高二物理上学期周练试题(12_30)
2021年高二物理上学期第十七次周练试题
实用文档2021年高二物理上学期第十七次周练试题1．关于电流，下面说法正确的是（ ）A ．只要将导体置于电场中，导体中就有持续的电流B ．电源的作用是保持导体两端的电压C ．导体内无电流时，导体内一定无任何电荷运动D ．导体中的电流一定是由正负电荷同时向相反方向产生的 2．下列关于闭合电路的说法中，错误的是（ ） A ．电源短路时，电源的内电压等于电动势 B ．电源短路时，路端电压为零 C ．电源短断时，路端电压最大D ．电源的负载增加时，路端电压也增大3．在某段电路中，其两端电压为U ，通过的电流为I ，通电时间为t ，若该电路电阻为R ，则关于电功和电热的关系，下列结论正确的是（ ）A ．在任何电路中，电功W=UIt= I 2RtB ．在任何电路中，电功为UIt ，电热为 I 2RtC ．在纯电阻电路中，UIt= I 2RtD ．在非纯电阻电路中，UIt ≥ I 2Rt4．如图2-70所示是一个由电池、电阻R 与平行板电容器组成的串联电路，在增大电容器两板间距离的过程中 （ ）A ．电阻R 中没有电流B ．电容器的电容变小C ．电阻R 中有从a 流向b 的电流D ．电阻R 中有从b 流向a 的电流5．电饭锅工作时有两种状态：一种是锅内水烧干前的加热状态，另一种是锅内水烧干后保温状态，如图2-71所示是电饭锅电路原理示意图，K 是感温材料制造的开关。
下列说法中正确的是 （ ） A ．其中R 2是供加热用的电阻丝 B ．当开关S 接通时电饭锅为加热状态，S 断开时为保温状态C ．要使R 2在保温状态时的功率为加热状态的一半，R 1/R 2应为2：1D ．要使R 2在保温状态时的功率为加热状态时一半，R 1/R 2应为（-1）:1 6．图2-72为两个不同闭合电路中两个不同电源的U-I 图像，下列判断正确的是（ ） A ．电动势E 1＝E 2，发生短路时的电流 I 1＞ I 2 B ．电动势E 1=E 2，内阻 r 1＞r 2 C ．电动势E 1＞E 2，内阻 r 1＜ r 2图2-70图2-72实用文档D ．当两电源的工作电流变化量相同时，电源2的路端电压变化大7．在图2-73中，电源内阻不能忽略,R 1＝5Ω，R 2＝4Ω．当开关S 切换到位置1时，电流表的示数为I 1＝2A ；当开关S 扳到位置2时，电流表的示数可能为下列情况中的( ) A ． 2.5A B ．1.8A C ．2.2A D ．3.0A8．一个电动势为E ，内电阻为r 的电池，接上负载电阻R ，构成闭合电路，下列说法正确的是 （ ）A ．当R=r 时，路端电压为U=E/2B ．当R=0时，路端电压为U=EC ．当R=r 时，R 获得的功率最大D ．当R=r 时，电源的效率为η= 50%9．如图2-74所示电路的三根导线中有一根是断的。
高二物理上学期第一周周测试卷高二全册物理试题
嗦夺市安培阳光实验学校上饶县中学高二上学期第一周周测物理试卷（零班）一、选择题1．（3分）（2012•江苏模拟）某导体置于电场后周围的电场分布情况如图所示，图中虚线表示电场线，实线表示等势面，A、B、C为电场中的三个点．下列说法错误的是（）A．A点的电场强度小于B点的电场强度B．A点的电势高于B点的电势C．将负电荷从A点移到B点，电场力做正功D．将正电荷从A点移到C点，电场力做功为零2．（3分）让一价氢离子、一价氦离子和二价氦离子的混合物经过同一加速电场由静止开始加速，然后在同一偏转电场里偏转，（忽略离子重力影响）则它们会分离成几股离子流（）A．一股B．二股C．三股D．无法确定3．（3分）如图所示，A板发出的电子经加速后，水平射入水平放置的两平行金属板间，金属板间所加的电压为U，电子最终打在光屏P上，关于电子的运动，则下列说法中正确的是（）A．滑动触头向右移动时，其他不变，则电子打在荧光屏上的位置上升B．滑动触头向左移动时，其他不变，则电子打在荧光屏上的位置上升C．电压U增大时，其他不变，则电子从发出到打在荧光屏上的时间不变D．电压U增大时，其他不变，则电子打在荧光屏上的速度大小不变4．（3分）图中虚线所示为静电场中的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面2的电势为0，一带正电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a、b点时的动能分别为37eV和19eV，当这一点电荷运动到某一位置，其电势能变为﹣2eV，它的动能应为（）A．2eV B．19eV C．29eV D．33eV5．（3分）（2014•南昌模拟）质量为m的带正电小球由空中A点无初速度自由下落，在t秒末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过t秒小球又回到A点．不计空气阻力且小球从未落地，则（）A．整个过程中小球电势能减少了1.5 mg2t2B．整个过程中机械能的增量为2mg2t2C．从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能减少了mg2t2D．从A 点到最低点小球重力势能减少了mg2t26．（3分）如图所示，劲度系数为k的轻弹簧的一端固定在绝缘墙上，另一端与置于绝缘水平面上质量为m，带电量为+q的物体接触（未连接），弹簧水平且无形变．用水平力F缓慢推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了x0，此时物体静止．在撤去F的同时，在空间加上大小为E水平向右的匀强电场，物体开始向左运动，运动的最大距离为4x0．物体与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．则（）A．撤去F后，物体先做匀加速运动，再做匀减速运动B．弹力和电场力所做的总功为4μmgx0C．撤去F 后，物体刚运动时的加速度大小为﹣μgD．物体开始向左运动到速度最大的过程中，克服摩擦力做的功为μmg（x0﹣）7．（3分）（2011•淮安模拟）如图所示，在等量异种电荷形成的电场中，画一正方形ABCD，对角线AC与两点电荷连线重合，两对角线交点O恰为电荷连线的中点．下列说法中正确的是（）A．A点的电场强度大于B点的电场强度且两点电场强度方向不同B．B、D两点的电场强度及电势均相同C．一电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电势能先减小后增大D．一质子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力对其先做负功后做正功8．（3分）如图所示，在粗糙的斜面上固定一点电荷Q，在M点无初速度释放带有恒定电荷的小物块，小物块在Q的电场中沿斜面运动到N点停下．则从M 到N的过程中，下列说法正确的是（）A．小物块所受的电场力减小B．小物块的电势能可能增加C．M点的电势一定高于N点的电势D．小物块电势能变化量的大小一定小于克服摩擦力做的功9．（3分）如图所示，水平放置的平行板电容器与某一电源相连，它的极板长L=0.4m，两板间距离d=4×10﹣3m，有一束由相同带电微粒组成的粒子流，以相同的速度v0从两板平行极板射入，开关S闭合前，两极板间不带电，由于重力作用微粒能落到下板的正，已知微粒质量为m=4×10﹣5kg，电荷量q=+1×10﹣8C，则下列说法正确的是（）A．微粒的入射速度v0=10m/sB．电容器上板接电源正极时，微粒有可能从平行板电容器的右边射出电场C．电源电压为180V时微粒可以从平行板电容器的右边射出电场D．电源电压为100V时微粒可以从平行板电容器的右边射出电场10．（3分）如图所示，平行板电容器与电源相连，下极板接地．一带电油滴位于两极板的中心P点且恰好处于静止状态，现将平行板电容器两极板在纸面内绕O、O′迅速顺时针转过45°，则（）A．P点处的电势不变B．带电汕滴仍将保持静止状态C．带电油滴将水平向右做匀加速直线运动D．带电油滴到达极板前具有的电势能不断增加11．（3分）（2009•一模）X轴上有两点电荷Q1和Q2，Q1和Q2之间各点对应的电势高低如图中曲线所示，从图中可看出（）A．Q1的电量一定大于Q2的电量B．Q1和Q2一定是同种电荷，但不一定是正电荷C．电势最低处P点的电场强度为0D．Q1和Q2之间各点的电场方向都指向P点12．（3分）如图所示，有一半圆弧光滑轨道，半径为R，在与圆心等高的位置静止放置一个带正电的小球A，其质量为m，MN之间有一方向水平向左的匀强电场，让小球A自由滚下进入匀强电场区域，水平面也是光滑的，下列说法正确的是（）A．小球一定能穿过MN区域继续运动B．如果小球没有穿过MN区域，小球一定能回到出发点C．如果小球没有穿过MN区域，只要电场强度足够大，小球可以到达P点，且到达P 点速度大于等于D．如果小球一定能穿过MN区域，电场力做的功为﹣mgR二、填空题13．（3分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，提供的实验器材有：A．小灯泡（额定电压为3.8V，额定电流约为0.3A）B．电流表A （0～0.6A，内阻约为0.5Ω）C．电压表V（0～6V，内阻约为5kΩ）D．滑动变阻器R1（0～10Ω，2A ）E．滑动变阻器R2（0～100Ω，0.2A ）F．电源（6V，内阻不计）G．开关及导线若干（1）实验中滑动变阻器选_________ （填“R1”或“R2”）（2）该同学设计了实验测量电路，通过改变滑动变阻器滑片的位置，使电流表的读数从零开始变化，记录多组电压表的读数U和电流表的读数I．请在图甲中用笔画线代替导线将实验电路连接完整．（3）该同学根据实验数据作出了如图乙的U﹣I图象，根据图象可知小灯泡的电阻随着电流的增大而_________ （选填“增大”、“减小”或“不变”）三、解答题14．如图所示，两平行金属板A、B长l=8cm，两板间距离d=8cm，A板比B板电势高300V，即U AB=300V．一带正电的粒子电量q=10﹣10C，质量m=10﹣20 kg，从R点沿电场中心线垂直电场线飞入电场，初速度v0=2×106m/s，粒子飞出平行板电场后经过界面MN、PS间的无电场区域后，进入固定在中心线上的O点的点电荷Q形成的电场区域（设界面PS右边点电荷的电场分布不受界面的影响）．已知两界面MN、PS相距为L=12cm，粒子穿过界面PS后被点电荷Q施加的电场力俘获从而以O点为圆心做匀速圆周运动，最后垂直打在放置于中心线上的荧光屏EF上．（静电力常数k=9×109N•m2/C2）求：（1）粒子穿过界面MN时偏离中心线RO的距离h．（2）粒子穿过界面MN时的速度v．（3）粒子穿过界面PS时偏离中心线RO的距离Y．（4）点电荷的电荷量Q．（该小题结果保留一位有效数字）15．两个带电小球A和B，质量分别为m1、m2，带有同种电荷，带电量分别为q1、q2．A、B两球均放在光滑绝缘的水平板上，A球固定，B球被质量为m3的绝缘挡板P挡住静止，A、B两球相距为d，如图所示．某时刻起挡板P在向右的水平力F作用下开始向右做匀加速直线运动，加速度大小为a，经过一段时间带电小球B与挡板P分离，在此过程中力F对挡板做功W．求：（1）力F的最大值和最小值？（2）带电小球B与挡板分离时的速度？（3）从开始运动到带电小球与挡板P分离的过程中，电场力对带电小球B做的功？16．（2011•安徽一模）如图所示，光滑水平轨道与半径为R的光滑竖直半圆轨道在B点平滑连接．在过圆心O的水平界面MN的下方分布有水平向右的匀强电场．现有一质量为m，电量为+q的小球从水平轨道上A点由静止释放，小球运动到C点离开圆轨道后，经界面MN上的P点进入电场（P点恰好在A点的正上方，如图．小球可视为质点，小球运动到C点之前电量保持不变，经过C点后电量立即变为零）．已知A、B间距离为2R，重力加速度为g．在上述运动过程中，求：（1）电场强度E的大小；（2）小球在圆轨道上运动时最大速率；（3）小球对圆轨道的最大压力的大小．17．（2002•河南）如图（a）所示，A、B为水平放置的平行金属板，板间距离为d（d远小于板的长和宽）．在两板之间有一带负电的质点P．已知若在A、B间加电压U o，则质点P可以静止平衡．现在A、B间加上如图（b）所示的随时间t 变化的电压u ．在t=0时质点P 位于A 、B 间的中点处且初速为零．已知质点P 能在A 、B 之间以最大的幅度上下运动而又不与两板相碰，求图（b ）中u 改变的各时刻t 1、t 2、t 3及t n 的表达式．（质点开始从中点上升到最高点，及以后每次从最高点到最低点或从最低点到最高点的过程中，电压只改变一次．）中学高二（上）第一周周测物理试卷（零班）参考答案与试题解析 一、选择题1．（3分）（2012•江苏模拟）某导体置于电场后周围的电场分布情况如图所示，图中虚线表示电场线，实线表示等势面，A 、B 、C 为电场中的三个点．下列说法错误的是（ ）A ． A 点的电场强度小于B 点的电场强度B ． A 点的电势高于B 点的电势C ． 将负电荷从A 点移到B 点，电场力做正功D ． 将正电荷从A 点移到C 点，电场力做功为零 考点： 电势能；电场强度． 专题： 电场力与电势的性质专题．分析： 根据电场线的疏密程度判断电场强度的大小；根据沿着电场线，电势逐渐降低来判断电势的高低；根据等差等势面来确定电势差大小，再由电势差与电场力做功关系公式W AB =qU AB 来判断电场力做功的多少．解答： 解：A ：由电场线越密的地方，电场强度越大，则有E B ＞E A ，故A 正确；B ：沿着电场线，电势逐渐降低，A 点处于电场线的靠前的位置故，故B 正确；C ：由于沿着电场线，电势逐渐降低，故φA ＞φB ，因此将负电荷从A 移动到B ，电场力做负功，故C 错误；D ：由于从A 和C 处于同一条等势线上，故从A 到C 过程的电场力不做功，故D 正确． 该题是选择说法错误的，故选：C点评： 本题关键是根据电场线及其与等势面的关系判断出电势高低、电场力大小和电势差的大小关系．同时知道等差等势面越密的地方，电场线也越密．当然也可以由电场力做功的正负来确定电势能的增减．2．（3分）让一价氢离子、一价氦离子和二价氦离子的混合物经过同一加速电场由静止开始加速，然后在同一偏转电场里偏转，（忽略离子重力影响）则它们会分离成几股离子流（ ）A ． 一股B ． 二股C ． 三股D ． 无法确定考点： 带电粒子在混合场中的运动．专题： 带电粒子在磁场中的运动专题．分析： 一价氢离子、一价氦离子、二价氦离子经过加速电压大小为U 的加速电场由静止开始加速，然后在同一偏转电场中偏转后偏转距离和偏转角度相同，轨迹重合．解答： 解：设正电荷的电量为q ，加速电压为U 1，偏转电压为U 2，偏转电极板为L ，板间距离为d ．根据动能定理得 加速电场中 qU 1=m偏转电场中 运动时间t=偏转距离y=at 2=（）2得到y=设偏转角度为θ，则tanθ==由上可知y 、θ与带电粒子的质量、电荷量无关，则一价氢离子、一价氦离子、二价氦离子在偏转电场轨迹重合，所以混合物分成一股． 故选A点评： 本题在熟记这个结论的基础上，就能很快作答．即：同种带电粒子经同一加速电场加速，再经同一偏转电场偏转时轨迹重合．3．（3分）如图所示，A板发出的电子经加速后，水平射入水平放置的两平行金属板间，金属板间所加的电压为U，电子最终打在光屏P上，关于电子的运动，则下列说法中正确的是（）A．滑动触头向右移动时，其他不变，则电子打在荧光屏上的位置上升B．滑动触头向左移动时，其他不变，则电子打在荧光屏上的位置上升C．电压U增大时，其他不变，则电子从发出到打在荧光屏上的时间不变D．电压U增大时，其他不变，则电子打在荧光屏上的速度大小不变考点：带电粒子在匀强电场中的运动；动能定理．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：粒子在电场中加速时，滑动触头向右移动时，加速电压增大，加速后速度变大，粒子在偏转电场中运动时间变短，粒子在平行偏转电场方向的位移减小．同理触头向左移动时，加速电压减小，加速后速度变小，粒子在电场中运动时间变长，粒子在平行偏转电场方向的位移增大；当加速电压不变时，偏转电压变化，影响平行电场方向的电场力的大小，也就是影响加速度的大小，粒子在电场中运动时间不变，改变偏转的位移大小．解答：解：由题意知，电子在加速电场中加速运动，根据动能定理得：，电子获得的速度为：电子进入偏转电场后做类平抛运动，也就是平行电场方向做初速度为0的匀加速直线运动，加速度为：，电子在电场方向偏转的位移为：．垂直电场方向做匀速直线运动，粒子在电场中运动时间为又因为偏转电场方向向下，所以电子在偏转电场里向上偏转．A、滑动触头向右移动时，加速电压变大，所以电子获得的速度v增加，由上式得知，电子在电场中运动时间t减少，故电子偏转位移y变小，因为电子向上偏转，故在屏上的位置下降，故A错误；B、滑动触头向左移动时，加速电压变小，所以电子获得的速度v减小，由上式得知，电子在电场中运动时间t增大，故电子偏转位移y变大，因为电子向上偏转，故在屏上的位置上升，故B正确；C、偏转电压增大时，电子在电场中受到电场力增大，即电子偏转的加速度度a增大，又因为加速电压不变，电子进入电场的速度没有变化，电子在电场中运动的时间t没有发生变化，故C正确；D、偏转电压增大时，电子在电场中受到的电场力增大，即电子偏转的加速度a增大，又因为电子获得的速度v不变，电子在电场中运动的时间不变，a 增大，而电子打在屏上的速度为，故电子打在屏上的速度增大，故D错误；故选：BC点评：电子在加速电场作用下做加速运动，运用动能定理可得电子获得的速度与加速电场大小间的关系，电子进入偏转电场后，做类平抛运动，运动时间受电场的宽度和进入电场时的速度所决定，电子在电场方向偏转的距离与时间和电场强度共同决定．熟练用矢量合成与分解的方法处理类平抛运动问题．4．（3分）图中虚线所示为静电场中的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面2的电势为0，一带正电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a、b点时的动能分别为37eV和19eV，当这一点电荷运动到某一位置，其电势能变为﹣2eV，它的动能应为（）A．2eV B．19eV C．29eV D．33eV考点：等势面；动能定理的应用．专题：电场力与电势的性质专题．分析：只有电场力做功，电势能和动能之和守恒，根据题意曲线2电势为零，列式求解即可．解答：解：经过a、b点时的动能分别为37eV和19eV；图中虚线所示为静电场中的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，故电荷再各个等势面上的电势能相等；故电荷经过相邻两个等势面时的动能减小量为，故经过等势面2时的动能为31eV；只有电场力做功，电势能和动能之和守恒，故：0eV+31eV=﹣2eV+E k；解得E k=33eV；故选D．点评：“在只有电场力做功的条件下动能和电势能的总和保持不变；相邻等势面之间的电势差相同”是我们解决此类问题时的突破口．5．（3分）（2014•南昌模拟）质量为m的带正电小球由空中A点无初速度自由下落，在t秒末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过t秒小球又回到A点．不计空气阻力且小球从未落地，则（）A．整个过程中小球电势能减少了1.5 mg2t2B．整个过程中机械能的增量为2mg2t2C．从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能减少了mg2t2D．从A 点到最低点小球重力势能减少了mg2t2考点：电势能；功能关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：分析小球的运动情况：小球先做自由落体运动，加上匀强电场后小球先向下做匀减速运动，后向上做匀加速运动．由运动学公式求出t秒末速度大小，加上电场后小球运动，看成一种匀减速运动，自由落体运动的位移与这个匀减速运动的位移大小相等、方向相反，根据牛顿第二定律和运动学公式结合求电场强度，由W=qEd求得电场力做功，即可得到电势能的变化．由动能定理得求出A点到最低点的高度，得到重力势能的减小量．解答：解：A、B小球先做自由落体运动，后做匀减速运动，两个过程的位移大小相等、方向相反．设电场强度大小为E，加电场后小球的加速度大小为a，取竖直向下方向为正方向，则由gt2=﹣（vt ﹣at2）又v=gt解得 a=3g．由牛顿第二定律得a=，联立解得，qE=4mg则小球电势能减少为△ɛ=qE•gt2=2mg2t2．根据功能关系可知，机械能的增量为2mg2t2．故A错误，B正确．C、从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能减少了△E k =m（gt）2．故C错误．D、设从A点到最低点的高度为h，根据动能定理得mgh﹣qE（h ﹣gt2）=0解得，h=gt2故从A点到最低点小球重力势能减少了△E p =mgh=．故D正确．故选BD点评：本题首先要分析小球的运动过程，采用整体法研究匀减速运动过程，抓住两个过程之间的联系：位移大小相等、方向相反，运用牛顿第二定律、运动学规律和动能定理结合进行研究．6．（3分）如图所示，劲度系数为k的轻弹簧的一端固定在绝缘墙上，另一端与置于绝缘水平面上质量为m，带电量为+q的物体接触（未连接），弹簧水平且无形变．用水平力F缓慢推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了x0，此时物体静止．在撤去F的同时，在空间加上大小为E水平向右的匀强电场，物体开始向左运动，运动的最大距离为4x0．物体与水平面间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g．则（）A．撤去F后，物体先做匀加速运动，再做匀减速运动B．弹力和电场力所做的总功为4μmgx0C．撤去F 后，物体刚运动时的加速度大小为﹣μgD．物体开始向左运动到速度最大的过程中，克服摩擦力做的功为μmg（x0﹣）考点：电势差与电场强度的关系；功能关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：本题通过分析物体的受力情况，来确定其运动情况：撤去F后，物体水平方向上受到弹簧的弹力、电场力和滑动摩擦力，电场力和滑动摩擦力不变，而弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，可知加速度先减小后增大，物体先做变加速运动，再做变减速运动，最后物体离开弹簧后做匀减速运动；撤去F后，根据牛顿第二定律求解物体刚运动时的加速度大小；物体离开弹簧后通过的最大距离为4x0，由动能定理求解弹力和电场力所做的总功为4μmgx0；当弹簧的弹力与电场力、滑动摩擦力的合力大小相等、方向相反时，速度最大，可求得此时弹簧的压缩量，即可求解物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功．解答：解：A、撤去F后，物体水平方向上受到弹簧的弹力、电场力和滑动摩擦力，电场力和滑动摩擦力不变，而弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，加速度先减小后增大，物体先做变加速运动，再做变减速运动，物体离开弹簧后做匀减速运动．故A错误．B、设弹力和电场力所做的总功为W，则运用动能定理得：W﹣μmg•4x0=0，得W=4μmgx0．故B正确．C、撤去F后，物体物体水平方向上受到向左弹簧的弹力、向右的电场力和滑动摩擦力，由牛顿第二定律得：物体的加速度为a=．故C错误．D、当弹簧的弹力与电场力、滑动摩擦力的合力大小相等、方向相反时，速度最大，此时弹簧的压缩量为x=，物体开始向左运动到速度最大的过程中，克服摩擦力做的功为μmg（x0﹣x）=μmg（x0﹣）．故D正确．故选：BD点评：本题分析物体的受力情况和运动情况是解答的关键，要抓住加速度与合外力成正比，即可得到加速度是变化的．7．（3分）（2011•淮安模拟）如图所示，在等量异种电荷形成的电场中，画一正方形ABCD，对角线AC与两点电荷连线重合，两对角线交点O恰为电荷连线的中点．下列说法中正确的是（）A．A点的电场强度大于B点的电场强度且两点电场强度方向不同B．B、D两点的电场强度及电势均相同C．一电子由B点沿B→C→D路径移至D点，电势能先减小后增大D．一质子由C点沿C→O→A路径移至A点，电场力对其先做负功后做正功考点：电势能；电场强度；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：解答本题要掌握等量异种电荷周围电场分布情况，在如图所示的等量异种电荷连线的中点O是两点电荷连线之间电场强度最小的点，同时是两点电荷连线中垂线上最强的点，中垂线为零等势线，中垂线上电场方向水平向右；另外电势能的变化可通过电场力做功来判断．解答：解：A、在如图所示的电场中E A＞E O＞E B，且电场方向都水平向右，故A错误；B、由于B、D两点关于O点对称，因此其场强大小相等，方向均水平向右，中垂线为零等势线，故B正确；C、电子由B沿B→C运动到C过程中，靠近负电荷远离正电荷，因此电场力做负功，电势能增大，沿C→D运动到D过程中，靠近正电荷远离负电荷，电场力做正功，电势能减小，故整个过程中电势能先增大后减小，故C错误；D、图中两电荷连线电场方向水平向右，即由A指向C，质子受电场力水平向右，故质子由C点沿C→O→A路径移至A点过程中电场力做负功，故D错误．故选B．点评：要熟练掌握等量异种电荷和等量同种电荷周围电场强度、电势分布情况，并能正确判断电荷在电场中运动时动能、电势能变化情况．8．（3分）如图所示，在粗糙的斜面上固定一点电荷Q，在M点无初速度释放带有恒定电荷的小物块，小物块在Q的电场中沿斜面运动到N点停下．则从M到N的过程中，下列说法正确的是（）A．小物块所受的电场力减小B．小物块的电势能可能增加C．M点的电势一定高于N点的电势D．小物块电势能变化量的大小一定小于克服摩擦力做的功考点：电势；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：首先要对物块进行正确受力分析，尤其是所受库仑力的分析，可以假设所受库仑力为引力和斥力两种情况分析，然后得出正确结论；熟练利用功能关系求解．解答：解：A、由于物块与电荷Q距离增大，根据库仑定律F=k可知，电场力减小，故A正确．B、若两电荷是异种电荷，向下运动的过程中电场力逐渐减小，合力增大，加速度增大，物块不可能停。
高二物理上学期周练试卷(二)(含解析)-人教版高二全册物理试题
2015-2016学年河北省保定市定州中学高二〔上〕周练物理试卷〔二〕一．选择题〔共44分，本大题共11小题，每一小题4分，在每一小题给出的四个选项中，第1至7题只有一项符合题目要求，第8至11题有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分〕1．2014年12月31日，搭载“风云二号〞08星的运载火箭在西昌卫星发射中心点火发射．发射过程中“风云二号〞08星的某一运行轨道为椭圆轨道，周期为T0，如下列图．如此〔〕A．“风云二号〞08星的发射速度小于第一宇宙速度B．“风云二号〞08星在A→B→C的过程中，速率逐渐变大C．“风云二号〞08星在A→B过程所用的时间小于D．“风云二号〞08星在B→C→D的过程中，万有引力对它先做正功后做负功2．2016年1月5日上午，国防科工局正式发布国际天文学联合会批准的嫦娥三号探测器着陆点周边区域命名为“广寒宫〞，附近三个撞击坑分别命名为“紫微〞、“天市〞、“太微〞．此次成功命名，是以中国元素命名的月球地理实体达到22个．“嫦娥三号〞曾经在距离月球外表高度为h处绕月球做匀速圆周运动．月球半径为R，月球外表的重力加速度为g0，如此“嫦娥三号〞在距离月球外表h高处环绕月球运行的周期为〔〕A． B．C．D．3．两颗互不影响的行星 P1、P2，各有一颗卫星S1、S2绕其做匀速圆周运动．将每颗卫星到行星中心距离r改变后，卫星做匀速圆周运动的加速度 a也随之改变，a与关系如下列图，图线1、2分别表示S1绕P1运动、S2绕P2运动的情况，如此〔〕A．S1的质量比 S2的大B．S1的质量比 S2的小C．P1的质量比 P2的大D．P1的质量比 P2的小4．物理学史上是哪位科学家、由于哪项贡献而人们称为“能称出地球质量的人〞〔〕A．阿基米德，发现了杠杆原理B．牛顿，发现了万有引力定律C．伽利略，测出了重力加速度的值D．卡文迪许，测出了万有引力常量5．科学家预测银河系中所有行星的数量大概在2万亿﹣3万亿之间．日前在银河系发现一颗类地行星，半径是地球半径的两倍，质量是地球质量的三倍．卫星a、b分别绕地球、类地行星做匀速圆周运动，它们距中心天体外表的高度均等于地球的半径．如此卫星a、b的〔〕A．线速度之比为1：B．角速度之比为3：C．周期之比为：D．加速度之比为4：36．2016年2月18日，中国探月工程领导小组宣布：“嫦娥五号〞探测器正式转入正样研制阶段，预计于2017年前后完成研制并择机发射．嫦娥五号〞登月后将再次从月球起飞，并以“跳跃式返回技术〞成功返回地面，完成探月工程的重大跨越﹣﹣带回月球样品．“跳跃式返回技术〞是指航天器在关闭发动机后进入大气层，依靠大气升力再次冲出大气层，降低速度后再进入大气层．如下列图，虚线为大气层的边界．地球半径为R，d点距地心距离为r，地球外表重力加速度为g．如此如下说法正确的答案是〔〕A．“嫦娥五号〞在b点处于完全失重状态B．“嫦娥五号〞在d点的加速度大小等于C．“嫦娥五号〞在c点和e点的速率相等D．“嫦娥五号〞在返回全程机械能守恒7．宇宙中有两颗相距无限远的恒星S1、S2，半径均为R0．如图分别是两颗恒星周围行星的公转半径r3与公转周期T2的图象，其中r3为横轴，T2为纵轴．如此〔〕A．恒星S1的质量大于恒星S2的质量B．恒星S1的密度小于恒星S2的密度C．恒星S1的第一宇宙速度大于恒星S2的第一宇宙速度D．距两恒星外表高度一样的行星，S1的行星向心加速度较大8．水星或金星运行到地球和太阳之间，且三者几乎排成一条直线的现象，天文学称为“行星凌日〞．地球的公转周期为365天，假设将水星、金星和地球的公转轨道视为同一平面内的圆轨道，理论计算得到水星相邻两次凌日的时间间隔为116天，金星相邻两次凌日的时间间隔为584天，如此如下判断合理的是〔〕A．地球的公转周期大约是水星的2倍B．地球的公转周期大约是金星的1.6倍C．金星的轨道半径大约是水星的3倍D．实际上水星、金星和地球的公转轨道平面存在一定的夹角，所以水星或金星相邻两次凌日的实际时间间隔均大于题干所给数据9．冥王星与其附近的另一星体卡戎可视为双星系统，质量比约为7：1，同时绕它们连线上某点O做匀速圆周运动．由此可知，冥王星绕O点运动的〔〕A．轨道半径约为卡戎的 B．角速度大小约为卡戎的C．线速度大小约为卡戎的D．向心力大小约为卡戎的7倍10．如下列图，A是静止在赤道上的物体，B、C是同一平面内两颗人造卫星．B位于离地高度等于地球半径的圆形轨道上；C是地球同步卫星．以下判断正确的答案是〔〕A．卫星B的速度大小等于地球的第一宇宙速度B．A、B的线速度大小关系为v A＞v BC．周期大小关系为T A=T C＞T BD．假设卫星B要靠近C所在轨道，需要先加速11．2013年12月2日，牵动亿万中国心的嫦娥三号探测器顺利发射．嫦娥三号要求一次性进入近地点210公里、远地点约36.8万公里的地月转移轨道，如下列图，经过一系列的轨道修正后，在P点实施一次近月制动进入环月圆形轨道I．再经过系列调控使之进人准备“落月〞的椭圆轨道II．嫦娥三号在地月转移轨道上被月球引力捕获后逐渐向月球靠近，绕月运行时只考虑月球引力作用．如下关于嫦娥三号的说法正确的答案是〔〕A．沿轨道I运行的速度小于月球的第一宇宙速度B．沿轨道I运行至P点的速度等于沿轨道II运行至P点的速度C．沿轨道I运行至P点的加速度等于沿轨道II运行至P点的加速度D．在地月转移轨道上靠近月球的过程中月球引力做正功二、计算题：共6题共66分12．双星系统中两个星球A、B的质量都是m，A、B相距L，它们正围绕两者连线上某一点做匀速圆周运动．实际观测该系统的周期T要小于按照力学理论计算出的周期理论值T0，且=k〔k＜1〕，于是有人猜测这可能是受到了一颗未发现的星球C的影响，并认为C位于双星A．B的连线正中间，相对A、B静止，求：〔1〕两个星球A．B组成的双星系统周期理论值T0；〔2〕星球C的质量．13．宇航员在某星球外表让一个小球以v0的速度做竖直上抛运动，经过时间t小球落回到抛出点，万有引力常量为G，假设忽略星球自传．〔1〕求该星球外表附近的重力加速度g；〔2〕该星球的半径为R，求该星球的密度ρ．14．我国在今年10月24日发射第一颗月球卫星﹣﹣“嫦娥一号〞．同学们也对月球有了更多的关注．〔1〕假设地球半径为R，地球外表的重力加速度为g，月球绕地球运动的周期为T，月球绕地球的运动近似看做匀速圆周运动，试求出月球绕地球运动的轨道半径；〔2〕假设宇航员随登月飞船登陆月球后，在月球外表某处以速度v0竖直向上抛出一个小球，经过时间t，小球落回抛出点．月球半径为r，万有引力常量为G，试求出月球的质量M月．15．我国探月工程实施“绕〞、“落〞、“回〞开展战略．“绕〞即环绕月球进展月表探测，2007年10月24日成功发射“嫦娥一号〞探测器完成绕月探测；“落〞是着月探测，2013年12月2日成功发射“嫦娥三号〞并于2013年12月14日成功实施软着陆，传回图象，释放月球车；“回〞是在月球外表着陆，并采样返回，计划于2017年前后实施．假设假设干年后中国人乘宇宙飞船探索月球并完成如下实验：①当质量为m1的飞船〔含登月舱〕沿贴近月球外表的圆形轨道环绕时，测得环绕一周经过的时间为T；②当质量为m2的登月舱在月球外表着陆后，科研人员在距月球地面高h处以速度v0水平抛出一个质量为m0的小球，测得小球落地点与抛出点的水平距离为L．试根据以上信息，求：〔1〕月球外表重力加速度的大小g；〔2〕月球的质量M；〔3〕登月舱离开月球返回近月轨道上的宇宙飞船时发动机做的功？16．一宇航员在半径为R、密度均匀的某星球外表，做如下实验，用不可伸长的长为l轻绳栓一质量为m的小球，上端固定在O点，如下列图，在最低点给小球某一初速度，使其绕O 点恰好能在竖直面内做圆周运动，最高点速度为v0．引力常量为G，忽略各种阻力，求：〔1〕该行星的平均密度ρ．〔2〕该行星的第一宇宙速度v．17．如图，A是地球的同步卫星．另一卫星B的圆形轨道位于赤道平面内，离地面高度为h．地球半径为R，地球自转角速度为ω0，地球质量为M，O为地球中心．〔1〕开普勒行星运动第三定律指出：行星绕太阳运动的椭圆轨道的半长轴a的三次方与它的公转周期T的二次方成正比，即 k是一个对所有行星都一样的常量．开普勒定律不仅适用于太阳系，它对一切具有中心天体的引力系统〔如地月系统〕都成立．请你推导出地月系中该常量k的表达式．引力常量为G．〔2〕如卫星B绕行方向与地球自转方向一样，某时刻A、B两卫星相距最近〔O、B、A在同一直线上〕，如此至少经过多长时间，它们还能相距最近？2015-2016学年河北省保定市定州中学高二〔上〕周练物理试卷〔二〕参考答案与试题解析一．选择题〔共44分，本大题共11小题，每一小题4分，在每一小题给出的四个选项中，第1至7题只有一项符合题目要求，第8至11题有多项符合题目要求.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分〕1．2014年12月31日，搭载“风云二号〞08星的运载火箭在西昌卫星发射中心点火发射．发射过程中“风云二号〞08星的某一运行轨道为椭圆轨道，周期为T0，如下列图．如此〔〕A．“风云二号〞08星的发射速度小于第一宇宙速度B．“风云二号〞08星在A→B→C的过程中，速率逐渐变大C．“风云二号〞08星在A→B过程所用的时间小于D．“风云二号〞08星在B→C→D的过程中，万有引力对它先做正功后做负功【考点】万有引力定律与其应用．【分析】卫星沿着椭圆轨道运动，结合动能定理分析万有引力做功情况；结合开普勒定律分析速度变化情况；第一宇宙速度是近地卫星的速度，是在地面附近发射卫星的最小发射速度．【解答】解：A、绕地球运行的卫星，其发射速度都大于第一宇宙速度，故A错误；B、根据开普勒第二定律，卫星在A→B→C的过程中，卫星与地球的距离增大，速率逐渐变小，故B错误；C、卫星在A→C的过程中所用的时间是0.5T0，由于卫星在A→B→C的过程中，速率逐渐变小，A→B与B→C的路程相等，所以卫星在A→B过程所用的时间小于，故C正确；D、卫星在B→C→D的过程中，万有引力方向先与速度方向成钝角，过了C点后与速度方向成锐角，所以万有引力对它先做负功后做正功，故D错误．应当选：C2．2016年1月5日上午，国防科工局正式发布国际天文学联合会批准的嫦娥三号探测器着陆点周边区域命名为“广寒宫〞，附近三个撞击坑分别命名为“紫微〞、“天市〞、“太微〞．此次成功命名，是以中国元素命名的月球地理实体达到22个．“嫦娥三号〞曾经在距离月球外表高度为h处绕月球做匀速圆周运动．月球半径为R，月球外表的重力加速度为g0，如此“嫦娥三号〞在距离月球外表h高处环绕月球运行的周期为〔〕A． B．C．D．【考点】万有引力定律与其应用．【分析】由万有引力提供向心力，结合黄金代换可确定出周期的表达式．【解答】解：由万有引力提供向心力得：T=又GM=，如此T=，如此C正确应当选：C3．两颗互不影响的行星 P1、P2，各有一颗卫星S1、S2绕其做匀速圆周运动．将每颗卫星到行星中心距离r改变后，卫星做匀速圆周运动的加速度 a也随之改变，a与关系如下列图，图线1、2分别表示S1绕P1运动、S2绕P2运动的情况，如此〔〕A．S1的质量比 S2的大B．S1的质量比 S2的小C．P1的质量比 P2的大D．P1的质量比 P2的小【考点】万有引力定律与其应用．【分析】根据万有引力提供向心力得出加速度与的关系式，结合图线的斜率比拟行星质量的大小关系．【解答】解：卫星绕行星做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力有：G=ma，解得：a=GM，可知图线的斜率表示GM，M表示行星的质量，由于图线1的斜率大于图线2的斜率，如此P1的质量比P2的大．由于环绕天体的质量，即卫星的质量被约去，无法比拟大小，故C正确，ABD错误．应当选：C．4．物理学史上是哪位科学家、由于哪项贡献而人们称为“能称出地球质量的人〞〔〕A．阿基米德，发现了杠杆原理B．牛顿，发现了万有引力定律C．伽利略，测出了重力加速度的值D．卡文迪许，测出了万有引力常量【考点】物理学史．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可【解答】解：牛顿发现了万有引力定律之后，卡文迪许测出了万有引力常量，被人们称为“能称出地球质量的人〞，故D正确．应当选：D5．科学家预测银河系中所有行星的数量大概在2万亿﹣3万亿之间．日前在银河系发现一颗类地行星，半径是地球半径的两倍，质量是地球质量的三倍．卫星a、b分别绕地球、类地行星做匀速圆周运动，它们距中心天体外表的高度均等于地球的半径．如此卫星a、b的〔〕A．线速度之比为1：B．角速度之比为3：C．周期之比为：D．加速度之比为4：3【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系．【分析】根据万有引力等于向心力，分别求出两卫星线速度的表达式，再求解线速度之比．根据周期公式求周期之比．由向心加速度公式结合求向心加速度之比．【解答】解：根据万有引力提供向心力得：得：v=，a=，T=，，A、卫星a、b的线速度之比，故A错误；B、卫星a、b的角速度之比，故B正确；C、卫星a、b的周期之比，故C错误；D、卫星a、b的向心加速度之比=，故D错误．应当选：B6．2016年2月18日，中国探月工程领导小组宣布：“嫦娥五号〞探测器正式转入正样研制阶段，预计于2017年前后完成研制并择机发射．嫦娥五号〞登月后将再次从月球起飞，并以“跳跃式返回技术〞成功返回地面，完成探月工程的重大跨越﹣﹣带回月球样品．“跳跃式返回技术〞是指航天器在关闭发动机后进入大气层，依靠大气升力再次冲出大气层，降低速度后再进入大气层．如下列图，虚线为大气层的边界．地球半径为R，d点距地心距离为r，地球外表重力加速度为g．如此如下说法正确的答案是〔〕A．“嫦娥五号〞在b点处于完全失重状态B．“嫦娥五号〞在d点的加速度大小等于C．“嫦娥五号〞在c点和e点的速率相等D．“嫦娥五号〞在返回全程机械能守恒【考点】万有引力定律与其应用．【分析】“嫦娥五号“沿abc轨迹做曲线运动，速度方向为该点的切线方向，根据牛顿第二定律，结合GM=gR2求出d点的加速度．嫦娥五号从a点到c点，万有引力不做功，阻力做负功，根据动能定理比拟a、c两点的速率大小．从c点到e点，机械能守恒．【解答】解：A、进入大气层受到空气阻力，不是只受重力，“嫦娥五号〞在b点不是处于完全失重状态，故A错误；B、“嫦娥五号〞在d点受到的万有引力，在地球外表重力等于万有引力有有，根据牛顿第二定律，故B错误；C、根据万有引力提供向心力，得，c点和e点轨道半径相等，速率相等，故C正确；D、“嫦娥五号〞在返回全程要抑制空气阻力做功，故机械能不守恒，故D错误；应当选：C7．宇宙中有两颗相距无限远的恒星S1、S2，半径均为R0．如图分别是两颗恒星周围行星的公转半径r3与公转周期T2的图象，其中r3为横轴，T2为纵轴．如此〔〕A．恒星S1的质量大于恒星S2的质量B．恒星S1的密度小于恒星S2的密度C．恒星S1的第一宇宙速度大于恒星S2的第一宇宙速度D．距两恒星外表高度一样的行星，S1的行星向心加速度较大【考点】万有引力定律与其应用；第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度．【分析】根据万有引力提供向心力，得出卫星的周期与恒星的质量、半径之间的关系，然后进展比拟；结合万有引力提供向心力，分别写出第一宇宙速度的表达式，然后比拟它们的大小关系；【解答】解：A、由题图可知，当绕恒星运动的行星的环绕半径相等时，S1运动的周期比拟大，根据公式：所以：M=，周期越大如此质量越小．所以恒星S1的质量小于恒星S2的质量．故A 错误；B、两颗恒星的半径相等，如此根据M=ρV，半径R0相等如此它们的体积相等，所以质量大S2的密度大．故B正确．C、根据万有引力提供向心力，如此：所以：v=，由于恒星S1的质量小于恒星S2的质量，所以恒星S1的第一宇宙速度小于恒星S2的第一宇宙速度．故C错误．D、距两恒星外表高度一样的行星，它们的向心加速度a：ma=，由于恒星S1的质量小于恒星S2的质量，所以S1的行星向心加速度较小．故D错误．应当选：B8．水星或金星运行到地球和太阳之间，且三者几乎排成一条直线的现象，天文学称为“行星凌日〞．地球的公转周期为365天，假设将水星、金星和地球的公转轨道视为同一平面内的圆轨道，理论计算得到水星相邻两次凌日的时间间隔为116天，金星相邻两次凌日的时间间隔为584天，如此如下判断合理的是〔〕A．地球的公转周期大约是水星的2倍B．地球的公转周期大约是金星的1.6倍C．金星的轨道半径大约是水星的3倍D．实际上水星、金星和地球的公转轨道平面存在一定的夹角，所以水星或金星相邻两次凌日的实际时间间隔均大于题干所给数据【考点】万有引力定律与其应用．【分析】抓住出现“行星凌日〞的时间间隔，结合求出水星或金星的周期，根据万有引力提供向心力得出轨道半径和周期的关系，从而求出金星轨道半径和水星轨道半径的关系．【解答】解：A、水星相邻两次凌日的时间间隔为116天，设水星的周期为，如此有：，天，可知地球公转周期大约是水星的4倍，故A错误．B、金星相邻两次凌日的时间间隔为584天，设金星的周期为，如此有：，代入数据解得天，可知地球的公转周期大约是金星的1.6倍，故B正确；C、根据得，，因为金星的公转周期大约是水星的0.4倍，如此金星的轨道半径大约是水星的0.5倍，故C错误．D、由所给资料，假设运行轨道平面不存在夹角，那么行星凌日间隔时间会与理论时间一致，而实际与理论不同，故运行轨道平面必然存在夹角，故D正确．应当选：BD．9．冥王星与其附近的另一星体卡戎可视为双星系统，质量比约为7：1，同时绕它们连线上某点O做匀速圆周运动．由此可知，冥王星绕O点运动的〔〕A．轨道半径约为卡戎的 B．角速度大小约为卡戎的C．线速度大小约为卡戎的D．向心力大小约为卡戎的7倍【考点】万有引力定律与其应用．【分析】双星中两颗子星相互绕着旋转可看作匀速圆周运动，其向心力由两恒星间的万有引力提供．由于力的作用是相互的，所以两子星做圆周运动的向心力大小是相等的，利用万有引力定律可以求得其大小．两子星绕着连线上的一点做圆周运动，所以它们的运动周期是相等的，角速度也是相等的，所以线速度与两子星的轨道半径成正比．【解答】解：冥王星与其附近的另一星体卡戎可视为双星系统．所以冥王星和卡戎周期是相等的，角速度也是相等的．A、它们之间的万有引力提供各自的向心力得：mω2r=Mω2R，质量比约为7：1，所以冥王星绕O点运动的轨道半径约为卡戎的．故A正确．B、冥王星和卡戎周期是相等的，角速度也是相等的．故B错误．C、根据线速度v=ωr得冥王星线速度大小约为卡戎的，故C正确．D、它们之间的万有引力提供各自的向心力，冥王星和卡戎向心力大小相等，故D错误．应当选：AC．10．如下列图，A是静止在赤道上的物体，B、C是同一平面内两颗人造卫星．B位于离地高度等于地球半径的圆形轨道上；C是地球同步卫星．以下判断正确的答案是〔〕A．卫星B的速度大小等于地球的第一宇宙速度B．A、B的线速度大小关系为v A＞v BC．周期大小关系为T A=T C＞T BD．假设卫星B要靠近C所在轨道，需要先加速【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律与其应用．【分析】地球的第一宇宙速度是近外表卫星运行速度．地球赤道上的物体与同步卫星具有一样的角速度和周期，根据v=rω，a=rω2比拟线速度的大小和周期的大小，根据万有引力提供向心力比拟B、C的线速度、周期．【解答】解：A、B位于离地高度等于地球半径的圆形轨道上，地球的第一宇宙速度是近外表卫星运行速度．根据万有引力等于向心力v=，所以卫星B的速度大小小于地球的第一宇宙速度，故A错误；B、v=，B位于离地高度等于地球半径的圆形轨道上；C是地球同步卫星所以v B＞v C，对于放在赤道上的物体A和同步卫星C有一样的周期和角速度，根据v=rω，所以v C＞v A所以v B＞v A，故B错误；C、对于放在赤道上的物体A和同步卫星C有一样的周期和角速度，所以，T A=T C根据万有引力等于向心力得B位于离地高度等于地球半径的圆形轨道上；C是地球同步卫星所以T C＞T B，所以周期大小关系为T A=T C＞T B，故C正确；D、假设卫星B要靠近C所在轨道，需要先加速，做离心运动，故D正确；应当选：CD．11．2013年12月2日，牵动亿万中国心的嫦娥三号探测器顺利发射．嫦娥三号要求一次性进入近地点210公里、远地点约36.8万公里的地月转移轨道，如下列图，经过一系列的轨道修正后，在P点实施一次近月制动进入环月圆形轨道I．再经过系列调控使之进人准备“落月〞的椭圆轨道II．嫦娥三号在地月转移轨道上被月球引力捕获后逐渐向月球靠近，绕月运行时只考虑月球引力作用．如下关于嫦娥三号的说法正确的答案是〔〕A．沿轨道I运行的速度小于月球的第一宇宙速度B．沿轨道I运行至P点的速度等于沿轨道II运行至P点的速度C．沿轨道I运行至P点的加速度等于沿轨道II运行至P点的加速度D．在地月转移轨道上靠近月球的过程中月球引力做正功【考点】万有引力定律与其应用．【分析】通过宇宙速度的意义判断嫦娥三号发射速度的大小，根据卫星变轨原理分析轨道变化时卫星是加速还是减速，并由此判定机械能大小的变化，在不同轨道上经过同一点时卫星的加速度大小一样．【解答】解：A、第一宇宙速度是最大的环绕速度，故沿轨道I运行的速度小于月球的第一宇宙速度，故A正确；B、从轨道I进入轨道II嫦娥三号需要要点火减速，故沿轨道I运行至P点的速度小于沿轨道II运行至P点的速度，故B错误；C、在P点嫦娥三号产生的加速度都是由万有引力产生的，因为同在P点万有引力大小相等，故不管在哪个轨道上运动，在P点时万有引力产生的加速度大小相等，故C正确；D、在地月转移轨道上靠近月球的过程中月球引力做正功，故D正确．应当选：ACD．二、计算题：共6题共66分12．双星系统中两个星球A、B的质量都是m，A、B相距L，它们正围绕两者连线上某一点做匀速圆周运动．实际观测该系统的周期T要小于按照力学理论计算出的周期理论值T0，且=k〔k＜1〕，于是有人猜测这可能是受到了一颗未发现的星球C的影响，并认为C位于双星A．B的连线正中间，相对A、B静止，求：〔1〕两个星球A．B组成的双星系统周期理论值T0；。
高中物理高二物理上学期精选测试卷测试卷 (word版,含解析)
高中物理高二物理上学期精选测试卷测试卷 （word 版，含解析）一、第九章 静电场及其应用选择题易错题培优（难）1．如图所示，在圆心为O 、半径为R 的圆周上等间距分布着三个电荷量均为q 的点电荷a 、b 、c ，其中a 、b 带正电，c 带负电。
已知静电力常量为k ，下列说法正确的是（ ）A ．a 受到的库仑力大小为2233kq RB ．c 受到的库仑力大小为2233kqRC ．a 、b 在O 3kq，方向由O 指向c D ．a 、b 、c 在O 点产生的场强为22kqR，方向由O 指向c 【答案】BD 【解析】 【分析】 【详解】AB ．根据几何关系得ab 间、bc 间、ac 间的距离3r R =根据库仑力的公式得a 、b 、c 间的库仑力大小22223q q F k k r R==a 受到的两个力夹角为120︒，所以a 受到的库仑力为223a q F F k R==c 受到的两个力夹角为60︒，所以c 受到的库仑力为233c kq F F == 选项A 错误，B 正确；C ．a 、b 在O 点产生的场强大小相等，根据电场强度定义有02q E kR = a 、b 带正电，故a 在O 点产生的场强方向是由a 指向O ，b 在O 点产生的场强方向是由b 指向O ，由矢量合成得a 、b 在O 点产生的场强大小2q E k R=方向由O →c ，选项C 错误；D ．同理c 在O 点产生的场强大小为02qE k R=方向由O →c运用矢量合成法则得a 、b 、c 在O 点产生的场强22qE k R'=方向O →c 。
选项D 正确。
故选BD 。
2．如图所示，一带电小球P 用绝缘轻质细线悬挂于O 点。
带电小球Q 与带电小球P 处于同一水平线上，小球P 平衡时细线与竖直方向成θ角（θ<45°）。
现在同一竖直面内向右下方缓慢移动带电小球Q ，使带电小球P 能够保持在原位置不动，直到小球Q 移动到小球P 位置的正下方。
江苏省溧阳市南渡高级中学2012-2013学年高二上学期周练物理试题 第12周
南渡高中2012高二物理第12周周练试卷班级 姓名______ 学号_______（ ）1．下列说法正确的是A ．磁通量越大，磁通量的变化也越大B ．磁通量变化越大，磁通量的变化率也越大C ．磁通量变化越快，磁通量的变化率越大D ．磁通量等于零时，磁通量的变化率也为零（ ）2． 如图示，金属杆ab 以恒定的速率v 在光滑的平行导轨 上向右滑行，设整个电路中总电阻为R （恒定不变），整个装置置于垂直于纸 面向里的匀强磁场中，下列说法正确的是A ．ab 杆中的电流与速率v 成正比B ．磁场作用于ab 杆的安培力与速率v 成正比C ．电阻R 上产生的电热功率与速率v 成正比D ．外力对ab 杆做功的功率与速率v 成正比（ ）3．平行闭合线圈的匝数为n ，所围面积为S ，总电阻为R ， 在t ∆时间内穿过每匝线圈的磁通量变化为∆Φ，则通过导线某一截面的电荷 量为A ．R ∆ΦB ．R nS ∆ΦC ．tR n ∆∆ΦD ．R n ∆Φ（ ）4．关于感应电动势大小的下列说法中，正确的是 [ ]A ．线圈中磁通量变化越大，线圈中产生的感应电动势一定越大B ．线圈中磁通量越大，产生的感应电动势一定越大C ．线圈放在磁感强度越强的地方，产生的感应电动势一定越大D ．线圈中磁通量变化越快，产生的感应电动势越大（ ）5．单匝矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，转轴垂直于磁场，若线圈所围面积里磁通量随时间变化的规律如图3所示A ．线圈中O 时刻感应电动势最大B ．线圈中D 时刻感应电动势为零C ．线圈中D 时刻感应电动势最大D ．线圈中O 至D 时间内平均感电动势为0.4V（ ）6、如图1所示，开始时矩形线圈与磁场垂直，且一半在匀强 磁场内，磁场边界为MN 为ab 、dc 的中点连线，若要使线圈产生感应电流， 下列方法去行的是 A ．将线圈向上平移B ．以ad 为轴，从图示位置小于600转动C ．以bc 为轴，从图示位置小于600转动D．垂直于纸面向内运动图1M N7．如图11所示，线圈内有理想边界的磁场，当磁场均匀增加时，有一带电粒子静止于平行板(两板水平放置)电容器中间，则此粒子带______电，若线圈的匝数为n ，平行板电容器的板间距离为d ，粒子的质量为m ，带电量为q ，则磁感应强度的变化率为________(设线圈的面积为S)．8．如图12所示，在一个光滑金属框架上垂直放置一根长l=0.4m 的金属棒ab ，其电阻r=0.1Ω．框架左端的电阻R=0.4Ω．垂直框面的匀强磁场的磁感强度B=0.1T ．当用外力使棒ab 以速度v=5m ／s 右移时，ab 棒中产生的感应电动势ε=____，通过ab 棒的电流I=____．ab 棒两端的电势差U ab =____，在电阻R 上消耗的功率P R ____，在ab 棒上消耗的发热功率P R =____，切割运动中产生的电功率P=____．(要求写解题过程)9．如图14，水平放置的矩形金属框架，宽0.2米，上面放置一根不计电阻的直导线AB 。
高二物理上学期第周周练试题高二全册物理试题
嗦夺市安培阳光实验学校横峰中学2016-17学年度上学期周练（第13周）高二年级物理试卷一、选择题：（本题包括6小题，共60分，每小题只有一个选项符合题意）1、如图所示为伏安法测电阻的一种常用电路，以下分析正确的是：( ) A．此接法的测量值大于真实值B．此接法的测量值小于真实值C．此接法要求待测电阻值小于电流表内阻D．开始实验时滑动变阻器滑动头P应处在最左端2．粗细均匀的金属环上A、B、C、D 四点把其周长分成四等分，如图所示，当A、B点接入电路中时，圆环消耗的电功率为P；当A、D点接入电路中时，圆环消耗的电功率为：（电源内阻不计）A．3P；B．4P/3；C． P；D．3P/43．如图所示的电路中，水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态，现将滑动变阻器的滑片P向左移动，则( )A．电容器中的电场强度将增大 B ．电容器上的电荷量将减少C ．电容器的电容将减小 D．液滴将向上运动4.如图所示，直线a为某电源的U—I图线，直线b为电阻R的U—I图线，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的内阻分别为( )A．4W，1ΩB．6W，1ΩC．4W，0.5ΩD．2W，0.5Ω5．某同学用伏安法测小灯泡的电阻时，误将电流表和电压表接成如图7所示的电路．接通电源后，可能出现的情况是( )A．电流表烧坏B．电压表烧坏C．小灯泡烧坏D．小灯泡不亮6．两个电压表甲、乙是由完全相同的电流表改装而成，它们的量程分别为5 V、15 V，为了测量15～20 V的电压，把甲、乙串联起来使用，则两表的( ) A．读数相同B．指针偏转角度相同C．读数反比于表的内阻D．指针偏转角度正比于表的内阻二、实验题：（本题包括1小题，共20分；第1个空5分，其他每空3分）第1题第2题ErR1PR2第3题第4题7（1）．用多用表的欧姆挡测量阻值约为几十千欧的电阻R x ，以下给出的是可能的实验操作步骤，其中S 为选择开关，P 为欧姆挡调零旋钮。
高二物理周练试卷—带详细答案
高二理科周练试卷姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．一个单摆做受迫振动，其共振曲线(振幅A与驱动力的频率f的关系)如图所示，则()A．此单摆的固有周期约为0.5 sB．此单摆的摆长约为1 mC．若摆长增大，单摆的固有频率增大D．若摆长增大，共振曲线的峰将向右移动2．如图所示是扬声器纸盆中心做简谐运动的振动图象，下列判断正确的是A．t=2×10-3s时刻纸盆中心的速度最大B．t=3×10-3s时刻纸盆中心的加速度最大C．在0〜l×10-3s之间纸盆中心的速度方向与加速度方向相同D．纸盆中心做简谐运动的方程为x=1.5×10-4cos50πt（m）3．当一弹簧振子在竖直方向上作简谐振动时，下列说法正确的是（）A．振子经过同一位置时，速度大小一定相同B．振子从最低点向平衡位置运动过程中，弹簧弹力始终做负功C ．振子在从最低点向平衡位置运动过程中受到重力、弹力和回复力D ．振子在平衡位置时，其动能最小，弹簧的弹性势能最大4．在“用单摆测定重力加速度”的实验中，实验时用拉力传感器测得摆线的拉力大小F 随时间t 变化的图象如图所示，则该单摆的周期为（ ）A ．tB ．2tC ．3tD ．4t5．某质点做简谐运动的振幅为A,周期为T ,则质点在6T 时间内的最大路程是 A ．1.5A B ．A C ．0.5A D ．0.2A6．如图所示，一水平弹簧振子在光滑水平面上的B 、C 两点间做简谐运动，O 为平衡位置．已知振子由完全相同的P 、Q 两部分组成，彼此拴在一起．当振子运动到B 点的瞬间，将P 拿走，则以后Q 的运动和拿走P 之前相比有（ ）A ．Q 的振幅不变，通过O 点的速率减小B ．Q 的振幅不变，通过O 点的速率增大C ．Q 的振幅增大，通过O 点的速率增大D ．Q 的振幅减小，通过O 点的速率减小7．如图所示，质量为M 的物块钩在水平放置的左端固定的轻质弹簧的右端，构成一弹簧振子，物块可沿光滑水平面在BC 间做简谐运动，振幅为A ．在运动过程中将一质量为m 的小物块轻轻地放在M 上，第一次是当M 运动到平衡位置O 处时放在上面，第二次是当M 运动到最大位移处C 处时放在上面，观察到第一次放后的振幅为A 1，第二次放后的振幅为A 2，则（ ）A ．A 1=A 2=AB ．A 1<A 2=AC ．A 1=A 2<AD ．A 2<A 1=A8．一根粗细均匀的软绳一端固定，另一端用手抓住并上、下振动，形成了向右传播的波。
高二物理上学期第周周训试卷高二全册物理试题
嗦夺市安培阳光实验学校四川省宜宾一中高二（上）第16周周训物理试卷一、选择题1．在物理学发展的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）A．安培首先提出了磁场对运动电荷的作用力公式B．法拉第根据小磁针在通电导线周围的偏转而发现了电流的磁效应C．楞次发现了电磁感应现象，并研究得出了判断感应电流方向的方法﹣﹣楞次定律D．法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互作用规律﹣﹣库仑定律2．电阻R、电容C与一线圈连成闭合回路，条形磁铁静止于线圈的正上方，N 极朝下，如图所示．现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是（）A．从a到b，上极板带正电B．从a到b，下极板带正电C．从b到a，上极板带正电D．从b到a，下极板带正电3．如图，圆环形导体线圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路．若将滑动变阻器的滑片P向下滑动，下列表述正确的是（）A．线圈a中将产生俯视顺时针方向的感应电流B．穿过线圈a的磁通量变小C．线圈a有扩张的趋势D．线圈a对水平桌面的压力F N将增大4．如图所示，矩形线框在磁场内做的各种运动中，能够产生感应电流的是（）A ． B ．C ．D ．5．如图所示，一个金属薄圆盘水平放置在竖直向上的匀强磁场中，下列做法中能使圆盘中产生感应电流的是（）A．圆盘绕过圆心的竖直轴匀速转动B．圆盘以某一水平直径为轴匀速转动C．圆盘在磁场中向右匀速平移D．匀强磁场均匀增加6．两根相互平行的光滑金属导轨水平放置于如图所示的匀强磁场中，在导轨上接触良好的导体棒AB和CD可以自由滑动．当AB以速度v向右运动时，下列说法中正确的是（）A．开始一段时间，导体棒CD内有电流通过，方向是D→CB．开始一段时间，导体棒CD内有电流通过，方向是C→DC．开始一段时间，磁场对导体棒CD的作用力向左D．最终两导体棒速度相等，电流为零7．如图所示，在平面上有两条相互垂直且彼此绝缘的长通电直导线，以它们为坐标轴构成一个平面直角坐标系．四个相同的闭合圆形线圈在四个象限中完全对称放置，两条导线中电流大小与变化情况相同，电流方向如图所示，当两条导线中的电流都开始增大时，四个线圈a、b、c、d中感应电流的情况是（）A．线圈a中无感应电流B．线圈b中无感应电流C．线圈c中有顺时针方向的感应电流D．线圈d中有逆时针方向的感应电流8．如图所示，四根等长的铝管和铁块（其中C中铝管不闭合，其他两根铝管和铁管均闭合）竖直放置在同一竖直平面内，分别将磁铁和铁块沿管的中心轴线从管的上端由静止释放，忽略空气阻力，则下列关于磁铁和铁块穿过管的运动时间的说法正确的是（）A．t A＞t B=t C=t D B．t C=t A=t B=t D C．t C＞t A=t B=t D D．t C=t A＞t B=t D9．如图所示，欲使原来静止的ab 杆向右运动，cd杆应该（）A．向右匀速运动B．向右加速运动C．向左加速运动D．向左减速运动10．如图，金属棒ab，金属导轨和螺线管组成闭合回路，金属棒ab在匀强磁场B中沿导轨向右运动，则（）A．ab棒不受安培力作用B．ab棒所受安培力的方向向右C．ab棒向右运动速度越大，所受安培力越大D．螺线管产生的磁场，A端为N极二、计算题11．如图甲所示，固定在水平面上电阻不计的光滑金属导轨，间距d=0.5m，导轨右端连接一阻值为R=4Ω的小灯泡L．在CDEF矩形区域内有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度B随时间t变化如图乙所示，CF长为2m．在t=0时刻，电阻为r=lΩ的金属棒ab在水平恒力F=0.2N作用下，由静止开始沿导轨向右运动，t=4s时进入磁场，并恰好能够匀速运动．求：（1）0～4s内通过小灯泡的电流强度；（2）金属棒在磁场中匀速运动的速度．12．如图，匀强磁场的磁感应强度方向垂直于纸面向里，大小随时间的变化率=k，k为正的常量．用电阻率为ρ、横截面积为S的硬导线做成一边长为l 的方框．将方框固定于纸面内，其右半部位于磁场区域中．求：（1）导线中感应电流的大小；（2）磁场对方框作用力的大小随时间的变化率．四川省宜宾一中高二（上）第16周周训物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．在物理学发展的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）A．安培首先提出了磁场对运动电荷的作用力公式B．法拉第根据小磁针在通电导线周围的偏转而发现了电流的磁效应C．楞次发现了电磁感应现象，并研究得出了判断感应电流方向的方法﹣﹣楞次定律D．法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互作用规律﹣﹣库仑定律【考点】物理学史．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：A、洛伦兹首先提出了磁场对运动电荷的作用力公式，故A错误B、奥斯特根据小磁针在通电导线周围的偏转而发现了电流的磁效应，故B错误C、法拉第发现了电磁感应现象，故C错误D、法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互作用规律﹣﹣库仑定律，故D正确故选D．2．电阻R、电容C与一线圈连成闭合回路，条形磁铁静止于线圈的正上方，N 极朝下，如图所示．现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，流过R的电流方向和电容器极板的带电情况是（）A．从a到b，上极板带正电B．从a到b，下极板带正电C．从b到a，上极板带正电D．从b到a，下极板带正电【考点】法拉第电磁感应定律；电容；楞次定律．【分析】现使磁铁开始自由下落，在N极接近线圈上端的过程中，导致线圈的磁通量发生变化，从而产生感应电动势，线圈中出现感应电流，由楞次定律可判定电流的方向．当线圈中有电动势后，对电阻来说通电后发热，对电容器来说要不断充电直至稳定．【解答】解：当磁铁N极向下运动时，导致向下穿过线圈的磁通量变大，由楞次定律可得，感应磁场方向与原来磁场方向相反，再由安培定则可得感应电流方向沿线圈盘旋而下，由于线圈相当于电源，则流过R的电流方向是从b到a，对电容器充电下极板带正电．故选：D．3．如图，圆环形导体线圈a平放在水平桌面上，在a的正上方固定一竖直螺线管b，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路．若将滑动变阻器的滑片P向下滑动，下列表述正确的是（）A．线圈a中将产生俯视顺时针方向的感应电流B．穿过线圈a的磁通量变小C．线圈a有扩张的趋势D．线圈a对水平桌面的压力F N将增大【考点】楞次定律．【分析】此题的关键首先明确滑动触头向下滑动时通过判断出线圈b中的电流增大，然后根据楞次定律判断出线圈a中感应电流的方向．本题利用“楞次定律的第二描述”求解将更为简便．【解答】解：A、B：当滑动触头P向下移动时电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知通过线圈b的电流增大，从而判断出穿过线圈a的磁通量增加方向向下，所以B错误；根据楞次定律即可判断出线圈a中感应电流方向俯视应为逆时针，A错误．C、再根据微元法将线圈a无线分割根据左手定则不难判断出线圈a应有收缩的趋势，或直接根据楞次定律的第二描述“感应电流产生的效果总是阻碍引起感应电流的原因”，因为滑动触头向下滑动导致穿过线圈a的磁通量增加，故只有线圈面积减少时才能阻碍磁通量的增加，故线圈a应有收缩的趋势，C错误；D、开始时线圈a对桌面的压力等于线圈a的重力，当滑动触头向下滑动时，可以用“等效法”，即将线圈a和b看做两个条形磁铁，不难判断此时两磁铁的N极相对，互相排斥，故线圈a对水平桌面的压力将增大，所以D正确．故选D．4．如图所示，矩形线框在磁场内做的各种运动中，能够产生感应电流的是（）A ． B ．C ．D ．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势．【分析】根据产生感应电流的条件：穿过闭合电路的磁通量发生变化，判断各个选项．【解答】解：A、线框在匀强磁场中运动时，穿过线框的磁感线条数不变，即磁通量不变，没有感应电流产生，故A错误．B、图示的线框与磁场平行，穿过线框的磁通量为零，而且当线框平动时，磁通量始终为零，没有变化，所以没有感应电流产生，故B错误．C、线框与磁场平行，穿过线框的磁通量为零，当线框向右平动时，磁通量保持为零，没有变化，所以没有感应电流产生，故C错误．D、线框在磁场中转动时，穿过线框的磁通量发生变化，产生感应电流，故D正确．故选：D5．如图所示，一个金属薄圆盘水平放置在竖直向上的匀强磁场中，下列做法中能使圆盘中产生感应电流的是（）A．圆盘绕过圆心的竖直轴匀速转动B．圆盘以某一水平直径为轴匀速转动C．圆盘在磁场中向右匀速平移D．匀强磁场均匀增加【考点】楞次定律．【分析】发生感应电流的条件是穿过闭合线圈的磁通量发生变化，根据题意逐项判断即可．【解答】解：A、保持圆环水平并使圆环绕过圆心的竖直轴转动，穿过线圈的磁通量不变，不产生感应电流，A错误；B、圆盘以某一水平直径为轴匀速转动时，穿过线圈的磁通量变化，产生感应电流，B正确；C、保持圆环水平并在磁场中左右移动，穿过线圈的磁通量不变，不产生感应电流，C错误；D、使匀强磁场均匀增加，穿过线圈的磁通量增加，产生感应电流，D正确；故选BD6．两根相互平行的光滑金属导轨水平放置于如图所示的匀强磁场中，在导轨上接触良好的导体棒AB和CD可以自由滑动．当AB以速度v向右运动时，下列说法中正确的是（）A．开始一段时间，导体棒CD内有电流通过，方向是D→CB．开始一段时间，导体棒CD内有电流通过，方向是C→DC．开始一段时间，磁场对导体棒CD的作用力向左D．最终两导体棒速度相等，电流为零【考点】楞次定律．【分析】AB切割磁感线产生感应电流，由右手定则判断感应电流的方向；感应电流通过CD，CD棒受到安培力作用，由左手定则判断安培力的方向．【解答】解：A、利用楞次定律．两个导体棒与两根金属导轨构成闭合回路，可知开始一段时间向里的磁通量增加，结合安培定则判断回路中感应电流的方向是B→A→C→D→B，故A错误，B正确；C、感应电流通过CD，CD棒受到安培力作用，由左手定则判断可知磁场对导体棒CD的安培力向右．故C错误．D、CD的受力方向向右，CD棒加速，同理可知，AB受力方向向左，AB棒减速，最后两棒速度相等，电路中磁通量不变，电流为零．故D正确故选：BD7．如图所示，在平面上有两条相互垂直且彼此绝缘的长通电直导线，以它们为坐标轴构成一个平面直角坐标系．四个相同的闭合圆形线圈在四个象限中完全对称放置，两条导线中电流大小与变化情况相同，电流方向如图所示，当两条导线中的电流都开始增大时，四个线圈a、b、c、d中感应电流的情况是（）A．线圈a中无感应电流B．线圈b中无感应电流C．线圈c中有顺时针方向的感应电流D．线圈d中有逆时针方向的感应电流【考点】楞次定律．【分析】通电直导线管周围有磁场存在，根据右手螺旋定则可判定电流方向与磁场方向的关系．根据产生感应电流的条件和楞次定律判断各项．【解答】解：A、由右手螺旋定则可判定通电导线磁场的方向．ac象限磁场不为零，a中磁场垂直纸面向里，当电流增大时，线圈a中有逆时针方向的电流，故A错误；B、其中bd区域中的磁通量为零，当电流变化时不可能产生感应电流，故B正确，D错误．C、ac象限磁场不为零，c中磁场垂直纸面向外，当电流增大时，线圈c中有顺时针方向的电流，故C正确；故选：BC8．如图所示，四根等长的铝管和铁块（其中C中铝管不闭合，其他两根铝管和铁管均闭合）竖直放置在同一竖直平面内，分别将磁铁和铁块沿管的中心轴线从管的上端由静止释放，忽略空气阻力，则下列关于磁铁和铁块穿过管的运动时间的说法正确的是（）A．t A＞t B=t C=t D B．t C=t A=t B=t D C．t C＞t A=t B=t D D．t C=t A＞t B=t D【考点】楞次定律．【分析】当磁铁下落时，若是闭合电路，则会产生感应电流从而阻碍磁铁的运动，而其它情况都是自由落体运动，从而根据位移与时间的关系，即可求解．【解答】解：由题意可知，只有A磁铁在下落时，导致铝管内的磁通量在变化，从而产生感应电流，进而阻碍磁铁的下落，导致下落的时间变长，对于C虽然是磁铁下落，但由于不闭合，所以没有感应电流出现，仍是自由落体，对于BD也是自由落体运动，因此它们的下落时间都一样的，故选：A．9．如图所示，欲使原来静止的ab 杆向右运动，cd杆应该（）A．向右匀速运动B．向右加速运动C．向左加速运动D．向左减速运动【考点】导体切割磁感线时的感应电动势．【分析】当ab杆受到向右的安培力时，ab杆将向右移动，通过cd杆的运动，根据右手定则、安培定则判断出ab杆上感应电流的方向，得知安培力的方向，从而确定出cd杆的运动方向．【解答】解：A、cd杆向右匀速运动，在cd杆中产生恒定的电流，该电流在线圈L2中产生恒定的磁场，在L1中不产生感应电流，ab不受安培力作用，所以ab杆不动，故A错误；B、cd杆向右加速运动，根据右手定则，知在cd杆上产生增大的d到c的电流，根据安培定则，在L2产生向下增强的磁场，该磁场向上通过L1，根据楞次定律，在ab杆上产生b到a电流，根据左手定则，受到向右的安培力，向右运动，故B正确；C、向左加速运动，根据右手定则，知在cd杆上产生增大的c到d的电流，根据安培定则，在L2产生向上增强的磁场，该磁场向下通过L1，根据楞次定律，在ab杆上产a到b电流，根据左手定则，受到向左的安培力，向左运动，故C 错误；D、向左减速运动，根据右手定则，知在cd杆上产生减小的c到d的电流，根据安培定则，在L2产生向上减弱的磁场，该磁场向下通过L1，根据楞次定律，在ab杆上产b到a电流，根据左手定则，受到向右的安培力，向右运动，D正确；故选：BD．10．如图，金属棒ab，金属导轨和螺线管组成闭合回路，金属棒ab在匀强磁场B中沿导轨向右运动，则（）A．ab棒不受安培力作用B．ab棒所受安培力的方向向右C．ab棒向右运动速度越大，所受安培力越大D．螺线管产生的磁场，A端为N极【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；安培力；法拉第电磁感应定律．【分析】回路中的一部分切割磁感线时，导体棒中要产生感应电流，而电流在磁场中就一定会有安培力；感应电流的大小与运动速度有关，运动速度越大，所受安培力越大．【解答】解：A：回路中的一部分切割磁感线时，导体棒中要产生感应电流，而电流在磁场中就一定会有安培力，故A错误；B：根据楞次定律可知，感应电流总是起到阻碍的作用，故安培力的方向与导体棒一定的方向相反，应当向左，故B错误；C：ab棒向右运动时，E=BLv ，，F=BIL ，所以：，速度越大，所受安培力越大．故C正确；D：根据右手定则，ab中的电流的方向向上，流过螺旋管时，外侧的电流方向向下，根据右手螺旋定则，B端的磁场方向为N极．故D错误．故选：C二、计算题11．如图甲所示，固定在水平面上电阻不计的光滑金属导轨，间距d=0.5m，导轨右端连接一阻值为R=4Ω的小灯泡L．在CDEF矩形区域内有竖直向上的匀强磁场，磁感应强度B随时间t变化如图乙所示，CF长为2m．在t=0时刻，电阻为r=lΩ的金属棒ab在水平恒力F=0.2N作用下，由静止开始沿导轨向右运动，t=4s时进入磁场，并恰好能够匀速运动．求：（1）0～4s内通过小灯泡的电流强度；（2）金属棒在磁场中匀速运动的速度．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【分析】（1）根据法拉第电磁感应定律求出0﹣4s内电路中产生的感应电动势，求出感应电流．因为小灯泡的亮度始终没有发生变化，则此电流即为通过小灯泡的电流强度；（2）由于灯泡亮度不变，可知在t=4s末金属棒刚好进入磁场时磁感应强度不变，棒应做匀速运动，此时金属棒电流等于灯泡中电流，恒力与安培力大小相等．即可求解．【解答】解：（1）金属棒未进入磁场，电路总电阻 R总=R+r=4+1=5Ω回路中感应电动势为：E1==S=d=0.5×0.5×2=0.5V灯炮中的电流强度为：I L ==0.1A（2）在t=4s末金属棒进入磁场，且做匀速运动，则恒力大小：F=F A=BI′d可得I′===0.2A金属棒产生的感应电动势为：E2=I′（R+r）=1V金属棒在磁场中的速度：v===1m/s答：（1）通过小灯泡的电流强度为0.1A；（2）金属棒在磁场中匀速运动的速度是1m/s；12．如图，匀强磁场的磁感应强度方向垂直于纸面向里，大小随时间的变化率=k，k为正的常量．用电阻率为ρ、横截面积为S的硬导线做成一边长为l 的方框．将方框固定于纸面内，其右半部位于磁场区域中．求：（1）导线中感应电流的大小；（2）磁场对方框作用力的大小随时间的变化率．【考点】法拉第电磁感应定律；楞次定律．【分析】（1）根据法拉第电磁感应定律求出感应电动势，由欧姆定律求解感应电流的大小．（2）根据安培力公式F=BLI将电流、磁感应强度的表达式代入解得．【解答】解：（1）感应电动势：E==S=kl2，线框电阻：R=ρ，电流：I==；（2）磁场对方框作用力的大小F=BIl，B=B0+kt，则：F=， =；答：（1）导线中感应电流的大小；（2）磁场对方框作用力的大小随时间的变化率为．。
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河北定州中学2016-2017学年第一学期高二物理周练试题（12）一、选择题1．如图所示，质量为m的木块，被水平力F紧压在倾角为θ=60°的墙面上处于静止。
则关于木块的受力情况、墙面对木块的作用力（压力与摩擦力的合力），下列说法正确的是（）A．墙面对木块一定有压力B．墙面对木块一定有摩擦力C．墙面对木块的作用力为F 23D．墙面对木块的作用力为2 2)(mg F2．在地球赤道上空，沿东西方向水平放置一根通以由西向东的直线电流，则此导线受到的安培力方向（）A．竖直向上 B．竖直向下 C．由南向北 D．由西向东3．如图所示为某一门电路符号及输入端A、B的电势随时间变化关系的图象，则下图中能正确反映该门电路输出端电势U Y随时间变化关系的图象是（）A． B． C． D．4．已知三个分力的大小依次为3N 、5N 、9N ，关于这三个分力的合力大小，下面给出了四个值：①0N ②1N ③5N ④18N ．其中可能的是 （ ）A ．只有②③B ．只有①②③C ．只有②③④D ．只有①②④5．四个物体运动的v-t 图象如图所示，表示物体做竖直上抛运动的是 （ ）6．如图甲所示，劲度系数为k 的轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上，一质量为m 的小球，从离弹簧上端高h 处自由下落。
若以小球开始下落的位置为原点，沿竖直向下建立一坐标轴Ox ，小球的速度v 随时间t 变化的图像如图乙所示。
其中OA 段为直线，AB 段是与OA 相切于A 点的曲线，BC 是平滑的曲线，则关于A.B.C 三点对应的x 坐标以及加速度大小，下列说法正确的是A.,0A A x h a ==B.,0B B mg x h a k =+= C.2,C C mg x h a g k=+=- D.0,C C x a g == 7．一个长度为L 的轻弹簧，将其上端固定，下端挂一个质量为m 的小球时，弹簧的总长度变为2L 。
现将两个这样的弹簧按如图所示方式连接，A 、B 两小球的质量均为m ，则两小球平衡时，B 小球距悬点O 的距离为（不考虑小球的大小，且弹簧都在弹性限度范围内）（ ）A ．2LB ．3LC ．4LD ．5L8．如图所示，一个表面光滑的斜面体M 固定在水平地面上，它的两个斜面与水平面的夹角分别为α、β，且,M αβ<的顶端装有一定滑轮，一轻质细绳跨过定滑轮后连接A 、B 两个小滑块，细绳与各自的斜面平行，不计绳与滑轮间的摩擦，A 、B 恰好在同一高度处于静止状态．剪断细绳后，A 、B 滑至斜面底端．则A ．滑块A 的质量大于滑块B 的质量B ．两滑块到达斜面底端时的速度大小相等C ．两滑块同时到达斜面底端D ．两滑块到达斜面底端时，滑块A 重力的瞬时功率较大9．如图所示，竖直放置的光滑圆轨道被固定在水平地面上，半径r ＝0．4m ，最低点有一小球（半径比r 小很多），现给小球以水平向右的初速度0v ，如果要使小球不脱离圆轨道运动，那么0v 应当满足（g ＝102/s m ） （ ）A ．0v ≥0B ．0v ≥4m/sC ．0v ≥．0v ≤10．关于电磁场的电磁波，下列说法正确的是A.在电场周围一定会产生的磁场B.电磁场由发生区域向远处的传播就是电磁波C.电磁波是一种物质，只能在真空中传播D.在真空中电磁波的传播速度小于光速11．如图，光滑绝缘细杆与水平面成θ角固定，杆上套有一带正电的小球，质量为m ，带电荷量为q ．为使小球静止在杆上，可加一匀强电场．所加电场的场强满足什么条件时，小球可在杆上保持静止（ ）A．垂直于杆斜向上，场强大小为B．竖直向上，场强大小为C．平行于杆斜向上，场强大小为D．水平向右，场强大小为12．如图所示，物块a、b的质量分别为2m、m，水平地面和竖直墙面均光滑，在水平推力F作用下，两物块均处于静止状态，则（）．A．物块b受四个力作用B．物块b受到的摩擦力大小等于2mgC．物块b对地面的压力大小等于mgD．物块a受到物块b的作用力水平向右13．下列说法，正确的是（）A.两个物体只要接触就会产生弹力B.放在桌面上的物体受到的支持力是由于桌面发生形变而产生的C.滑动摩擦力的方向总是和物体的运动方向相反D.形状规则的物体的重心与其几何中心重合14．如图所示，一个内壁光滑的圆锥形筒的轴线垂直于水平面，圆锥筒固定不动，两个质量相同的小球A和B紧贴着内壁分别在图中所示的水平面内做匀速圆周运动，则（）A．球A的线速度一定大于球B的线速度B．球A的角速度一定大于球B的角速度C．球A的运动周期一定小于球B的运动周期D．球A对筒壁的压力等于球B对筒壁的压力15．放置于固定斜面上的物体，在平行于斜面向上的拉力F作用下，沿斜面向上做直线运动．拉力F和物块速度v随时间t变化关系如图所示，则A．斜面的倾角为30°B．第1s内物块受到的合外力为0．5NC．第1s内拉力F的功率逐渐增大D．前3s内物块机械能先增大后不变16．如图所示,质量为m的物体,放在一固定斜面上,当斜面倾角为30°时恰能沿斜面匀速下滑。
对物体施加一大小为F的水平向右恒力,物体可沿斜面匀速向上滑行。
设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,当斜面倾角增大并超过某一临界角θ0时,不论水平恒力F多大,都不能使物体沿斜面向上滑行,则下列说法正确的是（）A3B、物体与斜面间的动摩擦因数为2C、这一临界角θ0的大小30°D、这一临界角θ0的大小60°17．有关电场力和洛伦兹力，以下说法正确的是A、在电场中，电荷无论运动还是静止一定会受到电场力的作用B 、在磁场中，只有电荷运动一定会受到洛伦兹力的作用C 、电荷在电场中运动，电场力对电荷一定做功D 、电荷在磁场中运动，洛伦兹力对电荷一定不做功18．2012年9月16日，济南军区在“保钓演习”中，某特种兵进行了飞行跳伞表演．该伞兵从高空静止的直升飞机上跳下，在t 0时刻打开降落伞，在3t 0时刻以速度v 2着地．他运动的速度随时间变化的规律如图示．下列结论正确的是（ ）A ．在0～t 0时间内加速度不变，在t 0～3t 0时间内加速度减小B ．降落伞打开后，降落伞和伞兵所受的阻力越来越小C ．在t 0～3t 0的时间内，平均速度122v v v +>D ．若第一个伞兵打开降落伞时第二个伞兵立即跳下，则他们在空中的距离先增大后减小19．如图所示,一根条形磁铁自右向左穿过一个闭合线圈，则流过灵敏电流计的感应电流方向是A ．始终由a 流向bB ．始终由b 流向aC ．先由a 流向b ，再由b 流向aD ．先由b 流向a ，再由a 流向b20．有A 、B 、C 三个点电荷，若将A 、B 放在距离为L 的位置上，B 受到A 的库仑力大小为F ．若将B 、C 放在距离为L 的位置上，B 受到C 的库仑力大小为2F ．那么A 与C 所带电荷量之比是（ ）A ．1∶2B ．1∶4C ．2∶1D ．4∶1二、计算题21．如图所示，固定斜面AB 、CD 与竖直光滑圆弧BC 相切于B 、C 点，两斜面的倾角︒=37θ，圆弧BC 半径R=2m 。
一质量为m=1kg 的小滑块（可视为质点）从斜面AB 上的P 点由静止沿斜面下滑，经圆弧BC 冲上斜面CD 。
已知P 点与斜面底端B 间的距离L 1=6m ，滑块与两斜面间的动摩擦因数均为25.0=μ，g=10m/s 2。
求：（1）小滑块第1次经过圆弧最低点E 时对圆弧轨道的压力；（2）小滑块第1次滑上斜面CD 时能够到达的最远点Q （图中未标出）距C 点的距离；（3）小滑块从静止开始下滑到第n 次到达B 点的过程中在斜面AB 上运动通过的总路程。
22．如图，三角形AOB 为等腰直角三棱镜的横截面，以OA 、OB 为轴建立直角坐标系xoy ，OA=OB=L ，棱镜的折射率为n=2。
一束平行于斜边AB 的平行光从OB 边射入。
光透过棱镜只考虑一次内部反射。
（i ）求距离O 点多远的入射光刚好从A 点射出；（ii ）部分光将会从OA 边以平行于AB 边的方向射出，这部分透射光在垂直于光线方向的宽度。
（已知42615cos ,42615sin +=︒-=︒）参考答案1．ABD2．A3．A4．A5.C6．B7．D8.AB9．CD10．B11．BC12．B13.B14．AD15．BC16．AD17．AD18．ABD19．D20．A21．（1）48N（2）3m（3）当n 为奇数时，总路程为3102n m --；当n 为偶数时，总路程为4102n m --（1）小滑块由P 到E ，有 21121)37cos 1(37cos 37sin E mv mgR mgL mgL =︒-+︒-︒μ 在E 点有R mv mg F E N 2=- 解得N F N 48=滑块对轨道压力N F F N N48=='，方向竖直向下； （2）设小滑块在斜面AB 上依次下滑的距离分别为L 1、L 2、L 3…在斜面CD 上依次上滑的距离分别为x 1、x 2、x 3…小滑块由P 点运动到Q 点有037cos )(37sin )(1111=︒+-︒-x L mg x L mg μ 解得m L x 32111==； （3）由（2）同理可得212x L =，222L x =，223x L =，233L x =…1L 、2L 、3L ……构成公比为41的等比数列。
设从静止开始下滑到第n 次到达B 点的过程中在斜面AB 上运动通过的总路为n s ， 当n 为奇数时，总路程为m L L L L s n n n --=++++=3321210)(2 ；当n 为偶数时，总路程为m L L L L s n n n ---=++++=41321210)(222.（i L ；（ii （i ）设光线从C 点射入刚好从A 点射出，入射角与折射角分别为α和β，由折射定律知：sin n sin αβ=，所以：12si n n sin αβ== ，所以：30β=︒ ，所以：30OC AO tan ︒=∙= 。
（ii ）根据题意光线经过AB 边全反射后从OA 边AE 段射出，结合光路图可知，BC 之间的光线能经AB 全反射后从AO 之间射出．设光线宽度为d ，由几何关系可知，光射到AB 界面上后的入射角：90180[]459075γβ=︒-︒-︒-︒+=︒（），而光在介质中的临界角为C ，有：1si C n n =，所以4575C =︒︒＜，光线在AB 的界面上发生全反射，BC 的宽度为： OB OC L B C -==，根据光路可逆可得： AE BC L == ，光线的宽度为：45d n E si A =︒=。