用能量守恒思想拓展“完弹模型”

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动量守恒定律 子弹 弹簧模型

动量守恒定律 子弹 弹簧模型

一、子弹大木块1、如图所示,质量为M的木块固定在光滑的水平面上,有一质量为m的子弹以初速度v0水平射向木块,并能射穿,设木块的厚度为d,木块给子弹的平均阻力恒为f.若木块可以在光滑的水平面上自由滑动,子弹以同样的初速度水平射向静止的木块,假设木块给子弹的阻力与前一情况一样,试问在此情况下要射穿该木块,子弹的初动能应满足什么条件?2、如图所示,静止在光滑水平面上的木块,质量为、长度为。

—颗质量为的子弹从木块的左端打进。

设子弹在打穿木块的过程中受到大小恒为的阻力,要使子弹刚好从木块的右端打出,则子弹的初速度应等于多大?涉及子弹打木块的临界问题二、板块3、如图1所示,一个长为L、质量为M的长方形木块,静止在光滑水平面上,一个质量v从木块的左端滑向右端,设物块与木块间的动为m的物块(可视为质点),以水平初速度摩擦因数为 ,当物块与木块达到相对静止时,物块仍在长木块上,求系统机械能转化成内能的量Q。

图14、如图所示,—质量为M、长为l的长方形木板B放在光滑的水平地面上,在其右端放一质量为m的小木块A,m<M.现以地面为参照系给A和B以大小相等、方向相反的初速度(如图),使A开始向左运动、B开始向右运动,但最后A刚好没有滑离B板.以地面为参照系,(1)若已知A和B的初速度大小为,求它们最后的速度的大小和方向.(2)若初速度的大小未知,求小木块A向左运动到达的最远处(从地面上看)离出发点的距离.三、 弹簧5.(8分)如图2所示,质量M =4 kg 的滑板B 静止放在光滑水平面上,其右端固定一根轻质弹簧,弹簧的自由端C 到滑板左端的距离L =0.5 m ,这段滑板与木块A (可视为质点)之间的动摩擦因数μ=0.2,而弹簧自由端C 到弹簧固定端D 所对应的滑板上表面光滑.小木块A 以速度v 0=10 m/s 由滑板B 左端开始沿滑板B 表面向右运动.已知木块A 的质量m =1 kg ,g 取10 m/s 2.求:(1)弹簧被压缩到最短时木块A 的速度 ; 2 m/s (2)木块A 压缩弹簧过程中弹簧的最大弹性势能. 39 J6、(09·山东·38)(2)如图所示,光滑水平面轨道上有三个木块,A 、B 、C ,质量分别为m B =m c =2m ,m A =m ,A 、B 用细绳连接,中间有一压缩的弹簧 (弹簧与滑块不栓接)。

动量守恒在子弹打木块模型和板块模型中的应用-高考物理复习

动量守恒在子弹打木块模型和板块模型中的应用-高考物理复习
√B.整个射入过程中两滑块受的冲量一样大
C.射入滑块A中时阻力对子弹做功是射入滑块B中时的两倍
√D.两个过程中系统产生的热量相等
子弹射入滑块过程中,子弹与滑块构成的系
统动量守恒,有mv0=(m+M)v,两个子弹的 末速度相等,所以子弹速度的变化量相等,A错误;
滑块A、B动量变化量相等,受到的冲量相等,B正确; 对子弹运用动能定理,有 Wf=12mv2-12mv02,由于末速度 v 相等,所 以阻力对子弹做功相等,C 错误; 对系统,由能量守恒可知,产生的热量满足 Q=12mv02-12(m+M)v2, 所以系统产生的热量相等,D 正确.
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2.(多选)如图所示,质量为M的木块放在光滑的水平面上,质量为m的子
弹(可视为质点)以水平速度v0射中木块,并最终留在木块中与木块一起 以速度v运动,已知当子弹相对木块静止时,木块前进距离为L,子弹进
入木块的深度为s,此过程经历的时间为t.若木块对子弹的阻力大小Ff视 为恒定,则下列关系式中正确的是
√A.长木板B的质量为2 kg √B.物块A与长木板B之间的动摩擦因数为0.1
C.长木板B的长度至少为2 m
√D.物块A与长木板B组成的系统损失的机械能为2 J
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A做匀减速运动,B做匀加速运动,最后一起做匀 速运动,共同速度v=1 m/s,取向右为正方向,设 B的质量为M,根据动量守恒定律得mv0=(m+M)v,解得M=2 kg, 故A正确; 木板 B 匀加速运动的加速度 aB=ΔΔvt =1 m/s2,根据牛顿第二定律,对 B 有 μmg=MaB,解得 μ=0.1,故 B 正确;
两次打穿木块过程中,子弹受到的阻力相等,阻力对子弹做的功等
于子弹损失的动能,即ΔEk损=Ffx,由于x2>x1,所以ΔEk2损>ΔEk1损,

子弹打木块、弹簧模型

子弹打木块、弹簧模型
(3)弹簧的最大弹性势能?
(4)弹簧恢复原长时,AB的速度?
(5) A的最大速度? (6)B的最小速度如何?
注意:弹簧状态的把握
由于弹簧的弹力随形变量变化,所以弹簧弹力联系 的“两体模型”,一般都是作加速度变化的复杂运动 ,所以通常需要用“动量关系”和“能量关系”分析 求解。复杂的运动过程不容易明确,特殊的状态必须 把握;弹簧最长(短)时两体的速度相同;弹簧自由 时两体的速度最大(小)。
2、质量为m的物块甲以3m/s的速度在光滑水平面上运动,有 一轻弹簧固定于其左端,另一质量也为m的物块乙以4m/s的速 度与甲相向运动,如图所示.则( AD)
A.甲、乙两物块在弹簧压缩过程中,由于弹力属于内力作用, 故系统动量守恒
B.当两物块相距最近时,甲物块的速率为零 C.甲物块的速率可能达到5m/s D.当甲物块的速率为1m/s时,乙物块的速率可能为2m/s, 也可能为0
例1、
总结求解方法:
1、动量守恒——关键看系统的合外力是否为零 2、受力分析,“子弹打木块”模型实质是两个物体在一对作用 力和反作用力(认为是恒力)作用下的运动,物体做匀变速运 动,可用动力学规律求解 3、求时间——单个物体运用动量定理或牛顿运动定律和运动学 关系 4、求位移——单个物体运用动能定理或牛顿运动定律和运动学 关系 5、涉及相对位移——有机械能向内能转化 E损=Q=fS相 6、匀变速运动---可利用v-t图像(定性分析时多用到)
二、弹簧模型的特点与方法
1、注意弹簧弹力特点及运动过程。 弹簧弹力不能瞬间变化
2、弹簧连接两种形式:连接或不连接。 连接:可以表现为拉力和压力 不连接:只表现为压力。
3、动量问题:动量守恒。 4、能量问题:机械能守恒(弹性碰撞)。
动能和弹性势能之间的转化

动量守恒之弹簧及圆弧模型

动量守恒之弹簧及圆弧模型

相互作用的两个物体在很多情况下运动特征与碰撞问题类似,可以运用动量、能量守恒来分析,物块弹簧模型是一类典型的问题。

我们首先结合下面的例子,说明如何分析物块弹簧模型的运动情景。

【问题】如图所示,物块B 左端固定一轻弹簧,静止在光滑的水平面上,A 物体以速度0v 向B 运动,假设A 与弹簧接触之后立即与弹簧粘连在一起不再分开,那么此后A 、B 与弹簧相互作用的过程中,运动情景如何呢?【分析】A 、B 的运动涉及追及相遇问题,重点要把握住:两物体距离最近(弹簧最短)或最远(弹簧最长)时二者的速度相等。

⑴ 弹簧刚开始被压缩的过程中,B 受到弹簧的弹力向右做加速运动,A 受到弹力做减速运动,开始时A 的速度大于B 的速度,弹簧一直被压缩;⑵ 当A B 、的速度相等时,弹簧缩短到最短,此时弹簧的弹性势能最大;⑶ 此后由于A 继续减速,B 继续加速,B 的速度开始大于A 的速度,弹簧压缩量逐渐减小;⑷ 当弹簧恢复至原长时,弹性势能为零,A 的速度减至最小,B 的速度增至最大;⑸ 此后弹簧开始伸长,A 做加速运动,B 做减速运动;⑹ 当弹簧伸长至最长时,A B 、的速度再次相等,弹簧的弹性势能最大;⑺ 此后A 继续加速,B 继续减速,弹簧逐渐缩短至原长;⑻ 当弹簧再恢复至原长时,弹性势能为零,A 的速度增至最大,B 的速度减至最小。

此后将重复上述过程。

上面我们从受力和运动的角度,分析了弹簧的运动情景。

如果两物体是在光滑水平面上运动,系统的动量守恒;在这个过程中只有两物体的动能和弹簧弹性势能的相互转化;因此,我们可以从动量和能量的角度来分析问题。

设任意时刻A 、B 的速度分别为A v 、B v ,弹簧的弹性势能为p E 。

由动量守恒可得:0A A A B B m v m v m v =+;由能量守恒可得:2220p 111222A A AB B m v m v m v E =++;由此可以求解整个运动过程中各种速度及弹性势能的极值问题,具体结果请同学们自己分析。

动量守恒定理应用之滑块子弹打木块模型

动量守恒定理应用之滑块子弹打木块模型

动量守恒定理应用之滑块子弹打木块模型动量守恒定理应用之滑块、子弹打木块模型动量守恒定理应用的几种模型分析动量守恒定律中常常涉及这样几种模型:人船模型,子弹打木块模型,滑块模型,弹簧模型等1人船模型:这是一种通过平均动量守恒来解决的问题。

解决问题时,画一个物体位移关系的草图,找出物体之间的位移关系。

【例1】质量为m的小船长为l浮在静水中。

开始时质量为m的人站在船头,人和船均处于静止状态。

若此人从船头走到船尾,不计水的阻力,则船将前进的距离为a、 ml/(m+m)b、ml/(m+m)c、ml/(m-m)d、ml/(m-m)【解析】以人和船组成的系统为研究对象,由于人从船头走向船尾,系统在水平方向上不受外力作用,所以水平方向动量守恒,人起步前人和船均静止系统的总动量为零。

以河岸为参考系有0=mv船→岸+mv人→岸人走船走人停船停。

整个过程中,每一时刻系统都满足动量守恒定律,位移x=v平均t,所以0=ml船→岸+ml人→岸,根据位移关系可知l=l 船→岸+l人→岸,解得l船→岸=ml/(m+m)【答案】a人船模型通常涉及速度。

在求解对象时,我们必须分析它与哪个参考系有关。

如果给定的速度不是相同的参考系,则必须将其转换为相同的参考系。

2.子弹击中木块模型:这类问题以系统为研究对象,水平方向满足动量守恒条件。

然而,由于摩擦,系统的机械能不守恒,损失的机械能等于摩擦和相对位移的乘积。

解决问题时最好画一个运动草图,物体位移之间的关系非常直观。

【例题2】:质量为m、长为l的木块静止在光滑水平面上,现有一质量为m的子弹以水平初速v0射入木块,穿出时子弹速度为v,求子弹与木块作用过程中系统损失的机械能。

【分析】:如图所示,子弹穿过木块的阻力为f,木块的速度为V,位移为为s,则子弹位移为(s+l)以子弹木块为系统,由动量守恒定律得:mv0=mv+mv(1)动能定理中的2L,对于子弹-f(s+L)=1mv2?1mv0(2)22v0vs对于木块FS=1mv2?0(3)2m2m2由①式得v=m(v0?v)代入③式有fs=1m?m2(v0?v)2④11111 M22② + ④ 得到FL=1mv0?mv2?mv2?mv0?{mv2?m[(v0?v)]2}222222m注意:这类问题存在临界条件,即子弹射出和留在滑块中。

完全弹性模型解的应用及展拓

完全弹性模型解的应用及展拓

完全弹性模型解的应用及展拓作者:杨福来源:《中学物理·高中》2013年第09期1 完全弹性模型的解如图1所示,质量为m2的小球2静止在光滑水平面上.质量为m1的小球1以v0与球2发生弹性正碰,求碰后球1、球2的速度.解析这是“一动一静”的完全弹性模型.碰撞过程系统动量守恒m1v0=m1v1+m2v2(1)碰撞前后机械能不变12m1v20=12m1v21+12m2v22(2)(1)式整理为 m1(v0-v1)=m2v2(3)(2)式整理为 m1(v20-v21)=m2v22(4)由(3)、(4)式解得两组解第一组解v1=(m1-m2)v0m1+m2,v2=2m1v0m1+m2.讨论:当m1>m2时,v1>0,v2>0,二者沿球1原方向同向运动;当m1=m2时,v1=0,v2=v0,二者交换速度;当m10,球1反弹.球2沿球1原方向同向运动.第二组解:v1=v0,v2=0.结果出乎意料,它告诉我们:两球经过复杂的相互作用,却完全恢复到初始状态,运动速度均不变.2 模型解的应用通常有关完全弹性模型计算问题的物理情景与此模型的两组解相对应.而两种情形下模型的应用往往体现为有关动量与能量的综合题的部分计算上,应做出恰当的取舍.下面就两种不同情形,我们分别赏析一例:应用1 (2009年高考北京卷24题)如图2所示,ABC为一固定在竖直平面内的光滑轨道,BC段水平,AB段与BC段平滑连接.质量为m1的小球从高位h处由静止开始沿轨道下滑,与静止在轨道BC段上质量为m2的小球发生碰撞,碰撞后两球两球的运动方向处于同一水平线上,且在碰撞过程中无机械能损失.(1)求碰撞后小球m2的速度大小v2;(2)碰撞过程中的能量传递规律在物理学中有着广泛的应用.为了探究这一规律,我们才用多球依次碰撞、碰撞前后速度在同一直线上、且无机械能损失的恶简化力学模型.如图3所示,在固定光滑水平轨道上,质量分别为m1、m2、m3、…mn-1、mn…的若干个球沿直线静止相间排列,给第1个球初能Ek1,从而引起各球的依次碰撞.定义其中第n个球经过依次碰撞后获得的动能Ek与Ek1之比为第1个球对第n个球的动能传递系数k1n.a.求k1n;b.若m1=4m0,mk=m0,m0为确定的已知量.求m2为何值时,k1n值最大.解析与评点(1)设碰撞前的速度为v10,根据机械能守恒定律m1gh=12m1v210(1)设碰撞后m1与m2的速度分别为v1和v2,根据动量守恒定律m1v10=m1v1+m2v2(2)由于碰撞过程中无机械能损失12m1v210=12m1v21+12m2v22(3)(2)、(3)式联立解得v2=2m1v10m1+m2将(1)代入(4)得v2=2m12ghm1+m2.(2) a.由(4)式,考虑到Ek1=12m1v210和Ek2=12m1v22,根据动能传递系数的定义,对于1、2两球:k12=Ek2Ek1=4m1m2(m1+m2)2(5)同理可得,球m2和球m3碰撞后,动能传递系数k13应为k13=EknEk1=Ek2Ek1·Ek3Ek2=4m1m2(m1+m2)2·4m2m3(m2+m3)2(6)依次类推,动能传递系数k1n应为k1n=EknEk1=Ek2Ek1·Ek3Ek2…=EknEk(n-1)=4m1m2(m1+m2)2·4m2m3(m2+m3)2…4mn-1mn(mn-1+mn)2,解得k1n=4n-1m1m22m23…m2n-1mn(m1+m2)2…(mn-1+mn)2.b.将m1=4m0,m3=m0代入(6)式可得k12=64m20〖m2(4m0+m2)(m2+m0)〗2,为使k13最大,只需使m2(4m0+m2)(m2+m0)=14m20最大,即m2+4m20m2取最小值.由m2+4m20m2=(m2-2m0m2)2+4m0可知:当m2-2m0m2,即m2=2m0时,k13最大.该题涉及完全弹性模型中动量与能量的综合的部分计算,我们根据球与球之间的一系列相互碰撞过程的具体物理情景,多次选择了两个守恒方程的第一组解,这是对该题解做出的正确选择.应用2 如图4所示,质量为m2的表面光滑的凸形物体静止在光滑水平面上,一质量为m1的光滑小球以v0滑上凸形物体,且恰好过最高点又从另一侧曲面滑下,求球与凸形物体分离后二者速度v1 、v2.解析与评点小球与凸形物二者相互作用过程无机械能损失,且水平方向动量守恒,可视为一个完全弹性碰撞过程,故m1v0=m1v1+m2v2(1)12m1v20=12m1v21+12m2v22(2)(1)式整理为 m1(v0-v1)=m2v2(3)(2)式整理为 m1(v20-v21)=m2v22(4)由(3)、(4)式解得两组解v1=m1-m2)v0m1+m2,v2=2m1v0m1+m2,及v1=v0,v2=0.根据小球与凸形物二者相互作用过程的具体物理情景,此题只能取方程的第二组解(决不能取第一组解).但学生早已熟悉了弹性碰撞模型的第一组解,由于思维定势的原因学生会轻易确定此题答案为第一组解而放弃第二组解造成重大解题失误.3 模型解的展拓常见的关于两个守恒的应用问题往往是“完全弹性模型”的变式与发展.我们再来在鉴赏两例.展拓1 如图5所示,轻弹簧的两端与物块m1、m2连在一起,将m1、m2放在光滑的水平面上,弹簧自然伸长时,m2靠墙,m1静止在A点,现用水平力F将弹簧压缩一段距离后静止,此过程中力F做功为4.5 J,m1质量为1 kg,m2质量为2 kg,当F撤去后,m1、m2会向右运动,则:(1)m1在动动中的最大速度为多少?(2)m2在运动中的最大速度是多少?(3)m1在越过A点后速度最小时,弹簧的弹性势能为多少?解析与评点 m2离开墙壁后系统的动量及机械能均守恒,是一典型的“完全弹性模型”. 题目考察实质是“完全弹性模型”中两个弹性物的运动及能量问题.(1)弹簧第一次恢复到原长时,m1的最大速度v1=v0,有WF=Ep=12mv20,解得v1= v0=3 m/s.(2)m2离开墙后,系统动量、机械能均守恒,由m2的动力学分析知:弹簧恢复至原长时m2速度最大.设二者此时速度分别为v1、 v2,由动量守恒定律及机械能守恒定律有:m1v1+m2v2=m1v0,及12m1v21+12m2v22=12m1v20,即 v1+2v2=3(3)v21+v22=9(2)解得v1=-1.8 m/s,v2=2.4 m/s及v1=3 m/s,v2=0(舍去).(3)因弹簧恢复到原长时(由拉伸最长向原长恢复)A速度变为-1.8 m/s,表明此过程A 的最小速度为v1=0.设此时B的速度为v2,系统的弹性势能为Ep,由动量守恒定律及机械能守恒定律有m1v1+m2v2=m1v0,Ep +12m1v21+12m2v22=12m1v20,即 1×3 = 2×v2(3)Ep=12×1×32-12×2×v22(4)解得v2=1.5 m/s,Ep=2.25 J.在问题(2)中,我们为什么取第一组解而舍掉第二组解,第二组解又反映出什么物理问题?仔细研究两物体的运动过程,我们就会发现,只要弹簧处于拉伸状态,m2就会被加速直到弹簧恢复到原长——系统弹性势能为零(全部转化为动能),m2速度才达到最大;在此过程中,m2经过两个阶段的变加速运动,而m1经历的却是先减速再反向加速过程,速度方向发生了改变.故取第一组解.而第二组解恰好反映系统完全恢复原貌时的初始状态,它告诉我们:经历复杂的动力学过程,当 m1速度恢复到m2 刚要离开墙壁时的原值(大小3 m/s,方向向右)时,m2速度也恢复到它刚要离开墙壁时的零值,该组解当然不合本题的题意.因以上两种情况所对应的数学方程完全相同,故同一方程组所对应的两组解同样描述两种特定的物理状态.展拓2 如图6所示放在光滑水平面上的A、B两物体,系在同一细绳的两端,开始绳是松驰的,A和B向相反的方向运动,将绳拉断,那么绳拉断后,A、B可能出现的运动状态是A.A和B同时停下来B.A和B沿各自原方向运动C.其中一个停下来,另一个与它原来的速度等大反向运动D.A和B沿同一方向运动解析与评点若将绳子视为一弹性绳(弹簧),则上述系统构成一典型的“完全弹性模型”.题目考察实质是“完全弹性模型”中两个弹性球之间的相对运动问题.我们就知道:弹性绳(弹簧)被拉断,一定是在弹性绳(弹簧)拉伸到最长前.即:弹性绳(弹簧)被拉断时,是发生在两个物体的间距在达到最大之前或刚刚达到最大.故绳断后A、B两物体的运动速度只要能够使得二者之间的相对位移增加就都是符合题意的.故正确答案是A、B、D.该题中,我们将绳子视为弹簧,实际就是将A、B两物体间的相互作用过程看作是一个弹性碰撞过程.通过定性、半定量研究二者之间的相对运动来实现破题.总而言之,完全弹性模型问题的具体物理情景与两个守恒方程的两组数学解完全对应.两组数学解相互补充,可拓展到所有的动量守恒与动能守恒问题求解,我们应特别注重根据问题的具体物理情景对题解做出的正确选择.。

高考物理一轮复习课件:动量守恒定律的应用(子弹、滑块模型)

高考物理一轮复习课件:动量守恒定律的应用(子弹、滑块模型)
因数的比值。
16.如图,上侧足够长的水平传送带始终以大小为v=3m/s的速度向左运动,传送带上有一质 量为M=2kg的小木盒B,B与传送带之间的动摩擦因数为μ=0.3.开始时,B与传送带之间保持 相对静止.先后相隔Δt=3 s有两个质量为m=1kg的光滑小球A自传送带的左端出发,以 v对0静=1止5m,/第s的2个速球度出在发传后送历带时上Δ向t右1=运2s动而.与第木1个盒球相与遇木(取盒g相=1遇0后m,/球s2立).即求进: 入盒中与盒保持相
10.静止在水平地面上的两小物块A、B,质量分别为mA=1.0 kg,mB=4.0 kg;两者之间有一被压缩的微型弹簧,A与其右侧的竖直墙壁距离L=1.0 m, 如图6所示。某时刻,将压缩的微型弹簧释放,使A、B瞬间分离,两物块获得 的动能之和为Ek=10.0 J。释放后,A沿着与墙壁垂直的方向向右运动。A、 B与地面之间的动摩擦因数均为μ=0.20。重力加速度取g=10 m/s2。A、B运
(1)在涉及滑块或滑板的时间时,优先考虑用动量定理. (2)在涉及滑块或滑板的位移时,优先考虑用动能定理. (3)在涉及滑块相对位移时,优先考虑用系统的能量守恒. (4)滑块恰好不相对滑动时,滑块与滑板达到共同速度.
1.如图所示,一质量m=2kg的长木板静止在水平光滑地面上,某时 刻一质量M=1kg的小铁块以水平向左v0=9m/s的速度从木板的右端 滑上木板.已知铁块与木板间的动摩擦因数μ=0.4,取重力加速 度g=10 m/s2,木板足够长,求:铁块与木板摩擦所产生的热量Q, 相对位移(木板至少多长才不滑下来)?
4.如图所示,一质量m=2kg的长木板静止在水平地面上,某时刻一 质量M=1kg的小铁块以水平向左v0=9m/s的速度从木板的右端滑 上的动木摩板.擦已因知数木μ板2=与0.地1,面取间重的力动加摩速擦度因g=数10μm1=/0s.2,4木.铁板块足与够木长板,求间: 铁块与木板摩擦所产生的热量Q

动量守恒之滑块子弹打木块模型

动量守恒之滑块子弹打木块模型

lv 0 v S动量守恒定律的应用1—— 子弹打木块模型模型:质量为M 、长为l 的木块静止在光滑水平面上,现有一质量为m 的子弹以水平初速v 0射入木块,穿出时子弹速度为v ,求子弹与木块作用过程中系统损失的机械能。

解:如图,设子弹穿过木块时所受阻力为f ,突出时木块速度为V ,位移为S ,则子弹位移为(S+l)。

水平方向不受外力,由动量守恒定律得:mv 0=mv+MV ①由动能定理,对子弹 -f(s+l )=2022121mv mv - ②对木块 fs=0212-MV ③由①式得 v=)(0v v M m - 代入③式有 fs=2022)(21v v Mm M -• ④ ②+④得 f l =})]([2121{2121212120220222v v Mm M mv mv MV mv mv -+-=-- 结论:系统损失的机械能等于因摩擦而产生的内能,且等于摩擦力与两物体相对位移的乘积。

即Q=ΔE 系统= fS 相问题:①若要子弹刚好能(或刚好不能)穿出木块,试讨论需满足什么条件②作出作用过程中二者的速度-时间图像,你会有什么规律发现例题:一木块置于光滑水平地面上,一子弹以初速v 0射入静止的木块,子弹的质量为m ,打入木块的深度为d ,木块向前移动S 后以速度v 与子弹一起匀速运动,此过程中转化为内能的能量为A .)(2102v v v m - B.)(00v v mv - C.s vd v v m 2)(0- D.vd S v v m )(0-v 0A Bv 0 AB v 0 lA 2v 0 v 0B C滑块、子弹打木块模型练习1.在光滑水平面上并排放两个相同的木板,长度均为L=1.00m ,一质量与木板相同的金属块,以v 0=2.00m/s 的初速度向右滑上木板A ,金属块与木板间动摩擦因数为μ=,g 取10m/s 2。

求两木板的最后速度。

2.如图示,一质量为M 长为l 的长方形木块B 放在光滑水平面上,在其右端放一质量为m 的小木块A ,m <M ,现以地面为参照物,给A 和B 以大小相等、方向相反的初速度使A 开始向左运动,B 开始向右运动,但最后A 刚好没有滑离B 板。

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m t V o = ( m t + / T b 2 ) V , A E = }r r / , 1 一 ÷( m l + m 2 )

立 得: △ E : 1 ml × 卫
m q. - l - / n, - 2

题 例 3 两 平行 光 滑绝 缘导 轨上 静 置着 质量
为m 的导 体棒 , 质量 为 m。 的导体 棒 以初 速 度
第3 1 卷总第 4 6 1 期
物 理 教 学 探 讨
Vo 1 . 3 1 N O. 4 61
2 0 1 3年 第 1 1期 ( 上半月)
J o u r n a l o f P h y s i c s T e a c
用 能 量 守恒 思 想 拓 展 “ 完弹模型’ ’
1 “ 完弹 ” 模 型 的建 立
由系统 的动 量守 恒有 :
mV 0 = r 』 + m)
质量 为 m。 的小 球 , 以初 速 度 。 沿 光滑 水平
面 冲 向一 个 连有轻 弹簧 的质 量为 m 的小球 。此 后 系统具 有 的最 大弹性 势 能 多大? 如图 l 所示。
秦 素 丽
河北平泉二 中 , 河北 平泉 0 6 7 5 0 0
摘 要 : 能 量 转 化 思 想 在 碰 撞 现 象研 究 中 占有 重要 位 置 。 恰 当运 用“ 完弹” 模 型 中的 能 量 转 化 思 想 , 注 意 其 内涵 、 外 延. 并将 这 一 思 想 发 展 会 让 学 生 物 理 学 习 中 发散 思 维 与 创 造 思 维 能 力 得 到 锻 炼 、 物 理 概 念 得 到 同化 , 实现 对 学 生 的创 新
此时系统 动能最小 ,弹性势 能最大设 为 E , 再
1( m 1 _ } 饥2)

①②联立即得 :
2 “ 完弹 ” 模 型 的 拓 展
m × — 一
图 3 题 例 2图示
解 析 二 球 相 对 静 止 时 的共 同 速 度 为 , 系
统 电势 能 的增量 为 △ E,水 平方 向上 二球 只受 系
静止。 设摩 擦生 热 p, 相 对位 移 , 共 同速度 , 则
Vo 1 . 3 1 N O. 4 61
物 理 教
学 探 讨
第3 1卷 总第 4 6 1 期 2 0 1 3年 第 1 1 1 . 2 0 1 3 . 5 0
J o u r n a l o f P h y s i c s T e a c h i n g
r n o

系统摩 擦生 热来 源 于系统减 少 的动能 :
Q : = 1m 一 2 一 ( + m )
Q = f x



图 1 晃 全 弹性 碰 撞 图不
①②③联立有 :
Q = 1 2 × M
解 析 这 是一 个完 全 弹性 “ 慢” 碰 撞过 程 。 当
意识 和 创 新 能 力 的 培 养 . 对 学 生 实 现 由 学会 到会 学 的 转 变 具 有 重要 的 意 义 。
关键 词 : 守恒 思 想 ; 拓展 ; 完 弹模 型 中 图 分类 号 : G 6 3 3 . 7 文献标识码 : A 文章编号 : 1 0 0 3 — 6 1 4 8 ( 2 0 1 3 ) 1 1 ( s ) 一 0 0 4 9 — 2

图 2 题 例 1图 示
冲 向导体 棒 m , 两 棒 的方 向在运 动 中始终 垂 直 于 导 轨 ,整 个 轨 道 平 面 置 于 与 之垂 直 的匀 强 磁 场 中。求 直到稳 定 导体 回路 产 生 的电能 有 多少? 导 轨各处 接触 良好 。如 图 4所示 。
解 析 稳定 前 二 者发 生相 对 运动 , 直 到相 对
能 过 渡
解 析 导体 棒 m 向右运动 过程 中 , 由于电磁 感 应 的发 生 , 导体棒 m 做变减速运动 , 棒 m 做 加速 运动 。 回路 中机 械能 减少 , 逐渐转 化为 电能 , 直 到二 者停 止相 对运 动 , 电磁感 应 现象终 止 。设 二者共 同速 度为 , 回路 产生 总 电能为 E电 。 由动 量 守恒 定律 得 :
能 。得 : Q F 1
×

m— m g R。
物体 返 回 a点 时 , 由动 量 守恒 知 : 系统 总 动
图 4 题 例 3图示
量 与小 物体 滑到最 高点 时相 同。 小 物体 的重 力势 能又进 一步转 化 为此 阶段 的内能 Q : Q = m g R。
拓展 四 “ 完非 ” 模型 变式—— 机 械能 向广义
由机械 能守恒 定律有 :
m 1 一

题例 2 如 图 3所示 .光滑 绝缘 水 平 面上 静 置一 质量 为 m: 的带 电小球 , 一 质量 m 的带 同号 电荷 的小 球 , 以初 速度 ,沿 二 者连 线 冲 向 m , 求二 者产 生 的最大 电势 能 。
ml 吟 m
拓展 一 “ 完弹 ” 模 型到 “ 完非 ” 模 型— — 机 械
能转 化 为 内能
统 内力 ( 库仑 力) 作用, 动 量守 恒 。 系统 动能一 部分 转 化为 电( 势) 能, 由动量及 能 量守恒 有 :
1 2 1 2
题例 1 f 子 弹 打 木 块 类 问题 ) 质 量 为 m 的子 弹 以水 平初 速 度 。 射 向静 置 于光 滑 水平 面 上 的 质量 为 , 长为 的木 块 。设 二 者 在相 互作 用 过 程 中作 用 力 恒 为 求直 到 稳 定过 程 中 系统 摩 擦 生热 p = ? , 子弹 与木 块相 对位 移 = ? 如 图 2示 。
系统 弹 性势 能极 大 时 , 弹簧压缩量最大 , 二 者 停
止 相对 运 动 , 这 时 m。 、 m 应 具 有相 同的速 度 。设
拓展 二 “ 完非” 模 型变 式—— 机 械能 向 电能 转化
二 者共 同速度 为 l , 。 由动 量 守恒定 律 得 : 肌l V o = ( m】 + m2 )
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