辽宁省东北师大附中、哈师大附中、辽宁实验中学三校联考2015届高三下学期第二次模拟考试物理试卷

辽宁省东北师大附中、哈师大附中、辽宁实验中学三校联考2015届高考物理二模试卷一、选择题（本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求；第6-8题有多项符合要求）1．穿过同一闭合回路的磁通量Φ随时间t变化的图象分别如图中的①﹣④所示，下列关于回路中感应电动势的论述正确的是( )A．图①回路产生恒定不变的感应电动势B．图②回路产生的感应电动势一直在变大C．图③回路0～t1时间内产生的感应电动势小于t1～t2时间内产生的感应电动势D．图④回路产生的感应电动势先变小再变大2．如图所示，有一倾角θ=30°的斜面B，质量为M．质量为m的物体A静止在B上．现用水平力F推物体A，在F由零逐渐增加至mg再逐渐减为零的过程中，A和B始终保持静止．对此过程下列说法正确的是( )A．地面对B的支持力大于（M+m）gB．A对B压力的最小值为mg，最大值为mgC．A所受摩擦力的最小值为0，最大值为D．A所受摩擦力的最小值为mg，最大值为mg3．如图所示，理想变压器、原、副线圈的匝数比是100：1，电容器C和电阻R并联在副线圈两端，电流表为理想电流表，电阻R=10Ω，当原线圈输入交变电压u=1000sin50πt （V）时，下列说法正确的是( )A．电阻R消耗的电功率为20WB．电容器的耐压值至少是10V才能不被破坏C．该交流电的频率为50HzD．电流表的示数为零4．如图所示，两根完全相同的轻质弹簧，下端固定在地面上，质量不同、形状相同的两物块分别置于两弹簧上端但不栓接，现用外力作用在物体上，使两弹簧具有相同的压缩量，撤去外力后，两物块由静止向上运动并离开弹簧，则从撤去外力到物块速度第一次减为零的过程，两物块一定满足（弹簧始终在弹性限度之内，以地面为零势能面）( )A．两物块达最大速度时的高度相同B．上升的最大高度不同C．最大加速度相同D．最大重力势能不同5．如图所示，一重力不计的带电粒子以初速度v0射入水平放置、距离为d的两平行金属板，射入方向沿两极板的中心线，当极板所加电压为U1时，粒子落在A板上的P点，如果将带电粒子的初速度变为2v0，同时将A板向上移动后，使粒子由原入射点射入后仍落在P点，则极板间所加电压U2为( )A．U2=3U1B．U2=6U1C．U2=8U1D．U2=12U16．在物理学发展史上，许多科学家通过坚持不懈的努力，取得了辉煌的研究成果，下列表述符合物理学史实的是( )A．开普勒发现了行星运动的规律，牛顿通过实验测出了万有引力常量B．伽利略通过理想斜面实验提出了力不是维持物体运动的原因C．安培发现电流的磁效应，这和他坚信电和磁之间一定存在着联系的哲学思想是分不开的D．法拉第引入电场线和磁感线的概念来描述电场和磁场，极大地促进了他对电磁现象的研究7．已知质量分布均匀的球壳对其内部物体的引力为零，设想在地球赤道正上方高h处和正下方深为h处各修建一绕地心的环形真空轨道，轨道面与赤道面共面，两物件分布在上述两轨道中做匀速圆周运动，轨道对它们均无作用力，设地球半径为R，则( )A．两物体的速度大小之比为B．两物体的速度大小之比为C．两物体的加速度大小之比为D．两物体的加速度大小之比为8．如图所示，在B=0.1T的匀强磁场中有一边长为L=8cm的正方形ABCD，内有一点P，它与AD和DC的距离均为1cm，在P点有一个发射正离子的装置，能够连续不断地向纸面内的各个方向发射出速率不同的正离子，离子的质量为1.0×10﹣14kg，电荷量为1.0×10﹣5C，离子的重力不计，不考虑离子之间的相互作用，则( )A．速率为5×106m/s的离子在磁场中运动的半径是5cmB．速率在5×105m/s到8×105m/s范围内的离子不可能射出正方形区域C．速率为5×106m/s的离子在CB边上可以射出磁场的范围为距C点距离2cm～（1+）cmD．离子从CB边上射出正方形区域的最小速度为（8﹣）×106m/s二、非选择题（包括必考题和选考题两部分，第9-12题为必考题，每个试题考生都必须作答，第13-18题为选考题，考生根据要求作答）（一）必考题9．读出如图1中游标卡尺（50分度）与图2螺旋测微器的读数：（1）如图1，__________mm．（2）如图2，__________mm．10．某同学在利用微型电动机和小车研究外力做功与物体速度之间的关系时，设计了下面的实验过程并进行了操作，请结合操作步骤完成以下问题：（1）用多用电表测量电动机不工作时的直流电阻，多用电表选用“×1”档，其指针示数如图1所示，电动机的直流电阻为__________Ω；（2）按图2安装实验装置，打点计时器接50Hz低压交流电源并固定在木板上，纸带穿过打点计时器固定在小车尾部，小车另一端与细线相连，细线平行于木板缠绕在轻圆筒上，电动机通电后可带动质量可忽略的轻质圆筒旋转．（3）为了尽可能减少摩擦力的影响，在没有电动机拖动的情况下，需要将长木板的左端垫高，直到小车拖动纸带穿过计时器时能匀速直线运动．（4）接通电源，打点计时器开始工作，待振针稳定后接通电动机电源，用如图3所示电路给电动机供电（电压表和电流表均为理想表），使小车从静止开始加速，读出电压表和电流表的读数．改变滑动变阻器滑片的位置，重复上述过程．（5）若某次实验过程读出电压表和电流表读数分别为12V和2A，打出纸带如图4所示，O 点为起始点，该同学计算出各点的速度及速度平方，部分数据如表，其中C点速度为__________m/s，其速度平方为__________m2/s2．（6）取纸袋的O点作为计时起点，在图5中利用表格中数据做出小车的速度的平方随时间变化的图象，并根据图象和前面所测数据求得小车的质量为__________kg．（计算结果保留两位有效数字）A B C D Ev 2.46 3.65 5.20 5.82v2 6.05 13.3 27.0 33.911．如图所示，光滑绝缘的水平面上有水平向右的匀强电场，电场强度E=2.0×104N/C，物块甲（不带电、可看做质点）在外力作用下从A点以a1=10m/s2的加速度由静止开始向右做匀加速运动，同时质量m=1.0×10﹣1kg、带电量为q=+2.0×10﹣5C，物块乙从B点以初速度v0向左匀减速运动，甲运动到C点时去掉外力作用，甲、乙开始运动时开始计时，t=1.0s时，两物块相遇，已知A、C两点间的距离s1=0.2m，B、C两点间的距离s2=4.0m，重力加速度g=10m/s2，求：（1）甲、乙两物块相遇的位置离C点的距离；（2）物块乙的初速度v0的大小．12．（19分）一传送带装置如图所示，其中传送带经过AB区域时是水平的，经过BC区域时变为圆弧形（B、C相距很近，圆弧由小光滑模板形成，未画出），经过CD区域时是倾斜的，CD与水平面的倾角θ=37°，AB与CD都与BC相切，A、B相距3m，传送始终以5m/s 的速度沿顺时针方向传动，现将质量为10kg的木箱无初速度地放在A处，它随传送带到达B后，速度大小不变地传到倾斜送带上的C点，木箱与传送带间的动摩擦因数为0.5（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8），求：（1）木箱从A运动到B所需要的时间；（2）若要将木箱能传送到D点所在的平台上，D和水平段AB间的高度h的最大值；（3）若在25分钟内，将600个同样的木箱经传送带均恰好运送到D处，（忽略经BC段时的微小滑动）此装置由电动机带动，传送带与轮子间无相对滑动，不计轮轴处的摩擦，求电动机的平均输出功率P．（二）选考题，请考生从以下三个模块中任选一模块作答【物理-选修3-3】13．下列说法正确的是( )A．只要知道水的摩尔质量和水分子的质量，就可以计算出阿伏伽德罗常数B．悬浮微粒越大，在某一瞬间撞击它的液体分子数就越多，布朗运动越明显C．在使两个分子间的距离由很远（r＞10﹣9m）减小到很难再靠近的过程中，分子间作用力先减小后增大，分子势能不断增大D．温度升高，分子热运动的平均动能一定增大，但并非所有分子的速率都增大E．一定质量的理想气体经等温压缩后，其压强一定增大14．现用如图所示的装置，一导热良好的气缸竖直放置，用活塞封闭着一定质量的理想气体，将气缸放入盛有水的容器中，采用水浴法加热，水浴法的优点是使物体受热均匀，若缓慢加热水，可使被加热的物体温度始终保持与水的温度相等，活塞的质量为M，横截面积为S，与气缸底部相距h，现对容器缓慢加热，活塞将缓慢向上移动，当气体吸收热量Q时，活塞上升高度为h，已知大气压强为p0，重力加速度为g，不计活塞与气缸的摩擦，求：①气缸内气体的压强；②加热过程中气体的内能增加了多少；③若在活塞上升h时停止对容器加热，并保持水的温度不变，同时在活塞上缓慢添加砂粒，直到活塞恰好回到原来的位置（图中未画出砂粒），求所添加砂粒的质量．【物理-选修3-4】15．下列说法中正确的是( )A．波的传播过程中，质点的振动频率等于波源的振动频率B．爱因斯坦狭义相对论指出，真空中的光速在不同的惯性参考系中都是相同的C．当某列声波产生多普勒效应时，相应声源的振动频率一定发生变化D．物体做受迫振动时，驱动力的频率越高，受迫振动的物体振幅越大E．X射线的频率比无线电波的频率高16．如图所示，AOBC为某种透明介质的截面图，△AOC为等腰直角三角形，BC为半径R=10cm的四分之一圆弧，AB与竖直屏MN垂直，屏上A′点为AB延长线与MN的交点，AA′=R，某一单色光射向圆心O，在AB分界面上的入射角i=45°，已知该介质对此光的折射率为n=，求屏MN上光斑与A′的距离．【物理-选修3-5】17．如图所示，氢原子可在下列各能级间发生跃迁，设从n=4到n=1能级辐射的电磁波的波长为λ1，从n=4到n=2能级辐射的电磁波的波长为λ2，从n=2到n=1能级辐射的电磁波的波长为λ3，则下列关系式中正确的是( )A．λ1＜λ3B．λ3＜λ2C．λ3＞λ2D．=+E．=﹣18．如图所示，竖直平面内有一长l=0.3m的轻绳，上端系在钉子上，下端悬挂质量M=0.8kg 的小球A，细线拉直且小球恰好静止在光滑水平面上．一质量m=0.2kg的小球B以速度=10m/s水平向左运动，与小球A发生对心碰撞，碰撞过程中无机械能损失，碰撞后小球A 能在竖直面内做圆周运动．（g取10m/s2）求：①碰撞后瞬间小球A的速度多大；②小球从碰撞后到最高点的过程中所受合外力的冲量的大小．辽宁省东北师大附中、哈师大附中、辽宁实验中学三校联考2015届高考物理二模试卷一、选择题（本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求；第6-8题有多项符合要求）1．穿过同一闭合回路的磁通量Φ随时间t变化的图象分别如图中的①﹣④所示，下列关于回路中感应电动势的论述正确的是( )A．图①回路产生恒定不变的感应电动势B．图②回路产生的感应电动势一直在变大C．图③回路0～t1时间内产生的感应电动势小于t1～t2时间内产生的感应电动势D．图④回路产生的感应电动势先变小再变大考点：法拉第电磁感应定律；磁通量．专题：电磁感应与电路结合．分析：根据法拉第电磁感应定律我们知道感应电动势与磁通量的变化率成正比．结合数学知识我们知道：穿过闭合回路的磁通量Φ随时间t变化的图象的斜率k=．运用数学知识结合磁通量Φ随时间t变化的图象解决问题．解答：解：根据法拉第电磁感应定律我们知道感应电动势与磁通量的变化率成正比，即E=N结合数学知识我们知道：穿过闭合回路的磁通量Φ随时间t变化的图象的斜率k=．A、图①中磁通量Φ不变，无感应电动势．故A错误．B、图②中磁通量Φ随时间t均匀增大，图象的斜率k不变，也就是说产生的感应电动势不变．故B错误．C、图③中回路在O～t l时间内磁通量Φ随时间t变化的图象的斜率为k1，在t l～t2时间内磁通量Φ随时间t变化的图象的斜率为k2，从图象中发现：k1大于k2的绝对值．所以在O～t l时间内产生的感应电动势大于在t l～t2时间内产生的感应电动势．故C错误．D、图④中磁通量Φ随时间t变化的图象的斜率先变小后变大，所以感应电动势先变小后变大，故D正确．故选：D．点评：图象运用数学知识结合物理规律解决问题，其中我们要知道Φ﹣t图象斜率的意义．利用图象解决问题是现在考试中常见的问题．对于图象问题，我们也从图象的斜率和截距结合它的物理意义去研究．2．如图所示，有一倾角θ=30°的斜面B，质量为M．质量为m的物体A静止在B上．现用水平力F推物体A，在F由零逐渐增加至mg再逐渐减为零的过程中，A和B始终保持静止．对此过程下列说法正确的是( )A．地面对B的支持力大于（M+m）gB．A对B压力的最小值为mg，最大值为mgC．A所受摩擦力的最小值为0，最大值为D．A所受摩擦力的最小值为mg，最大值为mg考点：共点力平衡的条件及其应用．分析：对AB组成的整体受力分析，根据平衡条件判断地面对B的支持力，对A受力分析，根据垂直于斜面方向受力平衡结合牛顿第三定律，求出A对B压力的最小值和最大值，根据沿斜面方向受力平衡求出摩擦力的表达式，从而判断摩擦力的最大值和最小，注意摩擦力的方向可能向上，也可能向下．解答：解：A、对AB组成的整体受力分析，整体受力平衡，竖直方向受到重力和地面对B的支持力，所以地面对B的支持力等于（M+m）g，故A错误；B、对A受力分析，受到重力、支持力、拉力和摩擦力作用，垂直于斜面方向有：N=mgcos30°+Fsin30°，当F=0时，N最小，最小为，当F=mg时，N最大，最大为，根据牛顿第三定律可知对B压力的最小值为mg，最大值为mg，故B正确；C、沿着斜面方向，当Fcos30°=mgsin30°即F=时，摩擦力为零，当F时，静摩擦力方向沿斜面向上，如图所示：摩擦力f=mgsin30°﹣Fcos30°，当F=0时，f最大，f，当F，静摩擦力方向向下，则摩擦力f′=Fcos30°﹣mgsin30°，当F=mg时，f最大，，综上可知，所受摩擦力的最小值为0，最大值为mg，故CD错误．故选：B点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，注意整体法和隔离法的运用，特别注意此过程中，A受到的静摩擦力的方向可能向上，也可能向下，难度适中．3．如图所示，理想变压器、原、副线圈的匝数比是100：1，电容器C和电阻R并联在副线圈两端，电流表为理想电流表，电阻R=10Ω，当原线圈输入交变电压u=1000sin50πt （V）时，下列说法正确的是( )A．电阻R消耗的电功率为20WB．电容器的耐压值至少是10V才能不被破坏C．该交流电的频率为50HzD．电流表的示数为零考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：由电流与匝数成反比可以求得原、副线圈匝数比，电容器的作用是通交流隔直流．解答：解：原线圈输入交变电压u=1000sin50πt（V），有效值为1000V，根据理想变压器的规律可知副线圈两端的电压为：U2=•U1=×1000=10VA、电阻R消耗的电功率为：P===10W，故A错误；B、电容器的耐压值应对应交流电压的最大值10V，故B正确；C、f===25Hz，故C错误；D、电容器的作用是通交流隔直流，故电流不为零，故D错误；故选：B点评：本题需要掌握变压器的电压之比和匝数比之间的关系，同时对于电容器的作用要了解．以电路知识为命题背景，考查交流电、变压器以及电容器对电流的影响等相关知识4．如图所示，两根完全相同的轻质弹簧，下端固定在地面上，质量不同、形状相同的两物块分别置于两弹簧上端但不栓接，现用外力作用在物体上，使两弹簧具有相同的压缩量，撤去外力后，两物块由静止向上运动并离开弹簧，则从撤去外力到物块速度第一次减为零的过程，两物块一定满足（弹簧始终在弹性限度之内，以地面为零势能面）( )A．两物块达最大速度时的高度相同B．上升的最大高度不同C．最大加速度相同D．最大重力势能不同考点：功能关系．分析：速度最大时重力与弹簧的弹力平衡，列式分析此时高度的关系．两弹簧压缩量相同，因此增加的弹性势能相同，由机械能守恒定律可明确重力势能及动能的关系，注意分析两物体质量不同的影响．解答：解：A、速度最大时，有kx=mg，则弹簧的压缩量x=，k相同，m不同，则x不同，所以最大速度时的高度不同，故A错误．BD、由于开始时弹簧的压缩量相同，则弹簧的弹性势能相同，由物块与弹簧系统的机械能守恒定律可知，重力势能的增加量一定等于弹性势能；故重力势能的变化量相同，即最大重力势能相同．但由于物体的质量不同，故上升的最大高度不同；故B正确，D错误．C、刚撤去外力时加速度最大，由a=，知原来弹簧的弹力相同，外力F相同，而物体的质量不同，故最大加速度不同．故C错误．故选：B．点评：本题考查机械能守恒定律及牛顿第二定律，要注意正确明确弹簧的弹性势能取决于弹簧的形变量及劲度系数．5．如图所示，一重力不计的带电粒子以初速度v0射入水平放置、距离为d的两平行金属板，射入方向沿两极板的中心线，当极板所加电压为U1时，粒子落在A板上的P点，如果将带电粒子的初速度变为2v0，同时将A板向上移动后，使粒子由原入射点射入后仍落在P点，则极板间所加电压U2为( )A．U2=3U1B．U2=6U1C．U2=8U1D．U2=12U1考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由偏转距离：分析解答：解：由偏转距离y=a=t=可得第一次：﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①第二次：﹣﹣﹣﹣﹣﹣②由以上两式相比可得：U2=12U1则D正确故选：D点评：明确偏转距离的表达式是求解问题的关键，列出两种情况下的表达式用二式相比的方法．6．在物理学发展史上，许多科学家通过坚持不懈的努力，取得了辉煌的研究成果，下列表述符合物理学史实的是( )A．开普勒发现了行星运动的规律，牛顿通过实验测出了万有引力常量B．伽利略通过理想斜面实验提出了力不是维持物体运动的原因C．安培发现电流的磁效应，这和他坚信电和磁之间一定存在着联系的哲学思想是分不开的D．法拉第引入电场线和磁感线的概念来描述电场和磁场，极大地促进了他对电磁现象的研究考点：物理学史．专题：常规题型．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、开普勒发现了行星运动的规律，卡文迪许通过实验测出了万有引力常量，故A错误；B、伽利略通过理想斜面实验提出了力不是维持物体运动的原因，故B正确；C、奥斯特发现电流的磁效应，这和他坚信电和磁之间一定存在着联系的哲学思想是分不开的，故C错误；D、法拉第引入电场线和磁感线的概念来描述电场和磁场，极大地促进了他对电磁现象的研究，故D正确；故选：BD．点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．7．已知质量分布均匀的球壳对其内部物体的引力为零，设想在地球赤道正上方高h处和正下方深为h处各修建一绕地心的环形真空轨道，轨道面与赤道面共面，两物件分布在上述两轨道中做匀速圆周运动，轨道对它们均无作用力，设地球半径为R，则( )A．两物体的速度大小之比为B．两物体的速度大小之比为C．两物体的加速度大小之比为D．两物体的加速度大小之比为考点：向心力．专题：匀速圆周运动专题．分析：由地球质量等于密度乘以体积，可得地球质量表达式；由万有引力提供向心力，对A、B分别列方程可得两物体速度和加速度之比．解答：解：设地球密度为ρ，则有：在赤道上方：=a1，在赤道下方：=a2解得：，，故AC正确；BD错误．故选：AC点评：本题主要掌握万有引力提供向心力的基本应用，要会用数学方法表示球体质量．8．如图所示，在B=0.1T的匀强磁场中有一边长为L=8cm的正方形ABCD，内有一点P，它与AD和DC的距离均为1cm，在P点有一个发射正离子的装置，能够连续不断地向纸面内的各个方向发射出速率不同的正离子，离子的质量为1.0×10﹣14kg，电荷量为1.0×10﹣5C，离子的重力不计，不考虑离子之间的相互作用，则( )A．速率为5×106m/s的离子在磁场中运动的半径是5cmB．速率在5×105m/s到8×105m/s范围内的离子不可能射出正方形区域C．速率为5×106m/s的离子在CB边上可以射出磁场的范围为距C点距离2cm～（1+）cmD．离子从CB边上射出正方形区域的最小速度为（8﹣）×106m/s考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：离子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，应用牛顿第二定律求出离子的轨道半径，然后分析答题．解答：解：A、离子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得qv1B=，代入数据解得：r1=0.05m=5cm；故A正确．B、P点与AD和DC的距离均为1cm，离子轨道半径r＜的离子不可能射出正方形区域，由牛顿第二定律得：qvB=，代入数据解得：v=5×105m/s，速度v＜5×105m/s离子不能射出磁场区域；故B错误．C、速度大小为v1=5×106m/s的粒子运动的轨道半径：r1=5cm．当粒子运动沿轨迹Ⅱ与CD边相切于E点时，粒子将从BC边F点出射，为最低出射点．由几何关系得：r12=（r1﹣d）2+PH2，解得：PH=3cm，由几何关系得，F与C点的距离为FC=当粒子沿轨迹Ⅲ与BC边相切于G点时，粒子将从GF边G点出射，为最高出射点．由几何关系得：r2=（L﹣r﹣d）2+x2，解得：x=，则出射点G距下边界高：CG=x+d=cm，综上，出射点距B的距离x满足：2cm≤x≤（1+）cm．故C正确．D、离子运动轨迹与CD相切又与BC相切是所有射出BC的轨迹中半径最小的，由几何知识可知，该轨道半径：r=（8﹣）cm，根据qvB=得，v=（8﹣）×106m/s；故D正确．故选：ACD．点评：本题考查了粒子在磁场中的运动，粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，分析清楚粒子运动过程、作出粒子运动轨迹是正确解题的前提与关键，应用牛顿第二定律、几何知识即可正确解题．二、非选择题（包括必考题和选考题两部分，第9-12题为必考题，每个试题考生都必须作答，第13-18题为选考题，考生根据要求作答）（一）必考题9．读出如图1中游标卡尺（50分度）与图2螺旋测微器的读数：（1）如图1，42.20mm．（2）如图2，2.988mm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．专题：实验题．分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：1、游标卡尺的主尺读数为42mm，游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为10×0.02mm=0.20mm，所以最终读数为：42mm+0.20mm=42.20mm．2、螺旋测微器的固定刻度为2.5mm，可动刻度为48.8×0.01mm=0.488mm，所以最终读数为2.5mm+0.488mm=2.988mm．故答案为：（1）42.20 （2）2.988点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．10．某同学在利用微型电动机和小车研究外力做功与物体速度之间的关系时，设计了下面的实验过程并进行了操作，请结合操作步骤完成以下问题：（1）用多用电表测量电动机不工作时的直流电阻，多用电表选用“×1”档，其指针示数如图1所示，电动机的直流电阻为2.0Ω；（2）按图2安装实验装置，打点计时器接50Hz低压交流电源并固定在木板上，纸带穿过打点计时器固定在小车尾部，小车另一端与细线相连，细线平行于木板缠绕在轻圆筒上，电动机通电后可带动质量可忽略的轻质圆筒旋转．（3）为了尽可能减少摩擦力的影响，在没有电动机拖动的情况下，需要将长木板的左端垫高，直到小车拖动纸带穿过计时器时能匀速直线运动．（4）接通电源，打点计时器开始工作，待振针稳定后接通电动机电源，用如图3所示电路给电动机供电（电压表和电流表均为理想表），使小车从静止开始加速，读出电压表和电流表的读数．改变滑动变阻器滑片的位置，重复上述过程．（5）若某次实验过程读出电压表和电流表读数分别为12V和2A，打出纸带如图4所示，O 点为起始点，该同学计算出各点的速度及速度平方，部分数据如表，其中C点速度为4.49m/s，其速度平方为20.1m2/s2．（6）取纸袋的O点作为计时起点，在图5中利用表格中数据做出小车的速度的平方随时间变化的图象，并根据图象和前面所测数据求得小车的质量为0.14kg．（计算结果保留两位有效数字）A B C D Ev 2.46 3.65 5.20 5.82v2 6.05 13.3 27.0 33.9考点：探究功与速度变化的关系．专题：实验题．分析：（1）电阻的阻值等于表盘读数与倍率的乘积．（5）由中点时刻的瞬时速度等于平均速度即可求出C点的速度．（6）运用描点法求出小车的速度的平方随时间变化的图象，根据动能定理W=pt=mv2求解．解答：解：（1）电阻的阻值等于表盘读数与倍率的乘积．即2.0×1=2.0Ω（5）由匀变速直线运动的特点可知，C点的瞬时速度等于BD之间的平均速度，即：v C==4.49 m/s=20.1m2/s2．。