2019高考物理第一轮复习 专题 电路同步练习 鲁科版
2019高考物理第一轮复习 专题 电学实验(二)学案 鲁科版
电学实验（2）【本讲教育信息】一. 教学内容：电学实验（2）二. 本章的知识点（一）描绘小灯泡的伏安特性曲线【实验目的】掌握实验电路的连接及滑动变阻器对电路的控制，能够收集实验数据并依此描绘小灯泡的伏安特性曲线，会分析曲线的变化规律。
【实验原理】在纯电阻电路里，根据部分电路欧姆定律I=U/R可知：当电阻阻值恒定时，通过电阻的电流I 和电阻两端的电压U呈线性关系，也就是I—U曲线是一条过原点的直线。
由电阻定律知道，导体的电阻会随着温度的变化而发生变化，如果温度变化不大，一般导体电阻改变很小，可以认为导体的电阻是没有改变的。
但是，在本实验中，小灯泡由暗逐渐变到正常发光，温度发生了很大的变化，所以灯丝电阻也就发生了较大的变化。
这样，在灯泡两端电压由小变化到额定电压时，描绘出的伏安特性曲线就不是一条直线，而是一条曲线。
为了使曲线画得较准确，实验中必须读取12组左右不同的电压值和电流值，同时要求小灯泡两端的电压变化范围尽可能大一些，所以滑动变阻器必须如图中所示连接成分压电路。
由于小灯泡的电阻和电流表的内阻都比较小，伏特表的内阻却较大，所以伏特表应当如图中所示直接并联在小灯泡两端，即采用电流表外接法，否则，实验将产生很大的误差。
I—U曲线画出后，我们可以读出曲线上任一点的横坐标U和纵坐标I的数值，然后根据R=U/I，计算出该点的电阻值R。
【实验器材】学生电源（4~6V直流），小灯泡（“4V，0.7A”或“3.8V”，“0.3A”），电流表（内阻较小），电压表（内阻很大），滑动变阻器，电键和导线若干。
【实验步骤】1. 确定电流表、电压表的量程，照上图所示连好电路。
（注意开关应断开，滑动变阻器与灯泡并联部分电阻为零）。
2. 闭合开关S，调节滑动变阻器，使电流表、电压表有较小的明显示数，记录一组电压U和电流I值。
3. 逐渐将滑动变阻器的阻值调大，测量并记录约12组U值和I值。
4. 断开开关S，整理好器材。
5. 在坐标纸上，以U为横坐标，I为纵坐标建立直角坐标系，并根据表中数据描点，然后用平滑的曲线将12个点连接起来得到I—U图线。
高考物理第一轮复习专题电路学案鲁科版
电路【本讲教育信息】 一. 教学内容：电路本章的知识点：电流、电功、电热、电功率、热功率、电阻、电阻率；串、并联电路的特点、电流表和电压表的改装、欧姆定律、电阻定律、焦尔定律、电源的功率和效率、电路的动态分析、电路的故障分析、含容电路的分析、等效电路的问题二. 重点、难点：1、电路中的基本概念： 电流：tqI =（q 为在时间t 内通过导体横截面的电量） 注：电解液中t |Q ||Q |I 负正+=电压：电阻： 电功率： 热功率：串并联电路的特点： 2、闭合电路的欧姆定律： （1）主要物理量．研究闭合电路，主要物理量有E 、r 、R 、I 、U ，前两个是常量，后三个是变量． 闭合电路欧姆定律的表达形式有：①E ＝U 外+U 内 ②rR EI +=（I 、R 间关系） ③U ＝E-Ir （U 、I 间关系）④E rR RU +=（U 、R 间关系） 从③式看出：当外电路断开时（I ＝ 0），路端电压等于电动势．而这时用电压表去测量时，读数却应该略小于电动势（有微弱电流）．当外电路短路时（R ＝0，因而U ＝0）电流最大为I m ＝E /r （一般不允许出现这种情况，会把电源烧坏）．（2）电源的功率和效率．⑴功率：①电源的功率（电源的总功率）P E ＝EI ②电源的输出功率P 出＝UI③电源内部消耗的功率P r ＝I 2r⑵电源的效率：rR R EU P P E+===η（最后一个等号只适用于纯电阻电路）电源的输出功率()()r4E r 4E r R Rr4r R R E P 22222≤⋅+=+=，可见电源输出功率随外电阻变化的图线如图所示，而当内外电阻相等时，电源的输出功率最大，为r4E P 2m =．3、电流表和电压表的改装常用的电压表和电流表都是由小量程的电流表改装而成的．小量程的电流表的电阻R g就是其电阻，一般为几百到几千欧．这个线圈允许通过的最大电流I g 叫做电流表的满偏电流，这是因为电流表通过的电流为I g 时它的指针偏转到最大刻度处．I g 一般为几十微安到几毫安．电流如果超过I g ，不但指针指示不出数值，电流表还可能烧毁．因为I g R g 一般很小，不能直接用电流表测量较大的电压．如果被测电压U 大于I g R g ，通过电流表的电流将超过I g 而把电流表烧毁．如果给电流表串联一个分压电阻，分担一部分电压，就可以用来测量较大的电压了．加了分压电阻并在刻度盘上标出电压值，就把电流表改装成了电压表（如下图所示）．此时该电压表所能测量的最大电压为)(R R I U g g +=正像串联电阻可以分担一部分电压一样，并联电阻也可以分担一部分电流．并联电阻的这种作用叫做分流作用，作这种用途的电阻又叫分流电阻．为了使电流表能够测量几个安培甚至更大的电流，可以给它并联一个分流电阻，分掉一部分电流，这样在测量大电流时通过电流表的电流也不致超过满偏电流I g ,如下图所示．此时该电流表所能测量的最大电流为RR I I I g g g +=【典型例题】闭合电路的动态分析当电路中的任一部分变化时，将引起电路中各处电流和电压的变化．判断此类问题时，一般是先据部分电路的变化分析总电阻的变化，由闭合电路欧姆定律分析总电流，再据串并联电路的特点和性质分析各处电流和电压的变化．一般分析的原则是由不变量分析变化量．讨论依据是：闭合电路欧姆定律、部分电路欧姆定律、串联电路的电压关系、并联电路的电流关系．以下图电路为例：设R 1增大，总电阻一定增大；由rR EI +=，I 一定减小；由U ＝E-Ir ，U 一定增大；因此U 4、I 4一定增大；由I 3＝ I-I 4，I 3、U 3一定减小；由U 2＝U-U 3，U 2、I 2一定增大；由I 1＝I 3 -I 2，I 1一定减小．总结规律如下：①总电路上R 增大时总电流I 减小，路端电压U 增大；②变化电阻本身和总电路变化规律相同；③和变化电阻有串联关系（通过变化电阻的电流也通过该电阻）的看电流（即总电流减小时，该电阻的电流、电压都减小）；④和变化电阻有并联关系的（通过变化电阻的电流不通过该电阻）看电压（即路端电压增大时，该电阻的电流、电压都增大）．【例题1】如图所示，电源电动势为E ，内电阻为r ．当滑动变阻器的触片P 从右端滑到左端时，发现电压表V 1、V 2示数变化的绝对值分别为ΔU 1和ΔU 2，下列说法中正确的是A 、小灯泡L 1、L 3变暗，L 2变亮B 、小灯泡L 3变暗，L 1、L 2变亮C 、ΔU 1<ΔU 2D、ΔU1>ΔU2〖解析〗滑动变阻器的触片P从右端滑到左端，总电阻减小，总电流增大，路端电压减小．与电阻蝉联串联的灯泡L1、L2电流增大，变亮，与电阻并联的灯泡L3电压降低，变暗．U1减小，U2增大，而路端电压U＝ U1+ U2减小，所以U1的变化量大于 U2的变化量，选BD．电路的故障分析检查电路故障的一种方法是用电压表检查测量，把电压表接入电路，相当于在电路中并接了一个阻值较大的电阻．当电路中是断路故障时，当电压表无示数时，不能说明该部分电路的通断，而当电压表有示数时，断路故障肯定在电压表并接的两点之间．原因是此时电压表把电路接通，使电压表有示数．断路点的判定方法为：当由纯电阻组成的串联电路中仅有一处发生断路故障时，用电压表就可以方便地判定断路点：凡两端电压为零的用电器或导线是无故障的；两端电压等于电源电压的用电器或导线发生了断路．【例题2】如图所示，闭合电键S，两个灯泡都不亮，电流表指针几乎不动，而电压表指针有明显偏转，该电路的故障可能是（）A、电流表坏了或未接好B、从a经过L1到b的电路中有断路C、L2灯丝烧断或灯座未接通D、电流表和L1、L2都坏了〖解析〗（1）电流表几乎不动，说明电路故障是断路．（2）断路使L1和L2均不亮，但伏特表有明显偏转，说明断路发生在和伏特表并联的电路上，即从a经过L1到b的电路中有断路，故应选B项．特别提示：从以上分析可看出，电路故障中，主要有短路和断路两种情况，由于这两种情况有时会导致同一现象，所以要透过现象看本质，具体现象具体分析．含容电路电容器是一个储存电能的元件，在直流电路中，当电容器充、放电时，电路有充电、放电电流，一旦电流达到稳定状态，电容器在电路中就相当于一个阻值无限大（只考虑电容器是理想不漏电的情况）的元件，电容电路可看作是断路，简化电路时可去掉它，简化后若要求电容器所带电量时，可在相应的位置补上.分析和计算含有电容器的直流电路时，关键是准确地判断并求出电容器的两端的电压，其具体方法是：1、确定电容器和哪个电阻并联，该电阻两端电压即为电容器两端电压.2、当电容器和某一电阻串联后接在某一电路两端时，此电路两端电压即为电容器两端电压.3、对于较复杂电路，需要将电容器两端的电势与基准点的电势比较后才能确定电容器两端的电压.【例题3】如图所示的电路中，4个电阻的阻值均为R ，E 为直流电源，其内阻可以不计，没有标明哪一极是正极.平行板电容器两极板间的距离为d .在平行极板电容器的两个平行极板之间有一个质量为m ,电量为q 的带电小球.当电键K 闭合时，带电小球静止在两极板间的中点O 上.现把电键打开，带电小球便往平行极板电容器的某个极板运动，并与此极板碰撞，设在碰撞时没有机械能损失，但带电小球的电量发生变化.碰后小球带有与该极板相同性质的电荷，而且所带的电量恰好刚能使它运动到平行极板电容器的另一极板.求小球与电容器某个极板碰撞后所带的电荷.〖解析〗命题意图：考查推理判断能力及分析综合能力．错解分析：不能深刻把握该物理过程的本质，无法找到破题的切入点（K 断开→U 3变化→q 所受力F 变化→q 运动状态变化），得出正确的解题思路.解题方法与技巧：由电路图可以看出，因R 4支路上无电流，电容器两极板间电压，无论K 是否闭合始终等于电阻R 3上的电压U 3，当K 闭合时，设此两极板间电压为U ，电源的电动势为E ，由分压关系可得U ＝U 3＝32E ①小球处于静止，由平衡条件得dqU＝mg②当K 断开，由R 1和R 3串联可得电容器两极板间电压U ′为U ′＝2E ③由①③得U ′＝43U ④U ′＜U 表明K 断开后小球将向下极板运动，重力对小球做正功，电场力对小球做负功，表明小球所带电荷与下极板的极性相同，由功能关系mg2d －q212='U mv 2－0 ⑤因小球与下极板碰撞时无机械能损失，设小球碰后电量变为q ′，由功能关系得q ′U ′－mgd ＝0－21mv 2⑥联立上述各式解得q ′＝67q 即小球与下极板碰后电荷符号未变，电量变为原来的67。
高考物理一轮复习 第八章 电路 第1讲 电流 电阻 电功及电功率练习(含解析)鲁科版-鲁科版高三全册
第1讲电流电阻电功与电功率考点一电流、电阻和电阻定律的理解与应用电流的微观解释【典例1】一段粗细均匀的金属导体两端加一定电压后产生了恒定电流，该导体单位体积内的自由电子数为n，电子的电荷量为e，自由电子定向移动的速率为v，要想得出通过导体的电流，除以上给出的条件外，还需要以下哪个条件( )A.导体的长度LB.导体的电阻RC.导体的横截面积SD.导体两端的电压U【解析】选C。
由I=以与微观表达式I=nqvS可知，知道导体的长度L不能求解导体的电流，选项A错误；只知道导体的电阻R不能求解导体的电流，选项B错误；知道导体的横截面积S 可以求解导体的电流，选项C正确；只知道导体两端的电压U不能求解导体的电流，选项D错误。
【多维训练】(多项选择)(2020·石家庄模拟)两根不同金属导体制成的长度相等、横截面积一样的圆柱形杆，串联后接在某一直流电源两端，如下列图。
杆a的质量小于杆b的质量，杆a金属的摩尔质量大于杆b金属的摩尔质量，杆a的电阻大于杆b的电阻，假设两种金属的每个原子都提供一样数目的自由电子(载流子)。
当电流达到不变时，假设a、b内存在电场，如此该电场可视为均匀电场。
如下结论中正确的答案是( )A.两杆内的电场强度都不等于零，且a内的电场强度大于b内的电场强度B.两杆内的电场强度都等于零C.两杆内载流子定向运动的速度一定相等D.a内载流子定向运动的速度一定大于b内载流子定向运动的速度【解析】选A、D。
两杆串联，所以电流相等，因为R a>R b，由欧姆定律可知U a>U b，根据匀强电场关系式U=Ed可知，两杆内电场强度都不为零，且a内的电场强度大于b内的电场强度，故A正确，B错误；根据电流的微观表达式I=nqvS可知，载流子的定向运动速率v=，由题意可知杆内单位体积内的自由电荷数n a<n b，如此v a>v b，故C错误，D正确。
电阻定律的应用【典例2】电线是家庭装修中不可或缺的根底建材，电线的质量直接关系到用电安全。
鲁科版新高三物理2019-2020年一轮复习测试专题《相互作用》含答案
绝密★启用前鲁科版新高三物理2019-2020学年一轮复习测试专题《相互作用》本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间150分钟。
第Ⅰ卷一、单选题(共20小题,每小题3.0分,共60分)1.将四块相同的坚固石块垒成圆弧形的石拱，其中第3、4块固定在地基上，第1、2块间的接触面是竖直的，每块石块的两个侧面间所夹的圆心角均为30°.假设石块间的摩擦力可以忽略不计，则第1、2块石块间的作用力F1和第1、3块石块间的作用力F2的大小之比为()A． 1∶2B．∶2C．∶3D．∶12.如图所示，质量为m的物体悬挂在轻质支架上，斜梁OB与竖直方向的夹角为θ.设水平横梁OA和斜梁OB作用于O点的弹力分别为F1和F2，以下结果正确的是 ()A．F1＝mg sinθB．F1＝C．F2＝mg cosθD．F2＝3.如图所示，F1、F2、F3恰好构成封闭的直角三角形，这三个力的合力最大的是 ()A．B．C．D．4.如图所示，物块a、b质量分别为2m、m，水平地面和竖直墙面均光滑，在水平推力F作用下，两物块均处于静止状态，则()A．物块b受四个力作用B．物块b受到的摩擦力大小等于2mgC．物块b对地面的压力大小等于mgD．物块a受到物块b的作用力水平向右5.如图所示，某同学通过滑轮组将一重物吊起，该同学对绳的竖直拉力为F1，对地面的压力为F2，不计滑轮与绳的重力及摩擦，则在重物缓慢上升的过程中，下列说法正确的是()A．F1逐渐变小B．F1逐渐变大C．F2先变小后变大D．F2先变大后变小6.如图所示，物块M在静止的传送带上匀速下滑时，传送带突然顺时针(图中箭头所示)转动起来，则传送带转动后，下列说法正确的是()A．M受到的摩擦力不变B．M受到的摩擦力变大C．M可能减速下滑D．M可能减速上滑7.如图所示，在水平桌面上放一木块，用从零开始逐渐增大的水平拉力F拉着木块沿桌面运动，则木块所受到的摩擦力F f随拉力F变化的图象(木块与地面间的最大静摩擦力略大于滑动摩擦力)正确的是下图中的()A．B．C．D．8.如图所示，用轻滑轮悬挂重为G的物体．轻绳总长为L，绳能承受的最大拉力是2G，现将轻绳一端固定，另一端缓慢向右移动距离d而使绳不断，则d的最大值为()A．B．LC．D．L9.用一根长1 m的轻质细绳将一副质量为1 kg的画框对称悬挂在墙壁上，已知绳能承受的最大张力为10 N，为使绳不断裂，画框上两个挂钉的间距最大为(g取10 m/s2)()A．mB．mC．mD．m10.如图所示，滑轮固定在天花板上，物块A，B用跨过滑轮不可伸长的轻细绳相连接，物块B静止在水平地面上．如用F f和F N分别表示水平地面对物块B的摩擦力和支持力，那么若将物块B向左移动一小段距离，物块B仍静止在水平地面上，则F f和F N的大小变化情况是()A．F f，F N都增大B．F f，F N都减小C．F f增大，F N减小D．F f减小，F N增大11.如图所示，起重机将重为G的重物匀速吊起，此时四条钢索与竖直方向的夹角均为60°，则每根钢索中弹力大小为()A．B．C．D．12.“探究力的平行四边形定则”的实验原理是等效原理，其等效性是指()A．使两分力与合力满足平行四边形定则B．使橡皮筋与细绳套的结点两次都与某点O重合C．使两次橡皮筋伸长的长度相等D．把弹簧秤都拉到相同刻度13.如图所示，倾角为30°、重为80 N的斜面体静止在水平面上．一根弹性轻杆一端垂直固定在斜面体上，杆的另一端固定一个重为2 N的小球，小球处于静止状态时，下列说法正确的是 ()A．杆对球的作用力沿杆向上，大于2 NB．地面对斜面体的支持力为80 NC．球对杆的作用力为2 N，方向竖直向下D．杆对小球的作用力为2 N，方向垂直斜面向上14.如图所示，一个质量为m的小物体静止在固定的、半径为R的半圆形槽内，距内槽最低点高为处，则它受到的摩擦力大小为 ()A．mgB．mgC．mgD．mg15.已知两个力的合力大小为18 N，则这两个力不可能是()A． 10 N,20 NB． 18 N,18 NC． 8 N,7 ND． 20 N,28 N16.关于力的合成与分解，下列说法正确的是()A．合力与分力是等效替代关系，都同时作用在物体上B．合力一定小于每一个分力C．当已知合力，和其中一个分力，则分解的结果可能是无数D．已知合力和两个分力的方向，分解结果是唯一的17.据《城市快报》报道，北宁动物园门前，李师傅用牙齿死死咬住长绳的一端，将停放着的一辆小卡车缓慢拉动，如图所示．小华同学看完表演后做了如下思考，其中正确的是()A．李师傅选择斜向上拉可以减少车对地面的正压力，从而减少车与地面间的摩擦力B．李师傅选择斜向上拉可以减少人对地面的正压力，从而减少人与地面间的摩擦力C．车被拉动的过程中，绳对车的拉力大于车对绳的拉力D．若将绳系在车顶斜向下拉，拉动汽车将更容易18.如下图所示，重80 N的物体A放在倾角为30°的粗糙斜面上，有一根原长为10 cm，劲度系数为1 000 N/m的弹簧，其一端固定在斜面底端，另一端放置物体A后，弹簧长度缩短为8 cm，现用一测力计沿斜面向上拉物体，若物体与斜面间最大静摩擦力为25 N，当弹簧的长度仍为8 cm时，测力计读数不可能为()A． 10 NB． 20 NC． 40 ND． 60 N19.一个长度为L的轻弹簧，将其上端固定，下端挂一个质量为m的小球时，弹簧的总长度变为2L.现将两个这样的弹簧按如下图所示方式连接，A、B两小球的质量均为m，则两小球平衡时，B小球距悬点O的距离为(不考虑小球的大小，且弹簧都在弹性限度范围内) ()A． 3LB． 4LC． 5LD． 6L20.滑滑梯是小孩子很喜欢的娱乐活动．如图所示，一个小孩正在滑梯上匀速下滑，则()A．小孩所受的重力与小孩所受的弹力大小相等B．小孩所受的重力与小孩所受的摩擦力大小相等C．小孩所受的弹力和摩擦力的合力与小孩所受的重力大小相等D．小孩所受的重力和弹力的合力大于小孩所受的摩擦力第Ⅱ卷二、计算题(共4小题,每小题10.0分,共40分)21.水平面上有一重40 N的物体，受到F1＝12 N和F2＝6 N的两方向相反的水平力作用而保持静止．已知物体与水平面间的动摩擦因数为μ＝0.2.求：(1)此时物体所受的摩擦力大小；(2)将F1撤去后，物体受的摩擦力大小；(3)将F2撤去后，物体受的摩擦力大小．22.用如图所示的方法我们可以估测一根细线能承受的最大拉力．在一根长为10 cm细线的中点悬挂一质量为60 g的玩具，开始两手并拢，然后对称的分开，当从刻度尺上读出两手间的距离为8 cm时，细线断了．g取10 m/s2，求这根细线承受的最大拉力．23.如图所示，AC和BC两轻绳共同悬挂一质量为m的物体，若保持AC绳的方向不变，AC与竖直方向的夹角为60°，改变BC绳的方向，试求：(1)物体能达到平衡时，θ角的取值范围；(2)θ在0～90°的范围内，求BC绳上拉力的最大值和最小值．24.电梯修理员或牵引专家常常需要监测金属绳中的张力F T，但不能到绳的自由端去直接测量，某公司制造出一种能测量绳中张力的仪器(如图中B、C为该夹子的横截面)测量时，只要如图所示那样用一硬杆竖直向上作用在绳上的某点A，使绳产生一个微小偏移量a，借助仪表很容易测出这时绳对硬杆的压力F.现测得该微小偏移量为a＝12 mm，BC间的距离为2L＝250 mm，绳对硬杆的压力为F＝300 N，试求绳中的张力F T.答案1.【答案】B【解析】以第1块石块为研究对象，受力分析如图所示，石块静止，则F1＝F2cos 30°，＝cos 30°＝，故B正确．2.【答案】D【解析】由题可知，对悬挂的物体由力的平衡条件可知绳子的拉力等于物体的重力，则绳子拉O 点的力也等于物体的重力．求OA和OB的弹力，选择的研究对象为作用点O，受力分析如图，由平衡条件可知，F1和F2的合力与F T等大反向，则由平行四边形定则和几何关系可得：F1＝mg tanθ，F2＝，故D正确．3.【答案】C【解析】由矢量合成法则可知A图的合力为2F3，B图的合力为0，C图的合力为2F2，D图的合力为2F3，因F2为直角三角形的斜边，故这三个力的合力最大的为C图．4.【答案】B【解析】物块b受重力、地面的支持力、物块a的水平弹力、物块a的竖直向下的摩擦力及外力F 作用而静止，A错；物块a受重力、墙壁的弹力、物块b的水平弹力和竖直向上的摩擦力作用而静止，所以物块a受到物块b的作用力是斜向右上方的，D错；物块b对物块a的摩擦力大小为2mg，所以物块b受到的摩擦力大小等于2mg，B对；由整体法可知物块b对地面的压力大小等于3mg，C错．5.【答案】B【解析】由题图可知，左滑轮两边绳的拉力均为F1，对滑轮有：2F1cos＝mg，当重物上升时，变大，cos变小，F1变大．对该同学来说，应有F2′＋F1＝mg.而F1变大，mg不变，F2′变小，即对地面的压力F2变小，综上述可知选项B正确．6.【答案】A【解析】传送带突然转动前物块匀速下滑，对物块进行受力分析：物块受重力、支持力和沿斜面向上的滑动摩擦力．传送带突然转动后，对物块进行受力分析，物块受重力、支持力，由于上面的传送带斜向上运动，而物块斜向下运动，所以物块所受到的摩擦力不变仍然斜向上，所以物块仍匀速下滑，故A正确，B、C、D错误．7.【答案】D【解析】对木块受力分析，受到重力、支持力、拉力和摩擦力；木块静止不动时，拉力和静摩擦力二力平衡，此时静摩擦力随着拉力的增大而增大；木块运动以后，摩擦力突变为滑动摩擦力，滑动摩擦力与正压力成正比，故滑动摩擦力不变，等于μmg；最大静摩擦力略大于滑动摩擦力；故选D.8.【答案】D【解析】以轻绳与滑轮接触处的一小段绳为研究对象，其受到轻滑轮对它的作用力大小等于G，两边的轻绳对它的等大的拉力为F T，设当d达到最大值时两绳张角为2θ，则F T cosθ＝，cosθ＝，比较两式易得最大值为L，D项正确．9.【答案】A【解析】熟练应用力的合成和分解以及合成与分解中的一些规律，是解决本题的根本；一个大小方向确定的力分解为两个等大的力时，合力在分力的角平分线上，且两分力的夹角越大，分力越大．题中当绳子拉力达到F＝10 N的时候，绳子间的张角最大，即两个挂钉间的距离最大；画框受到重力和绳子的拉力，三个力为共点力，受力如图．绳子与竖直方向的夹角为θ，绳子长为L0＝1 m，则有mg＝2F cosθ，两个挂钉的间距离L＝2·sinθ，解得L＝m，A项正确．10.【答案】B11.【答案】D【解析】设每根钢索的弹力大小为T，将重力分解如图所示，则T＝F1＝＝，故D正确．12.【答案】B【解析】该实验是探究力的平行四边形定则，即找两分力与合力的关系，前提是两分力与合力的作用效果相同，在“探究力的平行四边形定则”的实验中，采用了“等效法”，即要求两次拉橡皮筋到同一点O，从而使橡皮筋产生的形变大小和方向都相同，故A错误，B正确；具体实验中，两次橡皮筋伸长的长度不需要相同，故C错误；该实验中不需要把两弹簧秤都拉到相同刻度，故D错误．13.【答案】C【解析】把小球、杆和斜面作为一个系统受力分析可知，系统仅受重力和地面的支持力，且二力平衡，故B错；对小球受力分析知，小球只受竖直向下的重力和杆给的竖直向上的弹力(杆对小球的力不一定沿杆)，且二力平衡，故C对，A、D错．14.【答案】B【解析】对m进行受力分析如图所示．由几何知识知θ＝30°＝G·cos 30°＝mg.FF15.【答案】C【解析】根据矢量合成法则可得合力与分力的大小关系满足|F1－F2|≤F≤F1＋F2，A选项合力范围在10 N到30 N之间，所以有可能等于18 N，故A错误；B选项合力范围在0到36 N，所以B错误；C选项合力在1 N到15 N之间，所以C正确；D选项合力在8 N到48 N之间，所以D错误．16.【答案】D【解析】合力与分力是等效替代关系，但不是同时作用在物体上，A错误；当两个力方向相同时，合力等于两分力之和，合力大于每一个分力；当两个分力方向相反时，合力等于两个分力之差，合力可能小于分力，由此可见：合力可能大于分力也有可能小于分力，B错误；当已知合力，和其中一个分力，则分解的结果是唯一的，C错误；已知合力和两个分力的方向，分解结果是唯一的，D正确．17.【答案】A【解析】小卡车缓慢移动可认为F合＝0.(1)若斜向上拉，如图甲所示F cosθ－F f＝0；F N＋F sinθ－mg＝0，F f＝μF N，解得F＝；(2)若斜向下拉，如图乙所示F′cosθ－F f＝0；F N－F′sinθ－mg＝0，F f＝μF N，解得F′＝.经比较可知F<F′，即斜向上拉省力，故选项A对，B、D错；车被拉动的过程中，绳对车的拉力与车对绳的拉力是一对作用力与反作用力，大小相等，方向相反，C错．18.【答案】D【解析】当物体受到的静摩擦力方向沿斜面向下，且达到最大静摩擦力时，测力计的示数最大，此时F＋kΔx＝mg sinθ＋F fmax解得F＝45 N，故F不能超过45 N，选D.19.【答案】C【解析】一根弹簧，挂一个质量为m的小球时，弹簧的总长度变为2L，即伸长L，劲度系数k＝.若两个小球如题图所示悬挂，则下面的弹簧伸长L，上面的弹簧受力为2mg，伸长2L，则弹簧的总长为L＋L＋L＋2L＝5L，故C正确．20.【答案】C【解析】小孩在滑梯上受力如图所示，设滑梯斜面倾角为θ，则F N＝mg cosθ，F f＝mg sinθ，所以A、B错误；小孩在重力、弹力和摩擦力三个力作用下处于平衡状态，其中任意两个力的合力一定与第三个力大小相等，方向相反，故C正确，D错误．21.【答案】(1)6 N(2)6 N(3)8 N【解析】物体所受最大静摩擦力为：F fm＝μG＝0.2×40 N＝8 N(1)根据平衡条件，由于F1－F2＝12－6＝6 N＜F fm所以物体处于静止状态，所受摩擦力为静摩擦力：故有：F f1＝F1－F2＝6 N.(2)将F1撤去后，因为F2＝6 N＜F fm，物体保持静止，故所受静摩擦力为：F f2＝F2＝6 N；(3)因为F1＝12 N＞F fm，所以物体相对水平面滑动，故物体受的滑动摩擦力大小为：F f3＝μG＝0.2×40 N＝8 N.22.【答案】这根细线承受的最大拉力0.5 N.【解析】受力分析如图：两个力的合力不变始终等于F′，且夹角在逐渐变大，故两个力逐渐变大，两侧绳子拉力达到了最大为F，则由这两侧的力在竖直方向的分量之和等于重力F得：2F cos＝mg根据几何关系，结合长为10 cm细线，两手间的距离为8 cm，可求得cos＝则解得：F＝0.5 N.23.【答案】(1)0°≤θ<120°(2)mg mg【解析】(1)改变BC绳的方向时，AC绳的拉力F TA方向不变，两绳拉力的合力F与物体的重力平衡，重力大小和方向保持不变，如图所示，经分析可知，θ最小为0°，此时FTA＝0；且θ必须小于120°，否则两绳的合力不可能竖直向上，所以θ角的取值范围是0°≤θ<120°.(2)θ在0～90°的范围内，当θ＝90°时，F TB最大，F max＝mg tan 60°＝mg当两绳垂直时，即θ＝30°时，F TB最小，F min＝mg sin 60°＝mg.24.【答案】1.6×103N【解析】A点受力如图，由平衡条件根据力的合成规律得F＝2F T sinα，当α很小时，有sinα≈tanα.由几何关系得tanα＝，解得F T＝，代入数据解得F T＝1.6×103N.。
高考物理第一轮复习 专题 电学实验(二)同步练习 鲁科版
电学实验（二）【模拟试题】（答题时间：25分钟）1、描绘小灯泡的伏安特性曲线的实验电路如下图所示，所用小灯泡的额定电压是3.8V。
（1）关于该实验的系统误差，下列说法中正确的是A. 系统误差主要是由电压表的分流引起的B. 系统误差主要是由电流表的分压引起的C. 系统误差主要是由于忽略电源内阻引起的D. 系统误差主要是由读数时的估读引起的（2）根据某次实验记录的数据在坐标系中描点如下图。
试在坐标系中画出该小灯泡的伏安特性曲线，并从图象中求出该小灯泡的额定功率。
（3）该小灯泡在1V电压下不发光，当时灯丝的实际电阻是多大？该小灯泡在2V电压下开始发出微弱的黄光。
当时灯丝的实际电阻又是多大？小灯泡在不同电压下的实际电阻为什么不相同？（4）试将实物图连接成实验电路。
2、在《测定电源电动势和内阻》的实验中，用图象处理数据时，正确的做法是A. 横坐标I的起点一定要是零B. 纵坐标U的起点一定要是零C. 使表示实验数据的点尽可能地集中在一边D. 使表示实验数据的点尽可能地布满整个图纸3、在《测定电源电动势和内阻》的实验中，根据实验数据作出的a、b两干电池的U—I图线如图所示，关于两干电池的电动势a E 、b E 和内阻a r 、b r ，下列说法中正确的是A. b a E E >，b a r r >B. b a E E >，b a r r <C. b a E E <，b a r r >D. b a E E <，b a r r <4、在《测定电源电动势和内阻》的实验中，实验室备用下列器材，准备测干电池的电动势和内电阻。
A. 干电池；B. 开关；C. 电流表；D. 电阻箱；E. 滑动变阻器；F. 导线若干（1）选用上述器材，根据合理可行的实验原理，在方框中画出实验的电路原理图。
（2）完成实验必须测出的物理量是：____________________________________。
2019高考物理第一轮复习 专题 电路同步练习 鲁科版
电路【模拟试题】（答题时间：40分钟）1、对于金属导体，还必须满足下列哪一个条件才能在导体中产生恒定的电流（）A、有可以自由移动的电荷B、导体两端有电压C、导体内存在电场D、导体两端加有恒定的电压2、关于电流，下列说法中正确的是（）A、通过导线截面的电量越多，电流越大B、电子运动的速率越大，电流越大C、单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大D、因为电流有方向，所以电流是矢量3、某电解池，如果在1s钟内共有5×1018个二价正离子和1.0×1019个一价负离子通过某截面，那么通过这个截面的电流是（）A、0AB、0.8AC、1.6 AD、3.2 A4、一太阳能电池板，测得它的开路电压为800mV，短路电流为40mA，若将该电池板与一阻值为20欧的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是（）A、0.10VB、0.20VC、0.30VD、0.40V5、节日彩灯是由若干只小灯泡串联接到照明电路上的，现有下列四组灯泡供选用，较为合适的是（）A、10只“12V，10W”B、10只“220V，15W”C、15只“15V，3W”D、30只“9V，2W”6、一个电流表，刻度盘的每1小格代表1μA，内阻为Rg．如果把它改装成量程较大的电流表，刻度盘的每一小格代表nμA，则（）A、给它串联一个电阻，阻值为nRgB、给它串联一个电阻，阻值为（n-1）RgC、给它并联一个电阻，阻值为Rg/nD、给它并联一个电阻，阻值为Rg/（n-1）7、在电源电压不变的情况下，为使正常工作的电热器在单位时间内产生的热量增加一倍，下列措施可行的是（）A、剪去一半的电阻丝B、并联一根相同的电阻丝C、串联一根相同的电阻丝D、使电热器两端的电压增大一倍8、在测定电源电动势和内电阻的实验中，除需用导线和开关外，下述各组器材可完成实验的是（）A、电压表和电流表B、电流表和电阻箱C、电流表和变阻器D、电压表和变阻器9、关于多用电表的刻度线，下列说法正确的是（）A、电阻刻度线是均匀的B、交流电压刻度线是均匀的C、直流电流刻度线和直流电压刻度线都是均匀的，可以共用同一刻度D、电阻刻度线上的零刻度线与直流电流的最大刻度线相对应10、如图所示的电路中，电源的电动势为E，内电阻为r，当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，则（）A、电路中的电流减小B、电路中电源的内电压减小C、电路中的路端电压减小D、电路消耗的总功率增大11、家用电饭锅有两种工作状态，一是锅内水烧干前的加热状态，一是水烧干后的保温状态，其电路如图所示，R1、R2是电热丝，S是温控开关，A、B两点接照明电路，下列叙述中正确的是（）A、S断开时是加热状态B、S闭合时是保温状态C、S闭合时是加热状态D、S断开时是保温状态12、某一网络电路中的部分电路如图所示，已知I＝3A，I1＝2A，R1＝10Ω，R2＝5Ω，R3＝30Ω，则下列结论正确的是（）A、通过R3的电流为0.5A，方向从a→bB、通过R3的电流为0.5A，方向从b→aC、通过电流表的电流为0.5A，电流表“＋”接线柱在右边D、通过电流表的电流为1.5A，电流表“＋”接线柱在左边13、如图所示的电路中，各个电键均闭合，且k2接a，现要使静止在平行板电容器两极板之间的带电微粒向下运动，则应该A、将k1断开B、将k2掷在bC、将k2掷在cD、将k3断开14、如图所示，E1＝3 V，r1＝0.5Ω，R1＝R2＝5.5Ω，平行板电容器的两板距离d＝1cm，当电键K接通时极板中的一个质量m＝4×10－3g，电量为q＝1.0×10－7C的带电微粒恰好处于静止状态．求：（1）K断开后，微粒向什么方向运动，加速度多大？（2）若电容为1000pF，K断开后，有多少电量的电荷流过R2？15、电动机M和电灯L并联之后接在直流电源上，电动机内阻r′＝1Ω，电灯灯丝电阻R＝10Ω，电源电动势ε＝12V，内阻r＝1Ω，当电压表读数为10V时，求电动机对外输出的机械功率．16、如图所示电路中，电源电动势E＝6V，内阻r＝1Ω，外电阻R1＝1Ω，R2＝R3＝4Ω．求：（1）S1、S2都断开时，R2消耗的功率多大？（2）S1、S2都闭合时，路端电压多大？【试题答案】1、D2、C3、D4、D5、C6、D7、B8、AB9、CD 10、CD11、CD 12、B 13、AC14、解：（1）当K接通电路稳定时，等效电路图如图所示．ε1、r1和R1形成闭合回路，A，B两点间的电压为：电容器中带电粒子处于平衡状态，则所受合力为零，F－mg＝0在B，R2，ε2，C，A支路中没有电流，R2两端等势将其简化，U＋ε2＝U AB，ε2＝U－U AB＝1.25V当K断开电路再次达到稳定后，回路中无电流，电路结构如图所示．电容器两端电压U′＝ε2＝1.25V即带电粒子将以6.875m/s2的加速度向下做匀加速运动．（2）K接通时，电容器带电量为Q＝CU＝4×10-9CK断开时，电容器带电量为Q′＝CU′＝1.2×10-9（C）△Q＝Q—Q′＝2.75×10-9C有总量为2.75×10-9（C）的电子从R2由下至上流过．15、解：根据题意画出电路图，如图所示．由全电路欧姆定律ε＝ U+Ir得出干路电流由已知条件可知：流过灯泡的电流电动机的输出功率的另一种求法：以全电路为研究对象，从能量转化和守恒的观点出发P源＝P路．本题中电路中消耗电能的有：内电阻、灯泡和电动机，电动机消耗的电能又可分为电动机输出的机械能和电动机自身消耗的内能．即Iε＝I2r+I L2R+P m出+I M2r′．P m出＝Iε－（I2r+I L2R++I M2r′）＝9（W）16、解：（1） S1、S2都断开时，I＝E/（r＋R1＋R2）＝1A，所以P2＝I2R2＝4W．（2）S1、S2都闭合时，R1被短路，I′＝E/（r＋ R23）＝2A，所以路端电压U＝E－I′r＝4V．。
近年高考物理一轮复习第十一章第2讲变压器电能的输送练习鲁科版(2021年整理)
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第2讲变压器电能的输送［课时作业] 单独成册方便使用［基础题组］一、单项选择题1．一电器中的变压器可视为理想变压器，它将220 V交变电压改变为110 V．已知变压器原线圈匝数为800,则副线圈匝数为( )A．200 B．400C．1 600 D．3 200解析：根据变压器的变压规律U1U2＝错误!得，n2＝错误!n1＝错误!×800＝400，选项B正确．答案：B2.(2018·河北唐山模拟)一含有理想变压器的电路如图所示，变压器原副线圈匝数比n1∶n2＝2∶1，图中电阻R1、R2和R3的阻值分别是4 Ω、2 Ω和3 Ω,U为有效值恒定的正弦交流电源．当开关S断开时，理想电流表的示数为I，当S闭合时，电流表的示数为( )A。
错误!I B。
错误!IC.错误!I D．2I解析：设S闭合时，电流表示数为I1，对理想变压器有P入＝P出,错误!＝错误!，则开关闭合时有I1U－I错误!R1＝(2I1) 2R2,开关断开时有IU－I2R1＝（2I)2（R2＋R3），两式联立解得I1＝2I，故D项正确．答案:D3．远距离输电的原理图如图所示，升压变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，电压分别为U1、U2，电流分别为I1、I2，输电线上的电阻为R。
2019高考物理第一轮复习 专题 电学实验(一)学案 鲁科版
电学实验（1）【本讲教育信息】一. 教学内容：电学实验（1）二. 本章的知识点电学实验是高考实验考查的重点、热点内容。
试题注重联系实验操作的考查，如测量仪器的读数问题、实验线路的连线问题、电表和其他用电器的选择问题都是实验操作的仿真模拟，需要考生具备良好的动手实践经验。
试题还注重实验数据的处理分析，如根据实验数据画出图线，根据图线分析得出结论。
“设计和完成实验的能力”在理科综合《考试说明》中指出的五个考试目标之一。
是近几年高考物理实验题的命题趋向。
完整的设计一个实验，要经历多个环节，在实际考查中，一般不会考查全部环节，而是只考查其中的几个环节，有的题目给出条件和实验器材，要求阐述实验原理；有的给出实验电路图，要求领会实验原理，确定需测物理量及计算公式；有的则要求考生根据操作步骤及测定的物理量判断出实验原理……虽然考查方式不尽相同，但目前高考中几乎所有的设计型实验题都有一个共同点，都以不同方式或多或少的对实验原理作一定的提示，在给出实验器材的前提下进行考查。
由于考查环节和要求的不同，题型也不尽相同，但较多的是选择、填空、作图题。
在复习过程中，应对所学电学实验逐个理解实验原理、实验方法，比较不同实验的异同（如电路图、滑动变阻器和电表的连接）。
不断充实自己的经验和方法，逐步达到能灵活运用已学知识解答新的问题。
对于设计型实验题目要明确实验设计的关键在于实验原理的设计，它是进行实验的依据和起点，它决定了应选用（或还需）哪些实验器材，应测量哪些物理量，如何编排实验步骤。
而实验原理的设计又往往依赖于所提供的实验器材（条件）和实验要求，它们相辅相成，互为条件。
三. 重点、难点：电学实验中所用到的基本知识在近年的电学实验中，电阻的测量（包括变形如电表内阻的测量）、测电源的电动势与内电阻是考查频率较高的实验。
它们所用到的原理公式为：Ir U ,IU R +==ε。
由此可见，对于电路中电压U 及电流I 的测量是实验的关键所在，但这两个量的直接测量和间接测量的方法却多种多样，在此往往也是高考试题的着力点之处。
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电路
【模拟试题】（答题时间：40分钟）
1、对于金属导体，还必须满足下列哪一个条件才能在导体中产生恒定的电流（）
A、有可以自由移动的电荷
B、导体两端有电压
C、导体内存在电场
D、导体两端加有恒定的电压
2、关于电流，下列说法中正确的是（）
A、通过导线截面的电量越多，电流越大
B、电子运动的速率越大，电流越大
C、单位时间内通过导体截面的电量越多，导体中的电流越大
D、因为电流有方向，所以电流是矢量
3、某电解池，如果在1s钟内共有5×1018个二价正离子和1.0×1019个一价负离子通过某截面，那么通过这个截面的电流是（）
A、0A
B、0.8A
C、1.6 A
D、3.2 A
4、一太阳能电池板，测得它的开路电压为800mV，短路电流为40mA，若将该电池板与一阻值为20欧的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压是（）
A、0.10V
B、0.20V
C、0.30V
D、0.40V
5、节日彩灯是由若干只小灯泡串联接到照明电路上的，现有下列四组灯泡供选用，较为合适的是（）
A、10只“12V，10W”
B、10只“220V，15W”
C、15只“15V，3W”
D、30只“9V，2W”
6、一个电流表，刻度盘的每1小格代表1μA，内阻为Rg．如果把它改装成量程较大的电流表，刻度盘的每一小格代表nμA，则（）
A、给它串联一个电阻，阻值为nRg
B、给它串联一个电阻，阻值为（n-1）Rg
C、给它并联一个电阻，阻值为Rg/n
D、给它并联一个电阻，阻值为Rg/（n-1）
7、在电源电压不变的情况下，为使正常工作的电热器在单位时间内产生的热量增加一倍，下列措施可行的是（）
A、剪去一半的电阻丝
B、并联一根相同的电阻丝
C、串联一根相同的电阻丝
D、使电热器两端的电压增大一倍
8、在测定电源电动势和内电阻的实验中，除需用导线和开关外，下述各组器材可完成实验的是（）
A、电压表和电流表
B、电流表和电阻箱
C、电流表和变阻器
D、电压表和变阻器
9、关于多用电表的刻度线，下列说法正确的是（）
A、电阻刻度线是均匀的
B、交流电压刻度线是均匀的
C、直流电流刻度线和直流电压刻度线都是均匀的，可以共用同一刻度
D、电阻刻度线上的零刻度线与直流电流的最大刻度线相对应
10、如图所示的电路中，电源的电动势为E，内电阻为r，当滑动变阻器的滑片P向右滑
动时，则（）
A、电路中的电流减小
B、电路中电源的内电压减小
C、电路中的路端电压减小
D、电路消耗的总功率增大
11、家用电饭锅有两种工作状态，一是锅内水烧干前的加热状态，一是水烧干后的保温状态，其电路如图所示，R1、R2是电热丝，S是温控开关，A、B两点接照明电路，下列叙述中正确的是（）
A、S断开时是加热状态
B、S闭合时是保温状态
C、S闭合时是加热状态
D、S断开时是保温状态
12、某一网络电路中的部分电路如图所示，已知I＝3A，I1＝2A，R1＝10Ω，R2＝5Ω，R3＝30Ω，则下列结论正确的是（）
A、通过R3的电流为0.5A，方向从a→b
B、通过R3的电流为0.5A，方向从b→a
C、通过电流表的电流为0.5A，电流表“＋”接线柱在右边
D、通过电流表的电流为1.5A，电流表“＋”接线柱在左边
13、如图所示的电路中，各个电键均闭合，且k2接a，现要使静止在平行板电容器两极板之间的带电微粒向下运动，则应该
A、将k1断开
B、将k2掷在b
C、将k2掷在c
D、将k3断开
14、如图所示，E1＝3 V，r1＝0.5Ω，R1＝R2＝5.5Ω，平行板电容器的两板距离d＝1cm，当电键K接通时极板中的一个质量m＝4×10－3g，电量为q＝1.0×10－7C的带电微粒恰好处于静止状态．求：（1）K断开后，微粒向什么方向运动，加速度多大？（2）若电容为1000pF，K断开后，有多少电量的电荷流过R2？
15、电动机M和电灯L并联之后接在直流电源上，电动机内阻r′＝1Ω，电灯灯丝电阻R ＝10Ω，电源电动势ε＝12V，内阻r＝1Ω，当电压表读数为10V时，求电动机对外输出的机械功率．
16、如图所示电路中，电源电动势E＝6V，内阻r＝1Ω，外电阻R1＝1Ω，R2＝R3＝4Ω．求：
（1）S1、S2都断开时，R2消耗的功率多大？
（2）S1、S2都闭合时，路端电压多大？
【试题答案】
1、D
2、C
3、D
4、D
5、C
6、D
7、B
8、AB
9、CD 10、CD
11、CD 12、B 13、AC
14、解：（1）当K接通电路稳定时，等效电路图如图所示．
ε1、r1和R1形成闭合回路，A，B两点间的电压为：
电容器中带电粒子处于平衡状态，则所受合力为零，
F－mg＝0
在B，R2，ε2，C，A支路中没有电流，R2两端等势将其简化，
U＋ε2＝U AB，ε2＝U－U AB＝1.25V
当K断开电路再次达到稳定后，回路中无电流，电路结构如图所示．电容器两端电压U′＝ε2＝1.25V
即带电粒子将以6.875m/s2的加速度向下做匀加速运动．
（2）K接通时，电容器带电量为Q＝CU＝4×10-9C
K断开时，电容器带电量为Q′＝CU′＝1.2×10-9（C）
△Q＝Q—Q′＝2.75×10-9C
有总量为2.75×10-9（C）的电子从R2由下至上流过．
15、解：根据题意画出电路图，如图所示．由全电路欧姆定律ε＝ U+Ir得出干路电流
由已知条件可知：流过灯泡的电流
电动机的输出功率的另一种求法：以全电路为研究对象，从能量转化和守恒的观点出发P源＝P路．本题中电路中消耗电能的有：内电阻、灯泡和电动机，电动机消耗的电能又可分为电动机输出的机械能和电动机自身消耗的内能．即Iε＝I2r+I L2R+P m出+I M2r′．P m出＝Iε－（I2r+I L2R++I M2r′）＝9（W）
16、解：（1） S1、S2都断开时，I＝E/（r＋R1＋R2）＝1A，所以P2＝I2R2＝4W．
（2）S1、S2都闭合时，R1被短路，I′＝E/（r＋ R23）＝2A，所以路端电压
U＝E－I′r＝4V．。