中考数学中的探究性问题动态几何(终审稿)
中考数学中的探究性问
题动态几何
Pleasure Group Office【T985AB-B866SYT-B182C-BS682T-STT18】
中考数学中的《探究性问题——动态几何》
动态几何类问题是近几年中考命题的热点,题目灵活、多变,能够全面考查
学生的综合分析和解决问题的能力。
有关动态几何的概念,在很多资料上有说明,但是没有一个统一的定义,在这里就不在赘述了。本人只是用2005 年的部分中考数学试题加以说明。
一、知识网络
《动态几何》涉及的几种情况动点问题?
动线问题动形问题?
?
二、例题经典
1.【05 重庆课改】如图,在平面直角坐标系内,已知点A(0,6)、点B(8,0),动点P 从点A 开始在线段AO 上以每秒1 个单位长度的速度向点O 移动,同时动点Q 从点B
开始在线段BA 上以每秒2 个单位长度的速度向点A 移动,设点P、Q 移动的时间为t 秒.
(1) 求直线AB 的解析式;
y
(2) 当t 为何值时,△APQ 与△AOB 相似
24
A
(3) 当t 为何值时,△APQ 的面积为
个平方单位
5
P Q
【解】(1)设直线AB 的解析式为y=k x+b 由题意,得b=6
8k+b=0
3
解得k=-b=6
4
3
所以,直线AB 的解析式为y=-x+6.
4
(2)由AO=6,BO=8 得AB=10
所以AP=t ,AQ=10-2t
1°当∠APQ=∠AOB 时,△APQ∽△AOB.
t 10 2t 30
所以=解得t=
(秒)
6 10 11
2°当∠AQP=∠AOB 时,△AQP∽△AOB.
t 10 2t 50
所以=解得t=
10 6 13
(秒) (3)过点Q 作QE 垂直AO 于点E.
BO 4
在Rt△AOB 中,Sin∠BAO=
=
AB
5 O
y
y
A
P Q
O
A
Q
y
B
B
B
x
x
x
P
O
A
x P Q
E
O
在Rt△AEQ 中,QE=AQ·Sin∠BAO=(10-2t)·
1 1
所以,S AP·QE=t·(8-
△APQ
=2
2
4 24
=- 2
t+4t=
5 5
解得t=2(秒)或t=3(秒).
8
5
t)
4
5
=8-
8
5
t
2.【05 青岛】如图,在矩形ABCD 中,AB=6 米,BC=8 米,动点P 以2 米/秒的速度从点A 出发,沿AC 向点C 移动,同时动点Q 以1 米/秒的速度从点C 出发,沿CB 向点B 移动,设P、Q 两点移动t 秒(0 (1)求面积S 与时间t 的关系式; (2)在P、Q 两点移动的过程中,四边形ABQP 与△CPQ 的面积能否相等若能,求出此时点P 的位置;若不能,请说明理由。 【解】(1)过点P 作PE⊥BC于E RtABC中,AC =AB2 +BC2 =62 +82 =10(米) 由题意知:AP =2t,CQ =t,则PC =10 2t 由AB⊥BC,PE⊥ΒC得PE / /AB ∴PE = PC AB AC 即:PE t ,PE t t = 10 2 3 10 2 6 ∴=( ) =+6 ? 6 10 5 5 =1 ××= 又QS ABC 6 8 24 2 24 1 6 3 ABC PCQ 6 ∴S=S S=t(t+) =t3t+24 2 2 5 5 即:S =3 t t + 2 3 24 5 (2)假设四边形ABQP与CPQ的面积相等,则有: 3 5 t 3t +24 =12 2 即:t2 5t +20 =0 Q b2 4ac =(5)2 4 ×1×20 <0 ∴方程无实根 ∴在P、Q两点移动的过程中,四边形ABQP与CPQ的面积不能相等。 3.【05乌鲁木齐】四边形OABC 是等腰梯形,OA∥BC。在建立如图的 平面直角坐标系中,A (4,0),B(3, 2),点M 从O 点以每秒2 单位的速度 向终点A 运动;同时点N 从B 点出发 以每秒1 个单位的速度向终点C 运动, 过点N 作NP 垂直于x 轴于P 点连结 A C 交NP 于Q,连结MQ。(1)写出C 点的坐标; (2)若动点N 运动t 秒,求Q 点的坐 标(用含t 的式子表示 (3)其△AMQ 的面积S 与时间t 的函数关系式,并写出自变量t 的取值范围。(4)当t 取何值时,△AMQ 的面积最大;(5)当t 为何值时,△AMQ 为等腰三 角形。 【解】(1)C(1,2) (2)过C 作CE⊥x 轴于E,则CE=2 当动点N 运动t 秒时,NB=t ∴点Q 的横坐标为3—t| y 1 Q+t 设Q 点的纵坐标为y Q 由PQ∥CE 得 3 =∴ 2 y Q =2 2t + 3 2 2 +t ∴点Q(3 , t) 3 (3)点M 以每秒2 个单位运动,∴OM=2t,AM=4—2t 1 1 2 2t 2 2 2 + S (4 2 ) =(2 t)(t1) =( 2) AM PQ=t+t t = 3 △AMQ 2 2 3 3 当t=2 时,M 运动到A 点,△AMQ 不存在∴t ≠ 2 ∴t 的取值范围是0≤t<2 2 2 2 1 2 3 (4)由S ( t t2) =(t) +。 = 2 △AMQ 3 3 2 1 3 当t=时,S= 2 2 mzx (5)、①若QM=QA ∵QP⊥OA∴MP=AP 而MP=4—(1+t+2t)=3—3t 1 1 即1+t=3—3t t=∴当t=时,△QMA 为等腰三角形。 2 2 2 2 13 +t ②若AQ=AM AQ2=AP2+PQ2= 2 2 (1 )2 (1 t) +( ) =+t + 3 9 13 13 AQ= (1+) AM=4—2t (1 ) t t +=4—2t 3 3 t=85 ? 18 23 13 85 而< ? 18 23 13 < 2 ∴当t=8518 23 13 时,△QMA 为等腰三角形。 2 t + 2 85 154 ③若MQ=MA MQ2=MP2+PQ2= 3 ( ) (3 t)2 2 = 2 + +t t 3 9 9 85 2 15 4 8 5 49 2 10 59 ∴t+t t= t=(4 2t)2 0 9 9 9 9 9 9 59 59 解得t=或t=—1(舍去)∵0<<2 49 49 59 ∴当t=时,△QMA 为等腰三角形。 49 85 9 综上所述:当t=1 2 、t= 8518 23 13 或t= 59 49 △QMA 都为等腰三角形。 4.【05宜昌】如图1,已知△ABC的高AE=5,BC= 40 ,∠ABC=45°,F是AE上的 3 点,G是点E关于F的对称点,过点G作BC的平行线与AB交于H、与AC交于I,连接 IF并延长交BC于J,连接HF并延长交BC于K. (1)请你探索并判断四边形HIKJ是怎样的四边形并对你得到的结论予以证明;(2)当点F在AE上运动并使点H、I、K、J都在△ABC的三条边上时,求线段AF长的取值范围. A A(图2 供思考用) H G I F B E K J B E C C 图1 图2 【解】(1)∵点G 与点E 关于点F 对称,∴GF=FE ∵HI∥BC,∴∠GIF=∠EJF,又∵∠GFI=∠EFJ,∴△GFI≌△EFJ,∴GI=JE 同理可得HG=EK ,∴HI=JK, ∴四边形HIKJ 是平行四边形 (2)当F 是AE 的中点时,A、G 重合,所以AF= 如图1,∵AE 过平行四边形HIJK 的中心F, ∴∴ HG=EK, GI=JE. HG/BE=GI/EC. H A B G I F ∵CE>BE,∴GI>HG, ∴CK>BJ. B J E K C ∴当点F 在AE 上运动时, 点K、J 随之在BC 上运动, 图1 如图2,当点F 的位置使得B、J 重合时,这时点K 仍为CE 上的某一点(不与C、E A H G I F 重合),而且点H、I 也分别在AB、AC 上 设EF=x,∵∠AHG=∠ABC=45°,AE=5, 40 —5. ∴BE=5=GI,AG=HG=5—2x ,CE= 3 ∵△AGI∽△AEC,∴AG∶AE=GI∶CE. 图2 40 ∴(5—2x)∶5=5∶( —5) 3 5 <AF≤4. ∴x=1,∴AF=5—x=4 ∴ 2 5.【05漳州】如图1,在直角梯形ABCD 中,AD∥BC,顶点D,C 分别在AM,BN 上运动(点D 不与A 重合,点C 不与B 重合),E 是AB 上的动点(点E 不与A,B 重合),在运动过程中始终保持DE⊥CE,且AD+DE=AB=a。 (1)求证:△ADE∽△BEC; (2)当点E 为AB 边的中点时(如图2), 求证:①AD+BC=CD;②DE,CE 分别平分∠ADC,∠BCD; (3)设AE=m,请探究:△BEC 的周长是否与m 值有关,若有关请用含m 的代数式表示△BEC 的周长;若无关请说明理由。 【解】(1)太简单,略。 (2)过点E 作梯形两底的平行线交腰CD 于F,则F 是CD 的中点, 则EF 既是梯形ABCD 的中位线,又是Rt△DEC 斜边上的中线。 根据各自的性质:AD+BC=2EF,CD=2EF 所以AD+BC=CD. 由△EFD 是等腰三角形(FD=FE=1 CD )得∠FDE=∠FED 2 由EF∥AD 可得∠ADE=∠FED ∴∠FDE=∠ADE,即DE 平分∠ADC; 同理可证:CE 平分∠BCD。 (3)设AD=x,由已知AD+DE=AB=a 得DE=a-x,又AE=m 在Rt△AED 中,由勾股定理得:x2+m2=(a-x)2 化简整理得:a2-m2=2ax ① 在△EBC 中,由AE=m,AB=a,得BE=a-m 因为△ADE∽△BEC,所以AD AE DE ==,即:x m a x ==, - BE BC EC a m BC EC - 解得:BC a m m EC a m a x . (-)(-)(-) =,= x x 所以△BEC 的周长=BE+BC+EC= a m a m m a m a x (-)++ (-)(-)(-) x x =(a-m)1+m+a x = a m a m (-)= -+ x x x a 2 m 2 -a 2 m 2 x ② 把①式代入②,得△BEC 的周长=BE+BC+EC=2ax 2a =, x 所以△BEC 的周长与m 无关。 6.【05河北】如图12,在直角梯形ABCD 中,AD∥BC,∠C=90°,BC=16,DC= 12,AD=21。动点P 从点D 出发,沿射线DA 的方向以每秒2 两个单位长的速度运动,动点Q 从点C 出发,在线段CB 上以每秒1 个单位长的速度向点 A P D B 运动,点P,Q 分别从点D,C 同时出发,当点Q 运动到点B 时,点P 随之停止运动。设运动的时间为t(秒)。 (1)设△BPQ 的面积为S,求S 与t 之间的函数关系式; (2)当t 为何值时,以B,P,Q 三点为顶点的三角形是等腰 B Q C 三角形 图10 (3)当线段PQ 与线段AB 相交于点O,且2AO=OB 时,求 ∠BQP 的正切值; (4)是否存在时刻t,使得PQ⊥BD若存在,求出t 的值;若不存在,请说明理由。 【解】(1)如图3,过点P 作PM⊥BC,垂足为M,则四边形PDCM 为矩形。∴PM=DC =12 P ∵QB=16-t,∴S=1 A ×12×(16-t)=96-t D 2 (2)由图可知:CM=PD=2t,CQ=t。以B、P、Q 三 点为顶点的三角形是等腰三角形,可以分三种情况: B M C Q ①若PQ=BQ。在Rt△PMQ 中,PQ2 =t2 +122 , 图3 ; 由PQ2=BQ2 得t2 +122 =(16 t)2 ,解得t=7 2 ②若BP=BQ。在Rt△PMB 中,BP2 =(16 2t)2 +122 。由BP2=BQ2 得: (16 2t) +12 =(16 t) 即3t2 32t+144 =0。 2 2 2 由于Δ=-704<0 ∴3t2 32t+144 =0无解,∴PB≠BQ ③若PB=PQ。由PB2=PQ2,得t2 +122 =(16 2t)2 +122 整理,得3t2 64t+256 =0 。解得 1 16 2 16 t=,t=(不合题意,舍去) 3 综合上面的讨论可知:当t=7 16 秒或秒时,以B、P、Q 三点为顶点的三角形是等 t= 2 3 腰三角形。 (3)如图4,由△OAP∽△OBQ,得AP AO 1 == BQ OB 2 P A E D O ∵AP=2t-21,BQ=16-t,∴2(2t-21)=16-t。 ∴t=58 。 5 过点Q 作QE⊥AD,垂足为E, ∵PD=2t,ED=QC=t,∴PE=t。 在RT△PEQ 中,tan∠QPE=12 30 QE == PE t29 (4)设存在时刻t,使得PQ⊥BD。如图5,过点Q 作QE⊥ADS,垂足为E。由Rt△BDC∽Rt△QPE,得 DC=PE,即12 t =。解得t=9 BC EQ16 12 所以,当t=9 秒时,PQ⊥BD。B Q C 图4 A P E D B Q C 图5 O 7.【05河北课改】图15―1 至15―7 中的网格图均是20×20 的等距网格图(每个小方 格的边长均为1 个单位长)。侦察兵王凯在P 点观察区域MNCD 内的活动情况。当5 个单 位长的列车(图中的)以每秒1 个单位长的速度在铁路线MN 上通过时,列车将阻挡王凯的部分视线,在区域MNCD 内形成盲区(不考虑列车的宽度和车厢间的缝隙)。设列车 车头运行到M 点的时刻为0,列车从M 点向N 点方向运行的时间为t(秒)。 ⑴在区域MNCD 内,请你针对图15―1,图15―2,图15―3,图15―4 中列车位于不同位置的情形分别画出相应的盲区,并在盲区内涂上阴影。 ⑵只考虑在区域ABCD 内开成的盲区。设在这个区域内的盲区面积是y(平方单位)。 ①如图15―5,当5≤t≤10 时,请你求出用t 表示y 的函数关系式; ②如图15―6,当10≤t≤15 时,请你求出用t 表示y 的函数关系式;③ 如图15―7,当15≤t≤20 时,请你求出用t 表示y 的函数关系式; ④根据①~③中得到的结论,请你简单概括y 随t 的变化而变化的情况。 ⑶根据上述研究过程,请你按不同的时段,就列车行驶过程中在区域MNCD 内所形成 盲区的面积大小的变化情况提出一个综合的猜想(问题⑶是额外加分,加分幅度为1~4 分)。 【解】⑴略 ⑵①如图6,当5≤t≤10 时,盲区是梯形AA1D1D ∵O 是PQ 中点,且OA∥QD,∴A1,A 分别是PD1 和PD 中点∴A1A 是△PD1D 的中位线。 又∵A1A =t5,∴D1D =2(t5) 而梯形AA1D1D 的高OQ=10, 1 ∴[( 5) 2( 5)] 10 15 75 y=t+t×=t∴y=15t75 2 ②如图7,当10≤t≤15 时,盲区是梯形A2B22C22D22, 易知A2B2 是△PC2D2 的中位线,且A2B2=5,∴C2D2=10 又∵梯形A2B2C2D2 的高OQ=10, 1 ∴y(5 10) 10 75 ∴y=75 =+×= 2 ③如图8,当15≤t≤20 时,盲区是梯形B3BCC3 易知BB3 是△PCC3 的中位线 且BB3 =5 (t15) =20 t 又∵梯形B3BCC3 的高OQ=10 ,∴ 1 y[(20 ) 2(20 )] 10 300 15 =t+t×=t 2 ∴y=300 15t ④当5≤t≤10 时,由一次函数y=15t75 的性质可知,盲区的面积由0 逐渐增大到75; 当10≤t≤15 时,盲区的面积y 为定值75; 当15≤t≤20 时,由一次函数y=300 15t的性质可知,盲区的面积由75 逐渐减小 到0 ⑶通过上述研究可知,列车从M 点向N 点方向运行的过程中,在区域MNCD 内盲区面积大小的变化是: ①在0≤t≤10 时段内,盲区面积从0 逐渐增大到75; ②在10≤t≤15 时段内,盲区的面积为定值75; ③在15≤t≤20 时段内,盲区面积从75 逐渐减小到0 8.【05黄岗】如图,在直角坐标系中,O 是原点,A、B、C 三点的坐标分别为A(18, 0),B(18,6),C(8,6),四边形OABC 是梯形,点P、Q 同时从原点出发,分别坐匀速运动,其中点P 沿OA 向终点A 运动,速度为每秒1 个单位,点Q 沿OC、CB 向终点B 运动,当这两点有一点到达自己的终点时,另一点也停止运动。 ⑴求出直线OC 的解析式及经过O、A、C 三点的抛物线的解析式。 ⑵试在⑴中的抛物线上找一点D,使得以O、A、D 为顶点的三角形与△AOC 全等, 请直接写出点D 的坐标。 ⑶设从出发起,运动了t 秒。如果点Q 的速度为每秒2 个单位,试写出点Q 的坐标,并写出此时t 的取值范围。 ⑷设从出发起,运动了t 秒。当P、Q 两点运动的路程之和恰好等于梯形OABC 的周 长的一半,这时,直线PQ 能否把梯形的面积也分成相等的两部分,如有可能,请求出t 的值;如不可能,请说明理由。 y C(8,6)B(18,6) Q O P A(18,0)x 【解】⑴∵O、C 两点的坐标分别为O (0,0),C (8,6) 设OC 的解析式为y=kx+b,将两点坐标代入得: 3 3 k,b=0 ,∴y x == 4 4 ∵A,O 是x轴上两点,故可设抛物线的解析式为y=a(x0)(x18)