Yhchbr 临川二中2014-2015学年度下学期高一规范书写物理符号测试卷
江西省抚州市临川二中高一物理上学期第三次月考试卷(含解析)
江西省抚州市临川二中2015-2016学年高一（上）第三次月考物理试卷（12月份）一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共计40分，在1-7小题为单选题，在8-10小题为多选题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分）1．如图所示，三个大小相等的力F作用于同一点O，则合力最大的是（）A．B．C．D．2．一个小球做匀加速直线运动，到达A时速度为v，到达B时速度为2v，到达C时速度为3v，则AB：BC等于（）A．3：5 B．2：3 C．1：3 D．1：13．下列“画阴影”物体的受力分析图正确的是（）A．接触面光滑B．斜面光滑C．物体冲上粗糙斜面D．两物体一起向右匀速运动4．如图为两个物体A和B在同一直线上沿同一方向同时作匀加速运动的v﹣t图线．已知在第3s末两个物体在途中相遇，则物体的出发点的关系是（）A．从同一地点出发B．A在B前3m处C．B在A前3m处D．B在A前5m处5．一个从地面上竖直上抛的物体，它两次经过一个较低点A的时间间隔是5s，两次经过一个较高点B的时间间隔是3s，则AB之间的距离是（g=10m/s2）（）A．80m B．40mC．20m D．初速未知，无法确定6．如图所示，一根弹性杆的一端固定在倾角为30°的斜面上，杆的另一端固定一个重量是2N的小球，小球处于静止状态时，弹性杆对小球的弹力（）A．大小为2N，方向平行于斜面向上B．大小为1N，方向平行于斜面向上C．大小为2N，方向垂直于斜面向上D．大小为2N，方向竖直向上7．如图所示，一劲度系数为k的轻质弹簧两端分别与竖直墙壁和物块连接，弹簧、地面水平．A、B是物块能保持静止的位置中离墙壁最近和最远的两点，A、B两点离墙壁的距离分别是x1、x2．则物块与地面的最大静摩擦力为（）A．k（x2﹣x1）B．k（x2+x1）C．D．8．一辆公路救援车停在平直的公路上，突然接到命令，要求从静止开始一直加速行驶赶往1公里外的出事地点，且到达出事地点时的速度为30m/s，有三种进行方式：a做匀加速直线运动；b做加速度增大的加速运动；c做加速度减小的加速运动，则（）A．a种方式先到达B．b种方式先到达C．c种方式先到达D．b种方式需要的时间最长9．我国国家大剧院外部呈椭球形．假设国家大剧院的屋顶为半球形，一警卫人员为执行特殊任务，必须冒险在半球形屋顶向上缓慢爬行，他在向上爬的过程中（）A．屋顶对他的支持力变大 B．屋顶对他的支持力变小C．屋顶对他的摩擦力变大 D．屋顶对他的摩擦力变小10．如图所示，重力为G的质点M，与三根劲度系数相同的螺旋弹簧A、B、c相连，C处于竖直方向，静止时，相邻弹簧间的夹角均为120°，已知弹簧A和B对质点的作用力的大小均为2G，则弹簧C对质点的作用力的大小可能为（）A．2G B．G C．O D．3G二、填空题（本大题共2小题，每空2分，共计16分）11．某同学在“用打点计时器测速度”的声音中，用打点计时器记录了呗小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定出0、1、2、3、4、5、6共7个计数点．其相邻点间的距离如图所示，每两个相邻的计数点之间还有4个点未标出．期部分相邻点间的距离如图所示，完成下列问题．（1）计算出4时小车的瞬时速度大小为m/s，求小车的加速度为m/s2．（要求保留3位有效数字）（2）如果当时电网如果中交变电流的频率稍有增大，而做实验的同学并不知道，那么速度的测量值与实际值相比（选填：偏大、偏小或不变）．12．某同学探究弹力与弹簧伸长量的关系．（1）将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧．弹簧轴线和刻度尺都应在方向（填“水平”或“竖直”）．（2）弹簧自然悬挂，待弹簧静止时，长度记为L；弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为L x；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为L1至L6，数据如表：代表符号L L x L1L2L3L4L5L6数值[cm] 25.35 27.35 29.35 31.30 33.4 35.35 37.40 39.30表中有一个数值记录不规范，代表符号为．（3）如图是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与的差值（填“L”或“L x”）．（4）由图可知弹簧的劲度系数为N/m；通过图和表可知砝码盘的质量为g（结果保留两位有效数字，重力加速度取9.8m/s2）．三、计算题（本大题共4小题，共44分，必须给出必要的文字说明和步骤，只给出答案的不得分）13．质点从静止开始做匀加速直线运动，经4s后速度达到20m/s，然后匀速运动了10s，接着经5s匀减速运动后静止．求：（1）质点在加速运动阶段和减速阶段的加速度的大小？（2）质点在整个过程的平均速度是多大？14．如图所示，在倾角为37°的固定斜面上静置一个质量为5kg的物体，物体与斜面间的动摩擦因数为0.8．求：（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2）（1）物体所受的摩擦力；（2）若改用沿斜面向上的力拉物体，使之向上匀速运动，则拉力是多少？15．随着机动车数量的增加，交通安全问题日益凸显．分析交通违法事例，将警示我们遵守交通法规，珍惜生命．某城市道路上一货车以72km/h的速率超速行驶．货车刹车后做匀减速直线运动的加速度大小为4m/s2．求：（1）刹车后此货车最多前进多远？（2）司机突然发现前方30m处的路口有一人骑自行车驶进货车行驶的车道，并以6m/s速度同向匀速前进，司机开始制动，但司机的反应时间为0.5s，问骑自行车的人是否有危险？16．如图所示，光滑匀质圆球的直径d=40cm，质量为M=20kg，悬线长L=30cm，正方形物块A的厚度b=10cm，质量为m=2kg，物块A与墙之间的动摩擦因数μ=0.2．现将物块A轻放于球和墙之间后放手，取g=10m/s2，求：（1）墙对A的摩擦力为多大？（2）施加一个与墙面平行的外力于物体A上，使物体A在未脱离圆球前贴着墙沿水平方向做匀速直线运动，求这个外力的大小．2015-2016学年江西省抚州市临川二中高一（上）第三次月考物理试卷（12月份）参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共计40分，在1-7小题为单选题，在8-10小题为多选题，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分）1．如图所示，三个大小相等的力F作用于同一点O，则合力最大的是（）A．B．C．D．【考点】力的合成．【专题】定性思想；合成分解法；受力分析方法专题．【分析】三力合成时，若合力能为零则三力可以组成三角形，分析题中数据可知能否为零；若不为零，则进行两两合成，从而分析最大的可能情况．【解答】解：A、将相互垂直的F进行合成，则合力的大小为F，再与第三个力F合成，即有合力的大小为（﹣1）F；B、将方向相反的两个力合成，则合力为0，再与第三个力F合成，则有合力大小为F，合力最大；C、将任意两力进行合成，可知，这三个力的合力为零，合力最小；D、将左边两个力进行合成，再与右边合成，则有合力的大小（﹣1）F；由上分析可知，故B正确，ACD均错误；故选：B．【点评】考查力的平行四边形定则，并体现如何选择两力合成的技巧，同时要学生会画合成与分解的力图示．2．一个小球做匀加速直线运动，到达A时速度为v，到达B时速度为2v，到达C时速度为3v，则AB：BC等于（）A．3：5 B．2：3 C．1：3 D．1：1【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】定量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度位移公式分别求出AB和BC的位移，从而得出两段的位移之比．【解答】解：AB段的位移，BC段的位移，则x AB：x BC=3：5．故选：A．【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度位移公式，并能灵活运用，基础题．3．下列“画阴影”物体的受力分析图正确的是（）A．接触面光滑B．斜面光滑C．物体冲上粗糙斜面D．两物体一起向右匀速运动【考点】物体的弹性和弹力．【专题】受力分析方法专题．【分析】弹力是相互接触的物体由于相互挤压而产生的；根据弹力及摩擦力产生的条件结合假设法进行分析即可求解．【解答】解：A、斜面与球之间若有弹力则物体将会向右运动，故球和斜面之间没有弹力；故A错误；B、由于悬线竖直，故绳子有拉力；球与斜面虽然接触，但如果有弹力，悬线不可能保持竖直方向；故B正确；C、物体向上运动，故摩擦力应沿斜面向下；故C错误；D、两物体一块匀速运动，则上面的物体与下面物体之间一定没有摩擦力，故只受重力和支持力；故D正确；故选：BD．【点评】弹力与摩擦力的有无的判断是力学中的重难点之一，要注意学会应用假设法进行判断．4．如图为两个物体A和B在同一直线上沿同一方向同时作匀加速运动的v﹣t图线．已知在第3s末两个物体在途中相遇，则物体的出发点的关系是（）A．从同一地点出发B．A在B前3m处C．B在A前3m处D．B在A前5m处【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；切线表示加速度，加速度，向右上方倾斜，加速度为正，向右下方倾斜加速度为负；图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负．【解答】解：A物体前3秒内的位移（应用平均速度）：x A=×3m=6m；也可解A问题与坐标轴围成的三角形的面积：x A=×3×4m=6mB物体前3秒内的位移：x B=×3m=3m两物体在第3s末两个物体在途中相遇，说明A物体出发时应在B物体后方3m处，即B在A 前3m处，故C正确．故选：C【点评】本题是为速度﹣﹣时间图象的应用，既要明确斜率的含义，更应知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义．5．一个从地面上竖直上抛的物体，它两次经过一个较低点A的时间间隔是5s，两次经过一个较高点B的时间间隔是3s，则AB之间的距离是（g=10m/s2）（）A．80m B．40mC．20m D．初速未知，无法确定【考点】竖直上抛运动．【分析】物体做竖直上抛运动，可以利用对称来解，可以得到物体从顶点到A的时间为，顶点到B点的时间为，从顶点出发物体做自由落体运动，根据位移公式 x=gt2将其带入求解．【解答】解：小球做竖直上抛运动，根据运动时间的对称性得到物体从最高点自由下落到A 点的时间为，最高点到B点的时间为，AB间距离为：h AB=g=×10×（2.52﹣1.52）m=20m故选：C．【点评】对于竖直上抛运动问题，关键要抓住对称性，知道上升和下降的时间相等，再由运动学公式即可求解．6．如图所示，一根弹性杆的一端固定在倾角为30°的斜面上，杆的另一端固定一个重量是2N的小球，小球处于静止状态时，弹性杆对小球的弹力（）A．大小为2N，方向平行于斜面向上B．大小为1N，方向平行于斜面向上C．大小为2N，方向垂直于斜面向上D．大小为2N，方向竖直向上【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】小球保持静止状态，合力为零，小球受重力和弹力，根据二力平衡条件可判断弹力的大小和方向．【解答】解：小球保持静止状态，处于平衡状态，合力为零；再对小球受力分析，受重力和弹力，根据二力平衡条件可判断弹力和重力等值、反向、共线，故弹力为2N，竖直向上；故选：D．【点评】本题关键结合平衡条件对物体受力分析，要注意杆的弹力方向可以与杆平行，也可以与杆不共线．7．如图所示，一劲度系数为k的轻质弹簧两端分别与竖直墙壁和物块连接，弹簧、地面水平．A、B是物块能保持静止的位置中离墙壁最近和最远的两点，A、B两点离墙壁的距离分别是x1、x2．则物块与地面的最大静摩擦力为（）A．k（x2﹣x1）B．k（x2+x1）C．D．【考点】摩擦力的判断与计算．【专题】摩擦力专题．【分析】分别对物体处于对A、B点时进行受力分析，根据平衡条件列方程即可求解．【解答】解：水平方向上，物块在A点受弹簧弹力和地面的摩擦力，方向相反，根据平衡条件有：k（x0﹣x1）=f同理，在B点根据水平方向上，受力平衡有：k（x2﹣x0）=f联立解得：物块与地面的最大静摩擦力为f=；故选：C．【点评】本题考查了平衡条件以及胡克定律的直接应用，同时注意胡克定律中的形变量与长度的区别．8．一辆公路救援车停在平直的公路上，突然接到命令，要求从静止开始一直加速行驶赶往1公里外的出事地点，且到达出事地点时的速度为30m/s，有三种进行方式：a做匀加速直线运动；b做加速度增大的加速运动；c做加速度减小的加速运动，则（）A．a种方式先到达B．b种方式先到达C．c种方式先到达D．b种方式需要的时间最长【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据速度时间图线，结合图线围成的面积相等，抓住末速度相同，比较运动的时间．【解答】解：作出a、b、c的速度时间图线，如图所示，因为a、b、c的末速度相等，图线与时间轴围成的面积相等，可知t c＜t a＜t b．故C、D正确，A、B错误．故选：CD．【点评】解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线与时间轴围成的面积表示位移，会运用图象解题．9．我国国家大剧院外部呈椭球形．假设国家大剧院的屋顶为半球形，一警卫人员为执行特殊任务，必须冒险在半球形屋顶向上缓慢爬行，他在向上爬的过程中（）A．屋顶对他的支持力变大 B．屋顶对他的支持力变小C．屋顶对他的摩擦力变大 D．屋顶对他的摩擦力变小【考点】共点力平衡的条件及其应用．【分析】由题意可知，研究对象处于动态平衡状态（因为他在缓慢爬行），所以对其在某位置受力分析，再利用平行四边形定则进行力的合成或分解来列出支持力与摩擦力的表达式．从而由式中的θ变化，可以求出屋顶对他的支持力与摩擦力的变化．【解答】解：对警卫在某点受力分析：将F支、F f进行力的合成，由三角函数关系可得：F支=GcosβF f=Gsinβ当缓慢向上爬行时，β渐渐变小，则F支变大，F f变小．故选AD【点评】考查支持力与摩擦力方向，并利用力的平行四边形定则构建支持力、摩擦力与重力间的关系．10．如图所示，重力为G的质点M，与三根劲度系数相同的螺旋弹簧A、B、c相连，C处于竖直方向，静止时，相邻弹簧间的夹角均为120°，已知弹簧A和B对质点的作用力的大小均为2G，则弹簧C对质点的作用力的大小可能为（）A．2G B．G C．O D．3G【考点】力的合成与分解的运用．【专题】受力分析方法专题．【分析】小球处于平衡状态，合力为零，对小球进行受力分析，应用平衡条件计算出小球竖直方向受到的力的大小，弹簧可能处于伸长和原长状态，也可能处于压缩状态，进行讨论即可．选取M为研究的对象，对M进行受力分析，它受到重力和ABC三个弹簧的弹力，画出受力分析的图象，结合共点力平衡的条件分析即可．【解答】解：若弹簧A和B对质点的作用力为拉力，对M进行受力分析如图，由于M处于平衡状态，所以：F C=G+F A cos60°+F B cos60°=3G，故选项B正确；若弹簧A和B对质点的作用力为推力，对M进行受力分析，由于M处于平衡状态，所以：F C=F A cos60°+F B cos60°﹣G=G，故选项D正确．故选：BD【点评】掌握力的特点，是正确分析受力的基础和依据．要想熟练掌握，还需要通过一定量的练习，不断加深对物体运动规律的认识，反复体会方法，总结技巧才能达到．二、填空题（本大题共2小题，每空2分，共计16分）11．某同学在“用打点计时器测速度”的声音中，用打点计时器记录了呗小车拖动的纸带的运动情况，在纸带上确定出0、1、2、3、4、5、6共7个计数点．其相邻点间的距离如图所示，每两个相邻的计数点之间还有4个点未标出．期部分相邻点间的距离如图所示，完成下列问题．（要（1）计算出4时小车的瞬时速度大小为0.314 m/s，求小车的加速度为0.510 m/s2．求保留3位有效数字）（2）如果当时电网如果中交变电流的频率稍有增大，而做实验的同学并不知道，那么速度的测量值与实际值相比偏小（选填：偏大、偏小或不变）．【考点】用打点计时器测速度．【专题】实验题；定量思想；方程法；直线运动规律专题．【分析】根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出计数点4的瞬时速度，根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，求出小车的加速度．根据周期的测量误差，结合△x=aT2求出加速度的测量误差．【解答】解：（1）计数点4的瞬时速度为：v4==m/s=0.314m/s．根据△x=aT2，a===0.510m/s2．（2）交流电的频率稍大，则打点周期的测量值偏大，根据a=知，加速度的测量值偏小．故答案为：（1）0.314，0.510，（2）偏小．【点评】解决本题的关键掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动推论的运用，注意有效数字的保留．12．某同学探究弹力与弹簧伸长量的关系．（1）将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧．弹簧轴线和刻度尺都应在竖直方向（填“水平”或“竖直”）．（2）弹簧自然悬挂，待弹簧静止时，长度记为L；弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为L x；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为L1至L6，数据如表：代表符号L L x L1L2L3L4L5L6数值[cm] 25.35 27.35 29.35 31.30 33.4 35.35 37.40 39.30表中有一个数值记录不规范，代表符号为L3．（3）如图是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与L x的差值（填“L”或“L x”）．（4）由图可知弹簧的劲度系数为 4.9 N/m；通过图和表可知砝码盘的质量为10 g（结果保留两位有效数字，重力加速度取9.8m/s2）．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【专题】实验题．【分析】用毫米刻度尺测量长度是要估读到分度值的下一位，即要有估读的．充分利用测量数据，根据公式△F=k△x可以计算出弹簧的劲度系数k．其中△x为弹簧的形变量．【解答】解：（1）将弹簧悬挂在铁架台上，将刻度尺固定在弹簧一侧，弹簧轴线和刻度尺都应在竖直方向．（2）表中有一个数值记录不规范，尺的最小分度值为1mm，所以长度L3应为33.40cm，由表可知所用刻度尺的最小刻度为1mm．（3）在砝码盘中每次增加10g砝码，所以弹簧的形变量应该是弹簧长度与L X的差值．（4）充分利用测量数据k==≈4.9N/m；通过图和表可知：L0=25.35cm，L x=27.35cm所以砝码盘的质量为：m===0.01kg=10g；故答案为：（1）竖直，（2）L3，（3）L x，（4）4.9，10．【点评】弹簧测力计的原理是在弹簧的弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比．对于实验问题，我们要充分利用测量数据求解可以减少误差．三、计算题（本大题共4小题，共44分，必须给出必要的文字说明和步骤，只给出答案的不得分）13．质点从静止开始做匀加速直线运动，经4s后速度达到20m/s，然后匀速运动了10s，接着经5s匀减速运动后静止．求：（1）质点在加速运动阶段和减速阶段的加速度的大小？（2）质点在整个过程的平均速度是多大？【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】（1）根据匀变速直线运动的加速度的定义式：a=，分别求出加速阶段的加速度和减速阶段的加速度的大小，（2）由位移公式求出三个阶段的位移，得到总位移，总位移与总时间之比即为在整个过程的平均速度．【解答】解：（1）根据匀变速直线运动的加速度的定义式：a=，得匀加速阶段的加速度大小为：a1==m/s2=5m/s2．匀减速阶段加速度的大小为：a2==m/s2=4m/s2．（2）匀加速运动的位移：x1==×20×4m=40m；匀速运动的位移：x2=vt2=20×10m=200m；匀减速运动的位移：x3=vt3=×20×5m=50m；所以质点在整个过程的平均速度是==m/s=15.26m/s．答：（1）质点在加速运动阶段和减速阶段的加速度的大小分别为5m/s2、4m/s2．（2）质点在整个过程的平均速度是15.26m/s【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，本题也可以通过速度时间图象求解．14．如图所示，在倾角为37°的固定斜面上静置一个质量为5kg的物体，物体与斜面间的动摩擦因数为0.8．求：（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2）（1）物体所受的摩擦力；（2）若改用沿斜面向上的力拉物体，使之向上匀速运动，则拉力是多少？【考点】牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）由于μ＞tanθ，物体静止在斜面时，受力分析后根据共点力平衡条件列式求解；（2）受力分析后根据共点力平衡条件求解拉力．【解答】解：（1）静止在斜面上，沿斜面方向：f=mgsinθ=0.6mg=30N，方向沿斜面向上（2）当物体匀速上滑时：F=mgsinθ+μmgcosθ=62N答：（1）物体所受的摩擦力30N；（2）若改用沿斜面向上的力拉物体，使之向上匀速运动，则拉力是62N【点评】本题关键是正确的受力分析，根据共点力平衡条件列式求解，注意物体恰好匀速下滑的临界条件是μ=tanθ．15．随着机动车数量的增加，交通安全问题日益凸显．分析交通违法事例，将警示我们遵守交通法规，珍惜生命．某城市道路上一货车以72km/h的速率超速行驶．货车刹车后做匀减速直线运动的加速度大小为4m/s2．求：（1）刹车后此货车最多前进多远？（2）司机突然发现前方30m处的路口有一人骑自行车驶进货车行驶的车道，并以6m/s速度同向匀速前进，司机开始制动，但司机的反应时间为0.5s，问骑自行车的人是否有危险？【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】（1）根据速度位移关系由初速度、末速度和加速度求货车的位移；（2）当货车速度减小至和自行车一致时，货车的位移与自行车的位移之差大于30m则人无危险，反之危险．【解答】解：（1）由于货车刹车后做匀减速运动，取初速度方向为正方向则货车初速度v0=72km/h=20m/s，加速度a=﹣4m/s2，则根据速度位移关系有：货车的位移x=（2）当货车速度等于自行车速度时，经过的时间为t1由速度时间关系有：v=v0+at得经历时间则货车的位移为m=55.5m自行车的位移x2=v自（△t+t1）=6×（0.5+3.5）m=24m因为x1＞x2+30，所以骑自行车的人有危险．答：（1）刹车后此货车最多前进50m；（2）司机突然发现前方30m处的路口有一人骑自行车驶进货车行驶的车道，并以6m/s速度同向匀速前进，司机开始制动，但司机的反应时间为0.5s，骑自行车的人是有危险．【点评】掌握匀变速直线运动的速度时间关系和位移时间关系是正确解题的关键，第二问易错在货车速度减小至自行车速度时求位移关系，不是货车减小至零时的位移关系．16．如图所示，光滑匀质圆球的直径d=40cm，质量为M=20kg，悬线长L=30cm，正方形物块A的厚度b=10cm，质量为m=2kg，物块A与墙之间的动摩擦因数μ=0.2．现将物块A轻放于球和墙之间后放手，取g=10m/s2，求：（1）墙对A的摩擦力为多大？（2）施加一个与墙面平行的外力于物体A上，使物体A在未脱离圆球前贴着墙沿水平方向做匀速直线运动，求这个外力的大小．【考点】共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】（1）对物块A受力分析，受重力、静摩擦力、球对其向左的压力、墙壁对其向右的支持力，根据平衡条件求解即可；（2）对物体A受力分析，竖直面内受重力、弹力和滑动摩擦力，根据平衡条件列式求解推力F．【解答】解：（1）先对球受力分析，受重力、支持力和拉力，如图根据平衡条件，有N=Mgtan37°=0.75Mg=150N；故A对墙壁的压力也为150N，A与墙壁间的滑动摩擦力为：f=μN=0.2×150=30N；由于滑动摩擦力大于A的重力，故A保持静止；对物块A受力分析，受重力、静摩擦力、球对其向左的压力、墙壁对其向右的支持力，如图根据平衡条件，有：f静=mg=20N；（2）A沿水平方向运动，面对着墙看，作出A物体在竖直平面内的受力图如图所示，。
2014-2015学年江西省抚州市临川二中高一(下)期末物理试卷
2014-2015学年江西省抚州市临川二中高一（下）期末物理试卷一、选择题（共10小题，每小题4分，满分40分）1．（4分）立定纵跳摸高是中学生常见的一种运动项目，起跳前先屈膝下蹲，然后脚掌用力蹬地，伸展身体，两臂上挥，竖直向上跳起至最高点，小刚同学在一次立定纵跳摸高中消耗的能量约为（）A．4×102J B．4×103J C．4×104J D．4×105J2．（4分）星球上的物体脱离星球引力所需要的最小速度称为该星球的第二宇宙速度，星球的第二宇宙速度v2与第一宇宙速度v1的关系是v2=v1．已知某星球的半径为r，它表面的重力加速度为地球表面重力加速度g的，不计其他星球的影响，则该星球的第二宇宙速度为（）A． B．C．D．gr3．（4分）如图所示，半径为R，内径很小的光滑半圆管竖直放置，两个质量均为m的小球A、B以不同速率进入管内，A通过最高点C时，对管壁上部的压力为3mg，B通过最高点C时，对管壁下部的压力为0.75mg．则A、B两球落地点间的距离为（）A．R B．2R C．3R D．4.5R4．（4分）如图所示，两块水平放置的平行正对的金属板a、b 与电池相连，在距离两板等远的M点有一个带电液滴处于静止状态。
若b板不动，将a板向下平移一小段距离，但仍在M点上方，稳定后，下列说法中正确的是（）A．液滴将加速向下运动B．M点电势升高，液滴在M点时电势能将增大C．M点的电场强度变小了D．在a板移动前后两种情况下，若将液滴从a板移到b板，电场力做功相同5．（4分）图中的实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域的运动轨迹，a、b是其轨迹上的两点．若带电粒子在运动中只受电场力作用，由此图可判断下列说法错误的是（）A．带电粒子所带电荷的符号B．带电粒子在a、b两点的受力方向C．带电粒子在a、b两点的速度何处较大D．带电粒子在a、b两点的电势能何处较大6．（4分）质量为m的物块，带电荷量为+Q，开始时让它静止在倾角α=60°的固定光滑绝缘斜面顶端，整个装置放在水平方向、大小为E=的匀强电场中，如图所示，斜面高为H，释放物块后，物块落地时的速度大小为（）A．2B．C．2D．27．（4分）如图所示，a、b、c、d为某匀强电场中的四个点，且ab∥cd、ab⊥bc，bc=cd=2ab=2l，电场线与四边形所在平面平行．已知φa=20V，φb=24V，φd=8V．一个质子经过b点的速度大小为v0，方向与bc夹角为45°，一段时间后经过c点，e为质子的电量，不计质子的重力，则（）A．c点电势为14VB．质子从b运动到c所用的时间为C．场强的方向由a指向cD．质子从b运动到c电场力做功为12eV8．（4分）如图所示，半径为R的环形塑料管竖直放置，AB为该环的水平直径，且管的内径远小于环的半径，环的AB及其以下部分处于向左的匀强电场中，管的内壁光滑，现将一质量为m，带电量为+q的小球从管中A点由静止释放，已知qE=mg，以下说法正确的是（）A．小球释放后，将在管内做圆周运动B．小球释放后，到达B点时的速度为零，并在BDA间往复运动C．小球释放后，第一次经过最低点D和最高点C时对管壁的压力之比为5：1 D．小球释放后，第一次和第二次经过最高点C时对管壁的压力之比为1：6 9．（4分）电荷量q=1×10﹣4C的带正电的小物块静止在绝缘水平面上，所在空间存在沿水平方向的电场，其电场强度E的大小与时间t的关系如图1所示，物块速度v的大小与时间t的关系如图2所示．重力加速度g=10m/s2．则（）A．物块在4s内位移是6mB．物块的质量是2kgC．物块与水平面间动摩擦因数是0.4D．物块在4s内电势能减少了14J10．（4分）一个质量为m，电荷量为+q的小球以初速度v0水平抛出，在小球经过的竖直平面内，存在着若干个如图所示的无电场区和有理想上下边界的匀强电场区，两区域相互间隔、竖直高度相等，电场区水平方向无限长．已知每一电场区的场强大小相等，方向竖直向上，不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．小球在一竖直方向上一直做匀加速直线运动B．若场强大小等于，则小球经过每一电场区的时间均相同C．场强大小等于，则小球经过每一无电场区的时间均相同D．无论场强大小如何，小球通过所有无电场区的时间均不相同二、解答题（共6小题，满分60分）11．（8分）有一满偏电流I g=5mA，内阻R g=100Ω的电流表G，若把它改装成量程为15V的电压表，应一个Ω的分压电阻，若把它改装成量程为3A的电流表，应联一个Ω的分流电阻．12．（8分）在“验证机械能守恒定律”的一次实验中，质量m=1kg的重物自由下落，在纸带上打出一系列的点，如图所示（相邻记数点时间间隔为0.02s），那么：（1）打点计时器打下计数点B时，物体的速度v B=m/s（2）从起点P到打下计数点B的过程中物体的重力势能减少量△E P=J，此过程中物体动能的增加量△E k=J．（保留两位有效数字，g取9.8m/s2）（3）通过计算可得知△E P△E k（填“＜”、“＞”或“=”），这是因为．13．（9分）车从静止开始以1m/s2的加速度前进，车后14m处，在车开始运动的同时，某人骑自行车开始以5m/s的速度匀速追赶，能否追上？人与车的最小距离是多少？14．（10分）如图所示，光滑斜面倾角为37°，一带正电的小物块质量为m，电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变化为原来的，求：（重力加速度为g，sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）原来的电场强度；（2）场强改变后，物块运动的加速度．（3）电场改变后物块运动经过L的路程过程机械能的变化量．15．（11分）如图所示，在竖直平面内固定的圆形绝缘轨道的圆心在O点、半径为r，内壁光滑，A、B两点分别是圆弧的最低点和最高点，该区间存在方向水平向右的匀强电场，一质量为m，带负电的小球在轨道内侧做完整的圆周运动（电荷量不变），经C点时速度最大，O、C连线与竖直方向的夹角θ=53°，重力加速度为g．（已知sin53°=0.8，cos53°=0.6）（1）求小球所受到的电场力大小；（2）小球在A点速度v0多大时，小球经B点时对轨道的压力最小？16．（14分）如图所示，在光滑绝缘的水平面上，用长为2L的绝缘轻杆两个质量均为m的带电小球A和B，A球的带电量为+3q，B球的带电量为﹣4q，两球组成一带电系统．虚线MN与PQ平行且相距3L，开始时A和B分别静止于虚线MN的两侧，虚线MN恰为AB两球连线的垂直平分线．若视小球为质点，不计轻杆的质量，在虚线MN、PQ间加上水平向右的电场强度为E的匀强电场后．试求：（1）B球刚进入电场时，带电系统的速度大小；（2）带电系统向右运动的最大距离和此过程中B球电势能的变化量；（3）带电系统运动的周期．2014-2015学年江西省抚州市临川二中高一（下）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题4分，满分40分）1．（4分）立定纵跳摸高是中学生常见的一种运动项目，起跳前先屈膝下蹲，然后脚掌用力蹬地，伸展身体，两臂上挥，竖直向上跳起至最高点，小刚同学在一次立定纵跳摸高中消耗的能量约为（）A．4×102J B．4×103J C．4×104J D．4×105J【解答】解：人的重心升高的高度为：△h=0.6m；故该同学跳起后增加的重力势能最大值是：E p=mg△h=700×0.6J=420J，可知消耗的能量大约为4×102J，故A正确，B、C、D错误。
抚州市临川二中2015-2016学年高二下学期第一次月考物理试卷 含解析
2015-2016学年江西省抚州市临川二中高二（下）第一次月考物理试卷一。
选择题1．下列生活中利用传感器把光信号变成电信号的是（) A．用遥控器控制电视机的开关B．走廊照明灯的声控开关C．自动洗衣机中的压力传感装置D．电饭煲中控制加热和保温的温控器2．某同学为了验证断电自感现象，自己找来带铁心的线圈L、小灯泡A、开关S和电池组E，用导线将它们连接成如图所示的电路．检查电路后，闭合开关S,小灯泡发光；再断开开关S,小灯泡仅有不显著的延时熄灭现象．虽经多次重复，仍未见老师演示时出现的小灯泡闪亮现象，他冥思苦想找不出原因．你认为最有可能造成小灯泡末闪亮的原因是（）A．电源的内阻较大B．小灯泡电阻偏大C．线圈电阻偏大D．线圈的自感系数较大3．如图所示，质量M=2kg的一定长度的长木板静止在光滑水平面上，在其左端放置一质量m=1kg的小木块（可视为质点），小木块与长木板之间的动摩擦因数μ=0.2，长木板和小木块先相对静止，然后用一水平向右的F=4N的力作用在小木块上，经过时间t=2s，小木块从长木板另一端滑出，g取10m/s2，则（）A．滑出瞬间，小木块的速度为2m/sB．滑出瞬间，小木块的速度为m/sC．滑出瞬间，长木板的速度为2m/sD．滑出瞬间，长木板的速度为4m/s4．如图所示,理想变压器原、副线圈匝数比为2：1．电池和交变电源的电动势都为6V，内阻均不计．下列说法正确的是（)A．S与a接通的瞬间，R中有感应电流B．S与a接通稳定后，R两端的电压为3VC．S与b接通稳定后,R两端的电压为3VD．S与b接通稳定后，原、副线圈中电流的频率之比为2:1 5．如图所示，轻弹簧的一端固定在竖直墙上,光滑弧形槽固定在光滑的水平面上,弧形槽底端与水平面相切,一质量为m的小物块从槽高h处开始自由下滑，下列说法正确的是（）A．在下滑过程中，物块的机械能守恒B．在整个过程中，物块的机械能守恒C．物块被弹簧反弹后，一直做匀速直线运动D．物块被弹簧反弹后,能回到槽高h处6．如图所示,细线拴一带负电的小球，球处在竖直向下的匀强电场中，使小球在竖直平面内做圆周运动，则下列说法不正确的是（)A．小球不可能做匀速圆周运动B．当小球运动到最高点时绳的张力一定最小C．小球运动到最低点时，球的线速度一定最大D．小球运动到最低点时,电势能一定最大7．如图所示，在方向垂直纸面向里,磁感应强度为B的匀强磁场中，有一质量为m、电荷量为q的带正电小球经长度为L的绝缘细绳与悬点相连，将小球置于恰好使细绳水平伸直的位置并从静止释放．不计空气阻力，则小球从释放到第一次到达最低点过程，下列正确的是( ）A．小球在运动至最低点时速度为B．小球在运动过程中受到的洛伦兹力方向始终与细绳垂直C．小球在运动过程中受到的洛伦兹力瞬时功率先增大，后减小D．小球在运动至最低点时细绳对小球的拉力大小为8．下列说法正确的是（）A．运动电荷在磁感应强度不为零的地方，一定受到洛伦兹力的作用B．洛伦兹力既不能改变带电粒子的速度,也不能改变带电粒子的动能C．安培力的方向一定垂直于直导线与磁场方向所确定的平面；洛伦兹力的方向一定垂直于电荷相对于磁场的速度方向与磁场方向所确定的平面D．安培力是大量运动电荷所受洛伦兹力的合力9．根据表格中的内容,判断下列说法正确的是（）材料铯钙镁铍钛金逸出功W/eV1。
2024届江西省抚州市临川二中物理高一下期末考试模拟试题含解析
2024届江西省抚州市临川二中物理高一下期末考试模拟试题考生须知： 1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。
选择题必须用2B 铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。
一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。
在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。
全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1、 (本题9分)如图所示，滑雪运动员不借助雪杖，由静止从山坡匀加速滑过x 1，又匀减速在平面上滑过x 2后停下，测得x 2＝2x 1，设运动员在山坡上滑行的加速度大小为a 1，在平面上滑行的加速度大小为a 2，则a 1∶a 2为( )A ．1∶1B ．1∶2C ．2∶1D ．2 ∶12、如图所示，静止的小球沿不同的轨道由同一位置滑到水平桌面上，轨道高度为h ，桌面距地面高为H ，物体质量为m ，则以下说法正确的是( )A ．小球沿竖直轨道下滑到桌面上的过程，重力做功最少B ．小球沿曲线轨道下滑到桌面上的过程，重力做功最多C ．以桌面为参考面，小球的重力势能的减少量为mghD ．以地面为参考面，小球的重力势能的减少量为()mg H h +3、 (本题9分)如图所示，汽车在倾斜的路面上拐弯，弯道的倾角为θ，半径为R ，则汽车完全不靠摩擦力转弯的速度是（ ）A ．cos gR θB ．sin gR θC ．tan gR θD ．cot gR θ4、 (本题9分)表示能量的单位，下列正确的是 A ．瓦特 B ．焦耳 C ．牛顿 D ．米5、 (本题9分)下面说法中正确的是( ) A ．速度变化的运动必定是曲线运动B ．做匀速圆周运动的物体在运动过程中，线速度是不发生变化的C ．平抛运动的速度方向与恒力方向的夹角保持不变D ．万有引力定律是由牛顿发现的，而万有引力恒量是由卡文迪许测定的6、某工地上，工人将放在地面上一重10 N 的箱子吊起。
江西省抚州市临川二中2025年高三下学期综合测试五(5月)物理试题含解析
江西省抚州市临川二中2025年高三下学期综合测试五（5月）物理试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、一小物块从倾角为α=30°的足够长的斜面底端以初速度v0=10m/s沿斜面向上运动(如图所示)，已知物块与斜面间的摩擦因数μ=33，g取10m/s2，则物块在运动时间t=1.5s时离斜面底端的距离为A．3.75m B．5m C．6.25m D．15m2、职业高空跳伞运动员从近万米高空带着降落伞跳下，前几秒内的运动可视为自由落体运动。
已知运动员的质量为80 kg，重力加速度g取10 m/s2，关于运动员所受重力做功的功率，下列说法正确的是（）A．下落第1 s末的瞬时功率为4 000 WB．下落第1 s内的平均功率为8 000 WC．下落第2s末的瞬时功率为8 000 WD．下落第2s内的平均功率为12000 W3、如图所示，一个钢球放在倾角为30 的固定斜面上，用一竖直的挡板挡住，处于静止状态。
各个接触面均光滑。
关于球的重力大小G、球对斜面的压力大小F N1、球对挡板的压力大小F N2间的关系，正确的是（）A．F N1>GB．F N2>GC．F N2=GD．F N1<F N24、如图所示，一个质量为m 的物块在恒力F 的作用下，紧靠在一个水平的上表面上保持静止，物块与上表面间静摩擦因数为μ，取1tan μα=。
F 与水平面的夹角为θ，则θ角的最小值为（ ）A ．2arctan 11mg F αμ+-B ．2arctan 11mg F αμ++C ．2arcsin 11mgF αμ+- D ．2arcsin 11mg F αμ++5、分离同位素时，为提高分辨率，通常在质谐仪内的磁场前加一扇形电场．扇形电场由彼此平行、带等量异号电荷的两圆弧形金属板形成，其间电场沿半径方向．被电离后带相同电荷量的同种元素的同位素离子，从狭缝沿同一方向垂直电场线进入静电分析静电分器，经过两板间静电场后会分成几束，不考虑重力及离子间的相互作用，则A ．垂直电场线射出的离子速度的值相同B ．垂直电场线射出的离子动量的值相同C ．偏向正极板的离子离开电场时的动能比进入电场时的动能大D ．偏向负极板的离子离开电场时动量的值比进入电场时动量的值大6、如图所示，a 、b 、c 、d 为圆上的四个点，ac 、bd 连线过圆心且相互垂直，置于圆心处带正电的点电荷在a 点产生的场强大小为E 。
江西省抚州市临川二中高三物理下学期第四次月考试卷(含解析)-人教版高三全册物理试题
2014-2015学年江西省抚州市临川二中高三〔下〕第四次月考物理试卷一、选择题〔此题共8小题，每一小题6分，共48分．在每一小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分〕1．〔6分〕〔2013春•抚州校级月考〕如下说法正确的答案是〔〕A．在公路上行驶的汽车，车速越大，刹车后滑行的路程越长，惯性越大B．乒乓球可以抽杀，是因为质量小，惯性小，容易改变运动状态的缘故C．马拉着车加速前进，如此马拉车的拉力大于车拉马的拉力D．拔河比赛中，甲队能赢乙队是甲队人的总质量比乙队人的总质量大考点：惯性；牛顿第三定律．分析：惯性大小只有物体的质量来决定．作用力和反作用力是发生在相互作用的物体上，大小相等，方向相反，作用在同一条直线上．解答：解：A、在公路上行使的汽车，车速越大，刹车后滑行的路程越长，惯性不变，故A错误．B、乒乓球可以抽杀，是因为质量小，惯性小，容易改变运动状态的缘故，故B正确．C、马拉着车加速前进，车拉马的拉力与马拉车的力是作用力和反作用力，所以车拉马的拉力等于马拉车的力，故C错误．D、拔河比赛中，两队受到相等绳子的拉力，决定输赢的关键是谁与地面之间的最大静摩擦力大，故D错误．应当选：B点评：解决此题的关键知道质量决定惯性的大小，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上．2．〔6分〕〔2015•资阳一模〕如下列图，三个物块重均为100N，小球P重20N，作用在物块2的水平力F=20N，整个系统平衡，如此〔〕A．1和2之间的摩擦力是20N B． 2和3之间的摩擦力是20NC．物块3受5个力作用D． 3与桌面间摩擦力为20N考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：先对物体1受力分析，根据平衡条件求解出物体1与物体2之间的静摩擦力；再对2受力分析，求解出物体2与3之间的静摩擦力；最后对3物体受力分析；解答：解：A、整个系统平衡，如此物块1只受到重力和物块2的支持力，1和2之间的摩擦力为0，故A错误；B、物块2水平方向受拉力F和物块3对其的摩擦力，由二力平衡可知2和对的摩擦力是20N，且水平向右，故B正确；C、D、物块3对2的摩擦力向右，故2对3的静摩擦力向左；对绳子的连接点受力分析．受重力、两个绳子的拉力，如图根据平衡条件，有T1=mg=20N；对物块3分析可知，水平方向受绳的拉力和物块2的向左的静摩擦力，二力平衡，所以物块3与桌面之间的摩擦力为0，物块3受重力、桌面的支持力、绳的拉力、物块2的压力和摩擦力5个力的作用，故C确D错误；应当选BC．点评：此题关键是一次对物体1、2、3受力分析，根据平衡条件并结合牛顿第三定律列式分析求解．3．〔6分〕〔2015•绥化校级三模〕如图，在灭火抢险的过程中，消防队员有时要借助消防车上的梯子爬到高处进展救人或灭火作业．为了节省救援时间，消防车向前前进的过程中，人相对梯子匀加速向上运动，在地面上看消防队员的运动，如下说法中正确的答案是〔〕A．当消防车匀速前进时，消防队员可能做匀加速直线运动B．当消防车匀速前进时，消防队员水平方向的速度保持不变C．当消防车匀加速前进时，消防队员一定做匀变速曲线运动D．当消防车匀减速前进时，消防队员一定做匀变速曲线运动考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：消防员参与了沿梯子方向的匀加速直线运动和水平方向上的直线运动，通过合速度与合加速度是否在同一条直线上判断消防员做直线运动还是曲线运动．解答：解：A、当消防车匀速前进时，根据运动的合成，可知：消防队员一定做匀变速曲线运动，因水平方向存在加速度，如此水平方向的速度变化．故A错误，B也错误．C、当消防车匀加速前进时，假设合速度的方向与合加速度的方向不在同一条直线，其加速度的方向大小不变，所以消防员做匀变速曲线运动；假设在一条直线上，如此做匀变速直线运动，故C错误；D、当消防车匀减速前进时，根据运动的合成，结合曲线运动条件，如此消防队员一定做匀变速曲线运动，故D正确．应当选：D．点评：解决此题的关键掌握运动的合成与分解，知道通过分解为水平方向和竖直方向来判断消防队员在水平方向的速度变化．4．〔6分〕〔2013春•抚州校级月考〕宇宙中两颗星球可以组成双星，它们只在相互间的万有引力作用下，绕球心连线的某点做周期一样的匀速圆周运动．根据宇宙大爆炸理论，双星间的距离在不断缓慢增加，设双星仍做匀速圆周运动．如此如下说法正确的答案是〔〕A．双星相互间的万有引力减小B．双星做圆周运动的半径减小C．双星做圆周运动的周期减小D．双星做圆周运动的线速度减小考点：万有引力定律与其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：双星做匀速圆周运动具有一样的角速度，靠相互间的万有引力提供向心力，应用万有引力定律与牛顿第二定律求出双星的轨道半径关系，从而确定出双星的半径如何变化，以与得出双星的角速度和周期的变化．解答：解：A、双星间的距离L不断缓慢增加，根据万有引力定律得：F=G，知万有引力减小，故A正确．B、双星间的距离L变大，双星做圆周运动的轨道半径r都变大，故B错误；C、由牛顿第二定律得：G=m1r1ω2，G=m2r2ω2，可知m1r1=m2r2，知轨道半径比等于质量之反比，双星间的距离变大，如此双星的轨道半径都变大，根据万有引力提供向心力，知角速度变小，周期变大，故C错误；D、由牛顿第二定律得：G=m1v1ω=m2v2ω，L变大，ω变小，如此线速度v变小，故D 正确．应当选：AD．点评：解决此题的关键知道双星靠相互间的万有引力提供向心力，应用万有引力定律与牛顿第二定律即可正确解题．5．〔6分〕〔2013•洪泽县校级模拟〕点电荷A、B是带电量为Q的正电荷，C、D是带电量为Q的负电荷，它们处在一个矩形的四个顶点上．它们产生静电场的等势面如图中虚线所示，在电场中对称地有一个正方形路径abcd〔与ABCD共面〕，如图中实线所示，O为正方形与矩形的中心，如此〔〕A．取无穷远处电势为零，如此O点电势为零，场强为零B．b、d两点场强相等，电势相等C．将某一正试探电荷沿正方形路径a→d→c移动，电场力先做正功，后做负功D．将某一正试探电荷沿正方形路径a→b→c移动，电场力先做正功，后做负功考点：电场的叠加；点电荷的场强；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线与等势面垂直，电场线的疏密程度也可以反映场强的大小．解答：解：A、从图中可以看出，经过O点的等势面通向无穷远处，故O点的电势与无穷远处电势相等，故O点电势为零，而场强不为零，故A错误；B、将一个正的试探电荷从b点移动到d点，电场力做正功，电势能减小，电势降低，故B 错误；C、将某一正试探电荷沿正方形路径a→d→c移动，从a到d，电场力做正功，从d到c，电场力做负功，由于a与c在同一等势面上，故电场力做的总功为零，故C正确；D、将某一正试探电荷沿正方形路径a→b→c移动，从a到b，电场力做负功，从b到c，电场力做正功，由于a与c在同一等势面上，故电场力做的总功为零，故D错误；应当选C．点评：此题关键抓住等势面与电场线垂直，电场线的疏密程度也可以反映场强的大小进展讨论，同时运用在同一等势面上移动，电场力做功为零．6．〔6分〕〔2015•宁波模拟〕超导限流器是一种短路故障电流限制装置，它由超导部件和限流电阻并联组成，原理图如下列图．当通过超导部件的电流大于其临界电流，I C时超导部件由超导态〔可认为电阻为零〕转变为正常态〔可认为是一个纯电阻〕，以此来限制电力系统的故障电流．超导部件正常态电阻R1=7.5Ω，临界电流I C=0.6A，限流电阻R2=15Ω，灯泡L 上标有“6V 3W〞，电源电动势E=7V，内阻r=2Ω，电路正常工作．假设灯泡L突然发生短路，如此如下说法正确的答案是〔〕A．灯泡L短路前通过R1的电流为 AB．灯泡L短路后超导部件电阻为零C．灯泡L短路后通过R1的电流为 AD．灯泡L短路后通过R1的电流为1A考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由题意知，当电流小于0.6A时，超导部件处于超导态，电阻为零，超导限流器自动短路，不工作，计算出灯正常工作时的电流后，判断超导限流器的工作状态，当灯短路时，再由欧姆定律计算出电路的电流后分析各个选项．解答：解：A、灯泡L短路前超导限流器自动短路，灯泡正常工作，如此通过R1的电流为I==．故A错误．B、C、D灯泡L短路后，电路中电流变为：I==＞I C，超导部件由超导态转变为正常态，超导部件的电阻为R==5Ω，电路中总电流为I总==1A，通过R1的电流为I1==．故BD错误，C正确．应当选C点评：此题首先要读懂题意，了解超导部件的特性和超导体的特点，其次要掌握欧姆定律的应用．7．〔6分〕〔2014•江西校级模拟〕如下列图，在等腰三角形abc区域内有垂直纸面向外的匀强磁场，d是ac上任意一点，e是bc上任意一点．大量一样的带电粒子从a点以一样方向进入磁场，由于速度大小不同，粒子从ac和bc上不同点离开磁场．不计粒子重力，如此从c点离开的粒子在三角形abc磁场区域内经过的弧长和运动时间，与从d点和e点离开的粒子相比拟〔〕A．经过的弧长一定大于从d点离开的粒子经过的弧长B．经过的弧长一定小于从e点离开的粒子经过的弧长C．运动时间一定大于从d点离开的粒子的运动时间D．运动时间一定大于从e点离开的粒子的运动时间考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．专题：压轴题；带电粒子在磁场中的运动专题．分析：画出带点粒子在磁场中运动的轨迹，找出其圆心与半径，根据几何关系与周期公式即可判断．解答：解：如下列图，假设粒子从ac边射出，粒子依次从ac上射出时，半径增大而圆心角一样，弧长等于半径乘以圆心角，所以经过的弧长越来越大，运动时间t=，运动时间一样，所以A正确，C 错误；如果从bc边射出，粒子从b到c上依次射出时，弧长会先变小后变大，但都会小于从c点射出的弧长．圆心角也会变大，但小于从c点射出时的圆心角，所以运动时间变小，故B 错误，D正确．应当选AD点评：解决带点粒子在磁场中运动的问题要画出其运动轨迹，找出相应的几何关系，从而确定圆心和半径．8．〔6分〕〔2013春•抚州校级月考〕一辆汽车质量为1×103kg，最大功率为2×104W，在水平路面上由静止开始做直线运动，最大速度为υ2，运动中汽车所受阻力恒定．发动机的最大牵引力为3×103N，其行驶过程中牵引力F与车速的倒数的关系如下列图．如下判断错误的答案是〔〕A．汽车先做匀速运动，再做加速运动B．最大速度大小为20m/sC．整个过程中最大加速度为2m/s2D．汽车速度为10m/s时发动机的功率为20kW考点：功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律．专题：功率的计算专题．分析：汽车从A到B牵引力不变，做匀加速直线运动，从B到C图线的斜率不变，知功率不变，做加速度减小的加速运动，到达C点速度达到最大解答：解：A、越大，汽车的速度v越小，越小，汽车的速度v越大，AB段汽车的牵引力不变，汽车所受合力不变，由牛顿第二定律可知，汽车的加速度不变，汽车做匀加速直线运动，BC段图线的斜率表示汽车的功率，功率不变，可知汽车达到额定功率，当速度增大，牵引力减小，如此加速度减小，汽车做加速度减小的加速运动，当汽车所示合力为零时做匀速直线运动，由此可知，汽车先做匀加速直线运动，后做加速度减小的加速运动，故A 错误；B、当汽车的速度为最大速度v2时，牵引力为F2=1×103N，汽车的最大速度：v2===20m/s，故B正确；C、在整个运动过程中，AB段的加速度最大，在C点汽车速度达到最大，汽车做匀速直线运，由平衡条件可知，牵引力等于阻力，阻力：f=F2=1×103N，如此最大加速度a===2m/s2，故C正确．D、与B点对应的速度为v1==≈6.67m/s，当汽车的速度为10m/s时处于图线BC 段，故此时的功率最大为P m=2×104W=20kW，故D正确．此题选错误的，应当选：A．点评：解决此题的关键能够通过图线分析出汽车的运动规律，知道汽车功率与牵引力的关系，当加速度为零时，速度达到最大．三、非选择题〔包括必考题和选考题两局部．第9题～第12题为必考题，每个考题考生都必须作答．第13题～第16题为选考题，考生根据要求作答〕〔一〕必考题9．〔5分〕〔2015•扬州学业考试〕平抛物体的运动规律可以概括为两点：〔1〕水平方向做匀速运动，〔2〕竖直方向做自由落体运动．为了研究平抛物体的运动，可做下面的实验：如下列图，用小锤打击弹性金属片，A球就水平飞出，同时B球被松开，做自由落体运动，两球同时落到地面，这个实验〔〕A．只能说明上述规律中的第〔1〕条B．只能说明上述规律中的第〔2〕条C．不能说明上述规律中的任何一条D．能同时说明上述两条规律考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：探究平抛运动的规律中，实验同时让A球做平抛运动，B球做自由落体运动，假设两小球同时落地，如此说明平抛运动竖直方向是自由落体运动，而不能说明A球水平方向的运动性质．通过比照分析说明．解答：解：据题：用小锤在打击金属片时，A小球做平抛运动的同时，B球做自由落体运动，两球同时落地，如此说明平抛运动竖直方向的分运动是自由落体运动，只能说明上述规律中的第〔2〕条．故ACD错误，B正确．应当选：B．点评：此题运用比照的方法分析实验的意义，属于简单根底题目，实验虽然简单，但是很直观的验证了平抛运动在竖直方向上的运动规律．10．〔10分〕〔2015•九江模拟〕现有一块灵敏电流表A1，量程为200 μA，内阻约为1000Ω，要准确测出其内阻R1，提供的器材有：电流表A2〔量程为1mA，内阻R2=50Ω〕；电压表V〔量程为3V，内阻R V约为3kΩ〕；滑动变阻器R〔阻值范围为0～20Ω〕；定值电阻R0〔阻值R0=100Ω〕；电源E〔电动势约为4.5V，内阻很小〕；单刀单掷开关S一个，导线假设干．〔1〕请将上述器材全部用上，设计出合理的、便于屡次测量的实验电路图，并保证各电表的示数超过其量程的．将电路图画在右面的虚框中．〔2〕在所测量的数据中选一组，用测量量和量来计算A1表的内阻，表达式为R1=，表达式中各符号表示的意义是I2表示A2表的示数，I1表示A1表的示数，R2表示A2表内阻，R0表示定值电阻．考点：测定金属的电阻率．专题：压轴题．分析：〔1〕估算电阻上最大电压和最大电流，选择电表量程．根据该电阻与变阻器最大电阻的关系选择变阻器．〔2〕根据该电阻与两电表内阻的倍数关系选择电流表的接法，根据变阻器最大电阻与该电阻的关系选择分压式或限流式解答：解：〔1〕准确测量电阻，需要测量多组数据，因此，采用分压电路；A2的量程太小，须串联一定值电阻R0；把电压表当作保护电阻．电路图如图：〔2〕由电路图知A2表和R0串联后与A1表并联，因此电压相等，即I1R1=I2〔R0+R2〕，所以，R1=，其中，I2表示A2表的示数，I1表示A1表的示数，R2表示A2表内阻，R0表示定值电阻．故答案为：〔2〕，I2表示A2表的示数，I1表示A1表的示数，R2表示A2表内阻，R0表示定值电阻．点评：在仪表的选择中要注意应使测量结果更准确和安全，故电表的量程应略大于电路中可能出现的最大电流；在接法中要注意根据各电器内阻的大小，灵活选择对应的接法．11．〔14分〕〔2012•江西二模〕如图甲所示，固定在水平面上电阻不计的光滑金属导轨，间距d=0.5m，导轨右端连接一阻值为R=4Ω的小灯泡L．在CDEF矩形区域内有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度B随时间t变化如图乙所示，CF长为2m．在t=0时刻，电阻为1Ω的金属棒ab在水平恒力F作用下，由静止开始沿导轨向右运动．金属棒从图中位置运动到EF 位置的整个过程中，小灯泡的亮度始终没有发生变化．求：〔1〕通过小灯泡的电流强度；〔2〕恒力F的大小；〔3〕金属棒的质量．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；共点力平衡的条件与其应用；闭合电路的欧姆定律；法拉第电磁感应定律．专题：电磁感应中的力学问题．分析：〔1〕根据法拉第电磁感应定律求出0﹣4s内电路中产生的感应电动势，求出感应电流．因为小灯泡的亮度始终没有发生变化，如此此电流即为通过小灯泡的电流强度；〔2〕由于灯泡亮度不变，可知在t=4s末金属棒刚好进入磁场时应做，匀速运动，此时金属棒电流等于灯泡中电流，恒力与安培力大小相等．〔3〕金属棒切割磁感线产生的感应电动势等于0﹣4s内电路中产生的感应电动势，由E=Bdv 可求出在磁场中的速度，由运动学公式和牛顿第二定律结合可求出棒的质量．解答：〔1〕金属棒未进入磁场，电路总电阻 R总=R L+R ab=5Ω回路中感应电动势为：E1===0.5V灯炮中的电流强度为：I L==0.1A〔2〕因灯泡亮度不变，故在t=4s末金属棒刚好进入磁场，且做匀速运动，此时金属棒中的电流强度：I=I L=0.1A恒力大小：F=F A=BId=0.1N〔3〕因灯泡亮度不变，金属棒产生的感应电动势为：E2=E1=0.5V金属棒在磁场中的速度：v==0.5m/s金属棒未进入磁场的加速度为：a=故金属棒的质量为：m==0.8kg答：〔1〕通过小灯泡的电流强度为0.1A；〔2〕恒力F的大小为0.1N；〔3〕金属棒的质量为0.8kg．点评：此题的突破口是小灯泡的亮度始终没有发生变化，来分析电路中电动势和电流，抓住两个阶段这两个量的关系进展研究．12．〔18分〕〔2013春•抚州校级月考〕倾角为θ的斜面上只有AB段粗糙，动摩擦因数为μ=2tanθ，其余局部光滑．AB段长为2L，有N个一样的小木块〔单独考虑每个小木块时，视为质点〕沿斜面靠在一起，但不粘接，总长为L，每一个小木块的质量均为m，将它们由静止释放，释放时下端距A为2L，B到斜面底端足够长．求：〔1〕从第1个木块到第N个木块通过A点的过程中，第几个木块通过A点的速度最大，最大速度为多少．〔2〕木块在斜面上滑动的过程中，第k﹣1个木块和第k+1个木块对第k个木块做的总功．〔3〕第k个木块通过B点的速度．〔题中1＜k＜N〕考点：动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析：〔1〕令有n个木块过A点速度最大v m，如此μnmgcosθ=Nmgsinθ，求出n与N 的关系，根据动能定理即可求解最大速度；〔2〕全部木块刚过A点时速度为v，根据动能定理即可求得v，而木块在斜面上滑动时，只有在通过A点的过程中才可能有相互作用力，设所求功为W．对从开始到所有木块刚通过A 点的过程，运用动能定理即可求得W；〔3〕从所有木块刚过A点到第k个木块刚到B点，对第k个木块运用动能定理即可求解．解答：解：木块过A点的位移为x时，摩擦力为：f=μmgcosθ，摩擦力正比于位移，可由平均力求摩擦力做功．〔1〕令有n个木块过A点速度最大v m，如此有：μnmgcosθ=Nmgsinθ解得：n=，即一半木块过A点速度最大，由动能定理得：Nmv2=Nmg•Lsinθ•μNmgcosθ•，解得：v m=；〔2〕全部木块刚过A点时速度为v，如此有；Nmgsinθ•L﹣μNmggcosθ•L=Nmv2﹣0，解得：v=，而木块在斜面上滑动时，只有在通过A点的过程中才可能有相互作用力，设所求功为W．对从开始到所有木块刚通过A点的过程，对第k个木块有：mg•3Lsinθ﹣μmgcosθ〔N﹣K〕+W=mv2﹣0，解得：W=mgLsinθ；〔3〕从所有木块刚过A点到第k个木块刚到B点，对第k个木块，由动能定理得：mv B2﹣mv2=〔mgsinθ﹣μmgcosθ〕〔k+L〕，解得：v B=；答：〔1〕从第1个木块到第N个木块通过A点的过程中，第个木块通过A点的速度最大，最大速度为：．〔2〕木块在斜面上滑动的过程中，第k﹣1个木块和第k+1个木块对第k个木块做的总功为mgLsinθ．〔3〕第k个木块通过B点的速度为．点评：此题主要考查了动能定理的直接应用，要求同学们能选取适宜的过程运用动能定理求解，难度适中．〔二〕选考题〔共45分．请考生从给出的2个选修中任选一个作答．如果多做，如此每学科按所做的第一个计分〕[物理-选修3-4]〔15分〕13．〔5分〕〔2010•沈阳二模〕如下说法中正确的答案是〔〕A．光传播时，假设遇到的障碍物的尺寸比光的波长大很多，衍射现象十清楚显，此时不能认为光沿直线传播B．在太阳光照射下，水面上油膜出现彩色花纹是光的色散现象C．光导纤维丝内芯材料的折射率比外套材料的折射率大D．麦克斯韦提出电磁场理论并预言电磁波存在，后来他又用实验证实电磁波的存在考点：全反射；电磁场．专题：全反射和临界角专题．分析：障碍物的尺寸与光的波长相差不大时发生明显衍射现象，油膜的花纹是干预现象，光从光密介质进入光疏介质时发生全反射．解答：解：A、光传播时，假设遇到的障碍物的尺寸比光的波长大很多，衍射现象不明显，A错误；B、在太阳光照射下，水面上油膜出现彩色花纹是光的干预现象，B错误；C、光导纤维丝的作用是让光从内部发生全反射，所以内芯材料的折射率比外套材料的折射率大，C正确；D、麦克斯韦提出电磁场理论并预言电磁波存在，赫兹用实验证实电磁波的存在，D错误；应当选C点评：此题考查了光的干预、衍射和全反射，以与物理学史，难度不大，注意平时多积累．14．〔10分〕〔2012春•龙港区校级期中〕一列横波在x轴上传播，在t l=0时刻波形如图实线所示，t2=0.05s时刻波形如图虚线所示．〔1〕由波形曲线读出这列波的振幅和波长；〔2〕假设周期大于〔t2﹣t1〕，如此最大波速是多少？方向如何？考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象．专题：波的多解性．分析：〔1〕由y的最大值读出振幅，由相邻两个波峰或波谷间的距离读出波长．〔2〕根据波形的平移法，结合波的周期性，得出波传播的距离与波长的关系，求出最小间距和最大间距，得到对应的波速．解答：解：〔1〕振幅A=0.2m；…①波长λ=8 m…②〔2〕由于T＞〔t2﹣t1〕，即△t＜2T，故当波沿x轴正方向传播时，可能的周期为：△t=+nT，且n=0或1〔可能的传播距离为：△x=+nλ，且n=0或1〕…③当波沿x轴负方向传播时，可能的周期为：△t=T+nT，且0或〔可能的传播距离为：△x=λ+nλ，且n=0或1〕…④由波速公式v=可知，当速度v最大时，周期T最小．分析上面两类情况可知，当周期最小时，波沿x轴负方向传，且在△t=T+nT中n=1，如此最小周期为 T min=…⑤最大速度 v max===280m/s …⑥方向为沿x轴负方向．答：〔1〕由波形曲线读出这列波的振幅和波长分别为0.2m和8m；〔2〕假设周期大于〔t2﹣t1〕，如此最大波速是280m/s，方向为沿x轴负方向．点评：此题关键明确“波形一个周期波形平移一倍波长〞的结论，结合波形图得到最小周期或最大传播距离，然后确定最大波速．【物理-选修3-5】〔15分〕15．〔2009•武汉一模〕质子数与中子数互换的核互为镜像核，例如e是的镜像核，同样也是e的镜像核．如下说法正确的答案是〔〕A．和互为镜像核B．和互为镜像核C．核反响→是α衰变D．一个质子和两个中子结合成氚核〔〕时一定放出能量考点：轻核的聚变；原子的核式结构．分析：根据质量数A等于核电荷数Z和质子数n之和，可以判定选项AB；根据核聚变和α衰变的定义可以判定选项C，根据核聚变的特点：在核聚变的过程中核反响释放大量的能量，从而可以判定D选项．解答：解：A、的质子数Z1=7，质量数A1=13，故中子数n1=A1﹣Z1=13﹣7=6 质子数z2=6，质量数A2=13，故中子数n2=A2﹣Z2=13﹣6=7故n1=z2=6，n2=z1=7，故与互为镜像核．故A正确．B、的质子数Z1=7，质量数A1=15，故中子数n1=A1﹣Z1=15﹣7=8质子数z2=8，质量数A2=16，故中子数n2=A2﹣Z2=16﹣8=8故n1=z2=8，n2≠z1，故B错误．C、两个质量较小的核结合成一个质量较大的核同时释放出大量的能量的现象称为核聚变，故该反响是核聚变．而不是α衰变，故C错误．D、两个质量较小的核结合成一个质量较大的核同时释放出大量的能量称为核聚变．故一个质子和两个中子结合成氚核的反响的现象是核聚变，一定会放出能量．故D正确．。
2024届江西省抚州市临川二中物理高一第二学期期末检测模拟试题含解析
2024届江西省抚州市临川二中物理高一第二学期期末检测模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。
写在试题卷、草稿纸上均无效。
2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。
一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。
在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。
全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1、(本题9分)物体做直线运动的速度－时间图象如图所示，设向右为正方向．关于物体的运动情况，下列说法正确的是A．第1s 内向右运动，第2s 内向左运动B．第1s 内加速度大小为0.25m/s2C．第1s 内位移大小为4mD．第1s 内做匀加速直线运动，第2s 内做匀减速直线运动2、(本题9分)如图所示，一物块在与水平方向成θ角的拉力F的作用下，沿水平面向右运动一段距离s．则在此过程中，拉力F对物块所做的功为（）A．Fs B．FscosθC．FssinθD．Fstanθ3、(本题9分)光滑水平地面上静止一质量为1kg 的物块，某时刻开始受到一外力作用，外力F随时间t的变化如图所示。
取g =10 ，则下列说法正确的是A．2s 末，物块的运动方向发生改变B．前2s 内，外力F做的功为64JC．3s 末，外力F的功率为-4WD．4s 内，外力F的功率为2W4、(本题9分)在奥运比赛项目中，高台跳水是我国运动员的强项。
质量为m的跳水运动员进入水中后受到水的阻力而做减速运动，设水对他的阻力大小恒为F，那么在他减速下降高度为h的过程中，下列说法正确的是（g为当地的重力加速度）A．他的动能减少了FhB．他的机械能减少了FhC．他的机械能减少了（F－mg）hD．他的重力势能增加了mgh5、物体做曲线运动的过程中，一定发生变化的物理量是A．合外力B．加速度C．速度D．动能6、如图所示，甲、乙两种粗糙面不同但高度相同的传送带，倾斜放置，以同样恒定速率v顺时针转动。
江西省抚州市临川二中高一物理下学期第一次月考试卷(含解析)
2015-2016学年江西省抚州市临川二中高一（下）第一次月考物理试卷一、选择题（共10小题，每小题5分，满分50分）1．如图所示为某质点做直线运动的v﹣t图象，关于这个质点在4s内的运动情况，下列说法中正确的是（）A．质点始终向同一方向运动B．4s末质点离出发点最远C．加速度大小不变，方向与初速度方向相同D．4s内通过的路程为4m，而位移为02．做曲线运动的物体在运动过程中，下列说法正确的是（）A．速度大小一定改变 B．加速度大小一定改变C．速度方向一定改变 D．加速度方向一定改变3．一个静止的质点，在两个互成锐角的恒力F1、F2作用下开始运动，经过一段时间后撤掉其中的一个力，则质点在撤力前后两个阶段的运动性质分别是（）A．匀加速直线运动，匀减速直线运动B．匀加速直线运动，匀变速曲线运动C．匀变速曲线运动，匀速圆周运动D．匀加速直线运动，匀速圆周运动4．一条大河两岸平直，河水流速恒为v．一只小船，第一次船头正对河岸，渡河时间为t1；第二次行驶轨迹垂直河岸，渡河时间为t2．船在静水中的速度大小恒为，则t1：t2等于（）A．1：B．：1 C．1：D．：15．如图所示的传动装置中，A、B两轮同轴转动．A、B、C三轮的半径大小关系是r A=r C=2r B．当皮带不打滑时，三轮的角速度之比、三轮边缘的线速度大小之比、三轮边缘的向心加速度大小之比分别为（）A．V A：V C=1：2 B．a A：a B=2：1 C．ωB：ωC=2：1 D．ωA：ωC=1：26．平抛物体的初速度为v0，当水平方向分位移与竖直方向分位移相等时，下列分析错误的是（）A．水平分速度与竖直分速度大小相同B．运动的时间t=C．瞬时速率v t=v0D．位移大小等于7．如图所示，质量为M的物体穿在离心机的水平光滑滑杆上，M用绳子与另一质量为m的物体相连．当离心机以角速度ω旋转时，M离转轴轴心的距离是r．当ω增大到原来的2倍时，调整M离转轴的距离，使之达到新的稳定状态，则（）A．M受到的向心力增大B．M的线速度增大到原来的2倍C．M离转轴的距离是D．M离转轴的距离是8．铁路转弯处的弯道半径r是根据地形决定的．弯道处要求外轨比内轨高，其内外轨高度差h的设计不仅与r有关，还与火车在弯道上的行驶速率v有关．下列说法正确的是（）A．v一定时，r越小则要求h越大B．v一定时，r越大则要求h越大C．r一定时，v越小则要求h越大D．r一定时，v越大则要求h越大9．农民在精选谷种时，常用一种叫“风车”的农具进行分选．在同一风力作用下，谷种和瘪谷（空壳，质量较小）谷粒都从洞口水平飞出，结果谷种和瘪谷落地点不同，自然分开，如图所示．若不计空气阻力，对这一现象，下列分析正确的是（）A．谷种和瘪谷飞出洞口后都做平抛运动B．谷种与瘪谷飞出洞口时的速度一样大C．谷种和瘪谷从飞出洞口到落地的时间相同D．M处是谷种，N处为瘪谷10．如图所示，长为L的轻杆，一端固定着一个小球，另一端可绕光滑的水平轴转动，使小球在竖直平面内运动，设小球在最高点的速度为v，以下说法正确的是（）A．v的最小值为B．若v增大，向心力也增大C．当v由逐渐增大时，杆对球的弹力也增大D．当v由逐渐减小时，杆对球的弹力也逐渐减小二、解答题（共2小题，满分14分）11．在做“研究平抛运动”的实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画小球做平抛运动的轨迹，为了能较准确地描绘运动轨迹，下面列出了一些操作要求，将你认为正确的选项前面的字母填在横线上A．通过调节使斜槽的末端切线保持水平B．每次必须从同一位置由静止释放小球C．记录小球位置用的木条（或凹槽）每次必须严格地等距离下降D．小球运动时不应与木板上的白纸（或方格纸）相接触E．将球的位置记录在纸上后，取下纸，用直尺将点连成折线．12．图是通过频闪招想得到的照片得到的照片，每个格的边长L=5cm，通过实验，记录了小球在运动途中的三个位置，如图所示，则该频闪照相的周期为s小球做平抛运动的初速度为m/s；过B点的速度为m/s．（g=10m/s2）三、解答题（共4小题，满分46分）13．2011年南海国际联合海上搜救演习于5月25日～27日在海南三亚海域举行，假若某架救援飞机高H=500m，水平飞行的速度v1=100m/s，紧追一辆失控的以v2=20m/s的同向行驶的机动艇，投放救援物资给这个失控机动艇，则飞机应该距机动艇水平距离多远处开始释放物资？14．如图所示，一光滑的半径为R的半圆形轨道底部固定竖直放置在水平面上，一个质量为m 的小球以某一速度冲上轨道，然后小球从轨道口B处飞出，最后落在水平面上，已知小球落地点C距B处的距离为3R．求：小球对轨道口B处的压力为多大？15．如图所示，A，B两物体在光滑的水平面上，质量均为2kg，A绕O点做匀速圆周运动，B 在8N的水平力作用下，从静止开始沿O′O做直线运动，现使A，B两物体分别从P，O′两位置同时开始运动，当A运动两周时，与B正好在P点相遇，当A再转半周时，又与B在Q处相遇，求A受到的向心力．（取π2=10）16．如图所示．一固定足够长的斜面MN与水平面的夹角α=30°，斜面上有一质量为m=1kg的小球P，Q是一带竖直推板的直杆．现使竖直杆Q以水平加速度a=2m/s2水平向右从斜面底N开始做初速为零的匀加速直线运动，从而推动小球P沿斜面向上运动．小球P与直杆Q 及斜面之间的摩擦均不计，直杆Q始终保持竖直状态，求：（1）该过程中小球P的加速度大小，（2）直杆Q对小球P的推力大小．（可以用根式表示）（3）直杆Q从开始推动小球P经时间t=0.5s后突然停止运动并立即撤出，求此后小球P由于惯性向上滑动达到的最高点与N点的距离及返回到N点所用的时间？2015-2016学年江西省抚州市临川二中高一（下）第一次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共10小题，每小题5分，满分50分）1．如图所示为某质点做直线运动的v﹣t图象，关于这个质点在4s内的运动情况，下列说法中正确的是（）A．质点始终向同一方向运动B．4s末质点离出发点最远C．加速度大小不变，方向与初速度方向相同D．4s内通过的路程为4m，而位移为0【考点】匀变速直线运动的图像．【分析】正确理解v﹣t图象的物理意义，从图象上能得出物体加速度、速度、位移、路程等物理量的变化情况，注意速度的正负表示运动方向，斜率的大小表示物体运动的加速度．【解答】解：图象的斜率不变，因此物体做匀变速直线运动，开始时速度方向与加速度方向相反，物体减速运动，t=2s时，物体速度减为零，然后物体反向加速运动，t=4s时，回到起始点，由图可知物体所经历的路程为：，位移为零，故ABC错误，D正确．故选D．2．做曲线运动的物体在运动过程中，下列说法正确的是（）A．速度大小一定改变 B．加速度大小一定改变C．速度方向一定改变 D．加速度方向一定改变【考点】曲线运动．【分析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，由此可以分析得出结论．【解答】解：A、物体做的是曲线运动，物体运动的速度方向是沿着轨迹的切线的方向，所以物体的速度的方向一定是在不断的改变的，所以A错误，C正确；B、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向可以变化也可以不变，所以加速度的大小和方向可以变化也可以不变，所以BD错误；故选C．3．一个静止的质点，在两个互成锐角的恒力F1、F2作用下开始运动，经过一段时间后撤掉其中的一个力，则质点在撤力前后两个阶段的运动性质分别是（）A．匀加速直线运动，匀减速直线运动B．匀加速直线运动，匀变速曲线运动C．匀变速曲线运动，匀速圆周运动D．匀加速直线运动，匀速圆周运动【考点】牛顿第二定律；力的合成．【分析】一个静止的质点，在两个互成锐角的恒力F1、F2作用下开始做匀加速直线运动，运动方向沿着合力F的方向；撤去一个力后，合力与速度不共线，故开始做曲线运动，由于合力为恒力，故加速度恒定，即做匀变速曲线运动．【解答】解：两个互成锐角的恒力F1、F2合成，根据平行四边形定则，其合力在两个力之间某一个方向上，合力为恒力，根据牛顿第二定律，加速度恒定；质点原来静止，故物体做初速度为零的匀加速直线运动；撤去一个力后，合力与速度不共线，故开始做曲线运动，由于合力为恒力，故加速度恒定，即做匀变速曲线运动；故选B．4．一条大河两岸平直，河水流速恒为v．一只小船，第一次船头正对河岸，渡河时间为t1；第二次行驶轨迹垂直河岸，渡河时间为t2．船在静水中的速度大小恒为，则t1：t2等于（）A．1：B．：1 C．1：D．：1【考点】运动的合成和分解．【分析】当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短，由位移与速度的关系，即可求出时间；再根据平行四边形定则，即可求解最短时间的过河位移大小．因船在静水中的速度大于水流速度，当船的合速度垂直河岸时，船渡河的位移最短，最短位移即为河宽，从而即可求解．【解答】解：（1）设河宽为d，水速为v，船在静水中的航速为v，当小船的船头始终正对河岸时，渡河时间最短设为t1，则t1=；（2）因船在静水中的速度大于水流速度，当船的合速度垂直河岸时，船渡河的位移最短，渡河时间t2==．则t1：t2等于1：，故A正确，BCD错误；故选：A．5．如图所示的传动装置中，A、B两轮同轴转动．A、B、C三轮的半径大小关系是r A=r C=2r B．当皮带不打滑时，三轮的角速度之比、三轮边缘的线速度大小之比、三轮边缘的向心加速度大小之比分别为（）A．V A：V C=1：2 B．a A：a B=2：1 C．ωB：ωC=2：1 D．ωA：ωC=1：2【考点】向心加速度；线速度、角速度和周期、转速．【分析】由v=ωr知线速度相同时，角速度与半径成反比；角速度相同时，线速度与半径成正比；由a=ωv结合角速度和线速度的比例关系可以知道加速度的比例关系．【解答】解：因为B、C两轮由不打滑的皮带相连，所以相等时间内B、C两点转过的弧长相等，即：v B=v C由v=ωr知：ωB：ωC=R C：R B=2：1又A、B是同轴转动，相等时间转过的角度相等，即：ωA=ωB由v=ωr知：v A：v B=R A：R B=2：1所以：v A：v B：v C=2：1：1ωA：ωB：ωC=2：2：1再根据a=ωv得：a A：a B：a C=4：2：1故选：BC．6．平抛物体的初速度为v0，当水平方向分位移与竖直方向分位移相等时，下列分析错误的是（）A．水平分速度与竖直分速度大小相同B．运动的时间t=C．瞬时速率v t=v0D．位移大小等于【考点】平抛运动．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，抓住竖直位移和水平位移的关系，列式求出平抛运动的时间，从而求出竖直分速度，结合平行四边形定则求出物体的速度．根据位移公式分别求出水平方向的位移与竖直方向的位移，然后求出他们的矢量和即可．【解答】解：A、B、据题有：v0t=①，得运动时间为：t=②物体的竖直分速度大小为：v y=gt=2v0，即竖直分速度大小等于水平分速度大小的2倍，故A 错误，B正确．C、此时物体的速度大小为：v=③，故C正确．D、物体位移的大小：s=④联立①②④得：s=．故D正确．本题选择错误的，故选：A7．如图所示，质量为M的物体穿在离心机的水平光滑滑杆上，M用绳子与另一质量为m的物体相连．当离心机以角速度ω旋转时，M离转轴轴心的距离是r．当ω增大到原来的2倍时，调整M离转轴的距离，使之达到新的稳定状态，则（）A．M受到的向心力增大B．M的线速度增大到原来的2倍C．M离转轴的距离是D．M离转轴的距离是【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】由图知，质量为M的物体穿在离心机的水平光滑滑杆上，做圆周运动，由绳子的拉力提供向心力，而绳子的拉力等于mg．当ω增大到原来的2倍时，M的向心力大小不变，由向心力公式F=Mω2r进行分析．【解答】解：A、角速度增加，再次稳定时，M做圆周运动的向心力仍由拉力提供，拉力仍然等于m的重力，所以向心力不变．故A错误．B、角速度变为原来的2倍，根据F=mrω2，向心力不变，则r变为原来的，根据v=rω，线速度变为原来的，故B、C错误，D正确．故选：D．8．铁路转弯处的弯道半径r是根据地形决定的．弯道处要求外轨比内轨高，其内外轨高度差h的设计不仅与r有关，还与火车在弯道上的行驶速率v有关．下列说法正确的是（）A．v一定时，r越小则要求h越大B．v一定时，r越大则要求h越大C．r一定时，v越小则要求h越大D．r一定时，v越大则要求h越大【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】火车转弯时，重力与支持力的合力提供向心力，根据向心力公式即可求解．【解答】解：设内外轨的水平距离为d，根据火车转弯时，重力与支持力的合力提供向心力得：m=mg如果r一定时，v越大则要求h越大，故C错误，D正确；如果v一定时，r越大则要求h越小，r越小则要求h越大，故A正确，B错误．故选AD9．农民在精选谷种时，常用一种叫“风车”的农具进行分选．在同一风力作用下，谷种和瘪谷（空壳，质量较小）谷粒都从洞口水平飞出，结果谷种和瘪谷落地点不同，自然分开，如图所示．若不计空气阻力，对这一现象，下列分析正确的是（）A．谷种和瘪谷飞出洞口后都做平抛运动B．谷种与瘪谷飞出洞口时的速度一样大C．谷种和瘪谷从飞出洞口到落地的时间相同D．M处是谷种，N处为瘪谷【考点】平抛运动．【分析】谷种和瘪谷做的是平抛运动，平抛运动可以分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同．【解答】解：A、谷种和瘪谷做的是平抛运动，在大小相同的风力作用下，风车做的功相同，由于谷种的质量大，所以离开风车时的速度小，故A正确，B错误．C、平抛运动在竖直方向做自由落体运动，高度相同，故运动时间相同，故C正确．D、由于谷种飞出时的速度较小，而谷种和瘪谷的运动的时间相同，所以谷种的水平位移较小，瘪谷的水平位移较大，所以M处是瘪谷，N处是谷种，故D错误．故选：AC．10．如图所示，长为L的轻杆，一端固定着一个小球，另一端可绕光滑的水平轴转动，使小球在竖直平面内运动，设小球在最高点的速度为v，以下说法正确的是（）A．v的最小值为B．若v增大，向心力也增大C．当v由逐渐增大时，杆对球的弹力也增大D．当v由逐渐减小时，杆对球的弹力也逐渐减小【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】小球在竖直平面内作圆周运动，在最高点时，由于杆能支撑小球，小球速度的极小值为零；根据向心力公式分析速度增大时，向心力如何变化；根据牛顿第二定律分析杆对球的弹力的变化情况．【解答】解：A、由于杆能支撑小球，因此v的极小值为零．故A错误．B、根据向心力公式F n=m知，速度逐渐增大，向心力也逐渐增大．故B正确．C、当v=，杆对球没有作用力，v由逐渐增大，杆对球有向下的拉力，根据牛顿第二定律得：F+mg=m，得F=m﹣mg，可见，v增大，F增大．故 C正确．D、v由逐渐减小时，杆对球有向上的支持力，有mg﹣F=m，解得F=mg﹣m，速度减小，则杆子的弹力增大．故D错误．故选：BC．二、解答题（共2小题，满分14分）11．在做“研究平抛运动”的实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画小球做平抛运动的轨迹，为了能较准确地描绘运动轨迹，下面列出了一些操作要求，将你认为正确的选项前面的字母填在横线上ABDA．通过调节使斜槽的末端切线保持水平B．每次必须从同一位置由静止释放小球C．记录小球位置用的木条（或凹槽）每次必须严格地等距离下降D．小球运动时不应与木板上的白纸（或方格纸）相接触E．将球的位置记录在纸上后，取下纸，用直尺将点连成折线．【考点】研究平抛物体的运动．【分析】在做研究平抛运动的实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画出小球平抛运动的轨迹，然后在轨迹上找一些特殊点，结合平抛运动规律来求出未知量【解答】解：只有斜槽的末端保持水平，小球才具有水平初速度，其运动才是平抛运动；每次释放小球的位置必须相同且由静止释放小球，是为了使小球有相同的初速度；如果小球在运动过程中与木板上的白纸相接触就会改变它的运动轨迹，使其不是平抛运动，故A、B、D 选项正确，以保证小球有相同的水平初速度；C选项中，因平抛运动的竖直分运动是自由落体运动，在相同时间里，位移越来越大，因此铅笔下降的距离不应是等距的；E选项中，应找取小球的位置，为减小实验误差，将描出的点用平滑的曲线连接起来．故选ABD．12．图是通过频闪招想得到的照片得到的照片，每个格的边长L=5cm，通过实验，记录了小球在运动途中的三个位置，如图所示，则该频闪照相的周期为0.1 s小球做平抛运动的初速度为 1.5 m/s；过B点的速度为 2.5 m/s．（g=10m/s2）【考点】研究平抛物体的运动．【分析】根据竖直方向上连续相等时间内的位移之差是一恒量求出频闪照相的周期，根据水平位移和时间间隔求出初速度，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B 点的竖直分速度，结合平行四边形定则求出B点的速度．【解答】解：在竖直方向上，根据△y=2L=gT2得，T=，则平抛运动的初速度．B点的竖直分速度，根据平行四边形定则知，B点的速度=m/s=2.5m/s．故答案为：0.1，1.5，2.5．三、解答题（共4小题，满分46分）13．2011年南海国际联合海上搜救演习于5月25日～27日在海南三亚海域举行，假若某架救援飞机高H=500m，水平飞行的速度v1=100m/s，紧追一辆失控的以v2=20m/s的同向行驶的机动艇，投放救援物资给这个失控机动艇，则飞机应该距机动艇水平距离多远处开始释放物资？【考点】平抛运动．【分析】救援物资被投放后做平抛运动，根据高度求出平抛运动的时间，结合水平位移关系，运用运动学公式求解即可．【解答】解：救援物资被投放后做平抛运动，则：H=可得：t===10s设飞机应该距机动艇水平距离Sm远处开始释放物资．则有：S=v1t﹣v2t=100×10﹣20×10=800m答：飞机应该距机动艇水平距离800m远处开始释放物资．14．如图所示，一光滑的半径为R的半圆形轨道底部固定竖直放置在水平面上，一个质量为m 的小球以某一速度冲上轨道，然后小球从轨道口B处飞出，最后落在水平面上，已知小球落地点C距B处的距离为3R．求：小球对轨道口B处的压力为多大？【考点】牛顿第二定律；牛顿第三定律；平抛运动．【分析】小球离开轨道后做平抛运动，由平抛运动的知识可以求出小球离开B时的速度，由牛顿第二定律可以求出在B点轨道对小球的支持力，然后由牛顿第三定律求出小球对轨道的压力．【解答】解：设小球经过B点时速度为v0，则：小球平抛的水平位移为：x===R，小球离开B后做平抛运动，在水平方向：x=v0t，在竖直方向上：2R=gt2，解得：v=，在B点小球做圆周运动，由牛顿第二定律得：F+mg=m，解得F=mg，由牛顿第三定律，小球对轨道的压力F′=F=mg．答：小球对轨道口B处的压力为mg．15．如图所示，A，B两物体在光滑的水平面上，质量均为2kg，A绕O点做匀速圆周运动，B 在8N的水平力作用下，从静止开始沿O′O做直线运动，现使A，B两物体分别从P，O′两位置同时开始运动，当A运动两周时，与B正好在P点相遇，当A再转半周时，又与B在Q处相遇，求A受到的向心力．（取π2=10）【考点】向心力；牛顿第二定律．【分析】质点B在沿OO′方向从静止开始在光滑水平面上作匀加速直线运动，速度方向水平向右．当当A运动两周时，与B正好在P点相遇，当A再转半周时，又与B在Q处相遇，判断经过的时间与周期的关系．最后由向心力的表达式即可求出．【解答】解：设A运动的半径为R，周期为T，则B达到P点的时间：t1=2T，达到Q点的时间：t2=2.5TB的加速度：由运动学的公式：有几何关系：BQ﹣BP=2R则：2R=12.5T2﹣8T2=4.5T2得：R=2.25T2由向心力的公式，A受到的向心力：F===18π2=180N 答：A受到的向心力是180N．16．如图所示．一固定足够长的斜面MN与水平面的夹角α=30°，斜面上有一质量为m=1kg的小球P，Q是一带竖直推板的直杆．现使竖直杆Q以水平加速度a=2m/s2水平向右从斜面底N开始做初速为零的匀加速直线运动，从而推动小球P沿斜面向上运动．小球P与直杆Q及斜面之间的摩擦均不计，直杆Q始终保持竖直状态，求：（1）该过程中小球P的加速度大小，（2）直杆Q对小球P的推力大小．（可以用根式表示）（3）直杆Q从开始推动小球P经时间t=0.5s后突然停止运动并立即撤出，求此后小球P由于惯性向上滑动达到的最高点与N点的距离及返回到N点所用的时间？【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【分析】（1、2）对小球进行受力分析，小球受重力、斜面的支持力和直杆对小球的弹力作用，因为杆具有水平方向的加速度，故球沿斜面向上加速运动，其加速度在水平方向的分量与杆水平方向的加速度大小相等；（2）根据速度时间关系求出杆撤出时球的速度v，小球在斜面做匀减速运动至O后再做匀加速运动，规律类似于竖直上抛运动，根据运动规律求解小球上滑的最大距离和运动时间．【解答】解：（1、2）如图，对小球P进行受力分析，根据牛顿第二定律可得水平方向：N1﹣N2sin30°=ma x竖直方向：N2cos30°﹣mg=ma y已知：a x=a=a P cos30°=2m/s2所以因为：a y=a P sin30°=2m/s2所以解得：N1=N；（3）在t=0.5s内小球P做初速度为0的匀加速运动，位移x1=0.5s末的速度v1=a p t=撤去直杆Q后，小球P做类竖直上抛，其加速度大小：a′=gsin30°=5m/s2，小球还能上升的距离小球达最大高度时与N点的距离x=x1+x2小球上升的时间小球P在最高点做初速度为0的匀加速直线运动，其加速度为a′=gsin30°=5m/s2，产生位移x，根据匀变速直线运动的位移时间关系有：x=小球回到N点所用时间t=t1+t2，联立方程解得：t=1s，x=0.9m答：（1）该过程中小球P的加速度大小为4m/s2；（2）直杆Q对小球P的推力大小为N；（3）此后小球P由于惯性向上滑动达到的最高点与N点的距离为0.9m，返回到N点所用的时间为1s．。
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临川二中2014-2015学年度第三届物理学科周活动规范书写物理符号竞赛卷90分钟 120分一、规范书写下面物理量的符号和相应物理量的国际单位符号（本题包括23小题，每空1分，共46分）1．质量：物理量符号、单位符号；2．速度：物理量符号、单位符号；3．位移：物理量符号、单位符号；4．加速度：物理量符号、单位符号；5．重力加速度：物理量符号、单位符号；6．时间：物理量符号、单位符号；7．角度：物理量符号、单位符号；8．角速度：物理量符号、单位符号；9．速度变化：物理量符号、单位符号；10．摄氏温度：物理量符号、单位符号；11．密度：物理量符号、单位符号；12．压强：物理量符号、单位符号；13．重力：物理量符号、单位符号；14．摩擦力：物理量符号、单位符号；15．支持力：物理量符号、单位符号；16．引力常量：物理量符号、单位符号；17．功：物理量符号、单位符号；18．功率：物理量符号、单位符号；19．动能：物理量符号、单位符号；20．势能：物理量符号、单位符号；21．电流：物理量符号、单位符号；22．电压：物理量符号、单位符号；23．电阻：物理量符号、单位符号；二、规范书写以下物理公式（本题包括31空，每空1分，共31分）1．速度定义式；2．加速度定义式，决定式；3．匀加速直线运动的速度公式；4．匀加速直线运动的位移公式；5．匀加速直线运动位移、速度、加速度关系式；6．角速度定义式，用周期表示的角速度计算式；7．角速度与线速度的关系式；8．向心加速度计算式或；9．滑动摩擦力计算式；10．胡克定律表达式；11．万有引力定律表达式；12．机械功定义式；13．功率定义式，瞬时功率计算式；14．动能的表达式；15．重力势能表达式，弹性势能表达式；16．机械能守恒定律表达式或；17．机械效率公式；18．浮力计算式；19．欧姆定律表达式；20．电功表达式；21．电功率表达式；22．爱因斯坦相对论中运动质量与静止质量的关系式；23．液体压强计算公式；24．阿基米德原理公式；三、以下是“希腊字母的正确读法及其在物理中的应用”，在空缺的括号中填上你所了解的物理量名称（每空3分，共21分）序号大写小写英文注音国际音标注音中文注音表示的物理量1 Α α alpha a:lf 阿尔法（）；系数2 Β β beta bet 贝塔磁通系数；角度；系数3 Γγgamma ga:m 伽马电导系数（小写）4 Δδdelta delt 德尔塔（）；密度；屈光度5 Εεepsilon ep`silon 伊普西龙对数之基数6 Ζζzeta zat 截塔方位角；阻抗；原子系数7 Ηηeta eit 艾塔磁滞系数；（）8 Θθthet θit 西塔温度；相位角9 Θιiot aiot 约塔微小，一点儿10 Κκkappa kap 卡帕介质常数11 ∧λlambda lambd 兰布达波长（小写）；体积12Μμmu mju 缪（）；磁导系数；微13 Ννnu nju 纽磁阻系数14 Ξξxi ksi 克西15Οοomicron omik`ron 奥密克戎16∏πpi pai 派（）17 Ρπrho rou 肉电阻系数（小写）18 ∑σsigma `sigma 西格马总和（大写），表面密度19 Ττtau tau 套时间常数20 Υυupsilon jup`silon 宇普西龙位移21 Φφphi fai 佛爱磁通；角22 Φχchi phai 西23Χψpsi psai 普西角速；介质电通量；角24 Ωωomega o`miga 欧米伽（大写为：）；（小写为：）四、计算题(本题共2小题，共22分．解答应写出必要的文字说明、方程式和并按单位制要求写出演算步骤，只写出最后答案的不能得分)1．(10分)汽车从静止开始以a1的加速度做匀加速直线运动，经过一段时间后又以a2的加速度做匀减速直线运动，它一共前进L距离后静止，求汽车运动的总时间．2．(12分)两颗卫星在同一轨道平面绕地球做匀速圆周运动．地球半径为R，a卫星离地面高度为R，b卫星离地面高度为3R，求(1) a、b两卫星的周期之比T a:T b是多少？(2) 若某时刻两卫星正好同时通过地面同一点的正上方，则a至少经过多少个周期两卫星相距最远？临川二中2014-2015学年度第三届物理学科周活动规范书写物理符号竞赛卷参考答案及评分标准一、规范书写下面物理量的符号和相应物理量的国际单位符号（本题包括23小题，每空1分，共46分）1． m 、 kg ； 2． v 、 m/s ； 3． x 、 m ； 4． a 、 m/s 2 ； 5． g 、 m/s 2 ； 6． t 、 s ； 7． θ 、 rad ； 8． ω 、 rad/s ； 9． ∆v 、 m/s ； 10． t 、 °C ； 11． ρ 、 kg/m 3 ； 12． P 、 N/m 2 ； 13． G 、 N ； 14． F f 、 N ； 15． F N 、 N ； 16．G 、 N m 2/kg 2； 17． W 、 J ； 18． P 、 w ； 19． E k 、 J ； 20． E P 、 J ； 21． I 、 A ； 22． U 、 V ； 23． R 、 Ω ；二、规范书写以下物理公式（本题包括31空，每空1分，共31分）1． v =t x ； 2． a= tv v t v12-=∆，a= m F ； 3． v t =v 0+at ；4．x =210+t υat 2；5．匀加速直线运动位移、速度、加速度关系式 ；6．角速度定义式 ，用周期表示的角速度计算式 ； 7．角速度与线速度的关系式 ；8．向心加速度计算式 或 ； 9．滑动摩擦力计算式 ； 10．胡克定律表达式 ； 11．万有引力定律表达式 ； 12．机械功定义式 ；13．功率定义式 ，瞬时功率计算式 ； 14．动能的表达式 ；15．重力势能表达式 ，弹性势能表达式 ； 16．机械能守恒定律表达式 或 ；17．机械效率公式；18．浮力计算式；19．欧姆定律表达式；20．电功表达式；21．电功率表达式；22．爱因斯坦相对论中运动质量与静止质量的关系式；23．液体压强计算公式；24．阿基米德原理公式；三、以下是“希腊字母的正确读法及其在物理中的应用”，在空缺的括号中填上你所了解的物理量名称（每空3分，共21分）序号大写小写英文注音国际音标注音中文注音表示的物理量1 Α α alpha a:lf 阿尔法角度；系数2 Β β beta bet 贝塔磁通系数；角度；系数3 Γγgamma ga:m 伽马电导系数（小写）4 Δδdelta delt 德尔塔变动；密度；屈光度5 Εεepsilon ep`silon 伊普西龙对数之基数6 Ζζzeta zat 截塔方位角；阻抗；原子序数7 Ηηeta eit 艾塔磁滞系数；效率（小写）8 Θθthet θit 西塔温度；相位角9 Θιiot aiot 约塔微小，一点儿10 Κκkappa kap 卡帕介质常数11 ∧λlambda lambd 兰布达波长（小写）；体积12Μμmu mju 缪磁导系数；微（千分之一）13 Ννnu nju 纽磁阻系数14 Ξξxi ksi 克西15Οοomicron omik`ron 奥密克戎16∏πpi pai 派圆周率=3.14159 26535 8979317 Ρπrho rou 肉电阻系数（小写）18 ∑σsigma `sigma 西格马总和（大写），表面密度19 Τ τ tau tau 套 时间常数 20 Υ υ upsilon jup`silon 宇普西龙 位移 21 Φ φ phi fai 佛爱 磁通；角 22 Φ χ chi phai 西23 Χ ψ psi psai 普西 角速；介质电通量；角 24 Ω ω omega o`miga 欧米伽 欧姆（大写）；角速（小写） 四、计算题(本题共2小题，共22分) 1．(10分) 解析：设汽车做匀加速运动的时间为t ，行驶的位移为s 1，汽车做匀减速运动的时间为t 2，行驶的位移为s 2，则有a 1t 1=a 2t 2 ①前后两段的位移分别为s 1=21a 1t 12 ② s 2=21a 2t 22③ 又∵s 1+s 2=L④②、③代入④得L =21a 1t 12 +21a 2t 22⑤由①得t 1=122a t a 代入⑤式 解得t 2=)(22121a a a La +则t 1=122a t a =)(22122a a a La +，t 总= t 1+ t 2=2121)(2a a a a L +2. (12分) 解析： ⑴由开普勒第三定律知：3323bb aa T r T r =得221422323=⎪⎭⎫ ⎝⎛=⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛=R R r r T T b a b a ⑵设a 至少经过n 个周期两卫星相距最远，则a 经过的时间为t =nT a . 又设在t 时间内a 、b 转过的角度分别为θa 、θb ， 则由题意有 θa －θb ＝π，又θ＝ωt ，得ωa t -ωb t =π 即πππ=⎪⎪⎭⎫ ⎝⎛-b a T T t 22 解得)(2b a ba T T TT t -= ∴()77.012221)(2=-=-=b a b T T T n相距最远时如何列方程是此题的关健，此问可比喻为两同学在田径场比赛时的场景，展开想象找到解决问题准确的切入点是非常重要的．。