包括数学演算）和谐地结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法的科学家是（）A．笛卡尔B．牛顿C．伽利略D．亚里士多德【考点】物理学史．【分析】伽利略是将实验和逻辑推理（包括数学演算）和谐地结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法的科学家【解答】解：A、笛卡尔创立了直角坐标系，最初提出动量等于物体的质量乘以速率．故A错误．B、牛顿在伽利略等人研究成果的基础上，发现了三大定律和万有引力定律．故B错误．C、伽利略是首先将实验和逻辑推理（包括数学演算）和谐地结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法的科学家．故C正确D、亚里士多德是古希腊的哲学家、天文学家等，主要方法是思辩．故D错误．故选C【点评】本题考查物理学史，对于著名物理学家、经典实验和重要学说要记牢，还要学习他们的科学研究的方法．2．质点是一个理想化模型，下列说法中正确的是（）A．研究刘翔110m栏比赛的跨栏技术时，其身体可看作质点B．研究月球绕地球的运动轨迹时，月球可看作质点C．研究火车通过隧道所需的时间时，火车可看作质点D．研究“嫦娥一号”在轨道上的飞行姿态时，“嫦娥一号”可看作质点【考点】质点的认识．【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．【解答】解：A、研究刘翔110m栏比赛的跨栏技术时，需要分析人的不同的动作，所以此时人不能看成质点，所以A错误；B、研究月球绕地球的运动轨迹时，月球的大小相对于和地球之间的距离来说是很小的，可以忽略，此时月球可看作质点，所以B正确；C、研究火车通过隧道所需的时间时，火车的长度相对于隧道来说是不能忽略的，所以此时的火车不能看成质点，所以C错误；D、研究“嫦娥一号”在轨道上的飞行姿态时，看的就是它的形状如何，所以不能看成质点，所以D错误．故选B．【点评】考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略．3．关于弹力的方向，下列说法正确的是（）A．物体静止在水平桌面上，桌面对物体的支持力方向是竖直向下的B．物体沿斜面下滑时，斜面对物体的支持力方向是沿斜面向上的C．用绳悬挂物体时，绳对物体的拉力方向是沿绳收缩的方向D．用水平直杆固定路灯时，直杆对路灯的弹力方向一定在直杆所在直线上【考点】物体的弹性和弹力．【分析】支持力方向垂直于接触面指向被支持物．绳子的拉力沿绳子指向绳收缩的方向．根据路灯处于平衡状态分析直杆对路灯的弹力方向．【解答】解：A、物体静止在水平桌面上，桌面对物体的支持力方向是竖直向上．故A错误．B、物体沿斜面下滑时，斜面对物体的支持力方向是垂直于斜面向上．故B 错误．C、用绳悬挂物体时，绳子被拉伸，由于弹性绳子要恢复原状收缩，对物体产生弹力，则绳子的拉力沿绳子指向绳收缩的方向．故C正确．D、路灯受到重力和直杆的支持力而处于平衡状态，根据平衡条件可知，直杆对路灯的弹力方向竖直向上．故D错误．故选C【点评】本题考查对弹力的理解能力．要注意杆子的弹力和绳子的弹力方向区别：绳子的拉力一定沿着绳子，而杆子的弹力不一定沿杆，要根据物体的状态分析．4．某同学在汽车中观察汽车仪表盘上速度计指针位置的变化．开始时指针指示在如图（1）所示位置，经过6s后指针指示在如图（2）所示位置．若汽车做匀加速直线运动，那么它的加速度约为（）A．3m/s2B．5m/s2C．10m/s2D．20m/s2【考点】加速度．【分析】通过仪表盘读出初末位置的速度，根据，求出汽车的加速度．【解答】解：汽车初始时刻的速度大约v1=60km/h，6s后的速度大约v2=110km/h，根据，得a≈3m/s2．故A正确，B、C、D错误．故选A．【点评】解决本题的关键掌握加速度的公式．5．如图为a、b两物体做匀变直线运动的v﹣t图象，则下列说法中正确的是（）A．a、b两物体的运动方向相反B．t=4s时，a、b两物体速度相同C．最初4s内，a、b两物体的位移相同D．a物体的加速度比b物体的加速度大【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】速度的正负表示速度的方向．两图线的交点表示速度相同．根据“面积”读出位移的大小，根据斜率的大小比较加速度的大小．【解答】解：A、a、b两物体的速度均为正值，物体均沿正方向运动，运动方向相同．故A错误．B、由图可知：t=4s时，a、b两物体速度相同．故B正确．C、最初4s内，b的图线与坐标横所围“面积”大于a的图线与坐标横所围“面积”，则最初4s内，b的位移大于a的位移．故C错误．D、由图b的图线比a的图线陡峭，斜率更大，则b物体的加速度比a物体的加速度大．故D错误．故选B【点评】本题是速度图象问题，根据斜率读出加速度的大小，根据“面积”读出位移的大小．6．人从发现情况到采取相应行动经过的时间叫反应时间．如图，同学甲两个手指捏住木尺一端，同学乙在木尺另一端零刻度处做握尺准备，且手的任何部位都与尺不接触．当乙看到甲放手时，他立即握住木尺，发现所握处刻度值为20cm，则同学乙的反应时间为（）（g取10m/s2）．A．0.2S B．0.1S C．0.02S D．0.5S【考点】自由落体运动．【分析】题目创设了一个自由落体运动的情景，告诉位移求时间，代入公式H=即可求出．【解答】解：由题意，在反应时间内，木尺下落的高度H=20cm由自由落体运动的规律知：H=得t=0.2s所以选项A正确；故选：A【点评】本题考查自由落体运动的位移与时间的关系公式，理解该同学握住木尺，发现所握处刻度值为20cm，即尺子下落的高度是20cm是解答的关键即可，是一道基础题．7．如图所示，物体在水平拉力F作用下沿水平地面做匀速直线运动，速度大小为v．若拉力F逐渐减小，物体的速度和加速度将（）A．速度和加速度均逐渐变小B．速度和加速度均逐渐变大C．速度逐渐变大，加速度逐渐变小D．速度逐渐变小，加速度逐渐变大【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】物体开始做匀速直线运动，知物体在水平方向上受到拉力和滑动摩擦力平衡，当拉力逐渐减小，根据牛顿第二定律判断出加速度的变化，根据速度与加速度的方向关系判断出速度的变化．【解答】解：开始物体在水平方向上受拉力和滑动摩擦力平衡，当拉力逐渐减小，根据牛顿第二定律，a=，知加速度逐渐增大，方向水平向左，方向与速度的方向相反，则速度逐渐减小．故D正确，A、B、C错误．故选D．【点评】解决本题的关键知道根据合力的大小变化，可知道加速度大小的变化．以及知道当速度方向与加速度方向相同，物体做加速运动，当速度方向与加速度方向相反，物体做减速运动．8．如图所示，小船被绳索牵引着匀速靠岸，若水的阻力不变，则（）A．绳子张力不变B．绳子张力不断减小C．船所受浮力不变D．船所受浮力不断减小【考点】运动的合成和分解；力的合成与分解的运用．【分析】对小船进行受力分析，受重力、浮力、绳子的拉力，阻力做匀速直线运动，根据共点力平衡判断绳子的张力和浮力的变化．【解答】解：对小船进行受力分析，如图，因为小船做匀速直线运动，所以小船处于平衡，设拉力与水平方向的夹角为θ，有：Fcosθ=f…①=mg…②Fsinθ+F浮船在匀速靠岸的过程中，θ增大，阻力不变，根据平衡方程①知，绳子的张力增大，根据平衡方程②知，张力增大，sinθ增大，所以船的浮力减小．故D正确，A、B、C错误．故选D．【点评】解决本题的关键掌握共点力平衡，知道小船在做匀速直线运动时，所受合力为0，根据θ角的变化，判断力的变化．9．以下四个运动中，位移大小最大的是（）A．物体先向东运动8m，接着向西运动4mB．物体先向东运动2m，接着向西运动8mC．物体先向东运动6m，接着向南运动8mD．物体先向东运动3m，接着向北运动8m【考点】位移与路程．【分析】位移是矢量，位移的大小等于由初位置指向末位置的有向线段的长度，与运动的路线无关．【解答】解：A、物体先向东运动8m，接着向西运动4m，位移的大小为4m．B、先向东运动2m，接着向西运动8m，位移的大小为6m．C、先向东运动6m，接着向南运动8m，位移的大小为10m．D、先向东运动3m，接着向北运动8m，位移的大小为．知最大位移为10m．故C正确，A、B、D错误．故选C．【点评】解决本题的关键知道位移是矢量，位移的大小等于由初位置指向末位置的有向线段的长度，与运动的路线无关．10．物体的初速度为v0，以不变的加速度a做直线运动，如果要使速度增大到初速度的n倍，则在这个过程中物体通过的位移是（）A．（n2﹣1）B．（n﹣1）C．n2D．（n﹣1）2【考点】匀变速直线运动的速度与位移的关系．【分析】根据匀变速直线运动的速度位移公式，列出表达式，从而得出物体通过的位移．【解答】解：根据匀变速直线运动的速度位移公式得：，解得：x=．故选：A．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度位移公式，并能灵活运用，基础题．11．从地面弹起后正在空中向上运动的篮球（）A．受到向上的弹力和空气阻力的作用B．受到重力、地球引力和空气阻力的作用C．受到重力和空气阻力的作用D．受到重力、向上的弹力和空气阻力的作用【考点】重力；滑动摩擦力．【分析】弹力产生的条件必须是与接触的物体才有可能受到弹力的作用；重力是任何物体都要受到的．【解答】解：A、弹力产生的条件必须是与接触的物体才有可能受弹力到弹力的作用，球已经离开地面，所以就没有弹力，所以A选项错误；B、重力是由于地球的吸引而产生的，二者不能同时出现，所以B选项错误；C、任何物体都受重力，在空气中还要有空气的阻力，球只受这两个力的作用，所以C选项正确；D、和A类似，没有向上的弹力，所以D选项错误．故选：C．【点评】对物体受力分析，出错的原因之一就是多分析了力，所以在受力分析时，一定要注意施力物体的判断，以免重复分析或者是添加了力．12．如图所示，某人坐在列车车厢内，观察悬挂在车厢顶上的摆球来判断列车的运动情况，得出下面一些结论，其中正确的是（）A．摆球向前偏离竖直位置时，列车加速前进B．摆球向后偏离竖直位置时，列车加速前进C．摆球向后偏离竖直位置时，列车减速前进D．摆球竖直下垂时，列车一定匀速前进【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【分析】小球和车厢具有相同的加速度，对小球分析，根据牛顿第二定律求出小球的加速度，从而得出车厢的运动情况．【解答】解：A、摆球向前偏离竖直位置时，由牛顿第二定律可知小球所所受合力水平向左，产生加速度向左，加速度与运动方向相反，故减速运动，故A错误；B、摆球向后偏离竖直位置时，由牛顿第二定律可知小球所所受合力水平向右，产生加速度向右，加速度与运动方向相同，故加速运动，故B正确，C错误；D、摆球竖直下垂时，列车可能静止，也可能匀速运动，故D错误；故选：B【点评】本题是应用牛顿第二定律分析物体的运动状态，关键是对运动牛顿定律理解要到位，特别是F=ma式中，F是合力，合力是产生加速度的原因，a与合力方向相同，抓住矢量性．13．下面四个图象分别表示四个做直线运动物体的位移、速度、加速度随时间变化的规律．其中反映物体受力平衡的是（）A．B．C．D．【考点】共点力平衡的条件及其应用；匀变速直线运动的图像；力的合成与分解的运用．【分析】物体受力平衡时处于静止或匀速直线运动，匀速直线运动的特点是物体的速度保持不变，位移随时间均匀变化，加速度为零．根据这些知识进行选择．【解答】解：A、位移﹣时间的图象的斜率等于速度，斜率不变，说明物体的速度不变，做匀速直线运动．故A正确．B、此图表示物体的速度不断减小，说明物体做匀变速直线运动，故B错误．C、此图表示物体的速度不断增大，说明此运动是匀加速直线运动．故C错误．D、此图表示物体的加速度不断减小，说明物体做变加速直线运动，故D错误．故选：A．【点评】本题首先要掌握匀速直线运动的特点：速度不变，其次要从各个图象数学意义来理解其物理意义．14．图示为三种形式的吊车的示意图，OA为杆，重力不计，AB为缆绳，当它们吊起相同重物时，杆OA受力的关系是（）A．a＞b＞c B．a＞c=b C．a=b＞c D．a=b=c【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【分析】分别对结点A受力分析，运用共点力平衡求出杆子对A点的作用力大小，从而比较出杆0A的受力大小关系．【解答】解：分别对三种形式的结点进行受力分析，设杆子的作用力分别为F1、F2、F3，各图中T=mg．在图（a）中，．在图（b）中，．在图（c）中，．可知a=b＞c，故C正确，A、B、D错误．故选C．【点评】解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用共点力平衡进行求解．15．在水平面上用水平力F拉物体从静止开始做匀加速直线运动，当速度达到4m/s时撤掉F，物体在水平面上滑行直到停止，物体的速度图象如图所示，物体在水平面上的摩擦力为F f，则F：F f的大小为（）A．2：1 B．3：1 C．1：4 D．4：1【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【分析】由图象可以求得物体的加速度，由牛顿第二定律可以求得拉力和摩擦力的比值．【解答】解：根据图象可得加速时物体的加速度a1=2m/s2，减速时的加速度a2=m/s2，由牛顿第二定律可得，加速时F﹣F f=ma1，减速时F f=ma2，解得F：F f=4：1，所以D正确．故选D．【点评】本题考查的就是对于速度时间图象的理解，由图象求得加速度的大小，再根据牛顿第二定律可以求得拉力和摩擦力的比值．二、填空题（每空2分，共18分．）16．在“研究匀变速直线运动”的实验中，电磁打点计时器使用交流（选填“直流”或“交流”）电源，它每隔0.02s打一次点．图示是实验得到的一条点迹清晰的纸带，A、B、C、D为四个计数点，相邻两个计数点之间还有4个点未画出，则相邻两个计数点间的时间间隔是0.1s．经测量知道AB=2.20cm，BC=3.80cm，根据以上数据，可知打点计时器打下B点时物体的速度等于0.30m/s，物体的加速度等于 1.6m/s2．【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【分析】根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上B点时小车的瞬时速度大小【解答】解：电磁打点计时器使用交流V电源，电源频率为50Hz，它每隔0.02s打一次点．相邻两个计数点之间还有4个点未画出，所以相邻计数点之间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，得：V B==0.30m/s根据匀变速直线运动的推论公式根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2，得：BC﹣AB=△x=aT2，整理得：a==1.6m/s2，故答案为：交流，0.1，0.30，1.6【点评】要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．17．（1）在《探究求合力的方法》的实验中，其中的二个步骤是：①在水平放置的木板上垫一张白纸并固定好，把橡皮条的一端固定在木板上，另一端拴两根细线，通过细线同时用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，使它与细线的结点达到某一位置O点，在白纸上记下O点和两个弹簧秤的读数F1和F2．②只用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条，使它的伸长量与用两个弹簧秤拉时伸长量一样，记下此时弹簧秤的读数F和细线的方向．以上两步骤均有疏漏，请指出疏漏：在①中是还应记下两细线的方向在②中是还应将结点达到同一位置O点（2）某同学在研究“探究求合力的方法”的实验中，得出合力F的大小随夹角θ变化的规律如图所示，由图象及力的合成知识可求得两分力大小分别为6N、8N；它们的合力若是作用在一质量为2kg的物体上（不计其他力）可使该物体获得的加速度范围为：1m/s2≤a≤7m/s2．。
2015-2016学年浙江省金华市东阳中学高二(上)期中物理试卷
2015-2016学年浙江省金华市东阳中学高二（上）期中物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共10小题，共30.0分)1.有关磁感应强度的下列说法中，正确的是（）A.磁感应强度是用来表示磁场强弱的物理量B.若有一小段通电导体在某点不受磁场力的作用，则该点的磁感应强度一定为零C.若有一小段长为L，通以电流为I的导体，在磁场中某处受到的磁场力为F，则该处磁感应强度的大小一定是D.由定义式B=可知，电流I越大，导线L越长，某点的磁感应强度就越小【答案】A【解析】解：A、磁感应强度是用来表示磁场强弱的物理量；故A正确；B、通电导体如果平行于磁场放置，则其不受磁场力，但B不会为零；故B错误；C、只有B与IL相互垂直时，磁感应强度的大小才是；故C错误；D、B是由导体本身的性质决定的，与F及IL无关；故D错误；故选：A．磁感应强度是描述磁场强弱的物理量，既有的小又有方向是矢量；明确导线与磁场相互垂直时F=BIL才成立；而B是由磁场本身来决定的．我们用磁感应强度来定义磁场强弱采用的是比值定义法，要注意B与IL及F均无关．2.用两根细线把两个完全相同的圆形导线环悬挂起来，让两者等高平行放置，如图所示．当两导线环中通入方向相同的电流I1、I2时，则有（）A.两导线环相互吸引B.两导线环相互排斥C.两导线环无相互作用力D.两导线环先吸引后排斥【答案】A【解析】解：平行的通电直导线1、2，电流向上，由右手螺旋定则2在1处产生的磁场垂直纸面向外，由左手定则判断1导线受到的安培力向右，如图示，同理，2导线受到的安培力向左；结论平行的通电直导线，当通入方向相同的电流时，相互吸引，当通入方向相反的电流时，相互排斥；可把两导线环分割成很短很短的无数段，则平行靠近的两端可看做通电直导线的情况，当通入方向相同的电流时，相互吸引，故A正确，BCD错误．故选：A．根据平行的通电直导线，当通入方向相同的电流时，相互吸引，当通入方向相反的电流时，相互排斥，可把两导线环分割成很短很短的无数段，则平行靠近的两端可看做通电直到线的情况，当通入方向相同的电流时，相互吸引，当通入方向相反的电流时，相互排斥．考查了左手定则判断安培力的方向，右手定则判断磁场方法，得出通电导线间的相互作用，注意结论的应用：同向电流相吸，异向电流相斥．3.两根材料和长度都相同的均匀电阻丝R1和R2，R1横截面积较大，在它们上面用少许凡士林粘几根火柴棒，当两端并联在电源上后，若不计散热，则（）A.R1上的火柴棒先掉下来B.R2上的火柴棒先掉下来C.R1和R2上的火柴棒同时掉下来D.无法判断哪根先掉【答案】C【解析】解：电阻R1、R2并联，电路两端电压相同，根据焦耳定律公式Q=t又Q=cm△t得cm△t=t而R=ρ，m=ρ′V=ρ′LS（ρ′为密度）因此得△t=′对两根电阻丝，U、c、ρ′、ρ、l均相同，因此在t时间内升高的温度△t相同，即两根电阻丝上的凡士林同时达到熔点，火柴棒同时掉下来．故C正确．故选：A．并联电路各个支路的电压相等．分析焦耳定律的公式Q=t进行分析即可．抓住解题关键是：谁在相同时间内产生的热量多，凡士林先融化，火柴先掉下来．4.如图所示，直线A为电源的U-I图线，直线B和C分别为电阻R1和R2的U-I图线，用该电源分别与R1、R2组成闭合电路时，电源的输出功率分别为P1、P2；电源的效率分别为η1、η2，则（）A.P1＞P2B.P1＜P2C.η1＞η2D.η1＜η2【答案】C【解析】解：A、B，由图线的交点读出，B接在电源上时，电源的输出输出功率为：P1=UI=2×4=8WC接在电源上时，电源的输出输出功率P2=UI=8W，即P1=P2；故A、B均错误．C、D，电源的效率为：η=出==，效率与路端电压成正比，B接在电源上时路端电总压大，效率高，η1＞η2．故C正确，D错误；故选：C．电源的效率等于电源输出功率与电源总功率的百分比．根据效率的定义，找出效率与电源路端电压的关系，由图读出路端电压，就能求出效率．电源与电阻的U-I图线的交点，表示电阻接在电源上时的工作状态，可读出电压、电流，算出电源的输出功率，进而比较大小．本题首先要知道效率与功率的区别，电源的效率高，输出功率不一定大．其次，会读图．电源与电阻的伏安特性曲线交点表示电阻接在该电源上时的工作状态．5.用伏安法测电阻时，待测电阻大约是10欧，电流表的内阻是1欧，电压表的内阻是5千欧，则（）A.用电流表外接法，此时测量值比真实值大B.用电流表外接法，此时测量值比真实值小C.用电流表内接法，此时测量值比真实值大D.用电流表内接法，此时测量值比真实值小【答案】B【解析】解：由于本题中因＞，用电流表内接法时，安培表的分压作用比较明显，误差较大，而用安培表外接法时，电压表的分流作用较小，故应该采用安培表外接法；采用安培表外接法，电压表读数比较准确，由于伏特表的分流作用，电流表的读数偏大，故电阻的测量值偏小，测量值等于待测电阻与伏特表相并联的电阻值；故选：B．伏安法测电阻时有电流表内接和外接两种接法，由于实际电压表内阻较大，但不是无穷大，实际电流表内阻较小，也不是零，故两种接法都存在一定的实验误差，要根据实际情况灵活选择，以减小实验误差本题关键分析清楚电流表内、外接法的误差来源，然后根据实际数据选择误差较小的接法．6.如图所示，有一电荷静止于电容器两极板间，电源内阻不可忽略，现将滑动变阻器滑片向上移动少许，稳定后三个灯泡依然能够发光，则下列说法中正确的是（）A.小灯泡L1、L3变暗，L2变亮B.该电荷一定带正电C.电容器C上电荷量减小D.静止于电容器的电荷向下运动【答案】A【解析】解：A、当滑动变阻器的滑片向上移动时，滑动变阻器的阻值增大，外电路中并联部分的总电阻增大，外电路中总电阻增大，再根据闭合电路欧姆定律得知：总电流减小，电源的内电压减小，路端电压增大，通过L2的电流也增大，所以L2灯变亮．根据总电流减小，而L2的电流增大，则知通过L1的电流减小，L1、L3变暗．故A正确．B、根据外电路中顺着电流方向，电势降低，可知电容器上极板带正电，板间场强方向向下，由平衡条件分析可知，该电荷所受的电场力向上，与场强方向相反，所以该电荷带负电．故B错误；C、根据电容器的电压等于R与L3串联的总电压，路端电压增大，L1的电压减小，所以电容器的电压增大，其电量将增加，故C错误；D、电容器的电压增大，根据：E=可知极板之间的电场强度增大，电荷受到的电场力：F=E q增大，可知电场力增大后大于重力，所以电荷将向上运动，故D错误．故选：A．从图可知，滑动变阻器的滑片向上移动时，滑动变阻器的阻值变大，根据并联电路电阻的特点判断出电路中总电阻的变化，再根据闭合电路欧姆定律判断总电流的变化；根据并联电路的特点，依据各支路互不影响，从而判断出L2灯亮度的变化，根据通过L1电流的变化，判断出L2灯和L3灯电流的变化，判断它们的变化．根据外电路中顺着电流方向，电势降低，确定电容器极板的电性，判断板间场强的方向，即可由平衡条件分析该电荷的电性．根据电容器电压如何变化，判断电容器是充电还是放电．根据：E=可判断出极板之间的电场强度的变化，然后由F=q E判断出电场力的变化，最后根据力与运动的关系判定电荷运动的方向．本题的关键要具有识别电路的能力，对于动态电路的分析基本思路是“局部→整体→局部”，根据欧姆定律电路的特点按顺序进行分析．7.电阻R和电动机M串连接到电路中，如图所示，已知电阻R跟电动机线圈的电阻值相等，开关接通后，电动机正常工作．设电阻R和电动机M两端的电压分别为U1和U2，经过时间t，电流通过电阻R做功为W1，产生热量为Q1，电流通过电动机做功为W2，产生热量为Q2．则有（）A.U1＜U2，Q1=Q2B.U1=U2，Q1=Q2C.W1=W2，Q1＞Q2D.W1＜W2，Q1＜Q2【答案】A【解析】解：设开关接通后，电路中电流为I．对于电阻R，由欧姆定律得U1=IR对于电动机，U2＞IR，则U1＜U2．根据焦耳定律得Q1=I2R t，Q2=I2R t，则Q1=Q2．故选A开关接通后，电动机正常工作，其电路非纯电阻电路，电动机两端的电压大于线圈电阻与电流的乘积．而电阻R是纯电阻，其两端电压等于电阻与电流的乘积．根据焦耳定律研究热量关系．本题把握纯电阻电路与非纯电阻电路区别的能力，抓住欧姆定律适用于纯电阻电路，不适用于非纯电阻电路，而焦耳定律对两种电路均适用．8.有四个电源，电动势均为6V，内阻不同，分别为r1=1Ω，r2=2Ω，r3=3Ω，r4=4Ω．今欲向R=2Ω的负载供电，选用内阻多大的电源能使R上得到的功率最大（）A.r1=1Ω B.r2=2Ω C.r3=3Ω D.r4=4Ω【答案】A【解析】解：外电路电阻一定，由P=I2R可知，电路电流I越大，电阻功率越大，由闭合电路的欧姆定律可知，在电源电动势一定时，电源内阻越小，电路电流越大，因此当电源内阻最小为1Ω时，电路中电流最大，电阻R的功率最大．故选：A定值电阻阻值R=2Ω一定，当电路中电流最大时，其功率最大，根据闭合电路欧姆定律确定电源的内阻为越小，电流越大．当选择内阻为1Ω的电源时，R上得到的功率最大．本题分析定值电阻的功率，根据功率公式P=I2R进行分析．如是可变电阻，可根据数学知识研究极值．9.如图，两根相互平行的长直导线分别通有方向相反的电流I1和I2，且I1＞I2；a、b、c、d为导线某一横截面所在平面内的四点，且a、b、c与两导线共面；b点在两导线之间，b、d的连线与导线所在平面垂直．磁感应强度可能为零的点是（）A.a点B.b点C.c点D.d点【答案】C【解析】解：两电流在该点的合磁感应强度为0，说明两电流在该点的磁感应强度满足等大反向关系．根据右手螺旋定则在两电流的同侧磁感应强度方向相反，则为a或c，又I1＞I2，所以该点距I1远距I2近，所以是c点；故选C．由安培定则可判出两导线在各点磁感线的方向，再由矢量的合成方法可得出磁感应强度为零的点的位置．本题考查了安培定则及矢量的合成方法，特别应注意磁场的空间性，注意培养空间想象能力．10.空间有一圆柱形匀强磁场区域，该区域的横截面的半径为R，磁场方向垂直横截面．一质量为m、电荷量为q（q＞0）的粒子以速率v0沿横截面的某直径射入磁场，离开磁场时速度方向偏离入射方向60°．不计重力，该磁场的磁感应强度大小为（）A. B. C. D.【答案】A【解析】解：带正电的粒子垂直磁场方向进入圆形匀强磁场区域，由洛伦兹力提供向心力而做匀速圆周运动，画出轨迹如图，根据几何知识得知，轨迹的圆心角等于速度的偏向角60°，且轨迹的半径为r=R cot30°=R，由牛顿第二定律得：qv0B=m，解得：；故选：A．带正电的粒子垂直磁场方向进入圆形匀强磁场区域，由洛伦兹力提供向心力，由几何知识求出轨迹半径r，根据牛顿第二定律求出磁场的磁感应强度．本题是带电粒子在匀强磁场中运动的问题，画轨迹是关键，是几何知识和动力学知识的综合应用，常规问题．二、多选题(本大题共3小题，共12.0分)11.某课外活动小组将锌片和铜片插入一个西红柿中，用电压表测量到铜片与锌片间电压为0.30V，然后又将这样的西红柿电池10个串联成电池组（n个相同电池串联时，总电动势为n E，内电阻为nr），与一个额定电压为1.5V、额定功率为1W的小灯泡相连接，小灯泡不发光，量得小灯泡两端的电压为0.3V，对此现象的解说各同学不一，其中摘录如下，其中说法正确的是（）A.西红柿电池组的电动势小于小灯泡的额定电压B.西红柿电池组的电动势大于小灯泡的额定电压，小灯泡已烧毁C.西红柿电池组输出的电功率太小D.西红柿电池组的内阻太大【答案】CD【解析】解：AB、由题可知，小灯泡两端的电压为0.3V，小于灯泡的额定电压1.5V，灯泡不可能烧毁．故A、B错误．C、灯泡不发光，灯泡的实际功率过小，不足以发光，说明西红柿电池组输出的电功率太小．故C正确．D、灯泡不发光，流过灯泡的电流远小于灯泡的额定电流，10个西红柿电池串联成电池组电动势约为3V，串联内阻增大，根据欧姆定律可知，由于电池组的内阻远大于小灯泡的电阻，灯泡分担的电压太小．故D正确．故选：CD小灯泡不发光，说明西红柿串联电池组给灯泡提供的电流和电压小于额定电流和额定电压，根据闭合电路欧姆定律分析，电池组的内阻远大于小灯泡的电阻，灯泡的电压过小，电池组输出的电功率太小，不足以使灯泡发光．本题考查理论联系实际的能力，要善于抓住题干中有用信息进行分析、判断、推理．12.如图所示的电路，将两个相同的灵敏电流计分别改装成A1（0～3A）和A2（0～0.6A）电流表，把两个电流表并联接入电路中测量电流．则下列说法中正确的是（）A.A1的指针半偏时，A2的指针也半偏B.A1的指针还没有满偏，A2的指针已经满偏C.A1的读数为1A时，A2的读数为0.6AD.A1的读数为1A时，干路中的电流为1.2A【答案】AD【解析】解：A、电流表是由电流计并联一个电阻改装而成，两电流表并联，两电流表两端电压相等，流过两表头的电流相等，所以A1的指针半偏时，A2的指针也半偏，故A正确，B错误．C、两电流表量程之比为5：1，两电流表的内阻之比为1：5，则通过电流表的电流之比为5：1．A1的读数为1A时，A2的读数为0.2A，干路中的电流为1.2A，故C错误，D正确；故选：AD．电流表是由电流计并联一个电阻改装而成，两个电流计的满偏电压相同，A1和A2的最大电流分别是3A和0.6A，所以欧姆定律，改装后的两电流表内阻之比为1：5．本题要对于安培表的内部结构要了解：小量程电流表（表头）与分流电阻并联而成．指针偏转角度取决于流过表头的电流大小．13.如图所示，一根长度为L的直导体棒中通以大小为I的电流，静止放在导轨上，垂直于导体棒的匀强磁场的磁感应强度为B，B的方向与竖直方向成θ角．下列说法中正确的是（）A.导体棒受到磁场力大小为BILB.导体棒对轨道压力大小为mg-BIL cosθC.导体棒受到导轨摩擦力为μ（mg-BIL sinθ）D.导体棒受到导轨摩擦力为BIL cosθ【答案】AD【解析】解：A、根据左手定则可得导体棒受力分析如图所示．B与I垂直，故导体棒受到磁场力大小为F=BIL，选项A正确；B、根据共点力平衡规律得：BIL sinθ+F n=mg，得导体棒对轨道的压力大小为F n=mg-BIL sinθ，选项B错误；C、由于导体棒受到的是静摩擦力，因而受到静摩擦力大小要运用力的平衡规律求解，即为F f=BIL cosθ，选项C错误，选项D正确．故选：AD对导体棒受力分析，正交分解，根据平衡条件求解导体棒受到导轨摩擦力和支持力本题借助安培力考查了平衡条件以及正交分解的应用，注意安培力公式F=BIL sinθ，θ为B与I之间的夹角三、填空题(本大题共2小题，共6.0分)14.一个灵敏电流计，内阻R g=100Ω，满偏电流I g=3m A，把它改装成量程为3V的电压表，需______ 联一个______ Ω的电阻．【答案】串；900【解析】解：把电流表改装成3V电压表，需要串联一个分压电阻，串联电阻阻值：R=-R g=-100=900Ω；故答案为：串；900．把电流表改装成电压表需要串联一个分压电阻，由串联电路特点与欧姆定律可以求出电阻阻值．本题考查了电压表的改装，知道电压表改装原理、应用串联电路特点与欧姆定律可以正确解题．15.汽车电动机启动时车灯会瞬时变暗，如图，在打开车灯的情况下，电动机未启动时电流表读数为10A，电动机启动时电流表读数为58A，若电源电动势为12.5V，内阻为0.05Ω，电流表内阻不计，则因电动机启动，车灯的电功率降低了______ W．【答案】43.2【解析】解：电动机不启动时，灯泡的电压为电源路端电压，设为U L，电动机启动后灯泡电压仍为路端电压，设为U L′．由欧姆定律得I=求得R=1.2Ω，灯泡消耗功率为P L=EI-I2r=120W；电动机启动后，路端电压U L′=E-I′r=9.6V，灯泡消耗电功率为P L′==．=W=76.8W．所以灯泡功率降低了△P=120W-76.8W=43.2W；故答案为：43.2W电机不启动时电源电压直接加在灯泡两端，由闭合电路欧姆定律可求得通过灯泡的电流，由功率公式可求得灯泡消耗的功率；而当电机启动时，电动机与灯泡并连接在电源两端，此时灯泡两端的电压仍等于路端电压，由功率公式可求得车灯消耗的功率；则可求得车灯的电功率降低值．本题要注意电路的结构，无论开关是否闭合，灯泡两端的电压都为路端电压；同时要注意电动机为非纯电阻用电器，不能适用欧姆定律，路端电压可以由U=E-I r求得．四、实验题探究题(本大题共2小题，共12.0分)16.某同学用多用电表进行测量，指针偏转如图所示，为了使多用电表的测量结果更准确，该同学应选用______ 挡位，更换挡位重新测量之前应进行的步骤是______ ．【答案】×1k；重新进行欧姆调零【解析】解：由图示可知，选用“×100”倍率的电阻档测量，多用表指针偏转过小，说明所选挡位太小，为准确测量，需要选择×1k倍率的电阻档，然后重新进行欧姆调零；再测电阻阻值；故答案为：×1k；重新进行欧姆调零．使用欧姆表测电阻，应选择合适的挡位，使指针指在表盘中央刻度线附近；欧姆表换挡后要重新调零；欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数．用欧姆表测电阻时要选择合适的挡位，使指针指针中央刻度线附近，欧姆表换挡后要重新进行欧姆调零．17.某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻，现备有下列器材：A．被测干电池一节B．电流表：量程0～0.6A，内阻0.1ΩC．电流表：量程0～3A，内阻0.024ΩD．电压表：量程0～3V，内阻未知E．电压表：量程0～15V，内阻未知F．滑动变阻器：0～10Ω，2AG．滑动变阻器：0～100Ω，1AH．开关、导线若干伏安法测电池电动势和内阻的实验中，由于电流表和电压表内阻的影响，测量结果存在系统误差．在现有器材的条件下，要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻．（1）在上述器材中请选择适当的器材：A ______ H（填写选项前的字母）；（2）在图甲方框中画出相应的实验电路图；（3）根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图乙所示的U-I图象，则在修正了实验系统误差后，干电池的电动势E= ______ V，内电阻r= ______ Ω．【答案】BDF；1.5；1.0【解析】解：（1）在上述器材中请选择适当的器材：A．被测干电池一节为了读数准确，所以选择B．电流表：量程0～0.6A，D．电压表：量程0～3V，滑动变阻器阻值较小有利于电表的数值变化，减小误差，故选F．滑动变阻器，H．开关、导线若干（2）实验电路图：（3）由U-I图可知，电源的电动势为：E=1.50V；内电阻为：r===1.0Ω故答案为：（1）BDF；（2）电路图如图所示；（3）1.5，1.0．（1）实验中要能保证安全和准确性选择电表；（2）本实验应采用电阻箱和电压表联合测量，由实验原理可得出电路原理图；（3）由原理利用闭合电路欧姆定律可得出表达式，由数学关系可得出电动势和内电阻．本题为设计性实验，在解题时应注意明确实验的原理；并且要由实验原理结合闭合电路欧姆定律得出表达式，由图象得出电动势和内电阻．五、计算题(本大题共3小题，共27.0分)18.如图所示，电灯L标有“4V1W”字样．滑动变阻器R的总阻值为50Ω，当滑片P滑至某位置时，L恰好正常发光，此时电流表示数为0.45A，由于外电路发生故障，电灯L突然熄灭，此时电流表示数变为0.5A，电压表示数变为10V，若导线完好，电路中各处接触良好，问：（1）判断电路发生的是什么故障？（无需说明理由）（2）发生故障前，滑动变阻器接入电路的阻值为多少？（3）电源的电动势和内电阻分别为多大？【答案】解：（1）电灯L突然熄灭，且电流表示数变大，说明总电阻变小，电压表也有示数，所以故障为断路，只可能灯L发生断路．（2）由于U=U2=10V，则有（Ω）L未发生断路前恰好正常发光，所以L的额定电压U L=4V，L的额定电流=（A）．L未断路前路端电压U′=U′2=I′2R2=0.45×20=9（V），变阻器连入电路的阻值′（Ω）．（3）根据全电路欧姆定律E=U+I r，有故障前：E=9+（0.45+0.25）r；故障后：E=10+0.5r．解之得E=12.5（V）；r=5（Ω）答：（1）故障是L发生断路．（2）发生故障前，滑动变阻器接入电路的阻值为20Ω．（3）电源的电动势和内电阻分别为12.5V和5Ω．【解析】（1）电灯L突然熄灭，且电流表示数变大，说明总电阻变小，电压表也有示数，所以故障为断路，只可能灯L发生断路．（2）L断路后，外电路只有R2，因无电流流过R，故电压表示数即为路端电压，根据欧姆定律即可求得R2的阻值，L未断路时恰好正常发光，根据闭合电路欧姆定律即可求得滑动变阻器接入电路的阻值；（3）根据闭合电路欧姆定律E=U+I r即可求解．本题考查了根据电流表电压表的示数判断电路故障问题及闭合电路欧姆定律的应用，根据两种情况，由全电路欧姆定律列式，可解得电动势和内阻．19.如图所示，两平行金属导轨间的距离L=0.40m，金属导轨所在的平面与水平面夹角θ=37°，在导轨所在平面内，分布着磁感应强度B=0.50T、方向垂直于导轨所在平面的匀强磁场．金属导轨的一端接有电动势E=4.5V、内阻r=0.50Ω的直流电源．现把一个质量m=0.040kg的导体棒ab放在金属导轨上，导体棒恰好静止．导体棒与金属导轨垂直且接触良好，导体棒与金属导轨接触的两点间的电阻R0=2.5Ω，金属导轨电阻不计，g取10m/s2．已知sin37°=0.60，cos37°=0.80，求：（1）通过导体棒的电流；（2）导体棒受到的安培力大小；（3）导体棒受到的摩擦力．【答案】解：（1）根据闭合电路欧姆定律，有：I===1.5A；（2）导体棒受到的安培力：F安=BIL=0.5×1.5×0.4=0.30N；（3）导体棒受力如图，将重力正交分解，如图：F1=mgsin37°=0.24NF1＜F安，根据平衡条件：mgsin37°+f=F安代入数据得：f=0.06N答：（1）通过导体棒的电流为1.5A；（2）导体棒受到的安培力大小0.30N；（3）导体棒受到的摩擦力为0.06N．【解析】（1）根据闭合电路欧姆定律求出电流的大小．（2）根据安培力的公式F=BIL求出安培力的大小．（3）导体棒受重力、支持力、安培力、摩擦力处于平衡，根据共点力平衡求出摩擦力的大小．解决本题的关键掌握闭合电路欧姆定律，安培力的大小公式，以及会利用共点力平衡去求未知力．20.在研究性学习中，某同学设计了一个测定带电粒子比荷的实验，其实验装置如图所示．abcd是一个长方形盒子，在ad边和cd边上各开有小孔f和e，e是cd边上的中点，荧光屏M贴着cd放置，能显示从e孔射出的粒子落点位置．盒子内有一方向垂直于abcd平面的匀强磁场，磁感应强度大小为B．粒子源不断地发射相同的带电粒子，粒子的初速度可忽略．粒子经过电压为U的电场加速后，从f孔垂直于ad边射入盒内．粒子经磁场偏转后恰好从e孔射出．若已知fd=cd=L，不计粒子的重力和粒子之间的相互作用力．请你根据上述条件求出带电粒子的比荷q/m．【答案】解：带电粒子进入电场，经电场加速．根据动能定理有：电场力做的功等于粒子动能的变化，即：可得粒子经电场加速后的速度v=当粒子进入磁场后做匀速圆周运动，轨迹如右图所示．设粒子做圆周运动的轨道半径为R，在三角形ode中，有由此可解得粒子做圆周运动的轨道半径R=又因为粒子做圆周运动由洛伦兹力提供向心力故有：即：R=高中物理试卷第11页，共12页。
2020年浙江省金华市东阳中天中学高三物理上学期期末试题带解析
2020年浙江省金华市东阳中天中学高三物理上学期期末试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示，在水平板左端有一固定挡板，挡板上连接一轻质弹簧。
紧贴弹簧放一质量为m 的滑块，此时弹簧处于自然长度。
已知滑块与挡板的动摩擦因数及最大静摩擦因数均为。
现将板的右端缓慢抬起使板与水平面间的夹角为θ，最后直到板竖直，此过程中弹簧弹力的大小F随夹角θ的变化关系可能是图中的（）参考答案：C2. （单选）汽车甲和汽车乙质量相等，以相等速率沿同一水平弯道做匀速圆周运动，甲车在乙车的外侧．两车沿半径方向受到的摩擦力分别为Ff甲和Ff乙．以下说法正确的是()A．Ff甲小于Ff乙B．Ff甲等于Ff乙C．Ff甲大于Ff乙D．Ff甲和Ff乙大小均与汽车速率无关参考答案：A3. 如图所示，两根光滑的平行金属导轨竖直放置在匀强磁场中，磁场和导轨平面垂直，金属杆ab与导轨接触良好可沿导轨滑动，开始时电键S断开，当ab杆由静止下滑一段时间后闭合S，则从S闭合开始计时，ab杆的速度v与时间t的关系不可能是（）参考答案：B4. （单选）已知地球半径为R，一单摆在山脚下（处于海平面高度）的周期为T，将该单摆移到高为h的山顶，其周期改变量△T为（）A．T B．T C．T D．T参考答案：解：设单摆的摆长为L，地球的质量为M．据万有引力定律等于重力，得在海平面上，有mg=，在山顶上，有mg′=，可得海平面的重力加速度和高度为H山顶上的重力加速度之比为：g：g′=（R+h）2：R2；据单摆的周期公式可知T=，则得海平面上有：T=，山顶上有：T+△T=，由以上各式可求得：，故A正确，BCD错误．故选：A．5. 图示为真空中半径为r的圆，O为圆心，直径ac、bd相互垂直。
在a、c处分别固定有电荷量为+q、－q的两个点电荷。
下列说法正确的是（）A．位置b处电场强度大小为B．ac线上各点电场强度方向与bd线上各点电场强度方向垂直C．O点电势一定等于b点电势D．将一负试探电荷从b点移到c点，电势能减小参考答案：C匀强电场中电势差和电场强度的关系．I2。
浙江省金华市东阳中学2019届高三(上)月考物理试卷(10月份)(Word版 含答案解析)
2018-2019学年浙江省金华市东阳中学高三（上）月考物理试卷（10月份）
一、单选题（本大题共11小题，共33分）
1．下列关于“运动的描述”中，说法正确的是（）
A．质点就是质量很小的点
B．湖州市某高中规定学生7点10分前到校，其中“7点10分”指的是时间间隔
C．参考系不一定选择地面
D．加速度是正的，物体就做加速运动
2．在下列情况的研究过程中，可以将被研究物体看作质点的是（）
A．研究一列火车从广安开往成都的轨迹
B．研究街舞比赛中某参赛者的动作
C．研究子弹穿过一张薄纸所需的时间
D．研究小木块的翻倒过程
3．关于位移和路程的说法中正确的是（）
A．运动物体的路程总大于位移的大小
B．位移是描述直线运动的，路程是描述曲线运动的
C．位移取决于始末位置，路程取决于实际运动的路线
D．位移的大小和路程的大小总是相等的，只不过位移是矢量，而路程是标量
4．如图所示，一条绳子长1.5m，放在高0.8m的桌子上，有一部分悬在桌外，留在桌面上的部分长1.2m，以桌边上的一点O′为坐标原点，竖直向下为正方向建立坐标系，则绳的最低端B的坐标为（）
A．x=0.3m B．x=0.5m C．（0，0.3m）D．（0，﹣0.3m）
5．某人骑自行车沿一斜坡从坡底到坡顶，再从坡顶到坡底往返一次，已知上坡时的平均速度大小为4m/s，下坡时的平均速度大小为6m/s，则此人往返一次的平均速度和平均速率分别是（）
A．0m/s，5m/s B．4.8m/s，5m/s C．0m/s，4.8m/s D．4.8m/s，10m/s
6．某质点做匀加速度直线运动，加速度为2m/s2，关于此质点的速度和位移的说法中，正确的是（）A．2s末的速度为4m/s。
浙江省金华市东阳中学2015-2016学年高二上学期月考物理试卷(12月份) 含解析
2015—2016学年浙江省金华市东阳中学高二（上）月考物理试卷（12月份)一.单项选择题1．月球探测器在研究月球磁场分布时发现，月球上的磁场极其微弱．探测器通过测量运动电子在月球磁场中的轨迹来推算磁场强弱的分布：下图是探测器在月球上A、B、C、D四个位置所探测到的电子运动轨迹的照片，设在各位置电子速率相同，且电子进入磁场时速度方向均与磁场方向垂直．则由照片可判断这四个位置中磁场最弱的是（）A．B．C．D．2．在磁场中某区域的磁感线分布如图所示，则（）A．放置在a、b两点的通电导体所受安培力方向可能沿ab所在直线上B．长度相同,电流强度相同的通电体放置在a点比放置在b点所受安培力一定较大C．从a点静止释放一带负电的粒子，将沿ab所在直线由a向b作加速运动D．任何带电体在该磁场中沿任意轨迹由a运动到b洛仑兹力都不做功3．如图所示的电路中，滑动变阻器的滑片P从a滑到b的过程，三只理想电压表示数变化的绝对值分别为△U1,△U2,△U3，下列各值可能出现的是．A．△U1=3V，△U2=2V，△U3=1V B．△U1=1V，△U2=2V,△U3=3VC．△U1=0。
5V，△U2=1V,△U3=1.5V D．△U1=0。
3V，△U2=1V，△U3=0.7V4．如图是一个由电池，电阻R与平行板电容器组成的串联电路，在减小电容器两板正对面积的过程中(）A．电容器的电容量变大B．电阻R中没有电流C．电阻R中有从a流向b的电流D．原来静止在电容器中带电微粒将向下运动5．有四个电源,电动势均为8V，内阻分别为1Ω、2Ω、4Ω、8Ω，现要对R=2Ω的电阻供电,则选择内阻为多大的电源才能使A上获得的功率最大（）A．1ΩB．2ΩC．4ΩD．8Ω6．如图所示的螺线管正上方放置一小磁针，当闭合开关S后，小磁针的指向如图所示，其中黑色的那一端为小磁针的N极,下列判断正确的是（）A．电源左端为正、右端为负，线圈左端为N极，右端为S极B．电源左端为负、右端为正，线圈左端为N极，右端为S极C．电源左端为负、右端为正，线圈左端为S极，右端为N极D．电源左端为正、右端为负,线圈左端为S极，右端为N极7．一理想变压器，原副线圈的匝数比n1：n2=1：2，电源电压u=220sinωt（V)，原线圈电路中接人一熔断电流I0=1A的保险丝，副线圈中接入一可变电阻R，如图所示,为了使保险丝不致熔断，调节R时，其阻值最低不能小于（）A．440ΩB．440ΩC．880Ω D．880Ω二.不定项选择题8．如图所示，圆形区域内有垂直纸面向内的匀强磁场,三个质量和电荷量都相同的带电粒子a、b、c,以不同的速率对准圆心O沿着AO方向射入磁场,其运动轨迹如图．若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法错误的是（）A．三个粒子都带正电荷B．c粒子速率最小C．c粒子在磁场中运动时间最短D．它们做圆周运动的周期T a=T b=T c9．如图所示，一水平放置的矩形闭合线框abcd在细长磁铁的N极附近竖直下落，保持bc 边在纸外，ad边在纸内，由图中位置Ⅰ经过位置Ⅱ到位置Ⅲ，位置Ⅰ和位置Ⅲ都很接近位置Ⅱ，这个过程中线圈感应电流（）A．沿abcd流动B．沿dcba流动C．先沿abcd流动,后沿dcba流动D．先沿dcba流动，后沿abcd流动10．如图所示，有a、b、c、d四个离子，它们带等量同种电荷q，质量关系：有m a=m b＜m c=m d，速度关系:v a＜v b=v c＜v d，进入磁感应强度为B1,电场强度为E的速度选择器后，有两个离子从速度选择器中射出,进入磁感应强度为B2磁场，磁场方向如图，四个离子打在板上的位置分别为A1、A2、A3、A4，由此可判定下列说法正确的是（）A．A1处离子是c B．A2处离子是b C．A3处离子是a D．A4处离子是d11．磁流体发电机可以把气体的内能直接转化为电能，是一种低碳环保发电机,有着广泛的发展前景．其发电原理示意图如图所示，将一束等离子体(即高温下电离的气体，含有大量带正电和负电的微粒，整体上呈电中性)喷射入磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场区域有两块面积为S,相距为d的平行金属板与外电阻R相连构成一电路，设气流的速度为v，气体的电导率（电阻率的倒数）为g．则（）A．上板是电源的正极，下板是电源的负极B．两板间电势差为U=BdvC．流经R的电流强度为I=D．流经R的电流强度为I=12．如表是一辆电动自行车的部分技术指标，参考表中数据判断以下说法正确的是（)载重电源输出电压充电时间电动机额定输出功率电动机额定工作电压和电流80kg ≥36V 6~8h 180W 36V/6A A．自行车每秒钟消耗的电能为180JB．电动机每秒钟消耗的电能为180JC．电动机的内电阻为6ΩD．电动机的内电阻为1Ω三.实验题13．实验室里可以用图甲所示的小罗盘估测条形磁铁磁场的磁感应强度．方法如图乙所示,调整罗盘，使小磁针静止时N极指向罗盘上的零刻度（即正北方向），将条形磁铁放在罗盘附近,使罗盘所在处条形磁铁的方向处于东西方向上，此时罗盘上的小磁针将转过一定角度．若已知地磁场的水平分量B x，为计算罗盘所在处条形磁铁磁场的磁感应强度B,则只需知道，磁感应强度的表达式为B=．14．如果收音机不能正常工作,需要判断干电池是否已经报废，可取出一节干电池用多用表来测量它的电动势，现提供操作如下,请选择正确的操作步骤，并按操作顺序填在横线上．①把多用表的选择开关置于交流500V档或置于OFF档②把多用表的红表笔和干电池的负极接触,黑表笔与正极接触③把多用表的红表笔和干电池的正极接触，黑表笔与负极接触④在表盘上读出电压值⑤把多用表的选择开关置于直流2。
浙江省金华市东阳二中高一物理上学期第一次调研试卷(含解析)
2015-2016学年浙江省金华市东阳二中高一（上）第一次调研物理试卷一、单项选择题：（每题选对得3分，错选不得分，共计30分）1．下列各组物理量中，全部是矢量的是（）A．速度、路程、平均速度 B．位移、速度、力C．速度、加速度、路程D．时间、速度、加速度2．小行星撞击地球的可能性尽管很小，但是人类不能掉以轻心．那么科学家在研究小行星撞击地球的时候（）A．地球和小行星都可以看做质点B．地球可以看做质点，小行星不能看做质点C．小行星可以看做质点，地球不能看做质点D．地球和小行星都不可以看做质点3．有关加速度的说法，正确的是（）A．.加速度的方向一定与速度变化的方向相同B．.加速度的方向一定与速度的方向相同C．速度小加速度一定小D．.速度变化大加速度才大4．如图所示是甲、乙、丙三个物体做直线运动的位移图象，在0～t1时间内，下列说法正确的是（）A．甲的路程最大 B．乙的平均速度最小C．丙的平均速度大于乙D．甲的平均速度最大5．物体做初速度为零的匀加速直线运动，第1s内的位移大小为5m，则关于该物体运动说法中错误的是（）A．3s内位移大小为45m B．第3s内位移大小为25mC．1s末速度的大小为5m/s D．3s末速度的大小为30m/s6．一物体做直线运动，某时刻速度的大小为4m/s，2s后速度的大小变为8m/s．在这2s内该物体的（）A．速度变化的大小可能大于8m/sB．速度变化的大小可能小于4m/sC．加速度的大小可能大于8m/s2D．加速度的大小可能小于2m/s27．某人站在20层高的楼上从窗户以20m/s的速度竖直向上将小球抛出，小球的位移大小等于20m的时间有几个（）（g=10m/s2）A．一个解B．两个解C．三个解D．四个解8．为了测定某辆轿车在平直公路上启动时的加速度（轿车启动时的运动可近似看做匀加速直线运动），某人拍摄了一张在同一底片上多次曝光的照片，如图所示．如果拍摄时每隔2s 曝光一次，轿车车身总长为4.5m．那么这辆轿车的加速度约为（）A．1m/s2B．2m/s2C．3m/s2D．4m/s29．汽车甲沿着平直的公路以速度v0做匀速直线运动．当它路过某处的同时，该处有一辆汽车乙开始做初速度为零的匀加速直线运动去追赶车甲，根据上述的已知条件（）A．可求出乙车追上甲车时乙车所走过的路程B．可求出乙车追上甲车时乙车的速度C．可求出乙车从开始起动到追上甲车所用的时间D．能求出上述三者中的某一个10．在某高处A点，以v0的速度同时竖直向上与向下抛出a、b两球，不计空气阻力，则下列说法中正确的是（）A．两球落地的时间差为B．两球落地的时间差为2C．两球落地的时间差与高度有关D．两球落地的时间差与高度无关二．不定项选择题：（有一个或多个选项正确，选全对得4分，选不全得2分，错选不得分，共计16分）11．下列关于速度和加速度的说法中，正确的是（）A．加速度与速度没有直接的联系，速度很大时，加速度可大可小也可负B．当加速度与速度方向相同且又减小时，物体却做加速运动C．物体的速度变化量越大，加速度越大D．物体的速度变化越快，加速度越大12．物体甲的s﹣t图象和物体乙的v﹣t图象分别如图所示，则这两个物体的运动情况是（）A．甲在整个t=6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零B．甲在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4 mC．乙在整个t=6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零D．乙在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4 m13．两木块自左向右运动，现用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下木块每次曝光时的位置，如图所示，连续两次曝光的时间间隔是相等的，由图可知（）A．上木块做加速运动，下木块做匀速运动B．上木块在时刻t2与下木块在时刻t5速度相同C．在时刻t2以及时刻t5间，上木块的平均速度与下木块平均速度相同D．在时刻t1瞬间两木块速度相同14．在t=0的时刻，从地面附近的空中某点释放一小球，它自由下落，落地后反弹，且每次反弹都能到达最初的出发点，取竖直向上为正方向．设小球与地面的碰撞时间和小球在空中所受空气阻力都忽略不计，则小球的速度v随时间t变化的关系可表示为图中的哪个（）A．B．C．D．三.填空题（本题共3小题，15题9分，16、17题各3分，共15分，把正确答案填在答题卷的横线上）15．利用打点计时器研究小车运动的实验中，如图所示，给出了该次实验中从0点开始每打5个点取一个计数点的纸带，其中0，1，2，3，4，5，6都为计数点，测得x1=1.40cm，x2=1.90cm，x3=2.38cm，x4=2.88cm，x5=3.39cm，x6=3.87cm．（结果保留两位有效数字）（1）在计时器打出3、4、5点时，小车的速度分别为v3= m/s，v4=m/s，v5= m/s．（2）小车的加速度a= m/s2．16．一个小球A自由下落1s时其正下方20m处的小球B以10m/s的速度竖直上抛，则再经过s，两球相遇．（g=10m/s2）17．用滴水法可以测定重力加速度，方法是：在自来水龙头下面固定一块挡板A，调节水龙头让水一滴一滴的滴落到挡板上，如图所示．并调节到，耳朵刚好听到前一滴水滴在挡板上的声音的同时，下一滴水刚好开始下落．首先量出水龙头口离挡板的高度h，再用停表计时，计时方法是：当听到某一滴水滴在挡板上的声音的同时，开启停表开始计时，并数“1”，以后每听到一声水滴声，依次数“2、3…”，一直数到“n”时，按下停表按钮停止计时，读出停表的示数为t．写出用上述方法测量计算重力加速度g的表达式：g= ．四.计算题（本题共4小题，共39分.18、19、20每小题10分，21题9分．解答要写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．18．竖直悬挂一根长15m的杆，在杆下端的正下方5m处有一观察点A，当杆自由下落时，则杆本身全部通过A点用多长时间（不计空气阻力）．（g=lOm/s2）19．某人骑自行车以v1=4m/s的速度匀速前进，某时刻在他前面7m处有一辆以v2=10m/s行驶的汽车开始关闭发动机，加速度大小为2m/s2，求：（1）经过多长时间才能追上汽车？（2）追上汽车之前他们之间的最远距离是多少？20．某电视剧制作中心要拍摄一特技动作，要求特技演员从高80m的大楼楼顶自由下落到行驶的汽车上，若演员开始下落的同时汽车从60m远处由静止向楼底先匀加速运动3s，再匀速行驶到楼底，为保证演员能安全落到汽车上（不计空气阻力，人和汽车看作质点，g取10m/s2），则（1）汽车经多长时间开到楼底；（2）汽车匀加速运动时的加速度．21．甲乙两辆汽车都从静止出发做加速直线运动，加速度方向一直不变．在第一段时间间隔内，两辆汽车的加速度大小不变，汽车乙的加速度大小是甲的3倍；在接下来的相同时间间隔内，汽车甲的加速度大小增加为原来的3倍，汽车乙的加速度大小减小为原来的一半．求甲乙两车各自在这两段时间间隔内走过的总路程之比．2015-2016学年浙江省金华市东阳二中高一（上）第一次调研物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：（每题选对得3分，错选不得分，共计30分）1．下列各组物理量中，全部是矢量的是（）A．速度、路程、平均速度 B．位移、速度、力C．速度、加速度、路程D．时间、速度、加速度【考点】矢量和标量．【分析】既有大小又有方向，相加是遵循平行四边形定则的物理量是矢量，如力、速度、加速度、位移、动量等都是矢量；只有大小，没有方向的物理量是标量，如路程、时间、质量等都是标量．【解答】解：A、其中的路程是标量，所以A错误．B、位移、速度、力都是矢量，所以B正确．C、其中的路程是标量，所以C错误．D、其中的时间是标量，所以D错误．故选B．【点评】本题是一个基础题目，就是看学生对矢量和标量的掌握．2．小行星撞击地球的可能性尽管很小，但是人类不能掉以轻心．那么科学家在研究小行星撞击地球的时候（）A．地球和小行星都可以看做质点B．地球可以看做质点，小行星不能看做质点C．小行星可以看做质点，地球不能看做质点D．地球和小行星都不可以看做质点【考点】质点的认识．【分析】当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，根据把物体看成质点的条件来判断即可．【解答】解：在研究小行星撞击地球时，要研究两者碰撞的位置及碰撞所产生的后果，此时两者的体积和大小均不能忽略，都不能看成质点，故D正确．故选：D【点评】考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略．3．有关加速度的说法，正确的是（）A．.加速度的方向一定与速度变化的方向相同B．.加速度的方向一定与速度的方向相同C．速度小加速度一定小D．.速度变化大加速度才大【考点】加速度．【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】加速度反映速度变化的快慢，运动物体的速度和加速度没有直接关系，速度变化快的物体加速度大．加速度方向与速度变化的方向相同．【解答】解：A、由a=知，加速度的方向与速度变化的方向相同，故A正确．B、加速度方向与速度方向无关，故B错误．C、速度小，速度变化不一定慢，加速度不一定小，故C错误．D、速度变化大，加速度不一定大，还要看时间．故D错误．故选：A【点评】速度和加速度是运动学中最重要的关系之一，可抓住加速度是由合力和质量共同决定，与速度无关来理解4．如图所示是甲、乙、丙三个物体做直线运动的位移图象，在0～t1时间内，下列说法正确的是（）A．甲的路程最大 B．乙的平均速度最小C．丙的平均速度大于乙D．甲的平均速度最大【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】比较思想；图析法；运动学中的图像专题．【分析】位移是指初末位置之间的有向线段，路程是运动轨迹的长度，平均速度是指物体的位移与所用时间的比值．由图直接读出位移关系，再分析路程关系，从而作出判断．【解答】解：由图看出，三个物体的位置与末位置都相同，位移x1相同，运动时间都是t1，而平均速度公式为=，可见，三个物体在0﹣t1时间内的平均速度相同．由斜率表示速度看出，甲的速度先正后负，说明甲先沿正方向运动，后沿负方向运动，乙和丙的斜率大于零，说明乙、丙一直沿正方向，它们的位移大小相等，则甲通过的路程最大，乙、丙通过的路程相等，故A正确，BCD错误．故选：A【点评】本题考查对位移图象的理解．抓住图线的斜率等于速度、纵坐标的变化量表示位移大小．要注意位移图线并不是物体运动的轨迹．5．物体做初速度为零的匀加速直线运动，第1s内的位移大小为5m，则关于该物体运动说法中错误的是（）A．3s内位移大小为45m B．第3s内位移大小为25mC．1s末速度的大小为5m/s D．3s末速度的大小为30m/s【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】定量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的位移时间公式求出物体的加速度，结合位移时间公式求出3s内的位移和第3s内的位移，根据速度时间公式求出1s末和3s末的速度．【解答】解：A、根据得，物体的加速度a=，则3s 内的位移，故A正确．B、第3s内的位移=，故B正确．C、1s末的速度v1=at1=10×1m/s=10m/s，故C错误．D、3s末的速度v3=at3=10×3m/s=30m/s，故D正确．本题选错误的，故选：C．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式和位移时间公式，并能灵活运用，基础题．6．一物体做直线运动，某时刻速度的大小为4m/s，2s后速度的大小变为8m/s．在这2s内该物体的（）A．速度变化的大小可能大于8m/sB．速度变化的大小可能小于4m/sC．加速度的大小可能大于8m/s2D．加速度的大小可能小于2m/s2【考点】加速度．【专题】定量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】已知物体的初末速度和时间，结合加速度的定义式求出物体的加速度，注意末速度的方向可能与初速度方向相同，可能与初速度方向相反．【解答】解：若末速度的方向与初速度方向相同，则速度变化量△v=v2﹣v1=8﹣4m/s=4m/s，加速度a=．若末速度的方向与初速度方向相反，则速度变化量△v=v2﹣v1=﹣8﹣4m/s=﹣12m/s，加速度a=．负号表示方向．故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】解决本题的关键掌握加速度的定义式，注意公式的矢量性，末速度的方向与初速度方向可能相同，可能相反．7．某人站在20层高的楼上从窗户以20m/s的速度竖直向上将小球抛出，小球的位移大小等于20m的时间有几个（）（g=10m/s2）A．一个解B．两个解C．三个解D．四个解【考点】竖直上抛运动．【专题】定性思想；方程法；直线运动规律专题．【分析】取竖直向上方向为正方向，竖直上抛运动可以看成一种加速度为﹣g的匀减速直线运动，当石块运动到抛出点上方离抛出点20m时，位移为x=20m；当石块运动到抛出点下方离抛出点20m时，位移为x=﹣20m，根据位移公式求出时间．【解答】解：取竖直向上方向为正方向，石块向上运动的最高位移：m所以石块运动到抛出点上方离抛出点20m时，位移为x=20m，是最高点，时间t=s20层楼的高度大于20m，所以石块运动到抛出点下方离抛出点20m时，位移为x=﹣20m根据公式：解得：t=s可知由两种可能性故选：B【点评】本题采用整体法研究竖直上抛运动，方法简单，但要注意位移是矢量，与距离不同，不能漏解．8．为了测定某辆轿车在平直公路上启动时的加速度（轿车启动时的运动可近似看做匀加速直线运动），某人拍摄了一张在同一底片上多次曝光的照片，如图所示．如果拍摄时每隔2s 曝光一次，轿车车身总长为4.5m．那么这辆轿车的加速度约为（）A．1m/s2B．2m/s2C．3m/s2D．4m/s2【考点】加速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】加速度是用来描述物体速度变化快慢的物理量，加速度的解法通常有①定义式法②匀变速直线运动的基本公式③处理纸带时常用的方法．【解答】解：汽车长度4.5米，在图中占三格，所以一格代表1.5米．有图象可以看到题目给出了连续相等时间间隔内的位移，第一段位移有8格，则位移为 x1=12m．第二段位移有13.5格，则位移为 x2=13.5×1.5m=20.25m由连续相等时间间隔内的位移位移之差等于aT2，得：，T=2s解得：a≈2m/s2．故选：B【点评】匀变速直线运动规律很多，要求能根据具体题目选择合适的表达式解题．所以建议把常见题型归类掌握，此题属于给出连续相等时间间隔内的位移，也可是不连续的时间段，比如：同一匀加速直线运动中，已知第n秒内的位移x n，第m秒内的位移x m，则：．所以要灵活掌握此类题．9．汽车甲沿着平直的公路以速度v0做匀速直线运动．当它路过某处的同时，该处有一辆汽车乙开始做初速度为零的匀加速直线运动去追赶车甲，根据上述的已知条件（）A．可求出乙车追上甲车时乙车所走过的路程B．可求出乙车追上甲车时乙车的速度C．可求出乙车从开始起动到追上甲车所用的时间D．能求出上述三者中的某一个【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】作出汽车甲、乙的速度时间图线，根据速度﹣时间图线分析能求出的量．【解答】解：作出汽车甲、乙的速度﹣时间图线如图所示．当汽车乙车追上汽车甲车时，两车位移相等，从图象上可以看出，当甲乙位移相等时，两图象与时间轴所围的“面积”相等，则得乙车的速度为2v0．但从图象上无法知道乙车追上甲车所用的时间，故不能求出乙车走的路程．故B、D正确，A、C错误．故选：BD．【点评】解决本题的关键会用图象法进行解题，知道在速度﹣时间图线中，图线与时间轴所围成的面积表示位移．10．在某高处A点，以v0的速度同时竖直向上与向下抛出a、b两球，不计空气阻力，则下列说法中正确的是（）A．两球落地的时间差为B．两球落地的时间差为2C．两球落地的时间差与高度有关D．两球落地的时间差与高度无关【考点】竖直上抛运动．【专题】直线运动规律专题．【分析】球b竖直下抛，做匀加速直线运动；球a竖直上抛运动，将球a的运动分段考虑，分成竖直上抛到返回抛出点过程和之后的竖直向下的加速过程，其中竖直下抛过程与球b运动情况相同，故两球落地的时间差等于从抛出点到返回抛出点过程的时间；然后根据时间对称性和速度时间公式求时间差．【解答】解：A、B、两球落地的时间差等于a球从抛出点到返回抛出点过程的时间；根据速度时间公式，上升时间为，竖直上抛运动具有对称性，上升时间等于下降时间，故下降时间为，故总时间为：t=t上+t下=，故A错误，B正确；C、D、由于两球落地的时间差为：t=，与抛出点的高度无关，故C错误、D正确；故选BD．【点评】本题关键是将竖直上抛运动分段考虑，即先从抛出点到抛出点的上抛运动，然后从抛出点向下的运动，从而得出两球落地的时间差表达式，最后进行分析讨论决定因数．二．不定项选择题：（有一个或多个选项正确，选全对得4分，选不全得2分，错选不得分，共计16分）11．下列关于速度和加速度的说法中，正确的是（）A．加速度与速度没有直接的联系，速度很大时，加速度可大可小也可负B．当加速度与速度方向相同且又减小时，物体却做加速运动C．物体的速度变化量越大，加速度越大D．物体的速度变化越快，加速度越大【考点】加速度；速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】加速度是反映速度变化快慢的物理量，加速度与速度没有直接联系，根据a=进行分析．【解答】解：A、加速度与速度没有直接的联系，速度很大时，加速度可大可小也可负．故A正确．B、当加速度的方向与速度方向相同时，不论加速度是增加还是减小，物体做加速运动．故B正确．C、根据知，速度变化量越大，加速度不一定大，速度变化快，即速度的变化率大，加速度越大．故C错误，D正确．故选：ABD．【点评】解决本题的关键知道加速度的物理意义，知道当加速度方向与速度方向相同时，做加速运动，当加速度方向与速度方向相反时，做减速运动．12．物体甲的s﹣t图象和物体乙的v﹣t图象分别如图所示，则这两个物体的运动情况是（）A．甲在整个t=6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零B．甲在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4 mC．乙在整个t=6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零D．乙在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4 m【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】位移﹣时间图象表示物体的位置随时间变化的规律，而速度﹣时间图象表示速度随时间变化的规律；由图象的性质可得出物体的运动性质及位移大小．【解答】解：A、甲在0时刻由负方向上距原点2m处向正方向运动，6s时达到正向的2m处，故总位移为4m，故A错误；B、根据斜率等于速度，可知，甲在整个t=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4m，故B正确；CD、乙开始时速度为沿负向的匀减速直线运动，3s后做正向的匀加速直线运动，图象与时间轴围成的面积为物体通过的位移，故总位移为零，故C正确，D错误；故选：BC【点评】本题考查对速度图象和位移的识别和理解能力，抓住各自的数学意义理解其物理意义，即速度图象的“面积”大小等于位移，而位移图象的斜率等于速度，△x表示位移．13．两木块自左向右运动，现用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下木块每次曝光时的位置，如图所示，连续两次曝光的时间间隔是相等的，由图可知（）A．上木块做加速运动，下木块做匀速运动B．上木块在时刻t2与下木块在时刻t5速度相同C．在时刻t2以及时刻t5间，上木块的平均速度与下木块平均速度相同D．在时刻t1瞬间两木块速度相同【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】解答本题要看清图示的意义，中间的刻线相当于刻度尺或坐标系，显示物体在不同时刻的位置，对比相同时间内的位移会发现物体的运动规律：下面的物体匀速运动，上面的物体匀加速运动．由于曝光时间是相同的，设处中间刻度每小格的尺寸s和曝光时间t，依据匀速或匀变速运动的规律就可求出物体运动的速度关系．其中利用了匀变速运动某段时间的平均速度等于中间时刻的瞬时速度的推论．【解答】解：A、上面木块在相等时间内的位移之差是一恒量，知上木块做加速运动，下木块在相等时间内的位移大小相等，做匀速直线运动．故A正确．B、根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，设每一小格为d，则上木块在时刻t2的速度，下木块的速度．故B错误．C、在时刻t2以及时刻t5间，上下木块运动的位移大小相等，但是时间相等，则平均速度相等．故C正确．D、根据△x=aT2得，上面木块的加速度a=，则在时刻t1瞬间上面木块的瞬时速度，与下木块的速度不等．故D错误．故选AC．【点评】对于匀变速规律的考察是很灵活的，学生要善于在新情境中抽象出物理模型．本题易错点在于位移的计算，难点在于匀变速直线运动的瞬时速度的求解方法的选择，利用一段时间的平均速度等于中间时刻的瞬时速度的推论是最简单的．14．在t=0的时刻，从地面附近的空中某点释放一小球，它自由下落，落地后反弹，且每次反弹都能到达最初的出发点，取竖直向上为正方向．设小球与地面的碰撞时间和小球在空中所受空气阻力都忽略不计，则小球的速度v随时间t变化的关系可表示为图中的哪个（）A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】小球做自由落体运动，落地前做匀加速直线运动，与地面发生碰撞反弹速度与落地速度大小相等，方向相反，然后向上做匀减速直线运动，根据速度时间关系即可求解．【解答】解：A、小球自由落下，若从释放时开始计时，速度v=gt，方向向下，与规定的正方向相反，所以速度是负值，与地面发生碰撞反弹速度与落地速度大小相等，方向相反即向上，速度为正，向上做匀加速直线运动直到速度为0，然后重复上面的过程．故C正确．【点评】本题关键先求出需要描述物理量的一般表达式，要注意刚开始运动时速度为负，根据速度随时间的变化情况找出函数图象．三.填空题（本题共3小题，15题9分，16、17题各3分，共15分，把正确答案填在答题卷的横线上）15．利用打点计时器研究小车运动的实验中，如图所示，给出了该次实验中从0点开始每打5个点取一个计数点的纸带，其中0，1，2，3，4，5，6都为计数点，测得x1=1.40cm，x2=1.90cm，x3=2.38cm，x4=2.88cm，x5=3.39cm，x6=3.87cm．（结果保留两位有效数字）（1）在计时器打出3、4、5点时，小车的速度分别为v3= 0.26 m/s，v4= 0.31 m/s，v5= 0.36 m/s．（2）小车的加速度a= 0.50 m/s2．【考点】测定匀变速直线运动的加速度．【专题】实验题；定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的推论公式△s=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上5点时小车的瞬时速度大小．【解答】解：（1）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，得：v3==≈0.26m/s；v4==≈0.31m/sv5==≈0.36m/s（2）0.32根据匀变速直线运动的推论公式△s=aT2可以求出加速度的大小，得：s4﹣s1=3a1T2s5﹣s2=3a2T2。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
2014-2015学年浙江省金华市东阳中学高三（上）期末物理试卷
一、单项选择题（每小题3分，计24分．每个小题只有一个正确选项） 1．（3分）就一些实际生活中的现象，某同学试图从惯性角度加以解释，其中正确的是（ ） A． 采用了大功率的发动机后，某些一级方程式赛车的速度甚至能超过某些老式螺旋桨飞机的速度．这表明，可以通过科学进步使小质量的物体获得大惯性 B． 射出枪膛的子弹在运动一段距离后连一件棉衣也穿不透，这表明它的惯性小了 C． 货车运行到不同的车站时，经常要摘下或加挂一些车厢，这些会改变它的惯性 D． 摩托车转弯时，车手一方面要控制适当的速度，另一方面要将身体稍微向里倾斜，通过调控人和车的习惯性达到行驶目的
2．（3分）（2013•淮安模拟）体育器材室里，篮球摆放在图示的球架上．已知球架的宽度为d，每只篮球的质量为m、直径为D，不计球与球架之间摩擦，则每只篮球对一侧球架的压力大小为（ ）
A． mg B． C． D． 3．（3分）2014年1月14日，“玉兔”号月球车成功实施首次月面科学探测，在探测过程中，假设月球车以200m/h的速度朝静止在其前方0.3m的“嫦娥号”登陆器匀速运动．为避免相撞，地面指挥部耗时2s设定了一个加速度为a的减速指令并发出．设电磁波由地面传播到月球表面需时1s，则a的大小至少是（ ） A． 0.02m/s2 B． 0.04m/s2 C． 0.06m/s2 D． 0.08m/s2
4．（3分）如图所示，斜面顶端在同一高度的三个光滑斜面AB、AC、AD，均处于水平方向的匀强磁场中．一个带负电的绝缘物块，分别从三个斜面 顶端A点由静止释放，设滑到底端的时间分别为tAB、tAC、tAD则（ ）
A． tAB=tAC=tAD B． tAB＞tAC＞tAD C． tAB＜tAC＜tAD D． 无法比较 5．（3分）（2014•天津）如图所示，平行金属板A、B水平正对放置，分别带等量异号电荷，一带电微粒水平射入板间，在重力和电场力共同作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么（ ）
A． 若微粒带正电荷，则A板一定带正电荷 B． 微粒从M点运动到N点电势能一定增加 C． 微粒从M点运动到N点动能一定增加 D． 微粒从M点运动到N点机械能一定增加
6．（3分）如图甲所示，静止在光滑水平面上的长木板B（长木板足够长）的左端放着小物块A．某时刻，A受到水平向右的外力F作用，F随时间t的变化规律如图乙所示，即F=kt，其中k为已知常数．若物体之间的滑动摩擦力f的大小等于最大静摩擦力，且A、B的质量相等，则下列图中可以定性地描述长木板B运动的V﹣t图象的是（ ）
A． B． C． D． 7．（3分）（2014•安徽）如图所示，一倾斜的匀质圆盘绕垂直于盘面的固定对称轴以恒定角速度ω转动，盘面上离转轴距离2.5m处有一小物体与圆盘始终保持相对静止，物体与盘面间的
动摩擦因数为，（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力），盘面与水平面的夹角为30°，g取10m/s2，则ω的最大值是（ ）
A． rad/s B． rad/s C． 1.0rad/s D． 0.5rad/s 8．（3分）（2004•广东）如图所示，ABCD是一个盆式容器，盆内侧壁与盆底BC的连接处都是一段与BC相切的圆弧，B、C为水平的，其距离d=0.50m盆边缘的高度为h=0.30m．在A处放一个质量为m的小物块并让其从静止出发下滑．已知盆内侧壁是光滑的，而盆底BC面 与小物块间的动摩擦因数为μ=0.10．小物块在盆内来回滑动，最后停下来，则停的地点到B的距离为（ ）
A． 0.50m B． 0.25m C． 0.10m D． 0 二、多项选择题（每小题4分，计16分，在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的，选对但不全得2分，错选或不选得0分） 9．（4分）在一次救灾活动中，一辆救灾汽车由静止开始做匀变速直线运动，刚运动了8s，由于前方突然有巨石滚下，堵在路中央，所以又紧急刹车，匀减速运动经4s停在巨石前．则关于汽车的运动情况，下列说法正确的是（ ） A． 加速、减速中的加速度大小之比为a1：a2等于2：1
B． 加速、减速中的平均速度大小之比：等于1：1
C． 加速、减速中的位移之比x1：x2等于2：1
D． 加速、减速中的平均速度大小之比：等于1：2
10．（4分）如图所示为粮袋的传送带装置，已知AB间的长度为L，传送带与水平方向的夹角为θ，工作时运行速度为v，粮袋与传送带间的动摩擦因数为μ，正常工作时工人在A点将粮袋从A到B的运动，以下说法正确的是（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力）（ ）
A． 粮袋到达B点的速度与v比较，可能大，也可能相等或小 B． 粮袋开始运动的加速度为g（sinθ﹣cosθ），若L足够大，则以后将一定以速度v做匀速运动 C． 若μ＜tanθ，则粮袋从A到B一定一直是做加速运动 D． 不论μ如何小，粮袋从A到B一直匀加速运动，且a＞gsinθ
11．（4分）如图所示，平行且足够长的两条光滑金属导轨，相距L=0.4m，导轨所在平面与水平面的夹角为30°，其电阻不计．把完全相同的两金属棒（长度均为0.4m）ab、cd分别垂直于导轨放置，并使每棒两端都与导轨良好接触．已知两金属棒的质量均为m=0.1kg、电阻均为R=0.2Ω，整个装置处在垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，磁感应强度为B=0.5T，当金属棒ab在平行于导轨向上的力F作用下沿导轨向上匀速运动时，金属棒cd恰好能保持静止．取g为10m/s2，则下列判断正确的是（ ） A． F的大小为0.5N B． 金属棒ab产生的感应电动势为1.0V C． ab两端的电压为1.0V D． ab棒的速度为5.0m/s
12．（4分）如图所示，L1和L2为两条平行的虚线，L1上方和L2下方都是范围足够大，且磁感应强度相同的匀强磁场，A、B两点都在L2上．带电粒了从A点以初速度v0与L2成30°角斜向右上方射出，经过偏转后正好过B点，经过B点时速度方向也斜向上，不计重力，下列说法正确的是（ ）
A． 若将带电粒子在A点时的初速度变大（方向不变），它仍能经过B点 B． 带电粒子经过B点时的速度一定跟在A点时的速度大小相同 C． 此带电粒子既可以是正电荷，也可以是负电荷 D． 若将带电粒子在A点时的初速度方向改为与L2成60°角斜向右上方，它将不能经过B点
三、实验题（共2小题，共16分．把答案直接填在横线上） 13．（6分）某学习小组做探究“合力的功和物体速度变化关系”的实验如图，图中小车是在一条橡皮筋作用下弹出，沿木板滑行，这时，橡皮筋对小车做的功记为W．当用2条、3条…完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次…实验时，使每次实验中橡皮筋伸长的长度都保持一致．每次实验中小车获得的速度由打点计时器所打的纸带测出． （1）除了图中已有的实验器材外，还需要导线、开关、刻度尺和 _________ 电源（填“交流”或“直流”）． （2）实验中，小车会受到摩擦阻力的作用，可以使木板适当倾斜来平衡掉摩擦阻力，则下面操作正确的是 _________ ． A．放开小车，能够自由下滑即可不是 B．放开小车，能够匀速下滑即可 C．放开拖着纸带的小车，能够自由下滑即可 D．放开拖着纸带的小车，能够匀速下滑即可 （3）若木板水平放置，小车在两条橡皮筋作用下运动，当小车速度最大时，关于橡皮筋所处的状态与小车所在的位置，下列说法正确的是 _________ ． A．橡皮筋处于原长状态 B．橡皮筋仍处于伸长状态． 14．（10分）（2014•海南）用伏安法测量一电池的内阻．已知该待测电池的电动势E约为9V，内阻约数十欧，允许输出的最大电流为50mA，可选用的实验器材有： 电压表V1（量程5V）； 电压表V2（量程10V）； 电流表A1（量程50mA）； 电压表A2（量程100mA）； 滑动变阻器R（最大电阻300Ω）；
定值电阻R1（阻值为200Ω，额定功率为W）； 定值电阻R2（阻值为220Ω，额定功率为1W）； 开关S；导线若干． 测量数据如坐标纸上U﹣I图线所示． （1）在答题卡相应的虚线方框内画出合理的电路原理图，并标明所选器材的符号． （2）在设计的电路中，选择定值电阻的根据是 _________ ． （3）由U﹣I图线求得待测电池的内阻为 _________ Ω． （4）在你设计的电路中，产生系统误差的主要原因是 _________ ．
四、计算题（本题共4小题，共44分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位） 15．（11分）某运动员做跳伞训练，他从悬停在空中的直升飞机上由静止跳下，跳离飞机一段时间后打开降落伞做减速下落，他打开降落伞后的速度图线如图a．降落伞用8 根对称的绳悬挂运动员，每根绳与中轴线的夹角均为37°，如图b．已知人的质量为50kg，降落伞质量也为50kg，不计人所受的阻力，打开伞后伞所受阻力f，与速度v成正比，即f=kv（g取10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6）．求： （1）打开降落伞前人下落的距离为多大？ （2）求阻力系数 k和打开伞瞬间的加速度a的大小和方向？ （3）悬绳能够承受的拉力至少为多少？