高二物理上学期第二次联考试题
[推荐学习]高二物理上学期第二次联考试卷(含解析)
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河南省豫西名校2015-2016学年高二（上）第二次联考物理试卷一、选择题（本题共14小题，每题3分，在每小题给出的四个选项中，第10～14小题有多个选项正确，其余小题只有一个选项正确）1．如图所示为一电学元件的I﹣U图线，图中θ=45°，由此可知（）A．通过这一电学元件的电流与其两端的电压成正比B．因I﹣U图线的斜率表示电阻的倒数，故R==1.0ΩC．此电学元件为非线性元件D．在此电学元件两端加6V电压后，每秒通过电阻横截面的电荷量是6C2．在如图所示的电路中，闭合开关S，将滑动变阻器滑片P缓慢向右移动，则（）A．灯泡L变暗B．电源的输出功率变大C．电容器C上的电荷量增加D．流过R1的电流方向由左向右3．在如图所示电路中，电源电动势为12V，电源内阻为1.0Ω，电路中的电阻R0为1.5Ω，小型直流电动机M的内阻为0.5Ω，闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0A（内阻不计），则以下判断中正确的是（）A．电动机的输出的功率为12W B．电动机两端的电压为7.0VC．电动机产生的热功率4.0W D．电源输出的电功率为24W4．已知龙岩市区地磁场的磁感应强度B约为4.0×10﹣5T，其水平分量约为3.0×10﹣5T．若龙岩市区一高层建筑安装了高50m的竖直金属杆作为避雷针，在某次雷雨天气中，当带有正电的乌云经过避雷针的上方时，经避雷针开始放电，某一时刻的放电电流为1×105A，此时金属杆受到地磁场对它的安培力方向和大小分别为（）A．方向向东，大小约为150N B．方向向东，大小约为200NC．方向向西，大小约为150N D．方向向西，大小约为200N5．一交流电压为u=100sin100πtV，由此表达式可知．（）A．用交流电压表测该电压，其示数为50VB．该交流电压的周期为0.02sC．将该电压加在“100V100W”的灯泡两端，灯泡的实际功率小于100WD．t=s时，该交流电压的瞬时值为100V6．1831年法拉第把两个线圈绕在一个铁环上，A线圈与电源、滑动变阻器R组成一个回路，B线圈与开关S，电流表G组成另一个回路．如图所示，通过多次实验，法拉第终于总结出产生感应电流的条件．关于该实验下列说法正确的是（）A．闭合开关S的瞬间，电流表G中有a→b的感应电流B．闭合开关S的瞬间，电流表G中有b→a的感应电流C．闭合开关S后，在增大电阻R的过程中，电流表G中有a→b 的感应电流D．闭合开关S后，在增大电阻R的过程中，电流表G中有b→a的感应电流7．如图甲所示，一个圆形线圈的匝数n=100，线圈面积S=200cm2，线圈的电阻r=1Ω，线圈外接一个阻值R=4Ω的电阻，把线圈放入一方向垂直线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化规律如图已所示．下列说法中正确的是（）A．线圈中的感应电流方向为顺时针方向B．电阻R两端的电压随时间均匀增大C．线圈电阻r消耗的功率为4×10﹣4WD．前4s内通过R的电荷量为4×10﹣4C8．电磁炉是利用电磁感应现象产生的涡流，使锅体发热从而加热食物．下列相关的说法中正确的是（）A．锅体中涡流的强弱与磁场变化的频率有关B．电磁炉中通入电压足够高的直流电也能正常工作C．金属或环保绝缘材料制成的锅体都可以利用电磁炉来烹饪食物D．电磁炉的上表面一般都用金属材料制成，以加快热传递减少热损耗9．随着社会经济的发展，人们对能源的需求也日益扩大，节能变得越来越重要．某发电厂采用升压变压器向某一特定用户供电，用户通过降压变压器用电，若发电厂输出电压为U1，输电导线总电阻为R，在某一时段用户需求的电功率为P0，用户的用电器正常工作的电压为U2．在满足用户正常用电的情况下，下列说法正确的是（）A．输电线上损耗的功率为B．输电线上损耗的功率为C．若要减少输电线上损耗的功率可以采用更高的电压输电D．采用更高的电压输电会降低输电效率10．绕有线圈的铁芯直立在水平桌面上，铁芯上套着一个铝环，线圈与电源、电键相连，如图所示．线圈上端与电源正极相连，闭合电键的瞬间，铝环向上跳起．则下列说法中正确的是（）A．若保持电键闭合，则铝环不断升高B．若保持电键闭合，则铝环停留在某一高度C．若保持电键闭合，则铝环跳起到某一高度后将回落D．如果电源的正、负极对调，观察到的现象不变11．如图所示，一台理想变压器的原、副线圈匝数比为n1：n2=40：1，在副线圈两端接有“6V、40W”的电灯泡．若灯泡恰能正常发光，则下列说法中正确的是（）A．在原、副线圈中，通过每匝线圈的磁通量时时刻刻都不相同B．通过原、副线圈的交变电流的频率相同C．变压器输入电压的最大值为240VD．变压器输入功率为40W12．物体导电是由其中的自由电荷定向移动引起的，这些可以移动的自由电荷又叫载流子．金属导体的载流子是自由电子，现代广泛应用的半导体材料分为两大类：一类是N型半导体，它的载流子为电子；另一类是P型半导体，它的载流子为“空穴”，相当于带正电的粒子，如果把某种材料制成的长方体放在匀强磁场中，磁场方向如图所示，且与前后侧面垂直，长方体中通有方向水平向右的电流，设长方体的上下表面M、N的电势分别为φM和φN，则下列判断中正确的是（）A．如果是P型半导体，有φM＞φN B．如果是N型半导体，有φM＜φNC．如果是P型半导体，有φM＜φN D．如果是金属导体，有φM＜φN13．如图所示，L1和L2是远距离输电的两根高压线，在靠近用户端的某处用电压互感器和电流互感器监测输电参数．在用电高峰期，用户接入电路的用电器逐渐增多的时候（）A．甲电表为电流表B．甲电表的示数变小C．乙电表为电压表D．乙电表的示数变大14．如图所示为一种质谱仪示意图，由加速电场、静电分析器和磁分析器组成．若静电分析器通道中心线的半径为R，通道内均匀辐射电场在中心线处的电场强度大小为E，磁分析器有范围足够大的有界匀强磁场，磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向外．一质量为m、电荷量为q的粒子从静止开始经加速电场加速后沿中心线通过静电分析器，由P点垂直边界进入磁分析器，最终打到胶片上的Q点．不计粒子重力．下列说法正确的是（）A．极板M比极板N电势高B．加速电场的电压U=ERC．直径PQ=D．若一群离子从静止开始经过上述过程都落在胶片上同一点，则该群离子具有相同的比荷二、实验题（本题有2小题，15题6分，16题6分，共12分）15．在研究“电磁感应现象”的实验中，所需的实验器材如图所示．现已用导线连接了部分实验电路．（1）请把电路补充完整；（2）实验时，将线圈A插入线圈B中，合上开关瞬间，观察到检流计的指针发生偏转，这个现象揭示的规律是；（3）（多选）某同学设想使线圈B中获得与线圈A中相反方向的电流，可行的实验操作是A．抽出线圈A B．插入软铁棒C．使变阻器滑片P左移 D．断开开关．16．现有一种特殊的电池，它的电动势E为9V左右，内阻r大约为40Ω，为了测定这个电池的电动势和内阻，某同学利用如图甲所示的电路进行实验，图中电压表的量程为6V，内阻为2KΩ，R1为电阻箱，阻值范围0～999Ω，R0为定值电阻．①实验室备有以下几种定值电阻R0A． 10Ω B．100Ω C．200Ω D．2000Ω为使实验能顺利进行应选哪一种？答．（填字母序号）②该同学接入符合要求的R0后，闭合开关S调整电阻箱的阻值，读取电压表的示数，记录多组数据，作出了如图乙所示的图线．则根据图线可求得该电池的电动势E为V，内阻r为Ω．三、计算题（本题共4小题，共46分）17．如图所示，在倾角θ=37°的斜面上，固定着宽L=0.20m的平行金属导轨，在导轨上端接有电源和滑动变阻器，已知电源电动势E=6.0V，内电阻r=0.50Ω．一根质量m=10g的金属棒ab放在导轨上，与两导轨垂直并接触良好，导轨和金属棒的电阻忽略不计．整个装置处于磁感应强度B=0.50T、垂直于轨道平面向上的匀强磁场中．若金属导轨是光滑的，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，取g=10m/s2，求：（1）要保持金属棒静止在导轨上，滑动变阻器接入电路的阻值是多大？（2）金属棒静止在导轨上时，如果使匀强磁场的方向瞬间变为竖直向上，则此时导体棒的加速度是多大？18．如图所示，在平面直角坐标系xoy的第四象限有垂直纸面向里的匀强磁场，一质量为m=5.0×10﹣8kg、电量为q=1.0×10﹣6C的带电粒子，从静止开始经U0=10V的电压加速后，从P点沿图示方向进入磁场，已知OP=30cm，（粒子重力不计，sin37°=0.6，cos37°=0.8），求：（1）带电粒子到达P点时速度v的大小（2）若磁感应强度B=2.0T，粒子从x轴上的Q点离开磁场，求QO的距离（3）若粒子不能进入x轴上方，求磁感应强度B'满足的条件．19．如图甲所示为一台小型发电机的示意图，单匝线圈逆时针转动．若从中性面开始计时，产生的电动势随时间的变化规律如图乙所示．已知发电机线圈内阻为1.0Ω，外接灯泡的电阻为9.0Ω．求：（1）写出流经灯泡的瞬时电流的表达式；（2）转动过程中穿过线圈的最大磁通量：（3）线圈匀速转动一周的过程中，外力所做的功．20．如图（甲）所示，MN、PQ为水平放置的足够长的平行光滑导轨，导轨间距L为0.5m，导轨左端连接一个阻值为2Ω的定值电阻R，将一根质量为0.2kg的金属棒cd垂直放置在导轨上，且与导轨接触良好，金属棒cd的电阻r=2Ω，导轨电阻不计，整个装置处于垂直导轨平面向下的匀强磁场中，磁感应强度B=2T．若棒以1m/s的初速度向右运动，同时对棒施加水平向右的拉力F作用，并保持拉力的功率恒为4W，从此时开始计时，经过2s金属棒的速度稳定不变，图（乙）为安培力与时间的关系图象．试求：（1）金属棒的最大速度；（2）金属棒的速度为3m/s时的加速度；（3）求从开始计时起2s内电阻R上产生的电热．2015-2016学年河南省豫西名校高二（上）第二次联考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共14小题，每题3分，在每小题给出的四个选项中，第10～14小题有多个选项正确，其余小题只有一个选项正确）1．如图所示为一电学元件的I﹣U图线，图中θ=45°，由此可知（）A．通过这一电学元件的电流与其两端的电压成正比B．因I﹣U图线的斜率表示电阻的倒数，故R==1.0ΩC．此电学元件为非线性元件D．在此电学元件两端加6V电压后，每秒通过电阻横截面的电荷量是6C【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】由图可知，此元件为线性元件，由欧姆定律的性质可以分析其电阻等．【解答】解：A、由图可知，电流与电压成正比；故A正确；B、图象的斜率表示电阻的倒数，由R═=1.0Ω；故B正确；C、因此元件的伏安特性曲线为线性元件，故C错误；D、由欧姆定律可知，加6V电压后，电流I==6A；则每秒的电量q=It=6C；故D正确；故选：ABD．【点评】本题考查欧姆定律的应用，要注意明确伏安特性曲线的性质及意义．2．在如图所示的电路中，闭合开关S，将滑动变阻器滑片P缓慢向右移动，则（）A．灯泡L变暗B．电源的输出功率变大C．电容器C上的电荷量增加D．流过R1的电流方向由左向右【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】整体思想；推理法；恒定电流专题．【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，滑动变阻器的滑片P向右移动过程中，电路电阻变小，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，进一步可知电流的变化和灯泡的亮暗【解答】解：A、当滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路的电阻变小，总电阻变小；根据欧姆定律可知，电路中总电流变大，即灯泡L变亮，A错误；B、电源内部消耗的功率P=EI﹣I2r，随着电流的增大消耗的功率不是一直变大，B错误；C、U C=E﹣I（r+R L），电流增大，电容器C两端的电压减小，电荷量减小，C错误；D、电容器带电量减小，对电源反向充电，流过R1的电流方向由左向右，D正确．故选：D【点评】解决此类问题要根据电路的连接情况分析总电阻的变化，结合欧姆定律和串并联电路电压、电流的规律分析电路中的电流和电压变化情况3．在如图所示电路中，电源电动势为12V，电源内阻为1.0Ω，电路中的电阻R0为1.5Ω，小型直流电动机M的内阻为0.5Ω，闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0A（内阻不计），则以下判断中正确的是（）A．电动机的输出的功率为12W B．电动机两端的电压为7.0VC．电动机产生的热功率4.0W D．电源输出的电功率为24W【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的．【解答】解：B、电路中电流表的示数为2.0A，所以电动机的电压为：U=E﹣U内﹣UR0=12﹣Ir﹣IR0=12﹣2×1﹣2×1.5=7V，所以B正确；A、C，电动机的总功率为P总=UI=7×2=14W，电动机的发热功率为：P热=I2R=22×0.5=2W，所以电动机的输出功率为14 W﹣2W=12W，所以A正确，C错误；D、电源的输出的功率为：P输出=EI﹣I2R=12×2﹣22×1=20W，所以D错误故选：AB【点评】对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的．4．已知龙岩市区地磁场的磁感应强度B约为4.0×10﹣5T，其水平分量约为3.0×10﹣5T．若龙岩市区一高层建筑安装了高50m的竖直金属杆作为避雷针，在某次雷雨天气中，当带有正电的乌云经过避雷针的上方时，经避雷针开始放电，某一时刻的放电电流为1×105A，此时金属杆受到地磁场对它的安培力方向和大小分别为（）A．方向向东，大小约为150N B．方向向东，大小约为200NC．方向向西，大小约为150N D．方向向西，大小约为200N【考点】安培力．【分析】金属杆竖直，与地磁场水平分量垂直，受到地磁场的安培力，根据安培力公式F=BIL，求出金属杆所受磁场力．地磁场水平分量向北，根据左手定则判断安培力方向．【解答】解：当带有正电的乌云经避雷针放电时，放电电流方向沿避雷针向下，若面向北方而立，则空间水平磁场均为“×”，若右方为东方，左方为西方向，如图，由左手定则判定可知金属杆所受安培力的方向向东，大小为F=BIL=3.0×10﹣5×1×105×50N=150N故选：A【点评】本题考查应用物理知识解决实际问题的能力，要建立模型，简化问题．实际地磁场不是匀强磁场，上述结果只是简化与近似．同时要掌握左手定则和安培力大小公式F=BIL．5．一交流电压为u=100sin100πtV，由此表达式可知．（）A．用交流电压表测该电压，其示数为50VB．该交流电压的周期为0.02sC．将该电压加在“100V100W”的灯泡两端，灯泡的实际功率小于100WD．t=s时，该交流电压的瞬时值为100V【考点】正弦式电流的图象和三角函数表达式．【专题】定性思想；推理法；交流电专题．【分析】A、电压表读数为有效值．先根据最大值求有效值，求得电压表读数．B、通过瞬时表达式与交电流的ω=，可求出周期．C、运用瞬时表达式求出有效值，从而利用电功率的公式P=求出电功率．D、直接根据瞬时表达式代入数据求解．【解答】解：A、交变电压的表达式为u=100sin100πtV，可知最大值为100，又是正弦式电流，则电压的有效值为U=，则用交流电压表测该电压，其示数为100V，所以A错误．B、由公式ω=，则有周期T=．所以B正确．C、由于电压的有效值为100V，则该电压加在100Ω的电阻两端，电阻消耗的电功率公式P=．所以C错误．D、将代入瞬时表达式，则有交流电压的瞬时值为100V．所以D正确．故选：BD【点评】要知道有效值的物理意义，及正弦式交流电的有效值等于最大值除根号2，并知道求电功率是用交流电的有效值．6．1831年法拉第把两个线圈绕在一个铁环上，A线圈与电源、滑动变阻器R组成一个回路，B线圈与开关S，电流表G组成另一个回路．如图所示，通过多次实验，法拉第终于总结出产生感应电流的条件．关于该实验下列说法正确的是（）A．闭合开关S的瞬间，电流表G中有a→b的感应电流B．闭合开关S的瞬间，电流表G中有b→a的感应电流C．闭合开关S后，在增大电阻R的过程中，电流表G中有a→b 的感应电流D．闭合开关S后，在增大电阻R的过程中，电流表G中有b→a的感应电流【考点】感应电流的产生条件；楞次定律．【分析】电流表与线圈B构成闭合电路，当线圈中磁通量发生变化时，出导致线圈中产生感应电动势，从而可出现感应电流．根据右手螺旋定则可确定线圈B的磁场方向，再根据楞次定律可判定感应电流方向．【解答】解：闭合与断开开关S的瞬间，穿过线圈B的磁通量都不发生变化，电流表G中均无感应电流．闭合开关S 后，在增大电阻 R 的过程中，电流减小，则通过线圈B的磁通量减小了，根据右手螺旋定则可确定穿过线圈B的磁场方向，再根据楞次定律可得：电流表G 中有b→a 的感应电流．故D正确，ABC错误；故选：D．【点评】考查右手螺旋定则、楞次定律，知道右手大拇指向为线圈内部的磁场方向，并还理解“增反减同”的含义．同时注意开关的闭合不会改变穿过线圈的磁通量．7．如图甲所示，一个圆形线圈的匝数n=100，线圈面积S=200cm2，线圈的电阻r=1Ω，线圈外接一个阻值R=4Ω的电阻，把线圈放入一方向垂直线圈平面向里的匀强磁场中，磁感应强度随时间变化规律如图已所示．下列说法中正确的是（）A．线圈中的感应电流方向为顺时针方向B．电阻R两端的电压随时间均匀增大C．线圈电阻r消耗的功率为4×10﹣4WD．前4s内通过R的电荷量为4×10﹣4C【考点】法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律．【专题】电磁感应与电路结合．【分析】线圈平面垂直处于匀强磁场中，当磁感应强度随着时间均匀变化时，线圈中的磁通量发生变化，从而导致出现感应电动势，产生感应电流．由楞次定律可确定感应电流方向，由法拉第电磁感应定律可求出感应电动势大小，运用功率与电量的表达式，从而即可求解．【解答】解：A、由图可知，穿过线圈的磁通量变大，由楞次定律可得：线圈产生的感应电流逆时针，故A错误．B、根据法拉第电磁感应定律，可知，磁通量的变化率恒定，所以电动势恒定，则电阻两端的电压恒定，故B错误；C、由法拉第电磁感应定律：E=N=N=100××0.02V=0.1V，由闭合电路欧姆定律，可知电路中的电流为，所以线圈电阻r消耗的功率P=I2R=0.022×1W=4×10﹣4W，故C正确；D、前4s内通过R的电荷量Q=It=0.02×4C=0.08C，故D错误；故选C【点评】考查楞次定律来判定感应电流方向，由法拉第电磁感应定律来求出感应电动势大小．当然本题还可求出电路的电流大小，及电阻消耗的功率．同时磁通量变化的线圈相当于电源．8．电磁炉是利用电磁感应现象产生的涡流，使锅体发热从而加热食物．下列相关的说法中正确的是（）A．锅体中涡流的强弱与磁场变化的频率有关B．电磁炉中通入电压足够高的直流电也能正常工作C．金属或环保绝缘材料制成的锅体都可以利用电磁炉来烹饪食物D．电磁炉的上表面一般都用金属材料制成，以加快热传递减少热损耗【考点】电磁灶的结构和原理．【专题】应用题．【分析】电磁炉是利用感应电流使锅体发热而工作的；由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势与磁通量的变化率成正比，与磁场变化的频率有关；锅体只能使用铁磁性材料．【解答】解：A、锅体中涡流的强弱与磁场变化的频率有关，故A正确；B、直流电不能产生变化的磁场，在锅体中不能产生感应电流，电磁炉不能使用直流电，故B错误；C、锅体只能用铁磁性导体材料，不能使用绝缘材料制作锅体，故C错误；D、电磁炉的上表面如果用金属材料制成，使用电磁炉时，上表面材料发生电磁感应要损失电能，电磁炉上表面要用绝缘材料制作，故D错误；故选A．【点评】本题从常用的电器电磁炉入手，考查其原理和工作情况，电磁炉是利用电流的热效应和磁效应的完美结合体，它的锅具必须含磁性材料，最常见的是不锈钢锅．9．随着社会经济的发展，人们对能源的需求也日益扩大，节能变得越来越重要．某发电厂采用升压变压器向某一特定用户供电，用户通过降压变压器用电，若发电厂输出电压为U1，输电导线总电阻为R，在某一时段用户需求的电功率为P0，用户的用电器正常工作的电压为U2．在满足用户正常用电的情况下，下列说法正确的是（）A．输电线上损耗的功率为B．输电线上损耗的功率为C．若要减少输电线上损耗的功率可以采用更高的电压输电D．采用更高的电压输电会降低输电效率【考点】远距离输电；电功、电功率．【专题】交流电专题．【分析】根据原副线圈的电压比等于匝数之比求出升压变压器的输出电压，通过输出功率求出导线上的电流，根据P=I2R求出输电线上的电阻．通过欧姆定律求出输电线路上的电压降，从而求出降压变压器的输入电压．【解答】解：A、B、由于降压变压器的匝数比未知，无法求出输电线上的电流，从而求解不出损失功率，故AB错误；C、当采用更高的电压输电时，根据P=UI可知，输电电流减小，根据输电线上损耗的功率将会减小，故C正确；D、输电效率为：在输送功率一定的情况下，采用高压输电，输电效率提高，故D错误；故选：C．【点评】掌握住理想变压器的电压、电流及功率之间的关系，本题即可得到解决．10．绕有线圈的铁芯直立在水平桌面上，铁芯上套着一个铝环，线圈与电源、电键相连，如图所示．线圈上端与电源正极相连，闭合电键的瞬间，铝环向上跳起．则下列说法中正确的是（）A．若保持电键闭合，则铝环不断升高B．若保持电键闭合，则铝环停留在某一高度C．若保持电键闭合，则铝环跳起到某一高度后将回落D．如果电源的正、负极对调，观察到的现象不变【考点】楞次定律．【专题】电磁感应中的力学问题．【分析】闭合电键的瞬间，穿过铝环的磁通量增加，产生感应电流，铝环受到安培力而上跳．当电键保持闭合时，线圈产生的磁场稳定，穿过铝环的磁通量不变，没有感应电流产生．根据安培力产生情况，判断铝环的运动情况．【解答】解：A、B、C若电键保持闭合时，线圈产生的磁场稳定，穿过铝环的磁通量不变，没有感应电流产生，铝环不受安培力，只受重力作用，则上跳某一高度后将回落．故AB错误，C正确．D、如果电源的正、负极对调，闭合电键的瞬间，穿过铝环的磁通量仍然增加，产生感应电流，铝环仍然受到安培力而上跳．电键保持闭合时，线圈产生的磁场稳定，穿过铝环的磁通量不变，没有感应电流产生，铝环不受安培力，只受重力作用，则上跳某一高度后将回落．则观察到的现象不变．故D正确．故CD正确．【点评】本题考查应用物理规律解决实际问题的能力．根据楞次定律，无论电源的极性如何，当线圈中电流增大时，铝环都将上跳．11．如图所示，一台理想变压器的原、副线圈匝数比为n1：n2=40：1，在副线圈两端接有“6V、40W”的电灯泡．若灯泡恰能正常发光，则下列说法中正确的是（）A．在原、副线圈中，通过每匝线圈的磁通量时时刻刻都不相同B．通过原、副线圈的交变电流的频率相同C．变压器输入电压的最大值为240VD．变压器输入功率为40W【考点】变压器的构造和原理．【专题】定性思想；推理法；交流电专题．【分析】理想变压器的工作原理是原线圈输入变化的电流时，导致副线圈的磁通量发生变化，从而导致副线圈中产生感应电动势．而副线圈中的感应电流的变化，又导致在原线圈中产生感应电动势．根据电压与匝数成正比和输入功率等于输出功率即可求得结论．【解答】解：A、原副线圈磁场都在铁芯中，所以原副线圈的磁场相同，通过每匝线圈的磁通量也相同，故A错误；B、变压器不变改变电流的额频率，通过原副线圈的电流频率相同，故B正确；C、副线圈两端接有“6V、40W”的电灯泡，且恰能正常发光．则副线圈的电压为U2=6V，即副线圈电压有效值是6V，变压器的原副线圈的匝数比为n1：n2=40：1，根据电压与匝数成正比得原线圈电压U1=6V×40=240V，所以原线圈电压有效值是240V，故C错误；D、理想变压器的输入功率等于输出功率，即等于灯泡正常发光时的功率40W，故D正确；故选：BD【点评】理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象．掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，即电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，最大值和有效值之间的倍关系即可解决本题12．物体导电是由其中的自由电荷定向移动引起的，这些可以移动的自由电荷又叫载流子．金属导体的载流子是自由电子，现代广泛应用的半导体材料分为两大类：一类是N型半导体，它的载流子为电子；另一类是P型半导体，它的载流子为“空穴”，相当于带正电的粒子，如果把某种材料制成的长方体放在匀强磁场中，磁场方向如图所示，且与前后侧面垂直，长方体中通有方向水平向右的电流，设长方体的上下表面M、N的电势分别为φM和φN，则下列判断中正确的是（）A．如果是P型半导体，有φM＞φN B．如果是N型半导体，有φM＜φNC．如果是P型半导体，有φM＜φN D．如果是金属导体，有φM＜φN【考点】霍尔效应及其应用；带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】当通以电流时，就有自由电荷在磁场中运动，根据左手定则判断出洛伦兹力的方向，得出电荷偏转方向，从而得出上下表面电势的高低．。
高二物理上学期第二次试题高二全册物理试题_02
嗦夺市安培阳光实验学校六校高二物理上学期第二次联考试题（含解析）考试时间：100分钟试卷满分：110分一、选择题（本大题共12小题，共48分。
在1-8小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，9-12小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．初速为v0的电子，沿平行于通电长直导线的方向射出，直导线中电流方向与电子的初始运动方向如图所示，则（）A．电子将向右偏转，速率不变B．电子将向左偏转，速率改变C．电子将向左偏转，速率不变D．电子将向右偏转，速率改变【答案】C【解析】考点：洛伦兹力、安培右手定则【名师点睛】本题主要考查了洛伦兹力、安培右手定则。
根据安培定则判断出通电导体右侧的磁场方向，然后根据左手定则判断出电子所受洛伦兹力的方向，即得出电子的偏转方向，注意应用左手定则时四指指向与电子运动方向相反，洛伦兹力不做功。
2．在电场中的某点放入电量为q的正电荷时，测得该点的电场强度为E；若在该点放入电量为2q的负电荷，此时测得该点的场强为（）A．大小为E，方向和E相同B．大小为E，方向和E相反C．大小为2E，方向和E相同D．大小为2E，方向和E相反【答案】A【解析】试题分析：电场强度是描述电场强弱的物理量，其定义为试探电荷所受的电场力F与试探电荷所带的电荷量q的比值，是由电场本身的性质决定，故与试探电荷无关．故在该点放入电荷量为-q的试探电荷时电场强度为E，改放电荷量为+2q的试探电荷时电场强度仍为E．且方向和E相同，故A正确，BCD错误。
所以A正确，BCD错误。
考点：电场强度【名师点睛】本题主要考查了电场强度。
电场强度是描述电场强弱的物理量，是试探电荷所受的电场力F与试探电荷所带的电荷量q的比值，即场强公式为：FEq是由电场本身决定的与有无检验电荷无关；更与检验电荷的性质无关。
3.板长为Ｌ的两块带电平行板中间有一带电粒子贴着A板沿水平方向射入匀强电场，当偏转电压为U1时，带电粒子沿轨迹①从两板正中间飞出；当偏转电压为U2时，带电粒子沿轨迹②落到B板上的P点，P点为B板的中点。
高二上学期第二次统测物理试题(解析版)
高二上学期第二次统测物理一、单选题1. 如图所示,取一对用绝缘柱支撑的导体A和B,使它们彼此接触,起初它们不带电,分别贴在导体A、B下部的金属箔均是闭合的．下列关于实验现象的描述及带电情况的判断中正确的是A. 将带正电荷的物体C移近导体A,A、B下部的金属箔都张开且分别带正电和负电B. 将带正电荷的物体C移近导体A,只有A下部的金属箔张开且带负电C. 将带正电荷的物体C移近导体A,再使A、B分开少许,稳定后A、B下部的金属箔都张开且分别带负电和正电D. 将带正电荷的物体C移近导体A,再使A、B分开少许,稳定后A、B下部的金属箔都闭合【答案】C【解析】感应带电,这是使物体带电的一种方法,根据异种电荷互相吸引的原理可知,靠近的一端会带异种电荷．金属导体处在正电荷的电场中,由于静电感应现象,导体B的右端要感应出正电荷,在导体A的左端会出现负电荷,所以导体两端的验电箔都张开,且左端带负电,右端带正电,故AB错误；把带正电荷的物体C移近导体A后,把A和B分开,A带负电,B带正电,金属箔还是张开,故C正确,D错误．故选C.2. 下列关于静电场的说法不正确的是（）A. 在匀强电场中,电场线一定和等势面垂直B. 电场强度大的地方电势可能低,电场强度小的地方电势可能高C. 将正点电荷从电场强度为零的点移动到电场强度为零的另一点,电场力做功一定为零D. 在正电荷产生的静电场中,电场强度方向指向电势降低最快的方向【答案】C【解析】沿着等势面移动,电场力不做功,故电场力一定与等势面垂直,故A说法正确；电场强度与电势无关,所以电场强度大的地方电势可能低,电场强度小的地方电势可能高,故B说法正确；电场强度与电势无关,场强为零,电势不一定为零,电场中肯定存在场强都为零、电势又不相等的两个点,在这样的两个点之间移动电荷,电场力将做功,故C说法错误；沿电场方向电势降低,而且速度最快,故D说法正确．所以选C.3. 两个分别带有电荷量﹣Q 和+3Q 的相同金属小球（均可视为点电荷）,固定在相距为r 的两处,它们间库仑力的大小为F ．若将两小球相互接触后分开一定的距离,两球间库仑力的大小变为43F ,则两小球间的距离变为（ ） A.4r B. r C.2r D. 2r【答案】C 【解析】【详解】接触前两个点电荷之间的库仑力大小为22233Q Q Q F k k r r⋅==,两个相同的金属球各自带电,接触后再分开,其所带电量先中和后均分,所以两球分开后各自带点为+Q ,两球间库仑力的大小变为2243Q F k F r ''==,联立解得2r r '=,故C 正确,ABD 错误．4. 对下列物理公式的理解,其中正确的是 （ ）A. 由公式φ=ЕP /q 可知,静电场中某点的电势φ是由放入该点的点电荷所具有的电势能ЕP 和该电荷电量q 所决定的B. 由公式R=U/Ｉ可知,导体的电阻R 由它两端的电压U 和它当中通过的电流Ｉ决定C. 由公式E=kQ/r 2可知,点电荷Q 在距其r 处产生的电场强度E 由场源电荷电量Q 和距场源电荷的距离r 决定D. 由公式C=QU可知,电容器的电容C 由电容器所带电荷量Q 和两极板间的电势差U 决定 【答案】C 【解析】试题分析：所谓比值定义法,就是用两个基本的物理量的“比”来定义一个新的物理量的方法．比如①物质密度 ②电阻 ③场强 ④磁通密度 ⑤电势差 等．一般地,比值法定义的基本特点是被定义的物理量往往是反映物质的最本质的属性,它不随定义所用的物理量的大小取舍而改变,如确定的电场中的某一点的场强就不随q 、F 而变．当然用来定义的物理量也有一定的条件,如q 为点电荷,S 为垂直放置于匀强磁场中的一个面积等．类似的比值还有：压强,速度,功率等等．静电场中某点的电势φ由电场本身决定,与试探电荷无关,A 错误；由欧姆定律公式UR I=可知,属于比值定义法,导体的电阻R 与两端电压U ,及流过的电流I 无关,故B 错误；由公式2kQE r =可知,Q 是形成此电场的点电荷的电量,r 是该点距Q 的距离,因此点电荷Q 在距其r 处产生的电场强度E 由场源电荷电量Q 和距场源电荷的距离r 决定,C 正确；电容器的电容C 由电容器本身决定,与试探电荷无关,D 错误．5. 一段长为L,电阻为R的均匀电阻丝,把它拉制成2L长的均匀细丝后,切成等长的两段,然后把它们并联在一起,其电阻值为（）A. R／2B. 2RC. R／4D. R【答案】D【解析】一段长为L,电阻为R的均匀电阻丝,把它拉制成2L长的均匀细丝后,切成等长的二段,然后把它们并联在一起,长度和横截面积均没有改变,根据电阻定律公式：LRSρ=,可知其电阻不变仍为R,故D正确,ABC错误．6. a、b、c、d分别是一个菱形的四个顶点,∠abc=120°．现将三个等量的正点电荷＋Q固定在a、b、c三个顶点上,将一个电量为＋q的点电荷依次放在菱形中心点O点和另一个顶点d点处,两点相比：（）A. +q在d点所受的电场力较大B. +q在d点所具有的电势能较大C. d点的电势低于O 点的电势D. d点的电场强度大于O点的电场强度【答案】C【解析】详解】设ob=l,ad=2l,bd=2l,则O点的电场强度为：ac两电荷相互抵消,得E o=E b=；d点的电场强度E b=,E a=E ay=E a cos=,同理E cy=,E d=E b+E ay+E cy=,D错；所以+q在o点所受的电场力较大,A错；由o到d电场力做正功,电势能减小,+q在d点所具有的电势能较小,B错；沿电场线方向电势减小,所以d 点的电势低于O 点的电势,C 对；二、多选题7. 如图所示,虚线,a b 和c 是在O 点处的一个点电荷形成的静电场中的三个等势面,一带正电粒子射入该电场中,其运动轨迹如实线KLMN 所示．不计重力,由图可知 ( )A. O 点处的电荷一定是负电荷B. ,,a b c 三个等势面的电势关系是a b c ϕϕϕ>>C. 粒子运动时的电势能先增大后减小D. 粒子在每个位置具有的电势能与动能的总和不变 【答案】AD 【解析】根据带电粒子轨迹的弯曲方向可知：带电粒子受到了引力作用,O 点处的电荷与带电粒子是异种粒子,所以O 点处的电荷一定带负电．故A 正确．O 点处的电荷带负电荷,电场线方向从无穷处到Q 终止,根据顺着电场线方向电势降低可知,φa ＜φb ＜φc ．故B 错误．粒子所受的电场力与速度的夹角先锐角,做正功,后为钝角,做负功,所以电势能先减小后增大．故C 错误．从整个运动过程中,带电粒子只有两种形式的能：电势能和动能,根据能量守恒定律得知：粒子在每个位置具有的电势能与动能的总和一定相等．故D 正确．故选AD ． 点睛：解决本题的关键根据轨迹的弯曲方向判断出电场力的方向,再一步分析电场力做功与电势能的关系,知道电场力做正功,电势能减小,电场力做负功,电势能增加．8. 如图所示A 、B 、C 是平行纸面的匀强电场中的三点,它们之间的距离相等L=4cm ,电荷量为q=-1.0×10-5C 的电荷由A 移动到C 电场力做功W 1=4.0×10-5J,该电荷由C 移动到B 电场力做功W 2=-2.0×10-5J ,若B 点电势为零,以下说法正确的是（ ）A. A 点电势为2VB. A点电势为-2VC. 匀强电场的大小为100V/mD. 匀强电场的方向为由C指向A 【答案】BCD【解析】对于C、B间电势差为55 210V2V110CBCBWUq---⨯===-⨯,若B点电势为零,CB C BUϕϕ=-,则C点电势2VCϕ=．而A与C间的电势差为554.010V4V1.010ACACWUq--⨯===--⨯,AC A CUϕϕ=-,则A点电势2VAϕ=-；所以AC连线的中点M电势为0,M与B点的连线即为等势线,且电场线垂直于等势线,三角形ABC为等边三角形,BM⊥AC,根据沿着电场线方向,电势降低,则有匀强电场的方向由C到A；则根据U Ed=可知,4V/m100V/m0.04CAUEL===,故BCD正确．9. 如图所示的电路图,AB间电压为U,则下列说法正确的是（）A. 滑动变阻器滑片向上移动时,R X两端电压变小B. 滑动变阻器滑片向下移动时,R X两端电压变大C. 滑动变阻器滑片位于中间时,R X两端电压小于U2D. 滑动变阻器滑片位于中间时,若CD间改接为内阻为R X的电动机,电动机恰能正常工作,则此电动机消耗的热功率小于2XU4R【答案】CD【解析】电阻R x与变阻器的下半部分并联后再与上半部分串联；滑动变阻器滑片向上移动时,串联部分电阻变小,并联电阻变大,分压大,则R x 两端电压变大,故A 错误；滑动变阻器滑片向下移动时,串联部分电阻变大,并联电阻变小,分压小,则R x 两端电压变小,故B 错误；滑动变阻器滑片位于中间时,电阻R X 与变阻器的下半部分并联后再与上半部分串联,由于并联部分的电阻比变阻器上半部分电阻小,故滑动变阻器滑片向下移动时,串联部分电阻变大,并联电阻变小,分压小,则R x 两端电压变小,故R x 两端电压小于2U,故C 正确；CD 间改接为内阻为R X 的电动机,由C 知其电压小于2U,其又不是纯电阻电路,则其消耗的热功率小于24xU R ,故D 正确．所以CD 正确,AB 错误．10. 电动势为E 、内阻为r 的电源与定值电阻R 1、R 2及滑动变阻器R 连接成如图所示的电路,当滑动变阻器的触头由中点滑向b 端时,下列说法正确的是（ ）A. 电压表读数增大B. 电压表读数减小C. 电流表读数减小D. 电流表读数增大【答案】AD 【解析】 【分析】由电路图可知滑动变阻器与R 2并联然后与R 1串联,电压表测路端电压,电流表测通过电阻R 2的电流；根据滑动变阻器滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化；然后应用串并联电路特点与欧姆定律分析答题．【详解】A 、由电路图可知,滑片向右端移动时,滑动变阻器接入电路的阻值变大,电路总电阻变大,由闭合电路欧姆定律可知,电路电流变小,电源内电压变小,路端电压变大,则电压表示数变大,故A 正确,B 错误； C 、电路电流变小,电阻R 1两端电压变小,路端电压变大,则并联电压变大,由部分电路欧姆定律可知,通过电阻R 2的电流变大,电流表示数变大,故C 错误,D 正确； 故选AD ．11. 如图所示为匀强电场的电场强度E 随时间t 变化的图象．当t ＝0时,在此匀强电场中由静止释放一个带电粒子,设带电粒子只受电场力的作用,则下列说法中正确的是( )A. 带电粒子将始终向同一个方向运动B. 2 s 末带电粒子回到原出发点C. 3 s 末带电粒子的速度为零D. 0～3 s 内,电场力做的总功为零 【答案】CD 【解析】【详解】由牛顿第二定律可知,带电粒子在第1s 内的加速度为：1qE a m =,第2s 内加速度为：22qE a m=故 a 2=2a 1,因此先加速1s 再减小0.5s 时速度为零,接下来的0.5s 将反向加速,v -t 图象如图所示：带电粒子在前1秒匀加速运动,在第二秒内先做匀减速后反向加速,所以不是始终向一方向运动,故A 错误； 根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移可知,在t =2s 时,带电粒子离出发点最远,故B 错误； 由解析中的图可知,粒子在第1s 内做匀加速运动,第2s 内做匀减速运动,3s 末的瞬时速度刚减到0,故C 正确；因为第3s 末粒子的速度刚好减为0,根据动能定理知粒子只受电场力作用,前3s 内动能变化为0,即电场力做的总功为零．故D 正确．12. 空间存在水平向右的匀强电场,光滑绝缘水平面上的A 、B 两点位于某一等势线上．两个相同的带电小球同时从A 、B 以相同的速率v 0分别沿电场方向和垂直于电场方向开始运动,它们的轨迹都经过C 点,如图所示．下列关于这两个小球的运动判断正确的是A. 它们到达C 点所用时间相同B. 它们在C 点具有相同的速度C. 它们在C 点具有相同的动能D. 它们运动到C 点的过程中电势能的变化量相等 【答案】CD 【解析】在光滑的水平面上,两个小球在水平方向上只受电场力,在水平方向上：A 做初速度为v 0的匀加速直线运动,B 做初速度为零的匀加速直线运动,根据位移时间公式：2012x v t at =+,可知A 运动的时间小于B 运动的时间, 故A 错误；在运动过程中只有电场力做功,根据动能定理可知到达C 点的动能相等,但速度大小相等,方向不同,故B 错误,C 正确；因为电场力做功相等,所以电势能变化量相等,故D 正确．所以CD 正确,AB 错误． 13. 一带电小球悬挂在平行板电容器内部,闭合电键S ,电容器充电后,悬线与竖直方向夹角为φ,以下说法正确的是 ( )A. 保持电键S 闭合,使两极板靠近一些 ,φ将增大B. 保持电键S 闭合,使两极板远离一些,φ将增大C. 断开电键S ,使两极板靠近一些,φ将不变D. 保持电键S 闭合,使滑动变阻器滑片向右移动,将有电流从左向右流过滑动变阻器 【答案】AC 【解析】保持电键k 闭合时,电容器板间电压不变,两板靠近时,板间距离d 减小,由UE d=分析得知,板间场强增大,小球所受电场力增大,则ϕ增大,反之保持电键S 闭合,使两极板远离一些,板间场强减小,小球所受电场力减小,则ϕ减小,,故A 正确B 错误．若断开电键,则两极板所带电荷量不变,根据公式4S Q U C C E kd U d επ===，，,联立可得4U Q kQE d Cd Sπε===,即两极板间的电场强度与两极板的距离无关,所以电场强度不变,小球受力不变,故ϕ不变,C 正确；保持电键S 闭合,使滑动变阻器滑片向右移动,两极板间的电压不变,仍等于电源电压,所以电容器两极板所带电荷量不变,故不放电,没有电流通过滑动变阻器,D 错误．三、实验题14. 某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用刻度尺量出圆柱体长度为L ,用螺旋测微器测出其直径d 如图所示,则d= _____mm ．（2）(多选)若用多用电表的欧姆挡粗测圆柱体的电阻．机械调零、欧姆调零后,选择“×100”倍率进行测量,发现表针偏转角度很大,正确的判断和做法是_______．A．被测电阻值很大B．被测电阻值很小C．为了把电阻值测得更准一些,应换用“×1k”挡,重新欧姆调零后再测量D．为了把电阻值测得更准一些,应换用“×10”挡,重新欧姆调零后再测量．（3）现选择多用电表的电阻“×10”挡,按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻,表盘的示数如图,则该电阻的阻值约为R=_______ Ω．（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R,现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R电流表A1（量程0～4mA,内阻约50Ω）；电流表A2（量程0～10mA,内阻约30Ω）电压表V1（量程0～3V,内阻约10kΩ）；电压表V2（量程0 ～15V,内阻约25kΩ）直流电源E（电动势4V,内阻不计）；滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω,允许通过的最大电流2.0A）滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ,允许通过的最大电流0.5A）开关S、导线若干为使实验误差较小,要求测得多组数据进行分析,请在图框中画出测量的电路图,并标明所用器材的代号________．（5）根据测得量求出圆柱体材料的电阻率表达式_______(用U 、I 、L 、d 等符号表示）．【答案】 (1). 5.312mm-5.318mm ； (2). BD ； (3). 220； (4). (5).24Ud ILπ【解析】(1) 螺旋测微器固定刻度读数为5mm ,可动刻度读数为31.3×0.01mm ,最终读数为5+0.313=5.313mm ,由于螺旋测微器可动刻度要估读,所以读数在5.312mm-5.318mm 都算正确；(2) 用“×100”挡测量一个电阻的阻值,发现表针偏转角度很大,说明所测电阻较小,所选挡位太大,为准确测量电阻阻值,应换用“×10”挡,换挡后重新进行欧姆调零,然后再测电阻阻值；故AC 错误,BD 正确； (3) 如果是用×10Ω挡测量电阻,由图示表盘可知,读数为22×10Ω=220Ω； (4) 电源电动势为4V ,电压表选V 1,待测电阻阻值约为200Ω,电路最大电流约为：40.0220200E I A A mA R ====,电流表选择A 2,电压从零开始变化,因此滑动变阻器应采用分压接法,2200 6.6730A R R =≈,1000050200V R R ==,由于V A R R R R >,电流表应采用外接法,实验电路图如图所示：(5) 圆柱体电阻2()2U L LR D I S ρρπ===,电阻率24UD ILπρ=．点晴：用欧姆表测电阻要选择合适的挡位,使指针指针中央刻度线附近；欧姆表最大刻度线在左侧,0刻度线最最右侧,根据多用电表选择开关位置确定其所测量的量与量程,然后根据指针位置读出其示数,电压从零调起,滑动变阻器应采用分压接法,根据待测电阻阻值与电表内阻的关系确定电流表的接法,然后作出实验电路图,根据实验数据,由电阻定律求出电阻率的表达式．15. 某同学用伏安法测一节干电池的电动势和内阻,现备有下列器材：A．被测干电池一节B．电流表：量程0～0.6 A,内阻r=0.3ΩC．电压表：量程0～3 V,内阻未知D．滑动变阻器：0～10Ω,2 AE．开关、导线若干伏安法测电池电动势和内阻的实验中,由于电流表和电压表内阻的影响,测量结果存在系统误差；在现有器材的条件下,要尽可能准确地测量电池的电动势和内阻．（1）实验电路图应选择下图中的__________（填“甲”或“乙”）；（2）根据实验中电流表和电压表的示数得到了如图丙所示的U－I图象,则在修正了实验系统误差后,干电池的电动势E=__________V,内电阻r=__________Ω．（所有结果保留两位有效数字）【答案】(1). 甲(2). 1.5V (3). 0.70Ω【解析】（1）因电流表B的内阻已知,故可以将电流表内阻等效为电源内阻,求出等效电阻后,再求出实际电源电阻,故采用甲图可以有效修正实验误差；（2）由U-I图可知,图像的纵截距表示电源电动势大小,故电源的电动势E=1.5V；图像的斜率表示等效内电阻1.5 1.00.51.00r-==Ω-,故实际内阻为0.5-0.3=0.2Ω；四、计算题16. 如图所示,A、B两块带异号电荷的平行金属板间形成匀强电场,一电子以v0=4×106m/s的速度垂直于场强方向沿中心线由O点射入电场,从电场右侧边缘C点飞出时的速度方向与v0方向成30°的夹角．已知电子电荷e=1.6×10-19C,电子质量m=0.91×10﹣30kg,求：（1）电子在C 点时的动能是多少J ？（2）O 、C 两点间的电势差大小是多少V ？【答案】（1）9.7×10-18J ；（2）15.2V 。
高二物理上学期第二次大考试题-人教版高二全册物理试题
江西省赣州市南康中学2020-2021学年高二物理上学期第二次大考试题一、选择题(此题有10小题，每一小题4分，共40分。
1～6题为单项选择题，7～10题为多项选择题)1．关于电场如下说法正确的答案是〔〕A. “元电荷〞是最小的电荷量，用e表示，e=1.60×10-19C，质子和电子都是元电荷B. 电场是库仑首先提出来的，电荷A对电荷B的作用就是电荷A的电场对B的作用C. 由电场强度的定义式：可知E与F成正比，与q成反比D. 点电荷是实际带电体的抽象，是一种理想化模型2．将一平行板电容器与一恒定电源相连接，假设用绝缘工具把电容器的两极板拉开一些，如此( ) A．电容器的电容增大B．电容器的电容减小C．电容器的电容不变D．电容器的电量增加3．真空中两个点电荷，它们之间的静电力大小为F，如果将两个点电荷的距离增大为原来的2倍，电荷量都增大为原来的2倍。
它们之间静电力的大小为〔〕A. 3FB. 2FC. FD. 4F4．质量m＝100 kg的小船静止在平静水面上，船两端载着m甲＝40 kg、m乙＝60 kg的游泳者，在同一水平线上甲向左、乙向右同时以相对于岸3 m/s的速度跃入水中，如下列图，如此小船的运动速率和方向为〔〕A．0.6 m/s，向左B．3 m/s，向左C．0.6 m/s，向右D．3 m/s，向右5．如下列图，虚线a、b、c、d、e是电场中的一组平行等差等势面，实线是一带负电粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，M、N、P、Q分别为运动轨迹与等势面的交点，如下判断正确的答案是〔〕A. 图中等势面a的电势最高B. 粒子在电场中做变加速运动C. 粒子经过Q 点的动能大于P 点的动能D. 粒子在M 点的电势能比Q 点的大6．如下列图，在正方形四个顶点分别放置一个点电荷，所带电荷量已在图中标出，如此如下四个选项中，正方形中心处场强最大的是 ( )A ．B ．C ．D ．7．质量相等的A 、B 两球在光滑水平面上沿同一直线同一方向运动，A 球的动量是9 kg·m/s，B 球的动量是5 kg·m/s，当A 球追上B 球时发生碰撞，如此碰撞后A 、B 两球的动量可能值是A ．A p =7 kg·m/s，B p =7 kg ·m/sB．A p =6 kg·m/s，B p =8 kg·m/sC ．A p =–2 kg·m/s，B p =16 kg·m/sD．A p =–4 kg·m/s，B p =17 kg·m/s8．如下列图是一个匀强电场的等势面，每两个相邻等势面相距2 cm ，由此可以确定电场强度的方向和数值是〔 〕A. 水平向左B. 水平向右C. E ＝100 V/mD. E ＝200 V/m9．P ，Q 两电荷形成的电场的电场线分布如下列图，a ，b ，c ，d 为电场中的四个点。
2024届安徽省二校联考物理高二上期末教学质量检测试题含解析
C.外电路的总电阻逐渐变小，电灯两端的电压逐渐变小
D.外电路的总电阻逐渐变大，电灯两端的电压逐渐变小
6、如图所示，MN是一负点电荷产生的电场中的一条电场线．一个带正电的粒子（不计重力）从a到b穿越这条电场线的轨迹如图中虚线所示．下列结论正确的是（ ）
A.带电粒子从a到b过程中动能逐渐减小
C.带电质点通过P点时的电场力比通过Q点时小
D.带电质点在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大
4、图中的实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域的运动轨迹，a、b是其轨迹上的两点．若带电粒子在运动中只受电场力作用，由此图可判断下列说法错误的是（ ）
A.带电粒子所带电荷的符号
(1)小球到达C点的速度大小
(2)小球在C点时，轨道受到的压力大小
参考答案
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、B
【解析】当变阻器R3的滑片向上移动时，R3接入电路的阻值增加，整个电路总电阻增加，总电流强度减小，内电压降低，路端电压升高，电压表示数增加；流过R1的电流减小，加在R1两端的电压降低，因此加在R2两端的电压升高，流过R2的电流增大，由于总电流减小，因此流过电流表的电流减小，故B正确，ACD错误。
【详解】A．由于该粒子只受电场力作用且做曲线运动，电场力指向轨迹内侧，电场力方向大致向右，对带电粒子做做正功，其动能增加．故A错误；
B．带正电的粒子所受电场力向右，电场线由M指向N，说明负电荷在直线N点右侧．故B错误；
C．a点离点电荷较远，a点的电场强度小于b点的电场强度，带电粒子在a点的小于在b点的电场力，根据牛顿第二定律得知，带电粒子在a点的加速度小于在b点的加速度．故C错误；
河北省卓越联盟2024-2024学年高二上学期第二次联考物理试题(基础必刷)
河北省卓越联盟2024-2024学年高二上学期第二次联考物理试题（基础必刷）一、单项选择题（本题包含8小题，每小题4分，共32分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）(共8题)第(1)题一列简谐横波在x轴上传播，t=0时刻的波形如图甲所示，x=2m的质点P的振动图象如图乙所示，由此可以判断（ ）A．该波的传播方向是沿x轴正方向B．2s末质点P到达x=0m位置C．在t=5s时质点P的加速度为零D．在0到5s时间内质点P通过的路程是25cm第(2)题如图所示直径为d的圆环中通有顺时针方向的电流I，以通过圆心的虚线为界线，左侧有垂直圆环平面向外的匀强磁场，右侧有垂直圆环平面向里的匀强磁场，磁感应强度大小都为B，则对圆环受到的安培力情况正确的是（ ）A．受到的安培力的合力为0B．受到的安培力的合力大小为BdI，方向垂直虚线向右C．受到的安培力的合力大小为2BdI，方向垂直虚线向左D．受到的安培力的合力大小为2BdI，方向垂直虚线向右第(3)题木星有4颗卫星是伽利略发现的，称为伽利略卫星。
已知木卫二的质量m、绕木星做匀速圆周运动的轨道半径r，木星的质量M、半径R、自转周期T，万有引力常量G。
根据万有引力的知识计算木卫二绕木星运动的周期，下列表达式中正确的是（ ）A．B．C．D．第(4)题如图所示，闭合矩形线圈abcd与长直导线MN在同一平面内，线圈的ab、dc两边与直导线平行，直导线中有逐渐增大、但方向不明的电流，则（ ）A．可知道线圈中的感应电流方向abcdaB．可知道线圈中的感应电流方向adcbaC．可知道整个线圈所受的磁场力的合力方向向右D．可知道整个线圈所受的磁场力的合力方向向左第(5)题我国初，高中学生及大学生近视眼率超过70%，现在医学上治疗近视眼时，用激光“焊接”视网膜，所用激光的波长，已知普朗克常量，光在真空中的传播速度，则该激光中每个光子的能量为（ ）A．B．C．D．第(6)题如图所示，在竖直放置的光滑半圆弧绝缘细管的圆心处放一点电荷，将质量为，带电量为的小球从圆弧管的水平直径端点C由静止释放，小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无压力。
高二上物理第二次联考试卷含答案 精校打印版
高中二年级第一学期第二次月考物理试命题人：审定人：本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷两部分。
第Ⅰ卷1至2 页，第Ⅱ卷3至7页。
共100分。
考试时间90分钟。
本试卷的附加题共10分，计入总分，但考生总分不超过100分。
第Ⅰ卷（客观题10道选择题共40分）注意事项：答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、学号、班级及准考证号等分别写在试卷相应位置和涂在答题卡上；不能将题直接答在试卷上。
一单选题（4ⅹ10=40）1、下列叙述中，正确的是：（）A物体的温度越高，分子热运动越剧烈，分子平均动能越大B布朗运动就是液体分子的热运动C物体中所有分子动能的总和叫做物体内能D只有传热才能改变物体的内能2、在地球赤道上空有一小磁针本来处于水平静止状态，突然发现小磁针N极向东偏转，由此可知（）A一定是小磁针正东方向上有一条形磁铁的N极靠近小磁针B一定是小磁针正东方向上有一条形磁铁的S极靠近小磁针C可能是小磁针正上方有电子流自南向北水平通过D可能是小磁针正上方有电子流自北向南水平通过3、如图6，一带电小球用丝线悬挂在水平方向的匀强电场中，当小球静止后把悬线烧断，则小球在电场中将作（）Array A．自由落体运动B．曲线运动C．沿着悬线的延长线作匀加速运动D．变加速直线运动4、某平行板电容器的电容为C，带电量为Q，相距为d，今在板间中点放一电量为q的点电荷，则它所受到的电场力的大小为（）5、如图3所示，条形磁铁放在水平桌面上，其中央正上方固定一根直导线，导线与磁铁垂直，并通以垂直纸面向外的电流，则（ ）A ．磁铁对桌面的压力减小、不受桌面摩擦力的作用B ．磁铁对桌面的压力减小、受到桌面摩擦力的作用C ．磁铁对桌面的压力增大，不受桌面摩擦力的作用D ．磁铁对桌面的压力增大，受到桌面摩擦力的作用6、关于静电场的说法中正确的是 （ ）A ．在匀强电场中，任意两点间的电势差与这两点间的距离成正比B ．在匀强电场中，电势降低的方向就是场强的方向C ．电荷在等势面上移动时不受电场力D ．若电场力对电荷作正功，电荷的电势能一定减小，而动能不一定增加7、在匀强电场中，将一个带电量为q ，质量为m 的小球由静止释放，带电小球的轨迹为一直线，该直线与竖直方向夹角为θ，如图5所示，那么匀强电场的场强大小为 （ ）A ．最大值是mgtg θ／qB ．最小值是mgsin θ／qC ．唯一值是mgtg θ／qD ．同一方向上，可有不同的值．8、一只白炽灯泡，正常发光时的电阻为121Ω，当这只灯泡停止发光一段时间后的电阻应是 （ ）A ．大于121ΩB ．小于121ΩC ．等于121ΩD 无法判断9、如图4所示，当滑动变阻器的滑动片P向左移动时，两电表的示数变化情况为 （ ）A ．电流表示数减小，电压表示数增大B ．两表示数均减小C ．两表示数均增大D ． 电流表示数增大，电压表示数减小10、如图所示．平行板电容器中悬浮一带电微粒P ，今把A 、B 两半方形金属盒相对插入，当A 、B 合拢时，对微粒运动情况的结论是（ ）A ．向上运动B ．仍保持静止C ．向下运动D ．条件不足，无法判断第Ⅱ卷（共60 分）二填空题（5ⅹ5=25）11、1679年，法国物理学家帕平发明了高压锅。
物理上学期第二次考试试题高二全册物理试题
批扯州址走市抄坝学校东湖区高二物理上学期第二次考试试题一、选择题〔1-7为单项选择题，8-12为多项选择题。
每题4分，共48分。
〕1. 电动机的电枢阻值为R，电动机正常工作时，两端的电压为U，通过的电流为I，工作时间为t，以下说法中正确的选项是( )A.电动机消耗的电能为U2t/RB.电动机消耗的电能为I2RtC.电动机线圈产生的热量为I2RtD.电动机线圈产生的热量为UIt【答案】C【解析】D错误；应选C。
考点：焦耳律【点睛】电动机消耗的电能为UIt，根据焦耳律电动机线圈产生的热量为I2Rt。
对于纯电阻电路，消耗的电能转化成热量。
而电动机是非纯电阻电路，消耗的电能大于产生的热量，电动机两端的电压大于IR。
2. 如下图的电路中，L1、L2为“220V、100W〞灯泡，L3、L4为“220V，40W〞灯泡，现将两端接入电路，其实际功率的大小顺序是〔〕A．P4＞P1＞P3＞P2B．P4＞P1＞P2＞P3C．P1＞P4＞P2＞P3D．P1＞P4＞P3＞P2【答案】B【解析】试题分析：根据R U P 2=可得，四个灯泡的电阻：R 1=R 2=22P U =Ω1002202=484Ω， 考点：串并联电路、功率【点睛】四个灯泡额电压相，根据功率公式R U P 2=，求解四个灯泡的电阻。
串联电路电流相，根据P=I 2R 可比拟灯泡1和灯泡4的功率。
并联电路电压相，根据功率RU P 2=，可以比拟灯泡2和灯泡3的功率。
判断四个灯泡实际功率的大小。
3. 用相同的灵敏电流计作表头改装成电流表A 和电压表V ，分别将其串联和并联在一起，然后接入电路中。
通电后关于指针的偏角情况的表达正确的选项是〔 〕A.图电压表的指针偏角与电流表的相B.图电压表的指针偏角比电流表的小C.图乙中电压表的指针偏角与电流表的相D.图乙中电压表的指针偏角比电流表的小【答案】D试题分析：根据改装电流表需要并联一个电阻分流，改装电压表需要串联一个电阻分压原理分析。
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2016~2017学年度第一学期高二物理第二次联考试卷考试时间：100分钟试卷满分：110分一、选择题（本大题共12小题，共48分。
在1-8小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，9-12小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．初速为v0的电子，沿平行于通电长直导线的方向射出，直导线中电流方向与电子的初始运动方向如图所示，则( )A．电子将向右偏转，速率不变B．电子将向左偏转，速率改变C．电子将向左偏转，速率不变D．电子将向右偏转，速率改变2．在电场中的某点放入电量为q的正电荷时，测得该点的电场强度为E；若在该点放入电量为2q的负电荷，此时测得该点的场强为A．大小为E，方向和E相同 B．大小为E，方向和E相反C．大小为2E，方向和E相同 D．大小为2E，方向和E相反3、板长为Ｌ的两块带电平行板中间有一带电粒子贴着A板沿水平方向射入匀强电场，当偏转电压为U1时，带电粒子沿轨迹①从两板正中间飞出；当偏转电压为U2时，带电粒子沿轨迹②落到B板上的P点，P点为B板的中点。
已知两次为同粒子入种且入射速度相同，则偏转电压U1和U2之比为A．1∶2 B．1∶4C．1∶8 D．1∶24.两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上有A、B、C三点，如图所示，下列说法正确的是：A．a点电势比b点低B．a、b、c三点和无穷远处等电势C．a、b两点的场强方向相同，b点场强比a点小D．一个电子在a点无初速释放，则它将在c点两侧往复振动5、如图，电源电动势为3V，电路接通后发现灯L不亮，用一个电压表分别测得各处的电压值为U ab=0，U bc=3V，U cd=0，U ad=3V，又知电路中只有一处出现故障，由此可知A.灯L发生断路或短路B.电阻R1一定发生断路C.电阻R 2一定发生短路D.电池组中两电池间发生断路6．如图所示，金属棒MN 两端由等长的轻质细线水平悬挂，处于竖直向上的匀强磁场中，棒中通以由M 向N 的电流，平衡时两悬线与竖直方向夹角均为θ，如果仅改变下列某一个条件，θ角的相应变化情况是（ ） A ．棒中的电流变大，θ角变大 B ．两悬线等长变短，θ角变小 C ．金属棒质量变大，θ角变大 D ．磁感应强度变大，θ角变小7、如图所示，一根长度L 的直导体棒中通以大小为I 的电流，静止在导轨上，已知垂直于导体棒的匀强磁场的磁感应强度为B ，B 的方向与竖直方向成θ角。
下列说法中正确的是（ ）A ．导体棒受到磁场力大小为BLIsin θB ．导体棒对轨道压力大小为mg+BLIsin θC ．导体棒受到导轨摩擦力为D ．导体棒受到导轨摩擦力BLIcos θ8、在如图所示的电路中，电源内阻不能忽略，当移动滑动变阻器滑片时，电流表示数变大，则( ) A ．电源的总功率不一定增大 B ．电源的输出功率一定增大 C ．电源内部消耗的功率一定减小 D ．电源的效率一定减小9、如图所示，图中直线①表示某（外电路为纯电阻电路）电源的路端电压与电流的关系图线，图中曲线②表示该电源的输出功率与电流的关系图线，则下列说法正确的是( )A ．电源的电动势为50 VB ．电源的内阻为253ΩC ．电流为2.5 A 时，外电路的电阻一定为15 ΩD ．输出功率为120 W 时，路端电压一定是30 V10、三根平行的长直通电导线，分别通过一个等腰直角三角形的三个顶点且与三角形所在平面垂直，如图所示．现在使每根通电导线在斜边中点O 处所产生的磁感应强度大小均为B ，则下列说法中正确的有( )A ．O 点处实际磁感应强度的大小为B B ．O 点处实际磁感应强度的大小为5BC ．O 点处实际磁感应强度的方向与斜边夹角为90°D ．O 点处实际磁感应强度的方向就是斜边方向11、某空间存在着如图甲所示的足够大的沿水平方向的匀强磁场．在磁场中A 、B 两个物块叠放在一起，置于光滑水平面上，物块A 带正电，物块B 不带电且表面绝缘．在t 1＝0时刻，水平恒力F 作用在物块B 上，物块A 、B 由静止开始做加速度相同的运动．在A 、B 一起向左运动的过程中，以下说法正确的是( )A ．图乙可以反映A 所受洛仑兹力大小随时间t 变化的关系B ．图乙可以反映A 对B 的摩擦力大小随时间t 变化的关系C ．图乙可以反映A 对B 的压力大小随时间t 变化的关系D ．图乙可以反映B 对地面压力大小随时间t 变化的关系12、如图所示，一金属直杆MN 两端接有导线，悬挂于线圈上方，MN 与线圈轴 线均处于竖直平面内，为使MN 垂直于纸面向外运动，可以：( )A ．将a 、c 端接在电源正极，b 、d 端接在电源负极B ．将b 、d 端接在电源正极，a 、c 端接在电源负极C ．将a 、d 端接在电源正极，b 、c 端接在电源负极D ．以上都不对二、实验题探究题（本大题共2小题，共17分）13．(6分)在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，某同学测得几组数据如下表，建立的坐标如图所示。
U /V1.11.2 1.31.41.5实验次数12345U /V 1.37 1.30 1.22 1.15 1.07 I /A0.10 0.20 0.30 0.40 0.50（1）试根据上述同学测得的数据在坐标系 中作出实验图线。
（2）由图线求得电池的电动势为 内电阻为 Ω。
14．（11分）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ，步骤如下： （1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图，由图可知其长度为_____m m 。
（2）用螺旋测微器测量其直径如图，由图可知其直径为_ __mm 。
（3）用多用电表的电阻“10⨯Ω”档，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图，则该电阻的电阻值约为_______Ω。
若使用的是直流电压“10⨯V ”，则该电压的读数为_______V（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R ，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R ；开关S ； 导线若干；电流表1A （量程0~4mA ，内阻约50Ω） 电流表2A （量程0~10mA ，内阻约30Ω）；电压表1V （量程0~3V ，内阻约10kΩ） 电压表2V （量程0~15V ，内阻约25kΩ）；直流电源E （电动势4V ，内阻不计）滑动变阻器1R （阻值范围0~15Ω，允许通过的最大电流为2.0A ）；滑动变阻器2R （阻值范围0~2kΩ，允许通过的最大电流为0.5A ）为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，电阻R 两端的电压从零调起，请在方框中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号(标明器材正确给3分，电路结构正确给2分)。
三、计算题（4大题，共45分）15、（10分）如图所示，一个带负电的粒子以速度v 由坐标原点射入磁感应强度为B 的匀强磁场中，速度方向与x 轴、y 轴均成45°。
已知该粒子电量为-q ，质量为m ，则该粒子通过x 轴和y 轴的坐标分别是多少？16、（10分）．在倾角θ=30°的斜面上，固定一金属框，宽l =0.25m ，接入电动势E =12V 、内阻不计的池。
垂直框面放有一根质量m =0.2kg 的金属棒ab ，它与框架的动摩擦因数为63=μ，整个装置放在磁感应强度B ＝0.8T 的垂直框面向上的匀强磁场中（如图）。
当调节滑动变阻器R 的阻值在什么范围内时，可使金属棒静止在框架上？（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，框架与棒的电阻不计）17（12分）.如图所示，电源电动势015E V =。
内阻01r =Ω，电阻R 1=20欧姆、间距d=0.02m 的两平行金属板水平放置，板间分布有垂直于纸面向里、磁感应强度1B T =的匀强磁场。
闭合开关S ，板间电场视为匀强电场，将一带正电的微粒以初速度v=100m/s 沿两板间中线水平射入板间。
,设滑动变阻器接入电路的阻值为R x ，带电粒子重力不计。
（1）当R x =29Ω时，电阻R 1消耗的电功率是多大？（2）若小球进入板间能做匀速直线运动，则R x 是多少？18．（13分）如图所示，在竖直向下的匀强电场中有一带电量为q=-1×10-5C的小球，自倾角为θ=37°的绝缘斜面顶端A点由静止开始滑下，接着通过半径为R=0.05m的绝缘半圆轨道最高点C，已知小球质量为m=0.2kg，匀强电场的场强E=1×105N/C，小球运动过程中摩擦阻力及空气阻力不计，求：（1）小球从H=0.1m高处静止释放，滑至B的速度为多少?（2）若从高为h的某处从静止释放，要使小球能到到C点，h至少应为多少？（2）通过调整释放高度使小球到达C点的速度为1m/s，则小球落回到斜面时的动能是多少？高二物理试卷答案1. C2.A3.C4. B5. B6. A7. D8. D9. Ac 10.AD 11.ACD 12. AB13、 (2)1.44-1.48 V;0.70-0.80 ，14、（1）、50.15 mm,(2)、4.700mm ；（3）220；3.9（4）电流表选择A 2 电压表选择V 1 滑动变阻器选择R 1且采用分压式接法，电路如图所示 15、（qB mv 2、0）（0、 -qB mv2 ）16．17、解析：（1）当R x =29Ω时，1R r R EI x ++==0.3 A所以R 1上消耗的功率：P 1=I 2R 1=1.8 W（2）设当平行金属板之间的电压为U 1时，带电粒子恰好能做直线运动，则有：11d qU Bvq = 可解得：U 1=2 V 又因为：111R R r R EU x ++=可得：x R =129Ω18：解析：（1）小球受的电场力竖直向上，大小为：F=qE=1 N 设小球到达B 点的速度为v B , 由动能定理：h qE mg mv B )(-=-0212………(2分) V B =2 m./s ………(2分)(2)、当小球到达c 时，有：qE mg RmV c -≥2………(2分) 又由动能定理：h qE mg mv C ∆-=-)(0212 ………（1分) 可得：h ∆≥0.025 m所以释放点的高度至少为：h=0.025+2R=0.125m ………(1分) (2)当小球以V c =1m/s 为初速度做类平抛运动时，加速度：25s m mqEmg a /=-=设落到斜面的时间为t ，有：)tan (0237221vt R at -= 可解得：t=o.1s ………(3分) 此时的动能 J at V m mV E c k 12502121222.])([=+== ………(2分)。