江西省崇仁县2017-2018学年高一物理上学期第二次月考试题
崇仁高一物理上学期第二次月考试题
江西省崇仁县2020学年高一物理上学期第二次月考试题一、单项选择题（每小题只有一个正确选项，每小题4分，共24分。
）1．下列属于国际单位制中的基本单位是（）A．m/s B．m/s2 C．N D．kg2．一物体自t=0时开始做直线运动，其v﹣t图线如图所示，下列说法中正确的是（）A．在0--6s内，物体离出发点最远为30mB．在0--6s内，物体经过的路程为35mC．在0--4s内，物体的平均速率为7.5m/sD．在5s--6s内，物体所受合外力方向与速度方向相反3.等效替代法是物理学中常用的思想方法,下列哪个物理名词与该方法无关( )A.力的合成B.力的分解C.动摩擦因数D.重心4．以一定的初速度沿光滑的斜面上滑的物体受到的力是（）A．重力、牵引力和斜面的支持力B．重力、摩擦力和斜面的支持力C．重力和斜面的支持力D．重力、支持力、牵引力和压力5．汽车由静止开始匀加速前进，经过10s速度达到5m/s，则在这10s内汽车的（）A．平均速度是0.5m/s B．平均速度是2m/sC．加速度是5m/s2D．位移是25m6．一人站在电梯中的体重计上，随电梯一起运动．下列各种情况中，体重计的示数最大的是（）A．电梯匀减速上升，加速度的大小为 1.0 m/s2B．电梯匀加速上升，加速度的大小为 1.0 m/s2C．电梯匀减速下降，加速度的大小为 0.5 m/s2D．电梯匀加速下降，加速度的大小为 0.5 m/s2二、多项选择题（共4小题，每小题4分，共16分．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）7.下列关于重力、弹力和摩擦力的说法,正确的是( )A.物体的重心并不一定在物体的几何中心上B.劲度系数越大的弹簧,产生的弹力越大C.动摩擦因数与滑动摩擦力成正比,与物体之间的压力成反比D.静摩擦力的大小处在零和最大静摩擦力之间8．在学校秋季运动会上，小明同学以背越式成功地跳过了1.70米的高度．若空气阻力作用可忽略，则下列说法正确的是（）A．小明上升过程中处于失重状态B．研究小明在空中姿态时可把小明视为质点C．起跳时小明对地面的压力与地面对他的支持力大小相等D．小明起跳以后在下降过程中重力消失了，只有惯性9．“蹦极”是一项非常刺激的体育运动．某人身系弹性绳自高空P点自由下落，忽略空气阻力，图中a 点是弹性绳的原长位置，c是人所到达的最低点，b是人静止悬吊着时的平衡位置，人在从P点落下到最低点c的过程中（）A．在Pa段作自由落体运动B．在ab段人受到的合外力向下，人速度在增大C．在bc段人的加速度向下，人速度在减小D．在a点，人的速度最大，加速度为g10．某物体以一定的初速度沿足够长的斜面从底端向上滑去，此后该物体的运动图象（图中x是位移、v 是速度、t是时间）可能的是（）A． B． C D．三、实验题（每空2分，共14分）11．在“探究求合力的方法”的实验中，实验桌上已有橡皮筋、两个细绳套，两个三角板、一张白纸、图钉若干．（1）为完成实验，还需要下列器材中的A．天平 B．电磁打点计时器 C．弹簧秤 D．直尺（2）某次测量时，一只弹簧秤读数如图所示，该读数为N．（3）实验操作过程中，下列正确的是A．用两只弹簧秤拉橡皮条时，应使两细套之间的夹角为90°，以便计算出合力的大小B．用两支弹簧秤拉时结点的位置必须与用一只弹簧秤拉时结点的位置重合C．弹簧秤使用前应调零，且橡皮筋、绳、弹簧秤应与木板平行D．两根细绳必须等长，且细绳适当长一些．12．“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验装置如图1所示（1）若取小车的质量为0.4kg，改变砝码和砝码盘的质量m进行多次实验，以下m的取值不合适的一个是A．m1=20g B．m2=30g C．m3=40g D．m4=300g（2）下列说法正确的是A．通过作v﹣t图象求a，可以更好地减小误差B．在平衡摩擦力时，需要拿走小盘，纸带穿过打点计时器，并固定在小车的尾端，然后调节斜面倾角，轻推小车，使小车在斜面上匀速下滑C．每改变一次小车的质量，需要重新平衡一次摩擦力D．打点计时器应用低压直流电源（3）某同学平衡摩擦力后，保持小车质量不变，改变砝码盘中砝码的质量，测得小车加速度a与砝码盘中砝码总重力F的实验数据如下表：砝码盘中砝码总重力F（N）0.196 0.392 0.588 0.784 0.980加速度a（m•s﹣2）0.69 1.18 1.66 2.18 2.70图2是由实验数据作出的a﹣F图象，分析图线不通过原点的原因．（4）某同学设计了如图3所示的实验装置，若轻小滑轮与绳之间摩擦可以忽略不计，下列正确的是A．小车仍需平衡摩擦 B．钩码质量m仍需远小于小车质量MC．弹簧秤读数F=mg/2 D．以上都不正确．四．计算题（共46分，要求写出必要的文字说明和详细的计算过程，直接给出结果的不给分．）13、（10分）一个质量是50kg的人站在升降机的地板上，升降机的顶部悬挂了一个弹簧秤，弹簧秤下面挂着一个质量为m=5kg的物体A，当升降机向上运动时，他看到弹簧秤的示数为75N，g取10m/s2，求此时地板对人的支持力．14．（10分）一物体从楼上自由下落，经过高为2m的窗户所用的时间为0.2s，物体是从距离窗顶多高处自由落下的？（g=10 m/s2）15.（12分）如图所示,一个M=2 kg的物体A放在μ=0.2的粗糙水平面上,用一条质量不计的细绳绕过定滑轮和一个m0=0.1 kg的小桶B相连,已知:A受到的最大静摩擦力F max=4.5 N,滑轮上的摩擦不计,g=10 m/s2,求在以下情况下,A受到的摩擦力的大小.(1)只挂B,处于静止状态时;(2)只挂B但在A上再放一个M′=3 kg的物体时;(3)只在桶内加入m1=0.33 kg的沙子时;(4)只在桶内加入m2=0.5 kg的沙子时.16．（14分）如图所示，木块质量m=1.04kg，在与水平方向成θ=37°角、斜向右上方的恒定拉力F作用下，以a=2.0m/s2的加速度从静止开始做匀加速直线运动，在3s末时撤去拉力F．已知木块与地面间的动摩擦因数μ=0.4，取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）拉力F的大小（2）物体在5s内滑行的总位移．2020学年崇仁二中高一（上）第二次月考物理试卷参考答案1【解答】解：在国际单位制中，力学的基本单位是m、kg、s，而单位m/s，m/s2、N都是导出单位，故选：D．2．【解答】解：A、0～5s，物体沿正向运动，5～6s沿负向运动，故5s末离出发点最远，最远距离为S=×10×（2+5）m=35m，故A错误；B、在0～6s内，物体经过的路程为S=×10m/s×2s+10m/s×2s+×10m/s×1s+×10m/s×1s=40m，故B错误．C、在0～4s内，物体经过的路程为S=×10m/s×2s+10m/s×2s=30m，所以平均速率为：=7.5m/s，故C正确；D、在5s﹣6s内，物体做反向的匀加速运动，速度方向和合外力方向相同；故D错误；故选：C3.解析:分力和合力是等效替代的关系,力的合成、力的分解与等效替代法有关,重心是重力的等效作用点,只有动摩擦因数与等效替代法无关.故选：C4．【解答】解：物体必受重力，物体与斜面体相互挤压，故斜面对物体一定有支持力，方向垂直于斜面向上，物体相对于粗糙斜面向上滑动，一定与斜面体间有摩擦力，摩擦力阻碍物体间的相对滑动，物体相对于斜面体向上滑动，故一定受到沿斜面向下的滑动摩擦力，物体依靠惯性运动，没有向上的冲力，也找不到施力物体，重力有使物体下滑的趋势，无下滑力，同样也找不到施力物体；故选：C．5．【解答】解：A、根据匀变速直线运动的推论，知汽车的平均速度．故A、B错误．C、根据速度时间公式知，汽车的加速度a=．故C错误．D、位移x=．故D正确．故选：D．6．【解答】解：A、电梯减速上升，加速度向下，由牛顿第二定律mg﹣F=ma解得F=m（g﹣a）=9mD、电梯匀加速下降，加速度向下，由牛顿第二定律mg﹣F=ma解得F=m（g﹣a）=9.5m故选B．二、多项选择题7.解析:物体的重心不一定在物体的几何中心上,如质量分布不均匀的球体;由胡克定律可知,弹力的大小决定于弹簧的劲度系数和形变量的大小;对于确定的物体之间,动摩擦因数是常数;静摩擦力的大小在零和最大静摩擦力之间取值.综上所述,选项AD正确.8.【解答】解：A、在小明下降过程，只受重力的作用，有向下的重力加速度，是处于完全失重状态，故A正确．B、小明起跳以后在上升过程，也是只受重力的作用，有向下的重力加速度，是处于完全失重状态，故B 错误．C、在小明起跳过程中，地面要给人一个向上的支持力，支持力的大小大于人的重力的大小，人才能够有向上的加速度，向上运动，故C正确．D、起跳以后在下降过程中，重力仍不变，故D错误．故选：AC．9．【解答】解：A、B、在Pa段弹性绳松驰，对人没有拉力，人做自由落体运动，速度不断增大．故A正确；B、在ab段弹性绳对人的拉力小于人的重力，人受到的合力向下，人继续向下做加速运动，速度不断增大．故B正确；C、在bc段，弹性绳对人的拉力大于人的重力，人受到的合力向上，加速度向上，人向下做减速运动，速度减小．故C错误；D、由以上分析可知，在经过b点时，人的速度最大．此时人受到的拉力与重力平衡，人的加速度为0；故D错误．故选：AB．10．【解答】解：A、x﹣t图象是位移时间图象，图象的斜率表示速度，由于物体可能先向上做匀减速直线运动，后停在最高点．故A正确．B、物体可能先向上做匀减速直线运动，后停在最高点．故B正确．C、物体可能先向上做匀减速直线运动，后向下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得：上滑时有：mgsinα+μmgcosα=ma上；下滑时有：mgsinα﹣μmgcosα=ma下；可知上滑的加速度大于下滑的加速度，根据v﹣t图象中图象的斜率等于加速度，可知上滑时图象的斜率较大，故C错误，D正确．故选：ABD三、实验题（每空2分，共14分）11．在“探究求合力的方法”的实验中，实验桌上已有橡皮筋、两个细绳套，两个三角板、一张白纸、图钉若干．（1）为完成实验，还需要下列器材中的 CA．天平 B．电磁打点计时器 C．弹簧秤 D．直尺（2）某次测量时，一只弹簧秤读数如图所示，该读数为 2.20 N．（3）实验操作过程中，下列正确的是BC12.（1）若取小车的质量为0.4kg，改变砝码和砝码盘的质量m进行多次实验，以下m的取值不合适的一个是 DA．m1=20g B．m2=30g C．m3=40g D．m4=300g（2）下列说法正确的是AB（3）图2是由实验数据作出的a﹣F图象，分析图线不通过原点的原因未计入砝码盘的质量．（4）某同学设计了如图3所示的实验装置，若轻小滑轮与绳之间摩擦可以忽略不计，下列正确的是 A A．小车仍需平衡摩擦 B．钩码质量m仍需远小于小车质量MC．弹簧秤读数F=mg/2 D．以上都不正确．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题；定性思想；实验分析法；牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）在实验中，认为m的重力等于滑块所受的合力，所以m的质量应远小于M的质量；（2）在“验证牛顿第二定律”的实验中，实验中用勾码的重力代替小车的合力，故要通过将长木板左端垫高来平衡摩擦力和使小车质量远大于小盘（包括盘中的砝码）质量来减小实验的误差，只需要平衡一次，打点计时器应用交流电源；（3）应该画出砝码盘中砝码和砝码盘总重力与加速度的关系图象；（4）该实验必须要平衡摩擦；由于该实验的连接方式，小车是在绳的拉力下加速运动，故不要求重物质量远小于小车质量；由牛顿第二定律可求解测力计的读数．【解答】解：（1）在“验证牛顿第二定律”的实验用控制变量法，本实验在满足小车质量远大于砝码及砝码盘的总质量的条件下，才能用砝码及砝码盘的重力代替小车所受的合力，D答案不能满足此条件．本题选不合适的，故选：D（2）A、若通过作v﹣t图象求a，可以减小由于测量所造成的偶然误差，可以筛选出测量错误的数据，故A正确；B、平衡摩擦力时，应将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，是小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动，故B正确；C、次改变小车的质量时，小车的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力．故C错误．D、打点计时器应用低压交流电源，故D错误．故选：AB（3）从图中图线可发现当拉力F等于0时，加速度大于0，所以实验中存在的问题可能是：未计入砝码盘的质量．（4）A、该实验首先必须要平衡摩擦力，长木板必须倾斜，故A正确；B、由于该实验的连接方式，重物和小车不具有共同的加速度，小车是在绳的拉力下加速运动，此拉力可由测力计示数获得，不需要用重物的重力来代替，故不要求重物质量远小于小车质量，故B错误；C、由于重物向下加速度运动，由牛顿第二定律：m2g﹣2F=m2a，解得：F=，故C错误；D、由上述分析可知D错误；故选：A．故答案为：（1）D；（2）AB；（3）未计入砝码盘的质量；（4）A四．计算题（共46分，要求写出必要的文字说明和详细的计算过程，直接给出结果的不给分．）13.（10分）.解：答：此时人对地板的支持力为750N，方向竖直向上．（没有写明方向扣2分）14.．（10分）一物体从楼上自由下落，经过高为2m的窗户所用的时间为0.2s，物体是从距离窗顶多高处自由落下的？【解答】解： ==10m/s由v=gt得从楼上到窗户中点时刻的总时间t==1s所以t下落=1s﹣0.1s=0.9s根据h=得：h==4.05m答：物体是从距离窗顶4.05m高处自由落下的．15.解析:（12分每问4分）(1)因为m0g=1 N<F max,A处于静止状态,受静摩擦力作用,由二力平衡得F1=m0g=1 N.(2)在A上再放一个M′=3 kg的物体,A仍静止,所受静摩擦力F2=F1=m0g=1 N.(3)因为(m0+m1)g=4.3 N<F max,故A处于静止状态,所受静摩擦力F3=(m0+m1)g=4.3 N.(4)因为(m0+m2)g=6 N>F max,故物体A运动,受到滑动摩擦力作用,由公式F=μF N得F4=μMg=4 N.答案:(1)1 N (2)1 N (3)4.3 N (4)4 N16．【解答】解：（1）对物体受力分析，可知水平方向Fcosθ﹣f=ma ----------------------------2分竖直方向Fsinθ+F N=mg ----------------------------2分摩擦力公式f=μF N ----------------------------1分由以上三个方程可以解得，a=2m/s2F=6N； ----------------------------------------------1分（共6分）（2）在3s末物体的速度为V=at=2×3m/s=6m/s，----------------------------1分前3s的位移为X1=at2=9m，----------------------------1分在3s末撤去了拉力F，之后物体将在摩擦力的作用下减速运动，设此时的加速度为a′，摩擦力为f′，则f′=μmg=ma′，所以a′=μg=4m/s2，----------------------------2分撤去了拉力F之后，减速到0需要的时间为t则由V=0﹣a′t 可得t=1.5s即物体只运动了1.5s就停止了，----------------------------2分所以减速运动的位移X2=Vt﹣at2=4.5m----------------------------1分所以总位移x=X1+X2=9m+4.5m=13.5m，-----------------1分（共8分）答：（1）拉力F的大小为6N（2）物体在5s内滑行的总位移是13.5m。
高一物理第二次月考试卷及答案
第二次月考高一年级物理试卷一、选择题部分（1-16小题为单选，每小题2.5分；17-22小题为双项选择，每小题4分，双项选择如果有错误选项该小题不得分，如果选择一个答案正确得2分，选择题部分总分64分）1、下面物理量中属于矢量的是（）A. 速率B. 动能C. 向心力D. 功率2、下列关于物理学家及其贡献正确的是（）A．开普勒通过观察天象以及深入研究第谷的数据提出行星运动三大定律B．牛顿通过扭秤实验测出了万有引力常量C．哥白尼创立地心说，托勒密创立了日心说。
D．伽利略总结出牛顿运动定律和万有引力定律，建立完整的经典力学体系3、关于曲线运动，下列说法中正确的是（）A．变速运动一定是曲线运动 B．曲线运动一定是变速运动C．速率不变的曲线运动是匀速运动 D．曲线运动也可以是速度不变的运动4、下列几种运动中，不属于．．．匀变速运动的是（）A．斜下抛运动 B．斜上抛运动 C．平抛运动 D．匀速圆周运动5、下列说法正确的是（）A. 物体做曲线运动，加速度一定不为零B. 速度变化量Δv越大，加速度就越大C. 物体有加速度，动能一定会发生变化D. 合外力做功越多，物体速度越大6、关于人对物体做功，下列说法中错误的是（）A．人用手拎着水桶在水平地面上匀速行走，人对水桶做了功B．人用手拎着水桶从3楼匀速下至l楼，人对水桶做了功C．人用手拎着水桶从1楼上至3楼，人对水桶做了功D．人用手拎着水桶站在原地不动，虽然站立时间很久，但人对水桶没有做功7、一个人乘船过河，船的速度恒定，且船头始终垂直指向对岸，当到达河中间时，水流速度突然变大，则他游到对岸的时间与预定的时间相比（）A. 不变B. 减小C. 增加D. 无法确定8、下列说法中正确的是（）A. 摩擦力方向一定与物体运动的方向相反，一定做负功B. 地球虽大，且有自转，但有时仍可被看作质点C. 加速度恒定的物体一定做匀变速直线运动D. 马拉车加速前进，是因为马拉车的力大于车拉马的力9、关于运动的合成和分解，下列说法中正确的是（）A．合速度大小等于分速度大小之和B．物体的两个分运动若是直线运动，则它的合运动一定是直线运动C．合运动和分运动具有等时性D．若合运动是曲线运动，则其分运动中至少有一个是曲线运动10、一辆卡车在丘陵地区匀速行驶，地形如图所示，由于轮胎太旧，途中爆胎，爆胎可能性最大的地段应是（）A ．a 处B ．从a 向b 运动的过程中C ．c 处D ．d 处11、如图，有一空心圆锥面开口向上放置着，圆锥面绕竖直方向的几何对称轴匀速转动，在光滑圆锥面内表面有一物体m 与壁保持相对静止，则物体m 所受的力有（ ）A. 重力、弹力、下滑力共三个力B. 重力、弹力共两个力C. 重力、弹力、向心力共三个力D. 重力、弹力、离心力共三个力12、质量为m 的小球在竖直平面内的圆形轨道内侧运动，若经最高点不脱离轨道的临界速度为v ，则当小球以2v 速度经过最高点时，小球对轨道压力的大小为（ ）A ．0B ．mgC ．3mgD ．5mg13、对于万有引力定律的表达式F =G 221rm m ，下面说法中正确的是（ ） A ．公式中G 为引力常量，它是由实验测得的，而不是人为规定的B ．当r 趋近于零时，万有引力趋近于无穷大C ．m 1与m 2受到的引力大小与m 1、m 2的质量大小有关D ．m 1与m 2受到的引力总是大小相等，方向相反的，是一对平衡力14、关于开普勒第三定律中的公式k TR 23，下列说法中正确的是（ ） A.地球围绕太阳运动的k 值与金星围绕太阳运动的k 值不相同,B.月亮围绕地球运行的k 值与水星国围绕太阳运动k 值相同C.月亮围绕地球运动的k 值与人造卫星围绕地球运动的k 相同,D.这个公式不适用于嫦娥一号和其它环月飞行器绕月球运动15、如图所示，A 、B 、C 三颗人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，已知m A ＝m B <m C ，则三颗卫星（ ）A ．线速度大小关系：v A <vB =vC B ．加速度大小关系：a A >a B =a CC ．向心力大小关系：F A =F B <F CD 周期大小关系：T a >T b =T c16、一名宇航员来到某星球上，如果该星球的质量为地球的一半，它的直径也为地球的一半，那么这名宇航员在该星球上的重力是他在地球上重力的（ ）A ．4倍B ．0.5倍C ．0.25倍D ．2倍17、对于不同的地球同步卫星，下列物理量相同的是（ ）A. 质量B.高度C. 向心力D. 线速度的大小18、下列关于功的叙述中，正确的是（ ）A ．力和位移是做功的二要素，只要有力、有位移，就一定有功B ．功等于力和位移的乘积C ．功等于力和力方向上的位移的乘积D ．功等于位移和位移方向上的力的乘积19、关于功的正负，下列叙述中正确的是（ ）A ．正功表示功的方向与物体运动方向相同，负功为相反B ．正功表示功大于零，负功表示功小于零C ．正功表示力和位移两者之间夹角小于90°，负功表示力和位移两者之间的夹角大于90°D ．正功表示做功的力为动力，负功表示做功的力为阻力20、关于功和能的关系，下列说法中正确的是（ ）A ．物体具有对外做功的本领就具有能B ．功是能转化多少的量度C ．物体能量变化多少，就做了多少功D ．功和能具有相同的单位，它们的意义完全相同21、起重机吊钩挂着一木箱，木箱正在匀减速下降，这个过程中（ ）A ．木箱的重力做负功B ．钢索对木箱的拉力做正功C ．钢索对木箱的拉力做负功D ．木箱的重力势能和动能都减少22、下列说法中正确的是（ ）A．选择不同的参考平面，物体的重力势能的数值是不同的B．物体克服重力做功，物体的重力势能增加C．重力对物体做正功，物体的重力势能增加D．重力势能为负值的物体，肯定比重力势能为正值的物体做功要少二、填空题部分（每空2分，总分6分）23、如图是某同学用频闪照相研究平抛运动时拍下的照片，背景方格纸的边长相等，A、B、C、D是同一小球在频闪照相中拍下的四个连续的不同位置时的照片，则：①在水平方向上A、B、C、D四点之间的间距，（大小关系）这说明了；②若已知背景方格的边长为2.5cm，则相机的快门速度为s.三、计算题部分（总共4小题，总分30分，计算题要写解题步骤，只写结果不得分）24、一质量为10kg的物体在长为5m的绳子牵引下，在竖直平面内作圆周运动，通过最低的速度为10m/s，求此时对绳子的拉力。
江西省崇仁县2016-2017学年高二物理上学期第二次月考试题(含解析)
江西省崇仁县2016-2017学年高二物理上学期第二次月考试题（含解析）一、单选题(本大题共8小题，共32.0分)1. 如图是多用电表的原理图，通过选择开关k分别与123456连，以改变电路结构，分别成为电流表、电压表及欧姆表，则下列说法正确的是（）A.当选择开关k分别与1、2相连时是电流表，与3、4相连是电压表，与5、6相连时是欧姆表B.当选择开关k分别与1、2相连时是电流表，与3、4相连是欧姆表电压表，与5、6相连时是电压表C.作电流表时2比1量程大，作电压表时6比5量程大D.作电流表或电压表时电流从红表笔流进黑表笔流出，作欧姆表时电流从红表笔流出黑表笔流进【答案】B【解析】试题分析：由图示电路图可知，开关K接1、2时表头与两电阻并联，此时多用电表为电流表，接1时分流电阻阻值小，此时电流表量程大；由图示电路图可知，开关接3、4时多用电表有内置电源，此时多用电表为欧姆表；由图示电路图可知，开关接5、6时多表头与分压电阻串联，此时多用电表是电压表，接6时串联电阻大，接6时电压表量程大，故A错误，B正确；接1时分流电阻阻值小，此时电流表量程大，接6时串联电阻大，接6时电压表量程大，故C 错误；多用电表作电流表或电压表时红表笔电势高黑表笔电势低，电流从红表笔流进黑表笔流出，多用电表作欧姆表时内置电源正极与黑表笔相连，电源负极与红表笔相连，多用电表作欧姆表时电流从红表笔流入黑表笔流出，故D错误；考点：多用电表【名师点睛】本题考查了多用电表的结构，是一道基础题，知道电流表、电压表、欧姆表的改装原理是解题的前提与关键，分析清楚图示电路图即可解题。
2. 图中电阻R 1、R 2、R 3的阻值相等，电池的内阻不计．开关S 接通后流过R 2的电流是S 接通前的（ ）A. B. C. D.【答案】B【解析】试题分析：设电源电动势为E ，123R R R R ===，则S 接通时，21232EE I RRR =⨯=+，S 断开时，22E I R '=，所以'2223I I =，故B 选项正确。
江西省崇仁县高一物理第二次月考试题新人教版
崇仁一中2012-2013学年高一第二次月考物理试题注意事项：1．答卷前，考生首先检查答题纸是否整洁无缺损，用0.5毫米黑色字迹的签字笔在答题纸指定位置填写自己的学校、班级、姓名和考号。
2．选择题每小题选出答案后，按要求填写在指定的空格处。
3．非选择题必须用0.5毫米黑色字迹的签字笔作答，答案必须写在答题纸各题目指定区域内相应位置上，请注意每题答题空间，预先合理安排；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用涂改液。
不按以上要求作答的答案无效。
本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，共计100分。
考试时间100分钟。
第I卷（选择题共40分）一、本题共10小题；每小题4分，共计40分。
在每小题给出的四个选项中，有一个或多个选项正确，全部选对得4分，选对但不全得2分，有错选得0分1、在国际单位制中，下列各组物理量，三个量都不是基本物理量但都是矢量的是（）A．力速度质量 B．位移力加速度C．长度速度变化加速度 D．长度质量时间2．用计算机辅助实验系统（DIS）做验证牛顿第三定律的实验，如图所示是把两个测力探头的挂钩钩在一起，向相反方向拉动，观察显示器屏上出现的结果．根据观察分析两个力传感器的相互作用力随着时间变化的曲线，得出的以下结论错误的是（）A．作用力与反作用力总是方向相反B．作用力与反作用力同时存在，同时消失C．作用力与反作用力大小总是相等D．作用力与反作用力作用在同一物体上3．如图1所示，在甲图中，小孩用80N的水平力推木箱，木箱不动，则木箱此时受到的静摩擦力大小为f1；在乙图中，小孩用至少100N的水平力推木箱，木箱才能被推动，则木箱与地面间的最大静摩擦力大小为f2；在丙图中，小孩把木箱推动了，若此时木箱与地面间摩擦力大小为90N，木箱对地面的压力大小为200N，则木箱与地面间动摩擦因数为μ。
则f1、f2、μ依次为 ( )A．0、80N、0.45 B．80N、100N、0.90C．80N、100N、0.45 D．80N、80N、0.904．同一平面内的三个力，大小分别为4N、6N、7N，若三力同时作用于某一物体，则该物体所受三力合力的最大值和最小值分别为 ( )A．17N 3N B．5N 3NC ．9N 0D ．17N 05．如图2所示，老师在讲“超重与失重”时，做了一个有趣的实验：在空雪碧瓶底四周钻几个小孔，盛满水后，让盛满水的雪碧瓶自由下落，则下落过程中可能出现的图是( )6．关于弹力的方向，下列说法正确的是 ( )A ．物体静止在水平桌面上，桌面对物体的支持力方向是竖直向下的B ．物体沿斜面下滑时，斜面对物体的支持力方向是沿斜面向上的C ．用绳悬挂物体时，绳对物体的拉力方向是沿绳收缩的方向D ．用水平直杆固定路灯时，直杆对路灯的弹力方向一定在直杆所在直线上7．2011年06月30日京沪高速铁路正式投入运营，运营里程1318公里，列车最高时速380公里。
江西省崇仁县第二中学高一物理下学期第二次月考试题
2016年崇仁二中高一第二次月考物理试卷一、单选题(本大题共8小题，共32.0分)1. 一物体置于光滑水平面上，受互相垂直的水平力F 1、F 2作用，经一段位移，F 1做功为6 J，F 2做功为8 J，则F 1、F 2的合力做功为（）A. 14 JB. 10 JC. --2J D. 2 J2. 在光滑水平面上，一个人用100N的力与水平方向成60°角推一个箱子前进6m，如图所示，则推力所做的功是（）A. 100J B. 300JC. 300 JD. 600 J3. 质量为1kg的小铁球从足够高的高度由静止释放，不计空气阻力，g取10m/s 2．则（）A. 3s末重力的瞬时功率为300WB. 3s末重力的瞬时功率为30WC. 3s内重力的平均功率为30W D. 3s内重力的平均功率为300W4. 汽车以恒定的功率在平直公路上行驶，所受到的摩擦阻力恒等于车重的0.1倍，汽车能达到的最大速度为v m．则当汽车速度为时，汽车的加速度为（重力加速度为g）（）A. 0.1gB. 0.2gC. 0.3gD. 0.4g5. 关于速度与动能，下列说法中正确的是（）A. 物体速度很大时，那么它的动能一定很大B. 速度相等的物体，如果质量相等，那么它们的动能也相等C. 动能相等的物体，如果质量相等，那么它们的速度也相同D. 动能越大的物体，速度也越大6. 如图所示，光滑斜面的顶端固定一弹簧，一小球向右滑行，并冲上固定在地面上的斜面．设物体在斜面最低点A的速度为v，压缩弹簧至C点时弹簧最短，C点距地面高度为h，不计小球与弹簧碰撞过程中的能量损失，则小球在C点时弹簧的弹性势能为( )A.B.B. C. D. mgh7. 如图所示，一根全长为L 的粗细均匀的铁链，对称地挂在轻小且光滑的定滑轮上．当受到轻微的扰动后，铁链开始滑动，当铁链脱离定滑轮的瞬间，铁链速度的大小为（）A. B.C. D.8. 如图所示，在地面上以速度v 0抛出质量为m的物体，抛出后物体落到比地面低的海平面上．若以地面为零势能面而且不计空气阻力，则下列说法错误的是（）A. 物体到海平面时的重力势能为mghB. 从抛出到落至海平面，重力对物体做功为mghC. 物体在海平面上的动能为mgh+ mv 02D. 物体在海平面上的机械能为 mv 02二、多选题(本大题共4小题，共16.0分)9. 质量为m的物体从地面上方H高处无初速释放，落在地面后出现一个深度为h的坑，如图所示，在此过程中（）A. 重力对物体做功为mghB. 重力对物体做功为mg( H+h)C. 外力对物体做的总功为零D. 地面对物体的平均阻力为mg( H+ h)/ h10. 如图所示，一根轻弹簧下端固定，竖立在水平面上.其正上方A位置有一只小球.小球从静止开始下落，在B位置接触弹簧的上端，在C位置小球所受弹力大小等于重力，在D位置小球速度减小到零（空气阻力不计），则小球下降阶段下列说法中正确的是( )A. 在B位置小球动能最大B. 在C位置小球动能最大C. 从A→C位置小球重力势能的减少等于小球动能的增加D. 从A→D位置小球重力势能的减少等于弹簧弹性势能的增加11. 如图所示，质量为M，长度为l的小车静止在光滑的水平面上，质量为m的小物块(可视为质点)放在小车的最左端，现用一水平恒力F作用在小物块上，小物块与小车之间的摩擦力为f，经一段时间小车运动的位移为s，小物块刚好滑到小车的最右端，则下述答案正确的是( )A. 此时物块的动能为(F-f)(s+l)B. 此时小车的动能为fsC. 这一过程中，物块和小车增加的机械能为FsD. 这一过程中，物块和小车产生的内能为f l12. 由光滑细管组成的轨道如图所示，其中AB段和BC段是半径为R的四分之一圆弧，轨道固定在竖直平面内．一质量为m的小球，从距离水平地面高为H的管口D处静止释放，最后能够从A端水平抛出落到地面上．下列说法正确的是（）A. 小球落到地面时相对于A点的水平位移值为B. 小球落到地面时相对于A点的水平位移值为C. 小球能从细管A端水平抛出的条件是H＞2RD. 小球能从细管A端水平抛出的最小高度三、实验题探究题(本大题共2小题，共18.0分)13. 在利用重锤下落验证机械能守恒定律的实验中：（1）产生误差的主要原因是．A．重物下落的实际距离大于测量值 B．重物下落的实际距离小于测量值C．重物的实际末速度v大于gt D．重物的实际末速度v小于gt（2）甲、乙、丙三位同学分别得到A、B、C三条纸带，它们的前两个点间的距离分别是1.0mm、1.9mm、4.0mm．那么一定存在操作误差的同学是 ___ ___ 错误的原因是（3）有一条纸带，各点距A点的距离分别为d 1，d 2，d 3，…，如图所示，各相邻点间的时间间隔为T，当地重力加速度为g．要用它来验证B和G两点处机械能是否守恒，可量得BG间的距离h= ______ ，B点的速度表达式为v B= ______ ，G点的速度表达式为v G= ______ ，若B点和G点的速度v B、v G和BG间的距离h均为已知量，则当 ______ = ______ 时，机械能守恒．14. 某研究性学习小组利用气垫导轨验证机械能守恒定律，实验装置如图甲所示．当气垫导轨正常工作时导轨两侧喷出的气体使滑块悬浮在导轨上方，滑块运动时与导轨间的阻力可忽略不计．在气垫导轨上相隔一定距离的两处安装两个光电传感器A、B，滑块P上固定一遮光条，若光线被遮光条遮挡，光电传感器会输出高电压，两光电传感器采集数据后与计算机相连．滑块在细线的牵引下向左加速运动，遮光条经过光电传感器A、B时，通过计算机可以得到如图乙所示的电压U随时间t变化的图线．（1）当采用图甲的实验装置进行实验时，下列说法中正确的是 ______ ；A．滑块P机械能守恒B．钩码Q机械能守恒C．滑块P和钩码Q组成的系统机械能守恒D．以上三种说法都正确（2）实验前，接通电源，将滑块（不挂钩码）置于气垫导轨上，轻推滑块，当图乙中的△t 1______ △t 2（选填“＞”“=”或“＜”）时，说明气垫导轨已经水平．（3）滑块P用细线跨过气垫导轨左端的定滑轮与质量为m的钩码Q相连，将滑块P由图甲所示位置释放，通过计算机得到的图象如图乙所示，若△t 1、△t 2、遮光条宽度d、滑块质量M、钩码质量m已知，若上述物理量间满足关系式 ______ ，则表明在上述过程中，滑块和钩码组成的系统机械能守恒．（4）若遮光条宽度d=8.400mm，A、B间的距离L=160.00cm，△t 1-3s，△t 2-3s，滑块质量M=180g，钩码Q质量m=20g，则滑块从A运动到B的过程中系统势能的减少量△E p= ______J，系统动能的增量△E k= ______ J．（g=9.80m/s 2，计算结果保留三位有效数字）四、计算题(本大题共4小题，共34.0分)15. 如图所示，光滑的水平桌面离地面高度为2L，在桌边缘，一根长L的软绳，一半搁在水平桌面上，一半自然下垂于桌面下．放手后，绳子开始下落．试问，当绳子刚完全脱离桌面时，绳子的速度是多少？16. 如图所示，A物体用板托着，位于离地h=1.0m处，轻质细绳通过光滑定滑轮与A、B相连，绳子处于绷直状态，已知A物体质量M=1.5㎏，B物体质量m=1.0kg，现将板抽走，A将拉动B上升，设A与地面碰后不反弹，B上升过程中不会碰到定滑轮，问：（1）A落地前瞬间的速度大小为多少？ (8)（2）B物体在上升过程中离地的最大高度为多大？17. 如图所示，两个半径为R的四分之一圆弧构成的光滑细管道ABC竖直放置，且固定在光滑水平面上，圆心连线O 1O 2水平．轻弹簧左端固定在竖直挡板上，右端与质量为m的小球接触（不拴接，小球的直径略小于管道内径），开始时弹簧处于锁定状态，具有一定的弹性势能，重力加速度为g．解除锁定，小球离开弹簧后进入管道． (10)（1）若小球经C点时所受弹力大小为求弹簧锁定时具有的弹性势能E p；（2）若轨道内部粗糙，弹簧锁定时的弹性势能E p不变，小球恰好能够到达C点，求小球克服轨道摩擦阻力做的功．18. 如图，质量为M的小车静止在光滑水平面上，小车AB段是半径为R的四分之一圆弧光滑轨道，BC段是长为L的水平粗糙轨道，两段轨道相切于B点．一质量为m 的滑块在小车上从A点由静止开始沿轨道滑下，重力加速度为g．（1）若固定小车，求滑块运动过程中对小车的最大压力；（2）若不固定小车，滑块仍从A点由静止下滑，然后滑入BC轨道，最后从C点滑出小车．已知滑块质量m= 在任一时刻滑块相对地面速度的水平分量是小车速度大小的2倍，滑块与轨道BC间的动摩擦因数为μ，求：①滑块运动过程中，小车的最大速度大小v m；②滑块从B到C运动过程中，小车的位移大小s．崇仁二中高一物理月考（二）测试卷【答案】1. A2. B3. A4. A5. B6. B7. A8. A9. BCD 10. BD 11. ABD 12. BC13. D；丙；先释放重物，后接通电源（或释放纸带初速度不为零等）；d 6-d 1；= ；= ；2g（d6-d 1）；14. C；=；mgL= （M+m）（）2- （M+m）（）2；0.314；0.30015. 解：对绳子下落的过程，根据动能定理得：mg + =解得：v=答：当绳子刚完全脱离桌面时，绳子的速度是．16. 解：（1）A、B组成的系统，只有重力做功，系统机械能守恒，有代入数据得，v=2m/s．故A落地前瞬间的速度大小为2m/s．（2）A落地后，B物体仅受重力，机械能守恒，设B物体还能上升的高度为h′，有代入数据得，h′=0.2mH=h′+h=1.2m故B物体上升过程中离地的最大高度为1.2m．17. 解：（1）在C点，以小球为研究对象，则有mg+ =m对整个过程，根据能量守恒定律得E p=2mgR+联立解得 E p= mgR（2）小球恰好能够到达C点时速度为零．根据能量守恒得：E p-W-2mgR=0则得小球克服轨道摩擦阻力做的功 W=E p= mgR答：（1）弹簧锁定时具有的弹性势能E p为mgR．（2）小球克服轨道摩擦阻力做的功为mgR．18.解：（1）当滑块到达B时的速度最大，受到的支持力最大；当滑块下滑的过程中机械能守恒，得：滑块在B点处受到的支持力与重力的合力提供向心力，得：解得：N=3mg由牛顿第三定律得：滑块对小车的压力：N′=N=3mg即滑块运动过程中对小车的最大压力是3mg．（2）①在任一时刻滑块相对地面速度的水平分量是小车速度大小的2倍，设小车的最大速度是v m，由机械能守恒得：解得：②由于在任一时刻滑块相对地面速度的水平分量是小车速度大小的2倍，所以滑块从B到C运动过程中，滑块的平均速度是小车的平均速度的2倍，即：由于它们运动的时间相等，根据：可得：s 滑块=2s 车又：s 滑块+s 车=L所以：小车的位移大小：s= L答：（1）若固定小车，求滑块运动过程中对小车的最大压力是3mg；（2）①滑块运动过程中，小车的最大速度大小是；②滑块从B到C运动过程中，小车的位移大小是．。
【解析】江西省崇仁县第二中学2017-2018学年高一上学期期中考试物理试题含解析
崇仁二中2017-2018学年高一上学期期中物理试卷一、选择题（每小题4分，共48分，其中1-7题为单选题，8-12为多选题）1. 以下叙述不正确的是( )A. 在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫等效替代法B. 根据速度定义式，当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想法C. 亚里士多德认为物体下落的快慢是由它们的重量决定的D. 伽俐略斜面实验“冲淡”了重力的作用，便于小球运动时间的测量【答案】A【解析】在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫建立物理模型法，故A说法错误；根据速度定义式：，当△t非常非常小时，就可以表示物体在t 时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想法，故B说法正确；亚里士多德认为物体下落的快慢是由它们本身的重量决定的，故C说法正确；伽俐略斜面实验“冲淡”了重力的作用，便于小球运动时间的测量，故D说法正确。
所以选A。
2. 下列关于加速度说法中正确的是( )A. 加速度与速度变化量成正比，与时间成反比B. 速度变化越快，加速度越大且加速度的方向和速度改变量的方向相同C. 当加速度与速度方向相同且又减小时，物体做减速运动D. 加速度方向保持不变，速度方向也一定保持不变【答案】B【解析】加速度是物体的速度变化和所用时间的比值即，由此可知加速度与速度变化量、时间无关，由合外力和质量决定，故A错误；加速度反应物体速度变化快慢的物理量，因此速度变化越快，加速度越大且加速度的方向和速度改变量的方向相同，故B正确；当加速度与速度方向相同且又减小时，物体做加速运动，故C错误；当速度方向与加速度方向相反时，加速度方向保持不变，速度方向将发生变化，故D错误。
所以B正确，ACD错误。
3. 在某段公路上，分别有图示的甲、乙两块告示牌，告示牌上面数字的意思是（）A. 甲是指位移，乙是平均速度B. 甲是指路程，乙是平均速度C. 甲是指位移，乙是瞬时速度D. 甲是指路程，乙是瞬时速度【答案】D【解析】告示牌甲是量程牌，表示路程．限速是指瞬时速度不能超过多大，告示牌乙上面的数字是瞬时速度．故选D.4. 关于弹力、静摩擦力，下列说法中不正确的是：A. 水平桌面受到书的压力是由于桌面发生微小形变而产生的B. 书受到水平桌面支持力的作用效果是使书发生微小形变C. 两接触面间有摩擦力存在，则一定有弹力存在，且两者方向相互垂直D. 压力会影响最大静摩擦力的大小，即静摩擦力的大小范围，但不会影响静摩擦力的大小【答案】A【解析】书发生形变，要恢复原状产生向下的弹力作用在桌面上，即对桌面的压力，故A说法错误；书受到水平桌面支持力的作用效果是使书发生微小形变，故B说法正确；两接触面间有摩擦力存在，则一定有弹力存在，但有弹力存在不一定存在摩擦力，且弹力和摩擦力方向一定相互垂直，故C说法正确；压力会影响最大静摩擦力的大小，即静摩擦力的大小范围，但不会影响静摩擦力的大小，故D说法正确。
江西省崇仁县第二中学高一物理上学期第二次月考试题
崇仁县第二中学高一年级第二次月考物理试卷学校: ___________ 姓名：___________ 班级：___________ 考号：___________ 注意：本试卷包含I、n两卷。
第I卷为选择题，所有答案必须用2B铅笔涂在答题卡中相应的位置。
第n卷为非选择题，所有答案必须填在答题卷的相应位置。
答案写在试卷上均无效，不予记分。
第I卷（选择题）、单选题（本大题共8小题，共32.0分）1. 甲、乙、丙三个物体同时、同地出发做直线运动，它们的位移图象如图所示，下列说法中正确的是（）A. 乙物体做加速度不变的直线运动，甲、丙两物体做变加速直线运动B. 三物体在前10s内的平均速率相等C. 出发后到再次相遇，三物体的运动方向始终相同D. 出发后到再次相遇前，甲物体一直在乙物体的前面，丙物体一直在乙物体的后面2. 图为某物体做直线运动的速度-时间图象，(ni h :)请根据该图象判断下列说法正确的是（）A. 物体第3S初的速度为零B. 物体的加速度为-4 m/ s2C. 物体做的是单向直线运动D. 物体运动的前5s内的位移为26m23. 一物体做匀变速直线运动，初速度为2ms,加速度大小为1ms，则经1s后，其末速度（）A.一定为3msB.一定为1msC.可能为1msD.不可能为1ms4. 如果从高楼相隔is先后释放两个相同材料制成的小球，假设小球做自由落体运动，贝陀们在空中各个时刻（）A.两球的距离始终保持不变B.两球的距离越来越小C.两球的距离先越来越小，后越来越大D.两球的距离越来越大5.如图所示，物体A和物体B叠放在水平地面上且处于静止状态，此时地面受到的压力的施力物体是（）A.物体AB. 物体BC.物体A和物体BD. 地面6.如图所示，一个倾角为0的斜面固定在水平地面上，质量为m的物块与斜面之间的动摩擦因数为□•并以某一初速度沿劈的斜面向上滑，至速度为零后静止在斜面上•则下列选项中正确的是（）A. 物块在上滑过程中所受摩擦力大小为mgsin 0B. 物块在上滑过程中所受摩擦力大小为卩mgC. 物块m静止在斜面上后，所受的摩擦力大小为卩mgcos0D. 物块m静止在斜面上后，所受的摩擦力大小为mgsin07.对于下列现象的解释，正确的是（）A. 蹦床运动员在空中上升和下落过程中，都处于失重状态B. 物体超重时惯性大，失重时惯性小，完全失重时不存在惯性C. 撤掉水平推力后，物体很快停下来，说明力是维持物体运动的原因D. 宇航员在围绕地球做匀速圆周运动的航天飞机中，处于完全失重状态时受力平衡8.如图所示，质量分别为m、m的A B两小球分别连在弹簧两端，B小球用细绳固定在倾角为30°的光滑斜面上，若不计弹簧质量，在细绳被剪断的瞬间，A、B两小球的加速度分别为（）A.都等于B.0和、多选题（本大题共4小题，共16.0分）9.甲、乙 两物体在t =0时的位置如图（A ）所示，之后它们沿 x 轴正方向运动的速度图象如图（ B）11. 在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用图所示的装置•下 列说法中正确的是（）A. 在探究加速度与质量的关系时，应该改变拉力的大小B. 在探究加速度与外力的关 系时，应该改变小车的质量C. 在探究加速度a 与质量m 的关系时，为直观判断二者关系，应作出a - 图象D. 当小车的质量远大于砝码盘和砝码的总质量时，才能近似认为细线对小车的拉力大小等于砝码盘 和砝码的总重力大小12. 如图所示，A B 两物块的质量分别为 2m 和m 静止叠放在水平I地面上，A 、B 间的动摩擦因数为 （1, B 与地面间的动摩擦因数为 -卩所示，则以下说法正确的有 （A. t =2s 时甲追上乙B. 在前4S 内甲乙两物体位移相等C. 甲追上乙之前两者间的最远距离为 4mD.甲追上乙之前两者间的最远距离为 16m10.放在水平地面上的物体 M 上表面有一物体m ，m 与M之间有一处于压缩状态的弹簧，整个装置处于静止状态，如图所示，则关于M 和m 受力情况的判断，hiVA. m 受到向右的摩擦力B.M 受到m 对它向左的摩擦力C.地面对M 的摩擦力方向右D.地面对M 不存在摩擦力作用最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g,现对A施加一水平拉力卩，则（）A. 当F v 2卩mg时，A、B都相对地面静止B.当卩mg时，A的加速度为卩gC.当F> 3卩mg时，A相对B滑动D.无论F为何值，B的加速度不会超过，卩g三、实验题探究题(本大题共3小题，每空2分,共20分)13. (I ).如图所示，某同学在做“探究弹簧伸长量与弹力的关系”实验时，先测出不挂钩码时弹簧的长度L o=2O.OO cm然后在弹簧的下端依次挂上不同个数规格相同的钩码,测出每次相应的弹簧长度L,得到下面的记录表格.次数弹簧的长度L/ cm弹簧伸长量x/ cm弹力大小F/N122.002. O00.49224.000.98326 • 006. OO l .47428. O& O 1.96529.989.98 2.45(1)当弹力大小为0.98N时，弹簧伸长量为___________ cm(2)由实验可知，在弹性限度内，弹簧的弹力与弹簧的伸长量成______ (选填“正比”或“反比”)；(3)由表中数据，可求出该弹簧的劲度系数为 ___________ N/ m(n).在“探究求合力的方法”实验中，可以设计不同的方案探究•以下是甲、乙两位同学设计的两个实验方案，(1) 甲同学设计的方案如图1,需要将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上两根细绳，细绳的另一端都有绳套•实验中需用两个弹簧测力计分别钩住绳套，并互成角度地拉橡皮条，使橡皮条伸长，结点到达某一位置①某同学在做该实验时认为:A. 拉橡皮条的绳细一些且长一些，实验效果较好B. 拉橡皮条时，弹簧测力计、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行C. 橡皮条弹性要好，拉结点到达某一位置O时，橡皮条方向必须在两细绳夹角的角平分线上D. 拉力F i和F2的夹角越大越好其中正确的是「 _____ （填入相应的字母）②若某次测量中两个弹簧测力计的读数均为4N,且两弹簧测力计拉力的方向相互垂直，则（选填“能”或“不能”）用一个量程为5N的弹簧测力计测量出它们的合力，理由是:（2）乙同学在家中用三根相同的橡皮筋（遵循胡克定律）来探究 求合力的方法，如图 2所示，三根橡皮筋在 O 点相互连接，拉长后三个端点用图钉固定在 A 、B C 三点•在实验中，可以通过刻度 尺测量橡皮筋的长度来得到橡皮筋的拉力大小，并通过OA OB OC 的方向确定三个拉力的方向，从而探究求其中任意两个拉力的合力的方法.在实验过程中，下列说法正确的是 ______ .A. 实验需要测量橡皮筋的长度以及橡皮筋的原长B. 为减小误差，应选择劲度系数尽量大的橡皮筋C. 以OB OC 为两邻边做平行四边形，其对角线必与OA 在一条直线上且两者长度相等D. 多次实验中 O 点不必是同一位置.（川）.在做“验证牛顿第二定律”的实验时： （1）甲同学根据实验数据画出的小车加速度 中的直线I,乙同学画出的图象为图中的直线n.截距较大•明显超出了误差范围，下面给出了关于形成这种情况原因的四种解释，其中可能正确的 是_______ .a 和小车所受拉力F 的图象为下图直线I 、n 在纵轴或横轴上的(A) 实验前甲同学没有平衡摩擦力(B) 甲同学在平衡摩擦力时，把长木板的末端抬得过高了(C) 实验前乙同学没有平衡摩擦力(D) 乙同学在平衡摩擦力时，把长木板的末端抬得过高了(2) 在研究小车的加速度a和小车的质量M的关系时，由于始终没有满足M m(m为砂桶及砂桶中砂的质量)的条件，结果得到的图象应是如下图中的图(3)在研究小车的加速度a和拉力F的关系时，由于始终没有满足M〉m的关系，结果应是下图中的图_______四、计算题(本大题共3小题，10+12+10=32分)14. (10分)在水平桌面上，用一弹簧沿水平方向拉木板，木板做勻速直线运动，测出该情况下弹簧的长度为I 1=12cm若在木板上放一质量为n=5kg的物体，仍用原弹簧沿水平方向勻速拉动木板，弹簧的长度变为l2=14cm两次拉动时，弹簧的型变量均未超过弹簧的弹性限度•已知木板与水平桌面间的动摩擦因数卩=0.2 •试求该弹簧的劲度系数.(g取9.8N/ kg)15. (12分)如图所示，物体的质量m=1.0kg,物体与地面间的动摩擦因数取g=10m/s2.若沿水平向右方向施加一恒定拉力F=9.0N,使物体由静止开始做匀加速直线运动. 求:(1) 物体的加速度大小；(2) 2s末的速度大小；(3) 2s末撤去拉力F,物体还能运动多远?=0.5 ,16.10分)如图所示，在动摩擦因数为1 =0.2的水平面上有两个斜丄、、酚边倾角相同的梯形物体，质量分别为M=2kg和M=1kg，从0时刻开始，用水平力F向右推M,使M、M一起从静止开始做匀加速运动，3s末的速度是c- HJ'Si m/s, 在运动过程中M对地面恰好无压力，M和M之间光滑但无相对滑动，取g=10m/s2，求(1)梯形斜边倾角0(2)水平推力F的大小.崇仁县第二中学高一年级第二次月考物理试卷答案和解析13. ( I )400 ;正比；24.5(II ).AB ;不能；合力为4 N> 5N ,超出了弹簧测力计的量程；AD（川）.BC ; D; D14. 解：设弹簧的原长为 丨0,木板的质量为 M第一次用弹簧沿水平方向拉木板时， 木板做匀速直线运动， 弹簧的拉力等于木板受到的滑动摩擦力, 即：k (11 -10) =^M g第二次在木板上放一质量为 m =5kg 的物体时，由平衡条件得k (12-10)=卩(M+rj) gItntg 0.2 x 5 x联立得 k ===490N/m答：该弹簧的劲度系数是 490N/m15. 解：(1)根据牛顿第二定律 F-f =maf = u mg — 0.5 x 10=5Ny齐2贝y a ==4msillI(2) 对于匀加速运动， 2s 末的速度v =v o +at =8ms(3)撤去拉力后的加速度大小 ■/ — ——:厂m tut J HL则物体还能滑行的距离 x=| .2 x【答案】1.D2.B3.C4.D5.B6.D9.BD 10.ABD 11.CD12.BCD7.A 8.B答：(1)物体的加速度大小为 4ms 2； (2) 2s 末的速度大小为 8ms ；(3) 2s 末撤去拉力F ,物体还能运动 6.4 m16. 解：(1)物体做初速度为零的匀加速直线运动，根据速度时间 关系公式，有：v =V o +at对M 受力分析，受重力和支持力，合力水平向右，根据牛顿第二定律，有:Mg tan 0 =Ma解得：tan 0=，解得■v.i ； 二，故 0 =30°§(2)对整体受力分析，受重力、支持力、推力和摩擦力，根据牛顿第二定律，有: F-f = (M+M ) a 其中；f = y( M+M ) g联立解得：F= (M+M ) a +u( M+M ) g=.i 十 112勺=23.3N 答：(1)梯形斜边倾角 0为30°; (2)水平推力 F 的大小约为 23.3N .【解析】1. 解：A 、x -t 图象的斜率表示速度， 乙物体做匀速直线运动，甲丙两物体做变速直线运动， A 错误;B 、 由图可知，三物体最终位移相等，路程不等，用时相等，故平均速率不相等， B 错误；C 、 三者都做直线运动，由于甲物体有反向运动过程，而乙丙均只有单向运动，故C 错误；D 由相同时刻对应的位移知：出发后到再次相遇前，甲物体一直在乙物体的前面，丙物体一直在乙 物体的后面，D 正确； 故选：D.根据x -t 图象中点线的含义明确物体的位移和路程；再由平均速率公式确定平均速率. 注意平均速率等于路程与时间的比值；平均速度等于位移与时间的比值. 2. 解：A 、物体第3s 初的速度为4n /s .故A 错误.解得:B、物体的加速度a= = =-4m/s2.故B正确.C、物体前3s向正方向运动，3s末以后向负方向运动•故D错误.l'J hD物体运动的前3S内的位移为x i=厂m=18m后2s内位移X2=-°x E —师则物体运动的前5s内的位移为x=X i+X2=10m故选B由图直接读出第3s初的速度.图线的斜率表示加速度.物体前3s向正方向运动，3s末以后向负方向运动•根据“面积”求解位移.本题中D项容易出错，要注意位移的方向，不能仅仅从面积求解位移大小.3. 解：若加速度方向与初速度方向相同，则i s末的速度为：v=v o+at =2+1X1 ms=3m s；若加速度方向与初速度方向相反，则i s末的速度为：v=v o+at=2-1 Xi ms=i ms.故C正确，A B、D错误.故选：C.根据速度时间公式求出物体的末速度，注意加速度的方向可能与初速度方向相同，可能与初速度方向相反.解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度时间公式，并能灵活运用，需讨论加速度的方向.4. 解：设乙运动的时间为t，则甲运动时间为t+1，贝U两球的距离△ h=.；£罷y -〒护=订g+gt，随时间逐渐增大，故D正确，ABC错误.故选D甲、乙两球均做自由落体运动，由位移公式列出它们的距离与时间关系的表达式即可判断.本题主要考查了自由落体运动位移时间关系的直接应用，难度不大，属于基础题.5. 解：弹力是接触力，施力物体与受力物体是相互接触的，故B物体对地面有压力，或者说AB整体对地面有压力，A物体对地面没有压力，故施力物体只能是B物体；故选：B.弹力是接触力，施力物体与受力物体是相互接触的.本题涉及弹力判断，关键是明确弹力的产生条件：有形变，施力物体与受力物体相互接触.6. 解：A、B物块在上滑过程中，受到的是滑动摩擦力，物块对斜面的压力大小为N=mgcosB，摩擦力大小为f = y N=u mgcosB .故AB错误.C、D当物块m静止在斜面上后，受到的是静摩擦力，根据平衡条件得到，静摩擦力与重力沿斜面向下的分力平衡，大小为f =mgsin B.故C错误，D正确.故选：D物块在上滑的过程中，受到斜面的滑动摩擦力作用，根据摩擦力公式求解其大小•当物块静止在斜 面上时，物块受到斜面的静摩擦力，根据平衡条件求解摩擦力的大小. 滑动摩擦力可根据滑动摩擦力公式求解，而静摩擦力不能根据公式 f = ^N 求，当物体处于平衡状态时，由平衡条件求解.7. 解：A 、蹦床运动员在空中上升和下落过程中，加速度方向都向下，都处于失重状态，故 A 正确B 、 惯性大小与物体的质量有关，人处于超重或失重状态时，质量不变，故 B 错误C 、 撤掉水平推力后，物体很快停下来，说明力是改变物体运动状态的原因，故 C 错误D 宇航员在围绕地球做匀速圆周运动的航天飞机中， 只受重力具有向心加速度， 处于完全失重状态，故D 错误 故选A.当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度； 人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大.本题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持 物的压力变了.8. 解：在剪断绳子之前， A 处于平衡状态，所以弹簧的拉力等于A 的重力沿斜面的分力相等.在剪断上端的绳子的瞬间，绳子上的拉力立即减为零，而弹簧的伸长量没有来得及发生改变，故弹力不 变仍为A 的重力沿斜面上的分力.故 A 球的加速度为零；在剪断绳子之前，对 B 球进行受力分析，B 受到重力、弹簧对它斜向下的拉力、支持 力及绳子的拉 力，在剪断上端的绳子的瞬间，绳子上的拉力立即减为零，对 B 球进行受力分析，则 B 受到到重力、弹簧的向下拉力、支持力.所以根据牛顿第二 定律得：故选：B.在剪断上端的绳子的瞬间，绳子上的拉力立即减为零，而弹簧的伸长量没有来得及发生改变，故弹 力不变，再分别对 A 、B 两个小球运用牛顿第二定律，即可求得加速度.该题考查瞬时加速度问题，要注意明确在剪断绳子的瞬间，绳子上的力立即减为 不发生改变，再结合牛顿第二定律进行分析求解即可. 9•解：A t =2s 时甲乙位移之差等于. -n=4m 而出发时相隔12m 所以此时甲还没有追上乙. 故A 错误.a B= = •；故B 正确，ACD 错误.0,而弹簧的弹力B、根据速度图象的“面积”大小等于位移，由几何知识得知，在前4S内甲乙两物体位移相等，都是16m故B正确.C、D当甲乙的速度相等时，相距最远，最远的距离等于t=2s时两者位移之差与12m之和，即为S max=4n+12m=16m 故C 错误，D 正确.故选BD甲乙两物体同向运动，出发点相隔12m当甲、乙的位移之差等于12n时，甲追上乙.根据速度图象的“面积”大小等于位移分析位移关系，判断甲有无追上乙.当两者速度相等时相距最远.本题关键抓住速度图象的“面积”大小等于位移，分析两物体的运动关系.10. 解：A、以m为研究对象，压缩状态的弹簧对m有向左的弹力，由平衡条件得到，m n受到向右的摩擦力，故A正确；B、根据牛顿第三定律得知，M受到m对它向左的摩擦力，故B正确；'C、D先以整体为研究对象，分析受力如图，根据平衡条件得到，地面对M没有摩擦力.故C错误，D正确；故选ABD分别以M m为研究对象，根据平衡条件研究它们受到的摩擦力.再以整体为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件分析地面对M有无摩擦力.本题涉及两个物体的平衡问题，灵活选择研究对象进行分析是关键.常规题.11. 解：A、在探究加速度与质量的关系时，应保持拉力的大小不变，故A错误；B、在探究加速度与外力的关系时，用保持小车的质量不变，改变砝码盘和砝码的总质量.故B错误.C、在探究加速度与质量的关系时作出a-"图象容易更直观判断出二者间的关系，故C正确.D当小车的质量远大于砝码盘和砝码的总质量时，才能近似认为细线对小车的拉力大小等于砝码盘和砝码的总重力大小，故D正确；故选：CD该实验采用控制变量法，先控制小车的质量不变，研究加速度与力的关系，再控制砝码盘和砝码的总重力不变，研究加速度与质量的关系.当小车的质量远大于砝码盘和砝码的总质量时，细线的拉力等于砝码盘和砝码的总重力大小.解决本题的关键知道实验的研究方法，会通过图象探究加速度和力和质量的关系，知道实验中的两个认为：1、认为细线的拉力等于小车的合力，2、认为砝码盘和砝码的总重力等于细线的拉力.12. 解：A设B对A的摩擦力为f i, A对B的摩擦力为f2，地面对B的摩擦力为f3,由牛顿第三定律可知f i与f2大小相等，方向相反，f i和f2的最大值均为2卩mg f3的最大值为:凹也，故当0 vF W 时，A B均保持静止；继续增大F,在一定范围内A、B将相对静止以共同的加速度开始运动，故A错误；B、设当A、B恰好发”生相对滑动时的拉力为F',加速度为a',则对A有F' -2卩mg=2ma，对；1 3A、B整体，有F'-别切応，解得F' =3卩mg故当严型v F< 3卩mg时，A相对于B静止，二者以共同的加速度开始运动；当F> 3卩mg时，A相对于B滑动.当F=W：k塔时，A、B以共同的加速度开始运动，将A、B看作整体，由牛顿第二定律有F- , •=3ma/Iff解得a=亍，故B、C正确.3 1 ID对B来说，其所受合力的最大值Fn=2卩mg ，即B的加速度不会超过丁窗，故D正确.故选：BCD根据A B之间的最大静摩擦力，隔离对B分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二定律求出AB不发生相对滑动时的最大拉力.然后通过整体法隔离法逐项分析.本题考查牛顿第二定律的综合运用，解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力.13. (I )解：(1)弹簧原长为20cm当弹力大小为0.98N时，弹簧伸长量为24.00-20.0=4.00 cm(2)由表中数据可知，伸长量的比值与弹力的比值相同，故说明弹簧的弹力与弹簧的伸长量成正比；AF 11.1!}(3)劲度系数k=「= , | =24.5N/ m故答案为：(1) 4.00 ； (2)正比；(3) 24.5根据弹簧的长度和原长可求得伸长量；根据表中数据进行分析，明确弹力变化以及伸长量变化之间的关系；根据胡克定律可求得劲度系数.本题考查探究弹力和弹簧伸长之间的关系，要注意掌握数据分析的方法，也可以利用表格作出图象再进行分析，误差将更小.(n).解：(1)①A在实验中要减小拉力方向的误差，应让标记同一细绳方向的两点尽量远些，故细绳应该长一些，故A正确;B、作图时，我们是在白纸中作图，做出的是水平力的图示，若拉力倾斜，则作出图的方向与实际力的方向有有较大差别，故应使各力尽量与木板面平行，故B正确；C、橡皮条弹性要好，拉结点到达某一位置O时，拉力与拉力的夹角应适当大些，但橡皮条方向不必须在两细绳夹角的角平分线上，故C错误；D两个拉力的夹角过大，合力会过小，量取理论值时相对误差变大，夹角太小，会导致作图困难，也会增大偶然误差，故D错误.故选：AB.②两力均为4N,且相互垂直，则其合力大小为F=4 N> 5N,合力超过了弹簧秤的量程，故弹簧秤无法测出物体所受的合力，故不能使用.(2) A、需要知道橡皮筋的伸长量才能表示橡皮筋的弹力，故应该测量橡皮筋的原长，故A正确；B、为了减小误差，橡皮筋的伸长量应该大些，故应选择劲度系数稍小的橡皮筋，故B错误；C、由于橡皮筋的弹力与它的长度不成正比，所以OB OC弹力的合力方向与以OB OC为两邻边做平行四边形的对角线不重合，故C错误；D不同的O点依然满足任意两个橡皮筋弹力的合力与第三个橡皮筋弹力等大反向的特点，所以即使O点不固定，也可以探究求合力的方法，故D正确.故选：AD.故答案为：(1 ［①AB ②不能；合力为4 N> 5N,超出了弹簧测力计的量程；(2) AD. (1)①本实验采用“等效法”，即要求两次拉橡皮筋的效果相同，对于两弹簧拉力，为了减小误差，拉力需大一些，夹角适当大一些，不能太大，也不能太小.②由平行四边形定则可得出两拉力的合力大小，比较拉力与弹簧秤的量程则可知5N量程的弹簧秤是否可用.(2)由题意可知该实验利用了共点力的平衡来验证力的平行四边形定则，该实验中需要记录各力的大小和方向，各力的大小可以通过橡皮筋的伸长量来表示.本题主要考查验证力的平行四边形定则的误差分析及数据的处理，应通过实验原理及数据的处理方法去思考减少实验误差的方法.(川).解：(1)甲图象表明在小车的拉力为0时，小车的加速度大于0,说明合外力大于0,说明平衡摩擦力过渡，即把长木板的末端抬得过高了.故A错误B正确.乙图象说明在拉力大于0时，物体的加速度为0,说明合外力为0，即绳子的拉力被摩擦力平衡了，即没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，也就是没有将长木板的末端抬高或抬高不够•故C正确而D 错误.故选BC.(2)随着'增大，小车质量在减小，因此小车质量不再满足远大于砂和小砂桶的质量，加速度不-叮可能一直均匀增大，加速度的增大幅度将逐渐减小，最后趋近于定值g,故ABC错误，D正确.故选D.(3)该实验中当小车的质量远大于钩码质量时，才能近似认为细线对小车的拉力大小等于砝码盘和砝码的总重力大小，随着F的增大，即随着钩码质量增大，逐渐的钩码质量不再比小车质量小的多，因此会出现较大误差，图象会产生偏折现象，故ABC错误，D正确.故选D.故答案为：(1) BC (2) D ( 3) D(1)甲图象表明在小车的拉力为0时，合外力大于0,说明平衡摩擦力过度. 乙图象说明在拉力大于0时，物体的加速度为0,说明绳子的拉力被摩擦力平衡了，即没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足(2)设绳子上拉力为F,对小车根据牛顿第二定律有：F=Mi，对砂桶和砂有：mg F=ma由此解得:F= ,由此可知当M>>时，砂和砂桶的重力等于绳子的拉力，据此根据该实验实验误差产生的原因即可正确解答.(3)当小车的质量远大于砝码盘和砝码的总质量时，才能近似认为细线对小车的拉力大小等于砝码盘和砝码的总重力大小，否则图象将会发生弯曲.解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，尤其是理解平衡摩擦力和M>> m的操作和要求的含义. 只要掌握了实验原理就能顺利解决此类题目，就能举-反三，所以要注意基本原理的学习.14.。
2017_2018学年高一物理上学期第二次月考试题扫描版
15.VC=1.23m/s a=3.50m/s2(x2-x1)/4T2(L2-L1)/2T2
16.解：设经过t1时间打开降落伞，打开降落伞此时速度为v1=gt1（2分）
v1=30m/s（1分）
下降高度s1=gt12/2（2分）
s1=45m（1分）
对于s2，有：v22-v12=2as2，（2分）
s2=221m（2分）
由题意知：s=s1+s2=266m，（2分）
17.物块作匀加速直线运动．设B点速度为vB、C点速度vc，加速度为a，斜面长为S．
B到C：vc2-vB2=2asAB…（2分）
vc=2vB…（1分）
A到B：vB=0+at…..（2分）
对甲车
0-v甲2=2（-a）x甲（2分）
对乙车x1=v乙t（2分）
0-v乙2=2（-a）x2（2分）
x乙=x1+x2（2分）
最短距离x=x乙-x甲（2分）
x=110m（1分）
解得：vB=1m/s a=2m/s2（2分）
A到D：v2=2aS…（2分）
解得：S=4m…（1分）
从B运动到D的时…（2分）
所以B到D运动的时间t1=1.5s．
18.解：因乙车的初速度大于甲车的初速度，而两车的加速度相同，且甲车先减速，甲车速度减为零时，乙仍有速度，所以要想不发生撞车事故，甲乙两车速度都减为零时恰不相遇。（1分）
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江西省崇仁县2017-2018学年高一物理上学期第二次月考试题一、单项选择题（每小题只有一个正确选项，每小题4分，共24分。
）1．下列属于国际单位制中的基本单位是（）A．m/s B．m/s2 C．N D．kg2．一物体自t=0时开始做直线运动，其v﹣t图线如图所示，下列说法中正确的是（）A．在0--6s内，物体离出发点最远为30mB．在0--6s内，物体经过的路程为35mC．在0--4s内，物体的平均速率为7.5m/sD．在5s--6s内，物体所受合外力方向与速度方向相反3.等效替代法是物理学中常用的思想方法,下列哪个物理名词与该方法无关( )A.力的合成B.力的分解C.动摩擦因数D.重心4．以一定的初速度沿光滑的斜面上滑的物体受到的力是（）A．重力、牵引力和斜面的支持力B．重力、摩擦力和斜面的支持力C．重力和斜面的支持力D．重力、支持力、牵引力和压力5．汽车由静止开始匀加速前进，经过10s速度达到5m/s，则在这10s内汽车的（）A．平均速度是0.5m/s B．平均速度是2m/sC．加速度是5m/s2D．位移是25m6．一人站在电梯中的体重计上，随电梯一起运动．下列各种情况中，体重计的示数最大的是（）A．电梯匀减速上升，加速度的大小为 1.0 m/s2B．电梯匀加速上升，加速度的大小为 1.0 m/s2C．电梯匀减速下降，加速度的大小为 0.5 m/s2D．电梯匀加速下降，加速度的大小为 0.5 m/s2二、多项选择题（共4小题，每小题4分，共16分．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．）7.下列关于重力、弹力和摩擦力的说法,正确的是( )A.物体的重心并不一定在物体的几何中心上B.劲度系数越大的弹簧,产生的弹力越大C.动摩擦因数与滑动摩擦力成正比,与物体之间的压力成反比D.静摩擦力的大小处在零和最大静摩擦力之间8．在学校秋季运动会上，小明同学以背越式成功地跳过了 1.70米的高度．若空气阻力作用可忽略，则下列说法正确的是（）A．小明上升过程中处于失重状态B．研究小明在空中姿态时可把小明视为质点C．起跳时小明对地面的压力与地面对他的支持力大小相等D．小明起跳以后在下降过程中重力消失了，只有惯性9．“蹦极”是一项非常刺激的体育运动．某人身系弹性绳自高空P点自由下落，忽略空气阻力，图中a点是弹性绳的原长位置，c是人所到达的最低点，b是人静止悬吊着时的平衡位置，人在从P点落下到最低点c的过程中（）A．在Pa段作自由落体运动B．在ab段人受到的合外力向下，人速度在增大C．在bc段人的加速度向下，人速度在减小D．在a点，人的速度最大，加速度为g10．某物体以一定的初速度沿足够长的斜面从底端向上滑去，此后该物体的运动图象（图中x是位移、v是速度、t是时间）可能的是（）A． B． C D．三、实验题（每空2分，共14分）11．在“探究求合力的方法”的实验中，实验桌上已有橡皮筋、两个细绳套，两个三角板、一张白纸、图钉若干．（1）为完成实验，还需要下列器材中的A．天平 B．电磁打点计时器 C．弹簧秤 D．直尺（2）某次测量时，一只弹簧秤读数如图所示，该读数为N．（3）实验操作过程中，下列正确的是A．用两只弹簧秤拉橡皮条时，应使两细套之间的夹角为90°，以便计算出合力的大小B．用两支弹簧秤拉时结点的位置必须与用一只弹簧秤拉时结点的位置重合C．弹簧秤使用前应调零，且橡皮筋、绳、弹簧秤应与木板平行D．两根细绳必须等长，且细绳适当长一些．12．“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验装置如图1所示（1）若取小车的质量为0.4kg，改变砝码和砝码盘的质量m进行多次实验，以下m的取值不合适的一个是A．m1=20g B．m2=30g C．m3=40g D．m4=300g（2）下列说法正确的是A．通过作v﹣t图象求a，可以更好地减小误差B．在平衡摩擦力时，需要拿走小盘，纸带穿过打点计时器，并固定在小车的尾端，然后调节斜面倾角，轻推小车，使小车在斜面上匀速下滑C．每改变一次小车的质量，需要重新平衡一次摩擦力D．打点计时器应用低压直流电源（3）某同学平衡摩擦力后，保持小车质量不变，改变砝码盘中砝码的质量，测得小车加速度a与砝码盘中砝码总重力F的实验数据如下表：图2是由实验数据作出的a﹣F图象，分析图线不通过原点的原因．（4）某同学设计了如图3所示的实验装置，若轻小滑轮与绳之间摩擦可以忽略不计，下列正确的是A．小车仍需平衡摩擦 B．钩码质量m仍需远小于小车质量MC．弹簧秤读数F=mg/2 D．以上都不正确．四．计算题（共46分，要求写出必要的文字说明和详细的计算过程，直接给出结果的不给分．）13、（10分）一个质量是50kg的人站在升降机的地板上，升降机的顶部悬挂了一个弹簧秤，弹簧秤下面挂着一个质量为m=5kg的物体A，当升降机向上运动时，他看到弹簧秤的示数为75N，g取10m/s2，求此时地板对人的支持力．14．（10分）一物体从楼上自由下落，经过高为2m的窗户所用的时间为0.2s，物体是从距离窗顶多高处自由落下的？（g=10 m/s2）15.（12分）如图所示,一个M=2 kg的物体A放在μ=0.2的粗糙水平面上,用一条质量不计的细绳绕过定滑轮和一个m0=0.1 kg的小桶B相连,已知:A受到的最大静摩擦力F max=4.5 N,滑轮上的摩擦不计,g=10 m/s2,求在以下情况下,A受到的摩擦力的大小.(1)只挂B,处于静止状态时;(2)只挂B但在A上再放一个M′=3 kg的物体时;(3)只在桶内加入m1=0.33 kg的沙子时;(4)只在桶内加入m2=0.5 kg的沙子时.16．（14分）如图所示，木块质量m=1.04kg，在与水平方向成θ=37°角、斜向右上方的恒定拉力F作用下，以a=2.0m/s2的加速度从静止开始做匀加速直线运动，在3s末时撤去拉力F．已知木块与地面间的动摩擦因数μ=0.4，取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：（1）拉力F的大小（2）物体在5s内滑行的总位移．2017-2018学年崇仁二中高一（上）第二次月考物理试卷参考答案1【解答】解：在国际单位制中，力学的基本单位是m、kg、s，而单位m/s，m/s2、N都是导出单位，故选：D．2．【解答】解：A、0～5s，物体沿正向运动，5～6s沿负向运动，故5s末离出发点最远，最远距离为S=×10×（2+5）m=35m，故A错误；B、在0～6s内，物体经过的路程为S=×10m/s×2s+10m/s×2s+×10m/s×1s+×10m/s ×1s=40m，故B错误．C、在0～4s内，物体经过的路程为S=×10m/s×2s+10m/s×2s=30m，所以平均速率为：=7.5m/s，故C正确；D、在5s﹣6s内，物体做反向的匀加速运动，速度方向和合外力方向相同；故D错误；故选：C3.解析:分力和合力是等效替代的关系,力的合成、力的分解与等效替代法有关,重心是重力的等效作用点,只有动摩擦因数与等效替代法无关.故选：C4．【解答】解：物体必受重力，物体与斜面体相互挤压，故斜面对物体一定有支持力，方向垂直于斜面向上，物体相对于粗糙斜面向上滑动，一定与斜面体间有摩擦力，摩擦力阻碍物体间的相对滑动，物体相对于斜面体向上滑动，故一定受到沿斜面向下的滑动摩擦力，物体依靠惯性运动，没有向上的冲力，也找不到施力物体，重力有使物体下滑的趋势，无下滑力，同样也找不到施力物体；故选：C．5．【解答】解：A、根据匀变速直线运动的推论，知汽车的平均速度．故A、B错误．C、根据速度时间公式知，汽车的加速度a=．故C错误．D、位移x=．故D正确．故选：D．6．【解答】解：A、电梯减速上升，加速度向下，由牛顿第二定律mg﹣F=ma解得F=m（g﹣a）=9mD、电梯匀加速下降，加速度向下，由牛顿第二定律mg﹣F=ma解得F=m（g﹣a）=9.5m故选B．二、多项选择题7.解析:物体的重心不一定在物体的几何中心上,如质量分布不均匀的球体;由胡克定律可知,弹力的大小决定于弹簧的劲度系数和形变量的大小;对于确定的物体之间,动摩擦因数是常数;静摩擦力的大小在零和最大静摩擦力之间取值.综上所述,选项AD正确.8.【解答】解：A、在小明下降过程，只受重力的作用，有向下的重力加速度，是处于完全失重状态，故A正确．B、小明起跳以后在上升过程，也是只受重力的作用，有向下的重力加速度，是处于完全失重状态，故B错误．C、在小明起跳过程中，地面要给人一个向上的支持力，支持力的大小大于人的重力的大小，人才能够有向上的加速度，向上运动，故C正确．D、起跳以后在下降过程中，重力仍不变，故D错误．故选：AC．9．【解答】解：A、B、在Pa段弹性绳松驰，对人没有拉力，人做自由落体运动，速度不断增大．故A正确；B、在ab段弹性绳对人的拉力小于人的重力，人受到的合力向下，人继续向下做加速运动，速度不断增大．故B正确；C、在bc段，弹性绳对人的拉力大于人的重力，人受到的合力向上，加速度向上，人向下做减速运动，速度减小．故C错误；D、由以上分析可知，在经过b点时，人的速度最大．此时人受到的拉力与重力平衡，人的加速度为0；故D错误．故选：AB．10．【解答】解：A、x﹣t图象是位移时间图象，图象的斜率表示速度，由于物体可能先向上做匀减速直线运动，后停在最高点．故A正确．B、物体可能先向上做匀减速直线运动，后停在最高点．故B正确．C、物体可能先向上做匀减速直线运动，后向下做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得：上滑时有：mgsinα+μmgcosα=ma上；下滑时有：mgsinα﹣μmgcosα=ma下；可知上滑的加速度大于下滑的加速度，根据v﹣t图象中图象的斜率等于加速度，可知上滑时图象的斜率较大，故C错误，D正确．故选：ABD三、实验题（每空2分，共14分）11．在“探究求合力的方法”的实验中，实验桌上已有橡皮筋、两个细绳套，两个三角板、一张白纸、图钉若干．（1）为完成实验，还需要下列器材中的 CA．天平 B．电磁打点计时器 C．弹簧秤 D．直尺（2）某次测量时，一只弹簧秤读数如图所示，该读数为 2.20 N．（3）实验操作过程中，下列正确的是BC12.（1）若取小车的质量为0.4kg，改变砝码和砝码盘的质量m进行多次实验，以下m的取值不合适的一个是 DA．m1=20g B．m2=30g C．m3=40g D．m4=300g（2）下列说法正确的是AB（3）图2是由实验数据作出的a﹣F图象，分析图线不通过原点的原因未计入砝码盘的质量．（4）某同学设计了如图3所示的实验装置，若轻小滑轮与绳之间摩擦可以忽略不计，下列正确的是 AA．小车仍需平衡摩擦 B．钩码质量m仍需远小于小车质量MC．弹簧秤读数F=mg/2 D．以上都不正确．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题；定性思想；实验分析法；牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）在实验中，认为m的重力等于滑块所受的合力，所以m的质量应远小于M的质量；（2）在“验证牛顿第二定律”的实验中，实验中用勾码的重力代替小车的合力，故要通过将长木板左端垫高来平衡摩擦力和使小车质量远大于小盘（包括盘中的砝码）质量来减小实验的误差，只需要平衡一次，打点计时器应用交流电源；（3）应该画出砝码盘中砝码和砝码盘总重力与加速度的关系图象；（4）该实验必须要平衡摩擦；由于该实验的连接方式，小车是在绳的拉力下加速运动，故不要求重物质量远小于小车质量；由牛顿第二定律可求解测力计的读数．【解答】解：（1）在“验证牛顿第二定律”的实验用控制变量法，本实验在满足小车质量远大于砝码及砝码盘的总质量的条件下，才能用砝码及砝码盘的重力代替小车所受的合力，D答案不能满足此条件．本题选不合适的，故选：D（2）A、若通过作v﹣t图象求a，可以减小由于测量所造成的偶然误差，可以筛选出测量错误的数据，故A正确；B、平衡摩擦力时，应将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，是小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动，故B正确；C、次改变小车的质量时，小车的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力．故C错误．D、打点计时器应用低压交流电源，故D错误．故选：AB（3）从图中图线可发现当拉力F等于0时，加速度大于0，所以实验中存在的问题可能是：未计入砝码盘的质量．（4）A、该实验首先必须要平衡摩擦力，长木板必须倾斜，故A正确；B、由于该实验的连接方式，重物和小车不具有共同的加速度，小车是在绳的拉力下加速运动，此拉力可由测力计示数获得，不需要用重物的重力来代替，故不要求重物质量远小于小车质量，故B错误；C、由于重物向下加速度运动，由牛顿第二定律：m2g﹣2F=m2a，解得：F=，故C错误；D、由上述分析可知D错误；故选：A．故答案为：（1）D；（2）AB；（3）未计入砝码盘的质量；（4）A四．计算题（共46分，要求写出必要的文字说明和详细的计算过程，直接给出结果的不给分．）13.（10分）.解：答：此时人对地板的支持力为750N，方向竖直向上．（没有写明方向扣2分）14.．（10分）一物体从楼上自由下落，经过高为2m的窗户所用的时间为0.2s，物体是从距离窗顶多高处自由落下的？【解答】解： ==10m/s由v=gt得从楼上到窗户中点时刻的总时间t==1s所以t下落=1s﹣0.1s=0.9s根据h=得：h==4.05m答：物体是从距离窗顶4.05m高处自由落下的．15.解析:（12分每问4分）(1)因为m0g=1 N<F max,A处于静止状态,受静摩擦力作用,由二力平衡得F1=m0g=1 N.(2)在A上再放一个M′=3 kg的物体,A仍静止,所受静摩擦力F2=F1=m0g=1 N.(3)因为(m0+m1)g=4.3 N<F max,故A处于静止状态,所受静摩擦力F3=(m0+m1)g=4.3 N.(4)因为(m0+m2)g=6 N>F max,故物体A运动,受到滑动摩擦力作用,由公式F=μF N得F4=μMg=4 N. 答案:(1)1 N (2)1 N (3)4.3 N (4)4 N16．【解答】解：（1）对物体受力分析，可知水平方向 Fcosθ﹣f=ma ----------------------------2分竖直方向 Fsinθ+F N=mg ----------------------------2分摩擦力公式 f=μF N ----------------------------1分由以上三个方程可以解得，a=2m/s2F=6N； ----------------------------------------------1分（共6分）（2）在3s末物体的速度为V=at=2×3m/s=6m/s，----------------------------1分前3s的位移为X1=at2=9m，----------------------------1分在3s末撤去了拉力F，之后物体将在摩擦力的作用下减速运动，设此时的加速度为a′，摩擦力为f′，则f′=μmg=ma′，所以a′=μg=4m/s2，----------------------------2分撤去了拉力F之后，减速到0需要的时间为t则由V=0﹣a′t 可得t=1.5s即物体只运动了1.5s就停止了，----------------------------2分所以减速运动的位移X2=Vt﹣at2=4.5m----------------------------1分所以总位移x=X1+X2=9m+4.5m=13.5m，-----------------1分（共8分）答：（1）拉力F的大小为6N（2）物体在5s内滑行的总位移是13.5m- 11 -。