2018版高考总复习物理 限时规范专题练6 含答案
2018版高考一轮总复习物理模拟演练_限时规范专题练4
限时规范专题练(四) 动力学和能量问题综合应用时间：45分钟满分：100分一、选择题(本题共10小题，每小题7分，共70分。
其中1～6为单选，7～10为多选)1．在倾角为30°的斜面上，某人用平行于斜面的力把原静止于斜面上的质量为2 kg的物体沿斜面向下推了2 m 的距离，并使物体获得1 m/s的速度，已知物体与斜面间的动摩擦因数为33，g取10 m/s2，则在这过程中( )A．人对物体做功21 J B．合外力对物体做功1 J C．物体克服摩擦力做功21 J D．物体重力势能减小40 J 答案 B解析根据动能定理可知，合外力对物体做的功等于物体动能的增加量，即W合＝12mv2＝12×2 kg×(1m/s)2＝1 J，所以选项B正确；对物体受力分析，根据物体在垂直斜面方向上的合力为零求出物体与斜面间的正压力F N＝mg cosθ，从而计算出斜面对物体沿斜面向上的滑动摩擦力大小为F f＝μF N＝μmg cosθ，所以物体克服摩擦力做功W Ff＝F f s＝μmgs cosθ，代入数据可得W Ff＝20 J，所以选项C错误；物体重力势能的减小量等于重力做的功W G＝mgs sinθ＝2 kg×10 m/s2×2 m×12＝20 J，选项D错误；对物体受力分析可知，物体共受到四个力的作用，其中只有3个力对物体做功，即人对物体的推力做正功，摩擦力做负功，重力做正功，它们三个力做功的代数和就等于合外力做的功，所以若设人对物体做功为W人，则应满足W人＋W G－W Ff＝W合，代入数据可得W人＝1 J，即人对物体做功1 J，选项A错误。
2．滑板是现在非常流行的一种运动，如图所示，一滑板运动员以7 m/s的初速度从曲面的A点下滑，运动到B点时速度仍为7 m/s，若他以6 m/s 的初速度仍由A点下滑，则他运动到B点时的速度( )A．大于6 m/s B．等于6 m/sC．小于6 m/s D．条件不足，无法计算答案 A解析 当初速度为7 m/s 时，由功能关系知，运动员克服摩擦力做的功等于减少的重力势能。
2018高考一轮总复习物理模拟演练限时规范专题练2有答案
限时规范专题练(二) 动力学问题综合应用时间：45分钟满分：100分一、选择题(本题共10小题，每小题7分，共70分。
其中1～6为单选，7～10为多选)1．如图所示，兴趣小组的同学为了研究竖直运动的电梯中物体的受力情况，在电梯地板上放置了一个压力传感器，将质量为4 kg的物体放在传感器上。
在电梯运动的某段过程中，传感器的示数为44 N。
g取10 m/s2。
对此过程的分析正确的是( )A．物体受到的重力变大B．物体的加速度大小为1 m/s2C．电梯正在减速上升D．电梯的加速度大小为4 m/s2答案 B解析电梯中的物体处于超重、平衡、失重状态时加速度不同，本身的重力不变，选项A错误；由牛顿第二定律可知F支－mg＝ma，而由牛顿第三定律得F压＝F支＝44 N，解得：a＝1 m/s2，故选项B正确、选项D错误；加速度向上，运动是加速向上或减速向下，选项C错误。
2．如图所示，质量为5 kg的物块和小车均处于静止状态，物块与一被水平拉伸的轻弹簧拴接，弹簧的弹力为5 N，若小车以2 m/s2的加速度向右运动后，则(g取10 m/s2)( )A．物块相对小车向左运动B．物块受到的摩擦力减小C ．物块受到的摩擦力大小不变D ．物块受到的弹簧拉力增大 答案 C解析 物块开始时受弹力F ＝5 N 而处于静止状态，说明受到的静摩擦力为5 N ，则物块的最大静摩擦力F m ≥5 N。
当物块相对于小车向左恰好发生滑动时，向右的加速度a 0＝F ＋F m m≥2 m/s 2，所以当小车的加速度a＝2 m/s 2时，物块相对小车仍静止，但摩擦力大小不变，方向变为向右，即方向改变，弹簧弹力不变，选项C 正确。
3．如图所示，质量均为m 的物块a 、b 之间用竖直轻弹簧相连，系在a 上的细线竖直悬挂于固定点O ，a 、b 与竖直粗糙墙壁接触，整个系统处于静止状态。
重力加速度大小为g ，则( )A ．物块b 可能受3个力B ．细线中的拉力小于2mgC ．剪断细线瞬间b 的加速度大小为gD ．剪断细线瞬间a 的加速度大小为2g 答案 D解析 物块a 、b 与墙面之间没有弹力，故虽接触面粗糙但不受摩擦力，所以物块b 受重力、弹簧的弹力2个力作用，F 弹＝mg ，选项A 错误；将a 、b 看成一个系统，整个系统处于静止状态，细线的拉力等于2mg ，选项B 错误；剪断细线瞬间，由于弹簧的弹力不能突变，所以b 所受合力不变，为零，而细线中的弹力突变为0，故b 的加速度为零，a 的加速度a a ＝F 弹＋mg m ＝mg ＋mgm＝2g ，选项C 错误，选项D 正确。
2018高考一轮总复习物理模拟演练限时规范专题练3有答案
限时规范专题练(三) 卫星与天体运动问题 时间：45分钟满分：100分一、选择题(本题共10小题，每小题7分，共70分，其中1～6为单选，7～10为多选)1．据报道一颗来自太阳系外的彗星于2014年10月20日擦火星而过。
如图所示，假设火星绕太阳做匀速圆周运动，轨道半径为r ，周期为T 。
该彗星在穿过太阳系时由于受到太阳的引力，轨道发生弯曲，彗星与火星在圆轨道A 点“擦肩而过”。
已知万有引力常量G ，则( )A ．可计算出火星的质量B ．可计算出彗星经过A 点时受到的引力C ．可计算出彗星经过A 点的速度大小D ．可确定彗星在A 点的速度大于火星绕太阳的速度 答案 D解析 火星绕太阳在圆轨道上运动，根据万有引力提供向心力得G Mm r 2＝m 4π2rT2可得出太阳的质量，无法计算出火星的质量，选项A 错误；因为不知道彗星的质量，所以无法计算出彗星经过A 点时的万有引力，B 错误；由图可知，彗星经过A 点时做离心运动，所以彗星的速度大于圆轨道上的火星的速度，但无法求得彗星的具体速度大小，选项C 错误，D 正确。
2．近年来，我国的空间技术发展迅猛。
实现目标飞行器成功交会对接便是一项重要的空间技术。
假设有A 、B 两个飞行器实现自动交会对接，对接成功后A 、B 飞行器一起绕地球运行的轨道可视为圆轨道，轨道离地面高度约为119R ，运行周期为T ，引力常量为G ，设地球半径为R ，地面重力加速度为g 。
则( ) A ．对接成功后，A 飞行器里的宇航员受到的重力为零 B ．对接成功后，A 、B 飞行器的加速度为1920gC ．对接成功后，A 、B 飞行器的线速度为40πR19TD ．地球质量为⎝ ⎛⎭⎪⎫201934π2GTR 2答案 C解析 对接成功后，飞行器里的宇航员受到的重力不为零，靠重力提供向心力，选项A 错误；根据G Mm r2＝ma ，GM ＝gR 2，r ＝2019R ，联立解得a ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫19202g ，故B 错误；飞行器的线速度v ＝2πrT＝40πR19T，选项C 正确；根据G Mm r 2＝mr 4π2T 2得，M ＝4π2r 3GT 2＝⎝ ⎛⎭⎪⎫201934π2GT 2R 3，选项D 错误。
最新-2018高考物理复习 金版教程 实验六 验证机械能守
限时规范特训(时间：45分钟 分值：100分)1．某位同学做“验证机械能守恒定律”的实验，下列操作步骤中错误的是( )A ．把打点计时器固定在铁架台上，用导线连接到低压交流电源B ．将连有重锤的纸带过限位孔，将纸带和重锤提升到一定高度C ．先释放纸带，再接通电源D ．更换纸带，重复实验，根据记录处理数据解析：在使用打点计时器时，都要先通电后释放纸带．在验证机械能守恒的实验中，最好在打第一个点时恰好释放纸带，满足这样的纸带，纸带上第一、二两个点之间的距离接近2 mm.答案：C2. [2018·四川高考]有4条用打点计时器(所用交流电频率为50 Hz)打出的纸带A 、B 、C 、D ，其中一条是做“验证机械能守恒定律”实验时打出的．为找出该纸带，某同学在每条纸带上取了点迹清晰的、连续的4个点，用刻度尺测出相邻两个点间距离依次为s 1、s 2、s3.请你根据下列s 1、s 2、s 3的测量结果确定该纸带为(已知当地的重力加速度为9.791 m/s 2)( )A ．61.0 mm 65.8 mm 70.7 mmB ．41.2 mm 45.1 mm 53.0 mmC ．49.6 mm 53.5 mm 57.3 mmD ．60.5 mm 61.0 mm 60.6 mm解析：验证机械能守恒采用重锤的自由落体运动实现，所以相邻的0.02 s 内的位移增加量为Δs ＝gT 2＝9.791×0.022≈3.9(mm)，只有C 符合要求．故选C.答案：C3.[2018·安徽高考]利用图示装置进行验证机械能守恒定律的实验时，需要测量物体由静止开始自由下落到某点时的瞬时速度v 和下落高度h .某班同学利用实验得到的纸带，设计了以下四种测量方案．a ．用刻度尺测出物体下落的高度h ，并测出下落时间t ，通过v ＝gt 计算出瞬时速度v .b ．用刻度尺测出物体下落的高度h ，并通过v ＝2gh 计算出瞬时速度v .c ．根据做匀变速直线运动时纸带上某点的瞬时速度，等于这点前后相邻两点间的平均速度，测算出瞬时速度v ，并通过h ＝v 22g计算得出高度h .d ．用刻度尺测出物体下落的高度h ，根据做匀变速直线运动时纸带上某点的瞬时速度，等于这点前后相邻两点间的平均速度，测算出瞬时速度v .以上方案中只有一种正确，正确的是________．(填入相应的字母)解析：验证机械能守恒定律的实验原理是：判断mgh 与12mv 2是否相等．由此可以看出，需要测量的物理量是由静止开始自由下落到某点时的瞬时速度v 和下落高度h ，不需要测量的物理量是物体的质量m .瞬时速度v 和下落高度h 是必须同时记录的两个物理量，而不能用一个量去求(通过公式)另一个量，选项a 、b 、c 中都违背了这一原则，正确的测量方法是用刻度尺测出物体下落的高度h ，根据做匀变速直线运动时纸带上某点的瞬时速度，等于这点前后相邻两点间的平均速度，测算出瞬时速度v ，d 正确．答案：d4. 在“验证机械能守恒定律”的实验中，要验证的是重物重力势能的减少等于它动能的增加，以下步骤仅是实验中的一部分，在这些步骤中多余的或错误的有( )A. 用天平称出重物的质量B. 把打点计时器固定到铁架台上，并用导线把它和低压交流电源连接起来C. 把纸带的一端固定到重物上，另一端穿过打点计时器的限位孔，把重物提升到一定高度D. 接通电源，待打点稳定后释放纸带E. 用秒表测出重物下落的时间解析：在“验证机械能守恒定律”的实验中，需验证重力势能减少量mgh 和动能增加量12mv 2之间的大小关系，若机械能守恒，则有mgh ＝12mv 2成立，两边都有质量，可约去，即验征gh ＝12v 2成立即可，故无需测质量，A 选项多余，对E 选项，测速度时，用的是纸带上的记录点间的距离和打点计时器打点的时间间隔，无需用秒表测量，因此E 选项也多余．答案：AE5. 下面列出一些实验步骤：A ．用天平测出重物和夹子的质量；B ．将重物系在夹子上；C ．将纸带穿过计时器，上端用手提着，下端夹上系住重物的夹子．再把纸带向上拉，让夹子靠近打点计时器；D ．打点计时器接在学生电源交流输出端，把输出电压调至6 V(电源不接通、交流)；E ．打点计时器固定放在桌边的铁架台上，使两个限位孔在同一竖直线上；F ．在纸带上选取几个点，进行测量和记录数据；G ．用秒表测出重物下落的时间；H．接通电源，待计时器响声稳定后释放纸带；I．切断电源；J．更换纸带，重新进行两次；K．在三条纸带中选出较好的一条；L．进行计算，得出结论，完成实验报告；M．拆下导线，整理器材．以上步骤，不必要的有__________，正确步骤的合理顺序是__________．答案：AG；EDBCHIJMKFL6. 在用落体法验证机械能守恒定律时，某同学按照正确的操作选得纸带如图．其中O 是起始点，A、B、C是打点计时器连续打下的3个点．该同学用毫米刻度尺测量O到A、B、C各点的距离，并记录在图中(单位：cm)．(1)这三个数据中不符合有效数字读数要求的是__________，应记作__________cm.(2)该同学用重锤在OB段的运动来验证机械能守恒，已知当地的重力加速度g＝9.80 m/s2，他用AC段的平均速度作为跟B点对应的物体的瞬时速度，则该段重锤重力势能的减少量为__________，而动能的增加量为__________(均保留三位有效数字，重锤质量用m表示)．这样验证的系统误差总是使重力势能的减少量__________动能的增加量，原因是_________________________________________________________________________________________________________________________ _______________________.(3)另一位同学根据同一条纸带，同一组数据，也用重锤在OB段的运动来验证机械能守恒，不过他数了一下，从打点计时器打下的第一个点O数起，图中的B是打点计时器打下的第9个点．因此他用v B＝gt计算跟B点对应的物体的瞬时速度，得到动能的增加量为__________，这样验证时的系统误差总是使重力势能的减少量__________动能的增加量，原因是_____________________________________________________________________________________________________________ ___________________________________.答案：(1)OC15.70 (2)1.22 m 1.20 m大于v是实际速度，因为有摩擦生热，减少的重力势能一部分转化为内能 (3)1.23 m小于v是按照自由落体计算的，对应的下落高度比实际测得的高度要大点评：纸带分析的关键是速度的计算不能用v ＝gt ，而要用v n ＝s n ＋s n ＋12 T. 7. 某同学利用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律．弧形轨道末端水平，离地面的高度为H .将钢球从轨道的不同高度h 处由静止释放，钢球的落点距轨道末端的水平距离为s .(1)若轨道完全光滑，s 2与h 的理论关系应满足s 2＝__________(用H 、h 表示)．(2)该同学经实验测量得到一组数据，如下表所示：(3)对比实验结果与理论计算得到的s 2－h 关系图线(图中已画出)，自同一高度静止释放的钢球，水平抛出的速率__________(填“小于”或“大于”)理论值．(4)从s 2－h 关系图线中分析得出钢球水平抛出的速率偏差十分显著，你认为造成上述偏差的可能原因是_________________________________________________________________________________________________________________________________________.解析： (1)根据机械能守恒定律，可得离开轨道时速度为v ＝2gh ，由平抛运动知识可求得时间为t ＝2H g，可得s ＝vt ＝4Hh ，从而s 2＝4Hh . (2)依次描点，连线，如图所示．注意不要画成折线．(3)从图中看，同一h时的s2值，理论值明显大于实际值，而在同一高度H下的平抛运动水平射程由水平速率决定，可见实际水平速率小于理论速率．(4)由于客观上，轨道与钢球间存在摩擦，机械能减小，因此会导致实际值比理论值小．钢球的转动也需要能量维持，而机械能守恒中没有考虑重力势能转化成转动动能的这一部分，也会导致实际速率明显小于理论速率(这一点，可能不少同学会考虑不到)．答案：(1)4Hh(2)(3)小于(4)由于客观上，轨道与钢球间存在摩擦，机械能减小，因此会导致实际值比理论值小．钢球的转动也需要能量维持，而机械能守恒中没有考虑重力势能转化成转动动能的这一部分，也会导致实际速率明显小于理论速率(这一点，可能不少同学会考虑不到)．8. [2018·温州八校联考]某同学利用竖直上抛小球的频闪照片实际距离，该同学通过计算得到不同时刻的速度如下表．(已知当地重力加速度为9.8 m/s2，小球质量m＝0.2 kg，结果保留3位有效数字)55(2)从t 2到t 5时间内，重力势能增量ΔE p ＝________J ，动能减少量ΔE k ＝________J ；(3)在误差允许的范围内，若ΔE p 与△E k 近似相等，即可验证机械能守恒定律．由上述计算得ΔE p ________ΔE k (选填“>”、“<”或“＝”)，造成这种结果的主要原因是________________________________________________________________________．解析：本题考查机械能守恒定律的验证，与教材实验有所不同，本题以竖直上抛为依托考查机械能守恒，要注意知识的迁移和变化．(1)v 5＝16.14＋18.662×0.05×10－2＝3.48(m/s)；(2)重力势能的增量ΔE p ＝mg Δh ，代入数据可得ΔE p ＝1.24 J ，动能减少量为ΔE k ＝12mv 22－12mv 25，代入数据可得ΔE k ＝1.28 J ；(3)由计算可得ΔE p <ΔE k ，主要是由于存在空气阻力．答案：(1)3.48 (2)1.24 1.28 (3)< 存在空气阻力。
2018版高考一轮总复习物理模拟演练 限时规范专题练4含答案
限时规范专题练(四) 动力学和能量问题综合应用时间：45分钟 满分：100分一、选择题(本题共10小题，每小题7分，共70分。
其中1～6为单选，7～10为多选)1．在倾角为30°的斜面上，某人用平行于斜面的力把原静止于斜面上的质量为 2 kg 的物体沿斜面向下推了2 m 的距离，并使物体获得1 m/s 的速度，已知物体与斜面间的动摩擦因数为33，g 取10 m/s 2，则在这过程中( )A ．人对物体做功21 JB ．合外力对物体做功1 JC ．物体克服摩擦力做功21 JD ．物体重力势能减小40 J答案 B解析 根据动能定理可知，合外力对物体做的功等于物体动能的增加量，即W 合＝12mv 2＝12×2 kg×(1 m/s)2＝1 J ，所以选项B 正确；对物体受力分析，根据物体在垂直斜面方向上的合力为零求出物体与斜面间的正压力F N ＝mg cos θ，从而计算出斜面对物体沿斜面向上的滑动摩擦力大小为F f ＝μF N ＝μmg cos θ，所以物体克服摩擦力做功W Ff ＝F f s ＝μmgs cos θ，代入数据可得W Ff ＝20 J ，所以选项C 错误；物体重力势能的减小量等于重力做的功W G ＝mgs sin θ＝2 kg×10 m/s 2×2 m×12＝20 J ，选项D 错误；对物体受力分析可知，物体共受到四个力的作用，其中只有3个力对物体做功，即人对物体的推力做正功，摩擦力做负功，重力做正功，它们三个力做功的代数和就等于合外力做的功，所以若设人对物体做功为W 人，则应满足W 人＋W G －W Ff ＝W 合，代入数据可得W 人＝1 J ，即人对物体做功1 J ，选项A 错误。
2．滑板是现在非常流行的一种运动，如图所示，一滑板运动员以7 m/s 的初速度从曲面的A 点下滑，运动到B 点时速度仍为7 m/s ，若他以6 m/s 的初速度仍由A 点下滑，则他运动到B 点时的速度( )A．大于6 m/s B．等于6 m/sC．小于6 m/s D．条件不足，无法计算答案 A解析当初速度为7 m/s时，由功能关系知，运动员克服摩擦力做的功等于减少的重力势能。
2018版高考物理一轮复习练习综合过关规范限时检测15 含答案 精品
第十五章 综合过关规范限时检测满分100分，考试时间60分钟。
一、选择题(本题共8小题，每小题6分，共计48分。
1～4题为单选，5～8题为多选，全都选对的得6分，选对但不全的得3分，错选或不选的得0分)1．下列相关说法中，正确的是导学号 51343557( D )A ．只要是波，都能发生衍射、干涉和偏振现象B ．火车过桥要慢开，目的是使驱动力的频率远大于桥梁的固有频率，以免发生共振损坏桥梁C ．根据麦克斯韦的电磁场理论，变化的电场周围一定可以产生电磁波D ．由爱因斯坦的狭义相对论可知，质量、长度和时间的测量结果都是随物体与观察者的相对运动状态而改变的[解析] 只要是波，都能发生衍射、干涉现象，而只有横波才能产生偏振现象，故A 错误；火车过桥要慢行，目的是使驱动力频率远小于桥梁的固有频率，以免发生共振损坏桥梁，故B 错误；均匀变化的电场产生恒定的磁场，非均匀变化的电场才产生变化的磁场，均匀变化的电场不能产生电磁波，故C 错误；由爱因斯坦的狭义相对论可知，质量、长度和时间的测量结果都是随物体与观察者的相对运动状态而改变的，故D 正确。
2.质点以坐标原点O 为中心位置在y 轴上做简谐运动，其振动图象如图所示，振动在介质中产生的简谐横波沿x 轴正方向传播，波速为1.0m/s ，起振后0.3s 此质点立即停止运动，再经过0.1s 后的波形图为导学号 51343558( A )[解析] 根据振动图象得知，t ＝0时刻质点沿y 轴正方向振动，即波源的起振方向沿y 轴正方向，则介质中各质点的起振方向均沿y 轴正方向，与波源质点振动方向相同。
起振后0.3s 此质点立即停止运动，形成34λ的波形。
由振动图象读出周期T ＝0.4s ，波长λ＝v T ＝0.4m ，则再经过0.1s 后，即t ＝0.4s 时波总共传播的距离为s ＝v t ＝0.4m ，传到x ＝0.4m 处，故A正确，B 、C 、D 错误。
3．(2018·北京东城区一模)如图，一束白光沿半径方向从A 点射入半圆形玻璃砖，在O 点发生反射和折射，折射光照在光屏上，a 、b 为折射光的上下边界，c 为反射光，若入射点由A 向B 缓慢移动，并保持白光沿半径方向入射到O 点，可以观察到各色光在光屏上陆续消失，在光带完全消失之前，下列说法正确的有导学号 51343559( D )A ．c 光逐渐变暗B ．ab 光带逐渐变亮C ．a 光与b 光相比，a 光先消失D ．单色光a 通过玻璃砖所需的时间小于单色光b 通过玻璃砖所需的时间[解析] 由图知单色光a 的折射率小于单色光b 的折射率，又由n ＝c v 知，单色光a 在玻璃中的速率比b 的大，故通过玻璃砖所需的时间小于单色光b 通过玻璃砖所需的时间，D 正确；入射点从A 向B 缓慢移动时，越来越多的光发生全反射，故c 光逐渐变亮，ab 光带逐渐变暗，b 光是先消失的，即A 、B 、C 均错误。
2018版高考物理一轮复习练习综合过关规范限时检测1 含答案 精品
第一章 综合过关规范限时检测满分100分，考试时间60分钟。
一、选择题(本题共8小题，每小题6分，共计48分。
1～4题为单选，5～8题为多选，全都选对的得6分，选对但不全的得3分，错选或不选的得0分)1．(2018·湖北八校联考)有下列①、②、③、④所述的四种情景，请根据所学知识从A 、B 、C 、D 四个选项中选择对情景分析和判断正确的说法导学号 51342115( B ) ①点火后即将升空的火箭②高速公路上沿直线高速行驶的轿车为避免事故紧急刹车③在轨道上高速行驶的磁悬浮列车④绕地球做匀速圆周运动的空间站A ．因火箭还没运动，所以加速度一定为零B ．轿车紧急刹车，速度变化很快，所以加速度很大C ．高速行驶的磁悬浮列车，因速度很大，所以加速度也一定很大D ．由于空间站做匀速圆周运动，所以加速度为零[解析] 火箭点火启动时，初速度为零，但是下一时刻速度不为零，因为a ＝Δv Δt ＝v 2－v 1Δt，所以加速度不为零，故A 错误；轿车速度变化很快，所以加速度很大，故B 正确；高速行驶的磁悬浮列车，速度很大，但是可能做匀速直线运动，所以加速度也可能为零，故C 错误；空间站匀速转动，需要向心力，加速度为向心加速度，故D 错误。
2．(2018·吉林省吉林大学附中模拟)在街头的理发店门口，常可以看到有这样的标志：一个转动的圆筒，外表有彩色螺旋斜条纹，我们感觉条纹在沿竖直方向运动，但实际上条纹在竖直方向并没有升降，这是由于圆筒的转动而使我们的眼睛产生了错觉。
如图所示，假设圆筒上的条纹是围绕圆筒的一条宽带，相邻两圈条纹在沿圆筒轴线方向的距离(即螺距)为L ＝10cm ，圆筒沿逆时针方向(从俯视方向看)以2r/s 的转速匀速转动，我们感觉到的升降方向和速度大小分别为导学号 51342116( D )A ．向上 10cm /sB ．向上 20cm/sC ．向下 10cm /sD ．向下 20cm/s[解析] 由于每秒转2圈，则T ＝0.5s ，而螺距为10cm ，所以每秒沿竖直方向运动的距离为20cm ，即速度大小为20cm/s ；据图知：彩色螺旋斜条纹是从左下到右上，且圆筒沿逆时针方向(从俯视方向看)，据人眼的视觉暂留现象，就会感觉条纹的运动方向向下，故A 、B 、C 均错，D 正确。
2018版高考物理专题总复习文档：选择题限时突破(十) 含解析
选择题限时突破(十)(限时：25分钟)二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．意大利科学家伽利略在研究物体变速运动规律时，做了著名的“斜面实验”，他测量了铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球的加速度随斜面倾角的增大而增大，于是他对大倾角情况进行了合理的外推，由此得出的结论是() A．物体都具有保持原来运动状态的属性，即惯性B．自由落体运动是一种匀变速直线运动C．力是使物体产生加速度的原因D．力不是维持物体运动的原因答案 B解析测量了铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大，倾角最大的情况就是90°时，这时铜球做自由落体运动，由此得出的结论是自由落体运动是一种匀变速直线运动，故B正确．15．关于原子核、原子核的衰变、核能，下列说法正确的是()A．原子核的结合能越大，原子核越稳定B．任何两个原子核都可以发生核聚变C.23892U衰变成20682Pb要经过8次β衰变和6次α衰变D．发生α衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数减少了2答案 D解析原子核的比结合能越大，原子核越稳定，选项A错误；只有较小的原子核才会发生聚变，故B错误；铀核23892U衰变成铅核23892Pb的过程中，α衰变一次质量数减少4个，次数n＝238－2064＝8，β衰变的次数为n＝8×2＋82－92＝6，故要经过8次α衰变和6次β衰变，故C错误；α粒子为氦核，由两个质子和两个中子组成，所以发生α衰变时，新核与原来的原子核相比，中子数减少了2，故D正确．16．如图1甲所示，水平地面上固定一倾角为30°的表面粗糙的斜劈，一质量为m 的小物块能沿着斜劈的表面匀速下滑．现对小物块施加一水平向右的恒力F ，使它沿该斜劈表面匀速上滑，如图乙所示，则F 大小应为( )图1 A.3mg B.33mg C.34mg D.36mg 答案 A解析 小物块能沿着斜劈的表面匀速下滑，则有mg sin 30°＝μmg cos 30°，可得小物块与斜劈表面间的动摩擦因数μ＝tan 30°，由小物块能沿着斜劈表面匀速上滑，受力分析如图所示：根据平衡条件：沿斜面方向：F cos 30°－F f－mg sin 30°＝0垂直斜面方向：F N ＝mg cos 30°＋F sin 30°，又F f ＝μF N ，联立可得：F ＝3mg ，故A 正确．17．如图2所示，理想变压器原、副线圈接有额定电压均为20 V 的灯泡a 和b.当输入u ＝2202sin 100πt (V)的交变电压时，两灯泡均能正常发光．设灯泡不会被烧坏，下列说法正确的是( )图2A ．原、副线圈匝数比为11∶1B ．原、副线圈中电流的频率比为11∶1C ．当滑动变阻器的滑片向下滑少许时，灯泡b 变亮D ．当滑动变阻器的滑片向下滑少许时，变压器输入功率变大答案 D解析 两灯均正常发光，则原线圈输入的电压为：U 1＝U －U 灯＝220 V －20 V ＝200 V ，副线圈电压：U 2＝U 灯＝20 V ，根据理想变压器匝数比等于电压比：n 1n 2＝U 1U 2＝20020＝101，故A 错误；变压器不改变交流电的频率，即频率比为1∶1，故B 错误；当滑动变阻器的滑片向下滑少许时，原线圈电流变大，灯泡a 分担的电压变大，原线圈输入的电压变小，所以灯泡b 亮度变暗，故C 错误；当滑动变阻器的滑片向下滑少许时，原线圈电流变大，输入电压不变，则变压器输入功率变大，故D 正确．18．如图3甲所示，一轻弹簧的两端与质量分别为m1和m2的两物块A、B相连接，并静止在光滑的水平面上．现使A瞬时获得水平向右的速度3 m/s，以此刻为计时起点，两物块的速度随时间变化的规律如图乙所示，下列说法正确的是()图3A．从开始计时到t4这段时间内，物块A、B在t2时刻相距最远B．物块A在t1与t3两个时刻的加速度大小相等C．t2到t3这段时间内弹簧处于压缩状态D．m1∶m2＝1∶4答案 B解析结合图象可知，开始时m1逐渐减速，m2逐渐加速，弹簧被压缩，t1时刻二者速度相等，系统动能最小，势能最大，弹簧被压缩最大，然后弹簧逐渐恢复原长，m2依然加速，m1先减速为零，然后反向加速，t2时刻，弹簧恢复原长状态，由于此时两物块速度相反，因此弹簧的长度将逐渐增大，两物块均减速，t3时刻两物块速度相等，系统动能最小，弹簧最长，因此从t3到t4过程中弹簧由伸长状态恢复原长，故A、C错误；根据v－t图象的斜率表示加速度，可知物块A在t1与t3两个时刻各自的加速度大小相等，故B正确；两物块和弹簧组成的系统动量守恒，选择从开始到t1时刻列方程可知：m1v1＝(m1＋m2)v2，将v1＝3 m/s，v2＝1 m/s 代入得：m1∶m2＝1∶2，故D错误．19．如图4所示，用一根粗细均匀的电阻丝制成形状相同、大小不同的甲、乙两个矩形线框．甲对应边的长度是乙的两倍，二者底边距离匀强磁场上边界高度h相同，磁场方向垂直纸面向里，匀强磁场高度d足够大．不计空气阻力，适当调整高度h，将二者由静止释放，甲将以恒定速度进入匀强磁场中．在矩形线框进入磁场的整个过程中，甲、乙的感应电流分别为I1和I2，通过导体横截面的电量分别为q1和q2，线框产生的热量分别为Q1和Q2，线框所受到的安培力分别是F1和F2，则以下结论中正确的是()图4A．I1＞I2B．q1＝4q2C．Q1＝4Q2D．F1＝2F2答案 CD解析 设甲的宽度为L ，周长为l ，则乙的宽度为L 2，周长为l 2，那么甲的质量是乙质量的两倍，根据电阻R ＝ρl S ，可得R 1R 2＝21，由题意可知甲做匀速运动：m 1g －BI 1L ＝0，感应电动势为：E 1＝BL v 1，感应电流为：I 1＝E 1R 1，联立以上可得进入磁场时：m 1g －B 2L 2v 1R 1＝0，同理对乙有：m 2g －B 2(L 2)2v 2R 2＝m 2a ，联立以上可得a ＝0，说明乙也匀速运动且v 1＝v 2＝2gh ，感应电流为：I ＝BL v R ，结合以上易得I 1＝I 2，故A 错误；电量为q ＝ΔΦR ＝BS R ，可得：q 1q 2＝21，故B 错误；产生的热量为：Q ＝I 2Rt ，由运动学公式可得：t 1t 2＝21，联立以上可得：Q 1Q 2＝41，故C 正确；安培力为：F ＝B 2L 2v R ，根据以上可得：F 1F 2＝21，故D 正确． 20．太阳系中某行星运行的轨道半径为R 0，周期为T 0，天文学家在长期观测中发现，其实际运行的轨道总是存在一些偏离，且周期性地每隔t 0时间发生一次最大的偏离(行星仍然近似做匀速圆周运动)．天文学家认为形成这种现象的原因可能是该行星外侧还存在着一颗未知行星．假设两行星的运行轨道在同一平面内，且绕行方向相同，则这颗未知行星运行轨道的半径R 和周期T 是(认为未知行星近似做匀速圆周运动)( )A ．T ＝t 20t 0－T 0B ．R ＝R 03(t 0t 0－T 0)2C ．T ＝t 0t 0－T 0T 0D ．R ＝R 03(t 0－T 0t 0)2 答案 BC解析 由题意得2πT 0t 0－2πT t 0＝2π，解得未知行星的运行周期T ＝t 0t 0－T 0T 0，故C 正确，A 错误． 由开普勒第三定律有：R 30T 20＝R 3T 2，解得：R ＝R 03(t 0t 0－T 0)2，故B 正确，D 错误．21.如图5所示，在足够长的光滑绝缘水平直线轨道上方的P 点，固定一电荷量为＋Q 的点电荷．一质量为m 、带电荷量为＋q 的物块(可视为质点的检验电荷)，从A 点以初速度v 0沿轨道向右运动，当运动到P 点正下方B 点时速度为v .已知点电荷产生的电场在A 点的电势为φ(取无穷远处电势为零)，P 到B 点的距离为h ，P 、A 连线与水平轨道的夹角为60°，k 为静电力常量，下列说法正确的是( )图5A ．点电荷＋Q 产生的电场在B 点的电场强度大小E ＝kq h 2 B ．物块在A 点时受到轨道的支持力大小为mg ＋3kQq 4h 2C ．物块在A 点的电势能E p A ＝φqD ．点电荷＋Q 产生的电场在B 点的电势φB ＝φ＋m (v 20－v 2)2q答案 CD 解析 点电荷＋Q 产生的电场在B 点的电场强度大小为：E ＝kQ r 2＝k Q h 2，故A 错误；物块受到点电荷的库仑力为：F ＝k Qq r 2，由几何关系可知：r ＝h sin 60°，设物块在A 点时受到轨道的支持力大小为F N ，由平衡条件有：F N －mg －F sin 60°＝0，解得：F N ＝mg ＋33kqQ8h 2，故B 错误；物块在A 点的电势能E p A ＝q φ，则C 正确；设点电荷产生的电场在B 点的电势为φB ，由动能定理有：q (φ－φB )＝12m v 2－12m v 20，解得：φB ＝m (v 20－v 2)2q＋φ，故D 正确．。
2018版高考一轮总复习物理模拟演练 限时规范专题练2
限时规范专题练(二) 动力学问题综合应用时间：45分钟满分：100分一、选择题(本题共10小题，每小题7分，共70分。
其中1～6为单选，7～10为多选)1．如图所示，兴趣小组的同学为了研究竖直运动的电梯中物体的受力情况，在电梯地板上放置了一个压力传感器，将质量为4 kg的物体放在传感器上。
在电梯运动的某段过程中，传感器的示数为44 N。
g取10 m/s2。
对此过程的分析正确的是( ) A．物体受到的重力变大B．物体的加速度大小为1 m/s2C．电梯正在减速上升D．电梯的加速度大小为4 m/s2答案 B解析电梯中的物体处于超重、平衡、失重状态时加速度不同，本身的重力不变，选项A错误；由牛顿第二定律可知F支－mg＝ma，而由牛顿第三定律得F压＝F支＝44 N，解得：a ＝1 m/s2，故选项B正确、选项D错误；加速度向上，运动是加速向上或减速向下，选项C 错误。
2．如图所示，质量为5 kg的物块和小车均处于静止状态，物块与一被水平拉伸的轻弹簧拴接，弹簧的弹力为5 N，若小车以2 m/s2的加速度向右运动后，则(g取10 m/s2)( )A．物块相对小车向左运动B．物块受到的摩擦力减小C．物块受到的摩擦力大小不变D．物块受到的弹簧拉力增大答案 C解析物块开始时受弹力F＝5 N而处于静止状态，说明受到的静摩擦力为5 N，则物块的最大静摩擦力F m≥5 N。
当物块相对于小车向左恰好发生滑动时，向右的加速度a0＝F＋F mm≥2m/s2，所以当小车的加速度a＝2 m/s2时，物块相对小车仍静止，但摩擦力大小不变，方向变为向右，即方向改变，弹簧弹力不变，选项C正确。
3．如图所示，质量均为m的物块a、b之间用竖直轻弹簧相连，系在a上的细线竖直悬挂于固定点O，a、b与竖直粗糙墙壁接触，整个系统处于静止状态。
重力加速度大小为g，则( )A．物块b可能受3个力B．细线中的拉力小于2mgC．剪断细线瞬间b的加速度大小为gD．剪断细线瞬间a的加速度大小为2g答案 D解析物块a、b与墙面之间没有弹力，故虽接触面粗糙但不受摩擦力，所以物块b受重力、弹簧的弹力2个力作用，F弹＝mg，选项A错误；将a、b看成一个系统，整个系统处于静止状态，细线的拉力等于2mg，选项B错误；剪断细线瞬间，由于弹簧的弹力不能突变，所以b所受合力不变，为零，而细线中的弹力突变为0，故b的加速度为零，a的加速度a a＝F弹＋mgm＝mg＋mgm＝2g，选项C错误，选项D正确。
2018版高考物理一轮总复习限时规范专题练3卫星与天体运动问题
限时规范专题练(三) 卫星与天体运动问题时间：45分钟满分：100分一、选择题(本题共10小题，每小题7分，共70分，其中1～6为单选，7～10为多选) 1．[2017·长春质检]据报道一颗来自太阳系外的彗星于2014年10月20日擦火星而过。
如图所示，假设火星绕太阳做匀速圆周运动，轨道半径为r ，周期为T 。
该彗星在穿过太阳系时由于受到太阳的引力，轨道发生弯曲，彗星与火星在圆轨道A 点“擦肩而过”。
已知万有引力常量G ，则( )A ．可计算出火星的质量B ．可计算出彗星经过A 点时受到的引力C ．可计算出彗星经过A 点的速度大小D ．可确定彗星在A 点的速度大于火星绕太阳的速度 答案 D解析 火星绕太阳在圆轨道上运动，根据万有引力提供向心力得G Mm r 2＝m 4π2rT2可得出太阳的质量，无法计算出火星的质量，选项A 错误；因为不知道彗星的质量，所以无法计算出彗星经过A 点时的万有引力，B 错误；由图可知，彗星经过A 点时做离心运动，所以彗星的速度大于圆轨道上的火星的速度，但无法求得彗星的具体速度大小，选项C 错误，D 正确。
2．[2017·成都第七中学月考]近年来，我国的空间技术发展迅猛。
实现目标飞行器成功交会对接便是一项重要的空间技术。
假设有A 、B 两个飞行器实现自动交会对接，对接成功后A 、B 飞行器一起绕地球运行的轨道可视为圆轨道，轨道离地面高度约为119R ，运行周期为T ，引力常量为G ，设地球半径为R ，地面重力加速度为g 。
则( )A ．对接成功后，A 飞行器里的宇航员受到的重力为零B ．对接成功后，A 、B 飞行器的加速度为1920gC ．对接成功后，A 、B 飞行器的线速度为40πR19TD ．地球质量为⎝ ⎛⎭⎪⎫201934π2GTR 2答案 C解析 对接成功后，飞行器里的宇航员受到的重力不为零，靠重力提供向心力，选项A错误；根据G Mm r 2＝ma ，GM ＝gR 2，r ＝2019R ，联立解得a ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫19202g ，故B 错误；飞行器的线速度v＝2πr T ＝40πR 19T ，选项C 正确；根据G Mm r 2＝mr 4π2T 2得，M ＝4π2r 3GT 2＝⎝ ⎛⎭⎪⎫201934π2GT2R 3，选项D 错误。
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限时规范专题练(六) 带电粒子在复合场中运动问题
时间：45分钟 满分：100分
一、选择题(本题共10小题，每小题7分，共70分。其中1～6为单选，7～
10为多选)
1．如图所示，充电后的平行板电容器水平放置，上极板正中有一小孔。一带
电小球从小孔正上方某一高度处由静止开始下落，穿过小孔后未能到达下极板处，
空气阻力忽略不计。下列说法正确的是( )
A.小球一定带正电
B.上极板一定带正电
C.小球受电场力方向一定向上
D.小球最终在两极板间某点静止不动
答案 C
解析 由题意得小球在极板间运动时，速度减小，故加速度方向向上，合力
向上。小球受到重力和电场力，重力方向向下，故电场力方向一定向上，C正确。
无法确定小球的电性和上极板带何种电，A、B错误。小球下落到最低点后还会
向上运动到起点，D错误。
2. 如图所示，空间存在匀强电场，方向竖直向下，从绝缘斜面上的M点沿
水平方向抛出一带电小球，最后小球落在斜面上的N点。已知小球的质量为m、
初速度大小为v0、斜面倾角为θ，电场强度大小未知。则下列说法中正确的是
( )
A.可以判断小球一定带正电荷
B.可以求出小球落到N点时速度的方向
C.可以求出小球由M点落到N点所用时间
D.可以分别求出小球到达N点过程中重力和静电力对小球所做的功
答案 B
解析 小球做类平抛运动，电场力既可能向上也可能向下，故小球带正电、
负电都有可能，A错误；利用平抛运动知识有yx＝vy2tv0t＝tanθ，设速度偏向角为α，
则tanα＝vyv0＝2tanθ，可求出小球落到N点时的速度(包括大小和方向)，B正确；
由于不知道电场力大小，故不能确定小球受到的合力及其加速度，故小球到达N
点的时间不能确定，故C错误；由动能定理可以求出小球到达N点过程中重力和
电场力对小球所做的总功，由于不知道电场力大小，因此不能求出电场力和重力
分别做的功，故D错误。
3．如图所示，在竖直向上的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细绳的一端系
着一个带电小球，另一端固定于O点，小球在竖直平面内做匀速圆周运动，最高
点为a，最低点为b。不计空气阻力，则下列说法正确的是( )
A.小球带负电
B.电场力跟重力平衡
C.小球在从a点运动到b点的过程中，电势能减少
D.小球在运动过程中机械能守恒
答案 B
解析 由于小球在竖直平面内做匀速圆周运动，速率不变化，由动能定理可
知，外力做功为零，绳子拉力不做功，电场力和重力做的总功为零，所以电场力
和重力的合力为零，电场力跟重力平衡，B正确；由于电场力的方向与重力方向
相反，电场方向向上，所以小球带正电，A错误；小球在从a点运动到b点的过
程中，电场力做负功，由功能关系得电势能增加，C错误；在整个运动过程中，
除重力做功外，还有电场力做功，小球在运动过程中机械能不守恒，D错误。
4．空间存在竖直向上的匀强电场，质量为m的带正电的微粒水平射入电场
中，微粒的运动轨迹如图所示，在相等的时间间隔内( )