2021年广东省清远市高考物理实验题总复习(含答案解析)
解析最新广东高考清远市一中实验学校模拟三物理试题
2021年广东省清远一中实验学校高考物理模拟试卷（三）一、单项选择题（共4小题,每小题4分，满分１6分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．选对的得４分，选错或不答的得0分.）1.（4分)物理学发展到今天的程度,推动了人类文明的极大进步．以下对几位物理学家所作科学贡献，叙述正确的是( )A．牛顿在前人研究基础上总结出万有引力定律，并第一个测出引力常数为ＧB．汤姆生提出原子的核式结构学说,后来卢瑟福用α粒子散射实验给予验证C．牛顿推翻了亚里士多德的“重的物体下落快”观点D. 奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象【考点】：物理学史.【分析】:正确解答本题的关键是：了解高中的重要物理学史,知道各个重要规律的发现者以及重要规律发现的历史背景、使用条件等.【解析】:解:A、第一个测出万有引力常量G的是卡文迪许,不是牛顿,故A错误.B、汤姆生发现电子，提出原子结构模型为“枣糕模型”,卢瑟福通过α粒子散射实验子提出原子核式结构学说”.故B错误．C、伽利略推翻亚里士多德的“重的物体下落快”观点,故C错误．D、奥斯特发现了电流的磁效应,法拉第发现了电磁感应现象，故Ｄ正确．故选：D.【点评】:对于物理学史部分,在平时学习中不可忽视，要不断的积累和平时注意多加记忆，否则很容易出错．2．（４分)两根原长均为８cm的弹簧用一根不可伸长的细绳跨过光滑的定滑轮将一根木棒悬挂起来，稳定后木棒处于水平状态,已知此时弹簧长度变为１0cm,弹簧与棒的夹角均为30°，弹簧劲度系数k=2N/cm，ｇ=10m/s2，则木棒的质量是( )A. 4kgB. 0.4ｋgC. 2kg D．0.2kｇ【考点】:共点力平衡的条件及其应用;胡克定律.【专题】:共点力作用下物体平衡专题．【分析】:先根据胡克定律求解弹簧的拉力T,再对木棒受力分析,根据共点力平衡条件并结合正交分解法列式求解.【解析】:解:弹簧的劲度系数k=2N／cm，伸长2cｍ,根据拉力为：T=kx=2×２=4N对木棒受力分析,受两个拉力和重力，根据平衡条件，有:２Tsｉn30°=mg解得：m＝==0.４kｇ故选：B.【点评】:本题关键根据平衡条件并采用正交分解法列式求解,即两个拉力的竖直分量的矢量和等于重力,不难.３.（4分)如图所示为电影《星际穿越》中飞船图片，为了模拟重力环境，可以让飞船旋转起来.对飞行的飞船用TrackｅｒVidｅo Anａｌysis 软件进行分析,得出飞船角速度为０.６rad/s，已知地球表面重力加速度为１０m/s2，由此推算出飞船的半径约为( )A．28m B．56m C．１0０m D．２５６m【考点】：向心力．【分析】：飞船中的人处于完全失重状态，可知飞船中的物体靠重力提供向心力，根据牛顿第二定律求出飞船的半径.【解析】：解:在模拟重力的环境下,飞船旋转时，靠重力提供向心力，根据ｍg=mａ=mrω2得，即a=ｒω２=g,代入数据解得飞船的半径r约为28m.故选:A．【点评】:抓住飞船中的物体处于完全失重，结合重力提供向心力进行求解,难度不大．４．（4分）如图所示，水平金属圆盘置于磁感应强度为B，方向竖直向下的匀强磁场中,圆盘绕转轴OO′以角速度ω顺时针转动，铜盘的中心及边缘分别用金属滑片与理想变压器的原线圈相连．已知圆盘半径为r,变压器原、副线圈匝数比为n,变压器的副线圈与电阻为Ｒ的负载相连．不计铜盘及导线的电阻，则下列说法正确的是（)A．变压器原线圈两端的电压为Bωｒ2B. 变压器原线圈两端的电压为Bωr2C. 变压器副线圈两端的电压为Ｂωｒ2Ｄ．通过负载R的电流为【考点】：变压器的构造和原理；交流发电机及其产生正弦式电流的原理．【专题】:交流电专题．【分析】:先根据转动切割磁感线感应电动势公式Ｅ=ＢL２ω，求出感应电动势，再由欧姆定律求出变压器原线圈两端的电压大小．根据变压器工作原理分析答题【解析】：解：A、由题意可知,圆盘相当于一个做切割磁感线运动的导线，产生感应电动势为Br2ω，即为变压器原线圈两端输入电压,故A选项正确，B选项错误;C、因为水平金属圆盘以角速度ω匀速转动，且B、r恒定,所以变压器原线圈两端的电压恒定,由变压器的工作原理知,变压器副线圈两端无电压，负载R中无电流通过，故C、D选项错误．故选:A【点评】:本题关键要能将铜盘看成由无数幅条组成的，由转动切割磁感线感应电动势公式E=BL2ω.二、双项选择题（本大题共5小题，每小题6分，共30分．在每小题给出的四个选项中中,有两个选项符合题目要求,全部选对的得6分,只选１个且正确的得3分，有选错或或者不答的得0分．)５.（６分)以下核反应方程式的书写及其说明正确的是（）A. Na＋ｎ→Ｎa，这是轻核聚变的方程式B. Tｈ→Pa+ｅ,这是β衰变的方程式C. U＋ｎ→Ｓr＋Xe＋10n，这是重核裂变的方程式D. +Ｈe→Ｏ+H，这是原子核人工转变的方程式【考点】：裂变反应和聚变反应.【分析】：α衰变生成核原子核，β衰变生成电子，聚变是质量轻的核结合成质量大的核.【解析】:解:A、Na＋ｎ→Na，这是人工核反应方程的方程式，故A错误；B、Th→Ｐa,放射出的是电子，这是β衰变的方程式,故B错误;C、U+n→Sr＋Xｅ+1０ｎ，这是重核裂变的方程式，故C正确;D、+He→O+H，这是原子核人工转变的方程式,是通过实验发现质子的核反应方程,故D正确;故选:CD【点评】：本题难度不大,考查了核反应方程的种类，在学习中需要记住一些特殊的方程式. 6．（6分)如图所示为高温高压气体的膨胀过程，对这一过程,下列叙述正确的是( ）A．气体对外做功,部分内能转化为机械能B. 气体的分子势能减少C. 气体从外界吸收热量D. 气体的温度下降【考点】：理想气体的状态方程；分子势能．【分析】:做功可以改变物体的内能:当外界对物体做功时,机械能转化为物体的内能,物体的内能增大,温度升高;当物体对外界做功时，物体的内能转化为机械能，物体的内能减小，温度降低．根据热力学第一定律进行分析【解析】：解:A、当内燃机内部的高温气体膨胀时,气体对外做功时,部分内能转化为机械能，内能减小,故A正确．B、气体分子作用力很小，分子势能很小,认为不变,故Ｂ错误．Ｃ、D、气体的内能会减小,气体的温度会降低，气体对外做功，又由于此时气体的温度要大于环境和缸套的温度,气体对外做功的同时会放出热量，故C选项错误,D选项正确.故选:ＡD【点评】:解决此类问题要结合做功可以改变物体的内能，知道理想气体的内能与温度有关7.（6分）如图所示，一质量为ｍ的小球固定于轻质弹簧的一端,弹簧的另一端固定于O点处，将小球拉至A处,弹簧恰好无形变,由静止释放小球，它运动到O点正下方B点时速度为v，A、B两点间的竖直高度差为h,则( )A. 由Ａ至Ｂ重力功为ｍｇｈB．由Ａ至B重力势能减少mv2C．由A至B小球克服弹力做功为mgｈD. 小球到达位置B时弹簧的弹性势能为（ｍgh﹣mv2）【考点】：机械能守恒定律；重力势能的变化与重力做功的关系.【专题】:机械能守恒定律应用专题．【分析】：小球在下降中小球的重力势能转化为动能和弹性势能，由机械能守恒条件可知小球是否机械能守恒；由重力做功量度重力势能的变化．由弹簧弹力做功量度弹性势能的变化．【解析】：解:Ａ、重力做功只与初末位置的高度差有关，则由Ａ至B重力功为ｍｇh．故Ａ正确.B、由Ａ至B重力做功为mgh,则重力势能减少mgｈ．小球在下降中小球的重力势能转化为动能和弹性势能,所以mｇｈ＞mv2，故B错误．C、根据动能定理得:mgｈ+w弹＝mv2，所以由A至B小球克服弹力做功为ｍgｈ﹣m ｖ2，故Ｃ错误.D、弹簧弹力做功量度弹性势能的变化.所以小球到达位置B时弹簧的弹性势能为ｍgh﹣mv2,故D正确.故选AD．【点评】:本题要注意我们研究的系统是小球而不是小球与弹簧,若说明是小球与弹簧系统则机械能守恒；而只对小球机械能是不定恒的．熟悉功能的对应关系.8．（6分）静电除尘装置的简化模型如图所示，重力可忽略的带负电尘埃，以速度ｖ0垂直匀强电场飞入板间.为了使更多的尘埃打在板上，下列措施可行的是（）A．只增大两极板间的宽度ｄB．只增大两极板的长度LC. 只增大两极板间的电压U Ｄ．只增大尘埃的速度v０【考点】：带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】:带电粒子在电场中的运动专题．【分析】:类平抛运动，竖直方向上的位移为:据此可分析各选项【解析】:解：带负电尘埃在电场中做类平抛运动,竖直方向上的位移为：.要使更多尘埃打在板上，则需要增大y便可.由式可知增加Ｌ，增大U可，BＣ正确．故选:BC【点评】：明确偏转距离的表达式是解题的关键．９．（6分)如图所示,“Ｕ”形光滑金属框架宽度为L，与水平面夹角为θ,处于垂直导轨面向上的磁场中．一质量为m的金属棒ab从静止开始沿框架下滑，金属棒的运动速度v、所受安培力F随时间变化的图象正确的是( )A. B．C． D.【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势;电磁感应中的能量转化．【专题】:电磁感应与图像结合．【分析】:通过分析金属棒的受力情况，列出安培力与速度的关系式，由牛顿第二定律分析加速度的变化，从而判断出速度的变化，判断安培力的变化．【解析】:解:AＢ、对金属棒进行受力分析，如图所示.由Ｅ＝BＬv,Ｉ=,F安＝ＢＩL得F安=金属棒下滑过程中,速度逐渐增大,故其所受安培力逐渐变大.根据牛顿第二定律得：ｍgｓinθ﹣F安=mｇsinθ﹣=mａ,则知加速度ａ随速度v的增大而减小,所以金属杆做加速度逐渐减小的加速运动，直到加速度为0,开始做匀速直线运动．故A正确,B错误.CD、由于Ｆ安＝,金属杆做加速度减小的加速运动,直到加速度为０，速度保持不变.所以安培力的变化与速度v的变化一致，故Ｃ正确,Ｄ错误．故选：AC．【点评】：解决本题的关键是推导出安培力与速度的关系式Ｆ安=，知道安培力与速度成正比,由牛顿第二定律分析金属棒运动情况．三、非选择题(本大题共4小题，共５4分.按题目要求作答．解答题应写出要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出出数值和单位.)10.（８分）如图a是某同学做研究物体运动情况实验时获得的一条纸带.①根据纸带，该同学可以判断出物体做匀加速直线运动．②打点计时器电源频率为50Ｈz,A、B、C、D、E、F、Ｇ是纸带上7个连续的点,F点由于不清晰而未画出.试根据纸带上的数据,推测F点的位置并在纸带上标出，算出对应的速度v F=0.70 m／s．（计算结果保留两位有效数字)③图b是某同学根据纸带上的数据，作出的v﹣t图象．根据图象，t=0时的速度v０＝0.20 ｍ／s、加速度a= 5.0 m/s2.(计算结果保留两位有效数字)【考点】：测定匀变速直线运动的加速度.【专题】：实验题；直线运动规律专题．【分析】：1、根据连续相等时间内的位移差是否相等，来判断运动性质.2、F点的瞬时速度等于EＧ之间的平均速度；3、速度时间图象的纵轴截距表示初速度，斜率表示加速度;【解析】：解：(１)根据题意可知,连续相等时间内的位移差相等为:△x＝0.2０ｃm,因此物体做匀加速直线运动.(2）平均速度等于中间时刻的瞬时速度,v F==０.７0m／s（3)v﹣t 图象的斜率表示加速度,纵轴截距表示初速度,故v０＝０.２0m/s，a＝＝5．０m/ｓ2；故答案为：（１)匀加速直线运动(２)0.7０（３)0.20;５.0【点评】:本题考查了利用匀变速直线运动的规律和推论解决问题的能力，同时注意图象法在物理实验中的应用．11.(1０分）要测定某电源的电动势和内电阻,以下提供的器材有:Ａ.待测电源E(E约为2V,r约为1Ω）B．电流表A1(量程为０.6A,ＲＡ1＝3Ω）C．电流表Ａ２（量程为0．3A，ＲA2约为5Ω)Ｄ.开关S１、S2E．导线若干某同学采用以上两个电流表和两个开关测定电源的电动势和内电阻.①请从提供的实验器材中选择合适的两个电流表分别填入实验电路图的圆框中．②闭合开关S1，断开Ｓ2,读出电流表A1的示数为I1;③再闭合开关Ｓ2,读出该支路电流表的示数为I2及原先支路电流表的示数为Ｉ1′；④由此可得到电源电动势和内电阻的表达式E＝,r=．【考点】:测定电源的电动势和内阻.【专题】：实验题；恒定电流专题．【分析】：１、由闭合电路欧姆定律E＝Ｉ（R+ｒ）变形,得到与R的关系式,根据数学知识分析图象的斜率和截距的意义，即可求出电源电动势Ｅ和内电阻r.2、采用两个电流表和两个开关测定本电源的电动势和内电阻,根据闭合电路欧姆定律列出等式求解【解析】：解：①因为电流表A1电阻是确定的,所以电路图中上面填A2,下面填A1，②闭合开关S1，断开Ｓ2,读出电流表A1的示数为Ｉ1；④闭合开关S1，断开S2，电流表Ａ1的示数为Ｉ1．根据闭合电路欧姆定律得:E=I1×(r+ＲA1)再闭合开关S2,读出该支路电流表的示数为I2及原先支路电流表的示数为I1′;根据闭合电路欧姆定律得:Ｅ=（Ｉ1′+Ｉ2）r＋Ｉ1′RＡ1解得：E=；ｒ＝故答案为:①如图所示;②A１,④,【点评】：本题是一道电学测定某电源的电动势和内电阻实验题,它检测学生会利用课本实验进行变形的迁引能力,将I﹣R的非线性关系转换成﹣R的线性关系,便于直观读图研究．12.（18分)如图所示，水平放置的两根光滑平行长导轨M、N相距L0=2ｍ，两轨之间有垂直导轨平面向里的磁感应强度B1=20T的匀强磁场，金属杆aｂ与导轨良好接触,从t=0时刻开始，ab在外力作用下其速度满足v=2５cｏs2πt(m/ｓ）沿导轨方向运动,并把产生的电压加在两块长L1＝１0cm、间距ｄ=４cｍ的平行金属板Ａ、B之间．在离金属板右边缘L２=75cm处放置一个荧光屏，左边缘紧接一个电子加速器,加速电压U0=5000V（不计电子在加速器中运动的时间)．从t=0时刻开始，电子不断地从阴极Ｋ射出并以初速为零开始向右运动.已知电子的质量为m=9.1×１0﹣3１kｇ．（1)计算确定加在平行金属板A、Ｂ之间电压的表达式；（２）计算电子得到加速后的速度；（结果保留二位有效数字)(3)计算确定电子在荧光屏上偏离O点的距离随时间变化的表达式.【考点】：带电粒子在匀强电场中的运动;动能定理的应用．【专题】：带电粒子在电场中的运动专题.【分析】：(1)由根据法拉第电磁感应定律:e＝ＢLv可得表达式．(2）由动能定理得:eU=可得速度值．(3）运动分为类平抛与匀速直线，两个过程的竖直分位移之和即为要求的偏转量．【解析】:解:(1）根据法拉第电磁感应定律e=B1L０ｖ=2０×2×25cos2πt (V）＝１００0cos2πt （V)因电路开路,故加在金属板A、B间的电压U=e=100０cos2πｔ（V)(2）对电子的加速过程,由动能定理得ｅU０=mv02 得电子加速后的速度ｖ0＝=4.２×１0７m/ｓ(3)电子进入偏转电场后，电子在水平方向运动的时间为ｔ1=＝2.５×１0﹣９s,而偏转电压的周期T==１S故可以忽略运动期间偏转电压的变化，认为电场是稳定的，因此电子做类平抛的运动，如图所示，ｅ交流电压在A、B两板间产生的电场强度E＝电子飞离金属板时的偏转距离电子飞离金属板时的竖直速度电子从飞离金属板到达荧光屏时的偏转距离所以,电子在荧光屏上偏离O点的距离随时间变化的表达式为:＝=０.２0ｃos２πt答:(１)加在平行金属板Ａ、B之间电压的表达式为U=e＝１000cｏs2πt (V）；（2）得到加速后的速度为=4.２×107m/ｓ(3）电子在荧光屏上偏离Ｏ点的距离随时间变化的表达式为y=0.２0cos２πt【点评】：本题是带电粒子在电场中运动的典型问题：在电场中加速,在电场中做类平抛运动,掌握粒子在电场中的运动规律是解决本题的关键１3．（18分) 在真空室内取坐标系ｘＯy,在ｘ轴上方存在二个方向都垂直于纸面向外的磁场区域Ⅰ和Ⅱ（如图）,平行于x轴的直线ａa′和bb′是区域的边界线，两个区域在y方向上的宽度都为d、在x方向上都足够长．Ⅰ区和Ⅱ区内分别充满磁感应强度为B和B的匀强磁场，边界bb′上装有足够长的平面感光板．一质量为m、电荷量为+ｑ的带电粒子，从坐标原点Ｏ以大小为v的速度沿y轴正方向射入Ⅰ区的磁场中.不计粒子的重力作用.(１）粒子射入的速度v大小满足什么条件时可使粒子只在Ⅰ区内运动而不会进入Ⅱ区？（2）粒子射入的速度v大小满足什么条件时可使粒子击中bb′上的感光板？并求感光板可能被粒子击中的范围?【考点】:带电粒子在匀强磁场中的运动.【专题】:带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】:（１）速度越大,轨道半径越大,临界情况是轨迹与aa′边相切；临界半径是d,根据牛顿第二定律并结合洛伦兹力提供向心力列式；（2）临界情况是轨迹与bb′相切;先结合几何关系求解轨道半径,然后根据牛顿第二定律并结合洛伦兹力提供向心力列式．【解析】：解:（1）粒子在Ⅰ区内做匀速圆周运动,有:qvＢ=m①得粒子运动的轨道半径：②粒子只在Ⅰ区内运动而不会进入Ⅱ区,则ｒ１≤ｄ③解得速度v满足的条件:ｖ≤④(2)粒子Ⅱ区内做匀速圆周运动，有:qv⑤得粒子运动的轨道半径:ｒ2==⑥粒子恰好能运动到感光板的运动情况如图所示．粒子在Ⅰ区中运动的圆心为A1、在Ⅱ区中运动的圆心为Ａ２，在图中△A1CＤ相似于△Ａ2CE,因此即⑦解得:ｒ1＝⑧v=⑨因此，要使粒子击中感光板，粒子射入的速度应满足ｖ≥⑩在△Ａa CD中,可得cｏｓθ=（11)粒子经过感光板上的Ｆ点的ｘ坐标x F=r１＋（r2﹣r1)siｎθ （12）解得:x F=(13)因此,感光板可能被粒子击中的ｘ坐标范围０<x≤答:(1）粒子射入的速度v大小满足v≤条件时可使粒子只在Ⅰ区内运动而不会进入Ⅱ区; (２）粒子射入的速度ｖ大小满足v≥条件时可使粒子击中bｂ′上的感光板；感光板可能被粒子击中的范围为0＜x≤．【点评】:本题关键是画出两个临界轨迹，然后结合几何关系求解轨道半径，运用洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律列方程求解,不难.。
广东省清远市2021届新高考物理模拟试题(1)含解析
广东省清远市2021届新高考物理模拟试题（1）一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图，正方形abcd中△abd区域内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场，△bcd区域内有方向平行bc的匀强电场（图中未画出）．一带电粒子从d点沿da方向射入磁场，随后经过bd的中点e进入电场，接着从b点射出电场，不计粒子的重力，则（）A．粒子带正电B．电场的方向是由c指向bC．粒子在b点和d点的动能相等D．粒子在磁场、电场中运动的时间之比为π∶2【答案】D【解析】【分析】【详解】A．带电粒子从d点沿da方向射入磁场，随后经过bd的中点e进入电场，偏转方向往右，由左手定则可知，粒子带负电，故A错误；B．粒子从e点射出时，速度方向与bd的夹角为45︒，即水平向右射出，在电场中做类平抛运动，从b点射出电场，所受电场力方向由c指向b，负电荷所受电场力方向与场强方向相反，则电场方向由b指向c，故B错误；C．粒子从d到e过程中洛伦兹力不做功，但在e到b的类平抛运动过程中，电场力做下功，则粒子在b 点的动能大于在d点的动能，故C错误；D．假设ab边长的一半为r，粒子从d点射入磁场的速度为v，因为粒子在磁场中运动的时间为弧长de除以速率v，即π2rv，粒子在电场中做类平抛运动，其在平行ab方向的分运动速度大小为v的匀速直线运动，分位移为r，可得粒子在电场中运动时间为rv，故D正确。
故选D。
2．空间某区域存在一方向垂直于纸面向外、大小随时间均匀变化的匀强磁场，磁场边界ef 如图所示，现有一根粗细均匀金属丝围成的边长为L 的正方形线框固定在纸面内，t=0时刻磁场方向如图甲所示，磁感应强度B 随时间t 变化关系如图乙所示，则（ ）A ．0~t 1：e 点电势高于f 点电势B ．0~t 1：2014ef B L U t =-C ．t 1~t 2：金属框中电流方向顺时针D ．0~t 2：ab 所受安培力方向始终不变 【答案】B 【解析】 【详解】A ．0~t 1时间内垂直于纸面向外的磁场减弱，根据楞次定律可知感应电流产生的磁场垂直于纸面向外，根据安培定则可知感应电流为逆时针方向，在电源内部，电流从负极流向正极，故f 电势高于e 的电势，A 错误；B ．根据法拉第电磁感应定律，感应电动势：2012B L E t =20124ef B L EU t =-=-B 正确；C ．根据楞次定律，0~t 2金属框中电流方向为逆时针，C 错误；D ．根据左手定则，0~t 1安培力水平向左，t 1~t 2安培力水平向右，D 错误。
广东省清远市(4校联考)2021届新高考模拟物理试题含解析
广东省清远市(4校联考）2021届新高考模拟物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，一个劈形物体A ，各面均光滑，放在固定的斜面上，上表面呈水平，在水平面上放一个小球B ，劈形物体从静止开始释放，则小球在碰到斜面前的运动轨迹是( )A ．沿斜面向下的直线B ．竖直向下的直线C ．无规则曲线D ．抛物线【答案】B【解析】【详解】楔形物体A 释放前，小球受到重力和支持力，两力平衡；楔形物体A 释放后，由于楔形物体A 是光滑的，则小球水平方向不受力，根据牛顿第一定律知，小球在水平方向的状态不改变，即仍保持静止状态．而竖直方向：楔形物体A 对B 的支持力将小于小球的重力，小球将沿竖直方向做加速运动，所以小球在碰到斜面前的运动是竖直向下的加速运动，其运动轨迹是竖直向下的直线，故B 正确。
故选B 。
2．如图所示，在水平晾衣杆（可视为光滑杆）上晾晒床单时，为了尽快使床单晾干，可在床单间支撑轻质细杆.随着细杆位置的不同，晾衣杆两侧床单间夹角θ（150θ<︒）将不同.设床单重力为G ，晾衣杆所受压力大小为N ，下列说法正确的是（ ）A ．当60θ=︒时，33N = B ．当90θ︒=时，22N G =C ．只有当120θ︒=时，才有N G =D ．无论θ取何值，都有N G =【答案】D【解析】【分析】【详解】'=，与θ取何以床单和细杆整体为研究对象，整体受到重力G和晾衣杆的支持力N'，由平衡条件知N G='=，与θ无关，ABC错误，D正确。
值无关，由牛顿第三定律知床单对晾衣杆的压力大小N N G故选D。
3．如图所示，长方形abed长ad=0.6m，宽ab=0-3m，e、f分别是ad、bc的中点，以ad为直径的半圆内有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B=0.25T。
一群不计重力、质量m=3×10-7 kg.电荷量q=+2×10-3C 的带电粒子以速度v0=5×102m/s从左右两侧沿垂直ad和bc方向射入磁场区域（不考虑边界粒子），则以下不正确的是A．从ae边射入的粒子，出射点分布在ab边和bf边B．从ed边射入的粒子，出射点全部分布在bf边C．从bf边射入的粒子，出射点全部分布在ae边D．从fc边射入的粒子，全部从d点射出【答案】C【解析】【详解】粒子进入磁场后做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：，代入数据解得粒子轨道半径：;AB、若匀强磁场为矩形磁场，从e点垂直射入的粒子，由于做匀速圆周运动的半径等于圆形磁场的半径，则刚好从b点射出，所以从e点垂直射入的粒子出射点落在bf边上；从ae边垂直射入的粒子，从圆弧af 上射出，出射点分布在ab边和bf边；从ed边射入的粒子，出射点全部分布在bf边，故A、B正确；CD 、若匀强磁场为圆形磁场，由于做匀速圆周运动的半径等于圆形磁场的半径，从bc 边射入的粒子，全部从d 点射出，所以从bf 边射入的粒子，出射点全部分布在ad 边，从fc 边射入的粒子，全部从d 点射出，故C 错误，D 正确；错误的故选C 。
2021年高考物理真题试卷(广东卷)含答案
2021年高考物理真题试卷（广东卷）一、单项选择题：本题共7小题,每小题4分，共28分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
（共7题；共28分）1.科学家发现银河系中存在大量的放射性同位素铝26，铝26的半衰期为72万年，其衰变方程为，下列说法正确的是（）A. Y是氦核B. Y是质子C. 再经过72万年，现有的铝26衰变一半D. 再经过144万年，现有的铝26全部衰变2.2021年4月，我国自主研发的空间站“天和”核心舱成功发射并入轨运行，若核心舱绕地球的运行可视为匀速圆周运动，已知引力常量，由下列物理量能计算出地球质量的是（）A. 核心舱的质量和绕地半径B. 核心舱的质量和绕地周期C. 核心舱的绕地角速度和绕地周期D. 核心舱的绕地线速度和绕地半径3.唐代《来耜经》记载了曲辕犁相对直辕犁的优势之一是起土省力，设牛用大小相等的拉力F通过耕索分别拉两种犁，F与竖直方向的夹角分别为和，，如图所示，忽略耕索质量，耕地过程中，下列说法正确的是（）A. 耕索对曲辕犁拉力的水平分力比对直辕犁的大B. 耕索对曲辕犁拉力的竖直分力比对直辕犁的大C. 曲辕犁匀速前进时，耕索对犁的拉力小于犁对耕索的拉力D. 直辕犁加速前进时，耕索对犁的拉力大于犁对耕索的拉力4.由于高度限制，车库出入口采用图所示的曲杆道闸，道闸由转动杆与横杆链接而成，P、Q为横杆的两个端点。
在道闸抬起过程中，杆始终保持水平。
杆绕O点从与水平方向成30°匀速转动到60°的过程中，下列说法正确的是（）A. P点的线速度大小不变B. P点的加速度方向不变C. Q点在竖直方向做匀速运动D. Q点在水平方向做匀速运动5.截面为正方形的绝缘弹性长管中心有一固定长直导线，长管外表面固定着对称分布的四根平行长直导线，若中心直导线通入电流，四根平行直导线均通入电流，，电流方向如图所示，下列截面图中可能正确表示通电后长管发生形变的是（）A. B.C. D.6.图是某种静电推进装置的原理图，发射极与吸极接在高压电源两端，两极间产生强电场，虚线为等势面，在强电场作用下，一带电液滴从发射极加速飞向吸极，a、b是其路径上的两点，不计液滴重力，下列说法正确的是（）A. a点的电势比b点的低B. a点的电场强度比b点的小C. 液滴在a点的加速度比在b点的小D. 液滴在a点的电势能比在b点的大7.某同学设计了一个充电装置，如图所示，假设永磁铁的往复运动在螺线管中产生近似正弦式交流电，周期为0.2s，电压最大值为0.05V，理想变压器原线圈接螺线管，副线圈接充电电路，原、副线圈匝数比为1∶60，下列说法正确的是（）A. 交流电的频率为10HzB. 副线圈两端电压最大值为3VC. 变压器输入电压与永磁铁磁场强弱无关D. 充电电路的输入功率大于变压器的输入功率二、多项选择题：本小题共3小题，每小题6分，共18分。
广东省清远市新高考高一下物理精选实验题汇总含解析
广东省清远市新高考高一下物理精选实验题汇总多选题有答案含解析1．(本题9分)(1)图中螺旋测微器的读数为_________mm.(2)为了测量由两节干电池组成的电池组的电动势和内电阻,某同学设计了如图2甲所示的实验电路,其中R 为电阻箱,R0=5Ω为保护电阻.实验步骤如下:断开开关S,调整电阻箱的阻值,再闭合开关S,读取并记录电压表的示数及电阻箱接入电路中的阻值.多次重复上述操作,可得到多组电压值U及电阻值R,并以1U为纵坐标，以1R为横坐标,画出11U R关系图线(该图线为一直线),如图乙所示.由图线可求得电池组的电动势E=______V,内阻r=_________Ω.(结果均保留两位有效数字)2．(本题9分)用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律。
实验所用的电源为学生电源，输出电压为6V 的交流电和直流电两种。
重锤从高处由静止开始落下，重锤上拖着的纸带通过打点计时器打出一系列的点，对纸带上的点的痕迹进行测量，即可验证机械能守恒定律。
（1）下面列举了该实验的几个操作步骤：A．按照图示的装置安装器件；B．将打点计时器接到电源的直流输出端上；C．用天平测量出重锤的质量；D．释放悬挂纸带的夹子，同时接通电源开关打出一条纸带；E．测量打出的纸带上某些点之间的距离；F．根据测量的结果计算重锤下落过程中减少的重力势能是否等于增加的动能。
指出其中没有必要进行的或者操作不恰当的步骤_______（填选项对应的字母）。
（2）实验中得到一条纸带，如图所示。
根据打出的纸带，选取纸带上打出的连续五个点A、B、C、D、E，测出A点距起始点O的距离为S0，点A、C间的距离为S1，点C、E间的距离为S2，使用交流电的频率为f，设重锤质量为m，则打点计时器打C点时重锤的动能为___________，打点计时器在打O点和C点的这段时间内重锤的重力势能的减少量为________。
利用这个装置也可以测量重锤下落的加速度a的数值。
则根据这些条件计算重锤下落的加速度a的表达式为：a＝_____________。
广东省清远市2021届新高考物理仿真第三次备考试题含解析
广东省清远市2021届新高考物理仿真第三次备考试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，在电场强度大小为E 0的水平匀强电场中，a 、b 两点电荷分别固定在光滑水平面上，两者之间的距离为l ．当a 、b 的电量均为+Q 时，水平面内与两点电荷距离均为l 的O 点处有一电量为+q 的点电荷恰好处于平衡状态．如果仅让点电荷a 带负电，电量大小不变，其他条件都不变，则O 点处电荷的受力变为( )A ．0qEB ．02qEC ．033qED ．0233qE 【答案】D【解析】 开始时，对放在O 点的点电荷由平衡知识可知：002cos30a F E q = ；当让点电荷a 带负电时，则a 、b对O 点点电荷的库仑力竖直向上在，则O 点处电荷的受力变为0220023(2cos 60)()a F F E q E q =+=，故选D. 2．在2018年亚运会女子跳远决赛中，中国选手许小令获得铜牌。
在某一跳中，她（可看作质点）水平距离可达6.50 m ，高达1.625 m 。
设她离开地面时的速度方向与水平面的夹角为α，若不计空气阻力，则正切值tanα的倒数等于（ ）A ．0.5B ．1C ．4D ．8【答案】B【解析】【详解】 从起点A 到最高点B 可看作平抛运动的逆过程，如图所示：许小令做平抛运动位移方向与水平方向夹角的正切值为tanβ=0.5，速度方向与水平方向夹角的正切值为tanα=2tanβ=1，则正切值tanα的倒数等于1，故B 正确，ACD 错误。
3．一交流电压为()2002sin100V π=u t ，由此表达式可知（ ）A ．用电压表测该电压时，其示数为2002VB ．该交流电压的周期为0.01sC ．将该电压加在“200V 100W 、”的灯泡两端，灯泡的实际功率小于100WD ．1s 400=t 时，该交流电压的瞬时值为200V 【答案】D【解析】【详解】A ．电压的有效值为2002=V=200V 2U 故用电压表测该电压时，其示数为200V ，故A 错误；B ．由表达式知出100πrad/s ω=则周期2π0.02s T ω==故B 错误；C ．该电压加在“200V 100W 、”的灯泡两端，灯泡恰好正常工作，故C 错误；D ．将1s 400=t 代入瞬时值表达式得电压的瞬时值为200V ，故D 正确。
广东省清远市2021届新高考第二次质量检测物理试题含解析
广东省清远市2021届新高考第二次质量检测物理试题一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，竖直直线MN 的右侧有范围足够大的匀强磁场，磁场方向垂直于纸面向里。
正方形线框abcd 的边长为L ，静止于图示位置，其右边与MN 重合。
从0t =时刻起线框受外力拉动，水平向右匀加速运动。
线框粗细均匀，其电阻沿长度分布均匀。
在运动过程中，线框a 、b 两点间的电势差随时间变化的特点与下列图像一致的是（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】C【解析】【详解】线框有两段匀加速直线运动过程：进入磁场的运动过程，在磁场中的运动过程。
两过程加速度相等，设为a 。
线框进入磁场的运动过程。
由右手定则知感应电流方向由b 向a 。
ba 段为电源，则a 点电势高于b 点电势。
电动势大小为E BLv =34ab U E = 由运动规律得v at =解以上三式得34ab U BLat = 图像为过原点的直线，斜率为34BLa 。
在0t 时刻有 034ab U BLat =。
在磁场中的运动过程。
由右手定则知a 点电势高于b 点电势。
在0t 时刻有0 ab U E BLat '==运动过程有0 =ab U E BL v at '=+（）由运动规律得202v aL =解以上两式得2ab U BL aL BLat =+图像斜率为BLa 。
故选C 。
2．三根通电长直导线垂直纸面平行固定，其截面构成一正三角形，O 为三角形的重心，通过三根直导线的电流分别用I 1、I 2、I 3表示，方向如图。
现在O 点垂直纸面固定一根通有电流为I 0的直导线，当1230I I I I ===时，O 点处导线受到的安培力大小为F 。
已知通电长直导线在某点产生的磁感应强度大小和电流成正比，则（ ）A ．当102303I I I I I ===、时，O 点处导线受到的安培力大小为4FB ．当102303I I I I I ===、时，O 3FC ．当201303I I I I I ===、时，O 3FD ．当301203I I I I I ===、时，O 点处导线受到的安培力大小为2F【答案】C【解析】【分析】【详解】根据安培定则画出123I I I 、、在O 点的磁感应强度123B B B 、、的示意图如图所示当1230I I I I ===时，三根导线在O 点产生的磁感应强度大小相等，设为0B ，根据磁场叠加原理可知，此时O 点的磁感应强度为02B B =此时O 点处对应的导线的安培力002F B I L =AB ．由于通电长直导线在某点产生的磁感应强度大小和电流成正比，当102303I I I I I ===、时，则有 103B B =，230B B B ==根据磁场叠加原理可知，此时O 点的磁感应强度为04B B =此时O 点处对应的导线的安培力0042F B I L F '==故AB 错误；C ．当201303I I I I I ===、时，有203B B =，130B B B ==如图所示根据磁场叠加原理可知023B B =此时O 点处对应的导线的安培力00233F B I L F '==故C 正确；D ．当301203I I I I I ===、时，有303B B =，120B B B ==如图所示根据磁场叠加原理可知023B B =此时O 点处对应的导线的安培力00233F B I L F '==故D 错误。
广东省清远市2021届新高考物理第三次调研试卷含解析
广东省清远市2021届新高考物理第三次调研试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，匀强磁场中有一电荷量为q 的正离子，由a 点沿半圆轨迹运动，当它运动到b 点时，突然吸收了附近若干电子，接着沿另一半圆轨迹运动到c 点，已知a 、b 、c 在同一直线上，且ac＝12ab 。
电子的电荷量为e ，质量可忽略不计，则该离子吸收的电子个数为A ．32q eB ．q eC ．23q eD ．3q e【答案】D 【解析】【详解】正离子由a 到b 的过程，轨迹半径12ab r =，根据牛顿第二定律：21v qvB m r =，正离子在b 点吸收n 个电子，因电子质量不计，所以正离子的速度不变，电荷量变为q －ne ，正离子从b 到c 的过程中，轨迹半径r 2＝2bc ＝34ab ，且(q －ne)vB ＝22v m r ，解得： n ＝3q eA ．32q e。
故A 不符合题意。
B ．q e 。
故B 不符合题意。
C ．23q e。
故C 不符合题意。
D ．3q e 。
故D 符合题意。
2．已知天然材料的折射率都为正值(n>0)。
近年来，人们针对电磁波某些频段设计的人工材料，可以使折射率为负值(n<0)，称为负折射率介质。
电磁波从正折射率介质入射到负折射介质时，符合折射定律，但折射角为负，即折射线与入射线位于界面法线同侧，如图1所示。
点波源S发出的电磁波经一负折射率平板介质后，在另一侧成实像。
如图2所示，其中直线SO垂直于介质平板，则图中画出的4条折射线（标号为1、2、3、4）之中，正确的是（）A．1 B．2C．3 D．4【答案】D【解析】【分析】【详解】由题意可知，负折射率的介质使得折射光线与入射光线均在法线的同一侧，现在让我们判断从S点发出的这条光线的折射光线，则光线1、2是不可能的，因为它们均在法线的另一侧，光线3、4是可能的，但是题意中又说明在另一侧成实像，即实际光线有交点，光线3在射出介质时，其折射线如左图所示，折射光线反向延长线交于一点，成虚像。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
2021年广东省清远市高考物理实验题总复习（附答案解析）1．测量电源的电动势E及内阻r（E约为3V，r约为1Ω）。
器材：量程3V的电压表V（具有一定内阻），满偏电流I G＝200mA电流计G（r G＝0.30Ω），阻值分别为0.15Ω、2Ω、3Ω的固定电阻R1、R2、R3，滑动变阻器R（阻值0﹣15.0Ω），电键1个，导线若干。
（1）小明同学利用以上器材，设计了如图所示甲的电路，若B是电压表V，则A是，C是，D是（填器材对应符号）；
（2）调节滑动变阻器，得到多组电表的读数，作出如图乙的图象，由图象得到的电池电动势E＝V，内阻r＝Ω．（保留三位有效数字）
（3）这样测得电池电动势E的测量值与真实值（填“大”、“小”、“相等”），内阻r的测量值与真实值（填“大”、“小”、“相等”）。
2．小强同学网购了一块太阳能电池板，查阅资料得知太阳能电池板在有光照时，可以将光能转化为电能，而在没有光照时，可以视为一个电学器件。
（1）小强先根据测绘小灯泡伏安特性曲线的实验方法，探究一个太阳能电池板在没有光照时（没有储存电能）的I﹣U特性。
所用的器材包括：太阳能电池板、电源E、电流表
A、电压表V、滑动变阻器R、开关S及导线若干。
为了达到上述目的，实验电路应选用
图1中的图（填“a”或“b”）。
（2）小强为了研究太阳能电池板的电动势和内阻跟光照强度的关系，选用的器材有：电流表（200μA，500Ω）、电阻箱、电键、导线等。
①实验器材如图2所示，请用笔画代替导线将电路补充完整；
②以白炽灯为光源，太阳能电池板离灯分别为40cm和60cm时进行测量。
并用图象法研
究太阳能电池板的电动势和内阻，在坐标系中描点、作图如图3所示，“•”和“×”分别表示太阳能电池板离灯40cm和60cm两种光照条件下的数据点，请计算当太阳能电池板离灯40cm时的电动势为V（保留两位有效数字）；
③通过图象，可判断光照强度对太阳能电池板的电动势的影响是。
3．在“用电流表和电压表测定电池的电动势和内电阻”的实验中备有如下器材：A．干电池1节
B．滑动变阻器（0～20Ω）
C．滑动变阻器（0～1kΩ）
D．电压表（0～3V，内阻约为20kΩ）
E．电流表（0～0.6A，内阻R A＝0.2Ω）
F．电流表（0～3A，内阻约为0.01Ω）
G．开关、导线若干
①为减小实验误差和方便操作，选择图甲所示电路进行实验，其中滑动变阻器应
选，电流表应选。
（填写器材前的序号）
②某同学根据实验测得的电压表示数U和电流表示数I，画出U﹣I图象如图乙所示，由
图象可得电池的电动势为V，内电阻为Ω。
4．某同学为测量一个圆柱状导体材料的电阻率，利用了游标卡尺、螺旋测微器、欧姆表测量该导体的长度、粗细、电阻值。
（1）用螺旋测微器测截面直径如图甲所示，则该材料的直径为mm；
（2）用20分度的游标卡尺测量长度如图乙所示，但该游标卡尺的游标尺前面部分刻度值被污渍覆盖看不清，对齐部分已标注，该材料长度为cm。
5．用多用电表试测时发现材料的电阻大约是300Ω，为测量尽量准确，应该选择欧姆档的档位进行测量。
（表盘如图所示）
6．图（a）为某同学组装完成的简易多用电表的电路图。
图中E是电池；R1、R2、R3、R4和R5是固定电阻，R6是可变电阻；表头G的满偏电流为200μA，内阻为500Ω．虚线方框内为换挡开关，A端和B端分别与两表笔相连。
该多用电表有5个挡位，5个挡位为：直流电压1V挡和5V挡，直流电流1mA挡和2.5mA挡，欧姆×100Ω挡。
（1）图（a）中的A端表盘插孔写（填“正”或“负”）。
（2）根据题给条件可得R1＝Ω，R2＝Ω，R4＝Ω。