山西省太原师范学院附属中学2020-2021学年度第一学期九年级12月月考物理(Word 含答案)

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解析山西师大附中2020┄2021学年高二上学期月考物理试卷12月份

山西师大附中2020┄２021学年高二（上)月考物理试卷(１2月份）一、选择题（本题共12小题,每小题4分，共48分,在每小题给出的4个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确,全部选对的得4分,选不全的得2分，有错选或不答的得0分．）1．下列说法中正确的是（)A．电荷在某处不受电场力作用，但该处电场强度不一定为零Ｂ.一小段通电导体在某处不受安培力作用，则该处磁感应强度一定为零C．当置于匀强磁场中的导体长度和电流大小一定时,那么导体所受的安培力大小也是一定的Ｄ.在磁感应强度为B的匀强磁场中，长为Ｌ、电流为Ｉ的载流导体所受到的安培力的大小，介于零和ＢＩL之间2.如图所示，有一根直导线上通以恒定电流I，方向垂直指向纸内,且和匀强磁场B垂直,则在图中圆周上，磁感应强度数值最大的点是（）A．ａ点ﻩＢ．b点ﻩＣ．c点ﻩＤ.ｄ点3．如图，电流从Ａ点分两路对称地且电流强度相等地通过圆形支路再汇合于Ｂ点，则圆环中心处O点的磁感应强度的方向是（）A.垂直圆环面指向纸内B．垂直圆环面指向纸外C．磁感应强度为零ﻩD.条件不足,无法判断4．一根均匀粗导线的两端用柔软导线拉入电路,用用两根弹簧测力计悬挂起来，使导线ＭＮ保持水平,如图所示,在导线MN处加水平向里的磁场，并通以自M向N的电流，弹簧测力计的示数为F，若要使弹簧测力计示数增大,可以采用的做法是( ）Ａ．只减小电流ﻩB.只增加电流C.只改变电流方向ﻩD.只改变磁场方向5．在如图所示电路中,A、B间的电压保持一定，U AB=6V,电阻Ｒ１=Ｒ２=4Ω,R３=２Ω．那么（)A．开关S断开时,R3两端电压是3VB.开关S接通时，R3通过的电流是1.5ＡＣ.开关S断开时,Ｒ1通过的电流是0.75AＤ．开关S接通时,Ｒ1两端电压是４V6．电阻Ａ，B的伏安曲线如图所示,下面说法正确的是（)Ａ．两电阻串联后的伏安曲线在区域Ⅰ内，两电阻并联后的伏安曲线在区域Ⅲ内Ｂ．两电阻串联后的伏安曲线在区域Ⅲ内,两电阻并联后的伏安曲线在区域Ⅰ内C．A，B电阻阻值之比为１：３Ｄ.Ａ，B电阻阻值之比为3:17.如图所示,一个电源的电动势为ɛ，内电阻为r,将一个额定电压为Ｕ的电动机接在该电源上,电动机正常工作,通过电动机的电流为I．电动机的内阻为R，关于在时间t内的能量转化,下面的说法中正确的是（)Ａ.电源释放的电能为It(Ｕ+Ｉr)B．电源释放的电能为I２t(R＋r）C.电动机转化的机械能为It（U﹣IR）Ｄ.电动机转化的机械能为It[ɛ﹣I(r+R）]8.如图所示的电路中,滑动变阻器的滑片P从a滑向b的过程中,3只理想电压表的示数变化的绝对值分别为△U１、△U２、△U3,下列各值可能出现的是( ）A．△U1=３V、△U2=2Ｖ、△Ｕ3=１VﻩB．△U1=１V、△U2＝3V、△U３=2VC．△U1=0.5Ｖ、△U2=1V、△U3=1.5V D．△U1＝０.２Ｖ、△U2=1V、△U3=0.8V9．如图所示电路中,已知电源的内阻r＞R２，电阻R1的阻值小于滑动变阻器R０的最大阻值.闭合电键S，当滑动变阻器的滑臂P由变阻器的右端向左滑动的过程中,下列说法中正确的有（)A．V1的示数先变小后变大，V２的示数先变大后变小B.R2上消耗的功率先变小后变大C．电源的输出功率先变小后变大D．A1的示数不断减小,Ａ2的示数不断变大1０．如图所示的电路中,电源电压保持不变,R1为滑动变阻器，Ｒ2、R3为定值电阻.闭合开关Ｓ,将滑片P由a端向b端滑动一段距离后，电压表V1、V2示数变化的大小分别为△U1、△U2，电流表示数变化的大小为△Ｉ．下列判断正确的是( ）A.△U2大于△U1Ｂ．与的差值等于R2Ｃ．R２和Ｒ3消耗的电功率的和增加了△U２•△ＩD．电压表V１示数变小、电压表V2示数变大,电流表示数变大１1.如图所示,电源电动势为Ｅ，内阻为ｒ．当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P位于中点位置时，三个小灯泡Ｌ1、L2、L3都正常发光,且亮度相同,则( )A．三个灯泡的额定功率相同B．三个灯泡的额定电压相同Ｃ.三个灯泡的电阻按从大到小排列是L1、L3、L2D.当滑片Ｐ稍微向左滑动，灯L1和Ｌ3变暗，灯L2变亮1２.如图(a）所示，电压表V1、V2串连接入电路中时,示数分别为6V和4Ｖ,当只有电压表V2接入电路中时,如图示（b)所示,示数为9Ｖ，电源的电动势为( )Ａ．9.８V B.１0VﻩC．１０.8V D．11.2V二、填空题（本题共2小题，每空2分，共2２分）１3.为测量一电源的电动势及内阻（1)在下列三个电压表中选一个改装成量程为9V的电压表A．量程为1Ｖ、内阻约为1ｋΩ的电压表Ｖ1B.量程为２Ｖ、内阻约为２kΩ的电压表Ｖ2C.量程为3V、内阻为３kΩ的电压表V3选择电压表串联kΩ的电阻可以改装成量程为9Ｖ的电压表.(２)利用一个电阻箱、一只开关、若干导线和改装好的电压表(此表用符号V1、Ｖ2或Ｖ3与一个电阻串联来表示，且可视为理想电压表)，画出测量电源电动势及内阻的实验原理电路图．(3）根据以上实验原理电路图进行实验，读出电压表示数为１.50Ｖ时，电阻箱的阻值为1５.0Ω; 电压表示数为2．0０Ｖ时,电阻箱的阻值为４０.０Ω,则电源的电动势E＝V,内阻ｒ= Ω．14．现在要测量一段电阻丝的电阻率ρ，其阻值R x≈０．５Ω，允许通过的最大电流为0.5A.提供如下器材供你选择:电流表A１(量程0.６Ａ,内阻约0．6Ω）电压表V2(量程3V,内阻约3kΩ）待测的电阻丝R x(阻值约为0.5Ω）标准电阻R０（阻值5Ω）滑动变阻器R1(5Ω，2A)滑动变阻器R2（200Ω,1．5A）直流电源E（Ｅ＝６V，内阻不计)电键S、导线若干（1）图（甲)四位同学分别设计的“测量部分”的电路,你认为合理的是；(２）实验中滑动变阻器应该选择(选择“R1”或“Ｒ2”)，并采用接法；（３)根据你在（1)、(2）中的选择，在图（乙）上完成实验电路的连接:（4）实验中，如果两电表的读数分别为U和I，测得拉直后电阻丝的长度为L、直径为Ｄ，则待测电阻丝的电阻率ρ 的计算式为：ρ=；（5）用螺旋测微器测量待测电阻丝的直径时读数如图(丙)所示,则该电阻丝的直径D＝.三、计算题(本题共3小题,共30分,解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位)15．如图所示，电源的电动势E=10V，内电阻ｒ=１Ω,电容器的电容C＝40μＦ，定值电阻R1=Ｒ２=4Ω，R3=５Ω.当接通开关S，待电路稳定后，试求:(1）理想电压表V的示数;（2）电容器所带的电荷量.1６．如图所示,电源内阻r=１Ω，R1=2Ω，R2=６Ω,灯L上标有“3Ｖ、１.5W”的字样，当滑动变阻器R3的滑片P移到最右端时，电流表示数为1A,灯L恰能正常发光.（１)求电源的电动势；（2)求当Ｐ移到最左端时,电流表的示数；(3)当滑动阻器的Pb段电阻多大时，变阻器Ｒ3上消耗的功率最大?最大值多大？17．用图中所示的电路测定未知电阻Rｘ的值，图中电源的电动势Ｅ未知，电源内阻r与电流表的内阻R A均可忽略不计，Ｒ为电阻箱．（1)要测得R x的值,R至少需要取几个不同的数值?请用所测得的物理量推导出计算Ｒx的表达式;(2)若电流表每个分度表示的电流值未知,但指针偏转角度与通过的电流成正比,则在用此电路测ＲＸ时,R至少需要取几个不同的数值?请用所测得的物理量推导出计算Rｘ的表达式；（3）若电源内阻r不可忽略,能否应用此电路测量Rｘ．山西师大附中2020┄202１学年高二(上）月考物理试卷(1２月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题,每小题4分,共4８分，在每小题给出的4个选项中,有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得0分.）1．下列说法中正确的是( ）A.电荷在某处不受电场力作用,但该处电场强度不一定为零B．一小段通电导体在某处不受安培力作用,则该处磁感应强度一定为零Ｃ.当置于匀强磁场中的导体长度和电流大小一定时，那么导体所受的安培力大小也是一定的D.在磁感应强度为B的匀强磁场中，长为L、电流为I的载流导体所受到的安培力的大小,介于零和BＩＬ之间【考点】磁感应强度.【分析】由电场力公式F=qE则知，电荷在某处不受电场力作用，该处电场强度一定为零．一小段通电导体在某处不受安培力作用,该处磁感应强度不一定为零．若导线与磁场平行时,不受安培力，但B不等于零．导体所受的安培力大小与导体长度、电流大小及导线与磁场方向的夹角有关．【解答】解:A、由电场力公式Ｆ＝qＥ则知,电荷在某处不受电场力作用F=0，则该处电场强度E一定为零．故A错误．B、将一小段通电导体平行放入磁场中,不受安培力作用,但磁感应强度不为零．故B错误.Ｃ、当置于匀强磁场中的导体长度和电流大小一定时,导体所受的安培力大小不一定,还与导线与磁场方向的夹角有关.故C错误.D、在感应强度为B的匀强磁场中,当导线与磁场垂直时，导体所受到的安培力最大为ＢＩＬ,当导线与磁场平行时,不受安培力,所以导体所受到的安培力的大小介于零和BIL之间．故Ｄ正确．故选:Ｄ【点评】本题要抓住磁场与电场特性的区别：电荷在电场中一定受电场力,但通电导线在磁场中不一定受安培力,导线与磁场平行时不安培力.2．如图所示，有一根直导线上通以恒定电流I，方向垂直指向纸内，且和匀强磁场B垂直,则在图中圆周上,磁感应强度数值最大的点是( ）A．a点B．b点ﻩC.c点D．d点【考点】磁感应强度.【分析】该题考察了磁场的叠加问题.用安培定则首先确定通电直导线在aｂcd四点产生的磁场的方向,利用矢量的叠加分析叠加后磁场大小变化和方向,从而判断各选项.【解答】解:用安培定则判断通电直导线在ａbcd四个点上所产生的磁场方向,如图所示: A、在a点,通电导线产生的磁场与匀强磁场的方向相同,叠加后磁感应强度数值最大.故A正确;ＢCD错误.故选:A【点评】磁感应强度既有大小，又有方向，是矢量．它的合成遵循矢量合成的平行四边形法则．3.如图,电流从A点分两路对称地且电流强度相等地通过圆形支路再汇合于B点，则圆环中心处O点的磁感应强度的方向是( ）Ａ．垂直圆环面指向纸内ﻩＢ．垂直圆环面指向纸外C．磁感应强度为零ﻩD．条件不足,无法判断【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向.【分析】将圆环分成上下两半研究，根据安培定则，分别分析上半圆与下半圆电流在O点产生的磁场方向，根据叠加原理,求Ｏ处的磁感应强度．【解答】解：将圆环分成上下两半研究,根据安培定则，上半圆电流在O点产生的磁场方向向里，下半圆电流在O点产生的磁场方向向外,由于电流大小相等，两个产生的磁感应强度大小相等，则Ｏ点的磁感应强度为零.故选：Ｃ.【点评】磁感应强度是矢量，叠加遵守平行四边形定则.空间某一点磁场往往是各个场源产生的磁场的叠加.4.一根均匀粗导线的两端用柔软导线拉入电路,用用两根弹簧测力计悬挂起来，使导线MN 保持水平,如图所示,在导线ＭN处加水平向里的磁场,并通以自M向N的电流,弹簧测力计的示数为F,若要使弹簧测力计示数增大,可以采用的做法是（）A.只减小电流ﻩB．只增加电流C．只改变电流方向Ｄ．只改变磁场方向【考点】安培力.【分析】通电导线在磁场中的受到安培力作用,由公式F=BIＬ求出安培力大小,由左手定则来确定安培力的方向．【解答】解：AB、MN处加水平向里的磁场，并通以自Ｍ向N的电流,由左手定则安培力方向向上，F+ＢＩL=mg,若要使F增大，则可通过减小安培力的大小，即可以减小电流;故A正确，B错误；C、只改变电流方向或只改变磁场的方向，则重新平衡的方程:F′＝BIL+mg可见F′>F，故CD正确；故选:AＣＤ.【点评】学会区分左手定则与右手定则，前者是判定安培力的方向，而后者是判定感应电流的方向．5．在如图所示电路中，Ａ、B间的电压保持一定,U AB=6Ｖ，电阻Ｒ1=Ｒ2＝4Ω，R3＝2Ω.那么( ）A．开关S断开时，R3两端电压是３ＶB．开关S接通时,R3通过的电流是1.5AC.开关Ｓ断开时,Ｒ1通过的电流是0.75AD．开关S接通时,R1两端电压是4Ｖ【考点】闭合电路的欧姆定律；欧姆定律．【专题】恒定电流专题.【分析】首先认识电路的结构：开关S断开时,R2与R3串联；开关S接通时，电阻R１与Ｒ2并联后再与R３串联．根据欧姆定律求解.【解答】解：A、C开关S断开时,R２与R3串联；R３两端电压为U3=UＡＢ=Ｖ=4V;R１通过的电流是０;故A、C错误.Ｂ、Ｄ开关S接通时，电阻R1与R2并联后再与R３串联.R1与R2并联电阻为R并==2ΩR3通过的电流是I==A=１.５Ａ,R１两端电压Ｕ１=IR并=１.5×2V＝3V,故Ｂ正确，Ｄ错误.故选:B．【点评】本题是简单的电路计算问题,关键要灵活运用电路的连接关系,根据串联电路电压与电阻成正比进行计算．６．电阻A，B的伏安曲线如图所示,下面说法正确的是( ）A．两电阻串联后的伏安曲线在区域Ⅰ内,两电阻并联后的伏安曲线在区域Ⅲ内B.两电阻串联后的伏安曲线在区域Ⅲ内，两电阻并联后的伏安曲线在区域Ⅰ内Ｃ．A,B电阻阻值之比为1:3Ｄ.A，B电阻阻值之比为3:1【考点】欧姆定律.【专题】恒定电流专题.【分析】根据欧姆定律,I﹣U图象的斜率的倒数表示电阻；串联电路的电阻等于各个电阻之和，并联电路的电阻倒数等于各个电阻的倒数之和.【解答】解：C、D、Ｉ﹣U图象的斜率的倒数表示电阻,故RＡ＝=Ω，ＲB=＝Ω；故ＲA：R B=３：1,故C错误，Ｄ正确；A、Ｂ、I﹣U图象的斜率的倒数表示电阻;两电阻串联后,总电阻变大，伏安曲线在区域Ｉ内;两电阻并联后,总电阻减小，伏安曲线在区域IＩI内;故A正确,Ｂ错误；故选AD.【点评】本题关键明确I﹣U图象的斜率的倒数表示电阻，知道串并联电路的电阻与各分电阻的关系．７．如图所示，一个电源的电动势为ɛ,内电阻为r,将一个额定电压为U的电动机接在该电源上,电动机正常工作，通过电动机的电流为I.电动机的内阻为R,关于在时间t内的能量转化，下面的说法中正确的是（)A．电源释放的电能为Iｔ（Ｕ+Iｒ)B．电源释放的电能为I2t(R+r)Ｃ．电动机转化的机械能为It(Ｕ﹣IR)D.电动机转化的机械能为Ｉｔ[ɛ﹣I(r+R）］【考点】电功、电功率．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题.【分析】电源做功的总功等于ＥIt，电池消耗的化学能为IEt,电动机正常工作时,其电路是非纯电阻电路,由W=ＵＩt求解电功.发热量由Ｑ=I2Ｒｔ求解.【解答】解:Ａ、根据闭合电路欧姆定律得:Ｅ=I(U+Ir），故电源释放的电能为:W=EIt＝(U+Ir）It，故A正确；Ｂ、电路因发热而损耗的能量为：Q=I２ｔ(R+ｒ)，由于电动机输出机械能,故电源释放的电能大于Ｉ2t（R＋ｒ),故B错误;C、电动机转化的机械能为：Ｑ机＝UIｔ﹣Ｉ２Ｒt=Ｉt（Ｕ﹣IR)，故C正确；D、电路因发热而损耗的能量为：Q=I2t(Ｒ＋r)，所以电动机转化的机械能为Ｑ机=W﹣Q=Ｉt［ɛ﹣I（ｒ+R）］，故D正确；故选：ACＤ．【点评】本题中当电动机正常工作时其电路是非纯电阻电路，求电功只能用W=UIｔ,求热量Q=Ｉ2Rt.而输出的机械能只能根据能量守恒求解．８．如图所示的电路中，滑动变阻器的滑片P从a滑向ｂ的过程中，3只理想电压表的示数变化的绝对值分别为△U1、△U２、△U3,下列各值可能出现的是( ）A.△U1=3Ｖ、△Ｕ２=2V、△U３=１ＶB．△U1=1V、△Ｕ2＝3Ｖ、△Ｕ３=２VC．△U1=0.５V、△U２=1V、△U3＝1.5VﻩＤ．△U1＝0.2V、△Ｕ2＝1V、△Ｕ３＝０．8V 【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】滑动变阻器的滑片P从ａ滑向b的过程中，变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大，电灯两端的电压增大,路端电压减小，分析变阻器两端电压的变化，根据路端电压的变化，判断△U2、△Ｕ3的大小.【解答】解：滑动变阻器的滑片P从a滑向b的过程中,变阻器接入电路的电阻减小，电路中电流增大,电灯两端的电压U2增大,电源的内电压增大,则路端电压U1减小,则变阻器两端电压Ｕ3减小.由于U1＝U2+Ｕ3，U1减小，则知△U2＞△Ｕ3，△Ｕ1＜△Ｕ２，所以△U1＝1V、△Ｕ2=3V、△Ｕ3=2Ｖ；△Ｕ１=0.２Ｖ、△U2=1V、△U３=0．8Ｖ是可能的,△U1=3V、△Ｕ2＝2V、△Ｕ３=1V；△U１=0.5Ｖ、△U2=1V、△Ｕ3=1.5V不可能．故ＢD正确，AC错误．故选BD【点评】本题解题的关键是抓住U1＝U２+U3，根据总量法分析三个电压表读数变化量的大小．9．如图所示电路中，已知电源的内阻r>R2,电阻R1的阻值小于滑动变阻器R0的最大阻值．闭合电键Ｓ,当滑动变阻器的滑臂P由变阻器的右端向左滑动的过程中，下列说法中正确的有( )A.V1的示数先变小后变大,V２的示数先变大后变小B．R2上消耗的功率先变小后变大C．电源的输出功率先变小后变大D．A1的示数不断减小,Ａ2的示数不断变大【考点】闭合电路的欧姆定律.【专题】恒定电流专题．【分析】当滑动变阻器的滑臂Ｐ由右端向左滑动的过程中,变阻器左侧电阻与R1串联后与变阻器右侧并联的总电阻先变大后变小，根据闭合电路欧姆定律分析电路中的电流变化和路端电压的变化，再由欧姆定律分析R２两端电压的变化,确定三个电表示数的变化.【解答】解：Ａ、由题，电阻Ｒ1的阻值小于滑动变阻器R0的最大阻值，当滑动变阻器的滑臂P由右端向左滑动的过程中，变阻器左侧电阻与R1串联后与变阻器右侧并联的总电阻先变大后变小,根据闭合电路欧姆定律得知,电路中电流先变小后变大,电源的内电压也变小后变大,则路端电压先变大后变小,所以V1的示数先变大后变小．Ｖ２测量R2两端的电压，R2不变,则V２的示数先变小后变大．故Ａ错误.B、R2不变，由公式Ｐ=I2Ｒ得知,电流I先变小后变大，则R2上消耗的功率先变小后变大．故Ｂ正确．Ｃ、已知电源的内阻ｒ>Ｒ2，但外电路总电阻与ｒ的关系无法确定,所以无法判断电源输出功率的变化情况．故C错误.D、当变阻器滑片位于最右端时,R1与变阻器被短路，电路中电流最大，A1的示数最大,A２的示数为零，所以滑臂P由右端向左滑动的过程中，Ａ1的示数不可能不断减小,A2的示数不断变大．故D正确.故选BD．【点评】本题考查了串、联电路的特点和欧姆定律的灵活运用，难点是滑动变阻器滑片Ｐ从最右端→中间→左端总电阻变化情况的判断.10.如图所示的电路中，电源电压保持不变，Ｒ１为滑动变阻器，R2、Ｒ３为定值电阻．闭合开关Ｓ，将滑片P由a端向ｂ端滑动一段距离后，电压表Ｖ1、V2示数变化的大小分别为△Ｕ1、△Ｕ2，电流表示数变化的大小为△Ｉ．下列判断正确的是( ）A.△U2大于△U1Ｂ.与的差值等于R2Ｃ.R2和R3消耗的电功率的和增加了△U2•△ID．电压表V1示数变小、电压表V2示数变大,电流表示数变大【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】将滑片P由a端向ｂ端滑动，分析变阻器电阻的变化,由欧姆定律判断各部分电压的变化.根据闭合电路欧姆定律列式分析电压变化量与电流变化量比值与乘积的变化．【解答】解：A、将滑片P由a端向b端滑动，变阻器电阻的在路电阻减小，总电阻减小,电流增大，则R2、R3的电压增大,路端电压减小,则R1的电压减小,由于R2的电压增大,路端电压减小,所以Ｒ1、Ｒ3的电压之和减小，Ｒ3电压的增大量小于R１电压的减小量，则△U2小于△U1．故A错误．B、由欧姆定律可知，=R2+R３,由Ｕ1=U﹣ＩＲ3,Ｕ为电源的电压，则＝R3，则与的差值等于Ｒ2，故B正确.Ｃ、总电流增大，R2和R3消耗的电功率的和增加,由P=U2I知，P增加了△Ｕ２•Ｉ+U2•△Ｉ，故C错误.D、由上知,U1=U﹣IR3,I增大,U不变,则电压表V1示数变小．电压表V２示数变大,电流表示数变大,故D正确.故选：ＢD．【点评】本题是动态变化分析问题,关键要注意与常规题目不同的是电源的电压不变，运用欧姆定律列式分析变化量的关系.11.如图所示，电源电动势为E,内阻为r.当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P位于中点位置时，三个小灯泡L1、Ｌ2、L3都正常发光,且亮度相同,则（)A．三个灯泡的额定功率相同B.三个灯泡的额定电压相同C.三个灯泡的电阻按从大到小排列是L1、L3、L2D．当滑片P稍微向左滑动,灯L1和Ｌ3变暗,灯Ｌ2变亮【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】首先搞清电路的结构:变阻器R与3灯并联后与２灯串联，最后与１灯并联.三个小灯泡L1、Ｌ2、L3都正常发光,且亮度相同，说明额定功率相同,根据公式P=Ｉ2Ｒ比较灯3与２电阻的大小，根据公式P＝,比较灯1、3电阻的大小.当滑片P向左移动时,根据欧姆定律分析三个灯亮度的变化.【解答】解：由图知,变阻器R与３灯并联后与２灯串联，最后与1灯并联．Ａ、三个小灯泡L１、Ｌ2、L3都正常发光,且亮度相同，说明额定功率相同,故A正确；B、C对于灯1、2：通过3的电流小于2的电流,当两灯泡的功率相同时,由公式P=I2R分析可知，３的电阻大于2的电阻,灯1的电压大于2、３的电压,当两个灯泡的功率相同时，根据公式Ｐ=，知1的电阻大于２、3的电阻．可见,１灯电阻最大，２灯电阻最小，故三个灯泡的电阻按从大到小排列是L1、Ｌ3、L2，额定功率相等，电阻不等,由P＝知，额定电压不等，故B错误,Ｃ正确.D、若将滑片P向左滑动时,变阻器在路电阻增大，外电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I减小，路端电压Ｕ增大,则L１变亮.通过L2电流I2=I﹣I１，I减小,Ｉ1增大，则I2减小,故Ｌ2变暗．L3电压U３=Ｕ﹣U2,U增大,Ｕ2减小,则U3增大，故Ｌ３变亮．故D错误.故选ＡＣ【点评】本题首先要搞清电路的连接方式,其次按“局部→整体→局部”的思路进行分析.三个灯比较电阻的大小,可两两进行比较,根据条件关系选择恰当的公式，功率相同的条件下，已知电压的大小关系，根据公式P=，比较电阻的大小；已知电流的大小关系，根据公式P=Ｉ２R比较电阻的大小．12．如图(a）所示,电压表V1、V2串连接入电路中时,示数分别为6V和4V,当只有电压表Ｖ2接入电路中时，如图示(ｂ）所示，示数为9Ｖ，电源的电动势为( ）A.9．８ＶＢ．10V Ｃ.１0.8ＶＤ．１1.2V【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】电压表看成可测量电压的电阻,（a）图中Ｖ１、V2串联,由V２的示数与内阻之比等于电流,根据欧姆定律列出方程；同理对(ｂ）图根据欧姆定律列出方程,联立求出电动势．【解答】解:由（a）图E=6＋4+Ｉ1r=1０+r ①E=９＋I2ｒ=9＋r ②由①②得:E=10.8V故选Ｃ【点评】本题关键要把电压表看成可测量电压的电阻,根据欧姆定律分别对a、ｂ两种情况列方程求解电动势．二、填空题(本题共2小题，每空2分,共２２分)1３．为测量一电源的电动势及内阻（1）在下列三个电压表中选一个改装成量程为9Ｖ的电压表A.量程为1V、内阻约为1kΩ的电压表V1B.量程为２Ｖ、内阻约为2kΩ的电压表V2Ｃ.量程为3Ｖ、内阻为3ｋΩ的电压表V3选择电压表Ｃ串联6 kΩ的电阻可以改装成量程为9V的电压表．（2)利用一个电阻箱、一只开关、若干导线和改装好的电压表（此表用符号V１、V２或V3与一个电阻串联来表示,且可视为理想电压表），画出测量电源电动势及内阻的实验原理电路图.(3）根据以上实验原理电路图进行实验,读出电压表示数为1.50V时,电阻箱的阻值为15．０Ω;电压表示数为2．０0V时，电阻箱的阻值为40．0Ω，则电源的电动势E= 7.５V,内阻r= 10 Ω．【考点】测定电源的电动势和内阻．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】①改装中要进行量程的换算，故可以选量程成整数倍的电表；②由闭合电路的欧姆定律的实验方法可知实验电路图;③由闭合电路的欧姆定律可列式求得电动势及内阻.【解答】解：(1）要改装一个量程为9V的电压表,应该选择C，改装成电压表要串联电阻的RＸ：则I g(Rｇ+R x）=U V即:1×１0﹣3（3kΩ+R x）＝9解得：Rｘ=６kΩ(2）实验原理电路图，如图:(３)电压表由量程为３Ｖ改装为9V，量程扩大了３倍,示数为1.50Ｖ时，路端电压为3×1.５V=4.５Ｖ,根据闭合电路的欧姆定律，同理示数为2.０V时，路端电压为3×２.0V=6.0V,有.联立二式解得E＝7．50V ｒ=10.0Ω故答案为:（1）C；6（2）电路如图所示;(3)7.50，10.0.【点评】本题考查电压表的改装,熟悉电压表的改装原理后不难做出解答．14．现在要测量一段电阻丝的电阻率ρ,其阻值R x≈０.５Ω,允许通过的最大电流为0.5A.提供如下器材供你选择：电流表Ａ1(量程0.6A，内阻约０.6Ω)电压表V2（量程3V,内阻约3kΩ)待测的电阻丝Rｘ(阻值约为0.5Ω)标准电阻Ｒ0（阻值5Ω）滑动变阻器R1（5Ω,2A)滑动变阻器R2(２0０Ω,1.５Ａ)直流电源E（E=6Ｖ,内阻不计）电键S、导线若干(1)图（甲）四位同学分别设计的“测量部分”的电路，你认为合理的是C ；（2)实验中滑动变阻器应该选择(选择“Ｒ１”或“Ｒ２”），并采用分压式接法；(3)根据你在(1)、（２）中的选择，在图（乙）上完成实验电路的连接:(４)实验中,如果两电表的读数分别为U和Ｉ，测得拉直后电阻丝的长度为L、直径为D,则待测电阻丝的电阻率ρ 的计算式为:ρ=；(5)用螺旋测微器测量待测电阻丝的直径时读数如图（丙)所示，则该电阻丝的直径D= １.206ｍm .。

人教版九年级物理综合复习高频考题选编—热学计算题(含解析)

人教版九年级物理综合复习高频考题选编—热学计算题1．（2019·江苏常熟·初三月考）工匠用钢铁打制刀具时，有一个重要流程叫“淬火”，把刚打制成型的刀具放到炉火中充分煅烧，然后将其迅速放入水中骤冷．现有一成型的合金钢刀具的质量为1kg ，温度为20℃，放入836℃的炉火中煅烧足够长时间，迅速取出放入5kg℃20℃的水中冷却．最后与水达到共同的温度（不计过程中的热量损失，c 水=4.2×103J/℃kg℃℃℃c 合金钢=0.42×103J/℃kg℃℃℃求： ℃1）此刀具在火炉中吸收了多少热量？ ℃2）淬火后水的温度为多少摄氏度？2．（2020·山东泗水·初三期中）在“探究水沸腾时温度变化的特点”实验中，用酒精灯给烧杯中的水加热，烧杯中盛有20℃、质量为100g 的水，在一个标准大气压下加热至沸腾，假如完全燃烧酒精3g℃[水的比热容为4.2×103J/℃kg•℃），酒精的热值为3.0×107J/kg]求： ℃1）水吸收的热量是多少？ ℃2）此过程中酒精灯烧水的热效率．℃3）科学研究表明：1g 100℃的水汽化成同温度的水蒸汽需要吸收2.26×103J 的热量．水开始沸腾后持续观察沸腾现象，同时发现水的质量减少了5g ，求此过程水汽化成水蒸气所吸收的热量．3．（2019·福建省福州第一中学初三期中）物理兴趣小组的同学在研究“沙子和水谁的吸热本领大”时，选用了两只完全相同的酒精灯分别给质量都是200g 的沙子和水加热。

他们绘制出沙子与水的温度随加热时间变化的图像如图所示。

已知水的比热容是4.2×103J/(kg·℃)，问：(1)图a 、b 中，哪个是沙子吸热升温的图像？ (2)加热2min ，水吸收了多少热量？ (3)试求出沙子的比热容。

4．小丽需用温度为40 ℃的水泡脚，便把90 ℃的热水与10 kg℃ 20 ℃的水混合，设混合过程没有热量损失。

解析山西大学附中2020┄2021学年高二上月考物理试卷12月份

202０┄2021学年山西大学附中高二（上）月考物理试卷(12月份）一.选择题(本题共1０小题,在每小题给出的四个选项中,第1-6题只有一项符合题目要求,每小题5分.第7-1０题有多项符合题目要求，每小题５分..全部选对的６分，选对但不全的得３分，有选错的得0分.）１．(５分）（2014秋•小店区校级月考)磁感应强度单位是特斯拉，１特斯拉相当于（)A.1kg/A•ｓ2Ｂ.1kｇ•ｍ/A•ｓ2 C.1kg•m2/s2Ｄ．1kｇ•m2/A•ｓ2考点:磁感应强度．分析:根据磁感应强度与磁能量的关系和磁感应强度的定义式推导出T与其他单位的关系．解答:解:由公式B=，安培力的单位是N，而电流的单位是A，长度的单位为ｍ,则单位的换算可得N/A•m，即为1Ｔ．根据牛顿第二定律F=mａ，即1Ｎ=1kｇ•m/s２，则1特斯拉相当于1kg/Ａ•s2,故A正确,BCD错误.故选:A.点评:T是导出单位,可根据物理公式推导出各物理量单位的关系,要对公式要熟悉.基础题.2.（5分)（2０05秋•海淀区期末)两根通电的长直导线平行放置，电流大小Ｉ1＞I２，电流的方向如图所示,在与导线垂直的平面上有ａ、b、c、d四点,其中ａ、b在导线横截面连接的延长线上，c、d在导线横截面连接的垂直平分线上．则导体中的电流在这四点产生的磁场的磁感应强度可能为零的是（)Ａ．ａ点B．b点 C.c点 D.d点考点：磁感应强度.分析:由安培定则确定两电流在图示各点所产生的磁场方向,若方向相反,磁感应强度可能为0，否则不可.解答:解:两电流在ａ点B的方向相反，但因I１＞I2且离I１近,故Ｉ１的磁感应强度大于Ｉ2的磁感应强度．则a点不可能为0.两电流在 c 点d点的B的方向不相反,故b,c两点的磁感应强度不可能为0．两电流在b点的B的方向相反,I1＞I２,而I2离ｂ点近,则可以大小相等，故b点磁感应强度可为０.故选：B点评：考查磁场的合成,明确电流的磁感应强度与电流的大小，距离有关.3．（５分）（2014秋•温州校级期中)如图所示的电路中,灯泡Ａ、灯泡Ｂ原来都是正常发光的.现在突然灯泡Ａ比原来变暗了些,灯泡Ｂ比原来变亮了些,则电路中出现的故障可能是（）Ａ．Ｒ１短路 B.R２断路C．R3断路 D.R１、R2同时短路考点:闭合电路的欧姆定律.专题：恒定电流专题．分析：首先明确电路中各用电器的连接关系:R3与灯泡B关联,与R２、Ａ串联,再与R１并联．灯泡A变暗了,说明实际功率减小了，灯泡B变亮,说明实际功率增大了.具体故障可将每个选项逐一代入题目检查是否符合题意，从而确定正确选项．解答:解:A、若R1短路，则两个灯泡都被短路，都不亮,故A错误；B、若R2断路,则两个灯泡都被断路，都不亮,故Ｂ错误；C、若R３断路，外电阻增大,外电阻增大，路端电压U增大,干路电流I减小,R1电流I1增大，则通过Ａ的电流ＩA=Ｉ﹣I1减小，A灯变暗．Ｂ灯电压U B＝Ｕ﹣ＩＡ（R A+R2)增大，B灯变亮，符合题意.故C正确.Ｄ、Ｒ１、R2同时短路,ＡB灯都不亮,不符合题意.故D错误.故选：C点评：此题是电路故障分析问题．解决的关键是在明确电路连接关系的前提下采用“排除法”将每一选项逐一代入题干,检查是否符合题意,最终确定正确选项.4．（5分）（2013•长沙一模)如图为多用表欧姆档的原理图，其中电流表的满偏电流为3０0μA，内r g=10０Ω,调零电阻的最大阻值R=50kΩ,串联的固定电阻R0=50Ω,电池电动势Ｅ＝1．5Ｖ．用它测量电阻R x,能准确测量的范围是( ）Ａ．３0kΩ～80kΩＢ．3ｋΩ～8kΩ C.3０0Ω～8０0ΩD．30Ω～80Ω考点：多用电表的原理及其使用.专题:恒定电流专题.分析:欧姆表的中值电阻附近刻度最均匀，读数误差最小,求解出该欧姆表的中值电阻即可.解答：解：欧姆表的中值电阻附近刻度最均匀，读数误差最小;欧姆表的中值电阻Ｒ中等于欧姆表的内电阻R总,根据闭合电路欧姆定律，满偏时：Ｉg=半偏时，I g=联立解得:Ｒ中=R总=故选B．点评:本题关键明确欧姆表的中值电阻附近刻度最均匀,读数误差最小;知道中值电阻等于欧姆表内电阻.5．（5分）（２01４•天津）如图所示,电路中Ｒ1、R２均为可变电阻,电源内阻不能忽略，平行板电容器C的极板水平放置,闭合电键Ｓ，电路达到稳定时,带电油滴悬浮在两板之间静止不动,如果仅改变下列某一个条件,油滴仍能静止不动的是（)A.增大R１的阻值B．增大Ｒ2的阻值C．增大两板间的距离D．断开电键Ｓ考点:闭合电路的欧姆定律;电容器的动态分析．专题：电容器专题.分析：分析清楚电路结构,求出极板间的电场强度,求出油滴受到的电场力，然后根据电场力的表达式分析答题．解答:解：根据图示电路图，由欧姆定律可得：电容器两端电压：U=IＲ1=R1＝=,油滴受到的电场力:Ｆ=,开始时油滴静止不动，F＝mｇ,要使油滴保持静止不动,则电场力应保持不变;Ａ、增大R1的阻值，电场力：Ｆ=变大，电场力大于重力，油滴受到的合力向上，油滴向上运动，故A错误;Ｂ、增大R2的阻值,电场力：Ｆ＝不变，电场力与重力仍然是一对平衡力,油滴静止不动,故Ｂ正确;C、增大两板间的距离,极板间的电场强度减小，电场力减小，小于重力,油滴受到的合力向下,油滴向下运动,故C错误；D、断开电键Ｓ，极板间的电场强度为零,电场力为零,油滴受到重力作用,油滴向下运动,故D错误．故选:B.点评：本题考查了判断油滴的运动状态问题,分析清楚极板间的电场力如何变化是正确解题的关键.6．(5分)（20１４秋•信阳期末）如图所示，电源的电动势和内阻分别为Ｅ、r，在滑动变阻器的滑动触头P由a向b移动的过程中，下列各物理量变化情况为（)Ａ.电流表的读数一直减小Ｂ.Ｒ０的功率先增大后减小C.电压表的读数先减小后增大D．电源的总功率先减小后增大考点:闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由图变阻器Pa与Ｐb两部分并联,再与R0串联．电压表测量路端电压，电流表测量干路电流.根据变阻器总电阻的变化,由欧姆定律分析电路中电压、电流的变化来判断.解答:解：在滑动变阻器的滑片P由a向b移动的过程中，变阻器并联的总电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律分析可知，电路中的总电流I先减小后增大,则电流表的读数先减小后增大,R0的功率先减小后增大，电源的内电压先减小后增大,则由闭合电路欧姆定律可知路端电压先增大后减小,则电压表的读数先增大后减小．由于总电流Ｉ先减小后增大，则电源总功率ＥI先减小后增大,故ABC错误,D正确．故选：D.点评：本题是动态变化分析问题,关键抓住变阻器滑片处于中点时,并联电阻最大.再按常规顺序“部分→整体→部分”分析.7．（６分)(２014秋•小店区校级期中）一根电阻丝在通过２C的电量时,消耗电能是8J.若在相同时间内通过４C的电量，则该电阻丝两端所加电压U和该电阻丝在这段时间内消耗的电能E 分别为( )Ａ.Ｕ=4V B．U＝８V C．E=16J D.E=3２J考点:电功、电功率;闭合电路的欧姆定律．专题:恒定电流专题.分析：已知电阻丝在通过2Ｃ的电量时,消耗的电能是8J,根据Ｗ=qU变形可求出电压；当在相同的时间内通过电阻丝的电量是4Ｃ时,根据I=可知，当时间相同，由电荷时的关系可知电流关系，因为电阻不变,根据U＝IR，由电流关系可知电压关系,即可求出电阻丝两端所加电压U;已知通过电阻丝的电量是4C，电阻丝两端所加电压U已求出，根据Ｗ=UQ可求出电阻丝在这段时间内消耗的电能W．解答:解:因为电阻丝在通过2C的电量时，消耗的电能是8Ｊ,由Ｗ=ｑＵ得：此时电压为：Ｕ==Ｖ=4V当在相同的时间内通过电阻丝的电量是4C时,根据Ｉ=可知，Ｉ′＝2I根据U＝IR可知，电阻不变，此时电阻丝两端电压:U′=２Ｕ=2×4V=8V电阻丝在这段时间内消耗的电能:W＝q′Ｕ′=4×8J=32Ｊ．故选：BD.点评:本题考查了电量和电功的计算及欧姆定律的应用．本题由于不知道时间不能求出电流，只能根据相关公式找出相关关系来求解.8．（6分）(2013•抚顺模拟)在如图所示电路中，电源电动势为1２Ｖ,内电阻不能忽略．闭合S 后,调整R的阻值，使电压表的示数增大△U=2V．在这一过程中（)A.通过Ｒ1的电流增大，增大量为△B．R２两端的电压减小，减小量为△UC.通过R2的电流减小,减小量小于△Ｄ．路端电压增大，增大量为△U考点:闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：R1是定值电阻，电压表V的示数增大△U的过程中,通过R１的电流增加,增加量△Ｉ＝；电压表Ｖ的示数增大,变阻器有效电阻增大,外电路总电阻增大,干路电流减小，Ｒ2两端电压减小，根据路端电压的变化分析其电压减小量.电压表示数增加，R2电压减小,路端电压增加量一定小于△U.解答：解:Ａ、R1是定值电阻,电压表V的示数增大△U的过程中,通过R1的电流增加，增加量△I=．故A正确.Ｂ、电压表V的示数增大,变阻器有效电阻增大,外电路总电阻增大,干路电流减小，内电压减小，所以路端电压增大;R2两端电压减小,则Ｒ2两端电压减少量一定小于△U.故B 错误.C、由以上分析知，R2两端电压减少量一定小于△U，由欧姆定律得到:通过R2的电流的减少量一定小于．故C正确.Ｄ、电压表示数增加，R2电压减小，路端电压增加量一定小于△Ｕ．故D错误.故选:AＣ.点评：本题是电路动态变化分析问题,本题中采用总量法,由电压表示数变化和总电压(路端电压）的变化来分析R2电压的变化,这是常用的方法．９．（6分)(2０１4秋•小店区校级月考）如图所示的图线①表示某电池组的输出电压与电流的关系（U﹣I图线）,图线②表示其输出功率与电流的关系（Ｐ﹣I图线).则下列说法正确的是( ）A．电池组的电动势为50 VB.电池组的内阻为ΩC．电流为2.０Ａ时,电源的效率为80%D．输出功率为120W时,输出电压是30Ｖ考点:闭合电路的欧姆定律；电功、电功率.专题:恒定电流专题．分析：在电压一电流关系图象中,纵轴截距等于电源的电动势,直线斜率的绝对值表示的是电源的内电阻的大小,由此可以知道电池组的电动势和内阻；当电流为2.５A时,根据闭合电路欧姆定律求外电路的电阻.输出功率为1２0 W时,由图读出电流,由欧姆定律可以求得电源的输出电压.解答：解：Ａ、B、U﹣I图线①与Ｕ轴交点表示电路处于断路状态,则电源的电动势E＝Ｕ=５0V.电源的内阻等于图线的斜率大小,则有ｒ=＝Ω＝5Ω,故Ａ正确，B错误;C、当电流为２.5A时,根据闭合电路欧姆定律得:外电路的电阻R===15Ω,故Ｃ正确.D、电池组的输出功率为１20W时，由P﹣Ｉ图线读出电流I=4A，则输出电压为Ｕ=Ｅ﹣Ir＝50﹣４×5＝30V,故D正确；故选：ACＤ.点评：本题考查读图的能力,可以根据图象的数学意义来理解图象的物理意义．不难.10.(６分）（201４秋•小店区校级月考)有两个相同的电流计改装成的量程不同的电流表A1和Ａ2，A１的量程是A２的2倍,则( ）A．若串联起来，两表指针偏角θ1＜θ2，两表示数相等B.若串联起来，两表指针偏角相等，Ａ1表示数大于Ａ２表示数Ｃ．若并联起来，两表指针偏角相等，Ａ１表示数大于Ａ2表示数D.若并联起来，两表指针偏角θ1>θ２,两表示数相等考点:把电流表改装成电压表.专题:实验题.分析：电流表A１、A2是由两个相同的小量程电流表改装成的,它们并联时，表头的电压相等,电流相等，指针偏转的角度相同，量程大的电流表读数大.当它们串联时，Ａ1、A2的示数相同.由于量程不同,内阻不同,两电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同.解答:解：A、B、若A1、A2串联,A1、Ａ2的示数相同．由于量程不同,内阻不同,电表两端的电压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同，量程小的偏转角度小，故A正确Ｂ错误；Ｃ、若并联起来，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程不同的电流表读数不同，量程大的通过的总电流较多，示数较大．故Ｃ正确D错误;故选：Ａ．点评:本题要对于安培表的内部结构要了解：小量程电流表（表头）与分流电阻并联而成.指针偏转角度取决于流过表头的电流大小.二.实验题（本题共19分,每空3分,作图4分）11．（1９分)(2014秋•小店区校级月考）某课题研究小组,收集了数码相机、手机等用旧了的各种类型的电池，及从废旧收音机上拆下的电阻、电容、电感线圈、薄的金属圆片.现从这些材料中选取两个待测元件，一是电阻Ｒ0(约为2ｋΩ),二是手机中常用的锂电池（电动势E标称值为３．7V，允许最大放电电流为10０mＡ）.在操作台上还准备了如下实验器材:A.电压表Ｖ（量程4Ｖ,电阻ＲＶ约为４.0kΩ），B.电流表A１(量程100mA，电阻R A1约为5Ω)，C．电流表Ａ2(量程4mＡ,电阻R A2约为5０Ω),D．滑动变阻器R１（０~20Ω,额定电流1A），E．开关S一只、导线若干,F.游标卡尺，G.螺旋测微器．(1)为了测定电阻R0的电阻值,某小组的四位成员,设计了如图1所示的电路原理图，并选取了相应的器材(电源用待测的锂电池),则电路设计正确且器材选取也妥当的是 D（2）为了测锂电池的电动势和内阻，请在图２的方框甲中画出实验原理图，并在图中标明所选用器材．(3)某小组根据测得的数据,画出了U﹣Ｉ图线,如图2乙所示，根据图线，可求得:该锂电池的电动势U= 3．５Ｖ，内阻r= 25 Ω.（4）某同学用游标卡尺和螺旋测微器分别测量薄金属圆片的直径和厚度.读出图3中的示数．该游标卡尺示数为１.240 ｃm．螺旋测微器示数为0．730 mm．考点：测定电源的电动势和内阻.专题：实验题．分析:(1)根据实验器材确定滑动变阻器与电流表的接法,然后选择实验电路．(2）根据实验原理作出实验电路图．（3)根据图示电源U﹣I图象求出电源电动势与内阻.（4）游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数,螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数.解答:解：(1）电路最大电流约为：I==＝0.0０１85Ａ=1.85mA，应选电流表Ａ２,待测电阻阻值约为2kΩ，电压表内阻约为4kΩ，电流表内阻约为５0Ω,待测电阻阻值远大于电流表内阻，电流表应采用内接法，滑动变阻器最大阻值为２０Ω，待测电阻阻值远大于滑动变阻器最大阻值,为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法,故选图D所示电路．（2)应用伏安法测电源电动势与内阻，电压表测路端电压，电流表测电路电流,实验电路图如图所示:（3)由图示电源U﹣I图象可知，图象与纵轴交点坐标值为3.5,则电源电动势E=３.5V,电源内阻:ｒ===2５Ω；(4)由图示游标卡尺可知，其示数为：12mm+×0.05mm=12．40mm=1．２4０cm,由图示螺旋测微器可知,其示数为0．5mm+23．０×０.01mm=0.73０ｍm．故答案为：（１)Ｄ;(２）电路图如图所示;(3)３.5;25Ω;(４）1.２４0；０．730.点评：本题考查了实验电路的选择、设计实验电路图、求电源电动势与内阻、游标卡尺与螺旋测微器读数；要注意游标卡尺不需要估读,螺旋测微器需要估读．三、计算题（本题共3小题，共计2６分,解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位.）12．（8分）（20１2春•枣强县校级期末）利用电动机通过如图所示的电路提升重物,已知电源电动势E＝6Ｖ，电源内阻r=1Ω,电阻R=3Ω，重物质量ｍ=０．１0kg，当将重物固定时,电压表的示数为５V,当重物不固定,且电动机最后以稳定的速度匀速提升重物时,电压表的示数为5.5V,求:重物匀速上升时的速度大小（不计摩擦,g取10m/s２)．考点:闭合电路中的能量转化;闭合电路的欧姆定律;电功、电功率．专题：恒定电流专题.分析:根据闭合电路欧姆定律求出电路中的电流和电动机输入电压．电动机消耗的电功率等于输出的机械功率和发热功率之和，根据能量转化和守恒定律列方程求解重物匀速上升时的速度大小．解答:解：由题,电源电动势Ｅ=6Ｖ,电源内阻r=1Ω,当将重物固定时,电压表的示数为5V,则根据闭合电路欧姆定律得电路中电流为I==A电动机的电阻ＲＭ＝＝Ω=2Ω当重物匀速上升时，电压表的示数为Ｕ＝5.5V，电路中电流为I′＝＝0．5Ａ电动机两端的电压为U M＝E﹣Ｉ′（R+ｒ)=6﹣0.5×（3＋１)Ｖ=４Ｖ根据能量转化和守恒定律得ＵM I′＝mgv＋I′2R代入解得，v＝1.5m/ｓ答:重物匀速上升时的速度大小为1.5ｍ/s.点评:本题是欧姆定律与能量转化与守恒定律的综合应用．对于电动机电路,不转动时,是纯电阻电路，欧姆定律成立；当电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路,欧姆定律不成立．1３.(9分）（20１4秋•小店区校级月考)如图甲所示电路中,电源电动势E=12V,内阻r=２Ω,R1=4Ω，Ｒ２=６Ω，R3=3Ω．（1）图甲中虚线框内的电路可等效为一个电源，即图甲可等效为图乙,其等效电动势E′等于CD 间未接入用电器时ＣD间的电压;若用导线直接将CD两点连接起来,通过该导线的电流等于等效电源的短路电流，则等效电源的内电阻r′是多少？(2）若在C、D间连一个“６V，３Ｗ”的小灯泡，则小灯泡的实际功率是多少？（不考虑小灯泡的电阻率随温度的变化）考点：闭合电路的欧姆定律.专题：恒定电流专题．分析:（１）先分析等效电路，然后根据闭合电路欧姆定律求解；(２)将小灯泡连在C、D之间，相当于接在等效电源Ｅ′两端，求出小灯泡的实际电流然后求实际功率.解答:解:(1）若在C、Ｄ间连一个理想电压表，根据闭合电路欧姆定律，有Ｉ1===1Ａ理想电压表读数为ＵV＝I1R2＝6V若在C、Ｄ间连一个理想电流表，这时电阻R２与R3并联，并联电阻大小R２3===2Ω根据闭合电路欧姆定律,有I2＝＝=1.5Ａ理想电流表读数为I′=I2=×1.5＝1A依题意，该等效电源的电动势Ｅ′=6Ｖ,短路电流与第（２)问中电流表读数相同,即为I′=1A,所以其等效内阻r′＝＝Ω＝６Ω（2)小灯泡的电阻R A==＝12Ω将小灯泡连在C、Ｄ之间,相当于接在等效电源Ｅ′两端，则流过小灯泡的电流大小为I3==＝A小灯泡的实际功率为P′=I3２×RＡ=2×12≈1.3３Ｗ答:(1)等效电源的内电阻ｒ′是6Ω;(2）若在C、D间连一个“6Ｖ,3Ｗ”的小灯泡，则小灯泡的实际功率是１．33Ｗ.点评：等效法是物理常用的研究方法,电路的分析和计算要对电路的结构、电压、电流等的分配分析清楚才能正确求解．14.(10分）(2０1０秋•锦州期末）受动画片《四驱兄弟》的影响，越来越多的小朋友喜欢上了玩具赛车.某玩具赛车充电电池的输出功率P随电流I变化的图象如图所示．(1）求该电池的电动势Ｅ和内阻r；（2）求该电池的输出功率最大时对应的外电阻Ｒ（纯电阻）；（3）由图象可以看出，同一输出功率P可对应两个不同的电流I１、Ｉ2,即对应两个不同的外电阻(纯电阻)Ｒ1、R2，试确定ｒ、Ｒ1、R2三者间的关系．考点：电源的电动势和内阻;闭合电路的欧姆定律;电功、电功率．专题：恒定电流专题.分析：(1)当电源的内外电阻相等时，根据电池的输出功率P最大为Ｐm=，由图读出P m，列出含E、r的方程;当I=4Ａ时，输出功率为零，电源被短路，由欧姆定律写出列出含E、r 的方程,再联立组成方程组求解．（2)由电池的输出功率P最大时电源的内阻等于外电阻求解．(3）由欧姆定律I=和功率P=I2R列方程求解．解答：解（１)I1=２A时，Pｍ＝Ｉ2=4A时,输出功率为零，此时电源被短路，即：I2=.解得:E=2Ｖ,r=0.5Ω.（2）R＝r=０.5Ω（3)由题知：=整理得r2=R1R2.答:（1）该电池的电动势E为2V,内阻r为0.5Ω;(２)该电池的输出功率最大时对应的外电阻R为0．5Ω；（３）同一输出功率P时，r、Ｒ１、R2三者间的关系为r2＝Ｒ1Ｒ２.点评：本题考查读图能力和应用数学知识求极值的能力．对于电源的输出功率,可以由数学知识严格证明当R＝r时,电源的输出功率最大，Ｐm=.ﻬ。

山西省山西大学附中2020-2021学年九年级10月月考物理试题(解析版)

山西大学附中2020-2021学年第一学期初三（10月）月考物理试题一、单选题（本大题共12小题，每小题3分，共36分）1. 祖国大地风光秀丽，美景如画．如图所示情景，能说明分子无规则运动的是A. 薰衣草色彩斑斓B. 油菜花花香阵阵C. 秋叶缤纷飞舞D. 雾淞玉树琼花【答案】B【解析】【详解】A、薰衣草色彩斑斓，属于光的反射现象，与分子无规则运动无关，故A不合题意；B、油菜花花香阵阵，是扩散现象，说明组成物质的分子在不停地做无规则运动，故B正确；C、秋叶缤纷飞舞是宏观上的机械运动，是肉眼能看得见的运动，故C错误；D、雾淞玉树琼花，“雾凇”是凝华形成的，是物态变化，不是分子运动的结果，故D错误．2. 如图所示，是小普同学跟爷爷学习气功的四个基本动作，由此他联想到热机的四个冲程，以下与做功冲程最相似的是（）A. “鼻孔吸气”所对应的汽油机冲程吸入的是汽油和空气的混合物B. “气沉丹田”所对应的汽油机冲程是将内能转化为机械能C. 汽油机和柴油机都是通过火花塞点火的D. “排山倒海”所对应的汽油机冲程是靠飞轮的惯性来完成的【答案】A【解析】【分析】考查热机的工作原理【详解】A．“鼻孔吸气”所对应的汽油机吸所冲程吸入的是汽油和空气的混合物，故A符合题意；B．“气沉丹田”所对应的汽油机压缩冲程是将机械能转化为内能，故B不符合题意；C．汽油机通过火花塞点火的，柴油机是通过喷油嘴点火的，故C不符合题意；D．“排山倒海”所对应的汽油机做功冲程是把内能转化为机械能，不需要靠飞轮的惯性来完成，故D不符合题意。

故选A。

3. 如图所示，磁控猴子是一个史上最小气的猴子，只要你抢走它手上的香蕉，它就不停的大吵大闹；你把香蕉还给它它就停止吵闹．香蕉的作用相当于电路中的A. 导线B. 开关C. 电源D. 发声器【答案】B【解析】【详解】我们把磁控猴子当作用电器，当抢走它手上的香蕉，磁控猴子内部的电器就工作，于是它就不停的大吵大闹，所以“抢走它手上的香蕉”相当于闭合开关，电路处于通路状态；如果把香蕉还给它，就相当于断开开关，电路处于断路状态，他就停止吵闹．故香蕉的作用相当于电路中的开关．故选B.【点睛】根据对通路和开关的作用的理解来填空．用电器正常工作的电路叫通路，开关控制电路的通断．4. 如图所示，是由微颗粒（1﹣50nm）制备得到新型防菌“纳米纸”．在“纳米纸”的表面细菌无法停留且油水不沾．与此现象有关的判断正确的是（）A. 组成“纳米纸”的分子间没有间隙B. 油与“纳米纸”分子间有斥力没有引力C. “纳米纸”可阻止细菌分子无规则运动D. 油分子间引力使纸面上的油汇集成小油珠【答案】D【解析】【详解】任何分子之间都有空隙，“纳米纸”只是空隙较小，选项A说法不正确；分子间的引力和斥力是同时存在的，该选项B说法不正确；一切分子都在不停地做无规则运动，“纳米纸”不能阻止细菌分子无规则运动，选项C说法不正确；因为分子间有引力，所以靠得很近的两滴油能自动结合成一滴，选项D说法正确．5. 学习了内能及能量的转化和守恒后，同学们在一起梳理知识时交流了以下想法，你认为其中不正确．．．的是（）A. 做功改变物体的内能是不同形式的能的相互转化B. 物体放出热量，发生了能量的转移，其温度一定降低C. 燃气推动“嫦娥三号”探测器调姿发生了能量的转化D. 能量在转化和转移的过程中总会有损耗，但能量的总量保持不变【答案】B【解析】【详解】A．做功和热传递都可以改变内能，做功改变内能是不同形式的能的转化，热传递改变内能是同一种形式的能的转移，选项A说法正确；C．物体放出热量，发生了能量的转移，其温度不一定降低，比如晶体在凝固时发出热量，温度不变；选项B说法错误；B．燃气推动“嫦娥三号”探测器调姿发生了能量的转化，是内能转化为机械能，选项C说法正确；D．能量在转化和转移的过程中总会有损耗，但能量的总量保持不变，选项D说法正确。

山西省太原市平民中学2020-2021学年九年级10月月考物理试题及参考答案

14．冬天，小明用热水袋暖手，这是通过______的方法使手的内能增加的。若热水袋内有0.5 kg的热水，温度从80℃降低了30℃，则热水袋放出的热量是________J[水的比热容为4.2×103J/(kg·℃）]
15．近期科学家发明了一款单缸六冲程内燃机，它每一个工作循环的前四个冲程与单缸四冲程内燃机相同，在第四冲程结束后，立刻向汽缸内喷水，水在高温汽缸内吸热迅速________（填一物态变化名称）成高温、高压水蒸气，水蒸气推动活塞再次做功，水蒸气温度______（选填“升高”、“降低”或“不变”），其内能_____（选填“增大”、“减小”或“不变”），这样燃烧同样多的燃料获得了更多的_______能，提高了热机的效率。
2．下列各种情况下比热容会发生变化的是
A．一杯水倒去一半B．水凝结成冰
C．一块铁块加工成铁屑D．15℃的水变成45℃的水
3．下列现象中，属于热传递的方法改变物体内能的是（）
A．刚从蒸笼里拿出的馒头，放一阵子变凉了
B．冬天天冷，通过搓手发热取暖
C．用锤子敲打石头时，锤子发热
D．给自行车车胎打气，打气筒壁变热了
【详解】
(1)[1][2]研究不同燃料燃烧时的放热本领时，需将放出的热量转换为液体吸收热量的多少，因此实验中必须控制甲、乙两图中水的质量和初温一定。
(2)[3][4]为了便于比较，课堂上我们是取质量相同的不同燃料完全燃烧，通过水上升的温度来比较不同燃料的放热本领。
(2)[2][3][4][5]当瓶塞跳起来的同时，可观察到瓶口出现白雾，这是因为给瓶内打气，瓶内气压增大，当气压把瓶塞从瓶口推出时，瓶内气体对瓶塞做功，使气体自身的内能减少，温度降低，受温度减低的影响，瓶内气体中的水蒸气液化成小水滴，这些小水滴就是看到的白雾。

2020-2021学年山西农大附中九年级(下)第一次月考物理复习卷(含解析)

2020-2021学年山西农大附中九年级(下)第一次月考物理复习卷一、单选题（本大题共10小题，共30.0分）1.对下列物理量的认识中，最接近实际的是()A. 中学生的正常体温是41℃B. 考试专用的中性笔长约10dmC. 一节新干电池的电压为1.5VD. 家用电风扇的额定功率约2000W2.经过研究得出物理受到浮力的大小与其排开重力的大小关系的科学家是()A. 托里拆利B. 阿基米德C. 欧姆D. 安培3.小明同学自制了迷你风力发电机，其内部安装有磁铁和线圈，当风吹过的时候，线圈中就产生感应电流，风力发电机的工作原理()A. 电磁感应B. 电流的磁效应C. 电流的热效应D. 磁场对电流的作用4.在玩中探究物理问题是学习物理的好方法。

如图，课间休息时许多同学会用含有少量水的薄壁矿泉水瓶这样玩：首先将含有少量水的矿泉水瓶瓶盖拧紧，接着两手分别握住瓶的上、下部分，使劲拧瓶的下部，使其严重变形；然后迅速旋开瓶盖，可看到瓶盖飞出数米远，同时瓶口和瓶内出现白气。

下列有关完成上述实验的分析和讨论，错误的是()A. 用力拧瓶子时，越拧越费劲，是因为分子间距离越小，分子间斥力越大B. 用力拧瓶子，是用做功的方式改变了瓶内气体的内能，相当于汽油机做功冲程的能量转化C. 瓶盖被弹出时，瓶内气体的内能转化为瓶盖的机械能D. 当瓶盖飞出时瓶内及瓶口有白雾，这是因为瓶内气体对外做功，内能减小，水蒸气液化形成了小水滴5.学校有前、后两个门，在前、后门各装一个按钮开关，学校保卫室有甲、乙两盏灯和电池组，要求：前门来人按下开关时甲灯亮，后门来人按下开关时乙灯亮．图示的电路能满足要求的是()A. B.C. D.6.如图所示，电路正常工作．当电键S由闭合到断开时，电压表V的示数将()A. 变大B. 变小C. 不变D. 无法确定7.以下于家庭电路的说法中正确的是()A. 空气开关只在电路短路时切断电路B. 同时工作的用电器越多，电路总电阻越大C. 使用试电笔时，人的手不能接触笔尾金属体D. 站在地上的人接触火线发生触电时，断电保护器自动切断电路8.如图所示，下列表述不正确的是()A. 甲图闭合开关，线圈转动，说明磁场对电流有力的作用B. 乙图给导线通电，导线附近磁针发生偏转，说明电流周围存在磁场C. 丙图闭合电路的部分导体ab在磁场中上下运动，灵敏电流计指针一定会偏转D. 丁图可以探究通电螺线管中的磁性强弱与线圈的匝数及电流的大小的关系9.下列说法正确的是()A. 地磁北极位于地理北极附近B. 电动机是利用电流的热效应工作的C. 人类根据电磁感应现象发明了发电机D. 条形磁体外部磁感线方向由S极指向N极10.在图所示的电路中，电源电压不变，当电键S由闭合到断开时，电压表()A. V1示数减小，V2示数减小B. V1示数增大，V2示数增大C. V1示数减小，V2示数增大D. V1示数增大，V2示数减小二、填空题（本大题共5小题，共10.0分）11.如图所示，是我们听到中央人民广播电台新闻的过程示意图，则图___________是电台的发射示意图，图___________是收音机的接收示意图．12.一台电动机正常工作时，两端的电压为220V，通过线圈的电流为10A，若此线圈的电阻为2Ω，那么它的电功率是______W，这台电动机的效率是______。

2020-2021学年山西大学附属中学高二12月月考物理卷(解析版).doc

2020-2021学年山西大学附属中学高二12月月考物理卷（解析版）姓名:_____________ 年级:____________ 学号:______________题型选择题填空题解答题判断题计算题附加题总分得分1. （知识点：电功率和焦耳定律,全电路欧姆定律,全电路的功和能）受动画片《四驱兄弟》的影响，越来越多的小朋友喜欢上了玩具赛车．某玩具赛车充电电池的输出功率P随电流I变化的图象如图所示。

(1)求该电池的电动势E和内阻r；(2)求该电池的输出功率最大时对应的外电阻R(纯电阻)；(3)由图象可以看出，同一输出功率P可对应两个不同的电流I1、I2，即对应两个不同的外电阻(纯电阻)R1、R2，试确定r、R1、R2三者间的关系。

【答案】(1) 2 V，0.5 Ω，(2) 0.5 Ω ，(3)【解析】试题分析：(1)由与当外阻R等于内阻r时电源输出功率最大，故有①，由图可知当I2＝4 A时，输出功率为零，此时电源被短路，故有②，联立①②代入数值有E＝2 V，r＝0.5 Ω。

(2) 由于当外阻R等于内阻r时电源输出功率最大，故R＝r＝0.5 Ω 。

(3)由于输出功率相同故有，化简整理得。

考点：本题考查了电源的电动势、电源的功率等利用电动机通过如图所示的电路提升重物，已知电源电动势E＝6 V，电源内阻r＝1 Ω，电阻R＝3 Ω，重物质量m＝0.10 kg，当将重物固定时，电压表的示数为5 V，当重物不固定，且电动机最后以稳定的速度匀速提升重物时，电压表的示数为5.5 V，求重物匀速上升时的速度大小(不计摩擦，g取10 m/s2)。

评卷人得分【答案】1.5 m/s【解析】试题分析：设电动机内阻为r′，当将重物固定时有（A），（Ω），r′＝5-3=2（Ω）；当重物不固定时有（A），此时电源l（1）图甲中虚线框内的电路可等效为一个电源，即图甲可等效为图乙，其等效电动势E′等于CD间未接入用电器时CD间的电压；若用导线直接将CD两点连接起来，通过该导线的电流等于等效电源的短路电流，则等效电源的内电阻r′是多少？（2）若在C、D间连一个“6V，3W”的小灯泡，则小灯泡的实际功率是多少？（不考虑小灯泡的电阻率随温度的变化）【答案】（1）6Ω，（2）1.33W【解析】试题分析：（1）若在C、D间断开时，根据闭合电路欧姆定律，有（A），则C、D间电压为（V），根据题意有该等效电源的电动势E′=6V；若在C、D间短路，这时电阻R2与R3并联，并联电阻大小=2（Ω），根据闭合电路欧姆定律，电路中总电流大小为（A），则有C、D间输出电流大小为（A），所以其等效内阻（Ω）；（2）灯泡的电阻（Ω），将小灯泡连在C、D之间，相当于接在等效电源E′两端，则流过小灯泡的电流大小为（A），小灯泡的实际功率为（W）。

2020-2021学年度第一学期山西省朔州市第四中学九年级第3次月考物理试卷 Word版无答案

图 42020 年度朔州市第四中学初三第 3 次月考一选择题(45 分)1.下图为几种常见的用电器，它们的额定功率最接近 800W 的是A ．家庭电扇B ．笔记本电脑Ｃ．台灯Ｄ．电饭锅2.如图1所示，对于电能表面板上的一些参数的理解，下列说法错误的是（）A.此时电能表的读数为120.7度B.“220V”是指这个电能表应该在220伏的电路中使用C.“10(20)A”是指该电能表正常工作电流为10安或20安D.“600revs／kW·h”是指用电器每消耗1千瓦时电能，电能表的转盘转过600 转图 13.如图4所示电路，当开关S 闭合后，L 1、L 2均能发光，电流表、电压表均有示数．过一会儿，两灯都不发光．电流表、电压表的示数均为零，可能发生的故障是（） A L 2灯丝断了. B. L 1 短路C .L l 灯丝断了D.L 2短路4.如图，保持电源电压不变，开关 S 由断开到闭合．下列说法正确的是（）A ．电流表示数不变，电压表示数变大B ．电流表示数不变，电压表示数不变C ．电流表示数变大，电压表示数不变D ．电流表示数变大，电压表示数变大5.一盏电灯接在恒定电压的电源上，其功率为100W 。

若将该灯先接在一段很长的导线后，再接在同一电源上，已知导线上损失功率是9W ，那么此时电灯实际消耗功率是（）图 6A . 1W B.小于 91W C.大于 91W D.条件不足，无法确定6.如图5所示电路，开关S 闭合后，移动滑动变阻器的滑片P ，下列各物理中大小发生改变的是（）A.小灯泡的额定电压B.小灯泡的额定功率C.小灯泡的实际功率D.电源的电压图 57.将“220V 15W”的灯泡L 1和“220V 60W”的灯泡L 2串联在220V 的电源上，组成闭合的回路(设灯丝电阻不变)，则（） A.灯泡L 1比灯泡L 2亮 B.灯泡L 2比灯泡L 1亮C.两灯的总功率等于75WD.两灯的实际功率都变为额定功率的一半8.如图6所示，电路中的电源电压相同且保持不变，所有的灯泡规格相同，且不考虑温度对电阻的影响，闭合开关，以下比较a 、b 、d 三灯实际功率的大小关系式中正确的是（）A.P a =P d =P bB.P a ＞P d ＞P bC.P a =P d ＞P bD.P a ＜P d =P b图 79.如图7 所示的电路，闭合开关后，当滑片P 向左移动时，下列说法正确的是( )A. 灯泡 L 变亮B. 电压表示数变大C. 电流表 A 1 示数变小D. 电路消耗的总功率变大10、下列说法正确的是（）A ．拿一根玻璃棒与丝绸摩擦，则玻璃棒带上负电B ．电热水壶的电热丝可以用超导材料制成C ．加在导体两端的电压越大，则导体的电阻也越大D.秋天用塑料梳子梳理干燥的头发时，头发会随着梳子飘起，这是摩擦起电现象11.在如 8 图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关 S 由断开到闭合，电流表两次示数之比是 1∶5，闭合 S 后，R 1 和 R 2 的阻值之比和电功率之比分别（）A.4∶1；1∶4B.1∶4；4∶1C.1∶5；5∶1D.5∶1；1∶512.甲、乙两只普通照明灯泡的铭牌如图所示，下列说法中正确的是( )A.两灯均正常发光时，乙灯消耗的电能较多B.两灯均正常发光时甲灯的电阻小于乙灯的电阻C.两灯串联在 220 伏的电路中，甲灯比乙灯亮.D.将乙灯接入 110 伏电路中它的实际功率为 50 瓦13．田婷同学在没有电流表的情况下，利用电压表和已知阻值的定值电阻 Ro，测量未知电阻 Rx的阻值，图中不能测出 Rx阻值的电路是（电源电压不变）( )A B C．D．14．在如图所示的电路中，电源电压保持不变闭合该电路中的电键 S 后，当滑动变阻器R2 的滑片 P 由中点向右端移动时，A．电流表A 的示数变小B．电压表V1示数与电压表V2示数的比值变小C．电流表A 的示数变大D．电压表V1示数与电压表V2示数之和变大15.如右上图所示的电路，已知电流表的量程为 0～0.6A，电压表的量程为 0～3V，定值电阻 R 1 的阻值为 10Ω，滑动变阻器 R 2 的最大阻值为 50Ω，电源电压为6V。

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太原师范学院附属中学
2020-2021 学年初三年级第一学期
物理
一、单项选择题（每小题3分，共30分）
1.1999年以美国为首的北约军队用飞机野蛮地对南联盟发电厂进行轰炸时，使用了一种石墨炸弹，这种炸弹在高空爆炸后释放出大量的纤维状的石墨丝覆盖在发电厂的设备上，造成电厂停电.这种炸弹的破坏方式主要是（）
A.炸塌厂房
B.炸毁发电机
C.使设备短路
D.切断输电线
2.两只小灯泡L1和L2连接在同一电路中，以下哪个特点可以确认两灯是并联的（）
A.两灯亮度不同
B.两灯两端的电压相等
C.通过两灯的电流相等
D.通过两灯的电流不相等
3.如图所示，小琳用一段细铁丝做一个支架作为转动轴，把一根中间戳有小孔没有截穿的饮料吸管放在转动轴上，使吸管能在水平面内自由转动，用餐巾纸与吸管的一端摩擦使其带电，再用丝绸摩擦过的玻璃棒去靠近吸管，吸管
两端都能与玻璃棒相互吸引，下列说法正确的是（）
A.用丝绸摩擦过的玻璃棒带负电
B.吸管的一端带负电，一端不带电
C.吸管与餐巾纸摩擦后带电，是在摩擦的过程中创造了电荷
D.吸管两端都能被玻璃棒吸引，均为异种电荷相互吸引造成的
4.为了保证司乘人员的安全，轿车上设有安全带未系提示系统.当乘客坐在座椅上时，座椅上的开关S1闭合，若未系安全带，安全带控制开关S2 断开，仪表盘上的指示灯将亮起，当系上安全带时，安全带控制开关S2 闭合，
指示灯将熄灭.则下列四个电路图设计最合理的是（）
5.电位器是滑动变阻器的一种，它可以用来改变灯泡的亮度.小琳买了一个电位器，如图所示，把它与灯泡连接起来，使滑动触头顺时针转动时灯泡变暗，下列说法正确的是（）
A. 电位器与灯泡是并联的
B.连接的是A和C两个接线柱
C.连接的是A和B两个接线柱
D.滑动触头逆时针转动时，灯泡中电流变小
6.小琳同学学习了欧姆定律后，提出了以下几种看法，你认为正确的是（）
A.导体两端电压越高，通过这段导体的电流越大
B.导体电阻的大小跟加在导体两端的电压成正比
C.通过导体的电流越大，这段导体的电阻越大
D.导体两端电压越高，这段导体的电阻越大
7.小琳同学根据如图所示的电路图，测出了灯泡两端的电压和通过灯泡的电流，如果将电压表和电流表的位
置互换，则闭合开关后（）
A.两表都可能被烧坏
B.两表都不会被烧坏
C.电流表会被烧坏
D.灯泡会被烧坏
8.有一块手机用的锂电池，上面标明电压为3.8V，容量为2150mA·h，则锂电池充满电后存储的电能为（）
A.8170J
B.8.17J
C.490.2J
D.29412J
9.某特种玻璃制造厂生产的电控调光玻璃，具有根据光照强度调节玻璃透明度的功能，光照增强，施加于玻璃两端的电压降低，玻璃透明度下降；光照减弱，施加于玻璃两端的电压升高，玻璃透明度上升，为了实现这一功能，电路设计中用到了光敏电阻.在如图所示的电路中，光敏电阻R l 的阻值随光照的增强而变小，随光照的减
弱而变大，电源电压不变，R o为定值电阻，其中符合要求的是（）
10.如图所示，电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0~3V，滑动变阻器的最大值为50Ω，定值电阻R0为
10Ω，电源电压为6V且保持不变，实验中为了保证电路中各器材安全，则在闭合开关S后，移动滑片Р的过程中正确的
是（）
A.电流表的最大示数是0.6A
B.电压表的最小示数是2V
C.电路消耗的最大功率是0.5W
D.滑动变阻器允许调节的范围是10Ω~50Ω
二、填空题（每空1分，共16分）
11.国外加油站一名女司机加油时在油枪边整理了几下毛长，顿时窜出一团火焰，起火的原因是. 干燥的冬天，妈妈的长头发与羽绒服摩擦后，头发很容易粘在与羽绒服摩擦的区域是因为.
12.两段材料相同、长度相等、横截面积不同的圆柱形导体A、B，由于A比B的横截面积大，所以它们的电阻关系是
R A R B；将它们串联在电路中，如图所示，则通过它们的电流关系是I A I B.
13.一只灯泡灯丝的电阻为8Ω，正常发光时，通过灯丝的电流是0.5A，将灯泡接到电压为6V电源上，为使灯泡正常发光，在电路中应联一个Ω的电阻.
14.两只定值电阻，甲标有“10Ω1A”，乙标有“15Ω0.5A”，把它们串联在同一电路中，两个电阻都不烧坏，电路中允许通过的最大电流为A，电路两端允许加的最大电压为V.（“1A”与“0.5A”是两电阻安全使用时允许通过的最大电流）
15.如右图所示的电路中，电源电压保持不变.当开关S由断开到闭合时，电流表的示数将，电压表与电流表示
数的比值将(均选填“变大”“变小”或“不变”).
16.如图所示电路，电源电压不变.闭合开关后，滑片Р由b端滑到a端，电压表示数U与电流表示数I的变化如图乙所示.则可判断电源电压是V，变阻器的最大阻值是Ω.
17.图甲所示的电路中，电源电压恒定不变，图乙是小灯泡L和定值电阻R1的电流与电压关系的图象.当只闭合
S1、S2时，电压表示数为2V：当只闭合S2、S3时，电压表示数为4V.则电源电压U= V，R2= Ω.
18.如图所示，电源电压U=18V，当滑动变阻器的滑片P移至最左端时，小灯泡L正常发光，电流表的示数为
0.6A；当滑片Р移至中点时，电流表的示数变为0.3A，则小灯泡的额定功率为W.滑动变阻器的最大阻值为
Ω（小灯泡电阻不随温度变化）.
三、实验与探究（本题每空2分，每图2分，共24分）
19.在探究“电流与电阻的关系”的实验过程中，小琳选择了5、10、20、25五个电阻进行实验，电路图如图甲
所示.
（1）该实验中，滑动变阻器除了起到保护电路的作用外，还起到的作用.
（2）实验中，当把5的电阻换成10的电阻后，应把变阻器滑片向（填“左”或“右”)滑动才可达到这个目的.
（3）根据实验数据，作出I—R图象如图乙所示. 根据实验目的分析图象可得出结论：
20.在“测定小灯泡的功率”实验中，小琳选取了一个标有“2.5V”的小灯泡和必要的器材，连接的实物电路如图甲所示.
（1）如图甲所示是小琳连接的部分电路，请你用笔画线代替导线，将图中的实物电路连接完整，要求电压表
测量小灯泡两端的电压，当滑片向右移动时，灯泡变暗.
实验次数12345电压表示数U / V0.20 1.00 2.00 2.50 3.00
电流表示数I / A0.04 0.14 0.26 0.34
灯泡亮度不亮微弱发光较暗正常发光很亮
（2）连接电路后闭合开关，小灯泡亮一下就熄灭.经检查发现小灯泡的灯丝已烧断，分析原因是闭合开关时，滑动变阻器的滑片在电阻（选填“最大”或“最小”）的一端，导致电流过大而形成的.
（3）断开开关，更换烧坏的小灯泡，继续实验，小琳连续进行了5次测量，并把测量的数据和观察到的现象填写在表格里，其中第4次测量时电流表的示数如图乙所示，经过计算可知小灯泡的额定功率为W .
（4）第1 次实验中，小灯泡不亮的原因可能是.
21.如图甲所示是测量定值电阻Rx 阻值的实验电路，器材可以满足实验要求.
（1）闭合开关后，实验小组发现电流表无示数，电压表示数几乎为电源电压，请你指出一个该电路可能存在的问题.
（2）正确连接电路后，调节滑动变阻器，当电压表的示数为4V 时，电流表的示数如图（乙) 所示，可计算出此次实验中电阻R x 的阻值为.此后进行了多次实验，测出了R x的阻值.
（3）后来小琳设计了另一种测量电阻的方案，电路如图丙所示，方案中定值电阻的阻值为R0，步骤如下：
①断开开关S2，闭合开关S、S1，电压表示数为U1；②断开开关，闭合开关，电压表示数为U2，则电阻R x的阻值表达式为R x= .（用R0、U1、U2表示）
四、计算题（每题5分，共10分）
22.如图所示的电路中，电源电压恒为6V ，R 为定值电阻，小灯泡L 上标有“ 6V 3.6W ”的字样.闭合开关S
后，电流表的示数为0.8A ，设灯泡电阻不受温度影响.求：
（1）灯泡的额定电流.
（2）定值电阻R 的阻值.
（3）通电60s内，电流所做的总功.
23.小琳家电子式电能表表盘如图所示.她将某用电器单独接在该表上工作10min ，电能表指示灯闪烁了160 次，
（1）该用电器在上述时间内消耗的电能为多少？
（2）该用电器的电功率是多少？
（3）该电能表允许接入用电器最大电功率为多少？
太原师范学院附属中学2020-2021 学年初三年级第一学
期物理答案。