高三数学复习指导宁波市鄞州五乡中学_2
2019-2020学年浙江省宁波市鄞州中学高三(下)期初数学试卷(含答案解析)

2019-2020学年浙江省宁波市鄞州中学高三(下)期初数学试卷一、选择题(本大题共10小题,共40.0分)1.已知全集0,1,2,,集合,,则A. B. 1,C. D. 0,2.已知双曲线的一条渐近线方程为,则该双曲线的离心率为A. B. C. D. 23.已知实数x,y满足,则的最小值为A. B. C. 0 D. 24.已知某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积是A. 2B.C.D. 35.已知等比数列的前n项和为,则“”是“”的A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件6.已知是定义在R上的奇函数,且的图象关于直线对称.若当时,,则A. 0B. 1C. 2D. 47.已知A,B两个不透明盒中各有形状、大小都相同的红球、白球若干个.A盒中有m 个红球与个白球,B盒中有个红球与m个白球,若从A,B盒中各取一个球,表示所取的2个球中红球的个数,则当取到最大值时,m的值为A. 3B. 5C. 7D. 98.在棱长为2的正方体中,点P是正方体棱上的一点,若满足的点P的个数大于6个,则m的取值范围是A. B. C. D.9.已知函数满足:对任意的实数x,y,都有成立,且,则A. B. C. D.10.已知数列满足,,则使得最小的整数m是A. 65B. 64C. 63D. 62二、填空题(本大题共7小题,共42.0分)11.设i为虚数单位,给定复数,则z的虚部为______;模为______.12.二项式的展开式中常数项等于______,有理项共有______项.13.已知直线l:,到当实数m变化时,原点O到直线l距离的最大值为______;平面内所有恒不在l上的点所形成的图形面积为______.14.在中,,,,D为线段BC的中点,则______,______.15.已知抛物线E:和直线l:,P是直线上l一点,过点P做抛物线的两条切线,切点分别为A,B,C是抛物线上异于A,B的任一点,抛物线在C处的切线与PA,PB分别交于M,N,则外接圆面积的最小值为______.16.已知平面向量,满足,,则的取值范围是______.17.已知m,,,函数其中表示对于,当时表达式的最大值,则的最小值为______.三、解答题(本大题共5小题,共60.0分)18.已知,,令.Ⅰ求的最小正周期及的解集;Ⅱ锐角中,,边,求周长最大值.19.如图,在四棱台中,底面是正方形,且,点E,F分别为棱BC,的中点,二面角的平面角大小为.Ⅰ证明:;Ⅱ求直线与平面所成角的正弦值.20.已知数列的前n项和为,且满足,.Ⅰ证明:为常数列,并求;Ⅱ令,求数列的前n项和.21.已知,分别为椭圆E:的左、右焦点,离心率为,P是椭圆上异于左右顶点的一动点,已知的内切圆半径的最大值为.Ⅰ求椭圆E的方程;Ⅱ设直线与椭圆E交于A,B两点不同于点,直线AP,BP分别与直线相交于点M,N,证明:.22.已知函数.Ⅰ讨论函数的单调性;Ⅱ若对任意的恒成立,求a的取值范围;Ⅲ证明:.-------- 答案与解析 --------1.答案:C解析:解:全集0,1,2,,集合1,,,1,,则,故选:C.求出集合A,再求出,得出结论.考查集合的交并补运算,基础题.2.答案:A解析:解:双曲线的一条渐近线方程为,,,双曲线的离心率是.故选:A.利用双曲线的一条渐近线方程为,可得,即可求出双曲线的离心率.本题考查双曲线的离心率的求法,是中档题,解题时要认真审题,要熟练掌握双曲线的简单性质.3.答案:A解析:解:由得;作出实数x,y对应的平面区域如图:阴影部分:平移直线;由图象可知当直线,过点时,直线的截距最大,此时z最小,代入目标函数,得,目标函数的最小值是;故选:A.作出不等式组对应的平面区域,利用目标函数的几何意义,进行求最值即可.本题主要考查线性规划的基本应用,利用目标函数的几何意义是解决问题的关键,利用数形结合是解决问题的基本方法.4.答案:B解析:解:如图,该几何体为三棱锥.则该几何体的体积是,故选:B.该几何体为三棱锥利用三棱锥体积公式求得几何体的体积.本题考查了三视图还原几何体,属于基础题.5.答案:C解析:解:设等比数列的公比为q,若,由,得,反之成立;若,,与同号,则.“”是“”的充要条件.故选:C.设等比数列的公比为q,分和两类分析得答案.本题考查等比数列的前n项和,考查充分必要条件的判定,是中档题.6.答案:C解析:解:根据题意,是R上的奇函数,则有,且,又由的图象关于直线对称,则有,则有,变形可得,则有,故是周期为8的周期函数;又由当时,,则,,故有;故选:C.根据题意,分析可得,则是周期为8的周期函数;结合函数的解析式求出和的值,据此计算可得答案.本题考查函数的奇偶性与周期性的应用,注意分析函数的周期性,属于基础题.7.答案:B解析:【分析】本题考查了概率计算与离散型随机变量的分布列以及离散型随机变量的数学期望与方差计算公式,考查了基本不等式,属于中档题.由题意可得:,1,,,可得分布列,可得与.【解答】解:由题意可得:,1,2.,,.分布列为:0 1 2P..,当且仅当时取等号.故选:B.8.答案:D解析:解:分类讨论:正方体的棱长为2,,点P是正方体棱上的一点不包括棱的端点,满足,点P是以为焦距,以为长半轴,以为短半轴的椭圆,在正方体的棱上,应是椭圆与正方体与棱的交点,结合正方体的性质可知,满足条件的点应该在正方体的12条棱上各有一点满足条件.满足的点P的个数为12个.满足条件.个顶点中,除了B,两个以外的6个顶点满足,且是正方体棱上的所有点中的最大值,只有这6个顶点.因此除了以上6个顶点以外的点满足:,不难得出满足条件:的点P都满足的点P的个数大于6个,由选择支可得只能选择D.故选:D.首先说明:满足条件的点P有12个,符合题意.再说明:个顶点中,除了B,两个以外的6个顶点满足,且是正方体棱上的所有点中的最大值,只有这6个顶点.因此除了以上6个顶点以外的点满足:,不难得出满足条件:的点P都满足的点P的个数大于6个,结合选择支即可得出结论.本题考查了正方体的性质、椭圆的意义、数形结合方法、分类讨论方法,考查了推理能力与计算能力,属于难题.9.答案:A解析:解:因为,令可得即,令,可得,所以因为,联立可得,,又因为,所以,因为,所以,所以,故故选:A.结合已知可对x进行合理的赋值,逐步推出的值即可求解.本题主要考查了利用抽象函数求解函数值,解题的关键是进行合理的赋值..10.答案:B解析:解:数列满足,,,,,,,,,,,,最接近的整数是64,使得最小的整数m是64.故选:B.推导出,从而,进而利用累加法求出,,再由,得到,,利用累加法求出,由此能求出使得最小的整数m.本题考查满足条件的最小正整数的求法,考查累加求和法等基础知识,考查推理能力与计算能力,属于中档题.11.答案:解析:解:复数,则z的虚部为;模,故答案为:;.利用复数的运算法则、虚部的定义、模的计算公式即可得出.本题考查复数的运算法则、虚部的定义、模的计算公式,考查了推理能力与计算能力,属于基础题.12.答案:15 4解析:解:二项式的展开式的通项公式为令,求得,可得展开式中常数项为,令,1,2,3,4,5,6;可得,,0,,,,;所以其有理项有4项.故答案为:15,4.在二项展开式的通项公式中,令x的幂指数等于0,求出r的值,即可求得常数项.再把r的所有取值分别代入幂指数即可求出其有理项的个数.本题主要考查二项式定理的应用,二项展开式的通项公式,二项式系数的性质,属于基础题13.答案:解析:解:O到直线的距离,转化为:,不在直线上的点可得关于m的方程无解,所以,即,即不在直线上的点在以为圆心,以为半径的圆上,所以圆的面积为,故答案为:,.由点到直线的距离公式求出,再由均值不等式求出最大值,方程转化不在直线上的点可得关于m的二次方程无解,可得曲线方程,进而求出面积.本题考查了点到直线的距离公式,考查了计算能力,属于基础题.14.答案:2解析:解:如图所示,在中,设,则,令,在,中,分别利用余弦定理可得:,,相加可得:.代入可得:,解得.,,,故答案为:2,.如图所示,设,则在,中,分别利用余弦定理相加可得:代入可得由,可得即可得出.本题考查了余弦定理勾股定理、三角形面积计算公式,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.15.答案:解析:解:由抛物线的光学性质可知,P,M,F,N四点共圆,则当点P确定时,选择恰当的C,面积最小值即为以为直径的圆,而的最小值即为焦点F到直线l的距离,即此时外接圆的半径为,此时的面积为,即外接圆面积的最小值为.故答案为:.由抛物线的光学性质可知,P,M,F,N四点共圆,则面积最小值为以为直径的圆,而的最小值即为焦点F到直线l的距离,由此即可得解.本题考查直线与抛物线的位置关系,考查抛物线性质的运用,考查运算求解能力,属于较难题目.16.答案:解析:解:不妨设,则,又,,化简整理得,则表示椭圆上的动点到定点椭圆的左焦点的距离,由椭圆性质可知,的最大值为,最小值为,.故答案为:.不妨设,由题意化简可得,则表示椭圆上的动点到定点椭圆的左焦点的距离,由椭圆性质即可得解.本题考查平面向量模长范围的求解,涉及了平面向量的坐标运算以及椭圆的简单几何性质,解题的关键是将纯平面向量问题坐标化,进而通过几何意义得解,考查化归与转化思想,属于中档题.17.答案:解析:解:不妨令,的最大值为,则,,,当且仅当时取等号,,即的最小值为.故答案为:.设,的最大值为,由题意可得,两式相加后利用不等式即可求得,进而得解.本题考查二次函数的性质以及基本不等式的运用,考查运算求解能力,属于中档题.18.答案:解:Ⅰ,,,,,,的解集是.Ⅱ,,,,,锐角三角形且角,,当时,最大为,周长最大值为.解析:Ⅰ先根据数量积以及三角函数的有关知识整理解析式,进而求解结论即可.Ⅱ先根据条件求出角A,根据正弦定理表示出周长,结合角的范围即可求解.本题考查了数量积运算性质、三角函数的性质,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.19.答案:解:Ⅰ证明:如图所示,延长,,,,EF交于点P,由题意得,取AD中点M,连接PM,EM,则,,又,所以平面PME,又平面PME,所以;Ⅱ连接AC交ME于O点,连接,则且,所以直线与平面所成角和直线与平面所成角相等,由Ⅰ得平面PME,又,所以平面PME,又平面,所以平面平面PME,又平面平面,过O作,连接,则平面,则是直线与平面所成角.由Ⅰ得是二面角的平面角,所以,在中,,,即,计算得,在直角中,,所以直线与平面所成角的正弦值为.解析:Ⅰ延长,,,,EF交于点P,取AD中点M,连接PM,EM,运用线面垂直的判定和性质,即可得证;Ⅱ连接AC交ME于O点,连接,运用中位线定理和线面角的定义可得直线与平面所成角和直线与平面所成角相等,由面面垂直的性质定理过O作,连接,是直线与平面所成角.由Ⅰ得是二面角的平面角,由解三角形的知识可得OH,再由直角三角形的正弦函数的定义可得所求值.本题考查空间线线、线面和面面的位置关系,主要是平行和垂直的判定和性质,考查空间的二面角和线面角的求法,考查空间想象能力和推理能力,属于中档题.20.答案:Ⅰ证明:因为,当时,,得,,即,同除得,,整理得,所以为常数列.因为,所以,则,所以.Ⅱ解:由Ⅰ得,所以,则.当,时,,当,时,,综上,.解析:Ⅰ由,当时,相减化简可得:,所以为常数列.即可得出.Ⅱ由Ⅰ得,可得,通过分类讨论求和即可得出.本题考查了数列递推关系、等比数列的求和公式、分类讨论方法,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.21.答案:解:Ⅰ由题意知:,,,,设的内切圆半径为r,则,故当面积最大时,r最大,即P点位于椭圆短轴顶点时,所以,把,代入,解得:,,所以椭圆方程为;Ⅱ设,,,则,,,令得,从而,同理,.解析:Ⅰ先求出,,又当面积最大时,r最大,即P点位于椭圆短轴顶点时,代入计算可得a,b,c的值,从而求出椭圆E的方程;Ⅱ先分别表达出点M,N的坐标,代入化简即可得到.本题主要考查了椭圆方程,以及直线与椭圆的位置关系,是中档题.22.答案:解:函数的定义域为,.Ⅰ当时,,所以在上单调递增;当时,令,则,此时单调递增;令,则,此时单调递减;综上所述,当时,在上单调递增;当时,在上单调递增;在上单调递减.Ⅱ当时,,故不合题意;当时,由Ⅰ知,解得,故a的取值范围为.Ⅲ证明:由Ⅱ知,取,有不等式成立.当时,得,所以.解析:Ⅰ函数的定义域为,,然后分和两个类别,讨论的正负性,从而确定函数的单调性;Ⅱ先将函数的恒成立问题转化为函数的最值问题,然后结合Ⅰ中函数的单调性,求出函数的最大值,列出关于a的不等式,解之即可得解;Ⅲ在Ⅱ的基础上,取,有不等式成立,再取,则,然后结合放缩法和等差数列的前n项和公式进行证明即可.本题考查导数的综合应用,涉及利用导数求含参函数的单调性和最值、函数的恒成立问题,以及放缩法证明不等式、等差数列的前n项和公式等问题,考查学生转化与回归的能力和运算能力,属于难题.。
浙江省年高考备考研讨会资料年高考数学考试说明解读举例宁波中学王晓明

掌握பைடு நூலகம்掌握7
09真题
题 号
内容
模块 位置
考试说 题 明要求 号
内容
模块 位置
考试说 明要求
1
集合
必修一 理解 12 立体几何 必修二 掌握
2 充要条件 选修2-1 理解 13 不等式 必修五 掌握
3
复数
选修2-2 掌握 14
函数
必修一 掌握
4 二项式定理 选修2-3 掌握 15 推理与证明 选修2-2 掌握
(13)
(11)
(7)
(9)
(9)
(11)
(12) (3)(15)
(15)
(13)
(14)
(15)
(16)
(16)
(17)
(14)
(12)
(13)
(2)
(12)
(16) 13
文科 集合运算 充要条件
概率 复数运算 函数小题
不等式 双曲线、椭圆
立几小题 平面向量 等差数列或等比数列 抽样方法
三视图 应用题 程序框图 线性规划 三角函数的图象与性质 类比、归纳 直线和圆 茎叶图 频率分布直方图
3函数零点
9
10样卷
题 号
内容
1
集合
2 二项式定理
3 充要条件
4
复数
5 算法初步
6 平面向量
7 解析几何
8 立体几何
模块 位置 必修一 选修2-3 选修2-1 选修2-2 必修三 必修四 必修二 必修二
9 解析几何 选修2-1
10 函数 11 不等式
必修一 必修五
考试说 明要求 理解 掌握 理解 掌握 理解 理解 理解 理解
(A) 2 (B) 3 (C) 5 (D) 10
高三数学浙江专用二轮复习:专题五 函数和导数

第1讲函数的图象与性质[考情考向分析] 1.高考对函数的三要素,函数的表示方法等内容的考查以基础知识为主,难度中等偏下.2.对图象的考查主要有两个方面:一是识图,二是用图,即利用函数的图象,采用数形结合的思想解决问题.3.对函数性质的考查,主要是将单调性、奇偶性、周期性等综合在一起考查,既有具体函数也有抽象函数.常以选择题、填空题的形式出现,且常与新定义问题相结合,难度较大.热点一函数的性质及应用1.单调性:单调性是函数在其定义域上的局部性质.利用定义证明函数的单调性时,规范步骤为取值、作差、判断符号、下结论.复合函数的单调性遵循“同增异减”的原则.2.奇偶性(1)奇函数在关于原点对称的区间上的单调性相同,偶函数在关于原点对称的区间上的单调性相反.(2)在公共定义域内:①两个奇函数的和函数是奇函数,两个奇函数的积函数是偶函数;②两个偶函数的和函数、积函数都是偶函数;③一个奇函数、一个偶函数的积函数是奇函数.(3)若f(x)是奇函数且在x=0处有定义,则f(0)=0.(4)若f(x)是偶函数,则f(x)=f(-x)=f(|x|).(5)图象的对称性质:一个函数是奇函数的充要条件是它的图象关于原点对称;一个函数是偶函数的充要条件是它的图象关于y 轴对称. 3.周期性定义:周期性是函数在定义域上的整体性质.若函数在其定义域上满足f (a +x )=f (x )(a ≠0),则其一个周期T =|a |. 常见结论:(1)若f (x +a )=-f (x ),则函数f (x )的最小正周期为2|a |,a ≠0. (2)若f (x +a )=1f (x ),则函数f (x )的最小正周期为2|a |,a ≠0. (3)若f (a +x )=f (b -x ),则函数f (x )的图象关于直线x =a +b2对称. 例1 (1)设函数f (x )=cos ⎝⎛⎭⎫π2-πx +(x +e )2x 2+e 2的最大值为M ,最小值为N ,则(M +N -1)2 018的值为( )A .1B .2C .22 018D .32 018 答案 A解析 由已知x ∈R ,f (x )=cos ⎝⎛⎭⎫π2-πx +(x +e )2x 2+e 2=sin πx +x 2+e 2+2e x x 2+e 2=sin πx +2e x x 2+e 2+1,令g (x )=sin πx +2e xx 2+e 2,易知g (x )为奇函数,由于奇函数在对称区间上的最大值与最小值的和为0,M +N =f (x )max +f (x )min =g (x )max +1+g (x )min +1=2,(M +N -1)2 018=1,故选A.(2)已知定义在R 上的函数f (x )满足:函数y =f (x -1)的图象关于点(1,0)对称,且x ≥0时恒有f (x +2)=f (x ),当x ∈[0,1]时,f (x )=e x -1,则f (-2 017)+f (2 018)=________. 答案 1-e解析 因为函数y =f (x -1)的图象关于点(1,0)对称,所以y =f (x )的图象关于原点对称, 又定义域为R ,所以函数y =f (x )是奇函数, 因为当x ≥0时恒有f (x +2)=f (x ), 所以f (-2 017)+f (2 018)=-f (2 017)+f (0) =-f (1)+f (0)=-(e 1-1)+(e 0-1)=1-e.思维升华 (1)可以根据函数的奇偶性和周期性,将所求函数值转化为给出解析式的范围内的函数值.(2)利用函数的单调性解不等式的关键是化成f (x 1)<f (x 2)的形式.跟踪演练1 (1)(2018·浙江省“五校联考”)已知函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧|(x -a )2-1|+a ,x ≥0,|x -a |+2a -1,x <0的最小值为2a -1,则实数a 的取值范围是( ) A .a =1 B .0<a ≤1 C .a <0或a =1 D .a <0或a ≥1答案 C解析 在平面直角坐标系内画出函数f (x )的图象(图略),由图易得当a ≥0时,函数f (x )在[0,+∞)上的最小值为a ,在(-∞,0)上单调递减,当x →0(x <0)时,f (x )→3a -1,要使函数f (x )的最小值为2a -1,则有a =2a -1≤3a -1,解得a =1;当-1≤a <0时,函数f (x )在[0,+∞)上的最小值为a ,在(-∞,0)上的最小值为2a -1,要使函数f (x )的最小值为2a -1,则有2a -1≤a ,解得a ≤1,所以-1≤a <0;当a <-1时,函数f (x )在[0,+∞)上的最小值为a 2+a -1,在(-∞,0)上的最小值为2a -1,要使函数f (x )的最小值为2a -1,则有2a -1≤a 2+a -1,解得a ≤0或a ≥1,所以a <-1.综上所述,实数a 的取值范围为a <0或a =1,故选C.(2)(2018·全国Ⅱ)已知f (x )是定义域为(-∞,+∞)的奇函数,满足f (1-x )=f (1+x ).若f (1)=2,则f (1)+f (2)+f (3)+…+f (50)等于( ) A .-50 B .0 C .2 D .50 答案 C解析 ∵f (x )是奇函数,∴f (-x )=-f (x ), ∴f (1-x )=-f (x -1).∵f (1-x )=f (1+x ), ∴-f (x -1)=f (x +1),∴f (x +2)=-f (x ), ∴f (x +4)=-f (x +2)=-[-f (x )]=f (x ), ∴函数f (x )是周期为4的周期函数. 由f (x )为奇函数且定义域为R 得f (0)=0, 又∵f (1-x )=f (1+x ),∴f (x )的图象关于直线x =1对称, ∴f (2)=f (0)=0,∴f (-2)=0. 又f (1)=2,∴f (-1)=-2,∴f (1)+f (2)+f (3)+f (4)=f (1)+f (2)+f (-1)+f (0)=2+0-2+0=0, ∴f (1)+f (2)+f (3)+f (4)+…+f (49)+f (50) =0×12+f (49)+f (50)=f (1)+f (2)=2+0=2. 故选C.热点二 函数图象及应用1.作函数图象有两种基本方法:一是描点法;二是图象变换法,其中图象变换有平移变换、伸缩变换、对称变换.2.利用函数图象可以判断函数的单调性、奇偶性,作图时要准确画出图象的特点. 例2 (1)(2018·全国Ⅱ)函数f (x )=e x -e -xx 2的图象大致为( )答案 B解析 ∵y =e x -e -x 是奇函数,y =x 2是偶函数, ∴f (x )=e x -e -xx 2是奇函数,图象关于原点对称,排除A.当x =1时,f (1)=e -e -11=e -1e >0,排除D.又e>2,∴1e <12,∴e -1e >32,排除C.故选B.(2)函数f (x )=e x +a e -x 与g (x )=x 2+ax 在同一坐标系内的图象不可能是( )答案 C解析 因为g (x )=x 2+ax 的图象过原点,所以图象中过原点的抛物线是函数g (x )的图象,在选项C 中,上面的图象是函数f (x )的图象,下面的是函数g (x )的图象,所以-a2>0,所以a <0,因为f ′(x )=e x -a e -x ,所以f ′(x )>0在R 上恒成立,所以函数f (x )在定义域内单调递增,不是选项C 中的图象,故选C.思维升华 (1)根据函数的解析式判断函数的图象,要从定义域、值域、单调性、奇偶性等方面入手,结合给出的函数图象进行全面分析,有时也可结合特殊的函数值进行辅助推断,这是判断函数图象问题的基本方法.(2)判断复杂函数的图象,常借助导数这一工具,先对原函数进行求导,再利用导数判断函数的单调性、极值或最值,从而对选项进行筛选.要注意函数求导之后,导函数发生了变化,故导函数和原函数定义域会有所不同,我们必须在原函数的定义域内研究函数的极值和最值. 跟踪演练2 (1)函数f (x )=sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫lnx -1x +1的图象大致为( )答案 B解析 由于x ≠0,故排除A.f (-x )=sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫ln-x -1-x +1=-f (x ),又函数f (x )的定义域为(-∞,-1)∪(1,+∞), 所以函数为奇函数,图象关于原点对称,排除C. f (2)=sin ⎝⎛⎭⎫ln 13=-sin(ln 3)<0, 排除D ,故选B.(2)函数f (x )=|x |+ax(a ∈R )的图象不可能是( )答案 C解析 对于A ,当a =0时,f (x )=|x |,且x ≠0,故可能;对于B ,当x >0且a >0时,f (x )=x +a x ≥2a ,当且仅当x =a 时等号成立,当x <0且a >0时,f (x )=-x +a x 在(-∞,0)上为减函数,故可能;对于D ,当x <0且a <0时,f (x )=-x +a x≥2-x ·ax=2-a ,当且仅当x =--a 时等号成立,当x >0且a <0时,f (x )=x +ax 在(0,+∞)上为增函数,故可能,且C 不可能.故选C.热点三 基本初等函数的图象和性质1.指数函数y =a x (a >0,a ≠1)与对数函数y =log a x (a >0,a ≠1)的图象和性质,分0<a <1,a >1两种情况,着重关注两函数图象中的公共性质.2.幂函数y =x α的图象和性质,主要掌握α=1,2,3,12,-1五种情况.例3 (1)(2017·全国Ⅰ)设x ,y ,z 为正数,且2x =3y =5z ,则( ) A .2x <3y <5z B .5z <2x <3y C .3y <5z <2x D .3y <2x <5z答案 D解析 令t =2x =3y =5z ,∵x ,y ,z 为正数,∴t >1.则x =log 2t =lg t lg 2,同理,y =lg t lg 3,z =lg tlg 5.∴2x -3y =2lg t lg 2-3lg t lg 3=lg t (2lg 3-3lg 2)lg 2×lg 3=lg t (lg 9-lg 8)lg 2×lg 3>0,∴2x >3y .又∵2x -5z =2lg t lg 2-5lg t lg 5=lg t (2lg 5-5lg 2)lg 2×lg 5=lg t (lg 25-lg 32)lg 2×lg 5<0,∴2x <5z ,∴3y <2x <5z .故选D.(2)已知函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧a x ,x <0,(a -3)x +4a ,x ≥0满足对任意x 1≠x 2,都有f (x 1)-f (x 2)x 1-x 2<0成立,则a 的取值范围是( ) A.⎝⎛⎦⎤0,14 B .(1,2] C .(1,3) D.⎝⎛⎭⎫12,1答案 A解析 由f (x 1)-f (x 2)x 1-x 2<0,得f (x )是减函数,即⎩⎪⎨⎪⎧0<a <1,a -3<0,4a ≤1,得a ∈⎝⎛⎦⎤0,14,故选A. 思维升华 (1)指数函数、对数函数、幂函数是高考的必考内容之一,重点考查图象、性质及其应用,同时考查分类讨论、等价转化等数学思想方法及运算能力. (2)比较代数式大小问题,往往利用函数图象或者函数的单调性. 跟踪演练3 (1)(2018·浙江省台州中学模拟)设a =131log ,2b =132log ,3c =log 343,则a ,b ,c 的大小关系是( ) A .a <b <c B .c <b <a C .b <a <c D .b <c <a答案 B解析 131log 2=log 32,132log 3=log 332,因为y =log 3x 在(0,+∞)上单调递增,所以log 32>log 332>log 343,即131log 2>132log 3>log 343,则a >b >c ,故选B.(2)对任意实数a ,b 定义运算“Δ”:a Δb =⎩⎪⎨⎪⎧a ,a -b ≤2,b ,a -b >2,设f (x )=3x +1Δ(1-x ),若函数f (x )与函数g (x )=x 2-6x 在区间(m ,m +1)上均为减函数,则实数m 的取值范围是( ) A .[-1,2] B .(0,3] C .[0,2] D .[1,3]答案 C解析 由题意得f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧-x +1,x >0,3x +1,x ≤0,∴函数f (x )在(0,+∞)上单调递减,函数g (x )=(x -3)2-9在(-∞,3]上单调递减,若函数f (x )与g (x )在区间(m ,m +1)上均为减函数,则⎩⎪⎨⎪⎧m ≥0,m +1≤3,得0≤m ≤2,故选C.真题体验1.(2018·全国Ⅲ改编)函数y =-x 4+x 2+2的图象大致为________.(填序号)答案 ④解析 方法一 f ′(x )=-4x 3+2x ,则f ′(x )>0的解集为⎝⎛⎭⎫-∞,-22∪⎝⎛⎭⎫0,22,此时f (x )单调递增;f ′(x )<0的解集为⎝⎛⎭⎫-22,0∪⎝⎛⎭⎫22,+∞,此时f (x )单调递减.方法二 当x =1时,y =2,所以排除①②.当x =0时,y =2,而当x =12时,y =-116+14+2=2316>2, 所以排除③.2.(2017·天津改编)已知奇函数f (x )在R 上是增函数,g (x )=xf (x ).若a =g (-log 25.1),b =g (20.8),c =g (3),则a ,b ,c 的大小关系为________. 答案 b <a <c解析 依题意a =g (-log 25.1) =(-log 25.1)·f (-log 25.1) =log 25.1f (log 25.1)=g (log 25.1).因为f (x )在R 上是增函数,可设0<x 1<x 2, 则0<f (x 1)<f (x 2).从而x 1f (x 1)<x 2f (x 2),即g (x 1)<g (x 2). 所以g (x )在(0,+∞)上亦为增函数. 又log 25.1>0,20.8>0,3>0, 且log 25.1<log 28=3,20.8<21<3, 而20.8<21=log 24<log 25.1, 所以3>log 25.1>20.8>0,所以c >a >b .3.(2017·山东改编)设f (x )=⎩⎨⎧x ,0<x <1,2(x -1),x ≥1,若f (a )=f (a +1),则f ⎝⎛⎭⎫1a =________. 答案 6解析 若0<a <1,由f (a )=f (a +1), 得a =2(a +1-1),∴a =14,∴f ⎝⎛⎭⎫1a =f (4)=2×(4-1)=6. 若a ≥1,由f (a )=f (a +1), 得2(a -1)=2(a +1-1),无解.综上,f ⎝⎛⎭⎫1a =6.4.(2017·全国Ⅱ)已知函数f (x )是定义在R 上的奇函数,当x ∈(-∞,0)时,f (x )=2x 3+x 2,则f (2)=________. 答案 12解析 方法一 令x >0,则-x <0. ∴f (-x )=-2x 3+x 2.∵函数f (x )是定义在R 上的奇函数, ∴f (-x )=-f (x ).∴f (x )=2x 3-x 2(x >0). ∴f (2)=2×23-22=12. 方法二 f (2)=-f (-2) =-[2×(-2)3+(-2)2]=12. 押题预测1.在同一直角坐标系中,函数f (x )=x a (x ≥0),g (x )=log a x 的图象可能是( )押题依据 指数、对数、幂函数的图象识别问题是高考命题的热点,旨在考查其基本性质的灵活运用,题目难度一般不大,位于试卷比较靠前的位置. 答案 D解析 方法一 分a >1,0<a <1两种情形讨论.当a >1时,y =x a 与y =log a x 均为增函数,但y =x a 递增较快,排除C ;当0<a <1时,y =x a 为增函数,y =log a x 为减函数,排除A.由于y =x a 递增较慢,故选D. 方法二 幂函数f (x )=x a 的图象不过(0,1)点,排除A ;B 项中由对数函数g (x )=log a x 的图象知0<a <1,而此时幂函数f (x )=x a 的图象应是增长越来越慢的变化趋势,故B 错,D 正确;C项中由对数函数g (x )=log a x 的图象知a >1,而此时幂函数g (x )=x a 的图象应是增长越来越快的变化趋势,故C 错.2.设函数y =f (x )(x ∈R )为偶函数,且∀x ∈R ,满足f ⎝⎛⎭⎫x -32=f ⎝⎛⎭⎫x +12,当x ∈[2,3]时,f (x )=x ,则当x ∈[-2,0]时,f (x )等于( ) A .|x +4| B .|2-x | C .2+|x +1|D .3-|x +1|押题依据 利用函数的周期性、奇偶性求函数值是高考的传统题型,考查学生思维的灵活性. 答案 D解析 由f ⎝⎛⎭⎫x -32=f ⎝⎛⎭⎫x +12, 可得f (x +2)=f (x ),则当x ∈[-2,-1]时, x +4∈[2,3],f (x )=f (x +4)=x +4=x +1+3; 当x ∈[-1,0]时,-x ∈[0,1],2-x ∈[2,3], f (x )=f (-x )=f (2-x )=2-x =3-x -1, 故选D.3.已知函数f (x )=1ln (x +1)-x,则y =f (x )的图象大致为( )押题依据 图象的识别和变换是高考的热点,此类问题既考查了基础知识,又考查了学生的灵活变换能力. 答案 B解析 方法一 由题意得⎩⎪⎨⎪⎧x +1>0,x ≠0,∴f (x )的定义域为{x |x >-1且x ≠0}.令g (x )=ln(x +1)-x ,则g ′(x )=1x +1-1=-x x +1,当-1<x <0时,g ′(x )>0;当x >0时,g ′(x )<0.∴f (x )在区间(-1,0)上为减函数,在区间(0,+∞)上为增函数,对照各选项,只有B 符合. 方法二 取特殊值,用排除法求解, f (2)=1ln 3-2<0,排除A.f ⎝⎛⎭⎫-12=1ln 12+12=1ln e 2<0, 排除C ,D ,故选B.4.已知函数h (x )(x ≠0)为偶函数,且当x >0时,h (x )=⎩⎪⎨⎪⎧-x 24,0<x ≤4,4-2x ,x >4,若h (t )>h (2),则实数t 的取值范围为________.押题依据 分段函数是高考的必考内容,利用函数的单调性求解参数的范围,是一类重要题型,是高考考查的热点.本题恰当地应用了函数的单调性,同时考查了函数的奇偶性的性质. 答案 (-2,0)∪(0,2)解析 因为当x >0时,h (x )=⎩⎪⎨⎪⎧-x 24,0<x ≤4,4-2x ,x >4.所以函数h (x )在(0,+∞)上单调递减, 因为函数h (x )(x ≠0)为偶函数,且h (t )>h (2), 所以h (|t |)>h (2),所以0<|t |<2,所以⎩⎪⎨⎪⎧ t ≠0,|t |<2,即⎩⎪⎨⎪⎧t ≠0,-2<t <2,解得-2<t <0或0<t <2.综上,所求实数t 的取值范围为(-2,0)∪(0,2).A 组 专题通关1.(2018·浙江省重点中学联考)已知函数f (x )=x 2-4x +1的定义域为[1,t ],在该定义域内函数的最大值与最小值之和为-5,则实数t 的取值范围是( ) A .(1,3] B .[2,3] C .(1,2] D .(2,3)答案 B解析 若t ≤2,则函数的最大值为f (1)=-2,函数的最小值为f (t )=t 2-4t +1,由题意得t 2-4t -1=-5,解得t =2;若t >2,因为定义域为[1,t ],所以函数的最小值为f (2)=-3,函数的最大值为max[f (1),f (t )]=max{-2,t 2-4t +1}=-2.结合函数图象(图略),得t 2-4t +1≤-2,解得1≤t ≤3,所以2<t ≤3.综上所述,2≤t ≤3,故选B. 2.已知函数f (x )=a -2x a +2x 是奇函数,则f (a )的值等于( )A .-13B .3C .-13或3D.13或3 答案 C解析 函数f (x )为奇函数,则f (-x )=-f (x ), 即a -2-x a +2-x =-a -2x a +2x 在定义域内恒成立, 整理可得a ·2x -1a ·2x +1=-a +2x a +2x ,即a 2=1恒成立,∴a =±1, 当a =1时,函数f (x )的解析式为 f (x )=1-2x 1+2x ,f ()a =f ()1=1-211+21=-13,当a =-1时,函数f (x )的解析式为 f (x )=-1-2x -1+2x ,f ()a =f ()-1=-1-2-1-1+2-1=3.综上可得f ()a 的值为-13或3.3.(2018·浙江省名校协作体联考)已知函数f (x )=ax 3+x 2+x +b ,下列图象一定不能表示f (x )的图象的是( )答案 D解析 由题意得f ′(x )=3ax 2+2x +1,对于选项D ,可知a <0,Δ=4-12a ≤0,此时a 无解,所以D 不正确,故选D.4.已知函数f (x )=1-2x1+2x ,实数a ,b 满足不等式f (2a +b )+f (4-3b )>0,则下列不等式恒成立的是( ) A .b -a <2 B .a +2b >2 C .b -a >2 D .a +2b <2答案 C解析 由题意得f (-x )=1-2-x 1+2-x =2x -12x +1=-1-2x2x +1=-f (x ),故函数f (x )为奇函数. 又f (x )=-2x -11+2x =-(2x +1)-21+2x=-1+21+2x , 故函数f (x )在R 上单调递减. ∵f (2a +b )+f (4-3b )>0, ∴f (2a +b )>-f (4-3b )=f (3b -4), ∴2a +b <3b -4,∴b -a >2.故选C.5.已知f (x )是定义在(-∞,+∞)上的偶函数,且在(-∞,0]上单调递增,若a =15log 3,f ⎛⎫⎪⎝⎭b =f (log 35),c =f (0.20.5),则a ,b ,c 的大小关系为( ) A .a <b <c B .c <a <b C .b <a <c D .c <b <a答案 C解析 ∵f (x )是定义在(-∞,+∞)上的偶函数,∴a =15log 3f ⎛⎫ ⎪⎝⎭=f ()-log 53=f ()log 53,∵12=log 55<log 53<1,1=log 33<log 35, 0<0.20.5=55<12, ∴0.20.5<log 53<log 35,∵f (x )在(-∞,0]上是增函数, f (x )是定义在R 上的偶函数, ∴f (x )在[0,+∞)上为减函数, 则f ()0.20.5>f ()log 53>f ()log 35, 即b <a <c ,故选C.6.若函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧2x +1,x ≥1,-x 2+ax +1,x <1在R 上是增函数,则a 的取值范围为( )A .[2,3]B .[2,+∞)C .[1,3]D .[1,+∞)答案 A解析 由题意得⎩⎪⎨⎪⎧a 2≥1,-1+a +1≤2+1,∴a ∈[2,3],故选A.7.已知函数f (x )=ln(ax 2+bx +c )的部分图象如图所示,则a -b +c 等于( )A .-1B .1C .-5D .5答案 D解析 由题图知,直线x =2,x =4是函数f (x )的渐近线,即有x 1=2,x 2=4是方程ax 2+bx +c =0的两根,x 3=1,x 4=5是方程ax 2+bx +c =1的两根,∴由根与系数的关系,得2+4=1+5=-b a ,2×4=ca ,1×5=c -1a ,∴⎩⎪⎨⎪⎧a =13,b =-2,c =83,∴a -b +c =5,故选D.8.已知log 2x =log 3y =log 5z <0,则2x ,3y ,5z 的大小排序为( )A.2x <3y <5zB.3y <2x <5z C.5z <2x <3y D.5z <3y <2x答案 A解析 x ,y ,z 为正实数,且log 2x =log 3y =log 5z <0, 令log 2x =log 3y =log 5z =k (k <0), ∴x 2=2k -1,y 3=3k -1,z 5=5k -1, 可得2x =21-k ,3y =31-k ,5z =51-k ,又1-k >0,∴函数f (x )=x 1-k 在(0,+∞)上单调递增, ∴2x <3y <5z.故选A. 9.(2018·浙江省温州六校协作体联考)设函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧3x -2,x >0,-3-x +2,x <0,则下列结论错误的是( )A .函数f (x )的值域为RB .函数f (x )为奇函数C .函数f (|x |)为偶函数D .函数f (x )是单调函数 答案 D解析 在平面直角坐标系内画出函数f (x )的图象(图略),由图易得函数f (x )的值域为R ,A 正确;函数f (x )的定义域为(-∞,0)∪(0,+∞),且当x >0时,f (-x )=-3-(-x )+2=-3x +2=-f (x ),同理当x <0时,也有f (-x )=-f (x ),所以函数f (x )为奇函数,B 正确;f (|-x |)=f (|x |),所以函数f (|x |)为偶函数,C 正确;函数f (x )是分段函数,在各个区域内具有单调性,在整个定义域内函数f (x )不是单调函数,D 错误,综上所述,故选D.10.已知定义在R 上的函数f (x )满足:①函数f (x )的图象的对称中心为(1,0),且对称轴为x =-1;②当x ∈[-1,1]时,f (x )=⎩⎨⎧1-x ,x ∈(0,1],1-x 2,x ∈[-1,0],则f ⎝⎛⎭⎫72=________. 答案 -32解析 由题意作出f (x )的部分图象如图所示,则f ⎝⎛⎭⎫72=-1-⎝⎛⎭⎫-122=-32. 11.(2018·全国Ⅲ)已知函数f (x )=ln(1+x 2-x )+1,f (a )=4,则f (-a )=________. 答案 -2解析 ∵f (x )+f (-x )=ln(1+x 2-x )+1+ln(1+x 2+x )+1=ln(1+x 2-x 2)+2=2, ∴f (a )+f (-a )=2,∴f (-a )=-2.12.已知函数f (x )是奇函数,当x <0时,f (x )=-x 2+x .若不等式f (x )-x ≤2log a x (a >0且a ≠1)对∀x ∈⎝⎛⎦⎤0,22恒成立,则实数a 的取值范围是________. 答案 ⎣⎡⎭⎫14,1解析 由已知得当x >0时,f (x )=x 2+x , 故x 2≤2log a x 对∀x ∈⎝⎛⎦⎤0,22恒成立, 即当x ∈⎝⎛⎦⎤0,22时, 函数y =x 2的图象不在y =2log a x 图象的上方, 由图(图略)知,0<a <1且2log a 22≥12, 解得14≤a <1.B 组 能力提高13.(2018·浙江省金丽衢十二校联考)如果存在正实数a ,使得f (x +a )为奇函数,f (x -a )为偶函数,我们称函数f (x )为“Θ函数”.给出下列四个函数:①f (x )=sin x ; ②f (x )=cos x ; ③f (x )=sin x -cos x ; ④f (x )=sin 2⎝⎛⎭⎫x +π8. 其中“Θ函数”的个数为( ) A .1 B .2 C .3 D .4答案 B解析 对于函数f (x )=sin x ,f (x +k 1π)(k 1∈Z )为奇函数,f ⎝⎛⎭⎫x +π2+k 2π(k 2∈Z )为偶函数,所以不存在正实数a ,使得f (x +a )为奇函数,f (x -a )为偶函数,所以f (x )=sin x 不是“Θ函数”;对于函数f (x )=cos x ,f (x +k 3π)(k 3∈Z )为偶函数,f ⎝⎛⎭⎫x +π2+k 4π(k 4∈Z )为奇函数,所以不存在正实数a ,使得f (x +a )为奇函数,f (x -a )为偶函数,所以f (x )=cos x 不是“Θ函数”;对于函数f (x )=sin x -cos x =2sin ⎝⎛⎭⎫x -π4,则存在a =π4使得f (x +a )为奇函数,f (x -a )为偶函数,所以f (x )=sin x -cos x 是“Θ函数”;对于函数f (x )=sin 2⎝⎛⎭⎫x +π8=sin ⎝⎛⎭⎫2x +π4,则存在a =3π8使得f (x +a )为奇函数,f (x -a )为偶函数,所以f (x )=sin 2⎝⎛⎭⎫x +π8是“Θ函数”.综上所述,“Θ函数”的个数为2,故选B.14.(2018·浙江省杭州二中月考)设f (x )=e x1+e x,[x ]表示不超过x 的最大整数,则函数g (x )=⎣⎡⎦⎤f (x )-12+⎣⎡⎦⎤f (-x )-12的值域是( )A .{-1,0,1}B .{-1,0}C .{-2,-1,0}D .{0,1}答案 B解析 设h (x )=f (x )-12,则g (x )=[h (x )]+[h (-x )],又因为h (-x )=f (-x )-12=e -x 1+e -x -12=11+e x -12=-e x 1+e x +12=-h (x ),所以函数h (x )=f (x )-12为奇函数,易知h (x )在R 上单调递增,且h (x )∈⎝⎛⎭⎫-12,12.当x <0时,g (x )=-1+0=-1;当x =0时,g (x )=0+0=0;当x >0时,g (x )=0-1=-1.综上所述,函数g (x )=⎣⎡⎦⎤f (x )-12+⎣⎡⎦⎤f (-x )-12的值域为{-1,0},故选B.15.已知定义在R 上的奇函数f (x )和偶函数g (x )满足12f (x )-g (x )=x -1x 2+1,若g (x +5)+g ⎝⎛⎭⎫1x -1<g (x )+g ⎝⎛⎭⎫1x ,则x 的取值范围是____________________. 答案 {x |x >-2且x ≠0且x ≠1} 解析 因为12f (x )-g (x )=x -1x 2+1,所以12 f (-x )-g (-x )=-x -1x 2+1,即-12 f (x )-g (x )=-x -1x 2+1,因此g (x )=1x 2+1.因为g (x )+g ⎝⎛⎭⎫1x =1x 2+1+11x 2+1=1,所以由g (x +5)+g ⎝⎛⎭⎫1x -1<g (x )+g ⎝⎛⎭⎫1x ,得1(x +5)2+1+(x -1)21+(x -1)2<1, 即1(x +5)2+1<11+(x -1)2,解得x >-2,结合分母不为零得x 的取值范围是 {x |x >-2且x ≠0且x ≠1}.16.(2018·天津)已知a ∈R ,函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧x 2+2x +a -2,x ≤0,-x 2+2x -2a ,x >0.若对任意x ∈[-3,+∞),f (x )≤|x |恒成立,则a 的取值范围是________. 答案 ⎣⎡⎦⎤18,2解析 如图所示,若对任意x ∈[-3,+∞),要使函数y =f (x )的图象恒在y =|x |图象的下方,则必有⎩⎪⎨⎪⎧f (-3)≤3, ①f (0)≤0, ②且在(0,+∞)内直线y =x 与y =-x 2+2x -2a 相切或相离,所以x =-x 2+2x -2a 有两个相等实根或无实根,即对于方程x 2-x +2a =0, Δ=(-1)2-4×2a ≤0,解得a ≥18.由①②得9-6+a -2≤3且a -2≤0,所以a ≤2. 综上,18≤a ≤2.第2讲 函数与方程[考情考向分析] 求函数零点所在区间、零点个数及参数的取值范围是高考的常见题型,主要以选择题、填空题的形式出现.热点一 函数的零点 1.零点存在性定理如果函数y =f (x )在区间[a ,b ]上的图象是连续不断的一条曲线,且有f (a )·f (b )<0,那么,函数y =f (x )在区间(a ,b )内有零点,即存在c ∈(a ,b )使得f (c )=0,这个c 也就是方程f (x )=0的根. 2.函数的零点与方程根的关系函数F (x )=f (x )-g (x )的零点就是方程f (x )=g (x )的根,即函数y =f (x )的图象与函数y =g (x )的图象交点的横坐标.例1 (1)已知f (x )=2|x |x +x -2x ,则y =f (x )的零点个数是( )A .4B .3C .2D .1 答案 C解析 令2|x |x +x -2x =0,化简得2|x |=2-x 2,画出y 1=2|x |,y 2=2-x 2的图象,由图可知,图象有两个交点,即函数f (x )有两个零点.(2)关于x 的方程(x 2-2x )2e 2x -(t +1)(x 2-2x )e x -4=0(t ∈R )的不等实根的个数为( ) A .1 B .3 C .5 D .1或5 答案 B解析 设f (x )=(x 2-2x )e x ,则f ′(x )=(x +2)(x -2)e x ,所以函数f (x )在(-∞,-2),(2,+∞)上单调递增,在(-2,2)上单调递减,且当x →-∞时,f (x )→0,f (-2)=(2+22)2e ,-f (0)=0,f (2)=(2-22)2e ,当x →+∞,f (x )→+∞,由此画出函数y =f (x )的草图,如图所示.关于x 的方程(x 2-2x )2e 2x -(t +1)(x 2-2x )e x -4=0,令u =f (x ),则u 2-(t +1)u -4=0,Δ=(t +1)2+16>0,故有两个不同的解u 1,u 2, 又u 1u 2=f (-2)f (2)=-4, 所以不等实根的个数为3.思维升华 函数零点(即方程的根)的确定问题,常见的有 (1)函数零点大致存在区间的确定. (2)零点个数的确定.(3)两函数图象交点的横坐标或有几个交点的确定.解决这类问题的常用方法有解方程法、利用零点存在的判定或数形结合法,尤其是方程两端对应的函数类型不同的方程多以数形结合法求解.跟踪演练1 (1)定义在R 上的函数f (x ),满足f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧x 2+2,x ∈[0,1),2-x 2,x ∈[-1,0),且f (x +1)=f (x -1),若g (x )=3-log 2x ,则函数F (x )=f (x )-g (x )在(0,+∞)内的零点有( ) A .3个 B .2个 C .1个 D .0个 答案 B解析 由f (x +1)=f (x -1)得f (x )的周期为2,作函数f (x )和g (x )的图象,图中,g (3)=3-log 23>1=f (3), g (5)=3-log 25<1=f (5), 可得有两个交点,所以选B.(2)已知函数f (x )满足:①定义域为R ;②∀x ∈R ,都有f (x +2)=f (x );③当x ∈[-1,1]时,f (x )=-|x |+1,则方程f (x )=12log 2|x |在区间[-3,5]内解的个数是( )A .5B .6C .7D .8 答案 A解析 画出函数图象如图所示,由图可知,共有5个解.热点二 函数的零点与参数的范围解决由函数零点的存在情况求参数的值或取值范围问题,关键是利用函数与方程思想或数形结合思想,构建关于参数的方程或不等式求解.例2 (1)(2018·浙江省重点中学联考)已知a ∈R ,函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧a +1x ,x >0,e -x ,x <0,若存在三个互不相等的实数x 1,x 2,x 3,使得f (x 1)x 1=f (x 2)x 2=f (x 3)x 3=-e 成立,则a 的取值范围是________. 答案 (-∞,-2e) 解析f (x 1)x 1=f (x 2)x 2=f (x 3)x 3=-e 成立,等价于方程f (x )=-e x 有三个互不相等的实数根x 1,x 2,x 3,即函数y =f (x )的图象与直线y =-e x 有三个不同的交点,易知直线y =-e x 与y =e -x 的图象相切,已有一个交点,只需直线y =-e x 与曲线y =a +1x (x >0)有两个不同的交点即可,由-e x =a +1x ,得e x 2+ax +1=0,∴Δ=a 2-4e>0,解得a >2e 或a <-2e ,又方程的两个根之和为正数,故-ae>0,∴a <0.综上所述,a <-2 e.(2)(2018·全国Ⅰ)已知函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧e x ,x ≤0,ln x ,x >0,g (x )=f (x )+x +a .若g (x )存在2个零点,则a 的取值范围是( ) A .[-1,0) B .[0,+∞) C .[-1,+∞) D .[1,+∞)答案 C解析 令h (x )=-x -a , 则g (x )=f (x )-h (x ).在同一坐标系中画出y =f (x ),y =h (x )图象的示意图,如图所示.若g (x )存在2个零点,则y =f (x )的图象与y =h (x )的图象有2个交点,平移y =h (x )的图象可知,当直线y =-x -a 过点(0,1)时,有2个交点, 此时1=-0-a ,a =-1.当y =-x -a 在y =-x +1上方,即a <-1时,仅有1个交点,不符合题意; 当y =-x -a 在y =-x +1下方,即a >-1时,有2个交点,符合题意. 综上,a 的取值范围为[-1,+∞). 故选C.思维升华 (1)方程f (x )=g (x )根的个数即为函数y =f (x )和y =g (x )图象交点的个数. (2)关于x 的方程f (x )-m =0有解,m 的范围就是函数y =f (x )的值域.跟踪演练2 (1)已知函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧2x -a ,x ≤0,3x -a ,x >0(a ∈R ),若函数f (x )在R 上有两个零点,则a的取值范围是( ) A .(0,1] B .[1,+∞) C .(0,1)∪(1,2) D .(-∞,1)答案 A解析 ∵函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧2x -a ,x ≤0,3x -a ,x >0(a ∈R )在R 上有两个零点,且x =a3是函数f (x )的一个零点,∴方程2x -a =0在(-∞,0]上有一个解,再根据当x ∈(-∞,0]时,0<2x ≤20=1,可得0<a ≤1. 故选A.(2)函数f (x )=|x |e x ,方程[f (x )]2-(m +1)f (x )+1-m =0有4个不相等实根,则m 的取值范围是( ) A.⎝ ⎛⎭⎪⎫e 2-e e 2+e ,1 B.⎝ ⎛⎭⎪⎫e 2-e +1e 2+e ,+∞C.⎝ ⎛⎭⎪⎫e 2-e +1e 2+e ,1 D.⎝ ⎛⎭⎪⎫e 2-e e 2+e ,+∞ 答案 C解析 根据题意画出函数f (x )的图象.当x >0时,f (x )=xe x ,则f ′(x )=1-x ex (x >0),故f (1)=1e为f (x )在(0,+∞)上的最大值.设t =f (x ),t 2-(m +1)t +1-m =0 有两个根t 1,t 2, 由图可知,对应两个x 值的t 值只有一个, 故可设t 1对应一个x 值,t 2对应3个x 值. 情况为⎩⎪⎨⎪⎧t 1=0,t 2∈⎝⎛⎭⎫0,1e 或⎩⎨⎧t 1>1e,t 2∈⎝⎛⎭⎫0,1e ,当属于第一种情况时,将0代入方程得m =1,此时二次方程t 2-(m +1)t +1-m =0的根是确定的,一个为0,一个为2>1e ,不符合第一种情况的要求;当属于第二种情况时,⎩⎪⎨⎪⎧1e 2-m +1e +1-m <0,1-m >0,即e 2-e +1e 2+e<m <1.真题体验1.(2016·天津改编)已知函数f (x )=sin 2ωx 2+12sin ωx -12(ω>0,x ∈R ).若f (x )在区间(π,2π)内没有零点,则ω的取值范围是______________. 答案 ⎝⎛⎦⎤0,18∪⎣⎡⎦⎤14,58 解析 f (x )=1-cos ωx 2+12sin ωx -12=12(sin ωx -cos ωx )=22sin ⎝⎛⎭⎫ωx -π4. 因为函数f (x )在区间(π,2π)内没有零点, 所以T 2>2π-π,所以πω>π,所以0<ω<1.当x ∈(π,2π)时,ωx -π4∈⎝⎛⎭⎫ωπ-π4,2ωπ-π4,若函数f (x )在区间(π,2π)内有零点, 则ωπ-π4<k π<2ωπ-π4(k ∈Z ),即k 2+18<ω<k +14(k ∈Z ).当k =0时,18<ω<14;当k =1时,58<ω<54.所以函数f (x )在区间(π,2π)内没有零点时, 0<ω≤18或14≤ω≤58.2.(2017·山东改编)已知当x ∈[0,1]时,函数y =(mx -1)2的图象与y =x +m 的图象有且只有一个交点,则正实数m 的取值范围是______________. 答案 (0,1]∪[3,+∞)解析 设f (x )=(mx -1)2,g (x )=x +m ,在同一直角坐标系中,分别作出函数f (x )=(mx -1)2=m 2⎝⎛⎭⎫x -1m 2与g (x )=x +m 的大致图象. 分两种情形:(1)当0<m ≤1时,1m≥1,如图①,当x ∈[0,1]时,f (x )与g (x )的图象有一个交点,符合题意.(2)当m >1时,0<1m<1,如图②,要使f (x )与g (x )的图象在[0,1]上只有一个交点, 只需g (1)≤f (1),即1+m ≤(m -1)2, 解得m ≥3或m ≤0(舍去). 综上所述,m ∈(0,1]∪[3,+∞).3.(2017·江苏)设f (x )是定义在R 上且周期为1的函数,在区间[0,1)上,f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧x 2,x ∈D ,x ,x ∉D ,其中集合D =⎩⎪⎨⎪⎧⎭⎪⎬⎪⎫x ⎪⎪x =n -1n ,n ∈N *,则方程f (x )-lg x =0的解的个数是________.答案 8解析 由于f (x )∈[0,1),则只需考虑1≤x <10的情况,在此范围内,当x ∈Q ,且x ∉Z 时,设x =q p ,p ,q ∈N *,p ≥2且p ,q 互质.若lg x ∈Q ,则由lg x ∈(0,1),可设lg x =nm ,m ,n ∈N *,m ≥2且m ,n 互质.因此10nm=q p,则10n =⎝⎛⎭⎫q p m,此时左边为整数,右边为非整数,矛盾.因此lg x ∉Q ,因此lg x 不可能与每个周期内x ∈D 对应的部分相等,只需考虑lg x 与每个周期内x ∉D 部分的交点,画出函数草图.图中交点除(1,0)外其他交点横坐标均为无理数,属于每个周期内x ∉D 部分,且x =1处(lg x )′=1x ln 10=1ln 10<1,则在x =1附近仅有1个交点,因此方程解的个数为8.押题预测1.f (x )=2sin πx -x +1的零点个数为( ) A .4 B .5 C .6D .7押题依据 函数的零点是高考的一个热点,利用函数图象的交点确定零点个数是一种常用方法. 答案 B解析 令2sin πx -x +1=0,则2sin πx =x -1,令h (x )=2sin πx ,g (x )=x -1,则f (x )=2sin πx -x +1的零点个数问题就转化为两个函数h (x )与g (x )图象的交点个数问题.h (x )=2sin πx 的最小正周期为T =2ππ=2,画出两个函数的图象,如图所示,因为h (1)=g (1),h ⎝⎛⎭⎫52>g ⎝⎛⎭⎫52,g (4)=3>2,g (-1)=-2,所以两个函数图象的交点一共有5个,所以f (x )=2sin πx -x +1的零点个数为5.2.已知函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧x +2,x >a ,x 2+5x +2,x ≤a ,若函数g (x )=f (x )-2x 恰有三个不同的零点,则实数a 的取值范围是( ) A .[-1,1) B .[0,2] C .(-2,2]D .[-1,2)押题依据 利用函数零点个数可以得到函数图象的交点个数,进而确定参数范围,较好地体现了数形结合思想. 答案 D解析 g (x )=f (x )-2x =⎩⎪⎨⎪⎧-x +2,x >a ,x 2+3x +2,x ≤a ,要使函数g (x )恰有三个不同的零点,只需g (x )=0恰有三个不同的实数根,所以⎩⎪⎨⎪⎧ x >a ,-x +2=0或⎩⎪⎨⎪⎧x ≤a ,x 2+3x +2=0,所以g (x )=0的三个不同的实数根为x =2(x >a ), x =-1(x ≤a ),x =-2(x ≤a ). 再借助数轴,可得-1≤a <2.所以实数a 的取值范围是[-1,2),故选D.3.已知定义在R 上的偶函数f (x )满足f (x +4)=f (x ),且当0≤x ≤2时,f (x )=min{-x 2+2x,2-x },若方程f (x )-mx =0恰有两个实根,则m 的取值范围是( ) A.⎝⎛⎭⎫-∞,-13∪⎝⎛⎭⎫13,+∞ B.⎝⎛⎦⎤-∞,-13∪⎣⎡⎭⎫13,+∞ C.⎝⎛⎭⎫-2,-13∪⎝⎛⎭⎫13,2 D.⎣⎡⎭⎫-2,-13∪⎝⎛⎦⎤13,2 押题依据 在同一平面直角坐标系中画出函数的图象,先研究特殊位置,结合函数的性质,利用数形结合法,构建关于参数的不等式(组)求解. 答案 C解析 当0≤x <1时,-x 2+2x <2-x ,当1≤x ≤2时,-x 2+2x ≥2-x ,所以f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧-x 2+2x ,0≤x <1,2-x ,1≤x ≤2,又因为f (x )是偶函数,且是以4为周期的周期函数,作出函数f (x )的图象(图略),直线y =mx 与y =-x 2+2x 的图象相切时,m =2,直线y =mx 经过点(3,1)时,与函数f (x )的图象有三个交点,此时m =13,故x ≥0时,要使方程f (x )-mx =0恰有两个实根,则13<m <2,由对称性知x <0时,要使方程f (x )-mx =0恰有两个实根, 则-2<m <-13.A 组 专题通关1.已知函数f (x )=⎝⎛⎭⎫12x-13x ,则在下列区间中含有函数f (x )零点的是( ) A.⎝⎛⎭⎫0,13 B.⎝⎛⎭⎫13,12 C.⎝⎛⎭⎫12,23 D.⎝⎛⎭⎫23,1答案 B解析 f (0)=1>0,f ⎝⎛⎭⎫13=1312⎛⎫ ⎪⎝⎭-1313⎛⎫ ⎪⎝⎭>0,f ⎝⎛⎭⎫12=1212⎛⎫ ⎪⎝⎭-1312⎛⎫ ⎪⎝⎭<0,f ⎝⎛⎭⎫13f ⎝⎛⎭⎫12<0, 所以函数f (x )在区间⎝⎛⎭⎫13,12内必有零点,故选B. 2.(2018·绍兴市柯桥区模拟)已知x 0是函数f (x )=e -x +1x -2的零点,若x 1∈(0,x 0),x 2∈(x 0,2),则( )A .f (x 1)<0,f (x 2)<0B .f (x 1)<0,f (x 2)>0C .f (x 1)>0,f (x 2)<0D .f (x 1)>0,f (x 2)>0 答案 C解析 函数f (x )的定义域为{x |x ≠2},又e -x >0,且x <2时,1x -2<0,故f (x )的零点x 0∈(-∞,2),求导得f ′(x )=-e -x -1(x -2)2<0,则函数f (x )在区间(-∞,2),(2,+∞)上单调递减,由0<x 1<x 0<x 2<2,得f (x 1)>f (x 0)>f (x 2),即f (x 1)>0,f (x 2)<0,故选C.3.已知定义在R 上的奇函数f (x )满足当x >0时,f (x )=2x +2x -4,则f (x )的零点个数是( ) A .2 B .3 C .4 D .5 答案 B解析 由于函数f (x )是定义在R 上的奇函数, 故f (0)=0. 由于f ⎝⎛⎭⎫12·f (2)<0,而函数f (x )在(0,+∞)上单调递增,故当x >0时有1个零点,根据奇函数的对称性可知, 当x <0时,也有1个零点.故一共有3个零点.4.已知函数f (x )=x 2+2x -12(x <0)与g (x )=x 2+log 2(x +a )的图象上存在关于y 轴对称的点,则a 的取值范围是( )A .(-∞,-2)B .(-∞,2) C.()-∞,22 D.⎝⎛⎭⎫-22,22 答案 B解析 f (x )=x 2+2x -12(x <0),当x >0时,-x <0,f (-x )=x 2+2-x -12(x >0),所以f (x )关于y 轴对称的函数为h (x )=f (-x )=x 2+2-x -12(x >0),由题意得x 2+2-x -12=x 2+log 2(x +a )在x >0时有解,作出函数的图象如图所示,当a ≤0时,函数y =2-x -12与y =log 2(x +a )的图象在(0,+∞)上必有交点,符合题意,若a >0,若两函数在(0,+∞)上有交点,则log 2a <12,解得0<a <2,综上可知,实数a 的取值范围是(-∞,2).5.(2018·湖州、衢州、丽水三地市模拟)已知函数f (x )=|x -1|+|x |+|x +1|,则方程f (2x -1)=f (x )所有根的和是( ) A.13 B .1 C.43 D .2 答案 C解析 由题意得f (2x -1)=|2x -2|+|2x -1|+|2x |,f (2x -1)=f (x )⇔|2x -2|+|2x -1|+|2x |=|x -1|+|x |+|x +1|,即|x -1|+|x |+|2x -1|-|x +1|=0,设g (x )=|x -1|+|x |+|2x -1|-|x +1|,则g (x )=⎩⎪⎨⎪⎧-3x +3,x <-1,-5x +1,-1≤x <0,-3x +1,0≤x <12,x -1,12≤x <1,3x -3,x ≥1,令g (x )=0,解得x =13或x =1,所以方程f (2x -1)=f (x )所有根的和是13+1=43,故选C.6.已知函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧|ln (x -1)|,x >1,2x -1+1,x ≤1,则方程f (f (x ))-2⎣⎡⎦⎤f (x )+34=0的实根个数为( ) A .6 B .5 C .4 D .3 答案 C解析 令t =f (x ),则方程f (f (x ))-2⎣⎡⎦⎤f (x )+34=0等价于f (t )-2t -32=0,在同一平面直角坐标系中作出f (x )与直线y =2x +32的图象,由图象可得有两个交点,且f (t )-2t -32=0的两根分别为t 1=0和1<t 2<2,当t 1=f (x )=0时,解得x =2,当t 2=f (x )∈(1,2)时,f (x )有3个不等实根,综上所述,方程f (f (x ))-2⎣⎡⎦⎤f (x )+34=0的实根个数为4.7.定义在R 上的函数f (x )满足f (x )+f (x +5)=16,当x ∈(-1,4]时,f (x )=x 2-2x ,则函数f (x )在区间[0,2 019]上的零点个数是________. 答案 605解析 因为f (x )+f (x +5)=16, 所以f (x +5)+f (x +10)=16, 所以f (x )=f (x +10), 所以该函数的周期是T =10.由于函数y =f (x )在(-1,4]上有3个零点, 因此在区间(-1,9]上只有3个零点,且在(-1,0)上有1个零点,在[0,9]上有2个零点且不在区间端点处.而2 019=201×10+9, 故在区间[0,2 019]上共有201×3+2=605(个)零点.8.已知函数f (x )=⎩⎨⎧x sin x ,0<x <π,x ,x ≥π,g (x )=f (x )-kx (k ∈R ).①当k =1时,函数g (x )有________个零点;②若函数g (x )有3个零点,则k 的取值范围是________. 答案 1 ⎝⎛⎦⎤0,ππ解析 ①当k =1时,g (x )=0,即f (x )=x , 当0<x <π时,x sin x =x ,即sin x =1,解得x =π2,当x ≥π时,x =x ,解得x =0(舍去)或1(舍去), 综上,g (x )的零点个数为1. ②若函数g (x )有3个零点,则k ≠0. 当x ≥π时,x =kx (k >0),最多有1个解, 即有x =1k 2≥π,解得0<k ≤ππ,又0<x <π时,x sin x =kx ,即为sin x =k 有2个解, 则0<k <1, 综上可得0<k ≤ππ. 9.对于函数f (x )与g (x ),若存在λ∈{x ∈R |f (x )=0},μ∈{x ∈R |g (x )=0},使得|λ-μ|≤1,则称函数f (x )与g (x )互为“零点密切函数”,现已知函数f (x )=e x -2+x -3与g (x )=x 2-ax -x +4互为“零点密切函数”,则实数a 的取值范围是________. 答案 [3,4]解析 由题意知,函数f (x )的零点为x =2, 设g (x )满足|2-μ|≤1的零点为μ, 因为|2-μ|≤1,解得1≤μ≤3. 因为函数g (x )的图象开口向上,所以要使g (x )的一个零点落在区间[1,3]上,则需满足g (1)g (3)≤0或⎩⎪⎨⎪⎧g (1)>0,g (3)>0,Δ≥0,1<a +12<3,解得103≤a ≤4或3≤a <103,得3≤a ≤4.故实数a 的取值范围为[3,4].10.(2018·浙江)已知λ∈R ,函数f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧x -4,x ≥λ,x 2-4x +3,x <λ.当λ=2时,不等式f (x )<0的解集是________.若函数f (x )恰有2个零点,则λ的取值范围是________. 答案 (1,4) (1,3]∪(4,+∞)解析 当λ=2时,f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧x -4,x ≥2,x 2-4x +3,x <2,其图象如图(1).由图知f (x )<0的解集为(1,4).f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧x -4,x ≥λ,x 2-4x +3,x <λ恰有2个零点有两种情况:①二次函数有两个零点,一次函数无零点;②二次函数与一次函数各有一个零点.在同一平面直角坐标系中画出y 1=x -4与y 2=x 2-4x +3的图象,如图(2),平移直线x =λ,可得λ∈(1,3]∪(4,+∞).B 组 能力提高11.定义在R 上的奇函数f (x ),当x ≥0时,f (x )=⎩⎪⎨⎪⎧12log (x +1),0≤x <1,1-|x -3|,x ≥1,若关于x 的方程f (x )-a =0(0<a <1)所有根之和为1-2,则实数a 的值为( ) A.22 B.12 C.23 D.14答案 B解析 因为函数f (x )为奇函数,所以当x ∈(-1,0]时,f (x )=-f (-x )=-12log (-x +1)=log 2(1-x );当x ∈(-∞,-1]时,f (x )=-f (-x )=-(1-|-x -3|)=|x +3|-1,所以函数f (x )的图象如图所示,令g (x )=f (x )-a ,函数g (x )的零点即为函数y =f (x )与y =a 的交点,如图所示,共5个.当x ∈(-∞,-1]时,令|x +3|-1=a ,解得x 1=-4-a ,x 2=a -2,当x ∈(-1,0)时,令log 2(1-x )=a ,解得x 3=1-2a ;当x ∈[1,+∞)时,令1-|x -3|=a ,解得x 4=4-a ,x 5=a +2,所以所有零点之和为x 1+x 2+x 3+x 4+x 5=-4-a +a -2+1-2a +4-a +a +2=1-2a =1-2,∴a =12.12.若函数f (x )=ax +ln x -x 2x -ln x 有3个不同的零点,则实数a 的取值范围是( )A.⎝⎛⎭⎫1,e e -1-1e B.⎣⎡⎦⎤1,e e -1-1e。
浙江新高考数学二轮复习(教学指导)五椭圆双曲线抛物线

第2讲 椭圆、双曲线、抛物线圆锥曲线的定义及标准方程[核心提炼]1.圆锥曲线的定义、标准方程 名称 椭圆双曲线 抛物线定义|PF 1|+|PF 2|=2a (2a >|F 1F 2|)||PF 1|-|PF 2||=2a (2a <|F 1F 2|) |PF |=|PM |点F 不在直线l上,PM ⊥l 于M 标准方程x 2a 2+y2b 2=1(a >b >0) x 2a 2-y 2b 2=1(a >0,b >0)y 2=2px (p >0)2.求解圆锥曲线标准方程“先定型,后定量”所谓“定型”,就是曲线焦点所在的坐标轴的位置;所谓“定量”,就是指利用待定系数法求出方程中的a 2,b 2,p 的值.[典型例题](1)(2019·杭州市高考二模)设倾斜角为α的直线l 经过抛物线Г:y 2=2px (p >0)的焦点F ,与抛物线Г交于A ,B 两点,设点A 在x 轴上方,点B 在x 轴下方.若|AF ||BF |=m ,则cos α的值为( )A.m -1m +1B.m m +1C.m -1mD .2m m +1(2)椭圆x 24+y 2=1上到点C (1,0)的距离最小的点P 的坐标为________.(3)(2019·高考浙江卷)已知椭圆x 29+y 25=1的左焦点为F ,点P 在椭圆上且在x 轴的上方.若线段PF 的中点在以原点O 为圆心,|OF |为半径的圆上,则直线PF 的斜率是________.【解析】 (1)设抛物线y 2=2px (p >0)的准线为l :x =-p2.如图所示,分别过点A ,B 作AM ⊥l ,BN ⊥l ,垂足分别为M ,N .在三角形ABC 中,∠BAC 等于直线AB 的倾斜角α, 由|AF ||BF |=m ,|AF |=m |BF |,|AB |=|AF |+|BF |=(m +1)|BF |, 根据抛物线的定义得:|AM |=|AF |=m |BF |,|BN |=|BF |, 所以|AC |=|AM |-|MC |=m |BF |-|BF |=(m -1)|BF |,在直角三角形ABC 中,cos α=cos ∠BAC =|AC ||AB |=(m -1)|BF |(m +1)|BF |=m -1m +1,故选A.(2)设点P (x ,y ),则|PC |2=(x -1)2+y 2=(x -1)2+⎝⎛⎭⎫1-x 24 =34x 2-2x +2=34⎝⎛⎭⎫x -432+23. 因为-2≤x ≤2,所以当x =43时,|PC |min =63,此时点P 的坐标为⎝⎛⎭⎫43,53或⎝⎛⎭⎫43,-53.(3)通解:依题意,设点P (m ,n )(n >0),由题意知F (-2,0),所以线段FP 的中点M ⎝⎛⎭⎪⎫-2+m 2,n 2在圆x 2+y 2=4上,所以⎝ ⎛⎭⎪⎫-2+m 22+⎝⎛⎭⎫n 22=4,又点P (m ,n )在椭圆x 29+y 25=1上,所以m 29+n 25=1,所以4m 2-36m -63=0,所以m =-32或m =212(舍去),n =152,所以k PF =152-0-32-(-2)=15.优解:如图,取PF 的中点M ,连接OM ,由题意知|OM |=|OF |=2,设椭圆的右焦点为F 1,连接PF 1.在△PFF 1中,OM 为中位线,所以|PF 1|=4,由椭圆的定义知|PF |+|PF 1|=6,所以|PF |=2,因为M 为PF 的中点,所以|MF |=1.在等腰三角形OMF 中,过O 作OH ⊥MF 于点H ,所以|OH |=22-⎝⎛⎭⎫122=152,所以k PF =tan ∠HFO =15212=15. 【答案】 (1)A (2)⎝⎛⎭⎫43,53或⎝⎛⎭⎫43,-53 (3)15(1)圆锥曲线定义的应用①已知椭圆、双曲线上一点及焦点,首先要考虑使用椭圆、双曲线的定义求解. ②应用抛物线的定义,灵活将抛物线上的点到焦点的距离与到准线的距离相互转化使问题得解.(2)圆锥曲线方程的求法求解圆锥曲线标准方程的方法是“先定型,后计算”.①定型.就是指定类型,也就是确定圆锥曲线的焦点位置,从而设出标准方程. ②计算.即利用待定系数法求出方程中的a 2,b 2或p .另外,当焦点位置无法确定时,抛物线常设为y 2=2ax 或x 2=2ay (a ≠0),椭圆常设为mx 2+ny 2=1(m >0,n >0),双曲线常设为mx 2-ny 2=1(mn >0).[对点训练]1.已知F 1,F 2分别是椭圆E :x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0)的左、右焦点,点⎝⎛⎭⎫1,22在椭圆上,且点(-1,0)到直线PF 2的距离为455,其中点P (-1,-4),则椭圆的标准方程为( )A .x 2+y 24=1 B.x 24+y 2=1 C .x 2+y 22=1 D.x 22+y 2=1 解析:选D.设F 2的坐标为(c ,0)(c >0),则kPF 2=4c +1,故直线PF 2的方程为y =4c +1(x-c ),即4c +1x -y -4cc +1=0,点(-1,0)到直线PF 2的距离d =⎪⎪⎪⎪⎪⎪-4c +1-4c c +1⎝ ⎛⎭⎪⎫4c +12+1=4⎝ ⎛⎭⎪⎫4c +12+1=455,即⎝ ⎛⎭⎪⎫4c +12=4, 解得c =1或c =-3(舍去),所以a 2-b 2=1.① 又点⎝⎛⎭⎫1,22在椭圆E 上, 所以1a 2+12b 2=1,②由①②可得⎩⎪⎨⎪⎧a 2=2,b 2=1,所以椭圆的标准方程为x 22+y 2=1.故选D.2.(2019·嘉兴一中高考适应性考试)若双曲线x 2a 2-y 2b 2=1(a >0,b >0)的右焦点到渐近线的距离等于焦距的34倍,则双曲线的离心率为________,如果双曲线上存在一点P 到双曲线的左右焦点的距离之差为4,则双曲线的虚轴长为________.解析:因为右焦点到渐近线的距离为b ,若右焦点到渐近线的距离等于焦距的34倍, 所以b =34·2c =32c , 平方得b 2=34c 2=c 2-a 2,即a 2=14c 2,则c =2a ,则离心率e =ca=2,因为双曲线上存在一点P 到双曲线的左右焦点的距离之差为4, 所以2a =4,则a =2, 从而b =16-4=2 3.答案:2 4 3圆锥曲线的几何性质[核心提炼]1.椭圆、双曲线中,a ,b ,c 之间的关系 (1)在椭圆中:a 2=b 2+c 2,离心率为e =c a= 1-⎝⎛⎭⎫b a 2; (2)在双曲线中:c 2=a 2+b 2,离心率为e =ca=1+⎝⎛⎭⎫b a 2.2.双曲线x 2a 2-y 2b 2=1(a >0,b >0)的渐近线方程为y =±ba x .注意离心率e 与渐近线的斜率的关系.[典型例题](1)(2019·高考浙江卷)渐近线方程为x ±y =0的双曲线的离心率是( ) A.22B .1 C.2 D .2 (2)以椭圆上一点和两个焦点为顶点的三角形的面积的最大值为1,则椭圆长轴长的最小值为( )A .1 B. 2 C .2 D .2 2【解析】 (1)因为双曲线的渐近线方程为x ±y =0,所以无论双曲线的焦点在x 轴上还是在y 轴上,都满足a =b ,所以c =2a ,所以双曲线的离心率e =ca= 2.故选C.(2)设a ,b ,c 分别为椭圆的长半轴长,短半轴长,半焦距,依题意知,当三角形的高为b 时面积最大,所以12×2cb =1,bc =1,而2a =2b 2+c 2≥22bc =22(当且仅当b =c =1时取等号),故选D.【答案】 (1)C (2)D圆锥曲线性质的应用(1)分析圆锥曲线中a ,b ,c ,e 各量之间的关系是求解问题的关键.(2)确定椭圆和双曲线的离心率的值及范围,其关键就是确立一个关于a ,b ,c 的方程(组)或不等式(组),再根据a ,b ,c 的关系消掉b 得到a ,c 的关系式.建立关于a ,b ,c 的方程(组)或不等式(组),要充分利用椭圆和双曲线的几何性质、点的坐标的范围等.[注] 求椭圆、双曲线的离心率,常利用方程思想及整体代入法,该思想及方法利用待定系数法求方程时经常用到.[对点训练]1.(2019·绍兴诸暨高考二模)设双曲线x 2a 2-y 2b 2=1(a >0,b >0)的左,右焦点分别是F 1,F 2,点P 在双曲线上,且满足∠PF 2F 1=2∠PF 1F 2=60°,则此双曲线的离心率等于( )A .23-2 B.3+12C.3+1D .23+2解析:选C.设双曲线的焦距长为2c ,因为点P 为双曲线上一点,且∠PF 1F 2=30°,∠PF 2F 1=60°, 所以P 在右支上,∠F 2PF 1=90°, 即PF 1⊥PF 2,|PF 1|=2c sin 60°=3c , |PF 2|=2c cos 60°=c ,所以由双曲线的定义可得|PF 1|-|PF 2|=(3-1)c =2a ,所以e =c a =23-1=3+1.故选C.2.(2019·宁波高考模拟)如图,F 1、F 2是椭圆C 1与双曲线C 2的公共焦点,A 、B 分别是C 1、C 2在第二、四象限的公共点,若AF 1⊥BF 1,且∠AF 1O =π3,则C 1与C 2的离心率之和为( )A .2 3B .4C .2 5D .2 6解析:选A.F 1、F 2是椭圆C 1与双曲线C 2的公共焦点,A 、B 分别是C 1、C 2在第二、四象限的公共点,若AF 1⊥BF 1,且∠AF 1O =π3,可得A ⎝⎛⎭⎫-12c ,32c ,B ⎝⎛⎭⎫12c ,-32c ,代入椭圆方程可得c 24a 2+3c 24b 2=1,可得e 24+34e 2-4=1,可得e 4-8e 2+4=0,解得e =3-1. 代入双曲线方程可得:c 24a 2-3c 24b 2=1,可得:e 24-34-4e2=1,可得:e 4-8e 2+4=0,解得e =3+1, 则C 1与C 2的离心率之和为2 3. 故选A.直线与圆锥曲线 [核心提炼]1.直线与圆锥曲线位置关系与“Δ”的关系将直线方程与圆锥曲线方程联立,消去一个变量(如y )得到方程Ax 2+Bx +C =0. ①若A =0,则:圆锥曲线可能为双曲线或抛物线,此时直线与圆锥曲线只有一个交点. ②若A ≠0,则:当Δ>0时,直线与圆锥曲线有两个交点(相交);当Δ=0时,直线与圆锥曲线有一个交点(相切);当Δ<0时,直线与圆锥曲线没有交点(相离).2.直线与圆锥曲线相交时的弦长设而不求,根据根与系数的关系,进行整体代入,即当直线与圆锥曲线交于点A (x 1,y 1),B (x 2,y 2)时,|AB |=1+k 2·|x 1-x 2|=1+1k2|y 1-y 2|,其中|x 1-x 2|=(x 1+x 2)2-4x 1x 2. 考向1 位置关系的判断[典型例题]在直角坐标系xOy 中,直线l :y =t (t ≠0)交y 轴于点M ,交抛物线C :y 2=2px (p >0)于点P ,M 关于点P 的对称点为N ,连接ON 并延长交C 于点H .(1)求|OH ||ON |; (2)除H 以外,直线MH 与C 是否有其他公共点?说明理由. 【解】 (1)由已知得M (0,t ),P ⎝⎛⎭⎫t22p ,t . 又N 为M 关于点P 的对称点,故N ⎝⎛⎭⎫t 2p ,t ,ON 的方程为y =pt x ,代入y 2=2px ,整理得px 2-2t 2x =0,解得x 1=0,x 2=2t 2p.因此H ⎝⎛⎭⎫2t 2p ,2t . 所以N 为OH 的中点,即|OH ||ON |=2.(2)直线MH 与C 除H 以外没有其他公共点. 理由如下:直线MH 的方程为y -t =p 2t x ,即x =2tp(y -t ).代入y 2=2px 得y 2-4ty +4t 2=0,解得y 1=y 2=2t ,即直线MH 与C 只有一个公共点,所以除H 以外直线MH 与C 没有其他公共点.考向2 弦长问题[典型例题]已知F 为抛物线C :y 2=4x 的焦点,过F 作两条互相垂直的直线l 1,l 2,直线l 1与C 交于A 、B 两点,直线l 2与C 交于D 、E 两点,则|AB |+|DE |的最小值为( )A .16B .14C .12D .10【解析】 抛物线C :y 2=4x 的焦点为F (1,0),由题意可知l 1,l 2的斜率存在且不为0.不妨设直线l 1的斜率为k ,则l 1:y =k (x -1),l 2:y =-1k(x -1),由⎩⎪⎨⎪⎧y 2=4x ,y =k (x -1),消去y 得k 2x 2-(2k 2+4)x +k 2=0,设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),所以x 1+x 2=2k 2+4k 2=2+4k 2,由抛物线的定义可知,|AB |=x 1+x 2+2=2+4k 2+2=4+4k 2.同理得|DE |=4+4k 2,所以|AB |+|DE |=4+4k 2+4+4k 2=8+4⎝⎛⎭⎫1k 2+k 2≥8+8=16,当且仅当1k 2=k 2,即k =±1时取等号,故|AB |+|DE |的最小值为16,故选A.【答案】 A考向3 分点(中点)问题[典型例题]已知椭圆C :x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0)的焦距为4,且经过点P (2,53).(1)求椭圆C 的方程;(2)若直线l 经过M (0,1),且与C 交于A ,B 两点,MA →=-23MB →,求l 的方程.【解】 (1)依题意知,2c =4,则椭圆C 的焦点为F 1(-2,0),F 2(2,0),2a =|PF 1|+|PF 2|=(2+2)2+(53)2+(2-2)2+(53)2=6,所以b 2=a 2-c 2=5,所以椭圆C 的方程为x 29+y 25=1.(2)当l 的斜率不存在时,l 与x 轴垂直,则l 的方程为x =0,A ,B 为椭圆短轴上的两点,不符合题意.当l 的斜率存在时,设l 的方程为y =kx +1, 由⎩⎪⎨⎪⎧x 29+y 25=1,y =kx +1,得(9k 2+5)x 2+18kx -36=0.设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),则x 1+x 2=-18k9k 2+5,x 1·x 2=-369k 2+5,由MA →=-23MB →得,(x 1,y 1-1)=-23(x 2,y 2-1),则x 1=-23x 2,所以13x 2=-18k 9k 2+5,-23x 22=-369k 2+5,所以(-54k 9k 2+5)2=549k 2+5,解得k =±13,故直线l 的方程为y =±13x +1.解决直线与圆锥曲线位置关系问题的步骤(1)设方程及点的坐标;(2)联立直线方程与曲线方程得方程组,消元得方程(注意二次项系数是否为零); (3)应用根与系数的关系及判别式;(4)结合已知条件、中点坐标公式、斜率公式及弦长公式求解.[对点训练]1.(2018·高考浙江卷)已知点P (0,1),椭圆x 24+y 2=m (m >1)上两点A ,B 满足AP →=2PB →,则当m =________时,点B 横坐标的绝对值最大.解析:设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),由AP →=2 PB →,得⎩⎪⎨⎪⎧-x 1=2x 2,1-y 1=2(y 2-1),即x 1=-2x 2,y 1=3-2y 2.因为点A ,B 在椭圆上,所以⎩⎨⎧4x 224+(3-2y 2)2=m ,x 224+y 22=m ,得y 2=14m +34,所以x 22=m -(3-2y 2)2=-14m 2+52m -94=-14(m -5)2+4≤4,所以当m =5时,点B 横坐标的绝对值最大,最大值为2.答案:52.(2019·温州十五校联合体联考)过点M (0,1)且斜率为1的直线l 与双曲线C :x 2a 2-y 2b2=1(a >0,b >0)的两渐近线交于点A ,B ,且BM →=2AM →,则直线l 的方程为____________;如果双曲线的焦距为210,则b 的值为________.解析:直线l 的方程为y =x +1,两渐近线的方程为y =±bax .其交点坐标分别为⎝ ⎛⎭⎪⎫a b -a ,b b -a ,⎝ ⎛⎭⎪⎫-a a +b ,b a +b .由BM →=2AM →,得x B =2x A .若a b -a =-2a a +b,得a =3b ,由a 2+b 2=10b 2=10得b =1,若-a a +b =2a b -a,得a =-3b (舍去).答案:y =x +1 1专题强化训练1.(2018·高考浙江卷)双曲线x 23-y 2=1的焦点坐标是( )A .(-2,0),(2,0)B .(-2,0),(2,0)C .(0,-2),(0,2)D .(0,-2),(0,2)解析:选B.由题可知双曲线的焦点在x 轴上,因为c 2=a 2+b 2=3+1=4,所以c =2,故焦点坐标为(-2,0),(2,0).故选B.2.已知圆M :(x -1)2+y 2=38,椭圆C :x 23+y 2=1,若直线l 与椭圆交于A ,B 两点,与圆M 相切于点P ,且P 为AB 的中点,则这样的直线l 有( )A .2条B .3条C .4条D .6条解析:选C.当直线AB 斜率不存在时且与圆M 相切时,P 在x 轴上,故满足条件的直线有2条;当直线AB 斜率存在时,设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),P (x 0,y 0),由x 213+y 21=1,x 223+y 22=1, 两式相减,整理得:y 1-y 2x 1-x 2=-13·x 1+x 2y 1+y 2,则k AB =-x 03y 0,k MP =y 0x 0-1,k MP ·k AB =-1,k MP ·k AB =-x 03y 0·y 0x 0-1=-1,解得x 0=32, 由32<3,可得P 在椭圆内部,则这样的P 点有2个,即直线AB 斜率存在时,也有2条. 综上可得,所示直线l 有4条.故选C.3.若椭圆b 2x 2+a 2y 2=a 2b 2(a >b >0)和圆x 2+y 2=(b2+c )2有四个交点,其中c 为椭圆的半焦距,则椭圆的离心率e 的取值范围为( )A .(55,35)B .(0,25) C .(25,35) D .(35,55) 解析:选 A.由题意可知,椭圆的上、下顶点在圆内,左、右顶点在圆外,则⎩⎨⎧a >b2+c ,b <b2+c⇒⎩⎪⎨⎪⎧(a -c )2>14(a 2-c 2),a 2-c 2<2c⇒55<e <35.4.(2019·学军中学质检)双曲线M :x 2-y 2b 2=1的左、右焦点分别为F 1,F 2,记|F 1F 2|=2c ,以坐标原点O 为圆心,c 为半径的圆与双曲线M 在第一象限的交点为P ,若|PF 1|=c +2,则点P 的横坐标为( )A.3+12 B.3+22C.3+32D.332解析:选A.由点P 在双曲线的第一象限可得|PF 1|-|PF 2|=2,则|PF 2|=|PF 1|-2=c ,又|OP |=c ,∠F 1PF 2=90°,由勾股定理可得(c +2)2+c 2=(2c )2,解得c =1+ 3.易知△POF 2为等边三角形,则x P =c 2=3+12.5.已知离心率e =52的双曲线C :x 2a 2-y 2b 2=1(a >0,b >0)的右焦点为F ,O 为坐标原点,以OF 为直径的圆与双曲线C 的一条渐近线相交于O ,A 两点,若△AOF 的面积为4,则a 的值为( )A .2 2B .3C .4D .5 解析:选C.因为e =1+⎝⎛⎭⎫b a 2=52,所以b a =12,|AF ||OA |=b a =12,设|AF |=m ,|OA |=2m ,由面积关系得12·m ·2m =4,所以m =2,由勾股定理,得c =m 2+(2m )2=25,又c a =52,所以a =4,故选C.6.(2019·宁波市诺丁汉大学附中高三期末考试)过双曲线x 2a 2-y 2b 2=1(a >0,b >0)的左焦点F作圆x 2+y 2=a 2的两条切线,切点分别为A 、B ,双曲线左顶点为M ,若∠AMB =120°,则该双曲线的离心率为( )A. 2B. 3 C .3 D .2解析:选D.依题意,作图如图所示: 因为OA ⊥F A ,∠AMO =60°,OM =OA , 所以△AMO 为等边三角形, 所以OA =OM =a ,在直角三角形OAF 中,OF =c ,所以该双曲线的离心率e =c a =OF OA =1sin 30°=2,故选D.7.(2019·杭州高三模拟)已知双曲线C :x 2a 2-y 2b2=1的右顶点为A ,O 为坐标原点,以A 为圆心的圆与双曲线C 的某一条渐近线交于两点P ,Q ,若∠P AQ =π3且OQ →=5OP →,则双曲线C的离心率为( )A.213 B .2 C.72D .3 解析:选A.由图知△APQ 是等边三角形,设PQ 中点是H ,圆的半径为r ,则AH ⊥PQ ,AH =32r ,PQ =r ,因为OQ →=5OP →,所以OP =14r ,PH =12r ,即OH =14r +12r =34r ,所以tan ∠HOA =AH OH =233,即b a =233,b 2a 2=c 2-a 2a 2=43,从而得e =c a =213,故选A. 8.如图,设抛物线y 2=4x 的焦点为F ,不经过焦点的直线上有三个不同的点A ,B ,C ,其中点A ,B 在抛物线上,点C 在y 轴上,则△BCF 与△ACF 的面积之比是( )|AF |-1B.|BF |2-1|AF |2-1 C.|BF |+1|AF |+1 D.|BF |2+1|AF |2+1解析:选A.由图形可知,△BCF 与△ACF 有公共的顶点F ,且A ,B ,C 三点共线,易知△BCF 与△ACF 的面积之比就等于|BC ||AC |.由抛物线方程知焦点F (1,0),作准线l ,则l 的方程为x =-1.因为点A ,B 在抛物线上,过A ,B 分别作AK ,BH 与准线垂直,垂足分别为点K ,H ,且与y 轴分别交于点N ,M .由抛物线定义,得|BM |=|BF |-1,|AN |=|AF |-1.在△CAN 中,BM ∥AN ,所以 |BC ||AC |=|BM ||AN |=|BF |-1|AF |-1.9.(2019·温州高考模拟)过抛物线C :y 2=2px (p >0)的焦点F 的直线交该抛物线于A ,B 两点,若|AF |=8|OF |(O 为坐标原点),则|AF ||BF |=________.解析:由题意,|AF |=4p ,设|BF |=x ,由抛物线的定义,可得p -x4p -x =x x +4p ,解得x =47p ,所以|AF ||BF |=7,故答案为7.答案:710.(2019·浙江名校协作体高三期末考试)设双曲线x 2a 2-y 2b 2=1(a >0,b >0)的右焦点为F ,过点F 作与x 轴垂直的直线交两渐近线于A ,B 两点,且与双曲线在第一象限的交点为P ,设O 为坐标原点,若OP →=λOA →+μOB →,λμ=425(λ,μ∈R ),则双曲线的离心率e 的值是________.解析:由题意可知,双曲线的渐近线为y =±ba x ,右焦点为F (c ,0),则点A ,B ,P 的坐标分别为⎝⎛⎭⎫c ,bc a ,⎝⎛⎭⎫c ,-bc a ,⎝⎛⎭⎫c ,b 2a ,所以OA →,OB →,OP →的坐标为⎝⎛⎭⎫c ,bc a ,⎝⎛⎭⎫c ,-bc a ,⎝⎛⎭⎫c ,b 2a ,又OP →=λOA →+μOB →,则⎝⎛⎭⎫c ,b 2a =λ⎝⎛⎭⎫c ,bc a +μ⎝⎛⎭⎫c ,-bc a ,即⎩⎪⎨b a =λc a -μc a,又λμ=425,解得λ=45,μ=15,所以b a =4c 5a -c 5a ⇒e 2-1=35e ⇒e =54. 答案:5411.(2019·台州市高考一模)如图,过抛物线y 2=4x 的焦点F 作直线与抛物线及其准线分别交于A ,B ,C 三点,若FC →=4FB →,则|AB →|=________.解析:分别过A ,B 作准线的垂线,垂足分别为A 1,B 1,则DF =p =2,由抛物线的定义可知FB =BB 1,AF =AA 1,因为FC →=4FB →,所以DF BB 1=FC BC =43,所以FB =BB 1=32.所以FC =4FB =6, 所以cos ∠DFC =DF FC =13,所以cos ∠A 1AC =AA 1AC =AF AF +6=13,解得AF =3,所以AB =AF +BF =3+32=92.答案:9212.设双曲线x 2-y 23=1的左、右焦点分别为F 1,F 2.若点P 在双曲线上,且△F 1PF 2为锐角三角形,则|PF 1|+|PF 2|的取值范围是__________.解析:由题意不妨设点P 在双曲线的右支上,现考虑两种极限情况:当PF 2⊥x 轴时,|PF 1|+|PF 2|有最大值8;当∠P 为直角时,|PF 1|+|PF 2|有最小值27.因为△F 1PF 2为锐角三角形,所以|PF 1|+|PF 2|的取值范围为(27,8).答案:(27,8)13.(2019·浙江新高考冲刺卷)如图,过双曲线x 2a 2-y 2b 2=1(a ,b >0)左焦点F 1的直线交双曲线左支于A ,B 两点,C 是双曲线右支上一点,且A ,C 在x 轴的异侧,若满足|OA |=|OF 1|=|OC |,|CF 1|=2|BF 1|,则双曲线的离心率为________.解析:取双曲线的右焦点F 2,连接CF 2,延长交双曲线于D ,连接AF 2,DF 1,由|OA |=|OF 1|=|OC |=|OF 2|=c , 可得四边形F 1AF 2C 为矩形, 设|CF 1|=2|BF 1|=2m , 由对称性可得|DF 2|=m , |AF 1|=4c 2-4m 2,即有|CF 2|=4c 2-4m 2,由双曲线的定义可得2a =|CF 1|-|CF 2|=2m -4c 2-4m 2,①在直角三角形DCF 1中, |DC |=m +4c 2-4m 2,|CF 1|=2m ,|DF 1|=2a +m ,可得(2a +m )2=(2m )2+(m +4c 2-4m 2)2,② 由①②可得3m =4a ,即m =4a 3, 代入①可得,2a =8a3-4c 2-64a 29, 化简可得c 2=179a 2,即有e =c a =173.故答案为173. 答案:17314.椭圆x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0)的右焦点F (c ,0)关于直线y =bc x 的对称点Q 在椭圆上,则椭圆的离心率是________.解析:设椭圆的另一个焦点为F 1(-c ,0),如图,连接QF 1,QF ,设QF 与直线y =bcx 交于点M .由题意知M 为线段QF 的中点,且OM ⊥FQ , 又O 为线段F 1F 的中点, 所以F 1Q ∥OM ,所以F 1Q ⊥QF ,|F 1Q |=2|OM |. 在Rt △MOF 中,tan ∠MOF =|MF ||OM |=bc, |OF |=c ,可解得|OM |=c 2a ,|MF |=bca,故|QF |=2|MF |=2bc a ,|QF 1|=2|OM |=2c 2a .由椭圆的定义得|QF |+|QF 1|=2bc a +2c 2a =2a ,整理得b =c , 所以a =b 2+c 2=2c ,故e =c a =22.答案:2215.(2019·温州模拟)已知直线l :y =-x +3与椭圆C :mx 2+ny 2=1(n >m >0)有且只有一个公共点P (2,1).(1)求椭圆C 的标准方程;(2)若直线l ′:y =-x +b 交C 于A ,B 两点,且P A ⊥PB ,求b 的值.解:(1)联立直线l :y =-x +3与椭圆C :mx 2+ny 2=1(n >m >0), 可得(m +n )x 2-6nx +9n -1=0,由题意可得Δ=36n 2-4(m +n )(9n -1)=0,即为9mn =m +n , 又P 在椭圆上,可得4m +n =1, 解方程可得m =16,n =13,即有椭圆方程为x 26+y 23=1.(2)设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),联立直线y =b -x 和椭圆方程,可得3x 2-4bx +2b 2-6=0, 判别式Δ=16b 2-12(2b 2-6)>0, x 1+x 2=4b3,x 1x 2=2b 2-63,y 1+y 2=2b -(x 1+x 2)=2b3,y 1y 2=(b -x 1)·(b -x 2)=b 2-b (x 1+x 2)+x 1x 2=b 2-63,由P A ⊥PB ,即为P A →·PB →=(x 1-2)(x 2-2)+(y 1-1)(y 2-1) =x 1x 2-2(x 1+x 2)+4+y 1y 2-(y 1+y 2)+1=2b 2-63-2·4b 3+b 2-63-2b 3+5=0,解得b =3或13,代入判别式,则b =13成立.故b 为13.16.(2019·浙江金华十校高考模拟)已知椭圆M :x 2a 2+y 2b 2=1(a >b >0)的右焦点F 的坐标为(1,0),P ,Q 为椭圆上位于y 轴右侧的两个动点,使PF ⊥QF ,C 为PQ 中点,线段PQ 的垂直平分线交x 轴,y 轴于点A ,B (线段PQ 不垂直x 轴),当Q 运动到椭圆的右顶点时,|PF |=22. (1)求椭圆M 的标准方程;(2)若S △ABO ∶S △BCF =3∶5,求直线PQ 的方程. 解:(1)当Q 运动到椭圆的右顶点时,PF ⊥x 轴, 所以|PF |=b 2a =22,又c =1,a 2=b 2+c 2,所以a =2,b =1. 椭圆M 的标准方程为x 22+y 2=1.(2)设直线PQ 的方程为y =kx +b ′,显然k ≠0, 联立椭圆方程得:(2k 2+1)x 2+4kb ′x +2(b ′2-1)=0, 设P (x 1,y 1),Q (x 2,y 2),由根与系数的关系得:⎩⎪⎨⎪⎧x 1x 2=2(b ′2-1)2k 2+1>0,①x 1+x 2=-4kb ′2k 2+1>0,②Δ=8(2k 2-b ′2+1)>0,③由PF →·QF →=0⇒(x 1-1)(x 2-1)+y 1y 2=0得:3b ′2-1+4kb ′=0,④点C ⎝ ⎛⎭⎪⎫-2kb ′2k 2+1,b ′2k 2+1,所以线段PQ 的中垂线AB 方程为: y -b ′2k 2+1=-1k ⎝ ⎛⎭⎪⎫x +2kb ′2k 2+1,令y =0可得:A ⎝ ⎛⎭⎪⎫-kb ′2k 2+1,0;令x =0可得B ⎝ ⎛⎭⎪⎫0,-b ′2k 2+1,则A 为BC 中点, 故S △BCF S △ABO =2S △ABF S △ABO=2|AF ||AO |=2(1-x A )x A =2⎝⎛⎭⎫1x A -1, 由④式得:k =1-3b ′24b ′,则x A =-kb ′2k 2+1=6b ′4-2b ′29b ′4+2b ′2+1,S △BCFS △ABO =2⎝⎛⎭⎫1x A -1=6b ′4+8b ′2+26b ′4-2b ′2=53,得b ′2=3. 所以b ′=3,k =-233或b ′=-3,k =233.经检验,满足条件①②③,故直线PQ 的方程为:y =233x -3,y =-233x + 3.17.(2019·绍兴市高三教学质量调测)已知点A (-2,0),B (0,1)在椭圆C :x 2a 2+y 2b2=1(a >b >0)上.(1)求椭圆C 的方程;(2)P 是线段AB 上的点,直线y =12x +m (m ≥0)交椭圆C 于M ,N 两点.若△MNP 是斜边长为10的直角三角形,求直线MN 的方程.解:(1)因为点A (-2,0),B (0,1)在椭圆C :x 2a 2+y 2b 2=1上,所以a =2,b =1,故椭圆C 的方程为x 24+y 2=1.(2)设M (x 1,y 1),N (x 2,y 2).由⎩⎨⎧y =12x +m x24+y 2=1消去y ,得12x 2+mx +m 2-1=0,则Δ=2-m 2>0,x 1+x 2=-2m ,x 1x 2=2m 2-2, |MN |=52|x 1-x 2|=10-5m 2.①当MN 为斜边时,10-5m 2=10,解得m =0,满足Δ>0,此时以MN 为直径的圆方程为x 2+y 2=52.点A (-2,0),B (0,1)分别在圆外和圆内, 即在线段AB 上存在点P ,此时直线MN 的方程y =12x ,满足题意.②当MN 为直角边时,两平行直线AB 与MN 的距离 d =255|m -1|,所以d 2+|MN |2=45|m -1|2+(10-5m 2)=10,即21m 2+8m -4=0,解得m =27或m =-23(舍),又Δ>0,所以m =27.过点A 作直线MN :y =12x +27的垂线,可得垂足坐标为⎝⎛⎭⎫-127,-47,垂足在椭圆外,即在线段AB 上存在点P ,所以直线MN 的方程y =12x +27,符合题意.综上所述,直线MN 的方程为y =12x 或y =12x +27.18.(2019·杭州市高考数学二模)设抛物线Γ:y 2=2px (p >0)上的点M (x 0,4)到焦点F 的距离|MF |=54x 0.(1)求抛物线Γ的方程;(2)过点F 的直线l 与抛物线Γ相交于A ,B 两点,线段AB 的垂直平分线l ′与抛物线Γ相交于C ,D 两点,若AC →·AD →=0,求直线l 的方程.解:(1)因为|MF |=x 0+p 2=54x 0,所以x 0=2p .即M (2p ,4).把M (2p ,4)代入抛物线方程得4p 2=16,解得p =2. 所以抛物线Γ的方程为y 2=4x .(2)易知直线l 的斜率存在,不妨设直线l 的方程为 y =k (x -1),联立方程组⎩⎪⎨⎪⎧y 2=4xy =k (x -1),消元得:k 2x 2-(2k 2+4)x +k 2=0,设A (x 1,y 1),B (x 2,y 2),则x 1+x 2=2k 2+4k 2,y 1+y 2=4k.设AB 的中点为P ⎝ ⎛⎭⎪⎫k 2+2k2,2k ,所以|AB |=x 1+x 2+p =4(k 2+1)k 2.所以直线l ′的方程为y -2k =-1k ⎝ ⎛⎭⎪⎫x -k 2+2k 2,即x =-ky +2k2+3.联立方程组⎩⎪⎨⎪⎧y 2=4xx =-ky +2k 2+3, 消元得:y 2+4ky -4⎝⎛⎭⎫3+2k 2=0. 设C (x 3,y 3),D (x 4,y 4),则y 3+y 4=-4k ,y 3y 4=-4⎝⎛⎭⎫3+2k 2. 所以x 3+x 4=4k 4+6k 2+4k 2,所以CD 的中点Q ⎝ ⎛⎭⎪⎫2k 4+3k 2+2k 2,-2k .所以|CD |=1+k 2(y 3+y 4)2-4y 3y 4=4(k 2+1)k 2+2|k |,|PQ |=2(k 2+1)k 2+1|k |,因为AC →·AD →=0,所以AC ⊥AD .所以|AQ |=12|CD |.因为AB ⊥CD ,所以|AP |2+|PQ |2=|AQ |2,即14|AB |2+|PQ |2=14|CD |2, 所以16(k 2+1)2k 4+16(k 2+1)3k 2=16(k 2+1)2(k 2+2)k 2, 解得k =±1,所以直线l 的方程为x -y -1=0或x +y -1=0.。
浙江省宁波鄞州高级中学高三数学5月高考模拟

1BAD 鄞州高级中学2009年高考模拟数学卷(理)09。
05考试时间120分钟 满分150分参考公式:如果事件A 、B 互斥,那么球的表面积公式)()()(B P A P B A P +=+ 24R S π=如果事件A 、B 相互独立,那么 其中R 表示球的半径)()()(B P A P B A P ⋅=⋅一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。
在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.集合{}2|540,P x x x Z =-+≥为整数集,则R C P Z ⋂=( )A .{2,3}B .{1,2,3}C .{2,3,4}D .{1,2,3,4} 2.复数Bi A imi+=+-212(m 、A 、B∈R ),且A+B=0,则m 的值是 ( )A .2B .32C .-32D .23.九二年度大学学科能力测验有12万名学生,各学科成绩采用15级分,数学学科能力测验成绩分布图如下图:请问有多少考生的数学成绩分高于11级分?选出最接近的数目( )A .4000人 B .10000人 C .15000人 D .20000人4.已知双曲线224x y -=的右焦点为F ,则点F 到其中一条渐近线的距离为( )A .1B .. 2 5.函数3,0()||,0x x f x x x ->⎧=⎨≤⎩,若()1f a =,则a 的所有可能值为( )A .4B .1或–1C .–1或4D .1,–1或46.已知点M 是棱长为1的正方体1111ABCD A BC D -棱11A B 的中点,则点M 到平面11ABC D 的距离是()A .12BC 7.已知椭圆方程22221y x m n+=,若在1,2,3,4,5,6这六个数字中任取两个作为,m n 的值,则不同的椭圆个数为( )A .12B .15C .30D .608.连掷两次骰子分别得到点数m 、n ,则向量(m ,n )与向量(-1,1)的夹角090θ≤率是( )A .512 B . 712C .16D . 129.已知函数sin()2y x π=在区间[0,t ]上的图象至少包含两个取到最大值的点,则正整数t 的最小值是( )A .5B .6C .7D .810.在xOy 平面上,横坐标与纵坐标均为整数的点称为整点.对任意n *∈N ,连接原点O 与点(,4)n P n n -,用()g n 表示线段n OP 上除端点外的整点个数,则(2008)g =( )A .1B .2C .3D .4二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分,把答案填在答题卷的相应位置。
宁波市鄞州区届高三5月高考适应性考试数学试题及答案(文)

宁波市鄞州区2013年高考适应性考试高中数学(文科)说明:本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,共150分.考试时间120分钟.选择题部分(共50分)一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1、已知集合{|01}A x x =∈<<R ,{|(21)(1)0}B x R x x =∈-+≤,则()R C A B ⋂( ) A . 1[0,]2 B . [1,0]- C .1[,1]2D .(,1][0,)-∞-⋃+∞ 2、在复平面内,复数52ii+的对应点位于 ( ) A .第一象限B .第二象限C .第三象限D .第四象限3、设a R ∈,则“1a =”是直线“1:210l ax y +-=与直线2:(1)40l a x y +-+=垂直”的( )A .充分不必要条件B .必要不充分条件C .充分必要条件D .既不充分又不必要条件4.按如图所示的程序框图运行后,若输出的结果是63, 则判断框的整数M 的值是 ( )A .5B .6C .7D .8参考公式:如果事件A ,B 互斥,那么 P (A +B )=P (A )+P (B ) 台体的体积公式V=)(312211S S S S h ++其中S 1,S 2分别表示台体的上、下底面积, h 表示台体的高柱体的体积公式 Sh V =其中S 表示柱体的底面积,h 表示柱体的高 锥体的体积公式Sh V 31=其中S 表示锥体的底面积,h 表示锥体的高 球的表面积公式 S =4πR 2球的体积公式3π34R V =其中R 表示球的半径5、将正方体(图(2))截去两个三棱锥,得到几何体(图(3)),则该几何体的正视图为()A B C D 6平面α与共面的直线m ,n ,下列命题是真命题的是 ( ) A .若m ,n 与α所成的角相等,则m //n B .若m //α,n //α,则m //nC .若m n ⊥,m α⊥,则n //αD .若m α⊂,n //α,则m //n 7.已知数列}{n a 为等差数列,公差为n S d ,为其前n 项和,576S S S >>,则下列结论中不正确...的是( )A .0<dB .011>SC .012<SD .013<S8、若函数 cos()3xy θ=+(02)θπ<< 在区间(,)ππ-上单调递增,则实数 θ 的取值范围是( ) A .4[0,]3π B .[,2]ππ C .47[,]33ππ D .45[,]33ππ9、已知双曲线22221(0,0)x y a b a b-=>>的右焦点F (2,0),设A ,B 为双曲线上关于原点对称的两点,以AB 为直径的圆过点F ,直线AB ( )A B C .4 D .210.已知函数2342013()12342013x x x x f x x =+-+-++则下列结论正确的是 ( )A .()f x 在(0,1)上恰有一个零点B .()f x 在(0,1)上恰有两个零点C . ()f x 在(1,0)-上恰有一个零点D .()f x 在(1,0)-上恰有两个零点3)2)非选择题部分(共100分)二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分。
浙江省新课改高考方案解读宁波市鄞州五乡中
浙江省新课改高考方案解读一、为什么要实施新课改高考方案?(一)适应高中新课改的需要。
这次高考改革的直接原因是高中新课改,高中新课改以2003年教育部颁布的《普通高中课程方案(实验)》和各学科课程标准(实验)为标志,2004年开始试点,到2009年全国已有10个省(区、市)进行试点。
我省于2006年开始实行高中新课改试点,现已在全省全面实施,与这次改革相配套,需对现行高考制度进行改革。
高中新课改的主要内容和特点是:①强调知识与技能、方法与过程、情感态度与价值观念三维目标的统一,体现课程目标的完整性、全面性;②重视学生有差异发展,尊重学生在学习过程中的自主选择权,分设必修内容和选修内容,实行模块式、“走班制”教学和学分制管理;③建立学生成长记录和综合素质评价制度,体现评价的过程性和综合性。
实施高中新课改后,必然要求高考进行相应改革。
教育部颁布的《基础教育课程改革纲要(试行)》中明确指出:“高等学校招生考试制度改革,应与基础教育课程改革相衔接”,“要加强对学生能力和素质的考查,改革高等学校招生考试内容,探索提供多次机会、双向选择、综合评价的考试、选拔方式”。
(二)适应高等教育大众化、高中教育普及化的需要。
这是这次高中新课改和高考改革的深层次背景。
目前,我省高等教育已进入大众化阶段、高中教育已进入普及化阶段。
2008年,我省高考录取率为75%,高等教育毛入学率超过40%,初中升高中比率超过95%。
在这样的大背景下,一方面,高等教育大众化后,不同类型的高等院校培养目标差异很大,单一的选拔模式较难适应高校人才选拔和培养的多样性需要;另一方面,高中教育普及化后,学生个体差异更大,所有的学生参加完全相同科目与内容的考试,对相当一部分学生会造成沉重的学习负担,也不利于学生在共同基础上实现有差异发展,因此需要进一步深化高考制度改革。
二、新课改高考方案是怎么产生的?高考关系千家万户。
为使新课改高考方案贴近我省实际,科学合理,在省政府领导下,早在2005年,省教育厅便组织班子积极开展各项调查研究工作。
【优化方案】浙江省高三数学专题复习攻略 第二部分第五讲 高考热点问题课件 理 新人教版
又 S=100x-y=-12(x-300)2-35000,因为 400≤x≤600,所以当 x=400 时,S 有最大值 -40000. 故国家每月至少需要补贴 40000 元,才能不亏 损.
热点六 探索性问题
探索性问题是考查考生分析问题、解决问题的 能力,考查考生创新意识的良好题型,这类问 题一般是以“是否存在”设问,解决的一般思路 就是先假设其存在,通过推理论证如果导出了 矛盾,就说明其不存在,否则就是存在的.
例1 (2011 年高考陕西卷)设 f(x)=ln x,g(x) =f(x)+f′(x). (1)求 g(x)的单调区间和最小值;
(2)讨论 g(x)与 g1x的大小关系;
(3)求 a 的取值范围,使得 g(a)-g(x)<1a对任意
x>0 成立.
【解】 (1)由题意知 f(x)=ln x,g(x)=ln x+1x, ∴g′(x)=x-x2 1.令 g′(x)=0,得 x=1. 当 x∈(0,1)时,g′(x)<0, 故(0,1)是 g(x)的单调减区间; 当 x∈(1,+∞)时,g′(x)>0, 故(1,+∞)是 g(x)的单调增区间.
例5 遵照国家环保总局的要求,为了保护环
境,发展低碳经济,某单位在国家科研部门的
支持下,进行技术攻关,采用了新工艺,把二
氧化碳转化为一种可利用的化工产品.已知该
单位每月的处理量最少为 400 吨,最多为 600
吨,月处理成本 y(元)与月处理量 x(吨)之间的
函数关系可近似地表示为
y
=
1 2
x2
-
∴EA⊂平面PAB.∴BC⊥平面ABPE.
(2)点E即为所求的点,即点M与点E重合.取PB 的中点F,连接EF,CF,DE,如图所示.由平 面几何知识知EF∥OB且EF=OB,
浙江省宁波市鄞州中学2020年高三数学文上学期期末试题含解析
浙江省宁波市鄞州中学2020年高三数学文上学期期末试题含解析一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。
在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的1. 如图给出的是计算的值的一个程序框图,则图中判断框内(1)处和执行框中的(2)处应填的语句是()。
A. B.C. D.参考答案:C知识点:循环结构的程序框图.解析:解:∵算法的功能是计算的值,∴终止程序运行的i值为55,∴判断框的条件为i>54;根据n值的规律得:执行框②应为n=n+2,故选:C.思路点拨:根据算法的功能确定跳出循环的i值,可得判断框内的条件,根据n值的出现规律可得执行框②的执行式子.2. 已知f(x)=,g(x)=(k∈N*),对任意的c>1,存在实数a,b满足0<a<b<c,使得f(c)=f(a)=g(b),则k的最大值为()A.2 B.3 C.4 D.5参考答案:B【考点】函数的值.【专题】函数的性质及应用.【分析】根据题意转化为:>,对于x>1恒成立,构造函数h(x)=x?求导数判断,h′(x)=,且y=x﹣2﹣lnx,y′=1﹣>0在x>1成立,y=x﹣2﹣lnx在x>1单调递增,利用零点判断方法得出存在x0∈(3,4)使得f(x)≥f(x0)>3,即可选择答案.【解答】解:∵f(x)=,g(x)=(k∈N*),对任意的c>1,存在实数a,b满足0<a<b<c,使得f(c)=f(a)=g(b),∴可得:>,对于x>1恒成立.设h(x)=x?,h′(x)=,且y=x﹣2﹣lnx,y′=1﹣>0在x>1成立,∴即3﹣2﹣ln3<0,4﹣2﹣ln4>0,故存在x0∈(3,4)使得f(x)≥f(x0)>3,∴k的最大值为3.故选:B【点评】本题考查了学生的构造函数,求导数,解决函数零点问题,综合性较强,属于难题.3. 已知f(x)=,若函数f(x)有三个零点,则实数a的值是()A.e B.C.﹣D.﹣e参考答案:D【考点】函数零点的判定定理.【分析】判断f(x)的奇偶性,根据f(x)的零点个数可知e x+ax=0在(0,+∞)上只有一解,即直线y=﹣ax与y=e x相切,根据导数的几何意义列方程组解出a即可.【解答】解:若x>0,则f(﹣x)=e x+ax=f(x),同理,当x<0时,f(﹣x)=f(x),∴f(x)是偶函数,又f(0)=0,∴x=0是f(x)的一个零点,∵f(x)有三个零点,∴f(x)在(0,+∞)上只有一个零点.当x>0时,令f(x)=0得e x=﹣ax,∴直线y=﹣ax与y=e x相切.设切点坐标为(x0,y0),则,解得x0=1,a=﹣e.故选:D.【点评】本题考查了函数奇偶性的判断与性质,函数零点的个数判定,导数的几何意义,属于中档题.4. 已知集合则A. B. C.D.参考答案:.试题分析:由题意知,集合,因为,所以,所以,故应选.考点:1、集合间的基本关系;5. 一个三棱锥的三视图是三个直角三角形,如图所示,则该三棱锥的外接球表面积( )(A)(B)(C)(D)参考答案:A把三棱锥补为长方体,则对角线为外接球直径,所以,所以外接球的表面积为,故选A.6. 已知抛物线的准线经过双曲线的一个焦点,则双曲线的离心率为A. B. C. D.参考答案:B略7. 关于复数Z=的四个命题:p1:|Z|=2p2:Z2=2ip3:Z的共轭复数为1+ip4:Z的虚部为﹣1.其中的真命题为()A.p2,p3 B.p1,p2 C.p2,p4 D.p3,p4参考答案:C【考点】复数相等的充要条件.【分析】复数Z==﹣1﹣i,再利用复数的有关概念及其运算即可判断出结论.【解答】解:复数Z===﹣1﹣i.p1:|Z|==≠2,因此不正确;p2:Z2=2i,正确;p3:Z的共轭复数为﹣1+i,因此不正确;p4:Z的虚部为﹣1.正确.其中的真命题个数为2.故选:C.8. 已知函数,,,为图象的对称中心,B,C是该图象上相邻的最高点和最低点,若,则的单调递增区间是A.,, B.,,C.,, D.,,参考答案:解:函数,,,为图象的对称中心,,是该图象上相邻的最高点和最低点,若,,即,求得.再根据,,可得,.令,求得,故的单调递增区间为,,,故选:.9. 已知函数的图象与直线交于点P,若图象在点P处的切线与x轴交点的横坐标为,则++…+的值为()A.-1 B.1-log20132012 C.-log20132012 D.1参考答案:A略10. 运行如图所示的程序框图,则输出的结果为()A.1 B.2 C. 3 D.4参考答案:B二、填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分11. P为正方体ABCD-A1B1C1D1对角线BD1上的一点,且BP=BD1()。
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高三数学复习指导 高二刚结束,马上我们便要面临一个冷酷而现实的问题——高考马上就要来了,也就是平常所说的怎样做好“高考冲刺”。我个人认为,能否做好冲刺关键在于有没有良好的心态。所以不妨在此专门抽出点时间来调整心态,俗话说“态度决定一切”“磨刀不误砍柴功”,在这个时候就得到了最好的证明。 调整心态,关键是要认识到这一年的重要性,但同时又要做到不急不躁。我首先是在心理上重视这一年的复习,知道想实现自己的目标还是有一定的风险,所以下定决心一定要重视这一年。但是千万不要给自己过大的压力,要做到不急不躁,千万不能急于求成,想在短时间内取得很大的进步是不可能的,因此在感觉自己没什么进步时不要迷茫,这就是黎明前的黑暗,光明终将到来。 调整好了心态,该谈谈具体该怎么复习了。 现在一般是采用的三轮复习法,我就就此来谈谈个人的看法: 第一轮复习是最重要的,从时间的安排上就不难得出结论,这轮复习前后持续半年时间。因此,能否把握住第一轮复习与高考成功与否有着直接的关系。很多同学认为第一轮复习就是重复高一高二的教学内容,认为这是帮差生补课,完全是在浪费时间。于是,有很多急躁的同学就按捺不住了,开始各顾各,开始了习题战。其实这是非常危险的,尽管这能使他在开始一个阶段的考试中取得较好的成绩,但是到了后来,他就会发现有很多知识点衔接不上,甚至有很多是陌生的,这样一来,在第三轮综合复习中便漏洞百出,可惜此时离高考只有一个多月,为时晚矣!我觉得,第一轮复习不仅仅是旧事重提,它更重要的是完成知识点间的衔接与穿插,以及适当的拔高。我在第一轮复习时就是每节课都认真地听,有时间再做些题来拔高一下。希望大家把握好。 到第二轮复习时,可能同学们会出现一系列的问题,像焦躁不安失眠等。第二轮复习是拔高练习,有些东西暂时不能理解是很正常的,此时我们要做的不是去烦恼,去绝望,而需要保持冷静,向老师同学寻求帮助,来一个个地解决问题。因为高考毕竟是以基础题为主的,适当的加两道能力题,所以即使你能力题不会做,单是把基础题做出来也可以得到高分,所以你要看开,会做一道能力题就能在高考中得到额外的分数。如果能这样想,始终保持良好的心态,第二轮复习肯定不在话下。 前两轮复习完后,离高考就只有短短的一两个月了,也进入了最冷酷、最紧张的第三轮复习,这也是对同学们的心理素质提出最大考验的时刻!想必大家也都是久经考场的老将了,考试的技巧就不多说了,我还是来谈一谈考试后心态的调整吧!“不以物喜,不以己悲”,考完后切忌大喜大悲,考好了不要得意,考差了不要灰心,以后还有机会,毕竟这还不是高考。只要大家以平常的心态来看待每一次考试,看待第三轮复习,把它当作查漏补缺的工具,而不是当作最后的审判。 有一种现象叫10名现象,就是指最后能考第一的一般都是平时10开外的学生,这就告诉我们高考时心态的重要性。因此决胜高考的关键是在心理上战胜它! 其实我们认为高考固然重要,但我们应该把目光放得更远大一点,不能只看到眼前。要知道将来不知道有多少条更重要的道路等着我们去选择,有着无数更重要的决定等着我们去做!这区区高考又算得了什么呢? 我们在高考之前就是始终抱着这种心态,一直在心理上藐视它,在行为上重视它,因此到了高考时,就真的把它当成了一次普通的考试来对待,没有一点紧张的感觉。 另外,考试过程中要注意一些问题:遇到难题不要怕,要想到我不会别人也不会,先跳过,有时间再回来看;先想清楚再在试卷上写,一则试卷美观便于批阅,二则可以避免因发现错误却无法更改而带来的遗憾;切忌为了争取检查时间而刻意求快,因为第一感觉很重要,即使错了也很难查出来;坚持第一感觉,在你改一道题之前,你必须保证有十足的把握;涂答题卡后要检查,防止因为涂错而造成不必要的遗憾;考完一科千万不要对答案,当然最后一科除外,因为这只能起到负面作用。 要重视和加强选择题的训练和研究。不能仅仅满足于答案正确,还要学会优化解题过程,追求解题质量,少费时,多办事,以赢得足够的时间思考解答高档题。要不断积累解选择题的经验,尽可能小题小做,除直接法外,还要灵活运用特殊值法、排除法、检验法、数形结合法、估计法来解题。 高考数学复习备考六方略 1.对比《考试大纲》 《考试大纲》规定了高考的性质、内容和对每一部分内容要求的程度,以及试题的形式和试卷结构。因此对《考试大纲》要进行两个比较:一是它与前几年《考试说明》的连续性和不同点, 通过比较找变化,找规律,这样便能清楚当年考试的内容和要求,减少复习中的无效劳动。二是把它与前几年的高考试题比较,通过近几年两者的比较,能够了解《考试大纲》对高考命题的指导作用,从而把握高考命题的趋向。 2.最基础的知识是最有用的知识 课本是考试内容的载体,是高考命题的依据,也是学生智能的生长点,是最有参考价值的资料。有相当多的高考试题是课本中基本题目的直接引用或稍作变形得来的,其用意就是引导学生重视基础,切实抓好“三基”(基础知识、基本技能、基本方法)。 最基础的知识是最有用的知识,最基本的方法是最有用的方法。在复习过程中,我们必须重视课本,夯实基础,以课本为主,重新全面梳理知识、方法,注意知识结构的重组与概括,揭示其内在联系与规律,从中提炼出思想方法。 在知识的深化过程中,切忌孤立对待知识、方法,而是自觉地将其前后联系,纵横比较、综合,自觉地将新知识及时纳入已有的知识系统中去,融汇代数、三角、立几、解几于一体,进而形成一个条理化、有序化、网络化的高效的有机认识结构,注意通性通法,淡化特殊技巧。 3.考查能力是永恒主题 考查能力是高考的重点和永恒主题。教育部已明确指出高考从“以知识立意命题”转向“以能力立意命题”。 能力的培养首先应重视知识与技能的学习、思想方法的渗透。知识与技能的掌握有助于能力的提高,思想方法的掌握有助于广泛迁移的实现。其次,注意多题一解、一题多解和一题多变。多题一解有利于培养学生的求同思维;一题多解有利于培养学生的求异思维;一题多变有利于培养学生思维的灵活性与深刻性。第三,重视审题与解题后的总结、反思,不断积累正、反两个方面的经验,这是学生提高解题能力的有效途径。 4.数学是一种思想 数学不仅仅是一种重要的工具,更重要的是一种思维模式,一种思想。注重对数学思想方法的考查也是高考数学命题的显著特点之一。数学思想方法是数学知识在更高层次上的抽象和概括,它蕴函于数学知识的发生、发展和应用过程中,能够迁移且广泛应用于相关科学和社会生活。 数学思想方法是数学的精髓,对于数学思想和方法的考查必然要与数学知识考查结合进行。只有运用数学思想方法,才能把数学的知识与技能转化为分析问题和解决问题的能力。因此,在各个阶段的复习中,要结合具体问题不失时机地运用、渗透数学思想方法,对其进行多次再现、不断深化,逐步内化为自己能力的组成部分,实现“知识型”向“能力型”的转化。 常用的数学思想方法可分为三类: 一是具体操作方法,如配方法、消元法、换元法、迭代法、裂项相消法、错位相减法、特值法、待定系数法、同一法等; 二是逻辑推理方法,如综合法、分析法、反证法、类比法、探索法、解析法、归纳法等; 三是具有宏观指导意义的数学思想方法,如函数与方程的思想方法、数形结合的思想方法、分类讨论的思想方法、化归与转化的思想方法等。 5.让数学“有用”起来 21世纪的人才不但要会生活,会学习,更要会创造。数学作为一门基础学科、思维学科,在培养学生的创新意识与应用意识方面有相当大的促进作用。以一定的知识为载体,努力培养学生去应用数学知识去处理实际问题的能力,是数学教育的一个重要目的。 平时要养成用数学的眼光观察生活中的数学问题,发现数学的运用价值,着力培养自己用数学知识解决实际问题的意识,提高创造能力及解决实际问题的能力。学生在复习过程中要发挥主观能动性,敢于质疑,敢于求异,勇于探索,大胆创新。在应用问题复习中,要提高阅读理解能力和收集处理信息的能力,过好三关——事理关、文理关、数理关,增强数学的意识,将实际问题抽象为数学问题。 主要考查考生对提供的资料、文字、数据、图表进行观察、比较、分析、综合、抽象、概括、归纳、推断能力。对于区分考生对各种外在的和内在的信息进行提取和转化,整理和加工的理性思维有较高的区分度。本题是贴近现实、贴近生活,关注社会现实,体现时代精神,强化数学应用意识,考查实践能力的一个好题。 6.体会数学之美 关注个性品质,体现人文关怀。“个性品质要求”是考纲新增加的对考生的考查要求。考纲对“个性品质要求”的解释是:个性品质是指考生个体的情感、态度和价值观的总称,具有一定的数学视野,认识数学的科学价值和人文价值,崇尚数学的理性精神,形成审慎思维的习惯,体会数学的美学意义,要求考生克服紧张情绪,以平和的心态参加考试,合理分配考试时间,以实 事求是的态度认真解答试题,树立战胜困难的信心,体现锲而不舍的精神。要求学生在数学学习的过程中,不仅要学习必要的数学知识,还要正确认识数学发展过程中体现出来的人文价值、科学价值和理性精神,养成审慎思维的习惯和遇难不慌、锲而不舍、从容应对考试的健康心态,这一点也会通过试题的难度、坡度设置来体现。 从近两年的试卷的内容和编排顺序可以领略到,理科试卷强化了抽象思维、推理论证和思维严谨性的要求,突出考查理性思维和后继学习的潜能。文科试题则降低了考查的综合性及抽象思维的程度。可以说试题的编排充分注意到文理考生群体的不同及考试要求和水平的差异,体现了对考生的人文关怀。 六个注意事项写给学生 1、精做题 数学能力的提高离不开做题,但当处理的题目达到一定的量后,决定复习效果的关键因素就不再是题目的数量,而在于题目的质量和处理水平。解数学题要着重研究解题的思维过程,弄清基本数学知识和基本数学思想在解题中的意义和作用,研究运用不同的思维方法解决同一数学问题的多条途径,在分析解决问题的过程中既构建知识的横向联系又养成多角度思考问题的习惯。 一节课与其抓紧时间大汗淋淋地做三十道考查思路重复的题,不如深入透彻地掌握一道典型题。 2、学会节省做题时间 要重视和加强选择题的训练和研究。不能仅仅满足于答案正确,还要学会优化解题过程,追求解题质量,少费时,多办事,以赢得足够的时间思考解答高档题。要不断积累解选择题的经验,尽可能小题小做,除直接法外,还要灵活运用特殊值法、排除法、检验法、数形结合法、估计法来解题。解法的差异,速度的差异,正体现了学生不同层次的思维水平。 3、做好改错反思,每个学生都有一个改错本 在复习过程中,难免会出现一些大大小小的失误,也会遇到一些拦路虎,这时候,可能要么束手无策,要么费了九牛二虎之力才能解决,要么是问题虽然解决了,但自我感觉不好———或是思路不清,东拼西凑才找到答案;或是解法繁琐,不尽人意。碰到这种情况不要紧张,这正是拓展思维、提高能力的契机,不要轻易放过。 “错误是最好的老师”,我们要认真的纠正错误,当然,更重要的是寻找错因,及时进行总结,三、五个字,一、两句话都行,言简意赅,切中要害,以利于吸取教训,力求相同的错误不犯第二次;轻描淡写,文过饰非的查错因是没有实质性的意义的。只有认真的追根溯源的查找错因,教训才会深刻。 在复习过程中,要注意多学习,多更新,不要固守自己熟悉但落后的方法习惯,要向老师学,向其它同学学,取人之长,补己之短。要做好解题后的反思,清理解题思路,寻求最佳解答方法,以达到举一反三、融会贯通的目的。 4.养成好习惯 好的习惯终生受益,不好的习惯终生后悔,吃亏。 一慢一快,稳中求快,立足一次成功: 解题时审题要慢,要看清楚,步骤要到位,动作要快,步步为营,稳中求快,立足于一次成功,不要养成唯恐做不完,匆匆忙忙抢着做,寄希望于检查的坏习惯。这样做的后果一则容易先入为主,致使有时错误难以发现;二则一旦发现错误,尤其是起步就错,又要重复做一遍,既浪费时间,又造成心理负担。 注意书写规范,重要步骤不能丢,丢步骤=丢分。 考试中应统筹安排时间,先易后难,不要在一道题上花费太多时间,有时放弃可能是最佳选择。 5.正确处理传统内容与新增内容。 无论是陈题新题,传统内容还是新增内容,要点在于训练学生的思维理解,分析问题、解决问题的能力。新内容重在向量,概率和导数,以低中档题为主,不要盲目拔高。 6.提高运算能力。 (1)坚持长期训练培养,注重算理,注意近似计算,估算,心算,以想代算。 (2)如果解得数字繁杂,这就要求要自信,相信自己每一步都不错,结果必然正确。 7.高考复习建议时间表 高中数学总复习可分三个阶段来进行。