云南省永仁县一中2018_2019学年高二物理上学期期中试题

云南省永仁县一中2018-2019学年期中考试高二物理本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间120分钟。

学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________分卷I一、单选题(共12小题,每小题3.0分,共36分)1.一个电流表由小量程的电流表G与电阻R并联而成．若在使用中发现此电流表读数比准确值稍小些，下列采取的措施正确的是( )A．在R上串联一个比R小得多的电阻B．在R上串联一个比R大得多的电阻C．在R上并联一个比R小得多的电阻D．在R上并联一个比R大得多的电阻2.如图所示为大型电子地磅电路图，电源电动势为E，内阻不计．不称物体时，滑片P滑到A端，滑动变阻器接入电路的有效电阻最大，电流较小；称重物时，在压力作用下使滑片P下滑，滑动变阻器有效电阻变小，电流变大，这样把电流对应的重量值刻在刻度盘上，就可以读出被称物体的重量值，若滑动变阻器上A、B间距离为L，最大阻值等于电阻阻值R0，已知两只弹簧的总弹力与形变量成正比，其比例系数为k，所称重物的重量G与电流大小I的关系为( )A．G＝2kL＋B．G＝2kL－C．G＝＋kL D．G＝kIL3.如图为某台电风扇的铭牌，如果已知该电风扇在额定电压下工作时，转化为机械能的功率等于电动机消耗电功率的98 %，则在额定电压下工作时，通过电动机的电流I及电动机线圈的电阻R分别是（）A．I=2.5 A R=11 ΩB．I=2.5 A R=88 ΩC．I=0.4 A R=11 ΩD．I=0.4 A R=550 Ω4.在点电荷Q形成的电场中有一点A，当一个电荷量为－q的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A点时，静电力做的功为W，则检验电荷在A点的电势能及电场中A点到无限远的电势差分别为( )A．E pA＝－W，UAO＝B．E pA＝W，UAO＝－C．E pA＝W，UAO＝D．E pA＝－W，UAO＝－5.如图所示的电路中，闭合开关S后，灯L1、L2都能发光．后来由于某种故障使灯L2突然变亮(未烧坏)，电压表的读数增大，由此可推断，这故障可能是( )A．电阻R2断路B．电阻R2短路C．灯L1两接线柱间短路D．电阻R1断路6.如图所示，匀强电场中的△PAB平面平行于电场方向，C点为AB的中点，D点为PB的中点。

将一个带负电的粒子从P点移动到A点，电场力做功WPA=1.6×10－8J；将该粒子从P点移动到B点，电场力做功W PB=3.2×10－8J。

则下列说法正确的是( )A．直线PC为等势线B．若将该粒子从P点移动到C点，电场力做功为WPC=2.4×10－8JC．电场强度方向与AD平行D．点P的电势高于点A的电势7.加在某电动机上的电压是U(V)，电动机消耗的电功率为P(W)，电动机线圈的电阻为r(Ω)，则电动机线圈上消耗的电热功率为( )A．P B．C．r D．P－8.一个电流表的满偏电流I g＝1 mA，内阻R g＝500 Ω，要把它改装成一个量程为3 V的电压表，则( )A．应在电流表上再串联一个阻值为3 kΩ的电阻B．应在电流表上再并联一个阻值为3 kΩ的电阻C．改装后的电压表内阻是500 ΩD．改装后的电压表内阻是3 kΩ9.在空间中水平面MN的下方存在竖直向下的匀强电场，质量为m的带电小球由MN上方的A 点以一定初速度水平抛出，从B点进入电场，到达C点时速度方向恰好水平，A、B、C三点在同一直线上，且AB＝2BC，如图所示，由此可知( )A．小球带正电B．电场力大小为3mgC．小球从A到B与从B到C的运动时间相等D．小球从A到B与从B到C的速度变化相等10.两个用同种材料制成的均匀导体A、B，其质量相同，当它们接入电压相同的电路时，其电流之比IA∶IB＝1∶4，则横截面积之比SA∶SB为( )A． 1∶2B． 2∶1C． 1∶4D． 4∶111.某实物投影机有10个相同的强光灯L1～L10(24 V,220 W)和10个相同的指示灯X1～X10(220V,2 W)，将其连接在220 V的交流电源上，电路如图所示，若工作一段时间后L2灯丝烧断，则( )A． X1的功率减小，L1的功率增大B． X1的功率增大，L1的功率增大C． X2的功率增大，其他指示灯的功率减小D． X2的功率减小，其他指示灯的功率增大12.一个定值电阻，两端电压为2 V，通过的电流是0.5 A,如果两端的电压是6 V，要测量流过的电流，电流表的量程可选用( )A． 0.5 AB． 1 AC． 2 AD． 10 A二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分)13.(多选)如图，两电荷量分别为Q(Q＞0)和－Q的点电荷对称地放置在x轴上原点O的两侧，a点位于x轴上O点与点电荷Q之间，b位于y轴O点上方．取无穷远处的电势为零，下列说法正确的是( )A．b点的电势为零，电场强度也为零B．正的试探电荷在a点的电势能大于零，所受电场力方向向右C．将正的试探电荷从O点移到a点，必须克服电场力做功D．将同一正的试探电荷先后从O、b点移到a点，后者电势能的变化较大14.(多选)如图所示电路中，电源内阻不能忽略，两个电压表均为理想电表．当滑动变阻器R2的滑动触头P移动时，关于两个电压表V1与V2的示数，下列判断正确的是( )A．P向a移动，V1示数增大、V2的示数减小B．P向b移动，V1示数增大、V2的示数减小C．P向a移动，V1示数改变量的绝对值小于V2示数改变量的绝对值D．P向b移动，V1示数改变量的绝对值大于V2示数改变量的绝对值15.(多选)如图所示，一电子枪发射出的电子(初速度很小，可视为零)进入加速电场加速后，垂直射入偏转电场，射出后偏转位移为y，要使偏转位移增大，下列哪些措施是可行的(不考虑电子射出时碰到偏转电极板的情况)( )A．增大偏转电压UB．减小加速电压U0C．增大偏转电场的极板间距离dD．将发射电子改成发射负离子16.(多选)如图所示，带正电的点电荷固定于Q点，电子在库仑力作用下，做以Q为焦点的椭圆运动．M、P、N为椭圆上的三点，P点是轨道上离Q最近的点，电子在从M经P到N点的过程中( )A．速率先增大后减小B．速率先减小后增大C．电势能先减小后增大D．电势能先增大后减小分卷II三、实验题(共2小题,共16分)17.某同学通过实验测定一个阻值约为5 Ω的电阻Rx的阻值．(1)现有电源(4 V，内阻可不计)、滑动变阻器(0～50 Ω，额定电流2 A)、开关和导线若干，以及下列电表：A．电流表(0～3 A，内阻约0.025 Ω)B．电流表(0～0.6 A，内阻约0.125 Ω)C．电压表(0～3 V，内阻约3 kΩ)D．电压表(0～15 V，内阻约15 kΩ)为减小测量误差，在实验中，电流表应选用________，电压表应选用________(选填器材前的字母)；实验电路应采用图中的________(选填“甲”或“乙”)．(2)图丙是测量Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线．请根据在(1)问中所选的电路图，补充完成图中实物间的连线．丙(3)接通开关，改变滑动变阻器滑片P的位置，并记录对应的电流表示数I、电压表示数U.某次电表示数如图丁所示，可得该电阻的测量值Rx＝＝________Ω(保留两位有效数字)．丁(4)若在(1)问中选用甲电路，产生误差的主要原因是________；若在(1)问中选用乙电路，产生误差的主要原因是________．(选填选项前的字母)A．电流表测量值小于流经Rx的电流值B．电流表测量值大于流经Rx的电流值C．电压表测量值小于Rx两端的电压值D．电压表测量值大于Rx两端的电压值(5)在不损坏电表的前提下，将滑动变阻器滑片P从一端滑向另一端，随滑片P移动距离x的增加，被测电阻Rx两端的电压U也随之增加，下列反映Ux关系的示意图中正确的是________．A.答案AB.答案BC.答案CD.答案D18.用螺旋测微器测量一根电阻丝的直径，测量结果如图①，其读数为________ mm.用游标为50分度的卡尺测量某圆筒的内径，则该游标卡尺的标尺每一小格的长度为________ mm，测量结果如图②所示，此工件的直径为________ cm.四、计算题19.如图所示，光滑斜面(足够长)倾角为37°，一带正电的小物块质量为m，电荷量为q，置于斜面上，当沿水平方向加如图所示的匀强电场时，带电小物块恰好静止在斜面上，从某时刻开始，电场强度变化为原来的，(sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g＝10 m/s2)求：(1)原来的电场强度；(2)小物块运动的加速度；(3)小物块2 s末的速度和2 s内的位移.20.如图所示，两块平行金属板竖直放置，两板间的电势差U＝1.5×103V(仅在两板间有电场)，现将一质量m＝1×10－2kg、电荷量q＝4×10－5C的带电小球从两板的左上方距两板上端的高度h＝20 cm的地方以初速度v0＝4 m/s水平抛出，小球恰好从左板的上边缘进入电场，在两板间沿直线运动，从右板的下边缘飞出电场，g取10 m/s2，求：(1)金属板的长度L；(2)小球飞出电场时的动能E k.21.光滑绝缘导轨，与水平面成45°角，两个质量均为m，带等量同种电荷的小球A、B，带电量均为q，静止于导轨的同一水平高度处，如图所示. 求两球之间的距离．22.如图所示的电路中，已知R1=4 Ω，电流表的读数I=0.75 A，电压表读数U=2.0 V，经一段时间后一电阻断路，使电流表的读数变为I′=0.80 A，而电压表的读数变为U′=3.2 V，求：（1）发生断路的电阻是哪一个？（2）电源电动势和内阻各是多少？答案解析1.【答案】A【解析】电流表读数比准确值稍小些，是由于并联的电阻R阻值偏小，而使流经小量程的电流表的电流偏小造成的，所以应该给电阻R串联一个阻值比R小的多的电阻，从而使通过G 的电流变大．2.【答案】B【解析】由胡克定律可知，kx＝G;得：x＝此时滑动变阻器接入电路中的电阻R′＝R0＝R0;由闭合电路欧姆定律可知：I＝解得：G＝2kL－.3.【答案】C【解析】从电风扇的铭牌得到额定功率，额定电压，故额定电流为：,转化为机械功率等于电动机消耗的电功率的98%，根据能量守恒定律可知线圈电阻消耗功率为2%P，故：2%P=，解得：，故选C.4.【答案】A【解析】依题意，－q的检验电荷从电场的无限远处被移到电场中的A点时，静电力做的功为W，则电荷的电势能减小W，无限远处电荷的电势能为零，则电荷在A点的电势能为E pA＝－W，A到无限远的电势差为UAO＝－UOA＝－＝.5.【答案】A【解析】无论电阻R2短路还是灯L1两接线柱间短路，都使外电路电阻变小，路端电压减小，电压表的读数减小，故B、C错误；电阻R1断路或电阻R2断路都使外电路电阻变大，路端电压变大，但只有电阻R2断路时，才能使得灯L2分压变大，亮度变亮，故D错误，A正确．6.【答案】B【解析】一个带电粒子从P点移动到A点，还是从P点移动到B点，电场力都做正功，P到AB间都有电势差，故直线PC不可能为等势线，故A错误；C是AB的中点，故C点电势为AB 的中点电势，故该粒子从P点移动到C点，电场力做功为J,故B正确；粒子从P点移动到B点，电场力做功J,D点为PB的中点，故粒子从D点移动到B点，电场力做功J，粒子从A点移动到B点电场力做功为J,故AD为等势面，电场强度方向与AD垂直，C错误；将一个带负电的粒子从P点移动到A点，电场力做正功，从低电势向高电势运动，即P点电势低于A点电势，D错误.7.【答案】C【解析】电动机的电流I＝，线圈发热功率P热＝r.故C对．8.【答案】D【解析】改装成电压表要串联电阻，设为Rx，则I g(R g＋Rx)＝U V即：1×10－3×(500＋Rx)＝3解得：Rx＝2 500 Ω9.【答案】B【解析】由于在电场中小球的运动轨迹向上弯曲，加速度方向必定向上，合力向上，说明电场力方向向上，所以小球带负电．故A错误．设带电小球在进入电场前后两个运动过程水平分位移分别为x1和x2，竖直分位移分别为y1和y2，经历的时间分别为t1和t2.在电场中的加速度为a.小球做平抛运动过程，有：x1＝v0t1；进入电场做匀变速曲线运动的过程，有：x2＝v0t2；由题意有：x1＝2x2；则得：t1＝2t2.又y1＝gt将小球在电场中的运动看成沿相反方向的类平抛运动，则有：y2＝at根据几何知识有：y1：y2＝x1：x2；解得：a＝2g；根据牛顿第二定律得：F－mg＝ma＝2mg，解得：F＝3mg，即电场力为3mg.故B正确，C错误．根据速度变化量为：Δv＝at，则得平抛运动过程速度变化量大小为：Δv1＝gt1＝2gt2，方向竖直向下；电场中运动过程速度变化量大小为：Δv2＝at2＝2gt2，方向竖直向上，所以小球从A到B与从B到C的速度变化量大小相等，方向相反，则速度变化量不相等．故D错误．10.【答案】A【解析】由R＝可知，在U一定时，I与R成反比，即RA∶RB＝4∶1，又根据电阻定律R＝ρ＝ρ＝ρ可知，当ρ、V一定时，R∝，即有＝＝，所以＝＝.11.【答案】C【解析】若L2灯丝烧断，电路的电阻值变大，电流变小，除X2两端电压变大外，其他电压变小，故选C.12.【答案】C【解析】由欧姆定律知，R一定时，电流I与电压U成正比，所以当电压为6 V时，电流为1.5 A．为了读数准确，我们可以选取量程略大于1.5 A的电流表，而选择10 A量程的电流表，读数不准确．13.【答案】BC【解析】因为等量异种点电荷在其连线的中垂线上的电场方向为水平指向负电荷，所以电场方向与中垂线方向垂直，故中垂线为等势线，因为中垂线延伸到无穷远处，所以中垂线的电势为零，故b点的电势为零，但是电场强度不为零，A错误；等量异种电荷连线上，电场方向由正电荷指向负电荷，方向水平向右，在中点O处电势为零，O点左侧电势为正，右侧电势为负，又知道正电荷在正电势处电势能为正，故B正确；O点的电势低于a点的电势，电场力做负功，所以必须克服电场力做功，C正确；O点和b点的电势相等，所以先后从O、b点移到a 点，电场力做功相等，电势能变化相同，D错误．14.【答案】AC【解析】若P向a端移动，则滑动变阻器接入电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流增大，则内电压增大，R1两端的电压增大；路端电压减小，故R2两端的电压减小，故A 正确，因路端电压减小，V1示数增大，V2示数减小，而两电表之和等于路端电压，故可知V1示数改变量的绝对值小于V2示数改变量的绝对值，故C正确；若P向b端移动，则滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电流减小，内电压减小，V1减小，故B错误；由于内电压减小，故路端电压增大，而V1减小，V2必然增大，且增大量一定大于V1的减小量，故D错误．15.【答案】AB【解析】在加速电场中qU0＝mv，在偏转电场中a＝，y＝at2，l＝v0t，可得y＝，可见增大偏转电压U，减小加速电压U0，减小极板间距离d都可使偏转位移y增大，故A、B 项对，C项错．偏转位移的大小与发射的带电粒子的q、m无关，故D项错．16.【答案】AC【解析】正点电荷形成电场的等势面是以点电荷为圆心的一系列同心圆，且越靠近点电荷电势越高，所以电子从M点到P点电场力做正功，电势能减小，动能增加；电子从P点到N点电场力做负功，电势能增加，动能减小，故A、C正确．17.【答案】(1)B，C，甲(2)(3)5.2 (4)B D (5)A【解析】(1)电源电动势为4 V，电压表选择C；电路中的电流最大值I m远小于3 A，所以电流表选择B.被测电阻阻值较小，电流表分压作用明显，所以采用电流表的外接法．即甲电路图．(2)根据实验电路原理图连接实物图如下：(3)电压表读数为2.60 V，电流表读数为0.50 A，代入Rx＝＝Ω＝5.2 Ω.(4)甲电路：由于电压表的分流作用，电流表测量的电流大于通过被测电阻的电流．乙电路：由于电流表的分压作用，使电压表测量的电压大于被测电阻两端的电压．B、D选项对．(5)设滑动变阻器单位长度的电阻为R0，滑动变阻器两端总长为L，根据串联电路规律，有：＝⇒U ＝，式子中E、Rx、L均为常数，根据函数图象可知A正确．18.【答案】1.554 0.98 1.114【解析】螺旋测微器的读数公式：固定刻度(mm)＋旋转刻度(估读)×0.01 mm＝测量值，所以螺旋测微器的读数为：1.5 mm＋5.4×0.01 mm＝1.554 mm.游标卡尺的读数公式：主尺(mm)＋格数×(0.1或0.05或0.02)＝测量值，所以此游标卡尺读数为1.1 mm＋7×0.02 mm＝1.114 mm19.【答案】(1)(2)3 m/s2，方向沿斜面向下(3)6 m/s 6 m【解析】(1)对小物块受力分析如图所示，小物块静止于斜面上，则mg sin 37°＝qE cos37°，E＝＝.(2)当场强变为原来的时，小物块受到的合外力F合＝mg sin 37°－qE cos 37°＝0.3mg，又F＝ma，所以a＝3 m/s2，方向沿斜面向下.合(3)由运动学公式v＝at＝3×2 m/s＝6 m/sx＝at2＝×3×22m＝6 m.20.【答案】(1)0.15 m (2)0.175 J【解析】(1)小球到达左板上边缘时的竖直分速度：v y＝＝2 m/s设小球此时速度方向与竖直方向之间的夹角为θ，则tanθ＝＝2小球在电场中沿直线运动，所受合力方向与运动方向相同，设板间距为d，则：tanθ＝＝，L＝，解得L＝＝0.15 m.(2)进入电场前mgh＝mv－mv电场中运动过程qU＋mgL＝E k－mv解得E k＝0.175 J.21.【答案】q【解析】设两球之间的距离为x，相互作用的库仑力为F，则：F＝k由平衡条件得：F cos 45°＝mg sin 45°由以上两式解得：x＝q22.【答案】（1）R2（2）4 V 1 Ω【解析】解：（1）因某电阻烧断，电流表、电压表示数均增大，若R1、R3断路，电流表或电压表无读数，可断定发生断路的电阻是R2．（2）由R2烧断后：电压表的示数等于路端电压，则R3==Ω=4 Ω根据闭合电路欧姆定律得U=E﹣Ir即有 3.2=E﹣0.8r…①R2未烧断时：路端电压U′=R1I′=4×0.75 V=3 V通过R1的电流I1==A=0.25 A总电流：I0=I3+I′=0.25 A+0.75 A=1.0 A则有U′=E﹣I0r即 3=E﹣r②联立①②解得E=4 V r=1 Ω。