2021年高考物理四诊试卷(含解析)

2021年高考物理四诊试卷（含解析）一、选择题：本大题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，1～5题只有一项符合题目要求．6～9题有多项符合题目要求．全选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分．1．（6分）在物理学的探索和发现过程中，科学家们运用了许多研究方法．以下关于物理学研究方法的叙述中正确的是（）A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是微元法B．在伽利略之前的学者们总是通过思辩性的论战决定谁是谁非，是伽利略首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法C．如果电场线与等势面不垂直，那么电场强度就有一个沿着等势面的分量，在等势面上移动电荷时静电力就要做功，这里用的逻辑方法是归纳法D．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，这里运用了假设法2．（6分）如图甲所示，在杂技表演中，猴子沿竖直杆向上运动，其v﹣t图象如图乙所示，人顶杆沿水平地面运动的x﹣t图象如图丙所示．若以地面为参考系，下列说法正确的是（）A．猴子的运动轨迹为直线B．猴子在2 s内做匀变速曲线运动C．t=0时猴子的速度大小为8 m/sD．t=2 s时猴子的加速度大小为2 m/s23．（6分）我国发射“嫦娥”三号探测器到月球上要经过多次变轨，最终降落到月球表面上，其中轨道I为圆形．下列说法正确的是（）A．探测器在轨道I运行时的加速度大于月球表面的重力加速度B．探测器在轨道I的运行周期大于在轨道Ⅱ的运行周期C．探测器在P点由轨道I进入轨道Ⅱ必须点火加速D．探测器在轨道I经过P点时的加速度小于在轨道Ⅱ经过P时的加速度4．（6分）如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数之比为4：1，原线圈两端接u=220sin100πt （V）的交流电源，副线圈两端接R=55Ω的负载电阻，电表均为理想交流电表．则下列说法中正确的是（）A．副线圈中输出交流电的频率为12.5HzB．副线圈中电压表的示数为55VC．变压器的输入功率为110WD．原线圈中的电流表A的示数为0.25A5．（6分）如图所示，两个垂直于纸面的匀强磁场方向相反，磁感应强度的大小均为B，磁场区域的宽度均为a．高度为a的正三角形导线框ABC从图示位置沿x轴正向匀速穿过两磁场区域，以逆时针方向为电流的正方向，在下列图形中能正确描述感应电流I与线框移动距离x关系的是（）A．B．C．D．6．（6分）一铁架台放在水平地面上，其上用轻质细线悬挂一小球，开始时细线竖直．现将水平F作用于小球上，使其缓慢地由实线位置运动到虚线位置，铁架台始终保持静止．则在这一过程中（）A．水平拉力F变大B．细线的拉力不变C．铁架台对地面的压力变大D．铁架台所受地面的摩擦力变大7．（6分）如图所示，虚线表示某电场中的三个等势面，相邻面间的电势差相等．一重力不计、带负电的粒子从左侧进入电场，运动轨迹与三个等势面分别交于a、b、c三点，则（）A．a点的电势比b点的电势高B．粒子在c点的加速度为零C．粒子从a到时c电势能不断增加D．粒子从a到b克服电场力做功大于从b到c克服电场力做功．8．（6分）如图所示，半球形碗的半径为R，一质量为m的木块从碗口下滑到碗的最低点的过程中，如果由于摩擦力的作用使得木块速率不变，则下列说法正确的是（）A．因为速率不变，所以木块的加速度为零B．在a点碗对木块的摩擦力大于在b点的摩擦力C．在a点木块受到的合力与在b点受到的合力大小相等D．木块下滑过程中的加速度大小不变，方向时刻指向球心二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．必做题每个试题考生都必须作答．选考题考生根据要求作答．（一）必考题9．（6分）在“探究加速度与质量的关系”的实验中（1）备有以下器材：A．长木板；B．电磁打点计时器、低压交流电源、纸带；C．细绳、小车、砝码；D．装有细砂的小桶；E．薄木板；F．毫米刻度尺；还缺少的一件器材是．（2）实验得到如图（a）所示的一条纸带，相邻两计数点的时间间隔为T；B、C间距s2和D、E间距s4已量出，利用这两段间距计算小车加速度的表达式为．（3）同学甲根据实验数据画出a﹣图线如图（b）所示，从图线可得砂和砂桶的总质量为kg．（g取10m/s2）（4）同学乙根据实验数据画出了图（c），从图线可知乙同学操作过程中出现的问题是．10．（9分）常见测电阻的方法有：伏安法、伏阻法、安阻法、替代法、半偏法、欧姆法等．现实验桌上有下列器材：A．待测电阻R（阻值约10kΩ） B．滑动变阻器R1（0～1kΩ）C．电阻箱R0（99999.9Ω） D．电流计G（500μA，内阻不可忽略）E．电压表V（3V，内阻约3kΩ） F．直流电源E（3V，内阻不计）G．开关、导线若干（1）甲同学设计了如图a所示的测量电路，请指出他的设计中存在的问题：①②（指出两处即可）（2）乙同学用图b所示的电路进行实验．①请在图c中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接；②将滑动变阻器的滑动头移到（填“左”或“右”）端，再接通开关S；保持S2断开，闭合S1，调节R1使电流计指针偏转至某一位置，并记下电流I1；③断开S1，保持R1不变，闭合S2，调节R0使得电流计读数为时，R0的读数即为待测电阻的阻值．（3）丙同学查得电流计的内阻为R g，采用图d进行实验，改变电阻箱电阻，读出电流计相应的示数I，由测得的数据作出﹣R0图象如图e所示，图线纵轴截距为m，斜率为k，则待测电阻R的阻值为．11．（14分）进入21世纪，低碳环保、注重新能源的开发与利用的理念，已经日益融入生产、生活之中．某节水喷灌系统如图所示，喷口距地面的高度h=1.8m，能沿水平方向旋转，喷口离转动中心的距离a=1.0m，水可沿水平方向喷出，喷水的最大速率v0=10m/s，每秒喷出水的质量m0=7.0kg．所用的水是从井下抽取的，井中水面离地面的高度H=3.2m，并一直保持不变．水泵由电动机带动，电动机电枢线圈电阻r=5.0Ω．电动机正常工作时，电动机的输入电压U=220V，输入电流I=4.0A．不计电动机的摩擦损耗，电动机的输出功率等于水泵所需要的最大输入功率．水泵的输出功率与输入功率之比称为水泵的抽水效率．（计算时π取3）试求：（1）求这个喷灌系统所能喷灌的最大面积S；（2）假设系统总是以最大喷水速度工作，求水泵的抽水效率η．12．（18分）如图，纸面内直线MN左侧边长为L的正方形区域OACD中．有方向平行于AC 的匀强电场．O处的粒子源沿垂直于AC方向发射速度为v0的正电粒子，粒子质量为m、电荷量为q．粒子恰好从AC的中点P经过．不计粒子重力．（1）求匀强电场的场强E；（2）若MN右侧全部空间有垂直纸面向外的匀强磁场，使粒子再次进入电场，求磁感应强度应满足的条件：（3）若MN右侧的磁场仅限于左边界与MN重合的矩形区域内．求粒子从离开P点到再次垂直进入电场经历的最长时间．三、选考题（每科选作1题，共做3题，共45分）请考生从给出的3道物理题中任选1题解答，如果多做，则每学科按所做的第一题计分．[物理--选修3-3]（15分）13．（5分）下列说法中正确的是（）A．一定量气体膨胀对外做功100J，同时从外界吸收120J的热量，则它的内能增大20J B．在使两个分子间的距离由很远（r＞10﹣9m）减小到很难再靠近的过程中，分子间作用力先减小后增大，分子势能不断增大C．由于液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，液体表面存在张力D．用油膜法测出油分子的直径后，要测定阿伏加德罗常数，只需再知道油的密度即可E．空气相对湿度越大时，空气中水蒸气压强越接近同温度水的饱和气压，水蒸发越慢14．（10分）一定质量的理想气体从状态A变化到状态B，再变化到状态C，其状态变化过程的p﹣V图象如图所示．已知该气体在状态A时的温度为27℃．则：（1）该气体在状态B、C时的温度分别为多少℃？（2）该气体从状态A到状态C的过程中内能的变化量是多大？（3）该气体从状态A到状态C的过程中是吸热，还是放热？传递的热量是多少？四、[物理--选修3-4]（15分）15．如图所示为同一地点的两单摆甲、乙的振动图象，下列说法中正确的是（）A．甲、乙两单摆的摆长相等B．甲摆的振幅比乙摆大C．甲摆的机械能比乙摆大D．在t=0.5s时有正向最大加速度的是乙摆E．由图象可以求出当地的重力加速度16．如图所示，OBCD为半圆柱体玻璃的横截面，OD为直径，一束由红光和紫光组成的复色光沿AO方向从真空斜射入玻璃，B、C点为两单色光的射出点（设光线在B、C处未发生全反射）．已知从B点射出的单色光由O到B的传播时间为t．①若OB、OC两束单色光在真空中的波长分别为λB、λC，试比较λB、λC的大小．②求从C点射出的单色光由O到C的传播时间t C．四．[物理-选修3-5]（15分）17．下列说法中正确的是（）A．卢瑟福提出原子的核式结构模型建立的基础是α粒子的散射实验B．发现天然放射现象的意义在于使人类认识到原子核具有复杂的结构C．在用气垫导轨和光电门传感器做验证动量守恒定律的实验中，在两滑块相碰的端面上装不装上弹性碰撞架，不会影响动量是否守恒D．原子核内的某一核子与其他核子间都有核力作用E．氢原子的核外电子，在由离核较远的轨道自发跃迁到离核较近的轨道的过程中，放出光子，电子动能增加，原子的电势能增加18．在光滑的水平地面上静止着一质量M=0.4kg的薄木板，一个质量m=0.2kg的木块（可视为质点）以v0=4m/s的速度，从木板左端滑上，一段时间后，又从木板上滑下（不计木块滑下时的机械能损失），两物体仍沿直线继续向前运动，从木块与木板刚刚分离开始计时，经时间t=3.0s，两物体之间的距离增加了s=3m，已知木块与木板的动摩擦因数μ=0.4，求薄木板的长度．甘肃省兰州市西北师大附中xx届高考物理四诊试卷参考答案与试题解析一、选择题：本大题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，1～5题只有一项符合题目要求．6～9题有多项符合题目要求．全选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分．1．（6分）在物理学的探索和发现过程中，科学家们运用了许多研究方法．以下关于物理学研究方法的叙述中正确的是（）A．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法是微元法B．在伽利略之前的学者们总是通过思辩性的论战决定谁是谁非，是伽利略首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法C．如果电场线与等势面不垂直，那么电场强度就有一个沿着等势面的分量，在等势面上移动电荷时静电力就要做功，这里用的逻辑方法是归纳法D．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，这里运用了假设法考点：物理学史．专题：常规题型．分析：解答本题应掌握：质点是实际物体在一定条件下的科学抽象，是采用了建立理想化的物理模型的方法；在伽利略之前的学者们总是通过思辩性的论战决定谁是谁非，是他首先采用了以实验检验猜想和假设的科学方法．在研究多个量之间的关系时，常常要控制某些物理量不变，即控制变量法；解答：解：A、质点采用的科学方法为建立理想化的物理模型的方法，故A错误；B、在伽利略之前的学者们总是通过思辩性的论战决定谁是谁非，伽利略开创了实验检验猜想和假设的科学方法．故B正确．C、如果电场线与等势面不垂直，那么电场强度就有一个沿着等势面的分量，在等势面上移动电荷静电力就要做功．这里用的逻辑方法是假设法，故C错误．D、在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，这里运用了控制变量法；故D错误；故选：B点评：在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习．2．（6分）如图甲所示，在杂技表演中，猴子沿竖直杆向上运动，其v﹣t图象如图乙所示，人顶杆沿水平地面运动的x﹣t图象如图丙所示．若以地面为参考系，下列说法正确的是（）A．猴子的运动轨迹为直线B．猴子在2 s内做匀变速曲线运动C．t=0时猴子的速度大小为8 m/sD．t=2 s时猴子的加速度大小为2 m/s2考点：牛顿第二定律；运动的合成和分解．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：猴子参与了水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的匀减速直线运动，通过运动的合成，判断猴子相对于地面的运动轨迹以及运动情况．求出t=2s时刻猴子在水平方向和竖直方向上的分加速度，根据平行四边形定则，求出猴子相对于地面的加速度．解答：解：A、B由乙图知，猴子竖直方向上做匀减速直线运动，加速度竖直向下．由丙图知，猴子水平方向上做匀速直线运动，则猴子的加速度竖直向下，与初速度方向不在同一直线上，故猴子在2s内做匀变速曲线运动．故A错误，B正确．C、s﹣t图象的斜率等于速度，则知猴子水平方向的初速度大小为v x=4m/s，竖直方向分速度v y=8m/s，t=0时猴子的速度大小为：v==4 m/s．故C错误．D、v﹣t图象的斜率等于加速度，则知猴子的加速度大小为：a==m/s2=4m/s2．故D错误．故选：B．点评：解决本题的关键知道猴子参与了水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的匀加速直线运动，会运用运动的合成分析物体的运动轨迹和运动情况．3．（6分）我国发射“嫦娥”三号探测器到月球上要经过多次变轨，最终降落到月球表面上，其中轨道I为圆形．下列说法正确的是（）A．探测器在轨道I运行时的加速度大于月球表面的重力加速度B．探测器在轨道I的运行周期大于在轨道Ⅱ的运行周期C．探测器在P点由轨道I进入轨道Ⅱ必须点火加速D．探测器在轨道I经过P点时的加速度小于在轨道Ⅱ经过P时的加速度考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：根据万有引力定律和牛顿第二定律列式判断加速度的大小．卫星椭圆轨道的半长轴逐渐减小，根据开普勒第三定律，周期要减小．解答：解：A、探测器在轨道I运行时的万有引力小于在月球表面时的万有引力，根据牛顿第二定律，探测器在轨道I运行时的加速度小于月球表面的重力加速度，故A错误；B、轨道I的半长轴比轨道Ⅱ的半长轴大，根据开普勒第三定律，知探测器在轨道I的运行周期大于在轨道Ⅱ的运行周期，故B正确；C、探测器在P点由轨道I进入轨道Ⅱ必须点火减速，故C错误．D、根据万有引力提供向心力G=ma，得a=，则知轨道半径相同，则加速度相同，故探测器在轨道I经过P点时的加速度等于在轨道Ⅱ经过P时的加速度，故D错误；故选：B．点评：本题要掌握万有引力定律和卫星变轨道问题，并要知道卫星绕越运动的向心力由万有引力提供，能结合圆周运动的规律进行求解．4．（6分）如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数之比为4：1，原线圈两端接u=220sin100πt （V）的交流电源，副线圈两端接R=55Ω的负载电阻，电表均为理想交流电表．则下列说法中正确的是（）A．副线圈中输出交流电的频率为12.5HzB．副线圈中电压表的示数为55VC．变压器的输入功率为110WD．原线圈中的电流表A的示数为0.25A考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：根据瞬时值的表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论解答：解：A、变压器不会改变电流的频率，则副线圈输出电流的f==50Hz，故A错误；B、由瞬时值的表达式可知原线圈的电压的有效值为U=220V，理想变压器原副线圈匝数比为4：1，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压的有效值为55V，即为电压表的读数，故B错误；C、变压器的输入功率和输出功率相等，副线圈的功率为P==55W，所以原线圈中的输入功率也为55W，故C错误；D、副线圈的电流为I2==1A，根据电流与匝数成反比可得，原线圈的电流大小为I1=0.25I2=0.25A，故D正确；故选：D．点评：掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，即电压与匝数成正比，电流与匝数成反比．知道正弦交变电流最大值和有效值之间的关系即可解决本题5．（6分）如图所示，两个垂直于纸面的匀强磁场方向相反，磁感应强度的大小均为B，磁场区域的宽度均为a．高度为a的正三角形导线框ABC从图示位置沿x轴正向匀速穿过两磁场区域，以逆时针方向为电流的正方向，在下列图形中能正确描述感应电流I与线框移动距离x关系的是（）A．B．C．D．考点：导体切割磁感线时的感应电动势．专题：电磁感应与电路结合．分析：本题导体的运动可分为三段进行分析，根据楞次定律可判断电路中感应电流的方向；由导体切割磁感线时的感应电动势公式可求得感应电动势的大小，再求得感应电流的大小．解答：解：x在0﹣a内，由楞次定律可知，电流方向为逆时针，为正方向；有效切割的长度为L=2×（a﹣x）=（a﹣x），感应电动势为 E=BLv，感应电流为I=，随着x的增大，I均匀减小，当x=0时，I==I0；当x=a时，I=0；x在a﹣2a内，线框的AB边和其他两边都切割磁感线，由楞次定律可知，电流方向为顺时针，为负方向；有效切割的长度为 L=（2a﹣x），感应电动势为 E=BLv，感应电流大小为I=2×Bv，随着x的增大，I均匀减小，当x=a时，I==2I0；当x=2a时，I=0；x在2a﹣3a内，由楞次定律可知，电流方向为逆时针，为正方向；有效切割的长度为 L=（3a﹣x），感应电动势为 E=BLv，感应电流为I=，随着x的增大，I均匀减小，当x=2a时，I==I0；当x=3a时，I=0；故根据数学知识可知B正确．故选：B．点评：本题为选择题，而过程比较复杂，故可选用排除法解决，这样可以节约一定的时间；而进入第二段过程，分处两磁场中的线圈两部分产生的电流相同，且有效长度是均匀变大的，当将要全部进入第二磁场时，线圈中电流达最大2I0．6．（6分）一铁架台放在水平地面上，其上用轻质细线悬挂一小球，开始时细线竖直．现将水平F作用于小球上，使其缓慢地由实线位置运动到虚线位置，铁架台始终保持静止．则在这一过程中（）A．水平拉力F变大B．细线的拉力不变C．铁架台对地面的压力变大D．铁架台所受地面的摩擦力变大考点：共点力平衡的条件及其应用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：以小球为研究对象分析水平拉力F的大小，以小球和铁架台整体为研究对象受力分析，研究铁架台所受地面的摩擦力和支持力解答：解：A、对小球受力分析，受拉力、重力、F，根据平衡条件，有：F=mgtanθ，θ逐渐增大则F逐渐增大，故A正确；B、由上图可知，线细的拉力T=，θ增大，T增大，故B错误；CD、以整体为研究对象，根据平衡条件得：F f=F，则F f逐渐增大．F N=（M+m）g，F N保持不变．故D正确，C错误．故选：AD．点评：本题是动态平衡问题，动态平衡常用描述字眼就是缓慢移动，处理问题的方法主要是：采用隔离法和整体法相结合进行研究．7．（6分）如图所示，虚线表示某电场中的三个等势面，相邻面间的电势差相等．一重力不计、带负电的粒子从左侧进入电场，运动轨迹与三个等势面分别交于a、b、c三点，则（）A．a点的电势比b点的电势高B．粒子在c点的加速度为零C．粒子从a到时c电势能不断增加D．粒子从a到b克服电场力做功大于从b到c克服电场力做功．考点：电势；电势能．专题：电磁学．分析：质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向左上方，由于质点带负电，因此电场线方向也指向左上方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场场强大解答：解：A、电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带负电，因此电场线指向右上方，沿电场线电势降低，故a等势线的电势最高，c点的电势最低，故A正确B、相邻等势面之间的电势差相等，从左向右相邻等势面之间距离变大，可知电场变弱，带电粒子左向右运动时，电场力变小，加速度减小，故B错误；C、粒子从a到时c，电场力做负功，电势能增大，故C正确；D、电场力做功W=qU，因相邻面间的电势差相等，故粒子从a到b克服电场力做功等于从b 到c克服电场力做功，故D错误故选：AC点评：解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场、电势能、动能等物理量的变化．8．（6分）如图所示，半球形碗的半径为R，一质量为m的木块从碗口下滑到碗的最低点的过程中，如果由于摩擦力的作用使得木块速率不变，则下列说法正确的是（）A．因为速率不变，所以木块的加速度为零B．在a点碗对木块的摩擦力大于在b点的摩擦力C．在a点木块受到的合力与在b点受到的合力大小相等D．木块下滑过程中的加速度大小不变，方向时刻指向球心考点：向心力；摩擦力的判断与计算．专题：匀速圆周运动专题．分析：木块下滑过程中速率不变做匀速圆周运动，加速度不为零，具有向心加速度．根据牛顿第二定律分析碗对木块的支持力的变化，分析摩擦力的变化．解答：解：A、木块做匀速圆周运动，速度方向时刻在变化，速度在改变，加速度一定不为零．故A错误．B、由于摩擦力的作用使得木块速率不变，所以木块切向所受合力为零，所以摩擦力大小等于重力沿切线方向分力，在a点重力沿切线方向分力大于在b点重力沿切线方向分力，所以在a点碗对木块的摩擦力大于在b点的摩擦力，故B正确；C、木块速率不变，在a点木块受到的合力与在b点受到的合力大小相等，故C正确；D、木块下滑过程中的加速度大小不变，方向时刻指向球心，故D正确；故选：BCD．点评：解决本题的关键要掌握匀速圆周运动的特点和规律，知道匀速圆周运动是加速度变化的变加速曲线运动，速度、加速度都时刻在变化．二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．必做题每个试题考生都必须作答．选考题考生根据要求作答．（一）必考题9．（6分）在“探究加速度与质量的关系”的实验中（1）备有以下器材：A．长木板；B．电磁打点计时器、低压交流电源、纸带；C．细绳、小车、砝码；D．装有细砂的小桶；E．薄木板；F．毫米刻度尺；还缺少的一件器材是．（2）实验得到如图（a）所示的一条纸带，相邻两计数点的时间间隔为T；B、C间距s2和D、E间距s4已量出，利用这两段间距计算小车加速度的表达式为．（3）同学甲根据实验数据画出a﹣图线如图（b）所示，从图线可得砂和砂桶的总质量为0.02kg．（g取10m/s2）（4）同学乙根据实验数据画出了图（c），从图线可知乙同学操作过程中出现的问题是末平衡摩擦力或平衡摩擦力不够．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题．分析：（1）本题需测量小车的质量，所以还需要天平；（2）利用匀变速直线运动的推论，根据作差法求出加速度；（3）根据牛顿第二定律可知，a﹣图象的斜率等于砂和砂桶的总重力；（4）观察图象可知当F＞0时，加速度仍为零，说明平衡摩擦力不足或未平衡摩擦力．解答：解：（1）本题要测量小车的质量，则需要天平，所以还缺少的一件器材是天平；（2）根据逐差法得：s4﹣s2=2aT2；解得：a=（3）根据牛顿第二定律可知，a=，则F即为a﹣图象的斜率，所以砂和砂桶的总重力m′g=F==0.2N解得：m′==0.02kg（4）由c图可知，图线不通过坐标原点，当F为某一值时，加速度为零，知平衡摩擦力不足或未平衡摩擦力．故答案为：（1）天平；（2）；（3）0.02（0.018﹣0.022kg均可）；（4）末平衡摩擦力或平衡摩擦力不够．点评：了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，能够运用逐差法求解加速度，知道图象的含义，难度适中．10．（9分）常见测电阻的方法有：伏安法、伏阻法、安阻法、替代法、半偏法、欧姆法等．现实验桌上有下列器材：A．待测电阻R（阻值约10kΩ） B．滑动变阻器R1（0～1kΩ）C．电阻箱R0（99999.9Ω） D．电流计G（500μA，内阻不可忽略）E．电压表V（3V，内阻约3kΩ） F．直流电源E（3V，内阻不计）G．开关、导线若干。