[精品]2019年高考物理二轮复习提升训练4圆周运动16

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全国近年高考物理一轮复习第4章曲线运动16圆周运动的基本概念能力训练(2021年整理)

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16 圆周运动的基本概念1．在人们经常见到的以下现象中，不属于离心现象的是( ）A．舞蹈演员在表演旋转动作时，裙子会张开B．在雨中转动一下伞柄，伞面上的雨水会很快地沿伞面运动，到达边缘后雨水将沿切线方向飞出C．满载黄沙或石子的卡车,在急转弯时，部分黄沙或石子会被甩出D．守门员把足球踢出后，球在空中沿着弧线运动答案D解析舞蹈演员在表演旋转动作时，裙子做圆周运动,所需要的向心力增加，受到的合力的大小不足以提供裙子所需要的向心力时，裙子远离圆心，会张开，故A不符合题意；当雨伞转动时雨滴所需要的向心力增加，当超过雨伞对雨滴的吸附力时,雨滴做离心运动，故B不符合题意；当卡车急转弯时，部分黄沙或石子间的作用力不足以提供其所需的向心力，做离心运动，会被甩出，故C不符合题意；运动员将球踢出后球在空中运动，是由于惯性作用，故D符合题意。

2．（2017·天津南开区模拟)如图所示，质量相等的A、B两物体（可视为质点）放在圆盘上，到圆心的距离之比是3∶2，圆盘绕圆心做匀速圆周运动,两物体相对圆盘静止。

则A、B 两物体做圆周运动的向心力之比为( ）A．1∶1 B．3∶2 C．2∶3 D．4∶9答案B解析A、B两物体的角速度相等,根据F n＝mrω2知，质量相等，半径之比为3∶2,则A、B 两物体做圆周运动的向心力之比为3∶2，故B正确,A、C、D错误。

2019年高考红对勾高中物理二轮复习选择题提速练16

选择题提速练161—5为单选，6—8为多选1．如图所示，在光滑的水平面上有一段长为L 、质量分布均匀的绳子，绳子在水平向左的恒力F 作用下做匀加速直线运动．绳子上某一点到绳子右端的距离为x ，设该处的张力为T ，则能正确描述T 与x 之间的关系的图象是( A )解析：对整体由牛顿第二定律F ＝ma ，对右侧x 端由牛顿第二定律得，张力T ＝mx L a ＝Fx L ，选项A 正确．2．一小球以一定的初速度从下图所示位置进入光滑的轨道，小球先进入圆轨道1，再进入圆轨道2，圆轨道1的半径为R ，圆轨道2的半径是2R ，小球的质量为m .若小球恰好能通过轨道2的最高点B ，则小球在轨道1上最高点A 处对轨道的压力为( C )A ．mgB ．2mgC ．5mgD ．4mg解析：小球恰好能通过轨道2的最高点B 点，则mg ＝m v 2B 2R，在轨道1的最高点A 点，有F N ＋mg ＝m v 2A R ，根据机械能守恒有mg ·2R＝12m v 2A －12m v 2B ，解得F N ＝5mg ，由牛顿第三定律知，F ′N ＝F N ，C 项正确．3．如图所示，在方向水平向右、大小为E 的匀强电场中的O 点固定一电荷量为Q 的正电荷，a 、b 、c 、d 为以O 为圆心、半径为r 的同一圆周上的四点，b 、d 连线与电场线平行，a 、c 连线与电场线垂直，则( A )A ．a 点的场强大小为 E 2＋k 2Q 2r4 B ．b 点的场强大小为E －k Q r2 C ．d 点的场强大小不可能为0D ．a 、c 两点的场强相同解析：a 、c 两点的合场强是E 和k Q r2两个垂直分场强的合成，大小为E 2＋k 2Q 2r4，但方向不同，A 正确，D 错误；b 、d 两点的合场强是E 和k Q r 2同一直线上分场强的合成，E b ＝E ＋k Q r 2，E d ＝E －k Q r2，B 、C 错误．4．我国道路安全部门规定，在高速公路上行驶的汽车最大速度为120 km/h ，交通部门提供下列资料：资料一：驾驶员的反应时间为0.3～0.6 s ；资料二：各种路面与轮胎之间的动摩擦因数如下表所示.全距离最接近(g 取10 m/s 2)( B )A ．100 mB ．200 mC ．300 mD ．400 m解析：当驾驶员的反应时间最长、路面与轮胎之间的动摩擦因数最小时，对应的行驶距离为安全距离，v ＝120 km/h ≈33.3 m/s ，在反应时间t ＝0.6 s 内，汽车向前行驶的距离x 1＝v t ＝20 m ；由汽车在高速公路上刹车后做匀减速直线运动知，μmg ＝ma ，则a ＝3.2 m/s 2，刹车距离为x 2＝v 22a≈173 m ，所以安全距离x ＝x 1＋x 2＝193 m ，最接近200 m ，选项B 正确．5．如图甲所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体(物体与弹簧不连接)，初始时物体处于静止状态．现用竖直向上的拉力F 作用在物体上，使物体开始向上做匀加速运动，拉力F 与物体位移x 之间的关系如图乙所示(g 取10 m/s 2)，则下列结论正确的是( D )A．物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态B．弹簧的劲度系数为7.5 N/cmC．物体的质量为3 kgD．物体的加速度大小为5 m/s2解析：设物体的质量为m，开始时弹簧的压缩量为Δx，由平衡条件可得：kΔx＝mg①，现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速运动，根据拉力F与物体位移x的关系可得10 N ＝ma②；30 N－mg＝ma③；联立①②③式可以解得物体的质量m＝2 kg、物体的加速度大小a＝5 m/s2、k＝5 N/cm.本题只有选项D正确．6．如图甲所示电路，不计电表内阻的影响，改变滑动变阻器滑片位置，测得电压表V1和V2随电流表A的示数变化的两条实验图线，如图乙所示，关于这两条实验图线，有(BCD)A．图线b的延长线不一定过坐标原点OB．图线a的延长线与纵轴交点的纵坐标值等于电源的电动势C ．图线a 、b 交点的横坐标和纵坐标值的乘积等于电源的输出功率D ．图线a 、b 交点的横坐标和纵坐标值的乘积等于电阻R 0消耗的电功率解析：电压表V 1所测为电源的路端电压，电流表A 所测为电源的总电流，故图线a 为电源的U -I 特性曲线，电压表V 2所测为R 0的电压，电流表A 所测也可以说是流过R 0的电流，故b 是R 0的U -I 特性曲线，它的延长线应过原点O ，A 错，B 、C 、D 正确．7．如图所示，在光滑绝缘的水平面上叠放着两个物块A 和B ，A 带负电、质量为m 、电荷量为q ，B 质量为2m 、不带电，A 和B 间动摩擦因数为0.5.初始时A 、B 处于静止状态，现将大小为F ＝mg 的水平恒力作用在B 上，g 为重力加速度．A 、B 处于水平向里的磁场之中，磁感应强度大小为B 0.若A 、B 间最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则下列说法正确的是( BC )A ．水平力作用瞬间，A 的加速度大小为g 2B ．A 做匀加速运动的时间为m qB 0C ．A 的最大速度为mg qB 0D ．B 的最大加速度为g解析：F 作用在B 上瞬间，假设A 、B 一起加速，则对A 、B 整体有F ＝3ma ＝mg ，对A 有F f A ＝ma ＝13mg <μmg ＝12mg ，假设成立，因此A 、B 共同做加速运动，加速度为g 3，A 选项错误；A 、B 开始运动后，整体在水平方向上只受到F 作用，做匀加速直线运动，对A 分析，B 对A 有水平向左的静摩擦力F f A 静作用，由F f A 静＝mg 3知，F f A 静保持不变，但A 受到向上的洛伦兹力，支持力F N A ＝mg －q v B 0逐渐减小，最大静摩擦力μF N A 减小，当F f A 静＝μF N A 时，A 、B 开始相对滑动，此时有mg 3＝μ(mg －q v 1B 0)，v 1＝mg 3qB 0，由v 1＝at 得t ＝m qB 0，B 正确；A 、B 相对滑动后，A 仍受到滑动摩擦力作用，继续加速，有F f A 滑＝μ(mg －q v A B 0)，速度增大，滑动摩擦力减小，当滑动摩擦力减小到零时，A 做匀速运动，有mg ＝q v 2B 0，得最大速度v 2＝mg qB 0，C 选项正确；A 、B 相对滑动后，对B 有F －F f A 滑＝2ma B ，F f A 滑减小，则a B增大，当F f A 滑减小到零时，a B 最大，有a B ＝F 2m ＝g 2，D 选项错误． 8．(2018·湖南联考)如图所示，从地面上方不同高度处以水平速度v a 、v b 抛出两小球a 、b ，结果a 落在b 初始位置的正下方，而b 落在a 初始位置的正下方，bc 为过小球b 初始位置的水平线，不计空气阻力，下列判断正确的有( AC )A ．两球抛出时的初速度v a <v bB ．若它们同时落地(假设二者在空中不相碰撞)，它们可能在空中相遇C ．若两小球同时抛出，它们不能在空中相遇D ．若要使它们能在空中相遇，必须在a 到达bc 线时将b 抛出解析：根据题意，a 、b 均做平抛运动，由h ＝12gt 2可知a 运动的时间较长，又x ＝v 0t ，两球水平位移相等，所以v a <v b ，选项A 正确；若它们同时落地，则a 球先抛出，若两球能够相遇，则相遇时a 球的竖直分速度大于b 球的竖直分速度，a 球将先落地，所以两球不可能在空中相遇，选项B 错误；若两球同时抛出，则相同时间内下降的高度相同，两球不可能在空中相遇，选项C 正确；当a 到达bc 线时，将b 球抛出，由于a 球此时在竖直方向上有速度，两球在竖直方向相同时间内的位移不同，不可能在空中相遇，选项D 错误．。

2019年高考物理二轮复习选择题提速练16

选择题提速练161—5为单选，6—8为多选1．(2017·湖南衡阳模拟)如图所示，某杂技演员在做手指玩圆盘的表演．设该盘的质量为m，手指与盘之间的滑动摩擦因数为μ，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，盘底处于水平状态且不考虑盘的自转，重力加速度为g，则下列说法中正确的是()A．若手指支撑着盘，使盘保持静止状态，则手指对盘的作用力沿该手指方向B．若手指支撑着盘并一起水平向右匀速运动，则盘受到手水平向右的静摩擦力C．若盘随手指一起水平匀加速运动，则手对盘的作用力大小不可超过1＋μ2mgD．若手指支撑着盘并一起水平向右匀加速运动，则手对盘的摩擦力大小为μmg解析：由共点力平衡知，盘静止时手指对盘的作用力竖直向上，选项A错误；盘做匀速直线运动，水平方向不受摩擦力，选项B错误；手能够给盘的最大摩擦力为μmg，支持力大小为mg，则手对盘的作用力最大为(mg)2＋(μmg)2＝1＋μ2mg，选项C正确；盘在做匀加速运动时，受到的摩擦力小于或等于μmg ，选项D 错误．答案：C2．(2017·安徽“江南十校”联考)如图所示，Q 为α粒子放射源，放射源释放出的α粒子初速度近似为零，经电压为U 的加速电场加速后垂直磁场边界MN 进入磁感应强度为B 的匀强磁场中，经磁场偏转后粒子从P 点射出磁场，设OP ＝x ，能正确反映x 与U 之间函数关系的x -U 图象是( )解析：粒子经电场加速后速度为v ＝2qU m ，粒子在磁场中做匀速圆周运动，由题意有x ＝2m v Bq ＝2B2mU q ，故选B.答案：B3．(2017·内蒙古模拟)如图甲所示，一质量为m 的物块放在倾角θ＝37°的固定斜面上，对物块施加一个平行于斜面的拉力F ，若拉力F 随时间t 的变化规律如图乙所示(沿斜面向上为正方向，g 为重力加速度)，已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，在t ＝0时物块位于P 点处且恰好不上滑，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，则下列说法中正确的是( )A ．物块受到的最大静摩擦力为0.6mgB ．t 0～2t 0内，物块的加速度大小为gC ．0～4t 0内，物块的位移最大值为215gt 20 D ．2t 0～4t 0内，物块可能回到P 点处解析：0～t 0内，物块所受拉力F 0＝mg sin θ＋f m ＝mg ，物块受到沿斜面向下的静摩擦力恰好为最大静摩擦力f m ，得f m ＝F 0－mg sin θ＝0.4mg ，A 错误；t 0～2t 0内，物块所受拉力F 1＝0，物块沿斜面向下运动，受到的滑动摩擦力方向沿斜面向上，根据牛顿第二定律有mg sin θ－f ＝ma 1，f ＝f m ，得a 1＝0.2g ，B 错误；0～t 0内物块静止，t 0～2t 0内物块做匀加速直线运动，其位移s 1＝12a 1t 20＝110gt 20，设t 2时刻物块速度恰好为零，则a 1t 0＝a 2(t 2－2t 0)，拉力F 2＝0.8mg ，根据牛顿第二定律有F 2＋f －mg sin θ＝ma 2，得a 2＝0.6g ，t 2＝73t 0，t 2时刻后物块处于静止状态，D 错误；0～4t 0内，物块的最大位移为s ＝s 1＋s 2＝110gt 20＋12a 2(t 2－2t 0)2＝215gt 20，C 正确．答案：C4．(2017·辽宁大连模拟)中国航天的发展一直偏重应用，而在纯科学的空间天文与深空探测方面，过去长期是空白的，所以中国航天部计划2018年将利用“嫦娥五号”进行第一次火星探测．之前美国已发射了凤凰号着陆器降落在火星北极进行勘察．如图为凤凰号着陆器经过多次变轨后登陆火星的轨迹图，轨道上的P 、S 、Q 三点与火星中心在同一直线上，P 、Q 两点分别是椭圆轨道的远火星点和近火星点，且PQ ＝2QS (已知轨道Ⅱ为圆轨道)．关于着陆器，下列说法正确的是( )A ．在P 点由轨道Ⅰ进入轨道Ⅱ需要点火加速B ．在轨道Ⅱ上S 点的速度小于在轨道Ⅲ上Q 点的速度C ．在轨道Ⅱ上S 点与在轨道Ⅲ上P 点受到的万有引力相同D ．在轨道Ⅱ上由P 到S 的时间是其在轨道Ⅲ上由P 到Q 时间的2倍解析：在P 点由轨道Ⅰ进入轨道Ⅱ需点火减速，选项A 错误；由G Mm r 2＝m v 2r 可得v ＝GM r ，即近火星圆轨道卫星的速度大于在圆轨道Ⅱ上的速度，所以在轨道Ⅱ上S 点的速度小于在轨道Ⅲ上Q 点的速度，选项B 正确；在S 和P 两点受到的万有引力大小相等，方向不同，选项C 错误；由P 到S 的时间与从P 到Q 的时间都是各自轨道周期的一半，由开普勒第三定律可得⎝ ⎛⎭⎪⎪⎫PQ ＋QS 23T 22＝⎝ ⎛⎭⎪⎫PQ 23T 23，因为PQ ＝2QS ，解得T 2＝3232T 3，故选项D 错误．答案：B5．(2017·新课标全国卷Ⅱ)一静止的铀核放出一个α粒子衰变成钍核，衰变方程为238 92U →234 90Th ＋42He.下列说法正确的是( )A ．衰变后钍核的动能等于α粒子的动能B ．衰变后钍核的动量大小等于α粒子的动量大小C ．铀核的半衰期等于其放出一个α粒子所经历的时间D ．衰变后α粒子与钍核的质量之和等于衰变前铀核的质量解析：本题考查天然放射现象、半衰期、动量守恒．静止的原子核在衰变前后动量守恒，由动量守恒定律得0＝m 1v 1＋m 2v 2，可知m 1v 1＝－m 2v 2，故衰变后钍核的动量大小等于α粒子的动量大小，选项B 正确；而动能E k ＝p 22m，由于钍核的质量(m 1)大于α粒子的质量(m 2)，故其动能不等，选项A 错误；铀核的半衰期是大量的铀核半数发生衰变所用的时间，而不是放出一个α粒子所经历的时间，选项C 错误；原子核衰变前后质量数守恒，衰变时放出核能，质量亏损，选项D 错误．答案：B6．(2017·安徽模拟)下列对电磁感应现象的讨论，说法正确的是()A．人造卫星绕地球飞行时，轨道各处的地磁场的强弱不同，人造地球卫星的金属外壳中会产生微弱的感应电流，使卫星的机械能增大B．增大铁芯材料的电阻率是减小涡流的途径之一C．如果发现闭合电路中有感应电流，那么穿过这个闭合电路的磁通量一定在发生变化D．只要自感系数足够大或电流变化足够快，则断电时自感电流可以大于原电流解析：当穿过人造卫星的磁通量发生变化时，金属外壳中会有涡流产生，故会使卫星的机械能减小，A错误；增大铁芯材料的电阻率是减小涡流的途径之一，故B正确；根据感应电流的产生条件，可知C正确；如果断电时自感电流大于原电流，则违背了能量守恒定律，故D错误．答案：BC7．(2017·湖南衡阳模拟)如图所示，质量m＝1 kg的物体从高为h ＝0.2 m的光滑轨道上P点由静止开始下滑，滑到水平传送带上的A 点，物体和皮带之间的动摩擦因数为μ＝0.1，传送带AB之间的距离为L＝5.5 m，传送带一直以v＝3 m/s的速度沿顺时针方向匀速运动，重力加速度取10 m/s2，则()A ．物体由A 运动到B 的时间是1.5 sB ．物体由A 运动到B 的过程中，摩擦力对物体的冲量大小为1 N·sC ．物体由A 运动到B 的过程中，系统产生0.5 J 的热量D ．带动传送带转动的电动机对物体由A 运动到B 的过程中，多做了3 J 功解析：下滑阶段有mgh ＝12m v 20，加速阶段有f ＝μmg ＝ma ，t 1＝v －v 0a ，x 1＝v 0＋v 2t 1，可解得v 0＝2 m/s ，f ＝1 N ，t 1＝1 s ，x 1＝2.5 m ，之后进入匀速运动状态，x 2＝3 m ，t 2＝x 2v ＝1 s ，则总时间t ＝2 s ，选项A 错误；冲量I ＝ft 1＝1 N·s ，选项B 正确；t 1时间内传送带的位移x ＝3 m ，Δx ＝0.5 m ，则Q ＝f Δx ＝0.5 J ，选项C 正确；在物体从A 运动到B 的过程中，传送带对物体做功为2.5 J ，又因为传送带还要克服摩擦力做功0.5 J ，所以在这个过程中电动机要多做3 J 的功，选项D 正确．答案：BCD8．(2017·襄阳模拟)如图所示的电路中，D 为理想二极管(具有单向导电性)，一带正电小油滴恰好在平行板电容器中央静止不动，电源内阻不计，则下列说法正确的是( )A ．仅把开关S 断开，油滴将下落B ．仅把电阻箱R 1的阻值减小，油滴将上升C ．仅把电容器上极板稍水平右移，油滴将下落D ．仅把电容器上极板稍竖直上移，油滴仍静止不动解析：开关S 断开，二极管处于不导通状态，故电容器无法放电，电容器的电荷量不变，电场力不变，则油滴仍静止不动，A 错误；带正电油滴静止不动，说明b 点电势高于a 点电势，仅把电阻箱R 1的阻值减小，则b 点电势升高，a 点电势不变，故电容器电压增大，两极板间的场强增大，油滴受到的电场力增大，油滴将上升，B 正确；将电容器上极板水平右移，则电容器的电容减小，电容器欲放电，但因二极管处于不导通状态而无法放电，即电容器的电荷量Q 不变，由C＝Q U 、C ＝εS 4πkd和E ＝U d ，联立得E ＝4πkQ εS ，S 减小，则E 增大，电场力增大，油滴将上升，C 错误；将电容器上极板竖直上移一些，电容器的电容减小，电容器欲放电，但因二极管处于不导通状态而无法放电，故电容器的电荷量Q 不变，且由E ＝4πkQ εS 知电场力不变，油滴仍静止不动，D正确．答案：BD。

高考物理二轮复习提升训练4圆周运动16

提升训练4 圆周运动1.(2017江苏小高考,9)如图所示,汽车雨刮器在转动时,杆上A、B两点绕O点转动的角速度大小为ωA、ωB,线速度大小为v A、v B,则()A.ωA<ωB,v A=v BB.ωA>ωB,v A=v BC.ωA=ωB,v A<v BD.ωA=ωB,v A>v B2.(2017浙江选考10月,3)获得2017年诺贝尔物理学奖的成果是()A.牛顿发现了万有引力定律B.卡文迪许测定了引力常量C.爱因斯坦预言了引力波D.雷纳·韦斯等探测到了引力波3.(2016浙江嘉兴模拟3月,2)如图所示为学员驾驶汽车在水平面上绕O点做匀速圆周运动的俯视示意图。

已知质量为60 kg的学员在A点位置,质量为70 kg的教练员在B点位置,A点的转弯半径为5.0 m,B点的转弯半径为4.0 m,学员和教练员均可视为质点,则运动()A.周期之比为5∶4B.线速度大小之比为1∶1C.向心加速度大小之比为4∶5D.受到的合力大小之比为15∶144.[2016浙江温州模拟(二),3]如图所示为自行车示意图。

自行车的大齿轮通过链条和后轮中小齿轮连接,转动时链条不松动。

小齿轮与后轮共轴一起转动。

假若大齿轮的半径为a,小齿轮半径为b,后轮半径为c。

正常运行时,自行车匀速前进速度大小为v。

则下列说法中错误的是()A.后轮转动的角速度为B.大齿轮转动的角速度为C.小齿轮边缘某点转动的向心加速度为()2bD.大齿轮边缘上某点转动的向心加速度为5.(2017浙江温州模拟2月,4)洗衣机脱水时有一件衣物附在竖直筒壁上,如图所示,则下列说法正确的是()A.衣物受到重力,筒壁对它的弹力、摩擦力及向心力共四个力的作用B.衣物随筒壁做圆周运动的向心力由筒壁对它的弹力提供C.筒的转速增大时,筒壁对衣物的摩擦力增大D.筒的转速增大时,筒壁对衣物的弹力保持不变6.(2015浙江选考10月,8)质量为30 kg的小孩坐在秋千板上,秋千板离系绳子的横梁的距离是 2.5 m。

2019年高考物理母题题源系列专题04 平抛运动与圆周运动(含解析)

专题04 平抛运动与圆周运动【母题来源一】2019年普通高等学校招生全国统一考试物理（全国II 卷）【母题原题】（2019·新课标全国Ⅱ卷）如图（a ），在跳台滑雪比赛中，运动员在空中滑翔时身体的姿态会影响其下落的速度和滑翔的距离。

某运动员先后两次从同一跳台起跳，每次都从离开跳台开始计时，用v 表示他在竖直方向的速度，其v –t 图象如图（b ）所示，t 1和t 2是他落在倾斜雪道上的时刻。

则A ．第二次滑翔过程中在竖直方向上的位移比第一次的小B ．第二次滑翔过程中在水平方向上的位移比第一次的大C ．第一次滑翔过程中在竖直方向上的平均加速度比第一次的大D ．竖直方向速度大小为v 1时，第二次滑翔在竖直方向上所受阻力比第一次的大【答案】BD【解析】由v –t 图面积易知第二次面积大于等于第一次面积，故第二次竖直方向下落距离大于第一次下落距离，所以，A 错误；由于第二次竖直方向下落距离大，由于位移方向不变，故第二次水平方向位移大，故B 正确；由于v –t 斜率知第一次大、第二次小，斜率越大，加速度越大，或由0v v a t-=易知a 1>a 2，故C 错误；由图象斜率，速度为v 1时，第一次图象陡峭，第二次图象相对平缓，故a 1>a 2，由G –f y =ma ，可知，fy 1<f y 2，故D 正确【母题来源二】2019年全国普通高等学校招生统一考试物理（江苏卷）【母题原题】（2019·江苏卷）如图所示，摩天轮悬挂的座舱在竖直平面内做匀速圆周运动．座舱的质量为m ，运动半径为R ，角速度大小为ω，重力加速度为g ，则座舱A ．运动周期为2πRωB ．线速度的大小为ωRC ．受摩天轮作用力的大小始终为mgD ．所受合力的大小始终为m ω2R 【答案】BD【解析】由于座舱做匀速圆周运动，由公式2πTω=，解得：2πT ω=，故A 错误；由圆周运动的线速度与角速度的关系可知，v R ω=，故B 正确；由于座舱做匀速圆周运动，所以座舱受到摩天轮的作用力是变力，不可能始终为mg ，故C 错误；由匀速圆周运动的合力提供向心力可得：2F m R ω=合，故D 正确。

2019年高考红对勾高中物理二轮复习选择题提速练4

选择题提速练41—5为单选，6—8为多选1．(2018·吉林质检)如图甲所示，Q1、Q2为两个被固定的点电荷，其中Q1带负电荷，a、b两点在它们连线的延长线上．现有一带负电荷的粒子以一定的初速度沿直线从a点开始经b点向远处运动(粒子只受电场力作用)，粒子经过a、b两点时的速度分别为v a、v b，其速度图象如图乙所示．以下说法中正确的是(C)A．Q2一定带负电B．Q2的电荷量一定大于Q1的电荷量C．b点的电场强度一定为零D．整个运动过程中，粒子的电势能先减小后增大解析：因为v-t图线的斜率表示加速度，根据题图乙可知，粒子在b点的加速度为零，其电场力也为零，b点的电场强度一定为零，选项C正确；要使b点的场强为零，Q1、Q2必带异种电荷，所以Q2一定带正电，选项A错误；Q1、Q2单独存在时在b点产生的场强必等大反向，再考虑到Q1到b点的距离较大，可知Q1的电荷量一定大于Q2的电荷量，选项B错误；整个运动过程中，粒子的动能和电势能之和保持不变，考虑到其动能先减小后增大，则其电势能一定是先增大后减小，选项D错误．2．如图所示，足够长平行金属导轨倾斜放置，倾角为37°，宽度为0.5 m，电阻忽略不计，其上端接一小灯泡，电阻为1 Ω.一导体棒MN垂直于导轨放置，质量为0.2 kg，接入电路的电阻为1 Ω，两端与导轨接触良好，与导轨间的动摩擦因数为0.5.在导轨间存在着垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度为0.8 T．将导体棒MN由静止释放，运动一段时间后，小灯泡稳定发光，此后导体棒MN的运动速度以及小灯泡消耗的电功率分别为(重力加速度g取10 m/s2，sin37°＝0.6)(B)A．2.5 m/s 1 W B．5 m/s 1 WC．7.5 m/s9 W D．15 m/s9 W解析：小灯泡稳定发光说明棒做匀速直线运动．此时：F安＝B2l2v R总对棒满足：mg sinθ－μmg cosθ－B2l2vR棒＋R灯＝0因为R灯＝R棒则：P灯＝P棒再依据功能关系：mg sinθ·v－μmg cosθ·v＝P灯＋P棒联立解得v＝5 m/s，P灯＝1 W，所以B项正确．3．(2018·河南六市一联)如图所示，等离子气流(由高温、高压的等电荷量的正、负离子组成)由左方连续不断地以速度v0垂直射入P1和P2两极板间的匀强磁场中．两平行长直导线ab和cd的相互作用情况为：0～1 s内排斥，1～3 s内吸引，3～4 s内排斥．线圈A内有外加磁场，规定向左为线圈A内磁感应强度B的正方向，则线圈A内磁感应强度B随时间t变化的图象有可能是下图中的(C)解析：正、负离子在磁场中受洛伦兹力，正离子向P1板偏转，负离子向P2板偏转，P1板带正电，P2板带负电，ab中电流为从a流向b，在0～1 s内排斥说明电流从d流向c,1～3 s内吸引说明电流从c 流向d,3～4 s内排斥说明电流从d流向c，再利用楞次定律、安培定则可判断只有C项正确．4．现有两动能均为E0＝0.35 MeV的21H在一条直线上相向运动，两个21H发生对撞后能发生核反应，得到32He和新粒子，且在核反应过程中释放的能量完全转化为32He和新粒子的动能．已知21H的质量为2.014 1 u，32He的质量为3.016 0 u，新粒子的质量为1.008 7 u，核反应时质量亏损1 u释放的核能约为931 MeV(如果涉及计算，结果保留整数)．则下列说法正确的是(C)A．核反应方程为21H＋21H→32He＋11HB．核反应前后不满足能量守恒定律C．新粒子的动能约为3 MeVD.32He的动能约为4 MeV解析：由核反应过程中的质量数和电荷数守恒可知21H＋21H→32He＋10n ，则新粒子为中子10n ，所以A 错误；核反应过程中质量亏损，释放能量，亏损的质量转变为能量，仍然满足能量守恒定律，B 错误；由题意可知ΔE ＝(2.014 1 u ×2－3.016 0 u －1.008 7 u)×931 MeV/u ＝3.3 MeV ，根据核反应中系统的能量守恒有E kHe ＋E kn ＝2E 0＋ΔE ，根据核反应中系统的动能守恒有p He －p n ＝0，由E k ＝p 22m ，可知E kHe E kn＝m n m He ，解得E kHe ＝m n m n ＋m He (2E 0＋ΔE )＝1 MeV ，E km ＝m He m n ＋m He(2E 0＋ΔE )＝3 MeV ，所以C 正确，D 错误．5．如图所示，有5 000个质量均为m 的小球，将它们用长度相等的轻绳依次连接，再将其左端用细绳固定在天花板上，右端施加一水平力使全部小球静止．若连接天花板的细绳与水平方向的夹角为45°.则第2 011个小球与2 012个小球之间的轻绳与水平方向的夹角α的正切值等于( A )A.2 9895 000B.2 0115 000C.2 0112 089D.2 0892 011解析：对1～5 000号球整体受力分析，受到水平向右的拉力F 、天花板处绳子拉力T 0以及5 000个球的重力5 000G ，由平衡条件可列出平衡方程：T 0cos45°＝F ，T 0sin45°＝5 000G .解得F ＝5 000G .再对2 012～5 000号球为整体受力分析，受到水平向右的拉力F 、2 989个球的重力2 989G 以及2 011个小球与2 012个小球之间的轻绳拉力T ，列出平衡方程T cos α＝F ，T sin α＝2 989G .解得tan α＝2 9895 000. 6．(2018·江苏南通二模)车手要驾驶一辆汽车飞越宽度为d 的河流．在河岸左侧建起如图高为h 、倾角为α的斜坡，车手驾车从左侧冲上斜坡并从顶端飞出，接着无碰撞地落在右侧高为H 、倾角为θ的斜坡上，顺利完成了飞越．已知h >H ，当地重力加速度为g ，汽车可视为质点，忽略车在空中运动时所受的空气阻力．根据题设条件可以确定( CD )A ．汽车在左侧斜坡上加速的时间tB ．汽车离开左侧斜坡时的动能E kC ．汽车在空中飞行的最大高度H mD ．两斜坡的倾角满足α<θ解析：据题分析可知，汽车在左侧斜坡上运动情况未知，不能确定加速的时间t ，故A 错误；汽车的质量未知，根据动能表达式E k ＝12m v 2可知不能求出汽车离开左侧斜坡时的动能E k ，故B 错误；设汽车离开左侧斜坡的速度大小为v 1.根据水平方向的匀速直线运动有d ＝v 1cos α·t ①竖直方向的竖直上抛运动有H m ＝(v 1sin α)22g② 取竖直向上方向为正方向有－(h －H )＝v 1sin α·t －12gt 2③ 由①③两式可求得运动时间t 和v 1，将v 1代入②式可求出最大高度H m ，故C 正确；根据速度的分解得tan α＝v y 1v x ，tan θ＝v y 2v x，由于h >H ，竖直分速度关系为v y 1<v y 2，则得α<θ，故D 正确．7. (2018·湖北八校联考)如图甲所示，质量为1 kg 的小物块以初速度v 0＝11 m/s 从θ＝53°固定斜面底端先后两次滑上斜面，第一次对小物块施加一沿斜面向上的恒力F ，第二次无恒力F .图乙中的两条线段a 、b 分别表示存在力F 和无恒力F 时小物块沿斜面向上运动的v -t 图线．不考虑空气阻力，g 取10 m/s 2，下列说法正确的是( AD )A ．恒力F 大小为1 NB ．物块与斜面间动摩擦因数为0.6C ．有恒力F 时，小物块在上升过程产生的热量较少D ．有恒力F 时，小物块在上升过程机械能的减少量较小解析：根据v -t 中斜率等于加速度的意义可知：a a ＝Δv t 1＝0－111.1＝－10 m/s 2，a b ＝0－111＝－11 m/s 2；不受拉力时：ma b ＝－mg sin53°－μmg cos53°，代入数据得：μ＝0.5；受到拉力的作用时：ma a ＝F －mg sin53°－μmg cos53°；所以：F ＝1 N ．故A 正确，B 错误；根据运动学公式：x ＝0－v 202a可知，因为有恒力F 时，小物块的加速度小，位移大，所以在上升过程产生的热量较大．故C 错误；结合C 的分析可知，有恒力F 时，小物块上升的高度比较大，所以在最高点的重力势能比较大，而升高的过程动能的减小是相等的，所以在上升过程机械能的减少量较小．故D 正确．故选AD.8．(2018·湖南株洲质检)某种小灯泡的伏安特性曲线如图所示，三个完全相同的这种小灯泡连接成如图乙所示的电路，电源的内阻为1.0 Ω.现闭合开关S ，理想电压表V 的示数为4.0 V ，则( ABD )A ．三个灯泡的总电阻为8.3 ΩB ．电源的电动势为5.6 VC ．电源消耗的热功率为3.0 WD ．电源的效率为89.3%解析：理想电压表V 的示数为4.0 V ，可知串联的灯泡电流0.6 A ，此时小灯泡电阻4.00.6 Ω＝203Ω；每个并联灯泡的电流为0.3 A ，电压1.0 V ，此时小灯泡电阻R L ＝1.00.3 Ω＝103 Ω，所以总电阻为R 总＝203Ω＋12·103Ω＝8.3 Ω，A 正确；电动势等于E ＝4 V ＋1 V ＋0.6×1.0 V ＝5.6 V ，B 正确；电源消耗的热功率为P 热＝0.62×1.0 W ＝0.36 W ，C错误；电源效率η＝55.6×100%＝89.3%，D 正确．。

2019高考物理大二轮复完整版习题型一选择题选择题专项训练4.doc

选择题专项训练（四）（时间:20分钟满分:48分）本卷共8小题,每小题6分，共48分。

在每小题给出的四个选项屮，1帀题只有一个选项符合题目要求,6 *题有多个选项符合题目要求。

全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1.（2016・全国卷/）一平行板电容器两极板之问充满云母介质，接在恒压直流电源上。

若将云母介质移出，则电容器（）A.极板上的电荷量变大，极板间电场强度变大B.极板上的电荷量变小，极板间电场强度变大C.极板上的电荷量变大，极板间电场强度不变D.极板上的电荷量变小，极板间电场强度不变2.一屮子与一质量数为水/Pl）的原子核发生弹性正碰。

若碰前原子核静止，则碰撞前与碰撞后屮子的速率之比为A+1A-1A.4A（&+1）2C.3.CA FB 777777777 7777777^TT如图所示，在水平桌面上叠放着质量相等的久〃两块木板,在木板A上放着质量为刃的物块C,木板和物块均处于静止状态异、B、C之间以及〃与地面之间的动摩擦因数均为"，设最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为马,现用水平恒力F向右拉木板A,则下列判断正确的是（）A.不管厂多大，木板〃一定保持静止B.A. C之间的摩擦力大小一定等于mgC.〃受到地面的滑动摩擦力大小一定小于FD.A.〃之间的摩擦力大小不可能等于尸4.无限大接地金属板和板前一点电荷形成的电场区域，和两个等量界种的点电荷形成的电场等效。

如图所示,P为一无限大金属板，0为板前距板为厂的一带正电的点电荷，沏V为过。

点和金属板垂直的直线，直线上畀、〃是和0点的距离相等的两点。

下面关于/I、〃两点的电场强度用和层、电势如和如判断正确的是（）M PA QB N()^-1卫+1B. (&+1)2工A.E A>E B, e,\ <（1）8B.E A >E B, Of > eC. E A >E B, e,\二如D. E A =Ef h eA > ©aB如图所示，通电直导体棒放在间距为/的光滑水平绝缘轨道上,劲度系数为斤的水平轻弹簧一端固定，另一端拴在棒的屮点，且与棒垂直，整个装置处于方向竖直向上、磁感应强度为〃的匀强磁场屮, 弹簧伸长禺棒处于静止状态。

高考物理二轮复习等效法处理电场中的圆周运动专题测试及答案

高三物理二轮专题：等效法处理电场中的圆周运动班级姓名座号“等效重力场”中的部分概念与复合之前的相关概念之间关系及其规律。

具体如下：等效重力场 ⇔ 重力场、电场叠加而成的复合场等效重力 ⇔重力、电场力的合力等效重力加速度⇔ 等效重力与物体质量的比值等效“最低点”⇔ 物体自由时能处于稳定平衡状态的位置等效“最高点”⇔物体圆周运动时与等效“最低点”关于圆心对称的位置等效重力势能 ⇔等效重力大小与物体沿等效重力场方向“高度”的乘积绳拉物体在竖直平面内做圆周运动规律：一、在重力场中:1、临界最高点：2mv mg l=得：v = 特点: mg 与绳的拉力在同一直线上,且方向相同2、最低点: 物体速度最大,绳的拉力最大特点: mg 与绳的拉力在同一直线上,且方向相反注意：不论最高点还是最低点，速度与合力必垂直，电场中带电粒子在竖直平面内做圆周运动：二、复合场中：1、临界状态在等效“最高点”：2'mv mg l = 得：v = 等效“最高点” ：物体速度最小，绳的拉力最小。

特点: mg 和qE 的合力与绳的拉力在同一直线上,且方向相同2、等效“最低点”: 物体速度最大,绳的拉力最大特点: mg 和qE 的合力与绳的拉力在同一直线上,且方向相反注意：不论最高点还是最低点，速度与合力必垂直例1 、光滑绝缘的圆形轨道竖直放置，半径为R ，在其最低点A 处放一质量为m 的带电小球，整个空间存在匀强电场，使小球受到电场力的大小为m g 33，方向水平向右，现给小球一个水平向右的初速度0v ，使小球沿轨道向上运动，若小球刚好能做完整的圆周运动，求0v .例2如图所示，半径R = 0.8m 的光滑绝缘导轨固定于竖直平面内，加上某一方向的匀强电场时，带正电的小球沿轨道内侧做圆周运动．圆心O 与A 点的连线与竖直成一角度θ，在A 点时小球对轨道的压力N = 120N ，此时小球的动能最大．若小球的最大动能比最小动能多32J ，且小球能够到达轨道上的任意一点（不计空气阻力）．则：（1）小球的最小动能是多少？（2）小球受到重力和电场力的合力是多少？（3）现小球在动能最小的位置突然撤去轨道，并保持其他量都不变，若小球在0.04s后的动能与它在A 点时的动能相等，求小球的质量．练习：1、如图1所示，细线拴一带负电的小球，球处在竖直向下的匀强电场中，使小球在竖直平面内做圆周运动，则（）A．小球不可能做匀速圆周运动B．当小球运动到最高点B时绳的张力一定最小C．小球运动到最低点A时，球的线速度一定最大D．小球运动到最低点A时，电势能一定最大图1 图22、如图2所示，一个绝缘光滑半圆轨道放在竖直向下的匀强电场中，场强为E，在其上端与圆心等高处有一个质量为m，带电荷量为+q的小球由静止开始下滑，则（）A．小球运动过程中机械能守恒 B．小球经过最低点时速度最大C．小球在最低点对环的压力大小为（mg+qE） D．小球在最低点对环的压力大小为4（mg+qE）3、如图所示，一半径为R的绝缘圆形轨道竖直放置，圆轨道最低点与一条水平轨道相连，轨道都是光滑的。

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自行车的大齿轮通过链条和后轮中小齿轮连接,转动时链条不松动。

小齿轮与后轮共轴一起转动。

假若大齿轮的半径为a,小齿轮半径为b,后轮半径为c。

正常运行时,自行车匀速前进速度大小为v。

小孩的父亲将秋千板从最低点拉起1.25 m高度后由静止释放,小孩沿圆弧运动至最低点时,她对秋千板的压力约为( ) A.0 B.200 NC.600 ND.100 N7.[2016—2017学年浙江杭州建人高复高三(下)第四次月考,8]奥运会单杠比赛中有一个“单臂大回环”动作,难度系数非常大。

假设运动员质量为m,单臂抓杠身体下垂时,手掌到人体重心的距离为l,在运动员单臂回转从顶点倒立(已知此时速度为0)转动至最低点的过程中(可将人视为质量集中于重心的质点,且不考虑手掌与单杠间的摩擦力,重力加速度为g),下列分析正确的是()A.运动员在最低点处速度大小是B.运动员在最低点处的加速度大小是3gC.在最低点时运动员手臂拉力是其自身重力的3倍D.经过最低点时运动员的角速度最大,为28.一轻杆一端固定一质量为m的小球,以另一端O为圆心,使小球在竖直平面内做半径为R的圆周运动,以下说法正确的是()A.小球过最高点时,杆所受的弹力不可以为零B.小球过最高点时最小速度为C.小球过最高点时,杆对球的作用力方向可以与球所受重力方向相反D.小球过最高点时,杆对球的作用力方向一定与小球所受重力方向相同9.(2016上海单科,16)风速仪结构如图(a)所示。

光源发出的光经光纤传输,被探测器接收,当风轮旋转时,通过齿轮带动凸轮圆盘旋转,当圆盘上的凸轮经过透镜系统时光被遮挡。

已知风轮叶片转动半径为r,每转动n圈带动凸轮圆盘转动一圈。

若某段时间Δt内探测器接收到的光强随时间变化关系如图(b)所示,则该时间段内风轮叶片()A.转速逐渐减小,平均速率为B.转速逐渐减小,平均速率为C.转速逐渐增大,平均速率为D.转速逐渐增大,平均速率为10.(2016海南单科,3)如图,光滑圆轨道固定在竖直面内,一质量为m的小球沿轨道做完整的圆周运动。

已知小球在最低点时对轨道的压力大小为F N1,在高点时对轨道的压力大小为F N2。

重力加速度大小为g,则F N1-F N2的值为()A.3mgB.4mgC.5mgD.6mg11.(2017浙江名校协作体模拟,10)2016年10月17日7时30分,我国神舟十一号载人飞船在中国酒泉卫星发射中心成功发射。

2名航天员乘坐神舟十一号载人飞船在距地面393千米的轨道上与天宫二号对接,完成30天的中期驻留,每天绕地球约16圈。

神舟十一号充分继承了神舟十号的技术状态,同时为了适应本次任务要求而进行了多项技术改进。

神舟十一号和天宫二号对接时的轨道高度是393千米,神舟十号与天宫一号对接时,轨道高度是343千米。

则()A.神舟十一号周期大于地球自转周期B.神舟十一号飞行速度大于第一宇宙速度C.神舟十一号运行的加速度小于同步卫星的加速度D.神舟十一号与天宫二号结合时比神舟十号与天宫一号结合时速度小12.(2016—2017学年浙江杭州五县高三上期中,9)据英国《每日邮报》2015年3月6日报道,“格利泽581d”行星大小约为地球的3倍,是人类在太阳系之外发现的第一个位于宜居带中的行星,被称为“超级地球”。

它距离地球22光年,在浩瀚的宇宙中算得上是“邻居”。

在以“格利泽581”为中心绕转的多颗行星中,“格利泽581c”“格利泽581d”分别与“格利泽581”的距离之比为7∶22,则这两颗行星()A.格利泽581d的周期大B.格利泽581d的线速度大C.格利泽581d的角速度大D.格利泽581d的向心加速度大13.(2016—2017学年浙江名校协作体高三上联考,8)我国首颗量子科学实验卫星“墨子”已于酒泉成功发射,将在世界上首次实现卫星和地面之间的量子通信。

“墨子”由火箭发射至高度为500千米的预定圆形轨道。

此前6月在西昌卫星发射中心成功发射了第二十三颗北斗导航卫星G7。

G7属地球静止轨道卫星(高度约为36 000千米),它将使北斗系统的可靠性进一步提高。

下列说法正确的是( )A.这两颗卫星的运行速度可能大于7.9 km/sB.通过地面控制可以将北斗G7定点于西昌正上方C.量子科学实验卫星“墨子”的周期比北斗G7小D.量子科学实验卫星“墨子”的向心加速度比北斗G7小14.(2017浙江选考10月,7)如图所示是小明同学画的人造地球卫星轨道的示意图,则卫星()A.在a轨道运行的周期为24 hB.在b轨道运行的速度始终不变C.在c轨道运行的速度大小始终不变D.在c轨道运行时受到的地球引力大小是变化的答案：1.D解析杆上A、B两点绕O点的转动属于同轴转动,所以角速度相等,故ωA=ωB;由于r A>r B,根据v=rω,v A>v B;所以选项A、B、C错误,D正确。

2.D解析 2017年最热门的物理学发现是引力波,所以答案为D。

3.D解析 A.A、B两点同轴转动周期相等、角速度相等,故A错误。

B.根据v=rω知,半径之比为5∶4,则线速度之比为5∶4,故B错误。

C.根据a=rω2知,半径之比为5∶4,则向心加速度大小之比为5∶4,故C错误。

D.根据F=ma知,向心加速度之比为5∶4,质量之比为6∶7,则合力大小之比为15∶14,故D正确。

4.B解析 A.后轮的线速度为v,则后轮转动的角速度ω=,故A正确。

B.小齿轮和后轮共轴转动,角速度相等,则小齿轮的角速度为,根据小齿轮和大齿轮线速度大小相等,有·b=ω'a,解得大齿轮的角速度ω'=,故B错误。

C.小齿轮边缘某点转动的向心加速度a小=b,故C正确。

D.大齿轮边缘上某点转动的向心加速度a大=aω'2=,故D正确。

5.B解析 A、B.衣服受到重力、筒壁的弹力和静摩擦力作用,弹力提供向心力,不要重复分析受力,故A错误,B 正确。

C、D.筒壁的弹力F提供衣物的向心力,得到F N=mω2R=m(2πn)2R,转速n增大时,弹力F也增大;衣物附在筒壁上随筒一起做匀速圆周运动,衣物的重力与静摩擦力平衡,筒的转速增大时,摩擦力不变。

故C、D错误。

6.C解析小孩沿圆弧运动到最低点时,只有重力做功,系统机械能守恒,即mg·1.25 m=mv2,在最低点根据牛顿第二定律有F-mg=m,联立解得F=600 N,由牛顿第三定律可知她对秋千板的压力约为600 N,选项C正确,A、B、D错误。

7.D解析 A.运动员单臂回转从顶点倒立(此时速度为0)转动至最低点的过程中,根据动能定理,有2mgl=mv2,解得v=2,故A错误。

B.最低点处的加速度大小为a==4g,故B错误。

C.在最低点时,对运动员受力分析有F T-mg=ma,解得F T=5mg,故C错误。

D.经过最低点速度最大,所以角速度最大,大小为ω==2,故D正确。

8.C解析小球过最高点时,当球的速度为v=时,杆所受的弹力为零,选项A错误。

因为轻杆在最高点时对小球能够提供支持力,故小球过最高点时的最小速度是零,选项B错误。

小球过最高点时,杆对球的作用力可以是向上的支持力,也可以是向下的拉力,选项C正确,D错误。

9.B解析根据图(b)可判断光被遮挡的时间间隔越来越大,说明风轮越转越慢,凸轮每挡光一次,凸轮就转过一个周期,风轮转过的周期数为凸轮的n倍,即为4n,风轮叶片转过的总的弧长为l=4n×2πr,所用时间为Δt,故平均速率为,B选项正确。

10.D解析设小球在最低点速度为v1,在最高点速度为v2,在根据牛顿第二定律,有在最低点:F N1-mg=m在最高点:F N2+mg=m同时从最高点到最低点,根据动能定理,有mg·2R=联立以上三个方程式可以得到F N1-F N2=6mg,故选项D正确。

11.D解析 A.由题,神舟十一号载人飞船每天绕地球约16圈,所以神舟十一号周期小于地球自转周期,故A错误。

B.飞船绕地球做匀速圆周运动时,由地球的万有引力提供向心力,则有=m r=m=ma则得T=2π,v=,a=。

由于神舟十一号的轨道半径大于地球的半径,所以神舟十一号飞行速度小于第一宇宙速度,故B错误。

C.神舟十一号周期小于地球自转周期,即小于同步卫星的周期;根据T=2π可知神舟十一号轨道半径小于同步卫星的轨道半径;由a=,神舟十一号运行的加速度大于同步卫星的加速度,故C错误。

D.神舟十号的轨道半径小于神舟十一号的轨道半径,由v=,得知神舟十号的线速度大于神舟十一号,故D正确。

12.A解析根据万有引力提供向心力,G=ma=m=mω2r=r得周期T=,线速度v=,角速度ω=,向心加速度a=。

根据题意,“格利泽581c”“格利泽581d”分别与“格利泽581”的距离之比为7∶22,即格利泽581d的轨道半径大,则其周期大,线速度、角速度、向心加速度小,故A正确,B、C、D错误。

13.C解析 A.同步卫星的环绕速度小于第一宇宙速度,选项A错误。