周考物理试题9.11
九年级物理周考试题课标 试题
宝坻八中九年级“周周清〞物理检测试题1．浸在液体中的物体受到力，这个力习惯上称为浮力；浮力的方向总是的。
2．浸没在液体中的物体受到重力和浮力的作用；假如浮力重力，物体就会上浮；假如浮力重力，物体就会下沉；假如浮力重力，物体就会在液体中处于状态。
3．潜水艇是靠实现上浮或者下沉、悬浮的。
潜水艇两侧有水舱，向水舱里充较多的水时，由于重力浮力，它会逐渐下沉潜入水中；当充入一定量的水，使得重力浮力时，它就可以悬浮在水中；当用压缩空气将水舱里的水排出较大局部时，由于重力浮力，它就会上浮到水面上。
5．一个物体挂在竖直放置的弹簧测力计挂钩上，静止时弹簧测力计的示数是3N。
假设将物体浸到水中，静止的弹簧测力计的示数为1.8N。
水对物体的浮力是 N，水对物体上下外表的压力差是 N。
6把一个物体用线系住挂在弹簧测力计下，并将物体浸没到某种液体中，弹簧测力计的示数为 2.5N。
假设物体受的浮力是0.8N，那么该物体重为N。
假设此时剪断挂物体的线，那么物体在液体中将会。
创作；朱本晓7．将一个物体挂在弹簧测力计上，静止时弹簧测力计的示数为4.5N，将物体浸没到某种液体中静止时，弹簧测力计的指针回到了零刻线，那么此时物体受到的浮力为 N 。
假设剪断挂物体的线，那么物体在液体中将会。
8．如图8-1所示，一个木块浮在容器中的水面上。
设想将木块露出水面的局部切去并取走，那么 ( )。
A．剩下的局部木块会下沉，水对容器底的压强增大B．剩下的局部木块会上浮，水对容器底的压强减小C．剩下的局部木块不上浮也不下沉，水对容器底的压强不变D. 剩下的局部木块会上浮，水对容器底的压强不变9．甲、乙两个实心球分别由不同的材料制成，质量相等，甲悬浮于水中，乙漂浮在水面上，由此可以判断( )。
A．甲的体积小于乙的体积B．甲的密度小于乙的密度C．甲受到的浮力小于乙受到的浮力D．甲浸在水中的体积小于乙浸在水中的体积10．把一块石蜡的底部磨平后置于烧杯底部，使它们之间密合(如图8-2所示)，用手按住石蜡将水缓缓倒入烧杯中，直到水面吞没石蜡块后放手，创作；朱本晓那么( )。
专题9.11 回旋加速器-2019年高考物理100考点最新模拟题千题精练(解析版)
100考点最新模拟题千题精练9-11一．选择题1．（2018成都三模）一种改进后的回旋加速器示意如图，宽度忽略不计的窄缝A、C间的加速电场场强大小恒定，电场被限制在A、C间，与A、C平行的两虚线之间无电场。
带电粒子从P0处以速度v0沿电场线方向射入加速电场，经加速后再进入D形盒中的匀强磁场做匀速圆周运动。
对这种改进后的回旋加速器，下列说法正确的是A.加速电场的方向需要做周期性的变化B.加速后粒子的最大速度与D形盒的尺寸无关C.带电粒子每运动一周被加速一次D.带电粒子每运动一周直径的变化量相等，即P1P2等于P2P3【参考答案】C2.（2018洛阳一模）如图为一种改进后的回旋加速器示意图，其中盒缝间的加速电场场强大小恒定，且被限制在AC板间，虚线中间不需加电场，如图所示，带电粒子从P0处以速度v0沿电场线方向射入加速电场，经加速后再进入D形盒中的匀强磁场做匀速圆周运动，对这种改进后的回旋加速器，下列说法正确的是()A．加速粒子的最大速度与D形盒的尺寸无关B．带电粒子每运动一周被加速一次C．带电粒子每运动一周P1P2等于P2P3D．加速电场方向不需要做周期性的变化【参考答案】BD【命题意图】本题考查回旋加速器、带电粒子在匀强磁场中的匀速圆周运动及其相关的知识点。
【知识归纳】一般的回旋加速器，带电粒子运动一周加速两次，加速电场需要做周期性变化，加速粒子的最大速度与D形盒的尺寸有关。
3．(多选)劳伦斯和利文斯设计出回旋加速器，工作原理示意图如图所示。
置于真空中的D形金属盒半径为R，两盒间的狭缝很小，带电粒子穿过的时间可忽略。
磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直，高频交流电频率为f，加速电压为U。
若A处粒子源产生的质子的质量为m、电荷量为＋q，在加速器中被加速，且加速过程中不考虑相对论效应和重力的影响。
则下列说法正确的是()A.质子被加速后的最大速度不可能超过2πRfB.质子离开回旋加速器时的最大动能与加速电压U成正比C.质子第2次和第1次经过两D 形盒间狭缝后轨道半径之比为2∶1D.不改变磁感应强度B 和交流电频率f ，该回旋加速器的最大动能不变 【参考答案】AC4.回旋加速器在科学研究中得到了广泛应用，其原理如图7所示。
高二物理第九次周考测试题答案
1、如图是物体做直线运动的v-t图象，由图可知，该物体（ B ）A．第1s内和第3s内的运动方向相反B．第3s内和第4s内的加速度相同C．第1s内和第4s内的位移大小不等D．0～2s内和0～4s内的平均速度大小相等2、如图所示，轻质弹簧的劲度系数为k，小球重G，平衡时小球在A处，今用力F压小球至B处，使弹簧缩短x，则此时弹簧的弹力为（ B ）A. kxB. kx+GC. G-kxD. 以上都不对3、如图所示，质量为m=1kg的物体与水平地面之间的动摩擦因数为0.3，当物体运动的速度为10m/s时，给物体施加一个与速度方向相反的大小为F=2N的恒力，在此恒力作用下（取g=10m/s2）（）A．物体经10s速度减为零B．物体经5s速度减为零C．物体速度减为零后将保持静止D．物体速度减为零后将向右运动4、下列关于曲线运动的说法，正确的是（ A ）A.做曲线运动的物体，速度的方向必定变化B．速度变化的运动必定是曲线运动C．曲线运动的加速度一定在变化D．曲线运动的加速度方向沿曲线在这一点的切线方向5、在同一轨道平面上绕地球做匀速圆周运动的卫星A、B、C，某时刻恰好在同一过地心的直线上，如图所示，当卫星B经过一个周期时（ B ）A．各卫星角速度相等，因而三星仍在一条直线上B．A超前于B，C超前于BC．A、C都落后于BD．各卫星角速度相等，因而三颗卫星仍在同一直线上6、下列情况，做功不为零的是（ D ）A．物体在水平面上做匀速直线运动，合力对物体做功B．绳子系一物体在光滑水平面上匀速圆周运动，拉力做功C．人提着水桶在水平的路上行走，拉力做功D．重力对做自由落体运动的物体做功7、篮球运动员通常要伸出双手迎接传来的篮球．接球时，两手随球迅速收缩至胸前．这样做可以（ B ）A．减小球对手的冲量B．减小球对人的冲击力C．减小球的动量变化量D．减小球的动能变化量8、如图所示，质量为M的物体P静止在光滑的水平面上，有另一质量为m(M＞正对P滑行，则它们碰后（水平面足够大）（ C ）m)的物体Q以速度vA．Q物体一定被弹回，因为M＞mB．Q物体的速度不可能为零C．Q物体可能继续向前D．相碰后两物体分离，则过一段时间可能再相碰9、如图所示，铁块压着一张纸条放在水平桌面上，第一次以速度v抽出纸条后，铁块落在水平地面上的P点，第二次以速度2v抽出纸条，则（ A ）A．铁块落地点在P点左边B．铁块落地点在P点右边C．在P点右边不远处D．在P点右边原水平位移的两倍处10、（多选）木块a和b用一根轻弹簧连接起来，放在光滑水平面上，a紧靠在墙壁上，在b上施加向左的水平力使弹簧压缩，如图所示，当撤去外力后，下列说法中正确的是( BC )A.a尚未离开墙壁前，a和b组成的系统动量守恒B.a尚未离开墙壁前，a和b组成的系统动量不守恒C.a离开墙壁后，a和b组成的系统动量守恒D.a离开墙壁后，a和b组成的系统动量不守恒11、如图为实验室中“探究碰撞中的不变量”的装置示意图（1）若入射小球A质量为m1，被碰小球B质量为m2，则__A____A．m1＞m2 B．m1＜m2 C．m1=m2（2）为完成此实验，以下所提供的测量工具中必需的是___AC___．（填下列对应的字母）A．直尺 B．游标卡尺 C．天平 D．弹簧秤E．秒表（2）甲车开始反向时，其速度为0，设此时乙车的速度为v 乙′，由动量守恒定律得：m 乙v 乙-m 甲v 甲=m 乙v 乙′，解得：v 乙′=2m/s ；13、如图所示，摩托车做腾跃特技表演，以一定的初速度v0冲上高位h=6m 、顶部水平的高台，然后从高台以速度v=310m/s 水平飞出．若摩托车始终以额定功率P=1800W 行驶，经时间t=16s 从坡底到达坡顶，人和车的总重量为m=180kg ，且各种阻力的影响可以忽略不计，重力加速度取10m/s 2．求：（1）摩托车发动机在时间t 内做的功．（2）人和车的初速度v 0．（3）平抛运动 2gt 21h = vt s = s=m 106。
物理周测9 学生版
高一物理周测9 出题人：赵东晶 审核人：马国文 一、选择题（5×13=65分） 1、如图小物块位于光滑的斜面上,斜面位于光滑的水平地面上,从地面上看,在小物块沿斜面下滑的过程中,斜面对小物块的作用力( ) A.垂直于接触面,做功为负功 B.垂直于接触面,做功为正功 C.垂直于接触面,做功为零 D.不垂直于接触面,做功不为零 2、两物体与水平面间的动摩擦因数相同，它们的质量相等，在左图中用力F1推物体，在右图中用力
F2拉物体，两种情况下两物体都做匀速运动，经过相同的位移，则F1和F2对物体所做的功W1和W2的关系
为（ ） A．W1＝W2 B．W1>W2 C．W13、如图所示，质量为m的物体放在水平地面上，物体上方安装一劲度系数为k的轻弹簧，在弹簧处于原长时，用手拉着其上端P点很缓慢地向上移动，直到物体脱离地面向上移动一段距离.在这一过程中，P点的位移为H，则物体重力势能的增加量为 ( ) A.mgH B.mgH +m2g2 /k C.mgH －m2g2 /k D.mgH －mg/k 4、如图所示，质量为m的木块放在倾角为α的斜面上与斜面一起水平向左匀速运动，木块（ ） A．对斜面的压力大小为mgsin α B．所受的支持力对木块不做功 C．所受的摩擦力对木块做负功 D．所受的摩擦力方向可能沿斜面向下 5、质量为m 的物体从倾角为θ，高度为h的光滑斜面顶端由静止滑下，滑到斜面底端时重力的瞬时功率为（ ）
A.mg sinθ√2gh B. mg cosθ√2gh C. mg√2gh D. mg√2ghsinθ 6、一个质量为m的小球做自由落体运动，那么，在前t秒内重力对它做功的平均功率P1及在t秒末重力做功的瞬时功率P2分别为（ ）
A.P1=mg2t2，P2=12mg2t2 B.P1=mg2t2，P2=mg2t2
P C.P1=12mg2t，P2=mg2t D.P1=mg2t，P2=2mg2t 7、放在粗糙水平地面上的物体受到水平拉力的作用，在0～6 s内其速度与时间的图象和该拉力的功率与时间的图象如图甲、乙所示．下列说法正确的是( )
9月第二周物理周测试题答案
绝密★启用前9月第二周物理周测试题参考答案14．D【解析】试题分析：f=μF N =0．1×20N=2N，方向与相对运动方向相反，所以为水平向左．故选D ． 考点：摩擦力15． A【解析】试题分析：由题意知，1s 后汽车速度012t v v at m s =-=，再根据0162t v v x t m +==；或直接带入位移公式201162x v t at m =-=，所以A 正确。
注：对汽车刹车问题要注意汽车实际运动的时间。
考点：本题考查匀变速直线运动的规律。
16．B17．D18．A19．ACD【解析】试题分析：人造卫星绕地球做匀速圆周运动时，由地球的万有引力提供向心力，则有222GMm v m m r r rω==，线速度： v =，轨道3半径比轨道1半径大，所以卫星在轨道1上的运行速率大于轨道3上的速率，故A 正确；角速度ω=3半径比轨道1半径大，所以卫星在轨道1上的角速度大于在轨道3上的角速度，故B 错误；卫星在轨道1上的速度为7.9/km s ，要过渡到轨道2，在A 点应该做离心运动，速度应该增大，选项C 正确；根据牛顿第二定律和万有引力定律得2GMm ma r =， 2GM a r =，所以卫星在轨道2上经过B 点的加速度等于在轨道3上经过B 点的加速度，故D 正确。
考点：同步卫星；人造卫星的加速度、周期和轨道的关系【名师点睛】本题考查卫星的变轨和离心运动等知识，关键抓住万有引力提供向心力，先列式求解出线速度和角速度的表达式，再进行讨论。
20．BC【解析】物体受到的摩擦力为静摩擦力，静摩擦力是根据二力平衡来计算的，不能根据f=μF N 来计算的，所以A 错误．对小物体受力分析可知，物体受重力、支持力和静摩擦力的作用，由于物体在水平方向做加速运动，摩擦力作为合力，所以由牛顿第二定律可得，f=ma ，所以B 正确．对整体由牛顿第二定律可得F=（M+m ）a ，所以加速度F a M m =+，所以物体受到的摩擦力的大小f=ma=m M m+F ，所以C 正确．对小车受力分析可得，F-f=Ma ，所以车和物体之间的摩擦力的大小为f=F-Ma ，所以D 错误．故选BC ．12．BC【解析】根据加速度的定义式可得： 2101010/2va m s t ∆--==-∆＝ ；2s 内的平均速度为： 01010022v v v +-=＝＝，故选BC. 21．BC【解析】小物块上升H 高度，克服重力做功mgH ，故重力势能增加mgH ，A 错误；动能转化为重力势能和克服摩擦力做功，故动能减小了，B 正确；机械能减少量等于克服摩擦力做功，故，C 正确D 错误．22 （1）位置 时间 220 V 0.02 （2）瞬时速度 更精确 （3）0.405 0.660 0.925 0.809【解析】(1)打点计时器是记录做直线运动物体的位置和时间的仪器．电火花打点计时器是其中的一种，其工作电压是220V ；当交流的频率为50 Hz 时，它每隔10.0250s s =打一次点．（2）根据量出A 、D 间的距离Δx 和时间间隔Δt 算出A 、D 间的平均速度=x v t∆∆.因Δt 很小，则用这个速度代表纸带经过B 点时的瞬时速度，如果Δt 再小一些(如A 、C 之间或A 、B 之间)用平均速度代表某点的瞬时速度会更精确．（3）因为每五个打印点取一个记数点，所以相邻的计数点之间的时间间隔为0.1s ； 0与1两点间的平均速度为0101010.04050.405/0.1x v m s t ===；1与2两点间的平均速度为120.06600.660/0.1v m s == ；2与3两点间的平均速度为230.09250.925/0.1v m s ==； 0与4两点间的平均速度为040.04050.06600.09250.12450.809/0.4v m s +++==； 23【答案】（1）A D E （2）见解析【解析】（1）因小灯泡的额定电压为4 V ，所以电压表应选用A ，小灯泡的额定电流I ＝P U＝0.5 A ，所以电流表应选用D ；小灯泡正常工作时的电阻为R ＝U 2P＝8 Ω，因为R V R A ＞R x ，R x 为小电阻，电流表应采用外接法，要求电压表从零开始变化，故滑动变阻器采用分压接法，为便于调节，滑动变阻器应选用E.（2）满足实验要求的电路图如图．接成的相应实物电路图如图．24．（1）40s ；20m/s ；400m ；（2）10s ；225m【解析】试题分析：（1）设经ts 甲追上乙，追上时有x 甲＋x 0＝x 乙即200at 212+=vt 解之得t=40s此时有v 甲＝at=0．5⨯40=20m/sx 甲＝21at 2=21⨯0．5⨯402=400m （2）当v 甲＝v 乙=5m/s 时距离最大v 甲＝at 1 得t 1=10s△x= v 乙t 1+x 0-21at 12=225m 25．（1）0.3s （2）2.0m/s （3）0.1 J 【解析】试题分析：（1）小物块从C 水平飞出后做平抛运动，由212h gt =得小物块从C 到D 运动的时间0.3t s =（2）从C 点飞出时速度的大小 2.0/l v m s t== （3）物块从A 运动到C 的过程中，根据动能定理得()2102f mg H h W mv -+=- 得摩擦力做功0.1f W J =此过程中克服摩擦力做的功0.1 J考点：本题考查动能定理与平抛运动。
高考物理第一次周考复习检测试题
江西金溪一中届高三年级第一次周考物理试题时间：100分钟 满分：120分第Ⅰ卷 （选择题 共48分）一、选择题（本题共 12小题，每小题 4 分，共48分，每小题有一个或有多个选项符合题意。
全部选对的得 4 分，选对但不全的得 2 分，错选或不答的得 0 分）1．一个小石块从空中a 点自由落下，先后经过b 点和c 点，不计空气阻力．已知它经过b 点时的速度为v ，经过c 点时的速度为3v ，则ab 段与ac 段位移之比为（ ）A ．1∶3B ．1∶5C ．1∶8D ．1∶92．在不计空气阻力的情况下，某物体以30m/s 的初速度从地面竖直上抛，则（重力加速度g 取10m/s 2）A.前4s 内物体的平均速度大小为10m/sB.第2s 内和第4s 内物体的速度改变量不相同 C ．第2s 末到第4s 末物体的平均速度为10m/s D ．前4s 内物体的位移大小为50m3．如图所示，物体b 在水平推力F 作用下，将物体a 挤压在竖直墙壁上.a 、b 处于静止状态，对于a ，b 两物体的受力情况，下列说法正确的是( ) A.a 受到两个摩擦力的作用 B.a 共受到五个力的作用C.b 共受到三个力的作用D.a 受到墙壁的摩擦力的大小不随F 的增大而增大 4．如图所示，A 、B 两相同长方体木块放在水平面上，它们的高度相等，长木板C 放在它们上面.用水平力F 拉木块A ，使A 、B 、C 一起沿水平面向右匀速运动，则( )A ．A 对C 的摩擦力向左B ．C 对A 的摩擦力向左 C ．B 对C 的摩擦力向右D ．C 对B 的摩擦力向左5．如图所示，质量为m 1的物体A 用细线跨过轻质的无摩擦的定滑轮，与重物B 和C 连接，如图所示，B 、C 的质量分别为m 2和m 3，且物体C 在水平地面上，细线不可伸长，要使物体A 、B 、C 都不发生运动，则m 1应满足的条件是( )A ．321m m m +<B ．21m m >C ．2123/2()/2m m m m ≤≤+D ．3212m m m m +≤≤6．被竖直上抛的物体,抛出时的初速度与回到抛出点时的速度大小之比 为R ，设空气阻力在运动中大小不变。
物理周考十一
物理周考十一一、选择题（本大题共8小题，共48分其中1-5为单选6-8为多选）1.利用金属导体的电阻随温度变化的特点可以制成电阻温度计．如图甲所示为某种金属导体的电阻R随温度t变化的图线．如果用这种金属导体做成测温探头，再将它连入如图乙所示的电路中，随着测温探头处待测温度的变化，电流表示数也会发生变化．则在t1-t2温度范围内（）A. 待测温度越高，电流表的示数越大B. 待测温度越高，电流表的示数越小C. 待测温度升高，电流表的示数均匀增大D. 待测温度升高，电流表的示数均匀减小2.法拉第首先提出用电场线形象生动地描绘电场，如图所示为点电荷a，b所形成电场的电场线分布图，规定无限远处的电势为零，以下几种说法中正确的是（）A. a、b为异种电荷，a的电荷量小于b的电荷量B. a、b为同种电荷，a的电荷量大于b的电荷量C. 除无限远位置外，过a，b的直线上有2处位置的电势为零D. 除无限远位置外，过a，b的直线上有2处位置的场强为零3.直线MN是某点电荷电场中的一条电场线（方向未画出）．虚线是一带电的粒子只在电场力的作用下，由a到b的运动轨迹．下列判断正确的是（）A. 电场线MN的方向一定是由N指向MB. 带电粒子由a运动到b的过程中动能一定逐渐减小C. 带电粒子在a点的电势能一定大于在b点的电势能D. 带电粒子在a点的加速度一定大于在b点的加速度4.如图所示，A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点，已知A、B、C三点的电势分别为φA=25V，φB=5V，φC=-5V，则下列说法正确的是（）A. 把电荷量为1×10-3C的正点电荷从B点经C移到A点，电场力做功为2×10-2JB. A、C两点的连线方向即为电场线方向C. D点的电势为15 VD. 把一个电子从B点移到D点，电场力做功可能为05.如图所示，电源内阻不可忽略，电路中接有一小灯泡和一电动机．小灯泡L上标有“9V 9W”字样，电动机的线圈电阻R M=1Ω．若灯泡正常发光时，电源的输出电压为15V，此时（）A. 电动机的输入功率为36 WB. 电动机的输出功率为5 WC. 电动机的热功率为6 WD. 整个电路消耗的电功率为15 W6.四个点电荷位于正方形四个角上，电荷量及其附近的电场线分布如图所示．ab、cd分别是正方形两组对边的中垂线，O为中垂线的交点，P、Q分别为ab、cd上的两点，OP＞OQ，则（）A. P点的电场强度比Q点的小B. P点的电势比M点的低C. OP两点间的电势差小于OQ间的电势差D. 一带正电的试探电荷在Q点的电势能比在M点大7.如图所示，平行板电容器AB两极板水平放置，A在上方，B在下方，现将其和二极管串联接在电源上，已知A和电源正极相连，二极管具有单向导电性，一带电小球沿AB中心水平射入，打在B极板上的N点，小球的重力不能忽略，现通过上下移动A板来改变两极板AB间距（两极板仍平行），则下列说法正确的是（）A. 若小球带正电，当A B间距增大时，小球打仍在N点B. 若小球带正电，当A B间距减小时，小球打在N的左侧C. 若小球带负电，当A B间距增大时，小球打在N的右点D. 若小球带负电，当A B间距减小时，小球可能打在N的左侧8.如图所示，电源电动势为E，内阻为r．电路中的R2、R3分别为总阻值一定的滑动变阻器，R0为定值电阻，R1为光敏电阻（其电阻随光照强度增大而减小）．当电键S闭合时，电容器中一带电微粒恰好处于静止状态．有关下列说法中正确的是（）A. 只逐渐增大R1的光照强度，电阻R0消耗的电功率变大，电阻R3中有向上的电流B. 只调节电阻R3的滑动端P2向上端移动时，电源消耗的功率变大，电阻R3中有向上的电流C. 只调节电阻R2的滑动端P1向下端移动时，电压表示数变大，带电微粒向下运动D. 若断开电键S，带电微粒向下运动二、实验题探究题（本大题共1小题，共12分）9.为了较精确地测量一节干电池的内阻，可用以下给定的器材和一些导线来完成实验：量程3V的理想电压表V，量程0.6A的电流表A（具有一定内阻），定值电阻R0（R0=1.5Ω），滑动变阻器R1（0～10Ω），滑动变阻器R2（0～200Ω），电键S．实验电路原理图如图（a）．（1）为方便实验调节和较准确地测量，滑动变阻器应选用______ （填R1或R2）．（2）用笔画线代替导线在图（b）中完成电路连接．（3）实验中改变滑动变阻器的阻值，测出几组电流表和电压表的读数，在给出的U-I坐标系中画出U-I图线如图（c）所示，则干电池的内阻r= ______ Ω．（结果保留两位有效数字）三、计算题（本大题共2小题，共40分）10.如图所示，电源电动势E=10V，R1=3Ω，R2=6Ω，C=30μF，闭合开关K，电路稳定后，路端电压U=9V，求：（1）电路稳定后通过R1的电流；（2）电源的内阻r；（3）若开关K断开，求这以后通过R2的总电量．11.如图所示，在平行金属带电极板MN电场中将电荷量为-4×10-6C的点电荷从A点移到M板，电场力做负功8×10-4J，把该点电荷从A点移到N板，电场力做正功为4×10-4J，N板接地，设地面为零势面．则（1）A点的电势φA是多少？（2）U MN等于多少伏？（3）M板的电势φM是多少？答案和解析【答案】1. B2. A3. C4. C5. B6. AD7. AB8. AD9. R1；0.2910. 解：（1）闭合开关K，电路稳定后，通过R1的电流I ==（2）根据闭合电路欧姆定律E =U+Ir得r ===1Ω（3）开关K断开后，通过R2的总电量Q=CU C=C（IR2）=30×10-6×1×6C=1.8×10-4C 答：（1）电路稳定后通过R1的电流是1A；（2）电源的内阻r是1Ω；（3）若开关K断开，这以后通过R2的总电量是1.8×10-4C．11. 解：（1）A、N间的电势差：U AN ==V=-100V又U AN=φA-φN，φN=0，则A点的电势为：φA=-100V．（2）根据带电粒子做功规律可知：W MA=-W AM=8×10-4J所以M、N板间的电势差为：U MN ====-300V．（3）由U MN=φM-φN，φN=0，得M板的电势为：φM=U MN=-300V答：（1）A点的电势ϕA是-100V．（2）M、N板间的电势差U MN等于-300V．（3）M板的电势φM是-300V．【解析】1. 解：AB、据图可知温度越高电阻越大，据闭合电路的欧姆定律可知，待测温度越高，电流表的示数越小，故A错误，B正确；CD、据甲图可知：R=R0+kt，电路的电流I ==，可知电流随温度变化并不是线性关系，因此电流表的示数不会均匀增大，故CD错误．故选：B．首先据甲图知道电阻与温度的关系，再据电路图和闭合电路的欧姆定律分析电流表的示数．明确电阻随温度变化的关系是解题的关键，在灵活利用闭合电路的欧姆定律分析电流的变化，基础题．2. 解：A、电场线是从正电荷出发，负电荷终止，由电场线的分布图可知a、b为异种电荷．又由公式E =可知场源的电荷量越大距离场源相同距离的位置场强越大，电场线越密．由图可知b的左侧侧电场线密，a的右侧电场线稀疏，故Q b＞Q a．故A正确，B错误；C、无限远处的电势为零，沿着电场线方向电势降低，若a为正电荷，b为负电荷，则a处电势为正，b处电势为负，则ab之间有一处电势为零，故C错误；D、除无限远位置外，过a，b的直线上的场强都不为零，故D错误．故选：A解决本题的关键是熟练掌握真空中点电荷的场强的表达式含义和电场线的疏密含义即电场线越密，电场越强，沿着电场线方向电势降低．根据图象的细微区别寻找突破口，是我们必须掌握的一种解题技巧，例如根据两电荷之间电场强度是否为0判定是否是同种电荷，根据异侧电场线的疏密判定电荷量的大小．3. 解：A、由于该粒子只受电场力作用且做曲线运动，物体所受外力指向轨迹内侧，所以粒子受力方向一定是由M指向N．故A错误；B、粒子从a运动到b的过程中，电场力做正功，电势能减小，动能增加，故B错误；C、粒子从a运动到b的过程中，电场力做正功，电势能减小，带电粒子在a点的电势能一定大于在b点的电势能，故C正确；D、由a到b的运动轨迹为曲线，是曲线运动，无法比较a、b点的合力大小，故也就无法比较a、b点的加速度大小，故D错误；故选：C．解答本题的突破口是根据粒子的运动轨迹确定其所受电场力方向，根据电场力做功的情况判断电势能的变化，从而确定电场线MN的方向以及点电荷的位置，然后根据点电荷周围电场分布情况，进一步解答．依据带电粒子的运动轨迹确定其所受电场力方向是解决带电粒子在电场中运动问题的突破口，然后可进一步根据电场线、电场力做功等情况确定电势、电势能的高低变化情况4. 解：A、把电荷量为1×10-3C的正点电荷从B点经C移到A点，电场力做功为：W BA=q（φB-φA）=1×10-3×（5-25）=-2×10-2J．故A错误；B、连接AC，又：φA-φC=25V-（-5V）=30V将AC等分为6等分，找出与B电势相等的点E如图，连接BE，可知AC与BE相互之间不是垂直的，所以AC不是电场线的方向．故B错误；C、根据匀强电场的特点可知，φA-φB=φD-φC，所以：φD=15V；故C正确；D、由以上的分析可知，B点的电势与D点的电势不相等，所以把一个电子从B点移到D点，电场力做功不可能为0．故D错误．故选：C电场力做功仅仅与两个之间的电势差有关，与路径无关；根据匀强电场中任意两条平行线上，相等距离上的电势差也相等即可求出D点的电势，然后再连接AC，做B点的等势线，即可判断出AC方向是否为电场方向．本题的技巧是利用匀强电场中任意两条平行线上，相等距离上的电势差也相等．解答本题也可以：连接AC，在AC上找出与B点等电势点，作出等势线，再过D作出等势线，在AC线上找出与D等势点，再确定D点的电势．5. 解：ABC、灯泡正常发光，则电路电流为：I=I L ===1A；电动机的电压为：U M=U-U L=15-9=6V，故电动机的输入功率为：P入=U M I=6×1=6W；电动机的热功率为：P Q =I 2R M =12×1=1W ；电动机的输出功率为：P 出=P -P Q =6W -1W =5W ；故B 正确，AC 错误； D 、电源的输出电压为12V ，电源内阻不可忽略，已知电路电流，无法求解电源电动势，无法求出整个电路消耗的电功率，故D 错误； 故选：B ．电动机与灯泡串联，通过它们的电流相等；已知小灯泡额定电压与额定功率，由电功率公式的变形公式求出灯泡正常工作时的电流；由电功率公式分析答题．本题考查闭合电路欧姆定律的基本应用以及电功率的计算，要注意明确电动机是非纯电阻电路，电动机的输出功率等于输入功率与热功率之差．6. 解：A 、电场线的疏密表示场强的大小，电场线越密，电场强度越大，根据图象知P 点的电场强度比Q 点的小．故A 正确；B 、根据电场叠加，由图象可知ab 上各点的电势都相等，M 点比ab 上各点的电势低，则M 点的电势比P 点的低，故B错误；C 、OP 间电势差等于零，OQ 间电势差等于零，则OP 两点间的电势差等于OQ 间的电势差．故C 错误．D 、P 、Q 电势相等，则Q 点的电势高于M 点的电势，正电荷在电势高处电势能大，所以带正电的试探电荷在Q 点的电势能比在M 点大．故D 正确． 故选：AD电场线的疏密表示场强的大小，根据电场线的方向确定场源电荷的正负．电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低．根据电势高低判断功的正负，从而确定电势能的大小．本题的关键要掌握电场线的分布情况，理解电场的叠加原理，掌握电场线的两个物理意义：电场线的疏密表示场强的大小，电场线方向表示电势的高低．7. 解：A 、若小球带正电，当d 增大时，电容减小，但Q 不可能减小，所以Q 不变，根据E ===，知E 不变所以电场力不变，小球仍然打在N 点．故A 正确．B 、若小球带正电，当d 减小时，电容增大，Q 增大，根据E =，知d 减小时E 增大，所以电场力变大，方向向下，小球做平抛运动竖直方向加速度增大，运动时间变短，打在N 点左侧．故B 正确．C 、若小球带负电，当AB 间距d 增大时，电容减小，但Q 不可能减小，所以Q 不变，根据E ==，知E 不变，所以电场力大小不变，方向变为向上，若电场力小于重力，小球做类平抛运动竖直方向上的加速度不变，运动时间不变，小球仍然可能打在N 点．故C 错误．D 、若小球带负电，当AB 间距d 减小时，电容增大，则Q 增大，根据E =，知E 增大，所以电场力变大，方向向上，若电场力小于重力，小球做类平抛运动竖直方向上的加速度减小，运动时间变长，小球将打在N 点的右侧．故D 错误． 故选：AB ． A 极板带正电，B 极板带负电，根据二极管具有单向导电性，极板的电量只能增加不能减小．根据两极板间电场的变化，判断电场力的变化，从而确定小球水平方向上的位移变化．解决本题的关键掌握处理类平抛运动的方法．以及知道二极管的单向导电性，在本题中电容器的带电量只增不减． 8. 解：A 、只逐渐增大R 1的光照强度，R 1的阻值减小，外电路总电阻减小，总电流增大，电阻R 0消耗的电功率变大，滑动变阻器的电压变大，电容器两端的电压增大，电容下极板带的电荷量变大，所以电阻R 3中有向上的电流，故A 正确；B 、电路稳定时，电容相当于开关断开，只调节电阻R 3的滑动端P 2向上端移动时，对电路没有影响，故B 错误；C 、只调节电阻R 2的滑动端P 1向下端移动时，电容器并联部分的电阻变大，所以电容器两端的电压变大，由E =可知，电场力变大，带电微粒向上运动，故C 错误；D 、若断开电键S ，电容器处于放电状态，电荷量变小，板间场强减小，带电微粒所受的电场力减小，将向下运动，故D 正确． 故选：AD ．电路稳定时，电容相当于开关断开，其电压等于与之并联的滑动变阻器部分的电压．只逐渐增大R 1的光照强度，R 1的阻值减小，总电阻减小，总电流增大，判断R 0消耗的电功率，电容器两端的电压增大，电容下极板带的电荷量变大，所以电阻R 3中有向上的电流，电路稳定时，电容相当于开关断开，只调节电阻R 3的滑动端P 2向上端移动时，对电路没有影响，只调节电阻R 2的滑动端P 1向下端移动时，电容器并联部分的电阻变大，所以电容器两端的电压变大，由E =分析板间场强变化和油滴所受电场力变化，判断油滴的运动情况．若断开电键S ，电容器处于放电状态． 本题中稳定时电容器与电路部分是相对独立的．分析油滴是否运动，关键分析电场力是否变化．9. 解：（1）电流表的量程I A =0.6A ，根据闭合电路欧姆定律可知，电路中需要的最大电阻应为：R max===7.5Ω所以变阻器应选R 1；（2）根据原理图可知实物图如图所示：（3）根据闭合电路欧姆定律应用：E =U +I （r +R 0），整理可得：U =-（r +R 0）I +E ，由图可知图象与纵坐标的交点为电源的电动势；故E =1.50V ； 根据函数斜率的概念应有：r +R 0=，解得r =0.29；故答案为：（1）R 1 （2）如图所示；（3）0.29（1）根据闭合电路欧姆定律求出电路中需要的最大电阻，从而确定对应的滑动变阻器； （2）根据电路图可得出对应的实物图；（3）根据闭合电路欧姆定律写出关于U 与I 的函数表达式，然后根据斜率和截距的概念即可求解．本题考查测量电源的电动势和内电阻的实验，应注意明确以下几点：①测定电池电动势和内阻实验应选择内阻较大的旧电池；②通过电流表的最小电流应为电流表量程的，这样可以保证准确；③遇到根据图象求解的问题，应根据物理规律整理出关于纵轴与横轴物理量的函数表达式，再根据斜率和截距的概念即可求解．10. （1）电路稳定后，电容器相当于开关断开，已知路端电压U ，根据欧姆定律求解通过R 1的电流； （2）根据闭合电路欧姆定律求解电源的内阻r ；（3）开关K 断开后，通过通过R 2的总电量等于开关闭合时电容器所带电量，而开关闭合时电容器的电压等于R 2的电压，由欧姆定律求出开关闭合时R 2的电压，即可由Q =CU 求出通过R 2的总电量．本题只要抓住电路稳定后，电容器相当于开关断开，对电路已没有影响，即可求出电路中电流和电阻R 2的电压． 11. 根据W AN =qU AN 可求出点AN 的电势差，N 板接地电势为零，即可求出A 点的电势；根据W AM =qU AM 可求出点AM 的电势差，即可求出U MN 和M 板的电势．本题考查匀强电场中电势差电场强度的关系，运用电势差公式U =时，要注意电荷移动的方向，要注意理解W =Uq 公式中三个量都要代入正负号一起计算．。
高三物理周测9教师版
高三物理周测9一、单选题（每小题6分，共18分）1．质量为m 的汽车，启动后沿平直路面行驶，如果发动机功率恒为P ，且行驶过程中受到的阻力大小一定，汽车速度能够达到的最大值为v ，那么当汽车的车速为v 6时，汽车的瞬时加速度的大小为（ ）A ．6P mvB ．3P mvC ．4P mvD ．5P mv【答案】D【解析】【解答】当汽车以最大速度行驶时，牵引力与阻力大小相等，所以有f =P v当汽车的车速为v 6时，牵引力大小为F =P v 6=6P v 根据牛顿第二定律有F −f =ma解得a =5P mv故答案为：D 。
【分析】当汽车速度达到最大值时牵引力和阻力相等，结合牛顿第二定律得出汽车的瞬时加速度。
2．如图所示，质量均为m 的木块A 、B 与轻弹簧相连，置于光滑水平桌面上处于静止状态，质量为2m 的木块C 以速度v 0与木块A 碰撞并粘在一起，之后运动过程中弹簧具有的最大弹性势能为（ ）A ．112mv 02 B ．16mv 02 C ．13mv 02 D ．12mv 02 【答案】B 【解析】【解答】依题意，木块C 以速度v 0与木块A 碰撞并粘在一起，根据动量守恒定律有 2mv 0=3mv可得 v =23v 0 把木块C 、A 、B 及弹簧看成一个系统，系统动量守恒，当它们速度相同时，此时弹簧弹性势能最大，有 3mv =4mv 共由能量守恒定律有 E pm =12⋅3mv 2−12⋅4mv 共2联立以上式子求得 E pm =16mv 02故答案为：B。
【分析】木块C以速度v0与木块A碰撞并粘在一起，根据动量守恒定律得出共同的速度，把木块C、A、B及弹簧看成一个系统，结合动量守恒以及能量守恒定律得出之后运动过程中弹簧具有的最大弹性势能。
3．某同学利用如图所示的实验装置研究摆球的运动情况。
摆球从A点由静止释放，经过最低点C到达与A等高的B点，D、E、F是OC连线上的点OE=DE，DF=FC，OC连线上各点均可钉钉子。
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1
梓潼中学2014级高三上期第四次周考物理试题
满分110分 时间60分钟 命题： 冯志永
第一卷 （选择题 共42分）
选择题
（每小题的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。
全部选对得6分，选不全的得3分，有错选的得0分）
1．一汽车在路面情况相同的公路上直线行驶，下面关于车速、惯性、质量和滑行路程的讨
论，正确的是( )
A．车速越大，它的惯性越大
B．质量越大，它的惯性越大
C．车速越大，刹车后滑行的路程越短
D．车速越大，刹车后滑行的路程越长，所以惯性越大
2 .如所示，位于光滑固定斜面上的小物块P受到一水平向右的推力F的作用。已知物块P
沿斜面加速下滑。现保持F的方向不变，使其减小，则加速度 （ ）
A．一定变小 B．一定变大
C．一定不变 D．可能变小，可能变大，也可能不变
3．如图所示，物块A、B叠放在粗糙的水平桌面上，水平外力F作用在B上，使A、B一起
沿水平桌面向右加速运动。设A、B之间的摩擦力为f1，B与水平桌面间的摩擦力为f2。在
始终保持A、B相对静止的情况下，逐渐增大F则摩擦力f1和f2的大小（ ）
A. f1不变、f2变大
B. f1变大、f2不变
C. f1和f2都变大
D. f1和f2都不变
4．如下图所示，足够长的传送带与水平面间夹角为θ，以速度
v
0
逆时针匀速转动．在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，
小木块与传送带间的动摩擦因数μ
F
P
B
A
F
2
5．如图a所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体(物体与弹簧不连接)，
初始时物体处于静止状态，现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加
速运动，拉力F与物体位移x的关系如图
b所示(取g＝10 m/s2)，则正确的结论是
( )
A．物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩
状态
B．弹簧的劲度系数为7.5 N/cm
C．物体的质量为3 kg
D．物体的加速度大小为5 m/s2
6．如下图所示，一名消防队员在模拟演习训练中，沿着长为12 m的竖立在地面上的钢管
往下滑．已知这名消防队员的质量为60 kg，他从钢管顶端由静止开始
先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零．如果他加速时的加
速度大小是减速时的2倍，下滑的总时间为3 s，g取10 m/s2，那么
该消防队员( )
A．下滑过程中的最大速度为4 m/s
B．加速与减速过程的时间之比为1:2
C．加速与减速过程中所受摩擦力大小之比为1:7
D．加速与减速过程的位移之比为1:4
7．某同学为了探究物体与斜面间的动摩擦因数进行了如下实验，取一质量为m的物体使其
在沿斜面方向的推力作用下向上运动如图7甲所示，通过力传感器得到推力随时间变化的
规律如图7乙所示，通过频闪照相处理后得出速度随时间变化的规律如图7丙所示，若已
知斜面的倾角α＝30°，取重力加速度g＝10 m/s2，则由此可得( )
图7
A．物体的质量为6 kg B．物体与斜面间的动摩擦因数为39
C．撤去推力F后，物体将做匀减速运动，最后可以静止在斜面上
D．撤去推力F后，物体下滑时的加速度为103 m/s2
3
第二卷 （非选择题 共68分 ）
8．（16分）
（1）某同 学做“探究弹力和弹簧
伸长量的关系”实验，他先把弹簧
甲放在桌面上使其自然伸长，用直
尺测出弹簧的原长L。再把弹簧竖
直悬挂起来，挂上砝码后测出弹簧
伸长后的长度L，把L-Lo作为弹簧的伸长量，这样操作，由于弹簧自身重力的影响，最后
画出的图线可能是右上图中的哪一个： (填入相应的字母)．（2分）
（2）．在“探究求合力的方法”的实验中，需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一
端系上两根细绳，细绳的另一端都有绳套(如图)。实验中需用两
个弹簧秤分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，
结点到达某一位置0。
某同学在做该实验时认为：
A．拉橡皮条的细绳OB、OC长度必须相等。
B．拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板
平面平行
C．实验中，先将其中一个弹簧秤沿某一方向拉到最大量程，然后只需调节另一个弹簧
秤拉力的大小和方向，把橡皮条另一端拉到O点
D．拉力F1和F2的夹角越大越好
其中正确的是 (填入相应的字母)．（4分）
在实验中，如果只将细绳换成橡皮筋，其它步骤没有改变，那么实验结果是否会发
生变化?答： 。（2分）(选填“变’或“不变”)
4
（3）(8分)某同学利用如图甲的实验装置探究测量重力加速度大小。
该同学开始实验时情形如图甲所示，接通电源释放纸带。请指出该同学在实验操作中存在
的两处明显错误或不当的地方：
甲
；
乙 。
该同学经修改错误并正确操作后得到如图乙所示的纸带，取连续六个点A、B、C、D、E
、
F为计时点，测得A点到B、C、D、E、F的距离分别为h1、h2、h3、h4、h5。若打点的频率
为f，则打E点时重物的速度表达式VE= ；
该同学先分别计算出各计数点的速度值，并试画出速度的二次方(V2)与对应重物下落的距离
（h）的关系如图丙所示，则重力加速度g= m/s2。
9． (15分）质量为m=4kg的小物块静止于水平地面上的A点，现用F=10N的水平恒力拉动
物块一段时间后撤去，物块继续滑动一段位移停在B点，A、B两点相距x=20m，物块与地
面间的动摩擦因数μ=0.2,g取g=10m/s2,，求：
(l）物块在力F作用过程发生位移xl的大小：
(2）撤去力F后物块继续滑动的时间t。
5
10．（17分）海滨游乐园里有一种滑沙的游乐活动．如图所示，人坐在滑板上从斜坡的高处
A点由静止开始滑下，滑到斜坡底部B点后沿水平滑道再滑行一段距离到C点停下来．斜
坡滑道与水平滑道间是平滑连接的，滑板与两滑道间的动摩擦因数均为μ=0.50，不计空气
阻力，重力加速度g=10m／s2．斜坡倾角θ=37°，人和滑板的总质量m=60kg． (己知：sin37°
=0.6，cos37°=0.8)
(1)求人在斜坡上下滑的加速度大小
(2)若斜面AB长L=60m，则人在水平滑道上滑行的距离是多少?
11。（20分）如图所示，一条上端固定的绳长l1=7．5m，质量m=60Kg的特技演员从绳上端
先沿绳从静止开始无摩擦下滑一段距离后，突然握紧绳子，与绳子之间产生f=1800 N的摩
擦阻力。滑到绳子末端时速度刚好为零。求：
（1）特技演员下滑所用的时间t．
（2）在水平面上有一辆长l2=3m平板车，其上表面与绳末端等高，车右端离绳末端s=4m，
平板车能一直以v0=2 m/s的恒定速度向右运动，为了要让该演员滑下后能留在车上，则车
启动后演员应在多长时间范围内开始下滑？
（把人看作质点，人与车之间动摩擦系数μ=0.2， g取10m/s2）