四川省成都市第七中学2015届高三二诊模拟考试 物理 扫描版含答案
成都七中(高新)2015届物理模拟试题
11、（1）设粒子进入第一象限的初速度为v1，根据动能定理有：
类平抛过程中：
联立解得：x=2L
（2）类平抛过程的末速度设为v，竖直分速度为vy
解得vy并与①式比较得：vy=v1所以，v与x轴正方向的夹角为45°
（3）由前两问知：L取任意值时均有：x=2L，α=45° ④
粒子在磁场中做匀速圆周运动时，
C．弹簧的劲度系数为 D．弹簧的最大弹性势能为3mgx0
1
2
3
4
5
6
7
第Ⅱ卷 （非选择题，共68分）
二、实验题（本题共17分）
8．I．（6分）在“探究磁场对通电导线的作用”时，如图连接实验装置，在接通电路前，记录弹簧称的读数F0。接通电路后，观察记录电流表的读数I1和弹簧称读数F1（F1>F0）。则磁场对通电导线的作用力为；若向右滑动滑动变阻器，弹簧称的示数会（“变大”、“变小”、“不变”）；若将磁铁的南北极交换，弹簧称的示数为。
（1）据你分析,出现这种现象的原因应当是：。
（2）为了能尽可能准确测定“水果电池”的电动势和内阻,若实验室除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：
A．电流表A1（量程为0～0.6A，内阻为1Ω）
B．灵敏电流表A2（量程为0～0.6mA，内阻为800Ω）
四川省成都七中2015届高三10月阶段性考试物理试题(纯word版)
成都七中2014-2015学年度2015届高三10月物理试卷一.不定项选择题(每小题所给的四个选项中，有的可能不止一个符合题意，每题全选正确得6分，漏选得3分，不选或有错得0分，满分共42分)1.下列叙述中正确的是（）A.牛顿根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因B.做直线运动的物体受到的合外力一定是恒力C.只有做单方向直线运动的物体，其位移大小才等于路程D.两个相对静止的物体之间一定存在静摩擦力，静摩擦力的方向可以与运动方向成任意角度2.下列叙述中错误的是( )A.开普勒第三定律T2/R2=K，K为常数，此常数的大小只与中心天体有关B.做匀速圆周运动的物体的加速度不变C.做平抛运动的物体在任息一段时间内速度变化的方向都是相同的D.做圆周运动的物体，合外力不一定指向圆心。
3.奥地利著名极限运动员鲍姆加特纳曾经从距地面高度约3.9万米的高空跳下，并成功着陆，一举打破多项世界纪录。
假设他从氦气球携带的太空舱上跳下到落地的过程中，沿竖直方向运动的v-t图象如图所示，则下列说法中正确的是( )A. 0-ts内运动员和所有装备整体所受重力大于空气限力，且空气阻力不断减小B. ts秒末运动员打开降落伞，此后做匀减速运动至t2秒未C. t1秒末到t2秒末运动员竖直方向的加速度方向向下，大小在逐渐增大D.t2秒后运动员保持匀速下落4.我田未来将建立月球基地，并在绕月从道上建造空间站。
如图所示，关闭发动机的航天飞机在月球引力作用下沿椭圆轨道向月球靠近，并将在椭圆的近月点B处与空间站对接。
已知空间站绕月轨道半径为r，周期为T，万有引力常量为G，月球的半径为R。
那么以下选项正确的是( )A.B.航天飞机到达B处由椭圆轨道进入空间轨道时必须加速C.图中的航天飞机正在减速地飞向B处D.5.摄制组在某大楼旁边拍摄武打片，要求特技演员从地面飞到屋顶。
如图所示，导演在某房顶离地H=12m处架设了滑轮(人和车均视为质点，且滑轮直径远小于H)，若轨道车从A处以v=10 m/s的速度匀速运动到B处，绳BO与水平方向的夹角为53。
成都市高三第二次诊断性考试理综物理试题
高2015级5班物理试卷（5）二、选择题：共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分 14．如图所示，甲、乙两小球从竖直面内的半圆轨道的左端A 开始做平抛运动，甲球落在轨道最低点D ，乙球落在D 点右侧的轨道上，设甲、乙球的初速度分别为v v 甲乙、，在空中运动的时间分别为t t 甲乙、，则下列判断正确的是A ．t t =甲乙B ．t t <甲乙C ．v v >甲乙D ．v v <甲乙15．如图所示，长为L 绝缘轻杆在水平向右的匀强电场中，杆与电场线垂直，杆两端 固定带电小球A 和B ，初始时处于图中实线位置。
现将轻杆向右平移2L ，然后以球B 为轴在纸面内顺时针转动90°到图中虚 线位置，杆与电场线平行，在实线位置和虚线位置，A 、B 两 球电势能之和相同。
不考虑带电两球之间的相互作用。
则A. A 球所带电荷量绝对值比B 球的大B. A 球所带电荷量绝对值比B 球的小C. 从实线位置到虚线位置的过程中，电场力对A 球一定做正功D. 从实线位置到虚线位置的过程中，电场力对B 球可能做正功16．2015年7月由中山大学发起的空间引力波探测工程正式启动，将向太空发射三颗相同的探测卫星（SC1、SC2、SC3）。
三颗卫星构成一个邓彪三角形阵列，地球恰处于三角形中心，卫星将在高度约10万千米的轨道上运行，因三颗卫星在太空中的分列图类似乐器竖琴，故工程命名为“天琴计划”。
有关这三颗卫星的运动，下列描述正确的是 A ．卫星的运行周期大于地球的自转周期 B ．卫星的运行周期等于地球的自转周期 C ．卫星的运行速度大于7.9km/sD ．仅知道万有引力常量G 及卫星绕地球运行的周期T ，就可估算出地球的密度17．如图甲所示的“火灾报警系统”电路中，理想变压器原副线圈匝数之比为10：1，原线圈接入图乙所示的电压，电压表和电流表均为理想电表，0R 为半导体热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小，1R 为变阻器，当通过报警器的 电流超过某值时，报警器经报警，下列说法正确的是A ．电压表V 的示数为20VB ．0R 处出现火警时，电流表A 的示数减小C ．0R 处出现火警时，变压器的输入功率增大D ．要使报警器的临界温度升高，可将1R 的滑片P 适当向下移动18．如图所示，水平面上固定着两根相距为L 且电阻不计的足够长的光滑金属导轨，导轨处于方向竖直向下，磁感应强度为B 的匀强磁场中，铜棒a 、b 的长度均等于两导轨的间距，电阻均为R 、质量均为m ，铜棒平行地静止在导轨上且导轨接触良好，现给铜棒a 一个平行导轨向右的瞬时冲量I ，关于此后的过程，下列说法正确的是 A ．回路中的最大电流为BILmRB ．铜棒b 的最大加速度为2222B IL m RC ．铜棒b 获得的最大速度为I mD ．回路总产生的总焦耳热为22I m19．如图所示，真空中的电场方向水平向右，从O 点斜向上射入该电场中的带电油滴质量为m ，其初速度大小为v ，方向与电场方向成60°角，当油滴到达运动轨迹的最高点P 时，速度大小仍为v 。
成都市2015级高中毕业班第二次诊断性检测理综含答案
成都市2015级高中毕业班第二次诊断性检测理综含答案14.根据火星和地球绕太阳运行的周期之比，可以求得火星和地球绕太阳运行的轨道半径之比，选项A正确。
15.在理想自耦变压器中，通过滑动触头取该线圈的一部分，接在副线圈上，副线圈两端连有一电阻R。
在输入电压为Ul的交变电压时，c、d间的电压为U2.在将滑动触头从图中M点逆时针旋转到N点的过程中，U1不变，U2增大，选项C正确。
16.在水平晾衣杆上晾晒床单时，为了尽快使床单晾干，可以在床单间支撑轻质细杆。
设床单重力为G，晾衣杆所受压力大小为N，当床单间夹角θ=60°时，N=G，选项A正确。
17.一枚30 g的鸡蛋从17楼落下，能砸破人的头骨。
若鸡蛋壳与人头部的作用时间为4.5×10-4s，人的质量为50 kg，重力加速度g取10 m/s2，则头骨受到的平均冲击力约为2300 N，选项C正确。
18.在倾角为300的光滑斜面上，劲度系数为k的轻弹簧一端固定在斜面底端的挡板上，另一端与质量为m的物块A连接，A静止于P点。
现对A施加一方向平行于斜面向上、大小F=mg的恒定拉力，使A向上运动。
若运动过程中，弹簧形变未超过弹性限度，重力加速度为g，则刚施加拉力F时，A的加速度大小为0.5g，速度最大时，A距P点的距离为2/3L，选项A、B正确，C、D错误。
19.一静止的原子核，发射出一个α粒子，其质量为原子核质量的1/4，电荷为+2e。
则剩余的原子核质量为M-4m，电荷为Ze，选项A正确。
22.如图，用一根结实的细绳，一端拴一个小物体。
在光滑桌面上抡动细绳，使小物体做圆周运动，体验手对做圆周运动的物体的拉力。
1)拉力的方向是沿绳指向圆心。
2)增大旋转的速度，拉力将不变。
3)松手后，小物体将沿半径靠近圆心方向运动。
23.某同学欲利用伏安法尽可能精确地测量某一电阻Rx（阻值大约为240 Ω）的阻值。
改写：为了尽可能精确地测量电阻Rx的阻值（大约为240 Ω），某同学计划采用伏安法。
2015届四川省成都七中高三上学期入学摸底考试物理试题(解析版)
成都七中高2015届2014年秋季入学考试理科综合能力测试（物理部分）一、选择题。
（本题共7小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。
全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1.伽利略创造的把实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学认识的发展．利用如图所示的装置做如下实验：小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升．斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐减低的材料时，小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3．根据三次实验结果的对比，可以得到的最直接的结论是（）A．如果斜面光滑，小球将上升到与O点等高的位置B．如果小球不受力，它将一直保持匀速运动或静止状态C．如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变D．小球受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小【知识点】伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．P0【答案解析】 A解析： A、如果斜面光滑，小球不会有能量损失，将上升到与O点等高的位置，故A正确；B、通过推理和假想，如果小球不受力，它将一直保持匀速运动，得不出静止的结论，故B错误；C、根据三次实验结果的对比，不可以直接得到运动状态将发生改变的结论，故C错误；D、受到的力一定时，质量越大，它的加速度越小是牛顿第二定律的结论，与本实验无关，故D错误．故选：A．【思路点拨】小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升，阻力越小则上升的高度越大，伽利略通过上述实验推理得出运动物体如果不受其他物体的作用，将会一直运动下去．要想分清哪些是可靠事实，哪些是科学推论要抓住其关键的特征，即是否是真实的客观存在，这一点至关重要，这也是本题不易判断之处；伽利略的结论并不是最终牛顿所得出的牛顿第一定律，因此，在确定最后一空时一定要注意这一点2.小明想推动家里的衣橱，但使出了吃奶的力气也推不动，他便想了个妙招，如图所示，用A、B两块木板，搭成一个底角较小的人字形架，然后往中央一站，衣橱被推动了．下列说法中正确的是（）A．这是不可能的，因为小明根本没有用力去推衣橱B．这有可能，A板对衣橱的推力有可能大于小明的重力C．A、B板的夹角应该尽可能小，才能推动衣橱D．这不可能，A板对衣橱的推力不可能大于小明的重力【知识点】力的分解．B3【答案解析】B解析：首选开始小明是推不动衣橱的，但是小明的推力与他自身的重力没什么关系．如图，小明的重力可以分解成沿A，B俩个方向的力，由于底角较小，所以A，B方向的力会很大．A对衣橱的力可以分解成水平方向和垂直方向的力，而水平方向的力有可能大于小明重力，．故选：B．【思路点拨】这个要从力的分解角度来解释，将重力分解为沿人字形架斜向下的两个力．由于底角较小，根据三角函数关系得A板的作用力明显大于重力．我们应该知道两个分力的合力可以远小于两个分力，也就是说用一个较小的力可以产生两个较大的分力．3.在t=0时，甲乙两质点从相距70m的两地开始相向运动，它们的v-t图象如图所示．则（）A．第1s末，乙质点改变运动方向B．第2s木，甲乙两质点相遇C．前4s内，乙质点运动的加速度先比甲质点的小后比甲质点的大D．第4s末，甲乙两质点相距20m【知识点】匀变速直线运动的图像．A5【答案解析】D解析：A、在第1s末，乙质点的速度仍然为负值，说明运动方向并未改变．故A错误．B、在第2s末，甲的位移大小x甲=12×30×2=30m，乙的位移大小x乙=-12×30×2m=-30m，此时两车相距△x=70-30-30=10（m）．故B错误．C、在前4s内，乙图线的斜率绝对值始终大于甲图线的斜率绝对值，则乙质点的加速度大小总比甲质点大．故C错误．D、在第4s末，甲质点的位移x甲=12×60×4m=120m，乙质点的位移x乙=-12×30×2km+12×60×2m=30m，所以△x=x甲-x乙-70=120-30-70=20m．故D正确．故选：D．【思路点拨】速度-时间图线中速度的正负表示运动方向，图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移，速度的正负表示运动的方向．解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线斜率、图线与时间轴围成的面积表示的含义．4.沿直线运动的汽车刹车后匀减速运动，经过3.5s停止，它在刹车开始后的1s内、2s内、3s内的位移之比（）A．3：2：1 B．3：5：6 C．9：4：1 D．5：3：1【知识点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．A2 【答案解析】B解析：画示意图如图所示，把汽车从A→E的末速度为0的匀减速直线运动，逆过来转换为从E→A的初速度为0的匀加速直线运动，来等效处理，由于逆过来前后，加速度相同，故逆过来前后的运动位移、速度时间均具有对称性．所以知汽车在相等时间内发生的位移之比为1：3：5：…，把时间间隔分为0.5 s．所以x DE：x CD：x BC：x AB=1：8：16：24，所以x AB：x AC：x AD=3：5：6．故选项B正确．故选：B【思路点拨】利用逆向思维，把汽车运动视为逆向的匀加速运动，根据初速度为零的匀加速直线运动的规律即可求解．解决本题的关键掌握匀变速直线运动的推论，本题运用逆向思维解决比较简单．5.如图所示，一个质量为m的滑块静止置于倾角为30°的粗糙斜面上，一根轻弹簧一端固定在竖直墙上的P点，另一端系在滑块上，弹簧与竖直方向的夹角为30°．则（）A．滑块可能受到三个力作用B．弹簧一定处于压缩状态C．斜面对滑块的支持力大小可能为零D．斜面对滑块的摩擦力大小一定等于0.5mg【知识点】共点力平衡的条件及其应用．B4【答案解析】D解析：A、弹簧与竖直方向的夹角为30°，所以弹簧的方向垂直于斜面，因为弹簧的形变情况未知，所以斜面与滑块之间的弹力大小不确定，所以滑块可能只受重力、斜面支持力和静摩擦力三个力的作用而平衡，也可能有弹簧的弹力，故A正确；B、弹簧对滑块可以是拉力，故弹簧可能处于伸长状态，故B错误；C、由于滑块此时受到的摩擦力大小等于重力沿斜面向下的分力（等于12mg），不可能为零，所以斜面对滑块的支持力不可能为零，故C错误；D、静摩擦力一定等于重力的下滑分力，故为12mg，故D正确．故选：AD．【思路点拨】滑块可能受重力、支持力、摩擦力三个力处于平衡，弹簧处于原长，弹力为零．滑块可能受重力、支持力、摩擦力、弹簧的弹力四个力处于平衡．根据共点力平衡进行分析．解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，注意弹簧的弹力可能为零，可能不为零．6.如图所示，在一绝缘斜面C上有一带正电的小物体A处于静止状态，现将一带正电的小球B沿以A为圆心的圆弧缓慢地从P点转至A正上方的Q点处，已知P、A在同一水平线上，且在此过程中物体A和C始终保持静止不动，A、B可视为质点．关于此过程，下列说法正确的是（）A．物体A受到斜面的库仑力一直不变B．物体A受到斜面的支持力先增大后减小C．地面对斜面C的摩擦力先增大后减小D．斜面对A的作用力一直增大【知识点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．B3 B4【答案解析】BD 解析：A、物体A受到的库仑力大小不变，但是方向一直在改变，故A错误；B、对A研究：P对A 的库仑力垂直于斜面方向的分力，先逐渐增大后逐渐减小，当库仑力与斜面垂直时最大，设该分力为F′，根据平衡条件：斜面对A的支持力N=mgcosα+F′，可知N先增大后减小，故B正确；C、以A和C整体为研究对象，分析受力情况如图所示．设P对A的库仑力大小为F，与竖直方向的夹角为θ．根据平衡条件得：f=Fsinθ由于F大小不变，θ减小，则知地面对斜面C的摩擦力逐渐减小．故C错误；D、对A分析，A受力重力、库仑力，斜面对A 的支持力、摩擦力，斜面对物体A 的合力与重力和库伦力的合力平衡，重力与库仑力夹角变小，合力变大，故斜面对A 的作用力变大，故D 正确；故选：BD ．【思路点拨】分析地面对斜面C 的摩擦力可以以A 和C 整体为研究对象，运用平衡条件列式分析；再对A 分析受力，运用共点力平衡条件进行分析支持力的变化．本题首先要灵活选择研究对象，再对物体进行受力分析，运用共点力平衡条件求解．当几个物体的加速度相同时，可以考虑整体法．7.如图所示，物块A 、B 叠放在一起，其总质量为1.0kg ，物块B 被水平方向的弹簧和斜向上的绳拉住，物块B 恰好对地面无压力，若物块B 与地面间的动摩擦因数0.25μ= ，O 是弹簧的原长处，绳与竖直方向的夹角为045 ，某时刻把绳与物块B 连接处剪断，最终物块A 、B 一起向左运动，停在O 点左侧某处，运动中物块A 、B 始终没有相对滑动，则下列说法正确的是（ ）A ．剪断绳的瞬间物块A 、B 的合外力发生变化B ．剪断绳的瞬间物块A 、B 的加速度是27.5/m sC.弹簧恢复原长时，物块A 受的摩擦力向左D.剪断绳后物块A 、B 到达O 点时的速度最大【知识点】共点力的平衡，牛顿第二定律 B4 C2【答案解析】AB 解析： A 、B 剪断细绳前受力平衡，对整体受力分析，受到重力，弹力向左的拉力，细绳向右上的拉力，因为是细绳向右上045 ，所以kx=mg=10N ，剪断后整理合力向左27.5/kx mg a m s mμ-== ，故A 、B 正确；C 、D 当kx mg μ= 时，整体加速度为零，速度最大，然后开始做减速运动，B 对A 的摩擦力方向改变，变为向左，故C 、D 错误故选AB【思路点拨】对整体受力分析，可以得到弹簧弹力与重力关系，然后弹力减去摩擦力提供加速度，注意当弹力等于摩擦力时整体就开始做减速运动，而不是到达原长。
2015届成都二诊物理试题纯word版 含答案
成都市2015届高中毕业班第二次诊断性检测理科综合·物理部分第Ⅰ卷（选择题，42分）1.下列说法正确的是A电磁波是一种横波B.空间有变化的电场(或磁场)存在，一定能形成电磁波C.微波的频率高于可见光D.当物体以接近光速的速度运动时，物体的质量变化才明显，因此牛顿运动定律不仅适用于低速运动，而且适用于高速运动2.如图所示，一束复色光a由空气中斜射到上下表面平行的厚平板玻璃的上表面，穿过玻璃后分为b、c两束平行单色光从下表面射出。
关于这两束单色光，下列说法正确的是A.此玻璃对b光的折射率等于对ｃ光的折射率B.在真空中b光的传播速度等于ｃ光的传播速度C.在此玻璃中b光的全反射临界角大于ｃ光的全反射临界角D.用同一双缝干涉装置进行实验，屏上b光相邻的干涉条纹间距比c光的宽3.质量m=50 kg的某同学站在观光电梯地板上，用速度传感器记录了电梯在一段时间内运动的速度随时间变化情况（以竖直向上为正方向）。
由图像提供的信息可知A.在0～15 s内，观光电梯上升的高度为25 mB.在5～15 s内，电梯地板对人的支持力做了-2500J的功C.在20～25 s与25～35 s内，观光电梯的平均速度大小均为10m/sD.在25～35 s内，观光电梯在减速上升，该同学的加速度大小2m/s24.图甲为一简谐横波在t=0时刻的波形图像，图乙为该横波中x=3 m处质点A的振动图像，则下列说法正确的是A.波的传播方向沿x轴正方向B.波的传播速度大小为1 cm/sC.在t=2. 0 s时刻，图甲中x=4 m处质点B的振动加速度大小为0D.若该波遇到尺寸大小为1m的障碍物或孔时，该波会发生明显的衍射现象5.如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10:1，电压表和电流表均为理想电表。
原线圈所接交流电源的电压随时间变化的关系是220tV2sinuπ100=，副线圈回路中的输电线1ab和cd的总电阻r=2Ω,滑动变阻器的最大阻值R=30Ω，其余输电线电阻忽略不计，则A.理想变压器输出电压的频率是100 HzB.在t=0.O1s，时，电压表V的示数为OVC.在滑动变阻器滑动触头向下滑动的过程中，电流表A 1的示数不变、电流表A Z 的示数变大D.当滑动变阻器接人电路的阻值为R=20Ω时，理想变压器的输人功率为22 W 6.嫦娥三号”于2013年12月2日在中国西昌卫星发射中心由长征三号乙运载火箭送人太空，12月14日成功软着陆于月球雨海西北部，12月15日完成着陆器和巡视器分离，并陆续开展了“观天、看地、测月”，的科学探测和其它预定任务。
四川省成都市第七中学2015届高三零诊模拟物理试题
四川省成都七中2015届高三零诊模拟物理试题第Ⅰ卷选择题（满分共42分）一、单项选择题（本题包括6个小题，每小题3分，共18分）1、以下说法正确的是（）A．奥斯特发现了电流的磁效应和电磁感应现象B．根据麦克斯韦电磁场理论，变化的电场周围一定产生变化的磁场C．电场强度是用比值法定义，因而电场强度与电场力成正比，与试探电荷的电量成反比D．法拉第通过实验发现了在磁场中产生电流的条件2、关于物理原理在技术上的应用，下列说法中正确的是（）A.利用回旋加速器加速粒子时，通过增大半径，可以使粒子的速度超过光速B.激光全息照相是利用了激光相干性好的特性C.用双缝干涉测光波的波长时，若减小双缝间的距离，则同种光波的相邻明条纹间距将减小D.摄影机镜头镀膜增透是利用了光的衍射特性3、一弹簧振子的位移y随时间t变化的关系式为y=0.1sin（2.5πt），位移y的单位为m，时间t的单位为s．则（）A．弹簧振子的振幅为0.2m B．弹簧振子的周期为1.25sC．在t=0.2s时，振子的运动速度为零D．在任意0.2s时间内，振子的位移均为0.1m4、如图所示，直线A为某电源的U－I图线，曲线B为某小灯泡D1的U－I图线的一部分，用该电源和小灯泡D 1组成闭合电路时，灯泡D1恰好能正常发光，则下列说法中正确的是()A．此电源的内阻为2/3 ΩB．灯泡D1的额定电压为3V，功率为6WC．把灯泡D1换成“3V，20W”的灯泡D2，电源的输出功率将变小D．由于小灯泡B的U－I图线是一条曲线，所以灯泡发光过程，欧姆定律不适用5、一列沿x正方向传播的简谐波t=0时刻的波形如图所示，t=0.2s时C点开始振动，则（）A．t=0.15s时，质点B的加速度方向沿y轴负方向B．t=0.3s时，质点B将到达质点C的位置C．t=0到t=0.6s时间内，B质点的平均速度大小为10m/sD．t=0.15s时，质点A的速度方向沿y轴正方向6、一半径为R的半球面均匀带有正电荷Q，电荷Q在球心O处产生物的场强大小E O=，方向如图所示．把半球面分为表面积相等的上、下两部分，如图甲所示，上、下两部分电荷在球心O处产生电场的场强大小分别为E l、E2；把半球面分为表面积相等的左、右两部分，如图乙所示，左、右两部分电荷在球心O处产生电场的场强大小分别为E3、E4．则（）A．E1> B ．E2=C．E3<D．E4=二、不定项选择题（本题包括6个小题，每小题4分，共24分）7、某电场的电场线分布如图所示，电场中有A、B两点，则以下判断正确的是（）A．A点的场强大于B点的场强，B点的电势高于A点的电势B．若将一个电荷由A点移到B点，电荷克服电场力做功，则该电荷一定为负电荷C．一个负电荷处于B点的电势能大于它处于A点的电势能D．若将一个正电荷由A点释放，该电荷将在电场中做加速度减小的加速运动8、固定的半圆形玻璃砖的横截面如图．O点为圆心，OO′为直径MN的垂线．足够大的光屏PQ紧靠玻瑞砖右侧且垂直于MN．由A、B两种单色光组成的一束光沿半径方向射向O点，入射光线与OO′夹角θ较小时，光屏NQ区域出现两个光斑。
四川省成都七中2015届高三理综12月一诊模拟考试试题(扫描版).
四川省成都七中2015届高三理综12月一诊模拟考试试题（扫描版）物理试题参考答案与评分建议二、实验题（8题6分，9题11分，共17分）8、（8分）（1）3.6（2分）（2）D（2分）（3）减小弹簧测力计B的拉力；减小重物的质量；改变弹簧测力计B的拉力的方向（2分）（4）不科学，因为不能验证任意角度下的力的合成满足平行四边形法则（2分）9、（9分）（1）分压（2分）（2）A.电键S不应闭合；（2分）B、滑片P应位于最右端，不应位于左端（2分）（3）如右图（3分）10、（15分）解：（1）加速度大小a=（1-k）v/T------------------------------(5分)（2）末速度为V=kv-a·T/2=（3k-1）v/2---------------------(5分) 所求位移为x=V2/（2a）=（3k-1）2vT/[8（1-k）] ---------(5分)12（3）订正为：过程中：t1=1s XB1=1mt2=1.8sxB2=2.03mxbxB总=3.03m成都七中2015届高三一诊模拟考试理综化学试卷答案9、（10分，每空2分））（1）0.002 mol/（L·min）（2）bd （3）a （4）S2— + H 2O HS— + OH— NaOH固体（合理即可）10、（16分）（1）Zn(NO3)2 (1分) 4Zn+10HNO3=4Zn(NO3)2+N2O↑+ 5H2O （2分）（2）防止生成的Zn(OH)2被溶解（2分）（3）Zn(OH)2 Fe(OH)3（2分）（4）促使Fe3+完全水解（2分）温度越高，水解程度越大（2分）（5）抑制Zn2+水解生成Zn(OH)2 （1分）蒸发皿、酒精灯、铁架台、玻璃棒（4分）成都七中15届高三一诊模拟考试理综生物试卷参考答案9．（12分,除标注外，每空1分）(1) 内侧细胞中的生长素浓度比外侧低敏感性（2）茎芽尖端（2分）（3）促进（2分）（4）细胞长度(体积)（2分）促进细胞伸长(生长)和细胞分裂（2分）（5）有利（2分）10．(11分,每空1分)(1) 高压蒸汽灭菌甘油管藏 (2)稀释涂布平板法涂布不均匀 2000 低于(3) 细胞分裂素母液 (4)果胶(果胶酶和纤维素) 细胞壁分子大小。
四川省成都市第七中学2015届高三第2周周练物理试题 扫描版含答案
15届高三理科1月16日理综测试物理试题答案
9.
（1）V2（2）
（3）（4）
10.
11.（1）
R=0.1m
（2）d=0.1m
（3）粒子在磁场中通过的位移刚好等于磁场区域直径时，其速度方向偏转的角度最大，能打到屏上的点最高，由于R=2r，如图为等边三角形，可判断出粒子在磁场中的运
动轨迹所对圆心角为60°（图上标出圆心角为60°同样给分）
设从L点射出磁场的粒子能打在屏上的N点，LN的反向延长线交PQ于M点，由对称性可知：
联立上式可得：NQ=(3-2)r≈0.16m
当磁场区域转动90°时，粒子刚好没有进入磁场，
沿直线运动打在屏上Q点，
所以粒子能打在屏上Q点以上0.16m范围内。
12.。
四川省成都七中万达学校2015届高三模拟(二)物理试题 Word版含解析[
2015年四川省成都七中万达学校高考物理模拟试卷（二）一、选择题，共7题，每题6分．每题给出的四个选项中，有的只有一个选项、有的有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）下列说法中正确的是（）A．奥斯特最早发现电流周围存在磁场B．伽利略根据实验证实了力是使物体运动的原因C．开普勒发现了万有引力定律D．牛顿第一次通过实验测出了万有引力常量【考点】：物理学史．【分析】：根据物理学史知识、物理学家对物理学的主要贡献，分析解答此题．【解析】：解：A、1820年丹麦物理学家奥斯特第一次发现通电导线周围存在磁场，故A正确．B、伽利略根据实验证实了力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因．故B 错误．C、开普勒发现了行星运动三大定律，牛顿发现了万有引力定律．故C错误．D、卡文迪许第一次通过实验测出了万有引力常量．故D错误．故选A【点评】：本题考查了物理学史方面的知识，学习物理学史不仅能丰富我们的知识，还能激发我们学习物理的兴趣，平时要注意物理学历史知识的学习与积累．2．（6分）如图所示，物体A置于倾斜的传送带上，它能随传送带一起向上或向下做匀速运动，下列关于物体A在上述两种情况下的受力描述，正确的是（）A．物体A随传送带一起向上运动时，A所受的摩擦力沿斜面向下B．物体A随传送带一起向下运动时，A所受的摩擦力沿斜面向下C．物体A随传送带一起向下运动时，A不受摩擦力作用D．无论传送带向上或向下运动，传送带对物体A的作用力均相同【考点】：牛顿第二定律；滑动摩擦力．【专题】：传送带专题．【分析】：物体相对皮带静止，随传送带一起向上或向下做匀速运动，所以物体受力平衡，根据平衡条件来确定物体的受到摩擦力情况．【解析】：解：A、物体相对皮带静止，随传送带一起向上或向下做匀速运动，所以物体受力平衡，在沿斜面方向有：mgsinθ=f，所以无论传送带向上或向下运动，A所受的摩擦力沿斜面向上，故ABC错误；D、对物体受力分析，受到重力和传送带对物体的作用力，所以传送带对物体A的作用力大小等于重力，方向竖直向上，所以无论传送带向上或向下运动，传送带对物体A的作用力均相同，故D正确．故选D【点评】：考查根据物体的运动状态来确定物体的受力情况，同时也可以由受力情况来确定物体的运动状态．3．（6分）如图所示，细线拴一带负电的小球，球处在竖直向下的匀强电场中，使小球在竖直平面内做圆周运动，则（）A．小球不可能做匀速圆周运动B．小球运动到最低点时，球的线速度一定最大C．小球运动到最低点时，电势能一定最大D．当小球运动到最高点时绳的张力一定最小【考点】：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．【专题】：电场力与电势的性质专题．【分析】：带电小球做圆周运动，由重力、线的拉力、电场力三力的合力提供，但三者的大小未知，小球是否做匀速圆周运动以及何时速度最大要具体分析，电势能的大小可由其算式分析【解析】：解：A、重力竖直向下、电场力竖直向上，若使二者相等且保持绳子拉力大小不变，则有可能做匀速圆周运动，故A错误B、重力与电场力大小未知，小球速度最小位置不确定，由受力分析结合牛顿第二定律得知，绳子张力最小位置不确定，故BD错误C、沿电场方向电势逐渐降低，结合小球带负电，故在电势最低处点势能最大，故C正确故选：C【点评】：要能正确分析向心力来源，知道电势分布于电场线之间的关系，明确电势能计算式4．（6分）为了观察门外情况，有人在门上开一小圆孔，将一块圆柱形玻璃嵌入其中，圆柱体轴线与门面垂直．从圆柱底面中心看出去，可以看到的门外入射光线与轴线间的最大夹角称做视场角．已知该玻璃的折射率为n，圆柱长为l，底面半径为r，则现场角是（）A．arcsin B．arcsinC．arcsin D．arcsin【考点】：光的折射定律．【专题】：光的折射专题．【分析】：作出光路图，根据几何知识求出折射角的正弦，再由折射定律求解视场角．【解析】：解：作出光路图如图所示．由几何关系解得sinθ2=由光的折射规律得sinθ1=nsinθ2=所以θ1=arcsin故选B【点评】：对于几何光学问题，正确画出光路图是解答的基础，同时要充分运用几何知识，辅助求解．5．（6分）如图所示电路，电阻R1与电阻R2阻值相同，都为R，和R1并联的D为理想二极管（正向电阻可看作零，反向电阻可看作无穷大），在A、B间加一正弦交流电u=20sin100πt （V），则加在R2上的电压有效值为（）A．10V B．20V C．15V D．5V【考点】：正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【专题】：交流电专题．【分析】：根据电流的热效应，注意二极管的单向导电性，使得半个周期内R1被短路，另半个周期内R1与R2串联，从而即可求解．【解析】：解：因为是交流电所以应该分两种情况考虑：1、当电源在正半轴时A点电位高于B点电位二极管导通即R1被短路，R2电压为电源电压V=20V；2、电源在负半轴时B点电位高于A点电位二极管截止R1，R2串联分压，Q=Q1+Q2，即为：；解得：U=5V；故D正确，ABC错误；故选：D．【点评】：考查交流电的有效值求解，注意正弦交流电的有效值与最大值的关系，同时注意二极管的单向导电性．6．（6分）如图所示为一列沿x轴传播的部分波形图，若该列简谐横波的波速v=20m/s，在t=0时刻，x=13m处的质点处于平衡位置且沿y轴正方向运动，则下列说法正确是（）A．该列简谐波沿x轴负方向传播B．该列简谐横波与另一频率为0.4Hz的同类波叠加能产生稳定的干涉现象C．t=0.65s时，x=9m处的质点的位移为cmD．从t=0时刻开始计时，x=10m处的质点在时间1.3s内的路程大于65cm【考点】：横波的图象；波长、频率和波速的关系．【专题】：振动图像与波动图像专题．【分析】：由图读出波长，求出周期，根据在t=0时刻，x=13m处的质点处于平衡位置且沿y 轴正方向运动判断波的传播方向，并判断t=0.65s时，x=9m处的质点的位移；分析从t=0时刻开始计时，x=10m处的质点在时间1.3s内的路程．【解析】：解：A、在t=0时刻，x=13m处的质点处于平衡位置且沿y轴正方向运动，则简谐波沿x轴正方向传播，故A错误；B、由图知：λ=2（13﹣9）m=8m，则周期T=，故频率为f=，由发生干涉的条件必须频率相等知，B错误；C、时间t=0.65s=1T，相当于T，此时质点P在平衡位置上方，由数学知识知：y=Asin45°=cm．故C正确．D、时间t=1.3s=3，t=0时刻x=10m处的质点从正的最大位移处返回平衡位置，沿速度沿y轴负方向，由简谐运动的特点可得，质点P在1.3s时间内的路程大于13A=65cm．故D正确．故选：CD【点评】：本题关键是根据图象得到波长，求出周期，结合简谐运动的周期性和不匀速但是相对于平衡位置对称的特点求解．7．（6分）如图所示，质量相同的两个带电粒子P、Q以相同的速度沿垂直于电场方向射入两平行板间的匀强电场中，P从两极板正中央射入，Q从下极板边缘处射入，它们最后打在同一点（不计P、Q的重力以及它们间的相互作用），则从开始射入到打到上极板的过程，下列说法中正确的是（）A．它们运动的时间相等B．它们所带的电荷量之比q P：q Q=1：2C．它们的电势能减小量之比△E P：△E Q=1：2D．它们的电场力做功之比W P：W Q=2：1【考点】：带电粒子在匀强电场中的运动；电势能．【专题】：带电粒子在电场中的运动专题．【分析】：两个带电粒子垂直进入电场中做类平抛运动，将它们的运动沿垂直电场方向和平行电场方向进行正交分解，垂直电场方向不受力，做匀速直线运动；平行电场方向受到电场力，做初速度为零的匀加速直线运动，根据运动学公式、牛顿第二定律和功能关系联合列式分析【解析】：解：A、垂直电场方向不受力，做匀速直线运动，位移相等，速度相等，由x=vt得知，运动的时间相等，故A正确；B、根据牛顿第二定律，有：qE=ma…②，由①②两式解得：q=，所以它们所带的电荷量之比q P：q Q=1：2，故B正确；D、根据动能定理，有：qEx=△E k，而：q P：q Q=1：2，x P：x Q=1：2，电场力做功为W P：W Q=1：4，所以动能增加量之比：△E kP：△E kQ=1：4，故CD错误；故选：AB【点评】：本题关键将两个带电粒子的运动垂直电场方向和平行电场方向的分运动，然后结合运动学公式、牛顿运动定律和动能定理列式分析二、非选择题共68分）8．（6分）某同学用实验的方法探究影响单摆周期的因素．①他组装单摆时，在摆线上端的悬点处，用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线，再用铁架台的铁夹将橡皮夹紧，如图1所示．这样做的目的是A（填选项前字母）．A．保证摆动过程中摆长不变，在改变摆长时方便调节摆长B．可使周期测量得更加准确C．保证摆球在同一竖直平面内摆动②他用游标卡尺测量摆球直径，结果如图2所示，则该摆球的直径为12.0mm．③如果他测得的g值偏小，可能的原因是A．（填选项前字母）A．摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了B．测摆线长时摆线拉得过紧C．开始计时，秒表过迟按下D．实验中误将49次全振动数为50次．【考点】：探究单摆的周期与摆长的关系．【专题】：实验题．【分析】：①单摆的摆长在摆动中不能变化．而摆长是影响周期的因素，应该在研究的时候予以改变，看看周期你与摆长的关系；②游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标卡尺，不需估读，摆长等于悬点到球心的距离．③据单摆的周期T=2π，得g=分析误差即可．【解析】：解：①在摆线上端的悬点处，用一块开有狭缝的橡皮夹牢摆线，再用铁架台的铁夹将橡皮夹紧，是为了防止动过程中摆长发生变化，如果需要改变摆长来探究摆长与周期关系时，方便调节摆长，故A正确，BC错误．故选：A．②游标尺的读数规则为：固定刻度（主尺）+可动刻度（游尺），游标卡尺读数时首先以游标零刻度线为准在尺身上读取毫米整数，即12mm，然后看游标上第0条刻度线与尺身的刻度线对齐，即0.0mm，所以游标卡尺示数为d=12.0mm；③据单摆的周期T=2π，得g=，当g值偏小，可能L偏小或T偏大；A、摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了则实验中周期的测量值偏大，所以g的测量值偏小，故A正确；B、摆线拉得过紧，则L的测量值偏大，g的测量值偏大．故B错误；CD、秒表过迟按下，使测得周期偏小；实验中将49次全振动误记为50次，则周期的测量值偏小，g的测量值偏大，故CD错误．故答案为：①A；②12.0；③A．【点评】：掌握单摆的周期公式，从而求解加速度，摆长、周期等物理量之间的关系；摆长要注意是悬点到球心的距离，一般可利用摆线长度加球的半径的方式得到，题目中的方式不是特别常用．9．（11分）某同学要测量一节干电池的电动势和内电阻．实验室除提供开关S和导线外，有以下器材可供选择：电压表：V1（量程3V，内阻R v1=10kΩ）电压表：V2（量程15V，内阻R v2=50kΩ）电流表：G（量程3mA，内阻R g=100Ω）电流表：A（量程3A，内阻约为0.5Ω）滑动变阻器：R1（阻值范围0～10Ω，额定电流2A）R2（阻值范围0～1000Ω，额定电流1A）定值电阻：R3=0.5ΩR4=10Ω①为了能准确地进行测量，同时为了操作方便，实验中电压表应选用V1，滑动变阻器应选用R1（填写器材的符号）．该同学发现所给的两个电流表的量程均不符合要求，他将电流表G进行改装，电流表G应与定值电阻R3并联，改装后的电流表对应的量程是0.603A．②在如图所示的虚线框内，画出该同学实验连线时依据的实验原理图．③电流表G改装后其表盘没有来得及重新刻度，该同学利用上述实验原理测得数据，以电流表G的读数为横坐标，以电压表V的读数为纵坐标绘出了如图所示的图线，根据图线可求出电源的电动势E= 1.48V （结果保留三位有效数字），电源的内阻r=0.85Ω（结果保留两位有效数字）．【考点】：测定电源的电动势和内阻．【专题】：实验题．【分析】：①根据干电池的电动势和滑动变阻器R1，可估算出电路中电流最小值，从而得出合理的电流表；根据并联电路的特点求解改装后的电流表对应的量程；为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器；②由实验中的原理及实验仪器可以选择合理的电路图；③根据电流表G读数与改装后电流表读数的关系，由闭合电路欧姆定律求出电源的电动势和内阻．【解析】：解：①一节干电池的电动势约E=3V，故电压表应选择V1；为方便实验操作，滑动变阻器应选R1，它的阻值范围是0〜10Ω，电路中最小电流约为：I min===0.3A；电流表A的量程是3A，0.3A不到该量程的三分之一，流表量程太大，因此不能用电流表A．为了扩大电流表的量程，应并联一个小电阻；故应与R3并联；改装后电流表量程：I=I g+=0.003+A=0.603A；②由题意可知，电流表用表头进行改装，电压表并联在电源两端；原理图如下图：③由上可知，改装后电流表的量程是电流表G量程的200倍，图象的纵截距b等于电源的电动势，由图读出电源的电动势为：E=1.48V．图线的斜率大小k=r，由数学知识知：k==0.84，则电源的内阻为：r=k=0.84Ω故答案为；①V1、R1、R3；0.603（填0.6或0.60均可）②如图所示③1.48，0.85（0.70﹣0.90之间）【点评】：测量电源的电动势和内电阻的实验，采用改装的方式将表头改装为量程较大的电流表，再根据原实验的研究方法进行分析研究，注意数据处理的方法．这是近年高考新的动向，应注意把握．三、计算题（本题共3个小题，共计51分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）10．（15分）在勇气号火星探测器着陆的最后阶段，着陆器降落到火星表面上，经过多次弹跳才停下来．假设着陆器第一次落到火星表面弹起后，到达最高点时的高度为h，速度方向是水平的，速度大小为v0，求它第二次落到火星表面时速度的大小，计算时不计火星大气的阻力，已知火星的一个卫星的轨道的半径为r，周期为T．火星可视为半径为r0的均匀球体．【考点】：万有引力定律及其应用；牛顿第二定律．【专题】：万有引力定律的应用专题．【分析】：根据万有引力提供圆周运动向心力和火星表面重力与万有引力相等求得火星表面的重力加速度，再根据动能定理求解勇气号第二次落地时的速度大小．【解析】：解：以g'表示火星表面附近的重力加速度，M表示火星的质量，m表示火星的卫星的质量，m'表示火星表面处某一个物体的质量，由万有引力定律和牛顿第二定律得火星表面有：①火星的卫星有：②由②式得：GM=代入①得根据动能定理有：mg解得=答：勇气号第二次落到火星表面时速度的大小为．【点评】：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力和万有引力等于重力这两个理论，并能熟练运用．11．（17分）如图1，电阻不计的足够长的平行光滑金属导轨PX、QY相距L=0.5m，底端连接电阻R=2Ω，导轨平面倾斜角θ=30°，匀强磁场垂直于导轨平面向上，磁感应强度B=1T．质量m=40g、电阻R=0.5Ω的金属棒MN放在导轨上，金属棒通过绝缘细线在电动机牵引下从静止开始运动，经过时间t1=2s通过距离x=1.5m，速度达到最大，这个过程中电压表示数U0=0.8V，电流表实数I0=0.6A，示数稳定，运动过程中金属棒始终与导轨垂直，细线始终与导轨平行且在同一平面内，电动机线圈内阻r0=0.5Ω，g=10m/s2．求：（1）细线对金属棒拉力的功率P多大？（2）从静止开始运动的t1=2s时间内，电阻R上产生的热量Q R是多大？（3）用外力F代替电动机沿细线方向拉金属棒MN，使金属棒保持静止状态，金属棒到导轨下端距离为d=1m．若磁场按照图2规律变化，外力F随着时间t的变化关系式？【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；电功、电功率；焦耳定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：（1）细线对金属棒拉力的功率P等于电动机的输出功率，由题知电压表和电流表的示数稳定，说明电动机的输出功率不变，由输入功率与内电路消耗的功率之差求解电动机的输出功率，从而得解．（2）金属棒先沿导轨向上做加速运动，后做匀速运动，速度达到最大．根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律和安培力公式推导出安培力与速度的关系式，再由平衡条件求出金属棒的最大速度，运用能量守恒定律求解R产生的热量．（3）根据法拉第电磁感应定律、欧姆定律、安培力公式和平衡条件求解F的表达式．【解析】：解：（1）细线对金属棒拉力的功率P等于电动机的输出功率，根据能量转化和守恒，有：P=I0U0﹣I02r0=0.6×0.8﹣0.62×0.5=0.3W（2）当从静止开始运动经过t1=2s时间，金属棒速度达到最大，设此时为v m，金属棒中电动势为E，电流为I1，受到的安培力为F安，细线的拉力为F拉，则F安=BI1L则得：F安=又P=F拉v m金属棒速度最大时做匀速运动，有F拉=mgsinθ+F安联立得：=mgsinθ+将：P=0.3W，m=0.04kg，θ=30°，B=1T，L=0.5m，R=0.5Ω，r=0.5Ω代入上式解得：v m=1m/s 金属棒从静止开始运动到达到最大速度过程中，设整个电路中产生的热量为Q，由能量转化和守恒得：解得：Q R=0.224J；（3）由图可知B′=（0.2+0.4t）设在t时刻，磁场的磁感应强度为B'，金属棒中电动势为E'，电流为I'，受到的安培力为F安′，则B′=（0.2+0.4t）（T）根据法拉第电磁感应定律得：感应电动势E′=Ld，感应电流I′=金属棒所受的安培力F安′=B′I′L根据平衡条件得F=mgsinθ+F安′解得：F=0.016t+0.208 （N）答：（1）细线对金属棒拉力的功率P为0.3W．（2）从静止开始运动的t1=2s时间内，电阻R上产生的热量Q R是0.224J．（3）外力F随着时间t的变化关系式为F=0.016t+0.208 （N）．【点评】：本题对综合应用电路知识、电磁感应知识和数学知识的能力要求较高，要正确分析金属棒的受力情况和运动情况，明确能量是如何转化的，熟练推导安培力与速度的关系式，运用力学的基本规律求解电磁感应问题．12．（19分）某放置在真空中的装置如图甲所示，水平放置的平行金属板A、B中间开有小孔，小孔的连线与竖直放置的平行金属板C、D的中心线重合．在C、D的下方有如图所示的、范围足够大的匀强磁场，磁场的理想上边界与金属板C、D下端重合，其磁感应强度随时间变化的图象如图乙所示，图乙中的B0为已知，但其变化周期T0未知．已知金属板A、B之间的电势差为U AB=+U0，金属板C、D的长度均为L，间距为L．质量为m、电荷量为q的带正电粒子P（初速度不计、重力不计）进入A、B两板之间被加速后，再进入C、D两板之间被偏转，恰能从D极下边缘射出．忽略偏转电场的边界效应．（1）求金属板C、D之间的电势差U CD．（2）求粒子离开偏转电场时速度的大小和方向．（3）规定垂直纸面向里的磁场方向为正方向，在图乙中t=0时刻该粒子进入磁场，并在t1=T0时刻粒子的速度方向恰好水平，求磁场的变化周期T0和该粒子从射入磁场到离开磁场的总时间t总．【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；动能定理的应用；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】：带电粒子在电场中的运动专题．【分析】：（1）粒子在电场中加速、偏转，应用动能定理与类平抛运动规律求出电势差．（2）粒子在偏转磁场中做类平抛运动，应用动能定理与速度的分解可以求出粒子的速度．（3）分析清楚粒子运动过程，根据粒子的周期公式与运动过程求出粒子的运动时间．【解析】：解：（1）粒子在电场中加速，由动能定理得：qU0=mv02﹣0，解得：v0=，粒子在偏转电场中做类平抛运动，由牛顿第二定律得：q=ma，L=v0t •L=at2，解得：U cd=U0；（2）粒子在偏转电场中，由动能定理得：q=mv2﹣mv02，解得：v=，粒子由k离开电场时的偏转角为θ，由平行四边形定则得：v0=vcosθ，解得：θ=30°；（3）粒子在磁场中做圆周运动的周期：T=，粒子从k进入磁场沿逆时针方向运动，由“在t1=T0时刻粒子的速度方向恰好水平”可知：运动轨迹对应的圆心角θ=60°，t1=T=T，则T=T0，解得：T0=，由图乙所示可知，粒子经过e点时，磁场方向相反，t2=内粒子沿顺时针方向运动半周到达f 点，此时磁场再反向，粒子在t3=T内沿逆时针方向运动到g点，然后在t4=内运动到h点，接着在t5=内运动到i点，最后经t6=从j点离开磁场，粒子运动的总时间：t总=t1+t2+t3+t4+t5+t6=，t总=；答：（1）金属板C、D之间的电势差U CD为U0；（2）粒子离开偏转电场时速度的大小为：，方向：与初速度方向成30°．（3）磁场的变化周期T0和为，该粒子从射入磁场到离开磁场的总时间t总为．【点评】：本题考查了粒子在电场与磁场中的运动，分析清楚粒子运动过程，应用动能定理、类平抛运动规律、粒子做圆周运动的周期公式即可正确解题，作出粒子运动轨迹是正确解题的关键．。