高中数学必修一综合检测

模块综合检测

(时间120分钟 满分150分)

一、选择题(本大题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的)

1．设U ＝{1,2,3,4,5}，A ＝{1,2,3}，B ＝{2,3,4}，则下列结论中正确的是( )

A ．A ?B

B ．A ∩B ＝{2}

C ．A ∪B ＝{1,2,3,4,5}

D ．A ∩(?U B )＝{1}

解析：选D A 显然错误；A ∩B ＝{2,3}，B 错；A ∪B ＝{1,2,3,4}，C 错，故选D.

2．下列各组函数中，表示同一函数的是( )

A ．y ＝x ＋1与y ＝x 2－1x －1

B ．y ＝x 与y ＝a log a x

C ．y ＝2x ＋1－2x 与y ＝2x

D ．y ＝x 2与y ＝x

解析：选C 易知选项A 中两函数的定义域不同；选项B 中两函数的定义域不同；选项D 中两函数的值域不同．

3．函数y ＝|x |x ＋x 的图象是( )

解析：选C 因为y ＝|x |x ＋x ＝?

???? x ＋1，x ＞0，x －1，x ＜0，所以画出函数图象如选项C 所示．故选C.

4．设f (x )＝?????

2e x －1，x ＜2，log 3(2x －1)，x ≥2，则f (f (2))＝( ) A ．0

B ．1

C ．2

D ．3

解析：选C ∵f (2)＝log 3(22－1)＝1.

∴f (f (2))＝f (1)＝2e 1－1＝2. 5．已知函数f (x )是R 上的单调函数，且f (x )的零点同时在区间(0,4)，(0,2)，(1,2)，???

?1，32内，则与f (0)符号相同的是( )

A ．f (4)

B ．f (2)

C ．f (1)

D ．f ????32

解析：选C 由题易知f (x )的唯一零点在区间???

?1，32内，由f (x )是R 上的单调函数，可得f (1)与f (0)符号相同，故选C.

6．已知幂函数y ＝f (x )的图象过点????12，22，则log 2f (2)的值为( )

A.12

B ．－12

C ．2

D ．－2 解析：选A 设f (x )＝x α，则22＝????12α，∴α＝12，f (2)＝212，所以log 2f (2)＝log 2212＝12

. 7．下列函数是偶函数且值域为[0，＋∞)的是( )

①y ＝|x |；②y ＝x 3；③y ＝2|x |；④y ＝x 2＋|x |.

A ．①②

B ．②③

C ．①④

D ．③④

解析：选C ①y ＝|x |是偶函数且值域为[0，＋∞)；②y ＝x 3是奇函数；③y ＝2|x |是偶函数但值域为[1，＋∞)；④y ＝x 2＋|x |是偶函数且值域为[0，＋∞)．故符合题意的有①④.故选

C.

8．设a ＝60.4，b ＝log 0.40.5，c ＝log 80.4，则a ，b ，c 的大小关系是( )

A ．a

B ．c

C ．c

D ．b

解析：选B ∵a ＝60.4>1，b ＝log 0.40.5∈(0,1)，c ＝log 80.4<0，∴a >b >c .故选B.

9．如右图，向放在水槽底部的烧杯注水(流量一定)，注满烧杯后，

继续注水，直至注满水槽，水槽中整体水面上升高度h 与注水时间t 之间

的函数关系大致是下列图象中的( )

解析：选B 开始一段时间，水槽底部没有水，烧杯满了之后，水槽中水面上升先快后慢．故选B.

10．已知函数f (x )＝m ＋log 2x 2的定义域是[1,2]，且f (x )≤4，则实数m 的取值范围是( )

A ．(－∞，2]

B ．(－∞，2)

C ．[2，＋∞)

D ．(2，＋∞)

解析：选A 因为f (x )＝m ＋2log 2x 在[1,2]是增函数，且由f (x )≤4，得f (2)＝m ＋2≤4，得m ≤2.

11．函数f (x )＝|x －2|－ln x 在定义域内零点的个数为( )

A ．0

B ．1

C ．2

D ．3

解析：选C 由题意可知，函数f (x )的定义域为(0，＋∞)．由

函数零点的定义可知，f (x )在(0，＋∞)内的零点即方程|x －2|－ln x

＝0的根．令h (x )＝|x －2|(x >0)，g (x )＝ln x (x ＞0)，在同一平面直角

坐标系中画出两个函数的图象，如图所示．由图得，两个函数图象有两个交点，故方程有两个根，即函数f (x )有两个零点．

12．对于函数y ＝f (x )，若存在区间[a ，b ]同时满足下列条件：①f (x )在区间[a ，b ]上是单调的；②当定义域是[a ，b ]时，f (x )的值域也是[a ，b ]．则称[a ，b ]是该函数的“对称区间”．已

知函数f (x )＝m ＋1m －1x

(m ＞0)存在“对称区间”，则实数m 的取值范围是( ) A ．(0,1) B.????12，52 C ．(0,2) D ．(1,3)

解析：选A 若f (x )存在区间[a ，b ]同时满足①②两个条件，则方程f (x )＝m ＋1m －1x

＝x 有两个不相等的实数根，即方程mx 2－(m ＋1)x ＋m ＝0有两个不相等的非零实数根，故判别

式Δ＝(m ＋1)2－4m 2＞0，解得－13

＜m ＜1，又m ＞0，因此，0＜m ＜1. 二、填空题(本大题共4小题，每小题5分，共20分．请把正确答案填在题中横线上)

13．已知全集U ＝R ，集合A ＝{x |x ≥2}，B ＝{x |0≤x ＜5}，则A ∪B ＝________，(?U A )∩B ＝________.

解析：∵A ＝{x |x ≥2}，B ＝{x |0≤x ＜5}，

∴A ∪B ＝{x |x ≥0}，(?U A )∩B ＝{x |0≤x ＜2}．

答案：{x |x ≥0} {x |0≤x ＜2}

14．已知f (x )为奇函数，g (x )＝f (x )＋9，g (－2)＝3，则f (2)＝________.

解析：根据已知条件，得g (－2)＝f (－2)＋9，

又f (x )为奇函数，所以f (－2)＝－f (2)，则3＝－f (2)＋9，解得f (2)＝6.

答案：6

15．调查表明，酒后驾驶是导致交通事故的主要原因，交通法规规定，驾驶员在驾驶机动车时血液中酒精含量不得超过0.2 mg /mL.某人喝酒后，其血液中酒精含量将上升到 3 mg/mL ，在停止喝酒后，血液中酒精含量以每小时50%的速度减少，则至少经过________小时他才可以驾驶机动车．(精确到小时)

解析：设n 小时后他才可以驾驶机动车，由题意得3(1－0.5)n ≤0.2，即2n ≥15，解得n ≥log 215，故至少经过4小时他才可以驾驶机动车．

答案：4

16．已知函数f (x )＝lg(2x －b )(b 为常数)，若x ∈[1，＋∞)时，f (x )≥0恒成立，则b 的取值范围是________．

解析：∵要使f (x )＝lg(2x －b )在x ∈[1，＋∞)上，恒有f (x )≥0，∴有2x －b ≥1在x ∈[1，＋∞)上恒成立，即2x ≥b ＋1恒成立．又∵指数函数g (x )＝2x 在定义域上是增函数．∴只要2≥b ＋1成立即可，解得b ≤1.

答案：(－∞，1]

三、解答题(本大题共6小题，共70分．解答时应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤)

17．(本小题满分10分)已知集合A ＝{x |2＜2x ＜8}，B ＝{x |a ≤x ≤a ＋3}．

(1)当a ＝2时，求A ∩B ；

(2)若B ??R A ，求实数a 的取值范围．

解：(1)当a ＝2时，A ＝{x |2＜2x ＜8}＝(1,3)，B ＝{x |a ≤x ≤a ＋3}＝[2,5]，故A ∩B ＝[2,3)．

(2)?R A ＝(－∞，1]∪[3，＋∞)．

故由B ??R A 知，a ＋3≤1或a ≥3，

故实数a 的取值范围为(－∞，－2]∪[3，＋∞)．

18．(本小题满分12分)(1)log 33＋lg 25＋lg 4－log 2(log 216)；

(2)????9421－(－6.9)0－????27832-＋????32－2

.

解：(1)原式＝12log 33＋lg(25×4)－log 24＝12＋2－2＝12.

(2)原式＝????32212?－1－????32)32(-3?＋49＝32－1－49＋49＝12

. 19．(本小题满分12分)已知f (x )＝log a x (a ＞0且a ≠1)的图象过点(4,2)．

(1)求a 的值；

(2)若g (x )＝f (1－x )＋f (1＋x )，求g (x )的解析式及定义域；

(3)在(2)的条件下，求g (x )的单调减区间．

解：(1)由已知f (x )＝log a x (a ＞0且a ≠1)的图象过点(4,2)，则2＝log a 4，即a 2＝4，

又a ＞0且a ≠1，所以a ＝2.

(2)g (x )＝f (1－x )＋f (1＋x )

＝log 2(1－x )＋log 2(1＋x )．

由????? 1－x ＞0，1＋x ＞0，

得－1＜x ＜1，定义域为(－1,1)． (3)g (x )＝log 2(1－x )＋log 2(1＋x )＝log 2(1－x 2)，其单调减区间为[0,1)．

20．(本小题满分12分)随着新能源的发展，电动汽车在全社会逐渐普及开来，据某报记者了解，某市电动汽车国际示范区运营服务公司逐步建立了全市乃至全国的分时租赁服务体系，为新能源汽车分时租赁在全国的推广提供了可复制的市场化运营模式．现假设该公司有750辆电动汽车供租赁使用，管理这些电动汽车的费用是每日1 725元．调查发现，若每辆电动汽车的日租金不超过90元，则电动汽车可以全部租出；若超过90元，则每超过1元，租不出的电动汽车就增加3辆．设每辆电动汽车的日租金为x (元)(60≤x ≤300，x ∈N *)，用y (元)表示出租电动汽车的日净收入(日净收入等于日出租电动汽车的总收入减去日管理费用)．

(1)求函数y ＝f (x )的解析式；

(2)试问当每辆电动汽车的日租金为多少元时，才能使日净收入最多？

解：(1)当60≤x ≤90，x ∈N *时，y ＝750x －1 725；

当90＜x ≤300，x ∈N *时，y ＝[750－3(x －90)]x －1 725，

故f (x )＝?????

750x －1 725，60≤x ≤90，x ∈N *，－3x 2＋1 020x －1 725，90＜x ≤300，x ∈N *. (2)对于y ＝750x －1 725,60≤x ≤90，x ∈N *，

∵y 在[60,90](x ∈N *)上单调递增，

∴当x ＝90时，y max ＝65 775.

对于y ＝－3x 2＋1 020x －1 725＝－3(x －170)2＋84 975，

90＜x ≤300，x ∈N *，

当x ＝170时，y max ＝84 975.

∵84 975＞65 775，

∴当每辆电动汽车的日租金为170元时，日净收入最多．

21．(本小题满分12分)已知f (x )是定义在R 上的奇函数，当x ≥0时，f (x )＝2x －1.

(1)求f (3)＋f (－1)；

(2)求f (x )的解析式；

(3)若x ∈A ，f (x )∈[－7,3]，求区间A .

解：(1)∵f (x )是奇函数，

∴f (3)＋f (－1)＝f (3)－f (1)＝23－1－2＋1＝6.

(2)设x ＜0，则－x ＞0，

∴f (－x )＝2－x －1，

∵f (x )为奇函数，

∴f (x )＝－f (－x )＝－2－x ＋1，

∴f (x )＝?????

2x －1，x ≥0，－2－x ＋1，x ＜0. (3)作出函数f (x )的图象，如图所示．

根据函数图象可得f (x )在R 上单调递增，

当x ＜0时，－7≤－2－x ＋1＜0，

解得－3≤x ＜0；

当x ≥0时，0≤2x －1≤3，

解得0≤x ≤2；

∴区间A 为[－3,2]．

22．(本小题满分12分)已知f (x )是定义在[－1,1]上的奇函数，且f (1)＝1，若当m ，n ∈

[－1,1]，m ＋n ≠0时，有f (m )＋f (n )m ＋n

＞0. (1)证明f (x )在[－1,1]上是增函数；

(2)解不等式f (x 2－1)＋f (3－3x )＜0；

(3)若f (x )≤t 2－2at ＋1对任意x ∈[－1,1]，a ∈[－1,1]恒成立，求实数t 的取值范围． 解：(1)证明：设x 1，x 2是区间[－1,1]上的任意两个实数，且x 1＜x 2，

则f (x 1)－f (x 2)＝f (x 1)＋f (－x 2)＝f (x 1)＋f (－x 2)x 1＋(－x 2)

(x 1－x 2)． ∵－1≤x 1＜x 2≤1，∴x 1＋(－x 2)≠0，由f (x 1)＋f (－x 2)x 1＋(－x 2)

＞0，x 1－x 2＜0，得f (x 1)－f (x 2)＜0， 即f (x 1)＜f (x 2)，∴f (x )在[－1,1]上是增函数．

(2)∵f (x )是定义在[－1,1]上的奇函数，且在[－1,1]上是增函数，

∴不等式可化为f (x 2－1)＜f (3x －3)，

∴????? x 2－1＜3x －3，－1≤x 2－1≤1，

－1≤3x －3≤1，解得x ∈???

?1，43. (3)由(1)知f (x )在[－1,1]上是增函数，∴f (x )在[－1,1]上的最大值为f (1)＝1.

要使f (x )≤t 2－2at ＋1对任意x ∈[－1,1]恒成立，只需t 2－2at ＋1≥1?t 2－2at ≥0， 设g (a )＝t 2－2at ，则对任意a ∈[－1,1]，g (a )≥0恒成立，

∴????? g (－1)＝t 2＋2t ≥0，g (1)＝t 2－2t ≥0??????

t ≥0或t ≤－2，t ≥2或t ≤0， 故实数t 的取值范围为(－∞，－2]∪{0}∪[2，＋∞)．