(精品合集试卷11套)江苏省南通市高一物理第二学期期中有解析word版
(精品合集试卷11套)西藏高一物理第二学期期中有解析word版
高一下学期(第二学期)物理期中考试解析卷注意事项：1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一．选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求；第9-12题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错得0分．）1．质量为1kg的物体从某一高度自由下落，设1s内物体未着地，则该物体下落1s内重力做功的平均功率是（取g=10m/s2）（）A．25W B．50W C．75W D．100W2．如图所示质量为m的物块沿倾角为θ的斜面由底端向上滑去，经过时间t1速度为零后下滑，又经过时间t2回到斜面底端，在整个运动过程中，重力对物块的总冲量为（）A．0 B．mgsinθ（t1+t2） C．mgsinθ（t1﹣t2）D．mg（t1+t2）3．关于运动的合成和分解，下列说法正确的是（）A．物体只有做曲线运动时，才能将这个运动分解为两个分运动B．两个分运动的时间一定与合运动时间相等C．两个直线运动的合运动一定是直线运动D．合运动的加速度一定比每个分运动的加速度大4．如图所示，物体在拉力F作用下以某一初速度沿固定斜面向上运动，拉力大小等于摩擦力大小，则下列说法中正确的是（）A．物体的机械能保持不变 B．合外力对物体做功等于零C．物体机械能增加D．物体做匀速运动5．一物体从某高度以初速度为V0=6m/s水平抛出，落地时速度大小为Vt=10m/s，则：它的运动时间为（g取10m/s2）（）A．t=0.1s B．t=0.2s C．t=0.4s D．t=0.8s6．竖直上抛一小球，4s末落回到抛出点，则小球在第1s内的位移大小为（g取10m/s2）（）A．5 m B．10 m C．15 m D．20 m7．质量为m的物体，在汽车的牵引下由静止开始运动，当物体上升h高度时，汽车的速度为v，细绳与水平面间的夹角为θ，则下列说法中正确的是（）A．此时物体的速度大小为vsinθB．此时物体的速度大小为C．汽车对物体做的功为mgh+D．汽车对物体做的功为mgh+8．质量为m的均匀木块静止在光滑水平面上，木块左右两侧各有一位拿着完全相同步枪和子弹的射击手．左侧射手首先开枪，子弹相对木块静止时水平射入木块的最大深度为d1，然后右侧射手开枪，子弹相对木块静止时水平射入木块的最大深度为d2，如图所示．设子弹均未射穿木块，且两颗子弹与木块之间的作用力大小均相等．当两颗子弹均相对于木块静止时，下列判断正确的是（）A．木块静止，d1=d2 B．木块向右运动，d1＜d2C．木块静止，d1＜d2 D．木块向左运动，d1=d29．如图所示，不计空气阻力，小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上，从小球接触弹簧到将弹簧压缩到最短的整个过程中，下列说法正确的是（）A．小球动能一直减小B．小球重力势能与弹簧弹性势能之和先增大后减小C．小球动能和弹簧的弹性势能之和一直增大D．小球、弹簧组成的系统机械能守恒10．物体在合外力作用下做直线运动的v﹣t图象如图所示，下列表述正确的是（）A．在0～1 s内，合外力做正功B．在1～3 s内，合外力总是不做功C．在3～7 s内，合外力做负功D．在5～7s内，合外力做负功11．关于不共线的两个运动的合成，下列说法正确的是（）A．两个直线运动的合运动一定是直线运动B．两个匀速直线运动的合成一定是直线运动C．匀速直线运动和匀加速直线运动的合成一定是直线运动D．两个初速度为零的匀加速直线运动的运动一定是匀加速直线运动12．如图所示，汽车质量为m，以恒定功率P沿一倾角为θ的长斜坡向上行驶，汽车和斜坡间的动摩擦因数为μ，某一时刻t时刻速度大小为v，则（）A．t时刻汽车的牵引力为B．t时刻汽车的牵引力为mgsinθ+μmgcosθC．t时刻汽车的加速度为﹣μ（gsinθ+gcosθ）D．汽车上坡的最大速度为二、填空题：（本题共1小题，共7×2=14分．）13．如图1为验证机械能守恒定律的实验装置示意图．（1）为完成此实验，除了图中所示器材，还需要的器材有（多选）A．刻度尺 B．秒表C．天平 D．交流电源（2）实验中，如下哪些操作是必要的．（多选）A．用秒表测量时间B．重物的质量应尽可能大些C．先开电源后放纸带D．先放纸带后开电源（3）在一次实验中，质量m的重物自由下落，在纸带上打出一系列的点，如图2所示，长度单位cm，那么从起点O到打下记数点B的过程中重力势能减少量是△Ep= J，此过程中物体动能的增加量△Ek= J（g取10m/s2，结果数据均保留至小数点后两位）；通过计算，数值上△Ep △Ek（填“＞”“=”或“＜”），这是因为．三、计算题：（本题共3小题，共38分．）14．河宽300m，水流速度为3m/s，小船在静水中的速度为5m/s，问：（1）以最短时间渡河，时间为多少？可达对岸的什么位置？（2）以最短航程渡河，船头应向何处？渡河时间又为多少？15．如图所示，光滑的AB斜面固定在地面上，高0.6m，倾角θ=37°，一质量为m=2kg的物体，在F=20N与斜面成θ=37°拉力作用下，从斜面B点处静止沿斜面向上做匀加速直线运动到A点．已知sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，重力加速度g取10m/s2．求：（1）物体重力势能变化量；（2）拉力做的功；（3）物体达最高点时拉力的瞬时功率．16．如图所示，在距地面高h1=2m的光滑水平台面上，一个质量m=1kg的小物块压缩弹簧后被锁扣k锁住，储存的弹性势能Ep=4.5J．现打开锁扣K，物块与弹簧分离后将以一定的水平速度向右滑离平台，并恰好从B点沿切线方向进入光滑的BC斜面，已知B点距水平地面的高h2=1.2m，小物块过C点无机械能损失，并与水平地面上长为L=10m的粗糙直轨道CD平滑连接，小物块沿轨道BCD运动并与右边的竖直墙壁会发生碰撞，重力加速度g=10m/s2，空气阻力忽略不计．试求：（1）小物块运动到平台末端A的瞬时速度VA大小；（2）小物块从A到B的时间、水平位移大小以及斜面倾角θ的正切（tanθ）大小；（3）若小物块与墙壁碰撞后速度等大反向，只会发生一次碰撞，且不能再次经过C点，那么小物块与轨道CD之间的动摩擦因数μ应该满足怎样的条件．参考答案与试题解析一．选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求；第9-12题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错得0分．）1．质量为1kg的物体从某一高度自由下落，设1s内物体未着地，则该物体下落1s内重力做功的平均功率是（取g=10m/s2）（）A．25W B．50W C．75W D．100W【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率；1J：自由落体运动．【分析】求重力的平均功率要用P=来计算，求出下落1s内的位移的大小，根据功的公式可以求得重力做的功的大小，进而可以求得重力的平均功率．【解答】解：物体做自由落体运动，1s内下降的高度是h=gt2=×10×12=5m，重力做的功为W=mgh=1×10×5J=50J，所以重力的平均功率为P==50W．故选：B．2．如图所示质量为m的物块沿倾角为θ的斜面由底端向上滑去，经过时间t1速度为零后下滑，又经过时间t2回到斜面底端，在整个运动过程中，重力对物块的总冲量为（）A．0 B．mgsinθ（t1+t2） C．mgsinθ（t1﹣t2）D．mg（t1+t2）【考点】51：动量冲量．【分析】冲量等于力与时间的乘积，与其他因素无关，故直接由I=Ft即可求出重力的冲量．【解答】解：重力的作用时间为t1+t2；故重力的冲量I=mg（t1+t2）；故D正确；故选D．3．关于运动的合成和分解，下列说法正确的是（）A．物体只有做曲线运动时，才能将这个运动分解为两个分运动B．两个分运动的时间一定与合运动时间相等C．两个直线运动的合运动一定是直线运动D．合运动的加速度一定比每个分运动的加速度大【考点】44：运动的合成和分解．【分析】合运动是直线运动还是曲线运动取决于合速度方向与合加速度方向是否在同一条直线上．根据平行四边形定则，可知合速度、合位移与分速度、分位移的大小关系．【解答】解：A、物体做直线运动时，也能将这个运动分解为两个分运动，如竖直上抛运动可以分解成向上的匀速直线运动和向下的自由落体运动．故A错误．B、两个分运动与合运动具有等时性，所以两个分运动的时间一定与合运动时间相等．故B正确．C、根据平行四边形定则知，两个初速度不为零的互成角度的匀加速直线运动的合成可能是直线也可能是曲线，当两个初速度的合速度与合加速度共线时，做直线运动；不共线时，做曲线．故C错误．D、根据平行四边形定则知，合运动的加速度不一定比每个分运动的加速度大．故D错误．故选：B．4．如图所示，物体在拉力F作用下以某一初速度沿固定斜面向上运动，拉力大小等于摩擦力大小，则下列说法中正确的是（）A．物体的机械能保持不变 B．合外力对物体做功等于零C．物体机械能增加D．物体做匀速运动【考点】6B：功能关系；62：功的计算．【分析】除重力与弹力之外，其它力不做功或所做的总功为零，则物体的机械能守恒．对物体受力分析，根据物体的受力情况判断物体的运动状态；由此分析．【解答】解：AC、拉力大小等于摩擦力大小，它们所做的总功为零，支持力不做功，对照功能原理可知，物体的机械能守恒，故A正确，C错误；B、物体受到重力、弹力、滑动摩擦力与拉力作用，由拉力等于滑动摩擦力，物体受到的合外力等于物体重力沿斜面向下的分力，则知合外力对物体做负功，故B错误．D、物体所受的合力沿斜面向下，则物体向上做减速运动，故D错误；故选：A5．一物体从某高度以初速度为V0=6m/s水平抛出，落地时速度大小为Vt=10m/s，则：它的运动时间为（g取10m/s2）（）A．t=0.1s B．t=0.2s C．t=0.4s D．t=0.8s【考点】43：平抛运动．【分析】物体做平抛运动，根据平行四边形定则求出物体落地时的竖直分速度，结合速度时间公式求出物体运动的时间．【解答】解：根据平行四边形定则知，物体落地时竖直分速度为：vy==m/s=8m/s，根据速度时间公式得物体运动的时间为：t==s=0.4s．故D正确，ABC错误故选：D6．竖直上抛一小球，4s末落回到抛出点，则小球在第1s内的位移大小为（g取10m/s2）（）A．5 m B．10 m C．15 m D．20 m【考点】1N：竖直上抛运动．【分析】竖直上抛运动的上升和下降过程具有对称性，可以用整体法和分段法求解小球运动的初速度，然后有位移公式即可求出第1秒内的位移．【解答】解：对竖直上抛运动的全过程，有：，代入数据解得：v0=20m/s，由x=v0t﹣得：第1s内的位移为：x1=20×1﹣×10×1=15m；故选：C7．质量为m的物体，在汽车的牵引下由静止开始运动，当物体上升h高度时，汽车的速度为v，细绳与水平面间的夹角为θ，则下列说法中正确的是（）A．此时物体的速度大小为vsinθB．此时物体的速度大小为C．汽车对物体做的功为mgh+D．汽车对物体做的功为mgh+【考点】62：功的计算；44：运动的合成和分解．【分析】小车参与两个分运动，沿绳子方向和垂直绳子方向的两个分运动，由于绳子长度一定，故物体下降的速度等于小车沿绳子方向的分速度，对物体的运动过程，根据动能定理列式求解汽车对物体做的功．【解答】解：A、小车参与两个分运动，沿绳子拉伸方向和垂直绳子方向（绕滑轮转动）的两个分运动，将小车合速度正交分解，物体上升速度等于小车沿绳子拉伸方向的分速度为：v物=vcosθ，故AB错误；C、对物体的运动过程，根据动能定理得：解得：W车=mgh+，故C正确，D错误．故选：C8．质量为m的均匀木块静止在光滑水平面上，木块左右两侧各有一位拿着完全相同步枪和子弹的射击手．左侧射手首先开枪，子弹相对木块静止时水平射入木块的最大深度为d1，然后右侧射手开枪，子弹相对木块静止时水平射入木块的最大深度为d2，如图所示．设子弹均未射穿木块，且两颗子弹与木块之间的作用力大小均相等．当两颗子弹均相对于木块静止时，下列判断正确的是（）A．木块静止，d1=d2 B．木块向右运动，d1＜d2C．木块静止，d1＜d2 D．木块向左运动，d1=d2【考点】53：动量守恒定律；6B：功能关系．【分析】对两颗子弹和木块组成的系统而言，合外力为零，总动量守恒，可求出当两颗子弹均相对于木块静止时木块的速度．先以左侧的子弹和木块组成的系统研究，由动量守恒和能量守恒得到d1与子弹速度、质量和木块的关系，再对两颗子弹和木块系统为研究，用同样的方法研究d2，再比较它们的大小．【解答】解：设子弹射入木块前的速度大小为v，子弹的质量为M，子弹受到的阻力大小为f．当两颗子弹均相对于木块静止时，由动量守恒得Mv﹣Mv=（2M+m）v′，得v′=0，即当两颗子弹均相对于木块静止时，木块的速度为零，即静止．先对左侧射入木块的子弹和木块组成的系统研究，则有Mv=（M+m）v1，由能量守恒得：fd1=﹣①再对两颗子弹和木块系统为研究，得fd2=+②由①②对比得，d1＜d2．故C正确．9．如图所示，不计空气阻力，小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上，从小球接触弹簧到将弹簧压缩到最短的整个过程中，下列说法正确的是（）A．小球动能一直减小B．小球重力势能与弹簧弹性势能之和先增大后减小C．小球动能和弹簧的弹性势能之和一直增大D．小球、弹簧组成的系统机械能守恒【考点】6B：功能关系；67：重力势能．【分析】小球从接触弹簧到将弹簧压缩到最短的过程中，小球受到重力和弹簧的弹力，弹力不断增大，由牛顿第二定律分析小球的运动情况．对小球和弹簧组成的系统，只有重力和弹力做功，系统的机械能守恒，也就说小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能之和保持不变．【解答】解：A、小球在刚接触弹簧的阶段，弹簧的弹力小于重力，合力向下，小球做加速运动．弹簧的弹力越来越大，后来弹簧的弹力大于小球的重力，合力向上，小球做减速运动，所以小球的动能先增大后减小，故A错误．BD、对小球和弹簧组成的系统，只有重力和弹力做功，系统的机械能守恒，即小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能之和保持不变．小球的动能先增大后减小，则小球重力势能与弹簧弹性势能之和先增大后减小，故B、D正确．C、小球的重力势能一直减小，由系统的机械能守恒知，小球动能和弹簧的弹性势能之和一直增大．故C正确．故选：BCD10．物体在合外力作用下做直线运动的v﹣t图象如图所示，下列表述正确的是（）A．在0～1 s内，合外力做正功B．在1～3 s内，合外力总是不做功C．在3～7 s内，合外力做负功D．在5～7s内，合外力做负功【考点】62：功的计算．【分析】由图象可知物体在各段时间内的速度变化，判断出合外力与位移的方向关系，即可判断做功情况．【解答】解：A、在0～1 s内，物体做匀加速运动，合外力方向与位移方向相同，故做正功，故A正确；B、在1～3 s内，物体做匀速运动，合外力为零，故合外力总是不做功，故B正确；C、在3～7 s内，根据动能定理可知=0，合外力做功为零，故C错误；D、在5～7s内，物体做反方向的匀加速直线运动，位移方向和合外力方向相同，故做正功，故D错误；故选：AB11．关于不共线的两个运动的合成，下列说法正确的是（）A．两个直线运动的合运动一定是直线运动B．两个匀速直线运动的合成一定是直线运动C．匀速直线运动和匀加速直线运动的合成一定是直线运动D．两个初速度为零的匀加速直线运动的运动一定是匀加速直线运动【考点】44：运动的合成和分解．【分析】运动的合成和分解遵循平行四边形定则，当合速度的方向与合加速度的方向在同一条直线上时，物体做直线运动，当合速度的方向和合加速度的方向不在同一条直线上时，物体做曲线运动．【解答】解：A、两个直线运动的合运动不一定是直线运动，比如平抛运动．故A错误．B、两个匀速直线运动的合运动仍然是匀速直线运动，因为合加速度为零，以合速度做匀速直线运动．故B正确．C、匀加速直线运动和匀速直线运动的合运动若不在同一条直线上，则做曲线运动，因为合加速度方向与合速度方向不在同一条直线上．故C错误．D、两个初速度为零匀加速直线运动的合运动一定是匀加速直线运动，若合速度的方向与合加速度的方向在同一条直线上时．故D正确．故选：BD．12．如图所示，汽车质量为m，以恒定功率P沿一倾角为θ的长斜坡向上行驶，汽车和斜坡间的动摩擦因数为μ，某一时刻t时刻速度大小为v，则（）A．t时刻汽车的牵引力为B．t时刻汽车的牵引力为mgsinθ+μmgcosθC．t时刻汽车的加速度为﹣μ（gsinθ+gcosθ）D．汽车上坡的最大速度为【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率．【分析】汽车以额定功率运动，根据P=Fv求得牵引力，根据牛顿第二定律求得加速度，当牵引力等于阻力和重力沿斜面的分力时，速度达到最大【解答】解：A、t时刻的牵引力为F=，故A正确，B错误；C、根据牛顿第二定律可知，解得a=﹣μ（gsinθ+gcosθ），故C正确；D、当牵引力F=mgsinθ+μmgcosθ时，速度达到最大v=，故D错误故选：AC二、填空题：（本题共1小题，共7×2=14分．）13．如图1为验证机械能守恒定律的实验装置示意图．（1）为完成此实验，除了图中所示器材，还需要的器材有AD （多选）A．刻度尺 B．秒表C．天平 D．交流电源（2）实验中，如下哪些操作是必要的BC ．（多选）A．用秒表测量时间B．重物的质量应尽可能大些C．先开电源后放纸带D．先放纸带后开电源（3）在一次实验中，质量m的重物自由下落，在纸带上打出一系列的点，如图2所示，长度单位cm，那么从起点O 到打下记数点B的过程中重力势能减少量是△Ep= 0.50m J，此过程中物体动能的增加量△Ek= 0.48m J（g取10m/s2，结果数据均保留至小数点后两位）；通过计算，数值上△Ep ＞△Ek（填“＞”“=”或“＜”），这是因为摩擦阻力和空气阻力对物体做负功，机械能减少．【考点】MD：验证机械能守恒定律．【分析】（1）根据实验的原理确定所需测量的物理量，从而确定还需要的实验器材；（2）根据实验的原理和注意事项确定正确的操作步骤．（3）根据下降的高度求出重力势能的减小量，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的速度，从而得出动能的增加量，通过能量守恒的角度分析重力势能减小量大于动能增加量的原因．【解答】解：（1）实验中需要通过刻度尺测量点迹间的距离，从而得出重物下降的高度，以及求出瞬时速度，故A正确．时间可以通过打点计时器直接得出，不需要秒表，故B错误．C、验证机械能守恒，即验证动能的增加量和重力势能的减小量是否相等，质量可以约去，所以不需要用天平测量质量，故C错误．D、打点计时器需要交流电源，故D正确．故选：AD．（2）A、实验中不需要用秒表测量时间，时间可以通过打点计时器直接得出，故A错误．B、为了减小阻力的影响，重物质量应选择大一些的，故B正确．C、实验时应先接通电源，再释放纸带，故C正确，D错误．故选：BC．（3）从起点O到打下记数点B的过程中重力势能减少量△Ep=mgh=m×10×0.0501≈0.50m，B点的瞬时速度m/s=0.98m/s，则动能的增加量△Ek=≈0.48m，通过计算，数值上△Ep＞△Ek，这是因为摩擦阻力和空气阻力对物体做负功，机械能减少．故答案为：（1）AD，（2）BC，（3）0.50m，0.48m，＞，摩擦阻力和空气阻力对物体做负功，机械能减少三、计算题：（本题共3小题，共38分．）14．河宽300m，水流速度为3m/s，小船在静水中的速度为5m/s，问：（1）以最短时间渡河，时间为多少？可达对岸的什么位置？（2）以最短航程渡河，船头应向何处？渡河时间又为多少？【考点】44：运动的合成和分解．【分析】将小船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，当静水速的方向与河岸垂直时，渡河时间最短，当合速度的方向与河岸垂直时，渡河位移最短．【解答】解：（1）当静水速的方向与河岸垂直，渡河时间最短．t=．此时沿河岸方向上位移x=v水t=3×60m=180m．答：渡河的最短时间为60s，到达对岸下游180m处．（2）当合速度的方向与河岸垂直时，渡河位移最短．设船头的方向与河岸方向的夹角为θ，有cos．所以θ=53°合速度v=v静sinθ=4m/s渡河时间答：以最短航程渡河，船头应与河岸成53°角指向上游．渡河的时间为75s．15．如图所示，光滑的AB斜面固定在地面上，高0.6m，倾角θ=37°，一质量为m=2kg的物体，在F=20N与斜面成θ=37°拉力作用下，从斜面B点处静止沿斜面向上做匀加速直线运动到A点．已知sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，重力加速度g取10m/s2．求：（1）物体重力势能变化量；（2）拉力做的功；（3）物体达最高点时拉力的瞬时功率．【考点】66：动能定理的应用；63：功率、平均功率和瞬时功率．【分析】（1）根据重力势能表达式EP=mgh，即可求解重力势能的变化量；（2）依据力做功表达式WF=FScos37°，从而求解拉力做功；（3）根据动能定理，求解最高点的速度，再依据功率表达式P=Fvcos37°，即可求解．【解答】解：（1）从A到B，物体重力势能变化量为：△EP=mgh=2×10×0.6=12J（2）依据功的表达式为：WF=FScos37°=F××cos37°=20×=×0.8=16J（3）根据动能定理可知：WF﹣mgh=代入数据解得：v=2m/s过A点的功率为：P=Fvcos37°=20×2×0.8=32W答：（1）物体重力势能变化量12J；（2）拉力做的功16J；（3）物体达最高点时拉力的瞬时功率32W．16．如图所示，在距地面高h1=2m的光滑水平台面上，一个质量m=1kg的小物块压缩弹簧后被锁扣k锁住，储存的弹性势能Ep=4.5J．现打开锁扣K，物块与弹簧分离后将以一定的水平速度向右滑离平台，并恰好从B点沿切线方向进入光滑的BC斜面，已知B点距水平地面的高h2=1.2m，小物块过C点无机械能损失，并与水平地面上长为L=10m的粗糙直轨道CD平滑连接，小物块沿轨道BCD运动并与右边的竖直墙壁会发生碰撞，重力加速度g=10m/s2，空气阻力忽略不计．试求：（1）小物块运动到平台末端A的瞬时速度VA大小；（2）小物块从A到B的时间、水平位移大小以及斜面倾角θ的正切（tanθ）大小；（3）若小物块与墙壁碰撞后速度等大反向，只会发生一次碰撞，且不能再次经过C点，那么小物块与轨道CD之间的动摩擦因数μ应该满足怎样的条件．【考点】66：动能定理的应用；6B：功能关系．【分析】（1）小物块与弹簧分离过程中系统机械能守恒，由机械能守恒定律求出速度vA；（2）从A到B点过程，小物块做平抛运动，根据平抛运动规律求解即可；（3）μ的最大值对应的是物块撞墙瞬间的速度趋近于零，根据功能关系求出最大值，物体第一次碰撞后反弹，恰好不能过C点，根据功能关系求出最小值，进而求出范围．【解答】解：（1）小物块与弹簧分离过程中，机械能守恒，则有：Ep=代入数据得：vA=3m/s（2）从A到B点过程，物块做平抛运动，根据平抛运动规律可知：h1﹣h2=代入数据解得：t=0.4s水平位移：x=vAt代入数据解得：x=1.2m到达B点时竖直分速度为：vy=gt=4m/s由速度的关系有：tanθ==（3）依据题意有①μ的最大值对应的是物块撞墙瞬间的速度趋近于零，根据功能关系有：mgh1+EP＞μmgL代入数据解得：μ＜0.245②对于μ的最小值求解，物体第一次碰撞后反弹，恰好不能过C点，根据功能关系有：mgh1+EP≤2μmgL解得：μ≥0.1225综上可知满足题目条件的动摩擦因数μ值：0.1225≤μ≤0.245．答：（1）小物块运动到平台末端A的瞬时速度VA大小为3m/s；（2）小物块从A到B的时间为0.4s，水平位移大小为1.2m，斜面倾角θ的正切（tanθ）大小为；（3）若小物块与墙壁碰撞后速度等大反向，只会发生一次碰撞，且不能再次经过C点，那么小物块与轨道CD之间的动摩擦因数μ应该满足0.1225≤μ＜0.245．。
江苏省南通市2023-2024学年高一下学期6月期末考试 物理 (含解析)
2024年南通市高一学年度质量监测物 理注意事项：考生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求．1．本试卷共6页，满分为100分，考试时间为75分钟．考试结束后，请将答题卡交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、考试号等用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在答题卡的规定位置．3．请认真核对答题卡表头规定填写或填涂的项目是否准确．4．作答选择题，必须用2B 铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用0.5毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，必须用2B 铅笔绘写清楚，线条、符号等须加黑加粗．一、单项选择题：共11题，每题4分，共44分．每题只有一个选项最符合题意．1. 能源是人类社会活动的基础，节约能源应成为公民的行为习惯．下列说法中正确的是（ ）A. 太阳能转化为电能过程中能量增加B. 能量耗散过程中能量在不断减少C. 能量耗散会降低能源利用品质D. 能量转化在宏观上没有方向性2. 引体向上可以强健体魄．一同学做引体向上时，在向上拉升过程中（ ）A 重力对人做正功 B. 横杠对人做正功C. 人的重力势能增大D. 人的机械能减小3. 某小组利用图示装置做“验证机械能守恒定律”实验，小球释放后，通过光电门1和2，实验中不是必须测量的物理量是（ ）A. 小球的质量B. 小球的直径C. 两光电门间的距离D. 小球分别通过两光电门的时间的.4. 如图所示，为定值电阻，为滑动变阻器，闭合开关S ，向右移动滑片P ，则（ ）A. 灯泡L 变亮B. 灯泡L 亮度不变C. 的功率变大D. 的功率不变5. 如图所示，ABCD 为正方形，两等量异种点电荷分别固定在AD 和BC 的中点，则（ ）A. A 、B 两点电场强度相同B. A 、C 两点电场强度相同C. A 、B 两点电势相等D. A 、C 两点电势相等6. 如图所示，电瓶车在水平路面上以功率匀速行驶．某时刻将电瓶车的功率增大为并保持不变．则功率变化前后电瓶车的速度v 随时间t 变化的图像可能是（ ）A. B.C. D.7. 一些航天器在其使命结束后会进入“垃圾轨道”做圆周运动，这类轨道位于地球同步轨道之上200～0R 1R 0R 0R 1P 2P300公里．则处于“垃圾轨道”的航天器（ ）A. 周期比地球自转周期小B. 运行速度比地球第一宇宙速度大C. 加速度比地球同步卫星的小D. 加速度比地球表面的重力加速度大8. 一电场中电势在x 轴上的分布如图所示，一点电荷由O 点静止释放，仅在电场力作用下沿方向运动，则该电荷（ ）A. 在处加速度为零B. 在处的速度为零C. 在O 到间往复运动D. 在O 到间匀加速运动9. 如图所示，小球通过细线悬挂于车厢内的O 点，在车厢内左右摆动，车厢始终水平向右匀速运动，小球从左侧最高点运动到最低点过程中，以地面为参考系，则（ ）A. 细线对车厢不做功B. 细线对车厢做正功C. 细线对小球不做功D. 细线对小球做正功10. 如图所示，长木板A 静置在光滑水平桌面上，小木块B 静置在A 的左端，用水平恒力F 拉动B ，B 从A 上滑离时，A 的动能为，该过程中系统产生的内能为Q ．若仅减小B 的质量，则（ ）A. 不变B. 减小C. Q 不变D. Q 增大11. 如图所示，均匀带正电荷的圆环水平放置，x 轴为圆环的中轴线，圆心O 为坐标原点，A 、B 为坐标轴上关于O 点对称的两点．一带负电小球从A 点由静止释放，不计空气阻力，则小球从A 运动到B 的过程中动能、机械能E 随x 变化的图像可能正确的是（）的ϕx +1x 2x 2x 2x k E k E k E k EA. B. C. D.二、非选择题：共5题，共56分．其中第13题～第16题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位．12. 某实验小组研究额定电压为的小电风扇的电动机工作特性．（1）实验中，为使电动机电压从零开始增大，应选择电路__________（选填“甲”或“乙”）。
(精品合集试卷11套)江西省九江市高一物理第二学期期中有解析word版
高一下学期(第二学期)物理期中考试解析卷注意事项：1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、单项选择题1、物理学家通过艰辛的实验和理论研究，探索出自然规律为人类的进步做出巨大贡献，值得我们敬仰，下列表述中符合物理学史的是（）A、牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因B、伽利略提出了万有引力定律C、开普勒总结归纳了行星运动定律，从而提出了日心说D、卡文迪许测出了引力常量2、关于运动的合成分解，下列说法正确的是（）A、合速度的大小一定比每个分速度的大小都大B、合运动的方向就是物体实际运动的方向C、两个匀变速直线运动的合运动一定也是匀变速直线运动D、两个直线运动的合运动一定也是直线运动3、下列说法中正确的是（）A、位于同一水平面上的质量不同的物体，它们的重力势能的数值一定不同B、物体运动时，重力对它做的功只跟它的起点和终点的位置有关，而跟物体运动的路径无关C、动能不但有大小，而且有方向D、合外力对物体所做的功，等于物体动能的减少量4、在如图所示的齿轮传动中，三个齿轮的半径之比为1：3：5，当齿轮转动的时候，比较小齿轮边缘的A点和大齿轮边缘的B点有（）A、A点和B点的角速度之比为5：1B、A点和B点的角速度之比为1：1C、A点和B点的向心加速度之比为1：5D、A点和B点的线速度大小之比为1：55、已知万有引力恒量G，则还需知道下面哪一选项的数据，就可以计算地球的质量（）A、已知地球绕太阳运行的周期及地球中心到太阳中心的距离B、已知月球绕地球运行的周期及月球中心到地球中心的距离C、已知人造地球卫星在地面附近绕行的速度D、已知地球同步卫星的周期6、如图，倾角θ=37°的光滑斜面固定在水平面上，斜面长L=0.75m，质量m=1.0kg的物块从斜面顶端无初速度释放，sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g取10m/s2，则（）A、物块滑到斜面底端时重力的瞬时功率为18WB、物块滑到斜面底端时的动能为1.5JC、物块从斜面顶端滑到底端的过程中重力的平均功率为24WD、物块从斜面顶端滑到底端的过程中重力做功为7.5J7、有一种杂技表演叫“飞车走壁”，由杂技演员驾驶摩托车沿光滑圆台形表演台的侧壁高速行驶，在水平面内做匀速圆周运动．图中粗线圆表示摩托车的行驶轨迹，轨迹离地面的高度为h．如果增大高度h，则下列关于摩托车说法正确的是（）A、对侧壁的压力N增大B、做圆周运动的周期T不变C、做圆周运动的线速度增大D、做圆周运动的向心力F增大8、如图所示，将a、b两小球均以大小为20m/s的初速度分别从A、B两点间隔3s先后水平相向抛出，两小球恰好在空中相遇，且相遇时速度方向相互垂直，不计空气阻力，取g=10m/s2，则抛出点A、B间的水平距离是（）A、100mB、80mC、60mD、约109.7m二、多项选择题9、如图所示，一位同学玩飞镖游戏．圆盘最上端有一P点，飞镖抛出时与P等高，且距离P点为L．当飞镖以初速度v0垂直盘面瞄准P点抛出的同时，圆盘以经过盘心O点的水平轴在竖直平面内匀速转动．忽略空气阻力，重力加速度为g，若飞镖恰好击中P点，则（）A、飞镖击中P点所需的时间为B、圆盘的半径可能为C、圆盘转动角速度的最小值为D、P点随圆盘转动的线速度可能为10、如图所示，木板B托着木块A在竖直平面内做匀速圆周运动．从水平位置a到最高点b的过程中（）A、B对A的支持力越来越大B、B对A的支持力越来越小C、B对A的摩擦力越来越大D、B对A的摩擦力越来越小11、如图所示，“嫦娥二号”卫星在月球引力作用下，先在轨道A绕月球做匀速圆周运动，轨道A距月球表面的高度为h A，运动的周期为T A，在P和Q处两次变轨后最终进入绕月球做匀速圆周运动的轨道B，轨道B距月球表面的高度为h B，运动的周期为T B，已知引力常量为G．下列说法正确的是（）A、卫星沿椭圆轨道运动经Q处的加速度大于沿圆轨道B运动经Q处的加速度B、仅利用以上条件可求出月球的质量C、卫星在轨道P处变轨后运动的速率变小D、卫星在轨道A上运动的速率大于在轨道B上运动的速率12、如图所示，同一物体分別从A、B两点沿各自的斜面下滑到C点，物体与两斜面间的动摩擦因素μ相同．从A点滑到C点速度为V1，从B点滑到C点速度为V2．则（）A、V1＜V2B、V1＞V2C、两个过程摩擦力做功不同D、两个过程摩擦力做功相同三、实验题13、为验证向心力公式，某探究小组设计了如图所示的演示实验，在米尺的一端钻一个小孔，使小孔恰能穿过一根细线，线下端挂一质量为m，直径为d的小钢球．将米尺固定在水平桌面上，测量出悬点到钢球的细线长度l，使钢球在水平面内做匀速圆周运动，圆心为O，待钢球的运动稳定后，用眼睛从米尺上方垂直于米尺往下看，读出钢球外侧到O 点的距离r，并用秒表测量出钢球转动n圈用的时间t．则：(1)小钢球做圆周运动的周期T=________．(2)小钢球做圆周运动的向心力F=________14、某同学通过实验对平抛运动进行研究，他在竖直墙上记录了抛物线轨迹的一部分，如图．O点不是抛出点，x轴沿水平方向，由图中所给的数据可求出平抛物体的初速度是________ m/s，抛出点的坐标x=________m，y=________m （g 取10m/s2）四、计算题15、在冬天，高为h=1.25m的平台上，覆盖一层薄冰．一乘雪橇的滑雪爱好者，从距平台边缘s=24m处以7m/s初速度向平台边缘滑去，如图所示，平台上的薄冰面与雪橇间的动摩擦因数为μ=0.05，取g=10m/s2．求：(1)滑雪者滑离平台时速度的大小；(2)滑雪者着地点到平台边缘的水平距离．16、据报道我国将在2020年左右发射一颗火星探测卫星．如果火星半径为R，火星表面的重力加速度为g0，万有引力常量为G，不考虑火星的自转．求：(1)火星的质量；(2)卫星在距离火星表面高度h=R的圆轨道上的速度大小．17、一列火车总质量m=5×105kg，机车发动机的额定功率P=3×106W，水平轨道对列车的阻力f是车重的0.02倍，火车在轨道上从静止开始行驶时，发动机功率不超过额定功率P，取g=10m/s2，求：(1)火车在水平轨道上行驶的最大速度v m；(2)当行驶速度为v=20m/s时，机车发动机的功率为额定功率，此时加速度a是多大；(3)若火车从静止开始保持以0.2m/s2的加速度做匀加速运动，这一过程维持的最长时间t为多少．18、如图，一滑块经水平轨道AB，进入竖直平面内的四分之一圆弧轨道BC．已知滑块的质量m=0.60kg，在A点的速度v A=8.0m/s，AB长x=5.0m，滑块与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.15，圆弧轨道的半径R=2.0m，滑块离开C点后竖直上升h=0.20m，取g=10m/s2．求：(1)滑块经过B点时速度的大小；(2)滑块经过B点时圆弧轨道对它的支持力的大小；(3)滑块在圆弧轨道BC段克服摩擦力所做的功．答案解析部分一、<b >单项选择题</b>1、【答案】D【考点】物理学史【解析】【解答】解：A、伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因；故A错误．B、伽利略通过斜面实验根据实验结果，伽利略将实验结论进行合理的外推，得到落体的运动规律，但没有得出万有引力定律；故B错误；C、开普勒总结归纳了行星运动定律，但哥白尼提出了日心说；故C错误；D、牛顿发现了万有引力定律，但未测定出引力常量，是卡文迪许测定了引力常量G．故D正确；故选：D【分析】本题掌握开普勒、牛顿、卡文迪许以及伽利略等等科学家的成就，就能进行解答．2、【答案】B【考点】速度的合成与分解，曲线运动的条件【解析】【解答】解：A、依据矢量的合成法则，则合速度的大小与每个分速度的大小关系不确定．故A错误．B、合运动的方向就是物体实际运动的方向．故B正确；C、两个匀变速直线运动的合运动，当合加速度与合速度共线时，则一定是匀变速直线运动；若两者不共线时，则合运动是匀变速曲线运动．故C错误；D、两个直线运动的合运动不一定是直线运动．如平抛运动，故D错误；故选：B．【分析】当合速度的方向与合加速度的方向在同一条直线上，合运动是直线运动，不在同一条直线上，合运动是曲线运动．3、【答案】B【考点】恒力做功，机械能守恒及其条件，动能与重力势能【解析】【解答】解：A、根据重力势能的表达式E p=mgh，位于同一水平面上的质量不同的物体，如果以该平面为参考平面，则它们的重力势能相等，均为零，故A错误；B、重力做功的特点是只跟初末位置有关，跟路径和路程无关，故B正确；C、动能是标量，没有方向．故C错误；D、根据动能定理可知，合外力对物体所做的功，等于物体动能的变化量，动能不一定减小，故D错误；故选：B．【分析】重力势能具有相对性，动能和重力势能均是标量；重力做功量度重力势能的变化，合力做功量度动能的变化．4、【答案】A【考点】描述圆周运动的物理量，匀速圆周运动【解析】【解答】解：AB、大齿轮和小齿轮是同缘传动，边缘点的线速度大小相等，故A点和B点的线速度大小之比为1：1，A点和B点的半径之比为1：5，线速度相等，根据v=ωr，角速度之比为5：1，故A正确，B错误；CD、根据a=ωv得A点和B点的向心加速度速度大小之比为5：1，故CD错误；故选：A【分析】大齿轮和小齿轮是同缘传动，边缘点的线速度大小相等；再根据v=ωr判断角速度的关系，根据a=ωr判断出向心加速度的关系．5、【答案】B【考点】万有引力定律及其应用，天体的匀速圆周运动的模型【解析】【解答】解：A、根据万有引力等于向心力，由旋转天体公转半径和周期可求出中心天体的质量．故已知地球绕太阳运行的周期和地球中心到太阳中心的距离只能求出太阳的质量，而不能求出地球的质量，故A错误．B、已知月球绕地球运行的周期及月球中心到地球中心的距离，根据万有引力等于向心力得G =mr ，知道月球的周期和轨道半径，可以求出地球的质量．故B正确．C、已知人造地球卫星在地面附近绕行的速度．由G =m ，可得 M= ，只知道卫星的线速度v，不知道地球半径R，不能求出地球的质量M．故C错误．D、同步卫星的周期已知，不知道同步卫星的高度和地球半径，所以无法知道同步卫星的轨道半径，不能求出地球的质量，故D错误．故选：B【分析】根据旋转天体绕中心天体运行的模型，由旋转天体公转半径和周期求出中心天体的质量分析：地球绕太阳运行的周期T和地球中心离太阳中心的距离r可求出太阳的质量．月球绕地球运动的周期T和轨道半径r可求出地球的质量．6、【答案】A【考点】恒力做功，动能定理的理解，功率的计算【解析】【解答】解：A、由受力分析可知mgsin37°=mgaa=gsin37°=6m/s2V=at=6m/s2×0.5s=3m/s瞬时功率为：P瞬=mgvsin37°=1kg×10m/s2×3m/s×0.6=18W，故A正确B、根据动能定理可得：E k=mgLsinθ=4.5J，故B错误C、由X= 得：t=0.5s平均功率为：P平= =9W，故C错误D、重力做的功为：W G=mgLsin37°=4.5J，故D错误；故选：A【分析】根据牛顿第二定律求出物块下滑的加速度，然后有运动学公式求出下滑时间和速度，由W G=mgh求出重力做的功，由P= 求出平均功率，瞬时功率为P=mgVcosθ．在整个下滑过程中，重力做的功全部转化为动能．7、【答案】C【考点】描述圆周运动的物理量，匀速圆周运动，向心力，圆周运动实例分析【解析】【解答】解：A、摩托车做匀速圆周运动，提供圆周运动的向心力是重力mg和支持力F的合力，作出力图．侧壁对摩托车的支持力F= 不变，则摩托车对侧壁的压力不变．故A错误．B、如图，向心力F n=mgtanθ，m，θ不变，向心力大小不变，根据牛顿根据牛顿第二定律得F n=m ，h越高，r 越大，F n不变，则T越大，故BD错误．C、根据知，向心力大小不变，h越高，r越大，则线速度越大，故C正确．故选：C．【分析】摩托车做匀速圆周运动，提供圆周运动的向心力是重力mg和支持力F的合力，作出力图，得出向心力大小不变．h越高，圆周运动的半径越大，由向心力公式分析周期、线速度大小．8、【答案】A【考点】速度的合成与分解，平抛运动【解析】【解答】解：a经过t时间两球的速度方向相互垂直，此时b运动时间为（t﹣3）s，根据几何关系可得：tanθ= ，代入数据解得t=4s．则A、B间的水平距离x=v0t+v0（t﹣3）=20×4×20×1m=100m．故选：A．【分析】两球相差3s抛出，根据竖直方向的速度v A=gt，v B=g（t﹣3），结合两球的速度方向相互垂直，利用几何关系进而求出下落的时间，根据水平方向上做匀速直线运动求出抛出点A、B间的距离．二、<b >多项选择题</b>9、【答案】A,D【考点】平抛运动，描述圆周运动的物理量，匀速圆周运动【解析】【解答】解：A、飞镖水平抛出做平抛运动，在水平方向做匀速直线运动，因此t= ，故A正确．B、飞镖击中P点时，P恰好在最下方，则2r= ，解得圆盘的半径 r= ，故B错误．C、飞镖击中P点，则P点转过的角度满足θ=ωt=π+2kπ（k=0，1，2…）故ω= = ，则圆盘转动角速度的最小值为．故C错误．D、P点随圆盘转动的线速度为 v=ωr= • =当k=2时，v= ．故D正确．故选：AD．【分析】飞镖做平抛运动的同时，圆盘上P点做匀速圆周运动，恰好击中P点，说明A点正好在最低点被击中，则P点转动的时间t=（2n+1），根据平抛运动水平位移可求得平抛的时间，两时间相等联立可求解．10、【答案】B,D【考点】匀速圆周运动，向心力，圆周运动实例分析【解析】【解答】解：A在运动的过程中受重力、支持力、静摩擦力，三个力的合力提供向心力．合力沿水平方向的分力等于A所受的摩擦力，合力沿竖直方向的分力等于重力和支持力的合力，合力的大小不变，由a到b的运动过程中，合力沿水平方向的分力减小，所以摩擦力减小．合力沿竖直方向的分力逐渐增大，所以支持力逐渐减小．故B、D正确，A、C错误．故选BD．【分析】物块A做匀速圆周运动靠合力提供向心力．在a运动到b的过程中，木块受重力、支持力和静摩擦力．11、【答案】B,C【考点】开普勒定律，万有引力定律及其应用，卫星问题，人造卫星与飞船【解析】【解答】解：A、卫星在椭圆轨道Q处和圆轨道Q处所受的万有引力大小相等，结合牛顿第二定律知，加速度大小相等，故A错误．B、在轨道A，根据万有引力提供向心力有：，在轨道B，有：，联立可以得出月球的质量和月球的半径，故B正确．C、卫星在轨道P处变轨时，需减速，使得万有引力大于向心力，做近心运动，故C正确．D、根据得，v= ，由于卫星在轨道A上的轨道半径大于卫星在轨道B上的轨道半径，则在轨道A上的速率小于在轨道B上运动的速率，故D错误．故选：BC．【分析】根据万有引力的大小，结合牛顿第二定律比较加速度的大小．在轨道A和轨道B上，根据万有引力提供向心力分别列出方程，联立求出月球的质量．根据卫星变轨的原理判断在P处速度是增大还是减小．根据万有引力提供向心力得出线速度与轨道半径的关系，从而比较速率的大小．12、【答案】B,D【考点】动能定理的理解，摩擦力做功【解析】【解答】解：A、设竖直面与C点的距离为s，斜面与水平方向的夹角为θ，则可知高度h=stanθ，斜面长度x= ，则由动能定理可知：mgh﹣μmgxcosθ= mv2解得：v= ，则可知，夹角越大，速度越大，故V1＞V2；故A错误，B正确；C、摩擦力做功W=μmgxcosθ=μmg cosθ=μmgs，故说明两过程摩擦力做功相同，故C错误，D正确．故选：BD．【分析】分析两斜面的相同点和不同点，利用底面长度和斜面倾角进行分析，得出速度的表达式，即可明确速度的大小关系，再根据功的公式即可分析摩擦力做功的关系．三、<b >实验题</b>13、【答案】（1）（2）m【考点】描述圆周运动的物理量，向心力，圆周运动实例分析【解析】【解答】解：（1）钢球转动n圈用的时间为t，则周期为：T= ．（2）钢球转动半径为：R=r﹣，根据向心力公式得：F= =m ．故答案为：（1）；m ．【分析】（1）根据钢球转动n圈用的时间t求出周期；（2）根据向心力与周期的关系求出小钢球做圆周运动的向心力．14、【答案】2；﹣0.6；﹣0.3【考点】平抛运动，力学实验，匀变速直线运动导出公式应用【解析】【解答】解：根据△y=gT2， T= =0.1s，则平抛运动的初速度v0= = =2m/s．A点在竖直方向上的分速度v yA= = =3m/s．平抛运动到A的时间t= = =0.3s，此时在水平方向上的位移x=v0t=2×0.3=0.6m，在竖直方向上的位移y= gt2= =0.45m，即为0.45﹣0.15=0.3m；所以抛出点的坐标x=﹣0.6m，y=﹣0.3m．故答案为：2，﹣0.6；﹣0.3．【分析】平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，根据△y=gT2，求出时间，再根据等时性，求出水平初速度；OB 段在竖直方向上的平均速度等于A点竖直方向上的瞬时速度，再根据A点竖直方向上的速度求出下落的时间，求出下落的水平位移和竖直位移，从而求出抛出点的坐标．四、<b >计算题</b>15、【答案】（1）解：设滑雪者离开平台的速度为v，由①根据牛顿第二定律得：a=﹣μg=﹣5 ②联立①②得：解得：v=5m/s（2）解：滑雪者离开平台做平抛运动．下落时间为t，由得 t= = =0.5s水平距离为x=vt=5×0.5=2.5m【考点】对单物体(质点)的应用，平抛运动，匀变速直线运动基本公式应用【解析】【分析】（1）根据牛顿第二定律和速度位移公式求出滑雪者到达平台边缘的速度；（2）根据高度求出平抛的时间，由x=vt求出离开平台的水平位移；16、【答案】（1）解：在火星表面，不考虑火星的自转时，物体的重力等于火星对物体的万有引力，有：G =mg0解得火星的质量：M=（2）解：卫星绕火星做匀速圆周运动时，由万有引力提供向心力，则有：G =m又 h=R联立解得：v=【考点】万有引力定律及其应用，卫星问题，人造卫星与飞船【解析】【分析】（1）在火星表面，不考虑火星的自转时，物体的重力等于火星对物体的万有引力，由此列式即可求火星的质量；（2）卫星绕火星做匀速圆周运动时，由万有引力提供向心力，列式求解卫星运行的速度即可．17、【答案】（1）解：列车以额定功率工作时，当牵引力等于阻力，列车的加速度为零，速度达最大值v mF=f=kmgv m=（2）解：当v＜v m时，列车加速运动，根据牛顿第二定律可得：当v=20m/s时，F1= = =1.5×105 Na= =0.1 m/s2（3）解：据牛顿第二定律可得牵引力为：F′=f+ma′=0.02×5×106+5×105×0.2N=2×105 N在此过程中，速度增大，发动机功率增大，当功率为额定功率时速度大小为v m′，即：v m′= = m/s=15m/st= = =75s【考点】机车启动，功率的计算，瞬时功率与平均功率【解析】【分析】（1）当牵引力等于阻力时，速度最大，根据P=fv m求出火车的最大速度；（2）根据P=Fv求出火车的牵引力，结合牛顿第二定律求出加速度；（3）根据牛顿第二定律求出牵引力，结合P=Fv求出匀加速直线运动的末速度，根据速度时间公式求出匀加速运动的时间．18、【答案】（1）解：滑块从A到B过程，只有摩擦力做功，由动能定理得﹣fx= mv B2﹣mv A2①其中摩擦力 f=μmg ②联立上式，解得v B=7.0m/s ③即滑块经过B点时速度的大小为7.0m/s（2）解：在圆弧上B点，支持力和重力的合力提供向心力N﹣mg=m ④解得N=mg+ =20.7N ⑤即滑块经过B点时圆弧轨道对它的支持力的大小为20.7N（3）解：滑块离开C点后做竖直上抛运动，由运动学公式v C2=2gh ⑥从B到C的过程中，设摩擦力做功W f，由动能定理﹣mgR﹣W f= m ﹣m ⑦联立③⑥⑦式，解得 W f=﹣1.0J克服摩擦力做功W f′=1.0J即滑块在圆弧轨道BC段克服摩擦力所做的功为1.0J【考点】向心力，圆周运动实例分析，动能定理的理解，动能定理的综合应用，摩擦力做功【解析】【分析】（1）滑块由A至B过程，只有摩擦力做功，可以由动能定理求解；（2）滑块在圆弧轨道上B点，支持力和重力的合力提供向心力，可根据牛顿第二定律列式求解；（3）先根据运动学公式求出在C点的速度，再对滑块由B至C段过程运用动能定理列式求解；也可以直接对由B至最高点过程运用动能定理列式求解．高一下学期(第二学期)物理期中考试解析卷注意事项：1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
江苏省南通一中2024届物理高一第二学期期末检测试题含解析
江苏省南通一中2024届物理高一第二学期期末检测试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。
选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。
2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。
3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。
一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、(本题9分)关于作用力与反作用力做功，下列说法不正确的是（）A．一对静摩擦力做功之和一定为零B．一对滑动摩擦力做功之和一定为负值C．当作用力做正功时，反作用力一定做负功D．当作用力做正功时，反作用力可以做正功，也可以做负功，也可以不做功2、如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面．下列判断正确的是（）A．1、2两点的场强相等B．1、3两点的场强相等C．1、2两点的电势相等D．2、3两点的电势相等3、(本题9分)在粒子物理学的研究中,经常应用“气泡室”装置。
粒子通过气泡室中的液体时能量降低,在它的周围有气泡形成,显示出它的径迹,如图所示为带电粒子在气泡室运动径迹的照片,气泡室处于垂直纸面向里的匀强磁场中,下列有关甲、乙两粒子的判断正确的是A．甲粒子从b向a运动B．乙粒子从c向d运动C．甲粒子带正电D．乙粒子带负电4、(本题9分)如图所示，足够长的粗糙斜面固定在地面上，某物块以初速度0υ从底端沿斜面上滑至最高点后又回到底端．上述过程中，若用x、υ、a和E K分别表示物块的位移、速度、加速度和动能各物理量的大小，t表示运动时间，下列图像中可能正确的是（）A．B．C．D．5、(本题9分)两个物体的质量分别是m1和m2，且m1=4m2。
当它们以相同的动能在动摩擦因数相同的水平面上运动时，它们滑行距离之比和滑行时间之比分别是A．1：4，2：1 B．1：4，1：2 C．4：1，1：2 D．2：1，4：16、(本题9分)关于平抛运动，下列说法中正确的是()A．平抛运动是变加速曲线运动B．做平抛运动的物体加速度随时间逐渐增大C．做平抛运动的物体每秒内动能的增量相等D．做平抛运动的物体每秒内机械能的增量相等7、(本题9分)如图所示，作用于0点的三个力平衡，其中一个力大小为1F，沿y轴负方向．大小未知的力2F与x轴正方向夹角为θ，则下列说法正确的是（）A．力3F可能在第二象限的任意方向上B．力3F不可能在第三象限C ．力3F 与2F 夹角越小，则3F 与2F 的合力越小D ．3F 的最小值为1cos F θ8、 (本题9分)高空中仍有稀薄大气，所以低轨道的卫星会受到稀薄空气阻力的作用，从而不能永远在固定的圆轨道上运动。
江苏南通市2022-2023学年高一物理第二学期期末联考试题含解析
2022-2023学年高一物理下期末模拟试卷注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、(本题9分)质.量相同的三个小球,在光滑水平面上以相同的速度运动,分别与原来静止的三个小球A、B、C相碰（a 碰A,b碰B,c碰C）.碰后,a球继续沿原来方向运动；b球静止；c被反弹而向后运动.这时,A、B、C三球中动量最大的是[]A．A球B．B球C．C球D．条件不足,无法判断2、(本题9分)如图所示的情况中，a、b两点的电场强度和电势均相同的是（）A．甲图：离点电荷等距的a、b两点B．乙图：两个等量异种点电荷连线的中垂线上，与连线中点等距的a、b两点C．丙图：两个等量同种点电荷连线上，与连线中点等距的a、b两点D．丁图：带电平行金属板两板间分别靠近两板的a、b两点3、如图，长l的轻杆两端固定两个质量相等的小球甲和乙，初始时它们直立在光滑的水平地面上。
后由于受到微小扰动，系统从图示位置开始倾倒。
当小球甲刚要落地时，其速度大小为( )A．B．C．D．04、(本题9分)如图所示，在半径为R的半圆形碗的光滑表面上，一质量为m的小球以角速度ω在水平面内作匀速圆A ．22g R ω+B ．2gω C ．2gR ω- D ．2gR ω-5、如图所示，洗衣机的脱水桶把湿衣服甩干利用了A ．自由落体运动B ．离心运动C ．平抛运动D ．匀速直线运动6、 (本题9分)如图所示，在AB 间有两轨道Ⅰ和Ⅱ，物体从轨道顶端A 由静止下滑，且与两轨道间的动摩擦因数均相同，不计物体在C 点时的能量损失，物体分别沿Ⅰ和Ⅱ轨道到达底端B 时摩擦力做功分别为W 1和W 2，则W 1和W 2的大小关系（ ）A ．W 1<W 2B ．W 1>W 2C ．W 1=W 2D ．无法判断7、 (本题9分)如图所示为一皮带传动装置，右轮的半径为r ，a 是它边缘上的一点，左侧是一轮轴，大轮的半径为4r ，小轮的半径为2r ，b 点在小轮上，到小轮中心的距离为r ，c 点和d 点分别位于小轮和大轮的边缘上，若在传动过程中，皮带不打滑，则下列叙述错误的是（ ）A ．a 点与d 点的线速度大小之比为1:2C．a点与c点的线速度大小相等D．a点与d点的向心加速度大小之比为4:18、半径为r和R（r＜R）的光滑半圆形槽，其圆心均在同一水平面上，如图所示，质量相等的两物体分别自半圆形槽左边缘的最高点无初速地释放，在下滑过程中两物体（）A．机械能均逐渐减小B．经最低点时动能相等C．在最低点对轨道的压力相等D．在最低点的机械能相等9、滑滑梯是小朋友们喜爱的娱乐项目之一。
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高一下学期(第二学期)物理期中考试解析卷注意事项：1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、单选题：每小题4分，共32分．每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题目要求；选对得4分，选错或不答的得0分．1．对于两个分运动，下列说法正确的是（）A．合运动的速度一定大于两个分运动的速度B．合运动的速度一定大于其中一个分运动的速度C．合运动的方向就是物体实际运动的方向D．仅由两分速度的大小就可确定合速度的大小2．将物体以一定的初速度竖直上抛，图中能正确反映物体的速度随时间变化关系的是（）A．B．C．D．3．对描述圆周运动的各物理量的理解，下列说法正确的是（）A．转过的弧长越长，线速度越大B．转过的角度越大，角速度越大C．线速度大，角速度一定大D．角速度大，转速一定大4．如图所示，汽车以速度通过一弧形的拱桥顶端，且汽车对桥面有压力．关于汽车受力的说法中正确的是（）A．汽车受重力、支持力、牵引力、摩擦力和向心力的作用B．汽车的向心力是它所受的重力与压力的合力C．汽车的向心力是它所受的重力与支持力的合力D．汽车的向心力是它所受的重力、支持力与摩擦力的合力5．在下列几种情况下，甲、乙两物体的动能相等的是（）A．甲的速度是乙的2倍，甲的质量是乙的2倍B．甲的质量是乙的2倍，甲的速度是乙的4倍C．甲的质量是乙的4倍，甲的速度是乙的4倍D．质量相同，速度的大小也相同，但甲向东运动，乙向西运动6．下列关于运动物体所受合外力做功和动能变化的关系正确的是（）A．如果物体所受合外力为零，则合外力对物体做的功一定为零B．如果合外力对物体所做的功为零，则合外力一定为零C．物体在合外力作用下做变速运动，动能一定发生变化D．物体的动能不变，所受合外力一定为零7．跳伞运动员在匀速下落过程中（）A．势能增加，动能减少，机械能不变B．势能减少，动能不变，机械能减少C．势能减少，动能增加，机械能不变D．势能增加，动能不变，机械能增加8．一人在高出地面h处抛出一个质量为m的小球，小球落地时的速率为v，不计空气阻力，则人抛球时对球做的功为（）A． mv2B． mv2﹣mgh C．mgh D． mv2+mgh二、多选题：每小题4分，共16分．每小题给出的四个选项中有多个选项符合题目要求．选对得4分，选不全的得2分，选错或不答的得0分．9．关于平抛运动的性质，以下说法正确的是（）A．变加速运动B．匀变速运动C．匀速率曲线运动D．匀速直线运动和匀变速直线运动的合运动10．如图所示，一根轻弹簧下端固定，竖立在水平面上．其正上方A位置有一只小球．小球从静止开始下落，在B位置接触弹簧的上端，在C位置小球所受弹力大小等于重力，在D位置小球速度减小到零．小球下降阶段下列说法中正确的是（）A．在B位置小球动能最大B．在C位置小球动能最大C．从A→C位置小球重力势能的减少大于小球动能的增加D．从A→D位置小球重力势能的减少等于弹簧弹性势能的增加11．用手将质量为1kg的物体由静止向上提高1m，这时物体的速度为4m/s，g取10m/s2，下列说法正确的是（）A．手对物体做功8J B．物体动能增加8JC．物体重力势能增加10J D．物体机械能增加18J12．图中所示为一皮带传动装置，右轮的半径为r，a是它边缘上的一点．左侧是一轮轴，大轮的半径为4r，小轮的半径为2r．b点在小轮上，到小轮中心的距离为r．c点和d点分别位于小轮和大轮的边缘上．若在传动过程中，皮带不打滑．则（）A．a点与b点的线速度大小相等B．a点与c点的线速度大小相等C．a点与b点的角速度大小相等D．a点与d点的向心加速度大小相等三、填空题：3小题，共16分．13．某同学采用重物自由下落的方法“验证机械能守恒定律”，如图甲所示．打点计时器所用电源频率为50Hz，当地重力加速度的值为9.80m/s2，测得所用重物的质量为1.00kg．若按实验要求正确地选出纸带进行测量，量得连续三点A、B、C到第一个点O的距离如图乙所示，那么：（1）纸带的（选填“左”或“右”）端与重物相连；（2）从打下点A到打下点C的过程中重力势能的减少量△E p= （结果保留两位有效数字）；（3）猜测：动能的增加量△E k最有可能势能的减少量△E p（选填“＞”“＜”或“=”）．产生这种现象的原因可能是．四、计算题：2大题，共36分14．有一质量为0.2kg的物块，从长为4m，倾角为30°光滑斜面顶端处由静止开始沿斜面滑下，斜面底端和水平面的接触处为很短的圆弧形，如图所示．物块和水平面间的滑动摩擦因数为0.2，求：（g取10m/s2）（1）物块在水平面能滑行的距离；（2）物块克服摩擦力所做的功．15．一辆质量为2.0×103kg的汽车以额定功率为6.0×104W在平直公路上行驶，汽车受到的阻力恒为2.0×103N，求：（1）汽车所能达到的最大速度是多大？（2）当汽车的速度为10m/s时的加速度是多大？（3）若汽车从静止开达到最大速度过程中，通过的路程为300米，则这一过程总用时为多少秒？（4）若汽车从静止开始做匀加速直线运动（不是额定功率行驶），加速度的大小a=1.0m/s2，则这一过程最多能保持多长时间？参考答案与试题解析一、单选题：每小题4分，共32分．每小题给出的四个选项中只有一个选项符合题目要求；选对得4分，选错或不答的得0分．1．对于两个分运动，下列说法正确的是（）A．合运动的速度一定大于两个分运动的速度B．合运动的速度一定大于其中一个分运动的速度C．合运动的方向就是物体实际运动的方向D．仅由两分速度的大小就可确定合速度的大小【考点】44：运动的合成和分解．【分析】根据平行四边形定则，合速度的大小可能比分速度大，可能比分速度小，可能与分速度相等．只知道分速度的大小，不知道方向，无法确定合速度的大小．【解答】解：A、合速度的大小可能比分速度大，可能比分速度小，可能与分速度相等．故A、B错误．C、合运动的速度方向为物体实际运动的方向．故C正确．D、知道分速度的大小，不知道分速度的方向，根据平行四边形定则，无法确定合速度的大小．故D错误．故选：C．2．将物体以一定的初速度竖直上抛，图中能正确反映物体的速度随时间变化关系的是（）A．B．C．D．【考点】1I：匀变速直线运动的图像．【分析】物体以一定的初速度竖直上抛，只受重力，做竖直上抛运动，上升和下降过程加速度大小和方向都不变，故是匀变速直线运动；根据运动学公式列式分析即可．【解答】解：物体做竖直上抛运动，加速度一直为g，可看成一种匀减速运动，其速度与时间的关系为：v=v0﹣gt，所以v﹣t图线是一条向下倾斜的直线，且上升与下降的速度方向相反．故ABC错误，D正确．故选：D3．对描述圆周运动的各物理量的理解，下列说法正确的是（）A．转过的弧长越长，线速度越大B．转过的角度越大，角速度越大C．线速度大，角速度一定大D．角速度大，转速一定大【考点】48：线速度、角速度和周期、转速．【分析】线速度等于单位时间内质点走过的弧长，角速度等于单位时间内转过的角度．根据线速度、角速度、转速的关系分析判断．【解答】解：A、线速度v=，转过的弧长越长，线速度不一定大，还与时间有关，故A错误．B、角速度，转过的角度越大，角速度不一定大，还与时间有关，故B错误．C、根据v=rω知，线速度大，角速度不一定大，故C错误．D、转速n=，可知角速度大，转速一定大，故D正确．故选：D．4．如图所示，汽车以速度通过一弧形的拱桥顶端，且汽车对桥面有压力．关于汽车受力的说法中正确的是（）A．汽车受重力、支持力、牵引力、摩擦力和向心力的作用B．汽车的向心力是它所受的重力与压力的合力C．汽车的向心力是它所受的重力与支持力的合力D．汽车的向心力是它所受的重力、支持力与摩擦力的合力【考点】4A：向心力；37：牛顿第二定律．【分析】汽车过拱桥，做圆周运动，在最高点，合力提供向心力，受力分析时不能分析向心力．【解答】解：A、汽车在桥顶时受到重力、支持力、牵引力和摩擦力四个力的作用．故A错误．B、汽车在桥顶的向心力由重力和支持力的合力提供．故B错误，C正确，D错误．故选：C．5．在下列几种情况下，甲、乙两物体的动能相等的是（）A．甲的速度是乙的2倍，甲的质量是乙的2倍B．甲的质量是乙的2倍，甲的速度是乙的4倍C．甲的质量是乙的4倍，甲的速度是乙的4倍D．质量相同，速度的大小也相同，但甲向东运动，乙向西运动【考点】64：动能．【分析】根据动能的表达式E k=结合题目中的条件求解．【解答】解：A、甲的速度是乙的2倍，甲的质量是乙的2倍，则甲的动能是乙的8倍；故A错误；B、甲的质量是乙的2倍，甲的速度是乙的4倍，则甲的动能是乙的16倍；故B错误；C、甲的质量是乙的4倍，甲的速度是乙的4倍，则甲的动能是乙的64倍；故C错误；D、动能是标量，和速度的方向无关；故只要质量相等，速度也相等，则动能一定相等；故D正确；故选：D6．下列关于运动物体所受合外力做功和动能变化的关系正确的是（）A．如果物体所受合外力为零，则合外力对物体做的功一定为零B．如果合外力对物体所做的功为零，则合外力一定为零C．物体在合外力作用下做变速运动，动能一定发生变化D．物体的动能不变，所受合外力一定为零【考点】66：动能定理的应用；6B：功能关系．【分析】物体所受合外力为零，根据功的公式分析合外力对物体做的功是否为零．再分析合外力对物体所做的功为零，合外力是否为零．根据动能定理分析动能不变时，合外力是否为零．【解答】解：A、如果物体所受合外力为零，根据功的公式W=Flcosα得知，合外力对物体做的功一定为零．故A正确；B、如果合外力做的功为零，但合外力不一定为零，也可能物体的合外力和运动方向垂直而不做功，比如匀速圆周运动．故B错误；C、物体做变速运动可能是速度方向变化而速度大小不变．所以，做变速运动的物体，动能可能不变，故C错误；D、物体动能不变，根据动能定理得知，合外力不做功，但合外力不一定为零．故D错误．故选：A．7．跳伞运动员在匀速下落过程中（）A．势能增加，动能减少，机械能不变B．势能减少，动能不变，机械能减少C．势能减少，动能增加，机械能不变D．势能增加，动能不变，机械能增加【考点】6B：功能关系；6A：动能和势能的相互转化．【分析】动能的影响因素是物体的质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能的影响因素是物体的质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大．【解答】解：由于运动员在空中飞速下落，质量和速度都没发生变化，故动能不变；在下落过程中，高度降低，所以重力势能减小，动能和势能的和是机械能，因此机械能减小．故选：B．8．一人在高出地面h处抛出一个质量为m的小球，小球落地时的速率为v，不计空气阻力，则人抛球时对球做的功为（）A． mv2B． mv2﹣mgh C．mgh D． mv2+mgh【考点】66：动能定理的应用．【分析】对抛球到落地整个过程运用动能定理，求出人抛球时对小球做功的大小．【解答】解：对全过程运用动能定理得：W+mgh=mv2，解得：W=mv2﹣mgh．故B正确，A、C、D错误．故选：B．二、多选题：每小题4分，共16分．每小题给出的四个选项中有多个选项符合题目要求．选对得4分，选不全的得2分，选错或不答的得0分．9．关于平抛运动的性质，以下说法正确的是（）A．变加速运动B．匀变速运动C．匀速率曲线运动D．匀速直线运动和匀变速直线运动的合运动【考点】43：平抛运动．【分析】平抛运动的加速度不变，做匀变速曲线运动，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．【解答】解：A、平抛运动的加速度不变，做匀变速曲线运动，故A错误，B正确．C、平抛运动的速度大小在不断增大，不是匀速率曲线运动，故C错误．D、平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，是匀速直线运动和匀变速直线运动的合运动．故D正确．故选：BD．10．如图所示，一根轻弹簧下端固定，竖立在水平面上．其正上方A位置有一只小球．小球从静止开始下落，在B位置接触弹簧的上端，在C位置小球所受弹力大小等于重力，在D位置小球速度减小到零．小球下降阶段下列说法中正确的是（）A．在B位置小球动能最大B．在C位置小球动能最大C．从A→C位置小球重力势能的减少大于小球动能的增加D．从A→D位置小球重力势能的减少等于弹簧弹性势能的增加【考点】6C：机械能守恒定律；37：牛顿第二定律；6A：动能和势能的相互转化．【分析】小球下降过程中，重力和弹簧弹力做功，小球和弹簧系统机械能守恒，在平衡位置C动能最大．【解答】解：A、小球从B至C过程，重力大于弹力，合力向下，小球加速，C到D，重力小于弹力，合力向上，小球减速，故在C点动能最大，故A错误，B正确；C、小球下降过程中，重力和弹簧弹力做功，小球和弹簧系统机械能守恒；从A→C位置小球重力势能的减少等于动能增加量和弹性势能增加量之和．故C正确．D、小球下降过程中，重力和弹簧弹力做功，小球和弹簧系统机械能守恒；从A→D位置，动能变化量为零，故小球重力势能的减小等于弹性势能的增加，故D正确．故选BCD．11．用手将质量为1kg的物体由静止向上提高1m，这时物体的速度为4m/s，g取10m/s2，下列说法正确的是（）A．手对物体做功8J B．物体动能增加8JC．物体重力势能增加10J D．物体机械能增加18J【考点】66：动能定理的应用．【分析】运用动能定理分析手对物体做的功．重力势能的变化根据重力做功分析，根据重力之外的其他力做功等于机械能的改变量分析机械能的增加量．【解答】解：物体的动能增加△E k=mv2=×1×82J=8J，物体克服重力做功 W G=mgh=1×10×1=10J，则重力势能增加了10J．由动能定理得 W﹣mgh=△E k，则可解得手对物体做的功W=10+8=18J，物体的机械能增加18J；故BCD正确，A 错误．故选：BCD．12．图中所示为一皮带传动装置，右轮的半径为r，a是它边缘上的一点．左侧是一轮轴，大轮的半径为4r，小轮的半径为2r．b点在小轮上，到小轮中心的距离为r．c点和d点分别位于小轮和大轮的边缘上．若在传动过程中，皮带不打滑．则（）A．a点与b点的线速度大小相等B．a点与c点的线速度大小相等C．a点与b点的角速度大小相等D．a点与d点的向心加速度大小相等【考点】48：线速度、角速度和周期、转速；49：向心加速度．【分析】共轴转动的各点角速度相等，靠传送带传动轮子上的点线速度大小相等，根据v=rω，a=rω2=半径各点线速度、角速度和向心加速度的大小．【解答】解：A、a、c两点的线速度大小相等，b、c两点的角速度相等，根据v=rω，c的线速度大于b的线速度，则a点的线速度大于b点的线速度，故A错误，B正确；B、c、d两点角速度相等，a、c两点的线速度大小相等，而a的半径小于c的半径，所以a的角速度大于c的角速度，所以a的角速度大于d的角速度，故B错误；C、a、b两点的线速度不等，转动半径相等，根据v=rω可知，角速度不等，故C错误；D、根据a=rω2得，d点的向心加速度是c点的2倍，根据a=知，a的向心加速度是c的2倍，所以ad两点的向心加速度相等，故D正确；故选：BD．三、填空题：3小题，共16分．13．某同学采用重物自由下落的方法“验证机械能守恒定律”，如图甲所示．打点计时器所用电源频率为50Hz，当地重力加速度的值为9.80m/s2，测得所用重物的质量为1.00kg．若按实验要求正确地选出纸带进行测量，量得连续三点A、B、C到第一个点O的距离如图乙所示，那么：（1）纸带的左（选填“左”或“右”）端与重物相连；（2）从打下点A到打下点C的过程中重力势能的减少量△E p= 0.38J （结果保留两位有效数字）；（3）猜测：动能的增加量△E k最有可能＜势能的减少量△E p（选填“＞”“＜”或“=”）．产生这种现象的原因可能是阻力的存在．【考点】MD：验证机械能守恒定律．【分析】根据下降的高度求出重力势能的减小量，由于阻力的存在，重力势能的减小量要略大于动能的增加量．【解答】解：（1）重物拖着纸带做加速运动，相等时间内的位移逐渐增大，可知纸带的左端与重物相连．（2）从打下点A到打下点C的过程中重力势能的减少量△E p=mgh AC=1×9.8×（7.02﹣3.13）×10﹣2J=0.38J．（3）动能的增加量△E k最有可能小于势能的减少量△E p，产生这种现象的原因可能是阻力的存在．故答案为：（1）左，（2）0.38J，（3）＜，阻力的存在．四、计算题：2大题，共36分14．有一质量为0.2kg的物块，从长为4m，倾角为30°光滑斜面顶端处由静止开始沿斜面滑下，斜面底端和水平面的接触处为很短的圆弧形，如图所示．物块和水平面间的滑动摩擦因数为0.2，求：（g取10m/s2）（1）物块在水平面能滑行的距离；（2）物块克服摩擦力所做的功．【考点】66：动能定理的应用．【分析】（1）对物块运动的整个过程运用动能定理即可求解；（2）根据摩擦力做功的公式即可求出摩擦力做的功，物块克服摩擦力所做的功等于摩擦力做功的绝对值．【解答】解：（1）对物块运动的整个过程运用动能定理得：0﹣0=mglsin30°﹣μmgs带入数据解得：s=10m（2）整个过程中摩擦力做的功为：W=﹣μmgs代入数据得；W=﹣4J所以物块克服摩擦力所做的功为4J．答：（1）物块在水平面能滑行的距离为10m；（2）物块克服摩擦力所做的功为4J．15．一辆质量为2.0×103kg的汽车以额定功率为6.0×104W在平直公路上行驶，汽车受到的阻力恒为2.0×103N，求：（1）汽车所能达到的最大速度是多大？（2）当汽车的速度为10m/s时的加速度是多大？（3）若汽车从静止开达到最大速度过程中，通过的路程为300米，则这一过程总用时为多少秒？（4）若汽车从静止开始做匀加速直线运动（不是额定功率行驶），加速度的大小a=1.0m/s2，则这一过程最多能保持多长时间？【考点】63：功率、平均功率和瞬时功率．【分析】（1）汽车速度最大时牵引力与阻力相等，根据P=Fv求得汽车能达到的最大速度；（2）根据P=Fv求得此时汽车牵引力，再根据牛顿第二求得汽车的加速度；（3）根据动能定理求得汽车运动时间；（4）根据加速度大小求得此时的牵引力，再根据P=Fv求得在该加速度下的最大速度，再根据速度时间求得作用时间．【解答】解：（1）由机车起动知，当牵引力F1=f时，速度最大，所以汽车运动的最大速度为：（2）当车的速度v1=10m/s时，此时加速度设为a1，依据牛顿第二定律得：代入数据解得此时加速度为：a1==2m/s2（3）对车，在刚起动到达到最大速度过程中，依据动能定理得：代入数据解得：=25秒即从起动到达到最大速度总用时25秒（4）当以a=1.0m/s2匀加速起动时，匀加速时的末速度为v1，用时为t1秒依据牛顿第二定律知：由匀变速速度公式知：v1=at1联立以上两式代入数据得：t1=答：（1）汽车所能达到的最大速度是30m/s；（2）当汽车的速度为10m/s时的加速度是2m/s2（3）若汽车从静止开达到最大速度过程中，通过的路程为300米，则这一过程总用时为25s；（4）若汽车从静止开始做匀加速直线运动（不是额定功率行驶），加速度的大小a=1.0m/s2，则这一过程最多能保持15s时间．高一下学期(第二学期)物理期中考试解析卷注意事项：1. 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。