课标版浙江高考物理二轮复习夯基提能作业本 (26)

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浙江省高考物理二轮复习选择题提升练(二)(含解析)-人教版高三全册物理试题

选择题提升练(二)一、选择题Ⅰ(此题共13小题，每一小题3分，共39分．每一小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多项选择、错选均不得分)1．如下列图为成都到重庆的和谐号动车车厢内可实时显示相关信息的显示屏示意图，图中甲、乙两处的数据分别表示了两个物理量．如下说法中正确的答案是( )A ．甲处表示时间，乙处表示平均速度B ．甲处表示时间，乙处表示瞬时速度C ．甲处表示时刻，乙处表示平均速度D ．甲处表示时刻，乙处表示瞬时速度答案：D2．将甲、乙两小球先后以同样的速度在距地面不同高度处竖直向上抛出，抛出时间相隔 2 s ，它们运动的v －t 图象分别如直线甲、乙所示．如此( )A ．t ＝2 s 时，两球的高度差一定为40 mB ．t ＝4 s 时，两球相对于各自抛出点的位移相等C ．两球从抛出至落到地面所用的时间间隔相等D ．甲球从抛出至达到最高点的时间间隔与乙球的不相等解析：选B.v －t 图线与时间轴所围面积表示小球的位移，由图可知，t ＝2 s 时，甲球相对其抛出点高度为40 m ，乙球恰要抛出，因为甲、乙抛出点位置高度不同，故A 错误；t ＝4 s 时，甲已过最高点返回至距抛出点40 m 处，乙已上升到距其抛出点40 m 处，B 正确；因甲、乙抛出点距地面高度不同，故在空中运动时间不同，C 错误；上升至最高点的时间t ＝v 0g，因甲、乙的初速度一样，故D 错误．3．如图甲所示，轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一小物体(物体与弹簧不连接)，初始时物体处于静止状态，现用竖直向上的拉力F 作用在物体上，使物体开始向上做匀加速直线运动，拉力F 与物体位移x 的关系如图乙所示，(g ＝10 m/s 2)，如此如下结论正确的答案是( )A ．物体与弹簧别离时，弹簧处于压缩状态B ．物体的质量为1 kgC ．物体的加速度大小为4 m/s 2D ．物体的加速度大小为5 m/s 2解析：选D.初始时物体处于静止状态，mg ＝kx 1，由图可知x 1＝4 cm ，初始时F 1＝ma ，F 1＝10 N ，在x 1＝4 cm 之后F 不变，说明物体离开弹簧，物体与弹簧别离时，弹簧处于原长状态，由牛顿第二定律F 2－mg ＝ma ，F 2＝30 N ，解得m ＝2 kg ，a ＝5 m/s 2，D 正确．4．(2019·台州中学期中)在游乐园转盘的游戏中，游客坐在匀速转动的水平转盘上，与转盘相对静止，关于他们的受力情况和运动趋势，如下说法中正确的答案是( )A ．只受到重力、支持力和滑动摩擦力的作用B ．受到重力、支持力、静摩擦力和向心力的作用C ．游客相对于转盘的运动趋势与其运动方向相反D ．游客受到的静摩擦力方向沿半径方向指向圆心答案：D5．有一长方体导体，长a 、宽b 、高h 之比为6∶3∶2，它的六个面的中心各焊接一根电阻不计的导线，如下列图，分别将AA ′、BB ′、CC ′接在同一恒压电源上时，导体中电荷的运动速度分别为v 1、v 2、v 3.如此v 1∶v 2∶v 3为( )A ．6∶3∶2B ．1∶1∶1C ．2∶3∶6D ．1∶2∶3解析：选D.根据R ＝ρL S 、I ＝U R 和I ＝nSqv 得v ＝U n ρqL ，即v ∝1L，所以v 1∶v 2∶v 3＝1∶2∶3，D 正确．6．“蹦极〞是一种很有挑战性的运动．将一根有弹性的绳子系在蹦极者身上，另一端固定在跳台上，人从几十米高处跳下．将蹦极过程简化为人沿竖直方向的运动．从蹦极者离开跳台到第一次下降至最低点的过程中，如下说法正确的答案是( )A ．蹦极者受到的合力始终增大B ．蹦极者始终处于失重状态C ．弹性绳刚好被拉直时，蹦极者的速度最大D ．蹦极者下降至最低点时，蹦极者的机械能最小解析：选D.刚开始，蹦极者只受到重力的作用而自由下落，当弹性绳伸长时，其受到的合力减小，当弹力等于重力时，合力为0，而弹力大于重力时，合力又变大，应当选项A 错误；当蹦极者受到的弹力小于重力时，蹦极者处于失重状态，当弹力大于人的重力时，蹦极者处于超重状态，应当选项B 错误；弹性绳刚好被拉直时，蹦极者受到重力的作用，此时弹力为0，蹦极者仍要向下做加速运动，故此时蹦极者的速度并不是最大，选项C 错误；蹦极者下降至最低点时，弹性绳子的伸长量最大，它的弹性势能最大，根据系统机械能守恒可知，此时蹦极者的机械能最小，选项D 正确．7．人通过定滑轮将质量为m 的物体沿倾角为θ的光滑斜面由静止开始匀加速地由底端拉上斜面，物体上升的高度为h ，到达斜面顶端的速度为v ，如下列图．重力加速度为g ，如此在此过程中( )A ．人对物体做的功为mghB ．人对物体做的功为12mv 2 C ．物体抑制重力所做的功为mgh cos θD ．物体所受的合力做的功为12mv 2 答案：D8．假设在某行星和地球上相对于各自水平地面附近一样的高度处、以一样的速率平拋一物体，它们在水平方向运动的距离之比为2∶7，该行星质量约为地球的7倍，地球的半径为R .由此可知，该行星的半径约为( )A.12RB.72RC ．2R D.72R 解析：选C.平拋运动在水平方向上做匀速直线运动，即x ＝v 0t ，在竖直方向上做自由落体运动，即h ＝12gt 2，所以x ＝v 02h g ，两种情况下，拋出的速度一样，高度一样，所以g 行g 地＝74，根据公式G Mm R 2＝mg 可得g ＝GM R 2，故g 行g 地＝M 行R 2行M 地R 2地＝74，解得R 行＝2R ，故C 正确． 9．(2019·台州回浦中学期中)两个固定的等量异种点电荷所形成电场的等势面如图中虚线所示，一带电粒子以某一速度从图中a 点进入电场，其运动轨迹为图中实线所示．假设粒子只受静电力作用，如此如下关于带电粒子的判断正确的答案是( )A ．带正电B ．速度先增大后减小C ．电势能先减小后增大D ．经过b 点和d 点时的速度大小一样解析：选D.根据粒子的运动轨迹与电场线分布可知，粒子带负电，A 项错误；粒子从a 到c 到e 的过程中电场力先做负功后做正功，速度先减小后增大，电势能先增大后减小，选项B 、C 均错误；因为b 、d 两点在同一等势面上，所以在b 、d 两点的电势能一样，所以粒子经过b 点和d 点时的速度大小一样，选项D 正确．10.如下列图，一金属弯杆处在磁感应强度大小为B 、方向垂直纸面向里的匀强磁场中，ab ＝bc ＝L ，当它以速度v 向右平动时，a 、c 两点间的电压为( )A ．BLvB ．BLv (1＋sin θ)C ．BLv cos θD ．BLv sin θ解析：选D.导体棒切割磁感线的有效长度，是导体棒垂直于速度方向上的投影长度．此题中ab 边不切割磁感线，bc 边切割的有效长度为L sin θ，所以ac 两点间的电压为bc 边切割磁感线产生的感应电动势，即U ＝E ＝B (L sin θ)v ＝BLv sin θ，故D 项正确，A 、B 、C 三项错误．11.如下列图，两个完全一样的轻质铝环a、b能在一个光滑的绝缘圆柱体上自由移动，设大小不同的电流按如下列图的方向通入两个铝环中，如此两个铝环的运动情况是( )A．两环均静止不动B．都绕圆柱体转动C．彼此靠近，相遇时两环速度大小一样D．彼此远离，两环加速度大小一样解析：选D.异向电流相互排斥，所以两个铝环相互远离，两环受到的力大小一样，根据牛顿第二定律两环的加速度大小一样，D选项正确．12.小张同学探究电流之间作用力关系，按如图方式连接电路，导线绕在一光滑绝缘圆管的外侧，A为圆管中轴线EF上的某点，闭合开关S，如此( )A．小磁针在A点N极指向EB．线圈之间不存在相互作用力C．线圈因受到安培力而相互吸引D．调换电源的正负极，线圈相互排斥解析：选C.根据右手定如此可知，螺线管E侧是磁场S极，F侧为N极，所以在螺线管内部磁感线从E到F，所以小磁针在A点时N极指向F侧，选项A错误；线圈之间的电流方向一样，所以是相互吸引的，选项B错误，C正确；如果调整电源正负极，线圈中的电流方向改变，但方向依然是一样的，所以线圈还是相互吸引，选项D错误．13．真空中，在x轴上x＝0和x＝8处分别固定两个电性一样的点电荷Q1和Q2.电荷间连线上的电场强度E随x变化的图象如下列图(＋x方向为场强正方向)，其中x＝6处E＝0.将一个正试探电荷在x＝2处由静止释放(重力不计，取无穷远处电势为零)．如此( )A．Q1、Q2均为负电荷B．Q1、Q2带电荷量之比为9∶1C．在x＝6处电势为0D ．该试探电荷向x 轴正方向运动时，电势能一直减小解析：选B.由图，在x ＝0处场强为正，x ＝8处场强为负，可知Q 1、Q 2为同种正电荷，故A 错误；根据题意“x ＝6处E ＝0〞可知，在x ＝6处，E 1＝E 2，即k Q 162＝k Q 222，解得Q 1Q 2＝6222＝91，故B 正确；由于无穷远处电势为零，故在x ＝6处电势不为0，故C 错误；该试探电荷向x 轴正方向运动时，电场力先做正功，再做负功，因此电势能先减小后增大，故D 错误．二、选择题Ⅱ(此题共3小题，每一小题2分，共6分．每一小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的．全部选对的得2分，选对但不全的得1分，有选错的得0分)14．在白炽灯的照射下从两块捏紧的玻璃板外表看到彩色条纹，通过狭缝观察发光的白炽灯也会看到彩色条纹，这两种现象( )A ．都是光的衍射现象B ．都是光的干预现象C ．前者是光的干预现象，后者是光的衍射现象D ．前者是光的衍射现象，后者是光的干预现象解析：选C.根据干预和衍射的条件，两块玻璃板的空气层形成薄膜干预，日光灯发出的光通过狭缝会发生衍射现象．15．一列简谐横波沿x 轴正方向传播，在t 时刻与t ＋0.2 s 两个时刻，x 轴上(－3 m ，3 m)区间的波形完全一样，如下列图．图中M 、N 两质点在t 时刻位移均为振幅a 的一半，如下说法中正确的答案是( )A ．该波的波速可能为20 m/sB ．t ＋0.1 s 时刻，x ＝－2 m 处的质点位移一定是aC ．从t 时刻起，x ＝2 m 处的质点比x ＝2.5 m 处的质点先回到平衡位置D ．从t 时刻起，在质点M 第一次到达平衡位置时，质点N 恰好到达波峰解析：选AC.波沿x 轴正方向传播，如此在Δt ＝0.2 s 时间内，波传播的距离为Δx ＝nλ(n＝1，2，3，…)，如此该波的波速v ＝Δx Δt＝5nλ(m/s)(n ＝1，2，3，…)，当n ＝1时，v ＝20 m/s ，所以A 正确；由于周期不确定，0.1 s 不一定等于半个周期的奇数倍，如此t ＋0.1 s 时刻，x ＝－2 m 处的质点位移不一定是a ，B 错误；因波沿x 轴正方向传播，再结合波形图可知从t时刻起，在x＝2 m处的质点比x＝2.5 m处的质点先回到平衡位置，如此C正确；利用波的“平移法〞可判断，当质点M第一次到达平衡位置时，N质点还在继续向上振动，没有到达波峰，所以D错误．16．原子核聚变有望给人类的未来提供丰富的洁净能源．当氘等离子体被加热到适当高温时，氘核参与的几种聚变反响可能发生，放出热量．这几种反响的总效果可以表示为621H→k42He＋d11H＋210n＋43.15 MeV由平衡条件可知( )A．k＝1，d＝4B．k＝2，d＝2C．k＝1，d＝6D．k＝2，d＝3解析：选B.根据核反响过程中质量数守恒和电荷数守恒得B正确．。

浙江鸭2025版高考物理一轮复习实验5探究做功与物体速度变化的关系夯基提能作业本

试验5 探究做功与物体速度变更的关系1.在探究“功和速度变更关系”的试验中,小张同学用如图甲所示装置,尝试通过测得细绳拉力(近似等于悬挂重物重力)做的功和小车获得的速度的值进行探究,则甲(1)(多选)下列说法正确的是。

A.该方案须要平衡摩擦力B.该方案须要重物的质量远小于小车的质量C.该方案操作时细绳应当与木板平行D.该方案处理数据时应选择匀速时的速度(2)图乙为B两位同学穿纸带方法,你认为的正确。

(3)某次获得的纸带如图丙所示,小张依据点迹标上了计数点,请读出C计数点在刻度尺上的读数cm,并求出C点对应小车的速度为m/s(计算结果保留3位有效数字)。

丙答案(1)ABC (2)B (3)9.82(9.80~9.85范围都可) 0.176(0.175~0.180范围都可)解析(1)试验时小车受到的合力等于重物的拉力,因此该方案须要平衡摩擦力,故A正确;只有当重物质量远小于小车质量时,小车所受到的拉力近似等于重物的重力,否则试验误差将很大,因此该方案须要重物的质量远小于小车的质量,故B正确;小车受到的拉力等于重物的重力,该方案操作时细绳应当与木板平行,故C正确;在该试验方案中小车做匀加速直线运动,该方案处理数据时应求出某计数点的瞬时速度与小车对应于该点的位移,故D错误;故选A、B、C。

(2)复写纸应套在定位轴上,并要压在纸带的上面,所以应选B。

(3)由图示刻度尺可知,其分度值为1 mm,C 点处刻度尺示数为9.82 cm;做匀变速直线运动的物体在某段时间内的平均速度等于该段时间中间时刻的瞬时速度,则C 点的速度:v C =BB 2B =0.1170−0.08182×5×0.02m/s=0.176 m/s 。

2.(1)(多选)在用如图所示装置做“探究功与速度关系”的试验,下列说法正确的是。

A.为了平衡摩擦力,试验中可以将长木板的左端适当垫高,使小车拉着穿过打点计时器的纸带自由下滑时能保持匀速运动B.为简便起见,每次试验中橡皮筋的规格要相同,拉伸的长度要一样C.可以通过变更橡皮筋的条数来变更拉力做功的数值D.可以通过变更小车的质量来变更拉力做功的数值E.试验中要先释放小车再接通打点计时器的电源F.通过打点计时器打下的纸带来测定小车加速过程中获得的最大速度G.通过打点计时器打下的纸带来测定小车加速过程中获得的平均速度(2)(多选)在用如图所示装置做“探究功与速度变更关系”的试验时,除了图中已给出的试验器材外,还须要的器材有。

(新课标)近年高考物理一轮复习第二章相互作用第4讲受力分析共点力的平衡夯基提能作业本(20

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第4讲受力分析共点力的平衡基础巩固1.（2017安徽安庆一中模拟)如图所示,细绳竖直拉紧,小球和光滑斜面接触,并处于静止状态,则小球受到的力是（）A。

重力、绳的拉力B.重力、绳的拉力、斜面的弹力C.重力、斜面的弹力D.绳的拉力、斜面的弹力2。

(2017河北武邑中学周考)为了测定木块和竖直墙壁之间的动摩擦因数,某同学设计了一个实验：用一根弹簧将木块压在墙上,同时在木块下方有一个拉力F2作用,使木块恰好匀速向下运动,如图所示。

现分别测出了弹簧的弹力F1、拉力F2和木块的重力G,则动摩擦因数μ应等于( ）A.B。

C.D。

3。

(2014课标Ⅰ，17，6分）如图,用橡皮筋将一小球悬挂在小车的架子上,系统处于平衡状态。

现使小车从静止开始向左加速,加速度从零开始逐渐增大到某一值,然后保持此值，小球稳定地偏离竖直方向某一角度(橡皮筋在弹性限度内)，与稳定在竖直位置时相比,小球的高度（)A.一定升高B.一定降低C.保持不变D。

升高或降低由橡皮筋的劲度系数决定4.（2016内蒙古集宁一中第一次月考）(多选）如图所示,质量为M的斜面体A置于粗糙水平面上，用轻绳拴住质量为m的小球B置于斜面上,整个系统处于静止状态。

浙江选考版高考物理一轮复习第讲波粒二象性夯基提能作业本.docx

第29讲波粒二象性1.(多选)关于近代物理实验,下列说法正确的有( )A.光电效应实验中,一定颜色的可以产生光电效应的光,入射光越强,单位时间内发射的光电子数越多B.在光电效应实验中,入射光的频率大于截止频率时不发生光电效应C.康普顿效应表明,光子除了具有能量之外还具有动量D.一个电子和一个质子具有同样的动能时,质子的德布罗意波长更长答案AC 入射光的强度越强,单位时间内射到金属上的光子数就越多,发射出光电子数就越多,A选项正确;发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率,故B错误;康普顿效应表明光子除了具有能量之外还具有动量,C选项正确;相同动能的一个电子和一个质子,由E k=p22m可以知道,电子的动量小于质子的动量,又λ=hp,则电子的德布罗意波长比质子大,故D错误。

2.用强度相同的红光和蓝光分别照射同一种金属,均能使该金属发生光电效应。

下列判断正确的是( )A.用红光照射时,该金属的逸出功小,用蓝光照射时该金属的逸出功大B.用红光照射时,该金属的截止频率低,用蓝光照射时该金属的截止频率高C.用红光照射时,逸出光电子所需时间长,用蓝光照射时逸出光电子所需时间短D.用红光照射时,逸出的光电子最大初动能小,用蓝光照射时逸出的光电子最大初动能大答案 D 同种金属的逸出功是相同的,A错误;同种金属的截止频率是相同的,B错误;只要金属能发生光电效应,逸出光电子的时间一样,C错误;蓝光的频率比红光大,由E k=hν-W0知,用蓝光照射时逸出的光电子最大初动能大,D正确。

3.(多选)美国物理学家康普顿在研究石墨对X射线的散射时,发现光子除了具有能量之外还具有动量,被电子散射的X光子与入射的X光子相比( )A.速度减小B.频率减小C.波长减小D.能量减小答案BD 光速不变,A错误;光子将一部分能量转移到电子,其能量减小,随之光子的频率减小、波长变长,B、D正确,C错误。

4.(多选)下列说法正确的是( )A.用光照射某种金属,有光电子从金属表面逸出,如果光的频率不变,而减弱光的强度,则逸出的光电子数减少,光电子的最大初动能不变B.X射线的衍射实验,证实了物质波假设是正确的C.发生光电效应时,光电子的最大初动能与入射光的频率成正比D.在康普顿效应中,当入射光子与晶体中的电子碰撞时,把一部分动量转移给电子,因此光子散射后波长变长答案AD 根据光电效应方程可知,光电子的最大初动能与入射光的频率有关,与入射光的强度无关,选项A正确;电子的衍射说明实物粒子具有波动性,证实了物质波的存在,选项B错误;根据光电效应方程E k=hν-W0,可知光电子的最大初动能与入射光的频率有关,是线性关系,不是成正比,选项C错误;在康普顿效应中,当入射光子与晶体中的电子碰撞时,把一部分动量转移给电子,则动量减小,根据λ=hp知波长变长,选项D正确。

浙江选考版高考物理一轮复习实验探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系夯基提能作业本.docx

实验13 探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系1.(多选)如图所示为可拆变压器,在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验中,下列说法正确的是(填字母)。

A.用可拆变压器,能方便地从不同接连柱上选取不同匝数的线圈B.测量原、副线圈的电压,可用“测定电池的电动势和内阻”实验中的直流电压表C.原线圈接0、8接线柱,副线圈接0、4接线柱,副线圈电压大于原线圈电压D.为便于探究,先保持原线圈匝数和电压不变,改变副线圈的匝数,研究其对副线圈电压的影响答案AD 变压器的输出电压跟输入电压以及原、副线圈匝数之比都有关,用可拆变压器能方便地从不同接线柱上选取不同匝数的线圈,选项A、D正确。

不能用直流电压表测量原、副线圈的电压,所以选项B 错误。

根据原、副线圈匝数之比等于输入、输出电压之比可知,原线圈接0、8接线柱,副线圈接0、4接线柱,那么副线圈的电压小于原线圈的电压,所以C错误。

2.在“探究变压器线圈两端的电压与匝数关系”的实验中,若某同学实验时,忘记把图甲中的变压器铁芯A组装到变压器铁芯B上,组装后的变压器如图乙所示。

在铁芯上的原、副线圈匝数分别为n1=800匝和n2=200匝,原线圈两端与u=122 sin 314t(V)的交流电源相连,则副线圈两端电压的有效值可能是( )A.0.6 VB.3 VC.32 VD.12 V答案 A 原线圈两端电压有效值为U1=1222 V=12 V,如果把图甲中的变压器铁芯A组装到变压器铁芯B 上,则副线圈两端电压的有效值U2=n2n1U1=200800×12 V=3 V;由于该同学忘记了把图甲中的变压器铁芯A组装到变压器铁芯B上,导致“漏磁”,则副线圈两端电压的有效值将小于3 V,故选A。

3.在“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”实验中,某同学利用“教学用的可拆变压器”进行探究。

(1)(多选)下列器材中,实验需要的器材是。

A.干电池B.低压交流电源C.220 V交流电源D.条形磁铁E.可拆变压器和导线F.直流电压表G.多用电表(2)关于实验操作,下列说法正确的是。

山西高考二轮复习高考物理湘教考苑版夯基提能作业本

第1讲　功和功率A组　基础过关1.如图所示,两箱相同的货物,现要用电梯将它们从一楼运到二楼,其中图甲是利用扶梯台式电梯运送货物,图乙是用履带式自动电梯运送,假设两种情况下电梯都是匀速地运送货物,下列关于两电梯在运送货物时的说法正确的是( )A.两种情况下电梯对货物的支持力都对货物做正功B.图乙中电梯对货物的支持力对货物做正功C.图甲中电梯对货物的支持力对货物不做功D.图乙中电梯对货物的支持力对货物不做功答案　D　在图甲中,货物随扶梯台式电梯匀速上升时,货物受到的支持力竖直向上,与货物位移方向的夹角小于90°,故此种情况下支持力对货物做正功,选项C错误;图乙中,货物受到的支持力与履带式自动电梯的接触面垂直,此时货物受到的支持力与货物位移方向垂直,故此种情况下支持力对货物不做功,选项A、B错误,D正确。

2.(多选)(2016课标Ⅱ,19,6分)两实心小球甲和乙由同一种材料制成,甲球质量大于乙球质量。

两球在空气中由静止下落,假设它们运动时受到的阻力与球的半径成正比,与球的速率无关。

若它们下落相同的距离,则( )A.甲球用的时间比乙球长B.甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小C.甲球加速度的大小小于乙球加速度的大小D.甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功答案　BD 甲、乙下落的时间与加速度有关,故应先求加速度。

由 m 甲=ρV 甲=ρ·π得43R 3甲R 甲=,阻力f 甲=kR 甲=k,由牛顿第二定律知a 甲==g-k,同理a 乙=g-k33m 甲4πρ33m 甲4πρm 甲g -f 甲m 甲334πρm 2甲,因m 甲>m 乙,所以a 甲>a 乙,故C 项错误;再由位移公式h=at 2可知 t 甲<t 乙,故A 项错334πρm 2乙12误;再由速度-位移公式v 2=2ah 得v 甲>v 乙,故B 项正确;甲球受到的阻力大,甲、乙下落距离相等,故甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功,D 项正确。

2025版新教材高考物理全程一轮总复习课时分层作业26动量定理及应用

课时分层作业(二十六) 动量定理及应用基础强化练1.明朝的《天工开物》记载了我国古代劳动人民的才智．如图所示，可转动的把手上a 点到转轴的距离为2R ，辘轳边缘b 点到转轴的距离为R .人甲转动把手，把井底的人乙加速拉起来，则( )A ．a 点的角速度大于b 点的角速度B ．a 点的线速度小于b 点的线速度C ．绳对乙拉力的冲量等于乙的动量改变量D ．绳对乙的拉力大于乙的动量改变率2.一质点静止在光滑水平面上，现对其施加水平外力F ，力F 随时间按正弦规律改变，如图所示，下列说法正确的是( )A ．第2s 末，质点的动量为0B ．第2s 末，质点的动量方向发生改变C ．第4s 末，质点回到动身点D ．在1～3s 时间内，力F 的冲量为0 3.[2024·安徽合肥八中一卷]平底煎锅正在炸豆子．假设每个豆子的质量均为m ，弹起的豆子均垂直撞击平板锅盖，撞击速度大小均为v .每次撞击后速度大小均变为23v ，撞击的时间极短，发觉质量为M 的锅盖刚好被顶起．重力加速度为g ，则单位时间撞击锅盖的豆子个数为( )A ．3Mg 5mvB ．2Mg 5mvC ．2Mg 3mvD ．3Mg 2mv4．[2024·山东济南模拟]在“天宫课堂”其次课上，航天员给我们展示了“科学试验重器”——“高微重力科学试验柜”，如图甲所示，当柜体受到一个干扰偏离原位置时，柜体通过喷气又渐渐回到了原位置．将该过程简化为如图乙所示的模型，物块静止在光滑水平面上的O 点，左、右有两个喷气装置A 和B ，当给物块一个水平向左的初速度时，喷气装置A马上向左喷气，经过一段时间，装置A关闭，同时装置B向右喷气，直到物块回到动身点O且回到O点时速度为零，假设喷气装置A、B喷气过程中对物块的作用力大小相等且不变，方向始终在水平方向上，喷气对物块和喷气装置整体质量的影响忽视不计，则该过程中A、B喷气装置喷气的时间的比值等于( )A．1B．2C．5D．2＋15．[2024·湖南雅礼中学模拟]某校秋季运动会分为竞技组和健身组，健身组设置了定点投篮项目．如图甲所示，某选手正在进行定点投篮，篮球在空中划出了一道美丽的弧线．在篮球运动所在的竖直平面内建立坐标系xOy，如图乙所示，篮球由A点投出，A、B、C、D 是篮球运动轨迹上的四点，C为篮球运动的最高点，A、B、D三点的坐标已在图中标出，重力加速度为g，空气阻力忽视不计．则下列说法正确的是( )A．篮球经过C点时速度大小为gLB．篮球经过B点和D点的动量相同C．篮球由A到B和由B到C过程，动量的改变量相同D．篮球由B到C和由C到D过程，重力做功相等6．我国规定摩托车、电动自行车骑乘人员必需依法配戴具有缓冲作用的平安头盔，小明对某轻质头盔的平安性能进行了模拟试验检测．某次，他在头盔中装入质量为5.0kg的物体(物体与头盔亲密接触)，使其从1.80m的高处自由落下(如图所示)，并与水平地面发生碰撞，头盔厚度被挤压了0.03m时，物体的速度减小到零，挤压过程不计物体重力，且视为匀减速直线运动，不考虑物体和地面的形变，忽视空气阻力，重力加速度g取10m/s2.求：(1)头盔接触地面前瞬间的速度大小；(2)物体做匀减速直线运动的时间；(3)物体在匀减速直线运动过程中所受平均作用力的大小．实力提升练7．[2024·山东济南一模]如图所示为高速磁悬浮列车在水平长直轨道上的模拟运行图，5节质量均为m的车厢编组运行，只有1号车厢为动力车厢．列车由静止起先以额定功率P 运行，经过一段时间达到最大速度．列车向右运动过程中，1号车厢会受到前方空气的阻力，假设车厢遇到空气前空气的速度为0，遇到空气后空气的速度马上与列车速度相同，已知空气密度为ρ，1号车厢的迎风面积(垂直运动方向上的投影面积)为S.不计其他阻力，忽视2号、3号、4号、5号车厢受到的空气阻力．当列车以额定功率运行到速度为最大速度的一半时，3号车厢对4号车厢的作用力大小为( )A．7103P2ρS B．453P2ρSC．335P2ρS D．7203P2ρS8．(多选)如图甲所示，倾角为θ＝37°的足够长光滑斜面体固定于水平地面上，用沿斜面对上的外力F拉动可视为质点的物块，起先时物块处在斜面底端，取水平地面为零势能面，物块的动能E k与位移x的关系如图乙所示，物块上升至x0处时撤去外力F，已知物块质量为m，当地的重力加速度为g，cos37°＝0.8，sin37°＝0.6，图乙中x0为已知量，下列说法正确的是( )A．外力F的大小恒为mgB．0～x0阶段，物块的机械能增量为0.4mgx0C．0～x0和x0～x1两阶段中重力做的功之比为3∶2D．0～x0和x0～x1两阶段的运动时间之比为2∶39．(多选)如图(a)，质量分别为m A、m B的A、B两物体用轻弹簧连接构成一个系统，外力F作用在A上，系统静止在光滑水平面上(B靠墙面)，此时弹簧形变量为x，撤去外力并起先计时，A、B两物体运动的at图像如图(b)所示，S1表示0到t1时间内A的at图线与坐标轴所围面积大小，S2、S3分别表示t1到t2时间内A、B的at图线与坐标轴所围面积的大小，A在t1时刻的速度为v0，下列说法正确的是( )A ．0到t 1时间内，墙对B 的冲量等于m A v 0B ．m A >m BC ．B 运动后，弹簧的最大形变量等于xD ．S 1－S 2＝S 3课时分层作业（二十六）1．解析：因a 、b 两点同轴转动，则a 点的角速度等于b 点的角速度，依据v ＝ωr ，因a 点转动半径较大，可知a 点的线速度大于b 点的线速度，选项A 、B 错误；依据动量定理（F －mg ）t ＝mv即F ＝mv t ＋mg即绳对乙拉力和重力的合力的冲量等于乙的动量改变量，绳对乙的拉力大于乙的动量改变率，C 错误，D 正确．答案：D2．解析：由题图可知，0～2s 时间内F 的方向和质点运动的方向相同，质点经验了加速度渐渐增大的加速运动和加速度渐渐减小的加速运动，所以第2s 末，质点的速度最大，动量最大，方向不变，故选项A 、B 错误；2～4s 内F 的方向与0～2s 内F 的方向不同，该质点0～2s 内做加速运动，2～4s 内做减速运动，所以质点在0～4s 内的位移均为正，第4s 末没有回到动身点，故选项C 错误；在F t 图像中，图线与横轴所围的面积表示力F 的冲量，由题图可知，1～2s 内的面积与2～3s 内的面积大小相等，一正一负，则在1～3s 时间内，力F 的冲量为0，故选项D 正确．答案：D3．解析：设单位时间撞击锅盖的豆子个数为n ，则由动量定理有F Δt ＝Δm ·23v －（－Δm ·v ），其中F ＝Mg ，Δm ＝n Δt ·m ，解得n ＝3Mg 5mv，选项A 正确．答案：A4．解析：设A 、B 喷气过程中对物块的作用力大小为F ，喷气的时间分别为t 1和t 2，物块初速度大小为v ，以水平向左为正方向，设A 停止喷气时物块速度大小为v 1，依据动量定理有－Ft 1＝m （－v 1）－mv ，Ft 2＝0－m （－v 1），由运动学规律可得（－v 1）＋v 2t 1＝－0＋（－v 1）2t 2，联立解得t 1＝（2＋1）t 2，故选D. 答案：D5．解析：依题意可知篮球抛出后做斜抛运动，利用对称性和逆向思维，可知篮球从C 点到A 点做平抛运动，设C 点坐标为（0，y C ），篮球从C 点到B 点所用时间为t ，则有L ＝v C t ，y C ＝12gt 2，3L －y C ＝gt 2，联立求得y C ＝L ，v C ＝gL 2，故A 错误；由图乙知B 点和D 点在同一水平线上，则分析可知篮球在两点处的速度大小相等，但方向不同，所以篮球在两点处的动量不相同，故B 错误；由图乙知篮球由A 到B 和由B 到C 过程水平方向上发生的位移大小相等，则所用时间相等，依据动量定理可得mgt ＝Δp ，所以动量的改变量相同，故C 正确；篮球由B 到C ，重力做负功，由C 到D ，重力做正功，二者不相等，故D 错误．答案：C6．解析：（1）由自由落体运动规律可得v 2＝2gh ，代入数据解得v ＝6m/s.（2）由匀变速直线运动规律可得Δx ＝v 2t ，解得t ＝0.01s. （3）由动量定理得Ft ＝mv ，解得F ＝3000N.答案：（1）6m/s （2）0.01s （3）3000N7．解析：车厢遇到空气前，空气的速度为0，遇到空气后，空气的速度马上与列车速度相等，以Δt 时间内，车厢遇到的空气为探讨对象，依据动量定理有f ·Δt ＝mv ，又m ＝ρSv ·Δt ，解得f ＝ρSv 2.当列车以额定功率运行到最大速度时，P ＝F m v m ＝f m v m ＝ρSv 3m ，当列车以额定功率运行到速度为最大速度的一半时，对5节车厢整体进行受力分析，依据牛顿其次定律有F 1－f 1＝5ma ，P ＝F 1·v m 2，f 1＝ρS （v m 2）2，对4、5节车厢受力分析，依据牛顿其次定律有F ＝2ma ，联立解得F ＝7103P 2ρS ，故A 正确．答案：A8．解析：0～x 0阶段，对物块，依据动能定理得Fx 0－mgx 0sin37°＝0.4mgx 0，所以F ＝mg ，选项A 正确；0～x 0阶段，物块的机械能增量为ΔE ＝0.4mgx 0＋mgx 0sin37°＝mgx 0，选项B 错误；x 0～x 1阶段，对物块，依据动能定理得－mg （x 1－x 0）sin37°＝－0.4mgx 0，解得x 1＝53x 0，所以0～x 0和x 0～x 1两阶段中重力做的功之比为W 1W 2＝－mgx 0sin37°－mg （x 1－x 0）sin37°＝32，选项C 正确；0～x 0阶段，对物块，依据动量定理得（F －mg sin37°）t 1＝mv ，x 0～x 1阶段，对物块，依据动量定理得－mgt 2sin37°＝－mv ，解得t 1t 2＝32，选项D 错误．答案：AC9．解析：0到t 1时间内，对A 物体由动量定理得I ＝m A v 0，而B 物体处于静止状态，墙壁对B 的冲量等于弹簧弹力对A 的冲量I ，A 项正确；t 1时刻后，B 物体离开墙壁，t 2时刻A 、B 两物体的加速度大小均达到最大，弹簧拉伸到最长，二者速度相同，由于此时A 、B 两物体所受弹簧弹力大小相等，而B 的加速度大于A 的，故由牛顿其次定律可知，m A >m B ，B 项正确；B 运动后，由图可知随意时刻A 的加速度小于其初始时刻的加速度，因此弹簧的形变量始终小于初始时刻的形变量x ，故C 项错误；t 2时刻A 、B 共速，图线与坐标轴所围面积表示速度的改变量的大小，故有S 1－S 2＝S 3，D 项正确．答案：ABD。

浙江鸭2025版高考物理一轮复习第10讲万有引力定律及其应用夯基提能作业本

第10讲万有引力定律及其应用A组基础题组1.(2024浙江11月选考,7,3分)如图所示是小明同学画的人造地球卫星轨道的示意图,则卫星( )A.在a轨道运行的周期为24 hB.在b轨道运行的速度始终不变C.在c轨道运行的速度大小始终不变D.在c轨道运行时受到的地球引力大小是变更的答案 D a轨道半径未知,则卫星在a轨道运行的周期不能确定,选项A错误;b轨道上的卫星的速度方向不断变更,所以速度在变,选项B错误;地球在c轨道的其中一个焦点上,因此在近地点时卫星速度快,可以看出其远地点速度慢,选项C错误;正在c轨道上运行的卫星,与地球的距离在变更,所以依据F=G MMM2受到地球的引力大小在不断变更,D正确。

2.关于万有引力定律,下列说法正确的是( )A.牛顿提出了万有引力定律,并测定了引力常量的数值B.万有引力定律只适用于天体之间C.万有引力的发觉,揭示了自然界一种基本相互作用的规律D.地球绕太阳在椭圆轨道上运行,在近日点和远日点受到太阳的万有引力大小是相同的答案 C 牛顿提出了万有引力定律,卡文迪许测定了引力常量的数值,万有引力定律适用于任何物体之间,万有引力的发觉,揭示了自然界一种基本相互作用的规律,选项A、B错误,C正确;地球绕太阳在椭圆轨道上运行,在近日点和远日点受到太阳的万有引力大小是不相同的,选项D错误。

3.火星和木星沿各自的椭圆轨道绕太阳运行,依据开普勒行星运动定律可知( )A.太阳位于木星运行轨道的中心B.火星和木星绕太阳运行速度的大小始终相等C.火星与木星公转周期之比的平方等于它们轨道半长轴之比的立方D.相同时间内,火星与太阳连线扫过的面积等于木星与太阳连线扫过的面积答案 C 由开普勒第肯定律(轨道定律)可知,太阳位于木星运行轨道的一个焦点上,A错误。

火星和木星绕太阳运行的轨道不同,运行速度的大小不行能始终相等,B错误。

依据开普勒第三定律(周期定律)知全部行星轨道的半长轴的三次方与它的公转周期的平方的比值是一个常数,C 正确。

浙江选考版高考物理一轮复习第讲磁场的描述磁场对电流的作用夯基提能作业本.docx

第19讲磁场的描述磁场对电流的作用A组基础题组1.(2018浙江11月选考,2,3分)发现电流磁效应的物理学家是( )A.法拉第B.奥斯特C.库仑D.安培答案 B 通电导线周围的磁场是奥斯特发现的。

2.中国宋代科学家沈括在《梦溪笔谈》中最早记载了地磁偏角:“以磁石磨针锋,则能指南,然常微偏东,不全南也。

”进一步研究表明,地球周围地磁场的磁感线分布示意如图。

结合上述材料,下列说法不正确的是( )A.地理南、北极与地磁场的南、北极不重合B.地球内部也存在磁场,地磁南极在地理北极附近C.地球表面任意位置的地磁场方向都与地面平行D.地磁场对射向地球赤道的带电宇宙射线粒子有力的作用答案 C 由题意可知,地理南、北极与地磁场的南、北极不重合,存在磁偏角,A正确。

磁感线是闭合的,再由图可推知地球内部存在磁场,地磁南极在地理北极附近,故B正确。

只有赤道上方附近的磁感线与地面平行,故C错误。

射向地球赤道的带电宇宙射线粒子的运动方向与地磁场方向不平行,故地磁场对其有力的作用,这是磁场的基本性质,故D正确。

选C。

3.四根相互平行的通电长直导线a、b、c、d电流均为I,如图所示放在正方形的四个顶点上,每根通电直导线单独存在时,四边形中心O点的磁感应强度都是B,则四根通电导线同时存在时O点的磁感应强度的大小和方向为( )A.22B,方向向左B.22B,方向向下C.22B,方向向右D.22B,方向向上答案 A 根据安培定则知,四根导线在O点产生的磁感应强度的方向分别为:a导线的沿bd方向,b导线的沿ca方向,c导线的沿bd方向,d导线的沿ca方向。

则根据平行四边形定则可知,四根导线同时存在时的磁感应强度大小为22B,方向水平向左。

故选A。

4.某兴趣小组同学制作出一个可以测量电流的仪器,其主要原理如图所示,铜棒左右两侧的中点分别固定相同弹簧,铜棒所在的虚线范围内有垂直于纸面的匀强磁场,两弹簧为原长时,指针指向0刻度。

在测量一个自上而下电流时指针在0刻度左边静止。

2021版物理名师讲练大一轮复习方略浙江专版课时提升作业：二十六电磁感应现象楞次定律

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课时提升作业二十六电磁感应现象楞次定律(建议用时40分钟)1.如图所示,绕在铁芯上的线圈与电源、滑动变阻器和开关组成闭合回路,在铁芯的右端套有一个表面绝缘的铜环A,下列各种情况中铜环A中没有感应电流的是( )A.线圈中通以恒定的电流B.通电时,使滑动变阻器的滑片P匀速移动C.通电时,使滑动变阻器的滑片P加速移动D.将开关突然断开的瞬间【解析】选A。

线圈中通以恒定的电流时,线圈中产生稳恒的磁场,穿过铜环A的磁通量不变,没有感应电流产生,选项A正确;通电时,使滑动变阻器的滑片P匀速移动时,滑动变阻器接入电路的电阻变化,回路中电流变化,线圈中产生的磁场变化,穿过铜环A的磁通量变化,产生感应电流,选项B错误;通电时,使滑动变阻器的滑片P加速移动时,滑动变阻器接入电路的电阻变化,则回路中电流变化,线圈产生的磁场变化,穿过铜环A的磁通量变化,产生感应电流,选项C错误;将开关突然断开的瞬间,线圈产生的磁场从有到无,穿过铜环A的磁通量减小,产生感应电流,选项D错误。

【加固训练】(多选)现将电池组,滑动变阻器,带铁芯的线圈A、线圈B,电流计及开关如图连接。

某同学如下操作中均发现电流表的指针发生偏转,用法拉第总结的五种引起感应电流的方法,对产生的原因描述正确的是 ( )A.闭合与打开开关均发现指针偏转,是变化的电流引起的B.闭合开关,线圈A向上拔出与向下插入,指针偏转,是运动的恒定电流引起的C.闭合开关,线圈A中的铁芯拔出与插入,指针偏转是变化的电流引起的D.闭合开关,移动滑动变阻器滑片,指针偏转的原因是运动的恒定电流引起的【解析】选A、B。

开关闭合或断开瞬间,线圈A内的变化电流,导致线圈B内的磁通量在变化,导致闭合线圈B中产生感应电动势,从而产生感应电流,电流表指针发生偏转,故A正确;闭合开关,线圈A向上拔出与向下插入,线圈A中的电流虽恒定,但因运动导致线圈B内的磁通量在变化,导致闭合线圈中产生感应电动势,从而产生感应电流,电流表指针发生偏转,故B正确,C错误;开关闭合后,移动滑动变阻器的滑片P时,线圈A中的电流变化,从而导致线圈B内的磁通量发生变化,电流表指针发生偏转,故D错误。

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第8讲抛体运动A组基础题组的方向及它受到的恒定的合外力F的方向,图中M、N、P、Q表1.若已知物体运动的初速度v示物体运动的轨迹,其中正确的是( )答案 B 物体运动的速度方向与运动轨迹相切,而且合外力F的方向指向轨迹的凹侧,故只有B正确。

2.如图所示的陀螺,是民间最早的娱乐工具,也是我们很多人小时候喜欢玩的玩具。

从上往下看(俯视),若陀螺立在某一点顺时针匀速转动,此时滴一滴墨水到陀螺上,则被甩出的墨水径迹可能为( )答案 D 墨水在水平面内(俯视)应沿切线飞出,A、B不正确;又因陀螺顺时针匀速转动,故C 不正确,D正确。

3.如图所示,物体以恒定的速率沿圆弧AB做曲线运动,下列对它的运动分析正确的是( )A.因为它的速率恒定不变,故做匀速运动B.该物体受的合力一定不等于零C.该物体受的合力一定等于零D.它的加速度方向与速度方向有可能在同一直线上答案 B 物体做曲线运动,速度方向一定不断变化,是变速运动,A错;运动状态的变化是外力作用的结果,所以物体所受合力一定不为零,B对,C错;依据物体做曲线运动的条件可知,加速度方向与速度方向一定不共线,D错。

4.(多选)如图所示,某人向放在水平地面上的垃圾桶中水平扔废球,结果恰好从桶的右侧边缘飞到地面,不计空气阻力,为了能把废球扔进垃圾桶中,则此人水平抛球时,可以做出的调整为( )A.初速度大小不变,抛出点在原位置正上方B.初速度大小不变,抛出点在原位置正下方C.减小初速度,抛出点位置不变D.增大初速度,抛出点在原位置正上方答案BC 根据平抛运动规律,要减小水平位移,一是降低抛出点的位置,二是减小初速度,据此判断B、C正确,A、D错误。

5.一只船在静水中的速度为3 m/s,它要渡过河宽为300 m的一条河,已知水流速度为4 m/s,下列说法正确的是( )A.这只船不可能渡过河B.这只船的实际航线不可能垂直河岸C.这只船相对于岸的速度一定是5 m/sD.这只船渡河所用的最短时间为60 s答案 B 只要船有相对岸的速度,则船一定可以渡过河,故A错误;由于船速小于水速,故船不可能有垂直于河岸的合速度,故不可能垂直于河岸渡河,故B正确;船的实际速度取决于船头的方向,故合运动有多种可能,船相对于岸的速度不一定是5 m/s,故C错误;当船头正对河岸时渡河时间最短,最短时间为河宽与船速的比值,即= s=100 s,故D错误。

6.将一挡板倾斜地固定在水平面上,倾角为θ=30°,如图所示。

现有质量为m的小球由挡板上方的A点以v的初速度水平向右抛出,小球落在挡板上的B点时,小球速度方向刚好与挡板垂直,小球与挡板碰撞前后的速度方向相反,速度大小之比为4∶3。

下列有关小球的运动描述正确的是( )A.小球与挡板碰后的速度为vB.小球与挡板碰撞过程中动量的变化量大小为mvC.A、B两点的竖直高度差与水平间距之比为∶1D.A、B两点的竖直高度差与水平间距之比为∶2答案 D 小球在碰撞挡板前做平抛运动。

设刚要碰撞挡板时小球速度为v。

由题意,速度v的方向与竖直方向的夹角为30°且水平分量仍为v0,如图。

由此得v=2v,碰撞过程中,小球速度由v变为反向的v,则碰后的速度大小为v,A错误;碰撞过程小球的速度变化量大小为Δv=v-(-v)=v=v0,动量的变化量大小为mv,故选项B错误;小球下落高度与水平射程之比为===°=,C错误,D正确。

7.如图,窗子上、下沿间的高度H=1.6 m,墙的厚度d=0.4 m,某人在离墙壁L=1.4 m、距窗子上沿h=0.2 m处的P点,将可视为质点的小物件以v的速度水平抛出,小物件直接穿过窗口并落在水平地面上,取g=10 m/s2。

则v的取值范围是( )A.v>7 m/sB.v<2.3 m/sC.3 m/s<v<7 m/sD.2.3 m/s<v<3 m/s答案 C 小物件做平抛运动,可根据平抛运动规律解题。

若小物件恰好经窗子上沿,则有h=g,L=v1t1,得v1=7 m/s,若小物件恰好经窗子下沿,则有h+H=g,L+d=v2t2,得 v2=3 m/s,所以3 m/s<v<7 m/s,故只有C项正确。

8.如图所示,倾角为37°的斜面长l=1.9 m,在斜面底端正上方的O点将一小球以速度v= 3 m/s的速度水平抛出,与此同时在顶端由静止释放滑块,经过一段时间后小球恰好能够以垂直斜面的方向击中滑块。

小球和滑块均可视为质点,重力加速度g取10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,求:(1)抛出点O离斜面底端的高度;(2)滑块与斜面间的动摩擦因数μ。

答案(1)1.7 m (2)0.125解析(1)如图所示,设小球击中滑块时的速度为v,竖直方向分速度为vy,由几何关系得= tan 37°设小球下落的时间为t,竖直方向位移为y,水平方向位移为x,由运动学规律得v y =gt,y=gt2,x=vt设抛出点到斜面底端的距离为h,由几何关系有h=y+x tan 37°解得h=1.7 m(2)在时间t内,滑块的位移为s,由几何关系得s=l-°设滑块的加速度为a,由运动学公式得s=at2对滑块,由牛顿第二定律得mg sin 37°-μmg cos 37°=ma解得μ=0.125B组提升题组1.(多选)如图所示,在灭火抢险的过程中,消防队员有时要借助消防车上的梯子爬到高处进行救人或灭火作业。

为了节省救援时间,在消防车向前前进的过程中,人同时相对梯子匀速向上运动。

在地面上看消防队员的运动,下列说法中正确的是( )A.当消防车匀速前进时,消防队员一定做匀加速直线运动B.当消防车匀速前进时,消防队员一定做匀速直线运动C.当消防车匀加速前进时,消防队员一定做匀变速曲线运动D.当消防车匀加速前进时,消防队员一定做匀变速直线运动答案BC 当消防车匀速前进时,消防队员一定做匀速直线运动,选项A错误,B正确;当消防车匀加速前进时,消防队员一定做匀变速曲线运动,选项C正确,D错误。

2.如图所示,在长约1.0 m的一端封闭的玻璃管中注满清水,水中放一个大小适当的圆柱形的红蜡块,将玻璃管的开口端用胶塞塞紧,并迅速竖直倒置,红蜡块就沿玻璃管由管口匀速上升到管底。

将此玻璃管倒置安装在小车上,并将小车置于水平导轨上。

若小车一端连接细线绕过定滑轮悬挂小物体,小车从A位置由静止开始运动,同时红蜡块沿玻璃管匀速上升。

经过一段时间后,小车运动到虚线表示的B位置。

按照装置图建立坐标系,在这一过程中红蜡块实际运动的轨迹可能是( )答案 C 红蜡块在水平方向上做初速度为零的匀加速直线运动,在竖直方向上做匀速直线运动,其合力方向水平向右,指向轨迹的凹侧,故选项C正确,A、B、D均错误。

3.如图所示,斜面固定在水平面上,两个小球分别从斜面底端O点正上方A、B两点向右水平抛出,B为AO连线的中点,最后两球都垂直落在斜面上,A、B两球击中斜面位置到O点的距离之比为( )A.∶1B.2∶1C.4∶D.4∶1答案 B 设落到斜面上的位置分别为P、Q,由题意知,落到斜面上时两小球的速度与水平面夹角相等,根据平抛运动的推论知,位移AP、BQ与水平面夹角也相等,则△POA与△QOB相似,对应边成比例,B正确。

4.如图所示,P是水平面上的圆弧凹槽。

从高台边B点以某速度v水平飞出的小球,恰能从固定在某位置的凹槽的圆弧道的左端A点沿圆弧切线方向进入轨道。

O是圆弧的圆心,θ1是OA与竖直方向的夹角,θ2是BA与竖直方向的夹角。

则( )A.=2B.tan θ1· tan θ2=2C.·=2 D.=2答案 B 由题意可知: tan θ1==, tan θ2===,所以 tan θ1· tan θ2=2,故B正确。

5.以v的速度水平抛出一物体,当其水平位移与竖直分位移相等时,下列说法错误的是( )A.此时速度的大小是vB.运动时间是C.竖直分速度大小等于水平分速度大小D.运动的位移是答案 C 根据平抛运动的规律可得,x=vt,h=gt2,当其水平分位移与竖直分位移相等时,即x=h,则v0t=gt2,解得t=,所以B正确;平抛运动竖直方向上的速度为vy=gt=g·=2v,所以C错误;此时合速度的大小为=v,所以A正确;由于此时的水平分位移与竖直分位移相等,所以x=h=v0t=v·=,此时运动的合位移的大小为ℎ=x=,所以D正确。

6.质量为m=4 kg的质点静止在光滑水平面上的直角坐标系的原点O处,先用沿+x轴方向的力F 1=8 N作用了2 s,然后撤去F1;再用沿+y轴方向的力F2=24 N作用了1 s,则质点在这3 s内的轨迹为( )答案 D 由F1=max得ax=2 m/s2,质点沿x轴匀加速运动了2 s,x1=ax=4 m,vx1=axt1=4 m/s;之后质点受F2作用而做类平抛运动,ay==6 m/s2,质点再经过1 s,沿x轴再运动的位移x 2=vx1t2=4 m,沿+y方向运动位移y2=ay=3 m,可知D项正确。

7.网球运动员对着墙壁练习打网球,假定球在墙面上以25 m/s的速度沿水平方向反弹,落地点到墙面的距离在10 m至15 m之间,忽略空气阻力,g取10 m/s2,球在墙面上反弹点的高度范围是( )A.0.8 m至1.8 mB.0.8 m至1.6 mC.1.0 m至1.6 mD.1.0 m至1.8 m答案 A 球落地时所用时间在t1==0.4 s至t2==0.6 s之间,所以反弹点的高度在h 1=g=0.8 m至h2=g=1.8 m之间,选项A正确。

8.如图所示为一同学制作的研究平抛运动的装置,其中水平台AO长s=0.70 m,长方体薄壁槽紧贴O点竖直放置,槽宽d=0.10 m,高h=1.25 m。

现有一弹性小球从平台上A点水平射出,已知小球与平台间的阻力为其重力的0.1,重力加速度取g=10 m/s2。

(1)若小球不碰槽壁且恰好落到槽底上的P点,求小球在平台上运动的时间。

(2)若小球碰壁后能立即以原速率反弹,为使小球能击中O点正下方槽壁上的B点,B点和O点的距离hB=0.8 m,求小球从O点出射速度的所有可能值。

答案(1)1 s (2)0.5n m/s(n=1,2,3,…)解析(1)小球从A点射出后匀减速运动到O点,从O点开始做平抛运动,小球恰好落到P点,设小球在O点抛出时的速度为v0,做平抛运动的时间为t1,则有水平方向上d=v0t 1竖直方向上h=g解得v=0.2 m/s设小球在平台上运动时加速度大小为a,则有0.1mg=ma解得a=1 m/s2设小球在A点射出时的速度为vA ,在平台上运动的时间为t2,则从A到O,由运动学公式得-=2as,vA -v=at2解得t2=1 s(2)当小球与竖直壁相碰时,竖直壁对小球的作用力与壁垂直,小球的竖直分速度不变,由题给条件“原速率反弹”可知碰后小球水平分速度大小不变,方向相反,故小球碰壁后的运动轨迹与没有碰撞情况下平抛运动的轨迹关于竖直壁对称。