功、功率与动能定理含解析2018年高考物理易错点

功、功率与动能定理（含解析2018年高考物理易错点）1.(2017全国卷Ⅲ，16)如图1，一质量为m、长度为l的均匀柔软细绳PQ竖直悬挂。

用外力将绳的下端Q缓慢地竖直向上拉起至M点，M点与绳的上端P相距13l。

重力加速度大小为g。

在此过程中，外力做的功为()图1A.19m12mgl答案A2．(多选)将一质量为m的木箱放在水平桌面上，现对木箱施加一斜向右下方的恒力，使木箱由静止开始以恒定的加速度a沿水平桌面向右做匀加速直线运动．已知恒力与水平方向的夹角为θ，木箱与桌面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g.则木箱向右运动位移x的过程中，下列说法正确的是()A．恒力所做的功为ma－μgx1＋μtanθB．恒力所做的功为ma＋μgx1－μtanθC．木箱克服摩擦力做的功为μmgxxk%wD．木箱克服摩擦力做的功为μma＋gcotθxcotθ－μ解析：选BD.以木箱为研究对象，竖直方向有Fsinθ＋mg＝FN，水平方向有Fcosθ－μFN＝ma，联立解得恒力F＝ma＋μgcosθ－μsinθ，摩擦力f＝μFN＝μma＋gcotθcotθ－μ，则在此过程中恒力做的功为W＝Fxcosθ＝ma＋μgx1－μtanθ，木箱克服摩擦力做的功为Wf＝fx＝μma＋gcotθxcotθ－μ. 3．光滑水平面上质量为m＝1kg的物体在水平拉力F的作用下从静止开始运动，如图甲所示，若力F随时间的变化情况如图乙所示，则下列说法正确的是()A．拉力在前2s内和后4s内做的功之比为1∶1B．拉力在前2s内和后4s内做的功之比为1∶3C．拉力在4s末和6s末做功的功率之比为2∶3D．拉力在前2s内和后4s内做功的功率之比为1∶1 4．(多选)位于水平面上的物体在水平恒力F1作用下，做速度为v1的匀速运动；若作用力变为斜向上的恒力F2，物体做速度为v2的匀速运动，且F1与F2功率相同．则可能有()A．F2＝F1，v1＞v2B．F2＝F1，v1＜v2C．F2＞F1，v1＞v2D．F2＜F1，v1＜v2解析：选BD.水平恒力F1作用下的功率P1＝F1v1，F2作用下的功率P2＝F2v2cosθ，现P1＝P2，若F2＝F1，一定有v1＜v2，因此B正确，A错误；由于两次都做匀速直线运动，因此第一次的摩擦力Ff1＝μmg＝F1，而第二次的摩擦力Ff2＝μ(mg－F2sinθ)＝F2cosθ，显然Ff2＜Ff1，即：F2cosθ＜F1，因此无论F2＞F1还是F2＜F1都会有v1＜v2，因此D正确、C错误．5．某车以相同的功率在两种不同的水平路面上行驶，受到的阻力分别为车重的k1和k2倍，最大速率分别为v1和v2，则()A．v2＝k1v1B．v2＝k1k2v1C．v2＝k2k1v1D．v2＝k2v1 解析：选B.车达到最大速度时，牵引力大小等于阻力大小，此时车的功率等于克服阻力做功的功率．故P＝k1mgv1＝k2mgv2，解得v2＝k1k2v1，选项B正确．6．晓宇在研究一辆额定功率为P＝20kW的轿车的性能，他驾驶该轿车在如图甲所示的平直路面上运动，其中轿车与ON段路面间的动摩擦因数比轿车与MO段路面间的动摩擦因数大．晓宇驾驶轿车保持额定功率以10m/s的速度由M向右运动，该轿车从M向右运动到N的过程中，通过速度传感器测量出轿车的速度随时间的变化规律图象如图乙所示，在t＝15s时图线的切线与横轴平行．已知轿车的质量为m＝2t，轿车在MO段、ON段运动时与路面之间的阻力大小分别保持不变．求：(1)该轿车在MO段行驶时的阻力大小；(2)该轿车在运动过程中刚好通过O点时加速度的大小；(3)该轿车由O运动到N的过程中位移的大小．解析：(1)轿车在MO段运动时，以10m/s的速度匀速运动，有F1＝f1，P＝F1v1联立解得f1＝20×10310N＝2000N.(2)轿车在ON段保持额定功率不变，由图象可知t＝15s时轿车开始做匀速直线运动，此时由力的平衡答案：(1)2000N(2)1m/s2(3)68.75m7．如图所示，QB段为一半径为R＝1m的光滑圆弧轨道，AQ段为一长度为L＝1m的粗糙水平轨道，两轨道相切于Q 点，Q在圆心O的正下方，整个轨道位于同一竖直平面内．物体P的质量为m＝1kg(可视为质点)，P与AQ间的动摩擦因数μ＝0.1，若物块P以速度v0从A点滑上水平轨道，到C点后又返回A点时恰好静止．(g取10m/s2)求：(1)v0的大小；(2)物块P第一次刚通过Q点时对圆弧轨道的压力．解析：(1)物块P从A到C又返回A的过程中，由动能定理有－μmg2L＝0－12mv20答案：(1)2m/s(2)12N，方向竖直向下8.(2016高考全国甲卷)(多选)如图，小球套在光滑的竖直杆上，轻弹簧一端固定于O点，另一端与小球相连．现将小球从M点由静止释放，它在下降的过程中经过了N点．已知在M、N两点处，弹簧对小球的弹力大小相等，且∠ONM∠OMNπ2.在小球从M点运动到N点的过程中()A．弹力对小球先做正功后做负功B．有两个时刻小球的加速度等于重力加速度C．弹簧长度最短时，弹力对小球做功的功率为零D．小球到达N点时的动能等于其在M、N两点的重力势能差解析：选BCD.在M、N两点处，弹簧对小球的弹力大小相等，且∠ONM∠OMNπ2，则小球在M点时弹簧处于压缩状态，在N点时弹簧处于拉伸状态，小球从M点运动到N点的过程中，弹簧长度先缩短，当弹簧与竖直杆垂直时弹簧达到最短，这个过程中弹力对小球做负功，然后弹簧再伸长，弹力对小球开始做正功，当弹簧达到自然伸长状态时，弹力为零，再随着弹簧的伸长弹力对小球做负功，故整个过程中，弹力对小球先做负功，再做正功，后再做负功，选项A错误．在弹簧与杆垂直时及弹簧处于自然伸长状态时，小球加速度等于重力加速度，选项B正确．弹簧与杆垂直时，弹力方向与小球的速度方向垂直，则弹力对小球做功的功率为零，选项C正确．由机械能守恒定律知，在M、N两点弹簧弹性势能相等，在N点的动能等于从M点到N点重力势能的减小值，选项D 正确．9.(2015高考全国卷Ⅰ)如图，一半径为R、粗糙程度处处相同的半圆形轨道竖直固定放置，直径POQ水平．一质量为m的质点自P点上方高度R处由静止开始下落，恰好从P点进入轨道．质点滑到轨道最低点N时，对轨道的压力为4mg，g为重力加速度的大小．用W表示质点从P点运动到N点的过程中克服摩擦力所做的功．则()A．W＝12mgR，质点恰好可以到达Q点B．W＞12mgR，质点不能到达Q点C．W＝12mgR，质点到达Q点后，继续上升一段距离D．W＜12mgR，质点到达Q点后，继续上升一段距离10.(2016高考全国乙卷)如图，一轻弹簧原长为2R，其一端固定在倾角为37°的固定直轨道AC的底端A处，另一端位于直轨道上B处，弹簧处于自然状态．直轨道与一半径为56R的光滑圆弧轨道相切于C点，AC＝7R，A、B、C、D均在同一竖直平面内．质量为m的小物块P自C点由静止开始下滑，最低到达E点(未画出)，随后P沿轨道被弹回，最高到达F点，AF＝4R.已知P与直轨道间的动摩擦因数μ＝14，重力加速度大小为g.(取sin37°＝35，cos37°＝45)(1)求P第一次运动到B点时速度的大小．(2)求P运动到E点时弹簧的弹性势能．(3)改变物块P的质量，将P推至E点，从静止开始释放．已知P自圆弧轨道的最高点D处水平飞出后，恰好通过G点．G点在C点左下方，与C点水平相距72R、竖直相距R.求P运动到D点时速度的大小和改变后P的质量．(2)设BE＝x.P到达E点时速度为零，设此时弹簧的弹性势能为EP.P由B点运动到E点的过程中，由动能定理有mgxsinθ－μmgxcosθ－Ep＝0－12mv2B④E、F之间的距离l1为l1＝4R－2R＋x⑤P到达E点后反弹，从E点运动到F点的过程中，由动能定理有Ep－mgl1sinθ－μmgl1cosθ＝0⑥联立③④⑤⑥式并由题给条件得x＝R⑦Ep＝125mgR⑧(3)设改变后P的质量为m1.D点与G点的水平距离x1和竖直距离y1分别为x1＝72R－56Rsinθ⑨y1＝R＋56R＋56Rcosθ⑩式中，已应用了过C点的圆轨道半径与竖直方向夹角仍为θ的事实．设P在D点的速度为vD，由D点运动到G点的时间为t.由平抛运动公式有y1＝12gt2⑪x1＝vDt⑫Ep－m1g(x＋5R)sinθ－μm1g(x＋5R)cosθ＝12m1v2C⑮联立⑦⑧⑬⑭⑮式得m1＝13m⑯答案：(1)2gR(2)125mgR(3)355gR13m易错起源1、功功率的分析与计算例1．如图3所示，将一个倾角为θ的光滑斜面体放在水平面上，一根长为L的轻质细绳悬挂着一个质量为m 的小球，开始时小球与斜面体刚刚接触且细绳恰好竖直．现在用水平推力F缓慢向左推动斜面体，直至细绳与斜面体平行，则下列说法中正确的是()图3A．由于小球受到斜面的弹力始终与斜面垂直，故对小球不做功B．细绳对小球的拉力始终与小球的运动方向垂直，故对小球不做功C．小球受到的合外力对小球做功为零，故小球在该过程中机械能守恒D．若水平面光滑，则推力做功为mgL(1－cosθ)【答案】B【解析】小球受到斜面的弹力沿竖直方向有分量，故对小球做正功，A错误；细绳的拉力方向始终和小球的运动方向垂直，故对小球不做功，B正确；合外力对小球做的功等于小球动能的改变量，虽然合外力做功为零，但小球的重力势能增加，故小球在该过程中机械能不守恒，C错误；若水平面光滑，则推力做功为mgL(1－sinθ)，D错误．【变式探究】如图5所示，两个完全相同的小球A、B，在同一高度处以相同大小的初速度v分别水平抛出和竖直向上抛出，下列说法正确的是()图5A．两小球落地时的速度相同B．两小球落地时，A球重力的瞬时功率较小C．从开始运动至落地，A球重力做功较大D．从开始运动至落地，重力对A小球做功的平均功率较小【举一反三】若汽车在平直公路上匀速行驶，牵引力为F0.P随时间t的变化规律如图6所示，t2时刻汽车又恢复了匀速直线运动，则下列图象正确的是()图6ABCD【名师点睛】1．高考考查特点(1)本考点命题角度为功的定义式的理解及应用，机车启动模型的分析．(2)理解公式W＝Fscosα，P＝Fv，F－f＝ma，P＝fvm及机车启动的两种方式是解题的关键．2．解题的常见误区及提醒(1)应用公式W＝Fscosα时，忘掉公式仅用于恒力做功的条件．(2)机车启动问题中要分清匀加速启动还是恒定功率启动．(3)匀加速过程的末速度不是机车启动的最大速度．(4)恒定功率启动中功的计算可用W＝Pt计算．【锦囊妙计，战胜自我】1.计算功、功率时应注意的三个问题①功的公式W＝Fl和W＝Flcosα仅适用于恒力做功的情况.②变力做功的求解要注意对问题的正确转化，如将变力转化为恒力，也可应用动能定理等方法求解.③对于功率的计算，应注意区分公式P＝Wt和公式P＝Fv，前式侧重于平均功率的计算，而后式侧重于瞬时功率的计算.2.机车启动模型中的两点技巧机车启动匀加速过程的最大速度v1此时机车输出的功率最大和全程的最大速度vm此时F牵＝F阻求解方法：①求v1：由F牵－F阻＝ma，P＝F牵v1可求v1＝PF阻＋ma.②求vm：由P＝F阻vm，可求vm＝PF阻.易错起源2、动能定理的应用例2．一质量为m的物体在水平恒力F的作用下沿水平面运动，在t0时刻撤去力F，其v­t图象如图9所示．已知物体与水平面间的动摩擦因数为μ，则下列关于力F的大小和力F做功W的大小关系式正确的是()图9A．F＝μmgB．F＝2μmgC．W＝μmgv0t0D．W＝32μmgv0t0【变式探究】若将圆弧轨道和斜面的连接方式调为如图10所示，AB是倾角为θ＝30°的粗糙直轨道，BCD是光滑的圆弧轨道，AB恰好在B点与圆弧相切，圆弧的半径为R，一个质量为m的物体(可以看作质点)从直轨道上的P点由静止释放，结果它能在两轨道间做往返运动．已知P点与圆弧的圆心O等高，物体与轨道AB间的动摩擦因数为μ.求：(1)物体做往返运动的整个过程中在AB轨道上通过的总路程；(2)为使物体能顺利到达圆弧轨道的最高点D，释放点P 距B点的距离至少多大？图10【解析】(1)对整体过程由动能定理得mgRcosθ－μmgcosθs＝0所以s＝Rμ.(2)物体刚好到D点，有mg＝mv2DR对全过程由动能定理得mgL′sinθ－μmgcosθL′－mgR(1＋cosθ)＝12mv2D 得L′＝3＋2cosθ2sinθ－μcosθR ＝3＋3R1－3μ.【答案】(1)Rμ(2)3＋3R1－3μ【举一反三】如图11甲所示，用固定的电动机水平拉着质量m＝2kg的小物块和质量M＝1kg的平板以相同的速度一起向右匀速运动，物块位于平板左侧，可视为质点．在平板的右侧一定距离处有台阶阻挡，平板撞上后会立刻停止运动．电动机功率保持P＝3W不变．从某时刻t＝0起，测得物块的速度随时间的变化关系如图乙所示，t＝6s后可视为匀速运动，t＝10s时物块离开平板．重力加速度取g＝10m/s2，求：图11(1)平板与地面间的动摩擦因数μ为多大？(2)物块在1s末和3s末受到的摩擦力各为多大？(3)平板长度L为多少？(2)物块在1s末时与平板一起做匀速运动，合力为零．物块受到水平向右的拉力与水平向左的静摩擦力，因此静摩擦力大小为：Ff1＝FT1＝Pv1＝6N物块在2s末之后与平板发生相对运动，物块与平板间的摩擦力为滑动摩擦力且大小保持不变．物块在6s后可视为匀速运动，此时物块受到的合力为零，即拉力与滑动摩擦力大小相等方向相反，即：Ff2＝FT2＝Pv2＝10N物块在3s末时受到的滑动摩擦力大小与6s后受到的摩擦力大小相等，为10N.(3)依题意，物块在2s末之后一直到10s时，物块从平板的一端运动到另一端，对物块由动能定理得：PΔt－Ff2L＝12mv22－12mv21代入数据解得：L＝PΔt－12mv22＋12mv21Ff2＝2.416m.【答案】(1)0.2(2)6N10N(3)2.416m【名师点睛】1．高考考查特点本考点命题角度多为应用动能定理解决变力做功及多过程问题，题目综合性较强，正确理解动能定理，灵活分析物体的受力特点、运动特点及做功情况是常用方法．2．解题的常见误区及提醒(1)公式W＝12mv2t－12mv20中W应是总功，方程为标量方程，不能在某方向上应用．(2)功的计算过程中，易出现正、负功判断及漏功的现象．(3)多过程问题中，不善于挖掘题目中的隐含条件，运动物体的过程分析易出现错误．【锦囊妙计，战胜自我】1．应用动能定理解题的4个步骤(1)确定研究对象及其运动过程；(2)分析受力情况和各力的做功情况；(3)明确物体初末状态的动能；(4)由动能定理列方程求解．2．应用动能定理解题应注意的3个问题(1)动能定理往往用于单个物体的运动过程，由于不牵扯加速度及时间，比动力学研究方法要简洁．(2)动能定理表达式是一个标量式，在某个方向上应用动能定理是没有依据的．(3)物体在某个运动过程中包含有几个运动性质不同的小过程(如加速、减速的过程)，此时可以分段考虑，也可以对全过程考虑，但若能对整个过程利用动能定理列式则可使问题简化．。