2012年高考终极仿真模拟试题物理(上海卷)
上海市黄浦区2012年高三物理二模卷
Z 黄浦区2012年高考模拟考物理试卷2012年4月11日考生注意：1．答卷前，考生务必将姓名、准考证号等填写清楚。
2．本试卷共8页，满分150分。
考试时间120分钟。
考生应用蓝色或黑色的钢笔或圆珠笔将答案写在答题卷上。
3．第30、31、32、33题要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。
只写出最后答案，而未写出主要演算过程的不能得分。
有关物理量的数值计算问题，答案中必须明确写出数值和单位。
第I 卷（共56分）一、单项选择题（40分）Ⅰ单项选择题。
（16分。
本题共8小题，每小题2分，每小题给出的四个答案中，只有一个是正确的。
把正确答案选出来，并将正确答案前面的字母填涂在答题卷相应的位置上。
）1．下列现象中能说明分子间存在斥力的是（）（A ）气体总是很容易充满容器（B ）水的体积很难被压缩（C ）清凉油的气味很容易被闻到（D ）两个铁块用力挤压不能粘合在一起2．恒星的寿命取决于它的（）（A ）质量（B ）体积（C ）组成部分（D ）温度3．一个放射性原子核发生一次β衰变，它的（）（A ）质子数减少一个，中子数不变（B ）质子数增加一个，中子数不变（C ）质子数减少一个，中子数增加一个（D ）质子数增加一个，中子数减少一个4．关于电磁波的应用，下列说法正确的是（）（A ）γ射线可用于纸币防伪鉴别工作（B ）紫外线用于加热和烘干（C ）X 射线可用于机场检查箱内的物品（D ）微波可用于测量钢板厚度5．有一类物理量的大小等于另一类物理量随时间的变化率或与该变化率成正比，下列物理量的组合中能满足这一关系的是（）（A ）加速度与力（B ）功与动能（C ）弹力与弹簧的伸长量（D ）感应电动势与磁通量6．如图所示为一基本门电路的符号及其输入端A 、B 的电势随时间变化的图像，则该门电路的输出端Z 的电势随时间变化的图像是（）（A）（B）（C）（D）7．如图所示，两端开口的U型管中装有水银，在右管中用水银封闭着一段空气，要使两侧水银面高度差h增大，应（）（A）从左管滴入水银（B）从右管滴入水银（C）让气体升温（D）让气体降温8．在电场力作用下，原来静止的带正电的点电荷从a点移到b点，在这个过程中，电荷的速度不断增大。
2012年高考模拟试卷理科综合物理部分
2012年高考模拟试卷理科综合物理部分二、选择题（本题包括7小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 14．如图所示，截面为三角形的木块 a 上放置一铁块 b ，三角形木块竖直边靠在竖直且粗糙的竖直面上，现用竖直向上的作用力 F ，推动木块与铁块一起向上匀速运动，运动过程中铁块与木块始终保持相对静止，则下面说法正确的是（ ）A ．木块 a 与铁块 b 间一定存在摩擦力B ．木块与竖直墙面间一定存在水平弹力C ．木块与竖直墙面间一定存在摩擦力D ．竖直向上的作用力 F 大小一定大于铁块与木块的重力之和15．一物体沿固定斜面从静止开始向下运动，经过时间t 0滑至斜面底端。
已知在物体运动过程中物体所受的摩擦力恒定。
若用F 、v 、s 和E 分别表示该物体所受的合力、物体的速度、位移和机械能，则下列图象中可能正确的是 （ ）16.我国预计在2015年建成由30多颗卫星组成的“北斗二号”卫星导航定位系统，从而实现我国自主研发全球卫星定位．此系统由中轨道、高轨道和同步轨道卫星等组成．2012年2月25日凌晨0时12分，在西昌卫星发射中心用“长征三号丙”运载火箭，将“北斗二号”卫星导航定位系统中的第十一颗北斗导航卫星成功送入太空预定转移轨道。
已知正在服役的“北斗一号”卫星定位系统的三颗卫星都定位在距地面36 000 km 的地球同步轨道上，而美国的全球卫星定位系统(简称GPS)由24颗卫星组成，这些卫星距地面的高度均为20 000 km.则下列说法中正确的是 ( )A ．“北斗一号”系统中的三颗卫星的质量必须相等B ．GPS 的卫星比“北斗一号”的卫星周期短C ．第十一颗北斗导航卫星发射速度可以小于第一宇宙速度D ．“北斗二号”中的中轨道卫星的线速度大于高轨道卫星的线速度17、如图所示，一带电粒子射入一固定在O 点的点电荷的电场中，粒子运动轨迹是虚线abc 所示.图中实线是同心圆弧，表示电场的等势面，不计粒子所受重力，则以下判断中正确的是（ ）A. 此粒子一直受到静电斥力作用B. 粒子有b 点的电势能一定大于在a 点的电势能C. 粒子在b 点的速度一定大于a 点的速度D. 粒子在b 点的电势一定大于c 点的电势18．如图所示，a 、b 两物块质量分别为 m 、2 m ，用不计质量的细绳相连接，悬挂在定滑轮的两侧，不计滑轮质量和一切摩擦．开始时，a 、b 两物块距离地面高度相同，用手托住物块 b ，然后突然由静止释放，直至 a 、b 物块间高度差为 h ．在此过程中，下列说法正确的是 （ ）A ．物块 a 的机械能逐渐增加B ．物块 b 机械能减少量等于 a 机械能的增加量/10 C．物块b重力势能的减少量等于细绳拉力对它所做的功D．物块a重力势能的增加量等于其动能增加19．一理想变压器原、副线圈的匝数之比为11 : 2 ，副线圈的输出电压u随时间变化的规律如图所示，副线圈上仅接入一个阻值为20Ω的定值电阻，则（）A．原线圈的输入电压为220 VB．原线圈的输入电流为11 AC．经过1分钟定值电阻放出的热量是4800 JD．变压器的输入功率是2420 W20. 如图6所示，固定在水平桌面上的光滑金属框架cdeg金属杆ab与金属框架接触良好.在两根导轨的端点d、e之间连接一电阻，其它部分电阻忽略不计.现用一水平向右的外力F作用在金属杆ab上，使金属杆由静止开始向右在框架上滑动，运动中杆ab始终垂直于框架.图7为一段时间内金属杆受到的安培力f随时间t的变化关系，则图8中可以表示外力F随时间t变化关系的图象是（）图8第II卷（非选择题）【必做部分+选做部分】21．（15分）（1）（6分）某同学做了一次较为准确的测定匀加速直线运动的加速度的实验，实验所得到的纸带如图所示。
2012上海物理高考卷
2012年上海物理高考卷一、选择题（每题4分，共40分）A. 牛顿B. 爱因斯坦C. 伽利略D. 麦克斯韦2. 在国际单位制中，下列哪个单位属于导出单位？A. 米（m）B. 秒（s）C. 安培（A）D. 瓦特（W）3. 一物体做匀速直线运动，下列哪个物理量是恒定的？A. 速度B. 加速度C. 动能D. 势能A. 水中的鱼看起来比实际位置浅B. 镜子中的像C. 彩虹D. 太阳光直射下的影子5. 一电阻器在电压为10V时的电流为2A，若电压变为5V，电流为多少？A. 1AC. 4AD. 0.5A6. 一物体在水平地面上做匀速直线运动，下列哪个力对物体做功？A. 重力B. 支持力C. 摩擦力A. 煤炭B. 石油C. 天然气D. 太阳能8. 在电路中，下列哪个元件具有单向导电性？A. 电阻器B. 电容器C. 二极管D. 晶体管9. 一物体从高度h自由下落，落地时的速度v与下列哪个物理量成正比？A. h的平方根B. hC. h的平方D. h的立方A. 速度B. 力D. 加速度二、填空题（每题4分，共40分）1. 在国际单位制中，电流的基本单位是______。
2. 一物体做匀加速直线运动，加速度为a，初速度为v0，经过时间t后的速度为______。
3. 光在真空中的传播速度是______。
4. 欧姆定律表达式为______。
5. 一电阻器在电压为U时的功率为P，若电压变为2U，功率为______。
6. 在弹性限度内，弹簧的伸长量与所受拉力成正比，这个规律称为______定律。
7. 一物体在水平地面上受到两个力的作用，若物体处于静止状态，这两个力必须满足______。
8. 在电磁感应现象中，产生感应电流的条件是______。
9. 根据玻意耳马略特定律，一定质量的气体在温度不变的情况下，压强与体积成______比。
10. 一物体做圆周运动，线速度v、角速度ω和半径r之间的关系为______。
三、计算题（每题10分，共30分）1. 一物体从静止开始做匀加速直线运动，加速度为2m/s²，求物体在第3秒末的速度和位移。
2012年全国高考仿真模拟题(全国新课标理综卷物理部分)
１ ．物体 在 轴上 做直 线运 动 ， 上 下两 图对 应关 系正 确 的是 （ 中 Ｆ表示 物体 所受 的合力 ， ７ 则 图 ａ表示 物体 的加速 度 ， 示物 体 的速度 ， 表示 物体 的位 移 ， Ｄ图 中曲线 为抛 物线 ） 表 Ｃ、 （
Ｆ Ｌ
Ｄ
一
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ｔ
Ｐ ； ｚ的输 入 电压 和输 入 功 率分 别 为 Ｕ。 Ｐ。 它 的输 出 电压 和输 出 Ｔ 和 ，
Ａ Ｕ 变 ， 变小 ； 不 Ｕ。 Ｃ Ｐ 变小 ， 小 ； 。 Ｐ 变 Ｂ Ｕ 小 ， 变大 ； 减 Ｕ Ｄ Ｐ 变大 ， 。 大 Ｐ 变
功 率分 别为 Ｕ 和 Ｐ ． Ｔ 设 的输入 电压 【 一 定 ， ， 当用户 消耗 的电功 率变 大时 ， （ 有
目 捆
） ．
Ｄ ・ Ｘ
．
Ｘ
×
Ｘ
２ ．如 右 图所示 ， １ 平行 导轨置 于磁感 应 强度为 Ｂ的匀 强磁场 中 （ 向 向里） 间距为 Ｌ， 方 ， 左 端 电阻为 ． 其 余 电阻不计 ， Ｒ， 导轨 右端 接一 电容为 Ｃ的电容器 ． 现有 一 长 ２ Ｌ的金属 棒 口 ６ 放在导 轨上 ，６以 ｎ为轴顺 时 针 以 转 过 ９ 。 ｎ ０的过 程 中 ， 过 Ｒ 的 电荷 量 为（ 通 ） ． Ｒ
— —
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Ｌ竺 ： 竺竺
１ ．如右 图所示 ， 等量异 种 电荷 形 成 的 电场 中 ， 一 正方 形 ＡＢ Ｄ， 角线 ＡＣ与 两 点 ８ 在 画 Ｃ 对 电荷 连线 重合 ， 两对 角线交 点 ０恰 为 电荷连线 的 中点． 列说法 中正确 的是 （ 下 Ａ Ａ 点的 电场强 度大 于 Ｂ点 的 电场强度且 两 点电场 强度方 向不 同 ； Ｂ Ｂ、 两点 的 电场 强度 及 电势 均相 同 ； Ｄ
上海市2012年高考物理压轴卷试题
绝密★启用前2012年普通高等学校招生全国统一考试上海物理试卷本试卷分第I卷(1—4页)和第II卷(4—10页)两部分。
全卷共10页。
满分150分。
考试时间120分钟。
第I卷(共56分)考生注意：1.答第1卷前，考生务必在试卷和答题卡上用蓝色或黑色的钢笔或圆珠笔清楚填写姓名、准考证号、校验码，并用2B铅笔在答题卡上正确涂写准考证号和校验码。
2.第I卷（1—20题)由机器阅卷，答案必须全部涂写在答题卡上。
考生应将代表正确答案的小方格用2B铅笔涂黑。
注意试题题号和答题卡编号一一对应，不能错位。
答案需要更改时，必须将原选项用橡皮擦去，重新选择。
答案不能涂写在试卷上，涂写在试卷上一律不给分。
一．单项选择题（共16分，每小题2分。
每小题只有一个正确选项。
）1．卢瑟福利用α粒子轰击金箔的实验研究原子结构，得到的实验结果有（）（A）所有α粒子几乎无偏转地穿过金箔（B）大多数α粒子发生较大角度的偏转（C）向各个方向运动的α粒子数目基本相等（D）极少数α粒子产生超过90︒的大角度偏转2．如图所示，用A、B两块木板，搭成一个底角较小的人字形架，然后往中央一站，来推动衣橱，这里主要利用了（A）力的平衡（B）力的相互作用（C）力的分解（D）力的合成3．如图是一个有光照或温度升高时排气风扇都能起动的自动控制装置，则图中的电风扇是模块机器人中的（A）传感器（B）执行器（C）控制器（D）敏感元件4．在任何相等的两段时间内物体速度的变化量不同的运动是（A）自由落体运动（B）平抛运动[（C）匀速圆周运动（D）匀减速直线运动5．2、用绿光照射一光电管，能产生光电效应。
欲使光电子从阴极逸出时的最大初动能增大，下例措施可行的是（A）．改用红光照射（B）．改用紫光照射（C）．增大光电管上的加速电压（D）．增大绿光的强度6．如图为三个门电路符号，A输入端全为“1”，B输入端全为“0”。
则(A)甲为“非”门，输出为“1”(B)乙为“与”门，输出为“0” (C)乙为“或”门，输出为“1” (D)丙为“与”门，输出为“1”7．图中P 为放在匀强电场中的天然放射源，其放出的射线在电场的作用下分成a 、b 、c 三束，则（A ）a 为β射线、b 为γ射线 （B ）a 为α射线、b 为β射线 （C ）b 为β射线、c 为γ射线（D ）b 为α射线、c 为γ射线8．根据分子动理论，物质分子之间的距离为某一个值r 0时，分子所受的斥力和引力相等，则此时(A)分子具有最大势能 (B)分子具有最小势能 (C)引力和斥力都是最大值 (D)引力和斥力都是最小值二．单项选择题(共24分，每小题3分。
上海徐汇区2012届高三一模物理试题及答案
2011年第一学期徐汇区高三物理监控考试卷（考试时间120分钟，满分150分） 2012.1 1．答第Ⅰ卷前，考生务必在答题卷上用蓝色或黑色的钢笔或圆珠笔清楚填写姓名、考号，并用2B 铅笔在答题卷上正确涂写考号。
2．第Ⅰ卷（1—20题） 由机器阅卷。
考生应将在答题卷上的代表正确答案的小方格用2B 铅笔涂黑。
注意试题题号和答题卷题号一一对应，不能错位。
答案需要更改时，必须将原选项用橡皮擦去，重新选择。
第 Ⅰ 卷（共56分）一、单项选择题 （ 每小题2分，共16分，每小题只有一个正确选项。
） 1．下列单位中属于国际单位制的基本单位的是（ ）（A ）摩尔（mol ） （B ）焦耳（J ） （C ）库仑（C ） （D ）牛顿（N ） 2．基元电荷电量是任何带电体电量的（ ）（A ）最大公倍数 （B ）最小公倍数 （C ）最大公约数 （D ）最小公约数 3．下列有关物理学家和他们的贡献的叙述中正确的是 （ ）（A ）伽利略最早指出力是维持物体运动的原因 （B ）牛顿发现了万有引力定律并测出了引力常量 （C ）奥斯特发现感应电流方向的规律 （D ）法拉第提出用电场线描绘电场的分布4．物体做下列几种运动，其中一定符合机械能守恒的运动是( ) （A ）自由落体运动 （B ）在竖直方向做匀速直线运动 （C ）匀变速直线运动 （D ）在竖直平面内做匀速圆周运动5．用轻质细绳系住一小球，小球静止在光滑斜面上，如图所示，1为水平方向、2为沿斜面方向、3为沿绳方向、4为竖直方向、5为垂直斜面方向。
若要按照力的实际作用效果来分解小球的重力，下列叙述中正确的是（ ）（A ）将小球的重力沿1和5方向分解 （B ）将小球的重力沿2和5方向分解 （C ）将小球的重力沿3和5方向分解 （D ）将小球的重力沿3和2方向分解6．分子甲和乙相距较远（此时它们的分子力近似为零），如果甲固定不动，乙逐渐向甲靠近越过平衡位置直到不能再靠近。
在整个过程中（ ）（A ）先是乙克服分子力做功，然后分子力对乙做正功。
2012年上海市浦东新区高考物理模拟试卷(二模)及参考答案
物理试题2．如图所示，矩形线框在磁场内做的各种运动中，能够产生感应电流的是6．一定质量理想气体的状态变化如图所示，则该气体 （A ）状态b 的压强大于状态c 的压强 （B ）状态a 的压强大于状态b 的压强 （C ）从状态c 到状态d ，体积减小 （D ）从状态a 到状态c ，温度不变7．如图所示，一偏心轮绕垂直纸面的轴O 匀速转动，a 和b 是轮上质量相等的两个质点，则偏心轮转动过程中a 、b 两质点 （A ）角速度大小相同（B ）线速度大小相同 （C ）向心加速度大小相同 （D ）向心力大小相同9．一个门电路的两个输入端A 、B 与输出端Z 的波形如图所示，则该门电路是 （A ）“与”门（B ）“或”门 （C ）“与非”门（D ）“或非”门10．一辆普通家用小轿车的阻力系数（汽车所受阻力与重力的比值）为0.25，当该小轿车在高速公路上（最高限速为120km/h ）正常匀速行驶时发动机的功率约为 （A ）80W （B ）800W （C ）8kW （D ）80kW11．在如图所示的电场中，一点电荷＋q 沿电场线方向运动，其电势能随位移变化的关系最接近于下图中的12．某人站在三楼阳台上，同时以10m/s 的速率抛出两个小球，其中一个球竖直上抛，另一个球竖直下抛，它们落地的时间差为Δt ；如果该人站在六楼阳台上，以同样的方式抛出两BZ（A ）（B ）（C ）（D ）（A ） （B ） （D ）Bv（C ）个小球，它们落地的时间差为Δt′。
不计空气阻力，Δt′和Δt相比较，有（A）Δt′＜Δt（B）Δt′＝Δt（C）Δt′＞Δt（D）无法判断14．竖直悬挂的轻弹簧下连接一个小球，用手托起小球，使弹簧处于压缩状态，如图所示。
则迅速放手后（A）小球开始向下做匀加速运动（B）弹簧恢复原长时小球加速度为零（C）小球运动到最低点时加速度小于g（D）小球运动过程中最大加速度大于g15．如图所示，一定质量的空气被水银封闭在静置于竖直平面内的U型玻璃管中，右管上端开口且足够长，右管内水银面比左管内水银面低Δh，能使Δh变大的原因是（A）环境温度降低或者大气压强增大（B）环境温度升高或者大气压强减小（C）环境温度升高或者U型玻璃管自由下落（D）环境温度升高或者沿管壁向右管内加水银16．如图所示，粗糙水平桌面上有一粗细均匀的导线制成的矩形线圈ABCD，其左侧外上方有一条形磁铁，磁铁不动时，线圈的AB边和CD边对桌面的压力均为N。
2012年高考理综物理科仿真模拟考试卷
14.如图所示，弹簧秤一端固定在墙壁上，另一端与小木块A 相连，小木块A 置于报纸或塑料纸上。
已知小木块与报纸间的动摩擦因数为0.5，小木块与塑料纸间的动摩擦因数为0.3，当用力匀速抽出报纸B 的过程中，观察到弹簧秤的示数为5.0N ，若将报纸换为塑料纸,并加速抽出塑料纸B ，弹簧秤的示数大小（ ） A.一定大于5.0N B.一定等于5.0N C.一定大于3.0N D.一定等于3.0N15. 如图甲所示，将一小物块从坐标原点O 点开始，以某一水平速度沿水平x 轴向一光滑斜面抛出，物块运动至斜面顶端P 处时速度恰好与斜面平行，并沿斜面滑下；不计空气阻力，物块可视为质点。
则物块的分位移x 、y 和分速度v x 、v y 随时间变化的图象，可能是图乙中的16. 一列简谐横波在t =0时刻的波形如图所示，x =2.5m 处质点P 此时刻沿-y 运动，经过0.1s 第一次到达平衡位置，则下列说法正确的是( ) A.波沿沿+x 传播 B.该波的波速为25m/sC.从t =0时刻开始，质点Q 比质点M 先回到平衡位置D.质点Q 从t =0时刻的振动方程为y=5cost 35cm17.一对等量正点电荷电场的电场线(实线)和等势线(虚线)如图所示，图中A 、B 两点电场强度分别是E A 、E B ，负电荷q 在A 、B 时的电势能分别是E PA 、E PB ，下列判断正确的是( ) A.电荷连线的中垂面上有无数多个点的电场强度相同 B ．E A >E B ， E PA >E PB C ．E A < E B ， E PA >E PBD 如果给该负电荷适当的速度，该电荷可以在连线的中垂面内做匀速圆周运动。
18. 如图所示，放在光滑水平面上的矩形滑块是由不同材料的上下两层粘在一起组成的.质量为m 的子弹以速度v 水平射向滑块，若击中上层，则子弹刚好不穿出，若击中下层，则子弹刚好嵌入（即子弹尾部刚好进入到滑块左侧表面）.比较上述两种情况，以下说法中不正确的是（ ）A.两次子弹对滑块做功一样多B.两次滑块对子弹的阻力一样大C.两次滑块受到的冲量一样大D.两次系统产生的热量一样多19. 承载着我国载人飞船和空间飞行器交会对接技术的“天宫一号”已于2011年9月29日成功发射，随后将发射“神舟八号”飞船并与其实现交会对接。
2012年上海市高考物理试卷答案与解析
2012年上海市高考物理试卷参考答案与试题解析一．单项选择题.（共16分，每小題2分，每小题只有一个正确选项）1．（2分）（2012•上海）在光电效应实验中，用单色光照射某种金属表面，有光电子逸出，则光电子的最大初动能取决于入射光的（）A．频率 B．强度 C．照射时间 D．光子数目【考点】光电效应．【专题】光电效应专题．【分析】发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率．【解答】解：发生光电效应的条件是入射光的频率大于金属的极限频率，由公式E K=hf﹣W 知，W为逸出功不变，所以光电子的最大初动能取决于入射光的频率，A正确．故选A【点评】本题考查了发生光电效应的条件和光电效应方程的应用．2．（2分）（2012•上海）如图为红光或紫光通过双缝或单缝所呈现的图样，则（）A．甲为紫光的干涉图样B．乙为紫光的干涉图样C．丙为红光的干涉图样D．丁为红光的干涉图样【考点】光的干涉．【分析】根据双缝干涉条纹的间距公式，通过间距的大小，判断出两束光所呈现的图样，干涉图样是等间距的．【解答】解：由干涉图样条纹间距公式知条纹是等间距的，CD错误；红光的波长长，条纹间距大，所以甲为红光的，乙为紫光的，A错误B正确．故选：B【点评】解决本题的关键通过双缝干涉条纹的间距公式判断是那种光，根据干涉图样等间距分析各项．3．（2分）（2012•上海）与原子核内部变化有关的现象是（）A．电离现象 B．光电效应现象C．天然放射现象 D．α粒子散射现象【考点】天然放射现象．【专题】原子的核式结构及其组成．【分析】电离现象是电子脱离原子核的束缚．光电效应是原子核外层电子脱离原子核的束缚而逸出；天然放射现象是原子核内部自发的放射出α粒子或电子的现象；α粒子散射现象是用α粒子打到金箔上，受到原子核的库伦斥力而发生偏折的现象；【解答】解：A、电离现象是电子脱离原子核的束缚，不涉及原子核内部变化．故A错误．B、光电效应是原子核外层电子脱离原子核的束缚而逸出，没有涉及到原子核的变化，故B 错误．C、天然放射现象是原子核内部自发的放射出α粒子或电子的现象，反应的过程中核内核子数，质子数，中子数发生变化，涉及到原子核内部的变化．故C正确．D、α粒子散射实验表明了原子内部有一个很小的核，并没有涉及到核内部的变化．故D错误．故选C．【点评】本题考查这几种物理现象的本质，内容简单，只要加强记忆就能顺利解决，故应加强对基本知识的积累．4．（2分）（2012•上海）根据爱因斯坦的“光子说”可知（）A．“光子说”本质就是牛顿的“微粒说”B．光的波长越大，光子的能量越小C．一束单色光的能量可以连续变化D．只有光子数很多时，光才具有粒子性【考点】光子．【分析】爱因斯坦的“光子说”提出在空间传播的光是不连续的，而是一份一份的，每一份叫做一个光子，光子的能量与频率成正比，即E=hv（h=6.626×10﹣34 J．S）【解答】解：A、“光子说”提出光子即有波长又有动量，是波动说和粒子说的统一，故A错误；B、光的波长越大，根据，频率越小，故能量E=hv越小，故B正确；C、爱因斯坦的“光子说”提出在空间传播的光是不连续的，而是一份一份的，每一份叫做一个光子，每个光子的能量为E=hv，故光的能量是不连续的，故C错误；D、当光子数很少时，显示粒子性；大量光子显示波动性，故D错误；故选B．【点评】爱因斯坦的“光子说”很好地将光的粒子性和波动性统一起来，即单个光子显示粒子性，大量光子显示波动性．5．（2分）（2012•上海）在轧制钢板时需要动态地监测钢板厚度，其检测装置由放射源、探测器等构成，如图所示．该装置中探测器接收到的是（）A．X射线B．α射线C．β射线D．γ射线【考点】常见传感器的工作原理．【分析】在三种射线中γ射线的穿透本领最强，该装置中探测器接收到的是γ射线．【解答】解：α、β、γ三种射线的穿透能力不同，α射线不能穿过钢板，β射线只能穿过3 mm 厚的铝板，而γ射线能穿透钢板．故D正确，ABC错误．故选D【点评】本题考查了α、β、γ三种射线的特性，电离本领依次减弱，穿透本领依次增强，能在生活中加以利用．6．（2分）（2012•上海）已知两个共点力的合力为50N，分力F1的方向与合力F的方向成30°角，分力F2的大小为30N．则（）A．F1的大小是唯一的 B．F2的方向是唯一的C．F2有两个可能的方向D．F2可取任意方向【考点】力的合成．【分析】已知合力的大小为50，一个分力F1的方向已知，与F成30°夹角，另一个分力的最小值为Fsin30°=25N，根据三角形定则可知分解的组数．【解答】解：已知一个分力有确定的方向，与F成30°夹角，知另一个分力的最小值为Fsin30°=25N而另一个分力大小大于25N小于30N，所以分解的组数有两组解．如图．故C正确，ABD错误故选C．【点评】解决本题的关键知道合力和分力遵循平行四边形定则，知道平行四边形定则与三角形定则的实质是相同的．7．（2分）（2012•上海）如图，低电位报警器由两个基本的门电路与蜂鸣器组成，该报警器只有当输入电压过低时蜂鸣器才会发出警报．其中（）A．甲是“与”门，乙是“非”门B．甲是“或”门，乙是“非”门C．甲是“与”门，乙是“或”门D．甲是“或”门，乙是“与”门【考点】简单的逻辑电路．【专题】压轴题．【分析】根据电路分析，当从乙门电路输出为高电压时，蜂鸣器发出声音．【解答】解：A、若甲是“与”门，乙是“非”门，不管输入电压为低电压还是高电压，经过“与”门后输出为低电压，经过“非”门后输出高电压，蜂鸣器都会发出警报．故A错误．B、若甲是“或”门，乙是“非”门，当输入电压为低电压，经过“或”门输出为低电压，经过“非”门输出为高电压，蜂鸣器发出警报，当输入为高电压，经过“或”门输出为高电压，经过“非”门输出为低电压，蜂鸣器不发出警报．故B正确．CD、乙不会是“或”门和“与”门，故C、D错误．故选B．【点评】本题考查了逻辑门电路及复合门电路，理解逻辑关系及功能．8．（2分）（2012•上海）如图，光滑斜面固定于水平面，滑块A、B叠放后一起冲上斜面，且始终保持相对静止，A上表面水平．则在斜面上运动时，B受力的示意图为（）A．B．C．D．【考点】力的合成与分解的运用．【专题】压轴题；受力分析方法专题．【分析】对整体分析，得出整体的加速度方向，确定B的加速度方向，知道B的合力方向，从而知道B的受力情况．【解答】解：整体向上做匀减速直线运动，加速度方向沿斜面向下，则B的加速度方向沿斜面向下．根据牛顿第二定律知，B的合力沿斜面向下，则B一定受到水平向左的摩擦力以及重力和支持力．故A正确，B、C、D错误．故选A．【点评】解决本题的关键知道B与整体具有相同的加速度，根据加速度确定物体的合力方向．注意整体法和隔离法的运用．二．单项选择题.（共24分，每小题3分，每小题只有一个正确选项，答案涂写在答题卡上．）9．（3分）（2012•上海）某种元素具有多种同位素，反映这些同位素的质量数A与中子数N 关系的是图（）A．B．C．D．【考点】原子的核式结构．【分析】质子数相同中子数不同的同一元素不同原子互为同位素，质量数等于质子数加中子数．【解答】解：同位素的质子数相同，中子数不同，而质量数等于质子数加中子数，设质子数为M，则有：A=N+M，所以B正确．故选B【点评】本题主要考查了同位素的定义，知道质量数等于质子数加中子数，难度不大，属于基础题．10．（3分）（2012•上海）小球每隔0.2s从同一高度抛出，做初速为6m/s的竖直上抛运动，设它们在空中不相碰．第一个小球在抛出点以上能遇到的小球数为（取g=10m/s2）（）A．三个 B．四个 C．五个 D．六个【考点】竖直上抛运动．【分析】小球做竖直上抛运动，先求解出小球运动的总时间，然后判断小球在抛出点以上能遇到的小球数．【解答】解：小球做竖直上抛运动，从抛出到落地的整个过程是匀变速运动，根据位移时间关系公式，有：代入数据，有：解得：t=0（舍去）或t=1.2s每隔0.2s抛出一个小球，故第一个小球在抛出点以上能遇到的小球数为：N=故选：C．【点评】本题关键明确第一个小球的运动情况，然后选择恰当的运动学公式列式求解出运动时间，再判断相遇的小球个数．11．（3分）（2012•上海）A、B、C三点在同一直线上，AB：BC=1：2，B点位于A、C之间，在B处固定一电荷量为Q的点电荷．当在A处放一电荷量为+q的点电荷时，它所受到的电场力为F；移去A处电荷，在C处放一电荷量为﹣2q的点电荷，其所受电场力为（）A．﹣B．C．﹣F D．F【考点】电场强度；电场的叠加．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】首先确定电荷量为﹣2q的点电荷在C处所受的电场力方向与F方向的关系，再根据库仑定律得到F与AB的关系，即可求出﹣2q的点电荷所受电场力．【解答】解：根据同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引，分析可知电荷量为﹣2q的点电荷在C处所受的电场力方向与F方向相同．设AB=r，则有BC=2r．则有：F=k故电荷量为﹣2q的点电荷在C处所受电场力为：F C=k=故选B【点评】本题关键是根据库仑定律研究两电荷在两点所受的电场力大小和方向关系，难度不大．12．（3分）（2012•上海）如图所示，斜面上a、b、c三点等距，小球从a点正上方O点抛出，做初速为v0的平抛运动，恰落在b点．若小球初速变为v，其落点位于c，则（）A．v0＜v＜2v0B．v=2v0C．2v0＜v＜3v0D．v＞3v0【考点】平抛运动．【专题】平抛运动专题．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，平抛运动的水平位移由初速度和运动时间决定．【解答】解：小球从a点正上方O点抛出，做初速为v0的平抛运动，恰落在b点，改变初速度，落在c点，知水平位移变为原来的2倍，若时间不变，则初速度变为原来的2倍，由于运动时间变长，则初速度小于2v0．故A正确，B、C、D错误．故选A．【点评】解决本题的关键知道平抛运动水平方向和竖直方向上的运动规律，知道平抛运动的时间由高度决定，时间和初速度共同决定水平位移．13．（3分）（2012•上海）当电阻两端加上某一稳定电压时，通过该电阻的电荷量为0.3C，消耗的电能为0.9J．为在相同时间内使0.6C的电荷量通过该电阻，在其两端需加的电压和消耗的电能分别是（）A．3V，1.8J B．3V，3.6J C．6V，1.8J D．6V，3.6J【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】（1）已知电阻丝在通过0.3C的电量时，消耗的电能0.9J，根据W=UQ变形可求出电压；当在相同的时间内通过电阻丝的电量是0.6C时，根据I=可知，当时间相同，由电荷时的关系可知电流关系，因为电阻不变，根据U=IR，由电流关系可知电压关系，即可求出电阻丝两端所加电压U；（2）已知通过电阻丝的电量是0.6C，电阻丝两端所加电压U已求出，根据W=UQ可求出电阻丝在这段时间内消耗的电能W．【解答】解：因为电阻丝在通过0.3C的电量时，消耗的电能是0.9J，所以此时电压为：U′===3V当在相同的时间内通过电阻丝的电量是0.6C时，根据I=可知，I=2I′，根据U=IR可知，电阻不变，此时电阻丝两端电压：U=2U′=6V，电阻丝在这段时间内消耗的电能：W=UQ=6V×0.6C=3.6J．故选D．【点评】本题考查了电量和电功的计算及欧姆定律的应用．本题由于不知道时间不能求出电流，只能根据相关公式找出相关关系来求解．14．（3分）（2012•上海）如图，竖直轻质悬线上端固定，下端与均质硬棒AB中点连接，棒长为线长的二倍．棒的A端用铰链墙上，棒处于水平状态．改变悬线的长度，使线与棒的连接点逐渐右移，并保持棒仍处于水平状态．则悬线拉力（）A．逐渐减小 B．逐渐增大 C．先减小后增大 D．先增大后减小【考点】力矩的平衡条件．【分析】根据力矩平衡知，拉力的力矩与重力力矩平衡，根据拉力力臂的变化判断拉力的变化．【解答】解：棒子O端用水平轴铰接在墙上，棒处于水平状态，知悬线拉力的力矩和重力力矩平衡，重力力矩不变，当改变悬线的长度，使线与棒的连接点逐渐右移，0点到悬线的垂直距离不断增大，则拉力的力臂增大，所以拉力的大小先逐渐减小．故A正确，BCD错误．故选A．【点评】解决本题的关键掌握力矩平衡条件，通过力臂的变化，判断悬线作用力的变化．15．（3分）（2012•上海）质量相等的均质柔软细绳A、B平放于水平地面，绳A较长．分别捏住两绳中点缓慢提起，直到全部离开地面，两绳中点被提升的高度分别为h A、h B，上述过程中克服重力做功分别为W A、W B．若（）A．h A=h B，则一定有W A=W B B．h A＞h B，则可能有W A＜W BC．h A＜h B，则可能有W A=W B D．h A＞h B，则一定有W A＞W B【考点】机械能守恒定律．【专题】压轴题；机械能守恒定律应用专题．【分析】质量相等的均质柔软细绳，则长的绳子，其单位长度的质量小，根据细绳的重心上升的高度找出克服重力做功的关系．【解答】解：A、两绳中点被提升的高度分别为h A、h B，h A=h B，绳A较长．所以绳A的重心上升的高度较小，质量相等，所以W A＜W B．故A错误B、h A＞h B，绳A较长．所以绳A的重心上升的高度可能较小，质量相等，所以可能W A＜W B．故B正确，D错误C、h A＜h B，绳A较长．所以绳A的重心上升的高度一定较小，质量相等，所以W A＜W B．故C错误故选B．【点评】解决该题关键要知道柔软细绳不能看成质点，找出不同情况下重心上升的高度的关系．16．（3分）（2012•上海）如图，可视为质点的小球A、B用不可伸长的细软轻线连接，跨过固定在地面上半径为R有光滑圆柱，A的质量为B的两倍．当B位于地面时，A恰与圆柱轴心等高．将A由静止释放，B上升的最大高度是（）A．2R B．C．D．【考点】机械能守恒定律．【专题】压轴题；机械能守恒定律应用专题．【分析】开始AB一起运动，A落地后，B做竖直上抛运动，B到达最高点时速度为零；由动能定理可以求出B上升的最大高度．【解答】解：设B的质量为m，则A的质量为2m，以A、B组成的系统为研究对象，在A落地前，由动能定理可得：﹣mgR+2mgR=（m+2m）v2﹣0，以B为研究对象，在B上升过程中，由动能定理可得：﹣mgh=0﹣mv2，则B上升的最大高度H=R+h，解得：H=；故选C．【点评】B的运动分两个阶段，应用动能定理即可求出B能上升的最大高度．三．多项选择题（共16分，每小题4分，每小题有二个或三个正确选项，全选对的，得4分，选对但不全的，得2分，有选错或不答的，得0分，答案涂写在答题卡上．）17．（4分）（2012•上海）直流电路如图所示，在滑动变阻器的滑片P向右移动时，电源的（）A．总功率一定减小B．效率一定增大C．热功率一定减小D．输出功率一定先增大后减小【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，由欧姆定律可以判断电路电流如何变化，由电功率公式可以分析答题．【解答】解：由电路图可知，当滑动变阻滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路总电阻变大，电源电动势不变，由闭合电路的欧姆定律可知，电路总电流I变小；A、电源电动势E不变，电流I变小，电源总功率P=EI减小，故A正确；B、电源的效率η==，电源内阻r不变，滑动变阻器阻值R变大，则电源效率增大，故B正确；C、电源内阻r不变，电流I减小，电源的热功率P Q=I2r减小，故C正确；D、当滑动变阻器阻值与电源内阻相等时，电源输出功率最大，由于不知道最初滑动变阻器接入电路的阻值与电源内阻间的关系，因此无法判断电源输出功率如何变化，故D错误；故选ABC．【点评】熟练应用闭合电路欧姆定律、电功率公式即可正确解题．18．（4分）（2012•上海）位于水平面上的物体在水平恒力F1作用下，做速度为v1的匀速运动；若作用力变为斜面上的恒力F2，物体做速度为v2的匀速运动，且F1与F2功率相同．则可能有（）A．F2=F1，v1＞v2B．F2=F1，v1＜v2 C．F2＞F1，v1＞v2D．F2＜F1，v1＜v2【考点】功率、平均功率和瞬时功率；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．【专题】功率的计算专题．【分析】物体都做匀速运动，受力平衡，根据平衡条件列式，再根据F1与F2功率相同列式，联立方程分析即可求解．【解答】解：物体都做匀速运动，受力平衡，则：F1=μmgF2 cosθ=μ（mg﹣F2sinθ）解得：F2（cosθ+μsinθ）=F1…①根据F1与F2功率相同得：F1v1=F2v2cosθ…②由①②解得：，所以v1＜v2，而F1与F2的关系无法确定，大于、等于、小于都可以．故选：BD【点评】该题要抓住物体都是匀速运动受力平衡及功率相等列式求解，难度适中．19．（4分）（2012•上海）图a为测量分子速率分布的装置示意图．圆筒绕其中心匀速转动，侧面开有狭缝N，内侧贴有记录薄膜，M为正对狭缝的位置．从原子炉R中射出的银原子蒸汽穿过屏上的S缝后进入狭缝N，在圆筒转动半个周期的时间内相继到达并沉积在薄膜上．展开的薄膜如图b所示，NP，PQ间距相等．则（）A．到达M附近的银原子速率较大B．到达Q附近的银原子速率较大C．位于PQ区间的分子百分率大于位于NP区间的分子百分率D．位于PQ区间的分子百分率小于位于NP区间的分子百分率【考点】匀速圆周运动．【专题】匀速圆周运动专题．【分析】银原子向右匀速运动的同时，圆筒匀速转动，两个运动相互独立，同时进行．【解答】解：A、B、从原子炉R中射出的银原子向右做匀速直线运动，同时圆筒匀速转动，在转动半圈的过程中，银原子依次全部到达最右端并打到记录薄膜上，形成了薄膜图象；从图象可以看出，打在薄膜上M点附近的银原子先到达最右端，所以速率较大，故A正确，B错误；C、D、从薄膜图的疏密程度可以看出，打到薄膜上PQ区间的分子百分率大于位于NP区间的分子百分率，故C正确．故选AC．【点评】本题考查圆周运动和统计规律，难度中等，本题物理情景比较新；无需考虑粒子的波动性．20．（4分）（2012•上海）如图，质量分别为m A和m B的两小球带有同种电荷，电荷量分别为q A和q B，用绝缘细线悬挂在天花板上．平衡时，两小球恰处于同一水平位置，细线与竖直方向间夹角分别为θ1与θ2（θ1＞θ2）．两小球突然失去各自所带电荷后开始摆动，最大速度分别为v A和v B，最大动能分别为E kA和E kB．则（）A．m A一定小于m B B．q A一定大于q BC．v A一定大于v B D．E kA一定大于E kB【考点】牛顿第二定律；机械能守恒定律．【专题】压轴题；牛顿运动定律综合专题．【分析】设两个球间的静电力为F，分别对两个球受力分析，求解重力表达式后比较质量大小；根据机械能守恒定律列式求解后比较最低点速度大小，再进一步比较动能大小．【解答】解：A、对小球A受力分析，受重力、静电力、拉力，如图根据平衡条件，有：故：同理，有：由于θ1＞θ2，故m A＜m B，故A正确；B、两球间的库仑力是作用力与反作用力，一定相等，与两个球是否带电量相等无关，故B 错误；C、小球摆动过程机械能守恒，有，解得，由于A球摆到最低点过程，下降的高度△h较大，故A球的速度较大，故C正确；D、小球摆动过程机械能守恒，有mg△h=E K，故E k=mg△h=mgL（1﹣cosθ）=L（1﹣cosθ）其中Lcosθ相同，根据数学中的半角公式，得到：E k=L（1﹣cosθ）=其中F•Lcosθ=Fh，相同，故θ越大，越大，动能越大，故E kA一定大于E kB，故D正确；故选：ACD．【点评】本题关键分别对两个小球受力分析，然后根据平衡条件列方程；再结合机械能守恒定律列方程分析求解．四．填空题.（共20分，每小题4分.答案写在题中横线上的空白处或指定位置.本大题中第22题、23题，考生可任选一类答题．若两类试题均做，一律按22题计分．21．（4分）（2012•上海）Co发生一次β衰变后变为Ni，其衰变方程为在该衰变过程中还发妯频率为ν1、ν2的两个光子，其总能量为hv1+hv2．【考点】原子核衰变及半衰期、衰变速度．【专题】衰变和半衰期专题．【分析】发生一次β衰变后，原来的原子核质量数不变，核电荷数增加1，由此可以写出衰变方程；每个光子的能量为hv，总能量就是两个光子的能量和．【解答】解：发生一次β衰变后，原来的原子核质量数不变，核电荷数增加1，故衰变方程：每个光子的能量为hv，频率为ν1、ν2的两个光子的能量分别是hv1和hv2，其总能量为hv1+hv2．故答案为：；hv1+hv2．【点评】本题考查原子核的β衰变方程，只要记住它的衰变规律就可以正确解答．属于基础题目．22．（4分）（2012•上海）A、B两物体在光滑水平地面上沿一直线相向而行，A质量为5kg，速度大小为10m/s，B质量为2kg，速度大小为5m/s，它们的总动量大小为40kgm/s；两者相碰后，A沿原方向运动，速度大小为4m/s，则B的速度大小为10m/s．【考点】动量守恒定律．【分析】取A球的速度方向为正方向，分别表示出两球的动量，即可求出总动量．碰撞过程遵守动量守恒，求出B的速度大小．【解答】解：取A球的速度方向为正方向，AB的总动量大小为P=m A v A﹣m B v B=5×10﹣2×5=40（kgm/s）．根据动量守恒得P=m A v A′+m B v B′，解得，v B′=10m/s故答案为：40，10【点评】对于碰撞的基本规律是动量守恒，注意规定正方向列出守恒等式．23．（2012•上海）人造地球卫星做半径为r，线速度大小为v的匀速圆周运动．当其角速度变为原来的倍后，运动半径变为2r，线速度大小变为．【考点】万有引力定律及其应用．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】人造地球卫星做匀速圆周运动，万有引力提供向心力，运用牛顿第二定律列方程求角速度与半径的关系，再运用牛顿第二定律列方程求线速度与半径的关系．【解答】解：万有引力提供向心力，得：得：得：又：故答案为：2r，【点评】人造地球卫星做匀速圆周运动，一定要使用万有引力提供向心力的公式来讨论半径与线速度、角速度、周期等的关系．24．（4分）（2012•上海）质点做直线运动，其s﹣t关系如图所示，质点在0﹣20s内的平均速度大小为0.8m/s质点在10s、14s时的瞬时速度等于它在6﹣20s内的平均速度．【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】位移﹣时间图象表示物体的位置随时间的变化，图象上的任意一点表示该时刻的位置，图象的斜率表示该时刻的速度，平均速度等于位移除以时间．【解答】解：由图可知：质点在0﹣20s内的位移为16m，所以0﹣20s内的平均速度大小6﹣20s内的平均速度为：由图可知，质点在10s末和14s的斜率正好为：1，所以质点在10s、14s的瞬时速度等于它在6﹣20s内的平均速度故答案为：0.8，10s、14s【点评】理解位移﹣时间图象上点和斜率的物理意义；能从位移﹣时间图象中解出物体的位置变化即位移．25．（4分）（2012•上海）如图，简单谐横波在t时刻的波形如实线所示，经过△t=3s，其波形如虚线所示．已知图中x1与x2相距1m，波的周期为T，且2T＜△t＜4T．则可能的最小波速为5m/s，最小周期为s．【考点】波长、频率和波速的关系；横波的图象．【专题】压轴题；波的多解性．【分析】分波向左传播和向右传播两种情况讨论；先求出位移，再求解波速和对应的周期．【解答】解：由图象可以看出，波长为：2λ=14m，故λ=7m；2T＜△t＜4T，故波传播的距离：2λ＜△x＜4λ；①波向右传播，△x=15m或22m；波速为或m/s；周期为：或s；②波向左传播，△x=20m或27m波速为或9m/s；周期为：或s；故答案为：5，．【点评】本题关键分情况讨论，求解出各种可能的波速和周期，然后取最小值．26．（4分）（2012•上海）正方形导线框处于匀强磁场中，磁场方向垂直框平面，磁感应强度随时间均匀增加，变化率为k．导体框质量为m、边长为L，总电阻为R，在恒定外力F作用下由静止开始运动．导体框在磁场中的加速度大小为，导体框中感应电流做功的功率为．【考点】法拉第电磁感应定律；闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．【专题】压轴题；电磁感应与电路结合．【分析】对导线框受力分析，利用牛顿第二定律可以求出加速度；根据法拉第电磁感应定律可以求出感应电动势，再根据可以求出导体框中感应电流做功的功率．【解答】解：导线框在磁场中受到的合外力等于F，由牛顿第二定律得：导体框在磁场中的加速度大小为：由法拉第的磁感应定律得：线框中产生感应电动势为由可得：导体框中感应电流做功的功率为故答案为：【点评】解决此类问题的关键是熟练掌握感应电流产生条件，楞次定律，及法拉第电磁感应定律．五．实验题.（共24分，答案写在题中横线上的空白处或括号内．）27．（4分）（2012•上海）为判断线圈绕向，可将灵敏电流计G与线圈L连接，如图所示．已知线圈由a端开始绕至b端；当电流从电流计G左端流入时，指针向左偏转．（1）将磁铁N极向下从线圈上方竖直插入L时，发现指针向左偏转．俯视线圈，其绕向为顺时针（填“顺时针”或“逆时针”）．（2）当条形磁铁从图中虚线位置向右远离L时，指针向右偏转．俯视线圈，其绕向为逆时针（填“顺时针”或“逆时针”）．。
2012上海物理试卷和答案
2012年普通高等学校招生全国统一考试物理（上海卷）一、单项选择题(共16分，每小题2分．每小题只有一个正确选项．)1．(2012·上海，1)在光电效应实验中，用单色光照时某种金属表面，有光电子逸出，则光电子的最大初动能取决于入射光的()A．频率B．强度C．照射时间D．光子数目2．(2012·上海，2)下图为红光或紫光通过双缝或单缝所呈现的图样，则()A．甲为紫光的干涉图样B．乙为紫光的干涉图样C．丙为红光的干涉图样D．丁为红光的干涉图样3．(2012·上海，3)与原子核内部变化有关的现象是()A．电离现象B．光电效应现象C．天然放射现象D．α粒子散射现象4．(2012·上海，4)根据爱因斯坦的“光子说”可知()A．“光子说”本质就是牛顿的“微粒说”B．光的波长越大，光子的能量越小C．一束单色光的能量可以连续变化D．只有光子数很多时，光才具有粒子性5．(2012·上海，5)在轧制钢板时需要动态地监测钢板厚度，其检测装置由放射源、探测器等构成，如图所示．该装置中探测器接收到的是()A．X射线B．α射线C．β射线D．γ射线6．(2012·上海，6)已知两个共点力的合力为50 N，分力F1的方向与合力F的方向成30°角，分力F2的大小为30 N．则()A．F1的大小是唯一的B．F2的方向是唯一的C．F2有两个可能的方向D．F2可取任意方向7．(2012·上海，7)如图，低电位报警器由两个基本门电路与蜂鸣器组成，该报警器只有当输入电压过低时蜂鸣器才会发出警报．其中()A．甲是“与门”，乙是“非门”B．甲是“或门”，乙是“非门”C．甲是“与门”，乙是“或门”D．甲是“或门”，乙是“与门”8．(2012·上海，8)如图，光滑斜面固定于水平面，滑块A、B叠放后一起冲上斜面，且始终保持相对静止，A上表面水平．则在斜面上运动时，B受力的示意图为()二、单项选择题(共24分，每小题3分．每小题只有一个正确选项．)9．(2012·上海，9)某种元素具有多种同位素，反映这些同位素的质量数A与中子数N 关系的是图()10．(2012·上海，10)小球每隔0.2 s从同一高度抛出，做初速为6 m/s的竖直上抛运动，设它们在空中不相碰．第1个小球在抛出点以上能遇到的小球个数为(g取10 m/s2)() A．三个B．四个C．五个D．六个11．(2012·上海，11)A、B、C三点在同一直线上，AB∶BC＝1∶2，B点位于A、C之间，在B处固定一电荷量为Q的点电荷．当在A处放一电荷量为＋q的点电荷时，它所受到的电场力为F；移去A处电荷，在C处放电荷量为－2q的点电荷，其所受电场力为() A．－F/2 B．F/2 C．－F D．F12．(2012·上海，12)如图，斜面上a、b、c三点等距，小球从a点正上方O点抛出，做初速为v0的平抛运动，恰落在b点．若小球初速变为v，其落点位于c，则()A．v0<v<2v0B．v＝2v0C．2v0<v<3v0D．v>3v013．(2012·上海，13)当电阻两端加上某一稳定电压时，通过该电阻的电荷量为0.3 C，消耗的电能为0.9 J．为在相同时间内使0.6 C的电荷量通过该电阻，在其两端需加的电压和消耗的电能分别是()A．3 V,1.8 J B．3 V,3.6 JC．6 V,1.8 J D．6 V,3.6 J14．(2012·上海，14)如图，竖直轻质悬线上端固定，下端与均质硬棒AB中点连接，棒长为线长二倍．棒的A端用铰链固定在墙上，棒处于水平状态．改变悬线长度，使线与棒的连接点逐渐右移，并保持棒仍处于水平状态．则悬线拉力()A．逐渐减小B．逐渐增大C．先减小后增大D．先增大后减小15．(2012·上海，15)质量相等的均质柔软细绳A、B平放于水平地面，绳A较长．分别捏住两绳中点缓慢提起，直至全部离开地面，两绳中点被提升的高度分别为h A、h B，上述过程中克服重力做功分别为W A、W B.若()A．h A＝h B，则一定有W A＝W BB．h A>h B，则可能有W A<W BC．h A<h B，则可能有W A＝W BD．h A>h B，则一定有W A>W B16．(2012·上海，16)如图，可视为质点的小球A、B用不可伸长的细软轻线连接，跨过固定在地面上、半径为R的光滑圆柱，A的质量为B的两倍．当B位于地面时，A恰与圆柱轴心等高．将A由静止释放，B上升的最大高度是()A．2R B．5R/3 C．4R/3 D．2R/3三、多项选择题(共16分，每小题4分．)17．(2012·上海，17)直流电路如图所示，在滑动变阻器的滑片P向右移动时，电源的() A．总功率一定减小B．效率一定增大C．内部损耗功率一定减小D．输出功率一定先增大后减小18．(2012·上海，18)位于水平面上的物体在水平恒力F1作用下，做速度为v1的匀速运动；若作用力变为斜向上的恒力F2，物体做速度为v2的匀速运动，且F1与F2功率相同．则可能有()A．F2＝F1，v1>v2B．F2＝F1，v1<v2C．F2>F1，v1>v2D．F2<F1，v1<v219．(2012·上海，19)图a为测量分子速率分布的装置示意图．圆筒绕其中心匀速转动，侧面开有狭缝N，内侧贴有记录薄膜，M为正对狭缝的位置．从原子炉R中射出的银原子蒸汽穿过屏上S缝后进入狭缝N，在圆筒转动半个周期的时间内相继到达并沉积在薄膜上．展开的薄膜如图b所示，NP、PQ间距相等，则()A．到达M附近的银原子速率较大B．到达Q附近的银原子速率较大C．位于PQ区间的分子百分率大于位于NP区间的分子百分率D．位于PQ区间的分子百分率小于位于NP区间的分子百分率20．(2012·上海，20)如图，质量分别为m A和m B的两小球带有同种电荷，电荷量分别为q A和q B，用绝缘细线悬挂在天花板上．平衡时，两小球恰处于同一水平位置，细线与竖直方向间夹角分别为θ1与θ2(θ1>θ2)．两小球突然失去各自所带电荷后开始摆动，最大速度分别为v A和v B，最大动能分别为E k A和E k B.则()A．m A一定小于m B B．q A一定大于q BC．v A一定大于v B D．E k A一定大于E k B四、填空题(共20分，每小题4分．)21．(2012·上海，21)Co发生一次β衰变后变为Ni核，其衰变方程为________；在该6027衰变过程中还发出频率为ν1、ν2的两个光子，其总能量为________．22．(2012·上海，22)(A组)A、B两物体在光滑水平地面上沿一直线相向而行，A质量为5 kg，速度大小为10 m/s，B质量为2 kg，速度大小为5 m/s，它们的总动量大小为________ kgm/s；两者碰撞后，A沿原方向运动，速度大小为4 m/s，则B的速度大小为________ m/s.22．(2012·上海，22)(B组)人造地球卫星做半径为r，线速度大小为v的匀速圆周运动．当2倍后，运动半径为________，线速度大小为________．其角速度变为原来的423．(2012·上海，23)质点做直线运动，其s-t关系如图所示．质点在0～20 s内的平均速度大小为________ m/s；质点在________时的瞬时速度等于它在6～20 s内的平均速度．24．(2012·上海，24)如图，简谐横波在t时刻的波形如实线所示，经过Δt＝3 s，其波形如虚线所示．已知图中x1与x2相距1 m，波的周期为T，且2T<Δt<4T.则可能的最小波速为________ m/s，最小周期为________ s.25．(2012·上海，25)正方形导体框处于匀强磁场中，磁场方向垂直框平面，磁感应强度随时间均匀增加，变化率为k.导体框质量为m，边长为L，总电阻为R，在恒定外力F作用下由静止开始运动．导体框在磁场中的加速度大小为________；导体框中感应电流做功的功率为________．五、实验题(共24分)26．(2012·上海，26)(4分)为判断线圈绕向，可将灵敏电流计G与线圈L连接，如图所示．已知线圈由a端开始绕至b端：当电流从电流计G左端流入时，指针向左偏转．(1)将磁铁N极向下从线圈上方竖直插入L时，发现指针向左偏转．俯视线圈，其绕向为________(填：“顺时针”或“逆时针”)．(2)当条形磁铁从图中的虚线位置向右远离L时，指针向右偏转．俯视线圈，其绕向为________(填：“顺时针”或“逆时针”)．27．(2012·上海，27)(6分)在练习使用多用表的实验中(1)①若旋转选择开关，使其尖端对准直流电流挡，此时测得的是通过________的电流；②若断开电路中的电键，旋转选择开关使其尖端对准欧姆挡，此时测得的是________的阻值；③若旋转选择开关，使其尖端对准直流电压挡，闭合电键，并将滑动变阻器的滑片移至最左端，此时测得的是________两端的电压．(2)(单选)在使用多用表的欧姆挡测量电阻时，若()A．双手捏住两表笔金属杆，测量值将偏大B．测量时发现指针偏离中央刻度过大，则必需减小倍率，重新调零后再进行测量C．选择“×10”倍率测量时发现指针位于20与30正中间，则测量值小于25 ΩD．欧姆表内的电池使用时间太长，虽能完成调零，但测量值将略偏大28．(2012·上海，28)(6分)右图为“研究一定质量气体在压强不变的条件下，体积变化与温度变化关系”的实验装置示意图．粗细均匀的弯曲玻璃管A臂插入烧瓶，B臂与玻璃管C下部用橡胶管连接，C管开口向上，一定质量的气体被水银封闭于烧瓶内．开始时，B、C内的水银面等高．(1)若气体温度升高，为使瓶内气体的压强不变，应将C管________(填：“向上”或“向下”)移动，直至________；(2)(单选)实验中多次改变气体温度，用Δt表示气体升高的摄氏温度，用Δh表示B管内水银面高度的改变量．根据测量数据作出的图线是()29．(2012·上海，29)(8分)在“利用单摆测重力加速度”的实验中．(1)某同学尝试用DIS测量周期．如图，用一个磁性小球代替原先的摆球，在单摆下方放置一个磁传感器，其轴线恰好位于单摆悬挂点正下方．图中磁传感器的引出端A应接到________．使单摆做小角度摆动，当磁感应强度测量值最大时，磁性小球位于________．若测得连续N个磁感应强度最大值之间的时间间隔为t，则单摆周期的测量值为________(地磁场和磁传感器的影响可忽略)．(2)多次改变摆长使单摆做小角度摆动，测量摆长L及相应的周期T.此后，分别取L和T的对数，所得到的lg T-lg L图线为________(填：“直线”、“对数曲线”或“指数曲线”)；读得图线与纵轴交点的纵坐标为c，由此得到该地重力加速度g＝________.六、计算题(共50分)30．(2012·上海，30)(10分)如图，将质量m＝0.1 kg的圆环套在固定的水平直杆上．环的直径略大于杆的截面直径．环与杆间动摩擦因数μ＝0.8.对环施加一位于竖直平面内斜向上、与杆夹角θ＝53°的拉力F，使圆环以a＝4.4 m/s2的加速度沿杆运动，求F的大小．31．(2012·上海，31)(13分)如图，长L＝100 cm、粗细均匀的玻璃管一端封闭．水平放置时，长L0＝50 cm的空气柱被水银封住，水银柱长h＝30 cm.将玻璃管缓慢地转到开口向下的竖直位置，然后竖直插入水银槽，插入后有Δh＝15 cm的水银柱进入玻璃管．设整个过程中温度始终保持不变，大气压强p0＝75 cmHg.求：(1)插入水银槽后管内气体的压强p；(2)管口距水银槽液面的距离H.32．(2012·上海，32)(13分)载流长直导线周围磁场的磁感应强度大小为B＝kI/r，式中常量k>0，I为电流强度，r为距导线的距离．在水平长直导线MN正下方，矩形线圈abcd通以逆时针方向的恒定电流，被两根等长的轻质绝缘细线静止地悬挂，如图所示．开始时MN内不通电流，此时两细线内的张力均为T0.当MN通以强度为I1的电流时，两细线内的张力均减小为T1；当MN内的电流强度变为I2时，两细线的张力均大于T0.(1)分别指出强度为I1、I2的电流的方向；(2)求MN分别通以强度为I1和I2电流时，线框受到的安培力F1与F2大小之比；(3)当MN内的电流强度为I3时两细线恰好断裂，在此瞬间线圈的加速度大小为a，求I3.33．(2012·上海，33)(14分)如图，质量为M的足够长金属导轨abcd放在光滑的绝缘水平面上．一电阻不计、质量为m的导体棒PQ放置在导轨上，始终与导轨接触良好，PQbc 构成矩形．棒与导轨间动摩擦因数为μ，棒左侧有两个固定于水平面的立柱．导轨bc段长为L，开始时PQ左侧导轨的总电阻为R，右侧导轨单位长度的电阻为R0.以ef为界，其左侧匀强磁场方向竖直向上，右侧匀强磁场水平向左，磁感应强度大小均为B.在t＝0时，一水平向左的拉力F垂直作用在导轨的bc边上，使导轨由静止开始做匀加速直线运动，加速度为a.(1)求回路中感应电动势及感应电流随时间变化的表达式；(2)经过多长时间拉力F达到最大值，拉力F的最大值为多少？(3)某过程中回路产生的焦耳热为Q，导轨克服摩擦力做功为W，求导轨动能的增加量．一、1．A 根据光电效应方程E k ＝hν－W 0，用单色光照射某金属表面，逸出光电子的最大初动能仅取决于入射光的频率．2．B 紫光的波长较红光短，条纹间距窄，所以B 项正确，A 项错误；丙、丁均为衍射图样，所以C 、D 两项错误．3．C 电离现象是分子或原子转变为离子的过程，光电效应是电子脱离金属表面飞出的现象，α粒子散射是带电粒子相互作用发生的现象，以上三种现象中物质原子核均未发生变化，而天然放射现象中原子核发生了转变，所以C 项正确．4．B 光子并非实物粒子，其能是一份一份的，不连续变化，每个光子的能量E ＝hν＝h c，光的波长越大，光子能量越小，所以A 、C 两项错误，B 项正确．光子数很少时，光才表现出粒子性，D 项错误．5．D 四种射线中γD 项正确．6．C 如图所示，F sin30°<F 2<F 27．B8．A A 、B 一起冲上斜面，其加速度沿斜面向下，又因为摩擦力的方向总是沿着接触面，所以A 项正确．二、9．B 质量数等于中子数与质子数的和，而同位素质子数是相等的，所以质量数A 与中子数N 的关系是图B.10．C 小球从抛出到落回抛出点经历时间t ＝20v g ＝1.2 s ，此时间内共抛出6个小球，所以第1个小球在抛出点以上能遇到5个小球．11．B 根据库仑定律＋q 点电荷受到的电场力F＝2AB kQq r ，－2q 点电荷受到的电场力F ′＝22BC kQ q r ，因为r AB ∶r BC ＝1∶2，所以F ′＝2F . 12．A 小球落在b 点水平位移x 1＝v 0t 1，小球落在C 点水平位移x 2＝v t 2，因a 、b 、c 三点等距，则x 2＝2x 1，由t t 2>t 1，所以v 0<v <2v 0. 13．D 根据Q ＝UIt ＝Uq ，通过0.3 C 电荷量时电阻两端电压U 1＝11Q q ＝3 V ；由I ＝q t 及U ＝IR 知相同时间内通过0.6 C 电荷量时，电阻两端电压U 2＝2U 1＝6 V ，消耗电能Q 2＝U 2q 2＝3.6 J.14．A 由题意知悬线右移至B 点时，悬线拉力的力臂刚好与拉力垂直，此过程中力臂逐渐增大，而重力矩保持不变，由力矩平衡条件知拉力逐渐减小．15．B 细绳被提升的质量为2h Lm ，克服重力做功W ＝2h L mg ·2h ＝2h L mg ，因L A >L B ，若h A ＝h B ，则W A <W B ；若h A <h B ，则W A <W B ；若h A >h B 则可能有W A >W B 或W A <W B .16．C 设A 球刚落地时两球速度大小为v ，根据机械能守恒定律：2mgR －mgR ＝12(2m＋m )v 2得v 2＝23gR ，B 球继续上升的高度h ＝22v g ＝3R ，B 球上升的最大高度为h ＋R ＝43R . 三、17．ABC 滑片P 向右移动，电阻增大，电流减小，根据P ＝EI 知总功率减小；效率η＝R R r +＝11rR+，电阻R 增大，效率η一定增大；内部损耗功率P 损＝I 2r ，电流减小，P 损一定减小；滑动变阻器初始阻值与电源内阻大小关系不确定，则输出功率的变化也不确定．18．BD F 1与F 2功率相等，即F 1v 1＝F 2v 2cos α，F 2＝F 1，则必有v 1<v 2，F 2>F 1，则可能有v 1>v 2或v 1<v 2，F 2<F 1，则必有v 1<v 2.19．AC 分子由N 到M 距离最远，所以到达M 附近的银原子速率较大，由沉积在薄膜上的原子分布可知，位于PQ 区间的分子百分率大于位于NP 区间的分子百分率．20．ACD 设两带电小球间库仑力大小为F ，由平衡条件m A g ＝F /tan θ1，m B g ＝F /tan θ2，由于θ1>θ2，所以m A <m B ；失去电荷后，两小球摆动到最低点时速度最大，设小球初始位置到悬点高度为h ，由机械能守恒定律：mgh cos θ (1－cos θ)＝12m v 2，即v ，由于θ1>θ2，所以v A >v B ；由以上各式E k ＝mg h cos θ (1－cos θ)＝·Fh tan cos θθ(1－cos θ)＝Fh ·tan 2θ，θ1>θ2，所以E k A >E k B . 四、21．答案：6027Co →6028Ni ＋01-e h (ν1＋ν2) 解析：发生一次β衰变，原子核质量数不变，电荷数增加1，产生一个电子，衰变方程为6027Co →6028Ni ＋01-e ；每个光子的能量为hν，总能量为h (ν1＋ν2)． 22．A.答案：40 10解析：规定A 速度方向为正方向，总动量大小为m A v A －m B v B ＝40 kgm/s ；碰撞过程动量守恒：m A v A －m B v B ＝m A v A ′＋m B v B ′，代入数据得v B ′＝10 m/s.22．B 答案：2r/2解析：由2GMm r ＝mω2r 得r ，ω′，则r ′＝2r ；由v ＝ωr 得v ′＝4×2v ＝2v . 23．答案：0.8 10 s 和14 s(在9.5～10.5 s 和13.5～14.5 s 间均视为正确)解析：由图象知20内位移为16 m ，v ＝s t ＝1620m/s ＝0.8 m/s ；6～20 s 内位移为15 m ，v ＝s t ＝1514m/s ，由图象斜率看出10 s 时和14 s 时最接近该平均速度． 24．答案：5 7/9解析：由题图知λ＝7 m ，若波沿1620x 轴正方向传播，v ＝1n tλ+∆ (n ＝2,3)，若波沿x轴负方向传播v ＝6n t λ+∆ (n ＝2,3)，可能的最小波速v min ＝2713⨯+ m/s ＝5 m/s ；最大波速v max ＝3763⨯+ m/s ＝9 m/s ，由v ＝T λ知最小周期T ＝max v λ＝79 s. 25．答案：F /m k 2L 4/R解析：导体框各边在磁场中受安培力合力为零，由牛顿第二定律a ＝F m；导体框中感应电动势E ＝t φ∆∆＝L 2B t∆∆＝kL 2，功率P ＝2E R ＝24k L R . 五、26．答案：(1)顺时针(2)逆时针解析：(1)由楞次定律知感应电流产生的磁场方向向上，感应电流由a 经G 流向b ，再由安培定则知线圈绕向为顺时针．(2)由楞次定律知感应电流产生的磁场方向向上，感应电流由b 经G 流向a ，再由安培定则知线圈绕向为逆时针．27．答案：(1)①R 1 ②R 1和R 2串联 ③R 2(或：电源)(2)D解析：(1)①多用表与R 1串联，测得的是通过R 1的电流．②多用表与R 1和R 2串联，测得的是R 1和R 2串联的阻值．③多用表测得的是路端电压，即R 2或电源两端电压．(2)双手捏住两表笔金属杆，人体与电阻并联，测量值将偏小，A 项错误；若指针向左偏离中央刻度过大，则要增大倍率，然后重新调零后再进行测量，B 项错误；测量值应为读数乘以倍率，C 项错误．28．答案：(1)向下 B 、C 两管内水银面等高(2)A解析：(1)由盖·吕萨克定律V T＝C 知气体温度升高，体积增大，B 内水银面将下降，为使气体压强不变，应将C 管向下移动，直至B 、C 两管水银面等高．(2)由盖·吕萨克定律知Δh 与ΔT 成正比，而气体升高的摄氏温度Δt 与升高的热力学温度ΔT 相等，所以Δh 与Δt 成正比，A 项正确．29．答案：(1)数据采集器 最低点(或：平衡位置，…)21t N - (2)直线 4π2/102c 解析：(1)磁性小球位于最低点时离传感器最近，磁感应强度测量值最大；连续两次通过最低点的时间间隔为2T ，所以t ＝(N －1)·2T ，T ＝21t N -.(2)由单摆周期公式T ＝lg T ＝12lg L ＋lg2π－12lg g ，所以lg T lg L 图线为直线，lg2π－12lg g ＝C ，g ＝22410c π.六、30．答案：1 N 或9 N解析：令F sin53°－mg ＝0，F ＝54 N 当F <54N 时，环与杆的上部接触，受力如图．由牛顿运动定律 F cos θ－μF N ＝maF N ＋F sin θ＝mg由此得F ＝m a g cos sin μθμθ(+)+＝0.1 4.40.8100.60.80.8⨯(+⨯)+⨯＝1 N当F >54 N 时，环与杆的下部接触，受力如图．由牛顿运动定律 F cos θ－μF N ＝maF sin θ＝F N ＋mg由此得F ＝m a g cos sin μθμθ(-)-＝0.1 4.40.8100.60.80.8⨯(-⨯)-⨯＝9 N. 31．答案：(1)62.5 cmHg (2)27.5 cm解析：(1)设当管转至竖直位置时，水银恰好位于管口而未从管中漏出，管截面积为S .此时气柱长度l ＝70 cm.由玻意耳定律得p ＝00p L l ＝755070⨯ cmHg ＝53.6 cmHg 由于p ＋ρgh ＝83.6 cmHg ，大于p 0，因此必有水银从管中漏出．设当管转至竖直位置时，管内水银柱长度为x ，由玻意耳定律得p 0SL 0＝(p 0－ρgx )S (L －x )整理并代入数值后得75×50＝(75－x )(100－x )解得：x ＝25 cm设插入水银槽后管内气柱长度为L ′，由题设条件得L ′＝L －(x ＋Δh )＝[100－(25＋15)] cm ＝60 cm由玻意耳定律，插入后管内压强p ＝00p L L ＝507560⨯ cmHg ＝62.5 cmHg. (2)设管内水银与槽内水银面间高度差为h ′h ′＝(75－62.5) cm ＝12.5 cm管口距槽内水银面距离H ＝L －L ′－h ′＝(40－12.5) cm ＝27.5 cm.32．答案：(1)I 1的方向向左，I 2的方向向右 (2)I 1∶I 2 (3) 001T a g T T g (-)(-)I 1 解析：(1)I 1方向向左，I 2方向向右．(2)当MN 中的电流强度为I 时，线圈受到的安培力大小为 F ＝kIiL (11r －21r ) 式中r 1、r 2分别为ab 、cd 与MN 的间距，i 为线圈中的电流，L 为ab 、cd 的长度．12F F ＝12I I (3)设MN 中电流强度为I 3时，线框所受安培力为F 3，由题设条件有 2T 0＝G2T 1＋F 1＝GF 3＋G ＝02T ga 13I I ＝13F F ＝010T T g T a g (-)(-)I 3＝001T a g T T g (-)(-)I 1. 33．答案：(1)BLat I ＝20BLat R R at + (2)Ma ＋μmg ＋2212B L μ(+) (3) Ma mg μ (W －μQ )解析：(1)感应电动势ε＝BL v导轨做初速为零的匀加速运动，v ＝atε＝BLats ＝12at 2 回路中感应电流随时间变化的表达式 I ＝BLv R 总＝20122BLat R R at +()＝20BLat R R at + (2)导轨受外力F ，安培力F A ，摩擦力F f 三个力作用．其中F A ＝BIL ＝2220B L at R R at + F f ＝μF N ＝μ(mg ＋BIL )＝μ(mg ＋2220B L at R R at+) 由牛顿运动定律F －F A －F f ＝MaF＝Ma＋F A＋F f＝Ma＋μmg＋(1＋μ)222B L at R R at +上式中，当Rt＝R0at，即tF取极大值．F max＝Ma＋μmg＋22 12B Lμ(+)(3)设在此过程中导轨运动距离s，由动能定理W合＝ΔE kW合＝Mas由于摩擦力F f＝μ(mg＋F A)，所以摩擦力做功W＝μmgs＋μW A＝μmgs＋μQs＝W Qmgμμ-ΔE k＝Mas＝Mamgμ(W－μQ)．。