2018-2019学年高二物理下册基础达标训练题8
高二物理试题-2018学年高二物理下册课时基础达标测试卷20 最新
章末质量评估(三)(时间：90分钟分值：100分)一、单项选择题(本题共10小题，每小题3分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求)1．关于传感器，下列说法正确的是()A．光敏电阻和热敏电阻都是由半导体材料制成的B．金属材料不可以制成传感器C．传感器主要是通过感知电阻的变化来传递信号的D．以上说法都不正确答案：A2．电子秤使用的是()A．超声波传感器B．压力传感器C温度传感器D．红外传感器答案：B3．在电梯门口放置一障碍物，会发现电梯门不停地开关，这是由于在电梯门上装有的传感器是()A．光传感器B．温度传感器C．声传感器D．压力传感器解析：当电梯门碰到人或其他障碍物时立即停止关门以防挤伤人，故为压力传感器．答案：D4．下列器件不是应用温度传感器的是()A．电熨斗B．话筒C．电饭锅D．测温仪答案：B5．有一电学元件，温度升高时电阻却大幅度减小，则这种元件可能是()A．金属导体B．绝缘体C．半导体D．超导体解析：金属导体温度升高时电阻增大；绝缘体温度升高时电阻保持不变；对于超导体，在其临界温度以下，温度升高电阻仍为零，高于临界温度，温度升高电阻往往增大；某些半导体材料受到光照或者温度升高时，会有更多的电子获得能量成为自由电子，于是导电性有明显增强，电阻大幅度减小．答案：C6.如图所示为小型电磁继电器的构造示意图．其中L为含铁芯的线圈．P为可绕O点转动的铁片，K为弹簧，S为一对触头，A、B、C、D为四个接线柱．电磁继电器与传感器配合，可完成自动控制的要求，其工作方式是()A．A与B接信号电压，C与D跟被控电路串联B．A与B接信号电压，C与D跟被控电路并联C．C与D接信号电压，A与B跟被控电路串联D．C与D接信号电压．A与B跟被控电路并联解析：由题图可知A、B接电磁继电器线圈，所以A、B应接信号电压，从而使C、D接通或断开．进而起到控制作用，所以选项A 正确．答案：A7.如图所示是家用电冰箱的压缩启动装置的电路，其中的运行绕组是电冰箱在工作时电动机定子．由于家用交流电是单相的，启动时必须靠启动绕组的帮助才能产生旋转磁场．在启动绕组的支路中串联有一个PTC元件．这是一种以钛酸钡为主要材料的热敏电阻器，电流流过PTC元件，元件发热，它的电阻率随温度升高而发生显著变化，当电动机转动正常以后．PTC元件温度较高，电阻很大，启动绕组电流很小，以下判断正确的是()①电冰箱的电动机启动时比正常工作时耗电少②电冰箱的电动机正常工作时比启动时耗电少③电冰箱启动后，启动绕组功率不变，运行绕组功率是变化的④电冰箱启动后，启动绕组功率是变化的，运行绕组功率不变A．①③B．②④C．①④D．②③解析：启动时，由于PTC元件温度低电阻小．故耗电多，②正确．启动后，随PTC元件温度升高，PTC元件电阻增大，通过启动绕组的电流减小．故启动绕组功率是变化的，而运行绕组电压不变，故功率不变，则④正确，故选B.答案：B8．为了保证汽车刹车时车轮不被抱死，使车轮仍有一定的滚动而不是纯滑动，这样既可以提高刹车效果，又不使车轮失去控制．为此需要一种测定车轮是否还在转动的装置，这种检测装置称为电磁脉冲传感器，如果该装置检测出车轮不再转动，它就会自动放松刹车机构，让车轮仍保持转动状态，这就是ABS防抱死系统．如图是电磁脉冲传感器示意图，B是一根永久磁体，外面绕有线圈，它们的左端靠近一个铁质齿轮A.齿轮与转动的车轮是同步的，则以下说法正确的是()A．车轮转动时，由于齿轮在永久磁体的磁场中切割磁感线，产生感应电流B．车轮转动时，由于齿轮被磁化使线圈中的磁场发生变化，产生感应电流C．车轮转速减慢时，输出电流的周期变小．电流强度也变小D．车轮转速减慢时，输出电流的周期变大，电流强度也变大解析：此传感器是利用线圈中磁通量的变化产生感应电流的原理来实现检测的．当车轮转动时，带动齿轮转动．相当于将铁块插入和拔出线圈，从而使线圈中磁通量发生变化而产生感应电流．故选项A 错误，B正确：当车轮转速减慢时，线圈中磁通量的变化减慢，产生的感应电流的周期变大，由E＝ΔΦΔt可知，电流强度变小．故选项C、D错误．答案：B9.如图所示是某种汽车上的一种自动测定油箱内油面高度的装置．R是滑动变阻器．它的金属滑片是杠杆的一端，从油量表(由电流表改装而成)指针所指的刻度．就可以知道油箱内油面的高度，当滑动变阻器的金属滑片向下移动时()A．电路中的电流减小．油箱油面降低B．电路中的电流减小，油箱油面升高C．电路中的电流增大，油箱油面降低D．电路中的电流增大．油箱油面升高解析：当油箱油面升高时，由于浮力作用使金属滑片向下移动，而回路电阻减小，电流增大，故D项正确．答案：D10.如图所示是电容式话筒的示意图，它是利用电容制作的传感器，话筒的振动膜前面有薄薄的金属层，膜后距膜几十微米处有一金属板，振动膜上的金属层和这个金属板构成电容器的两极，在两极间加一电压U，人对着话筒说话时，振动膜前后振动，使电容发生变化，使声音信号被话筒转化为电信号，其中导致电容变化的原因是电容器两板间的()A．距离变化B．正对面积变化C．介质变化D．电压变化解析：平行板电容器的电容C∝εr Sd，本例中的介质没有变化，正对面积也没有变化，引起电容变化的因素是板间距离d.故选A.答案：A二、多项选择题(本题共4小题，每小题5分，共20分．在每小题给出的四个选项中有多项符合题目要求，全部选对得5分，漏选得3分，错选或不选得0分)11．电吉他之所以能以其独特的魅力吸引众多的音乐爱好者，是因为它的每一根琴弦下面都安装了一种叫作“拾音器”的装置，能将琴弦的振动转化为电信号，电信号经扩音器放大，再经过扬声器就能播出优美的音乐．如下图是“拾音器”的结构示意图，多匝绕制的线圈置于永久磁铁与钢质的琴弦之间，当琴弦沿着线圈振动时，线圈中就会产生感应电流，关于感应电流以下说法正确的是()A．琴弦振动时，线圈中产生的感应电流是变化的B．琴弦振动时，线圈中产生的感应电流大小变化，方向不变C．琴弦振动时，线圈中产生的感应电流大小和方向都会发生变化D．琴弦振动时，线圈中产生的感应电流大小不变，方向变化解析：由题意及图可知，电吉他是利用振动的钢质琴弦使线圈切割磁感线而产生感应电流，再将该电流放大并与扩音器相连从而发出声音，属于法拉第电磁感应现象．因琴弦在振动时速度的大小和方向均变化，故感应电流不是恒定的，故A、C正确．答案：AC12．电容式话筒的保真度比动圈式话筒好，其工作原理如图所示．Q是绝缘支架，薄金属膜M和固定电极N形成一个电容器，被直流电源充电．当声波使膜片振动时，电容发生变化，电路中形成变化的电流．当膜片向右运动的过程中，有()A．电容变大B．电容变小C．导线AB中有向左的电流D．导线AB中有向右的电流答案：AC13．下列说法正确的是()A．话筒是一种常用的声传感器，其作用是将电信号转换为声信号B．电熨斗能够自动控制温度的原因是它装有双金属片温度传感器，这种传感器作用是控制电路的通断C．电子秤所使用的测力装置是力传感器D．半导体热敏电阻常用作温度传感器，因为温度越高，它的电阻值越大答案：BC14.演示位移传感器的工作原理如图所示，物体M在导轨上平移时，带动滑动变阻器的金属滑杆P，通过电压表显示的数据来反映物体位移的大小x.假设电压表是理想电压表，则下列说法正确的是()A．物体M运动时，电源内的电流不会发生变化B．物体M运动时，电压表的示数会发生变化C．物体M不动时，电路中没有电流D．物体M不动时，电压表没有示数解析：电压表不分流，故触头移动不会改变电路的总电阻，也就不会改变电路中的总电流，故A正确，电压表测量触头P与左侧电阻之间的电压，故示数随物体M的移动，亦即随触头的运动而变化．故B正确，C、D错误．答案：AB三、实验题(本题共2小题，共16分，把答案填在题中横线上或按要求作答)15．(6分)热敏电阻是阻值随温度的改变而变化，且对温度很敏感的元件．某同学把一个热敏电阻连入电路中，通过实验他测出了一组数据，并画出了I－U关系曲线，如图所示．问：你认为该同学实验时选用的是图甲和图乙两电路图中的_____电路图．图甲图乙解析：由图象中热敏电阻两端电压特点可判断出选用的是甲电路图——滑动变阻器分压式接法．答案：图甲16．(10分)影响物质材料电阻率的因素很多，一般金属材料的电阻率随温度的升高而增大，而半导体材料的电阻率则与之相反，随温度的升高而减小．某课题研究小组在研究用某种材料制作的用电器件Z的导电规律时，利用如图(a)所示的分压电路测得其电压与电流的关系如下表所示：图(a)图(b)(1)根据表中数据，判断用电器件Z可能属于________材料．(2)把用电器件Z接入如图(b)所示的电路中，闭合开关电流表的读数为1.8 A，电池的电动势为3 V，内阻不计，则电阻R的电功率为________．解析：(1)由表格中数据可得，电阻随电压的增大而减小，而电压越大，用电器件温度越高，所以材料应为半导体．(2)查表I＝1.8 A时，Z的电压为1.2 V，则U R＝E2－U Z＝3 V－1.2 V＝1.8 V，P R＝IU R＝3.24 W.答案：(1)半导体(2)3.24 W四、计算题(本题共3小题，共34分，解答时应写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，有数值计算的要注明单位)17．(10分)如图所示为“神舟七号”飞船发射升空时火箭内测试仪平台上放置的一个压力传感器，传感器上面压一质量为M的物体，火箭点火后从地面向上加速升空，当升到某一高度时，加速度为a＝g2，压力传感器此时显示出物体对平台的压力为点火前压力的17 16，已知地球的半径为R，g为地面附近的重力加速度，试求此时火箭离地面的高度．解析：设此时火箭升空高度为H，此处重力加速度为g′.则有F－Mg′＝Ma，①由万有引力定律可得：g′g＝R2（R＋H）2，②又因为F＝1716Mg，③由①②③得：H＝R 3.18.(10分)如图所示为检测某传感器的电路图．传感器上标有“3 V0.9 W”的字样(传感器可看作一个纯电阻)，滑动变阻器R0上标有“10Ω 1 A”的字样，电流表的量程为0.6 A，电压表的量程为3 V．求：(1)传感器的电阻和额定电流；(2)为了确保电路各部分的安全，在a、b之间所加的电源电压的最大值．解析：(1)R传＝U2传P传＝10Ω，I传＝P传U传＝0.3 A.(2)最大电流I＝I传＝0.3 A，电源电压最大值：U m＝U传＋U0.U传为传感器的额定电压，U0为R0m＝10Ω时R0两端的电压，即U0＝I传·R0m＝0.3×10 V＝3 V，未超过电压表量程，所以U m＝U传＋U0＝3 V＋3 V＝6 V.19．(14分)如图所示是一种自动测定油箱内油面高度的装置．其中R是滑动变阻器，阻值范围是0～100Ω，它的金属滑片是杠杆的一端，油量表是由电流表改装而成的，实际是量程为0～0.6 A的电流表，从指针所指的刻度可知油箱内油面的高度；R′为校准电阻．已知电源电压为12 V，油箱空和油箱满时金属滑片恰在滑动变阻器的两端点a、b处．(1)当油箱满时，电流表示数恰好为满偏刻度0.6 A，求校准电阻R′的阻值和油箱空时电流表的示数．(2)若将电流表改换为电压表，用电压表的指针指示的刻度显示油箱内油面的高度，要求油面上升时电压表的读数增大，请将电压表○V画在图中，并标明电压表的“＋”“－”接线柱．若改装后电路中校准电阻的阻值不变，求电压表示数的变化范围．解析：(1)当电流表示数为满偏刻度0.6 A 时，金属滑片在b 处，此时滑动变阻器连入电路的电阻R ＝0.R ′＝U I ＝120.6Ω＝20Ω. 油箱空时，滑动变阻器连入电路的电阻R ＝100Ω，则电流表的示数为I 1＝U R ′＋R ＝1220＋100A ＝0.1 A. (2)为符合油面上升时，电压表读数增大的要求，应使电压表与校准电阻R ′并联，电压表示数变化的范围，由滑片在a 、b 两处时校准电阻R ′两端的电压决定．如图所示．U 1＝UR ′R ＋R ′＝2 V ，U 2＝12 V . 故电压表示数的变化范围为2 ～12 V .。
2018-2019年度下学期高二物理月考试题 参考答案
**中学2018-2019学年上学期月考试题高二物理参考答案（满分：100分 时间：90分钟）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。
在每小题给出的四个选项中，1-8题只有一个选项正确，9-12题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
）1、C2、D3、A 4.B 5、B 6、C 7、D 8、D 9、BC 10、AC 11、CD 12. BD二、填空题及实验题：（13题8分、14题8分，共16分）13、（1）减小；增大；（2）控制变量法（3）在研究力、质量和加速度的关系时采用了控制变量法．14、（1）交流 （2）A （3）错误 打下O 点时重锤的动能不为0三、计算题（共36分，第15题10分，第16题12分、17题14分。
应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题必须明确写出数据值和单位。
）15、解：∠C ＝30°，连接BD ， 由几何关系可知：BD ＝CD ＝AB ＝L ；(3分)所以点电荷＋Q 与－Q 在D 处产生的场强大小相等，大小为，（2分）方向如图所示:所以D 点场强为，（3分）方向水平向右。
（2分） 16、解：（1）此过程中电场力做的功为：975.010100510AB AB W qU J J --==⨯⨯=⨯ 。
（3分）（2）从A 点到B 点，电场力做7510J -⨯的正功，（2分）则该点电荷的电势能减少7510J -⨯。
（2分）（3）由AB A B U φφ=-，得：6010040B A AB U V V V φφ=-=-=-，（3分）则该点电荷在B 点的电势能为：975.01040210pB B E q J J φ--==⨯⨯-=-⨯（）。
（2分）17、解：（1）由小球为研究对象，受重力、电场力和绳子的拉力，且处于平衡， 所以（3分） 带入数值解得：q=3×10﹣5C （2分）（2）细绳剪断后小球只受到电场力和重力据牛顿第二定律得：F==ma （3分） 解得：a=12.5m/s 2 （2分） AP 之间的距离，据S=（2分） 解得：S==25m （2分）。
2018-2019学年高二物理下学期基础达标检测2
第1节功和内能第2节热和内能新提升·课时作业基础达标1．下列现象中，不是通过做功的方法来改变物体内能的是()A．打开电灯开关，灯丝的温度升高，内能增加B．太阳能热水器在阳光照射下，水的温度逐渐升高C．用磨刀石磨刀时，刀片的温度升高，内能增加D．打击铁钉，铁钉的温度升高，内能增加【解析】A项是通过电流做功，把电能转化为内能，C项和D项是通过外力做功，把机械能转化为内能，B项是把太阳能转化为内能，可判断A、C、D错误，B项正确．【答案】B2．(多选)下列叙述中正确的是()A．物体的内能与物体的温度有关，与物体的体积无关B．物体的温度越高，物体中分子无规则运动越剧烈C．物体体积改变，内能可能不变D．物体在压缩时，分子间存在斥力，不存在引力【解析】物体内能是物体内所有分子动能和势能的总和，因为分子的动能与温度有关，而分子势能与体积有关，故内能与温度和体积都有关系，A不正确．温度越高，分子平均动能越大，平均速率越大，即无规则热运动越激烈，所以B正确．物体体积改变时，分子动能和势能如果同时变化，并且其一增加，另一减少，且增加量与减少量相等时，内能不变，故C正确．物体被压缩时，分子间同时存在引力和斥力，但表现为斥力，故D错误．【答案】BC3．关于物体的内能的下列叙述中，正确的是()A．物体运动速度越大，其内能就越大B．物体被举得越高，其内能就越大C．物体的温度越高，其内能就越大D．以上说法都不对【解析】物体的内能与机械能是两种不同形式的能，可判断A、B选项错，物体内能不仅与温度有关，还与体积有关，C错．【答案】D4．下列说法中正确的是()A．物体吸热后温度一定升高B．物体温度升高，内能一定增加C．0℃的冰熔化为0℃的水的过程中内能不变D．100℃的水变为100℃的水汽的过程中内能增大【解析】物体吸热后温度可能不变，平均动能不变，分子势能增加，A错．物体温度升高，平均动能增大，若分子势能减小，物体内能可能减小或不变，B错；0℃的冰熔化成0℃水的过程中吸热内能增加，C 错.100℃的水变成100℃的水汽过程中吸热，内能增大，D对．【答案】D5．对于热量、功和内能三个物理量，下列各种说法中正确的是()A．热量和功是由过程决定的，而内能是由物体的状态决定的B．物体的内能越大，热量越多C．热量和功都可以作为内能的量度D．内能大的物体含的热量一定多【解析】热量和功是过程量，内能是状态量，它们具有不同的物理意义，热量只有在涉及到能量传递时才有意义．因此说某个物体的热量多少是错误的．热量和功都可量度内能改变的多少，而不能量度内能的多少．故只有选项A正确．【答案】A6．关于物体的内能和热量，下列说法中正确的是()A．热水的内能比冷水的内能多B．温度高的物体其热量必定多，内能必定大C．在热传递过程中，内能大的物体其内能将减小，内能小的物体其内能将增大，直到两物体的内能相等D．热量是热传递过程中内能转移的量度【解析】物体的内能由温度、体积及物体的质量决定，不只由温度决定，故选项A、B都不对．在热传递过程中，热量是由高温物体传给低温物体，而内能大的物体不一定温度高，在热传递过程中完全有可能内能大的物体内能继续增大，内能小的物体内能继续减小，故选项C是错误的．关于热量的论述，选项D是正确的．【答案】D7．如下图所示容器中A、B各有一个可自由移动的活塞，活塞下面是水，上面是大气，大气压恒定，A、B的底部由带阀门K的管道相连，整个装置与外界绝热，原先，A中水面比B中高，打开阀门，使A中的水逐渐向B中流，最后达到平衡，在这个过程中()A．大气压力对水做功，水的内能增加B．水克服大气压力做功，水的内能减少C．大气压力对水不做功，水的内能不变D．大气压力对水不做功，水的内能增加【解析】打开阀门，重力对水做功，此系统绝热，水的内能增加．【答案】D8．(多选)在光滑水平面上有一木块保持球吸收的热量较多球吸收的热量较多．两球吸收的热量一样多．无法确定A、B两球升高同样的温度，体积又相同，则二者内能的变化相同，而球是处在水银中的，B球膨胀时对外做功多，球吸收热量多．利用球体体积的变化从而找到做功关系，是本题解决的关键所在，也是本题的创新之处．B景颇族的祖先发明的点火器如图所示，用牛角做套筒，木制推杆前端粘着艾绒．猛推推杆，艾绒即可点燃．对筒内封闭的气体，在此压缩过程中()A．气体温度升高，压强不变B．气体温度升高，压强变大C．气体对外界做正功，气体内能增加D．外界对气体做正功，气体内能减少【解析】对于一定质量的理想气体，内能仅与温度有关，在猛推推杆的过程中，外界对气体做功，由于时间极短，认为气体与外界无热量交换，内能增加，温度升高，所以C、D错误．又由理想气体状态方程可知温度升高，体积减小，则压强一定变大，A错误，B正确．【答案】B3．一绝热容器内封闭着一些气体，容器在高速运输途中突然停下来，则() A．因气体温度与机械运动的速度无关，故容器中温度不变B．因容器是绝热的，故容器中气体温度不变C．因容器突然停止运动，气体分子运动的速度亦随之减小，故容器中温度降低D．容器停止运动时，由于分子和容器壁的碰撞，机械运动的动能转化为分子热运动的动能，故容器中气体温度将升高【解析】容器停止过程中，分子与容器壁碰撞，容器对分子做功，使容器的部分动能转化成分子热运动动能，故气体温度升高．D项正确．【答案】D4．(多选)如图所示，绝热的容器内密闭一定质量的气体(不考虑分子间的作用力)，用电阻丝缓慢对其加热时，绝热活塞无摩擦地上升，下列说法正确的是()A．单位时间内气体分子对活塞碰撞的次数减少B．电流对气体做功，气体对外做功，气体内能可能减少C．电流对气体做功，气体又对外做功，其内能可能不变D．电流对气体做功一定大于气体对外5.如图所示，瓶内装有少量的水，瓶口已塞紧，水上方空气中有水蒸气，用打气筒向瓶内打气，当塞子从瓶口跳出时，瓶内出现“白雾”，用下面三句话解释：甲：水蒸气凝结成小水丙，温度降低．三句话正确的顺序是．甲、乙、丙B．乙、丙、甲。
厦门市2018-2019高二(下)期末质量检查物理(试题及答案)
厦门市2018 - 2019学年度第二学期高二年级质量检测物理试题（满分100分）一、单项选择题：共8小题，每小题4分，共32分。
在每一小题给出的四个选项中只有一项是正确的，把答案填在答题卡中。
1. 下列说法正确的是A ．根据狭义相对论的原理，对不同的惯性参考系，物理规律都是一样的B ．紫外线比红外线更容易产生明显的衍射现象C ．根据麦克斯韦电磁场理论，变化的电场周围一定产生变化的磁场D ．遥控器发出的红外线频率比医院“CT ”中的X 射线频率更大 2．关于下列四幅图中所涉及的物理知识的论述中，正确的是A ．图甲中，做受迫振动物体的频率一定等于物体的固有频率B ．图乙中，光导纤维内芯的折射率比外层的小C ．图丙中，中等质量原子核的平均结合能大，相对重核更稳定D ．图丁中，卢瑟福通过α粒子散射实验发现了质子 3．下面列举的关于光的现象中，说法正确的是A. 在水面上的油膜常常看到彩色条纹是因为光的色散B. 光学仪器镜头上的增透膜利用了光的干涉C. 雨后出现彩虹是因为光的干涉D. 阳光下的海浪看起来呈白色是因为光由气泡进入海水时发生了全反射 4．下列有关放射性知识的说法中，正确的是A ．衰变成要经过6次α衰变和8次β衰变B ．氡的半衰期为3.8天，若有100个氡原子核，则经过7.6天后只剩下25个C ．放射性元素发生β衰变时所释放的电子是原子核内的中子转化为质子时产生的D ．β射线与γ射线一样都是电磁波，但穿透本领远比γ射线弱5. 一根粗细均匀的较长绳子，右侧固定，现使左侧的S 点上下振动，产生一列向右传播的机械波，某时刻第一次形成了如图所示的波形。
下列说法正确的是A ．该波的波速逐渐变慢B ．该波的频率逐渐减小图甲 图乙 图丙 图丁C ．此时S 点向下运动D ．S 点的起始振动方向是向上的6．2019年6月17日，四川宜宾市发生了6.0级地震。
在这次地震中，成都高新减灾研究所研发的“地震预警”系统提前数十秒发出预警，对防灾减灾起到了至关重要的作用。
高二物理试题-2018学年高二物理下册基础达标训练题16
涉或单缝衍射图样．分析各图样的特点可以得出的正确结论是是光的干涉图样是光的干涉图样如图所示，一细束红蓝复色光垂直于AB边射入直角三棱镜，在面上反射和折射分成两束细光束，其中一束细光束为单色光束．分别表示红、蓝光在三棱镜内的速度，下列判断正确的是单色光束为红色单色光束为蓝色单色光束为红色单色光束为蓝色红光折射率小于蓝光折射率，由折射率公式知红光在同种介质中的速度较大，即V1>V2；由全反射公式知红光折射率小临界角大；所以蓝光发生全反射时红光依然有折射现现在高速公路上的标志牌都用“回归反光膜”制成．夜间行车它能把车灯射出的光逆向返回，标志牌上的字特别醒目．归反光膜”是用球体反射元件制成的，反光膜内均匀分布着一层直径的细玻璃珠，所用玻璃的折射率为——折射后恰好和入射光线平行，如图所示，那么第一次入射的入射角应是()【答案】 D5．下列应用激光的事例中错误的是()A．利用激光进行长距离精确测量B．利用激光进行通信C．利用激光进行室内照明D．利用激光加工坚硬材料【解析】激光单向性好，不利于室内照明，并且大功率的激光要靠专门的激光器产生，成本太高，且由于激光的能量集中，会对人体产生伤害，因此选项C所述激光的应用是错误的．【答案】 C6．实验表明，可见光通过三棱镜时各色光的折射率n随着波长λ的变化符合科西经验公式：n＝A＋Bλ2＋Cλ4，其中A、B、C是正的常量．太阳光进入三棱镜后发生色散的情形如下图所示．则()A．屏上c处是紫光B．屏上d处是红光C．屏上b处是紫光D．屏上a处是红光【解析】白色光经过三棱镜后产生色散现象，在光屏由上至下(a、b、c、d)依次为红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫．屏上a处为红光，屏上d处是紫光，D正确．【答案】 D7．一束单色光斜射到厚平板玻璃的一个表面上，经两次折射后从玻璃的另一个表面射出，出射光线相对于入射光线侧移了一段距离．在下列情况下，出射光线侧移距离最大的是()A．红光以30°的入射角入射B．红光以45°的入射角入射C．紫光以30°的入射角入射D．紫光以45°的入射角入射【解析】因为同种介质对紫光的折射率较大，故入射角相同时，紫光侧移距离较大，A、B项错；设入射角为i，折射率为n，平板玻消失之前，反射光的强度变化以及光屏上最先消失的光分别是．减弱，红光．增强，红光光在传播时随入射角增大，反射光能量增强，折射光向，如图所示．下列说法中正确的是()．图中光束①是红光，光束②是蓝光．在光盘的透明介质层中，光束①比光束②传播速度更快．若光束①②先后通过同一单缝衍射装置，光束①的中央亮纹一玻璃柱体的横截面为半圆形，形成细光束从空气射向柱体的O现保持入射光不变，将半圆柱绕通过使反射光束1和透射光束空气中有一横截面为半圆环的均匀透明柱体，2r.现有一束单色光垂直于水平端面只经过两次全反射可知第一次入射角为≤45°，再根据P4是四个学生实验插针的结果．在这四个图中肯定把针插错了的是________在这四个图中可以比较准确地测出折射率的是缝干涉测光的波长的实验装置，并用此装置测量红光的波长．元件代A B C号元件名白光光源光片放在光具座最左端，依次放置其他光学元件，由左至右，表示各光学元件的排列顺序应为________．(填写元件代号已知该装置中双缝间距d＝0.50 mm，双缝到光屏的距离，在光屏上得到的干涉图样图如2甲所示，分划板在图中2乙所示，则其示数为________mm丙所示．由以上所测数据可以得出形成此干涉图样的是一个透明的薄壁容器，面恰好发生全反射，已知光在真空中的传播速，求液体的折射率及光在该液体中的传播速度为多大．设液体的折射率为n，光在里面传播的速度为挡住从圆形发光面发出的光线(不考虑反射)，求平板玻璃的折射率．如图，考虑从圆形发光面边缘的线，假设它斜射到玻璃上表面的A′点折射，根据折射定律有。
高二物理试题-2018学年高二物理下册基础达标训练题13 最新
单元测试卷(一)时间：90分钟分值：100分第Ⅰ卷(选择题共48分)一、选择题(本题有12小题，每小题4分，共48分．其中1～9题为单选题，10～12题为多选题)1．单摆通过平衡位置时，小球受到的回复力()A．指向地面B．指向悬点C．数值为零D．垂直于摆线【解析】做简谐运动的质点，只有在离开平衡位置时才受到回复力，“平衡位置”的意义就是回复力为零的位置，此处的合力却不一定为零．【答案】 C2.装有砂粒的试管竖直静浮于水面，如图所示．将试管竖直提起少许，然后由静止释放并开始计时，在一定时间内试管在竖直方向近似做简谐运动．若取竖直向上为正方向，则以下描述试管振动的图象中可能正确的是()【解析】试管在竖直方向上做简谐运动，平衡位置是在重力与浮力相等的位置，开始时，向上提起的距离，就是其偏离平衡位置的位移，为正向最大位移，因此应选D.【答案】 D3．关于做简谐运动的物体完成一次全振动的意义，有以下几种说法，其中正确的是()A．回复力第一次恢复为原来的大小和方向所经历的过程B．速度第一次恢复为原来的大小和方向所经历的过程C．动能或势能第一次恢复为原来的大小所经历的过程D．速度和加速度第一次同时恢复为原来的大小和方向所经历的过程【解析】当物体先后两次经过同一位置时，回复力第一次恢复为原来的方向和大小，且经历的过程不是一次全振动，A错，由振动的对称性可知，关于平衡位置对称的两点，速度大小和方向有可能相同，B错，此时的两点，动能和势能相同，C错．【答案】 D4．一个做简谐运动的质点，其振幅是4 cm，频率是2.5 Hz，该质点从平衡位置起经过2.5 s后的位移和路程的大小是()A．4 cm,24 cmB．4 cm,100 cmC．0,24 cmD．0,100 cm，则这次实验砂摆的摆长为(取g ＝π)( )0.65 m 2.3 m由题中条件可得单摆的周期为T ＝－0.30.2 s ＝1.5 s ，由周期公式振动的振幅尽可能增大，应选用的驱动力是( )单摆的周期为T ≈2 s ，驱动力的频率应尽可能接近系统的固有频率，．在科学研究中，科学家常将未知现象同已知现象进行比较，找出其共同点，进一步推测未知现象的特性和规律．法国物理学家库仑在研究异种电荷的吸引力问题时，的振动周期与电荷间距离的关系类比单摆的振动周期与摆球到地心距离的关系．，地球质量为M ，摆球到地心的距离为r ，则单摆振动周期GM根据题意，由能量守恒可知12kx 2＝mg (h ＋x )，其中k 为弹簧劲度系数，点的高度，x 为弹簧压缩量．当x ＝x 0时，物块速度为0，则2mg (h ＋x 0)mx 0－g ＝2g (h ＋x 0)x 0－g >g ，故正确答案为D.关系，下列关于图象的说法正确的是( )图线表示势能随位置的变化关系 图线表示动能随位置的变化关系 图线表示机械能随位置的变化关系．图象表明摆球在势能和动能的相互转化过程中机械能不变点时势能最大，动能为零，故图线a 表示动能随位置的变化关系，图表示势能随位置的变化关系，AB 错，由于单摆摆球在运动过程中机械能守恒，故图线A．甲、乙两振子的振幅分别为2 cm、1 cmB．甲、乙两个振子的相位差总为πC．前2秒内甲、乙两振子的加速度均为正值D．第2秒末甲的速度最大，乙的加速度最大【解析】两振子的振幅A甲＝2 cm，A乙＝1 cm，A对；两振子的频率不相等，相位差为一变量，B错；前2 s内，甲的加速度为负值，乙的加速度为正值，C错；第2 s末甲在平衡位置，速度最大，乙在最大位移处加速度最大，D对．【答案】AD12．如图所示是一个单摆做受迫振动时的共振曲线，表示振幅A与驱动力频率f的关系，下列说法正确的是()A．摆长约为10 cmB．此单摆的固有周期是2 sC．若增大摆长，共振曲线的“峰”将向右移动D．若减少摆长，共振曲线的“峰”将向右移动【解析】由图象可知：固有频率f＝0.5 Hz，所以周期T＝2 s．由单摆的周期公式可得：L＝T2g/4π2≈1.0 m．若减小摆长，固有频率增大，“峰”将右移，故选项B、D正确．【答案】BD第Ⅱ卷(非选择题共52分)二、实验题(本题有2小题，共15分，请将答案写在题中的横线上)13．(6分)某实验小组拟用图甲所示装置研究滑块的运动．实验器材有滑块、钩码、纸带、米尺、带滑轮的木板，以及由漏斗和细线组成的单摆等．实验中，滑块在钩码作用下拖动纸带做匀加速直线运动，同时单摆垂直于纸带运动方向摆动，漏斗漏出的有色液体在纸带上留下的痕迹记录了漏斗在不同时刻的位置．(1)在图乙中，从________纸带可看出滑块的加速度和速度方向一致．(2)用该方法测量滑块加速度的误差主要来源有：________、________.(写出2个即可)．【解析】(1)纸带做匀加速直线运动，故单摆摆动一个周期内纸带运动的距离越来越大，所以B纸带符合题意．(2)引起误差的因素有：摆长测量、漏斗重心变化，液体的痕迹较粗、各处阻力变化等．【答案】(1)B(2)摆长测量漏斗重心变化液体痕迹偏粗阻力变化……(写出2个即可)14．(9分)(1)某同学在探究影响单摆周期的因素时有如下操作，请判断是否恰当(选填“是”或得到的部分测量数据如表所示．该球的直径为________mm.根据表中数据可以初步判断单摆周期随摆长/mm摆球质量999.332.2999.316.光滑的水平面上放有一弹簧振子，轻弹簧右端固定在滑块上，，将滑块从平衡位置三点中哪点？此时滑块加速度多大？三点中哪点？此时滑块速度多大？由于简谐运动的加速度a＝Fm＝－km x，2400.5×0.18 m/s2＝24 m/s 滑块的速度最大．＝1.1 m/s.是穿在一根较长细线上的小球，让球向下摆动的同时，另一小球B从与球第一次摆到最低点时两球恰好相遇，求B球下落时受到的细线的阻力与相遇需要经时间质点离开平衡位置的最大距离有多大？两个时刻，质点向哪个方向运动？秒末的位移是多少？在前4秒内的路程是多少？由图象上的信息，结合质点的振动过程可断定：。
高二物理试题-2018学年高二物理下册课时基础达标测试
第五章交变电流4 变压器A级抓基础1．如图，一理想变压器原、副线圈的匝数比为1∶2；副线圈电路中接有灯泡，灯泡的额定电压为220 V，额定功率为22 W；原线圈电路中接有电压表和电流表．现闭合开关，灯泡正常发光．若用U 和I分别表示此时电压表和电流表的读数，则()A．U＝110 V，I＝0.2 AB．U＝110 V，I＝0.18 AC．U＝110 2 V, I＝0.2 AD．U＝110 2 V，I＝0.2 2 A解析：在副线圈电路中，I2＝PU＝0.1 A，再根据U1U2＝n1n2，及I1I2＝n2n1，得U1＝110 V，I1＝0.2 A，故B、C、D错，A正确．答案：A2．如图所示，理想变压器的原线圈接入u＝11 0002sin 100πt(V)的交变电压，副线圈通过电阻r＝6Ω的导线对“220 V880 W”的电器R L供电，该电器正常工作．由此可知()A．原、副线圈的匝数比为50∶1B．交变电压的频率为100 HzC．副线圈中电流的有效值为4 AD．变压器的输入功率为880 W解析：根据接入电压u＝11 0002sin 100πt，输入电压有效值为11 000 V，要使“220 V880 W”的电器正常工作，则通过用电器的电流为I＝PU＝4 A，副线圈输出电压为U出＝Ir＋U＝4×6 V＋220 V＝244 V，原、副线圈匝数比等于输入电压与输出电压之比，为 2750∶61，A错误，C正确；交流电的频率f＝ω2π＝100π2π＝50 Hz，B错误；变压器的输出功率P出＝P R L＋P r＝880 W＋42× 6 W＝976 W，D错误．答案：C3．如图所示，T为理想变压器，为交流电流表，R1、R2为定值电阻，R3为滑动变阻器，原线圈两端接恒压交流电源，当滑动变阻器的滑动触头向下滑动时()A．的读数变大，的读数变大B．的读数变大，的读数变小C．的读数变小，的读数变大D．的读数变小，的读数变小解析：当滑动触头下移时，R3减小，R总减小，I＝UR总，U不变I增大，U并＝U－UR1减小，通过R2的电流IR2减小，I A2＝I－IR2增大，的示数变大，由原、副线圈电流与匝数成反比，可知的示数变大．答案：A4．(多选)调压变压器是一种自耦变压器，它的构造如图所示．线圈AB绕在一个圆环形的铁芯上，AB间加上正弦交流电压u，移动滑动触头P的位置，就可以调节输出电压．在输出端连接了滑动变阻器R和理想交流电流表，变阻器的滑动触头为Q，则()A．保持P的位置不动，将Q向下移动时，电流表的读数变大B．保持P的位置不动，将Q向下移动时，电流表的读数变小C．保持Q的位置不动，将P沿逆时针方向移动时，电流表的读数变大D．保持Q的位置不动，将P沿逆时针方向移动时，电流表的读数变小解析：保持P的位置不动，U2不变，将Q向下移动时，R变大，故电流表读数变小；保持Q的位置不动，R不变，将P沿逆时针方向移动时，n2变大，U2变大，故电流表的读数变大．答案：BC5．如图所示，理想变压器的交流输入电压U1＝220 V，有两组副线圈，其中n2＝36匝，标有“6 V9 W”“12 V12 W”的电灯分别接在两副线圈上均正常发光，求：(1)原线圈的匝数n1和另一副线圈的匝数n3；(2)原线圈中电流I1.解析：(1)由于两灯泡均正常发光，所以有U2＝6 V，U3＝12 V.根据原、副线圈电压与匝数的关系，由U1U2＝n1n2、U2U3＝n2n3得：n1＝U1U2n2＝2206×36(匝)＝1 320匝，n3＝U3U2n2＝126×36(匝)＝72匝．(2)由于P入＝P出，P出＝P2＋P3，所以P入＝P2＋P3.即I1U1＝P2＋P3，则I1＝P2＋P3U1＝9＋12220A≈0.185 A. B级提能力6．(多选)图甲、乙是配电房中的互感器和电表的接线图，下列说法中正确的是()A．线圈匝数n1<n2，n3<n4B．线圈匝数n1>n2，n3>n4C．甲图中的电表是电压表，输出端不可短路D．乙图中的电表是电流表，输出端不可断路解析：题图甲中的原线圈并联在电路中，为电压互感器，是降压变压器，n1>n2，题图甲中的电表为电压表；题图乙中的原线圈串联在电路中，为电流互感器，是升压变压器，n3<n4，题图乙中的电表为电流表，故选项C、D正确．答案：CD7.如图甲、乙所示电路中，当A、B接10 V交变电压时，C、D 间电压为4 V；M、N接10 V直流电压时，P、Q间电压也为4 V．现把C、D接4 V交流，P、Q接4 V直流，下面可表示A、B间和M、N间的电压是()A．10 V10 V B．10 V 4 VC．4 V10 V D．10 V0解析：题图甲是一个自耦变压器，当A、B作为输入端，C、D 作为输出端时，是一个降压变压器，两边电压之比等于两边线圈的匝数之比，当C、D作为输入端，A、B作为输出端时，是一个升压变压器，电压比也等于匝数比，所以C、D接4 V交流时，A、B间将得到10 V交流．题图乙是一个分压电路，当M、N作为输入端时，上下两个电阻上的电压跟它们的电阻的大小成正比．但是当把电压加在P、Q两端时，电流只经过下面那个电阻，上面的电阻中没有电流，两端也就没有电势差，即M、P两点的电势相等．所以当P、Q接4 V直流时，M、N两端的电压也是4 V．综上所述，B正确．答案：B8．如图所示，理想变压器B的原线圈跟副线圈的匝数比n1∶n2＝2∶1，交流电源电压u＝311sin 100πt V，F为熔断电流为I0＝1.0 A 的保险丝，负载R为一可变电阻．(1)当电阻R ＝100 Ω时，保险丝能否被熔断？(2)要使保险丝不被熔断，电阻R 的阻值应不小于多少？变压器输出的电功率不能超过多少？解析：原线圈电压的有效值为U 1＝3112V ＝220 V ， 由U 1U 2＝n 1n 2得副线圈两端的电压： U 2＝n 2n 1U 1＝12×220 V ＝110 V . (1)当R ＝100 Ω时，副线圈中电流为：I 2＝U 2R ＝110100A ＝1.10 A. 由U 1I 1＝U 2I 2得原线圈中的电流为：I 1＝U 2U 1I 2＝110220×1.10 A ＝0.55 A ，由于I 1<I 0(熔断电流)，故保险丝不会被熔断．(2)设电阻R 取某一值R 0时，原线圈中的电流I 1′刚好到达熔断电流I 0，即I 1′＝1.0 A ，则副线圈中的电流为：I 2′＝U 1U 2I 1′＝n 1n 2·I 1′＝2×1.0 A ＝2.0 A ， 变阻器阻值为：R 0＝U 2I 2′＝1102.0Ω＝55 Ω， 此时变压器的输出功率为：P 2＝I 2′U 2＝2.0×110 W ＝220 W.可见，要使保险丝F 不被熔断，电阻R 的阻值不能小于55Ω，输出的电功率不能大于220 W.。
高二物理试题-2018学年高二物理下学期基础达标检测2018002 最新
15.3.4新提升·课时作业
基础达标
1．关于爱因斯坦质能方程，下列说法中正确的是()
A．E＝mc2中的E是物体以光速c运动的动能
B．E＝mc2是物体的核能
C．E＝mc2是物体各种形式能的总和
D．由ΔE＝Δmc2，在核反应中，亏损的质量Δm转化成能量ΔE放出
【解析】E＝mc2，m为动质量，E为这种运动状态下的能量．A、B错；E＝mc2是质量为m的物体所具有的能量，C正确；一定质量对应一定的能量，而不是质量转化为能量，D错误．
【答案】C
5．(多选)下列说法正确的是()
A．万有引力可以用广义相对论作出正确的解释
B．物质的引力可以使光线弯曲
C．在强引力的星球附近，时钟变快
D．强ቤተ መጻሕፍቲ ባይዱ力作用可以使光谱线向紫端偏移
【解析】由广义相对论可知A对，B对．在强引力的星球附近，时间进程变慢，C错．强引力作用可以使光谱线向红端偏移，D错．
【答案】AB
【解析】在地面上看来，高速运动的物体在速度方向变短，A正确；在镜头前加一偏振片是为了过滤掉玻璃的反射光，使得成像更清晰，B错误；均匀变化的电场产生恒定的磁场；均匀变化的磁场产生恒定的电场，C错误，时间进程会变慢，D对．
【答案】AD
5．冥王星绕太阳公转的线速度为4.83×118 m/s，求其静止质量为运动质量的百分之几？
【解析】设冥王星的静止质量为m0，运动质量为m，则： ＝ ×100%≈99.9999%.
【答案】99.9999%
【答案】C
4．下列关于广义相对论等效原理的说法正确的是()
A．一个非均匀的引力场与一个做匀加速运动的参考系等价
B．一个均匀的引力场与一个做匀速运动的参考系等价
C．一个均匀的引力场与一个做匀加速运动的参考系等价
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13.5.6 新提升·课时作业
基础达标
1．(多选)关于光的衍射现象，下面说法正确的是()
A．红光的单缝衍射图样是红暗相间的直条纹
B．白光的单缝衍射图样是红暗相间的直条纹
C．光照到不透明小圆盘上出现泊松亮斑，说明发生了衍射
D．光照到较大圆孔上出现大光斑，说明光沿着直线传播，不存在光的衍射
【解析】单色光照到狭缝上产生的衍射图样是亮暗相间的直条纹．白光的衍射图样是彩色条纹．光照到不透明圆盘上，在其阴影处出现亮点，是衍射现象．光的衍射现象只有明显与不明显之分，D项中屏上大光斑的边缘模糊，正是光的衍射造成的，不能认为不存在衍射现象．
【答案】AC
2．下列说法不正确的是()
A．当光的波长比圆孔的直径大时，可以产生明显的衍射现象
B．衍射现象的研究表明“光沿直线传播”只是一种近似规律
C．用平行的单色光垂直照射不透明的小圆板，在圆板的后面发现圆板阴影中心处有一亮斑，这是光的干涉现象
D．隔着帐幔看远处的灯，见到灯周围辐射彩色的光芒
【解析】产生明显衍射现象的条件是光波的波长与障碍物的尺寸相近，而一般物体的尺寸比光波的波长大得多，所以A、B正确；用平行的单色光垂直照射不透明的小圆板，在圆板的后面发现圆板阴影中心处有一亮斑，这是著名的泊松亮斑，是光的衍射现象，C错误；远处灯发出的光经过帐幔的缝隙产生衍射，因此可见灯周围辐射彩色的光芒，D正确．
【答案】 C
3．光的偏振现象说明光是横波，下列现象中不能反映光的偏振特性的是()
A．一束自然光相继通过两个偏振片，以光束为轴旋转其中一个偏振片，透射光的强度发生变化
B．一束自然光入射到两种介质的分界面上，当反射光与折射光线之间的夹角恰好是90°时，反射光是偏振光
C．日落时分，拍摄水面下的景物，在照相机镜头前装上偏振片可以使景象更清晰
D．通过手指间的缝隙观察日光灯，可以看到彩色条纹
【解析】由光的偏振知识可知A、B、C正确．通过手指间的缝隙观察日光灯，可以看到彩色条纹，是光的衍射现象，D错误．
【答案】 D
4．对于自然光和偏振光，以下认识正确的是()
A．从太阳、蜡烛等普通光源直接发出的光是自然光
B．自然光通过一个偏振片后成为偏振光，偏振光再通过一个偏振片后又还原为自然光
C．电灯光透过偏振片，偏振片旋转时看到透射光的亮度无变化，说明透射光不是偏振光
D．自然光只有在通过偏振片后才能成为偏振光
【解析】太阳、蜡烛等普通光源发出的光为自然光，包括在垂直光的传播方向上沿一切方向振动的光，故选项A正确；自然光通过偏振片时．只有与偏振片的透振方向一致的光才能通过，沿其他方向振动的光被偏振片吸收，不论通过几个偏振片，通过偏振片后的透射光仍是偏振光，故选项B错误；由于自然光沿各个方向振动的光强度相同，所以旋转偏振片时透射亮度不变，即旋转偏振片时亮度不变是因为入射光是自然光，所以选项C错误；偏振现象是很普遍的，而不是只有通过偏振片后才能成为偏振光，平常见到的绝大多数光都是偏振光，故选项D错误．
【答案】 A
5．两个偏振片紧靠在一起将它们放在一盏灯的前面以致没有光通过．如果将其中的一片旋转180度，在旋转过程中，将会产生下述的哪一种现象()
A．透过偏振片的光的强度先增强，然后又减少到零
B．透过偏振片的光的强度先增强，然后减少到非零的最小值
C．透过偏振片的光的强度在整个过程中都增强
D．透过偏振片的光的强度先增强，再减弱，然后又增强
【解析】起偏器和检偏器的偏振方向垂直时，没有光通过；偏振方向平行时，光的强度达到最大．当其中一个偏振片转动180度的过程中，两偏振片的方向由垂直到平行再到垂直，所以通过的光先增强，又减小到零，选项A正确．
【答案】 A
6．关于光的干涉和衍射现象，下列说法正确的是()
A．光的干涉现象遵循波的叠加原理，衍射现象不遵循波的叠加原理
B．光的干涉条纹是彩色的，衍射条纹是黑白相间的
C．光的干涉现象说明光具有波动性，光的衍射现象不能说明这一点
D．光的干涉和衍射现象都是光波叠加的结果
【解析】光的干涉现象和衍射现象都是光波叠加的结果，它们
涉或单缝衍射图样，分析各图样的特点可以得出的正确结论是是光的干涉图样
是光的干涉图样
图样的光的波长比形成b图样的光的波长短
图样的光的波长比形成d图样的光的波长短
干涉条纹是等距离的条纹，因此a、b 图是衍射图样，故A项正确，B项错误；由公式
条纹宽的入射光的波长长，所以形成a图样的光的波长比形成
项错误；形成c图样的光的波长比形成
项错误．
，折射角为θ2，反射角为
′，
1
到如图甲、乙所示的衍射图样．据此可以判断出
．甲是光线射到圆孔后的衍射图样，乙是光线射到圆板后的衍
．乙是光线射到圆孔后的衍射图样，甲是光线射到圆板后图样．甲、乙都是光线射到圆孔后的衍射图样，甲孔的直径较大
．甲、乙都是光线射到圆板后的衍射图样，乙孔的直径较大
圆孔衍射中央是大亮斑，圆板衍射是阴影中有一小亮斑，周围都存在明暗相间的圆环．
．让太阳光垂直照射到一块遮光板上，板上有一个可自由收缩当此三角形孔缓慢地收缩变小直到闭合时，
)
．由大变小的三角形光斑，直至光斑消失
．由大变小的三角形光斑、明暗相间的彩色条纹，直至条纹消
细丝时产生的条纹和它通过遮光板上的一条同样宽度的窄缝规律相同，则()
①这是利用光的干涉现象；
②这是利用光的衍射现象；
③如果屏上条纹变宽，表明抽制的丝变粗了；
④如果屏上条纹变宽，表明抽制的丝变细了．
A．①③B．②④
C．①④D．②③
【解析】上述现象符合光的衍射产生的条件，故②正确；由衍射产生的条件可知：丝越细衍射现象越明显，故④也正确，故选B.
【答案】 B
4．(多选)奶粉的碳水化合物(糖)的含量是一个重要指标，可以用“旋光法\”来测量糖溶液的浓度，从而鉴定含糖量．偏振光通过糖的水溶液后，偏振方向会相对于传播方向向左或向右旋转一个角度α，这一角度α称为“旋光度\”，α的值只与糖溶液的浓度有关，将α的测量值与标准值相比较，就能确定被测样品的含糖量了．如图所示，S是自然光源，A、B是偏振片，转动B，使到达O处的光最强，然后将被测样品P置于A、B之间，则下列说法中正确的是()
A．到达O处光的强度会明显减弱
B．到达O处光的强度不会明显减弱
C．将偏振片B转动一个角度，使得O处光强度最大，偏振片B 转过的角度等于α
D．将偏振片A转动一个角度，使得O处光强度最大，偏振片A 转过的角度等于α
【解析】由题意知，转动B使到达O处的光最强，则偏振片A、B的透振方向相同．若在A、B之间放上待检糖溶液，因糖溶液对偏振光有旋光效应，使偏振光的偏振方向发生改变，则到达O处的光强度会明显减弱．若适当旋转A或B，可以使偏振光通过偏振片A、糖溶液和偏振片B后到达O处的光强度最大，并且偏振片旋转的角度等于糖溶液的旋光度α，故A、C、D正确．
【答案】ACD
5．夜晚，汽车前灯发出的强光将迎面驶来的汽车的司机照射得睁不开眼睛，影响行车安全，若将汽车前灯玻璃和汽车前窗玻璃都改用偏振玻璃，使双方司机都看不见对方炫目的灯光，但能看清自己车灯发出的光所照亮的物体．所有的汽车前窗玻璃、前灯玻璃的透振方向应该是怎样安装偏振玻璃的？
【解析】如果在每辆汽车的车灯玻璃上和司机座位前面的玻璃上各安上一块偏振片，并使它们偏振方向都跟水平方向成45°，就可以解决这个问题．这时，从对面车灯射来的偏振光，由于振动方向跟司机座位前玻璃上偏振片的偏振方向垂直，所以不会射进司机眼里；而从自己车灯射出去的偏振光，由于振动方向跟自己窗玻璃上的偏振片的偏振方向相同，所以司机仍能看清自己车灯照亮的路面和物体．【答案】见解析。