【三年高考两年模拟】2017年高考物理新课标一轮复习(课件+习题)第十二章 热学 第3讲 热力学定律
A.外界对胎内气体做功,气体内能减小
B.外界对胎内气体做功,气体内能增大
C.胎内气体对外界做功,内能减小 D.胎内气体对外界做功,内能增大
答案
D 中午比清晨时温度高,所以中午胎内气体分子平均动能增大,
理想气体的内能由分子动能决定,因此内
考点二
对热力学第二定律的理解
1.对热力学第二定律中关键词的理解 在热力学第二定律的表述中“自发地”、“不产生其他影响”的含义。 (1)“自发地”指明了热传递等热力学宏观现象的方向性,不需要借助外界 提供能量的帮助。
(1)从状态A到状态C的过程,该气体对外界做的功W1和其内能的增量ΔU1; (2)从状态A到状态B的过程,该气体内能的增量ΔU2及其从外界吸收的热量 Q2。
答案 解析
(1)0 9 J (2)9 J 3 J
(1)从状态A到状态C的过程,气体发生等容变化,
该气体对外界做的功W1=0 根据热力学第一定律有ΔU1=W1+Q1 内能的增量ΔU1=Q1=9 J (2)从状态A到状态B的过程,体积减小,温度升高
温膨胀。 (2)热量可以从低温物体传向高温物体,但需要外界的帮助,消耗外界的能 量,如电冰箱制冷。 (3)自然界中涉及热现象的宏观过程都具有方向性。
2-1 (2015广东汕头模拟)以下哪个现象不违背热力学第二定律 ( A.一杯热茶在打开盖后,茶会自动变得更热 B.没有漏气、没有摩擦的理想热机,其效率可能是100%
(2)“不产生其他影响”的含义是发生的热力学宏观过程只在本系统内完 成,对周围环境不产生热力学方面的影响。如吸热、放热、做功等。 2.热力学第二定律的实质 自然界中进行的涉及热现象的宏观过程都具有方向性。如
(1)高温物体
(2)功 (3)气体体积V1 (4)不同气体A和B
低温物体
热 气体体积V2(较大) 混合气体AB
0 1 1 由理想气体状态方程得 =
(2)当汽缸口向上,未加热稳定时:由玻意耳定律得
p0L1S=p1LS
p0 L1 1.0 105 12 则L= = cm=10 cm 5 p1 1.2 10
率仍不能达到100%,制冷机也不能使温度降到-293 ℃,C错误;第一类永动
机违背能量守恒定律,第二类永动机不违背能量守恒定律,但违背了热力学 第二定律,第二类永动机不可能制造出来,D错误。
考点突破
考点பைடு நூலகம் 对热力学第一定律的理解
1.热力学第一定律不仅反映了做功和热传递这两种方式改变内能的过程 是等效的,而且给出了内能的变化量和做功与热传递之间的定量关系,即Δ U=Q+W。 2.几种特殊情况
课标版
物理
第3讲 热力学定律
教材研读
一、热力学第一定律 1.改变物体内能的两种方式 (1)① 做功 ;(2)热传递。 2.热力学第一定律
(1)内容:一个热力学系统的内能增量等于外界向它传递的② 热量 与外
界对它所做的功的和。 (2)表达式:ΔU=③ Q+W 。 (3)表达式中正、负号法则:
做功W 热量Q 内能的改变ΔU
(1)若过程是绝热的,则Q=0,W=ΔU,外界对物体做的功等于物体内能的增加量。
(2)若过程中不做功,即W=0,则Q=ΔU,物体吸收的热量等于物体内能的增加量。 (3)若过程的始末状态物体的内能不变,即ΔU=0,则W+Q=0或W=-Q。外界 对物体做的功等于物体放出的热量。
典例1 在如图所示的坐标系中,一定质量的某种理想气体先后发生以下 两种状态变化过程:第一种变化是从状态A到状态B,外界对该气体做功为6 J;第二种变化是从状态A到状态C,该气体从外界吸收的热量为 9 J。图线 AC的反向延长线通过坐标原点O,B、C两状态的温度相同,理想气体的分 子势能为零。求:
C.尽管技术不断进步,热机的效率仍不能达到100%,制冷机却可以使温度
降到-293 ℃ D.第一类永动机违背能量守恒定律,第二类永动机不违背能量守恒定律,随 着科技的进步和发展,第二类永动机可以制造出来
答案 A 机械能可以全部转化为内能,而内能在引起其他变化时也可以 全部转化为机械能,A正确;凡与热现象有关的宏观过程都具有方向性,在热 传递中,热量可以自发地从高温物体传递给低温物体,也能从低温物体传递 给高温物体,但必须借助外界的帮助,B错误;尽管技术不断进步,热机的效
B.U=600 J,Ek=200 J
C.U=600 J,Ek=800 J
答案
D.U=800 J,Ek=200 J
B 由于木箱在推动中受到滑动摩擦力,则系统的内能增量U=60×
10 J=600 J,由能量守恒定律可得木箱的动能Ek=W总-U=80×10 J-600 J=200 J。故答案为B。
三、热力学第二定律 1.两种表述 (1)克劳修斯表述:热量不能① 自发地 从低温物体传到高温物体。 (2)开尔文表述:不可能从单一热库吸收热量,使之完全变成功,而
做功,若物体同时向外放热,则物体的内能不一定增加,B错;在引起其他变 化的情况下,从单一热源吸收热量可以将其全部变为功,C对;在引起其他变 化的情况下,可以将热量从低温物体传向高温物体,D错;涉及热现象的宏观 过程都具有方向性,故E对。
(1)从单一热库吸收热量,可以完全变成功,但会产生其他影响,如气体的等
气体实验定律与热力学第一定律的结合量是气体的体积和温度,当温
度变化时,气体的内能变化,当体积变化时,气体将伴随着做功,解题时要掌 握气体变化过程的特点: (1)等温过程:内能不变,即ΔU=0。 (2)等容过程:W=0。 (3)绝热过程:Q=0。
典例3 如图,体积为V、内壁光滑的圆柱形导热汽缸顶部有一质量和厚度 均可忽略的活塞;汽缸内密封有温度为2.4T0、压强为1.2p0的理想气体。p0 和T0分别为大气的压强和温度。已知:气体内能U与温度T的关系为U=αT,α 为正的常数;汽缸内气体的所有变化过程都是缓慢的。求:
1 吕萨克定律得 =
V T V1 T0
1 解得V1= V 2
(ⅱ)在活塞下降过程中,活塞对气体做的功为
W=p0(V-V1) 在这一过程中,气体内能的减少量为 ΔU=α(T1-T0)
由热力学第一定律得,汽缸内气体放出的热量为 Q=W+ΔU 解得Q= p0V+αT0 3-1 一定质量的理想气体被活塞封闭在汽缸内,如图所示水平放置。活塞 的质量m=20 kg,横截面积S=100 cm2,活塞可沿汽缸壁无摩擦滑动但不漏气, 开始使汽缸水平放置,活塞与汽缸底的距离L1=12 cm,离汽缸口的距离L2=3 cm。外界气温为27 ℃,大气压强为1.0×105 Pa,将汽缸缓慢地转到开口向上
化,应看温度是否发生了变化,与体积无关,这与一般物体不同。
1-1 一定质量的理想气体压强p与热力学温度T的关系图像如图所示, AB、BC分别与p轴和T轴平行,气体在状态A时的压强为p0、体积为V0,在状 态B时的压强为2p0,则气体在状态B时的体积为 ;气体从状态A经
状态B变化到状态C的过程中,对外做的功为W,内能增加了ΔU,则此过程气
(ⅰ)汽缸内气体与大气达到平衡时的体积V1; (ⅱ)在活塞下降过程中,汽缸内气体放出的热量Q。
答案
1 (ⅰ) 2V
1 (ⅱ) 2 p0V+αT0
解析
(ⅰ)在气体由压强p=1.2p0下降到p0的过程中,气体体积不变,温度由
T T
0 1 T=2.4T0变为T1,由查理定律得 =
p p
在气体温度由T1变为T0的过程中,体积由V减小到V1,气体压强不变,由盖—
V0=L1S,T0=(273+27) K=300 K 当汽缸口朝上,活塞到达汽缸口时,活塞的受力分析图如图所示,
有p1S=p0S+mg
5 则p1=p0+ =1.0×105 Pa+ Pa=1.2 × 10 Pa 2
mg S
200 10
又V1=(L1+L2)S
p L S p ( L1 L2 ) S T0 T1 1.2 105 15 p1 ( L1 L2 ) 则T1= T0= 5 ×300 K=450 K。 p0 L1 1.0 10 12
1 2
的竖直位置,待稳定后对缸内气体逐渐加热,使活塞上表面刚好与汽缸口相
平,已知g=10 m/s2,求:
(1)此时气体的温度为多少? (2)在对缸内气体加热的过程中,气体膨胀对外做功,同时吸收Q=370 J的热 量,则气体增加的内能ΔU多大?
答案 解析
(1)450 K (2)310 J
(1)当汽缸水平放置时,p0=1.0×105 Pa,
体 (选填“吸收”或“放出”)的热量为 。
答案
V0 吸收 2
ΔU+W
解析
对A→B过程,温度不变,由玻意耳定律可知,气体在状态B时的体积
0 为V= ;气体从状态A经状态B变化到状态C的过程中,对外做的功为W,内
V 2
能增加了ΔU,由热力学第一定律,知此过程气体吸收的热量为ΔU+W。
1-2 [2015重庆理综,10(1),6分]某驾驶员发现中午时车胎内的气压高于清 晨时的,且车胎体积增大。若这段时间胎内气体质量不变且可视为理想气 体,那么 ( )
典例2 (多选)关于热力学定律,下列说法正确的是 ( A.为了增加物体的内能,必须对物体做功或向它传递热量 B.对某物体做功,必定会使该物体的内能增加 C.可以从单一热源吸收热量,使之完全变为功
)
D.不可能使热量从低温物体传向高温物体
E.功转变为热的实际宏观过程是不可逆过程
答案
ACE 内能的改变可以通过做功或热传递进行,故A对;对某物体
(3)在给自行车打气时,会发现打气筒的温度升高,这是因为打气筒从外界吸
热。 (
答案
) (1)✕ (2)✕ (3)✕
二、能量守恒定律 1.内容 能量既不会凭空产生,也不会凭空消失,它只能从一种形式① 转化 一种形式,或者是从一个物体② 转移 到别的物体,在③ 转化 或 为另
新教材高中物理第十二章电能能量守恒定律习题课闭合电路欧姆定律的应用课后练习含解析新人教版必修第三册
习题课:闭合电路欧姆定律的应用合格考达标练1.欧姆表电路及刻度盘如图所示,现因表头损坏,换用一个新表头。
甲表头满偏电流为原来表头的2倍,内阻与原表头相同;乙表头满偏电流与原表头相同,内阻为原表头的2倍,则换用甲表头和换用乙表头后刻度盘的中值电阻分别为()A.100 Ω,100 ΩB.200 Ω,100 ΩC.50 Ω,100 ΩD.100 Ω,200 Ω,甲表头满偏电流为原表头的2倍,内阻与原表头相同,在电动势不变的情况下,其中值电阻变为原来的,即50Ω;乙表头满偏电流与原表头相同,内阻为原表头的2倍,在电动势不变的情况下,其中值电阻不变,即100Ω,则C正确,A、B、D错误。
2.如图所示,电源电动势为E、内阻为r,电流表、电压表均为理想电表,当开关闭合后,三个小灯泡均能正常发光,当滑动变阻器的触头P向右移动时,关于灯泡的亮度和电表示数变化情况,下列说法正确的是(小灯泡不会烧坏)()A.L1变亮,L2变暗,L3变暗B.L1变暗,L2变暗,L3变亮C.电流表A的示数变大,电压表V的示数变小D.电流表A的示数变小,电压表V的示数变小P向右移动,阻值增大,总阻值增大,根据闭合电路欧姆定律可知,干路电流减小,路端电压增大,故电流表示数变小,电压表示数变大,故C、D错误;干路电流减小,则灯泡L1两端电压减小,变暗,路端电压增大,则并联电路电压增大,灯泡L3两端电压增大,变亮,流过灯泡L2的电流减小,变暗,故A错误,B正确。
3.如图所示的U-I图像中,Ⅰ是电源的路端电压随电流变化的图线,Ⅱ是某电阻两端的电压随电流变化的图线,该电源向该电阻供电时,电阻消耗的功率和电源的效率分别为()A.4 W和33.3%B.2 W和66.7%C.2 W和33.3%D.4 W和66.7%,电阻的阻值大小为R=Ω=1Ω,电源的电动势大小为E=3V,内阻为r=0.5Ω,电源的效率η=×100%=66.7%,电阻消耗的功率P=IU=2×2W=4W,故选项D正确。
三年高考(2017-2019)物理真题分项版解析——专题12 电磁感应(解析版)
专题12 电磁感应1．（2019·新课标全国Ⅰ卷）空间存在一方向与直面垂直、大小随时间变化的匀强磁场，其边界如图（a ）中虚线MN 所示，一硬质细导线的电阻率为ρ、横截面积为S ，将该导线做成半径为r 的圆环固定在纸面内，圆心O 在MN 上。
t =0时磁感应强度的方向如图（a ）所示。
磁感应强度B 随时间t 的变化关系如图（b ）所示，则在t =0到t =t 1的时间间隔内A ．圆环所受安培力的方向始终不变B ．圆环中的感应电流始终沿顺时针方向C ．圆环中的感应电流大小为004B rS t ρD ．圆环中的感应电动势大小为200π4B r t【答案】BC【解析】AB 、根据B-t 图象，由楞次定律可知，线圈中感应电流方向一直为顺时针，但在t 0时刻，磁场的方向发生变化，故安培力方向A F 的方向在t 0时刻发生变化，则A 错误，B 正确；CD 、由闭合电路欧姆定律得：E I R =，又根据法拉第电磁感应定律得：22B r E t t φπ∆∆==∆∆，又根据电阻定律得：2rR S πρ=，联立得：004B rS I t ρ=，则C 正确，D 错误。
故本题选BC 。
2．（2019·新课标全国Ⅱ卷）如图，两条光滑平行金属导轨固定，所在平面与水平面夹角为θ，导轨电阻忽略不计。
虚线ab 、cd 均与导轨垂直，在ab 与cd 之间的区域存在垂直于导轨所在平面的匀强磁场。
将两根相同的导体棒PQ 、MN 先后自导轨上同一位置由静止释放，两者始终与导轨垂直且接触良好。
已知PQ 进入磁场时加速度变小恰好为零，从PQ 进入磁场开始计时，到MN 离开磁场区域为止，流过PQ 的电流随时间变化的图像可能正确的是【答案】AD【解析】于PQ进入磁场时加速度为零，AB．若PQ出磁场时MN仍然没有进入磁场，则PQ出磁场后至MN进入磁场的这段时间，由于磁通量φ不变，无感应电流。
由于PQ、MN同一位置释放，故MN进入磁场时与PQ进入磁场时的速度相同，所以电流大小也应该相同，A正确B错误；CD．若PQ出磁场前MN已经进入磁场，由于磁通量φ不变，PQ、MN均加速运动，PQ出磁场后，MN由于加速故电流比PQ进入磁场时电流大，故C正确D错误。
【走向高考】2017年高考物理人教版一轮复习(习题)综合测试题12
第十二章综合测试题本卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。
满分100分，考试时间90分钟。
第Ⅰ卷(选择题 共40分)一、选择题(共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～10题有多项符合题目要求。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。
)1．如图甲所示，弹簧振子以O 点为平衡位置，在A 、B 两点之间做简谐运动。
取向右为正方向，振子的位移x 随时间t 的变化如图乙所示，下列说法正确的是导学号 05801574( )A ．t ＝0.8s 时，振子的速度方向向左B ．t ＝0.2s 时，振子在O 点右侧6cm 处C ．t ＝0.4s 和t ＝1.2s 时，振子的加速度完全相同D ．t ＝0.4s 到t ＝0.8s 的时间内，振子的速度逐渐减小答案：A解析：从t ＝0.8s 起，再过一段微小时间，振子的位移为负值，因为取向右为正方向，故t ＝0.8s 时，速度方向向左，A 对；由图象得振子的位移x ＝12sin 5π4t (cm)，故t ＝0.2s 时，x ＝62cm ，故B 错；t ＝0.4s 和t ＝1.2s 时，振子的位移方向相反，由a ＝－kx /m 知，加速度方向相反，C 错；t ＝0.4s 到t ＝0.8s 的时间内，振子的位移逐渐变小，故振子逐渐靠近平衡位置，其速度逐渐变大，故D 错。
2．(2014·天津理综)平衡位置处于坐标原点的波源S 在y 轴上振动，产生频率为50Hz 的简谐横波向x 轴正、负两个方向传播，波速均为100 m/s 。
平衡位置在x 轴上的P 、Q 两个质点随波源振动着，P 、Q 的x 轴坐标分别为x P ＝3.5 m 、x Q ＝－3 m 。
当S 位移为负且向－y 方向运动时，P 、Q 两质点的导学号 05801575( )A ．位移方向相同、速度方向相反B ．位移方向相同、速度方向相同C ．位移方向相反、速度方向相反D ．位移方向相反、速度方向相同答案：D解析：本题考查了波传播中各质点的振动分析。
【步步高】2017年高考物理(人教版浙江)一轮复习 课件 第12章1讲 动量和动量定理 动量守恒定律
等效代换动量的变化.
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考点二 动量守恒定律
【考点逐项排查】
1.内容 如果一个系统 不受外力 ，或者 所受外力的矢量和为零 ，这个系统的总动量保持不变， 这就是动量守恒定律. 2.适用条件 (1)系统不受外力或所受外力的合力为零，不是系统内每个物体所受的合力都为零， 更不能认为系统处于 平衡 状态. (2)近似适用条件：系统内各物体间相互作用的内力 远大于 它所受到的外力. (3)如果系统在某一方向上所受外力的合力为零，则系统 在该方向上 动量守恒. 3.动量守恒定律的不同表达形式 (1)m1v1＋m2v2＝ m1v1′＋m2v2′ ，相互作用的两个物体组成的系统，作用前的动量和等 于作用后的动量和. (2)Δp1＝ －Δp2 ，相互作用的两个物体动量的增量等大反向. (3)Δp＝ 0 ，系统总动量的增量为零.
解析
B.2 m/s
解析答案
考点一 动量和动量定理
4.质量是60 kg的建筑工人，不慎从高空
1
2
3
4
跌下，由于弹性安全带的保护，他被悬
挂起来.已知安全带的缓冲时间是1.2 s， 安全带长5 m，取g＝10 m/s2，则安全带 所受的平均冲力的大小为( A.500 N B.600 N D.100 N )
自由落体h=5m
√
C.1 100 N
解析答案
考点一 动量和动量定理
动量定理的两个重要应用
1.应用I＝Δp求变力的冲量
[技巧点拨]
如果物体受到大小或方向改变的力的作用，则不能直接用I＝Ft求变力的冲量， 可以求出该力作用下物体动量的变化Δp，等效代换变力的冲量I. 2.应用Δp＝FΔt求动量的变化 例如，在曲线运动中，速度方向时刻在变化，求动量变化(Δp＝p2－p1)需要应 用矢量运算方法，计算比较复杂，如果作用力是恒力，可以求恒力的冲量，
【步步高】2017年高考物理(人教版浙江)一轮复习第12章章末综合练
桌面离地面 为了探究碰撞中的不变量，写出还须测量的物理量及表示它的字母___________
g M 2μgx2＝mx1 2h 的高度h 如果动量守恒，须满足的关系是___________________. _________.
答案
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12
13
14
15
14.如图所示，水平桌面长L＝3 m，距水平地面高h＝0.8 m，桌面右端放置一个质量m2 ＝0.4 kg的小物块B，桌面的左端有一质量m1＝0.6 kg的小物块A.某时刻物块A以初速度
(1)放上小物块瞬间，小物块与小车的加速度大小； (2)经多长时间两者达到相同的速度？ (3)从小物块放上小车开始，经过t＝1.5 s小物块通过的位移大小.
解析答案
D.做曲线运动的物体，在任何Δt时间内所受合外力的冲量一定不为零
解析 力的冲量：I＝mv，当力与物体的位移垂直时，该力的冲量不为零，故A错误； 如果物体(质量不变)的速度发生变化，物体的动量发生变化，由动量定理可知，物体所 受到的合外力的冲量不为零，故B正确； 由动量定理可知，物体所受合外力的冲量越大，物体动量的变化量越大，它的动量不一 定大，故C错误； 做曲线运动的物体，速度方向沿切线方向，速度不断变化，物体动量不断变化，由动量 定理可知，在任何Δt时间内所受合外力的冲量一定变化，冲量一定不为零，故D正确.
3
4
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6
7
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13.用如图所示的装置进行探究碰撞中的不变量的实验：
(1)先测出滑块A、B的质量M、m及滑块与桌面的动摩擦因数μ，查出当地的重力
新教材人教版高中物理必修第三册 第十二章电能 能量守恒定律 知识点考点总结及配套练习 含解析
第十二章电能能量守恒定律1、电阻的测量一电功和电功率1.电流做功的实质是导体中的恒定电场对自由电荷的静电力在做功,静电力对电荷做功的过程,就是电荷的电势能转化为其他形式的能的过程。
2.电功的计算公式:W=UIt=Pt3.电功的单位:在国际单位制中电功的单位是焦耳,常用的单位是度,1度=1千瓦时=3.6×106焦耳。
4.额定功率和实际功率:额定功率:用电器在额定电压下工作的功率。
实际功率:用电器在实际电压下工作的功率。
【思考·讨论】千瓦时是电功的单位还是电功率的单位?电能表是测量电路中消耗的电功率还是电功? (物理观念)提示:在公式W=Pt中如果电功率的单位是千瓦,时间的单位是小时,则电功的单位是千瓦时,电能表是测量电路中消耗电能的仪器,是计量电路中消耗的电功。
【典例示范】A、B、C三个灯泡按如图所示的方式连接时,各自消耗的实际功率相同,则R A∶R B∶R C为( )A.1∶1∶1B.1∶2∶2C.2∶1∶1D.1∶4∶4【解题探究】(1)A、B、C三个灯泡是怎样连接的?提示:B、C两个灯泡并联后与灯泡A串联。
(2)通过A、B、C三个灯泡的电流有什么关系?提示:B、C两个灯泡并联,两端的电压相同,即U B=U C,根据题意可知灯泡的实际功率相同,则B、C两灯泡的电阻相同,则通过A的电流是通过B或C电流的2倍,即I A=2I B=2I C。
(3)实际功率的计算公式有哪些?提示:例题中A、B、C三个灯泡为电阻元件,根据P=UI,结合I=可得P=和P=I2R。
【解析】选D。
B、C两个灯泡并联,U B=U C,B、C两个灯泡消耗的实际功率相同,则由P= ,得R B=R C,I A=2I B=2I C,则由P=I2R,得R A∶R B∶R C=1∶4∶4,故选D。
【规律方法】电功率与电阻的关系(1)在串联电路中电流处处相同,由P=I2R可知,电功率与电阻成正比。
(2)在并联电路中电路两端的电压相同,由P=可知电功率与电阻成反比。
2017年高三人教版高考物理一轮复习真题与模拟单元重组卷_第十二单元 静电场
第十二单元静电场(电容带电粒子在电场中的运动)测试时间：90分钟满分：110分第Ⅰ卷(选择题，共48分)一、选择题(本题共12小题，共48分。
在每小题给出的四个选项中，第1～8小题只有一个选项正确，第9～12小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分)1．[2016·全国卷Ⅰ]一平行板电容器两极板之间充满云母介质，接在恒压直流电源上。
若将云母介质移出，则电容器()A．极板上的电荷量变大，极板间电场强度变大B．极板上的电荷量变小，极板间电场强度变大C．极板上的电荷量变大，极板间电场强度不变D．极板上的电荷量变小，极板间电场强度不变答案 D解析平行板电容器接在电压恒定的直流电源上，电容器两极板之间的电压U不变。
若将云母介质移出，电容C减小，由C＝Q/U 可知，电容器所带电荷量Q减小，即电容器极板上的电荷量减小。
由于U不变，d不变，由E＝U/d可知，极板间电场强度E不变，选项D正确，A、B、C错误。
2．[2016·武威模拟]如图所示，是一个示波管工作原理图，电子经加速以后以速度v0垂直进入偏转电场，离开电场时偏转量是h，两平行板间的距离为d，电势差为U，板长为L。
每单位电压引起的偏移量(h/U)叫做示波管的灵敏度，为了提高灵敏度，可采用下列哪些办法？()A．增大两板间的电势差UB．尽可能使板长L做得短些C．尽可能使两板间距离d减小些D ．使电子入射速度v 0大些答案 C解析 设电子的电量为q ，质量为m ，加速度为a ，运动的时间为t ，则加速度：a ＝qE m ＝qU md ，时间t ＝L v ，偏转量h ＝12at 2＝qUL 22md v 20。
所以示波管的灵敏度：h U ＝qL 22md v 20，通过公式可以看到，提高灵敏度可以采用的方法是：加长板长L ，减小两板间距离d 和减小入射速度v 0，故正确的选项是C 。
3．[2016·广东七校联考]如图所示，水平放置的平行板电容器两极板间距为d ，带负电的微粒质量为m 、带电荷量为q ，它从上极板的边缘以初速度v 0射入，沿直线从下极板N 的边缘射出，则( )A ．微粒的加速度不为零B ．微粒的电势能减少了mgdC ．两极板的电势差为mgd qD ．M 板的电势低于N 板的电势答案 C解析 带负电的微粒在两极板间受竖直向下的重力，竖直方向的电场力，而微粒沿直线运动，由直线运动条件可知，重力与电场力合力必为零，即电场力方向竖直向上，大小等于重力，即mg＝Ud q，所，A项错误，C项正确；而微粒带负电，以两极板之间电势差U＝mgdq所以电场方向竖直向下，而电场方向是由高电势指向低电势的，所以M板电势高于N板电势，D项错误；微粒由上板边缘运动到下板边缘，电场力方向与位移方向夹角为钝角，所以电场力对微粒做负功，微粒电势能增加，B项错误。
高中物理第12章电能能量守恒定律1电路中的能量转化新人教版必修第三册
解析：电路为 R2 和 R3 并联后再与 R1 串联，则 I1＝I2＋I3，又有II23＝ RR32＝11，则有II13＝21，A 正确；R2 和 R3 并联，总电阻为 R 并＝RR2＋2RR3 3＝2 Ω， 则有UU13＝RR并1 ＝22＝11，B 正确；功率之比为 P1∶P2∶P3＝UR121∶UR222∶UR323＝2∶ 1∶1，C 正确，D 错误。
第十二章 电能 能量守恒定律
1．电路中的能量转化
目标体系构建 课前预习反馈 课内互动探究 核心素养提升 课堂达标检测
目标体系构建
1．理解电功和电功率的概念，知道电流做功的实质。 2．理解电热和电热功率，关注焦耳定律在生产、生活中的应用。 3．从能量转化和守恒的角度理解电功和电热的区别。
1.理解电功、电功率、电热、热功率的概念。2.知道纯电阻电 物理观念
P2＋…＋Pn
2．并联电路
各支路电压相同，根据P＝UR2，各支路电阻 功率关系 上的电功率与电阻成反比
总功率P总＝UI＝UI1＋I2＋…＋In＝P1＋ P2＋…＋Pn
3．结论 无论是串联电路还是并联电路，电路消耗的总功率等于各电阻消耗 的功率之和。
(1)求解串、并联电路中的功率分配问题，比例法求解会使问题简 化，但一定要确定是正比关系还是反比关系。
解析：S 断开时，R1 与 R2 串联，两端电压之比为 U1∶U2＝R1∶R2 ＝1∶5，故 A 正确；S 闭合时，R2、R3 并联之后再与 R1 串联，R2、R3 电阻相等，两支路中电流相等，则干路电流为支路电流的 2 倍，有 I1∶ I2＝2∶1，故 B 正确；S 闭合时，R2、R3 并联，两端电压相等，R2、R3 电阻相等，由 P＝UR2，可得电阻 R2 与 R3 的功率之比为 1∶1，故 C 正确； S 断开时，电阻 R1 与 R2 串联，电流相等，由 P＝I2R 可得，电阻 R1 与 R2 的功率之比为 P1∶P2＝R1∶R2＝1∶5，故 D 错误。
【三年高考两年模拟】2019年高考物理新课标一轮复习习题：第12章 第3讲 热力学定律
第3讲热力学定律A组基础题组1.(2016湖北武汉模拟)(多选)关于热力学定律,下列说法正确的是( )A.功转变为热的实际宏观过程是不可逆过程B.对某物体做功,必定会使该物体的内能增加C.可以从单一热源吸收热量,使之完全变为功D.不可能使热量从低温物体传向高温物体2.(2015山西忻州四校联考)(多选)下列说法正确的是( )A.物体吸收热量,其温度一定升高B.橡胶无固定熔点,是非晶体C.做功和热传递是改变物体内能的两种方式D.布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒分子的无规则运动的反映E.第二类永动机是不能制造出来的,尽管它不违反热力学第一定律,但它违反热力学第二定律3.(2015福建上杭一中检测)(多选)下列关于热学现象和热学规律的说法中,正确的是( )A.利用浅层海水和深层海水间的温度差造出一种热机,将海水的一部分内能转化为机械能,这在原理上是可行的B.大量分子参与的宏观物理过程都具有方向性C.空调的制冷系统将室内的热量传给外界较高温度的空气,而不引起其他变化D.热力学过程中不可避免地出现能量耗散现象,能量耗散不符合热力学第二定律4.(2015北京理综,13,6分)下列说法正确的是( )A.物体放出热量,其内能一定减小B.物体对外做功,其内能一定减小C.物体吸收热量,同时对外做功,其内能可能增加D.物体放出热量,同时对外做功,其内能可能不变5.(2015河南焦作一模)如图是密闭的汽缸,外力推动活塞P压缩气体,对缸内气体做功800 J,同时气体向外界放热200 J,缸内气体的( )A.温度升高,内能增加600 JB.温度升高,内能减少200 JC.温度降低,内能增加600 JD.温度降低,内能减少200 J6.(多选)一定质量的理想气体由状态A变化到状态B,气体的压强随热力学温度的变化如图所示,则此过程( )A.气体的密度增大B.外界对气体做功C.气体从外界吸收了热量D.气体分子的平均动能增大7.[2015福建理综,29(2),6分]如图,一定质量的理想气体,由状态a经过ab过程到达状态b 或者经过ac过程到达状态c。
【步步高】2017年高考物理(人教版浙江)一轮复习第12章专题四动量和能量观点的综合应用
(1)求物块M碰撞后的速度大小；
解析 碰后物块 M 做平抛运动，设其平抛运动的初速度为 v 1 2 h＝2gt ① x＝vt② 得：v＝x g 2h＝3.0 m/s③
解析答案
考点二 应用动量和能量观点解决多过程问题
块M在P处的初速度大小为多少？
解析 物块与小球在 B 处碰撞， 设碰撞前物块的速度 为 v1， 碰撞后小球的速度为 v2， 由动量守恒定律： Mv1＝mv2＋Mv⑥ 碰后小球从 B 处运动到最高点 A 过程中机械能守恒， 设小球在 A 点的速度为 vA，有： 1 1 2 2 m v ＝ m v 2 2 2 A ＋2mgL⑦ vA 2 小球在最高点时依题给条件有：2mg＝m L ⑧
第十二章 动量守恒定律(加试)
专题四
动量和能量观点的综合应用
内容 索引
考点一 应用动量和能量观点解决直线运动问题 考点二 应用动量和能量观点解决多过程问题 考点三 动力学、动量和能量观点的综合应用 练出高分
考点一 应用动量和能量观点解决直线运动问题
【考点逐项排查】
1.动量定理：物体所受 合外力 的冲量等于物体的动量变化.即I＝Δp或Ft＝Δp或Ft＝p1－p2， 它的表达式是一个矢量方程，即表示动量的变化方向与 冲量 的方向相同. 2.动量守恒定律：
曲面上能到达的最大高度为多少？
解析答案
练出高分
1
2
3
4
5
2.如图所示，A、B是静止在光滑水平地面上相同的两块长木板，长度均为L＝0.75 m，A 的左端和B的右端接触，两板的质量均为M＝2.0 kg.C是一质量为m＝1.0 kg的小物块，现
小车左端0.5 m处.已知AB间距L1＝5 cm，A点离桌子边沿C点距离L2＝90 cm，P与桌面间