川大2020《电力系统分析》第一次作业答案
四川大学网络教育《电力系统分析》答案
分数： 100。
0完成日期：2011年02月17日 23点26分说明：每道小题括号里的答案是学生的答案，选项旁的标识是标准答案.一、单项选择题。
本大题共22个小题,每小题 2.0 分，共44。
0分.在每小题给出的选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.发电机的额定电压与网络的额定电压为同一等级时，发电机的额定电压规定比网络的额定电压（）（ A )A.高5%B.高10％C.低5％D.低10％2.变压器一次绕组的作用相当于用电设备，其额定电压与网络的额定电压相等。
但直接与发电机联接时，其额定电压与发电机的额定电压相比（）.( D )A.高5％B.低5％C.低10％D.相等3.在( ）情况下，不适宜用调节变压器变比的方式升高电压，这样做有可能会引起系统其它节点电压下降。
( C ）A.有功充足B.有功不足C.无功不足D.无功充足4.在发电机容量允许的情况下二次调整可以实现( ）。
( C ）A.二次调整B.一次调整C.无差调节D.有差调节5.频率的一次调整不能实现（）。
（ B ）A.二次调整B.一次调整C.无差调节D.有差调节6.采用逆调压方式的中枢点电压,在最大负荷时较线路的额定电压（）.（ D )A.高2％~5％B.相等C.高2.5％D.高5％7.系统单位调节功率K表示在计及发电机组和负荷的调节效应时，引起频率单位变化的负荷变化量。
K的数值越( ），负荷增减引起的频率变化就越( )，频率也就越（）。
（）( C ）A.小小稳定B.大大稳定C.大小稳定D.大小不稳定8.把中枢点电压保持在较线路额定电压高2％—5％的数值,不必随负荷变化来调整中枢点电压，这种调压方式称为（ )( C )A.逆调压B.顺调压C.常调压D.以上都不对9.( B )A. AB. BC. CD. D10.（ B )A. AB. BC. CD. D11.（ B )A. AB. BC. CD. D12.( D )A. AB. BC. CD. D13.( A )A. AB. BC. CD. D14.( C )A. AB. BC. CD. D15.( B ）A. AB. BC. CD. D16.( A )A. AB. BC. CD. D17.( C )A. AB. BC. CD. D18.（ A ）A. AB. BC. CD. D19.（ C ）A. AB. BC. C20.（ C ）A. AB. BC. CD. D21.( B )A. AB. BD. D22.( D ）A. AB. BC. CD. D二、多项选择题。
电力系统分析基础部分习题答案
电力系统分析部分习题答案(参考)稳态部分第一章 电力系统的基本概念1-2 (1)各个元件的额定电压 G ：10.5kVT ：10.5/121kV ，10.5kV/399V , 110/38.5/11(10.5)kV,35/6.6(6.3)kV (2) a)发电机和变压器的额定电压G:10.5kV T 1:10.5/121kV T 2:10.5/38.5kV T 3:35/11(10.5)kV b)变压器的实际变比T-1：121(1+2.5%)/10.5 T-2:110/38.5 T3:35(1-5%)/11(10.5)(3) G:10.5kV T 1:10.5/242kV T 2:220/121/38.5kV T 3:35/6.3kV T 4:220/38.5kV T 5:10.5/3.15kV D 1:3kV D 2:6kV第二章 电力网络元件的参数和等值电路2-2-1解：R T =P k *U N 2/(1000S N 2)=100*1102/(1000*31.52)=2.4389(Ω) X T =U k %*U N 2/(100S N )=10.5*1102/(100*31.5)=40.33(Ω) G T =P 0/(1000U N 2)=86/(1000*1102)=7.1074*10-6(s)B T =I 0%*S N /(100U N 2)=2.7*31.5/(100*1102)=7.0289*10-5(s) 等值电路为：2-2-3 解：R T(100)=P kmax *U N 2/(2000S N 2)=163*1102/(2000*202)=2.4654(Ω) R T(50)= 2R T(100) =2*2.4654=4.9307(Ω)U K1%=1/2*( U K1-2%+ U K1-3%- U K2-3%)=1/2*(10.5+17-6)=10.75 U K2%=1/2*( U K1-2%+ U K2-3%- U K1-3%)=1/2*(10.5+6-17)=-0.25 U K3%=1/2*( U K1-3%+ U K2-3%- U K1-2%)=1/2*(17+6-10.5)=6.25 X T1=U k1%*U N 2/(100S N )=10.75*1102/(100*20)=65.0375(Ω)X T2=U k2%*U N 2/(100S N )=-0.25*1102/(100*20)=-1.5125(Ω) X T3=U k3%*U N 2/(100S N )=6.25*1102/(100*20)=37.8135(Ω)G T =P 0/(1000U N 2)=75/(1000*1102)=6.1983*10-6(s)B T =I 0%*S N /(100U N 2)=3.3*20/(100*1102)=5.4545*10-5(s)2-2-5解：P k13=4P ’k13=4*52=208kW P k23=4P ’k23=4*47=188kW P k1= (P k12+P k13- P k23)/2=(152.8+208-188)/2=86.4kW P k2= (P k12+P k23- P k13)/2=(152.8+188-208)/2=66.4kW P k3= (P k23+P k13- P k12)/2=(188+208-152.8)/2=121.6kW R T1=P k1*U N 2/(1000S N 2)=86.4*1212/(1000*202)=3.16(Ω) R T2=P k2*U N 2/(1000S N 2)=66.4*1212/(1000*202)=2.43(Ω) R T3=P k3*U N 2/(1000S N 2)=121.6*1212/(1000*202)=4.45(Ω) U K1%=1/2*( U K1-2%+ U K1-3%- U K2-3%)=1/2*(10.5+18-6.5)=11 U K2%=1/2*( U K1-2%+ U K2-3%- U K1-3%)=1/2*(10.5+6.5-18)=-0.5 U K3%=1/2*( U K1-3%+ U K2-3%- U K1-2%)=1/2*(18+6.5-10.5)=7 X T1=U k1%*U N 2/(100S N )=11*1212/(100*20)=80.53(Ω) X T2=U k2%*U N 2/(100S N )=-0.5*1212/(100*20)=-3.66(Ω) X T3=U k3%*U N 2/(100S N )=7*1212/(100*20)=51.24(Ω) G T =P 0/(1000U N 2)=75/(1000*1212)=5.123*10-6(s)B T =I 0%*S N /(100U N 2)=4.1*20/(100*1212)=5.60*10-5(s) 2-1-2 解：（a ）ρ=31.5Ω.mm 2/kM S=150 mm 2 r1=ρ/S=0.21Ω/kM D m =68mm .50398*4*4D D D 33bc ac ab == r=17.0/2=8.5mmx1=0.1445lg(D m /r)+0.0157=0.4164Ω/kM b1=7.58/lg(D m /r)*10-6=2.7335*10-6s/kM (b)因为为双回输电线路R=r1*l/2=0.21*100/2=10.5(Ω) X=x1*l/2=0.4164*100/2=20.8198(Ω) B/2=2*b1*l/2=2*2.7335*10-6*100/2=2.734*10-4 (S) (c) Q=U 2*B=1102*2.734*10-4*2=2*3.308=6.616Mvar 2-1-6解：因为为分裂导线r1=ρ/S=31.5/(2*300)=0.0525Ω/kMΩD m =0794m .1016*8*8D D D 33bc ac ab == 5691mm .70400*12.45d *r r 12eq ===x1=0.1445lg(D m /r eq )+0.0157/2=0.3192Ω/kM b1=7.58/lg(D m /r eq )*10-6=3.5177*10-6s/kM R=r1*l=0.0525*300=15.75(Ω) X=x1*l=0.3192*300=95.7665(Ω) B/2=b1*l/2=0.5277*10-3 (S) 2-4-1解：G ：S N =P N /cos φN =50/0.85=58.8235MV AXd ”=0.15*10.52/58.8235*(242/10.5)2=149.3382(Ω) T: R T =P k *U N 2/(1000S N 2)=300*2422/(1000*602)=4.8803(Ω) X T =U k %*U N 2/(100S N )=12.5*2422/(100*60)=122.0083(Ω) G T =P 0/(1000U N 2)=90/(1000*2422)=1.5368*10-6(s) B T =I 0%*S N /(100U N 2)=2*60/(100*2422)=2.049*10-5(s)L :R=r1*l=0.08*200=16(Ω) X=x1*l=0.406*200=81.2(Ω)B/2=b1*l/2=2.81*10-6*200/2=2.81*10-4 (S) 2-4-3解：X 线路=x1*l=0.4*70=28(Ω)U B =110kV ,S B =20MV A,且变压器的变比为110/6.6kV ，所以： X T*=U k %/100*(U N 2/S N )/（U B 2/S B ）=0.105 X T*/2=0.0525 X 线路*=28/（1102/20）=0.0463X R*=2121.020/6.6/3.0*3/6*04.0S U /I 3U *100%X 2B 26.B6NNR ==）（）（）（ 因为为双回线X 电缆*=1/2*x1*l/（U B 2/S B ）=1/2*0.08*2.5/(6.62/20)=0.0918/2=0.0459R 电缆*=1/2*ρ/S *l/（U B 2/S B ）=1/2*18.8/70*2.5/(6.62/20)=0.3083/2=0.15415第三章 简单电力系统的分析和计算3-1-1解：首先求出线路的参数：D=6.5m D m =1895m .813*5.6*5.6D D D 33bc ac ab == 查表得单位线路参数：r1=0.079Ω/kM x1=0.412Ω/kM b1=2.77*10-6S/kM 线路的等值电路为π型等值电路R=r1*l=0.079*230=18.17Ω X=x1*l=94.76Ω B/2=3.1855*10-4S 进行潮流计算：P 2=120MW cos φ=0.92 ⇒Q 2=51.1198MVar线路末端的注入功率： Q 2l =1/2*U 22*B=3.1855*10-4*2092=13.9146MVar S 2’=S 2-Q 2l =120+j51.1198-j13.9146=120+j37.2052 MV A 线路阻抗支路的功率损耗：ΔS Z =（P 2’2+Q 2’2）/U 22*(R+jX)=6.5658+j34.2417 MV A S 1’=S 2’+ΔS Z =126.5658+j71.4469 MV A 求线路上的首端电压：173kV .j513.236U R Q X P j U X Q R P U U j U U U 2'2'22'2'222221+=-+++=+∆+=δ U 1=241.7788kV 线路首端注入电容功率：Q1l=1/2* U 12*B=18.6215Mvar线路首端功率：S 1=S 1’-Q1l=126.5658+j52.8255 MV A 3-1-2解：末端注入功率：Q 2l =1/2*U 22*B=5.5*10-4*2202=26.62Mvar 设末端功率因数为cos φ2，则有：S 2’=S 2-Q 2l =P 2+jQ 2-jQ 2l =220+j(Q 2-Q 2l )=220+j(Q2-26.62)=P 2’+jQ 2’2'2'22'2'222221U R Q X P j U X Q R P U U j U U U -+++=+∆+=δ 22'2'222'2'22222221)U R Q X P ()U X Q R P U ()U ()U (U U -+++=+∆+=δ解得Q 2’=95.2162，所以Q 2=121.8362Mvar 8748.0Q P /P cos 22222=+=ϕ 3-1-14解： 线路参数为：R=r1*l=0.82*2=1.64Ω X=x1*l=0.38*2=0.76Ω 忽略电压降落横分量有⎪⎪⎩⎪⎪⎨⎧⨯+≤⨯≤+%10*)R U )cos /(P P (R U )cos /(P U %10U X Q R P 22222222222N222ϕϕ 将R ，X, cos φ,U N 带入得561MW .1P 561MW .1P 629MW.1P 222≤⎩⎨⎧⇒≤≤ 当P 2=1.561MW 时，10%p%9.58%U U X Q R P %U N222=∆=+=∆3-1-15解：Ω=⇒⎪⎩⎪⎨⎧=====≤+ 1.5R 600kW P 3kV,U U ,X R ,0Q U %10U XQ R P 22N 2N222 342.86kW P 8.0cos ,X R U %10U X Q R P '2N 2'22'≤⇒⎪⎩⎪⎨⎧==≤+ϕ 3-1-17解1(a)首先求出系统的等值电路，计算各个元件的参数LGJ-185： D=4m ， 0397m .52*4D 3m ==，查表得：r1=0.17Ω/kMx1=0.409Ω/kM b1=2.79*10-6S/kM因为为双回线，有：R=r1*l/2=100*0.17/2=8.5Ω, X=x1*l/2=0.409*100/2=40.9/2Ω B=2*b1*l=2*2.79*100*10-6=2*2.79*10-4S计算变压器的参数：查表得：P k =190kW,P 0=31.05kW,Uk%=10.5,I 0%=0.7 归算至高压侧的阻抗和导纳参数为：X T =40.3333Ω，R T =2.317Ω，G T =2.5661*10-6S ，B T =1.8223*10-5S 因为两台变压器并列运行，所以并列运行后的参数为X ’T = X T /2= 40.3333/2Ω，R T =2.317/2Ω，G T =2*2.5661*10-6S ，B T =2*1.8223*10-5S 又因为：P2=40MW, 8.0cos 2=ϕ，所以Q 2=30MVar 系统的等值电路为：变压器低压侧U 21=10.5kV ,归算到高压侧为U 2=k*U 21=110/11*10.5=105kV (1)j7.3515kV111.2032 j7.3515kV2032.6105U R Q X P j U X Q R P U U j U U U 2'T 2'T 22'T 2'T 222222'+=++=-+++=+∆+=δ U ’2=111.446kV变压器损耗：AyTmaxyTmax 'T 'T 2'2yT ZTmaxZTmax 'T 'T 222222ZT Q j P 4527MV A .j00637.0)jB G (U S ~Q j P j4.5729MV A 2627.0)jX R (U Q P S ~∆+∆=+=+=∆∆+∆=+=++=∆（或者用下式计算变压器的损耗441MVA.j00621.0)31.5*0.007*j 03105.0(*2)jQ P (2S ~j4.1667MVA0.239431.5)*10010.5j (0.19*)5.31*2(3040*2)jQ P ()2S S (2S ~yT yT yT 222kT kT 2N ZT +=+=+=∆+=++=+=∆）线路注入功率： 4652MV ar .3446.111*10*79.2U *B *2/1Q 242'22l -=-=-=- 所以5604MVA .j313264.40jQ S ~S ~S ~S ~2l yT ZT 2'1+=+∆+∆+=线路的首端电压j12.918kV119.72 j5.5667kV 5183.8UU RQ X P jU XQ R P U U j U U U 2'2'*'1'12'*'1'12'l l 2'1+=++=-+++=+∆+= δU 1=120.4165kV线路上的阻抗损耗和首端线路电容注入功率0455MVar.4120.4165*10*79.2U *B *2/1Q Q j P j4.3167MVA 7946.1)jX R (U Q P S ~2411l ZTm axZlm ax '22'21'21Zl -=-=-=∆+∆=+=++=∆-线路首端功率8325MVA .j3142.121jQ S ~S ~S ~1l Zl 1''1+=+∆+= （2）查表得3150max =τ121MW .27946.10637.02627.0P P P P yTmax Zlmax ZTmax Tmax =++=∆+∆+∆=∆全年总的电能损耗为：6824.5MW.h543.9965653.0827.5050 8760*0.06213150*1.79463150*0.2627 8760*P 3150*P 3150*P W yT Zlmax ZTmax =++=++=∆+∆+∆=∆2.当负荷变为原来的0.5倍和0.25倍时，变压器为单台变压器运行，线路仍为双回线运行，则等值电路为按上述过程计算得：当max 25P .0P =时4133MW .0P 0319.0P 1313.0P Zl yT ZT =∆=∆=∆，， 5765MW .0P 0.5pmax =∆ 当max 225P .0P =时0919MW .0P 03.0P 0328.0P Zl yT ZT =∆=∆=∆，， 1547MW .0P 0.25pmax =∆0MW.h.6975 6000-8760*P 20006000*P 2000*P W 0.25pmax 0.5plmax max =∆+-∆+∆=∆）（）（3-2-3解：等值电路图从左向右编号分别为1，2，3，4，则有： 变压器2的功率损耗为：0021.j0(-j0.0162)*12.03.0Z U S S ~222T232N 2B23B23-=+==∆（第2个变压器的第3个绕组） 0066.j0j0.131*11.02.0Z U S S ~222TB222N 2B22B22=+==∆ 3045.j05.0Z U S S ~S ~S ~S ~S ~TB222N 2B22B23B22B22B23'B2+==∆+∆++=34222TB212N'2B2B2l S ~092.j0j0.268*13045.05.0Z U S S ~∆==+==∆ 则节点3的运算负荷为： j0.2780.5j0.118-j0.0923045.j05.0S ~S ~S ~S ~30B21'B23+=++=∆+∆+= 变压器1的功率损耗：016.j0j0.32*11.02.0Z U S S ~222TB12N 2B1Bl =+==∆j0.00510098.j0j0.156)(0.0298*1278.05.0Z U S S ~222232N2323+=++==∆ 129.j0j0.118)-(-j0.011*1Y U S ~20*2N 20-===∆316.j07098.0S ~S ~S ~S ~S ~S ~Bl Bl 202332+=+∆+∆+∆+=j0.00850016.j0j0.014)(0.026*1316.07098.0Z U S S ~222122N 2212+=++==∆3245.j07114.0S ~S ~S ~122A '+=∆+=011.j0(-j0.011)*1Y U S ~10*2N 10-===∆3135.j07114.0S ~S ~S ~S ~10122A +=∆+∆+=然后由以上计算所得的功率和已知的o A01.1U ∠= 计算各点的电压：（以下电压的计算也可以不考虑横分量）kV435.00943.1 j0.0083kV 0057.0U UR Q X P j UX Q R P U U j U U U o 1A12'A 12'A A12'A 12'A 1l2l212-∠=--=-++-=-∆-= δ同理可以计算kV 3.59062.1 j0.0583kV 0339.0U U j U U U o 2B1B12B1-∠=--=-∆-= δkV 3.99037.1 j0.0638kV 0601.0U U j U U U o 2232323-∠=--=-∆-= δ kV 11.69992.0 j0.129kV 1023.0U U j U U U o 3343434-∠=--=-∆-= δ kV 11.38994.0 j0.0048kV 0032.0U U j U U U o 4B3B34B3-∠=++=-∆-= δ kV 12.97012.1U j U U U o B2B24B2-∠=-∆-=δ 同理：然后算出各点的有名值kV 3.59887.40k *U *U U kV 435.075.240 U o B1N *B1B1o 2-∠==-∠= kV 3.9914.228U o 3-∠= kV 11.38586.68k *U *U U o B13N *B3B3-∠== kV 12.97626.10k *U *U U o B12N *B2B2-∠==3-2-6解：因为求初步功率分布，只需计算两端电源供给负荷的功率即可。
电力系统分析练习题及其答案上册
1－2，电力系统的部分接线如图1－2，各电压级的额定电压及功率输送方向表于图中。
试求：（1）发电机及各变压器高低绕组的额定电压；（2）各变压器的额定变比；（3）设变压器T －1工作于+5%抽头，T －2,T －4工作于主抽头，T －3工作于－%抽头时，各变压器的实际变比。
解：(1) 总的原则：发电机的额定电压比同电压级网络的额定电压高5％；变压器一次侧额定电压等于同电压级网络的额定电压高，二次侧额定电压比同电压级网络的额定电压高10％。
其中，变压器受功率侧为一次侧，输功率侧为二次侧。
发电机： kV V GN 5.10=变压器T —1: .242,5.1021kV V kV V N N ==变压器T —2: .5.38,121,220321kV V kV V kV V N N N ===变压器T —3: .11,3521kV V kV V N N == 变压器T —4: .121,22021kV V kV V N N == (2) 各变压器的额定变比变压器T —1: .0434.02425.10211===N N N T V V k变压器T —2: 818.112122021)21(2===-N N N T V V k714.55.3822031)31(2===-N N N T V V k143.35.3812132)32(2===-N N N T V V k变压器T —3: .182.31135213===N N N T V V k变压器T —4: .818.1121220214===N N N T V V k(3) 各变压器的实际变比变压器T —1: .0431.0%)51(2425.10211=+⨯==V V k T变压器T —2: 818.112122021)21(2===-V V k T714.55.3822031)31(2===-V V k T143.35.3812132)32(2===-V V k T 变压器T —3: .102.311%)5.21(35213=-⨯==V V k T 变压器T —4: .818.1121220214===V V k T1－3， 电力系统的部分接线如图 1－3，网络的额定电压已经标 明图中。
电力系统分析(本)网上作业一及答案
练习一：单项选择题1、额定变比为10.5kV/242kV的变压器工作于+2.5％抽头，其实际变比为（）。
A10.5kV/242kVB10kV/220kVC10.5kV/248.05Kv（答案：C）2、额定变比为35kV/11kV的变压器工作于-2.5％抽头，其实际变比为（）。
A34.125kV/10.725kVB34.125kV/11kVC35kV/11Kv（答案：B）3、三绕组变压器的结构，通常将高压绕组绕在铁心的（）。
A外层B内层C中层（答案：A）4、采用分裂导线可（）输电线电容。
A增大B减小C保持不变（答案：A）5、采用分裂导线可（）输电线等效半径。
A增大B减小C保持不变（答案：A）6、短路电流周期分量的标么值与（）有关。
A.转移电抗和短路时间B.计算电抗和短路点距离C.计算电抗和短路时间（答案：C）7、在系统发生短路时，异步电动机（）向系统提供短路电流。
A.绝对不B.一直C.有时（答案：C）8、在运用计算曲线进行短路电流计算时，负荷。
A.用恒定阻抗表示B.用变阻抗表示C.不予考虑（答案：A）9、对于静止元件来说，其（）。
A正序电抗＝负序电抗B正序电抗＝零序电抗C负序电抗＝零序电抗（答案：A）10、架空输电线的正序电抗（）于其零序电抗。
A大于B小于C等于（答案：B）11、有架空地线的输电线的零序电抗（）无架空地线的输电线的零序电抗。
A大于B小于C等于（答案：B）12、平行架设的双回输电线的零序阻抗（）单回输电线的零序阻抗。
A大于B小于C等于（答案：A）13、对于变压器的各序漏抗，其值大小（）A相等B不等C不能确定（答案：A）14、两相短路时的比例系数m(n)为（）。
A.3B.1C.3（答案：A）15、电压和电流对称分量在经过（）接线的变压器后相位不变。
A.Y，d11B.Y，y0C.Y，d1（答案：B）16、电力系统发生短路后，系统中各点电压的不对称程度主要由（）序分量决定。
A.正B.负C.零（答案：B）17、单相接地短路时，短路点的负序和零序电压（）。
四川大学《电力系统分析基础(1)1350》20春在线作业1.doc
1.A. B.C.【参考答案】: A2.A.B.C.【参考答案】: B3.架空输电线路各序参数的特点有( )A.正序参数与负序参数相等B.正序参数大于负序参数C.零序参数大于正序参数D.零序参数大于负序参数E.架空地线使等值的零序阻抗参数减小【参考答案】: ACDE4.电力系统中枢点的调压方式有( )A.顺调压B.改变变压器的变比调压C.逆调压D.常调压E.发电机调压【参考答案】: ACD5.功角δ的物理意义为( )A.作为电磁参数代表发电机q轴电势之间的夹角B.作为继续参数代表发电机转子之间的相对位置C.各发电机机端电压之间的夹角D.0【参考答案】: AB6.电力系统中消耗感性无功功率的元件有( )A.白织灯B.异步电动机C.电容器D.变压器E.输电线路【参考答案】: BDE7.短路冲击电流是短路电流的最大有效值。
A.错误B.正确【参考答案】: A8.不对称故障一般采用对称分量法进行分析。
A.错误B.正确【参考答案】: B9.电力系统二次调频可以实现无差调节。
A.错误B.正确【参考答案】: B10.采用自动重合闸将使最大可能的减速面积减小。
A.错误B.正确【参考答案】: A11.最大可能的减速面积大于加速面积，系统将失去暂态稳定。
A.错误B.正确【参考答案】: A12.按等微增率准则分配负荷将使系统的燃料消耗最少。
（）A.错误B.正确【参考答案】: B13.输电线路的零序阻抗等于正序阻抗。
（）A.错误B.正确【参考答案】: A14.逆调压是大负荷时升高电压，小负荷时降低电压的调压方式。
（）A.错误B.正确【参考答案】: B15.电力系统电压大小主要受有功功率影响。
A.错误B.正确【参考答案】: A16.提高输电电压将提高系统输送功率的极限。
（）A.错误B.正确【参考答案】: B。
电力系统稳态分析第一次作业参考答案版可编辑
第一次作业参照答案1、、电能生产的主要特色有哪些？答：电能生产的主要特色能够概括为以下三点。
①电能生产的连续性特色；因为电能不可以大批储存，电能的生产、输送和花费是同时达成的。
②电能生产刹时性的特色；这是因为电能的传输速度非常快（靠近光速），电力系统中任何一点发生故障都立刻影响到整个电力系统。
③电能生产重要性的特色；电能洁净卫生、易于变换、便于实现自动控制，所以公民经济各部门绝大多半以电能作为能源，而电能又不可以储藏，所以电能供给的中止或减少将对国名经济产生重要影响。
2、对电力系统运转的基本要求是什么？答：对电力系统运转的基本要求有：①保证对用户的供电靠谱性；②电能质量要好；③电力系统运转经济性要好；④对环境的不良影响要小。
3、电力系统中负荷的分类（I 、II 、III类负荷）是依据什么原则进行的？各种负荷对供电靠谱性的要求是什么？答：电力系统中负荷的分类是依据用户的重要程度和供电中止或减少对用户所造成的危害的大小来区分的，凡供电中止将致使设施破坏、人员伤亡、产品报废、社会次序还乱、政治影响大的用户的用电设施称为I 类负荷；凡供电中止或减少将致使产品产量降落、人民生活遇到影响的用户的用电设备称为 II类负荷；I类、II类负荷之外的负荷称为III类负荷。
I类负荷对供电靠谱性的要求是任何状况下不得中止供电；II类负荷对供电靠谱性的要求是尽可能不中止供电；III类负荷能够停电。
4、标出下列图所示电力系统中发电机、变压器的额定电压。
（图中已标出线路的额定电压）答：上述电力系统中发电机、变压器的额定电压以下：G： 10.5KV ； T1： 10.5/242KV；T2：220/121/38.5KV；T3：35/6.3KV5、为何 110KV 及以上的架空输电线路需要全线架设避雷线而35KV 及以下架空输电线路不需全线架设避雷线？答：因为110KV 及以上系统采纳中性点直接接地的中性点运转方式，这类运转方式的长处是：正常运转状况下各相对地电压为相电压，系统发生单相接地短路故障时，非故障相对地电压仍为相电压，电气设施和输电线路的对地绝缘只需按蒙受相电压考虑，进而降低电气设施和输电线路的绝缘花费，提升电力系统运转的经济性；弊端是发生单相接地短路时需要切除故障线路，供电靠谱性差。
2020智慧树知到《电力系统分析》章节测试[完整答案]
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2020智慧树知到《电力系统分析》章节测试[完整答案]2020智慧树知到《电力系统分析》章节测试答案第一章1、停电有可能导致人员伤亡或主要生产设备损坏的用户的用电设备属于( )A:一级负荷B:二级负荷C:三级负荷D:特级负荷正确答案：一级负荷2、衡量电能质量的指标是( )A:电压B:频率C:网损率D:波形正确答案：电压,频率,波形3、无备用接线的主要优点、缺点是( )A:可靠性高，经济性差B:接线简单，经济性差C:经济性好，可靠性差D:经济性好，接线复杂正确答案：经济性好，可靠性差4、电力网的基本组成元件有( )多选题A:发电机B:变压器C:线路D:负荷正确答案：变压器,线路5、中性点直接接地系统，发生单相短路接地，中性点电压为( ) A:相电压B:线电压C:0D:相电压正确答案：0第二章1、电力系统中用户用电设备消耗功率总和称为( )。
A:发电负荷B:用电负荷C:供电负荷D:备用负荷正确答案：用电负荷2、采用分裂导线后，与同截面的普通导线相比，其线路对地电容( )。
A:增大B:减小C:不变D:不确定正确答案：增大3、双绕组变压器，Г型等值电路中的导纳为( )A:GT+jBTB:-GT-jBTC:GT-jBTD:-GT+jBT正确答案：GT-jBT4、电力系统的综合供电负荷加上厂用电之和，称为( ) A:发电负荷B:供电负荷C:用电负荷D:工业负荷正确答案：发电负荷5、在有名单位制中，功率的表达式为( )A:S=1.732×V×IB:S=V×IC:S=3×V×ID:S=VICOSφ正确答案：S=1.732×V×I第三章1、对于下图所示的放射性网络，下述说法中正确的是( )。
3-1.pngA:网络的潮流分布可以调控;B:网络的潮流分布不可以调控;C:网络的潮流分布由线路长度决定;D:网络的潮流分布由线路阻抗确定。
《电力系统分析》试题含答案
《电力系统分析》试题含答案《电力系统分析》试题一、判断题1、电力系统是由发电机、变压器、输配电线路和用电设备按照一定规律连接而成，用于电能生产、变换、输送分配和消费的系统。
（√ ）2、电能生产的主要特点可以概括为连续性、瞬时性和重要性（√ ）。
3、负荷等级的分类是按照供电中断或减少所造成的后果的严重程度划分的。
（√ ）4、保证供电可靠性就是在任何情况下都不间断对用户的供电。
（×）5. 中等长度线路是指100Km以上、300Km以下的架空线路。
（√ ）6. 分裂导线多采用2～4分裂，最多不超过6分裂。
（√ ）7. 电能生产的主要特点可以概括为连续性、瞬时性和重要性（√ ）8. 负荷等级的分类是按照供电中断或减少所造成的后果的严重程度划分的。
（√ ）9. 采用分裂导线不仅可以减小架空输电线路的电抗，而且可以提高架空输电线路的电晕临界电压。
（× ）10、供电中断将造成产品大量报废的用户的用电设备属于二级负荷。
（×）11. 用户只能从一个方向获得电能的电力网接线称为无备用接线方式，无备用接线方式通常用于对三级负荷的供电。
（√ ）12. 我国对电力系统频率偏移的规定是正常情况下不超过+ -5%。
（× ）13. 衡量电能质量的具体指标是电压偏移、频率偏移和电压畸变率。
（√ ）.14. 线电压和相电压的标么值数值相等。
（√）.15．35kv及以下高压电力系统均应采用中性点不接地的运行方式。
（× ）16、一级负荷在任何情况下都不允许停电，所以应采用双电源供电或单电源双回路供电。
（×）17、二级负荷可以采用单电源双回路供电。
（√ ）18、电力网是指由变压器和输配电线路组成的用于电能变换和输送分配的网络。
（√ ）19、衡量电能质量的具体指标是电压偏移、频率偏移和电压畸变率。
（√ ）（）20、我国电力系统对频率偏移的具体规定是任何电力系统、任何情况下频率偏移都不得超过。
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完成日期：2020年06月08日 15点14分
说明：每道小题选项旁的标识是标准答案。
一、单项选择题。
本大题共22个小题，每小题 2.0 分，共44.0分。
在每小题给出的选项中，只有一项是符合题目要求的。
1.发电机的额定电压与网络的额定电压为同一等级时，发电机的额定电压
规定比网络的额定电压（）
A.高5％
B.高10％
C.低5％
D.低10％
2.变压器一次绕组的作用相当于用电设备，其额定电压与网络的额定电压相
等。
但直接与发电机联接时，其额定电压与发电机的额定电压相比（）。
A.高5％
B.低5％
C.低10％
D.相等
3.在（）情况下，不适宜用调节变压器变比的方式升高电压，这样做有
可能会引起系统其它节点电压下降。
A.有功充足
B.有功不足
C.无功不足
D.无功充足
4.在发电机容量允许的情况下二次调整可以实现（）。
A.二次调整
B.一次调整
C.无差调节
D.有差调节
5.频率的一次调整不能实现（）。
A.二次调整
B.一次调整
C.无差调节
D.有差调节
6.采用逆调压方式的中枢点电压，在最大负荷时较线路的额定电压（）。
A.高2%~5%
B.相等
C.高2.5%
D.高5%
7.系统单位调节功率K表示在计及发电机组和负荷的调节效应时，引起频率
单位变化的负荷变化量。
K的数值越（），负荷增减引起的频率变化就越（），频率也就越（）。
（）
A.小小稳定
B.大大稳定
C.大小稳定
D.大小不稳定
8.把中枢点电压保持在较线路额定电压高2%-5%的数值，不必随负荷变化来
调整中枢点电压，这种调压方式称为（）
A.逆调压
B.顺调压
C.常调压
D.以上都不对
9.
A. A
B. B
C. C
D. D
10.
A. A
B. B
C. C
D. D
11.
A. A
B. B
C. C
D. D
12.
A. A
B. B
C. C
D. D
13.
A. A
B. B
C. C
D. D
14.
A. A
B. B
C. C
D. D
15.
A. A
B. B
C. C
D. D
16.
A. A
B. B
C. C
D. D
17.
A. A
B. B
C. C
D. D
18.
A. A
B. B
C. C
D. D
19.
A. A
B. B
C. C
D. D
20.
A. A
B. B
C. C
D. D
21.
A. A
B. B
C. C
D. D
22.
A. A
B. B
C. C
D. D
二、多项选择题。
本大题共7个小题，每小题 4.0 分，共28.0分。
在每小题给出的选项中，有一项或多项是符合题目要求的。
1.电力系统中电压中枢点一般选在何处（）
A.大型发电厂的低压母线
B.大型发电厂的高压母线
C.枢纽变电所的二次母线
D.有大量地方性负荷的发电厂母线
E.所有发电厂的母线
2.目前电力系统采用较多的负荷静态模型有（）
A.恒功率负荷模型
B.恒定阻抗负荷模型
C.用电压静态特性表示的综合负荷模型
D.用电压及频率静态特性表示的综合负荷模型
E.恒电流负荷模型
3.下列关于各序网络的说法错误的是（）
A.正序网络中必须引入各电源电势，在短路点还必须引入代替故障的
正序电势
B.组成负序网络的元件与组成正序网络的元件完全相同
C.除中性点接地阻抗外电力系统各元件均应包括在正序网络中
D.零序网络中通常包含发电机和负荷
E.负序网络中所有的电源电势为零
4.请选择下面哪些是无功电源（）
A.同步调相机
B.静电电容器
C.发电机
D.变压器
E.静止补偿器
5.下列关于对称分量法的叙述错误的是（）
A.对称分量法就是把一组不对称的三相量分解成三组三相对称的分
量
B.正序分量和负序分量三相量大小相等，相位互差120度
C.正序分量和负序分量三相量大小相等，相位互差120度，且与系统
正常对称运行是相序相同
D.零序分量三相量大小相等，方向不定，随正负序分量方向变化
E.在不对称短路计算中使用该方法对在原短路点接入的一组三相不
对称电势源分解成正，负，零序三组对称分量，运用叠加原理分别
独立求解
6.
A. A
B. B
C. C
D. D
E. E
7.
A. A
B. B
C. C
D. D
E. E
三、判断题。
本大题共14个小题，每小题 2.0 分，共28.0分。
1.
态稳定性是指电力系统在某一运行方式下受到一个较大干扰后，系统自动恢复到原始运行状态的能力。
（）
2.
所谓元件的序阻抗就是指元件三相参数对称时，元件两端某一序的电压降与通过该元件同一序电流的比值。
（）
3.
增大负荷时，发电机组输出功率增加，频率低于初始值；负荷减小时，发电机组输出功率减小，频率高于初始值。
适应于变化幅度小，变化周期较短的变化负荷。
这就是频率的二次调整。
（）
4.
负荷点的残余电压如果小于其内部电势的0.8则要作为电源向系统提供冲击电流。
（）
5.
在三种调压方式中，顺调压最难实现，常调压次之，逆调压最容易实现。
（）
6.
派克变换就是将a, b ,c坐标系统变换成d, q, 0坐标系统。
（）
7.
采用标幺值的优点是能够简化计算公式，缺点是没有量纲，物理概念不清楚。
（）
8.
元件两端存在电压幅值差是传送有功功率的条件，存在电压相角差是传送无功功率的条件。
（）
9.
提高输送功率的极限并不能提高系统的静态稳定性。
（）
10.
在电力网中由两个方向流入的节点称为功率分点，有功功率和无功功率分点一定在同一点上。
（）
11.
静电电容器只能输出无功，不能吸收无功，功能上没有同步调相机好，但成本较低。
（）
12.
逆调压的调压要求的变化趋势与实际变化相反，采用普通变压器分接头的方法一定能实现这一调压要求。
（）
13.
无功功率的产生基本上不消耗能源，所以当无功功率沿着网络传送也基本不引起有功功率的损耗和电压损耗。
（）
14.
改变环网中不合理不经济功率分布的一个可行办法是调整变压器变比，产生某一指定方向的循环功率来改善功率分布。
（）。