2019高考物理强化训练试题训练试题：力学选择题押题练(一)含解析

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2019天津市高考压轴卷物理含答案解析

2019天津市高考压轴卷物理第I卷一.单项选择题：（每小题6分，共30分．每小题给出的四个选项中，只有一项是正确的）1．关于近代物理学，下列说法正确的是（）A．核反应方程+X中的X表示电子B．ɑ粒子散射实验的结果表明原子核由质子和中子构成C．放射性元素的半衰期随温度的升高而变长D．一个氢原子从n=4的激发态跃迁时，最多能辐射6种不同频率的光子2．如图所示，在倾角为θ的光滑斜面和挡板之间放一个光滑均匀小球，挡板与斜面夹角为α。

初始时，α+θ< 90°。

在挡板绕顶端逆时针缓慢旋转至水平位置的过程中，下列说法正确的是（）A．斜面对球的支持力变大B．挡板对球的弹力变大C．斜面对球的支持力不变D．挡板对球的弹力先变小后变大3．一带负电油滴在场强为E的匀强电场中的运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下。

若不计空气阻力，则此带电油滴从A运动到B的过程中，下列判断正确的是（）A．油滴的电势能减少B．A点电势高于B点电势C．油滴所受电场力小于重力D．油滴重力势能减小4．图甲为小型发电机的结构简图,通过线圈在两磁极间转动给小灯泡供电,已知小灯泡获得的交变电压如图乙。

则下列说法正确的是（）A．甲图中电压表的示数为B．乙图中的0时刻就是甲图所示时刻C．乙图中0.5×10-2s时刻,穿过甲图中线圈的磁通量最小D．乙图中1.0×10-2s时刻,穿过甲图中线圈的磁通量最小5．下列说法中正确的是（）A．一群氢原子处于n=3的激发态向较低能级跃迁，最多可放出二种频率的光子B．由于每种原予都有自己的特征谱线，故可以根据原子光谱来鉴别物质C．实际上，原子中的电子没有确定的轨道．但在空间各处出现的概率是一定的．D．α粒子散身于实验揭示了原子的可能能量状态是不连续的二、不定项选择（每小题6分，共18分．每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确的.全部选对得6分，选对单选不全得3分，选错或不答的得0分）6．下列对光电效应的理解，正确的是（）A．金属钠的每个电子可以吸收一个或一个以上的光子，当它积累的动能足够大时，就能逸出金属B．如果射入光子的能量小于金属表面的电子克服原子核的引力逸出时所需要的最小功，便能发生光电效应C．发生光电效应时，入射光的频率越大，光子的能量就越大，光电子的最大初动能就越大D．由于不同金属的逸出功是不相同的，因此使不同金属产生光电效应，入射光的最低频率也不同7．如图所示，一束可见光射向半圆形玻璃砖的圆心O，经折射后分为两束单色光a和b。

2019年全国普通高等学校招生统一考试(终极押题)理综-物理(押题卷1) 附答案

绝密★启用前普通高等学校招生全国统一考试理科综合能力测试--物理（押题卷1)二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第14〜18题只有一项符合题目要求，第19〜21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14.2018年7月9日，在韩国首尔举行的国际高能物理学会议上，阿特拉斯实验报告了初步结果：证明了对希格斯玻色子衰变为对b夸克的观测，而且速度与标准模型预测一致。

下列关于原子核衰变的说法中正确的是A.用加温、加压或改变其化学状态的方法都不能改变原子核衰变的半衰期B.常用核反应原料铀238U可以衰变为氡222R n，要经过4次α衰变和1次β衰变9286C.一重原子核衰变成α粒子和另一原子核，衰变产物的结合能之和一定小于原来重核的结合能D.天然放射性元素能自发放射出α、β、γ射线中某一种或某两种15.在2018年亚运会男子跳远决赛中，中国选手王嘉男破纪录夺冠。

在第一跳中，他（可看作质点）水平距离可达8.24m，高达2.06m。

设他离开地面时的速度方向与水平面的夹角为α，若不计空气阻力，则正切值tanα等于A.0.5B.1C.2D.416.光滑水平面上滑块A与滑块B在同一条直线上正碰，它们运动的位移工随时间t变化的关系如图所示，已知滑块A的质量为1kg，碰撞时间不计，则滑块B的质量和碰后总动能分别为A.2kg8JB.2kg6JC.3kg8JD.3kg6J17.2018年12月14日消息，科学家对天体进行长期研究之后发现，木星居然是地球的守护神。

木星至少有16颗卫星，若木星的卫星木卫二和木卫三绕木星运行的轨道都可以看作是圆形的，已知木卫三公转周期是木卫二公转周期的2倍，则木卫二与木卫三绕木星运转的A.半径之比为1:2B.线速度大小之比为及:1C.角速度大小之比为1:2D.向心加速度大小之比为118.如图所示，在边长为l的正方形ABCD区域中，△ABD区域内存在方向垂直纸面向外的匀强磁场，△BCD区域内存在方向平行BC的匀强电场（图中未画出）。

【新课标Ⅲ卷】2019届高考物理押题预测卷含答案

2019年高考押题预测卷01【新课标Ⅲ卷】理科综合·物理（考试时间：55分钟试卷满分：110分）注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。

答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。

写在本试卷上无效。

3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。

写在本试卷上无效。

4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

第Ⅰ卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分。

在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分。

14．卢瑟福用α粒子轰击氮原子核发现质子的核反应方程41412781He+N O+H n →中，n 的数值为A．18B．17C．16D．815．2018年12月12日由中国研制的“嫦娥四号”探测器实现在月球背面软着陆。

“嫦娥四号”探测器到达月球引力范围时，通过变轨先进入绕月圆轨道，再经变轨，进入椭圆轨道，其中A、B 两点分别为近月点和远月点，如图所示。

已知月球质量为M ，半径为R ，引力常量为G ，绕月圆轨道半径为r ，忽略地球引力的影响，则嫦娥四号探测器从B 点飞A 点所用的时间为16．两只相同的电阻，分别通以正弦波形的交流电和方波形的交流电，两种交流电的最大值相等，且周期相等（如图所示）。

在正弦波形交流电的一个周期内，正弦波形的交流电在电阻上产生的焦耳热为Q 1，其与方波形交流电在电阻上产生的焦耳热Q 2之比Q 1:Q 2等于A．1:2B．2:1C．1:1D．4:317．小明同学在练习投篮时将篮球从同一位置斜向上抛出，其中有两次篮球垂直撞在竖直放置的篮板上，篮球运动轨迹如下图所示，不计空气阻力，关于篮球从抛出到撞击篮板前，下列说法正确的是A．两次在空中的时间可能相等B．两次抛出的水平初速度可能相等C．两次抛出的初速度竖直分量可能相等D．两次抛出的初动能可能相等18．在平直公路上行驶的a车和b车，其位移时间图象分别为图中直线a和曲线b。

2019高考物理押题练习《力学》选择题考前押题练习(整理含答案)

2019高考物理押题练习：第一部分力学选择题押题练力学选择题押题练（一）1.如图所示，水平面上的小车内固定一个倾角为30°的光滑斜面，平行于斜面的细绳一端固定在小车上，另一端系着一个质量为m 的小球，小球和小车均处于静止状态。

如果小车在水平面上向左加速运动且加速度大小不超过a 1时，小球仍能够和小车保持相对静止；如果小车在水平面上向右加速运动且加速度大小不超过a 2时，小球仍能够和小车保持相对静止。

则a 1和a 2的大小之比为( ) A.3∶1 B.3∶3 C ．3∶1 D ．1∶32.如图所示，一个质量m ＝1 kg 的小环套在倾角为37°的光滑固定直杆上，为使小环能够静止不动，需对它施加一个水平拉力F 。

已知重力加速度g ＝10 m/s 2，sin 37°＝0.6。

则F 的大小和方向分别是( )A ．7.5 N ，水平向左B ．7.5 N ，水平向右C ．13.3 N ，水平向左D ．13.3 N ，水平向右3.[多选]如图所示是用铁丝做的立方体骨架，从顶点A水平抛出一个小球，小球恰能击中B 点。

已知立方体的边长为l ，重力加速度为g ，不计空气阻力，则( )A ．小球做平抛运动的初速度大小为glB ．小球落到B 点的速度大小为3glC ．小球落到B 点的速度方向与水平方向的夹角为45°D ．小球在运动过程中，速度的大小时刻改变，加速度的方向时刻改变4．火星探测器绕火星近地轨道做圆周运动，其线速度和相应的轨道半径为v 0和R 0，火星的一颗卫星在圆轨道上的线速度和相应的轨道半径为v 和R ，则下列关系式正确的是( )A ．lg ⎝ ⎛⎭⎪⎫v v 0＝12lg ⎝ ⎛⎭⎪⎫R R 0 B ．lg ⎝ ⎛⎭⎪⎫v v 0＝2lg ⎝ ⎛⎭⎪⎫R R 0 C ．lg ⎝ ⎛⎭⎪⎫v v 0＝12lg ⎝ ⎛⎭⎪⎫R 0R D ．lg ⎝ ⎛⎭⎪⎫v v 0＝2lg ⎝ ⎛⎭⎪⎫R 0R5.如图所示，固定的竖直光滑长杆上套有质量为m 的小圆环，圆环与水平状态的轻质弹簧一端连接，弹簧的另一端连接在墙上，且处于原长状态。

2019高考物理押题卷(1)

高考物理模拟试题（一）一、选择题（6×8=48分，前5题单选，后3道多选）(时间：30分钟)14．飞艇常常用于执行扫雷、空中预警、电子干扰等多项作战任务．如图所示为飞艇拖曳扫雷具扫除水雷的模拟图．当飞艇匀速飞行时，绳子与竖直方向的夹角恒为θ角．已知扫雷具质量为m ，重力加速度为g ，扫雷具所受浮力不能忽略，下列说法正确的是( )A ．扫雷具受3个力作用B ．绳子拉力大小为mg cos θC ．水对扫雷具作用力的水平分力小于绳子拉力D ．绳子拉力一定大于mg15．如图所示，菱形ABCD 的对角线相交于O 点，两个等量异种点电荷分别固定在AC 连线上的M 点与N 点，且OM ＝ON ，则( )A ．A 、C 两处电势、场强均相同B ．A 、C 两处电势、场强均不相同C ．B 、D 两处电势、场强均相同D ．B 、D 两处电势、场强均不相同16．2017年6月19日，长征三号乙遥二十八火箭发射中星9A 卫星过程中出现变故，由于运载火箭的异常，卫星没有按照原计划进入预定轨道．经过航天测控人员的配合和努力，通过多次轨道调整，卫星成功变轨进入同步卫星轨道．卫星变轨原理图如图所示，卫星从椭圆轨道Ⅰ远地点Q 改变速度进入地球同步轨道Ⅱ，P 点为椭圆轨道近地点．下列说法正确的是( )A ．卫星在椭圆轨道Ⅰ运行时，在P 点的速度等于在Q 点的速度B ．卫星在椭圆轨道Ⅰ的Q 点速度小于在同步轨道Ⅱ的Q 点的速度C ．卫星在椭圆轨道Ⅰ的Q 点加速度大于在同步轨道Ⅱ的Q 点的加速度D ．卫星耗尽燃料后，在微小阻力的作用下，机械能减小，轨道半径变小，动能变小17．如图，电路中定值电阻阻值R 大于电源内阻阻值r .闭合开关，电路稳定后，将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V 1、V 2、V 3示数变化量的绝对值分别为ΔU 1、ΔU 2、ΔU 3，理想电流表A 示数变化量的绝对值为ΔI ，下列说法错误的是( )A ．A 的示数增大B ．V 2的示数增大C ．ΔU 3与ΔI 的比值大于rD ．ΔU 1大于ΔU 218．一物块从固定斜面底端沿倾角为θ的斜面上滑，到达最大高度后又返回斜面底端．已知物块下滑的时间是上滑时间的2倍，则物块与斜面间的动摩擦因数为( )A.13tan θB.12tan θC.35tan θ D ．tan θ 19．氢原子能级如图所示，已知可见光光子的能量在1.61 eV ～3.10 eV 范围内，则下列说法正确的是( )A ．氢原子由n ＝2能级跃迁到n ＝1能级，放出的光子为可见光B ．大量氢原子处于n ＝4能级时，向低能级跃迁能发出6种频率的光子C ．处于基态的氢原子电离需要释放13.6 eV 的能量D ．氢原子处于n ＝2能级时，可吸收2.86 eV 能量的光子跃迁到高级能20．如图，在x >0，y >0的空间中有恒定的匀强磁场，磁感应强度的方向垂直于xOy 平面向里，大小为B .现有一质量为m 、电荷量为q 的带正电粒子，从x 轴上的某点P 沿着与x 轴成30°角的方向射入磁场．不计重力的影响，则下列说法正确的是( )A ．只要粒子的速率合适，粒子就可能通过坐标原点B ．粒子在磁场中运动所经历的时间可能为5πm 3qBC．粒子在磁场中运动所经历的时间可能为πm qBD．粒子在磁场中运动所经历的时间可能为πm 6qB21．如图所示，图中两条平行虚线间存在有匀强磁场，虚线间的距离为2L，磁场方向垂直纸面向里．abcd是位于纸面内的梯形闭合线框，ad与bc间的距离为2L且均与ab垂直，ad边长为2L，bc边长为3L，t＝0时刻，c点与磁场区域左边界重合．现使线框以恒定的速度v沿垂直于磁场区域边界的方向穿过磁场区域，取沿a→b→c→d→a方向的感应电流为正，则在线框穿过磁场区域的过程中，感应电流I 及a、b间电势差U随时间t变化的关系图线可能是()二、实验题（16分）(时间：10分钟)22．用如图所示的装置测滑块与木板间的动摩擦因数．同种材料制成的薄木板A、B、C，表面粗糙程度相同，将较长的木板B放置于水平地面上，左端固定在竖直墙的O点，木板A倾斜固定在木板B上，顶端靠墙，用一段圆弧状木板C将A、B平滑连接．将滑块P从木板A的顶端由静止释放，P最终停在木板B上某点Q(图中未画出)处；改变木板A在木板B上的位置，木板A与水平面的倾角改变，重复实验．(1)(多选)要测定滑块P与木板间的动摩擦因数，每次实验只需要测量的两个物理量是________(填序号)．A．滑块P的质量m B．木板A与水平面的倾角θC ．木板A 的顶端与O 点的竖直高度hD ．Q 点与O 点间的距离x OQ(2)计算滑块P 与木板间的动摩擦因数的公式μ＝________，用(1)问中所选的物理量表示．(3)由于木板C 是圆弧状，将产生系统误差，会使所测得的动摩擦因数比实际值________(选填“偏大”或“偏小”)．23．某同学用下列器材测电源的电动势和内阻．待测电源E (电动势约为3 V ，内阻约为2.5 Ω)；电流表A(量程为0～0.6 A ，内阻约为0.5 Ω)；电阻箱R (最大阻值为99.9 Ω)；开关S ，导线若干．(1)在虚线框中画出实验电路图．该同学根据正确的电路图，正确连接电路，规范操作．(2)第一次测量：调节电阻箱R ，示数为R 1时，读取电流表示数I 1，示数为R 2时，读取电流表示数I 2.则电源电动势的计算式E ＝________，内阻的计算式r ＝________.(3)第二次测量：调节电阻箱R 的阻值，记录多组电流表的读数I 和电阻箱的对应读数R ，以1I 为纵坐标，R 为横坐标，根据测量数据作出如图所示的1I —R 图线，则电源电动势E ＝________V ，内阻r ＝________Ω.(4)(多选)关于该实验，下列说法正确的是( )A ．由于电流表有内阻，会使电源内阻的测量值存在系统误差B ．由于电流表有内阻，会使电源电动势的测量值存在系统误差C ．第二次测量中的数据处理方式可以减小偶然误差D ．第一次测量中，若测有三组数据，则可求得电源电动势E 和内阻r 及电流表内阻R A三、计算题：(时间：25分钟)24．如图，水平地面上有三个质量均为m＝1 kg的小物块A、B、C，A、B间用一根轻绳水平相连．一水平恒力F作用于A上，使三物块以相同加速度运动一段时间后撤去F.已知B与C间的动摩擦因数μ1＝0.5，A和C与地面间的动摩擦因数均为μ2＝0.2，若最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10 m/s2.求：(1)F的最大值；(2)从撤去F到三物块停止运动的过程中，B受到的摩擦力．25．如图，ABD为竖直平面内的光滑绝缘轨道，AB段是水平的，BD段是半径为R＝0.2 m的半圆，两段轨道相切于B点，整个轨道处在竖直向下的匀强电场中，场强大小E＝5×103 V/m.一不带电的绝缘小球甲，以初速度大小v0沿水平轨道向右运动，与静止在B点的带正电的小球乙发生弹性碰撞．已知甲、乙两球的质量均为m＝1.0×10－2 kg，乙所带电荷量q＝2.0×10－5 C，g取10 m/s2.(水平轨道足够长，甲、乙两球均可视为质点，整个运动过程无电荷转移)(1)甲、乙两球碰撞后，乙恰能通过轨道最高点D，求乙在轨道上首次落下来的点到B点的距离；(2)在满足(1)的条件下，求甲的初速度v0；(3)若甲仍以速度v0向右运动，增大甲的质量，保持乙的质量不变，求乙在轨道上首次落下来的点到B点的距离范围．二、选考题(从两道题中任选一题作答)34．[物理——选修3－4](1)(多选)一条绳子两端为A点和B点，沿绳子建立坐标系，如图甲所示，每隔1 m 选一个坐标点，图乙为A点的振动图象，图丙为B点的振动图象，两质点各振动一个周期，分别形成两列波相对传播，波速均为2 m/s，则下列说法正确的是________．A．两列波的波长都是2 mB．两列波在t＝2.5 s时开始相遇C．t＝3 s时，x＝4 m处质点为振动加强点D．t＝3 s时，x＝4 m处质点的位移大小为40 cmE．两列波相遇的时间为0.5 s(2)如图所示为截面为四分之三圆的玻璃柱，圆弧ABC面镀银，圆弧的半径为10 6 cm.一细光束垂直OA并从OA的中点D射入玻璃柱，玻璃柱对该光的折射率为2，光在真空中的传播速度为c＝3×108 m/s，求：①光从玻璃柱中射出时的光线与入射光的夹角；②光在玻璃柱中传播的时间(结果保留三位有效数字)．高考物理模拟试题（一）参考答案一、选择题（6×8=48分，前5题单选，后3道多选）14.[答案] C [解析] 扫雷具受到重力、绳子拉力、水的阻力、水的浮力共4个力作用，选项A 错误；设扫雷具所受水的浮力为f ，绳子的拉力为F ，由F cos θ＝mg －f ，解得绳子拉力F ＝mg －f cos θ，选项B 错误；水对扫雷具的作用力包括竖直向上的浮力和水平向右的阻力，绳子拉力在水平方向的分力大小等于水的阻力(即水对扫雷具作用力的水平分力)，所以水对扫雷具作用力的水平分力小于绳子拉力，选项C 正确；在竖直方向，重力竖直向下，浮力竖直向上，则由mg ＝f ＋F cos θ可知，无法判断绳子拉力与重力mg 的大小关系，选项D 错误．15．[答案] C [解析] 以无穷远处为零势能点，则A 处电势为正，C 处电势为负，故A 、C 两处电势不同，由场强叠加原理知A 处场强方向向左，C 处场强方向也向左，且大小相同，故A 、C 两处的电场强度相同，A 、B 错误；B 、D 两处场强大小相等，方向均水平向右，两处的电势均为0，C 正确，D 错误．16．[答案] B [解析]卫星在椭圆轨道Ⅰ运行时，由开普勒第二定律知，离中心天体越近，运行速度越大，因此卫星在P 点的速度大于在Q 点的速度，选项A 错误；卫星由椭圆轨道Ⅰ改变速度进入地球同步轨道Ⅱ时要点火加速，因此，卫星在椭圆轨道Ⅰ的Q 点速度小于在同步轨道Ⅱ的Q 点的速度，选项B 正确；根据牛顿第二定律知，卫星在椭圆轨道Ⅰ的Q 点加速度等于在同步轨道Ⅱ的Q 点的加速度，选项C 错误；卫星耗尽燃料后，在微小阻力的作用下，机械能减小，速度减小，卫星做近心运动，轨道半径减小，根据G Mm r 2＝m v 2r 可得v ＝ GM r ，即轨道半径变小，速度变大，动能变大，选项D 错误．17．[答案] B [解析] 理想电压表V 1、V 2、V 3的示数分别是定值电阻两端的电压、路端电压、滑动变阻器两端的电压，理想电流表A 的示数是干路中的电流．滑动变阻器滑片向下滑动，其有效电阻变小，根据闭合电路欧姆定律可知，干路中的电流增大，A 示数增大，内电压增大，路端电压减小，即V 2示数减小，故选项A 正确，B 错误；因为ΔU 1ΔI ＝R 、ΔU 2ΔI ＝r ，而R >r ，所以ΔU 1>ΔU 2，故选项D 正确；因为ΔU 3>ΔU 2、ΔU 2ΔI ＝r ，所以ΔU 3ΔI >r ，故选项C 正确．18．[答案] C [解析] 物块沿斜面上滑时的加速度大小a 1＝g sin θ＋μg cos θ，则s ＝12a 1t 2；物块沿斜面下滑时的加速度大小a 2＝g sin θ－μg cos θ，则s ＝12a 2(2t )2，联立解得μ＝35tan θ，选项C 正确． 19．[答案] BD [解析] 大量处于n ＝4能级的氢原子向低能级跃迁时，先从n ＝4能级分别向下面的三个能级各画一条线，可画三条；再从n ＝3能级出发，分别向下面二个能级各画一条线，可画两条；再从n ＝2能级出发，向下面一能级画一条线，可画一条；则总共可画6条，即能发出6种频率的光子，B 正确；处于n ＝2能级的氢原子，吸收2.86 eV 能量的光子，－3.4 eV ＋2.86 eV ＝－0.54 eV ，跃迁到n ＝5能级，选项D 正确．20．[答案] BC[解析] 带正电粒子由P 点与x 轴成30°角入射，则粒子运动轨迹的圆心在过P 点与速度方向垂直的方向上，粒子在磁场中要想到达坐标原点，转过的圆心角肯定大于180°，如图所示，而因磁场有边界，故粒子不可能通过坐标原点，A 错误；由于P 点的位置不定，所以粒子在磁场中的轨迹圆弧对应的圆心角也不同，最大的圆心角为圆弧与y 轴相切时，偏转角度为300°，运动的时间t ＝56T ＝5πm 3qB，根据粒子运动的对称性，可知粒子的运动半径无限大时，对应的最小圆心角也一定大于120°，所以运动时间t ′>13T ＝2πm 3qB，故粒子在磁场中运动的时间范围是2πm 3qB <t ″≤5πm 3qB，BC 正确，D 错误．21．[答案] BD [解析] 在线框dc 边逐渐进入磁场的过程中，线框切割磁感线的有效长度逐渐增大，根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律可知，产生的感应电动势和感应电流逐渐增大；dc 边完全进入后，线框切割磁感线的有效长度不变，产生的感应电动势和感应电流恒定；dc 边出磁场过程，线框切割磁感线的有效长度逐渐减小，根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律，产生的感应电动势和感应电流逐渐减小，但此时通过线框的磁通量仍一直增大，电流为正；dc 边完全出磁场后，ab 边进入匀强磁场切割磁感线，产生的感应电动势和感应电流恒定，但电流为负，所以B 正确，A 错误；在0～3⎝ ⎛⎭⎪⎫L v 时间段，线框右侧部分切割磁感线产生感应电动势，相当于电源，a 、b 之间的电势差与电流成正比，图象与电流图象类似；在3～5⎝ ⎛⎭⎪⎫L v 时间线段框左侧部分切割磁感线产生感应电动势，相当于电源，a 、b 之间的电势差为正值，D 正确，C 错误．二、实验题（16分）(时间：10分钟)22．[答案] (1)CD (2)h x OQ(3)偏大 [解析] 滑块在斜面(包括C )上运动的过程中克服摩擦力做的功为μmgx 水平(其中x水平为A 板在水平面上的投影长度)，重力做功为mgh ；滑块在水平面上克服摩擦力做的功为μmgx Q ，整个过程动能变化为0.由动能定理有mgh －μmgx 水平－μmgx Q ＝0，即mgh－μmgx OQ ＝0，可以解得μ＝h x OQ.故需要测量的物理量是木板A 顶端与O 点的竖直高度h 、以及Q 点和O 点的距离x OQ .由于滑块在圆弧上做圆周运动时其所受的弹力大于在斜面上的支持力，使得摩擦力变大，因此动摩擦因数μ的测量结果偏大．23．[答案] (1)如图所示(2)I 1I 2(R 1－R 2)I 2－I 1 I 2R 2－I 1R 1I 1－I 2(3)3 3 (4)AC[解析] (1)本实验所给电表只有一个电流表，有一个电阻箱，可知应该将电流表和电阻箱通过开关接到电源两端，通过改变电阻箱阻值来改变电流，再计算电源的电动势和内阻．(2)由闭合电路欧姆定律可得：E ＝I (r ＋R )，将I 1和R 1、I 2和R 2分别代入联立求解可得电源电动势E ＝I 1I 2(R 1－R 2)I 2－I 1，内阻r ＝I 2R 2－I 1R 1I 1－I 2.(3)由E ＝I (r ＋R )，变形可得1I ＝1E R ＋r E ，故1I —R 图象的斜率是1E ，所以可得电源的电动势为3 V ．由题图可得，当R ＝0时，I ＝1 A ，故可得内阻为3 Ω.(4)由于电流表有内阻，则有E ＝I (r ＋R ＋R A )，分析可知，r 测＝r 实＋R A ，故A 正确；由E ＝I (r ＋R ＋R A )变形可得1I ＝1E R ＋r ＋R A E ，故1I—R 图象的斜率是1E ，即电源的电动势不受电流表内阻的影响，B 错误；利用图象法处理实验数据，可以减小偶然误差，C 正确；在本实验中，无论测量几组数值都无法测出R A ，D 错误．24．[答案] (1)9 N (2)2 N ，方向水平向左[解析] (1)B 、C 恰好要相对滑动时对C ：μ1mg －μ2(m ＋m )g ＝ma 解得a ＝1 m/s 2由题意知，A 、B 、C 相对静止时，F 有最大值F max对A 、B 、C 整体：F max －μ2(m ＋m ＋m )g ＝3ma 解得F max ＝9 N(2)撤去F 后，设B 、C 相对静止对A 、B 、C 整体：μ2(m ＋m ＋m )g ＝3ma ′ 解得a ′＝2 m/s 2对C ：μ2(m ＋m )g －f BC ＝ma ′ 解得f BC ＝2 N ≤f B m ＝μ1mg ＝5 N故假设成立，由牛顿第三定律可知，B 受到的摩擦力为2 N ，方向水平向左．25．[答案] (1)0.4 m (2)2 5 m/s (3)0.4 m ≤x ′<1.6 m[解析] (1)在乙恰好能通过最高点的情况下，设乙到达最高点的速度为v D ，乙离开D 点到达水平轨道的时间为t ，乙的落点到B 点的距离为x ，则m v 2D R ＝mg ＋qE2R ＝12⎝ ⎛⎭⎪⎫mg ＋qE m t 2 x ＝v D t 联立解得x ＝0.4 m (2)设碰撞后甲、乙的速度分别为v 甲、v 乙，根据动量守恒定律和机械能守恒定律有：m v 0＝m v 甲＋m v 乙 12m v 20＝12m v 2甲＋12m v 2乙联立可得v 乙＝v 0 由动能定理得，－mg ·2R －qE ·2R ＝12m v 2D －12m v 2乙联立解得v0＝5(mg＋qE)Rm＝2 5 m/s(3)设甲的质量增大为M，碰撞后甲、乙的速度分别为v M、v m，根据动量守恒定律和机械能守恒定律有M v0＝M v M＋m v m 12M v2＝12M v2M＋12m v2m联立得v m＝2MM＋mv0 由题意知，M≥m 可得：v0≤v m<2v0设乙过D点的速度为v′D，由动能定理得－mg·2R－qE·2R＝12m v′2D－12m v2m联立解得2 m/s≤v′D<8 m/s设乙在水平轨道上首次落下的点到B点的距离为x′，则有：x′＝v′D t 可得0.4 m≤x′<1.6 m34．[答案](1)ABC(2)①135°②4.33×10－9 s[解析](1)A、B两点的振动周期均为1 s，波速均为2 m/s，由v＝λT得波长均为2m，A正确；当B点开始振动时，A点振动引起的振动形式传播到x＝2 m处，两列波经过t＝32s＝1.5 s同时传播到x＝5 m处，因此在t＝2.5 s时两列波相遇，B正确；x＝4 m处的质点与x＝2 m处为一个波长的距离，与x＝8 m处为两个波长的距离，距离之差为一个波长，因此该点为振动加强点，C正确；t＝3 s时，A点振动引起的振动形式在x＝4 m处位移为0，B点振动引起的振动形式在x＝4 m处位移也为0，因此t ＝3 s时，x＝4 m处质点的位移大小为0，D错误；以其中一列波为参考系，另一列波相对传播速度为2v，相遇时相对传播距离为2λ，则相遇时间t＝2λ2v＝T，即t＝1 s，E错误．(2)①光射入玻璃柱后的光路如图所示，在E点有sin∠DEO＝12，得∠DEO＝30°由几何关系知，∠DEO＝∠BEO＝∠EBO＝∠OBF 光在OC面上射出时的入射角r＝30°由折射定律n＝sin i sin r得光从OC面射出时的折射角i＝45°则光从玻璃柱中射出时的光线与入射光的夹角为i′＝135°②光在玻璃柱中传播的路程为s＝DE＋EB＋BFDE＝R cos30°BE＝2R cos30°BF＝R cos30°光在玻璃柱中传播的速度为v＝c n光在玻璃柱中传播的时间为t＝sv 代入数据解得t＝4.33×10－9 s。

2019届高考物理金榜押题卷(1) Word版含解析

2019届高考物理金榜押题卷（1）二、选择题：本大题共8小题，每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一项符合题目要求，第19-21题有多项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

14、将一张A4纸（质量可忽略不计）夹在物理习题册内，A4纸上方书页总质量为0.3kg ，A4纸下方书页总质量为0.5kg ， A4纸与书页之间、书与桌面之间的动摩擦因数均为0.4，要把A4纸从书中拉出，拉力至少应为（取210/g m s =）（）A ． 4NB ． 5.6NC ． 2.4ND ． 3.2N15、如图所示,某人在水平地面上的C 点射击竖直墙靶,墙靶上标一根水平线MN 。

射击者两次以初速度v 0射出子弹,恰好水平击中关于z 轴对称的A 、B 两点。

忽略空气阻力,则两次子弹( )A.在空中飞行的时间不同B.击中A 、B 点时速度相同C.射击时的瞄准点分别是A 、BD.射出枪筒时,初速度与水平方向夹角相同16、如图所示,高为h 的光滑绝缘曲面处于匀强电场中,匀强电场的方向平行于竖直平面,一带电荷量为+q ,质量为m 的小球,以初速度v 0从曲面底端的A 点开始沿曲面表面上滑,到达曲面顶端B 点的速度大小仍为v 0,则( )A.电场力对小球做功为12mgh + B.A 、B 两点的电势差为mghqC.小球在B 点的电势能大于在A 点的电势能D.电场强度的最小值为mgq17、如图所示,电路中理想变压器原、副线圈接入电路的匝数可通过单刀双掷开关改变,A 为交流电流表.在变压器原线圈a、b两端加上不变的正弦交变电压.下列分析正确的是( )A.只将S1从1拨向2时, 电流表示数变小B.只将S2从3拨向4时, 电流表示数变大C.只将R的滑片上移, R1的电功率变大D.只将R的滑片上移, R2的电功率减小18、北斗二代计划在2020年前发射35颗卫星，形成全球性的定位导航系统，比GPS还多5颗。

2019年高考物理原创押题预测卷 01(新课标Ⅱ卷)(参考答案)

h2019年高考原创押题预测卷01【新课标Ⅱ卷】理科综合物理·参考答案22．（1）0.975（2分）（2）d/t（2分）（3）过坐标原点的一条倾斜的直线（2分）23．（1）①C（1分）D（1分）②GCADBEF（2分）③50.0（2分）（2）2950（3分）24．（14分）（1）A到C过程中，由动能定理mgh-μmg cosα⋅s AB-μmgs BC=1mv2-0（2分）2s AB cosα+s BC=L1（1分）s AB=sinα（1分）代入数据解之得μ=0.25（2分）25．（18分）（1）绳子断裂时，对棒有T0B2L2at= 0（2分）R得t0=T0RB2L2a（3分）1415161718192021B D B A B BC BD AC（3）E=∆ϕ（2分）∆tq=I∆t=E∆t=∆ϕ（2分）R RBLat2T2R通过整个回路横截面的电荷量为q= 0=0（2分）学&科网2R2B3L3a33．（15分）（1）BDE（5分）（2）①设活塞质量为m，活塞面积为S，当平台倾角为37°时气缸内气体的压强为p=p+mg cos37︒（1分）10S气体的体积V1=V当平台水平时，气缸内气体的压强p=2p=p+mg（1分）解得p1=1.8p0（1分）200S平台从倾斜转至水平过程中，由玻意耳定律：p1V1=p2V2（1分）解得V2=0.9V（1分）②降温过程，气缸内气体压强不变，由盖·吕萨克定律：V2= T0V30.9T（1分）解得V3=0.81V（1分）活塞下降过程，外界对气体做W=p2（V2–V3）已知气缸内气体吸收的热量Q=–0.32p0V（1分）由热力学第一定律得气缸内气体内能变化量∆U=W+Q（1分）解得∆U=–0.14p0V，即气体的内能减小了0.14p0V（1分）34．（15分）（1）BCE （5分）（2）①由题意作出光路图，如图所示a 点到轴线OO'的距离为：d =3R2由几何知识得：sin θ=d=R3（1分）2则入射角：i 1=θ=60°（1分）由折射定律n =sin i 1sin r 1解得：r 1=30°（1分）由几何知识得：i 2=30°根据折射定律：n =sin r 2（1分）sin i 2解得：r 2=60°（1分）。

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力学选择题押题练（一）
1.如图所示，水平面上的小车内固定一个倾角为30°的光滑斜面，
平行于斜面的细绳一端固定在小车上，另一端系着一个质量为m 的小
球，小球和小车均处于静止状态。

如果小车在水平面上向左加速运动
且加速度大小不超过a 1时，小球仍能够和小车保持相对静止；如果小
车在水平面上向右加速运动且加速度大小不超过a 2时，小球仍能够和小车保持相对静止。

则a 1和a 2的大小之比为( ) A.3∶1 B.3∶3 C ．3∶1 D ．1∶3
解析：选D 当小车向左加速运动且加速度大小不超过a 1时，由题意可知，此时细绳的拉力为零，对小球受力分析知，小球受重力、斜面的支持力，由牛顿第二定律得mg tan 30°＝ma 1，当小车向右加速运动且加速度大小不超过a 2时，由题意可知，此时斜面对小球的支持力为零，对小球受力分析知，小球受重力、细绳的拉力，由牛顿第二定律得mg tan 30°＝ma 2，联立以上两式得a 1a 2＝13
，D 正确。

2.如图所示，一个质量m ＝1 kg 的小环套在倾角为37°的光滑固定
直杆上，为使小环能够静止不动，需对它施加一个水平拉力F 。

已知重
力加速度g ＝10 m/s 2
，sin 37°＝0.6。

则F 的大小和方向分别是( )
A ．7.5 N ，水平向左
B ．7.5 N ，水平向右
C ．13.3 N ，水平向左
D ．13.3 N ，水平向右解析：选A 对小环受力分析知，小环受重力、直杆的支持力，为使小环能够静止不
动，F 的方向应水平向左，根据平衡知识可知：F ＝mg tan 37°＝1×10×34
N ＝7.5 N ，故A 对。

3.[多选]如图所示是用铁丝做的立方体骨架，从顶点A 水平抛
出一个小球，小球恰能击中B 点。

已知立方体的边长为l ，重力加
速度为g ，不计空气阻力，则( )
A ．小球做平抛运动的初速度大小为gl
B ．小球落到B 点的速度大小为3gl
C ．小球落到B 点的速度方向与水平方向的夹角为45°
D ．小球在运动过程中，速度的大小时刻改变，加速度的方向时刻改变
解析：选AB 根据平抛运动的规律可得水平方向 2l ＝v 0t ，竖直方向l ＝12
gt 2，v y ＝gt ，v B ＝v 02＋v y 2
，解得v 0＝gl ，v y ＝2gl ，v B ＝3gl ，小球落到B 点的速度方向与
水平方向的夹角满足tan θ＝v y v 0＝2，所以小球落到B 点的速度方向与水平方向的夹角不是45°，A 、B 项正确，C 项错误；小球在运动过程中，合力方向不变，所以加速度的方向是不变的，D 项错误。

4．火星探测器绕火星近地轨道做圆周运动，其线速度和相应的轨道半径为v 0和R 0，火星的一颗卫星在圆轨道上的线速度和相应的轨道半径为v 和R ，则下列关系式正确的是
( ) A ．lg ⎝ ⎛⎭⎪⎫v v 0＝12lg ⎝ ⎛⎭
⎪⎫R R 0 B ．lg ⎝ ⎛⎭⎪⎫v v 0＝2lg ⎝ ⎛⎭⎪⎫R R 0 C ．lg ⎝ ⎛⎭⎪⎫v v 0＝12lg ⎝ ⎛⎭⎪⎫R 0R D ．lg ⎝ ⎛⎭⎪⎫v v 0＝2lg ⎝ ⎛⎭
⎪⎫R 0R 解析：选C 做圆周运动所需的向心力由万有引力提供，故有：G Mm R 2＝m v 2R ，G Mm R 02＝m v 02R 0
，解得：v 2v 02＝R 0R ，由对数运算公式可得：lg ⎝ ⎛⎭⎪⎫v 2v 02＝lg ⎝ ⎛⎭⎪⎫R 0R ，所以lg ⎝ ⎛⎭⎪⎫v v 0＝12lg ⎝ ⎛⎭
⎪⎫R 0R ，故C 正确。

5.如图所示，固定的竖直光滑长杆上套有质量为m 的小圆环，圆环
与水平状态的轻质弹簧一端连接，弹簧的另一端连接在墙上，且处于原
长状态。

现让圆环由静止开始下滑，已知弹簧原长为L ，圆环下滑到最
大距离时弹簧的长度变为2L (未超过弹性限度)，则在圆环下滑到最大距
离的过程中( )
A ．圆环的机械能守恒
B ．弹簧弹性势能变化了3mgL
C ．圆环下滑到最大距离时，所受合力为零
D ．圆环重力势能与弹簧弹性势能之和保持不变
解析：选B 圆环沿杆下滑的过程中，圆环与弹簧组成的系统动能、弹性势能、重力势能之和守恒，选项A 、D 错误；弹簧长度为2L 时，圆环下落的高度h ＝3L ，根据机械能守恒定律，弹簧的弹性势能增加了ΔE p ＝mgh ＝3mgL ，选项B 正确；圆环释放后，圆环向下先做加速运动，后做减速运动，当速度最大时，合力为零，下滑到最大距离时，具有向上的加速度，合力不为零，选项C 错误。

6.如图所示，半径为R 、内径很小的光滑半圆形管道竖直放置，
质量为m 的小球(视为质点)以某一速度进入管内，小球通过最高点P
时，对管壁的压力为0.5mg ，则( )
A ．小球通过P 点时的速率一定为
3gR 2 B ．小球通过P 点时的速率一定为
gR 2
C ．小球落地点到P 点的水平距离可能为5R
D ．小球落地点到P 点的水平距离可能为2R
解析：选D 小球通过P 点时，当小球对管下壁有压力时，则有：mg －0.5mg ＝m v 12R
，解得：v 1＝ gR 2，当小球对管上壁有压力时，则有：mg ＋0.5mg ＝m v 22R ，解得：v 2＝ 3gR 2
，故A 、B 错误；小球通过P 点后做平抛运动，竖直方向上：2R ＝12
gt 2，解得：t ＝2R g
，则水平距离为x 1＝v 1t ＝2R 或x 2＝v 2t ＝6R ，故C 错误，D 正确。

7.[多选]如图所示，质量为2m 的物体B 静止在光滑的水平面上，物体B 的左边固定
有轻质弹簧，质量为m 的物体A 以速度v 向物体B 运动并与弹簧发
生作用，从物体A 接触弹簧开始，到离开弹簧的过程中，物体A 、
B 始终沿同一直线运动，以初速度v 的方向为正，则( )
A ．此过程中弹簧对物体
B 的冲量大小大于弹簧对物体A 的冲量大小 B ．弹簧的最大弹性势能为13
mv 2 C ．此过程中弹簧对物体B 的冲量为23
mv D ．物体A 离开弹簧后的速度为－13
v 解析：选BD 由牛顿第三定律及I ＝Ft 知，弹簧对物体A 、B 的冲量大小相等、方向
相反，A 错误；物体A 、B 速度相等时弹簧的弹性势能最大，由mv ＝(m ＋2m )v 1，解得v 1＝13
v ，弹簧的最大弹性势能E p ＝12mv 2－12(m ＋2m )v 12＝13
mv 2，B 正确；物体A 离开弹簧后，由mv ＝mv A ＋2mv B ，12mv 2＝12mv A 2＋12×2mv B 2，解得v A ＝－13v ，v B ＝23
v ，故弹簧对物体B 的冲量I B ＝
2mv B ＝43
mv ，C 错误，D 正确。

8.[多选]如图所示，倾角为α的固定斜面，其右侧有一竖直墙
面，小球滑上斜面，以速度v 飞离斜面，恰好垂直撞击到墙面上某
位置，重力加速度为g ，忽略空气阻力，下列说法中正确的是( )
A ．从飞离斜面到撞击墙面的过程中，小球在水平方向做匀速直
线运动，竖直方向做匀减速直线运动 B ．竖直墙面与斜面右端的水平距离为v 2
g
sin 2α C ．竖直墙面与斜面右端的水平距离为v 2sin αcos αg
D ．从飞离斜面到撞击墙面的过程中，小球竖直上升的高度为v 2
2g
sin α 解析：选AC 小球飞离斜面时速度为v ，把v 沿水平方向和竖直方向分解，则有： v x ＝v cos α，v y ＝v sin α，小球飞离斜面后，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做加速度为g 的匀减速直线运动，又小球恰好垂直撞击到墙面上，可知小球撞到墙面时，竖直方向速度为零，由匀变速直线运动规律可知，小球飞行时间为t ＝v sin αg
，则竖直墙面与斜面右端的水平距离为s ＝v x t ＝v 2sin αcos αg ，小球竖直上升的高度为s ′＝v y 2
2g ＝v 2sin 2α2g
，故选项A 、C 正确，B 、D 错误。