广东省中山市华侨中学2016届高三4月高考模拟物理试题 Word版含答案.doc

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2016年广东省中山市华侨中学高考生物模拟试卷(4月份)

2016年广东省中山市华侨中学高考生物模拟试卷（4月份）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共6小题，共36.0分)1.下列试剂与鉴定的物质及颜色变化的对应关系不正确的一组是（）A.双缩脲试剂-蛋白质-紫色；健那绿染液-线粒体-蓝绿色B.碘液-淀粉-蓝色；重铬酸钾溶液-酒精-灰绿色C.甲基绿-DNA-绿色；斐林试剂-麦芽糖-砖红色D.醋酸洋红染液-染色体-红色；苏丹IV染液-脂肪-橘黄色【答案】D【解析】解：A、双缩脲试剂能与蛋白质发生紫色反应，健那绿染液能将线粒体染成蓝绿色，A正确；B、淀粉遇碘液变蓝，在酸性条件下，酒精与重铬酸钾呈灰绿色，B正确；C、DNA会被甲基绿染成绿色，麦芽糖属于还原糖，斐林试剂鉴定还原糖产生砖红色沉淀，C正确；D、脂肪能被苏丹Ⅳ染液染成红色，D错误．故选：D．生物组织中化合物的鉴定：（1）斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色（沉淀）．（2）蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应．（3）脂肪可用苏丹Ⅲ染液（或苏丹Ⅳ染液）鉴定，呈橘黄色（或红色）．（4）淀粉遇碘液变蓝．（5）线粒体可被活性染料健那绿染成蓝绿色．（6）在酸性条件下，酒精与重铬酸钾呈灰绿色．（7）DNA可以用二苯胺试剂鉴定，呈蓝色．（8）染色体可以被碱性染料染成深色．本题考查检测还原糖实验、检测蛋白质实验、检测脂肪实验、DNA鉴定等实验，对于此类试题，需要考生注意的细节较多，如实验的原理、实验选择的材料、实验采用的试剂及试剂的作用、实验现象等，需要考生在平时的学习过程中逐渐积累和归纳总结．2.如图表示的是一昼夜北方某作物植株CO2吸收量的变化，甲图为盛夏的某一晴天，乙图为春天的某一晴天．对两图的相关原因分析不正确的是（）A.甲图中有机物积累最多的是G点，两图中B点植物干重均低于A点时的干重B.植株有机物积累量可用横轴上方曲线与横轴围成的面积，减去横轴下方曲线与横轴围成的面积来表示C.两图中DE时间段下降的原因相同，叶绿体中C3含量均减少D.甲图中E点和G点相比，叶绿体中产生的ATP含量较多【答案】C【解析】解：A、G点光合强度=呼吸强度，以后呼吸强度大于光合强度，故有机物积累最多的是G点，两图中AB段只进行呼吸作用，故B点植物干重均低于A点时的干重，A正确；B、横轴上方表示CO2吸收量，横轴下方表示CO2释放量，所以植株有机物积累量可用横轴上方曲线与横轴围成的面积，减去横轴下方曲线与横轴围成的面积来表示，B正确；C、甲图DE时由于光照强，气温高，导致蒸腾作用强，水分散失多，气孔关闭，CO2供应不足，光合作用速率略有下降，三碳化合物来源减少，去路未变，含量减少；乙图是由于光照强度减弱，光反应减弱，导致光合速率减弱，三碳化合物来源不变，去路降低，含量会升高，C错误；D、甲图中E点与G点相比光照较强，所以叶绿体中的ATP含量较多，D正确．故选：C．根据题意和图示分析可知：甲图中AB和HI表示只进行呼吸作用，C、G时C02的吸收和释放量为0，说明此时光合作用强度与呼吸作用强度相当．DE时由于光照强，气温高，导致蒸腾作用强，水分散失多，气孔关闭，CO2供应不足，光合作用速率略有下降．乙图中AB和FG表示只进行呼吸作用，C、E时C02的吸收和释放量为0，说明此时光合作用强度与呼吸作用强度相当．本题主要考查影响光合作用的相关因素，意在考查考生对相关知识的理解把握知识间内在联系的能力．3.图一表示基因型为A a B b的某动物处于细胞分裂不同时期的图象；图二表示该动物细胞分裂的不同时期染色体数与核DNA数比例的变化关系，下列相关叙述正确的是（）A.图一中②④为次级精母细胞，该动物的性别一定是雄性B.图一中除④外，都含有2个染色体组C.图一细胞中处于图二CD段的有①④⑤D.若该动物产生一个A ab的配子，则发生分裂异常的时段应为图二的DF段【答案】C【解析】解：A、根据图一所示细胞无法判断该动物的性别，所以②④可能为次级精母细胞或次级卵母细胞或第一极体，A错误；B、图一中①②⑤都含有二个染色体组，③含有四个染色体组，④含有一个染色体组，B错误；C、图二CD段表示染色体和核DNA数之比为1：2，对应于图一中的①④⑤，C正确；D、该动物产生一个A ab的配子的原因可能是减数第一次分裂后期同源染色体未分离，应为图二的CD段，D错误．故选：C．分析图一：①细胞含有同源染色体，处于有丝分裂中期；②细胞不含同源染色体，处于减数第二次分裂后期；③细胞含有同源染色体，处于有丝分裂后期；④细胞不含同源染色体，处于减数第二次分裂中期；⑤细胞细胞含有同源染色体，处于减数第一次分裂中期．分析图二：AB段，染色体和核DNA数之比为1：1；BC段，染色体和核DNA数之比由1：1变为1：2，其形成原因是DNA的复制；CD段，染色体和核DNA数之比为1：2；DE段，染色体和核DNA数之比由1：2变为1：1，其形成原因是着丝点分裂；EF段，染色体和核DNA数之比为1：1．本题结合图解，考查细胞的有丝分裂和减数分裂，要求考生识记细胞有丝分裂和减数分裂不同时期的特点，掌握有丝分裂和减数分裂过程中染色体行为和数目变化规律，能正确分析题图，再结合所学的知识准确判断各选项．4.下列有关35S标记的噬菌体侵染未标记细菌实验的叙述中，正确的是（）A.沉淀物也有很弱的放射性，是由于保温时间过长或过短造成的B.所使用的噬菌体必须是从接种在含35S的培养基培养的大肠杆菌中释放出来的C.采用搅拌和离心等方法是为了把蛋白质和DNA分子分开，以便检测各自的放射性D.新形成的噬菌体中没有检测到35S，说明DNA是遗传物质而蛋白质不是【答案】B【解析】解：A、在沉淀物也有很弱的放射性，这是由于搅拌不充分，少数噬菌体的蛋白质外壳没有与细菌分离，A错误；B、噬菌体属于细菌病毒，营寄生生活，所以要得到35S标记噬菌体必须直接接种在含35S的大肠杆菌中才能培养出来，B正确；C、采用搅拌和离心等方法是为了把噬菌体的蛋白质外壳与细菌分离，C错误；D、新形成的噬菌体中没有检测到35S，只能说明噬菌体侵染细菌时蛋白质外壳没有进入细菌，不能证明噬菌体的遗传物质不是蛋白质，D错误．故选：B．T2噬菌体侵染细菌的实验：①研究者：1952年，赫尔希和蔡斯．②实验材料：T2噬菌体和大肠杆菌等．③实验方法：放射性同位素标记法．④实验思路：S是蛋白质的特有元素，DNA分子中含有P，蛋白质中几乎不含有，用放射性同位素32P和放射性同位素35S分别标记DNA和蛋白质，直接单独去观察它们的作用．⑤实验过程：吸附→注入（注入噬菌体的DNA）→合成（控制者：噬菌体的DNA；原料：细菌的化学成分）→组装→释放．⑥实验结论：DNA是遗传物质．本题结合噬菌体侵染大肠杆菌的部分实验过程图，考查噬菌体侵染细菌的实验，要求考生识记噬菌体侵染细菌的过程，明确噬菌体侵染细菌时只有DNA注入细菌中；掌握噬菌体侵染细菌实验过程，明确图示实验只能证明噬菌体侵染细菌时蛋白质外壳没有进入细菌，不能证明DNA是遗传物质．5.某科研小组用不同浓度的脱落酸处理同种水稻种子，在相同条件下培养后测得秧苗的干重和鲜重情况如图．下列有关叙述正确的是（）A.0.1mg/L脱落酸对秧苗有机物的积累有促进作用B.0.3mg/L脱落酸处理后秧苗的干重与鲜重相等C.0.5mg/L脱落酸对秧苗的生长有促进作用D.脱落酸处理对秧苗的干重影响具有两重性【答案】C【解析】解：A、1.0mg/L脱落酸处理后的秧苗的干重比脱落酸为0的一组对比，单株平均干重下降，故0.1mg/L脱落酸对秧苗有机物的积累有减弱作用，A错误；B、据图可知，鲜重和干重的纵坐标不一样，0.3mg/L脱落酸处理后秧苗的干重与鲜重不相等，B错误；C、0.5mg/L脱落酸处理后的秧苗干重和鲜重都比在没有脱落酸处理的组大，所以表现为促进生长，C正确；D、脱落酸处理对秧苗的干重影响：低浓度0.1mg/L表现为抑制作用，高浓度1.0mg/L 也表现为抑制作用，不具有两重性，D错误．故选：C．据图可知，鲜重和干重的纵坐标不一样，0.5mg/L脱落酸处理后的秧苗干重和鲜重都比在没有脱落酸处理的组大，所以表现为促进生长；0.3mg/L脱落酸对秧苗有机物的积累有显著的促进作用，1.0mg/L脱落酸处理后的秧苗的干重比脱落酸为0的一组中有机物干重的少．表现为抑制有机物积累的作用．本题考查植物激素调节，意在考查考生能理解所学知识的要点；能从材料中获取相关的生物学信息，并能运用这些信息，结合所学知识解决相关的生物学问题．6.如图为人体内存在的甲状腺激素的分级调节示意图．甲、乙、丙表示不同的器官，a、b、c表示三种不同的激素．下列叙述中，正确的是（）A.寒冷或紧张时，图中激素b的含量首先增加B.a、b、c均靠体液传输，只运输给靶器官和靶细胞C.激素c分泌增加，对甲、丙分泌激素a、b有促进作用D.激素c是促甲状腺激素，其分泌受下丘脑分泌的激素a直接调节【答案】A【解析】解：A、寒冷或紧张时，图中下丘脑分泌的激素b促甲状腺激素释放激素的含量首先增加，A正确；B、a、b、c均靠体液传输，运输到全身各处，只作用于靶器官和靶细胞，B错误；C、激素c甲状腺激素分泌增加，对甲垂体、丙下丘脑分泌激素a、b有抑制作用，C错误；D、激素c是甲状腺激素，其分泌受垂体分泌的激素a促甲状腺激素直接调节，D错误．故选：A．1、据图分析：图中甲表示垂体，乙表示甲状腺，丙表示下丘脑，b表示促甲状腺激素释放激素，a表示促甲状腺激素，c表示甲状腺激素．2、甲状腺激素的分泌调节过程是：下丘脑可以分泌促甲状腺激素释放激素作用于垂体，促进垂体分泌促甲状腺激素作用于甲状腺，促进甲状腺分泌甲状腺激素增加，血液中甲状腺激素增加后通过负反馈调节影响下丘脑和垂体的分泌，使二者的分泌减少．本题主要考查甲状腺激素的分泌和调节，意在考查考生的识图能力和理解所学知识要点，把握知识间内在联系，形成知识网络结构的能力；能运用所学知识，准确判断问题的能力．关键是弄清各器官和激素在甲状腺激素的分泌和负反馈调节过程中的地位与作用，难度适中．二、探究题(本大题共6小题，共59.0分)7.胰岛素是一种人体内的蛋白质类激素，它由51个氨基酸，两条肽链构成．（1）从如图分析，一个胰岛素分子中至少含有游离的-NH2和-COOH数目分别是______ 和______ 个，控制其合成的基因中至少含有______ 个碱基对．（2）若用35S标记的氨基酸在适宜条件下培养同一个人的几种体细胞，发现只有______ 细胞能合成并分泌含放射性的胰岛素，根本原因是该细胞进行______ ．（3）胰岛素的分泌，受内分泌系统的枢纽______ 所调控；研究人员发现在糖尿病患者体内，组织细胞无法有效地______ 血糖，导致其浓度异常偏高，其原因可能是分泌胰岛素的细胞功能受损，无法正常分泌胰岛素；也可能是组织细胞表面缺乏______ 而引起．【答案】2个；2；153；胰岛B；基因的选择性表达；下丘脑；摄取、利用、转化和储存；胰岛素受体【解析】解：（1）由图知，胰岛素分子由两条肽链构成，则一个胰岛素分子中至少含有游离的-NH2数=肽链数=2个、至少含有的-COOH数=肽链数=2个；胰岛素分子由51个氨基酸构成，则控制其合成的基因中至少含有的碱基数=氨基酸数×6=51×6=306个，至少含有的碱基对为306÷2=153对．（2）胰岛素是由胰岛B细胞合成和分泌的激素，人体的各种体细胞中，只有胰岛B细胞能合成并分泌胰岛素，其根本原因是基因的选择性表达．（3）人体内分泌系统的枢纽是下丘脑；胰岛素具有促进组织细胞摄取、利用、转化和储存葡萄糖，从而降低血糖浓度，糖尿病患者因体内分泌胰岛素的细胞功能受损、无法正常分泌胰岛素，或组织细胞表面缺乏胰岛素受体，均会导致体内血糖浓度异常偏高．故答案为：（1）2个2153（2）胰岛B基因的选择性表达（3）下丘脑摄取、利用、转化和储存胰岛素受体1、构成蛋白质的基本单位是氨基酸，氨基酸在核糖体中通过脱水缩合形成多肽链，而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基（-COOH）和另一个氨基酸分子的氨基（-NH2）相连接，同时脱出一分子水的过程；连接两个氨基酸的化学键是肽键，其结构式是-CO-NH-；氨基酸形成多肽过程中的相关计算：肽键数=脱去水分子数=氨基酸数一肽链数，游离氨基或羧基数=肽链数+R基中含有的氨基或羧基数，至少含有的游离氨基或羧基数=肽链数．2、m RNA是以DNA的一条链为模板转录形成的，翻译过程中，m RNA中每3个碱基决定一个氨基酸，所以经翻译合成的蛋白质分子中氨基酸的数目是m RNA碱基数目的三分之一，是DNA（基因）中碱基数目的六分之一，即DNA（或基因）中碱基数：m RNA上碱基数：氨基酸个数=6：3：1．3、细胞分化是在个体发育中，由一个或一种细胞增殖产生的后代，在形态，结构和生理功能上发生稳定性差异的过程，细胞分化的实质是基因的选择性表达．4、下丘脑是体温调节中枢、血糖调节中枢、渗透压调节等活动的中枢．5、胰岛素是降低血糖的激素，能促进相应细胞内糖原和脂肪等物质的合成，从而降低血糖浓度．本题结合胰岛素分子的结构示意图，考查氨基酸的脱水缩合、基因的表达、细胞的分化、血糖调节的知识，考生明确基因的表达、细胞的分化、血糖调节的过程，掌握氨基酸脱水缩合过程和基因的表达过程中的相关计算是解题的关键．8.洋葱是高中生物实验的常用材料．请回答：（1）利用洋葱鳞片叶内表皮细胞观察DNA和RNA的分布时，在光学显微镜下观察到被染成绿色的细胞结构是______ ．洋葱鳞片叶内表皮细胞中没有而黑藻叶肉细胞中含有的细胞器是______ ．（2）探究植物细胞的吸水和失水时常选用紫色的洋葱鳞片叶，实验中可以根据______ 、______ 等的变化来判断和比较细胞发生质壁分离的程度．（3）观察洋葱根尖分生组织细胞的有丝分裂时，解离的主要目的是______ ．使用低倍显微镜观察时，需找到______ 区的细胞，其中处于分裂间期的细胞所进行的物质准备主要是______ ．【答案】细胞核；叶绿体；中央液泡大小；原生质层的位置；用药液使组织中的细胞相互分离开来；分生；DNA分子的复制和有关蛋白质的合成【解析】解：（1）DNA能被甲基绿染成绿色，而DNA主要分布在细胞核中，因此利用洋葱鳞片叶内表皮细胞观察DNA和RNA的分布时，在光学显微镜下观察到被染成绿色的细胞结构是细胞核．洋葱鳞片叶内表皮细胞中没有而黑藻叶肉细胞中含有的细胞器是叶绿体．（2）探究植物细胞的吸水和失水时常选用紫色的洋葱鳞片叶，实验中可以根据中央液泡大小、原生质层的位置等的变化来判断和比较细胞发生质壁分离的程度．（3）观察洋葱根尖分生组织细胞的有丝分裂时，解离的主要目的是用药液使组织中的细胞相互分离开来．使用低倍显微镜观察时，需找到分生区的细胞（呈正方形、排列紧密），其中处于分裂间期的细胞所进行的物质准备主要是DNA分子的复制和有关蛋白质的合成．故答案为：（1）细胞核叶绿体（2）中央液泡大小原生质层的位置（3）用药液使组织中的细胞相互分离开来分生DNA分子的复制和有关蛋白质的合成1、观察DNA和RNA在细胞中分布实验的原理：甲基绿和吡罗红两种染色剂对DNA和RNA的亲和力不同，利用甲基绿和吡罗红混合染色剂对细胞染色，同时显示DNA和RNA 在细胞中的分布，观察的结果是细胞核呈绿色，细胞质呈红色，说明DNA主要分布在细胞核，RNA主要分布在细胞质．2、观察细胞有丝分裂实验的步骤：解离（解离液由盐酸和酒精组成，目的是使细胞分散开来）、漂洗（洗去解离液，便于染色）、染色（用龙胆紫、醋酸洋红等碱性染料）、制片（该过程中压片是为了将根尖细胞压成薄层，使之不相互重叠影响观察）和观察（先低倍镜观察，后高倍镜观察）．本题考查观察DNA和RNA在细胞中分布实验、观察细胞质壁分离及复原实验、观察细胞有丝分裂实验，对于此类试题，需要考生注意的细节较多，如实验的原理、实验采用的试剂及试剂的作用、实验现象等，需要考生在平时的学习过程中注意积累．9.中山鱼类资源丰富，养殖业发达，如图为人工养殖鱼塘生态系统能量流动图解（能量单位为：J/cm2•a），请回答：（1）如图所示，流经该生态系统植食性动物体内的能量为______ J/cm2•a，能量从第二营养级流入到第三营养级的传递效率是______ %（保留小数点后一位数）．（2）若该鱼塘中某种鱼的环境容纳量为1000条，则其种群增长速率最大时，该种群大概有______ 条；在较好的人工养殖条件下，若此鱼塘只供少量游人垂钓而不捕捞，则该种群的数量增长将呈“ ______ ”型曲线增长．（3）由于生活习性不同，鱼塘中各种生物具有明显分层现象，其意义是______ ．（4）该生态系统除了图中显示的功能外，还具有______ 的功能．（5）鱼塘的人工养殖对象多为鲢、鳙、青、草等四大家鱼及虾等，养殖过程中要及时清除一些大型的肉食性鱼类，这样做的目的是调整能量流动关系，______ ；该人工鱼塘生态系统为市民提供大量鲜活鱼虾，体现了该生态系统生物多样性的______ 价值．【答案】16；15.6；500；S；提高了群落生物利用环境资源的能力；物质循环和信息传递；使能量持续高效地流向对人最有益的部分；直接【解析】解：（1）据分析和图示可知，流经该生态系统植食性动物体内的能量为从生产者同化的能量+输入的有机物中的能量=14+2=16J/cm2•a．由以上分析可知，流经第二营养级（植食动物）体内的能量为：16J/cm2•a，第三营养级（肉食动物）同化的能量为：0.25+0.05+5.1+2.1-5.0=2.5J/cm2•a，因此，能量从该生态系统的第二营养级到第三营养级传递的效率为：2.5÷16×100%=15.625%．（2）若该鱼塘中某种鱼的环境容纳量为1000条，则其种群增长速率最大时，该种群大概有500条；在较好的人工养殖条件下，若此鱼塘只供少量游人垂钓而不捕捞，则该种群的数量增长将呈“S”型曲线增长．（3）由于生活习性不同，鱼塘中各种生物具有明显分层现象，其意义是提高了群落生物利用环境资源的能力．（4）该生态系统除了图中显示的能量流动功能外，还具有物质循环和信息传递的功能．（5）鱼塘的人工养殖对象多为鲢、鳙、青、草等四大家鱼及虾等，养殖过程中要及时清除一些大型的肉食性鱼类，这样做的目的是调整能量流动关系，使能量持续高效地流向对人最有益的部分；该人工鱼塘生态系统为市民提供大量鲜活鱼虾，体现了该生态系统生物多样性的直接价值．故答案为：（1）1615.6（2）500S（3）提高了群落生物利用环境资源的能力（4）物质循环和信息传递（5）使能量持续高效地流向对人最有益的部分直接据图分析：A表示呼吸作用消耗的能量．该生态系统中肉食动物从植食动物同化的能量为：0.25+0.05+5.1+2.1-5.0=2.5J/cm2•a，植食动物从生产者同化的能量为：2.5+4+9+0.5-2=14J/cm2•a，该生态系统中生产者固定的总能量为：23+70+3+14=110J/cm2•a．生态系统中能量流动的特点是单向流动，逐级递减．能量的传递效率为相邻两个营养级之间下一营养级的同化能与上一营养级的同化能之比．生态系统的功能主要有：物质循环、能量流动和信息传递．本题结合生态系统的能量流动示意图，考查生态系统的能量流动，意在考查考生识图获取有效信息的能力；理解所学知识要点的能力和数据处理能力；能用文字、图表以及数学方式等多种表达形式准确地描述生物学方面的内容．10.小鼠品系众多，是遗传学研究的常用材料．如图1是某品系小鼠（2N=40）的某些基因在染色体的排列情况．该品系成年小鼠的体重受独立遗传的三对等位基因A-a、D-d、F-f控制．这三对基因的遗传效应相同，且具有累加效应（AADDFF的成鼠最重，aaddff 的成鼠最轻）．请回答下列问题：（1）在该小鼠的种群中，与体重有关的表现型有______ 种．用图中亲本杂交获得F1，F l雌雄个体相互交配获得F2，则F2中成鼠体重不同于亲本的个体占______ ．（2）若图中父、母本杂交后代出现一只性染色体组成为XXY的小鼠，小鼠成年后，如果能进行正常的减数分裂，则可形成性染色体不同的配子类型及比例为______ ．（3）小鼠的有毛与无毛是一对相对性状，分别由等位基因E、e控制，位于1、2号染色体上．上述亲本杂交得到F1后，让F1的雌雄小鼠自由交配，所得F2中有毛鼠所占比例总是，请推测其最可能的原因是______ ．（4）小鼠的皮毛颜色由常染色体上的两对基因控制，其中Y/y控制灰色物质合成，B/b 控制黑色物质合成，两对基因控制有色物质合成的关系如图2．为探究B/b等位基因是否也位于1、2号染色体上（仅就体色而言，不考虑其他性状和交叉互换），实验步骤如下：让纯合雄灰鼠和基因型为bbyy的雌白鼠杂交得到F1，让F1雌雄成鼠随机交配得到F2，观察并统计F2中小鼠的体色性状分离比．①若F2中______ ，则另一对等位基因也位于1、2号染色体上；②若F2中______ ，则另一对等位基因不位于1、2号染色体上．【答案】27；；X：XY：XX：Y=4：4：2：2；E基因纯合致死；灰鼠：白鼠=3：1；灰鼠：黑鼠：白鼠=9：3：4【解析】解：（1）该小鼠的种群中每对等位基因的基因型有三种，即显性纯合、显性杂合、隐性纯合，三种基因型，对三对等位基因来说，控制体重的基因型是3×3×3=27种；分析题图可知，母本的基因型是AADDFF，父本的基因型是aaddff，子一代的基因型是A a D d F f，F1雌雄个体相互交配获得F2，则F2中成鼠体重与母本相同的概率是AADDFF=，与父本体重相同的概率是aaddff=，则介于亲本之间的个体占1-=．（2）性染色体组型为XXY的小鼠，减数分裂过程中，三条同源染色体随机联会形成四分体，因此产生的精子的染色体组型可能是XX、Y、XY、X四种．（3）由题图可知，对于有毛和无毛这一对相对性状来说，母本的基因型是E e，父本的基因型是ee，杂交子一代的基因型是E e：ee=1：1，子一代小鼠产生的雌配子的基因型及比例是E：e=1：3，雄配子的基因型及比例是E：e=1：3，因此自由交配后代的基因型及比例是EE：E e：ee=1：6：9，如果EE致死，则有毛的比例占．（4）根据题意分析：如果另一对等位基因也位于1、2号染色体上，则完全连锁，符合基因分离规律；如果另一对等位基因不位于1、2号染色体上，则符合基因自由组合规律．因此可让图中的父本和母本杂交得到F1，再让F1雌雄成鼠自由交配得到F2，观察统计F2中小鼠的毛色．①若子代小鼠毛色表现为灰色：白色=3：1，则另一对等位基因也位于1、2号染色体上．②若子代小鼠毛色表现为灰色：黑色：白色=9：3：4，则另一对等位基因不位于1、2号染色体上．故答案为：（1）27（2）X：XY：XX：Y=4：4：2：2（3）E基因纯合致死（EE基因型纯合致死或EE个体死亡或EE个体不能存活）（4）①灰鼠：白鼠=3：1②灰鼠：黑鼠：白鼠=9：3：4根据题意和图示分析可知：由于该品系成年小鼠的体重受独立遗传的三对等位基因A a、D d、F f控制，且分别位于三对同源染色体上，符合基因的自由组合规律，同时三对等位基因控制的显性基因具有叠加效应，据此答题．本题的知识点是基因分离定律和自由组合定律的实质和应用，减数分裂过程中染色体行为变化，旨在考查学生对孟德尔遗传规律的实质和应用的理解，把握知识的内在联系形成知识网络并应用相关知识对遗传学问题进行分析、推理、计算的能力获及设计遗传实验、预期实验结果、获取结论的能力．11.微生物培养技术在医疗、工业生产、食品生产等方面均有应用．如表是一种培养基的配方，请回答：（1）此培养基中的蛋白胨主要为微生物提供______ ．在各种成分溶化后分装前，必须进行的是______ 和灭菌．（2）临床使用抗生素前，有时需要进行细菌的耐药性试验，其大致过程是：将含有某种细菌的菌液用______ 法接种在培养基表面并进行培养，最终形成单个的菌落；再分别将含有等剂量不同种抗生素的相同大小的圆形滤纸片置于该平板上有菌落的位置，继续培养一段时间后，若滤纸片下的菌落死亡，说明该细菌对该抗生素______ ．（填“敏感”或“不敏感”）（3）用上述方法统计菌落数目时，一般选择菌落在______ 的平板进行计数，在某一稀释度下平板上的平均菌落数为50个，所用稀释液的体积为0.2ml，稀释倍数为105时，则每毫升样品中的菌落数为______ ．在进行分离分解尿素的细菌实验时，A同学从培养基上筛选出大约150个菌落，而其他同学只选择出大约50个菌落．A同学的实验结果产生的原因可能有______ （填序号）．①由于土样不同②由于培养基污染③由于操作失误④没有设置对照（4）在筛选纤维素分解菌的过程中，通常用______ 法，这种方法能够通过颜色反应直。

广东省台山市华侨中学高三物理小测20 含答案精品

高三物理小测18第14~17题只有一项符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。

14．下列说法正确的是( )A ．在国际单位制中，力学的基本单位是千克、牛顿、秒B ．开普勒通过对行星运动规律的研究总结出了万有引力定律C ．库仑在前人研究的基础上，通过扭秤实验研究得出了库仑定律D ．法拉第首先发现了电流可以使周围的小磁针偏转15．如图所示，虚线a 、b 、c 是电场中的一簇等势线（相邻等势面之间的电势差相等），实线为一α粒子（重力不计）仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P 、Q 是这条轨迹上的两点，据此可知 ( )A ．a 、b 、c 三个等势面中，a 的电势最高B ．电子在P 点具有的电势能比在Q 点具有的电势能小C ．β粒子在P 点的加速度比Q 点的加速度大D ．带电质点一定是从P 点向Q 点运动16．如图所示，质量为4 kg 的小球A 和质量为1 kg 的物体B 用弹簧相连后，再用细线悬挂在升降机顶端，当升降机以加速度a =2 m/s 2，加速上升过程中，剪断细线的瞬间，两小球的加速度正确的是（重力加速度为g =10 m/s 2）( )A ．210m/s A a = 210m/sB a =B ．213m/s A a = 22m/s B a =C ．215m/s A a = 22m/s B a =D ．210m/s A a = 0B a = 17．已知人造航天器在某行星表面上空绕行星做匀速圆周运动，绕行方向与行星自转方向相同（人造航天器周期小于行星的自转周期），经过时间t （t 小于航天器的绕行周期），航天器运动的弧长为s ，航天器与行星的中心连线扫过角度为θ，引力常量为G ，航天器上的人两次相邻看到行星赤道上的标志物的时间间隔是∆t ，这个行星的同步卫星的离行星的球心距离( )A ． (2π)s t t t θ∆-∆ B ． (2π)s t t t θ∆∆-C ．D ．18．理想变压器原线圈a 匝数n 1=500，副线圈b 匝数n 2=100，线圈a 接在如左图所示的交变电压的交流电源上，“3 V，6 W”的灯泡恰好正常发光，电阻R 2=18.5 Ω，电压表V 为理想电表。

广东省中山市华侨中学2016届高三3月高考模拟考试理综试卷.pdf

气泡产生氯的非金属性比碳强C向某溶液中加入浓NaOH溶液并加热，
在试管口用湿润的红色石蕊试纸检验试纸变蓝原溶液中含有NH4+DSO2通入Ba(NO3)2溶液中不会产生白色沉淀BaSO3
溶于酸．W、X、Y、Z均为短周期主族元素，原子序数依次增加，且原子核外L电子层的电子数分别为0、5、8、8，它们
当M线圈电路中的开关接通或断开的瞬间，线圈N中出
现了感应电流. 关于此实验装置和感应电流的说法正确
的是（
）
A. 实验中铁环是必须的，没有铁环，电磁感应现象将不能发生
B. 开关断开瞬间，线圈N产生的感应电流方向由A经电流表流向B
C. 开关接通或断开瞬间，线圈N产生的感应电流方向相同
D．0.1mol/LNaHCO3溶液与0.1mol/LNaOH溶液等体积混合，所得溶液中：
c(Na＋)+c(H＋)=c(HCO3－)+c(CO32－)+c(OH－)．下面表格中的实验操作、实验现象和结论均正确且相符的是(
)
选项实验操作实验现象结论A将浓硫酸滴到蔗糖表面固体变黑膨胀浓硫酸只表现脱水性B将盐酸滴入Na2CO3溶液中有
A．在日常生活中，化学腐蚀是造成钢铁腐蚀的主要原因
B．明矾水解时产生具有吸附性的胶体粒子，可以用于饮用水的杀菌消毒
C．SO2具有漂白性，可用于漂白纸浆，也可以大量用于漂白食品
D．纯碱可用于生产普通玻璃，日常生活中也可用纯碱溶液来除去物品表面的油污
．设NA表示阿伏加德罗常数的值，下列叙述正确的是( )
A．细菌由于基因突变和染色体变异，形成了多种变异类型
B．70%的致病菌具有耐药性，与新生儿是否接触过抗生素无关
C．新生儿出生时接种疫苗，可预防各种细菌感染

广东省中山市华侨中学2016届高三5月高考模拟考试理综试卷.pdf

广东省中山市华侨中学2016届高三5月高考模拟试卷理科综合一、选择题 1. 下列关于噬菌体侵染细菌的实验的说法正确的是 A. 分别用含35S和32P的培养基培养噬菌体，用培养后的噬菌体侵染未被标记的大肠杆菌。

B. 用32P标记的噬菌体侵染大肠杆菌时，所得子代噬菌体多数具有放射性 C. 用35S标记的噬菌体侵染大肠杆菌时，沉淀物存在少量放射性可能是搅拌不充分所致 D. 本实验证明了DNA是主要的遗传物质，蛋白质不是遗传物质 2下列关于细胞中化合物及其化学键的叙述，正确的是 A. 血红蛋白中不同肽链之间主要通过肽键连接 B. DNA、RNA分子中都可能含有一定数量的氢键 C. ATP分子中T”代表每分子ATP中含有三个高能磷酸键 D. 脱氧核苷酸链上相邻碱基之间通过磷酸二酯键连接 3.改编题下图某高等植物细胞中基因表达的过程图解，下列说法错误的是 A. 图中的Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ代表的物质或结构依次为核孔、mRNA、核糖体、肽链 B图中Ⅴ是叶绿体中的小型环状DNA，Ⅴ上的基因表达的产物是LUS，物质Ⅵ具有催化某种高分子物质合成的作用，则Ⅵ是DNA聚合酶 C如果SSU是由n个氨基酸脱水缩合而成的，则rbcs基因中的碱基对数至少为n D. 由SSU和LUS组装成的Rubisco能催化CO2+C5→2C3反应的过程，由此推测Rubisco存在于叶绿体基质中 4.（改编题）下图为处于不同分裂时期的某高等动物细胞示意图。

相关叙述错误的是（） A细胞中含有同源染色体的是①②④⑤ B细胞中含有4个染色体组的是④C. ⑥中的染色体数和DNA分子数是③中的两倍 D⑤中可发生基因重组下列说法正确的有具有细胞壁的细胞一定是植物细胞胆固醇是构成植物细胞膜的重要成分葡萄糖存在于叶绿体而不存在于线粒体中细胞核是DNA和RNA储存和复制的主要场所葡萄糖是构成麦芽糖、糖原、淀粉和维生素的单体噬菌体细胞中只有一种核酸——DNA8%的盐酸能够用于洗去卡诺氏液利用95%的酒精提取叶绿体中的色素时，需要向里面加入无水碳酸钠，目的是防止色素被破坏A. 一项B. 两项C. 三项D. 四项 A. 乙烯是一种气体分子，植物体的各个部位均可合成，在实际生产中，经常用于促进果实的成熟，使农产品有计划上市。

中山市华侨中学2024届高三上学期第二次模拟考试物理科试题含答案解析

中山市华侨中学2024届高三上学期第二次模拟考试物理科试题一、单选题(共40 分)1.春秋末年齐国著作《考工记》中有“马力既竭，辀犹能一取焉”，意思是马对车不施加拉力了，车还能继续向前运动。

对此下列说法正确的是（）A.马拉着车做加速运动时，马对车的作用力一定等于车对马的作用力B.马拉着车做加速运动时，马对车的作用力大于车对马的作用力C.“马力既竭”时，车的惯性变小D.“马力既竭”时，车还能继续向前运动说明车还受到其他拉力【答案】A【详解】AB．根据牛顿第三定律可知马拉着车做加速运动时，马对车的作用力一定等于车对马的作用力，故A正确，B错误；C．惯性大小的唯一量度是质量，与速度无关，“马力既竭”时车的惯性保持不变，故C错误；D．“马力既竭”时，车还能继续向前运动，这说明力不是维持物体运动的原因，车最终能停下来是受到摩擦阻力的原因，说明力是改变物体运动状态的原因，故D错误；故选A。

2.如图所示，风力发电机叶片上有P、Q两点，其中P在叶片的端点，Q在另一叶片的中点，叶片转动一圈，下列说法正确的是（）A.P、Q两点路程一样B.P、Q两点角速度相等C.P、Q两点平均速率相等D.P点平均速度大于Q点平均速度【答案】B【详解】A．叶片转动一圈，P、Q两点路程都为圆的周长，根据s=2πrP、Q两点到圆心的距离不同，所以P、Q两点路程不同，故A错误；B．P、Q两点属于同轴转动，因此P、Q两点转动周期相等，根据ω=2πT可知，P、Q两点角速度相等，故B正确；C．叶片转动过程，P、Q两点运动时间相同，根据v=s t可知P、Q两点平均速率不同，故C错误；D．叶片转动一圈，P、Q两点位移都为零，所以P、Q两点平均速度相等，故D错误。

故选B。

3.2021年9月17 日，神舟十二号返回舱进入大气层。

主降落伞打开后的某段时间，返回舱竖直匀减速下降。

已知返回舱质量为m，降落伞系统（伞和拉绳）的总质量为m20。

空气对降落伞系统的阻力为32mg，返回舱所受空气的阻力不计，重力加速度为g。

广东省中山市华侨中学2016届高三5月高考模拟试卷

广东省中山市华侨中学2016届高三5月高考模拟试卷文科数学本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分150分．考试时间为120分钟，其中第Ⅱ卷22题－24题为选考题，其它题为必考题．本试卷共5页，24小题，满分150分．考试用时120分钟．参考公式：样本数据12,n x x x 的标准差锥体体积公式s ==13V s h 其中x 为样本平均数其中S 为底面面积，h 为高柱体体积公式球的表面积，体积公式V Sh = 3234,4R V R S ππ==其中S 为底面面积，h 为高其中R 为球的半径一、选择题：(本大题共 10 小题；每小题 5 分，满分 60 分)1．若复数z 与其共轭复数z 满足：i z z 2+=，则复数z 的虚部为（）A ．1B ．iC ．2D ．-12．已知点)0 , 1(-P 、)3 , 1(Q ，向量)2 , 12(-=k ，若⊥，则实数=k （）A ．2B ．1C ．2-D ．1-3．在等比数列{}n a 中，5113133,4,a a a a ⋅=+=则155a a =（） A ．3 B ．13 C ．3或13 D ．3-或13- 4．2(sin cos )1y x x =+-是（）A. 最小正周期为2π的奇函数B.最小正周期为2π的偶函数C. 最小正周期为π的奇函数D. 最小正周期为π的偶函数5、已知幂函数()y f x =的图象过点11(,)28--，则2log (4)f 的值为（）A ．3B ．6C ．4D ．－6 6.已知11tan ,tan()43ααβ=-=则tan β=（）侧视图俯视图A ．711B ．117-C ．113-D ．1137、已知直线l 经过坐标原点，且与圆22430x y x +-+=相切，切点在第四象限，则直线l 的方程为（）A．y = B ．y = C ．3y x =-D ．3y x = 8．已知三条直线l 、m 、n ，三个平面αβγ、、，有以下四个命题：①αββγαγ⊥⊥⇒⊥、；②//l m l n m n ⊥⊥⇒、；③//,////,m n m n ββαβαα⎫⇒⎬⊂⊂⎭；④ββαβα⊥⇒⊥=⊥m l m l ,, 。

广东省台山市华侨中学高三上学期物理小测06星期三含答案

2016届高三第一学期物理小测06（星期三）2015.11.4组题：朱周诚审题：卜苑泉一、单项选择题：每题6分，30分14．2013年修订版《机动车驾驶证申领和使用规定》于2013年1月1日正式施行，司机闯黄灯要扣6分，被称为“史上最严交规”．某小轿车驾驶员看到绿灯开始闪时，经短暂思考后开始刹车，小轿车在黄灯刚亮时恰停在停车线上，如图所示．若绿灯开始闪烁时小轿车距停车线距离L ＝10.5 m ，则绿灯开始闪烁到黄灯刚亮的时间t 0为（） A ．0.5 s B ．1.5 s C ．3 sD ．3.5 s15．一个从地面竖直上抛的物体，它两次经过一个较低的点a 的时间间隔是T a ，两次经过一个较高点b 的时间间隔是T b ，则a 、b 之间的距离为（）A ．14g (T 2a －T 2b )B ．18g (T 2a －T 2b )C ．12g (T 2a －T 2b ) D ．12g (T a －T b ) 16．将一个质量为1kg 的小球竖直向上抛出，最终落回抛出点，运动过程中所受阻力大小恒定，方向与运动方向相反。

该过程的v-t 图象如图所示,g 取10m ／s 2。

说法中正确的是（） A ．小球上升过程损失的动能等于下落过程中的增加的动能 B ．小球重力和阻力之比为1：5 C ．小球上升与下落所用时间之比为2∶3 D ．小球上升过程，处于失重状态17．如图所示，小球用细绳系住放在倾角为θ的光滑斜面上，当细绳由水平方向逐渐向上偏移时，小球对斜面的压力大小将（） A ．逐渐增大 B ．逐渐减小 C ．先增大后减小 D ．先减小后增大18．如图所示，小球从竖直砖墙某位置静止释放，用频闪照相机在同一底片上多次曝光，得到了图中1、2、3、4、5…所示小球运动过程中每次曝光的位置．连续两次曝光的时间间隔均为T ，每块砖的厚度为d 。

根据图中的信息，下列判断错误的是（）A ．位置“1”是小球释放的初始位置B ．小球做匀加速直线运动C ．小球下落的加速度为d T 2D ．小球在位置“3”的速度为7d 2T二、多项选择题：每题6分，共18分。

2016年广东省中山市华侨中学高考物理模拟试卷(5月份)

2016年广东省中山市华侨中学高考物理模拟试卷（5月份）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共1小题，共6.0分)1.如图所示，轻弹簧两端拴接两个质量均为m的小球a、b，拴接小球的细线固定在天花板上，两球静止，两细线与水平方向的夹角均为a=30°，弹簧水平，以下说法正确的是（）A.细线拉力大小为mgB.弹簧的弹力大小为√3mgC.剪断左侧细线瞬间，b球加速度大小为12g D.剪断左侧细线瞬间，a 球加速度大小为√3g【答案】B【解析】解：A、B、对a球分析，运用共点力平衡条件得：细线的拉力为：T=mgsinα=mg12=2mg弹簧的弹力：F=mgcotα=√3mg，故A错误，B正确；C、剪断左侧细线的瞬间，弹簧的弹力不变，故小球b所受的合力F合=0，加速度为0，故C错误；D、剪断左侧细线的瞬间，弹簧的弹力不变，小球a所受的合力F合=T=2mg，根据牛顿第二定律得，a=2g．故D错误．故选：B．根据共点力平衡求解细线的拉力和弹簧的弹力大小．剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，结合牛顿第二定律求出a球的瞬时加速度．本题考查了牛顿第二定律和共点力平衡的基本运用，知道剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变．二、多选题(本大题共1小题，共6.0分)2.“太极球”是近年来在广大市民中较流行的一种健身器材．做该项运动时，健身者半马步站立，手持太极球拍，拍上放一橡胶太极球，健身者舞动球拍时，球却不会掉落地上．现将太极球简化成如图所示的平板和小球，熟练的健身者让球在竖直面内始终不脱离板而做匀速圆周运动，且在运动到图中的A、B、C、D位置时球与板间无相对运动趋势．A为圆周的最高点，C为最低点，B、D与圆心O等高且在B、D处板与水平面夹角为θ．设球的质量为m，圆周的半径为R，重力加速度为g，不计拍的重力，若运动过程到最高点时拍与小球之间作用力恰为mg，则（）A.圆周运动的周期为：T=π√2Rg B.圆周运动的周期为：T=2π√RgC.在B、D处球拍对球的作用力为2mgsinθD.在B、D处球拍对球的作用力为5mg 【答案】AC【解析】解：A、设球运动的线速率为v，半径为R，则在A处时：F N+mg=m v2R①F N=mg②所以：v=√2gR圆周运动的周期为：T=2πRv =π√2Rg．故A正确，B错误；C、在B、D处板与水平面夹角为θ．在B、D处球受到的重力沿水平方向的分力提供向心力，即mgtanθ=m v2R；F B=√m2g2+(mv2 R)2联立得：tanθ=2，F B=√5mg由图可得：F B=mgcosθ=2mgsinθ．故C正确，D错误故选：AC由于运动过程到最高点时拍与小球之间作用力恰为mg，向心力公式和牛顿第二定律即可求出小球运动的速度，再由T=2πRv即可求出周期；球在运动过程中受重力和支持力，由向心力公式和牛顿第二定律的公式求出各点的向心力，然后结合受力分析可以求在各点的受力情况．本题考查了向心力公式的应用，解答的关键是对物体的受力做出正确的分析，然后结合向心力的来源列式即可解决此类问题．三、单选题(本大题共3小题，共18.0分)3.如图所示的电路，闭合开关S ，当滑动变阻器滑片P 向右移动时，下列说法正确的是（）A.电流表读数变小，电压表读数变大B.小电泡L 变暗C.电容器C 上电荷量减小D.电源的总功率变小【答案】 C【解析】解：A 、向右移动滑动变阻器滑片时，接入电路的电阻变小，根据闭合电路欧姆定律可知电路中电流I 增加，故路端电压U=E-I r 减小，故A 错误； B 、电路中电流I 增加，故小灯泡变亮，故B 错误； C 、电容器两端电压U C =E-I （r +R L ），电路中电流I 增加，故电容器两端电压减小，故电容器C 上电荷量减小，故C 正确；D 、电路中电流I 增加，故电源的总功率P=EI 增加，故D 错误；故选：C ．由电路图可知，灯泡L 与滑动变阻器串联，电流表测电路中电流，电压表测路端电压；向右移动滑动变阻器滑片时，接入电路的电阻变小，根据闭合电路欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，再根据串联电路的电压特点判断电压表示数的变化．本题考查欧姆定律的应用和滑动变阻器、电流表、电压表的使用，以及串联电路电流和电压的规律，关键分析清楚当滑片移动时电路电流和电压的变化．4.如图所示，一个电量为+Q 的点电荷甲，固定在绝缘水平面上的O 点，另一个电量为-q 、质量为m 的点电荷乙从A 点以初速度v 0沿它们的连线向甲滑动，到B 点时速度最小且为v ．已知静电力常量为k ，点电荷乙与水平面的动摩擦因数为μ，AB 间距离为L ，则以下说法不正确的是（） A.OB 间的距离为√kQq μmgB.从开始运动到碰到甲之前的瞬间，乙的加速度逐渐减小C.从A 到B 的过程中，电场力对点电荷乙做的功为W=μmg L+12mv 2-12mv 02 D.从A 到B 的过程中，乙的电势能减少【答案】 B【解析】解：A 、由题意，乙到达B 点时速度最小，乙先减速运动后做加速运动，当速度最小时有：mg μ=F 库=k Qqr 2，解得OB 间的距离r =√kQq μmg，故A 正确；B 、滑动摩擦力的大小方向不变，两球靠近过程中库仑力逐渐增大，小球在运动到B 点之前，有mg μ-F 库=ma ，因此物体的加速度逐渐减小．当越过B 点后，库仑力大于滑动摩擦力，由F 库-mg μ=ma ，知加速度逐渐增大，因此从开始运动到碰到甲之前的瞬间，乙的加速度先逐渐减小后逐渐增大，故B 错误．C 、从A 到B 的过程中，根据动能定理得：W-μmg L=12mv 2-12mv 02，得W=μmg L+12mv 2-12mv 02，故C 正确．D 、从A 到B 的过程中，电场力对乙做正功，乙的电势能减少，故D 正确．本题选不正确的，故选：B ．本题首先要正确分析物体受力特点，明确力和运动的关系，在本题中注意滑动摩擦力的大小方向不变，两球靠近过程中库仑力逐渐增大，小球先减速后加速，根据牛顿第二定律和功能关系可正确解答．本题在借助库仑力的基础知识，考查了力与运动、牛顿第二定理、动能定理等基础知识的综合应用，是考查学生综合能力的好题．5.据每日邮报2014年4月18日报道，美国国家航空航天局（NASA ）目前宣布首次在太阳系外发现“类地”行星K epler -186f ．若宇航员乘坐宇宙飞船到达该行星，进行科学观测：该行星自转周期为T ；宇航员在该行星“北极”距该行星地面附近h 处自由释放一个小球（引力视为恒力），落地时间为t ．已知该行星半径为R ，万有引力常量为G ，则下列说法正确的是（）A.宇宙飞船绕该星球做圆周运动的周期小于πt√2Rℎ B.该行星的平均密度为3ℎGπRt 2 C.如果该行星存在一颗同步卫星，其距行星表面高度为3ℎT 2R 22π2t 2D.该行星的第一宇宙速度为√2ℎR t【答案】 D【解析】解：宇航员在该行星“北极”距该行星地面附近h 处自由释放一个小球，根据自由落体运动位移公式，有： h =12gt 2 解得：g =2ℎt 2A 、根据万有引力提供圆周运动向心力有：GMm r =m4π2T r ，可得卫星的周期T=2π√r 3GM，可知轨道半径越小周期越小，卫星的最小半径为R ，则周期最小值为T min =2π√R 3GM=2π√R 3gR 2═πt√2Rℎ，故A 错误；B 、由GMm R 2=mg =m2ℎt 2，有：M=2ℎR 2Gt2，所以星球的密度ρ=MV =2ℎR 2Gt 243πR 3=3ℎ2GπRt 2，故B错误；C 、同步卫星的周期与星球自转周期相同故有：GMm(R+ℎ)2=m 4π2T 2(R +ℎ)，代入数据解得：h =3ℎT 2R 22π2t2-R ，故C 错误；D 、星球的第一宇宙速度：v =√gR =√2ℎt 2⋅R =√2ℎRt，故D 正确；故选：D根据自由落体运动求出星球表面的重力加速度，再根据万有引力提供圆周运动向心力讨论即可．本题关键是通过自由落体运动求出星球表面的重力加速度，再根据万有引力提供圆周运动向心力和万有引力等于重力求解．四、多选题(本大题共3小题，共18.0分) 6.如图（a ），倾角为37°且足够长的固定斜面底端有一物块，在沿斜面向上的拉力F=30N 作用下，物块开始沿斜面运动，0.5s 时撤去F ，其运动的v ‒t 图线如图（b ）所示．取sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，g =10m /s 2，则可确定（）A.物块的质量为2kgB.物块与斜面间的动摩擦因数为0.5C.物块沿斜面向上滑行的最大距离为7.5mD.物块回到斜面底端的时刻为2.74s 【答案】 BC【解析】解：A 、v -t 图象的斜率表示加速度的大小，根据图象可知，加速上升时的加速度为：a 1=20m /s 2，减速上升时的加速度为：a 2=10m /s 2，对物体受力分析，利用牛顿第二定律，加速上升时有：F-mgsin 37°-μmgcos 37°=ma 1，减速上升时有：mgsin 37°+μmgcos 37°=ma 2，由上式解得：m =1kg ，μ=0.5，所以A 错误，B 正确； C 、加速上升时运动的位移为：x 1=12a 1t 12=12×20×0.52m =2.5m ，减速上升的时间为：t 2=v−v 0a 2=0−10−10s =1s ，减速上升的时运动的位移为：x 2=v 2−v 022a 2=−102−2×10=5m ，物块沿斜面向上滑行的最大距离为x =x 1+x 2=2.5m +5m =7.5m ，所以C 正确；D 、物体返回的时候，对物体受力分析，根据牛顿第二定律可得， mgsin 37°-μmgcos 37°=ma 3，代入数据解得：a 3=2m /s 2，根据x ═12a 3t 32，可得返回用的时间t 3为：t 3=√2xa 3=√7.5s ≈2.74s ，物块回到斜面底端的时刻为t =1.5+2.74=4.24s ，所以D 错误；故选：BC根据图象可以得出加速上升和减速上升的加速度的大小，根据牛顿第二定律计算物体的质量和动摩擦因数的大小，根据速度公式计算减速运动的时间，根据位移公式计算下滑的时间．本题是对牛顿运动定律和运动学方程的综合的应用，对物体受力分析，根据牛顿第二定律计算加速度的大小，再分析清楚物体的运动的过程，利用运动学的规律分过程来计算．7.如图所示，在一个边长为a 的正六边形区域内存在磁感应强度为B ，方向垂直于纸面向里的匀强磁场，三个相同带正电的粒子，比荷为qm 先后从A 点沿AD 方向以大小不等的速度射入匀强磁场区域，粒子在运动过程中只受磁场力作用；已知编号为①的粒子恰好从F 点飞出磁场区域；编号为②的粒子恰好从E 点飞出磁场区域；编号为③的粒子从ED 边上的某一点垂直边界飞出磁场区域；则（） A.编号为①的粒子进入磁场区域的初速度大小为√3Bqa 3mB.编号为②的粒子在磁场区域内运动的时间T=πm6qBC.编号为③的粒子在ED 边上飞出的位置与E 点的距离（2√3-3）aD.三个粒子在磁场内运动的时间依次减少并且为4：2：1 【答案】 ACD【解析】解：设编号为①的粒子在正六边形区域磁场中做圆周运动的半径为r 1初速度大小为v 1，则：qv 1B=v 12r 1由几何关系可得r 1=a 2sin60°=√3a 3；解得v 1=√3qaB 3m；转动周期T 1=2πm Bq，在磁场中转了120°运动时间t 1=T13=2πm3qB ；设编号为②的粒子在正六边形区域磁场中做圆周运动的半径为r 2线速度大小为v 2，周期为T 2=2πmBq ；由几何关系可得，粒子在正六边形区域磁场运动过程中，转过的圆心角为600，则粒子在磁场中运动的时间t 2=T26=πm3qB ，选项B 错误；设编号为③的粒子在正六边形区域磁场中做圆周运动的半径为r 3在磁场中转了300，t 3=T312=πm6qB ；由几何关系可得：AE=2acos 30°=√3a ，r 3=AE sin30°=2√3a ，O3E=AEtan30°=3a ，EG=r 3-O3E=（2√3-3）a ；故ACD 均正确，B 错误；故选：ACD ．分析各粒子的运动情况，由几何关系求出各自的半径，再由洛伦兹力充当向心力即可求得速度大小；根据几何关系求出圆心角，再根据时间与周期间的关系即可明确时间大小．本题以带电粒子在磁场中运动的相关问题为情境，考查学生综合分析、解决物理问题能力．带电粒子在磁场中的运动，关键的就是确定圆心和轨迹后由几何知识确定出半径．8.如图所示，abcd 为一矩形金属线框，其中ab =cd =L ，ab 边接有定值电阻R ，cd 边的质量为m ，其他部分电阻和质量均不计，整个装置用两根绝缘轻弹簧悬挂起来．线框下方处在磁感应强度为B 的匀强磁场中，磁场方向垂直于纸面向里．初始时刻，两根弹簧处于自然长度，给线框一竖直向下的初速度v 0，当cd 边第一次运动到最下端的过程中，R 产生的热量为Q ，此过程cd 边始终未离开磁场．已知重力加速度大小为g ，下列说法正确的是（） A.初始时刻cd 边所受安培力的大小为B 2L 2v 0R-mg B.线框中产生的最大感应电流大于BLv 0RC.cd 边第一次达到最下端的时刻，两根弹簧的弹性势能总量大于mv 022-Q D.在cd 边反复运动过程中，R 中产生的电热最多为mv 022【答案】BC【解析】解：A 、初始时刻时，棒的速度为v 0，由E=BL v =BL v 0，再由I=ER 及F=BIL ，得cd 边所受安培力的大小F=B 2L 2v 0 R，故A 错误；B 、cd 棒开始运动后，对cd 棒受力分析，受重力和安培力及弹簧弹力，无法确定重力和安培力的关系，当重力大于安培力时，由mg -B 2L 2v R-kx =ma ，合力方向向下，可知导体棒可能先做加速度减小的加速运动，故v 0不是速度的最大值，产生的感应电动势不是最大，感应电流不是最大，当重力小于安培力时，由B 2L 2v R+kx -mg =ma ，合力方向向上，可知导体棒可能先做加速度减小的减速运动，速度v 0为最大值，线框中产生的最大感应电流大于等于BLv 0 R，故B 正确；C 、cd 边第一次到达最下端的时刻，由能量守恒定律可知，导体棒的动能和减少的重力势能转化为焦耳热及弹簧的弹性势能，即：mgh +12m v 02=E p +Q ，所以：E P -mgh =12m v 02-Q ，故弹簧弹性势能大于12m v 02-Q ，故C 正确； D 、在cd 边反复运动过程中，可知最后棒静止在初始位置的下方，设弹簧的劲度系数为k ，由mg =kx 得：x =mg k，由能量守恒定律可知，导体棒的动能和减少的重力势能转化为焦耳热及弹簧的弹性势能，弹性势能E P =12kx 2=m 2g 22k，减少的重力势能为：mgh =m 2g 2k，因重力势能大于弹性势能，根据mgh +12mv 02=E p +Q ，可知热量应大于12mv 02，故D 错误；故选：BC ．对cd 棒受力分析，确定棒的运动形式，求解最大速度，再由E=BL v 和I=ER 及F=BIL 分别确定电流和安培力的大小，再由能量守恒定律确定能量关系．本题中弄清棒的运动形式及临界条件是关键，分别由能量守恒定律和电磁感应定律求解电流和安培力大小．七、多选题(本大题共1小题，共5.0分)13.关于近代物理学的结论中，下面叙述中正确的是（）A.比结合能越大表示原子核中的核子结合的越牢固B.β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的C.一个氘核（ 12H）与一个氚核（ 13H）聚变生成一个氦核（ 24H e）的同时，放出一个质子D.按照玻尔理论，一群处于第3激发态的氢原子在向低能级自发进行跃迁时，最多辐射3种不同频率的光子E.质子、中子、α粒子的质量分别是m1、m2、m3，质子和中子结合成α粒子，释放的能量是（2m1+2m2-m3）c2【答案】ABDE【解析】解：A、比结合能越大表示原子核中的核子结合的越牢固，故A正确．B、β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的，不是来自核外电子，故B正确．C、根据电荷数守恒、质量数守恒，一个氘核（ 12H）与一个氚核（ 13H）聚变生成一个氦核（ 24H e）的同时，放出中子，故C错误．D、按照玻尔理论，一群处于第3激发态的氢原子在向低能级自发进行跃迁时，根据C32=3知，最多辐射3种不同频率的光子，故D正确．E、根据爱因斯坦质能方程知，质子和中子结合成α粒子，核反应方程为211H+201n→ 24He，释放的能量是△E=△mc2=（2m1+2m2-m3）c2．故E正确．故答案为：ABDE．比结合能越大的原子核结合得越牢固；β衰变所释放的电子来自原子核，是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的；根据电荷数守恒和质量数守恒得出释放的粒子．根据数学组合公式求出最多放出不同频率光子的种数；根据爱因斯坦质能方程求出释放的能量．本题考查了比结合能、β衰变的实质、核反应方程、能级、爱因斯坦质能方程等基础知识点，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识点．五、实验题探究题(本大题共2小题，共15.0分)9.在探究加速度与力、质量关系的实验中，采用如图甲所示的装置．（1）实验过程中，电火花计时器应接在______ （选填“直流”或“交流”）电源上．（2）某小组在探究“质量一定时，加速度与合力成正比”的实验中，测出多组数据，作出了如图乙所示的图象，已知实验过程中细线与木板始终保持平行，则图线没有过坐标原点的原因可能是 ______ ，图线上部弯曲的原因可能是 ______ ．（3）如图为实验中打出的一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5、6为依次选取的7个计数点，相邻两计数点间还有4个打点未画出．从纸带上测出x 1=3.20cm ，x 2=4.52cm ，x 5=8.42cm ，x 6=9.70cm ．则木块加速度的大小a = ______ m /s 2（保留两位有效数字）．【答案】交流；未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足；未满足砝码盘和砝码的总质量远小于木块的质量；1.3 【解析】解：（1）电火花计时器是利用接正极的放电针和墨粉纸盘到接负极的纸盘轴，产生火花放电，于是在纸带上打出一系列的点，而且在交流电的每个周期放电一次，因此电火花打点计时器打出点间的时间间隔等于交流电的周期．（2）图线与横轴的交点不为零，意味着当绳子的拉力不为0时，物体的加速度仍然为零，合外力仍然为0，即物体仍然受到木板的摩擦力，所以实验者可能是忘记平衡摩擦力，也可能是已平衡了摩擦力，但平衡摩擦力不足．以整体为研究对象有mg =（m +M ）a ，则有：a =mgm+M =g1+M m，而在实验的过程中，我们认为绳子的拉力F 等于砝码盘和砝码的重力mg ，而实际上绳子的拉力F=M a =Mm+M mg ，故要让绳子的拉力F 约等于砝码盘和砝码的重力mg ，那么M ≈M+m ，故应该是m ＜＜M ．而当m 不再远远小于M 时a =mgm+M =g1+M m随m 的增大物体的加速度逐渐减小且无限趋近于g ，故图线上部弯曲的原因可能是未满足砝码盘和砝码的总质量远小于木块的质量．（3）由于相邻两计数点间还有4个打点未画出，故相邻两计数点间的时间间隔为T=5×0.02=0.1s ．．应该利用逐差法求物体的加速度为：（x 5+x 6）-（x 1+x 2）=8a T 2 解得物体的加速度为：a =x 5+x 6−x 1−x 28T 2=0.0842+0.0970−0.0320−0.04528×0．12=1.3m /s 2故答案为：（1）交流．（2）未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足；未满足砝码盘和砝码的总质量远小于木块的质量．（3）1.3．（1）电火花计时器在交流电的每个周期放电一次．（2）图线与横轴的交点不为零，意味着当绳子的拉力不为0时，合外力仍然为0．在实验的过程中，我们认为绳子的拉力F 等于砝码盘和砝码的重力mg ，而实际上绳子的拉力F=M a =M m+M mg ，故应该是m ＜＜M ，而当m 不再远远小于M 时a =mgm+M =g1+M m随m 的增大物体的加速度逐渐减小且无限趋近于g ．（3）利用逐差法（x 5+x 6）-（x 1+x 2）=8a T 2求物体的加速度．解决本题的关键掌握纸带的处理，会通过纸带，运用匀变速直线运动的运动学公式，结合逐差法求解加速度，注意有效数字的保留．10.从下面给定的器材中选出适当的实验器材（有些器材的阻值是大约值，有些器材的阻值是准确值）．设计一个测量阻值R x约为250Ω的电阻的电路，要求便于操作，方法简捷，要尽可能提高测量的精度．电流表A1，量程10m A，内阻r A1≈350Ω电流表A2，量程300μA，内阻r A2≈300Ω电流表A3，量程100μA，内阻r A3≈500Ω电压表V1，量程10V，内阻r V1=15kΩ电压表V2，量程3V，内阻r V2=10kΩ滑动变阻器R1，全阻值50Ω，额定电流为1A滑动变阻器R2，全阻值5000Ω，额定电流为1A电池组，电动势6V，内阻很小但不能忽略开关及导线若干（1）测量电路中电流表应选______ ，电压表应选______ ，滑动变阻器应选______ （填代号）（2）画出测量R x的电路图．（3）在所测量数据中选一组数据计算R x，计算表达式R x= ______ ，表达式中各符号表示的意义是______ ．【答案】A1；V2；R1；U2I1−U2r v2；U2为电压表V2的示数，I1为电流表A1的示数，r V2表示电压表V2的内阻；【解析】解：（1）电源电动势为6V，电压表如果选V1，测量误差较大，为减小实验误差，则电压表应选取3V量程的V2，因电压表选V2，电阻两端最大电压为3V，电路中的最大电流约为I=3250=0.012A=12m A，故电流表应选A1；为方便实验操作，滑动变阻器应选R1．（2）滑动变阻器最大阻值为50Ω，待测电阻阻值为250Ω，待测电阻阻值远大于滑动变阻器最大阻值，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法；电流表内阻约为350Ω，电压表内阻为10kΩ，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表采用外接法，如电路图如图所示：（3）电阻两端电压为：U2，通过待测电阻的电流为A1的示数减去电压表的分流，由欧姆定律可知：R X=U2IX =U2I1−U2r v2，U2为电压表V2的示数，I1为电流表A1的示数，r V2表示电压表V2的内阻；故答案为：（1）A1；V2；R1．（2）电路图如图所示；（3）U2I1−U2r v2；U2为电压表V2的示数，I1为电流表A1的示数，r V2表示电压表V2的内阻；（1）根据电源电动势选择电压表，根据电路最大电流选择电流表，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器；（2）根据电阻阻值与电流表、电压表内阻的大小关系可以选出合理的接法，则可画出电路图；（3）由接法可知R X两端的电压及电流，由欧姆定律可求得电阻值．本题考查了实验器材的选择、设计实验电路图、求电阻阻值，要掌握实验器材的选择原则，根据实验原理与实验器材确定滑动变阻器与电流表接法是正确设计实验电路的关键，根据电路结构、应用并联电路特点与欧姆定律即可求出电阻阻值．六、计算题(本大题共2小题，共32.0分)11.如图所示，被U=1000V的电压加速后的电子从电子枪中发射出来（电子被加速前的速度近似为零），沿直线a方向进入匀强磁场中运动，要求击中在α=π3方向、距枪口d=5cm的目标M，已知磁场垂直于由直线a和M所决定的平面，求磁感强度．【答案】解：电子离开枪口后受洛伦兹力作用做匀速圆周运动，要击中目标M，必须加上如图所示垂直纸面向内的磁场由图得电子圆轨道半径r=d2sinα电子被加速后的速度v=√2eUm电子作圆弧运动时洛伦兹力提供圆周运动向心力有：evB=mv2 r所以所加磁场的感应强度B=mver =2sinαd√2mUe=2×sinπ30.05×√2×0.91×10−30×10001.6×10−19T=3.7×10-3T答：磁感应强度为3.7×10-3T．【解析】电子离开枪口后受洛仑兹力作用做匀速圆周运动，要求击中目标M，必须加上垂直纸面向内的磁场，通过几何方法确定圆心后就可迎刃而解了．带电粒子在洛仑兹力作用下做圆周运动时，带电粒子在洛仑兹力作用下做圆周运动时，圆心位置的确定十分重要．本题中通过几何方法找出圆心--PM的垂直平分线与过P点垂直速度方向的直线的交点O，即为圆心．当带电粒子从有界磁场边缘射入和射出时，通过入射点和出射点，作速度方向的垂线，其交点就是圆心．12.如图所示是倾角θ=37°的固定光滑斜面，两端有垂直于斜面的固定挡板P、Q，PQ距离L=2m，质量M=1.0kg的木块A（可看成质点）放在质量m=0.5kg的长d=0.8m的木板B上并一起停靠在挡板P处，A木块与斜面顶端的电动机间用平行于斜面不可伸长的轻绳相连接，现给木块A沿斜面向上的初速度，同时开动电动机保证木块A一直以初速度v0=1.6m/s沿斜面向上做匀速直线运动，已知木块A的下表面与木板B间动摩擦因数μ1=0.5，经过时间t，当B板右端到达Q处时刻，立刻关闭电动机，同时锁定A、B物体此时的位置．然后将A物体上下面翻转，使得A原来的上表面与木板B接触，已知翻转后的A、B接触面间的动摩擦因数变为μ2=0.25，且连接A与电动机的绳子仍与斜面平行．现在给A向下的初速度v1=2m/s，同时释放木板B，并开动电动机保证A木块一直以v1沿斜面向下做匀速直线运动，直到木板B与挡板P接触时关闭电动机并锁定A、B位置．求：（1）B木板沿斜面向上加速运动过程的加速度大小；（2）A、B沿斜面上升过程所经历的时间t；（3）A、B沿斜面向下开始运动到木板B左端与P接触时，这段过程中A、B间摩擦产生的热量．【答案】解：（1）对B，由牛顿第二定律得：μ1M gcosθ-mgsinθ=ma1，代入数据解得：a1= 2m/s2；（2）A、B相对静止需要的时间：t1=v0a1=1.62s=0.8s，A的位移：x A=v0t1=1.6×0.8m=1.28m，B的位移：x B=v02t1=1.62×0.8m=0.64m，AB的相对位移：△x=x A-x B=1.28-0.64m=0.64m，A、B匀速运动的时间：t=L−d+△xv0=2−0.8+0.641.6s=1.15s；（3）B开始向下加速运动的加速度：a2=μ2Mgcosθ+mgsinθm =0.25×10×0.8+5×0.60.5=10m/s2，B与A相对静止后B的加速度：a3=mgsinθ−μ2Mgcosθm =5×0.6−0.25×10×0.80.5=2m/s2，A、B相对静止的时间：t2=v1a2=210s=0.2s，A的位移：x A′=v1t2=2×0.2m=0.4m，B的位移：x B′=v12t2=22×0.2m=0.2m，相对位移：△x′=x A′-x B′=0.4-0.2m=0.2m，此时A离B右端的距离：s=△x′+（d-△x）=0.2+（0.8-0.64）m=0.36m，AB速度相等后，B以加速度a2加速运动，B到达P所用时间为t3，则：L-d-x B=v1t3+12a2t32，代入数据解得：t3=(√2−1)s，A、B相对位移：△x″=v1t3+12a2t32−v1t3，代入数据解得△x″=0.17m，即：B与P接触时，A没有从B上滑离，产生的热量：Q=μ2M gcosθ（△x′+△x″），代入数据解得Q=0.74J．答：（1）B木板沿斜面向上加速运动过程的加速度大小为2m/s2；（2）A、B沿斜面上升过程所经历的时间t为1.15s；（3）A、B沿斜面向下开始运动到木板B左端与P接触时，这段过程中A、B间摩擦产生的热量为0.74J．【解析】（1）由牛顿第二定律可以求出B的加速度．（2）由匀变速直线运动的速度公式求出B的速度等于A的速度需要的时间，然后由位移公式求出A、B的位移，然后应用匀速直线运动的位移公式求出A、B沿斜面上升过程的时间．（3）由牛顿第二定律求B的加速度，应用运动学公式求出A、B的位移及A、B间的相对位移，然后求出因克服摩擦力产生的热量．本题考查了求加速度、物体的运动时间与产生的热量问题，本题是一道力学综合题，物体运动过程复杂，本题难度较大，分析清楚物体的运动过程是解题的关键，应用牛顿第二定律、运动学公式与功的计算公式可以解题．八、计算题(本大题共1小题，共10.0分)14.如图所示，一个半径为R、内侧光滑的圆形轨道平放于光滑水平面上并被固定，其圆心为O．有a、b两个可视为质点的小球，分别静止靠在轨道内侧、直径AB的两端，两球质量分别为m a=4m和m b=m．现给a球一个沿轨道切线方向的水平初速度v0，使其从A向B运动并与b球发生弹性碰撞，已知两球碰撞时间极短，求两球第一次碰撞和第二次碰撞之间的时间间隔．【答案】解：a球与b球在B点第一次相碰，两球组成的系统合外力为零，碰撞过程中动量守恒，以逆时针方向为正方向，设第一次碰后a、b的速度分别为v a和v b，由动量守恒定律得：m a v0=m a v a+m b v b碰撞过程中机械能守恒，有：1 2⋅m a v02=12⋅m a v a2+12⋅m b v b2联立解得：v b=2m am a+m b v0=85v0。

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广东省中山市华侨中学2016届高三4月高考模拟物理试卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。 14．一个质量为m的铁块以初速度1v沿粗糙斜面上滑，经过一段时间又返回出发点，整个过程铁块速度随时间变化的图象如图所示，则下列说法正确的是（） A．铁块上滑过程处于超重状态 B．铁块上滑过程与下滑过程的加速度方向相反 C．铁块上滑过程与下滑过程满足)(12211ttvtv D．铁块上滑过程损失的机械能为2121mv 15．质量为m的带正电小球由空中某点自由下落，下落高度h后在整个空间加上竖直向上的匀强电场，再经过相同时间小球又回到原出发点，不计空气阻力，且整个运动过程中小球从未落地，重力加速度为g，则 ( ) A．从加电场开始到小球返回原出发点的过程中，小球电势能减少了mgh B．从加电场开始到小球下落最低点的过程中，小球动能减少了mgh C．从开始下落到小球运动至最低点的过程中，小球重力势能减少了53mgh D．小球返回原出发点时的速度大小为7gh 16．如图所示，理想变压器与电阻R、交流电压表V、交流电流表A按图甲所示方式

连接，已知变压器的原副线圈的匝数比为n1n2＝10：1，电阻R＝10Ω。图乙是R两端电压u随时间变化的图象，Um＝102V。则下列说法中正确的是( ) A．通过R的电流iR随时间t变化的规律是iR＝cos100πt(A)

B．电流表A的读数为210A C．电压表V的读数为102V D．变压器的输入功率为10W 17．如图所示，轻弹簧下端悬挂着质量为M的物块，物块静止后，在其下方轻绳的下端轻轻地挂上一质量为m的钩码，并将钩码m由静止释放。弹簧始终在弹性限度内，重力加速度为g。已知下列四个关于轻绳对钩码的最大拉力Tm的表达式中只有一个是正确的，请你根据所学的物理知识，通过一定的分析判断正确的表达式是（） A．Tm = M + 2mM + mmg B．Tm = M + 2mM + mMg C．Tm = M + 2mM – mmg D．Tm = M + mM + 2mmg 18．如图所示，甲、乙两船在同一河岸边A、B两处，两船船头方向与河岸均成θ角，且恰好对准对岸边C点。若两船同时开始渡河，经过一段时间t，同时到达对岸，乙船恰好到达正对岸的D点。若河宽d、河水流速均恒定，两船在静水中的划行速率恒定，不影响各自的航行，下列判断正确的是（） A．两船在静水中的划行速率不同 B．甲船渡河的路程有可能比乙船渡河的路程小 C．两船同时到达D点 D．河水流速为dtanθt 19. 如图所示，间距l＝0.4 m的光滑平行金属导轨与水平面夹角θ＝30°，正方形区域abcd内匀强磁场的磁感应强度B＝0.2 T，方向垂直于斜面．甲、乙两金属杆电阻R相同、质量均为m＝0.02 kg，垂直于导轨放置．起初，甲金属杆处在磁场的上边界ab上，乙在甲上方距甲也为l处．现将两金属杆同时由静止释放，并同时在甲金属杆上施加一个沿着导轨的拉力F，使甲金属杆始终以a＝5 m/s2的加速度沿导轨匀加速运动，已知乙金属杆刚进入磁场时做匀速运动，取g＝10 m/s2，则( ) A．每根金属杆的电阻R＝0.016 Ω B．甲金属杆在磁场中运动的时间是0.4 s C．甲金属杆在磁场中运动过程中F的功率逐渐增大 D．乙金属杆在磁场中运动过程中安培力的功率是0.1 W

20．如图所示，一半径为R的均匀带正电圆环水平放置，环心为O点，在O正上方h高位置的A点与A关于O对称．质量为m的带正电的小球从A点静止释放，并穿过带电

环．则小球从A点到A过程中加速度()a、重力势能pG()E、机械能(E)、电势能(pE电)随位置变化的图像可能正确的是（取O点为坐标原点且重力势能为零，向下为正方向，无限远电势为零）（）

θ θ A B

C D 甲船乙船

A 21．“嫦娥三号”任务是我国探月工程“绕、落、回”三步走中的第二步，“嫦娥三号”分三步实现了在月球表面平稳着陆：(一)从100公里×100公里的绕月圆轨道上，通过变轨进入100公里×15公里的绕月椭圆轨道；(二)着陆器在15公里高度开启发动机反推减速，进入缓慢的下降状态，到100米左右着陆器悬停，着陆器自动判断合适的着陆点；(三)缓慢下降到距离月面4米高度时无初速自由下落着陆。右图是“嫦娥三号”飞行轨道示意图。(悬停阶段示意图未画出)下列说法正确的是( ) A．“嫦娥三号”在椭圆轨道上的周期小于圆轨道上的周期 B．“嫦娥三号”在圆轨道和椭圆轨道经过相切点时的加速度不相等 C．着陆器在100米左右悬停时处于失重状态 D．着陆瞬间的速度一定小于9 m/s 三、非选择题： 22．(6分）某实验小组利用如图甲所示的实验装置来验证钩码和滑块所组成的系统机械能守恒（气垫导轨水平）。图乙所示是用游标卡尺测量遮光条（遮光条的质量可以忽略）的宽度，其读数为d＝______ cm；实验时将滑块从图示位置由静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间Δt＝1.5×10－2 s，则滑块经过光电门时的瞬时速度为______ m/s。在本实验中，为了验证系统的机械能是否守恒，需要测量的物理量除了钩码的质量外，还需要测量______和______。

23．(9分）LED绿色照明技术已经走进我们的生活。某实验小组要精确测定额定电压为3 V的LED灯正常工作时的电阻，已知该灯正常工作时电阻大约为500 Ω，电学符号与小灯泡电学符号相同。实验室提供的器材有 A.电流表A1(量程为50 mA，内阻RA1约为3 Ω) B.电流表A2(量程为3 mA，内阻RA2＝15 Ω) C.定值电阻R1＝697 Ω D.定值电阻R2＝1 985 Ω E.滑动变阻器R(0～20 Ω) F.电压表V(量程0～12 V，内阻RV＝1 kΩ) 图10 G.蓄电池E(电动势为12 V，内阻很小) H.开关S (1)部分电路原理图如图10所示，请选择合适的器材，电表1为________，电表2为________，定值电阻为________。(填写器材前的字母编号)

(2)将电路图(图10)补充完整。 (3)写出测量LED灯正常工作时的电阻表达式Rx＝________(用已知量和测量量表示)，当表达式中的________(填字母)达到________，记下另一电表的读数代入表达式，其结果为LED灯正常工作时的电阻。

24．(12分) 在如图所示的装置中，两个光滑的定滑轮的半径很小，表面粗糙的斜面固定在地面上，斜面的倾角为。用一根跨过定滑轮的细绳连接甲、乙两物体，把甲物体放在斜面上且连线与斜面平行，把乙物体悬在空中，并使悬线拉直且偏离竖直方向

。现同时释放甲乙两物体，乙物体将在竖直平面内振动，当乙物体运动经过最高点和最低点时，甲物体在斜面上均恰好未滑动。已知乙物体的质量为，若取重力加速度。求：甲物体的质量及斜面对甲物体的最大静摩擦力。 25．(20分) 如图所示，真空室内有一个点状的α粒子放射源P，它向各个方向发射α粒子(不计重力)，速率都相同．ab为P点附近的一条水平直线(P到直线ab的距离PC=L)，

Q为直线ab上一点，它与P点相距PQ=(现只研究与放射源P和直线ab同一个平面内的α粒子的运动)，当真空室内(直线ab以上区域)只存在垂直该平面向里、磁感应强度为B的匀强磁场时，水平向左射出的α粒子恰到达Q点；当真空室(直线ab以上区域)只存在平行该平面的匀强电场时，不同方向发射的α粒子若能到达ab直线，则到达ab直线时它们动能都相等，已知水平向左射出的α粒子也恰好到达Q点．(α粒子的电荷量为+q，质量为m；sin37°=0.6；cos37°=0.8)求： ⑴α粒子的发射速率；⑵匀强电场的场强大小和方向；⑶当仅加上述磁场时，能到达直线ab的α粒子所用最长时间和最短时间的比值。 35．[物理——选修3-5]（15分）（1）（6分）关于原子结构及原子核的知识，下列判断正确的是_________（填正确答案标号。选对l个给3分，选对2个给4分,选对3个给6分，每选错一个扣3分，最低得分为0分） A．每一种原子都有自己的特征谱线 B．处于n=3的一个氢原子回到基态时一定会辐射三种频率的光子 C．α射线的穿透能力比γ射线弱 D．β衰变中的电子来自原子的内层电子 E．放射性元素的半衰期与压力、温度无关（2）（9分）如图所示，一质量为M、长为l的长方形木板B放在光滑的水平地面上，在其右端放一质量为m的小木块A，m＜M。现以地面为参照系，给A和B以大小相等、方向相反的初速度（如图），使A开始向左运动、B开始向右运动，但最后A刚好没有滑离B板，以地为参照系。

（1）若已知A和B的初速度大小为0v，求它们最后的速度的大小和方向；（2）若初速度的大小未知，求小木块A向左运动到达的最远处（从地面上看）离出发点的距离。物理参考答案 14.【答案】：C 解析：上滑过程匀减速上滑，加速度方向沿斜面向下，下滑过程匀加速下降则加速度方向沿斜面向下，故上滑和下滑过程加速度方向相同，物体都处于失重状态，故A、B错误；速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，由图可知，上滑的位移为1121tv，下滑的位移为)(21122ttv，经过一段时间又返回出发点说明)(12211ttvtv，故C正确；根据能量守恒知上滑损失机械能为mgtvmvmghEEk112112121，故D错误。 15.【答案】B 16.【答案】 D 【解析】根据R两端电压u随时间变化的图象可知，电压表V的读数为10V，选项C错误；由欧姆定律知，通过R的电流iR随时间t变化的规律是iR＝2cos 100πt(A)，选项A错误；变压器输出功率P＝U2R＝10W，因此变压器的输入功率为10W，通过R的电流的有效值为1A，则电流表A的读数为0.1A，选项B错误、D正确。 17.【答案】A 【解析】令m = 0，则Tm应为零，而选项B中的Tm = Mg，选项B错误；令m 趋近于M，则选项C中Tm趋近于无穷大，不合理，选项C错误；令M = 0，则选项D中的表达式

简化为Tm = 12 mg，由于M = 0且尚未挂上钩码时弹簧弹力为零，挂上钩码并由静止开始释放，当弹簧弹力与mg平衡时，钩码的速率最大，由于惯性钩码还要继续向下运动，可见轻绳对钩码的最大拉力Tm应大于mg，所以选项D错误；由排除法知选项A正确。【答案】：A 18.【答案】C