广东省茂名市电白县电海中学2015届高三上学期月考物理试卷(1月份)
2024-2025学年广东省茂名市电白区电海中学高二(上)月考物理试卷(10月)(选择性)+答案解析
2024-2025学年广东省茂名市电白区电海中学高二（上）月考物理试卷（10月）（选择性）一、单选题：本大题共7小题，共28分。
1.如图所示，兴趣小组在参观科技馆中的“静电碰碰球”，他们转动手柄使玻璃罩中间的大金属球带上正电，周围不带电的小金属球碰上大金属球后会被弹开，下列分析正确的是()A.人在转动手柄的过程中创造了电荷B.大金属球带正电是因为它有多余的电子C.小金属球不带电是因为它内部没有电子D.小金属球被弹开是因为同种电荷相互排斥2.公元1世纪，我国学者王充在《论衡》一书中写下“顿牟掇芥”。
顿牟即玳瑁的甲壳，芥指芥菜子，统喻干草、纸等的微小屑末，本词意指带有静电的物体能够吸引轻小物体的现象。
某同学模拟该现象，用绝缘杆连接带等量异种电荷的小球模拟电中性物体，模拟体用绝缘探针支撑，让带电体靠近两小球，当小球静止时下列说法正确的是()A.当带电体带正电时，带负电的小球靠近带电体，模拟体整体所受静电力指向带电体B.当带电体带正电时，带正电的小球靠近带电体，模拟体整体所受静电力背离带电体C.当带电体带负电时，带负电的小球靠近带电体，模拟体整体所受静电力指向带电体D.当带电体带负电时，带正电的小球靠近带电体，模拟体整体所受静电力背离带电体3.图甲为某厂商生产的平行板电容式电子体重秤，其内部电路简化图如图乙所示，称重时，人站在体重秤面板上，使平行板上层膜片电极在压力作用下向下移动，则下列说法正确的是()A.上层膜片下移过程中，电流表有a到b的电流B.电容器的电容减小，上下极板间的电压减小C.电容器的电容增大，所带电荷量增大D.上层膜片稳定后，平行板电容器上下极板均不带电荷4.反天刀是生活在尼罗河的一种鱼类，沿着它身体长度的方向分布着电器官，这些器官能在鱼周围产生电场，如图为反天刀周围的电场线分布示意图，A、B、C为电场中的点，下列说法正确的是()A.尾部带正电B.A点的电场强度方向水平向左C.A点电场强度小于C点电场强度D.A点电场强度大于B点电场强度5.平时我们所处的地球表面，实际上存在场强大小为的电场，可将其视为匀强电场，在地面立一金属杆后空间中的等势面如图所示。
学科网2024年高三1月大联考物理试题(广东卷)
学科网2024年高三1月大联考物理试题（广东卷）一、单项选择题（本题包含8小题，每小题4分，共32分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）(共8题)第(1)题如图甲所示为某电动牙刷的无线充电示意图，送电线圈以由a到b为电流的正方向，当送电线圈通过如图乙所示的电流时，在时间内（）A．受电线图中产生的感应电流增大且方向由d到cB．受电线圈中产生的感应电流减小且方向由d到cC．受电线圈中产生的感应电流增大且方向由c到dD．受电线圈中产生的感应电流减小且方向由c到d第(2)题如图所示，质量均为m的滑块A、B，A不带电，B带正电，电荷量为q，A套在固定竖直杆上，B放在绝缘水平面上并靠近竖直杆，A、B间通过铰链及长度为L的刚性绝缘轻杆连接且静止。
现施加水平向右电场强度为E的匀强电场，B开始沿水平面向右运动，已知A、B均视为质点，重力加速度为g，不计一切摩擦。
则在A下滑的过程中，下列说法正确的是（）A．A、B组成的系统机械能守恒B．A运动到最低点时，轻杆对A的拉力为0C．A的机械能最小时，B的加速度大小为D．A运动到最低点时，滑块A速度大小为第(3)题如图所示，长木板AB倾斜放置，板面与水平方向的夹角为θ，在板的A端上方P点处，以大小为v0的水平初速度向右抛出一个小球，结果小球恰好能垂直打在板面上；现让板绕A端顺时针转过一个角度到图上虚线的位置，要让球从P点水平抛出后仍能垂直打在板面上，则抛出的水平速度v（不计空气阻力）（）A．一定大于v0B．一定小于v0C．可能等于v0D．大于v0、小于v0、等于v0都有可能第(4)题如图所示，某同学利用绝缘弧形细条摆成的模型，若其左右分别均匀分布着等量异种电荷。
a、b、c、d四点均位于对称轴上，且它们与中心点的距离均相等，则下列说法正确的是（ ）A．a、c两点的电势相等B．b、d两点的场强相等C．两点间电势差大于两点间电势差D．带正电的试探电荷从a点到b点电势能不变第(5)题如图所示，平板车静止在水平面上，物块放在平板车的右端，现让平板车以a1=6m/s2的加速度做匀加速运动，运动2s后以2s末的速度做匀速直线运动，最终物块相对于平板车静止在平板车的左端，已知物块与平板车上表面的动摩擦因数为0.4，重力加速度g=10m/s2，不计物块的大小，则平板车的长度为（）A．4m B．5m C．6m D．7m第(6)题哈尔滨冰雪大世界的雪花摩天轮被称为“最北最美”摩天轮，乘坐摩天轮到高处，松花江南北两岸风光一览无余，深受游客喜爱，成为哈尔滨的新地标。
2015年广东省茂名市电白一中高考物理热身试卷和答案(5月份)
2015年广东省茂名市电白一中高考物理热身试卷（5月份）一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分．共64分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分．1．（4分）如图，运动员的双手握紧竖直放置的圆形器械（器械固定不动），运动员的两只手分别抓住A、B两点不动，若手臂OA，OB的拉力分别为F A和F B，下列表述正确的是（）A．F A一定小于运动员的重力G B．F A与F B的合力斜向左上C．F A和F B的大小相等D．手臂OB受到的拉力最大2．（4分）“北斗”卫星导航定位系统将由5颗静止轨道卫星（同步卫星）和30颗非静止轨道卫星组成，30颗非静止轨道卫星中有27颗是中轨道卫星，中轨道卫星的高度约为21500km，同步卫星的高度约为36000km，下列说法正确的是（）A．同步卫星的向心加速度比中轨道卫星向心加速度大B．同步卫星和中轨道卫星的线速度均大于第一宇宙速度C．中轨道卫星的周期比同步卫星周期小D．赤道上随地球自转的物体向心加速度比同步卫星向心加速度大3．（4分）一正弦交流电的电压随时间变化规律如图，则该交流电（）A．电压瞬时值表达式为u=100sin（25t）VB．周期为0.02sC．电压有效值为100D．频率为25 Hz4．（4分）静电喷涂时，喷枪喷出的涂料微料带电，在带正电被喷工件的静电作用下，向被喷工件运动，最后吸附在其表面．在涂料微粒向工件靠近的过程中（）A．涂料微粒带正电 B．离工件越近所受库化力越小C．电场力对涂料微料做负功D．涂料微粒的电势能减小二、双项选择题：本大题共5小题，每小题6分，共54分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分．5．（6分）如图所示是乒乓球发射器示意图，发射口距桌面高度为0.45m，假定乒乓球水平射出，落在桌面上与发射口水平距离为2.4m的P点，飞行过程中未触网，不计空气阻力，取g=10m/s2，则（）A．球下落的加速度逐渐变大B．球从发射口到桌面的时间为0.3sC．球从发射口射出后动能不变D．球从发射口射出的速率为8m/s6．（6分）如图，汽车在拱形桥顶点A匀速率运动到桥的B点．下列说法正确的是（）A．合外力对汽车做的功为零B．阻力做的功与牵引力做的功相等C．重力的瞬时功率随时间变化D．汽车对坡顶A的压力等于其重力7．（6分）热水瓶中的热水未灌满就盖紧瓶塞，第二天，你会感到将瓶塞拔出来很吃力．下列有关瓶内气体（视为理想气体）说法正确的是（）A．温度降低，压强减小B．体积减小，压强增大C．对外做功，内能减小D．释放热量，内能减小8．（6分）关于原子和原子核，下列说法正确的是（）A．原子核的半衰期与环境的温度、压强有关B．H+H→He+n是裂变C．U→Th+He是重核裂变D．目前核电站的能量来自重核的裂变9．（6分）如图所示，在一固定水平放置的闭合导体圆环上方，有一条形磁铁，从离地面高h处，由静止开始下落，最后落在水平地面上．磁铁下落过程中始终保持竖直方向，并从圆环中心穿过圆环，而不与圆环接触．若不计空气阻力，重力加速度为g，下列说法中正确的是（）A．在磁铁下落的整个过程中，圆环中的感应电流方向先逆时针后顺时针（从上向下看圆环）B．磁铁在整个下落过程中，所受线圈对它的作用力先竖直向上后竖直向下C．磁铁在整个下落过程中，它的机械能不变D．磁铁落地时的速率一定小于三、非选择题（按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）．10．（8分）如图1所示，一端带有定滑轮的长木板上固定有甲﹑乙两个光电门，与之相连的计时器可以显示带有遮光片的小车在其间的运动时间，与跨过定滑轮的轻质细绳相连的力传感器能显示挂钩处所受的拉力．不计空气阻力及一切摩擦．（1）先用游标卡尺测遮光片的宽度如图2所示，读出遮光片的宽度d= mm．．（2）在探究“合外力一定时，加速度与质量的关系”时，要使力传感器示数等于小车所受合外力，实验前必要的操作是；此实验是否需要满足小车质量远大于传感器、沙和沙桶总质量（是、否）．（3）实验时，先测出小车质量m，再让小车从靠近光电门甲处由静止开始运动，读出小车在两光电门之间的运动时间t，改变小车质量m，测得多组m﹑t的值，建立合适的坐标系，描点作出图线．下列能直观得出“合外力一定时，物体的加速度与质量成反比”的结论的图线是图3中的．11．（10分）图1是利用两个电压表V1和V2测量干电池电动势E和内阻r的电路原理图．图中S为开关，R为滑动变阻器，固定电阻阻值为R0，V1为理想电压表．V2的电阻比R0大很多．（1）按电路原理图在图2虚线框内各实物图之间画出连线．（2）在闭合开关S前，将滑动变阻器的滑片移动至（填“左端”、“中央”或“右端”）．（3）闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片至某一位置，读出电压表V1和V2的示数U1和U2．多次改变滑片的位置，得到多组实验数据．在坐标纸上以U1为纵坐标、U2为横坐标画出所对应的U1﹣﹣﹣U2曲线．求出直线的斜率的绝对值为k 和在纵轴上的截距为b．（4）由曲线可求出电源的电动势E=，内阻r=．（用k、b、R0表示）由于电压表V2有分流作用，使测得的电源内阻比真实值．（填”大”或”小”）12．（18分）如图所示，M、N间有一电压可以从零到某一最大值U m间调节，静止的带电粒子带电量大小为q，质量为m（不计重力），从M经电场加速后，垂直N板从小孔O进入右侧的匀强磁场区域，磁感应强度大小为B，CD为磁场边界上的荧光板，它与N板的夹角为θ=60°，孔O到板的下端C的距离为h，当M、N之间电压取最大值U m时，粒子刚好垂直打在CD板上并发出荧光．求：（1）MN间电压的最大值U m（2）粒子在磁场中运动的最长时间t．（3）CD板上能发光区域的长度X．13．（18分）如图所示，一质量为m的小球C用轻绳悬挂在O点．小球下方有一质量为2m的平板车B静止在光滑水平地面上，小球的位置比车板略高．一质量为m的物块A以大小为v0的初速度向左滑上平板车，此时A、C间的距离为d．一段时间后，物块A与小球C发生碰撞，碰撞时两者的速度互换，且碰撞时间极短．已知物块与平板车间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．（1）若A碰C之前物块与平板车已达共同速度，要使碰后小球能绕O点做完整的圆周运动，轻绳的长度l应满足什么条件？（2）若A碰C之前物块与平板车已达共同速度，求d和v0之间满足的关系和碰后物块与平板车最后共同的速度v．（3）若A碰C之前物块与平板车未达共同速度，求碰后物块与平板车最后共同的速度v与v0和d的关系．2015年广东省茂名市电白一中高考物理热身试卷（5月份）参考答案与试题解析一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分．共64分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分．1．（4分）如图，运动员的双手握紧竖直放置的圆形器械（器械固定不动），运动员的两只手分别抓住A、B两点不动，若手臂OA，OB的拉力分别为F A和F B，下列表述正确的是（）A．F A一定小于运动员的重力G B．F A与F B的合力斜向左上C．F A和F B的大小相等D．手臂OB受到的拉力最大【解答】解：A、以人为研究对象，分析受力情况如图，由图看出，F A不一定小于重力G．故A错误．B、人保持静止状态，则知F A与F B的合力与重力G大小相等、方向相反，保持不变．故B错误．CD、由图看出F A的大小小于F B的大小．故C错误，D正确．故选：D2．（4分）“北斗”卫星导航定位系统将由5颗静止轨道卫星（同步卫星）和30颗非静止轨道卫星组成，30颗非静止轨道卫星中有27颗是中轨道卫星，中轨道卫星的高度约为21500km，同步卫星的高度约为36000km，下列说法正确的是（）A．同步卫星的向心加速度比中轨道卫星向心加速度大B．同步卫星和中轨道卫星的线速度均大于第一宇宙速度C．中轨道卫星的周期比同步卫星周期小D．赤道上随地球自转的物体向心加速度比同步卫星向心加速度大【解答】解：A、根据万有引力提供向心力G=ma，得a=，由此可知，半径越大，加速度越小，同步卫星的轨道半径大于中轨道卫星的轨道半径，所以同步卫星的加速度比中轨道卫星的加速度小，故A错误．B、根据万有引力提供向心力G=m，得v=，由此可知，半径越大，速度越小，半径越小，速度越大，当半径最小等于地球半径时，速度最大等于第一宇宙速度，由于一般轨道卫星的轨道高度和同步卫星的轨道高度远大于地球半径，所以一般轨道卫星的线速度和同步卫星的线速度均小于第一宇宙速度．故B 错误．C、根据万有引力提供向心力G=m r，得T=2π，由此可知，轨道半径越大，周期越大，同步卫星的轨道半径大于中轨道卫星的轨道半径，所以同步卫星的周期比中轨道卫星的周期大，故C正确．D、赤道上随地球自转的物体向心加速度为a1=，同步卫星的向心加速度为a2=，周期相同，由表达式可知，故赤道上随地球自转的物体向心加速度比同步卫星向心加速度小．故D错误．故选：C．3．（4分）一正弦交流电的电压随时间变化规律如图，则该交流电（）A．电压瞬时值表达式为u=100sin（25t）VB．周期为0.02sC．电压有效值为100D．频率为25 Hz【解答】解：B、周期为T=4×10﹣2s，故B错误；D、频率与周期互为倒数，故频率f=，故D正确；C、电压的峰值为100V，故有效值为，故C错误；A、瞬时值为：V，故A错误；故选D．4．（4分）静电喷涂时，喷枪喷出的涂料微料带电，在带正电被喷工件的静电作用下，向被喷工件运动，最后吸附在其表面．在涂料微粒向工件靠近的过程中（）A．涂料微粒带正电 B．离工件越近所受库化力越小C．电场力对涂料微料做负功D．涂料微粒的电势能减小【解答】解：A、由题目图知，工件带正电，则在涂料微粒向工件靠近的过程中，涂料微粒带负电．故A错误．B、离工件越近，根据库仑定律得知，涂料微粒所受库仑力越大．故B错误．C、D涂料微粒所受的电场力方向向左，其位移方向大体向左，则电场力对涂料微粒做正功，其电势能减小．故C错误，D正确．故选：D．二、双项选择题：本大题共5小题，每小题6分，共54分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分．5．（6分）如图所示是乒乓球发射器示意图，发射口距桌面高度为0.45m，假定乒乓球水平射出，落在桌面上与发射口水平距离为2.4m的P点，飞行过程中未触网，不计空气阻力，取g=10m/s2，则（）A．球下落的加速度逐渐变大B．球从发射口到桌面的时间为0.3sC．球从发射口射出后动能不变D．球从发射口射出的速率为8m/s【解答】解：A、乒乓球水平射出后做平抛运动，只受重力作用，加速度为g，不发生改变，故A错误；B、根据h=得：t==s，故B正确；C、乒乓球水平射出后做平抛运动，只受重力作用，加速度为g，速度变大，所以动能变大，故C错误；D、水平方向做运动运动，=8m/s，故D正确．故选BD6．（6分）如图，汽车在拱形桥顶点A匀速率运动到桥的B点．下列说法正确的是（）A．合外力对汽车做的功为零B．阻力做的功与牵引力做的功相等C．重力的瞬时功率随时间变化D．汽车对坡顶A的压力等于其重力【解答】解：汽车做匀速圆周运动，动能不变，合力对汽车做功为零，故A正确；B、在运动过程中，牵引力与重力对汽车做正功，阻力做负功，合外力的功为零，则阻力的功与牵引力和重力的功相等，故B错误；C、重力方向与速度方向间的夹角α不断变化，由P=mgvcosα可知重力的瞬时功率随时间变化，故C正确；D、在A点，由牛顿第二定律得：mg﹣F=m，F=mg﹣m，由牛顿第三定律得，汽车对桥顶的压力：F′=F=mg﹣m＜mg，故D错误；故选AC．7．（6分）热水瓶中的热水未灌满就盖紧瓶塞，第二天，你会感到将瓶塞拔出来很吃力．下列有关瓶内气体（视为理想气体）说法正确的是（）A．温度降低，压强减小B．体积减小，压强增大C．对外做功，内能减小D．释放热量，内能减小【解答】解：A、B、D、盖紧瓶塞，保温瓶中的热水过一段时间冷却后，瓶内气体温度降低，瓶内的气体发生等容变化，根据查理定律得知，瓶内气压减小，使得外界的大气压大于瓶内气压，故瓶塞就被外界大气压紧紧地压在了瓶口上，很难拨出．故A正确，B错误，D正确；C、盖紧瓶塞，保温瓶中的热水过一段时间冷却后，瓶内气体温度降低，瓶内的气体发生等容变化，气体没有对外做功．故C错误故选：AD8．（6分）关于原子和原子核，下列说法正确的是（）A．原子核的半衰期与环境的温度、压强有关B．H+H→He+n是裂变C．U→Th+He是重核裂变D．目前核电站的能量来自重核的裂变【解答】解：A、原子核的半衰期与原子核所处的物理环境无关，故A错误．B、H+H→He+n是聚变，故B错误．C、U→Th+He是α衰变，故C错误．D、目前核电站的能量来自重核的裂变，故D正确．故选：D．9．（6分）如图所示，在一固定水平放置的闭合导体圆环上方，有一条形磁铁，从离地面高h处，由静止开始下落，最后落在水平地面上．磁铁下落过程中始终保持竖直方向，并从圆环中心穿过圆环，而不与圆环接触．若不计空气阻力，重力加速度为g，下列说法中正确的是（）A．在磁铁下落的整个过程中，圆环中的感应电流方向先逆时针后顺时针（从上向下看圆环）B．磁铁在整个下落过程中，所受线圈对它的作用力先竖直向上后竖直向下C．磁铁在整个下落过程中，它的机械能不变D．磁铁落地时的速率一定小于【解答】解：A、由图示可知，在磁铁下落过程中，穿过圆环的磁场方向向下，在磁铁靠近圆环时，穿过圆环的磁通量变大，在磁铁远离圆环时穿过圆环的磁通量减小，由楞次定律可知，从上向下看，圆环中的感应电流先沿逆时针方向，后沿顺时针方向，故A正确；B、由楞次定律可知，感应电流总是阻碍磁铁间的相对运动，在磁铁靠近线圈的过程中为阻碍磁铁的靠近，线圈对磁铁的作用力竖直向上，在磁铁穿过线圈远离线圈的过程中，为阻碍磁铁的远离，线圈对磁铁的作用力竖直向上，则在整个过程中，线圈对磁铁的作用力始终竖直向上，故B错误；C、在磁铁下落过程中，线圈中产生感应电流，线圈中有电能产生，磁铁在整个下落过程中，磁铁的机械能转化为电能，由能量守恒定律可知，磁铁的机械能减少，故C错误；D、磁铁做自由落体运动时，v2=2gh，磁铁落地时的速度v=，由于磁铁下落时能量有损失，磁铁落地速度小于，故D正确；故选：AD．三、非选择题（按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）．10．（8分）如图1所示，一端带有定滑轮的长木板上固定有甲﹑乙两个光电门，与之相连的计时器可以显示带有遮光片的小车在其间的运动时间，与跨过定滑轮的轻质细绳相连的力传感器能显示挂钩处所受的拉力．不计空气阻力及一切摩擦．（1）先用游标卡尺测遮光片的宽度如图2所示，读出遮光片的宽度d=9.30 mm．．（2）在探究“合外力一定时，加速度与质量的关系”时，要使力传感器示数等于小车所受合外力，实验前必要的操作是平衡摩擦力；此实验是否需要满足小车质量远大于传感器、沙和沙桶总质量否（是、否）．（3）实验时，先测出小车质量m，再让小车从靠近光电门甲处由静止开始运动，读出小车在两光电门之间的运动时间t，改变小车质量m，测得多组m﹑t的值，建立合适的坐标系，描点作出图线．下列能直观得出“合外力一定时，物体的加速度与质量成反比”的结论的图线是图3中的C．【解答】解：（1）由图示游标卡尺可知，遮光片的宽度：d=9mm+6×0.05mm=9.30mm；（2）要使力传感器示数等于小车所受合外力，实验前必要的操作是平衡摩擦力；小车受到的拉力可以由测力计测出，该实验不需要满足小车质量远大于传感器、沙和沙桶总质量．（3）小车从靠近甲光电门处由静止开始做匀加速运动，位移x=at2，加速度：a=，位移x不变，a与t2成反比，若t2与m成正比，则合外力一定时，加速度与质量成反比．故C正确，故选C；故答案为：（1）9.30；（2）平衡摩擦力；否；（3）C．11．（10分）图1是利用两个电压表V1和V2测量干电池电动势E和内阻r的电路原理图．图中S为开关，R为滑动变阻器，固定电阻阻值为R0，V1为理想电压表．V2的电阻比R0大很多．（1）按电路原理图在图2虚线框内各实物图之间画出连线．（2）在闭合开关S前，将滑动变阻器的滑片移动至左端（填“左端”、“中央”或“右端”）．（3）闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片至某一位置，读出电压表V1和V2的示数U1和U2．多次改变滑片的位置，得到多组实验数据．在坐标纸上以U1为纵坐标、U2为横坐标画出所对应的U1﹣﹣﹣U2曲线．求出直线的斜率的绝对值为k 和在纵轴上的截距为b．（4）由曲线可求出电源的电动势E=b，内阻r=kR0．（用k、b、R0表示）由于电压表V2有分流作用，使测得的电源内阻比真实值小．（填”大”或”小”）【解答】解：（1）根据原理图可得出对应的实物图如图所示；（2）为保证安全，开始时滑动变阻器应接到最大值，故应接最左端；（4）根据闭合电路欧姆定律可知，U1=E﹣r则可知，图象与纵轴的交点为电源的电动势，故E=b；图象的斜率k=故r=kR0；由于电压表V2的分流作用，使测量出的电流偏小，本实验方法可视为相对电源的电流表外接法；所以测得的内阻小于真实值；故答案为：（1）如图所示；（2）最左端；（4）b；kR0；小12．（18分）如图所示，M、N间有一电压可以从零到某一最大值U m间调节，静止的带电粒子带电量大小为q，质量为m（不计重力），从M经电场加速后，垂直N板从小孔O进入右侧的匀强磁场区域，磁感应强度大小为B，CD为磁场边界上的荧光板，它与N板的夹角为θ=60°，孔O到板的下端C的距离为h，当M、N之间电压取最大值U m时，粒子刚好垂直打在CD板上并发出荧光．求：（1）MN间电压的最大值U m（2）粒子在磁场中运动的最长时间t．（3）CD板上能发光区域的长度X．【解答】解：（1）M、N两板间电压取最大值时，粒子恰垂直打在CD板上，所以圆心在C点，由几何知识可知，粒子在磁场中做圆周运动的轨道半径：r=h，粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m，粒子在电场中加速，由动能定理得：qU m=mv2﹣0，解得：U m=；（2）打在NC间的粒子在磁场中运动的时间最长，均为半周期：粒子做圆周运动的周期：T=，粒子在磁场中运动的最长时间：t m=t=；（3）设轨迹与CD板相切于K点，此时粒子轨道半径为r′，在△AKC中：sin60°=，解得：r′=（2﹣3）h，即KC长等于KC==（2﹣）h，所以CD板上可能被粒子打中的区域即为HK的长度，x=HK=r﹣KC=h﹣（2﹣）h=（﹣1）h；答：（1）MN间电压的最大值U m为；（2）粒子在磁场中运动的最长时间t为．（3）CD板上能发光区域的长度X为（﹣1）h．13．（18分）如图所示，一质量为m的小球C用轻绳悬挂在O点．小球下方有一质量为2m的平板车B静止在光滑水平地面上，小球的位置比车板略高．一质量为m的物块A以大小为v0的初速度向左滑上平板车，此时A、C间的距离为d．一段时间后，物块A与小球C发生碰撞，碰撞时两者的速度互换，且碰撞时间极短．已知物块与平板车间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．（1）若A碰C之前物块与平板车已达共同速度，要使碰后小球能绕O点做完整的圆周运动，轻绳的长度l应满足什么条件？（2）若A碰C之前物块与平板车已达共同速度，求d和v0之间满足的关系和碰后物块与平板车最后共同的速度v．（3）若A碰C之前物块与平板车未达共同速度，求碰后物块与平板车最后共同的速度v与v0和d的关系．【解答】解：（1）A碰C前与平板车速度达到相等，由动量守恒定律得mv0=（m+2m）v′A碰C后，C以速度v′开始做完整的圆周运动，由机械能守恒定律得mv′2=mg•2l+mv″2小球经过最高点时，有mg≤解得l≤（2）A碰C前与平板车速度达到相等，设整个过程A的位移是x，由动能定理得：μmgx=m（﹣v′2）将v′=代入解得x=满足的条件是d≥A碰C后，对A、B组成的系统由动量守恒定律得2mv′=（m+2m）v解得物块与平板车的共同速度为v=（3）A碰C前与平板车速度未达到相等，在这个过程中A一直做减速运动，由动能定理得μmgd=m（﹣）在A与C碰前、后，对A、B组成的系统由动量守恒定律得mv0=mv A+2mv B2mv B=（m+2m）v解得物块与平板车的共同速度为v=（v0﹣）方向水平向左相应的条件是d＜答：（1）若A碰C之前物块与平板车已达共同速度，要使碰后小球能绕O点做完整的圆周运动，轻绳的长度l应满足l≤．（2）若A碰C之前物块与平板车已达共同速度，d和v0之间满足的关系是d≥，碰后物块与平板车最后共同的速度v=．（3）若A碰C之前物块与平板车未达共同速度，碰后物块与平板车最后共同的速度v=（v0﹣）方向水平向左，相应的条件是d＜．。
2023年广东省茂名市电白区电海中学高考物理一模试卷(二)+答案解析(附后)
2023年广东省茂名市电白区电海中学高考物理一模试卷（二）1. 某同学在周末自制的一辆电动小车如图所示。
接通电源，小车沿直线加速前进时( )A. 小车的惯性越来越大B. 电机消耗的电能全部转化为车的机械能C. 空气对小车的作用力大小等于小车对空气的作用力大小D. 小车受到的合外力方向与小车速度变化量的方向相反2. 如图，某同学将乒乓球置于球拍中心，并推动乒乓球沿水平直线向前做变速运动，在运动过程中，球与球拍保持相对静止．忽略空气对乒乓球的影响，则( )A. 乒乓球受到的合外力为零B. 乒乓球受到沿水平方向的合外力C. 球拍对乒乓球的作用力为零D. 球拍对乒乓球作用力的方向竖直向上3. 如图所示，投壶是古代士大夫宴饮时的一种投掷游戏，也是一种礼仪。
其规则是：在离壶一定距离处将箭水平抛出，箭若落至壶内则为成功。
某次投壶游戏中，箭落至图中A点，为使下次投中，游戏者可以( )A. 仅增大抛出速度B. 仅增大抛出高度C. 同时增大抛出速度和高度D. 同时减小抛出速度和高度4. 2022年7月24日，中国空间站问天实验舱发射成功。
中国空间站组建完成后，将从空间站中释放伴随卫星。
如图所示，空间站绕地球运行轨道为圆轨道，伴随卫星绕地球运行轨道为接近圆的椭圆轨道，二者位于同一轨道平面内，P、Q分别为伴随卫星轨道的远地点和近地点，伴随卫星在P处时位于空间站正上方，P、Q两点与空间站轨道的高度差相等，仅考虑地球的引力作用。
则( )A. 当伴随卫星运行到P点时，速度比空间站的大B. 当伴随卫星运行到Q点时，加速度比空间站的小C. 经过相同时间，伴随卫星、空间站分别与地心的连线扫过的面积相等D. 空间站绕地球转过一周的过程，以空间站为参考系，伴随卫星绕空间站也转过一周5. 波源按照的规律振动，时刻在介质中形成的波形图如图，由此可知该波在5s时间内传播的距离为( )A. 10mB. 8mC. 5mD. 2m6. 如图为氢原子能级示意图的一部分，已知当氢原子吸收能量大于或等于其所在能级与能级的能级差时，氢原子将电离，吸收的多余能量将转化为电离的电子的动能，相反氢离子俘获电子时，可类似看为电离过程的“相反过程”。
高三物理月考试题及答案-广东中山一中等七校2015届高三上学期第二次联考试卷
2014-2015学年广东省中山一中等七校高三（上）第二次联考物理试卷一、本试卷分单项选择题、双项选择题和非选择题三个部分．满分16分．考试时间150分钟．1．（4分）关于平抛运动，下列说法不正确的是（）A．是匀变速曲线运动B．是变加速曲线运动C．任意两段时间内速度变化量的方向相同D．任意相等时间内的速度变化量相等2．（4分）如图所示，A是倾角为θ的质量为M的斜面体，B是质量为m的截面为直角三角形的物块，物块B上表面水平．物块B在一水平推力F的作用下沿斜面匀速上升，斜面体静止不动．设重力加速度为g，则下列说法中正确的是（）A．地面对斜面体A无摩擦力B．B对A的压力大小为F N=mgcosθC．A对地面的压力大小为MgD．B对A的作用力大小为3．（4分）一台小型发电机产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图甲所示．已知发电机线圈内阻为5.0Ω，现外接一只电阻为105.0Ω的灯泡，如图乙所示，则（）A．电路中的电流方向每秒钟改变50次B．电压表V的示数为220 VC．灯泡实际消耗的功率为440WD．发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为20J4．（4分）如图所示，Ⅰ和Ⅱ是一对异名磁极，ab为放在其间的金属棒．ab和cd用导线连成一个闭合回路．当ab棒向左运动时，cd导线受到向下的磁场力．则有（）A．由此可知d电势高于c电势B．由此可知Ⅰ是S极C．由此可知Ⅰ是N极D．当ab棒向左运动时，ab导线受到向左的磁场力二、双项选择题（本题包括9小题，每小题6分，共54分．每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全选对得6分，只选1个且正确得3分，错选、不选得0分）5．（6分）某同学在一次实验中，利用传感器与计算机结合，得到运动玩具小车的速度﹣时间图象如图所示，由此图象可知（）A．5s时的加速度大于15s时的加速度B．12s末小车的速度最大C．12s末小车距离出发点最远D．小车前10s内的平均速度比后10s内的小6．（6分）质量为m的小球由轻绳a、b分别系于一轻质木架上的A和C点，绳长分别为l a、l b，如图所示．当轻杆绕轴BC以角速度ω匀速转动时，小球在水平面内做匀速圆周运动，绳a在竖直方向，绳b在水平方向，当小球运动到图示位置时，绳b被烧断的同时轻杆停止转动，则（）A．小球仍在水平面内做匀速圆周运动B．在绳b被烧断瞬间，a绳中张力突然增大C．若角速度ω较小，小球在垂直于平面ABC的竖直平面内摆动D．绳b未被烧断时，绳a的拉力大于mg，绳b的拉力为mω2l b7．（6分）“嫦娥一号”探月卫星沿地月转移轨道直奔月球，在距月球表面200km的P点进行第一次变轨后被月球捕获，先进入椭圆轨道Ⅰ绕月飞行，如图所示．之后，卫星在P点又经过两次变轨，最后在距月球表面200km的圆形轨道Ⅲ上绕月球做匀速圆周运动．对此，下列说法正确的是（）A．卫星在轨道Ⅲ上运动的速度大于月球的第一宇宙速度B．卫星在轨道Ⅲ上运动周期比在轨道Ⅰ上短C．卫星在轨道Ⅲ上运动到P点的加速度大于沿轨道Ⅰ运动到P点的加速度D．Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三种轨道运行相比较，卫星在轨道Ⅲ上运行的机械能最小8．（6分）如图所示，点电荷Q固定，虚线是带电量为q的微粒的运动轨迹，微粒的重力不计，a、b是轨迹上的两个点，b离Q较近，下列判断正确的是（）A．Q一定是带正电荷，q一定是带负电荷B．不管Q带什么性质的电荷，a点的场强一定比b点的小C．微粒通过a、b两点时，加速度方向都是指向QD．微粒通过a时的速率比通过b时的速率大9．（6分）如图所示，长为L的长木板水平放置，在木板的A端放置一个质量为m的小物块，现缓慢地抬高A端，使木板以左端为轴转动，当木板转到与水平面的夹角为α时小物块开始滑动，此时停止转动木板，小物块滑到底端的速度为v，则在整个过程中，下列说法正确的是（）A．木板对小物块做功为mv2B．摩擦力对小物块做功为mgLsinαC．支持力对小物块做不做功D．滑动摩擦力对小物块做功为mv2﹣mgLsinα三．实验题（每空3分，共18分）10．（9分）现有一合金制成的圆柱体，为测量该合金的电阻率，现用伏安法测圆柱体两端之间的电阻，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径．螺旋测微器的示数如图（a）和所示．（1）由上图读得圆柱体的直径为mm．（2）在用多用电表粗测某段金属丝电阻时，该兴趣小组首先选用“×1”欧姆挡，其阻值如图（b）中指针所示，则R x的阻值大约是Ω；（3）若流经圆柱体的电流为I，圆柱体两端之间的电压为U，圆柱体的直径和长度分别为D、L，测得D、L、I、U表示的电阻率的关系式为ρ=．11．（9分）现要验证“当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合外力成正比”这一物理规律．给定的器材如下：一倾角可以调节的长斜面（如图）、小车、计时器一个、米尺．请填入适当的公式或文字，完善以下实验步骤（不考虑摩擦力的影响）：①小车自斜面上方一固定点A1从静止开始下滑至斜面底端A2，记下所用的时间t②用米尺测量A1与A2之间的距离s，则小车的加速度a=．③用米尺测量A1相对于A2的高h．设小车所受重力为mg，则小车所受的合外力F=．④改变，重复上述测量．⑤以h为横坐标，为纵坐标，根据实验数据作图．如能得到一条过原点的直线，则可以验证“当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合外力成正比”这一规律．四、计算题（本题包括2小题，共36分，解答题应写出必要的文字说明、方程和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）12．（18分）如图所示，ABCD是由三部分光滑轨道平滑连接在一起组成的，AB为水平轨道，BCD是半径为R的半圆弧轨道，R=0.5m．质量为M=0.99kg的小物块，静止在AB轨道上，一颗质量为m=0.01kg子弹水平射入物块但未穿出，物块与子弹一起运动，恰能贴着轨道内侧通过最高点从D点飞出．取重力加速度g=10m/s2，求：（1）物块与子弹一起刚滑上圆弧轨道B点的速度；（2）子弹击中物块前的速度；（3）系统损失的机械能．13．（18分）如图所示，两平行金属板E、F之间电压为U，两足够长的平行边界MN、PQ 区域内，有垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度为B．一质量为m、带电量为+q的粒子（不计重力），由E板中央处静止释放，经F板上的小孔射出后，垂直进入磁场，且进入磁场时与边界MN成60°角，最终粒子从边界MN离开磁场．求：（1）粒子在磁场中做圆周运动的半径r；（2）两边界MN、PQ的最小距离d；（3）粒子在磁场中运动的时间t．2014-2015学年广东省中山一中等七校高三（上）第二次联考物理试卷参考答案与试题解析一、本试卷分单项选择题、双项选择题和非选择题三个部分．满分16分．考试时间150分钟．1．（4分）关于平抛运动，下列说法不正确的是（）A．是匀变速曲线运动B．是变加速曲线运动C．任意两段时间内速度变化量的方向相同D．任意相等时间内的速度变化量相等考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动是只在重力的作用下，水平抛出的物体做的运动，所以平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动．解答：解：平抛运动的物体只受重力的作用，加速度是重力加速度，所以平抛运动为匀变速曲线运动，所以A正确，B错误；C、D因为加速度不变，相等时间内的速度变化量相同，速度的变化率相等．故CD正确，本题选错误的，故选：B．点评：本题考查的就是学生对平抛运动的理解，属于基本内容，比较简单．2．（4分）如图所示，A是倾角为θ的质量为M的斜面体，B是质量为m的截面为直角三角形的物块，物块B上表面水平．物块B在一水平推力F的作用下沿斜面匀速上升，斜面体静止不动．设重力加速度为g，则下列说法中正确的是（）A．地面对斜面体A无摩擦力B．B对A的压力大小为F N=mgcosθC．A对地面的压力大小为MgD．B对A的作用力大小为考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对AB整体受力分析，受重力、支持力、推力和向左的静摩擦力，根据平衡条件列式求解支持力和静摩擦力；再对物体B受力分析，受推力、重力、支持力和滑动摩擦力，根据平衡条件列式求解．解答：解：A、C、先对AB整体受力分析，受重力、支持力、推力和向左的静摩擦力，根据平衡条件，有：水平方向：F=f；竖直方向：N=（M+m）g；根据牛顿第三定律，压力与支持力等值，故压力为（M+m）g；故A错误，C错误；B、D、对物体B受力分析，受推力、重力、支持力和滑动摩擦力，根据平衡条件，有平行斜面方向：Fcosθ﹣mgsinθ﹣f′=0；垂直斜面方向：N′=Fsinθ+mgcosθ；其中：f′=μN′；根据牛顿第三定律，压力与支持力等值，故压力为Fsinθ+mgcosθ，故B错误；由于是四力平衡，故支持力和摩擦力的合力与推力F和重力的合力平衡；即A对B的力等于，故B对A的力也等于，故D正确；故选：D．点评：本题关键灵活地选择研究对象，受力分析后根据平衡条件列式求解，不难．3．（4分）一台小型发电机产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图甲所示．已知发电机线圈内阻为5.0Ω，现外接一只电阻为105.0Ω的灯泡，如图乙所示，则（）A．电路中的电流方向每秒钟改变50次B．电压表V的示数为220 VC．灯泡实际消耗的功率为440WD．发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为20J考点：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．专题：交流电专题．分析：由图读出电动势的最大值，求出有效值，根据欧姆定律求出外电压的有效值，即为电压表的示数．根据电流方向每个周期改变两次，求出每秒钟方向改变的次数．根据电压有效值求出灯泡消耗的功率．由焦耳定律，由有效值求出发电机焦耳热．解答：解：A、周期T=0.02s，每个周期交流电方向改变两次，则1s内电流方向改变的次数为n=2×=100次．故A错误；B、由图象得感应电动势最大值E m=200V，所以有效值E=200V，电压表示数U=E=×220=210V．故B错误．C、灯泡实际消耗的功率P==420．故C错误．D、发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为Q=t==20J．故D正确．故选：D点评：交流电的电压、电流、电动势等等物理量都随时间作周期性变化，求解交流电的焦耳热、电功、电功率时要用交流电的有效值，求电量时用平均值．4．（4分）如图所示，Ⅰ和Ⅱ是一对异名磁极，ab为放在其间的金属棒．ab和cd用导线连成一个闭合回路．当ab棒向左运动时，cd导线受到向下的磁场力．则有（）A．由此可知d电势高于c电势B．由此可知Ⅰ是S极C．由此可知Ⅰ是N极D．当ab棒向左运动时，ab导线受到向左的磁场力考点：楞次定律．分析：据cd棒所受磁场力的方向由左手定则判断出导线中电流的方向，然后由右手定则判断出ab棒所处位置磁场方向，进一步判断出磁极名称；棒ab相当于电源，根据电流方向判断电势的高低．解答：解：A、由左手定则可知，cd棒受到的安培力向下，所以cd棒中电流方向是：由c指向d，所以C点的电势高于d点的电势．故A错误；B、C、结合A的分析可知，ab中的电流由b流向a，ab棒向左运动时，由右手定则可知，ab棒所处位置磁场方向：竖直向上，则Ⅰ是S极，Ⅱ是N极；故B正确，C错误；D、当ab棒向左运动时，根据楞次定律可知ab导线受到向右的磁场力．故D错误．故选：B点评：本题考查了判断磁铁的磁极、判断电势高低问题，应用左手定则、右手定则即可正确解题．二、双项选择题（本题包括9小题，每小题6分，共54分．每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全选对得6分，只选1个且正确得3分，错选、不选得0分）5．（6分）某同学在一次实验中，利用传感器与计算机结合，得到运动玩具小车的速度﹣时间图象如图所示，由此图象可知（）A．5s时的加速度大于15s时的加速度B．12s末小车的速度最大C．12s末小车距离出发点最远D．小车前10s内的平均速度比后10s内的小考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：根据速度图象的斜率等于加速度分析小车的加速度和运动性质．由图直接读出小车速度的最大值．根据速度图线与坐标轴所围“面积”等于位移，分析小车的位移．平均速度等于位移与时间之比．解答：解：A、根据速度图象的斜率等于加速度，知5s时的加速度小于15s时的加速度．故A错误．B、由图知12s末小车的速度最大，故B正确．C、小车一直沿正向运动，则知20s末小车距离出发点最远，故C错误．D、根据速度图线与坐标轴所围“面积”等于位移，则知小车前10s内的位移比后10s内的小，所以小车前10s内的平均速度比后10s内的小，故D正确．故选：BD．点评：本题根据斜率分析加速度的变化并不难，难点在于对图线“面积”的估算，采用“四舍五入”近似的方法计算．6．（6分）质量为m的小球由轻绳a、b分别系于一轻质木架上的A和C点，绳长分别为l a、l b，如图所示．当轻杆绕轴BC以角速度ω匀速转动时，小球在水平面内做匀速圆周运动，绳a在竖直方向，绳b在水平方向，当小球运动到图示位置时，绳b被烧断的同时轻杆停止转动，则（）A．小球仍在水平面内做匀速圆周运动B．在绳b被烧断瞬间，a绳中张力突然增大C．若角速度ω较小，小球在垂直于平面ABC的竖直平面内摆动D．绳b未被烧断时，绳a的拉力大于mg，绳b的拉力为mω2l b考点：向心力；匀速圆周运动．分析：绳子断开前，小球做匀速圆周运动，对小球受力分析，可知b绳子的拉力提供向心力；绳子断开后，杆停止转动，小球有沿切向飞出的趋势，可以分析小球进一步的运动．解答：解：绳子断开前，小球做匀速圆周运动，合力指向c点，对小球受力分析，受重力G，a绳子的拉力F1，b绳子的拉力F2，根据牛顿第二定律有F1=mgF2=mω2l b小球的线速度为v=ωl b绳子断开后，杆停止转动，由于惯性，小球将绕A点转动，若速度较小，小球将在垂直于平面ABC的竖直平面内摆动；若速度较大，也有可能在垂直于平面ABC的竖直平面内绕A 点做完整的圆周运动．在最低点时F a﹣mg=m解得F a=mg+m＞F1故选：BC．点评：本题关键分析清楚绳子b烧断前后小球的运动情况和受力情况，利用牛顿第二定律列式求解即可．7．（6分）“嫦娥一号”探月卫星沿地月转移轨道直奔月球，在距月球表面200km的P点进行第一次变轨后被月球捕获，先进入椭圆轨道Ⅰ绕月飞行，如图所示．之后，卫星在P点又经过两次变轨，最后在距月球表面200km的圆形轨道Ⅲ上绕月球做匀速圆周运动．对此，下列说法正确的是（）A．卫星在轨道Ⅲ上运动的速度大于月球的第一宇宙速度B．卫星在轨道Ⅲ上运动周期比在轨道Ⅰ上短C．卫星在轨道Ⅲ上运动到P点的加速度大于沿轨道Ⅰ运动到P点的加速度D．Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三种轨道运行相比较，卫星在轨道Ⅲ上运行的机械能最小考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：根据开普勒第三定律，比较各轨道的周期；根据万有引力提供向心力，轨道半径越大，线速度越小，从而可比较出卫星在轨道Ⅲ上运动的速度于月球的第一宇宙速度大小；比较加速度，只需比较它所受的合力（万有引力）即可．解答：解：A、根据万有引力提供向心力，轨道半径越大，线速度越小．月球第一宇宙速度的轨道半径为月球的半径，所以第一宇宙速度是绕月球作圆周运动最大的环绕速度．故A错误．B、根据开普勒第三定律，半长轴越长，周期越大，所以卫星在轨道Ⅰ运动的周期最长，故B正确；C、卫星在轨道Ⅲ上在P点和在轨道Ⅰ在P点的万有引力大小相等，根据牛顿第二定律，加速度相等．故C错误．D、从轨道Ⅰ进入轨道Ⅱ和从轨道Ⅱ进入轨道Ⅲ，都要减速做近心运动，故其机械能要减小，故卫星在轨道Ⅲ上运行的机械能最小，故D正确．故选：BD点评：解决本题的关键掌握开普勒第三定律，以及万有引力提供向心力．8．（6分）如图所示，点电荷Q固定，虚线是带电量为q的微粒的运动轨迹，微粒的重力不计，a、b是轨迹上的两个点，b离Q较近，下列判断正确的是（）A．Q一定是带正电荷，q一定是带负电荷B．不管Q带什么性质的电荷，a点的场强一定比b点的小C．微粒通过a、b两点时，加速度方向都是指向QD．微粒通过a时的速率比通过b时的速率大考点：电场线．分析：从粒子运动轨迹看出，轨迹向下弯曲，可知带电粒子受到了吸引力作用，即可判断两个电荷电性关系；根据点电荷场强公式E=k分析a、b场强的大小关系；根据库仑力的方向判断加速度的方向．从a到b过程中，电场力做正功，可判断粒子的速度大小．解答：解：A、由运动轨迹看出，微粒q的轨迹向下弯曲，q受到Q的吸引，所以Q与q是异种电荷，但不能确定Q、q的电性．故A错误．B、a点离Q的距离比b远，根据点电荷场强公式E=k分析得知，a点的场强一定比b点的场强小．故B正确．C、微粒通过a、b两点时，受到的库仑力方向都指向Q，根据牛顿第二定律分析可知，在这两点的加速度方向都是指向Q，故C正确．D、从a到b，由于电场力对q做正功，根据动能定理可知，微粒q的动能增加，速率增大，则微粒通过a时的速率比通过b时的速率小，故D错误．故选：BC．点评：本题是轨迹问题，首先要根据弯曲的方向判断出带电粒子所受电场力方向，确定是排斥力还是吸引力．由动能定理分析动能或电势能的变化是常用的思路．9．（6分）如图所示，长为L的长木板水平放置，在木板的A端放置一个质量为m的小物块，现缓慢地抬高A端，使木板以左端为轴转动，当木板转到与水平面的夹角为α时小物块开始滑动，此时停止转动木板，小物块滑到底端的速度为v，则在整个过程中，下列说法正确的是（）A．木板对小物块做功为mv2B．摩擦力对小物块做功为mgLsinαC．支持力对小物块做不做功D．滑动摩擦力对小物块做功为mv2﹣mgLsinα考点：功的计算．专题：功的计算专题．分析：对整个过程运用动能定理求解木板对木块做的功．在木板从水平位置开始转动到与水平面的夹角为α的过程中，摩擦力不做功，物块沿木板下滑过程中，摩擦力对物块做功．根据摩擦力与重力分力大小的关系，求解摩擦力做功．根据动能定理求解支持力和滑动摩擦力做功．解答：解：A、设在整个过程中，木板对物块做功为W，根据动能定理得：W=．故A正确．B、在木板从水平位置开始转动到与水平面的夹角为α的过程中，摩擦力不做功，物块沿木板下滑过程中，摩擦力对物块做功．由于摩擦力小于重力沿斜面向下的分力，即f＜mgsinα，则摩擦力对物块做功W f=﹣fL≠﹣mgLsinα．故B错误．C、在木板从水平位置开始转动到与水平面的夹角为α的过程中，支持力对物块做功，设为W N，根据动能定理得：W N﹣mgLsinα=0，得W N=mgLsinα．故C错误．D、在物块下滑的过程中，根据动能定理得：mgLsinα+W f=﹣0得，W f=﹣mgLsinα．故D正确．故选：AD点评：本题运用动能定理求解力做功，首先要选择研究的过程，本题中有两个过程，第一个过程中摩擦力不做功，支持力做功，第二过程中，支持力不做功，摩擦力做功．三．实验题（每空3分，共18分）10．（9分）现有一合金制成的圆柱体，为测量该合金的电阻率，现用伏安法测圆柱体两端之间的电阻，用螺旋测微器测量该圆柱体的直径．螺旋测微器的示数如图（a）和所示．（1）由上图读得圆柱体的直径为1.844（1.843～1.845）mm．（2）在用多用电表粗测某段金属丝电阻时，该兴趣小组首先选用“×1”欧姆挡，其阻值如图（b）中指针所示，则R x的阻值大约是9Ω；（3）若流经圆柱体的电流为I，圆柱体两端之间的电压为U，圆柱体的直径和长度分别为D、L，测得D、L、I、U表示的电阻率的关系式为ρ=．考点：测定金属的电阻率．专题：实验题；恒定电流专题．分析：（1）根据螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；（2）欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；（3）根据电阻定律求出电阻率的表达式．解答：解：（1）由图示螺旋测微器可知，螺旋测微器固定刻度示数为1.5mm，可动刻度示数为34.4×0.01mm=0.344mm，螺旋测微器示数为1.5mm+0.344m=1.844mm（1.843～1.845）；（2）用多用电表的电阻“×1”挡，由图丙所示可知，电阻阻值为9×1=9Ω；（3）由电阻定律可知，金属丝电阻R=ρ=ρ，且欧姆定律，则R=；则金属丝电阻率ρ=；故答案为：（1）1.844（1.843～1.845）；（2）9；（3）．点评：本题考查了电阻定律的应用、刻度尺与螺旋测微器的读数，应用电阻定律即可求出电阻率的表达式；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，螺旋测微器需要估读．11．（9分）现要验证“当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合外力成正比”这一物理规律．给定的器材如下：一倾角可以调节的长斜面（如图）、小车、计时器一个、米尺．请填入适当的公式或文字，完善以下实验步骤（不考虑摩擦力的影响）：①小车自斜面上方一固定点A1从静止开始下滑至斜面底端A2，记下所用的时间t②用米尺测量A1与A2之间的距离s，则小车的加速度a=．③用米尺测量A1相对于A2的高h．设小车所受重力为mg，则小车所受的合外力F=．④改变斜面的倾角或斜面高h，重复上述测量．⑤以h为横坐标，为纵坐标，根据实验数据作图．如能得到一条过原点的直线，则可以验证“当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合外力成正比”这一规律．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：（1）小车做的是初速度为零的匀加速直线运动，根据运动规律：s=可求出加速度a．（2）小车所受的合外力是重力沿斜面的分力，大小为：mgsinθ，θ为斜面的夹角，求出sinθ，即可求出合外力F．（3）用动能定理可解得：h=，所以h与成正比，所以我们需要改变h．解答：解：（1）小车做的是初速度为零的匀加速直线运动，根据运动规律：s=，解得：a=（2）小车所受的合外力是重力沿斜面的分力，大小为：mgsinθ，θ为斜面的夹角，sinθ==，所以合力为：F=mgsinθ=．（3）用动能定理可解得：h=，所以h与成正比，所以我们需要改变h，所以需要：改变斜面的倾角或斜面高h故答案为：②；③；④斜面的倾角或斜面高h点评：本题的关键是找出实验原理，是重力沿斜面的分力做为合外力，最终得到，h与成正比，来对实验数据进行分析．四、计算题（本题包括2小题，共36分，解答题应写出必要的文字说明、方程和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）12．（18分）如图所示，ABCD是由三部分光滑轨道平滑连接在一起组成的，AB为水平轨道，BCD是半径为R的半圆弧轨道，R=0.5m．质量为M=0.99kg的小物块，静止在AB轨道上，一颗质量为m=0.01kg子弹水平射入物块但未穿出，物块与子弹一起运动，恰能贴着轨道内侧通过最高点从D点飞出．取重力加速度g=10m/s2，求：（1）物块与子弹一起刚滑上圆弧轨道B点的速度；（2）子弹击中物块前的速度；（3）系统损失的机械能．考点：机械能守恒定律；动量守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：（1）由牛顿第二定律求出在D点的速度，由机械能守恒定律可以求出在B点的速度．（2）子弹击中木块过程动量守恒，应用动量守恒定律可以求出子弹的速度．（3）由能量守恒定律可以求出系统损失的机械能．解答：解：（1）由物块与子弹一起恰能通过轨道最高点D，由牛顿第二定律得：（M+m）g=（M+m），由物块与子弹上滑过中根据机械能守恒得：（M+m）v D2+（M+m）g•2R=（M+m）v B2，。
【山东版】2015届高三上学期月考(3)物理Word版含答案
2015届上学期高三一轮复习第三次月考物理试题【山东版】本试题分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分.第Ⅰ卷1至4页，第Ⅱ卷5至8页.满分100分，答题时间90分钟.答卷前，考生务必将自己的姓名、考号、考试科目填涂在试卷、答题卡规定的地方.第Ⅰ卷（选择题，共40分）注意事项：每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应的答案标号涂黑.如需改动，用橡皮擦干净以后，再选涂其它答案标号.一、选择题：本大题包括8个小题，每小题5分，共40分.在每小题给出的四个选项中，至少有一个选项是正确的，全选对得5分，对而不全得3分，有选错或不选均得0分.1. 关于物理学发展，下列表述正确的有A. 伽利略根据斜面实验的结果合理外推得出自由落体运动的位移与下落时间的平方成正比B. 伽利略科学思想方法的核心是把实验和逻辑推理和谐地结合起来，从而有力地推进了人类科学认识的发展C. 笛卡儿提出了三条运动定律Ｄ. 笛卡儿明确指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动2. 如图所示，物体A 、B 叠放在物体C 上，C 置于水平地面上，水平力F 作用于B ，使A 、B 、C 一起匀速运动，各接触面间摩擦力的情况是A. B 对C 有向左的摩擦力B. C 对A 有向左的摩擦力C. 物体C 受到三个摩擦力作用D. C 对地面有向右的摩擦力3. 甲车以加速度23m /s 由静止开始作匀加速直线运动，乙车落后2s 在同一地点由静止出发， 以加速度24m /s 作加速直线运动，两车速度方向一致. 在乙车追上甲车之前，两车距离的最大值是A. 18mB. 24mC. 22mD. 28m4. 如图所示，甲、乙两车均在光滑的水平面上，质量都是M ，人的质量都是m ，甲车上人用力F 推车，乙车上的人用等大的力F 拉绳子（绳与轮的质量和摩擦均不计）；人与车始终保 持相对静止.下列说法正确的是A. 甲车的加速度大小为F MB. 甲车的加速度大小为0C. 乙车的加速度大小为2F M m D. 乙车的加速度大小为05. 如右图，水平轨道上有一楔形物体a ，其斜面上有一小物块b ，b 与平行于斜面的细绳的一端相连，细绳的另一端固定在斜面上.a 与b 之间光滑，a 和b 以共同速度在水平直轨道的光滑段向左滑行. 当它们刚运行至轨道的粗糙段时，下列说法中正确的是A. 绳的张力不变B. 绳的张力增加C. b 对a 的正压力增加D. 地面对a 的支持力增加6. 从地面以大小为1v 的初速度竖直向上抛出一个皮球，经过时间t 皮球落回地面，落地时皮球速度的大小为2v . 已知皮球在运动过程中受到空气阻力的大小与速度的大小成正比，重力加速度大小为g . 下面给出时间t 的四个表达式中只有一个是合理的，你可能不会求解t ，但是你可以通过一定的物理分析，对下列表达式的合理性作出判断. 根据你的判断，t 的合理表达式最可能是 A. 12v v t g = B. 2v t g = C. 12v v t g += D. 12v v t g-= 7. 如图所示，0t =时，质量为0.5kg 的物体从光滑斜面上的A 点由静止开始下滑，经过B 点后进入水平面（经过B 点前后速度大小不变），最后停在C 点. 每隔2s 物体的瞬时速度记录在下表中，重力加速度210g =m /s ，则下列说法中正确的是 /s t0 2 4 61/()v -⋅m s 0 8 12 8A. 3t =s 的时刻物体恰好经过B 点B. 10t =s 的时刻物体恰好停在C 点C. 物体运动过程中的最大速度为12m /s D. A 、B 间的距离小于B 、C 间的距离8. 在光滑水平面上，a 、b 两小球沿水平面相向运动. 当小球间距小于或等于L 时，受到大小相等、方向相反的相互排斥恒力作用，小球间距大于L 时，相互间的排斥力为零，小球在相互作用区间运动时始终未接触，两小球运动时速度v 随时间t 的变化关系图象如图所示， 由图可知A. a 球质量大于b 球质量B. 在1t 时刻两小球间距最小C. 在20t -时间内两小球间距逐渐减小D. 在30t -时间内b 球所受排斥力方向始终与运动方面相反第Ⅱ卷（笔答题，共60分）注意事项：1. 第Ⅱ卷5至8页。
广东省茂名市电白高中2015-2016学年高二下学期期中物理试卷(理科) Word版含解析
2015-2016学年广东省茂名市电白高中高二（下）期中物理试卷（理科）一、单选题1．如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数n1：n2=4：1，当导体棒在匀强磁场中向左做匀速直线运动切割磁感线时，电流表的示数是12mA，则电流表的示数为（）A．3 mA B．0C．48 mA D．与负载R的值有关2．在图甲所示的电路中，理想变压器原线圈两端的正弦交变电压变化规律如图乙所示．已知变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=10：1，串联在原线圈电路中电流表A1的示数为1A，下列说法正确的是（）A．电压表V的示数为200VB．变压器的输出功率为200WC．变压器输出端交流电的频率为100HzD．电流表A2的示数为0.1A3．如图所示，交流发电机线圈的面积为0.05m2，共100匝．该线圈在磁感应强度为T的匀强磁场中，以10π rad/s的角速度匀速转动，电阻R1和R2的阻值均为50Ω，线圈的内阻忽略不计，若从图示位置开始计时，则（）A．线圈中的电动势为e=50sin （10πt）VB．电流表的示数为 AC．电压表的示数为50 AD．R1上消耗的电功率为50 W4．如图所示，金属杆ab静止放在水平固定的“U”形光滑金属框上，且整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．现使ab获得一个向右的初速度v开始运动，下列表述正确的是（）A．安培力对ab做正功B．杆中感应电流的方向由b→aC．杆中感应电流逐渐减小 D．杆中感应电流保持不变5．如图所示是某种汽车上的一种自动测定油箱内油面高度的装置．R是滑动变阻器．它的金属滑片是杠杆的一端，从油量表（由电流表改装而成）指针所指的刻度，就可以知道油箱内油面的高度，当滑动变阻器的金属滑片向下移动时（）A．电路中的电流减小，油箱油面降低B．电路中的电流减小，油箱油面升高C．电路中的电流增大，油箱油面降低D．电路中的电流增大，油箱油面升高6．光滑曲面与竖直平面的交线是抛物线，如图所示，抛物线的方程y=x2，其下半部处在一个水平方向的匀强磁场中，磁场的上边界是y=a的直线（图中的虚线所示），一个小金属块从抛物线y=b（b＞a）处以速度v沿抛物线下滑，假设抛物线足够长，则金属块在曲面上滑动的过程中产生的焦耳热总量是（）A．mgb B．mv2C．mg（b﹣a）D．mg（b﹣a）+mv2二、多选题7．当远距离高压输送的一定功率时，输电线上损耗的功率与电路中的（）A．输送电压的平方成正比 B．输送电压的平方成反比C．输电线中电流的平方成正比 D．导线中电流的平方成反比8．如图所示，矩形线圈abcd的边长分别是ab=L，ad=D，线圈与磁感应强度为B的匀强磁场平行，线圈以ab边为轴做角速度为ω的匀速转动，下列说法正确的是（从图示位置开始计时）（）A．t=0时线圈的感应电动势为零B．转过90°时线圈的感应电动势为零C．转过90°的过程中线圈中的平均感应电动势为ωBLDD．转过90°的过程中线圈中的平均感应电动势为9．假定冰面是光滑的，某人站在冰冻河面的中央，他想到达岸边，则不可行的办法是（）A．步行 B．挥动双臂C．在冰面上滚动 D．脱去外衣抛向岸的反方向10．如图所示，两条平行虚线之间存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，虚线间的距离为l，金属圆环的直径也是l，圆环从左边界进入磁场，以垂直于磁场边界的恒定速度v穿过磁场区域，则下列说法正确的是（）A．感应电流的大小先增大后减小再增大再减小B．感应电流的方向先逆时针后顺时针C．金属圆环受到的安培力先向左后向右D．进入磁场时感应电动势平均值=πBlv三、计算题11．如图所示，质量为M，长为L=1.0m，右端带有竖直挡板的木板B静止在光滑的水平面上，一个质量为m的小木块（视为质点）A，以水平速度v0=4m/s滑上B的左端，而后与右端挡板碰撞，最后恰好滑到木板B的左端，已知M/m=3，并设A与挡板碰撞时无机械能损失，碰撞时间忽略．求：（1）A、B的最后速度；（2）木块A与木板B之间的动摩擦因数．12．如图所示，ABC是光滑轨道，其中BC部分是半径为R的竖直放置的半圆．一质量为M的木块放在轨道水平部分，木块被水平飞来的质量为m的子弹瞬间射中，并滞留在木块中．若被击中的木块沿轨道能滑到最高点C，已知木块对C点的压力大小为（M+m）g，求：子弹射入木块前瞬间速度的大小．13．两根固定在水平面上的光滑平行金属导轨MN和PQ，一端接有阻值为R=4Ω的电阻，处于方向竖直向下的匀强磁场中．在导轨上垂直导轨跨放质量m=0.5kg的金属直杆，金属杆的电阻为r=1Ω，金属杆与导轨接触良好，导轨足够长且电阻不计．金属杆在垂直杆F=0.5N 的水平恒力作用下向右匀速运动时，电阻R上的电功率是P=4W．（1）求通过电阻R的电流的大小和方向；（2）求金属杆的速度大小；（3）某时刻撤去拉力，当电阻R上的电功率为时，金属杆的加速度大小、方向．2015-2016学年广东省茂名市电白高中高二（下）期中物理试卷（理科）参考答案与试题解析一、单选题1．如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数n1：n2=4：1，当导体棒在匀强磁场中向左做匀速直线运动切割磁感线时，电流表的示数是12mA，则电流表的示数为（）A．3 mA B．0C．48 mA D．与负载R的值有关【考点】变压器的构造和原理．【分析】理想变压器只能改变交流电的电压，不能改变直流电的电压；根据导体切割磁感线的性质可明确所产生电流的性质．【解答】解：变压器只能工作于交流电路，不能工作在恒定电压和恒定电流的电路．导体棒向左匀速切割磁感线时，在线圈中通过的是恒定电流，不能引起穿过线圈中的磁通量变化，在副线圈中无感应电动势出现，所以R中无电流通过．故选：B．2．在图甲所示的电路中，理想变压器原线圈两端的正弦交变电压变化规律如图乙所示．已知变压器原、副线圈的匝数比n1：n2=10：1，串联在原线圈电路中电流表A1的示数为1A，下列说法正确的是（）A．电压表V的示数为200VB．变压器的输出功率为200WC．变压器输出端交流电的频率为100HzD．电流表A2的示数为0.1A【考点】变压器的构造和原理．【分析】根据图乙得到输入电压的最大值和频率，求解出有效值，即为电压表的读数；根据P=U1I1求解输入功率；根据I1：I2=n2：n1求解电流表A2的读数．【解答】解：A、C、根据图乙得到输入电压的最大值为200V，频率周期为0.02s，故电压的有效值为200V，频率为50Hz，电压表读数为有效值，故A错误，C错误；B、变压器的输入功率为：P1=U1I1=200V×1A=200W；理想变压器输入功率等于输出功率，故输出功率为200W，故B正确；D、根据I1：I2=n2：n1，输出电流为：I2=10I1=10A，电流表读数为有效值，故D错误；故选B．3．如图所示，交流发电机线圈的面积为0.05m2，共100匝．该线圈在磁感应强度为T的匀强磁场中，以10π rad/s的角速度匀速转动，电阻R1和R2的阻值均为50Ω，线圈的内阻忽略不计，若从图示位置开始计时，则（）A．线圈中的电动势为e=50sin （10πt）VB．电流表的示数为 AC．电压表的示数为50 AD．R1上消耗的电功率为50 W【考点】交流发电机及其产生正弦式电流的原理；功率、平均功率和瞬时功率；正弦式电流的图象和三角函数表达式．【分析】（1）先求出最大电动势，写出电压的瞬时表达式，再根据闭合电路欧姆定律求出电流的瞬时表达式；（2）电流表和电压表测量的是有效值；（3）根据功率公式P=I2R即可求解．【解答】解：A、线圈中产生的感应电动势的最大值表达式为E m=nBSω=100××0.05×10πV=50V，从图示位置开始计时，感应电动势的瞬时值为：e=50cos10πt，故A错误；B、电压的有效值为=25V，R1和R2的并联电阻为25Ω，I==A，所以电流表示数为A，电压表示数为25V，故B正确，C错误；D、R1上消耗的电功率为P=I2R=×50=25W，故D错误；故选：B．4．如图所示，金属杆ab静止放在水平固定的“U”形光滑金属框上，且整个装置处于竖直向上的匀强磁场中．现使ab获得一个向右的初速度v开始运动，下列表述正确的是（）A．安培力对ab做正功B．杆中感应电流的方向由b→aC．杆中感应电流逐渐减小 D．杆中感应电流保持不变【考点】右手定则；安培力．【分析】ab棒突然获得一初速度，切割磁感线，产生感应电动势，产生感应电流，受到向左的安培力，做变减速运动；根据E=BLv和I=判断感应电流的变化，并根据楞次定律判定感应电流的方向．【解答】解：A、ab棒突然获得一初速度，切割磁感线，产生感应电动势，形成感应电流，根据楞次定律，来拒去留，受向左的安培力，故安培力做负功，故A错误；B、根据楞次定律可知，感应电流方向由a→b，故B错误；C、D、由于安培力做负功，故棒做减速运动；根据E=BLv和I=，有：I=；由于速度减小，故感应电流逐渐减小，故C正确，D错误；故选：C．5．如图所示是某种汽车上的一种自动测定油箱内油面高度的装置．R是滑动变阻器．它的金属滑片是杠杆的一端，从油量表（由电流表改装而成）指针所指的刻度，就可以知道油箱内油面的高度，当滑动变阻器的金属滑片向下移动时（）A．电路中的电流减小，油箱油面降低B．电路中的电流减小，油箱油面升高C．电路中的电流增大，油箱油面降低D．电路中的电流增大，油箱油面升高【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】根据油箱油面升高或降低，分析R有效电阻的变化，由欧姆定律判定电路中电流的变化．【解答】解：当油箱油面升高时，由于浮力作用使金属滑片向下移动，R接入电路的有效电阻减小，则回路的总电阻减小，由欧姆定律知，电路中的电流增大，故ABC错误，D正确．故选：D6．光滑曲面与竖直平面的交线是抛物线，如图所示，抛物线的方程y=x2，其下半部处在一个水平方向的匀强磁场中，磁场的上边界是y=a的直线（图中的虚线所示），一个小金属块从抛物线y=b（b＞a）处以速度v沿抛物线下滑，假设抛物线足够长，则金属块在曲面上滑动的过程中产生的焦耳热总量是（）A．mgb B．mv2C．mg（b﹣a）D．mg（b﹣a）+mv2【考点】电磁感应中的能量转化；导体切割磁感线时的感应电动势．【分析】圆环在进入磁场和出磁场的过程中产生感应电流，有热量产生，最终在直线y=a以下抛物线来回摆动，根据能量守恒求出金属环沿抛物线下滑后产生的焦耳热总量．【解答】解：圆环最终在直线y=a以下来回摆动，以y=b（b＞a）处为初位置，y=a处为末位置，则知末位置的速度为零，在整个过程中，重力势能减小，动能减小，减小的机械能转化为内能，根据能量守恒得：Q=mg（b﹣a）+．故D正确，A、B、C错误．故选：D．二、多选题7．当远距离高压输送的一定功率时，输电线上损耗的功率与电路中的（）A．输送电压的平方成正比 B．输送电压的平方成反比C．输电线中电流的平方成正比 D．导线中电流的平方成反比【考点】远距离输电．【分析】在输送电功率不变的情况下，根据公式P=UI可知，电压越高电流就越小，这样高压输电就能减少输电时的电流从而降低因电流产生的热损耗；根据公式△P=I2R可知，当电阻不变的情况下，电流越大，消耗的功率就越大．【解答】解：C、D、根据△P=I2R，输电线上损耗的功率与输电线中电流的平方成正比，故C正确，D错误；A、B、由于P=UI，△P=I2R，故，输电线上损耗的功率与输送电压的平方成反比，故A错误，B正确；故选：BC．8．如图所示，矩形线圈abcd的边长分别是ab=L，ad=D，线圈与磁感应强度为B的匀强磁场平行，线圈以ab边为轴做角速度为ω的匀速转动，下列说法正确的是（从图示位置开始计时）（）A．t=0时线圈的感应电动势为零B．转过90°时线圈的感应电动势为零C．转过90°的过程中线圈中的平均感应电动势为ωBLDD．转过90°的过程中线圈中的平均感应电动势为【考点】导体切割磁感线时的感应电动势．【分析】根据E m=NBSω求解感应电动势的最大值，根据=N求解感应电动势的平均值．【解答】解：A、t=0时线圈的磁通量为零，cd边垂直切割磁感线，感应电动势最大，为：E m=NBSω=BLDω，故A错误；B、转过90°时，cd边速度方向与磁感线平行，故线圈的感应电动势为零，故B正确；C、D、转过90°的过程中线圈中的平均感应电动势为：=N=1×=，故C错误，D正确；故选：BD．9．假定冰面是光滑的，某人站在冰冻河面的中央，他想到达岸边，则不可行的办法是（）A．步行 B．挥动双臂C．在冰面上滚动 D．脱去外衣抛向岸的反方向【考点】动量守恒定律．【分析】人要到达岸边，人应获得一定的速度，应用动量守恒定律分析答题．【解答】解：A、由于冰面光滑，人在冰面上受到的合外力为零，加速度为零，不能步行到达岸边，故A错误；B、人挥动双臂时，人受到的合外力为零，加速度为零，不能到达岸边，故B错误；C、由与冰面光滑，人在冰面上滚动时摩擦力为零，加速度为零，不可能滚动，不能到达岸边，故C错误；D、人与衣服组成的系统动量守恒，人脱去外衣抛向岸的反方，人获得朝向岸边的速度，人可以到达岸边，故D正确；本题选不可行的办法，故选：ABC．10．如图所示，两条平行虚线之间存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，虚线间的距离为l，金属圆环的直径也是l，圆环从左边界进入磁场，以垂直于磁场边界的恒定速度v穿过磁场区域，则下列说法正确的是（）A．感应电流的大小先增大后减小再增大再减小B．感应电流的方向先逆时针后顺时针C．金属圆环受到的安培力先向左后向右D．进入磁场时感应电动势平均值=πBlv【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律．【分析】应用E=BLv判断电动势如何变化，然后根据欧姆定律判断电流大小如何变化；由楞次定律可以判断出感应电流方向；应用左手定则判断出安培力方向；由法拉第电磁感应定律求出感应电动势的平均值．【解答】解：A、感应电流：I==，在金属圆环穿过磁场过程中，L先增大后减小再增大，因此感应电流：先增大后减小再增大，故A正确；B、在整个过程中磁感应强度方向不变，穿过环的磁通量先增大后减小，由楞次定律可知，感应电流先沿逆时针方向后沿顺时针方向，故B正确；C、由左手定则可知，在整个过程中，圆环所受安培力始终向左，故C错误；D、由法拉第电磁感应定律可知，进入磁场过程中，平均感应电动势：E===πBlv，故D错误；故选：AB．三、计算题11．如图所示，质量为M，长为L=1.0m，右端带有竖直挡板的木板B静止在光滑的水平面上，一个质量为m的小木块（视为质点）A，以水平速度v0=4m/s滑上B的左端，而后与右端挡板碰撞，最后恰好滑到木板B的左端，已知M/m=3，并设A与挡板碰撞时无机械能损失，碰撞时间忽略．求：（1）A、B的最后速度；（2）木块A与木板B之间的动摩擦因数．【考点】动量守恒定律．【分析】（1）木板与木板组成的系统动量守恒，由动量守恒定律可以求出最后的速度．（2）由能量守恒定律可以求出木块A与木板B之间的动摩擦因数．【解答】解：（1）取A、B所组成的系统在作用过程中动量守恒，取向右为正方向，由动量守恒定律得：mv0=（M+m）v所以A与B的最后速度，v==1 m/s．（2）A与B相对滑动过程中，由于克服摩擦力，所以系统的动能不断转化为内能，由能量守恒可得mv02=（M+m）v2+2μmgL代入数据得μ=0.3．答：（1）A、B的最后速度是1m/s；（2）木块A与木板B之间的动摩擦因数是0.3．12．如图所示，ABC是光滑轨道，其中BC部分是半径为R的竖直放置的半圆．一质量为M的木块放在轨道水平部分，木块被水平飞来的质量为m的子弹瞬间射中，并滞留在木块中．若被击中的木块沿轨道能滑到最高点C，已知木块对C点的压力大小为（M+m）g，求：子弹射入木块前瞬间速度的大小．【考点】动量守恒定律；动能定理．【分析】木块和子弹到达C点时，由重力和轨道的弹力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律可求出最高点的速度．然后子弹射入木块过程，系统的动量守恒．共同体从B到C的过程，只有重力做功，机械能守恒．根据动量守恒定律和机械能守恒定律列方程求解射入木块前子弹的速度大小．【解答】解：木块到达C点时，由重力和轨道的弹力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律得：（M+m）g+N=（M+m）解得：v c=子弹射入木块的过程，根据动量守恒定律得：mv0=（M+m）v共同体从B到C过程，由机械能守恒定律得：（M+m）v2=（M+m）g•2R+（m+M）又v c=联立解得：v0=答：射入木块前，子弹的速度为．13．两根固定在水平面上的光滑平行金属导轨MN和PQ，一端接有阻值为R=4Ω的电阻，处于方向竖直向下的匀强磁场中．在导轨上垂直导轨跨放质量m=0.5kg的金属直杆，金属杆的电阻为r=1Ω，金属杆与导轨接触良好，导轨足够长且电阻不计．金属杆在垂直杆F=0.5N 的水平恒力作用下向右匀速运动时，电阻R上的电功率是P=4W．（1）求通过电阻R的电流的大小和方向；（2）求金属杆的速度大小；（3）某时刻撤去拉力，当电阻R上的电功率为时，金属杆的加速度大小、方向．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电功、电功率．【分析】（1）根据右手定则判断出电流的方向，根据电功率的公式计算出电流的大小；（2）当到达稳定时，拉力的功率等于电流的电功率，写出表达式，即可求得结果；（3）某时刻撤去拉力，当电阻R上的电功率为时，回路中感应电流产生的安培力提供杆的加速度，写出安培力的表达式与牛顿第二定律的表达式即可．【解答】解：（1）根据电功率的公式，得：P=I2R所以：I= A由右手定则可得，电流的方向从M到P（2）当到达稳定时，拉力的功率等于电流的电功率，即：Fv=I2（R+r）代入数据得：v=m/s（3）当电阻R上的电功率为时，，得：此时：由牛顿第二定律得：F A'=ma所以：a=0.5m/s2方向向左．答：（1）通过电阻R的电流的大小是1A，方向从M到P；（2）金属杆的速度大小是10m/s；（3）当电阻R上的电功率为时，金属杆的加速度大小是0.5m/s2，方向向左．2016年6月6日。
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广东省茂名市电白县电海中学2015届高三上学期月考物理试卷（1月份）
一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共64分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分． 1．（4分）甲乙两车在公路上从同地出发沿同一方向做直线运动，它们的v﹣t图象如图所示，以下说法正确的是（）
A． 在t1时刻之前两车已经相遇 B． 在t1时刻之后两车才能相遇 C． 在t1时刻两车相遇 D． 两车不可能相遇
2．（4分）下列关于热现象和热力学定律的说法正确的是（） A． 热量不可能从低温物体传到高温物体 B． 理想气体温度升高，内能一定增加 C． 布朗运动是液体分子的运动 D． 外界对物体做功，则物体的内能一定增加
3．（4分）如图所示，在倾角为α的光滑斜面上，要使垂直纸面放置一根长为L、质量为m的通电直导体处于静止状态．则应加以匀强磁场B的方向可能是（）
A． 平行斜面向上 B． 平行斜面向下 C． 垂直斜面向下 D．垂直斜面向上 4．（4分）如图所示，物体在斜面上受到平行于斜面向下拉力F作用，沿斜面向下运动，已知拉力F大小恰好等于物体所受的摩擦力，则物体在运动过程中（）
A． 做匀速运动 B． 做匀加速运动 C． 机械能减小 D．机械能增加 二、双项选择题：本大题共5小题，每小题6分，共54分．在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或不答的得0分． 5．（6分）关于近代物理，下列说法正确的是（） A． γ射线一般伴随着α或β射线产生，在三种射线中，γ射线的穿透能力最强，电离能力也最强 B． β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的
C． H+H→He+n是聚变
D． 发生α衰变时，生成核与原来的原子核相比，中子数减少了4 6．（6分）如图所示，a，b两颗质量相同的人造地球卫星分别在半径不同的轨道上绕地球作匀速圆周运动，则（）
A． 卫星a的周期大于卫星b的周期 B． 卫星a的动能大于卫星b的动能 C． 卫星a的势能大于卫星b的势能 D． 卫星a的机械能小于卫星b的机械能
7．（6分）如图所示，半径为R1的圆形的导体线框，套住了半径为R2的边界为圆形的磁场区域，线框平面与磁场方向垂直，当磁感应强度以B=kt（k＞0）变化时（）
A． 线框中的感应电动势大小为πkR12 B． 线框中的感应电动势大小为πkR22 C． 线框中的感应电流方向为顺时针方向 D． 线框中的感应电流方向为逆时针方向
8．（6分）如图所示，理想变压器的副线圈上，通过输电线连接两只灯泡L1和L2，输电线的等效电阻为R，原线圈输入恒定的交变电压．开始时，开关S断开，当开关S闭合时，以下说法正确的有（）
A． 等效电阻R的电压增加 B． 通过灯泡L1的电流增加 C． 副线圈输出的电压增加 D． 原线圈输入的功率增加 9．（6分）电子束焊接机中的电子枪如图所示，K为阴极、电势为φX，A为阳极、电势为φA，在电场作用下电量为﹣e的电子从K运动到A，则（）
A． A、K间电势差为φA﹣φK B． 电子动能增加e（φA﹣φK） C． 电子电势能增加e（φA﹣φK） D． 电子克服电场力做功为e（φA﹣φK）
三、解答题（共4小题，满分54分） 10．（8分）如图是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带
①已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为； ②选取ABCD纸带上四个点，从图中读出A、B两点间距s=cm；C点对应的速度是m/s，匀变速直线运动的加速度为 m/s2（计算结果保留两位有效数字）
11．（10分）要测一段阻值大约为5Ω的均匀金属丝的电阻率．除米尺、螺旋测微器、电源E（电动势3V，内阻约0.5Ω）、最大阻值为20Ω的滑动变阻器R、开关一只、导线若干外，电流表和电压表各两只供选择：A1（量程lA，内阻约1Ω），A2（量程0.6A，内阻约2Ω），V1（量程3.0V，内阻约1000Ω），V2（量程15V，内阻约3000Ω）．
①用螺旋测微器测金属丝的直径d，如图1所示，则d=mm． ②为了使测量有尽可能高的精度，电流表应选，电压表应选． ③实验电路实物连线已经连了一部分，如图2所示，但尚未完整，请将该电路完整地连接好．（Rx表示待测金属丝） ④若用米尺测得金属丝的长度为L，用螺旋测微器测得金属丝直径为d，电流表的读数为I，电压表读数为U，则该金属丝的电阻率：ρ=． 12．（18分）如图，质量为6m、长为L的薄木板AB放在光滑的平台上，木板B端与台面右边缘齐平．B端上放有质量为3m且可视为质点的滑块C，C与木板之间的动摩擦因数为
μ=．质量为m的小球用长为L的细绳悬挂在平台右边缘正上方的O点，细绳竖直时小球恰好与C接触．现将小球向右拉至细绳水平并由静止释放，小球运动到最低点时细绳恰好断裂．小球与C碰撞后反弹速率为碰前的一半． （1）求细绳能够承受的最大拉力； （2）若要使小球落在释放点的正下方P点，平台高度应为多大？ （3）通过计算判断C能否从木板上掉下来．
13．（18分）如图所示，一电子（其重力不计，质量为m，电荷量为e）由静止开始，经加速电场加速后，水平向右从两板正中间射入偏转电场．偏转电场由两块水平平行放置的长为l、相距为d的导体板组成，当两板放置不带电时，电子通过两板之间的时间为t0，当在两板间加电压为U0时，电子可射出偏转电场，并射入垂直纸面向里的匀强磁场，最后打在磁场右侧竖直放置的荧光屏上，磁场的水平宽度为s，竖直高度足够大．求： （1）加速电场的电压； （2）电子在离开偏转电场时的侧向位移； （3）要使电子能垂直打在荧光屏上，匀强磁场的磁感应强度为多大？
广东省茂名市电白县电海中学2015届高三上学期月考物理试卷（1月份） 参考答案与试题解析 一、单项选择题：本大题共4小题，每小题4分，共64分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求，选对的得4分，选错或不答的得0分． 1．（4分）甲乙两车在公路上从同地出发沿同一方向做直线运动，它们的v﹣t图象如图所示，以下说法正确的是（）
A． 在t1时刻之前两车已经相遇 B． 在t1时刻之后两车才能相遇 C． 在t1时刻两车相遇 D． 两车不可能相遇
考点： 匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系． 专题： 运动学中的图像专题． 分析： 甲乙两个质点同时同地出发向同一方向做直线运动，当两者的位移相等时，乙追上甲，根据速度图象的“面积”大小等于位移，由几何知识判断可知第t1末乙追上了甲．由“面积”求出乙追上甲时离出发点的距离．当两者速度相等时，相距最远．本题关键抓住速度图象的“面积”大小等于物体的位移，来分析追及问题，其中速度相等是相距最远的临界条件． 解答： 解：甲乙两车同时同地出发向同一方向做直线运动，当两者的位移相等时，乙追上甲，根据速度图象的“面积”大小等于位移，由几何知识判断可知第2t1末两者位移相等，乙追上了甲，故选B 故选：B． 点评： 解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线斜率和图线与时间轴围成的面积表示的含义．
2．（4分）下列关于热现象和热力学定律的说法正确的是（） A． 热量不可能从低温物体传到高温物体 B． 理想气体温度升高，内能一定增加 C． 布朗运动是液体分子的运动 D． 外界对物体做功，则物体的内能一定增加
考点： 热力学第一定律；物体的内能． 专题： 热力学定理专题． 分析： 影响内能的方式有做功和热传递，在特定条件下热量会由低温物体传递给高温物体；布朗运动是液体分子的无规则热运动的反映；改变内能的方式有做功和热传递，外界对物体做正功，物体的内能不一定增大． 解答： 解：A、电冰箱中热量会由低温物体传递给高温物体，故A错误； B、理想气体的温度升高，分子的平均动能增大，内能增大，故B正确； C、布朗运动是悬浮在液体中的颗粒的无规则的运动，是液体分子的无规则热运动的反映．故C错误； D、改变内能的方式有做功和热传递，外界对物体做正功，物体的内能不一定增大．故D错误． 故选：B 点评： 本题考查了热力学第一定律和热力学第二定律的知识，难度不大，注意积累．改变内能的方式有做功和热传递，外界对物体做正功，物体的内能不一定增大．
3．（4分）如图所示，在倾角为α的光滑斜面上，要使垂直纸面放置一根长为L、质量为m的通电直导体处于静止状态．则应加以匀强磁场B的方向可能是（）
A． 平行斜面向上 B． 平行斜面向下 C． 垂直斜面向下 D．垂直斜面向上 考点： 共点力平衡的条件及其应用；安培力． 分析： 由共点力的平衡条件确定安培力可能的方向；再由左手定则分析匀强磁场的方向． 解答： 解：A、B根据共点力的平衡，安培力不可能垂直斜面方向，故A、B错误； C、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向垂直斜面向下，则沿斜面向上的安培力、支持力与
重力，处于平衡状态，则大小B═mg；故C正确； D、外加匀强磁场的磁感应强度B的方向垂直斜面向上，则安培力方向沿斜面向下，导体不可能平衡，故D错误； 故选：C 点评： 通电导线在磁场中的受到安培力作用，由公式F=BIL求出安培力大小，由左手定则来确定安培力的方向．学会区分左手定则与右手定则，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感应电流的方向
4．（4分）如图所示，物体在斜面上受到平行于斜面向下拉力F作用，沿斜面向下运动，已知拉力F大小恰好等于物体所受的摩擦力，则物体在运动过程中（）
A． 做匀速运动 B． 做匀加速运动 C． 机械能减小 D．机械能增加 考点： 功能关系；牛顿第二定律． 分析： 知道机械能守恒的条件，对物体正确受力分析、熟练应用机械能守恒条件，即可正确解题． 解答： 解：A、B、物体受到重力、弹力、滑动摩擦力与拉力作用，由拉力等于滑动摩擦力，物体受到的合力等于物体重力沿斜面向下的分析，物体做匀加速运动，故A错误，B正确； C、D、拉力与摩擦力相等，它们所做的总功为零，支持力不做功，因此只有重力做功，物体的机械能守恒，故C错误，D错误； 故选：B． 点评： 对物体受力分析，根据物体的受力情况判断物体的运动状态；除重力与弹力之外，其它力不做功或所做的总功为零，则物体的机械能守恒．